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湖北省黄石市有色中学2024－2025学年八年级下学期期中物理试题
1．下列数据中，最接近实际情况的是（　　）
A．一位初中生站立时对地面的压强约为
B．用手托起一个鸡蛋的力约为1N
C．八年级下册物理课本对水平桌面的压强为60Pa
D．成年人单手握力约为
2．下列四幅图中，利用相关部件减小压强的是（　　）
A．推土机的推土铲刀
B．火车轨道铺在枕木上
C．篆刻刀刀口
D．破窗锤的敲击端
3．如图所示实例中，没有用到大气压的是（　　）
A． 活塞式抽水机
B． 盆景自动供水装置
C． 注射器注射药液
D． 吸饮料
4．如甲、乙图所示，让小铁球由斜面顶端静止滑下，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图说明力是使物体运动的原因
B．乙图中小球的运动状态一定发生改变
C．甲图中小球的运动状态没改变
D．若乙图中小球在桌面运动速度大小不变，则小球处于平衡状态
5．如图所示，用线将吊灯悬挂在天花板上，下列说法中正确的是（　　）
A．灯只受到线的拉力作用
B．灯对线的拉力是由于线发生弹性形变产生的
C．灯受到重力和线对灯的拉力作用
D．天花板对线的拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力
6．如图所示，两匹马各用1000N的力沿完全相反的方向拉一弹簧测力计，设此时弹簧测力计的示数为F1，弹簧测力计所受的合力为F2，则（　　）
A．F1=1000N，F2=0 B．F1=F2=2000N
C．F1=F2=1000N D．F1=0，F2=1000N
7．如图所示，四幅图对应的说法正确的是（　　）
A．图甲中某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力与重力是一对相互作用力
B．图乙中筷子提起来在空中静止时，米对筷子的摩擦力方向竖直向下
C．图丙中用力F拉动木板B使其加速的过程中，A物体受一对平衡力
D．图丁中小球可在A、B两点间来回摆动，当小球摆到最高点B点时，细线恰好断开，则小球将保持静止
8．如图所示是托里拆利实验的规范操作过程，下面说法不正确的是（　　）
A．玻璃管稍稍倾斜会使得管内水银柱变长
B．该实验仅证明了大气压的存在
C．玻璃管倾斜到一定角度，管内有可能会充满水银
D．标准大气压可支持760mm高的水银柱
9．面积相同的四个吸盘下挂有质量不同的锅铲保持静止。下列说法正确的是（　　）
A．挂质量最大锅铲的吸盘所受的大气压力最大
B．所受大气压力大的吸盘，受到的摩擦力也越大
C．四个吸盘所受大气压力大小相同
D．四个吸盘所受摩擦力大小相同
10．分别用a、b两种物质制成的两个实心正方体的棱长之比为1∶2，质量之比也为1∶2，将它们如图叠放在水平地面上时，a对b的压强和b对地面的压强之比为（　　）
A．3∶4 B．4∶3 C．1∶2 D．2∶1
11．如图所示，物块A和B放在水平地面上，它们之间用一根轻质弹簧连接，当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，它们受到地面的摩擦力fA︰fB=1︰3，且整个过程中，弹簧一直在弹性限度内。下列说法正确的是（　　）
A．物块A受到的摩擦力大小为3N
B．物块B受到的摩擦力大小为9N
C．弹簧对物块B的拉力大小为2N
D．若把物块A和B看作一个整体，所受的摩擦力为4N
12．如图所示，甲、乙两容器内装两种不同液体，液体质量分别为和。两容器质量均为、底面积均为S，两容器底部受到的液体压强均为p。距离容器底部等高的位置有A、B两点，受到的液体压强分别为和，则（　　）
A．甲、乙液体密度关系为
B．容器底部所受液体压力关系为
C．A、B两点受到的液体压强关系为
D．两容器对水平桌面的压强关系为
13．冰壶比赛时，运动员穿的两只鞋的鞋底材质并不相同。蹬冰脚的鞋底为　 　（填“橡胶”或“塑料”）制成，这样可以增大摩擦力。运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，是为了　 　摩擦力（填“增大”或者“减小”），从而　 　（填“加快”或者“减慢”）冰壶运动状态的改变。
14．高压锅是一种实用的厨具，登山队很喜欢使用它，因为在高原上，水在　 　（填“高于”或“低于”）100℃时开始沸腾。若某型号的高压锅的锅盖面积为500cm2，限压阀气孔面积为4.5mm2，当周围为标准大气压环境时，锅内水蒸气的压强达到1.6个标准大气压，限压阀刚好被顶起，限压阀的重力为　 　N。（一个标准大气压取1×105Pa）
15．①图甲为自制简易活塞式抽水机，该装置正常工作时，向上拉动手柄，上方阀门将　 　（选填“打开”或“闭合”），低处的水受到大气压的作用推开玻璃球进入圆桶；
②图乙是创意气压计，A为玻璃管且上端与大气相通，B为密闭的厚空心玻璃球，A与B下部相通，该气压计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器，当拿着该气压计从一楼上到十楼，A管中的水面会　 　。
③图丙中足球飞出弧线，与香蕉形状相似，故俗称“香蕉球”，主要是由于球旋转过程中，使周围气体流动速度改变。物理知识告诉我们：气体流速越大的位置，压强越　 　，图中被踢出的足球边向前飞行边沿　 　（选填“顺”或“逆”）时针旋转。
16．如图，物块沿粗糙斜面向上运动，请画出物块受力示意图，并画出物块对斜面的压力。
17．为“探究影响滑动摩擦力大小的因素”，小敏同学用如图甲所示的装置和器材进行实验。
（1）如图甲，实验开始将木块平放在水平长木板上，小敏要得出滑动摩擦力的大小，应该在水平方向拉木块，让木块在木板上做　 　运动，根据　 　的知识，此时弹簧测力计对木块的拉力等于木块所受滑动摩擦力的大小；若满足上述要求时，弹簧测力计示数F为1.6N，当增大拉力使弹簧测力计示数为2N时，此时的木块所受滑动摩擦力为　 　N；
（2）在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与　 　的关系；
（3）小冯同学做实验的时候将木块沿竖直方向截取一半后，测得的木块所受的滑动摩擦力变为原来的一半，他由此得出的结论是：滑动摩擦力大小随接触面积的减小而减小，你认为他的探究过程中存在的问题是：　 　；
（4）实验中，小敏发现弹簧测力计示数很难稳定，于是设计了如图乙所示的装置来进行实验，水平传送带的速度可以调节，定滑轮摩擦忽略不计。启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向　 　；该装置的优点是：　 　。（写出一条即可）
18．在探究压力的作用效果与哪些因素有关的实验中，利用了两个相同的木块和一块海绵，如图所示。
（1）实验中通过观察　 　来比较压力作用的效果；
（2）对比　 　两图，可以得出受力面积相同时，压力越大，压力作用的效果越明显；
（3）对比甲、丁两图，得出压力作用的效果与压力大小无关。你认为是否正确：　 　。
（4）本实验的科学探究方法是：　 　和　 　。
19．如图所示是研究液体压强特点的几个实验情景。
（1）比较A、B、C三幅图可以得出：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强　 　；
（2）比较　 　三幅图可以得出：同种液体内部压强随深度的增加而增大；
（3）实验中液体压强的大小是通过比较　 　来判断的，如果所用的压强计的U形管中可以选择染色的酒精、水和水银（）中的一种液体，为了使实验现象更明显，小明应该选择上述三种液体中的　 　装入U形管中；
（4）如图F所示，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。现在隔板左右两侧分别倒入不同的液体，橡皮膜形状没有改变，此时，，则隔板左右两侧液体密度之比为　 　，左侧液体对容器底部压强　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）右侧液体对容器底部压强。
20．一个鱼缸放在水平桌面中央，内盛有0.2m深的水，水的质量是5kg（鱼缸厚度忽略不计）求：
（1）水对鱼缸底部的压强；
（2）鱼缸的底面积是2×10-2m2，水对鱼缸底部的压力；
（3）鱼缸的质量是1.3kg，此时容器对桌面的压强多大？
21．2024年的冻雨灾害，导致道路结冰，较多车辆发生追尾事故。为了保障人民群众生命财产安全，积极参与道路除冰工作。如图1的李师傅正在驾驶挖掘机进行除冰作业。挖掘机铲斗作业共有三种挡位，每个挡位能提供不同的压力大小以适应不同的工作环境。
挖掘机质量 15t
每条履带和地面接触面积 0.5m2
S挡（标准状态） 3×103N
L挡（负荷状态） 9×103N
B挡（破土状态） 3×104N
铲斗和冰面接触面积 1.2×104cm2
（1）汽车追尾前车时，　 　可以减小惯性给人带来的危害；汽车被后车追尾时，　 　可以减小惯性给人带来的危害（以上两空均选填“安全带”，“安全头枕”）；
（2）已知挖掘机行驶时阻力等于总重力的0.2倍，挖掘机匀速行驶时的牵引力大小为多少（不考虑驾驶员的重力）　 　？
（3）若冻雨冰层厚度和所能承受最大压强的曲线如图2所示，当冰层所受压强大于等于最大压强时，冰层会被铲碎。李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎多厚的冰层　 　？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A、初中生的质量约为50kg，重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，双脚与地面的接触面积约S=0.05m2，对地面的压强，远小于1.5×105Pa，故A错误。
B、一个鸡蛋的质量约为50g，即0.05kg，重力G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，所以托起一个鸡蛋的力约为0.5N，不是1N，故B错误。
C、八年级下册物理课本的质量约为300g，即0.3kg，重力G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，课本的长约25cm、宽约20cm，与桌面的接触面积S=0.25m×0.2m=0.05m2，对桌面的压强，故C正确。
D、成年人单手握力约为500N左右，104N相当于1吨物体的重力，远大于实际握力，故D错误。
故选：C。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 ACD．推土机的土铲前端做得很薄、篆刻刀刀刃很薄、破窗锤前端做得很尖，都是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故ABC不符合题意；
B．火车轨道铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D符合题意。
故选：B。
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
3．【答案】C
【知识点】气压计和抽水机；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、活塞式抽水机工作时，提起活塞，阀门关闭，在大气压作用下，水推开阀门进入泵筒；压下活塞，阀门关闭，水从出水管流出，整个过程依靠大气压工作，故A不符合题意。
B、盆景自动供水装置中，瓶内封闭气体压强加水的压强等于外界大气压，当托盘水位下降、瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内气压增大，水流出，利用了大气压，故B不符合题意。
C、用注射器注射药液时，是医生对活塞施加推力，将药液推入人体肌肉，推力是人为施加的力，与大气压无关，故C符合题意。
D、用吸管吸饮料时，先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下，饮料被压入吸管、进入嘴里，利用了大气压，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】（1）活塞式抽水机通过活塞运动使内部气压小于外界大气压，利用大气压将水抽起，用到了大气压。
（2）盆景自动供水装置利用大气压支撑瓶内的水，当托盘水位下降、瓶口露出水面时，空气进入瓶内，水流出，用到了大气压。
（3）注射器注射药液是依靠人的推力将药液推入人体，与大气压无关，没有用到大气压。
（4）吸饮料时，先吸走管内空气，使管内气压小于外界大气压，大气压将饮料压入嘴里，用到了大气压。
4．【答案】B
【知识点】物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。甲图中小球沿直线运动，是因为小球具有惯性，保持原来的运动状态，故A错误。
B、乙图中小铁球受到磁铁的吸引力，运动方向发生了改变，而运动状态的改变包括速度大小改变或运动方向改变，因此小球的运动状态一定发生改变，故B正确。
C、甲图中小球在水平桌面上运动时，会受到摩擦力的作用，速度会逐渐减小，因此运动状态发生了改变，故C错误。
D、平衡状态要求物体的速度大小和运动方向都保持不变。乙图中小球即使速度大小不变，但运动方向发生了改变，因此运动状态改变，不处于平衡状态，故D错误。
故选：B。
【分析】甲图中小球做直线运动，是因为惯性保持运动，力不是使物体运动的原因。
乙图中小球受磁铁吸引力，运动方向改变，运动状态一定改变。
甲图中小球在水平桌面受摩擦力，速度逐渐减小，运动状态发生改变。
乙图中小球即使速度大小不变，运动方向改变，运动状态仍改变，不是平衡状态。
5．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；弹力；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、吊灯静止在空气中，竖直方向受到两个力的作用：地球施加的重力、线对灯的拉力，并非只受线的拉力，故A错误。
B、弹力是由施力物体发生弹性形变产生的。灯对线的拉力，施力物体是灯，因此是灯发生弹性形变产生的；线对灯的拉力才是线发生弹性形变产生的，故B错误。
C、灯静止，处于平衡状态，竖直方向受到向下的重力和向上的线对灯的拉力，二力大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线上，是一对平衡力，故C正确。
D、相互作用力的特点是 “两个物体之间的相互作用”，即两个力分别作用在两个物体上；而天花板对线的拉力、灯对线的拉力，都作用在线这一个物体上，大小相等、方向相反、同一直线，是一对平衡力，不是相互作用力，故D错误。
故选： C。
【分析】灯静止时受两个力，重力和线的拉力，不是只受拉力。
灯对线的拉力是灯发生弹性形变产生的，不是线。
灯静止时，竖直方向受向下的重力和向上的线的拉力，二力平衡。
天花板对线的拉力和灯对线的拉力都作用在线上，是一对平衡力，不是相互作用力。
6．【答案】A
【知识点】弹簧测力计及其使用；力的合成与应用
【解析】【解答】A、弹簧测力计的示数由挂钩端的拉力决定，两匹马反向拉时，挂钩端受到1000N的拉力，故F1=1000N；弹簧测力计静止，受两个大小相等、方向相反的力，合力F2=1000N 1000N=0，故A正确。
B、弹簧测力计示数不是两力之和，合力也不为2000N，故B错误。
C、弹簧测力计合力为0，不是1000N，故C错误。
D、弹簧测力计示数为1000N，不是0；合力为0，不是1000N，故D错误。
故选：A。
【分析】在弹簧测力计的两侧各加1000N的拉力，虽然弹簧测力计是静止不动的，但弹簧在1000N的拉力作用下是被拉长了，故示数为1000N。
物体处于静止状态，那么弹簧测力计所受到的一定是一对平衡力，处于平衡状态的物体受到的合力为零。
7．【答案】B
【知识点】重力的方向；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；摩擦力的方向
【解析】【解答】 A、图甲中人受到向下的重力和向上的摩擦力，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故A错误；
B、筷子提米在空中静止，米受到的重力和摩擦力平衡，重力方向竖直向下，摩擦力方向竖直向上，同时米给筷子一个反作用力，则筷子受到米给的摩擦力竖直向下，故B正确；
C、图丙中用力F拉动木板B使其加速的过程中，物体A的重力和B对A支持力是一对平衡力，A受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，故C错误；
D、图丁中小球可在A、B两点间来回摆动，当小球摆到最高点B点时，小球速度为零，此时细线恰好断开，则小球受重力作用竖直下落，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力与重力是一对平衡力；
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）对物体A受力分析作答；
（4）细线断开，拉力消失重力仍然存在，重力的方向总是竖直向下的小球将竖直下落。
8．【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A、托里拆利实验中，大气压的大小等于管内水银柱产生的压强，即p0=ρ水银gh，其中h是水银柱的竖直高度。当玻璃管倾斜时，h保持不变，但水银柱在管内的长度会变长，因此A说法正确，不符合题意。
B、托里拆利实验的核心成果有两个：一是证明了大气压的存在，二是通过水银柱高度精确计算出了大气压的具体数值，并非 “仅证明存在”，因此B说法错误，符合题意。
C、标准大气压支持760mm的竖直水银柱，若玻璃管的总长度小于760mm，当管倾斜到一定角度时，水银柱的长度会等于管长，管内会充满水银，因此C说法正确，不符合题意。
D、标准大气压的定义就是能支持760mm（76cm）高的水银柱，对应的压强为1.013×105Pa，因此D说法正确，不符合题意
故选：B。
【分析】（1）大气压支持的水银柱竖直高度不变，玻璃管倾斜时，水银柱的长度会变长。
（2）托里拆利实验不仅证明了大气压的存在，还精确测出了大气压的数值。
（3）标准大气压支持 760mm 竖直高度的水银柱，若玻璃管总长度小于760mm，倾斜到一定角度时，管内会充满水银。
（4）标准大气压的定义就是可支持760mm高的水银柱。
9．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】 AC．四个吸盘受到的大气压强相同，吸盘的面积相同，根据F=pS可知，四个吸盘受到的大气压力相等，故A错误，C正确；
BD．吸盘受到的摩擦力等于吸盘与所挂物体的总重力，四个吸盘下挂有质量不同的锅铲，则吸盘与所挂锅铲的总重力不同，所以吸盘所受摩擦力大小不同，故BD错误。
故选：C。
【分析】 （1）排出吸盘内的空气，当外界压强大于内部压强时，大气压产生较大的压力作用在吸盘上，根据可判断压力的大小关系；
（2）吸盘在竖直方向上受到的重力和静摩擦力一对平衡力，据此分析。
10．【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】a、b质量之比也为1∶2，根据可知，a、b所受重力之比1∶2
由图可知，a对b的压力等于a的重力，b对地面的压力等于a、b重力之和，故a对b的压力与b对地面的压力之比为1∶3
a、b为正方体，且棱长之比为1∶2，故a对b的压力的受力面积与b对地面的压力的受力面积之比为1∶4
根据得，a对b的压强和b对地面的压强之比
故选：B。
【分析】根据题干分别计算出a、b两种物质的质量和体积的值，根据求出a、b两种物质的密度之比；用a、b两种物质制成的两个实心正方体的棱长之比为1：2，根据G=mg=ρVg=ρL3g求出两正方体的重力之比，再根据S=L2求出两正方体的底面积之比，将它们如图乙叠放在水平地面上时，a对b的压力等于正方体a的重力，受力面积等于a的底面积，b对地面的压力等于正方体a、b的重力之和，受力面积等于b的底面积，利用求出a对b的压强和b对地面的压强之比。
11．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 ABC、当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动，整体处于平衡状态，受到平衡力的作用；
对整体进行受力分析，在水平方向上整体受到向右的拉力、向左的摩擦力是一对平衡力，则AB受到摩擦力之和f总=F=8N；
已知它们受到地面的摩擦力fA：fB=1：3，则，fB=8N-2N=6N，且这两个摩擦力的方向都是水平向左的；
以B为研究对象，B受到向右的拉力F、向左的摩擦力和弹簧的拉力，根据力的平衡条件可知F=fB+F弹簧，所以弹簧对B的拉力：F弹簧=F-fB=8N-6N=2N，故AB错误，C正确。
D、当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，若把物块A和B看作一个整体，受平衡力作用，故拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力为8N，故D错误；
故选：C。
【分析】 （1）当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动，整体处于平衡状态，对整体进行受力分析，在水平方向上整体受到向右的拉力、向左的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件可得AB受到摩擦力之和；
已知它们受到地面的摩擦力fA：fB=1：3，则可求出A、B两物体受到摩擦力的大小，摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；
以B为研究对象，B受到向右的拉力F、向左的摩擦力和弹簧的拉力，根据力的平衡条件可知F=fB+F弹簧，据此求出弹簧对B的拉力。
（2）当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，若把物块A和B看作一个整体，受平衡力作用。
12．【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 A、因为两种液体对容器底面的压强相同，由图可知，甲液体的深度大，所以根据p=ρgh可知，甲液体的密度小，即ρ甲＜ρ乙，故A错误；
B、两容器底部受到的液体压强均为p，底面积均为S，根据F=pS可知，两容器底部受到的液体压力相等，故B错误；
C、A、B两点距离容器底部等高，且ρ甲＜ρ乙，所以A、B两点以下部分的液体压强大小为pA下＜pB下，因为两容器底部受到的液体压强相等，所以A上面部分的压强大于B上面部分的压强，即pA＞pB，故C错误；
D、因为两容器底部受到的液体压强相等，即p甲=p乙，ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，ρ甲h甲=ρ乙h乙，
根据密度公式得甲、乙的质量为：m甲=ρ甲V甲，m乙=ρ乙V乙，因为甲为圆柱体，所以甲的体积为：V甲=S甲h甲，
由图知乙的体积为：V乙＜S乙h乙，
由题意知甲、乙两容器的底面积相同，即S甲=S乙，所以甲、乙的质量比为：，所以m甲＞m乙；
因为在水平面上压力等于重力，即F压=G总=m总g，
由题意知甲、乙两容器的质量相同，
所以甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力；两个容器的底面积相同，根据可知，两容器对水平桌面的压强关系为p甲＞p乙，故D正确；
故选：D。
【分析】 （1）因为两种液体对容器底面的压强相同，而甲液体的深度大，根据p=ρgh可知两液体的密度大小关系；
（2）根据压强定义式可得压力的计算公式F=pS，结合题意判断两容器底部受到的液体压力的大小关系；
（3）已知两容器底部受到的液体压强相等，且知道甲、乙两液体密度的关系，由于A、B两点距离容器底部等高，根据p=ρgh判断出A、B两点以下部分的压强大小，再根据两容器底部受到的液体压强相等判断出A、B两点上面部分压强的大小关系；
（4）根据两容器底部受到的液体压强相等，即p甲=p乙，得出ρ甲h甲=ρ乙h乙，
根据密度公式m=ρV表示出甲、乙的质量；
因为甲为圆柱体，根据体积公式表示出甲的体积，由图表示出乙的体积，进而表示出甲、乙的质量比，从而判断出甲、乙的质量关系；
在水平面上压力等于重力，根据甲、乙液体质量的关系、甲和乙容器质量的关系判断出甲、乙容器对桌面的压力的关系；根据分析桌面受到的压强的大小关系。
13．【答案】橡胶；减小；减慢
【知识点】力的作用效果；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 橡胶做的鞋底比较粗糙，蹬冰脚的鞋底用橡胶制成，可以增大摩擦力，不会打滑。
由于冰道上有很多细小的颗粒，用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，使冰面形成一层水膜，冰壶与冰面分离，减小冰壶受到的摩擦力，从而减慢冰壶运动状态的改变，滑行的更远。
故答案为：橡胶；减小；减慢。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
14．【答案】低于；0.27
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】液体的沸点由液面上方的气压决定，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。标准大气压下，水的沸点为100℃。高原地区海拔高，空气稀薄，大气压强小于标准大气压，因此水的沸点会低于100℃。
限压阀刚好被顶起时，处于平衡状态，限压阀受到的内外压力差等于其重力。锅内水蒸气的压强达到1.6个标准大气压，锅外气压是1个标准大气压，压强差为
限压阀的重力为。
故答案为：低于；0.27。
【分析】高原海拔高，大气压强低于标准大气压，根据液体沸点与气压的关系，气压越低沸点越低。
限压阀刚好被顶起时受力平衡，锅内气压对限压阀的向上压力，等于外界大气压对限压阀的向下压力与限压阀重力之和，通过受力平衡公式可计算限压阀的重力。
15．【答案】闭合；不属于；上升；小；逆
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 ① 活塞式抽水机向上拉手柄时，活塞上移，圆桶内活塞下方的气压减小，上方阀门闭合，阻断桶内水向上回流；此时低处的水在外界大气压的作用下，推开下方的玻璃球阀门进入圆桶，完成抽水的第一步。
② 连通器的定义是：上端开口、底部互相连通的容器。该气压计中，B是密闭的厚空心玻璃球，上端不与大气相通，不满足连通器的条件，因此不属于连通器。
大气压随海拔高度的升高而减小。当气压计从一楼到十楼，外界大气压减小，而B球内部的气压不变，内部气压大于外界大气压，会将液体压入A管，使A管中的水面上升。
③ 流体压强与流速的关系为：在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
假设足球沿逆时针转动，足球往前飞行，空气相对于足球往后运动，此时足球左侧的空气流速较大，右侧空气流速较小，根据流体压强与流速的关系，气体流速越大的位置，压强越小，因此足球左侧的压强较小，右侧的压强较大，足球受到一个向左的压强差，从而向左沿弧线飞行，符合如图丙所示的足球飞行路线，所以，图中被踢出的足球边向前飞行边沿逆时针旋转 。
故答案为：①闭合；②不属于；上升； ③ 小；逆。
【分析】 ① 向上拉动活塞式抽水机手柄时，圆桶内气压减小，为防止桶内水回流，上方阀门需闭合，下方水在大气压作用下推开玻璃球进入圆桶。
② 连通器要求上端开口、底部连通，该气压计中B为密闭空心玻璃球，不符合连通器定义，因此不属于连通器。
从一楼到十楼，海拔升高，外界大气压减小，B球内部气压大于外界大气压，会将A管中的水面向上压，因此水面上升。
③ 根据流体压强与流速的关系，气体流速越大的位置，压强越小。
球左侧压强小、右侧压强答，因此球右侧流速小，对应球沿逆时针旋转。
16．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的方向；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】 实心均匀木块沿粗糙斜面向上运动，不考虑空气阻力，木块受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F、沿斜面向下的摩擦力f，三力作用点都画在木块的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G、F、f，如图所示：
木块对斜面的压力F压的方向垂直斜面向下，作用点可以画在接触面的中点，从作用点沿压力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F压，如图所示：
【分析】 实心均匀木块沿粗糙斜面向上运动，不考虑空气阻力，先对木块进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
先木块对斜面的压力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
17．【答案】（1）匀速直线；二力平衡；1.6
（2）压力
（3）没有控制压力相同
（4）左；不需要控制传送带做匀速直线运动
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1)实验时，需沿水平方向拉木块做匀速直线运动，此时木块受力平衡。
根据二力平衡的知识，木块做匀速直线运动时，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力大小相等。
滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与拉力大小无关。当拉力增大为 2N时，压力和接触面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力仍1.6N。
(2)在木块上加放砝码，增大了木块对长木板的压力，接触面的粗糙程度不变，因此是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
(3)探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度不变。小冯将木块竖直截取一半，接触面积减小的同时，木块对木板的压力也减小了一半，没有控制压力大小不变，因此结论错误。
(4)传送带向左运动，木块相对于传送带向右运动，滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，因此木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向左。
该装置的优点：不需要匀速拉动传送带。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；1.6；（2）压力；（3）没有控制压力相同；（4）左；不需要控制传送带做匀速直线运动。
【分析】(1) 实验中需让木块做匀速直线运动，才能通过二力平衡得到滑动摩擦力大小。
匀速直线运动时，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，依据二力平衡知识。
滑动摩擦力只与压力、接触面粗糙程度有关，拉力增大不改变摩擦力。
(2) 在木块上加砝码，增大了木块对木板的压力，接触面粗糙程度不变，因此探究滑动摩擦力与压力大小的关系。
(3)将木块竖直截去一半，接触面积减小的同时，压力也减半，未控制压力大小不变，不符合控制变量法要求。
(4) 传送带向左运动，木块相对传送带向右运动，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，即水平向左。
该装置无需匀速拉动传送带，木块静止时弹簧测力计示数稳定，便于读数 。
（1）[1][2]将木块平放在水平长木板上，要知道滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉木块，让木块在木板上做匀速直线运动，此时木块在水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力的作用而处于平衡状态，根据二力平衡知识，此时木块受到的拉力大小（等于弹簧测力计示数大小）等于木块所受滑动摩擦力的大小。
[3]若满足上述要求时，弹簧测力计示数F为1.6N，可知木块受到的摩擦力为1.6N，当增大拉力使弹簧测力计示数为2N时，由于木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，所以，木块受到的滑动摩擦力不变，此时的木块所受滑动摩擦力为1.6N。
（2）在木块上加放砝码，增大了压力，接触面的粗糙程度不变，是为了探究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）将木块沿竖直方向截取一半后，接触面的粗糙程度不变，物体间的压力变为原来的一半，接触面积变为原来的一半，由于没有控制压力相同（即存在的问题），不符合控制变量法的要求，得出的“滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小”的结论是错误的。
（4）[1]启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，此时弹簧测力计（绳子）对木块的拉力（水平向右）与木块所受滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向左。
[2]该装置的优点有：不需要控制传送带做匀速直线运动，因为无论传送带如何运动，只要木块相对于地面静止，弹簧测力计示数就等于滑动摩擦力大小。
18．【答案】（1）海绵的凹陷程度
（2）甲、丙
（3）不正确
（4）控制变量法；转换法
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】(1)物理学中，对于不易直接测量的物理量，常用容易观察的现象来代替，这种方法叫转换法。本实验中，压力作用效果直接通过海绵凹陷程度体现。
(2)要探究压力作用效果与压力大小的关系，需控制受力面积相同。
甲图：一个木块侧放，受力面积为侧面；
丙图：一个木块侧放，受力面积与甲相同，压力增大。甲、丙组合符合控制变量要求。
(3)甲图与丁图对比，不仅压力不同，受力面积也不同，没有控制受力面积这一变量，因此无法得出压力作用效果与压力大小的关系，结论错误
(4) 控制变量法：探究压力作用效果与压力、受力面积的关系时，每次只改变一个变量，控制另一个变量不变。
转换法：通过海绵凹陷程度反映压力作用效果。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）甲、丙；（3）不正确；（4）控制变量法；转换法。【分析】(1)实验采用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力作用效果，凹陷越明显，效果越强。
(2)探究 “受力面积相同时，压力越大，效果越明显”，需控制受力面积相同、改变压力。对比甲、丙两图，受力面积均为木块侧面积，丙图压力更大，凹陷更明显。
(3)对比甲、丁两图的操作未控制变量，结论不正确。甲图是一个木块平放，丁图是两个木块叠放，同时接触面也由一个木块侧面变为两个木块侧面，因此无法得出 “与压力大小无关” 的结论，违反了控制变量法。
(4)本实验采用控制变量法和转换法。
（1）压力作用效果大小无法直接测量比较，而物体受到压力形状会改变，所以实验中利用转换法通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用的效果。
（2）探究压力的作用效果与压力大小的关系时，应控制受力面积的大小不变，只改变压力的大小，故对比甲、丙两图，可以得出受力面积相同时，压力越大，压力作用的效果越明显。
（3）探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变。对比甲、丁两图，受力面积变化了，得出压力作用的效果与压力大小无关的结论不正确，原因是没有控制受力面积相同。
（4）[1][2]压力作用效果与压力大小和受力面积大小有关，实验探究中研究压力作用效果与某一因素有关时，采用控制变量法；压力作用效果通过海绵的形变程度观察出来，采用转换法。
19．【答案】（1）相等
（2）C、D、E
（3）U形管中液面高度差；酒精
（4）7∶4；大于
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）如图A、B、C所示，将压强计的探头放在水中的同一深处，使橡皮膜朝不同的方向，但是U形管内液面的高度差不变，说明：同种液体在同一深度向各个方向压强相等。
（2）如图C、D、E所示，将压强计的探头放在同种液体的不同深度，深度越深，U形管内液面的高度差越大。说明：同种液体内部压强随深度的增加而增大。
（3）实验中利用转换法，液体压强的大小是通过比较U形管中液面高度差来判断的，高度差越大，表示液体压强越大；
根据公式可知，当压强一定时，液体密度越小，液面的高度差会越大，现象越明显，所以小明应选择酒精装入U形管中。
（4）橡皮膜形状没有改变，说明橡皮膜两侧没有压强差，即橡皮膜两侧压强相等。由液体压强特点可知：p左=ρ左gh1，p右=ρ右gh2，因为p左=p右，即：ρ左gh1=ρ右gh2，所以。即左侧液体的密度大于右侧的密度。
橡皮膜处两侧的液体压强相等，橡皮膜以下部分的两侧液面高度相同，则左侧增加部分压强△p左大于右侧增加部分压强△p右，所以，左侧液体对容器底部压强大于右侧液体对容器底部压强。
故答案为：（1）相等；（2）CDE；（3）U形管中液面高度差；酒精；（4）7：4；大于。
【分析】 （1）（2）利用控制变量法分析解答；
（3）通过U形管中液面高度差来反映压强大小，这是转换法；
（4）根据橡皮膜的凸起情况确定液体产生的压强大小，结合p=ρgh分析。
（1）比较A、B、C三幅图，液体密度相同、探头在液体中的深度相同，探头方向不同，U形管中液面的高度差相同。可以得出：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等。
（2）比较C、D、E三幅图，液体密度相同，探头在液体中的深度不同，深度越深，U形管液面高度差越大。可以得出：同种液体内部压强随深度的增加而增大。
（3）[1]实验中利用转换法，液体压强的大小是通过比较U形管中液面高度差来判断的，高度差越大，表示液体压强越大；
[2]根据公式可知，当压强一定时，液体密度越小，液面的高度差会越大，现象越明显，所以小明应选择酒精装入U形管中。
（4）[1]橡皮膜形状没有改变，说明左右两侧液体对橡皮膜的压强相等，即，根据液体压强公式可得
则
[2]由于左侧液体密度大于右侧液体密度，根据公式可知，橡皮膜以下部分左侧液体压强大于右侧液体压强，又因为橡皮膜以上部分左右液体压强相等，则左侧液体对容器底部压强大于右侧液体对容器底部压强。
20．【答案】（1）解：根据p=ρgh可得，水对鱼缸底部的压强为
（2）解：鱼缸的底面积是2×10-2m2，根据可得，水对鱼缸底部的压力
（3）解：鱼缸的质量是1.3kg，鱼缸放在水平桌面中央，此时容器对桌面的压力等于容器的总重力，则容器对桌面的压力为
根据可得，此时容器对桌面的压强为
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（2）根据F=pS，计算压力的大小；
（3）利用F=G=mg，计算压力，根据，计算压强。
（1）根据p=ρgh可得，水对鱼缸底部的压强为
（2）鱼缸的底面积是2×10-2m2，根据可得，水对鱼缸底部的压力
（3）鱼缸的质量是1.3kg，鱼缸放在水平桌面中央，此时容器对桌面的压力等于容器的总重力，则容器对桌面的压力为
根据可得，此时容器对桌面的压强为
21．【答案】（1）安全带；安全头枕
（2）
（3）9cm
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）当汽车追尾前车时，车突然减速，人由于惯性会向前冲，安全带可以拉住人，防止人向前撞击，减小惯性带来的危害。
当汽车被后车追尾时，车突然加速，人由于惯性会向后仰，安全头枕可以支撑人的头部，防止颈部受伤，减小惯性带来的危害。
（2）挖掘机的质量m=15t=1.5×104kg，总重力G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N。已知阻力f=0.2G，则f=0.2×1.5×105N=3×104N。挖掘机匀速行驶，牵引力F与阻力f二力平衡，因此F=f=3×104N。
(3)B挡的压力F压=3×104N，铲斗与冰面接触面积S=1.2×104cm2=1.2m2。铲斗对冰的压强。对照图2的曲线，当最大压强为25×103Pa时，对应的冰层厚度为9cm。
答：（1）安全带；安全头枕；
（2）挖掘机匀速行驶时的牵引力为3.16×103N；
（3）李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎9cm厚的冰层。
【分析】（1）汽车追尾前车时，人由于惯性会继续向前运动，安全带可以保护人体的安全；汽车被后车追尾时，人的下半身向前运动，但头部由于惯性会保持原来运动状态而后仰，安全头枕支撑头部，保护颈椎，减小惯性给人带来的危害；
（2）已知挖掘机和人的质量，由重力公式可求出挖掘机和司机的总重力；挖掘机匀速行驶时处于平衡状态，根据二力平衡知识可知挖掘机的牵引力大小应等于此时挖掘机受到的阻力；已知挖掘机行驶时阻力等于总重力的0.2倍，据此可求出牵引力的大小；
（3）由表中参数可知，挖掘机铲斗作业为B挡时，挖掘机处于破土状态，此时铲斗对冰层的压力最大，冰层受到的压强最大，根据图2可知此时铲碎冰层的厚度最大；铲斗作业挡位在B挡时，对冰层压力为F=3×104N；已知铲斗和冰面接触面积，由压强公式可求出此时挖掘机对冰层的压强；求出了挖掘机对冰层的压强，由图2即可判断李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎多厚的冰层。
（1）[1]汽车追尾前车时，人由于惯性会继续向前运动，此时安全带可以减小惯性给人带来的危害。
[2]汽车被后车追尾时，人的下半身随汽车向前运动，但头部由于惯性要保持原来运动状态而后仰，此时安全头枕使头部有支撑，保护颈椎，能减小惯性给人带来的危害。
（2）不考虑驾驶员的重力，根据G=mg可得，挖掘机的总重力
挖掘机匀速行驶时处于平衡状态，由题意和二力平衡条件可知，挖掘机匀速行驶时的牵引力
（3）由表中参数可知，挖掘机铲斗作业为B挡时，挖掘机处于破土状态，此时铲斗对冰层的压力最大，冰层受到的压强最大，根据图2可知此时铲碎冰层的厚度最大，铲斗作业挡位在B挡，该挡位能提供的压力大小为，已知铲斗和冰面接触面积为
则李师傅所驾驶的挖掘机铲碎冰层时，对冰层的压强为
由图2可知，李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎9cm厚的冰层。
1 / 1湖北省黄石市有色中学2024－2025学年八年级下学期期中物理试题
1．下列数据中，最接近实际情况的是（　　）
A．一位初中生站立时对地面的压强约为
B．用手托起一个鸡蛋的力约为1N
C．八年级下册物理课本对水平桌面的压强为60Pa
D．成年人单手握力约为
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A、初中生的质量约为50kg，重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，双脚与地面的接触面积约S=0.05m2，对地面的压强，远小于1.5×105Pa，故A错误。
B、一个鸡蛋的质量约为50g，即0.05kg，重力G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，所以托起一个鸡蛋的力约为0.5N，不是1N，故B错误。
C、八年级下册物理课本的质量约为300g，即0.3kg，重力G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，课本的长约25cm、宽约20cm，与桌面的接触面积S=0.25m×0.2m=0.05m2，对桌面的压强，故C正确。
D、成年人单手握力约为500N左右，104N相当于1吨物体的重力，远大于实际握力，故D错误。
故选：C。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．下列四幅图中，利用相关部件减小压强的是（　　）
A．推土机的推土铲刀
B．火车轨道铺在枕木上
C．篆刻刀刀口
D．破窗锤的敲击端
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】 ACD．推土机的土铲前端做得很薄、篆刻刀刀刃很薄、破窗锤前端做得很尖，都是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故ABC不符合题意；
B．火车轨道铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D符合题意。
故选：B。
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
3．如图所示实例中，没有用到大气压的是（　　）
A． 活塞式抽水机
B． 盆景自动供水装置
C． 注射器注射药液
D． 吸饮料
【答案】C
【知识点】气压计和抽水机；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、活塞式抽水机工作时，提起活塞，阀门关闭，在大气压作用下，水推开阀门进入泵筒；压下活塞，阀门关闭，水从出水管流出，整个过程依靠大气压工作，故A不符合题意。
B、盆景自动供水装置中，瓶内封闭气体压强加水的压强等于外界大气压，当托盘水位下降、瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内气压增大，水流出，利用了大气压，故B不符合题意。
C、用注射器注射药液时，是医生对活塞施加推力，将药液推入人体肌肉，推力是人为施加的力，与大气压无关，故C符合题意。
D、用吸管吸饮料时，先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下，饮料被压入吸管、进入嘴里，利用了大气压，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】（1）活塞式抽水机通过活塞运动使内部气压小于外界大气压，利用大气压将水抽起，用到了大气压。
（2）盆景自动供水装置利用大气压支撑瓶内的水，当托盘水位下降、瓶口露出水面时，空气进入瓶内，水流出，用到了大气压。
（3）注射器注射药液是依靠人的推力将药液推入人体，与大气压无关，没有用到大气压。
（4）吸饮料时，先吸走管内空气，使管内气压小于外界大气压，大气压将饮料压入嘴里，用到了大气压。
4．如甲、乙图所示，让小铁球由斜面顶端静止滑下，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图说明力是使物体运动的原因
B．乙图中小球的运动状态一定发生改变
C．甲图中小球的运动状态没改变
D．若乙图中小球在桌面运动速度大小不变，则小球处于平衡状态
【答案】B
【知识点】物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。甲图中小球沿直线运动，是因为小球具有惯性，保持原来的运动状态，故A错误。
B、乙图中小铁球受到磁铁的吸引力，运动方向发生了改变，而运动状态的改变包括速度大小改变或运动方向改变，因此小球的运动状态一定发生改变，故B正确。
C、甲图中小球在水平桌面上运动时，会受到摩擦力的作用，速度会逐渐减小，因此运动状态发生了改变，故C错误。
D、平衡状态要求物体的速度大小和运动方向都保持不变。乙图中小球即使速度大小不变，但运动方向发生了改变，因此运动状态改变，不处于平衡状态，故D错误。
故选：B。
【分析】甲图中小球做直线运动，是因为惯性保持运动，力不是使物体运动的原因。
乙图中小球受磁铁吸引力，运动方向改变，运动状态一定改变。
甲图中小球在水平桌面受摩擦力，速度逐渐减小，运动状态发生改变。
乙图中小球即使速度大小不变，运动方向改变，运动状态仍改变，不是平衡状态。
5．如图所示，用线将吊灯悬挂在天花板上，下列说法中正确的是（　　）
A．灯只受到线的拉力作用
B．灯对线的拉力是由于线发生弹性形变产生的
C．灯受到重力和线对灯的拉力作用
D．天花板对线的拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；弹力；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A、吊灯静止在空气中，竖直方向受到两个力的作用：地球施加的重力、线对灯的拉力，并非只受线的拉力，故A错误。
B、弹力是由施力物体发生弹性形变产生的。灯对线的拉力，施力物体是灯，因此是灯发生弹性形变产生的；线对灯的拉力才是线发生弹性形变产生的，故B错误。
C、灯静止，处于平衡状态，竖直方向受到向下的重力和向上的线对灯的拉力，二力大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线上，是一对平衡力，故C正确。
D、相互作用力的特点是 “两个物体之间的相互作用”，即两个力分别作用在两个物体上；而天花板对线的拉力、灯对线的拉力，都作用在线这一个物体上，大小相等、方向相反、同一直线，是一对平衡力，不是相互作用力，故D错误。
故选： C。
【分析】灯静止时受两个力，重力和线的拉力，不是只受拉力。
灯对线的拉力是灯发生弹性形变产生的，不是线。
灯静止时，竖直方向受向下的重力和向上的线的拉力，二力平衡。
天花板对线的拉力和灯对线的拉力都作用在线上，是一对平衡力，不是相互作用力。
6．如图所示，两匹马各用1000N的力沿完全相反的方向拉一弹簧测力计，设此时弹簧测力计的示数为F1，弹簧测力计所受的合力为F2，则（　　）
A．F1=1000N，F2=0 B．F1=F2=2000N
C．F1=F2=1000N D．F1=0，F2=1000N
【答案】A
【知识点】弹簧测力计及其使用；力的合成与应用
【解析】【解答】A、弹簧测力计的示数由挂钩端的拉力决定，两匹马反向拉时，挂钩端受到1000N的拉力，故F1=1000N；弹簧测力计静止，受两个大小相等、方向相反的力，合力F2=1000N 1000N=0，故A正确。
B、弹簧测力计示数不是两力之和，合力也不为2000N，故B错误。
C、弹簧测力计合力为0，不是1000N，故C错误。
D、弹簧测力计示数为1000N，不是0；合力为0，不是1000N，故D错误。
故选：A。
【分析】在弹簧测力计的两侧各加1000N的拉力，虽然弹簧测力计是静止不动的，但弹簧在1000N的拉力作用下是被拉长了，故示数为1000N。
物体处于静止状态，那么弹簧测力计所受到的一定是一对平衡力，处于平衡状态的物体受到的合力为零。
7．如图所示，四幅图对应的说法正确的是（　　）
A．图甲中某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力与重力是一对相互作用力
B．图乙中筷子提起来在空中静止时，米对筷子的摩擦力方向竖直向下
C．图丙中用力F拉动木板B使其加速的过程中，A物体受一对平衡力
D．图丁中小球可在A、B两点间来回摆动，当小球摆到最高点B点时，细线恰好断开，则小球将保持静止
【答案】B
【知识点】重力的方向；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；摩擦力的方向
【解析】【解答】 A、图甲中人受到向下的重力和向上的摩擦力，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故A错误；
B、筷子提米在空中静止，米受到的重力和摩擦力平衡，重力方向竖直向下，摩擦力方向竖直向上，同时米给筷子一个反作用力，则筷子受到米给的摩擦力竖直向下，故B正确；
C、图丙中用力F拉动木板B使其加速的过程中，物体A的重力和B对A支持力是一对平衡力，A受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，故C错误；
D、图丁中小球可在A、B两点间来回摆动，当小球摆到最高点B点时，小球速度为零，此时细线恰好断开，则小球受重力作用竖直下落，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）某同学沿杆匀速向上爬升时，该同学受到的摩擦力与重力是一对平衡力；
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）对物体A受力分析作答；
（4）细线断开，拉力消失重力仍然存在，重力的方向总是竖直向下的小球将竖直下落。
8．如图所示是托里拆利实验的规范操作过程，下面说法不正确的是（　　）
A．玻璃管稍稍倾斜会使得管内水银柱变长
B．该实验仅证明了大气压的存在
C．玻璃管倾斜到一定角度，管内有可能会充满水银
D．标准大气压可支持760mm高的水银柱
【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A、托里拆利实验中，大气压的大小等于管内水银柱产生的压强，即p0=ρ水银gh，其中h是水银柱的竖直高度。当玻璃管倾斜时，h保持不变，但水银柱在管内的长度会变长，因此A说法正确，不符合题意。
B、托里拆利实验的核心成果有两个：一是证明了大气压的存在，二是通过水银柱高度精确计算出了大气压的具体数值，并非 “仅证明存在”，因此B说法错误，符合题意。
C、标准大气压支持760mm的竖直水银柱，若玻璃管的总长度小于760mm，当管倾斜到一定角度时，水银柱的长度会等于管长，管内会充满水银，因此C说法正确，不符合题意。
D、标准大气压的定义就是能支持760mm（76cm）高的水银柱，对应的压强为1.013×105Pa，因此D说法正确，不符合题意
故选：B。
【分析】（1）大气压支持的水银柱竖直高度不变，玻璃管倾斜时，水银柱的长度会变长。
（2）托里拆利实验不仅证明了大气压的存在，还精确测出了大气压的数值。
（3）标准大气压支持 760mm 竖直高度的水银柱，若玻璃管总长度小于760mm，倾斜到一定角度时，管内会充满水银。
（4）标准大气压的定义就是可支持760mm高的水银柱。
9．面积相同的四个吸盘下挂有质量不同的锅铲保持静止。下列说法正确的是（　　）
A．挂质量最大锅铲的吸盘所受的大气压力最大
B．所受大气压力大的吸盘，受到的摩擦力也越大
C．四个吸盘所受大气压力大小相同
D．四个吸盘所受摩擦力大小相同
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】 AC．四个吸盘受到的大气压强相同，吸盘的面积相同，根据F=pS可知，四个吸盘受到的大气压力相等，故A错误，C正确；
BD．吸盘受到的摩擦力等于吸盘与所挂物体的总重力，四个吸盘下挂有质量不同的锅铲，则吸盘与所挂锅铲的总重力不同，所以吸盘所受摩擦力大小不同，故BD错误。
故选：C。
【分析】 （1）排出吸盘内的空气，当外界压强大于内部压强时，大气压产生较大的压力作用在吸盘上，根据可判断压力的大小关系；
（2）吸盘在竖直方向上受到的重力和静摩擦力一对平衡力，据此分析。
10．分别用a、b两种物质制成的两个实心正方体的棱长之比为1∶2，质量之比也为1∶2，将它们如图叠放在水平地面上时，a对b的压强和b对地面的压强之比为（　　）
A．3∶4 B．4∶3 C．1∶2 D．2∶1
【答案】B
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】a、b质量之比也为1∶2，根据可知，a、b所受重力之比1∶2
由图可知，a对b的压力等于a的重力，b对地面的压力等于a、b重力之和，故a对b的压力与b对地面的压力之比为1∶3
a、b为正方体，且棱长之比为1∶2，故a对b的压力的受力面积与b对地面的压力的受力面积之比为1∶4
根据得，a对b的压强和b对地面的压强之比
故选：B。
【分析】根据题干分别计算出a、b两种物质的质量和体积的值，根据求出a、b两种物质的密度之比；用a、b两种物质制成的两个实心正方体的棱长之比为1：2，根据G=mg=ρVg=ρL3g求出两正方体的重力之比，再根据S=L2求出两正方体的底面积之比，将它们如图乙叠放在水平地面上时，a对b的压力等于正方体a的重力，受力面积等于a的底面积，b对地面的压力等于正方体a、b的重力之和，受力面积等于b的底面积，利用求出a对b的压强和b对地面的压强之比。
11．如图所示，物块A和B放在水平地面上，它们之间用一根轻质弹簧连接，当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，它们受到地面的摩擦力fA︰fB=1︰3，且整个过程中，弹簧一直在弹性限度内。下列说法正确的是（　　）
A．物块A受到的摩擦力大小为3N
B．物块B受到的摩擦力大小为9N
C．弹簧对物块B的拉力大小为2N
D．若把物块A和B看作一个整体，所受的摩擦力为4N
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 ABC、当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动，整体处于平衡状态，受到平衡力的作用；
对整体进行受力分析，在水平方向上整体受到向右的拉力、向左的摩擦力是一对平衡力，则AB受到摩擦力之和f总=F=8N；
已知它们受到地面的摩擦力fA：fB=1：3，则，fB=8N-2N=6N，且这两个摩擦力的方向都是水平向左的；
以B为研究对象，B受到向右的拉力F、向左的摩擦力和弹簧的拉力，根据力的平衡条件可知F=fB+F弹簧，所以弹簧对B的拉力：F弹簧=F-fB=8N-6N=2N，故AB错误，C正确。
D、当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，若把物块A和B看作一个整体，受平衡力作用，故拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力为8N，故D错误；
故选：C。
【分析】 （1）当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动，整体处于平衡状态，对整体进行受力分析，在水平方向上整体受到向右的拉力、向左的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件可得AB受到摩擦力之和；
已知它们受到地面的摩擦力fA：fB=1：3，则可求出A、B两物体受到摩擦力的大小，摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；
以B为研究对象，B受到向右的拉力F、向左的摩擦力和弹簧的拉力，根据力的平衡条件可知F=fB+F弹簧，据此求出弹簧对B的拉力。
（2）当用8N的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，若把物块A和B看作一个整体，受平衡力作用。
12．如图所示，甲、乙两容器内装两种不同液体，液体质量分别为和。两容器质量均为、底面积均为S，两容器底部受到的液体压强均为p。距离容器底部等高的位置有A、B两点，受到的液体压强分别为和，则（　　）
A．甲、乙液体密度关系为
B．容器底部所受液体压力关系为
C．A、B两点受到的液体压强关系为
D．两容器对水平桌面的压强关系为
【答案】D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】 A、因为两种液体对容器底面的压强相同，由图可知，甲液体的深度大，所以根据p=ρgh可知，甲液体的密度小，即ρ甲＜ρ乙，故A错误；
B、两容器底部受到的液体压强均为p，底面积均为S，根据F=pS可知，两容器底部受到的液体压力相等，故B错误；
C、A、B两点距离容器底部等高，且ρ甲＜ρ乙，所以A、B两点以下部分的液体压强大小为pA下＜pB下，因为两容器底部受到的液体压强相等，所以A上面部分的压强大于B上面部分的压强，即pA＞pB，故C错误；
D、因为两容器底部受到的液体压强相等，即p甲=p乙，ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，ρ甲h甲=ρ乙h乙，
根据密度公式得甲、乙的质量为：m甲=ρ甲V甲，m乙=ρ乙V乙，因为甲为圆柱体，所以甲的体积为：V甲=S甲h甲，
由图知乙的体积为：V乙＜S乙h乙，
由题意知甲、乙两容器的底面积相同，即S甲=S乙，所以甲、乙的质量比为：，所以m甲＞m乙；
因为在水平面上压力等于重力，即F压=G总=m总g，
由题意知甲、乙两容器的质量相同，
所以甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力；两个容器的底面积相同，根据可知，两容器对水平桌面的压强关系为p甲＞p乙，故D正确；
故选：D。
【分析】 （1）因为两种液体对容器底面的压强相同，而甲液体的深度大，根据p=ρgh可知两液体的密度大小关系；
（2）根据压强定义式可得压力的计算公式F=pS，结合题意判断两容器底部受到的液体压力的大小关系；
（3）已知两容器底部受到的液体压强相等，且知道甲、乙两液体密度的关系，由于A、B两点距离容器底部等高，根据p=ρgh判断出A、B两点以下部分的压强大小，再根据两容器底部受到的液体压强相等判断出A、B两点上面部分压强的大小关系；
（4）根据两容器底部受到的液体压强相等，即p甲=p乙，得出ρ甲h甲=ρ乙h乙，
根据密度公式m=ρV表示出甲、乙的质量；
因为甲为圆柱体，根据体积公式表示出甲的体积，由图表示出乙的体积，进而表示出甲、乙的质量比，从而判断出甲、乙的质量关系；
在水平面上压力等于重力，根据甲、乙液体质量的关系、甲和乙容器质量的关系判断出甲、乙容器对桌面的压力的关系；根据分析桌面受到的压强的大小关系。
13．冰壶比赛时，运动员穿的两只鞋的鞋底材质并不相同。蹬冰脚的鞋底为　 　（填“橡胶”或“塑料”）制成，这样可以增大摩擦力。运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，是为了　 　摩擦力（填“增大”或者“减小”），从而　 　（填“加快”或者“减慢”）冰壶运动状态的改变。
【答案】橡胶；减小；减慢
【知识点】力的作用效果；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 橡胶做的鞋底比较粗糙，蹬冰脚的鞋底用橡胶制成，可以增大摩擦力，不会打滑。
由于冰道上有很多细小的颗粒，用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，使冰面形成一层水膜，冰壶与冰面分离，减小冰壶受到的摩擦力，从而减慢冰壶运动状态的改变，滑行的更远。
故答案为：橡胶；减小；减慢。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
14．高压锅是一种实用的厨具，登山队很喜欢使用它，因为在高原上，水在　 　（填“高于”或“低于”）100℃时开始沸腾。若某型号的高压锅的锅盖面积为500cm2，限压阀气孔面积为4.5mm2，当周围为标准大气压环境时，锅内水蒸气的压强达到1.6个标准大气压，限压阀刚好被顶起，限压阀的重力为　 　N。（一个标准大气压取1×105Pa）
【答案】低于；0.27
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】液体的沸点由液面上方的气压决定，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。标准大气压下，水的沸点为100℃。高原地区海拔高，空气稀薄，大气压强小于标准大气压，因此水的沸点会低于100℃。
限压阀刚好被顶起时，处于平衡状态，限压阀受到的内外压力差等于其重力。锅内水蒸气的压强达到1.6个标准大气压，锅外气压是1个标准大气压，压强差为
限压阀的重力为。
故答案为：低于；0.27。
【分析】高原海拔高，大气压强低于标准大气压，根据液体沸点与气压的关系，气压越低沸点越低。
限压阀刚好被顶起时受力平衡，锅内气压对限压阀的向上压力，等于外界大气压对限压阀的向下压力与限压阀重力之和，通过受力平衡公式可计算限压阀的重力。
15．①图甲为自制简易活塞式抽水机，该装置正常工作时，向上拉动手柄，上方阀门将　 　（选填“打开”或“闭合”），低处的水受到大气压的作用推开玻璃球进入圆桶；
②图乙是创意气压计，A为玻璃管且上端与大气相通，B为密闭的厚空心玻璃球，A与B下部相通，该气压计　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器，当拿着该气压计从一楼上到十楼，A管中的水面会　 　。
③图丙中足球飞出弧线，与香蕉形状相似，故俗称“香蕉球”，主要是由于球旋转过程中，使周围气体流动速度改变。物理知识告诉我们：气体流速越大的位置，压强越　 　，图中被踢出的足球边向前飞行边沿　 　（选填“顺”或“逆”）时针旋转。
【答案】闭合；不属于；上升；小；逆
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 ① 活塞式抽水机向上拉手柄时，活塞上移，圆桶内活塞下方的气压减小，上方阀门闭合，阻断桶内水向上回流；此时低处的水在外界大气压的作用下，推开下方的玻璃球阀门进入圆桶，完成抽水的第一步。
② 连通器的定义是：上端开口、底部互相连通的容器。该气压计中，B是密闭的厚空心玻璃球，上端不与大气相通，不满足连通器的条件，因此不属于连通器。
大气压随海拔高度的升高而减小。当气压计从一楼到十楼，外界大气压减小，而B球内部的气压不变，内部气压大于外界大气压，会将液体压入A管，使A管中的水面上升。
③ 流体压强与流速的关系为：在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
假设足球沿逆时针转动，足球往前飞行，空气相对于足球往后运动，此时足球左侧的空气流速较大，右侧空气流速较小，根据流体压强与流速的关系，气体流速越大的位置，压强越小，因此足球左侧的压强较小，右侧的压强较大，足球受到一个向左的压强差，从而向左沿弧线飞行，符合如图丙所示的足球飞行路线，所以，图中被踢出的足球边向前飞行边沿逆时针旋转 。
故答案为：①闭合；②不属于；上升； ③ 小；逆。
【分析】 ① 向上拉动活塞式抽水机手柄时，圆桶内气压减小，为防止桶内水回流，上方阀门需闭合，下方水在大气压作用下推开玻璃球进入圆桶。
② 连通器要求上端开口、底部连通，该气压计中B为密闭空心玻璃球，不符合连通器定义，因此不属于连通器。
从一楼到十楼，海拔升高，外界大气压减小，B球内部气压大于外界大气压，会将A管中的水面向上压，因此水面上升。
③ 根据流体压强与流速的关系，气体流速越大的位置，压强越小。
球左侧压强小、右侧压强答，因此球右侧流速小，对应球沿逆时针旋转。
16．如图，物块沿粗糙斜面向上运动，请画出物块受力示意图，并画出物块对斜面的压力。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的方向；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】 实心均匀木块沿粗糙斜面向上运动，不考虑空气阻力，木块受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力F、沿斜面向下的摩擦力f，三力作用点都画在木块的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上G、F、f，如图所示：
木块对斜面的压力F压的方向垂直斜面向下，作用点可以画在接触面的中点，从作用点沿压力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F压，如图所示：
【分析】 实心均匀木块沿粗糙斜面向上运动，不考虑空气阻力，先对木块进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
先木块对斜面的压力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
17．为“探究影响滑动摩擦力大小的因素”，小敏同学用如图甲所示的装置和器材进行实验。
（1）如图甲，实验开始将木块平放在水平长木板上，小敏要得出滑动摩擦力的大小，应该在水平方向拉木块，让木块在木板上做　 　运动，根据　 　的知识，此时弹簧测力计对木块的拉力等于木块所受滑动摩擦力的大小；若满足上述要求时，弹簧测力计示数F为1.6N，当增大拉力使弹簧测力计示数为2N时，此时的木块所受滑动摩擦力为　 　N；
（2）在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与　 　的关系；
（3）小冯同学做实验的时候将木块沿竖直方向截取一半后，测得的木块所受的滑动摩擦力变为原来的一半，他由此得出的结论是：滑动摩擦力大小随接触面积的减小而减小，你认为他的探究过程中存在的问题是：　 　；
（4）实验中，小敏发现弹簧测力计示数很难稳定，于是设计了如图乙所示的装置来进行实验，水平传送带的速度可以调节，定滑轮摩擦忽略不计。启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，此时弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向　 　；该装置的优点是：　 　。（写出一条即可）
【答案】（1）匀速直线；二力平衡；1.6
（2）压力
（3）没有控制压力相同
（4）左；不需要控制传送带做匀速直线运动
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1)实验时，需沿水平方向拉木块做匀速直线运动，此时木块受力平衡。
根据二力平衡的知识，木块做匀速直线运动时，弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力大小相等。
滑动摩擦力的大小只与压力大小和接触面粗糙程度有关，与拉力大小无关。当拉力增大为 2N时，压力和接触面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力仍1.6N。
(2)在木块上加放砝码，增大了木块对长木板的压力，接触面的粗糙程度不变，因此是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
(3)探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度不变。小冯将木块竖直截取一半，接触面积减小的同时，木块对木板的压力也减小了一半，没有控制压力大小不变，因此结论错误。
(4)传送带向左运动，木块相对于传送带向右运动，滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，因此木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向左。
该装置的优点：不需要匀速拉动传送带。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；1.6；（2）压力；（3）没有控制压力相同；（4）左；不需要控制传送带做匀速直线运动。
【分析】(1) 实验中需让木块做匀速直线运动，才能通过二力平衡得到滑动摩擦力大小。
匀速直线运动时，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，依据二力平衡知识。
滑动摩擦力只与压力、接触面粗糙程度有关，拉力增大不改变摩擦力。
(2) 在木块上加砝码，增大了木块对木板的压力，接触面粗糙程度不变，因此探究滑动摩擦力与压力大小的关系。
(3)将木块竖直截去一半，接触面积减小的同时，压力也减半，未控制压力大小不变，不符合控制变量法要求。
(4) 传送带向左运动，木块相对传送带向右运动，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，即水平向左。
该装置无需匀速拉动传送带，木块静止时弹簧测力计示数稳定，便于读数 。
（1）[1][2]将木块平放在水平长木板上，要知道滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉木块，让木块在木板上做匀速直线运动，此时木块在水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力的作用而处于平衡状态，根据二力平衡知识，此时木块受到的拉力大小（等于弹簧测力计示数大小）等于木块所受滑动摩擦力的大小。
[3]若满足上述要求时，弹簧测力计示数F为1.6N，可知木块受到的摩擦力为1.6N，当增大拉力使弹簧测力计示数为2N时，由于木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，所以，木块受到的滑动摩擦力不变，此时的木块所受滑动摩擦力为1.6N。
（2）在木块上加放砝码，增大了压力，接触面的粗糙程度不变，是为了探究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）将木块沿竖直方向截取一半后，接触面的粗糙程度不变，物体间的压力变为原来的一半，接触面积变为原来的一半，由于没有控制压力相同（即存在的问题），不符合控制变量法的要求，得出的“滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小”的结论是错误的。
（4）[1]启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，此时弹簧测力计（绳子）对木块的拉力（水平向右）与木块所受滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，木块所受滑动摩擦力的方向沿水平向左。
[2]该装置的优点有：不需要控制传送带做匀速直线运动，因为无论传送带如何运动，只要木块相对于地面静止，弹簧测力计示数就等于滑动摩擦力大小。
18．在探究压力的作用效果与哪些因素有关的实验中，利用了两个相同的木块和一块海绵，如图所示。
（1）实验中通过观察　 　来比较压力作用的效果；
（2）对比　 　两图，可以得出受力面积相同时，压力越大，压力作用的效果越明显；
（3）对比甲、丁两图，得出压力作用的效果与压力大小无关。你认为是否正确：　 　。
（4）本实验的科学探究方法是：　 　和　 　。
【答案】（1）海绵的凹陷程度
（2）甲、丙
（3）不正确
（4）控制变量法；转换法
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】(1)物理学中，对于不易直接测量的物理量，常用容易观察的现象来代替，这种方法叫转换法。本实验中，压力作用效果直接通过海绵凹陷程度体现。
(2)要探究压力作用效果与压力大小的关系，需控制受力面积相同。
甲图：一个木块侧放，受力面积为侧面；
丙图：一个木块侧放，受力面积与甲相同，压力增大。甲、丙组合符合控制变量要求。
(3)甲图与丁图对比，不仅压力不同，受力面积也不同，没有控制受力面积这一变量，因此无法得出压力作用效果与压力大小的关系，结论错误
(4) 控制变量法：探究压力作用效果与压力、受力面积的关系时，每次只改变一个变量，控制另一个变量不变。
转换法：通过海绵凹陷程度反映压力作用效果。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）甲、丙；（3）不正确；（4）控制变量法；转换法。【分析】(1)实验采用转换法，通过观察海绵的凹陷程度来反映压力作用效果，凹陷越明显，效果越强。
(2)探究 “受力面积相同时，压力越大，效果越明显”，需控制受力面积相同、改变压力。对比甲、丙两图，受力面积均为木块侧面积，丙图压力更大，凹陷更明显。
(3)对比甲、丁两图的操作未控制变量，结论不正确。甲图是一个木块平放，丁图是两个木块叠放，同时接触面也由一个木块侧面变为两个木块侧面，因此无法得出 “与压力大小无关” 的结论，违反了控制变量法。
(4)本实验采用控制变量法和转换法。
（1）压力作用效果大小无法直接测量比较，而物体受到压力形状会改变，所以实验中利用转换法通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用的效果。
（2）探究压力的作用效果与压力大小的关系时，应控制受力面积的大小不变，只改变压力的大小，故对比甲、丙两图，可以得出受力面积相同时，压力越大，压力作用的效果越明显。
（3）探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变。对比甲、丁两图，受力面积变化了，得出压力作用的效果与压力大小无关的结论不正确，原因是没有控制受力面积相同。
（4）[1][2]压力作用效果与压力大小和受力面积大小有关，实验探究中研究压力作用效果与某一因素有关时，采用控制变量法；压力作用效果通过海绵的形变程度观察出来，采用转换法。
19．如图所示是研究液体压强特点的几个实验情景。
（1）比较A、B、C三幅图可以得出：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强　 　；
（2）比较　 　三幅图可以得出：同种液体内部压强随深度的增加而增大；
（3）实验中液体压强的大小是通过比较　 　来判断的，如果所用的压强计的U形管中可以选择染色的酒精、水和水银（）中的一种液体，为了使实验现象更明显，小明应该选择上述三种液体中的　 　装入U形管中；
（4）如图F所示，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。现在隔板左右两侧分别倒入不同的液体，橡皮膜形状没有改变，此时，，则隔板左右两侧液体密度之比为　 　，左侧液体对容器底部压强　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）右侧液体对容器底部压强。
【答案】（1）相等
（2）C、D、E
（3）U形管中液面高度差；酒精
（4）7∶4；大于
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 （1）如图A、B、C所示，将压强计的探头放在水中的同一深处，使橡皮膜朝不同的方向，但是U形管内液面的高度差不变，说明：同种液体在同一深度向各个方向压强相等。
（2）如图C、D、E所示，将压强计的探头放在同种液体的不同深度，深度越深，U形管内液面的高度差越大。说明：同种液体内部压强随深度的增加而增大。
（3）实验中利用转换法，液体压强的大小是通过比较U形管中液面高度差来判断的，高度差越大，表示液体压强越大；
根据公式可知，当压强一定时，液体密度越小，液面的高度差会越大，现象越明显，所以小明应选择酒精装入U形管中。
（4）橡皮膜形状没有改变，说明橡皮膜两侧没有压强差，即橡皮膜两侧压强相等。由液体压强特点可知：p左=ρ左gh1，p右=ρ右gh2，因为p左=p右，即：ρ左gh1=ρ右gh2，所以。即左侧液体的密度大于右侧的密度。
橡皮膜处两侧的液体压强相等，橡皮膜以下部分的两侧液面高度相同，则左侧增加部分压强△p左大于右侧增加部分压强△p右，所以，左侧液体对容器底部压强大于右侧液体对容器底部压强。
故答案为：（1）相等；（2）CDE；（3）U形管中液面高度差；酒精；（4）7：4；大于。
【分析】 （1）（2）利用控制变量法分析解答；
（3）通过U形管中液面高度差来反映压强大小，这是转换法；
（4）根据橡皮膜的凸起情况确定液体产生的压强大小，结合p=ρgh分析。
（1）比较A、B、C三幅图，液体密度相同、探头在液体中的深度相同，探头方向不同，U形管中液面的高度差相同。可以得出：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等。
（2）比较C、D、E三幅图，液体密度相同，探头在液体中的深度不同，深度越深，U形管液面高度差越大。可以得出：同种液体内部压强随深度的增加而增大。
（3）[1]实验中利用转换法，液体压强的大小是通过比较U形管中液面高度差来判断的，高度差越大，表示液体压强越大；
[2]根据公式可知，当压强一定时，液体密度越小，液面的高度差会越大，现象越明显，所以小明应选择酒精装入U形管中。
（4）[1]橡皮膜形状没有改变，说明左右两侧液体对橡皮膜的压强相等，即，根据液体压强公式可得
则
[2]由于左侧液体密度大于右侧液体密度，根据公式可知，橡皮膜以下部分左侧液体压强大于右侧液体压强，又因为橡皮膜以上部分左右液体压强相等，则左侧液体对容器底部压强大于右侧液体对容器底部压强。
20．一个鱼缸放在水平桌面中央，内盛有0.2m深的水，水的质量是5kg（鱼缸厚度忽略不计）求：
（1）水对鱼缸底部的压强；
（2）鱼缸的底面积是2×10-2m2，水对鱼缸底部的压力；
（3）鱼缸的质量是1.3kg，此时容器对桌面的压强多大？
【答案】（1）解：根据p=ρgh可得，水对鱼缸底部的压强为
（2）解：鱼缸的底面积是2×10-2m2，根据可得，水对鱼缸底部的压力
（3）解：鱼缸的质量是1.3kg，鱼缸放在水平桌面中央，此时容器对桌面的压力等于容器的总重力，则容器对桌面的压力为
根据可得，此时容器对桌面的压强为
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（2）根据F=pS，计算压力的大小；
（3）利用F=G=mg，计算压力，根据，计算压强。
（1）根据p=ρgh可得，水对鱼缸底部的压强为
（2）鱼缸的底面积是2×10-2m2，根据可得，水对鱼缸底部的压力
（3）鱼缸的质量是1.3kg，鱼缸放在水平桌面中央，此时容器对桌面的压力等于容器的总重力，则容器对桌面的压力为
根据可得，此时容器对桌面的压强为
21．2024年的冻雨灾害，导致道路结冰，较多车辆发生追尾事故。为了保障人民群众生命财产安全，积极参与道路除冰工作。如图1的李师傅正在驾驶挖掘机进行除冰作业。挖掘机铲斗作业共有三种挡位，每个挡位能提供不同的压力大小以适应不同的工作环境。
挖掘机质量 15t
每条履带和地面接触面积 0.5m2
S挡（标准状态） 3×103N
L挡（负荷状态） 9×103N
B挡（破土状态） 3×104N
铲斗和冰面接触面积 1.2×104cm2
（1）汽车追尾前车时，　 　可以减小惯性给人带来的危害；汽车被后车追尾时，　 　可以减小惯性给人带来的危害（以上两空均选填“安全带”，“安全头枕”）；
（2）已知挖掘机行驶时阻力等于总重力的0.2倍，挖掘机匀速行驶时的牵引力大小为多少（不考虑驾驶员的重力）　 　？
（3）若冻雨冰层厚度和所能承受最大压强的曲线如图2所示，当冰层所受压强大于等于最大压强时，冰层会被铲碎。李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎多厚的冰层　 　？
【答案】（1）安全带；安全头枕
（2）
（3）9cm
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）当汽车追尾前车时，车突然减速，人由于惯性会向前冲，安全带可以拉住人，防止人向前撞击，减小惯性带来的危害。
当汽车被后车追尾时，车突然加速，人由于惯性会向后仰，安全头枕可以支撑人的头部，防止颈部受伤，减小惯性带来的危害。
（2）挖掘机的质量m=15t=1.5×104kg，总重力G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N。已知阻力f=0.2G，则f=0.2×1.5×105N=3×104N。挖掘机匀速行驶，牵引力F与阻力f二力平衡，因此F=f=3×104N。
(3)B挡的压力F压=3×104N，铲斗与冰面接触面积S=1.2×104cm2=1.2m2。铲斗对冰的压强。对照图2的曲线，当最大压强为25×103Pa时，对应的冰层厚度为9cm。
答：（1）安全带；安全头枕；
（2）挖掘机匀速行驶时的牵引力为3.16×103N；
（3）李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎9cm厚的冰层。
【分析】（1）汽车追尾前车时，人由于惯性会继续向前运动，安全带可以保护人体的安全；汽车被后车追尾时，人的下半身向前运动，但头部由于惯性会保持原来运动状态而后仰，安全头枕支撑头部，保护颈椎，减小惯性给人带来的危害；
（2）已知挖掘机和人的质量，由重力公式可求出挖掘机和司机的总重力；挖掘机匀速行驶时处于平衡状态，根据二力平衡知识可知挖掘机的牵引力大小应等于此时挖掘机受到的阻力；已知挖掘机行驶时阻力等于总重力的0.2倍，据此可求出牵引力的大小；
（3）由表中参数可知，挖掘机铲斗作业为B挡时，挖掘机处于破土状态，此时铲斗对冰层的压力最大，冰层受到的压强最大，根据图2可知此时铲碎冰层的厚度最大；铲斗作业挡位在B挡时，对冰层压力为F=3×104N；已知铲斗和冰面接触面积，由压强公式可求出此时挖掘机对冰层的压强；求出了挖掘机对冰层的压强，由图2即可判断李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎多厚的冰层。
（1）[1]汽车追尾前车时，人由于惯性会继续向前运动，此时安全带可以减小惯性给人带来的危害。
[2]汽车被后车追尾时，人的下半身随汽车向前运动，但头部由于惯性要保持原来运动状态而后仰，此时安全头枕使头部有支撑，保护颈椎，能减小惯性给人带来的危害。
（2）不考虑驾驶员的重力，根据G=mg可得，挖掘机的总重力
挖掘机匀速行驶时处于平衡状态，由题意和二力平衡条件可知，挖掘机匀速行驶时的牵引力
（3）由表中参数可知，挖掘机铲斗作业为B挡时，挖掘机处于破土状态，此时铲斗对冰层的压力最大，冰层受到的压强最大，根据图2可知此时铲碎冰层的厚度最大，铲斗作业挡位在B挡，该挡位能提供的压力大小为，已知铲斗和冰面接触面积为
则李师傅所驾驶的挖掘机铲碎冰层时，对冰层的压强为
由图2可知，李师傅所驾驶的挖掘机单次最厚能铲碎9cm厚的冰层。
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