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广东省广州市荔湾区2025-2026学年第一学期九上物理期末卷
一、单项选择题(每题3分，共30分，每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意)
1．如题图，陈醋花生是广式凉拌经典小菜.选用饱满花生米，先炒香放凉，再倒入陈醋、蒜末、少许糖拌匀，密封冷藏数小时后食用，酸香开胃，口感脆韧.以下说法正确的是
A．陈醋、蒜末、糖与花生混合属于化学反应
B．花生变酸是因醋分子热运动渗入其中
C．密封冷藏可以加快分子热运动
D．炒香花生主要利用做功增加内能
2．下列标识中用来提示“小心触电”的是
A． B．
C． D．
3．下列选项的物质，按空间尺度由小到大顺序排列，正确的是
A．电子、原子核、分子 B．中子、电子、原子
C．原子、原子核、中子 D．太阳系、银河系、月球
4．题图中为两个横截面积都是1.5cm2、重1N的铅柱，端面削平压紧后下端挂22kg的重物而未被拉开，主要原因是
A．大气压力作用 B．分子间有空隙
C．分子引力作用 D．分子在做热运动
5．小昕周末为新家装修。她用静电喷漆枪给物件上漆时，发现喷出的涂料小液滴在空中的情景如题图所示，但被物件吸引，则下列说法正确的是
A．物件一定带与小液滴相同的电荷
B．物件一定不带电
C．小液滴之间因同种电荷而相互排斥
D．小液滴可不带电
6．下列现象和推断不符合实际的是
A．现象：稍用力上拉玻璃板，测力计示数变大。推断：分子间只有引力无斥力
B．现象：抽去玻璃板，两瓶气体均会变红棕色。推断：分子在做热运动
C．现象：塞子冲出时瓶口出现白雾。推断：物体对外做功，内能减小、温度降低
D．现象：棉花被点燃。推断：外界对物体做功致内能增大、温度升高
7．以下哪个实验与其他三个实验的物理思想方法不同
A．通过观察海绵的凹陷程度反映压力作用效果
B．通过比较U形管内两液面高度差反映电阻丝放出热量的大小关系
C．通过烛焰晃动的幅度反映声音具有能量
D．通过水流初步建立电流的概念
8．十五届全运会“深海之火”采集时，利用光伏发电装置获电能，经特种电缆传至海底，由电火花发生器远程引燃可燃冰获绿色“源火”，问关于上述过程能量转化情况说法正确的是
A．光伏发电过程中，电能直接转化为化学能
B．电能点燃可燃冰的过程，是机械能转化为内能
C．可燃冰燃烧时，其储存的化学能主要转化为内能和光能
D．在这个过程中能量的总量增加
9．题图甲是某光敏电阻阻值与照度的关系图象，图乙是该光敏电阻工作的电路图，电源电压不变。当照度减小时
A．电压表示数变小 B．电流表示数不变
C．电压表示数变大 D．电流表示数变大
10．如题图，小昕家有一盏吊扇灯，将其接入家庭电路，如图乙，输电线甲、乙从右端进户.闭合开关 S1和 S2，电风扇正常工作、LED 灯发光，用试电笔检测插座，只有检测右孔时氖管发光.由于出现故障，LED灯不发光，电风扇仍工作，用试电笔检测插座两孔，氖管均发光.则下列判断正确的是
A．甲是相线 B．插座两孔短路
C．a、b间断路 D．b、c间断路
二、非选择题 (共60分)
11．【项目提出】制作简易热机模型
【项目分析】①热机的工作原理是什么 ②热机包含哪些主要装置
【项目实施】
①制作叶轮：取一个空易拉罐，剪下一块圆形片.再将圆形金属片剪成螺旋桨的形状.最后，在中心钻孔，用铁丝穿过小孔.如题图甲.
②组装“汽轮机”：在另一个易拉罐盖旁打个孔，倒出饮料后往其内部装入半罐水，如图乙；用铁丝制作支架，最后组装器材，如图丙，该“汽轮机”属于　 　(选填“内燃机”或“外燃机”).
③“汽轮机”工作：点燃固体酒精，加热易拉罐中的水直至沸腾，当孔周围出现大量的“白气”时，再将叶轮移到正对孔的位置.该“汽轮机”工作时，图丙中的水蒸气的　 　能转化为叶轮的　 　能，这是通过　 　方式改变水蒸气能量.
【展示交流】
①小昕发现，该“汽轮机”工作时，叶轮转动断断续续.根据这一现象，请你提出一条改进措施：　 　.
②小昕改进问题后，叶轮能持续稳定转动，但速度慢.小阳提议用干抹布覆盖储水罐顶部，尝试后叶轮转动速度变快，该操作提高了“汽轮机”的　 　.
A．燃料热值 B．输出功率 C．输出效率
12． 小昕想为新家的房间设计电路
（1）题图中的①为　 　，请帮她完成部分电路图(开关只控制灯泡)；
（2）接电路前，先用测电笔(如题图)辨别导线是相线还是中性线，应该用手握着测电笔的　 　部位.用测电笔的　 　(两空均选填“A”“B”“C”或“D”)部位接触导线，依据　 　现象判断导线是相线.
（3）下面说法中符合家庭用电安全原则的是：
A．及时更换绝缘皮老化、破损的导线
B．洗衣机的外壳应接地
C．使用测电笔辨别相线与中性线时，手指可以触碰到金属笔尖
D．电动自行车放在楼道充电
13．小洋准备乘飞机旅行，他带了一个标有“电池容量 20000mA·h/5V”的充电宝.根据民航规定，额定能量不得超过 160 W·h才能随身携带.请计算该充电宝的能量　 　W·h，他　 　(选填“能”或“不能”)携带该充电宝登机，理由是　 　.
14．蓄冷剂是食品运输和保鲜的重要降温试剂.现有两种蓄冷剂，为了探究他们的蓄冷效果，小昕首先将质量均为100g的两种蓄冷剂分别装入完全相同的冰袋中，标记A、B，放入冰箱中冷冻为温度相同的固体.在相同的容器①、②中分别加入质量为500g且温度相同的水，再将A、B袋从冰箱中取出放入水中，并用隔热材料密封.小洋通过温度传感器每隔一定时间测量蓄冷剂及水的温度，如图是小洋记录的A、B两蓄冷剂及容器①、②中水的温度随时间的变化图像.已知
（1）蓄冷剂B属于　 　(选填“晶体”或“非晶体”)；
（2）0~t1，蓄冷剂分子运动剧烈程度　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)，蓄冷剂　 　(选填“A”或“B”)比热容更大；
（3）0~t1，水和蓄冷剂之间发生热传递，其热传递方向为　 　(选填“从水到蓄冷剂”或“从蓄冷剂到水”)；
（4）t1~t2，容器①中水的温度降低10℃，若热量全部被蓄冷剂吸收，经过计算，该过程蓄冷剂A吸收的热量为　 　J；
（5）如果你是商家，给荔湾区客户配送雪糕时，你会选择蓄冷剂　 　(选填“A”或“B”)，理由是　 　.(仅从物理学的角度分析)
15．题图甲是小洋家电动自行车，图乙是该车某次充电时采集到的信息(已做近似处理).充电过程中充电电压基本保持在60V.假设充电桩输出的电能全部转化为电池的储能.
（1）此次充电过程中充电功率大致变化的规律是 　 　；
（2）求19：10-22：10，求该车充电电流和消耗的电能大小；
（3） 若19： 40-20： 10， 图甲中导线产生的热量为Q1； 23： 40-00： 10， 该产生的热量为Q2， Q1　 　Q2(选填“>”“<”或“=”) ， 写出判断依据　 　.
16．森林灭火目前可用直升机，但其单次载水量仅1吨，难应对特大火灾.我国研制的AG600“鲲龙”水陆两栖飞机 (上身飞机、下身船)单次载水量可达12吨，动力系统由四台相同的涡桨发动机组成，部分参数如下表.其快速起降与持续救援能力将改变我国森林灭火格局.某次执行远程森林灭火演练任务，“鲲龙”以最大速度匀速平直飞往500公里外的火场 (途中在火场附近湖泊汲满水).
AG600“鲲龙”飞机部分参数
空载质量/t 最大载水量/t 汲水时间/s 巡航速度km/h 投水覆盖面积/m2 单台发动机功率/ kw 效率%
48 12 20 460-500 3000-4000 3120 60
（1）投水过程飞机的机械能　 　，内能　 　(选填“变大”“不变”或“变小”)；
（2）计算上述过程“鲲龙”飞行的时间(忽略起降和汲水时间)；
（3）单台发动机对外输出的有用功；
（4）单台发动机燃油完全燃烧放出的热量；(要有计算过程)
（5）已知燃油的热值为 在这次行动中，四台发动机至少消耗多少燃油
17． 小洋同学利用“伏安法”测量小灯泡的电阻。
（1）小洋连接电路前，开关应　 　(选填“断开”或“闭合”)，请用笔画线代替导线在题图甲中完成实验电路连接，并在图乙方框内完成对应的电路图　 　；
（2）正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表示数为3.0V，电流表示数为0，移动滑片P，灯泡不亮，两个电表的示数均无变化，则故障可能是　 　；
（3）排除故障后，小洋顺利完成实验，获得表1的实验数据.可以得出小灯泡两端的电压变大时，通过灯的电流变大、灯的电阻　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)，他认为小灯泡灯丝电阻变化可能由温度变化引起；
表1
U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0
I/A 0.16 0.2 0.24 0.27 0.3 0.32
RJΩ 3.13 5.00 6.25 7.41 8.33 9.38
亮度 不亮 很暗 暗 亮 较亮 很亮
表2
U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0
I/A 0.81 1.65 2.42 3.15 4.13 4.72
R /Ω 0.62 0.61 0.62 0.63 0.61 0.64
亮度 不亮 不亮 不亮 不亮 不亮 不亮
（4）为验证猜想，小洋和老师做了以下实验：老师敲碎小灯泡的玻璃球，将灯丝接入电路后浸在液氮中，使灯丝的温度保持在-196℃，小洋调节滑动变阻器并记录实验数据，如表 2 所示.小洋根据表2数据求出小灯泡灯丝电阻的平均值为 0.62Ω.你认为他对表 2 灯丝电阻的处理方法合理吗？　 　(选填“合理”或“不合理”)，理由是　 　
18．小洋找到以下器材(如题图甲)制作一盏简易调光台灯
【项目分析】
小洋查找资料后发现，白炽灯由于电光转化效率低，市面上逐渐被电光转化效率高的LED 灯所替代.
（1）额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，则有用功率.P 有用=　 　W，额外功率 　 　W
（2）LED灯的发光效率约80%，额定功率为　 　W的LED灯正常工作时亮度与上述白炽灯相同(可看作：白炽灯、LED 灯相同时间放出的光能相同).因此，从节能的角度考虑，小洋应选　 　(选填“LED 灯”或“小灯泡”)制作台灯.
（3）【项目实施】
小洋想把电位器接入电路中，请你用笔画线代替导线，帮小洋在图乙中接好电路(要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗).
（4）根据上面的连接方式，闭合开关前，滑片应转到　 　(填“A”“D”或“C”)端.小洋闭合开关后，发现小灯泡不亮，小洋接下来的操作应该是　 　.
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：A、陈醋、蒜末、糖与花生混合没有新物质生成，属于物理变化，故A错误；
B、花生变酸是因醋分子热运动渗入其中，说明分子不停地做无规则运动，故B正确；
C、密封冷藏，温度较低，分子运动变慢，故C错误；
D、炒香花生，花生吸收热量，内能增加，通过热传递的方式增加内能，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）仅物质的形态、状态、混合方式改变，分子本身不变，无新物质生成是物理变化；
（2）分子不停地做无规则运动；
（3）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快；
（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
2．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、图中所示标志是禁止喝酒开车，与题意不符，故A不符合题意；
B、图中所示标志是有电危险的标志，故B符合题意；
C、图中所示标志是此路段禁止鸣笛，与题意不符，故C不符合题意；
D、图中所示标志是水深危险，与题意不符，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】各种标志牌在生活中的使用十分广泛，在解题时可根据标志牌中的出现的图标，联系相应的生活现象进行解题。
3．【答案】A
【知识点】物质的构成；原子结构；人类对微观世界的探索
【解析】【解答】 解：A、电子＜原子核＜分子，符合从小到大的顺序，故A正确。
B、电子和中子的尺度相近，电子略小，顺序错误，应该是电子、中子、原子，故B错误。
C、原子核是原子的组成部分，中子是原子核的组成部分，正确顺序应该是中子、原子核、原子，故C错误。
D、月球是太阳系的一部分，正确顺序应该是月球、太阳系、银河系，故D错误。
故选：A。
【分析】 了解物质的构成和宇宙的相关知识，从空间尺度上进行比较，从而得出答案。
4．【答案】C
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：两块平整的铅块可以结合在一起，下端挂22kg的重物而未被拉开，这说明分子间存在引力，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】 分子间存在相互作用的引力和斥力。
5．【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；静电的防止和利用
【解析】【解答】 解：喷枪喷出的涂料小液滴相互排斥而散开，所以带同种电荷；
涂料小液滴被喷涂的物件吸引，物件有两种可能：①与涂料小液滴带异种电荷，因异种电荷相互吸引；②不带电，带电的小液滴吸附在不带电的物件表面；
综上分析，C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】（1）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）带电体能够吸引轻小物体。
6．【答案】A
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：A、因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大，该实验不能说明分子之间无斥力，故A错误；
B、抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，两瓶中的气体都会变成红棕色，属于扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀对外做功，温度降低，内能减小，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小，故C正确；
D、将活塞迅速下压，压缩气体做功，使筒内的气体内能变大，温度升高，达到棉花的燃点，使棉花燃烧，故D正确。
故选：A。
【分析】（1）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）做功可以改变物体的内能，做功的过程实质是不同形式的能发生转化的过程，从能的转化角度可分析其内能变化的原因。
7．【答案】D
【知识点】压强大小比较；声与能量传递；电流的形成
【解析】【解答】解：A、压力的作用效果无法直接观察，通过海绵的凹陷程度来间接反映，用到的是转换法。
B、电阻丝放出的热量无法直接测量，通过U 形管内液面高度差的变化来间接体现，用到的是转换法。
C、声音的能量无法直接感知，通过烛焰晃动的幅度来间接判断，用到的是转换法。
D、电流看不见、摸不着，将其与看得见的水流进行类比，从而建立电流的概念，用到的是类比法。
综上，A、B、C均为转换法，D为类比法，与其他三个实验的物理思想方法不同。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】 科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。
8．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】解：A、光伏发电过程中，太阳能直接转化为电能，故A错误。
B、电能点燃可燃冰的过程，是电能转化为内能，故B错误。
C、可燃冰燃烧时，其储存的化学能主要转化为内能和光能，故C正确。
D、根据能量守恒定律可知，在这个过程中能量的总量不变，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）能量转化的过程中，必定有一种能量减少，另一种能量增加；分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。
（2）能量守恒定律的内容是：能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其它形式，或从一个物体转移到另一个物体，而能量的总量保持不变。
9．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 解：根据乙图知，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流：由图甲知，R的阻值随光照强度E的增减弱而变大，根据当照度减小时光敏电阻变大，故总电阻变大，根据欧姆定律知，电路中的电流减小，电流表示数减小，根据U=IR知，电压表的示数减小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】根据甲图知，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流：由图乙知，R的阻值随光照强度E的减弱而变大，根据当照度减小时电阻的变化结合欧姆定律分析电流表示数变化，结合U=IR分析电压表示数变化。
10．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 解：A、开关应该接在火线上，所以甲是零线，乙是火线，故A错误；
B、插座如果短路，电风扇无法工作，故B错误；
C、输电线甲a、b两点之间断路，符合题中现象，故C正确；
D、输电线甲b、c两点之间断路，LED灯会发光，电风扇仍工作，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）开关与用电器串联后接在火线上。
（2）插座如果短路，电风扇无法工作。
（3）（4）根据电路的状态判断电路故障。
11．【答案】外燃机；内；机械；做功；增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器；B
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】 解：【项目实施】②该“汽轮机”属于外燃机。它是通过外部加热水产生水蒸气来推动叶轮转动的，燃料在装置外部燃烧，符合外燃机的特点。
③水蒸气的内能转化为叶轮的机械能，这是通过做功方式改变水蒸气能量的。水蒸气推动叶轮转动时，自身的内能减少，转化为叶轮的机械能，这个过程是通过做功的方式来实现能量转化的。
【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器，以持续产生稳定的水蒸气，让叶轮转动更平稳。
②用干抹布覆盖储水罐顶部，减少了热量散失，使水蒸气的内能更集中地转化为叶轮的机械能，从而加快了叶轮转速，提升了输出功率。AC不符合题意，B符合题意。
故选：B。
故答案为：【项目实施】②外燃机；③内；机械；做功；【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器；②B。
【分析】 【项目实施】②汽轮机的类型：燃料在装置外部燃烧是外燃机，燃料在装置内部燃烧是内燃机。
③水蒸气的内能转化为叶轮的机械能，这是通过做功方式改变水蒸气能量的。
【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器，以持续产生稳定的水蒸气，让叶轮转动更平稳。
②用干抹布覆盖储水罐顶部，减少了热量散失，使水蒸气的内能更集中地转化为叶轮的机械能，从而加快了叶轮转速，提升了输出功率。
12．【答案】（1）电能表；
（2）D；A；氖管发光
（3）A；B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】 解：（1）家庭电路中，进户线后首先连接电能表，用于测量电能消耗，因此①为电能表。火线依次经过开关、灯泡顶端金属点，零线连接灯泡螺旋套。；
（2）使用测电笔时，手需握着笔尾金属体（D部位）；用测电笔的笔尖（A部位）接触导线，当接触相线时，电流通过“相线→笔尖→电阻→氖管→弹簧→笔尾金属体→人体→大地”形成回路，氖管发光，以此判断导线为相线。
（3）A、绝缘皮老化、破损的导线易漏电或短路，及时更换可消除安全隐患，符合安全原则。
B、洗衣机外壳接地，若内部漏电，电流会导入大地，防止触电，符合安全原则。
C、使用测电笔时，手指触碰金属笔尖（A）会直接接触导线，引发触电，不符合安全原则。
D、电动自行车在楼道充电，存在火灾隐患，不符合安全原则。
故选：AB。
故答案为：（1）电能表；； （2）D；A；氖管发光；
（3）AB。
【分析】 （1）家庭电路进户线后需经电能表计量，故为电能表；开关控灯时，开关应接相线，灯泡顶端接相线、螺旋套接中性线。
（2）测电笔使用时手握笔尾金属体（D），笔尖（A）接触导线，氖管发光则为相线。
（3）结合家庭用电安全知识，分析各选项是否符合安全原则。
13．【答案】100；能；该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量
【知识点】电功的计算；电功计算公式的应用
【解析】【解答】 解：一个标有“电池容量20000mA h/5V”的充电宝，储存的电能为：W=UIt=5V×20A×1h=100W h＜160W h；
小洋能够携带该充电宝登机，理由是：该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量。
故答案为：100；能；该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量。
【分析】 根据W=UIt进行计算。
14．【答案】（1）晶体
（2）变大；A
（3）从水到蓄冷剂
（4）2.1×104
（5）A；蓄冷剂A的降温效果更好，能使蛋糕长时间保持低温
【知识点】晶体和非晶体；比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】 解：（1）从图乙可以看到，蓄冷剂B在熔化过程中，温度保持不变，有固定的熔化温度，说明蓄冷剂B属于晶体。
（2）蓄冷剂熔化前（0～t1）温度在升高，其分子热运动速度变大；
0～t1，相同时间内两种蓄冷剂吸收的热量相同（水的质量和初温相同，容器相同），从图乙可以看出，蓄冷剂A的温度升高比B慢，根据Q=cmΔt，质量相同的不同物质，吸收相同热量，温度升高慢的比热容大，所以蓄冷剂A的比热容更大。
（3）热传递总是从温度高的物体向温度低的物体传递，0 t1，水和蓄冷剂之间发生热传递方向为从水到蓄冷剂。
（4）由题可知，500g水放出的热量：
Q放=c水m水Δt=4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×10℃=2.1×104J；
（5）由上图可知，在相同时间内容器①中水温降低得更多，说明蓄冷剂A的降温效果更好，能使物质长时间保持低温，所以在深圳市内配送蛋糕时选择蓄冷剂A更好。
故答案为：（1）晶体；（2）变大；A；（3）从水到蓄冷剂；（4）2.1×104；（5）A；蓄冷剂A的降温效果更好，能使蛋糕长时间保持低温。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中，温度保持不变，有固定的熔化温度。
（2）分子的无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子的热运动越激烈；根据Q=cmΔt分析。
（3）热传递总是从温度高的物体向温度低的物体传递。
（4）根据题图和热量公式进行计算。
（5）蓄冷剂的温度变化越小越好。
15．【答案】（1）先不变、后减小
（2）3A；1.944×106J
（3）＞；两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
【知识点】电功率；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】 解：（1）由图可知，此次充电过程中充电功率大致变化的规律是：先不变、后减小。
（2）从充电常规数据可知，此时间段为恒压恒流阶段，电压U=60V，功率为180W，则电动自行车该阶段充电电流为：。
充电时间为：t=22：10 19：10=3h=3×3600s=10800s，则消耗的电能为：W=Pt=180W×10800s=1.944×106J。
（3）两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多，因此Q1＞Q2。
故答案为：（1）先不变、后减小；（2）3A；1.944×106J；（3）＞；两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
【分析】 （1）由图判断此次充电过程中充电功率大致变化的规律。
（2）电动自行车该阶段充电电流为：。
消耗的电能为：W=Pt。
（3）两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
16．【答案】（1）变小；变小
（2）解：“鲲龙”以最大速度匀速平直飞往500公里外的火场，则上述过程“鲲龙”飞行的时间为：。
答：上述过程“鲲龙”飞行的时间为1h。
（3）解：单台发动机对外输出的有用功为：
W=Pt=3120×103W×3600s=1.1232×1010J；
答：单台发动机对外输出的有用功为1.1232×1010J。
（4）解：单台发动机燃油完全燃烧放出的热量为：。
答：单台发动机燃油完全燃烧放出的热量为1.872×1010J。
（5）解：单台发动机消耗燃油的质量为：，
则四台发动机消耗燃油的质量为：m'=4m=4×468kg=1872kg。
答：在这次行动中，四台发动机至少消耗1872kg燃油。
【知识点】热量的计算；有关热机的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】解：（1）投水过程飞机的速度和高度不变，质量减小，因此动能和重力势能均减小，故飞机的机械能变小；
物体的内能与温度、质量、状态等因素有关，因质量减小，因此投水过程飞机的内能变小。
答：（1）变小；变小。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
机械能=动能+势能；
物体的内能与温度、质量、状态等因素有关；
（2）已知路程和速度，根据速度公式求出上述过程“鲲龙”飞行的时间；
（3）根据P求出单台发动机对外输出的有用功；
（4）根据求出单台发动机燃油完全燃烧放出的热量；
（5）根据Q放=mq求出单台发动机消耗燃油的质量，据此求出四台发动机消耗燃油的质量。
17．【答案】（1）断开；；
（2）泡断路
（3）变大
（4）合理；此时灯丝的电阻不变，可以多次测量求平均值。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）连接电路前，为保护电路，开关应断开。实物图连接时，滑动变阻器采用“一上一下”接法，据连接电路，如图所示：
电路图绘制时，按“电源→开关→滑动变阻器→小灯泡→电流表→电源”的顺序串联，电压表并联在小灯泡两端，如图：
（2）闭合开关，观察到灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零，电路中没有电流，说明电路断路，且断路位置在电压表并联的部分，故灯泡断路；
（3）根据表1的数据，当小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流也增大，同时灯的电阻也变大，这表明灯丝电阻可能受温度影响。
（4）表2中灯丝温度被保持在-196℃不变，此时灯丝电阻不受温度影响，多次测量取平均值可以减小误差，因此这种处理方法是合理的。
故答案为：（1）断开；； （2）灯泡断路；（3）变大；（4）合理；此时灯丝的电阻不变，可以多次测量求平均值。
【分析】 （1）电流表与滑动变阻器要串联在一起，滑片P向右滑动时，灯泡变亮说明变阻器的右下端接入电路，据此连接电路；
（2）闭合开关，电压表有示数，电流表示数为零，说明电路中存在断路，且断路位置在电压表并联的部分，故灯泡断路；
（3）小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流也增大，同时灯的电阻也变大，这表明灯丝电阻可能受温度影响。
（4）根据电阻大小的决定因素进行分析。
18．【答案】（1）4；36
（2）5；LED灯
（3）
（4）A；逆时针旋转滑动片
【知识点】变阻器及其应用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，则有用功率P有用= 10%×40W=4W，额外功率P额外= 40W-4W=36W。
（2）LED灯的发光效率约80%，由题意P×80%=4W
P=5W
额定功率为5W的LED灯正常工作时亮度与上述白炽灯相同。因此，从节能的角度考虑，小洋应选 LED灯制作台灯。
（3）小洋想把电位器接入电路中，要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗，则电路的电流变小，变阻器连入电路的电阻变大，则将BC连入电路中与灯串联，如下所示。
（4）根据上面的连接方式，闭合开关前，滑片应转到A端。小洋闭合开关后，发现小灯泡不亮，小洋接下来的操作应该是逆时针旋转滑动片。
故答案为：（1）4；36；（2）5；LED灯；（3） ；（4）A；逆时针旋转滑动片。
【分析】 （1）因额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，据此得出有用功率，从而得额外功率；
（2）由LED灯的发光效率约80%，由题意得出LED灯的额定功率，据此分析；
（3）要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗，则电路的电流变小，变阻器连入电路的电阻变大，据此确定变阻器的连接；
（4）为保护电路，闭合开关前，滑片应转到阻值最大处，据此分析。
1 / 1广东省广州市荔湾区2025-2026学年第一学期九上物理期末卷
一、单项选择题(每题3分，共30分，每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意)
1．如题图，陈醋花生是广式凉拌经典小菜.选用饱满花生米，先炒香放凉，再倒入陈醋、蒜末、少许糖拌匀，密封冷藏数小时后食用，酸香开胃，口感脆韧.以下说法正确的是
A．陈醋、蒜末、糖与花生混合属于化学反应
B．花生变酸是因醋分子热运动渗入其中
C．密封冷藏可以加快分子热运动
D．炒香花生主要利用做功增加内能
【答案】B
【知识点】分子热运动；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：A、陈醋、蒜末、糖与花生混合没有新物质生成，属于物理变化，故A错误；
B、花生变酸是因醋分子热运动渗入其中，说明分子不停地做无规则运动，故B正确；
C、密封冷藏，温度较低，分子运动变慢，故C错误；
D、炒香花生，花生吸收热量，内能增加，通过热传递的方式增加内能，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）仅物质的形态、状态、混合方式改变，分子本身不变，无新物质生成是物理变化；
（2）分子不停地做无规则运动；
（3）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快；
（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
2．下列标识中用来提示“小心触电”的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 解：A、图中所示标志是禁止喝酒开车，与题意不符，故A不符合题意；
B、图中所示标志是有电危险的标志，故B符合题意；
C、图中所示标志是此路段禁止鸣笛，与题意不符，故C不符合题意；
D、图中所示标志是水深危险，与题意不符，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】各种标志牌在生活中的使用十分广泛，在解题时可根据标志牌中的出现的图标，联系相应的生活现象进行解题。
3．下列选项的物质，按空间尺度由小到大顺序排列，正确的是
A．电子、原子核、分子 B．中子、电子、原子
C．原子、原子核、中子 D．太阳系、银河系、月球
【答案】A
【知识点】物质的构成；原子结构；人类对微观世界的探索
【解析】【解答】 解：A、电子＜原子核＜分子，符合从小到大的顺序，故A正确。
B、电子和中子的尺度相近，电子略小，顺序错误，应该是电子、中子、原子，故B错误。
C、原子核是原子的组成部分，中子是原子核的组成部分，正确顺序应该是中子、原子核、原子，故C错误。
D、月球是太阳系的一部分，正确顺序应该是月球、太阳系、银河系，故D错误。
故选：A。
【分析】 了解物质的构成和宇宙的相关知识，从空间尺度上进行比较，从而得出答案。
4．题图中为两个横截面积都是1.5cm2、重1N的铅柱，端面削平压紧后下端挂22kg的重物而未被拉开，主要原因是
A．大气压力作用 B．分子间有空隙
C．分子引力作用 D．分子在做热运动
【答案】C
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：两块平整的铅块可以结合在一起，下端挂22kg的重物而未被拉开，这说明分子间存在引力，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】 分子间存在相互作用的引力和斥力。
5．小昕周末为新家装修。她用静电喷漆枪给物件上漆时，发现喷出的涂料小液滴在空中的情景如题图所示，但被物件吸引，则下列说法正确的是
A．物件一定带与小液滴相同的电荷
B．物件一定不带电
C．小液滴之间因同种电荷而相互排斥
D．小液滴可不带电
【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；静电的防止和利用
【解析】【解答】 解：喷枪喷出的涂料小液滴相互排斥而散开，所以带同种电荷；
涂料小液滴被喷涂的物件吸引，物件有两种可能：①与涂料小液滴带异种电荷，因异种电荷相互吸引；②不带电，带电的小液滴吸附在不带电的物件表面；
综上分析，C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】（1）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）带电体能够吸引轻小物体。
6．下列现象和推断不符合实际的是
A．现象：稍用力上拉玻璃板，测力计示数变大。推断：分子间只有引力无斥力
B．现象：抽去玻璃板，两瓶气体均会变红棕色。推断：分子在做热运动
C．现象：塞子冲出时瓶口出现白雾。推断：物体对外做功，内能减小、温度降低
D．现象：棉花被点燃。推断：外界对物体做功致内能增大、温度升高
【答案】A
【知识点】分子热运动；分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】 解：A、因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大，该实验不能说明分子之间无斥力，故A错误；
B、抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，两瓶中的气体都会变成红棕色，属于扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀对外做功，温度降低，内能减小，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小，故C正确；
D、将活塞迅速下压，压缩气体做功，使筒内的气体内能变大，温度升高，达到棉花的燃点，使棉花燃烧，故D正确。
故选：A。
【分析】（1）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）做功可以改变物体的内能，做功的过程实质是不同形式的能发生转化的过程，从能的转化角度可分析其内能变化的原因。
7．以下哪个实验与其他三个实验的物理思想方法不同
A．通过观察海绵的凹陷程度反映压力作用效果
B．通过比较U形管内两液面高度差反映电阻丝放出热量的大小关系
C．通过烛焰晃动的幅度反映声音具有能量
D．通过水流初步建立电流的概念
【答案】D
【知识点】压强大小比较；声与能量传递；电流的形成
【解析】【解答】解：A、压力的作用效果无法直接观察，通过海绵的凹陷程度来间接反映，用到的是转换法。
B、电阻丝放出的热量无法直接测量，通过U 形管内液面高度差的变化来间接体现，用到的是转换法。
C、声音的能量无法直接感知，通过烛焰晃动的幅度来间接判断，用到的是转换法。
D、电流看不见、摸不着，将其与看得见的水流进行类比，从而建立电流的概念，用到的是类比法。
综上，A、B、C均为转换法，D为类比法，与其他三个实验的物理思想方法不同。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】 科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。
8．十五届全运会“深海之火”采集时，利用光伏发电装置获电能，经特种电缆传至海底，由电火花发生器远程引燃可燃冰获绿色“源火”，问关于上述过程能量转化情况说法正确的是
A．光伏发电过程中，电能直接转化为化学能
B．电能点燃可燃冰的过程，是机械能转化为内能
C．可燃冰燃烧时，其储存的化学能主要转化为内能和光能
D．在这个过程中能量的总量增加
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】解：A、光伏发电过程中，太阳能直接转化为电能，故A错误。
B、电能点燃可燃冰的过程，是电能转化为内能，故B错误。
C、可燃冰燃烧时，其储存的化学能主要转化为内能和光能，故C正确。
D、根据能量守恒定律可知，在这个过程中能量的总量不变，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）能量转化的过程中，必定有一种能量减少，另一种能量增加；分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。
（2）能量守恒定律的内容是：能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其它形式，或从一个物体转移到另一个物体，而能量的总量保持不变。
9．题图甲是某光敏电阻阻值与照度的关系图象，图乙是该光敏电阻工作的电路图，电源电压不变。当照度减小时
A．电压表示数变小 B．电流表示数不变
C．电压表示数变大 D．电流表示数变大
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 解：根据乙图知，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流：由图甲知，R的阻值随光照强度E的增减弱而变大，根据当照度减小时光敏电阻变大，故总电阻变大，根据欧姆定律知，电路中的电流减小，电流表示数减小，根据U=IR知，电压表的示数减小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【分析】根据甲图知，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流：由图乙知，R的阻值随光照强度E的减弱而变大，根据当照度减小时电阻的变化结合欧姆定律分析电流表示数变化，结合U=IR分析电压表示数变化。
10．如题图，小昕家有一盏吊扇灯，将其接入家庭电路，如图乙，输电线甲、乙从右端进户.闭合开关 S1和 S2，电风扇正常工作、LED 灯发光，用试电笔检测插座，只有检测右孔时氖管发光.由于出现故障，LED灯不发光，电风扇仍工作，用试电笔检测插座两孔，氖管均发光.则下列判断正确的是
A．甲是相线 B．插座两孔短路
C．a、b间断路 D．b、c间断路
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的故障分析
【解析】【解答】 解：A、开关应该接在火线上，所以甲是零线，乙是火线，故A错误；
B、插座如果短路，电风扇无法工作，故B错误；
C、输电线甲a、b两点之间断路，符合题中现象，故C正确；
D、输电线甲b、c两点之间断路，LED灯会发光，电风扇仍工作，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）开关与用电器串联后接在火线上。
（2）插座如果短路，电风扇无法工作。
（3）（4）根据电路的状态判断电路故障。
二、非选择题 (共60分)
11．【项目提出】制作简易热机模型
【项目分析】①热机的工作原理是什么 ②热机包含哪些主要装置
【项目实施】
①制作叶轮：取一个空易拉罐，剪下一块圆形片.再将圆形金属片剪成螺旋桨的形状.最后，在中心钻孔，用铁丝穿过小孔.如题图甲.
②组装“汽轮机”：在另一个易拉罐盖旁打个孔，倒出饮料后往其内部装入半罐水，如图乙；用铁丝制作支架，最后组装器材，如图丙，该“汽轮机”属于　 　(选填“内燃机”或“外燃机”).
③“汽轮机”工作：点燃固体酒精，加热易拉罐中的水直至沸腾，当孔周围出现大量的“白气”时，再将叶轮移到正对孔的位置.该“汽轮机”工作时，图丙中的水蒸气的　 　能转化为叶轮的　 　能，这是通过　 　方式改变水蒸气能量.
【展示交流】
①小昕发现，该“汽轮机”工作时，叶轮转动断断续续.根据这一现象，请你提出一条改进措施：　 　.
②小昕改进问题后，叶轮能持续稳定转动，但速度慢.小阳提议用干抹布覆盖储水罐顶部，尝试后叶轮转动速度变快，该操作提高了“汽轮机”的　 　.
A．燃料热值 B．输出功率 C．输出效率
【答案】外燃机；内；机械；做功；增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器；B
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；能量的转化或转移
【解析】【解答】 解：【项目实施】②该“汽轮机”属于外燃机。它是通过外部加热水产生水蒸气来推动叶轮转动的，燃料在装置外部燃烧，符合外燃机的特点。
③水蒸气的内能转化为叶轮的机械能，这是通过做功方式改变水蒸气能量的。水蒸气推动叶轮转动时，自身的内能减少，转化为叶轮的机械能，这个过程是通过做功的方式来实现能量转化的。
【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器，以持续产生稳定的水蒸气，让叶轮转动更平稳。
②用干抹布覆盖储水罐顶部，减少了热量散失，使水蒸气的内能更集中地转化为叶轮的机械能，从而加快了叶轮转速，提升了输出功率。AC不符合题意，B符合题意。
故选：B。
故答案为：【项目实施】②外燃机；③内；机械；做功；【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器；②B。
【分析】 【项目实施】②汽轮机的类型：燃料在装置外部燃烧是外燃机，燃料在装置内部燃烧是内燃机。
③水蒸气的内能转化为叶轮的机械能，这是通过做功方式改变水蒸气能量的。
【展示交流】①增大酒精灯火焰或用密封性更好的容器，以持续产生稳定的水蒸气，让叶轮转动更平稳。
②用干抹布覆盖储水罐顶部，减少了热量散失，使水蒸气的内能更集中地转化为叶轮的机械能，从而加快了叶轮转速，提升了输出功率。
12． 小昕想为新家的房间设计电路
（1）题图中的①为　 　，请帮她完成部分电路图(开关只控制灯泡)；
（2）接电路前，先用测电笔(如题图)辨别导线是相线还是中性线，应该用手握着测电笔的　 　部位.用测电笔的　 　(两空均选填“A”“B”“C”或“D”)部位接触导线，依据　 　现象判断导线是相线.
（3）下面说法中符合家庭用电安全原则的是：
A．及时更换绝缘皮老化、破损的导线
B．洗衣机的外壳应接地
C．使用测电笔辨别相线与中性线时，手指可以触碰到金属笔尖
D．电动自行车放在楼道充电
【答案】（1）电能表；
（2）D；A；氖管发光
（3）A；B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路的故障分析；安全用电原则
【解析】【解答】 解：（1）家庭电路中，进户线后首先连接电能表，用于测量电能消耗，因此①为电能表。火线依次经过开关、灯泡顶端金属点，零线连接灯泡螺旋套。；
（2）使用测电笔时，手需握着笔尾金属体（D部位）；用测电笔的笔尖（A部位）接触导线，当接触相线时，电流通过“相线→笔尖→电阻→氖管→弹簧→笔尾金属体→人体→大地”形成回路，氖管发光，以此判断导线为相线。
（3）A、绝缘皮老化、破损的导线易漏电或短路，及时更换可消除安全隐患，符合安全原则。
B、洗衣机外壳接地，若内部漏电，电流会导入大地，防止触电，符合安全原则。
C、使用测电笔时，手指触碰金属笔尖（A）会直接接触导线，引发触电，不符合安全原则。
D、电动自行车在楼道充电，存在火灾隐患，不符合安全原则。
故选：AB。
故答案为：（1）电能表；； （2）D；A；氖管发光；
（3）AB。
【分析】 （1）家庭电路进户线后需经电能表计量，故为电能表；开关控灯时，开关应接相线，灯泡顶端接相线、螺旋套接中性线。
（2）测电笔使用时手握笔尾金属体（D），笔尖（A）接触导线，氖管发光则为相线。
（3）结合家庭用电安全知识，分析各选项是否符合安全原则。
13．小洋准备乘飞机旅行，他带了一个标有“电池容量 20000mA·h/5V”的充电宝.根据民航规定，额定能量不得超过 160 W·h才能随身携带.请计算该充电宝的能量　 　W·h，他　 　(选填“能”或“不能”)携带该充电宝登机，理由是　 　.
【答案】100；能；该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量
【知识点】电功的计算；电功计算公式的应用
【解析】【解答】 解：一个标有“电池容量20000mA h/5V”的充电宝，储存的电能为：W=UIt=5V×20A×1h=100W h＜160W h；
小洋能够携带该充电宝登机，理由是：该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量。
故答案为：100；能；该充电宝的能量没有超过民航规定的额定能量。
【分析】 根据W=UIt进行计算。
14．蓄冷剂是食品运输和保鲜的重要降温试剂.现有两种蓄冷剂，为了探究他们的蓄冷效果，小昕首先将质量均为100g的两种蓄冷剂分别装入完全相同的冰袋中，标记A、B，放入冰箱中冷冻为温度相同的固体.在相同的容器①、②中分别加入质量为500g且温度相同的水，再将A、B袋从冰箱中取出放入水中，并用隔热材料密封.小洋通过温度传感器每隔一定时间测量蓄冷剂及水的温度，如图是小洋记录的A、B两蓄冷剂及容器①、②中水的温度随时间的变化图像.已知
（1）蓄冷剂B属于　 　(选填“晶体”或“非晶体”)；
（2）0~t1，蓄冷剂分子运动剧烈程度　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)，蓄冷剂　 　(选填“A”或“B”)比热容更大；
（3）0~t1，水和蓄冷剂之间发生热传递，其热传递方向为　 　(选填“从水到蓄冷剂”或“从蓄冷剂到水”)；
（4）t1~t2，容器①中水的温度降低10℃，若热量全部被蓄冷剂吸收，经过计算，该过程蓄冷剂A吸收的热量为　 　J；
（5）如果你是商家，给荔湾区客户配送雪糕时，你会选择蓄冷剂　 　(选填“A”或“B”)，理由是　 　.(仅从物理学的角度分析)
【答案】（1）晶体
（2）变大；A
（3）从水到蓄冷剂
（4）2.1×104
（5）A；蓄冷剂A的降温效果更好，能使蛋糕长时间保持低温
【知识点】晶体和非晶体；比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】 解：（1）从图乙可以看到，蓄冷剂B在熔化过程中，温度保持不变，有固定的熔化温度，说明蓄冷剂B属于晶体。
（2）蓄冷剂熔化前（0～t1）温度在升高，其分子热运动速度变大；
0～t1，相同时间内两种蓄冷剂吸收的热量相同（水的质量和初温相同，容器相同），从图乙可以看出，蓄冷剂A的温度升高比B慢，根据Q=cmΔt，质量相同的不同物质，吸收相同热量，温度升高慢的比热容大，所以蓄冷剂A的比热容更大。
（3）热传递总是从温度高的物体向温度低的物体传递，0 t1，水和蓄冷剂之间发生热传递方向为从水到蓄冷剂。
（4）由题可知，500g水放出的热量：
Q放=c水m水Δt=4.2×103J/（kg ℃）×0.5kg×10℃=2.1×104J；
（5）由上图可知，在相同时间内容器①中水温降低得更多，说明蓄冷剂A的降温效果更好，能使物质长时间保持低温，所以在深圳市内配送蛋糕时选择蓄冷剂A更好。
故答案为：（1）晶体；（2）变大；A；（3）从水到蓄冷剂；（4）2.1×104；（5）A；蓄冷剂A的降温效果更好，能使蛋糕长时间保持低温。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中，温度保持不变，有固定的熔化温度。
（2）分子的无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子的热运动越激烈；根据Q=cmΔt分析。
（3）热传递总是从温度高的物体向温度低的物体传递。
（4）根据题图和热量公式进行计算。
（5）蓄冷剂的温度变化越小越好。
15．题图甲是小洋家电动自行车，图乙是该车某次充电时采集到的信息(已做近似处理).充电过程中充电电压基本保持在60V.假设充电桩输出的电能全部转化为电池的储能.
（1）此次充电过程中充电功率大致变化的规律是 　 　；
（2）求19：10-22：10，求该车充电电流和消耗的电能大小；
（3） 若19： 40-20： 10， 图甲中导线产生的热量为Q1； 23： 40-00： 10， 该产生的热量为Q2， Q1　 　Q2(选填“>”“<”或“=”) ， 写出判断依据　 　.
【答案】（1）先不变、后减小
（2）3A；1.944×106J
（3）＞；两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
【知识点】电功率；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】 解：（1）由图可知，此次充电过程中充电功率大致变化的规律是：先不变、后减小。
（2）从充电常规数据可知，此时间段为恒压恒流阶段，电压U=60V，功率为180W，则电动自行车该阶段充电电流为：。
充电时间为：t=22：10 19：10=3h=3×3600s=10800s，则消耗的电能为：W=Pt=180W×10800s=1.944×106J。
（3）两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多，因此Q1＞Q2。
故答案为：（1）先不变、后减小；（2）3A；1.944×106J；（3）＞；两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
【分析】 （1）由图判断此次充电过程中充电功率大致变化的规律。
（2）电动自行车该阶段充电电流为：。
消耗的电能为：W=Pt。
（3）两段时间：19：40 20：10和23：40 00：10时长均为 t=30min=1800s；导线电阻 R 为定值；充电阶段差异：电压恒定，电功率逐渐减小，则电流减小（I1＞I2）。由 Q=I2Rt 可知，当R、t相同时，电流越大，产生的热量越多。
16．森林灭火目前可用直升机，但其单次载水量仅1吨，难应对特大火灾.我国研制的AG600“鲲龙”水陆两栖飞机 (上身飞机、下身船)单次载水量可达12吨，动力系统由四台相同的涡桨发动机组成，部分参数如下表.其快速起降与持续救援能力将改变我国森林灭火格局.某次执行远程森林灭火演练任务，“鲲龙”以最大速度匀速平直飞往500公里外的火场 (途中在火场附近湖泊汲满水).
AG600“鲲龙”飞机部分参数
空载质量/t 最大载水量/t 汲水时间/s 巡航速度km/h 投水覆盖面积/m2 单台发动机功率/ kw 效率%
48 12 20 460-500 3000-4000 3120 60
（1）投水过程飞机的机械能　 　，内能　 　(选填“变大”“不变”或“变小”)；
（2）计算上述过程“鲲龙”飞行的时间(忽略起降和汲水时间)；
（3）单台发动机对外输出的有用功；
（4）单台发动机燃油完全燃烧放出的热量；(要有计算过程)
（5）已知燃油的热值为 在这次行动中，四台发动机至少消耗多少燃油
【答案】（1）变小；变小
（2）解：“鲲龙”以最大速度匀速平直飞往500公里外的火场，则上述过程“鲲龙”飞行的时间为：。
答：上述过程“鲲龙”飞行的时间为1h。
（3）解：单台发动机对外输出的有用功为：
W=Pt=3120×103W×3600s=1.1232×1010J；
答：单台发动机对外输出的有用功为1.1232×1010J。
（4）解：单台发动机燃油完全燃烧放出的热量为：。
答：单台发动机燃油完全燃烧放出的热量为1.872×1010J。
（5）解：单台发动机消耗燃油的质量为：，
则四台发动机消耗燃油的质量为：m'=4m=4×468kg=1872kg。
答：在这次行动中，四台发动机至少消耗1872kg燃油。
【知识点】热量的计算；有关热机的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】解：（1）投水过程飞机的速度和高度不变，质量减小，因此动能和重力势能均减小，故飞机的机械能变小；
物体的内能与温度、质量、状态等因素有关，因质量减小，因此投水过程飞机的内能变小。
答：（1）变小；变小。
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
机械能=动能+势能；
物体的内能与温度、质量、状态等因素有关；
（2）已知路程和速度，根据速度公式求出上述过程“鲲龙”飞行的时间；
（3）根据P求出单台发动机对外输出的有用功；
（4）根据求出单台发动机燃油完全燃烧放出的热量；
（5）根据Q放=mq求出单台发动机消耗燃油的质量，据此求出四台发动机消耗燃油的质量。
17． 小洋同学利用“伏安法”测量小灯泡的电阻。
（1）小洋连接电路前，开关应　 　(选填“断开”或“闭合”)，请用笔画线代替导线在题图甲中完成实验电路连接，并在图乙方框内完成对应的电路图　 　；
（2）正确连接好电路后，闭合开关，发现电压表示数为3.0V，电流表示数为0，移动滑片P，灯泡不亮，两个电表的示数均无变化，则故障可能是　 　；
（3）排除故障后，小洋顺利完成实验，获得表1的实验数据.可以得出小灯泡两端的电压变大时，通过灯的电流变大、灯的电阻　 　(选填“变大”“变小”或“不变”)，他认为小灯泡灯丝电阻变化可能由温度变化引起；
表1
U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0
I/A 0.16 0.2 0.24 0.27 0.3 0.32
RJΩ 3.13 5.00 6.25 7.41 8.33 9.38
亮度 不亮 很暗 暗 亮 较亮 很亮
表2
U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0
I/A 0.81 1.65 2.42 3.15 4.13 4.72
R /Ω 0.62 0.61 0.62 0.63 0.61 0.64
亮度 不亮 不亮 不亮 不亮 不亮 不亮
（4）为验证猜想，小洋和老师做了以下实验：老师敲碎小灯泡的玻璃球，将灯丝接入电路后浸在液氮中，使灯丝的温度保持在-196℃，小洋调节滑动变阻器并记录实验数据，如表 2 所示.小洋根据表2数据求出小灯泡灯丝电阻的平均值为 0.62Ω.你认为他对表 2 灯丝电阻的处理方法合理吗？　 　(选填“合理”或“不合理”)，理由是　 　
【答案】（1）断开；；
（2）泡断路
（3）变大
（4）合理；此时灯丝的电阻不变，可以多次测量求平均值。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 解：（1）连接电路前，为保护电路，开关应断开。实物图连接时，滑动变阻器采用“一上一下”接法，据连接电路，如图所示：
电路图绘制时，按“电源→开关→滑动变阻器→小灯泡→电流表→电源”的顺序串联，电压表并联在小灯泡两端，如图：
（2）闭合开关，观察到灯泡不亮，电压表有示数，电流表示数为零，电路中没有电流，说明电路断路，且断路位置在电压表并联的部分，故灯泡断路；
（3）根据表1的数据，当小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流也增大，同时灯的电阻也变大，这表明灯丝电阻可能受温度影响。
（4）表2中灯丝温度被保持在-196℃不变，此时灯丝电阻不受温度影响，多次测量取平均值可以减小误差，因此这种处理方法是合理的。
故答案为：（1）断开；； （2）灯泡断路；（3）变大；（4）合理；此时灯丝的电阻不变，可以多次测量求平均值。
【分析】 （1）电流表与滑动变阻器要串联在一起，滑片P向右滑动时，灯泡变亮说明变阻器的右下端接入电路，据此连接电路；
（2）闭合开关，电压表有示数，电流表示数为零，说明电路中存在断路，且断路位置在电压表并联的部分，故灯泡断路；
（3）小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流也增大，同时灯的电阻也变大，这表明灯丝电阻可能受温度影响。
（4）根据电阻大小的决定因素进行分析。
18．小洋找到以下器材(如题图甲)制作一盏简易调光台灯
【项目分析】
小洋查找资料后发现，白炽灯由于电光转化效率低，市面上逐渐被电光转化效率高的LED 灯所替代.
（1）额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，则有用功率.P 有用=　 　W，额外功率 　 　W
（2）LED灯的发光效率约80%，额定功率为　 　W的LED灯正常工作时亮度与上述白炽灯相同(可看作：白炽灯、LED 灯相同时间放出的光能相同).因此，从节能的角度考虑，小洋应选　 　(选填“LED 灯”或“小灯泡”)制作台灯.
（3）【项目实施】
小洋想把电位器接入电路中，请你用笔画线代替导线，帮小洋在图乙中接好电路(要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗).
（4）根据上面的连接方式，闭合开关前，滑片应转到　 　(填“A”“D”或“C”)端.小洋闭合开关后，发现小灯泡不亮，小洋接下来的操作应该是　 　.
【答案】（1）4；36
（2）5；LED灯
（3）
（4）A；逆时针旋转滑动片
【知识点】变阻器及其应用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，则有用功率P有用= 10%×40W=4W，额外功率P额外= 40W-4W=36W。
（2）LED灯的发光效率约80%，由题意P×80%=4W
P=5W
额定功率为5W的LED灯正常工作时亮度与上述白炽灯相同。因此，从节能的角度考虑，小洋应选 LED灯制作台灯。
（3）小洋想把电位器接入电路中，要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗，则电路的电流变小，变阻器连入电路的电阻变大，则将BC连入电路中与灯串联，如下所示。
（4）根据上面的连接方式，闭合开关前，滑片应转到A端。小洋闭合开关后，发现小灯泡不亮，小洋接下来的操作应该是逆时针旋转滑动片。
故答案为：（1）4；36；（2）5；LED灯；（3） ；（4）A；逆时针旋转滑动片。
【分析】 （1）因额定功率为40W的白炽灯发光效率为10%，据此得出有用功率，从而得额外功率；
（2）由LED灯的发光效率约80%，由题意得出LED灯的额定功率，据此分析；
（3）要求顺时针旋转滑片时，灯泡变暗，则电路的电流变小，变阻器连入电路的电阻变大，据此确定变阻器的连接；
（4）为保护电路，闭合开关前，滑片应转到阻值最大处，据此分析。
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