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广东广州市 2026 届高三下学期 4 月二模物理模拟预测卷
一、选择题（1~7 题单选题，每小题 4 分，8-10 题多选题，每小题 6 分，共 46 分）
1．变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的。如图所示，原线圈与交流电源连接，副线圈与负载 R 连
接。已知原、副线圈的匝数分别为 2∶1，原线圈的输入功率为 P1、电压为 U1、电流为 I1、频率为 f1；副线圈的输出
功率为 P2、电压为 U2、电流为 I2、频率为 f2。下列说法正确的是（ ）
A．若变压器为理想变压器，则电压 U1：U2=2∶1，f1＞f2
B．若变压器为理想变压器，则 I1：I2=2∶1，P1＝P2
C．若负载电阻 R 增大，则 P1 增大
D．若变压器为理想变压器，则 I1：I2=1：2
2．从 1907 年起，密立根就开始以精湛的技术测量光电效应中几个重要的物理量。他通过如图甲所示的实验装置测
量某金属的遏止电压 Uc 与入射光频率ν，作出如图乙所示的 Uc ν图像，图像与横轴的交点坐标为（a，0），其反向
延长线与纵轴的交点坐标为（0， b），由此算出普朗克常量 h，并与普朗克根据黑体辐射测出的 h 相比较，以检验
爱因斯坦光电效应方程的正确性。下列说法正确的是（ ）
A．入射光的频率越大，a 的值越大
B．入射光的频率越大，b 的值越大
C．图甲中极板 A 连接电源的正极
D．由乙图可求出普朗克常量
3．一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中 过程是绝热过程，
下列说法正确的是（ ）
A． 过程，气体分子的平均动能增大
B． 过程，气体做等温变化
C． 过程，单位时间单位面积撞击器壁的分子数增大
D． 过程，气体从外界吸收热量
4．两个质量均为 的小球 A、B 用细线连接放置在倾角为 的光滑斜面上（斜面固
定在地面上不动），小球 B 与弹簧下端连接。如图所示，系统静止时，弹簧与细线均平行
于斜面，弹簧伸长量为 ，某时刻剪断细线，以初始位置为坐标原点，取沿斜面向上为正
方向，重力加速度大小为 。下列图中能正确描述此后小球 B 的加速度随位移变化关系的
是（ ）
A． B． C． D．
5．如图甲所示，两水平金属板间距为 d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。 时刻，质量为 m 的带电微粒
以初速度 沿中线射入两板间， 时间内微粒匀速运动， 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中
未与金属板接触。重力加速度的大小为 g。关于微粒在 时间内运动的描述，正确的是（ ）
A．末速度大小为 B．克服电场力做功
C．重力的冲量为 D．重力势能增加了
6．将一个小球从地面竖直上抛，小球受到的阻力与速率成正比，设向上为正
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方向，小球的速度、位移、重力势能和机械能分别为 、 、 和 ，以地面为零势能面，则下列图像可能正确的
是（ ）
A． B． C． D．
7．打水漂投掷时石片在距离水面高 处以水平速度 抛出，若石片与水面碰撞时，水平速度不变，但碰后反弹高
度都是前一次 ，不计空气阻力，重力加速度为 ，则石片从抛出到第四次触水过程中（ ）
A．经历的时间 B．经历的时间
C．经历的水平距离为 D．经历的水平距离为
8．题图是用电流传感器（相当于电流表，其电阻可以忽略不计）研究自感现象的实验电路，图中两个电阻的阻值
均为 R，L 是一个自感系数足够大的自感线圈，其直流电阻值也为 R。题图是某同学画出的在 时刻开关 S 切换前
后，通过传感器的电流随时间变化的图像。关于这些图像，下列说法正确的是（ ）
A．图甲是开关 S 由断开变为闭合，通过传感器 1 的电流随时间变化的情况
B．图乙是开关 S 由断开变为闭合，通过传感器 1 的电流随时间变化的情况
C．图丙是开关 S 由闭合变为断开，通过传感器 2 的电流随时间变化的情况
D．图丁是开关 S 由闭合变为断开，通过传感器 2 的电流随时间变化的情况
9．某兴趣小组用智能软件模拟带电粒子在电场中的运动。如图所示的矩形区域 内分布有平行于 的匀强
电场， 为 的中点。模拟动画显示，质量相同的带电粒子 、 分别从 点和 点垂直于 同时进入电场，沿图
中所示轨迹同时到达 、 点， 为轨迹交点。忽略粒子所受重力和粒子间的相互作用，下列说法正确的是（ ）
A． 点电势一定高于 点电势
B．全过程中，静电力对粒子 、 做的功相同
C．粒子 的电势能减小，粒子 的电势能增大
D．粒子 、 到达 点所用时间之比为
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10．如图所示，在水平地面上，电动机固定于一端，通过不可伸长的足够长的水平轻绳与长木板 相连，长木板 右
端静置一小物块 。电动机以恒定功率 拉动长木板 由静止开始运动， 、 发生相对滑动，经过一段时间， 与
的速度恰好相同，大小为 。已知 的质量为 ， 的质量为 ， 与 之间、 与水平地面之间的动摩擦因数均为
，重力加速度大小为 ，忽略轻绳与滑轮的摩擦及空气阻力。则这段时间内（ ）
A． 的位移大小为
B． 的位移大小为
C． 的长度至少为
D．地面对 的摩擦力所做的功为
二、非选择题（11 题 8 分，12 题 8 分，13 题 11 分，14 题 13 分，15 题 14 分，共 54 分）
11．某电子秤的工作原理是将物体的重量通过传感器转化为电信号，经过电路处理就能将所测质量大小显示出来，
电路中所用到的核心元件是阻值会随压力变化而变化的压敏电阻。为探究压敏电阻的阻值 RF 随压力大小 F 变化的
规律，提供了器材如下：
A．压敏电阻 RF（无压力时阻值 RF0=300Ω）
B．滑动变阻器 R（最大阻值 10Ω）
C．灵敏电流计 G（量程 2.5mA，内阻 33Ω）
D．电压表 V（量程 3V，内阻约 3kΩ）
E.直流电源 E（电动势 3V，内阻很小）
F.开关 S，定值电阻、导线若干
(1)根据实验需要，先将灵敏电流计 G 改装成量程为 30mA 的电流表 A，需用一个阻值 R′=_____Ω的定值电阻与灵敏
电流计 G_____（选填“串联”或“并联”）。
(2)利用（1）中所改装的电流表 A 及所提供的器材，设计一个探究阻值 RF 随压力 F 大小变化规律的部分电路，如
图甲所示，请将虚线框内的电路补充完整_______。
(3)探究得到 RF-F 的关系图像如图乙所示，其中 0~300N 范围内的变化是线性的。若利用该压敏电阻设计了如图丙
的电路，测量静置于压敏电阻上物体的质量，需要将表盘电压刻度值改为对应的质量刻度值，其中电压刻度值越大
的位置对应的质量刻度值_____（选填“越大”或“越小”）；在 0~30kg 的示数范围内质量刻度值分布_____（选填“均匀”
或“不均匀”），理由是_____。
12．用如图甲所示的实验装置来探究向心力 F 的大小与质量 m、角速度 和半径 r 之间的关系。转动手柄使长槽和
短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的球做匀速圆周运动。挡板对球的支持力提供了向心力，球对挡板的反作用力
通过横臂的杠杆作用使弹簧测力计下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个球所受向心力的比
值。长槽的 A、B 处和短槽的 C 处分别到各自转轴中心距离之比为 ，图甲中左右两侧的变速轮塔从上到下都
有三层，每层左右半径之比分别为 、 和 ，传送带从上到下一共有三种放置方式，分别是第一层、第二
层、第三层。
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(1)为了研究向心力 F 大小与质量 m 之间的关系，选用体积相同质量不相等的钢球和铝球对照研究，将选好的铝球
放到短槽 C 处，钢球应该放在长槽________（选填“A”或“B”）处；这时应该调整皮带，将其放置在第________层组
装变速轮塔；
(2)在探究向心力 F 与角速度 的关系时，若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力之比为 ，
则与皮带连接的两个变速塔轮的半径之比为________
A． B． C． D．
(3)为验证做匀速圆周运动物体的向心力的定量表达式，实验组内某同学设计了如图乙所示的实验装置，电动机带动
转轴 匀速转动，改变电动机的电压可以改变转轴的转速；其中 AB 是固定在竖直转轴 上的水平凹槽，A 端固
定的压力传感器可测出小球对其压力的大小，B 端固定一宽度为 d 的挡光片，光电门可测量挡光片每一次的挡光时
间。
实验步骤：
①测出挡光片与转轴的距离为 L；
②将小钢球紧靠传感器放置在凹槽上，测出此时小钢球球心与转轴的距离为 r；
③启动电动机，使凹槽 AB 绕 转轴匀速转动；
④记录下此时压力传感器示数 F 和挡光时间 。
（a）小钢球转动的角速度 ________（用 L、d、 表示）；
（b）该同学为了探究向心力大小 F 与角速度ω的关系，多次改变转速后，记录了一系列力与对应角速度的数据，作
出 图像如图丙所示，若忽略小钢球所受摩擦且小钢球球心与转轴的距离为 ，则小钢球的质量
________kg（结果保留两位有效数字）。
13．某学校有一个景观水池，水池底部中央安装有一个可向整个水面各个方向发射红光的 LED 光源 S，如图所示（侧
视图）。某同学观察到水面上有光射出的区域是圆形（图中没有画出），若圆形区域半径为 r，水对红光的折射率为
n，在真空中的速度为 c，该光源大小忽略不计，求：
(1)红光在水中的速度 v；
(2)池中水的深度 h。
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14．如图所示，质量 mA=2kg 的小物块 A 放在倾斜传送带上，轻质细线绕过定滑轮与小物块 A、B 相连。已知 A 与
传送带间的动摩擦因数 ，传送带倾角 ，P、Q 间的距离 L=3m， ，g 取 ，最
大静摩擦力等于滑动摩擦力。
(1)若传送带静止，A 能静止在传送带上，求 B 的质量 mB 满足的条件；
(2)若传送带静止，B 的质量 mB=0.4kg，求 A 从传送带上端由静止运动到下端所用的时间 t；
(3)若传送带以 的速率逆时针匀速转动，B 的质量 mB=0.4kg，求 A 从传送带上端由静止运动到下端的过
程中，在传送带上留下痕迹的长度 。
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15．如图所示，固定在绝缘水平面上、半径为 r 的金属圆环处在方向竖直向下、磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中。
竖直导电转轴 经过金属圆环的圆心 O 点，长度为 2r、粗细均匀的金属棒 ab 的 a 端固定在 O 点，金属棒 ab 随
转轴匀速转动，转动过程中金属棒 ab 与金属圆环接触良好。圆环左侧有两根足够长、间距为 L、倾角为 的平行光
滑固定金属导轨，两根导轨通过导线和电刷分别与金属圆环和导电转轴 相连。导轨所在空间存在垂直导轨平面
向下的匀强磁场，磁感应强度大小也为 B。质量为 m、长度为 L、电阻为 R 的金属棒 cd 垂直放置在导轨上且刚好能
保持静止，重力加速度大小为 g，除金属棒 cd 外，其余电阻均不计。
(1)求通过金属棒 cd 的电流 I 和 ab 的转动方向（从上往下看）；
(2)求金属棒 ab 的角速度 ；
(3)若金属棒 ab 转动的角速度变为原来的三分之一，将金属棒 cd 从导轨上由静止释放，经过时间 t，金属棒 cd 速度
达到稳定，已知金属棒 cd 运动过程中与导轨始终垂直并接触良好，求该过程中金属棒 cd 运动的位移大小 x。
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参考答案
1．D【详解】ABD．若变压器为理想变压器，根据公式 且 故 AB 错误，D 正确；
C．根据公式 负载电阻 R 增大，则 P1 减小，故 C 错误。故选 D。
2．D【详解】AB．根据爱因斯坦光电效应方程
根据动能定理有 联立解得
可得横轴截距 纵轴截距 可知 a 的值、b 的值都与入射光的频率无关，故 AB 错误；
C．在测量遏止电压的实验中，要使光电子减速，极板 A 应接电源的负极，极板 K 接电源的正极，这样才能在两极
板间形成使光电子减速的电场，故 C 错误；
D．根据 可知 Uc ν图像斜率 解得 ，故 D 正确。故选 D。
3．D【详解】A． 过程，压强减小，体积不变，根据
可知温度降低，气体分子的平均动能减小，故 A 错误；
B．c→a 为绝热过程，即 Q=0
因体积减小，故外界对气体做功，即 W>0
根据热力学第一定律，有ΔU=Q+W 可知，ΔU>0
即气体内能增大，则温度升高，故 B 错误；
C．a→b 过程中，气体压强不变、体积增大，根据
可知，温度升高；压强由单位时间单位面积的撞击次数（与分子数密度相关）和单次撞击力（与分子速率相关）共
同决定。体积增大导致分子数密度降低，虽温度升高使单次撞击力增强，但二者作用相互抵消，最终使压强保持不
变，故单位时间单位面积撞击器壁的分子数减少，故 C 错误；
D．因 ab 段图像与横轴所包围的面积大于 ca 段图像与横轴所包围的面积，故气体对外界做的功大于外界对气体做
的功。即 a→b→c→a 的整个过程中，W<0，ΔU=0。
则根据热力学第一定律，有ΔU=Q+W
可知 Q>0，即气体从外界吸收热量，故 D 正确。故选 D。
4．A【详解】在细线被剪断前，以 A、B 两球为整体，根据平衡条件可得弹簧弹力大小为
在细线被剪断的瞬间，细线的拉力为零，B 球做简谐运动。小球位于平衡位置时，有
解得弹簧的伸长量为
由此可知 B 球在弹簧伸长 位置时加速度为零，以 B 球为对象，根据牛顿第二定律可得
变形得 初始时 ，解得
根据简谐运动的对称性可知当弹簧处于原长时 B 球速度为零，加速度为 ，综上可知 A 正确，BCD 错误。
故选 A。
5．B【详解】A． 时间内微粒匀速运动，则有
内，微粒做平抛运动，下降的竖直分速度大小为
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时间内，微粒的加速度
方向竖直向上，微粒在竖直方向上做匀减速下降，末速度竖直分速度大小为
所以末速度的方向沿水平方向，大小为 v0，从下极板边缘飞出，故 A 错误；
BD．微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为 ，则重力势能的减小量
微粒初末速度相同，即初末动能相同，根据能量守恒，微粒的电势能增加 ，即克服电场力做功 ，故 B
正确，D 错误；
C．重力的冲量为 ，故 C 错误。故选 B。
6．C【详解】A．小球在上升过程中，由牛顿第二定律得
可知 v 逐渐减小，则 a 减小，下降过程中，由牛顿第二定律，有
v 越来越大，故加速度继续减小，图像趋势正确，但速度为零时，斜率不为零，且加速度为 g，图像应为平滑曲线，
故 A 错误；
B． 图斜率为 在上升过程中斜率变大，下降过程中斜率变小，故 B 错误；
C．重力势能 Ep=mgh 与高度 h 成正比。上升阶段：小球做加速度减小的减速运动，速度(h-t 图像斜率)逐渐减小，
因此 Ep-t 曲线斜率减小，呈上凸（越来越平缓）。下落阶段：小球做加速度减小的加速运动，速度（h-t 图像斜率绝
对值)逐渐增大，因此 Ep-t 曲线斜率绝对值增大，呈下凸(越来越陡）。图中上升段斜率减小，下落段斜率绝对值增大，
与运动规律完全吻合，故 C 正确；
D．向上运动过程比向下过程中任意一个位置，阻力要更大，故向上过程中阻力做功更多一点，机械能损失要更多
一点，故 D 错误。故选 C。
7．B【详解】AB．从抛出到第一次接触水面的时间
碰后反弹高度都是前一次 ，可知从第一次接触水面到第二次接触水面的时间
从第二次接触水面到第三次接触水面的时间
从第三次接触水面到第四次接触水面的时间
则经历的时间 ，A 错误，B 正确；
CD．因水平速度不变，则经历的水平距离为 ，CD 错误。故选 B。
8．BC【详解】AB．开关 S 由断开变为闭合瞬间，流过自感线圈的电流为零，流过传感器 1、2 的电流均为 ；闭
合电路稳定后，流过传感器 1 的电流为 ，流过传感器 2 的电流为 ，A 错误，B 正确；
CD．开关断开后，流过传感器 1 的电流立即变为零，流过传感器 2 的电流方向相反，从 逐渐变为零，C 正确，D
错误。故选 BC。
9．BD【详解】A．由于粒子 、 带电性不确定，无法确定电场方向，故无法确定 点和 点电势高低，故 A 错误；
B．根据粒子 、 运动时间相等，由 ，两带电粒子加速度相等，由牛顿第二定律可知电场力大小相等，且
沿电场方向位移相等，故电场力对两带电粒子做功相等，故 B 正确；
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C．由于电场力对粒子 、 均做正功，电势能均减小，故 C 错误；
D．带电粒子在水平方向上做匀速直线运动，两带电粒子运动时间相等，由 可知粒子 、 水平初速度之比为
，当粒子 、 到达 时，两者水平位移相等，故所用时间与水平初速度成反比，粒子 、 运动时间之比为
，故 D 正确。故选 BD。
10．AD【详解】A．小物块 只受滑动摩擦力，做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有
根据运动学公式得小物块 的位移为 联立解得 ，故 A 正确。
B．设长木板的位移为 ，运动的时间为 ，根据运动学公式得
对长木板 B，应用动能定理得
联立解得 ，故 B 错误。
C．长木板 B 的最小长度为 A、B 相对位移 ，故 C 错误。
D．地面对 B 的摩擦力所做的功为
整理得 ，故 D 正确。故选 AD。
11．(1) 3 并联(2) (3) 越小 不均匀 见解析
【详解】（1）[1][2]灵敏电流计改装成电流表，需要并联一个电阻，根据 解得
（2）压敏电阻的阻值大于滑动变阻器阻值，采用分压式电路，因为电流表内阻已知，所以电流表采用内接法。故
电路图如下
（3）[1]电压刻度值越大的位置对应的压敏电阻越大，分压越大，根据图像可知，压敏电阻的阻值越大，压力越小，
对应质量越小。
[2][3] RF-F 的关系图像如图乙所示，其中 0~300N 范围内的变化是线性的，即
电压表示数
物体质量 m 与电压 U 不是线性关系，因此物体质量示数随刻度不是均匀变化。
12．(1) A 一(2)B(3) 0.45
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【详解】（1）[1][2]根据控制变量法的原理可知，为了研究向心力 大小与质量 之间的关系，则两球运动的半径 和
角速度 要相同，故将选好的铝球放到短槽 C 处，钢球应该放在长槽 A 处；两变速轮塔通过皮带传动，故线速度相
同，所以要保证两小球的角速度相同，则两变速轮塔转动的半径要相同，故调整皮带时应将其放置在第一层组装变
速轮塔
（2）在探究向心力 与角速度 的关系时，则小球的质量 和半径 相同，由题知，图中标尺上红白相间的等分格
显示出两个小球所受向心力之比为 ，则角速度之比为 1:3，两变速轮塔通过皮带传动，故线速度相同，根据
可知与皮带连接的两个变速塔轮的半径之比与角速度成反比，即为 3:1。
故选 B。
（3）[1]由题可知线速度为 根据 联立解得
[2]根据向心力公式
可知 图像的斜率为 解得
13．(1) (2)
【详解】（1）红光在水中的速度
（2）光恰好发生全反射处为圆形区域的边缘，如图
全反射临界角满足 水深 解得
14．(1) (2) (3)4m
【详解】（1）依题意得，临界条件为，物块 A 刚好处于平衡状态，当摩擦力沿传送带向下最大时，如图 1 所示对物
块 A 受力分析
根据平衡条件有
又
对物体 B 受力分析得
联立解得
物块 A 刚好处于平衡状态，当摩擦力沿传送带向上最大时，如图 2 所示对物块 A 受力分析
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根据平衡条件有
又
对物体 B 受力分析得 联立解得
所以 B 的质量满足的条件为
（2）对物块 A 受力分析，如图 2 所示，根据牛顿第二定律可得
又
对物体 B 受力分析，根据牛顿第二定律可得
联立解得
根据运动学公式可得
解得
（3）对物块 A 受力分析，如图 1 所示，根据牛顿第二定律可得
又
对物体 B 受力分析，根据牛顿第二定律可得
联立解得
根据运动学公式可得
A 到达传动带下端用时间
此时
所以 时间内，传送带的位移
所以痕迹长度为
15．(1) ，方向为 c→d，逆时针转动(2) (3)
【详解】（1）对金属棒 cd 受力分析，有 又 解得
由题意知安培力方向沿导轨平面向上，由左手定则可知，电流经过金属棒 cd 的方向为 c→d，又由右手定则可知，
从上往下看，金属棒 ab 逆时针转动。
（2）金属棒 ab 在圆环内的一半接入电路，接入部分的电压
金属棒 ab 未接入电路部分产生的电压大小 解得
（3）若金属棒 ab 转动的角速度变为原来的三分之一，则金属棒 ab 接入电路部分产生的电动势只有原来的三分之
一，即金属棒 ab 产生的电动势在金属棒 cd 两端的电压
设金属棒 cd 速度稳定时，速度大小为 ，金属棒 cd 切割磁感线产生的电动势
则实际通过金属棒 cd 的电流大小
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又此时金属棒 cd 受力平衡，有 解得
金属棒 cd 从静止到速度稳定，由动量定理有
又 ， 解得
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