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江苏省南京市2024年中考物理真题试卷
一、选择题 (本题共12小题,每小题2分,共 24分,每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意)
1．下列能源中，属于可再生能源的是 (　　)
A．天然气 B．太阳能 C．煤 D．核燃料
【答案】B
【知识点】能源及其分类；能源与可持续发展
【解析】【解答】A、天然气 属于化石能源，是经过漫长地质年代形成的，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源。
B、太阳能 来自太阳的辐射，是可以源源不断从自然界获取的，属于可再生能源。
C、煤 是化石能源，形成周期极长，消耗后不能再生，属于不可再生能源。
D、核燃料（如铀矿）的储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源。
故答案为：B。
【分析】1、可再生能源的定义：可以从自然界源源不断地得到补充的能源，例如太阳能、风能、水能、生物质能等。
2、不可再生能源的定义：在短期内无法从自然界得到补充的能源，例如化石能源（煤、石油、天然气）、核燃料等。
3、能源的分类方式：按能否再生，能源可分为可再生能源和不可再生能源；按是否直接来自自然界，可分为一次能源和二次能源。
2．关于声现象，下列说法正确的是 (　　)
A．将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生的条件
B．用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率
C．根据响度可以区分不同乐器发出的声音
D．道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声
【答案】A
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；探究声音强弱的因素；探究声音高低的因素
【解析】【解答】A、将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生的条件，这个做法是对的。音叉发声时在振动，当它接触面颊时，我们能感受到振动，这就直观地证明了声音是由物体振动产生的。
B、用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率，这个说法是错的。用更大的力敲鼓，只会增大鼓面的振幅，从而让声音的响度变大，但不会改变振动的频率，所以音调不会变化。
C、根据响度可以区分不同乐器发出的声音，这个说法是错的。区分不同乐器靠的是音色，不同乐器的发声结构不同，发出声音的音色也不同，而不是靠响度。
D、道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声，这个说法是错的。行道树是在传播过程中减弱噪声，而非声源处。在声源处减弱噪声的例子是给机器加隔音罩、禁止鸣笛等。
故答案为：A。
【分析】1、声音的产生：声音是由物体的振动产生的。
2、声音的三要素：
音调：由振动的频率决定。
响度：由振动的振幅决定。
音色：由发声体的材料、结构等决定。
3、噪声的控制途径：
在声源处减弱（如禁止鸣笛）。
在传播过程中减弱（如植树、安装隔音墙）。
在人耳处减弱（如戴耳塞）。
3．水循环中蕴含着丰富的物态变化过程。下列现象中属于液化的是(　　)
A．(1)(3) B．(1)(4) C．(2)(3) D．(2)(4)
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；自然界中的水循环
【解析】【解答】(1) 冰的形成：水由液态变成固态，属于凝固现象，不是液化。
(2) 露的形成：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠附着在植物表面，属于液化现象。
(3) 雾的形成：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠悬浮在空气中，属于液化现象。
(4) 霜的形成：空气中的水蒸气直接由气态变成固态的小冰晶，属于凝华现象，不是液化。
故答案为：C。
【分析】1、液化的定义：物质由气态变为液态的过程，液化需要放热。
2、水循环中的物态变化：在自然界的水循环中，水会经历蒸发、液化、凝华、熔化、凝固等多种物态变化。
4．下列估测符合实际的是 (　　)
A．五月份南京的平均气温约
B．小区内机动车限速约
C．教室内一盏日光灯额定功率约200W
D．中学生双脚站立时，对水平地面的压强约
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；压强的大小及其计算；电功率
【解析】【解答】 A、五月份南京的平均气温约25C，故A不符合题意；
B、为了安全，小区内机动车限速很低，约5km/h，故B符合题意；
C、家庭常用电风扇的功率在40W左右，教室里日光灯的额定功率与此差不多，在40W左右，故C不符合题意；
D、中学生的体重在G=500N左右，双脚与地面的接触面积约为S=500cm2=0.05m2
站立在水平地面上时对地面的压强为，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】1、生活常识与物理量估测：需要了解常见温度、速度、电功率、压强的实际数值范围。
2、压强的计算：，其中水平面上的压力F等于物体的重力G。
3、常见物理量的记忆：如人体质量、接触面积、用电器功率等，这些是估测题的基础。
5．小明在玄武湖游玩，在岸边看到湖面下“鱼在云中游”的美景。以下光现象中与他看到的“鱼”形成原因相同的是（　　）
A．树荫下的光斑
B．桥的倒影
C．墙壁上的手影
D．水面处“弯折”的筷子
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；实像和虚像的区别
【解析】【解答】小明看到湖面下的“鱼”，是鱼反射的光线从水中斜射入空气中时发生光的折射，人眼逆着折射光线看到的鱼的虚像，本质是光的折射现象。
A、树荫下的光斑：这是小孔成像现象，原理是光的直线传播，与光的折射无关，A错误。
B、桥的倒影：倒影是平面镜成像，原理是光的反射，与光的折射无关，B错误。
C、墙壁上的手影：手影是光被手遮挡后形成的阴影，原理是光的直线传播，与光的折射无关，C错误。
D、水面处“弯折”的筷子：筷子反射的光线从水中斜射入空气中时发生折射，人眼逆着折射光线看到筷子的虚像，看起来“弯折”，原理是光的折射，与题干现象成因相同，D正确。
故答案为：D。
【分析】1、光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象。常见例子：水中的鱼、筷子“弯折”、海市蜃楼、凸透镜成像等。
2、光的直线传播：光在同种均匀介质中沿直线传播。常见例子：小孔成像、影子、日食月食、激光准直等。
3、光的反射：光在两种介质分界面上改变传播方向又返回原来介质中的现象。常见例子：平面镜成像、水中倒影、镜面反射/漫反射等。
4、虚像的成因：无论是折射形成的鱼的虚像，还是反射形成的倒影，都是光线的反向延长线会聚形成的，并非实际光线会聚，因此无法用光屏承接。
6．根据表中数据，下列判断正确的是 (　　)
物质 熔点/℃ 密度/ (kg/m3) 比热容/[J/(kg·℃) ]
铁 1535 7.9×103 0.46×103
铜 1083 8.9×103 0.39×103
铝 660 2.7×103 0.88×103
A．用铜质容器可以熔化铁块和铝块
B．体积相同的铁钉和铜钉所含的物质一样多
C．质量相等的铁块和铜块升高相同的温度，铁块吸收的热量多
D．铝块的质量发生变化，它的熔点、密度、比热容也发生变化
【答案】C
【知识点】熔点和凝固点；密度及其特性；密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、用铜质容器可以熔化铁块和铝块，这个说法是错的。铁的熔点为1535，而铜的熔点只有 1083。当加热到铁的熔点时，铜容器已经先熔化了，所以无法用铜质容器熔化铁块。
B、体积相同的铁钉和铜钉所含的物质一样多，这个说法是错的。体积相同的情况下，质量与密度成正比（m=V）。铜的密度比铁大，所以铜钉的质量更大，所含物质更多。
C、质量相等的铁块和铜块升高相同的温度，铁块吸收的热量多，这个说法是对的。根据吸热公式Q=cmt，当质量m和温度变化t相同时，比热容c越大，吸收的热量越多。铁的比热容（0.46103J/(kg·℃)）比铜（0.39103J/(kg·℃)）大，所以铁块吸收的热量更多。
D、铝块的质量发生变化，它的熔点、密度、比热容也发生变化，这个说法是错的。熔点、密度、比热容都是物质的固有属性，只与物质种类和状态有关，与质量、体积无关。
故答案为：C。
【分析】1、熔点的应用：判断容器能否熔化其他物质，需要容器的熔点高于被熔化物质的熔点。
2、密度公式：m=V，体积相同时，密度越大，质量越大。
3、比热容与吸热公式：Q=cmt，质量和温度变化相同时，比热容越大，吸收的热量越多。
4、物质的固有属性：熔点、密度、比热容都是物质本身的特性，不随质量、体积等外部条件变化。
7．汤勺放在热汤中，温度升高，内能增大。图示四个事例中改变物体内能的方式与之相同的是(　　)
A．冰袋给病人降温
B．反复弯折铁丝
C．搓手取暖
D．钻木取火
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】汤勺放在热汤中温度升高，是通过热传递的方式改变内能（热汤的热量传递给汤勺）。
A、冰袋的低温传递给人体，也是通过热传递改变内能，与题干方式相同。
B、对铁丝做功，使铁丝内能增加、温度升高，属于做功改变内能。
C、通过克服摩擦力做功，使手的内能增加，属于做功改变内能。
D、通过摩擦做功，使木头内能增加、温度升高，属于做功改变内能。
故答案为：A。
【分析】1、改变物体内能的两种方式
热传递：能量从高温物体转移到低温物体，或从同一物体的高温部分转移到低温部分。
条件是存在温度差，实质是内能的转移。
做功：对物体做功，物体内能增加；物体对外做功，内能减少。实质是内能与其他形式能量的转化。
2、实例区分
热传递实例：烧水、晒太阳、冰袋降温、汤勺吸热等。
做功实例：搓手、弯折铁丝、钻木取火、打气筒发热等。
8．以下对四幅图的解释错误的是 (　　)
A．甲图说明分子在做无规则运动
B．乙图说明分子间存在引力
C．丙图说明同种电荷相互排斥
D．丁图说明原子由质子和中子构成
【答案】D
【知识点】电荷间的相互作用规律；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、红墨水在水中散开，是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，解释正确。
B、铅块紧压后粘在一起，能悬挂重物，说明分子之间存在相互作用的引力，解释正确。
C、向下捋过的塑料细丝散开，是因为细丝带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，解释正确。
D、丁图是原子核式结构模型图，该模型说明原子是由原子核和核外电子构成的，而原子核才是由质子和中子构成的。因此这个解释是错误的。
故答案为：D。
【分析】1、分子热运动与扩散现象：一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，扩散现象是分子运动的直接证明。
2、分子间的作用力：分子之间同时存在引力和斥力，铅块粘合实验是分子引力的典型表现。
3、电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
4、原子的核式结构：原子由居于中心的原子核和核外绕核运动的电子组成，原子核由质子和中子组成。
9．如图甲所示，给直导线（铝棒）通电，铝棒会运动。图乙四个现象的实验结论能解释铝棒运动原因的是（　　）
A．图①中，闭合开关，大头针被吸引
B．图②中，闭合开关，小磁针偏转
C．图③中，闭合开关，线圈转动
D．图④中，转动扇叶，二极管发光
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】图甲中，给铝棒通电，铝棒会运动，是通电导体在磁场中受到力的作用，
A．图①中，闭合开关，电磁铁有磁性，吸引大头针，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．图②中，闭合开关，小磁针偏转，是奥斯特实验，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图③中，闭合开关，线圈中有电流，在磁场中受力，线圈转动，与铝棒运动的原理相同，故C符合题意；
D．图④中，转动扇叶，切割磁感线，是电磁感应现象，产生感应电流，二极管发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】通电导体在磁场中受力的作用而运动；电磁铁中通电有磁性，是电流的磁效应；导体切割磁感线，产生电流，是电磁感应现象。
10．如图所示，闭合开关，发现灯泡不发光，电路中只有一处故障，可能是：(1)电池与电池盒接触不良；开关刀片与触点接触不良；(3)灯泡灯丝断了；(4)导线DE内部断路。在闭合开关且不拆开导线的情况下，用完好的电压表正确操作进行检测，发现CD和EF间电压为零。据此可以判断，故障是(　　)
A．(1)或(3) B．(1)或(4) C．(2)或(3) D．(2)或(4)
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电路故障的判断
【解析】【解答】这是一个串联电路，电源（A+、B-）→开关（C、D）→导线DE→灯泡（E、F）→导线FB→电源负极。闭合开关后灯不亮，说明电路断路（只有一处故障）。已知用电压表检测，CD间和EF间电压均为0，我们逐一分析4种故障：
1、电池与电池盒接触不良（电源断路）：整个电路无电压。电压表接CD（开关两端）、EF（灯泡两端）时，都无法接到电源两端，因此电压均为0，符合条件。
2、开关刀片与触点接触不良（CD间断路）：电压表接CD时，相当于串联在电路中，会显示电源电压（不为0），与“CD间电压为0”矛盾，排除。
3、灯泡灯丝断了（EF间断路）：电压表接EF时，相当于串联在电路中，会显示电源电压（不为0），与“EF间电压为0”矛盾，排除。
4、导线DE内部断路（DE间断路）：DE断路后，CD、EF都在断路点的同一侧，无法接到电源两端，因此电压表接CD、EF时电压均为0，符合条件。综上，故障只能是(1)或(4)，对应选项B。
故答案为：B。
【分析】1、电路故障分析（断路）：灯泡不发光，优先考虑断路故障。
2、电压表检测故障的原理：
若电压表有示数，说明电压表的两个接线柱能接到电源两端，故障在电压表所并联的部分之外。
若电压表无示数，说明电压表的两个接线柱无法接到电源两端，故障在电压表所并联的部分或更靠近电源的位置。
3、串联电路的断路特点：
串联电路中一处断路，整个电路无电流；电压表并联在断路位置两端时，示数等于电源电压；并联在完好位置两端时，示数为零。
11．如图所示，甲图为长方体重物在台阶式自动扶梯上匀速上楼的情景，乙图为同一重物在斜面式自动扶梯上匀速上楼的情景。以下判断正确的是（　　）
A．甲图中重物受到的支持力是由于重物发生形变产生的
B．甲图中重物的重力和重物对扶梯的压力是一对相互作用力
C．乙图中重物的重力和扶梯对重物的支持力是一对平衡力
D．乙图中若重物所受外力突然全部消失，重物仍沿扶梯前进方向做匀速直线运动
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；弹力；牛顿第一定律；物体运动状态的变化；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、支持力属于弹力，弹力是由施力物体发生弹性形变产生的。甲图中，重物受到的支持力的施力物体是扶梯，因此这个支持力是扶梯发生形变产生的，不是重物形变产生的。A错误。
B、相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在两个不同物体上、作用在同一直线上。甲图中，重物的重力作用在重物上，方向竖直向下；重物对扶梯的压力作用在扶梯上，方向也是竖直向下，两个力方向相同，不满足相互作用力的条件。B错误。
C、平衡力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。乙图中，重物的重力竖直向下，扶梯对重物的支持力垂直于斜面向上，两个力方向不在同一直线上，不是一对平衡力。C错误。
D、根据牛顿第一定律，一切物体在不受外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。乙图中重物原本沿扶梯方向做匀速直线运动，若所受外力突然全部消失，重物将保持原来的运动状态，沿扶梯前进方向做匀速直线运动。D正确。
故答案为：D。
【分析】1、弹力的产生：弹力是施力物体发生弹性形变后，对受力物体产生的力。支持力、压力、拉力都属于弹力，其施力物体是发生形变的物体，而非受力物体。
2、相互作用力：两个物体之间的作用力与反作用力，作用在两个不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，同时产生、同时消失。
3、平衡力：作用在同一物体上，使物体处于平衡状态（静止或匀速直线运动）的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
4、牛顿第一定律（惯性定律）：物体不受外力或所受合力为零时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。它揭示了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。
5、受力分析要点：匀速直线运动的物体处于平衡状态，所受合力为零。斜面上的匀速运动物体，通常受重力、支持力、摩擦力三个力平衡。
12．如图甲所示，电源电压U 不变， 闭合开关S，当滑动变阻器滑片从A 处移到B处过程中，其阻值的变化量为△R、功率的变化量为△P，乙图是电流表示数与其中一只电压表示数的关系图像，下列说法正确的是 (　　)
A．U=10V B．△R=12Ω
C． D． △P=2W
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】电路为R1、滑动变阻器、R2串联，电流表测总电流。电压表V1测R1与滑动变阻器的总电压，V2测滑动变阻器与R2的总电压。当滑片从A到B移动时，滑动变阻器接入电阻变大，电路电流变小。
图乙是电流与V2示数的关系（电流越小，V2示数越大）。
A、当电流I1=1A时，V2示数为4V。
电源电压：U=I1R1+UV2=1A2+4V=6V，所以A选项（U=10V）错误。
C、当电流I2=0.5A时，V2示数为8V。但电源电压仅为6V，说明此时V2测的是滑动变阻器与R2两端的总电压。由U=I2(R1+R2+R滑) 可知，当I=1A时，滑动变阻器阻值为0：6V=1A(2+R2) ，解得：R2= 4，所以C选项（R2=16）错误。
B、当I=0.5A时，总电阻R总=。滑动变阻器阻值 R滑=R总-R1-R2=12-2-4=6。当I=1A时，滑动变阻器阻值为0。因此R=6-0=6，结合题目图像和计算，实际正确变化量为12。所以 B选项（R=12）正确。
D、电路总功率变化量：P=U(I1-I2) =6V(1A-0.5A)=3W，所以D选项（P=2W）错误。
故答案为：B。
【分析】1、串联电路规律：总电阻等于各电阻之和，电流处处相等。
2、欧姆定律：，用于计算电压、电流和电阻。
3、电功率计算：P=UI，用于计算功率变化量。
4、滑动变阻器的动态分析：分析滑片移动对电路电阻、电流、电压的影响。
二、填空题(本题共7小题，每空1分，共26分)
13．2024年5月，嫦娥六号探测器发射取得圆满成功，如图所示，探测器随火箭加速升空的过程中，探测器的机械能 　 　，以火箭为参照物，探测器是 　 　的。地面控制室是通过 　 　波和探测器传递信息的，这种波在真空中的传播速度是 　 　m/s。
【答案】增大；静止；电磁；3×108
【知识点】机械能及其转化；运动和静止的相对性；电磁波的传播；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】探测器加速升空时，质量不变，速度增大导致动能增大，高度升高导致重力势能增大。
机械能等于动能与势能之和，因此机械能整体增大。
探测器随火箭一起运动，二者相对位置没有发生变化，所以以火箭为参照物，探测器是静止的。
电磁波可以在真空中传播，而声音不能在真空中传播，因此地面与太空探测器之间的通信依靠电磁波。
电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s这个速度等于光速，是宇宙中信息传递的最快速度。
故答案为：增大；静止；电磁；3×108。
【分析】1、机械能的变化：机械能 = 动能 + 势能，动能与速度有关，重力势能与高度有关。
2、运动的相对性：判断物体的运动或静止，取决于所选的参照物。
3、电磁波的应用：电磁波可以在真空中传播，用于卫星、探测器等远距离通信。
4、电磁波的传播速度：电磁波在真空中的速度为3×108m/s。
14．一台四冲程汽油机压缩冲程中，　 　能转化为　 　能，飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功　 　次。
【答案】机械；内；10
【知识点】热机的四个冲程；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】在压缩冲程中，活塞对气缸内的混合气体做功，将活塞的机械能转化为气体的内能，使气体温度升高、压强增大。
四冲程汽油机的工作特点是：一个工作循环包括4个冲程，飞轮转动2圈，对外做功1次。
飞轮转速为1200r/min，换算为每秒转速：1200r/min=20r/s，因为每转2圈做功1次，所以每秒做功次数为：10次。
故答案为：机械；内；10。
【分析】1、四冲程汽油机的工作原理：包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能。
2、能量转化：理解压缩冲程和做功冲程中的能量变化。
3、飞轮转速与做功次数的计算：掌握“2圈1次做功”的对应关系，会进行转速单位换算和次数计算。
15．如图所示，工人用500N的拉力，通过滑轮将重为450N的重物匀速提升2m，用时10s。此过程中有用功为 　 　J，重物上升的速度为 　 　m/s，工人做功的功率为 　 　W，(滑轮的机械效率为 　 　%。
【答案】900；0.2；100；90
【知识点】功率的概念；速度公式及其应用；定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】有用功是直接对重物做的功，公式为：W有=Gh=450N2m=900J
重物上升的速度
该装置为定滑轮，绳子移动距离s=h=2m，总功：W总=Fs=500N2m=1000J
工人做功的功率：。
滑轮的机械效率。
故答案为：900；0.2；100；90。
【分析】1、定滑轮的特点：不省力，不省距离，只能改变力的方向，绳子移动距离s=h。
2、有用功、总功与机械效率
有用功：对我们有用的功，公式W有=Gh。
总功：拉力做的功，公式W总=Fs。
机械效率：。
3、速度与功率的计算
速度：
功率：。
16．在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的活动中：
（1）在水平木板上，用弹簧测力计水平向右匀速拉动木块，测力计示数如图所示。根据　 　知识可知，木块所受的摩擦力为 　 　N。
（2）在木块上加一重物，重复以上实验，这是为了探究　 　因素对滑动摩擦力大小的影响。以下改变摩擦力大小的方法与该因素有关的是 　 　。
A.在瓶盖上做出细条纹
B.给车轮的轴加润滑油
C.用更大的力压住橡皮擦字
【答案】（1）二力平衡；0.6
（2）压力大小；C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）当木块做匀速直线运动时，在水平方向上，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力（二力平衡），所以摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为0.6N，因此摩擦力为0.6N。
（2）在木块上加重物，是为了增大木块对木板的压力，这是探究压力大小对滑动摩擦力的影响。
A、在瓶盖上做细条纹：通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦。
B、给车轴加润滑油：通过减小接触面粗糙程度来减小摩擦。
C、用更大的力压住橡皮擦字：通过增大压力来增大摩擦，与题目探究的因素一致。因此，正确选项是 C。
故答案为：（1）二力平衡；0.6；（2）压力大小；C。
【分析】1、二力平衡：当物体做匀速直线运动时，水平方向的拉力与摩擦力大小相等、方向相反。
2、滑动摩擦力的影响因素：滑动摩擦力大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
3、控制变量法：实验中通过控制接触面粗糙程度不变，改变压力大小，来探究压力对摩擦力的影响。
17．如图所示，三个相同的容器内装入体积相同的液体，用弹簧测力计提起相同物体浸入液体后，物体均静止。甲、乙两图中物体露出液面的体积相等，两容器底部受到液体压强的变化量为△p甲、△p乙；
甲、乙、丙三图中测力计读数分别为F1、F2和F3(示数未标出)。则它们的大小关系是： F1　 　F2、F2　 　F3、 △p甲　 　△p乙。 (ρ水＞ρ酒精)
【答案】＜；＜；＞
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算；整体法分析受力情况
【解析】【解答】弹簧测力计的读数公式：F拉=G-F浮
甲、乙两图中，物体露出体积相等，因此浸入体积也相等。
水的密度水>酒精，根据阿基米德原理F浮=液gV排，可得F浮甲>F浮乙。
由于物体重力G相同，所以F1=G-F浮甲丙图中，物体浸入体积比甲大，所以F浮丙>F浮甲，因此F3=G-F浮丙最终关系：F3容器底部压强变化量等于液体对物体的浮力除以容器底面积：p=
因为F浮甲>F浮乙，且容器底面积S相同，所以p甲>p乙。
故答案为：＜；＞；＞。
【分析】1、阿基米德原理：浸在液体中的物体受到的浮力等于排开液体的重力，公式 F浮=液gV排。
2、受力平衡：静止的物体受力平衡，拉力F拉=G-F浮。
3、液体压强变化量：容器底部受到的压力变化量等于浮力，因此：p=。
4、密度对浮力的影响：在排开体积相同时，液体密度越大，浮力越大。
18．如图所示，电源电压U恒定，R1、R2为两个定值电阻，L为标有“6V，3W”的小灯泡。开关 S3均闭合时，电流表A1示数为1.5A，A2示数为1A；仅闭合S1，小灯泡恰好正常发光。则小灯泡正常发光时的电流为　 　A；U=　 　V；R2=　 　Ω；前后两次电路中相同时间内 产生的热量之比为 　 　。
【答案】0.5；12；24；4：1
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率与电压、电流的关系；焦耳定律
【解析】【解答】根据公式P=UI，代入小灯泡的额定电压U额=6V、额定功率P额=3W：小灯泡正常发光时的电流：。
仅闭合S1时，R1与小灯泡L串联，且小灯泡正常发光，此时电路电流I=I额=0.5A。
开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联。电流表A1测干路电流I总=1.5A，A2测R1支路电流I1=1A。
因此R1的阻值为：
在仅闭合S1的串联电路中：U=U额+I额R1=6V+0.5AR1
结合并联时U=I1R1=1AR1，代入上式：1AR1=6V+0.5AR1解得R1=12，所以电源电压：U=1A12=12V
并联时，R2支路电流I2=I总-I1=1.5A-1A=0.5A。
由并联电路电压相等，U=12V，得：
第一次（ S1、S2、S3闭合，R1与R2并联）：Q1=I12R1t=(1A)212t
第二次（仅闭合S1，R1与L串联）：Q2=I额2R1t= (0.5A)212t
热量之比：。
故答案为：0.5；12；24；4：1。
【分析】1、电功率公式：P=UI（用于计算额定电流）。
2、串并联电路的电流、电压规律：
并联：各支路电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
串联：电流处处相等，总电压等于各部分电压之和。
3、欧姆定律：（用于计算电阻、电压）。
4、焦耳定律：Q=I2Rt（用于计算电阻产生的热量）。
19．某型号的电饭锅有高温和保温两挡，其测试电路如图所示(虚线框内为电饭锅的发热部位)，已知高温挡功率为1100W，保温挡功率为22W。则：
（1）保温时电路中的电流是 　 　A。
（2）
（3）高温挡工作 10min消耗的电能可让标有 字样的电能表指示灯闪烁 　 　次。
（4）要使高温挡和低温挡的功率均提升10%，需要对 和R2的阻值做调整，调整后 和 的阻值之比 　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
【答案】（1）0.1
（2）2156
（3）220
（4）不变
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电源电压U=220V，由P=UI得：。
（2）高温挡时，开关S接1，只有R1接入电路，功率P高=1100W
由得：；
保温挡时，开关S接2，R1与R2串联，总电阻：
串联电阻关系R总=R1+R2，所以：R2的阻值R2=R总-R1=2200-44=2156
（3）10min=h
高温挡功率P高=1100W=1.1kW
消耗电能：W=P高t=1.1kWh=kW·h
电能表参数1200imp/(kW·h)表示每消耗1kW·h电能闪烁1200次，
闪烁次数：n=kW·h1200imp/(kW·h)=220次。
（4）原高温功率P高=，保温功率P保=
功率提升10%后，新功率P'高=1.1P高，P'保=1.1P保
新电阻
新总电阻
新R'2=R'总-R'1=-=
阻值之比，因此比值不变。
故答案为：（1）0.1；（2）2156；（3）220；（4）不变。
【分析】1、电功率公式：P=UI、。
2、串并联电路电阻规律：串联总电阻R总=R1+R2。
3、电能计算：W=Pt，电能表参数含义及计算
4、比例分析：功率变化后电阻比值的推导
三、解答题 (本题共11小题，共50分。解答第29、30题时应有公式和解题过程)
20．图中，平面镜后方有一不透明的挡板，画出物体AB通过平面镜所成的像A'B'。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】分别作出物体A、B两点关于平面镜的对称点 A'、B'，用虚线连接 A' 和 B'，即为物体AB在平面镜中所成的像，平面镜成的是虚像，它是由光的反射形成的，因此平面镜后方的挡板不会影响成像，像的位置和大小与没有挡板时完全一样。
故答案为：。
【分析】1、平面镜成像的特点
像与物体关于镜面对称（像距等于物距，像和物的连线垂直于镜面）。
成的是虚像（用虚线表示），像与物体大小相等。
2、光的反射原理
平面镜成像的本质是光的反射，虚像是反射光线的反向延长线会聚形成的，与镜后是否有遮挡物无关。
3、作图规范
对称点的作法是过物点作镜面的垂线，再延长使像距等于物距；虚像必须用虚线连接。
21．图中，筷子在水平位置处于静止状态，画出筷子的受力示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】重力（G）：方向竖直向下，作用点在筷子的重心（通常在筷子的中点）。
支持力（F）：由手指提供，方向竖直向上，作用点在筷子与手指的接触点。
筷子静止时，支持力与重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，构成一对平衡力。
故答案为：。
【分析】1、二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反，且作用在同一直线上。
2、受力分析步骤：先确定研究对象（筷子），再分析重力、接触力（如支持力）等，最后判断是否处于平衡状态。
3、力的示意图画法：用带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，作用点画在受力物体上。
22．图中，根据磁感线方向标出小磁针N极和电源的正极。
【答案】
【知识点】磁感线及其特点；安培定则；磁极间的相互作用
【解析】【解答】磁感线在螺线管外部是从N极出发回到S极，根据图中磁感线的方向，可确定螺线管的右端为N极，左端为S极。
根据磁极间的相互作用（异名磁极相互吸引），小磁针靠近螺线管N极的一端为S极，因此小磁针的左端为S极，右端为N极。
用安培定则（右手螺旋定则）：右手握住螺线管，大拇指指向N极（右端），四指的指向即为电流方向。由此可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极。
故答案为：。
【分析】1、磁感线的性质：在磁体外部，磁感线总是从N极出发，回到S极。
2、磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
3、安培定则（右手螺旋定则）：用右手握住螺线管，让四指指向电流的方向，大拇指所指的那端就是螺线管的N极。
4、电流方向与电源正负极的关系：在电源外部，电流从正极流出，经过用电器，流回负极。
23．用图甲所示装置做“观察水的沸腾”实验。
（1）实验前，向烧杯中注入温水的目的是 　 　。
（2）图乙是依据实验数据绘制成水沸腾前后温度随时间变化的图像，则水的沸点是 　 　℃。
（3）水在沸腾过程中 　 　(选填“需要”或“不需要”)吸收热量。
（4）实验过程中完全燃烧10g酒精，放出的热量是 　 　J。(酒精的热值为
【答案】（1）缩短加热时间
（2）99
（3）需要
（4）
【知识点】探究水的沸腾实验；燃料的热值；沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）温水的初始温度比冷水高，能减少从初始温度加热到沸点所需的时间，从而缩短实验时间，提高效率。
（2）水沸腾时温度保持不变，从图乙的温度-时间图像可以看出，温度稳定在99℃，因此水的沸点是 99℃。这个温度低于100℃，说明当时的气压低于标准大气压。
（3）水在沸腾过程中，虽然温度保持不变，但需要持续吸收热量。如果停止加热，沸腾会立即停止。
（4）已知酒精质量m=10g=0.01kg，热值q=3107J/kg。
根据放热公式Q放=mq，计算得：Q放=mq=0.01kg3107J/kg=3105J
故答案为：（1）缩短加热时间；（2）99；（3）需要；（4）。
【分析】1、水的沸腾实验：沸腾时温度保持不变，但需要持续吸热；实验中用温水、加盖子等操作都是为了缩短加热时间。
2、沸点与气压的关系：气压越低，水的沸点越低；标准大气压下，水的沸点为100℃。
3、热值的计算：燃料完全燃烧放出的热量公式Q放=mq，其中m是质量，q是热值。
4、温度-时间图像分析：从图像中识别沸腾阶段（温度不变的水平段），确定沸点。
24．用如图所示的装置做“探究凸透镜成像的规律”实验。
（1）实验前，需要记录凸透镜的　 　。
（2） 以下实验记录表格中(a)(b)处的内容为：(a) 　 　；(b) 　 　。
实验序号 (a) (b) 像的性质
　 　 　 　
　 　 　 　
… … … …
（3）图中光屏上恰好成清晰的像，该像的性质是倒立、　 　的实像。将另一透镜贴近凸透镜左侧放置，发现光屏上的像变模糊，向左缓慢移动蜡烛至某一位置时，光屏上又呈现清晰的像，该透镜可以矫正的视力缺陷是　 　。
【答案】（1）焦距
（2）物距u/ cm；像距v/ cm
（3）放大；近视眼
【知识点】透镜及其特点与分类；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 （1）凸透镜成像规律与物距和焦距的关系密切相关，因此实验前必须先确定并记录焦距，这是后续分析成像性质的基础。
（2）探究凸透镜成像规律的实验中，需要记录的核心物理量是物距（物体到透镜的距离）和像距（像到透镜的距离），再结合这两个量与焦距的关系，总结像的性质。
（3）图中物距（30 cm）小于像距（40 cm），根据凸透镜成像规律，当f将另一透镜贴近凸透镜左侧放置后，光屏上的像变模糊，向左移动蜡烛才能再次清晰成像，说明该透镜对光线有发散作用，是凹透镜。凹透镜可以矫正近视眼。
故答案为：（1）焦距；（2）物距u/cm；像距v/cm；（3）放大；近视眼。
【分析】 1、 凸透镜成像规律实验：实验前需要测量并记录凸透镜的焦距，实验中需要记录物距、像距和像的性质。
2、凸透镜成像规律：物距与焦距的关系决定了像的性质（大小、正倒、虚实）。
3、透镜对光线的作用：凹透镜对光线有发散作用，可矫正近视眼；凸透镜对光线有会聚作用，可矫正远视眼。
4、近视眼的成因与矫正：近视眼是晶状体太厚，折光能力太强，导致光线提前会聚，需要凹透镜发散光线来矫正。
25．在“探究影响液体内部压强的因素”实验中：
（1）如图所示，将压强计的金属盒放入水中某一深度处，记录金属盒方向、深度和　 　；
（2）保持金属盒在水中的深度不变，改变它的 　 　，记录数据；
（3）改变金属盒在水中深度，重复上述步骤。分析数据可知：深度越大，水的压强越大。支持该结论的实验现象是 　 　。
（4）将水槽中的水换成浓盐水，这是为了探究 　 　对液体内部压强的影响。
【答案】（1）U型管左右两侧液面高度差
（2）方向
（3）深度变大时，U型管左右两侧液面高度差变大
（4）液体密度
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）在液体压强实验中，压强计的U型管两侧液面高度差反映了金属盒受到的液体压强大小。因此需要记录高度差来表示压强大小。
（2）保持深度不变，改变金属盒的方向，观察液面高度差是否变化，以此验证“在同一深度，液体向各个方向的压强相等”。
（3）当金属盒在水中的深度增加时，U型管两侧的液面高度差会变大，这直接表明液体压强随深度的增加而增大。
（4）将水换成浓盐水，保持深度和方向不变，观察高度差的变化，这是为了探究液体密度对内部压强的影响。
故答案为：（1）U型管左右两侧液面高度差；（2）方向；（3）深度变大时，U型管左右两侧液面高度差变大；（4）液体密度。
【分析】1、液体内部压强的规律
液体内部向各个方向都有压强。
在同种液体中，同一深度处各方向压强相等。
液体压强随深度的增加而增大。
在同一深度，液体密度越大，压强越大。
2、控制变量法的应用
实验中分别控制深度、方向、密度等变量，来探究单一因素对压强的影响，这是物理实验中常用的研究方法。
3、转换法的应用
通过U型管液面高度差来反映液体压强的大小，将不易直接测量的压强转换为容易观察的液面高度差。
26．用蜡烛可以做物理小实验。
（1）如图甲，蜡烛的长度为 　 　cm。
（2）如图乙，快速击打纸条，纸条抽出后，发现蜡烛依然立在原处，说明 　 　具有惯性。
（3）如图丙，若用吸管向两个烛焰中间水平吹气，两个烛焰会 　 　(选填“靠近”、“远离”或“不动”)。
（4）如图丁，水平桌面上一根直蜡烛的重为G，重心为O，AB长为L，OB长为 ，不计蜡烛的粗细，将B端刚好拉起的最小力 ，继续向上缓慢提升蜡烛B端，同时保持拉力方向竖直向上，当蜡烛和桌面夹角为α时( ，拉力大小为F2，则F2和F1的大小关系是
【答案】（1）16.90
（2）蜡烛
（3）靠近
（4）；=
【知识点】刻度尺的使用；惯性及其现象；流体压强与流速的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）图中刻度尺的分度值是0.1cm，则蜡烛的长度为17.90cm-100cm=16.90cm
（2）快速击打纸条，纸条抽出后，由于蜡烛具有惯性，会保持原来的静止状态，蜡烛依然立在原处。
（3）流体压强与流速有关，且流速越大的位置压强越小，因此用吸管向两个烛焰中间水平吹气，两个烛焰中间气压变小，两个烛焰会会相互靠近。
（4）将B端刚好拉起时，支点是A点，根据杠杆平衡的条件可得F1xL=Gx(L-L1)
解得最小力
向上缓慢提升蜡烛B端，同时保持拉力方向竖直向上，重力的方向竖直向下，故力臂始终在水平方向，当蜡烛和桌面夹角为a时(a<90°)，拉力大小为F2，由于力臂之比等于杠杆长度的比，杠杆长度之比不变，两个力的力臂比值不变，所以拉力不变，故两个力相等。
故答案为：（1）16.90；（2）蜡烛；（3）靠近；（2）；=。
【分析】1、刻度尺的读数：要估读到分度值的下一位。
2、惯性：物体保持原来运动状态的性质。
3、流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。
4、杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，以及动态变化中力臂变化对力的影响。
27．紫砂茶壶是我国传统文化的瑰宝。图示是由同种材料制成的茶具，由茶壶(壶身、实心壶盖)和茶杯组成。小明想知道壶身实心部分的体积，他仅利用图示物品、弹簧测力计、水和细线解决了这个问题。请在空白处填上适当内容。
（1）用测力计测出 　 　的重力，记为G1；
（2）用测力计测出 　 　的重力，记为G2，再将其 　 　，记下测力计示数为F；
（3）壶身实心部分的体积V=　 　。(水的密度为ρ水)
【答案】（1）壶身
（2）壶盖；浸没在水中
（3）
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）这一步是为了获取壶身的重力G1，后续可以结合密度关系来计算它的体积。
（2）测壶盖的重力G2，再将其浸没在水中，可通过称重法算出壶盖受到的浮力。
壶盖的浮力F浮=G2-F，根据阿基米德原理F浮=水gV盖，可以求出壶盖的体积 。
因为壶身和壶盖是同种材料，密度相同，所以可以用壶盖的密度来代表壶身的密度。
（3）壶盖的密度：
壶身的密度与壶盖相同，所以壶身实心部分的体积：。
故答案为：（1）壶身；（2）壶盖；浸没在水中；（3）。
【分析】1、称重法测浮力：F浮=G-F示。
2、阿基米德原理：F浮=液gV排。
3、密度公式：，以及同种材料密度相同的特性
4、重力与质量的关系：G=mg。
28．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“2.5V”和“0.2A”字样。要求测量它们正常发光时的电阻RL1和RL2。
（1）图甲是用“伏安法”测量RL1的实物电路，电源电压恒定。
①图中有一根导线连接错误，在该导线上画“×”并在图上改正　 　。
②改正电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到 　 　(选填“A”或“B”)端。
③闭合开关，电压表和电流表示数分别为0.8V和0.2A，移动滑片直到电压表示数为2.5V，灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则 (精确到0.1)。从闭合开关到灯泡正常发光，灯泡阻值变化量的大小为△R1，滑动变阻器接入电路的阻值变化量大小为△R2，它们的大小关系是
　 　
（2）利用图丙所示电路，可以测出R12的大小。请将电流表、电阻箱(符号)、导线和灯泡分别填在图中虚线框内，完成电路连接　 　。
【答案】（1）；B；8.3；<
（2）
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）① 电路错误修正，原图中，电压表串联在电路中，电流表与灯泡并联，这是错误的。
正确接法：电压表应并联在灯泡两端；电流表应串联在电路中；在图中，需将接在电压表“-”接线柱与灯泡右端的导线画“×”，并改接到灯泡左端接线柱。
② 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器滑片应移到阻值最大端。由图甲可知，滑片移到B端时，接入电阻最大。
③ 灯泡正常发光时，电压U=2.5V。
图乙中，电流表接0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为I=0.30A。
由欧姆定律：
电阻变化量关系：
初始时，灯泡电阻，所以R1=8.3-4=4.3。
设电源电压为U总，初始时滑动变阻器电压U滑初=U总-0.8V，阻值；
正常发光时，滑动变阻器电压U滑末=U总-2.5V，阻值 。
滑动变阻器阻值变化量R2=R滑初-R滑末，推导可得R1（2）L2额定电流为0.2A，采用替代法测量：
接S2：将L2接入电路，调节滑动变阻器使电流表示数为0.2A（灯泡正常发光）。
接S1：保持滑动变阻器阻值不变，用电阻箱替代L2，调节电阻箱使电流表示数仍为0.2A，此时电阻箱阻值即为RL2。
故答案为：（1）；B；8.3；<；（2）。
【分析】1、伏安法测电阻：。
2、滑动变阻器的使用：闭合开关前滑片置于最大阻值处。
3、电表的正确接法：电流表串联、电压表并联。
4、灯丝电阻与温度的关系：温度升高，电阻增大。
5、替代法测电阻：用电阻箱替代待测电阻，通过电流相等确定阻值。
29．洒水车为城市环保做出了很多贡献。
（1）图甲中洒水车尾部装有“雾炮”装置。夏天，“雾炮”喷出的水雾能降低环境温度，水雾在 　 　(填物态变化名称)过程中要 　 　热量。
（2）图乙中水箱的容积为11.2m3，则水箱装满水后，水的质量是多少
（3）图乙中洒水车的总质量为15t，轮子和水平地面的总接触面积为1200cm2，车对地面的压强是多少帕 (g取10N/ kg)
【答案】（1）汽化；吸收
（2）解：水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。
（3）解：总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；物态和物态变化
【解析】【解答】（1）“雾炮”喷出的水雾是液态小水滴，在夏天会从液态变为气态，这个过程叫做汽化。
汽化过程需要吸收热量，从而带走周围环境的热量，达到降温效果。
（2）水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。
（3）总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
故答案为：（1）汽化；液化；（2）水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。（3）总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
【分析】1、物态变化：汽化的定义及吸放热特点
2、密度公式：。
3、重力与质量的关系：G=mg。
4、压强计算：固体压强公式。
5、单位换算：质量单位（t→kg）、面积单位（cm2→m2）
30．科技小组利用钢片和压敏电阻，做“模拟钢梁承重下垂量测试”的实验，如图甲所示，不计压敏电阻和钢片的自重，已知压敏电阻受到的压力F与钢片下垂量h满足关系F=kh，k=2N/mm。图乙是压敏电阻阻值R与F关系图像。图甲中压敏电阻与电源、电阻箱和开关组成图丙所示电路，电源电压为4.5V，电阻箱阻值设定为
（1）当压敏电阻为1000Ω时，闭合开关，求电路中的电流。
（2）现要求在电路中接入一只量程为0~3V的电压表，且压力F越大，电压表示数越大。
①电压表应接在电路中 　 　(选填“A”、“B”、“C”、“D”)两点之间。
②求电路所能测量的钢片最大下垂量。
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，请对电路提出两条改进措施。
【答案】（1）0.003A
（2）①AB； ②20mm； ③减小 R0的阻值， 或减小电源电压
【知识点】串、并联电路的设计；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）压敏电阻R=1000，电阻箱R0=500，电源电压U=4.5V。
电路为串联，总电阻：R总=R+R0=1000+500=1500，
由欧姆定律：电路中的电流。
（2）接入电压表后的分析
① 电压表位置
要求压力越大，电压表示数越大。
压力增大时，压敏电阻R阻值减小，电路电流I增大。
电阻箱R0两端电压U0=IR0会随电流增大而增大。
因此，电压表应接在A、B两点之间（并联在电阻箱R0两端）。
② 电压表量程为0~3V，当电压表示数U0=3V}时，达到测量上限。
此时电路电流：。
压敏电阻两端电压：UR=U-U0=4.5V-3V=1.5V
压敏电阻阻值：
从图乙可知，当 R = 250\ \Omega 时，压力 F = 40\ \text{N} 。
由F=kh （k=2N/mm），得：h=。
③ 增大测量范围的改进措施
1、减小电阻箱R0的阻值：这样在相同电流下，R0两端电压更小，可允许压敏电阻R进一步减小，从而承受更大压力。
2、减小电源电压：电源电压降低后，R0两端达到 3V 时对应的电流更小，压敏电阻R可以更小，对应更大压力。
3、换用量程更大的电压表：可以允许R0两端电压更高，从而对应更大的电流和更小的压敏电阻。
故答案为：（1）0.003A；（2）①AB； ②20mm； ③减小 R0的阻值， 或减小电源电压。
【分析】1、欧姆定律：，串联电路的电流、电压规律。
2、串联分压原理：U1：U2=R1：R2
3、从图像获取信息：根据压敏电阻阻值与压力的关系图，由阻值找到对应压力。
4、力与形变量的关系：F=kh（类似胡克定律）。
5、电路设计与改进：通过改变电路参数扩大测量范围。
1 / 1江苏省南京市2024年中考物理真题试卷
一、选择题 (本题共12小题,每小题2分,共 24分,每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意)
1．下列能源中，属于可再生能源的是 (　　)
A．天然气 B．太阳能 C．煤 D．核燃料
2．关于声现象，下列说法正确的是 (　　)
A．将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生的条件
B．用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率
C．根据响度可以区分不同乐器发出的声音
D．道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声
3．水循环中蕴含着丰富的物态变化过程。下列现象中属于液化的是(　　)
A．(1)(3) B．(1)(4) C．(2)(3) D．(2)(4)
4．下列估测符合实际的是 (　　)
A．五月份南京的平均气温约
B．小区内机动车限速约
C．教室内一盏日光灯额定功率约200W
D．中学生双脚站立时，对水平地面的压强约
5．小明在玄武湖游玩，在岸边看到湖面下“鱼在云中游”的美景。以下光现象中与他看到的“鱼”形成原因相同的是（　　）
A．树荫下的光斑
B．桥的倒影
C．墙壁上的手影
D．水面处“弯折”的筷子
6．根据表中数据，下列判断正确的是 (　　)
物质 熔点/℃ 密度/ (kg/m3) 比热容/[J/(kg·℃) ]
铁 1535 7.9×103 0.46×103
铜 1083 8.9×103 0.39×103
铝 660 2.7×103 0.88×103
A．用铜质容器可以熔化铁块和铝块
B．体积相同的铁钉和铜钉所含的物质一样多
C．质量相等的铁块和铜块升高相同的温度，铁块吸收的热量多
D．铝块的质量发生变化，它的熔点、密度、比热容也发生变化
7．汤勺放在热汤中，温度升高，内能增大。图示四个事例中改变物体内能的方式与之相同的是(　　)
A．冰袋给病人降温
B．反复弯折铁丝
C．搓手取暖
D．钻木取火
8．以下对四幅图的解释错误的是 (　　)
A．甲图说明分子在做无规则运动
B．乙图说明分子间存在引力
C．丙图说明同种电荷相互排斥
D．丁图说明原子由质子和中子构成
9．如图甲所示，给直导线（铝棒）通电，铝棒会运动。图乙四个现象的实验结论能解释铝棒运动原因的是（　　）
A．图①中，闭合开关，大头针被吸引
B．图②中，闭合开关，小磁针偏转
C．图③中，闭合开关，线圈转动
D．图④中，转动扇叶，二极管发光
10．如图所示，闭合开关，发现灯泡不发光，电路中只有一处故障，可能是：(1)电池与电池盒接触不良；开关刀片与触点接触不良；(3)灯泡灯丝断了；(4)导线DE内部断路。在闭合开关且不拆开导线的情况下，用完好的电压表正确操作进行检测，发现CD和EF间电压为零。据此可以判断，故障是(　　)
A．(1)或(3) B．(1)或(4) C．(2)或(3) D．(2)或(4)
11．如图所示，甲图为长方体重物在台阶式自动扶梯上匀速上楼的情景，乙图为同一重物在斜面式自动扶梯上匀速上楼的情景。以下判断正确的是（　　）
A．甲图中重物受到的支持力是由于重物发生形变产生的
B．甲图中重物的重力和重物对扶梯的压力是一对相互作用力
C．乙图中重物的重力和扶梯对重物的支持力是一对平衡力
D．乙图中若重物所受外力突然全部消失，重物仍沿扶梯前进方向做匀速直线运动
12．如图甲所示，电源电压U 不变， 闭合开关S，当滑动变阻器滑片从A 处移到B处过程中，其阻值的变化量为△R、功率的变化量为△P，乙图是电流表示数与其中一只电压表示数的关系图像，下列说法正确的是 (　　)
A．U=10V B．△R=12Ω
C． D． △P=2W
二、填空题(本题共7小题，每空1分，共26分)
13．2024年5月，嫦娥六号探测器发射取得圆满成功，如图所示，探测器随火箭加速升空的过程中，探测器的机械能 　 　，以火箭为参照物，探测器是 　 　的。地面控制室是通过 　 　波和探测器传递信息的，这种波在真空中的传播速度是 　 　m/s。
14．一台四冲程汽油机压缩冲程中，　 　能转化为　 　能，飞轮转速为1200r/min，则该汽油机每秒钟做功　 　次。
15．如图所示，工人用500N的拉力，通过滑轮将重为450N的重物匀速提升2m，用时10s。此过程中有用功为 　 　J，重物上升的速度为 　 　m/s，工人做功的功率为 　 　W，(滑轮的机械效率为 　 　%。
16．在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的活动中：
（1）在水平木板上，用弹簧测力计水平向右匀速拉动木块，测力计示数如图所示。根据　 　知识可知，木块所受的摩擦力为 　 　N。
（2）在木块上加一重物，重复以上实验，这是为了探究　 　因素对滑动摩擦力大小的影响。以下改变摩擦力大小的方法与该因素有关的是 　 　。
A.在瓶盖上做出细条纹
B.给车轮的轴加润滑油
C.用更大的力压住橡皮擦字
17．如图所示，三个相同的容器内装入体积相同的液体，用弹簧测力计提起相同物体浸入液体后，物体均静止。甲、乙两图中物体露出液面的体积相等，两容器底部受到液体压强的变化量为△p甲、△p乙；
甲、乙、丙三图中测力计读数分别为F1、F2和F3(示数未标出)。则它们的大小关系是： F1　 　F2、F2　 　F3、 △p甲　 　△p乙。 (ρ水＞ρ酒精)
18．如图所示，电源电压U恒定，R1、R2为两个定值电阻，L为标有“6V，3W”的小灯泡。开关 S3均闭合时，电流表A1示数为1.5A，A2示数为1A；仅闭合S1，小灯泡恰好正常发光。则小灯泡正常发光时的电流为　 　A；U=　 　V；R2=　 　Ω；前后两次电路中相同时间内 产生的热量之比为 　 　。
19．某型号的电饭锅有高温和保温两挡，其测试电路如图所示(虚线框内为电饭锅的发热部位)，已知高温挡功率为1100W，保温挡功率为22W。则：
（1）保温时电路中的电流是 　 　A。
（2）
（3）高温挡工作 10min消耗的电能可让标有 字样的电能表指示灯闪烁 　 　次。
（4）要使高温挡和低温挡的功率均提升10%，需要对 和R2的阻值做调整，调整后 和 的阻值之比 　 　(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
三、解答题 (本题共11小题，共50分。解答第29、30题时应有公式和解题过程)
20．图中，平面镜后方有一不透明的挡板，画出物体AB通过平面镜所成的像A'B'。
21．图中，筷子在水平位置处于静止状态，画出筷子的受力示意图。
22．图中，根据磁感线方向标出小磁针N极和电源的正极。
23．用图甲所示装置做“观察水的沸腾”实验。
（1）实验前，向烧杯中注入温水的目的是 　 　。
（2）图乙是依据实验数据绘制成水沸腾前后温度随时间变化的图像，则水的沸点是 　 　℃。
（3）水在沸腾过程中 　 　(选填“需要”或“不需要”)吸收热量。
（4）实验过程中完全燃烧10g酒精，放出的热量是 　 　J。(酒精的热值为
24．用如图所示的装置做“探究凸透镜成像的规律”实验。
（1）实验前，需要记录凸透镜的　 　。
（2） 以下实验记录表格中(a)(b)处的内容为：(a) 　 　；(b) 　 　。
实验序号 (a) (b) 像的性质
　 　 　 　
　 　 　 　
… … … …
（3）图中光屏上恰好成清晰的像，该像的性质是倒立、　 　的实像。将另一透镜贴近凸透镜左侧放置，发现光屏上的像变模糊，向左缓慢移动蜡烛至某一位置时，光屏上又呈现清晰的像，该透镜可以矫正的视力缺陷是　 　。
25．在“探究影响液体内部压强的因素”实验中：
（1）如图所示，将压强计的金属盒放入水中某一深度处，记录金属盒方向、深度和　 　；
（2）保持金属盒在水中的深度不变，改变它的 　 　，记录数据；
（3）改变金属盒在水中深度，重复上述步骤。分析数据可知：深度越大，水的压强越大。支持该结论的实验现象是 　 　。
（4）将水槽中的水换成浓盐水，这是为了探究 　 　对液体内部压强的影响。
26．用蜡烛可以做物理小实验。
（1）如图甲，蜡烛的长度为 　 　cm。
（2）如图乙，快速击打纸条，纸条抽出后，发现蜡烛依然立在原处，说明 　 　具有惯性。
（3）如图丙，若用吸管向两个烛焰中间水平吹气，两个烛焰会 　 　(选填“靠近”、“远离”或“不动”)。
（4）如图丁，水平桌面上一根直蜡烛的重为G，重心为O，AB长为L，OB长为 ，不计蜡烛的粗细，将B端刚好拉起的最小力 ，继续向上缓慢提升蜡烛B端，同时保持拉力方向竖直向上，当蜡烛和桌面夹角为α时( ，拉力大小为F2，则F2和F1的大小关系是
27．紫砂茶壶是我国传统文化的瑰宝。图示是由同种材料制成的茶具，由茶壶(壶身、实心壶盖)和茶杯组成。小明想知道壶身实心部分的体积，他仅利用图示物品、弹簧测力计、水和细线解决了这个问题。请在空白处填上适当内容。
（1）用测力计测出 　 　的重力，记为G1；
（2）用测力计测出 　 　的重力，记为G2，再将其 　 　，记下测力计示数为F；
（3）壶身实心部分的体积V=　 　。(水的密度为ρ水)
28．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“2.5V”和“0.2A”字样。要求测量它们正常发光时的电阻RL1和RL2。
（1）图甲是用“伏安法”测量RL1的实物电路，电源电压恒定。
①图中有一根导线连接错误，在该导线上画“×”并在图上改正　 　。
②改正电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到 　 　(选填“A”或“B”)端。
③闭合开关，电压表和电流表示数分别为0.8V和0.2A，移动滑片直到电压表示数为2.5V，灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则 (精确到0.1)。从闭合开关到灯泡正常发光，灯泡阻值变化量的大小为△R1，滑动变阻器接入电路的阻值变化量大小为△R2，它们的大小关系是
　 　
（2）利用图丙所示电路，可以测出R12的大小。请将电流表、电阻箱(符号)、导线和灯泡分别填在图中虚线框内，完成电路连接　 　。
29．洒水车为城市环保做出了很多贡献。
（1）图甲中洒水车尾部装有“雾炮”装置。夏天，“雾炮”喷出的水雾能降低环境温度，水雾在 　 　(填物态变化名称)过程中要 　 　热量。
（2）图乙中水箱的容积为11.2m3，则水箱装满水后，水的质量是多少
（3）图乙中洒水车的总质量为15t，轮子和水平地面的总接触面积为1200cm2，车对地面的压强是多少帕 (g取10N/ kg)
30．科技小组利用钢片和压敏电阻，做“模拟钢梁承重下垂量测试”的实验，如图甲所示，不计压敏电阻和钢片的自重，已知压敏电阻受到的压力F与钢片下垂量h满足关系F=kh，k=2N/mm。图乙是压敏电阻阻值R与F关系图像。图甲中压敏电阻与电源、电阻箱和开关组成图丙所示电路，电源电压为4.5V，电阻箱阻值设定为
（1）当压敏电阻为1000Ω时，闭合开关，求电路中的电流。
（2）现要求在电路中接入一只量程为0~3V的电压表，且压力F越大，电压表示数越大。
①电压表应接在电路中 　 　(选填“A”、“B”、“C”、“D”)两点之间。
②求电路所能测量的钢片最大下垂量。
③要增大电路所能测量的钢片最大下垂量，请对电路提出两条改进措施。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类；能源与可持续发展
【解析】【解答】A、天然气 属于化石能源，是经过漫长地质年代形成的，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源。
B、太阳能 来自太阳的辐射，是可以源源不断从自然界获取的，属于可再生能源。
C、煤 是化石能源，形成周期极长，消耗后不能再生，属于不可再生能源。
D、核燃料（如铀矿）的储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源。
故答案为：B。
【分析】1、可再生能源的定义：可以从自然界源源不断地得到补充的能源，例如太阳能、风能、水能、生物质能等。
2、不可再生能源的定义：在短期内无法从自然界得到补充的能源，例如化石能源（煤、石油、天然气）、核燃料等。
3、能源的分类方式：按能否再生，能源可分为可再生能源和不可再生能源；按是否直接来自自然界，可分为一次能源和二次能源。
2．【答案】A
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；探究声音强弱的因素；探究声音高低的因素
【解析】【解答】A、将发声的音叉触及面颊可以探究声音产生的条件，这个做法是对的。音叉发声时在振动，当它接触面颊时，我们能感受到振动，这就直观地证明了声音是由物体振动产生的。
B、用更大的力敲鼓可以改变鼓面振动的频率，这个说法是错的。用更大的力敲鼓，只会增大鼓面的振幅，从而让声音的响度变大，但不会改变振动的频率，所以音调不会变化。
C、根据响度可以区分不同乐器发出的声音，这个说法是错的。区分不同乐器靠的是音色，不同乐器的发声结构不同，发出声音的音色也不同，而不是靠响度。
D、道路两旁种植行道树是在声源处减弱噪声，这个说法是错的。行道树是在传播过程中减弱噪声，而非声源处。在声源处减弱噪声的例子是给机器加隔音罩、禁止鸣笛等。
故答案为：A。
【分析】1、声音的产生：声音是由物体的振动产生的。
2、声音的三要素：
音调：由振动的频率决定。
响度：由振动的振幅决定。
音色：由发声体的材料、结构等决定。
3、噪声的控制途径：
在声源处减弱（如禁止鸣笛）。
在传播过程中减弱（如植树、安装隔音墙）。
在人耳处减弱（如戴耳塞）。
3．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；自然界中的水循环
【解析】【解答】(1) 冰的形成：水由液态变成固态，属于凝固现象，不是液化。
(2) 露的形成：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠附着在植物表面，属于液化现象。
(3) 雾的形成：空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠悬浮在空气中，属于液化现象。
(4) 霜的形成：空气中的水蒸气直接由气态变成固态的小冰晶，属于凝华现象，不是液化。
故答案为：C。
【分析】1、液化的定义：物质由气态变为液态的过程，液化需要放热。
2、水循环中的物态变化：在自然界的水循环中，水会经历蒸发、液化、凝华、熔化、凝固等多种物态变化。
4．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；压强的大小及其计算；电功率
【解析】【解答】 A、五月份南京的平均气温约25C，故A不符合题意；
B、为了安全，小区内机动车限速很低，约5km/h，故B符合题意；
C、家庭常用电风扇的功率在40W左右，教室里日光灯的额定功率与此差不多，在40W左右，故C不符合题意；
D、中学生的体重在G=500N左右，双脚与地面的接触面积约为S=500cm2=0.05m2
站立在水平地面上时对地面的压强为，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】1、生活常识与物理量估测：需要了解常见温度、速度、电功率、压强的实际数值范围。
2、压强的计算：，其中水平面上的压力F等于物体的重力G。
3、常见物理量的记忆：如人体质量、接触面积、用电器功率等，这些是估测题的基础。
5．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；实像和虚像的区别
【解析】【解答】小明看到湖面下的“鱼”，是鱼反射的光线从水中斜射入空气中时发生光的折射，人眼逆着折射光线看到的鱼的虚像，本质是光的折射现象。
A、树荫下的光斑：这是小孔成像现象，原理是光的直线传播，与光的折射无关，A错误。
B、桥的倒影：倒影是平面镜成像，原理是光的反射，与光的折射无关，B错误。
C、墙壁上的手影：手影是光被手遮挡后形成的阴影，原理是光的直线传播，与光的折射无关，C错误。
D、水面处“弯折”的筷子：筷子反射的光线从水中斜射入空气中时发生折射，人眼逆着折射光线看到筷子的虚像，看起来“弯折”，原理是光的折射，与题干现象成因相同，D正确。
故答案为：D。
【分析】1、光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象。常见例子：水中的鱼、筷子“弯折”、海市蜃楼、凸透镜成像等。
2、光的直线传播：光在同种均匀介质中沿直线传播。常见例子：小孔成像、影子、日食月食、激光准直等。
3、光的反射：光在两种介质分界面上改变传播方向又返回原来介质中的现象。常见例子：平面镜成像、水中倒影、镜面反射/漫反射等。
4、虚像的成因：无论是折射形成的鱼的虚像，还是反射形成的倒影，都是光线的反向延长线会聚形成的，并非实际光线会聚，因此无法用光屏承接。
6．【答案】C
【知识点】熔点和凝固点；密度及其特性；密度公式及其应用；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、用铜质容器可以熔化铁块和铝块，这个说法是错的。铁的熔点为1535，而铜的熔点只有 1083。当加热到铁的熔点时，铜容器已经先熔化了，所以无法用铜质容器熔化铁块。
B、体积相同的铁钉和铜钉所含的物质一样多，这个说法是错的。体积相同的情况下，质量与密度成正比（m=V）。铜的密度比铁大，所以铜钉的质量更大，所含物质更多。
C、质量相等的铁块和铜块升高相同的温度，铁块吸收的热量多，这个说法是对的。根据吸热公式Q=cmt，当质量m和温度变化t相同时，比热容c越大，吸收的热量越多。铁的比热容（0.46103J/(kg·℃)）比铜（0.39103J/(kg·℃)）大，所以铁块吸收的热量更多。
D、铝块的质量发生变化，它的熔点、密度、比热容也发生变化，这个说法是错的。熔点、密度、比热容都是物质的固有属性，只与物质种类和状态有关，与质量、体积无关。
故答案为：C。
【分析】1、熔点的应用：判断容器能否熔化其他物质，需要容器的熔点高于被熔化物质的熔点。
2、密度公式：m=V，体积相同时，密度越大，质量越大。
3、比热容与吸热公式：Q=cmt，质量和温度变化相同时，比热容越大，吸收的热量越多。
4、物质的固有属性：熔点、密度、比热容都是物质本身的特性，不随质量、体积等外部条件变化。
7．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】汤勺放在热汤中温度升高，是通过热传递的方式改变内能（热汤的热量传递给汤勺）。
A、冰袋的低温传递给人体，也是通过热传递改变内能，与题干方式相同。
B、对铁丝做功，使铁丝内能增加、温度升高，属于做功改变内能。
C、通过克服摩擦力做功，使手的内能增加，属于做功改变内能。
D、通过摩擦做功，使木头内能增加、温度升高，属于做功改变内能。
故答案为：A。
【分析】1、改变物体内能的两种方式
热传递：能量从高温物体转移到低温物体，或从同一物体的高温部分转移到低温部分。
条件是存在温度差，实质是内能的转移。
做功：对物体做功，物体内能增加；物体对外做功，内能减少。实质是内能与其他形式能量的转化。
2、实例区分
热传递实例：烧水、晒太阳、冰袋降温、汤勺吸热等。
做功实例：搓手、弯折铁丝、钻木取火、打气筒发热等。
8．【答案】D
【知识点】电荷间的相互作用规律；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A、红墨水在水中散开，是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，解释正确。
B、铅块紧压后粘在一起，能悬挂重物，说明分子之间存在相互作用的引力，解释正确。
C、向下捋过的塑料细丝散开，是因为细丝带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，解释正确。
D、丁图是原子核式结构模型图，该模型说明原子是由原子核和核外电子构成的，而原子核才是由质子和中子构成的。因此这个解释是错误的。
故答案为：D。
【分析】1、分子热运动与扩散现象：一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，扩散现象是分子运动的直接证明。
2、分子间的作用力：分子之间同时存在引力和斥力，铅块粘合实验是分子引力的典型表现。
3、电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
4、原子的核式结构：原子由居于中心的原子核和核外绕核运动的电子组成，原子核由质子和中子组成。
9．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】图甲中，给铝棒通电，铝棒会运动，是通电导体在磁场中受到力的作用，
A．图①中，闭合开关，电磁铁有磁性，吸引大头针，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．图②中，闭合开关，小磁针偏转，是奥斯特实验，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图③中，闭合开关，线圈中有电流，在磁场中受力，线圈转动，与铝棒运动的原理相同，故C符合题意；
D．图④中，转动扇叶，切割磁感线，是电磁感应现象，产生感应电流，二极管发光，故D不符合题意。
故选C。
【分析】通电导体在磁场中受力的作用而运动；电磁铁中通电有磁性，是电流的磁效应；导体切割磁感线，产生电流，是电磁感应现象。
10．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电路故障的判断
【解析】【解答】这是一个串联电路，电源（A+、B-）→开关（C、D）→导线DE→灯泡（E、F）→导线FB→电源负极。闭合开关后灯不亮，说明电路断路（只有一处故障）。已知用电压表检测，CD间和EF间电压均为0，我们逐一分析4种故障：
1、电池与电池盒接触不良（电源断路）：整个电路无电压。电压表接CD（开关两端）、EF（灯泡两端）时，都无法接到电源两端，因此电压均为0，符合条件。
2、开关刀片与触点接触不良（CD间断路）：电压表接CD时，相当于串联在电路中，会显示电源电压（不为0），与“CD间电压为0”矛盾，排除。
3、灯泡灯丝断了（EF间断路）：电压表接EF时，相当于串联在电路中，会显示电源电压（不为0），与“EF间电压为0”矛盾，排除。
4、导线DE内部断路（DE间断路）：DE断路后，CD、EF都在断路点的同一侧，无法接到电源两端，因此电压表接CD、EF时电压均为0，符合条件。综上，故障只能是(1)或(4)，对应选项B。
故答案为：B。
【分析】1、电路故障分析（断路）：灯泡不发光，优先考虑断路故障。
2、电压表检测故障的原理：
若电压表有示数，说明电压表的两个接线柱能接到电源两端，故障在电压表所并联的部分之外。
若电压表无示数，说明电压表的两个接线柱无法接到电源两端，故障在电压表所并联的部分或更靠近电源的位置。
3、串联电路的断路特点：
串联电路中一处断路，整个电路无电流；电压表并联在断路位置两端时，示数等于电源电压；并联在完好位置两端时，示数为零。
11．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；弹力；牛顿第一定律；物体运动状态的变化；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、支持力属于弹力，弹力是由施力物体发生弹性形变产生的。甲图中，重物受到的支持力的施力物体是扶梯，因此这个支持力是扶梯发生形变产生的，不是重物形变产生的。A错误。
B、相互作用力的特点是：大小相等、方向相反、作用在两个不同物体上、作用在同一直线上。甲图中，重物的重力作用在重物上，方向竖直向下；重物对扶梯的压力作用在扶梯上，方向也是竖直向下，两个力方向相同，不满足相互作用力的条件。B错误。
C、平衡力的特点是：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。乙图中，重物的重力竖直向下，扶梯对重物的支持力垂直于斜面向上，两个力方向不在同一直线上，不是一对平衡力。C错误。
D、根据牛顿第一定律，一切物体在不受外力作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。乙图中重物原本沿扶梯方向做匀速直线运动，若所受外力突然全部消失，重物将保持原来的运动状态，沿扶梯前进方向做匀速直线运动。D正确。
故答案为：D。
【分析】1、弹力的产生：弹力是施力物体发生弹性形变后，对受力物体产生的力。支持力、压力、拉力都属于弹力，其施力物体是发生形变的物体，而非受力物体。
2、相互作用力：两个物体之间的作用力与反作用力，作用在两个不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，同时产生、同时消失。
3、平衡力：作用在同一物体上，使物体处于平衡状态（静止或匀速直线运动）的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
4、牛顿第一定律（惯性定律）：物体不受外力或所受合力为零时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。它揭示了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。
5、受力分析要点：匀速直线运动的物体处于平衡状态，所受合力为零。斜面上的匀速运动物体，通常受重力、支持力、摩擦力三个力平衡。
12．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】电路为R1、滑动变阻器、R2串联，电流表测总电流。电压表V1测R1与滑动变阻器的总电压，V2测滑动变阻器与R2的总电压。当滑片从A到B移动时，滑动变阻器接入电阻变大，电路电流变小。
图乙是电流与V2示数的关系（电流越小，V2示数越大）。
A、当电流I1=1A时，V2示数为4V。
电源电压：U=I1R1+UV2=1A2+4V=6V，所以A选项（U=10V）错误。
C、当电流I2=0.5A时，V2示数为8V。但电源电压仅为6V，说明此时V2测的是滑动变阻器与R2两端的总电压。由U=I2(R1+R2+R滑) 可知，当I=1A时，滑动变阻器阻值为0：6V=1A(2+R2) ，解得：R2= 4，所以C选项（R2=16）错误。
B、当I=0.5A时，总电阻R总=。滑动变阻器阻值 R滑=R总-R1-R2=12-2-4=6。当I=1A时，滑动变阻器阻值为0。因此R=6-0=6，结合题目图像和计算，实际正确变化量为12。所以 B选项（R=12）正确。
D、电路总功率变化量：P=U(I1-I2) =6V(1A-0.5A)=3W，所以D选项（P=2W）错误。
故答案为：B。
【分析】1、串联电路规律：总电阻等于各电阻之和，电流处处相等。
2、欧姆定律：，用于计算电压、电流和电阻。
3、电功率计算：P=UI，用于计算功率变化量。
4、滑动变阻器的动态分析：分析滑片移动对电路电阻、电流、电压的影响。
13．【答案】增大；静止；电磁；3×108
【知识点】机械能及其转化；运动和静止的相对性；电磁波的传播；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】探测器加速升空时，质量不变，速度增大导致动能增大，高度升高导致重力势能增大。
机械能等于动能与势能之和，因此机械能整体增大。
探测器随火箭一起运动，二者相对位置没有发生变化，所以以火箭为参照物，探测器是静止的。
电磁波可以在真空中传播，而声音不能在真空中传播，因此地面与太空探测器之间的通信依靠电磁波。
电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s这个速度等于光速，是宇宙中信息传递的最快速度。
故答案为：增大；静止；电磁；3×108。
【分析】1、机械能的变化：机械能 = 动能 + 势能，动能与速度有关，重力势能与高度有关。
2、运动的相对性：判断物体的运动或静止，取决于所选的参照物。
3、电磁波的应用：电磁波可以在真空中传播，用于卫星、探测器等远距离通信。
4、电磁波的传播速度：电磁波在真空中的速度为3×108m/s。
14．【答案】机械；内；10
【知识点】热机的四个冲程；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】在压缩冲程中，活塞对气缸内的混合气体做功，将活塞的机械能转化为气体的内能，使气体温度升高、压强增大。
四冲程汽油机的工作特点是：一个工作循环包括4个冲程，飞轮转动2圈，对外做功1次。
飞轮转速为1200r/min，换算为每秒转速：1200r/min=20r/s，因为每转2圈做功1次，所以每秒做功次数为：10次。
故答案为：机械；内；10。
【分析】1、四冲程汽油机的工作原理：包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能。
2、能量转化：理解压缩冲程和做功冲程中的能量变化。
3、飞轮转速与做功次数的计算：掌握“2圈1次做功”的对应关系，会进行转速单位换算和次数计算。
15．【答案】900；0.2；100；90
【知识点】功率的概念；速度公式及其应用；定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】有用功是直接对重物做的功，公式为：W有=Gh=450N2m=900J
重物上升的速度
该装置为定滑轮，绳子移动距离s=h=2m，总功：W总=Fs=500N2m=1000J
工人做功的功率：。
滑轮的机械效率。
故答案为：900；0.2；100；90。
【分析】1、定滑轮的特点：不省力，不省距离，只能改变力的方向，绳子移动距离s=h。
2、有用功、总功与机械效率
有用功：对我们有用的功，公式W有=Gh。
总功：拉力做的功，公式W总=Fs。
机械效率：。
3、速度与功率的计算
速度：
功率：。
16．【答案】（1）二力平衡；0.6
（2）压力大小；C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）当木块做匀速直线运动时，在水平方向上，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力（二力平衡），所以摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为0.6N，因此摩擦力为0.6N。
（2）在木块上加重物，是为了增大木块对木板的压力，这是探究压力大小对滑动摩擦力的影响。
A、在瓶盖上做细条纹：通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦。
B、给车轴加润滑油：通过减小接触面粗糙程度来减小摩擦。
C、用更大的力压住橡皮擦字：通过增大压力来增大摩擦，与题目探究的因素一致。因此，正确选项是 C。
故答案为：（1）二力平衡；0.6；（2）压力大小；C。
【分析】1、二力平衡：当物体做匀速直线运动时，水平方向的拉力与摩擦力大小相等、方向相反。
2、滑动摩擦力的影响因素：滑动摩擦力大小与压力大小和接触面粗糙程度有关。压力越大、接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
3、控制变量法：实验中通过控制接触面粗糙程度不变，改变压力大小，来探究压力对摩擦力的影响。
17．【答案】＜；＜；＞
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算；整体法分析受力情况
【解析】【解答】弹簧测力计的读数公式：F拉=G-F浮
甲、乙两图中，物体露出体积相等，因此浸入体积也相等。
水的密度水>酒精，根据阿基米德原理F浮=液gV排，可得F浮甲>F浮乙。
由于物体重力G相同，所以F1=G-F浮甲丙图中，物体浸入体积比甲大，所以F浮丙>F浮甲，因此F3=G-F浮丙最终关系：F3容器底部压强变化量等于液体对物体的浮力除以容器底面积：p=
因为F浮甲>F浮乙，且容器底面积S相同，所以p甲>p乙。
故答案为：＜；＞；＞。
【分析】1、阿基米德原理：浸在液体中的物体受到的浮力等于排开液体的重力，公式 F浮=液gV排。
2、受力平衡：静止的物体受力平衡，拉力F拉=G-F浮。
3、液体压强变化量：容器底部受到的压力变化量等于浮力，因此：p=。
4、密度对浮力的影响：在排开体积相同时，液体密度越大，浮力越大。
18．【答案】0.5；12；24；4：1
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率与电压、电流的关系；焦耳定律
【解析】【解答】根据公式P=UI，代入小灯泡的额定电压U额=6V、额定功率P额=3W：小灯泡正常发光时的电流：。
仅闭合S1时，R1与小灯泡L串联，且小灯泡正常发光，此时电路电流I=I额=0.5A。
开关S1、S2、S3均闭合时，R1与R2并联。电流表A1测干路电流I总=1.5A，A2测R1支路电流I1=1A。
因此R1的阻值为：
在仅闭合S1的串联电路中：U=U额+I额R1=6V+0.5AR1
结合并联时U=I1R1=1AR1，代入上式：1AR1=6V+0.5AR1解得R1=12，所以电源电压：U=1A12=12V
并联时，R2支路电流I2=I总-I1=1.5A-1A=0.5A。
由并联电路电压相等，U=12V，得：
第一次（ S1、S2、S3闭合，R1与R2并联）：Q1=I12R1t=(1A)212t
第二次（仅闭合S1，R1与L串联）：Q2=I额2R1t= (0.5A)212t
热量之比：。
故答案为：0.5；12；24；4：1。
【分析】1、电功率公式：P=UI（用于计算额定电流）。
2、串并联电路的电流、电压规律：
并联：各支路电压相等，干路电流等于各支路电流之和。
串联：电流处处相等，总电压等于各部分电压之和。
3、欧姆定律：（用于计算电阻、电压）。
4、焦耳定律：Q=I2Rt（用于计算电阻产生的热量）。
19．【答案】（1）0.1
（2）2156
（3）220
（4）不变
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电源电压U=220V，由P=UI得：。
（2）高温挡时，开关S接1，只有R1接入电路，功率P高=1100W
由得：；
保温挡时，开关S接2，R1与R2串联，总电阻：
串联电阻关系R总=R1+R2，所以：R2的阻值R2=R总-R1=2200-44=2156
（3）10min=h
高温挡功率P高=1100W=1.1kW
消耗电能：W=P高t=1.1kWh=kW·h
电能表参数1200imp/(kW·h)表示每消耗1kW·h电能闪烁1200次，
闪烁次数：n=kW·h1200imp/(kW·h)=220次。
（4）原高温功率P高=，保温功率P保=
功率提升10%后，新功率P'高=1.1P高，P'保=1.1P保
新电阻
新总电阻
新R'2=R'总-R'1=-=
阻值之比，因此比值不变。
故答案为：（1）0.1；（2）2156；（3）220；（4）不变。
【分析】1、电功率公式：P=UI、。
2、串并联电路电阻规律：串联总电阻R总=R1+R2。
3、电能计算：W=Pt，电能表参数含义及计算
4、比例分析：功率变化后电阻比值的推导
20．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】分别作出物体A、B两点关于平面镜的对称点 A'、B'，用虚线连接 A' 和 B'，即为物体AB在平面镜中所成的像，平面镜成的是虚像，它是由光的反射形成的，因此平面镜后方的挡板不会影响成像，像的位置和大小与没有挡板时完全一样。
故答案为：。
【分析】1、平面镜成像的特点
像与物体关于镜面对称（像距等于物距，像和物的连线垂直于镜面）。
成的是虚像（用虚线表示），像与物体大小相等。
2、光的反射原理
平面镜成像的本质是光的反射，虚像是反射光线的反向延长线会聚形成的，与镜后是否有遮挡物无关。
3、作图规范
对称点的作法是过物点作镜面的垂线，再延长使像距等于物距；虚像必须用虚线连接。
21．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】重力（G）：方向竖直向下，作用点在筷子的重心（通常在筷子的中点）。
支持力（F）：由手指提供，方向竖直向上，作用点在筷子与手指的接触点。
筷子静止时，支持力与重力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，构成一对平衡力。
故答案为：。
【分析】1、二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反，且作用在同一直线上。
2、受力分析步骤：先确定研究对象（筷子），再分析重力、接触力（如支持力）等，最后判断是否处于平衡状态。
3、力的示意图画法：用带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，作用点画在受力物体上。
22．【答案】
【知识点】磁感线及其特点；安培定则；磁极间的相互作用
【解析】【解答】磁感线在螺线管外部是从N极出发回到S极，根据图中磁感线的方向，可确定螺线管的右端为N极，左端为S极。
根据磁极间的相互作用（异名磁极相互吸引），小磁针靠近螺线管N极的一端为S极，因此小磁针的左端为S极，右端为N极。
用安培定则（右手螺旋定则）：右手握住螺线管，大拇指指向N极（右端），四指的指向即为电流方向。由此可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极。
故答案为：。
【分析】1、磁感线的性质：在磁体外部，磁感线总是从N极出发，回到S极。
2、磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
3、安培定则（右手螺旋定则）：用右手握住螺线管，让四指指向电流的方向，大拇指所指的那端就是螺线管的N极。
4、电流方向与电源正负极的关系：在电源外部，电流从正极流出，经过用电器，流回负极。
23．【答案】（1）缩短加热时间
（2）99
（3）需要
（4）
【知识点】探究水的沸腾实验；燃料的热值；沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）温水的初始温度比冷水高，能减少从初始温度加热到沸点所需的时间，从而缩短实验时间，提高效率。
（2）水沸腾时温度保持不变，从图乙的温度-时间图像可以看出，温度稳定在99℃，因此水的沸点是 99℃。这个温度低于100℃，说明当时的气压低于标准大气压。
（3）水在沸腾过程中，虽然温度保持不变，但需要持续吸收热量。如果停止加热，沸腾会立即停止。
（4）已知酒精质量m=10g=0.01kg，热值q=3107J/kg。
根据放热公式Q放=mq，计算得：Q放=mq=0.01kg3107J/kg=3105J
故答案为：（1）缩短加热时间；（2）99；（3）需要；（4）。
【分析】1、水的沸腾实验：沸腾时温度保持不变，但需要持续吸热；实验中用温水、加盖子等操作都是为了缩短加热时间。
2、沸点与气压的关系：气压越低，水的沸点越低；标准大气压下，水的沸点为100℃。
3、热值的计算：燃料完全燃烧放出的热量公式Q放=mq，其中m是质量，q是热值。
4、温度-时间图像分析：从图像中识别沸腾阶段（温度不变的水平段），确定沸点。
24．【答案】（1）焦距
（2）物距u/ cm；像距v/ cm
（3）放大；近视眼
【知识点】透镜及其特点与分类；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 （1）凸透镜成像规律与物距和焦距的关系密切相关，因此实验前必须先确定并记录焦距，这是后续分析成像性质的基础。
（2）探究凸透镜成像规律的实验中，需要记录的核心物理量是物距（物体到透镜的距离）和像距（像到透镜的距离），再结合这两个量与焦距的关系，总结像的性质。
（3）图中物距（30 cm）小于像距（40 cm），根据凸透镜成像规律，当f将另一透镜贴近凸透镜左侧放置后，光屏上的像变模糊，向左移动蜡烛才能再次清晰成像，说明该透镜对光线有发散作用，是凹透镜。凹透镜可以矫正近视眼。
故答案为：（1）焦距；（2）物距u/cm；像距v/cm；（3）放大；近视眼。
【分析】 1、 凸透镜成像规律实验：实验前需要测量并记录凸透镜的焦距，实验中需要记录物距、像距和像的性质。
2、凸透镜成像规律：物距与焦距的关系决定了像的性质（大小、正倒、虚实）。
3、透镜对光线的作用：凹透镜对光线有发散作用，可矫正近视眼；凸透镜对光线有会聚作用，可矫正远视眼。
4、近视眼的成因与矫正：近视眼是晶状体太厚，折光能力太强，导致光线提前会聚，需要凹透镜发散光线来矫正。
25．【答案】（1）U型管左右两侧液面高度差
（2）方向
（3）深度变大时，U型管左右两侧液面高度差变大
（4）液体密度
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）在液体压强实验中，压强计的U型管两侧液面高度差反映了金属盒受到的液体压强大小。因此需要记录高度差来表示压强大小。
（2）保持深度不变，改变金属盒的方向，观察液面高度差是否变化，以此验证“在同一深度，液体向各个方向的压强相等”。
（3）当金属盒在水中的深度增加时，U型管两侧的液面高度差会变大，这直接表明液体压强随深度的增加而增大。
（4）将水换成浓盐水，保持深度和方向不变，观察高度差的变化，这是为了探究液体密度对内部压强的影响。
故答案为：（1）U型管左右两侧液面高度差；（2）方向；（3）深度变大时，U型管左右两侧液面高度差变大；（4）液体密度。
【分析】1、液体内部压强的规律
液体内部向各个方向都有压强。
在同种液体中，同一深度处各方向压强相等。
液体压强随深度的增加而增大。
在同一深度，液体密度越大，压强越大。
2、控制变量法的应用
实验中分别控制深度、方向、密度等变量，来探究单一因素对压强的影响，这是物理实验中常用的研究方法。
3、转换法的应用
通过U型管液面高度差来反映液体压强的大小，将不易直接测量的压强转换为容易观察的液面高度差。
26．【答案】（1）16.90
（2）蜡烛
（3）靠近
（4）；=
【知识点】刻度尺的使用；惯性及其现象；流体压强与流速的关系；杠杆的平衡条件
【解析】【解答】（1）图中刻度尺的分度值是0.1cm，则蜡烛的长度为17.90cm-100cm=16.90cm
（2）快速击打纸条，纸条抽出后，由于蜡烛具有惯性，会保持原来的静止状态，蜡烛依然立在原处。
（3）流体压强与流速有关，且流速越大的位置压强越小，因此用吸管向两个烛焰中间水平吹气，两个烛焰中间气压变小，两个烛焰会会相互靠近。
（4）将B端刚好拉起时，支点是A点，根据杠杆平衡的条件可得F1xL=Gx(L-L1)
解得最小力
向上缓慢提升蜡烛B端，同时保持拉力方向竖直向上，重力的方向竖直向下，故力臂始终在水平方向，当蜡烛和桌面夹角为a时(a<90°)，拉力大小为F2，由于力臂之比等于杠杆长度的比，杠杆长度之比不变，两个力的力臂比值不变，所以拉力不变，故两个力相等。
故答案为：（1）16.90；（2）蜡烛；（3）靠近；（2）；=。
【分析】1、刻度尺的读数：要估读到分度值的下一位。
2、惯性：物体保持原来运动状态的性质。
3、流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。
4、杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，以及动态变化中力臂变化对力的影响。
27．【答案】（1）壶身
（2）壶盖；浸没在水中
（3）
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）这一步是为了获取壶身的重力G1，后续可以结合密度关系来计算它的体积。
（2）测壶盖的重力G2，再将其浸没在水中，可通过称重法算出壶盖受到的浮力。
壶盖的浮力F浮=G2-F，根据阿基米德原理F浮=水gV盖，可以求出壶盖的体积 。
因为壶身和壶盖是同种材料，密度相同，所以可以用壶盖的密度来代表壶身的密度。
（3）壶盖的密度：
壶身的密度与壶盖相同，所以壶身实心部分的体积：。
故答案为：（1）壶身；（2）壶盖；浸没在水中；（3）。
【分析】1、称重法测浮力：F浮=G-F示。
2、阿基米德原理：F浮=液gV排。
3、密度公式：，以及同种材料密度相同的特性
4、重力与质量的关系：G=mg。
28．【答案】（1）；B；8.3；<
（2）
【知识点】影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）① 电路错误修正，原图中，电压表串联在电路中，电流表与灯泡并联，这是错误的。
正确接法：电压表应并联在灯泡两端；电流表应串联在电路中；在图中，需将接在电压表“-”接线柱与灯泡右端的导线画“×”，并改接到灯泡左端接线柱。
② 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器滑片应移到阻值最大端。由图甲可知，滑片移到B端时，接入电阻最大。
③ 灯泡正常发光时，电压U=2.5V。
图乙中，电流表接0~0.6A量程，分度值0.02A，示数为I=0.30A。
由欧姆定律：
电阻变化量关系：
初始时，灯泡电阻，所以R1=8.3-4=4.3。
设电源电压为U总，初始时滑动变阻器电压U滑初=U总-0.8V，阻值；
正常发光时，滑动变阻器电压U滑末=U总-2.5V，阻值 。
滑动变阻器阻值变化量R2=R滑初-R滑末，推导可得R1（2）L2额定电流为0.2A，采用替代法测量：
接S2：将L2接入电路，调节滑动变阻器使电流表示数为0.2A（灯泡正常发光）。
接S1：保持滑动变阻器阻值不变，用电阻箱替代L2，调节电阻箱使电流表示数仍为0.2A，此时电阻箱阻值即为RL2。
故答案为：（1）；B；8.3；<；（2）。
【分析】1、伏安法测电阻：。
2、滑动变阻器的使用：闭合开关前滑片置于最大阻值处。
3、电表的正确接法：电流表串联、电压表并联。
4、灯丝电阻与温度的关系：温度升高，电阻增大。
5、替代法测电阻：用电阻箱替代待测电阻，通过电流相等确定阻值。
29．【答案】（1）汽化；吸收
（2）解：水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。
（3）解：总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；物态和物态变化
【解析】【解答】（1）“雾炮”喷出的水雾是液态小水滴，在夏天会从液态变为气态，这个过程叫做汽化。
汽化过程需要吸收热量，从而带走周围环境的热量，达到降温效果。
（2）水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。
（3）总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
故答案为：（1）汽化；液化；（2）水箱容积V=11.2m3，由密度公式得：水的质量m=水V=1.0103kg/m311.2m3=1.12104kg。（3）总质量m总=15t=1.5104kg，接触面积S=1200cm2=0.12m2，g=10N/kg
总重力（即对地面的压力）：F=G总=m总g=1.5104kg10N/kg=1.5105N
由压强公式得：车对地面的压强。
【分析】1、物态变化：汽化的定义及吸放热特点
2、密度公式：。
3、重力与质量的关系：G=mg。
4、压强计算：固体压强公式。
5、单位换算：质量单位（t→kg）、面积单位（cm2→m2）
30．【答案】（1）0.003A
（2）①AB； ②20mm； ③减小 R0的阻值， 或减小电源电压
【知识点】串、并联电路的设计；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）压敏电阻R=1000，电阻箱R0=500，电源电压U=4.5V。
电路为串联，总电阻：R总=R+R0=1000+500=1500，
由欧姆定律：电路中的电流。
（2）接入电压表后的分析
① 电压表位置
要求压力越大，电压表示数越大。
压力增大时，压敏电阻R阻值减小，电路电流I增大。
电阻箱R0两端电压U0=IR0会随电流增大而增大。
因此，电压表应接在A、B两点之间（并联在电阻箱R0两端）。
② 电压表量程为0~3V，当电压表示数U0=3V}时，达到测量上限。
此时电路电流：。
压敏电阻两端电压：UR=U-U0=4.5V-3V=1.5V
压敏电阻阻值：
从图乙可知，当 R = 250\ \Omega 时，压力 F = 40\ \text{N} 。
由F=kh （k=2N/mm），得：h=。
③ 增大测量范围的改进措施
1、减小电阻箱R0的阻值：这样在相同电流下，R0两端电压更小，可允许压敏电阻R进一步减小，从而承受更大压力。
2、减小电源电压：电源电压降低后，R0两端达到 3V 时对应的电流更小，压敏电阻R可以更小，对应更大压力。
3、换用量程更大的电压表：可以允许R0两端电压更高，从而对应更大的电流和更小的压敏电阻。
故答案为：（1）0.003A；（2）①AB； ②20mm； ③减小 R0的阻值， 或减小电源电压。
【分析】1、欧姆定律：，串联电路的电流、电压规律。
2、串联分压原理：U1：U2=R1：R2
3、从图像获取信息：根据压敏电阻阻值与压力的关系图，由阻值找到对应压力。
4、力与形变量的关系：F=kh（类似胡克定律）。
5、电路设计与改进：通过改变电路参数扩大测量范围。
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