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广东省广州市广州中学2024-2025 学年九年级下学期2月月考物理试题
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．如图所示是古代的“米斗”，它是一种称量工具。1斗等于10升。陶渊明曾说过“不为五斗米折腰”。下列说法正确的是（　　）
A．“斗”是古代的质量单位 B．1斗米的质量大约是100kg
C．1斗米的质量大约是1kg D．5斗米的质量大约是75kg
【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】 解：A、1斗等于10升，“斗”是古代的体积单位，故A错误；
BC、米的密度约是1.7×103kg/m3，根据密度公式可知1斗米的质量m=ρV=1.7×103kg/m3×10×10-3m3=17kg，故BC错误；
D、根据密度公式可知5斗米的质量m=ρV=1.7×103kg/m3×50×10-3m3=85kg，与75kg接近，故D正确。
故选：D。
【分析】 根据材料分析，结合质量密度体积之间的关系，即可得到对于答案。
2．如图所示是古代的“记里鼓车”模型。车行一里，木人击鼓，行十里，击镯（古代的乐器）。下列说法正确的是（　　）
A．鼓声是由鼓槌的振动产生的
B．鼓声和镯声的音色一定不同
C．击鼓越快，鼓声的音调越高
D．大力击鼓，鼓声在空气中的传播速度越快
【答案】B
【知识点】声音的产生；声速；音调及音调与频率的关系；音色
3．夏天，小凯将冰水和热水分别倒入常温下的两只透明烧杯中，如图所示。一会儿发现两只烧杯的杯壁上都有一部分出现小水珠。下列说法正确的是（　　）
A．水珠都出现在内壁上
B．水珠都出现在外壁上
C．水珠出现在乙杯的内壁上，这是因为热水蒸发的水蒸气遇冷液化而成的
D．水珠出现在甲杯的内壁上，这是因为冰水上方的水蒸气遇冷液化而成的
【答案】C
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：AB.冰水的水珠是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，出现在外壁上，热水的水珠是烧杯内的水蒸气遇冷液化的小水滴，出现在内壁上，故AB错误；
C.水珠出现在乙杯的内壁上，这是因为烧杯内的热水蒸发的水蒸气遇冷液化而成的，故C正确；
D.水珠出现在甲杯的外壁上，这是因为空气中的水蒸气遇冷放热液化而成的小水滴，故D错误；
故选：C。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
4．某建筑外墙悬挂一条巨型条幅，自上而下写着“活力五山，成就梦想”。小旋站在条幅对面的观光电梯里，对着条幅先后拍了如图甲、乙所示两张照片。下列说法正确的是（　　）
A．相对观光电梯，小旋向上运动 B．相对观光电梯，条幅向下运动
C．相对条幅，小旋向下运动 D．相对条幅，观光电梯向下运动
【答案】B
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：条幅相对于地面之间没有位置变化，乙地面为参照物，条幅是静止的，则：
A、小旋在电梯内，相对于观光电梯没有发生位置变化，是静止的，故A错误；
BCD、由图甲、乙可知，小旋相对于地面向上运动，则相对于条幅向上运动；观光电梯相对于条幅向上运动，条幅相对于观光电梯是向下运动，故B正确，CD错误。
故选：B。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
5．将摩擦后带正电的餐盘放在木桌上，带电表面朝上，把几个带电的泡沫小球轻放在餐盘上，会看到泡沫小球上下跳动，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．摩擦餐盘使其带电，机械能转化为电能
B．餐盘带正电是因为在摩擦的过程中得到正电荷
C．泡沫小球一定带负电
D．泡沫小球之所以会下落，是因为它受到餐盘的吸引作用
【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A．摩擦起电的过程中，消耗机械能，获得电能，将机械能转化为电能，故A正确；
B．餐盘带正电是因为在摩擦的过程中失去电子，故B错误；
C．泡沫小球上下跳动，说明小球与餐盘带有同种电荷，由于餐盘带正电，则泡沫小球也带正电，故C错误；
D．泡沫小球之所以会下落，是因为它受到重力作用，不是受到餐盘的吸引作用，故D错误。
故选A。
【分析】（1）摩擦的过程中消耗了机械能，得到了电能；
（2）不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电；
（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）地球附近的物体都受到重力作用。
6．在图甲所示的电路中，闭合开关S，小灯泡L1和发光二极管L2发光，电流表A1和A2的示数如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．b端是电源的正极
B．通过L1的电流是0.3A
C．若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数一定不变
D．若L1的灯丝突然烧断，则电流表A1和A2的示数一定相等
【答案】C,D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】 解：A.二极管具有单向导电性，电流只能从一个方向流进，故可知a端是电源的正极，故A错误；
B.电流表A1测干路电流，从图中读出示数I=0.3A，A2测发光二极管L2的电流，示数I2=0.02A，根据并联电路蒂娜刘规律可知通过L1的电流是I1=I-I2=0.3A-0.02A=0.28A，故B错误；
C.并联电路各用电器互不影响，若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数一定不变，故C正确；
D.若L1的灯丝突然烧断，只有二极管在电路中，则电流表A1和A2均测通过L2的电流，示数相等，故D正确。
故选：CD。
【分析】（1）根据二极管的单向导电性，可知a端是电源的正极；
（2）图乙中，电流表A1测干路电流，A2测发光二极管L2的电流，两表的示数差是通过L1的电流；
（3）因为并联电路，各支路互不影响，若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数不变；
（4）若L1的灯丝突然烧断，则电流表A1和A2均测通过L2的电流，应该相等，读出示数一定相等。
7．水会出现“热缩冷胀”现象。小圆加热1g的冰，分别记录其温度与体积的数据，并绘成如图所示的图像。下列说法正确的是（　　）
A．温度升高时，冰的密度变小
B．0℃时，冰的密度比水大
C．相同质量的冰的体积比水小
D．水从0℃升高到8℃时，其密度变大
【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；密度与温度的关系
【解析】【解答】 解：A、由图象可知，温度升高时，冰的体积变大，质量不变，利用可知，则密度减小。故A正确；B、由图象可知，在0℃时，冰块的体积大于水的体积，质量相同，利用可知，冰的密度小于水的密度。故B错误；
C、由于冰的密度小于水的密度，根据密度公式可知，相同质量的冰的体积比水大，故C错误；
D、由图象知，水从0℃升高到8℃时，水的体积先减小后变大，水在48℃时密度最大，故其密度先变大后减小，故D错误。
故选：A。
【分析】 由图可得从-4℃上升到0℃的过程中，冰的体积变化情况；从0℃上升到4℃的过程中水的体积变化情况；而水的质量不变，根据密度公式分析密度大小变化情况，进一步得出答案。
8．如图所示，质量为1kg的物体A，在水平向右推力F1作用下，沿水平地面向右做匀速直线运动，当物体从O运动到P点时，撤去F1，同时改用水平向左的拉力F2一直作用在物体上，物体仍向右运动，最终在Q点保持静止。F1和F2的大小、路程s1和s2及时间t1和t2等信息如图所示，g取10N/kg。则物体（　　）
A．在PQ段的运动状态保持不变
B．静止在Q点时受到的摩擦力是0N
C．从O运动到P点，重力所做的功是30J
D．从O运动到Q点，F1做功的功率是3W
【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：A、在PQ段，物体运动的方向和拉力的方向相反，物体速度越来越慢，物体做减速运动，故A错误；
B、静止在Q点时受到拉力和摩擦力是平衡力，大小相等，摩擦力不为零，故B错误；
C、重力方向是竖直向下的，在重力方向上没有距离，所以重力对不做功，即做功为0，故C错误；
D、从O运动到Q点，根据功的公式可知F1做功W1=F1s1=2N×3m=6J，F1做功的功率，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）物体运动的方向和拉力的方向相反，物体运动状态改变；
（2）根据二力平衡条件分析摩擦力；
（3）由功的两个必要因素可判断物体的重力是否做功；
（4）根据W=Fs计算O运动到Q，F1做的功，根据得到F1做功的功率。
9．小满在探究杠杆平衡条件的实验中，当杠杆静止在图甲所示的位置时，他通过调节平衡螺母，使杠杆在水平位置上平衡。接着他又把重为2N的钩码，悬挂在杠杆A点处，并在B点处施加一个竖直向上、大小为1N的拉力F1，如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中的杠杆处于不平衡状态
B．图乙中的杠杆能平衡
C．如图丙所示，若在C点处施加一个方向与杠杆成30°的拉力F2，当杠杆水平静止时，F2＝2N
D．以上三种说法都是错误的
【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】 解：A、图中杠杆静止，静止状态是平衡状态，故A错误；
B、图中左右侧的作用力都是使得杠杆逆时针转动，杠杆朝一个方向转动，故不能平衡，故B错误；
CD、图中物体拉力的力臂为2格长，根据几何知识知，动力的力臂为4格的一半，也是2格长，故动力臂等于阻力臂，则动力等于阻力为2N，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】 （1）杠杆静止或匀速转动都是平衡状态；
（2）根据动力与阻力使得杠杆的转动方向相反分析；
（3）根据图中分析动力臂，结合杠杆平衡条件计算。
10．小凯利用滑轮H组装成如图甲、乙所示两个装置，分别以相同的速度匀速提升A、B两物体（h0为两个物体的初始高度）。相关实验数据如表格所示。当绳端上升相同的高度h1时，下列说法正确的是（　　）
GA/N GB/N GH/N F1/N F2/N
2 2 0.2 1.2 4.3
①两物体的重力势能相等
②两物体的机械能相等
③两装置中的滑轮都是动滑轮
④两装置都是省力机械
⑤甲机械的有用功比乙小
⑥乙的机械效率比甲高
A．只有①②④是正确的 B．只有②③⑤是正确的
C．只有③④⑥是正确的 D．只有③⑤⑥是正确的
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 解：①物体重力相等，故质量相同，绳端上升相同的高度h1时，乙物体上升的高度高，重力势能与质量和高度有关，重力势能不相等；故①错误；
②动能与速度和质量有关，两物体质量和速度相同，故动能相同，且重力势能不相等，故机械能不相等，故②错误；
③动滑轮的滑轮与物体一起移动，由于两个滑轮的轴都是与移动的，故两装置中的滑轮都是动滑轮，故③正确；
④甲的拉力作用在边缘上，是省力，等于物体和滑轮中的一半，乙的拉力作用在轴心上，是费力的，故④错误；
⑤物体重力相同，甲物体的高度小，根据W=Gh知，有用功较小，故⑤正确；
⑥甲提升滑轮的高度与物体高度相等，都是h1的一半；根据效率公式可知甲的机械效率；而乙提升滑轮的高度等于h1，物体上升的高度为2h1；
乙的机械效率；
乙的机械效率比甲高，故⑥正确。
故选：D。
【分析】（1）根据动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关分析；
（2）根据滑轮轴是否运动分析。
（3）根据图中分析滑轮提升的高度，最滑轮做功为额外功，结合有用功比较机械效率。
二、非选择题：本题共8小题，共60分。请按题目要求作答。
11．如图所示，在水平桌面上放置一个底部接通皮管的塑料小碗，碗内放入适量干燥面粉，点燃蜡烛，罩上一个透明塑料盒，从皮管一端快速吹气，面粉瞬间弥漫整个塑料盒，飞扬的面粉接触到烛焰时，被瞬间点燃，引发爆炸，把塑料盒炸飞。
（1）面粉在盒内飞扬时 　 　 （选填“属于”或“不属于”）扩散现象；
（2）面粉燃烧时，　 　 能转化为 　 　 能；
（3）塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气的内能 　 　 （选填“增加”、“不变”或“减少”），该过程能量的转化与四冲程汽油机的 　 　 冲程能量的转化是一致的。
【答案】（1）不属于
（2）化学；内
（3）减少；做功
【知识点】燃料的热值；热机；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）面粉在盒内飞扬时不属于扩散现象。
（2）面粉燃烧时，化学能转化为内能。
（3）塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气的内能减少，该过程能量的转化与四冲程汽油机的做功冲程能量的转化是一致的。
故答案为：（1）不属于；（2）化学；内；（3）减少；做功。【分析】 不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现。面粉燃烧时，化学能转化为内能。
内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能。
（1）面粉在盒内飞扬时不属于扩散现象，是物体在做机械运动。
（2）[1][2]面粉燃烧时的能量转化与其它燃料燃烧的能量转化相同，是将储存的化学能转化为内能。
（3）[1][2]塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气对外做功，将内能转化为机械能，所以燃气的内能减少。该过程能量的转化与四冲程汽油机的做功冲程能量的转化是一致的。
12．甲、乙两个保温杯装有初温和质量相同的纯净水，静置在恒温的室内，小明每隔一段时间测出水温，并绘制了如图所示的图像。
（1）当t=1h时，　 　 （选填“甲”或“乙”）杯中的水的内能较大；甲杯中水的比热容　 　 乙杯中水的比热容（选填“大于”、“等于”、“小于”或“无法确定”）；
（2）乙杯中的水在0﹣1h放热为Q1，在1﹣2h放热为Q2，则Q1　 　 Q2（选填“>”、“=”或“<”），你的判断依据是　 　 。
【答案】（1）甲；等于
（2）>；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：（1）由图可知，当t=1h时，甲杯水的温度高于乙杯，又因为两杯水的质量相同，其温度越高，内能与温度有关，温度越高内能越大，所以甲的内能较大；
由题意可知，甲、乙两杯水，是同种物质，且状态是相同的，则两保温杯中水的比热容相同；
（2）通过图像分析可知，乙杯中的水在0～1h，温度变化量约为40℃，在1～2h，温度变化量约为20℃，根据Q放=cmΔt可知，质量相等的同种物质，温度变化量越大，根据热量公式可知，放出的热量越多，故Q1＞Q2。
故答案为：（1）甲；=；（2）＞；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。【分析】 （1）物体内能与温度有关，质量相同的同种物体，温度越高，内能越大；
比热容是物质的特性，仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的温度、质量和体积无关；
（2）根据Q放=cmΔt通过图像分析可知，相等时间内乙杯中的水放出热量的大小关系。
（1）[1]由图可知，当t=1h时，甲杯水的温度较高，又因为两杯水的质量相同，其温度越高，内能越大，所以甲的内能较大。
[2]由题意可知，甲、乙两杯水，它们的种类和状态相同，则两保温杯中水的比热容相同。
（2）通过图像分析可知，乙杯中的水在0~1h，温度变化量约为40℃，在1~2h，温度变化量约为20℃，根据Q放=cmΔt可知，质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多，故Q1>Q2。
13．（1）如图1甲所示，将透明薄壁方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向发出一束红光。未注水时，在侧壁上A点处得到一个光点。
①注入一定量的水后，光点移至B点处，同时发现在水面下方的侧壁上C点处出现光点。请在图1乙中，通过作图确定B点的大概位置和C点的位置　 　。
②适当减少水槽中水的质量时，B处的光点 　 　 （选填“上移”或“下移”）；同时B光点与它在水中像的距离 　 　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
③若水槽水上方有一只小鸟正由高处飞向水面时，则小鸟在水中的像的大小将 　 　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（2）如图2所示，AB是发光体，凸透镜（用“↓”表示）焦距为15cm，光心为O。
①画出A发出a、b两条入射光线经凸透镜后的折射光线　 　。
②画出AB的像A'B'　 　。
③若将凸透镜向右平移，AB所成的像的大小将如何变化？　 　 。
④若将凸透镜向左平移15cm，AB所成的像与AB相比，是放大的，还是缩小的？　 　 ；是正立的，还是倒立的？　 　 。
⑤若将凸透镜换成凹透镜，则光线b经过凹透镜后，将 　 　 （选填“靠近主光轴”、“远离主光轴”或“不改变光的传播方向”）。
【答案】（1） ；下移；变大；不变
（2） ； ；变小；放大的；倒立的；不改变光的传播方向
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）①水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；
光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置；如下图所示：
②适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向左偏移，所以B点会向下移动；水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同；B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离变大，所以B光点与它在水中像的距离变大；
③水面相当于平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，因此小鸟在水中的像的大小将不变；
（2）①凸透镜焦距f=15cm，光心为O，则图中凸透镜左边焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如下图所示：
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ，如下图所示：
③若将凸透镜向右平移，此时物距减小，根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小可知，AB所成的像变小；
④若将凸透镜向左平移15cm，此时物距u=15cm+8cm=23cm，大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；
⑤若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
故答案为：（1）①；②下移；变大；③不变；（2）①；②；③变小；④放大的；倒立的；⑤不改变光的传播方向。
【分析】 （1）①光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这是光的折射现象；光照射到物体的表面会发生反射现象；
②适当减少水槽中的水量，根据折射点位置的变化分析折射光线的位置的变化；根据反射光线的位置判定C点位置的变化，根据平面镜成像的特点分析距离的变化；
③根据平面镜成像特点分析回答；
（2）①先确定所给的光线的特点，再根据凸透镜的三条特殊光线来作图；
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ；
③根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小分析回答；
④根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
⑤根据过光心的光线传播方向不变分析回答。
（1）[1]水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置。如图所示：
[2]适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角也不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向下移动，与原来折射光线平行，B点会向下移动。
[3]水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同。B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离也变大，所以B光点与它在水中像的距离变大。
[4]水面相当于平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，因此小鸟在水中的像的大小将不变。
（2）[1]凸透镜焦距f ＝15cm，光心为O，尺子分度值是1cm，则图中凸透镜左边15.0cm处焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变。如图所示：
[2]上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ，如图所示：
[3]若将凸透镜向右平移，此时物距减小，根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小可知，AB所成的像变小。
[4][5]若将凸透镜向左平移15cm，此时物距u=15cm+8cm=23cm
凸透镜焦距f ＝15cm，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律，成倒立、放大的实像。
[6]若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
14．将一块粗糙的木板固定在竖直方向上，用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，如图1所示。若将木板水平放置，用同样大小的压力F1作用在同一木块上，在拉力F2的作用下木块以v2的速度向右匀速运动，如图2所示。已知v1=v2。
（1）在图1中，木块受到的摩擦力f1是 　 　 N，方向是 　 　 ；
（2）在图2中，木块受到的摩擦力f2　 　 f1（选填“>”、“=”或“<”）。若同时撤去F1和F2，木块 　 　 （选填“会”或“不会”）立即静止，此时木块所受的摩擦力f3与f2相比将 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”），画出此时木块（用“ ”表示）的受力示意图　 　。
【答案】（1）6；竖直向上
（2）>；不会；变小；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受重力、和竖直向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力f1=G=6N，方向竖直向上；
（2）在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力f2＞f1；
若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力f3与f2相比将变小；
画出此时木块受的力有：重力G、支持力F和滑动摩擦力f3，示意图如下
故答案为：（1）6；竖直向上；（2）＞；不会；变小；。
【分析】 （1）根据二力平衡分析解答；
（2）在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力f2＞f1；
若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力也会变化；
此时木块受的力有重力、支持力和滑动摩擦力。
（1）[1][2]用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受向下的重力和向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力f1=G=6N，方向竖直向上。
（2）[1]在图2中，木块与木板之间接触面的粗糙程度相同，此时的压力等于木块的重力与压力F1的和，则压力变大，所以受到的摩擦力f2>f1。
[2]若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止。
[3]此时木块与木板间的压力变小，接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力f3与f2相比将变小。
[4]此时木块受的力有：竖直向下的重力G、垂直于木板向上的支持力F和滑动摩擦力f3，此时的竖直方向的重力与支持力是一对平衡力，大小相等，示意图如下：
15．为了研究“风吹过山坡时，迎风坡和背风坡的风速大小”。小凯制作了一个山体模型固定放置在水平地面上，并在山体模型的迎风坡和背风坡各开A、B两个小孔，小孔与模型内的测气体流动速度装置相连，如下图（左）所示。当有强风一直吹过山坡时，测气体流动速度装置内的液面如下图（右）所示。
(1)A孔口气体的压强　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）B孔口气体的压强。
(2)A孔口气体的流动速度　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）B孔口气体的流动速度。
(3)山体模型对地面的压强 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】大于；小于；变小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 解：（1）由图乙可知，测气体流动速度装置右侧的液面高于左边，故A孔口气体的压强大于B孔口气体的压强。
（2）A孔口气体的压强大于B孔口气体的压强，根据流体压强和流速的关系可知，A孔口气体的流动速度小于B孔口气体的流动速度。
（3）山体模型上凸下平，当有强风吹过山坡时，相同时间内空气经过上方的路程比下方的路程长，则上方空气流速大，根据“流体在流速越大的地方压强越小”的原理可知，流过山体模型的空气会产生向上的压强差，则山体模型对地面的压力减小，而受力面积不变，故山体模型对地面的压强变小。
故答案为：（1）大于；（2）小于；（3）变小。
【分析】 （1）根据图示分析A、B两孔口气体压强的大小关系。
（2）根据流体压强和流速的关系分析A、B两孔口气体流动速度的大小关系。液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。
（3）压强的大小与压力和接触面的面积大小有关，据此结合流体压强和流速的关系分析解答。
16．如图所示，天然气水合物，别称可燃冰，主要分布于深海沉积物或陆域的永久冻土中，由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质。它是天然气在0℃和30个大气压的作用下结晶而成，密度接近冰的密度。1m3的可燃冰在常温常压下可释放约为160m3的天然气及0.8m3的淡水。2017年，我国在南海北部神狐海域进行的可燃冰试采获得成功，从水深1266m海底以下203~277m的天然气水合物矿藏开采出天然气。设ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，p大气压=1.0×105Pa，q天然气=4×107J/m3，。
（1）可燃冰属于　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）30个大气压相当于　 　 m深的海水产生的压强。
（3）求1m3的可燃冰完全燃烧放出的热量。若这些热量有21%被水吸收，可以使多少kg的水温度升高50℃。
【答案】（1）不可再生
（2）300
（3）1m3可燃冰完全燃烧放出热量，即160m3的天然气完全放出的热量：
Q放=Vq天然气=160m3×4×107J/m3=6.4×109J，
水吸收的热量：Q吸=Q放η=6.4×109J×21%=1.344×109J，
由Q吸=cmΔt得水的质量：。
答：若这些热量有21%被水吸收，可以使6.4×103kg的水温度升高50℃。
【知识点】燃料的热值；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 解：（1）可燃冰在短时间之内不可再生，所以属于不可再生能源；
（2）一个标准大气压为p大气压=1.0×105Pa，30个大气压为：
p=30p大气压=30×1.0×105Pa=3.0×106Pa；
根据p=ρgh可知，水的深度为： 。
答：（1）不可再生；
（2）300；
【分析】 （1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）一个标准大气压为1.0×105Pa，据此求出30个大气压的大小，然后根据p=ρgh求出水的深度；
（3）1m3可燃冰与160m3天然气完全燃烧放出的热量相当，求出160m3天然气完全燃烧放出的热量，利用Q吸=Q放η求出水吸收的热量，利用热量的计算公式计算水的质量。
（1）可燃冰在短时间之内不可再生，所以属于不可再生能源。
（2）一个标准大气压为，则30个大气压为
根据公式可知，水的深度为
（3）1m3可燃冰完全燃烧放出热量，即160m3的天然气完全放出的热量为
这些热量有21%被水吸收，则水吸收的热量为
根据公式可知，水的质量为
17．（1）请用笔画线表示导线，将图中的开关、电灯和两个插座接入家庭电路中。
表1
额定电压：220V 电源频率：50Hz 输入功率：2200W（使用快干热风时） 输入功率：100W（使用冷风时）
（2）白炽灯泡工作10min消耗电能3.6×104J，求白炽灯泡的实际功率？
（3）把某大功率电吹风（其铭牌如表1所示）插入插座1中，使用快干热风时，求电吹风正常工作的电流？连续正常工作100s消耗的电能？
（4）某手机电池，其铭牌如表2所示；某充电器，其铭牌如表3所示。把充电器插入插座2中，给手机电池充电。
表2
额定电压：3.8V 额定容量：4100mA﹣h
表3
额定输入电压：100~240V~50/60Hz 输出：5V﹣2A或5V﹣4.5A（快充）
①给电池充电时，　 　 能转化为 　 　 能。
②电池充满电后，大约储存了多少电能　 　？
【答案】（1）
（2）60W
（3）10A ，2.2×105J
（4）电；化学；56088J
【知识点】电功的计算；电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【解答】解：两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连，如图所示：
（2）白炽灯的实际功率： ；
（3）由表格参数可知，电吹风使用快干热风时的电功率：P热=2200W，
由P=UI可知，此时电吹风正常工作的电流： ；
连续正常工作100s消耗的电能：W'=P热t'=2200W×100s=2.2×105J；
（4）给电池充电时，将电能转化为化学能储存起来；
电池充满电后，大约储存的电能：W″=U'I't″=3.8V×4100×10-3A×1×3600s=56088J。
答：（1）；
（2）白炽灯泡的实际功率为60W；
（3）电吹风正常工作的电流为10A；连续正常工作100s消耗的电能为2.2×105J；
（4）①电；化学；
②电池充满电后，大约储存了56088J的电能。
【分析】 （1）两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连；
（2）根据求出白炽灯的实际功率；
（3）由表格数据可知电吹风使用快干热风时的电功率，根据P=UI求出电吹风正常工作的电流；根据W=Pt求出连续正常工作100s消耗的电能；
（4）电池充电时将电能转化为化学能储存起来；根据W=UIt求出电池充满电后，大约储存的电能。
（1）两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，上面中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连，故如下图所示：
（2）根据公式可知，白炽灯的实际功率为
（3）由表格参数可知，电吹风使用快干热风时的电功率为，由公式可知，此时电吹风正常工作的电流为
根据公式可知，连续正常工作100s消耗的电能为
（4）[1][2]给电池充电时，要消耗电能，将电能转化为化学能储存起来。
[3]根据公式可知，电池充满电后，大约储存的电能为
18．（1）为了测量铁块浸没水中所受的浮力，小凯进行如图1所示的实验，则浮力F1=　 　 N；
（2）小旋往量筒倒入适量的水后，将铜块浸没在量筒底部，如图2所示。已知水的密度为ρ水，则铜块受到的浮力F2=　 　 （用字母表示）；
（3）请你利用图3所示的器材，设计一个实验方案，测量水槽中待测液体的密度。
①简要写出合理的实验步骤：　 　 ；
②写出待测液体密度的最后表达式ρ液=　 　 （用字母表示）。
【答案】（1）1.2
（2）
（3）先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】 解：（1）根据称重法知，浮力F1=G-F=2.2N-1N=1.2N；
（2）根据阿基米德原理知，浮力F2=ρ水gV排=ρ水g（V2-V1）；
（3）利用测力计测量密度时，需要测量重力和拉力；故步骤：
先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；
浮力F浮=G-F=ρ液gV排；
物体的重力为G，G=ρ铝gV；
浸没时V排=V，解得；故答案为：（1）1.2；（2）ρ水g（V2-V1）；（3）先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；。
【分析】 （1）根据称重法计算浮力；
（2）根据阿基米德原理计算浮力；
（3）分别测量重力和浸没液体中的拉力，根据阿基米德原理和G=mg=ρVg列方程计算密度。
（1）由图1知，弹簧测力计的示数为0.2N，铁块的重力为2.2N，铁块浸没水中，测力计的示数为1N，根据称重法知，浮力F1=G-F=2.2N-1N=1.2N
（2）由图2知，量筒中水的体积为V1，铜块与水的总体积为V2，铜块排开水的体积
根据阿基米德原理知，浮力F2=ρ水gV排=ρ水g(V2-V1)
（3）[1][2]利用测力计测量密度时，需要测量重力和拉力；故步骤：先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G铝；然后将铝块浸没液体中测出拉力F示；铝块所受的浮力F浮=G铝-F示=ρ液gV排
物体的重力为G铝，G铝=ρ铝gV；浸没时V排=V，解得待测液体的密度
1 / 1广东省广州市广州中学2024-2025 学年九年级下学期2月月考物理试题
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．如图所示是古代的“米斗”，它是一种称量工具。1斗等于10升。陶渊明曾说过“不为五斗米折腰”。下列说法正确的是（　　）
A．“斗”是古代的质量单位 B．1斗米的质量大约是100kg
C．1斗米的质量大约是1kg D．5斗米的质量大约是75kg
2．如图所示是古代的“记里鼓车”模型。车行一里，木人击鼓，行十里，击镯（古代的乐器）。下列说法正确的是（　　）
A．鼓声是由鼓槌的振动产生的
B．鼓声和镯声的音色一定不同
C．击鼓越快，鼓声的音调越高
D．大力击鼓，鼓声在空气中的传播速度越快
3．夏天，小凯将冰水和热水分别倒入常温下的两只透明烧杯中，如图所示。一会儿发现两只烧杯的杯壁上都有一部分出现小水珠。下列说法正确的是（　　）
A．水珠都出现在内壁上
B．水珠都出现在外壁上
C．水珠出现在乙杯的内壁上，这是因为热水蒸发的水蒸气遇冷液化而成的
D．水珠出现在甲杯的内壁上，这是因为冰水上方的水蒸气遇冷液化而成的
4．某建筑外墙悬挂一条巨型条幅，自上而下写着“活力五山，成就梦想”。小旋站在条幅对面的观光电梯里，对着条幅先后拍了如图甲、乙所示两张照片。下列说法正确的是（　　）
A．相对观光电梯，小旋向上运动 B．相对观光电梯，条幅向下运动
C．相对条幅，小旋向下运动 D．相对条幅，观光电梯向下运动
5．将摩擦后带正电的餐盘放在木桌上，带电表面朝上，把几个带电的泡沫小球轻放在餐盘上，会看到泡沫小球上下跳动，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．摩擦餐盘使其带电，机械能转化为电能
B．餐盘带正电是因为在摩擦的过程中得到正电荷
C．泡沫小球一定带负电
D．泡沫小球之所以会下落，是因为它受到餐盘的吸引作用
6．在图甲所示的电路中，闭合开关S，小灯泡L1和发光二极管L2发光，电流表A1和A2的示数如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．b端是电源的正极
B．通过L1的电流是0.3A
C．若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数一定不变
D．若L1的灯丝突然烧断，则电流表A1和A2的示数一定相等
7．水会出现“热缩冷胀”现象。小圆加热1g的冰，分别记录其温度与体积的数据，并绘成如图所示的图像。下列说法正确的是（　　）
A．温度升高时，冰的密度变小
B．0℃时，冰的密度比水大
C．相同质量的冰的体积比水小
D．水从0℃升高到8℃时，其密度变大
8．如图所示，质量为1kg的物体A，在水平向右推力F1作用下，沿水平地面向右做匀速直线运动，当物体从O运动到P点时，撤去F1，同时改用水平向左的拉力F2一直作用在物体上，物体仍向右运动，最终在Q点保持静止。F1和F2的大小、路程s1和s2及时间t1和t2等信息如图所示，g取10N/kg。则物体（　　）
A．在PQ段的运动状态保持不变
B．静止在Q点时受到的摩擦力是0N
C．从O运动到P点，重力所做的功是30J
D．从O运动到Q点，F1做功的功率是3W
9．小满在探究杠杆平衡条件的实验中，当杠杆静止在图甲所示的位置时，他通过调节平衡螺母，使杠杆在水平位置上平衡。接着他又把重为2N的钩码，悬挂在杠杆A点处，并在B点处施加一个竖直向上、大小为1N的拉力F1，如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中的杠杆处于不平衡状态
B．图乙中的杠杆能平衡
C．如图丙所示，若在C点处施加一个方向与杠杆成30°的拉力F2，当杠杆水平静止时，F2＝2N
D．以上三种说法都是错误的
10．小凯利用滑轮H组装成如图甲、乙所示两个装置，分别以相同的速度匀速提升A、B两物体（h0为两个物体的初始高度）。相关实验数据如表格所示。当绳端上升相同的高度h1时，下列说法正确的是（　　）
GA/N GB/N GH/N F1/N F2/N
2 2 0.2 1.2 4.3
①两物体的重力势能相等
②两物体的机械能相等
③两装置中的滑轮都是动滑轮
④两装置都是省力机械
⑤甲机械的有用功比乙小
⑥乙的机械效率比甲高
A．只有①②④是正确的 B．只有②③⑤是正确的
C．只有③④⑥是正确的 D．只有③⑤⑥是正确的
二、非选择题：本题共8小题，共60分。请按题目要求作答。
11．如图所示，在水平桌面上放置一个底部接通皮管的塑料小碗，碗内放入适量干燥面粉，点燃蜡烛，罩上一个透明塑料盒，从皮管一端快速吹气，面粉瞬间弥漫整个塑料盒，飞扬的面粉接触到烛焰时，被瞬间点燃，引发爆炸，把塑料盒炸飞。
（1）面粉在盒内飞扬时 　 　 （选填“属于”或“不属于”）扩散现象；
（2）面粉燃烧时，　 　 能转化为 　 　 能；
（3）塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气的内能 　 　 （选填“增加”、“不变”或“减少”），该过程能量的转化与四冲程汽油机的 　 　 冲程能量的转化是一致的。
12．甲、乙两个保温杯装有初温和质量相同的纯净水，静置在恒温的室内，小明每隔一段时间测出水温，并绘制了如图所示的图像。
（1）当t=1h时，　 　 （选填“甲”或“乙”）杯中的水的内能较大；甲杯中水的比热容　 　 乙杯中水的比热容（选填“大于”、“等于”、“小于”或“无法确定”）；
（2）乙杯中的水在0﹣1h放热为Q1，在1﹣2h放热为Q2，则Q1　 　 Q2（选填“>”、“=”或“<”），你的判断依据是　 　 。
13．（1）如图1甲所示，将透明薄壁方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向发出一束红光。未注水时，在侧壁上A点处得到一个光点。
①注入一定量的水后，光点移至B点处，同时发现在水面下方的侧壁上C点处出现光点。请在图1乙中，通过作图确定B点的大概位置和C点的位置　 　。
②适当减少水槽中水的质量时，B处的光点 　 　 （选填“上移”或“下移”）；同时B光点与它在水中像的距离 　 　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
③若水槽水上方有一只小鸟正由高处飞向水面时，则小鸟在水中的像的大小将 　 　 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（2）如图2所示，AB是发光体，凸透镜（用“↓”表示）焦距为15cm，光心为O。
①画出A发出a、b两条入射光线经凸透镜后的折射光线　 　。
②画出AB的像A'B'　 　。
③若将凸透镜向右平移，AB所成的像的大小将如何变化？　 　 。
④若将凸透镜向左平移15cm，AB所成的像与AB相比，是放大的，还是缩小的？　 　 ；是正立的，还是倒立的？　 　 。
⑤若将凸透镜换成凹透镜，则光线b经过凹透镜后，将 　 　 （选填“靠近主光轴”、“远离主光轴”或“不改变光的传播方向”）。
14．将一块粗糙的木板固定在竖直方向上，用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，如图1所示。若将木板水平放置，用同样大小的压力F1作用在同一木块上，在拉力F2的作用下木块以v2的速度向右匀速运动，如图2所示。已知v1=v2。
（1）在图1中，木块受到的摩擦力f1是 　 　 N，方向是 　 　 ；
（2）在图2中，木块受到的摩擦力f2　 　 f1（选填“>”、“=”或“<”）。若同时撤去F1和F2，木块 　 　 （选填“会”或“不会”）立即静止，此时木块所受的摩擦力f3与f2相比将 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”），画出此时木块（用“ ”表示）的受力示意图　 　。
15．为了研究“风吹过山坡时，迎风坡和背风坡的风速大小”。小凯制作了一个山体模型固定放置在水平地面上，并在山体模型的迎风坡和背风坡各开A、B两个小孔，小孔与模型内的测气体流动速度装置相连，如下图（左）所示。当有强风一直吹过山坡时，测气体流动速度装置内的液面如下图（右）所示。
(1)A孔口气体的压强　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）B孔口气体的压强。
(2)A孔口气体的流动速度　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）B孔口气体的流动速度。
(3)山体模型对地面的压强 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
16．如图所示，天然气水合物，别称可燃冰，主要分布于深海沉积物或陆域的永久冻土中，由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质。它是天然气在0℃和30个大气压的作用下结晶而成，密度接近冰的密度。1m3的可燃冰在常温常压下可释放约为160m3的天然气及0.8m3的淡水。2017年，我国在南海北部神狐海域进行的可燃冰试采获得成功，从水深1266m海底以下203~277m的天然气水合物矿藏开采出天然气。设ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，p大气压=1.0×105Pa，q天然气=4×107J/m3，。
（1）可燃冰属于　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
（2）30个大气压相当于　 　 m深的海水产生的压强。
（3）求1m3的可燃冰完全燃烧放出的热量。若这些热量有21%被水吸收，可以使多少kg的水温度升高50℃。
17．（1）请用笔画线表示导线，将图中的开关、电灯和两个插座接入家庭电路中。
表1
额定电压：220V 电源频率：50Hz 输入功率：2200W（使用快干热风时） 输入功率：100W（使用冷风时）
（2）白炽灯泡工作10min消耗电能3.6×104J，求白炽灯泡的实际功率？
（3）把某大功率电吹风（其铭牌如表1所示）插入插座1中，使用快干热风时，求电吹风正常工作的电流？连续正常工作100s消耗的电能？
（4）某手机电池，其铭牌如表2所示；某充电器，其铭牌如表3所示。把充电器插入插座2中，给手机电池充电。
表2
额定电压：3.8V 额定容量：4100mA﹣h
表3
额定输入电压：100~240V~50/60Hz 输出：5V﹣2A或5V﹣4.5A（快充）
①给电池充电时，　 　 能转化为 　 　 能。
②电池充满电后，大约储存了多少电能　 　？
18．（1）为了测量铁块浸没水中所受的浮力，小凯进行如图1所示的实验，则浮力F1=　 　 N；
（2）小旋往量筒倒入适量的水后，将铜块浸没在量筒底部，如图2所示。已知水的密度为ρ水，则铜块受到的浮力F2=　 　 （用字母表示）；
（3）请你利用图3所示的器材，设计一个实验方案，测量水槽中待测液体的密度。
①简要写出合理的实验步骤：　 　 ；
②写出待测液体密度的最后表达式ρ液=　 　 （用字母表示）。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】 解：A、1斗等于10升，“斗”是古代的体积单位，故A错误；
BC、米的密度约是1.7×103kg/m3，根据密度公式可知1斗米的质量m=ρV=1.7×103kg/m3×10×10-3m3=17kg，故BC错误；
D、根据密度公式可知5斗米的质量m=ρV=1.7×103kg/m3×50×10-3m3=85kg，与75kg接近，故D正确。
故选：D。
【分析】 根据材料分析，结合质量密度体积之间的关系，即可得到对于答案。
2．【答案】B
【知识点】声音的产生；声速；音调及音调与频率的关系；音色
3．【答案】C
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】 解：AB.冰水的水珠是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，出现在外壁上，热水的水珠是烧杯内的水蒸气遇冷液化的小水滴，出现在内壁上，故AB错误；
C.水珠出现在乙杯的内壁上，这是因为烧杯内的热水蒸发的水蒸气遇冷液化而成的，故C正确；
D.水珠出现在甲杯的外壁上，这是因为空气中的水蒸气遇冷放热液化而成的小水滴，故D错误；
故选：C。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
4．【答案】B
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】 解：条幅相对于地面之间没有位置变化，乙地面为参照物，条幅是静止的，则：
A、小旋在电梯内，相对于观光电梯没有发生位置变化，是静止的，故A错误；
BCD、由图甲、乙可知，小旋相对于地面向上运动，则相对于条幅向上运动；观光电梯相对于条幅向上运动，条幅相对于观光电梯是向下运动，故B正确，CD错误。
故选：B。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
5．【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A．摩擦起电的过程中，消耗机械能，获得电能，将机械能转化为电能，故A正确；
B．餐盘带正电是因为在摩擦的过程中失去电子，故B错误；
C．泡沫小球上下跳动，说明小球与餐盘带有同种电荷，由于餐盘带正电，则泡沫小球也带正电，故C错误；
D．泡沫小球之所以会下落，是因为它受到重力作用，不是受到餐盘的吸引作用，故D错误。
故选A。
【分析】（1）摩擦的过程中消耗了机械能，得到了电能；
（2）不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电；
（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）地球附近的物体都受到重力作用。
6．【答案】C,D
【知识点】电流的测量及电流表的使用；并联电路的电流规律
【解析】【解答】 解：A.二极管具有单向导电性，电流只能从一个方向流进，故可知a端是电源的正极，故A错误；
B.电流表A1测干路电流，从图中读出示数I=0.3A，A2测发光二极管L2的电流，示数I2=0.02A，根据并联电路蒂娜刘规律可知通过L1的电流是I1=I-I2=0.3A-0.02A=0.28A，故B错误；
C.并联电路各用电器互不影响，若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数一定不变，故C正确；
D.若L1的灯丝突然烧断，只有二极管在电路中，则电流表A1和A2均测通过L2的电流，示数相等，故D正确。
故选：CD。
【分析】（1）根据二极管的单向导电性，可知a端是电源的正极；
（2）图乙中，电流表A1测干路电流，A2测发光二极管L2的电流，两表的示数差是通过L1的电流；
（3）因为并联电路，各支路互不影响，若L1的灯丝突然烧断，则电流表A2的示数不变；
（4）若L1的灯丝突然烧断，则电流表A1和A2均测通过L2的电流，应该相等，读出示数一定相等。
7．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；密度与温度的关系
【解析】【解答】 解：A、由图象可知，温度升高时，冰的体积变大，质量不变，利用可知，则密度减小。故A正确；B、由图象可知，在0℃时，冰块的体积大于水的体积，质量相同，利用可知，冰的密度小于水的密度。故B错误；
C、由于冰的密度小于水的密度，根据密度公式可知，相同质量的冰的体积比水大，故C错误；
D、由图象知，水从0℃升高到8℃时，水的体积先减小后变大，水在48℃时密度最大，故其密度先变大后减小，故D错误。
故选：A。
【分析】 由图可得从-4℃上升到0℃的过程中，冰的体积变化情况；从0℃上升到4℃的过程中水的体积变化情况；而水的质量不变，根据密度公式分析密度大小变化情况，进一步得出答案。
8．【答案】D
【知识点】功率计算公式的应用；物体运动状态的变化；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】 解：A、在PQ段，物体运动的方向和拉力的方向相反，物体速度越来越慢，物体做减速运动，故A错误；
B、静止在Q点时受到拉力和摩擦力是平衡力，大小相等，摩擦力不为零，故B错误；
C、重力方向是竖直向下的，在重力方向上没有距离，所以重力对不做功，即做功为0，故C错误；
D、从O运动到Q点，根据功的公式可知F1做功W1=F1s1=2N×3m=6J，F1做功的功率，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）物体运动的方向和拉力的方向相反，物体运动状态改变；
（2）根据二力平衡条件分析摩擦力；
（3）由功的两个必要因素可判断物体的重力是否做功；
（4）根据W=Fs计算O运动到Q，F1做的功，根据得到F1做功的功率。
9．【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】 解：A、图中杠杆静止，静止状态是平衡状态，故A错误；
B、图中左右侧的作用力都是使得杠杆逆时针转动，杠杆朝一个方向转动，故不能平衡，故B错误；
CD、图中物体拉力的力臂为2格长，根据几何知识知，动力的力臂为4格的一半，也是2格长，故动力臂等于阻力臂，则动力等于阻力为2N，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】 （1）杠杆静止或匀速转动都是平衡状态；
（2）根据动力与阻力使得杠杆的转动方向相反分析；
（3）根据图中分析动力臂，结合杠杆平衡条件计算。
10．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】 解：①物体重力相等，故质量相同，绳端上升相同的高度h1时，乙物体上升的高度高，重力势能与质量和高度有关，重力势能不相等；故①错误；
②动能与速度和质量有关，两物体质量和速度相同，故动能相同，且重力势能不相等，故机械能不相等，故②错误；
③动滑轮的滑轮与物体一起移动，由于两个滑轮的轴都是与移动的，故两装置中的滑轮都是动滑轮，故③正确；
④甲的拉力作用在边缘上，是省力，等于物体和滑轮中的一半，乙的拉力作用在轴心上，是费力的，故④错误；
⑤物体重力相同，甲物体的高度小，根据W=Gh知，有用功较小，故⑤正确；
⑥甲提升滑轮的高度与物体高度相等，都是h1的一半；根据效率公式可知甲的机械效率；而乙提升滑轮的高度等于h1，物体上升的高度为2h1；
乙的机械效率；
乙的机械效率比甲高，故⑥正确。
故选：D。
【分析】（1）根据动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关分析；
（2）根据滑轮轴是否运动分析。
（3）根据图中分析滑轮提升的高度，最滑轮做功为额外功，结合有用功比较机械效率。
11．【答案】（1）不属于
（2）化学；内
（3）减少；做功
【知识点】燃料的热值；热机；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）面粉在盒内飞扬时不属于扩散现象。
（2）面粉燃烧时，化学能转化为内能。
（3）塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气的内能减少，该过程能量的转化与四冲程汽油机的做功冲程能量的转化是一致的。
故答案为：（1）不属于；（2）化学；内；（3）减少；做功。【分析】 不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现。面粉燃烧时，化学能转化为内能。
内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能。
（1）面粉在盒内飞扬时不属于扩散现象，是物体在做机械运动。
（2）[1][2]面粉燃烧时的能量转化与其它燃料燃烧的能量转化相同，是将储存的化学能转化为内能。
（3）[1][2]塑料盒被炸飞的过程，盒内燃气对外做功，将内能转化为机械能，所以燃气的内能减少。该过程能量的转化与四冲程汽油机的做功冲程能量的转化是一致的。
12．【答案】（1）甲；等于
（2）>；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 解：（1）由图可知，当t=1h时，甲杯水的温度高于乙杯，又因为两杯水的质量相同，其温度越高，内能与温度有关，温度越高内能越大，所以甲的内能较大；
由题意可知，甲、乙两杯水，是同种物质，且状态是相同的，则两保温杯中水的比热容相同；
（2）通过图像分析可知，乙杯中的水在0～1h，温度变化量约为40℃，在1～2h，温度变化量约为20℃，根据Q放=cmΔt可知，质量相等的同种物质，温度变化量越大，根据热量公式可知，放出的热量越多，故Q1＞Q2。
故答案为：（1）甲；=；（2）＞；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。【分析】 （1）物体内能与温度有关，质量相同的同种物体，温度越高，内能越大；
比热容是物质的特性，仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的温度、质量和体积无关；
（2）根据Q放=cmΔt通过图像分析可知，相等时间内乙杯中的水放出热量的大小关系。
（1）[1]由图可知，当t=1h时，甲杯水的温度较高，又因为两杯水的质量相同，其温度越高，内能越大，所以甲的内能较大。
[2]由题意可知，甲、乙两杯水，它们的种类和状态相同，则两保温杯中水的比热容相同。
（2）通过图像分析可知，乙杯中的水在0~1h，温度变化量约为40℃，在1~2h，温度变化量约为20℃，根据Q放=cmΔt可知，质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多，故Q1>Q2。
13．【答案】（1） ；下移；变大；不变
（2） ； ；变小；放大的；倒立的；不改变光的传播方向
【知识点】作光的折射光路图；透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 解：（1）①水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；
光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置；如下图所示：
②适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向左偏移，所以B点会向下移动；水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同；B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离变大，所以B光点与它在水中像的距离变大；
③水面相当于平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，因此小鸟在水中的像的大小将不变；
（2）①凸透镜焦距f=15cm，光心为O，则图中凸透镜左边焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如下图所示：
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ，如下图所示：
③若将凸透镜向右平移，此时物距减小，根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小可知，AB所成的像变小；
④若将凸透镜向左平移15cm，此时物距u=15cm+8cm=23cm，大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；
⑤若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
故答案为：（1）①；②下移；变大；③不变；（2）①；②；③变小；④放大的；倒立的；⑤不改变光的传播方向。
【分析】 （1）①光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这是光的折射现象；光照射到物体的表面会发生反射现象；
②适当减少水槽中的水量，根据折射点位置的变化分析折射光线的位置的变化；根据反射光线的位置判定C点位置的变化，根据平面镜成像的特点分析距离的变化；
③根据平面镜成像特点分析回答；
（2）①先确定所给的光线的特点，再根据凸透镜的三条特殊光线来作图；
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ；
③根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小分析回答；
④根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
⑤根据过光心的光线传播方向不变分析回答。
（1）[1]水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置。如图所示：
[2]适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角也不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向下移动，与原来折射光线平行，B点会向下移动。
[3]水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同。B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离也变大，所以B光点与它在水中像的距离变大。
[4]水面相当于平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，因此小鸟在水中的像的大小将不变。
（2）[1]凸透镜焦距f ＝15cm，光心为O，尺子分度值是1cm，则图中凸透镜左边15.0cm处焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变。如图所示：
[2]上面两条光线反向延长线的交点为A的像点A'，从A'画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ，如图所示：
[3]若将凸透镜向右平移，此时物距减小，根据凸透镜成虚像时，物近像近像变小可知，AB所成的像变小。
[4][5]若将凸透镜向左平移15cm，此时物距u=15cm+8cm=23cm
凸透镜焦距f ＝15cm，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律，成倒立、放大的实像。
[6]若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
14．【答案】（1）6；竖直向上
（2）>；不会；变小；
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 解：（1）用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受重力、和竖直向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力f1=G=6N，方向竖直向上；
（2）在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力f2＞f1；
若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力f3与f2相比将变小；
画出此时木块受的力有：重力G、支持力F和滑动摩擦力f3，示意图如下
故答案为：（1）6；竖直向上；（2）＞；不会；变小；。
【分析】 （1）根据二力平衡分析解答；
（2）在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力f2＞f1；
若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力也会变化；
此时木块受的力有重力、支持力和滑动摩擦力。
（1）[1][2]用大小为10N的压力F1，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以v1的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受向下的重力和向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力f1=G=6N，方向竖直向上。
（2）[1]在图2中，木块与木板之间接触面的粗糙程度相同，此时的压力等于木块的重力与压力F1的和，则压力变大，所以受到的摩擦力f2>f1。
[2]若同时撤去F1和F2，由于惯性木块不会立即静止。
[3]此时木块与木板间的压力变小，接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力f3与f2相比将变小。
[4]此时木块受的力有：竖直向下的重力G、垂直于木板向上的支持力F和滑动摩擦力f3，此时的竖直方向的重力与支持力是一对平衡力，大小相等，示意图如下：
15．【答案】大于；小于；变小
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 解：（1）由图乙可知，测气体流动速度装置右侧的液面高于左边，故A孔口气体的压强大于B孔口气体的压强。
（2）A孔口气体的压强大于B孔口气体的压强，根据流体压强和流速的关系可知，A孔口气体的流动速度小于B孔口气体的流动速度。
（3）山体模型上凸下平，当有强风吹过山坡时，相同时间内空气经过上方的路程比下方的路程长，则上方空气流速大，根据“流体在流速越大的地方压强越小”的原理可知，流过山体模型的空气会产生向上的压强差，则山体模型对地面的压力减小，而受力面积不变，故山体模型对地面的压强变小。
故答案为：（1）大于；（2）小于；（3）变小。
【分析】 （1）根据图示分析A、B两孔口气体压强的大小关系。
（2）根据流体压强和流速的关系分析A、B两孔口气体流动速度的大小关系。液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。
（3）压强的大小与压力和接触面的面积大小有关，据此结合流体压强和流速的关系分析解答。
16．【答案】（1）不可再生
（2）300
（3）1m3可燃冰完全燃烧放出热量，即160m3的天然气完全放出的热量：
Q放=Vq天然气=160m3×4×107J/m3=6.4×109J，
水吸收的热量：Q吸=Q放η=6.4×109J×21%=1.344×109J，
由Q吸=cmΔt得水的质量：。
答：若这些热量有21%被水吸收，可以使6.4×103kg的水温度升高50℃。
【知识点】燃料的热值；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 解：（1）可燃冰在短时间之内不可再生，所以属于不可再生能源；
（2）一个标准大气压为p大气压=1.0×105Pa，30个大气压为：
p=30p大气压=30×1.0×105Pa=3.0×106Pa；
根据p=ρgh可知，水的深度为： 。
答：（1）不可再生；
（2）300；
【分析】 （1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）一个标准大气压为1.0×105Pa，据此求出30个大气压的大小，然后根据p=ρgh求出水的深度；
（3）1m3可燃冰与160m3天然气完全燃烧放出的热量相当，求出160m3天然气完全燃烧放出的热量，利用Q吸=Q放η求出水吸收的热量，利用热量的计算公式计算水的质量。
（1）可燃冰在短时间之内不可再生，所以属于不可再生能源。
（2）一个标准大气压为，则30个大气压为
根据公式可知，水的深度为
（3）1m3可燃冰完全燃烧放出热量，即160m3的天然气完全放出的热量为
这些热量有21%被水吸收，则水吸收的热量为
根据公式可知，水的质量为
17．【答案】（1）
（2）60W
（3）10A ，2.2×105J
（4）电；化学；56088J
【知识点】电功的计算；电功率的计算；家庭电路的连接
【解析】【解答】解：两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连，如图所示：
（2）白炽灯的实际功率： ；
（3）由表格参数可知，电吹风使用快干热风时的电功率：P热=2200W，
由P=UI可知，此时电吹风正常工作的电流： ；
连续正常工作100s消耗的电能：W'=P热t'=2200W×100s=2.2×105J；
（4）给电池充电时，将电能转化为化学能储存起来；
电池充满电后，大约储存的电能：W″=U'I't″=3.8V×4100×10-3A×1×3600s=56088J。
答：（1）；
（2）白炽灯泡的实际功率为60W；
（3）电吹风正常工作的电流为10A；连续正常工作100s消耗的电能为2.2×105J；
（4）①电；化学；
②电池充满电后，大约储存了56088J的电能。
【分析】 （1）两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连；
（2）根据求出白炽灯的实际功率；
（3）由表格数据可知电吹风使用快干热风时的电功率，根据P=UI求出电吹风正常工作的电流；根据W=Pt求出连续正常工作100s消耗的电能；
（4）电池充电时将电能转化为化学能储存起来；根据W=UIt求出电池充满电后，大约储存的电能。
（1）两孔插座左孔接零线，右孔接火线；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，上面中间孔接地线；控制灯泡的开关应该与火线相连，故如下图所示：
（2）根据公式可知，白炽灯的实际功率为
（3）由表格参数可知，电吹风使用快干热风时的电功率为，由公式可知，此时电吹风正常工作的电流为
根据公式可知，连续正常工作100s消耗的电能为
（4）[1][2]给电池充电时，要消耗电能，将电能转化为化学能储存起来。
[3]根据公式可知，电池充满电后，大约储存的电能为
18．【答案】（1）1.2
（2）
（3）先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】 解：（1）根据称重法知，浮力F1=G-F=2.2N-1N=1.2N；
（2）根据阿基米德原理知，浮力F2=ρ水gV排=ρ水g（V2-V1）；
（3）利用测力计测量密度时，需要测量重力和拉力；故步骤：
先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；
浮力F浮=G-F=ρ液gV排；
物体的重力为G，G=ρ铝gV；
浸没时V排=V，解得；故答案为：（1）1.2；（2）ρ水g（V2-V1）；（3）先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G；然后将铝块浸没液体中测出拉力F；。
【分析】 （1）根据称重法计算浮力；
（2）根据阿基米德原理计算浮力；
（3）分别测量重力和浸没液体中的拉力，根据阿基米德原理和G=mg=ρVg列方程计算密度。
（1）由图1知，弹簧测力计的示数为0.2N，铁块的重力为2.2N，铁块浸没水中，测力计的示数为1N，根据称重法知，浮力F1=G-F=2.2N-1N=1.2N
（2）由图2知，量筒中水的体积为V1，铜块与水的总体积为V2，铜块排开水的体积
根据阿基米德原理知，浮力F2=ρ水gV排=ρ水g(V2-V1)
（3）[1][2]利用测力计测量密度时，需要测量重力和拉力；故步骤：先将铝块用细线系着挂测力计下测量重力G铝；然后将铝块浸没液体中测出拉力F示；铝块所受的浮力F浮=G铝-F示=ρ液gV排
物体的重力为G铝，G铝=ρ铝gV；浸没时V排=V，解得待测液体的密度
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