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2026年四川绵阳市盐亭县初中中考物理第一次模拟监测题
1．旅客进入地铁安检通道时，首先将行李物品放入X射线安检设备的传送带上，工作人员通过显示器检查。X射线是(　　)
A．电磁波 B．超声波 C．紫外线 D．红外线
【答案】A
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】X射线是电磁波，故A正确。
故选A。
【分析】本题考查电磁波。常见的电磁波包括：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等。
2．在“碳达峰，碳中和”的政策指导下，我国的风力发电技术得到了大力推广。下列说法错误的是（　　）
A．风力发电过程中利用的风能是可再生能源
B．风力发电是把机械能转化为电能
C．为了保护环境，控制和消除大气污染，应禁止使用化石能源
D．风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；能源与可持续发展；电路的构成及电路图
【解析】【解答】A．风能可以在短时间内得到补充，是可再生能源，故A正确，不符合题意；
B． 风力发电时，消耗风能得到电能， 即将机械能转化为电能，故B正确，不符合题意；
C．在现有技术条件下，化石能源仍然在生活和生产中占有很大比较，全面禁止无法做到，故C错误，符合题意；
D．风力发电机给蓄电池充电时，将电能转化为化学能，此时蓄电池消耗电能，此时蓄电池相当于用电器，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】 A.可再生能源是能在短时间内形成的能源；
B.根据发电机的能量转化判断；
C.完全禁止使用化石能源不现实；
D.电源提供电能，用电器消耗电能。
3．中国传统乐器笙是欧洲手风琴的“技术祖先”，两者都是利用气流使簧片振动发声。因此，“笙”和“手风琴”具有相似的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色反映声音的品质与特色，由发声体的材料、结构等决定。根据题意可知，两者都是利用气流使簧片振动发声，因此笙和手风琴具有相似的音色，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选 C。
【分析】 音调与频率有关，响度主要与振幅有关，声速与介质的种类和温度有关，而音色反映声音的品质与特色，由发声体的材料、结构等决定。
4．如图所示是新乡市博物馆的镇馆之宝——商代青铜牛首爵。青铜器一般是先将铜料加热化为铜液，后在模具中冷却成型而得。下列说法正确的是（　　）
A．铜是非晶体
B．铜料化为铜液的过程中，其温度升高
C．铜料化为铜液的过程中需要吸热
D．铜液在模具中冷却成型是凝华过程
【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体
【解析】【解答】ABC．所有的金属都是晶体，铜属于金属，因此铜有固定的熔点，则铜熔化过程中，需要吸热，但温度保持不变，故AB错误C正确；
D．铜液冷却时向外放热，由液态变为固态发生凝固过程，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.晶体熔化时温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点；
D.物质从液态变成固态叫凝固。
5．光导纤维简称光纤，它是目前宽带接入的一种方式，有着通信容量大、保密性能好等优点。光纤的纤芯是一种由塑料制成的纤维，纤芯外的包层可以保证光进入纤芯后全部发生反射，从而避免了光的损失。下列能表示光在纤芯中传播路径正确的是（　　）
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【知识点】光纤通信
【解析】【解答】激光在光纤里发生光的全反射，即只有反射光线，没有折射光线，这样可以避免能量的损失，从而保证传输距离和信号质量。在反射过程中，反射角等于入射角。
故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】根据光的反射定律分析判断。
6．将蜡烛、凸透镜、光屏放置于光具座上，光屏上呈现一个清晰的像，如图所示。改变蜡烛的位置，移动光屏，直到光屏上再次呈现清晰的像，此时的物距u、像距v可能是（　　）
A．厘米 厘米 B．厘米 厘米
C．厘米 厘米 D．厘米 厘米
【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】据图示数据可知： 物距， 像距， 物距（15cm）在1倍焦距与2倍焦距之间：①
像距（30cm）大于2倍焦距：②
联立不等式解得焦距范围：
A. 物距增大时，根据成像规律像距应减小，A错误；
B. 物距减小时，像距应增大， 大于30cm ，B错误；
C. 当物距=48cm时，像距应在f<2f范围内，6cm必定小于f，不可能成像，故C错误；
D. 物距减小到13cm时，像距将增大且满足v>2f的条件，故D正确。
故选D。
【分析】透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
7．出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，保护电阻R2，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是（　　）
A．电梯工作时电磁铁的上端为N极
B．电磁铁磁性的强弱与电阻R2的大小无关
C．电梯未超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小
【答案】D
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．分析电流流向可知，螺线管线圈上电流方向向左，右由安培定则可知， 电磁铁的下端为N极，故A错误；
B．电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，若R2电阻的大小改变，会改变电路中的电流，故B错误；
C．电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作，故C错误；
D．电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，接通触点B，电铃发出报警声，则通过电磁铁的电流增大，所以压敏电阻的阻值减小，即压敏电阻的阻值随压力增大而减小，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电流流向可知螺线管线圈中的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的极性；
B.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
CD.电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作；电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，可知电路中电流变大，压敏电阻阻值变小。
8．关于生活中常见物体的长度表述不合理的是（　　）
A．一层楼高约为3m B．物理课本长约26cm
C．课桌高约80cm D．教室的长约50m
【答案】D
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】A.一层楼高约为3m，故A正确不合题意；
B.物理课本长约26cm，故B正确不合题意；
C.课桌高约80cm，故C正确不合题意；
D.教室的长约10m，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】根据对常见物体长度的认识判断。
9．我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为，但厚度只有，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　）
A．“手撕钢”的厚度为
B．“手撕钢”的质量为
C．“手撕钢”的温度升高时质量与密度均不发生变化
D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指密度小
【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；密度的应用与物质鉴别；长度及其测量
【解析】【解答】A.1mm=106nm，所以“手撕钢”的厚度为0.015mm=1.5×104nm，故A错误；
B．面积为2m2的“手撕钢”的体积为，结合密度公式计算可知质量为
故B正确；
C．物体热胀冷缩，在温度升高时体积会膨胀，故密度变小，故C错误；
D．“手撕钢”做的手术刀拿在手里感觉手术刀的质量小。故D错误。
故选B。
【分析】物体密度的计算：原理为ρ=m/v；手撕钢特点密度小，厚度小，轻薄。
10．如图所示的家庭电路中，闭合开关S后，发现灯泡L不亮，用测电笔分别测试a、b、c三点，氖管均发光；又用测电笔测试插座的左右两孔，氖管也都发光。该电路可能发生的故障是（　　）
A．灯泡断路 B．c点左侧断路
C．导线bc间 D．插座内部短路
【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】当开关S闭合后，灯泡L不亮，可能原因有两种：一是灯泡短路，二是电路存在断路。但使用测电笔检测插座两孔时氖管均发光，这表明火线带电且电路未发生短路（若短路则保险丝会熔断导致火线断电）。用测电笔测试a、b、c三点时氖管都亮，说明这些点与火线连通。由于插座左孔通过左侧灯泡连接火线时氖管发光，可推断故障出现在零线部分，具体是c点左侧的零线发生断路，因此B正确，ACD错误。故选B。
【分析】测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光，题目中左右两孔都发光，说明 左孔通过左边的灯泡与火线相连，则可知故障发生在零线上。
11．如图甲所示，水平地面上有一底面积为300cm2、重为3N的盛水薄壁柱形容器，圆柱体A的底面积为100cm2，上表面固定一根细杆（细杆的质量、体积均不计）。现将A竖直向下匀速浸入水中，直至A刚好触底（水未溢出），此过程细杆对圆柱体A的作用力F与时间t的关系图像如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．圆柱体A浸没时受到的浮力3N
B．圆柱体A的密度为0.5×103kg/m3
C．第3.5s时容器底部所受压强为2100Pa
D．第6s末容器对水平地面的压强2200Pa
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】结合甲、乙两图综合分析：物体 A 下端离开水面后，细杆对 A 施加恒定向上的拉力，此时 A 仅受重力与杆的拉力，二力平衡，可直接得出物体 A 的重力。t=2s时，物体 A 底部接触水面并开始浸入水中，杆的拉力逐渐减小；t=3.5s 时杆的拉力减为 0，物体依靠浮力漂浮；3.5s 之后，细杆对 A 施加竖直向下的压力；待物体完全浸没后，杆的向下压力稳定为 6N；直至 t=6s 物体 A 刚好接触容器底部，全程水未溢出。
A．由图像可得物体 A 重力 G=9N；t=6s 时物体完全浸没，杆对物体施加向下的压力 F压＝6N 。根据受力平衡，完全浸没时浮力：F浮 =G+F压 =9N+6N=15N， 故A错误；
B．结合浮力公式、几何关系可分别求出物体 A 的体积 ，高度 、质量 ，再代入密度公式计算物体密度 ，故 B 错误。
C．t=3.5s 时物体漂浮，浮力等于自身重力，即 F浮' =G=9N。物体浸入水中体积 ，浸入高度 ，水面上升高度与物体下降速度
，结合运动时间与运动路程，推算出对应时刻水面总高度 ， ，进而求出容器原有水的体积与水的重力； V水＝Sh0﹣V＝300×10﹣4m2×0.21m﹣1.5×10﹣3m3＝4.8×10﹣3m3， G＝mg＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×4.8×10﹣3m3×10N/kg＝48N，再根据液体压强公式，算出 3.5s 时容器底部受到的液体压强 p＝ρ水ght＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.19m＝1900Pa ，故 C 错误。
D．根据力的相互性，6s 末物体 A 对水的向下压力，大小等于物体所受浮力。容器对水平桌面的总压力等于容器重力、水的重力与物体对水的压力之和 F容＝G容+G+F浮＝3N+48N+15N＝66N，结合容器底面积，即可求出容器对地面的压强 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
3、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
4、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
5、密度的计算：公式为m=ρV，结合分析1、2、3计算物体的密度；
6、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
12．在图所示的电路中，电源电压多档可调。将电流表A接在电路中a处或b处，闭合开关S后可以调节电源电压并移动滑片P，能使电压表V和电流表A示数的乘积减小的方案是（　　）
A．电流表A接在a处，电源电压不变，滑片P向右移动
B．电流表A接在a处，增大电源电压，滑片P向左移动
C．电流表A接在b处，电源电压不变，滑片P向左移动
D．电流表A接在b处，减小电源电压，滑片P向右移动
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．在所示电路中，电阻R1与滑动变阻器并联。当电流表A连接在a点时，它测量的是通过R1的电流。由于并联电路各支路独立工作，滑片P向右或向左移动都不会影响R1的电流。若电源电压不变，电压表V和电流表A示数的乘积保持不变；若增大电源电压，这个乘积将增大。故AB不符合题意。
CD．当电流表A连接在b点时，它测量的是滑动变阻器的电流。滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值增大，若同时减小电源电压，电压表和电流表示数都会减小，它们的乘积将变小；滑片P向左移动时，滑动变阻器阻值减小，根据欧姆定律，若电源电压不变，电流将增大，导致电压表和电流表示数的乘积变大。因此C不符合题意，D符合题意。
正确答案是D。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流；并联电路中，用电器互不干扰，所以当其他支路电阻发生变化，本支路电流不变，电源不变，据此分析 电压表V和电流表A示数的乘积 的变化情况；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，结合变阻器大小变化，分析电流变化情况。
13．如图所示，重5N的物体B通过定滑轮沿水平方向拉着重50N的物体A向左做匀速直线运动、不计绳重和绳与轮的摩擦，则物体A受到桌面的摩擦力大小为（　　）
A．5N B．10N C．50N D．100N
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，当物体A向左做匀速直线运动时，物体B竖直向上做匀速直线运动。根据平衡力的知识可知，绳子的拉力等于B的重力，即绳子拉力为5N。
物体 A 向左做匀速直线运动，处于平衡状态，则绳子的拉力等于它受到的滑动摩擦力，即物体 A 受到桌面的摩擦力为5N。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先对物体B进行受力分析，然后根据平衡力的知识计算绳子上的拉力。然后对物体A进行受力分析，再次根据平衡力的知识计算物体A受到的摩擦力大小。
14．一个质量为60g的柱形容器中结满了冰，冰面与容器口相平，容器内底面积为50cm2，高为10cm，则容器内冰的质量为　 　 g；当冰全部熔化后将一个空心铜球放入水中，刚好溢出10g的水，如图所示，此时容器、剩余水和铜球的总质量为856g，铜球的空心部分体积为　 　 cm3（ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ铜=8.9×103kg/m3）。
【答案】450；20
【知识点】质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 容器内底面积为50cm2，高为10cm，则容器容积 ；
冰充满容器，则冰的体积等于容器的容积，则容器内冰的质量。
（2）冰熔化后，虽然状态发生改变，但是水的质量不变，即；则水体积；
容器剩余空间；放入铜球后溢出10g水，其体积；铜球体积为；故铜球质量；铜球实心部分体积；空心部分体积。
【分析】（1）首先根据V冰=Sh算出冰的体积，然后根据m冰=ρ冰V冰算出容器内冰的质量；
（2）由m水'=m冰-m溢算出剩余水的质量，由密度公式算出剩余水的体积，根据V球=V冰-V水'算出小球的体积，由m球=m总-m水'-m容器算出小球的质量，由密度公式算出实心部分的体积，由V空=V球-V球实算出空心体积。
15．如图是奇瑞的星纪元ET汽车，32度电的电池，加上60L的油箱，满油满电续航里程高达2141km。汽油的热值是4.6×107J/kg，密度是0.7×103kg/m3，则这一箱油完全燃烧，释放的热量为　 　J。这款汽车的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，1L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是　 　 %（保留1位小数）。
【答案】1.932109；40.2
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）根据题意可知，油箱内汽油质量：；则这一箱油释放的热量。
（2）根据题意可知，1L汽油的质量为：；则完全燃烧释放热量；根据题意可知，1L汽油可以发3.6度电， 故1L汽油可发电：；则这个增程器的发电效率。
【分析】 根据m=ρV求出汽油的质量，利用Q放=mq求出这一箱油完全燃烧释放的热量；
（2）根据m=ρV求出1L汽油的质量，根据Q放=mq计算1L汽油放出的热量，据此求出发电量，根据求出这个增程器的发电效率。
16．已知水的比热容为，1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，水的温度将升高　 　℃；如果用功率为1400W的加热器将等质量等初温的水加热至沸腾用时10min，该加热器的热效率是　 　。（假设当时大气压为一个标准大气压）
【答案】80；40%
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，
升高的温度为；
则水的末温为：t=t0+△t=，
而标准大气压下水的沸点为100℃，所以实际升高的水温为。
（2）根据题意可知，加热器的电功率为1400W，
则加热器10min消耗的电能为，
水加热至刚好沸腾吸收的热量为；
该加热器的热效率是。
【分析】（1）根据计算水升高的温度，然后根据t=t0+△t计算水的末温，最后与标准大气压下水的沸点为100℃比较得到水升高的温度；
（2）根据W=Pt得出消耗的电能，根据Q吸=cmΔt可知水吸收的热量，根据效率公式得出该加热器的热效率。
17．五一假期间，小明随爸爸去建筑工地劳动体验。用如图所示的滑轮组来提升材料，当提升的材料重力为300N时，滑轮组机械效率为75%，则动滑轮的重力为　 　 N；若绳子能承受的最大拉力为500N，则该滑轮组能提起材料的最大质量为　 　kg。（空气阻力、摩擦力及绳重不计）
【答案】100；90
【知识点】重力及其大小的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，则根据机械效率公式得到：；
解得：。
（2）已知绳子能承受的最大拉力 ，根据拉力公式：得到：；
解得：m=90kg。即该滑轮组能提起材料的最大质量为90kg。
【分析】（1）根据公式计算动滑轮的重力；
（2）根据计算最大拉力为500N时拉起物体的最大质量。
18．在综合实践活动课上，小龙同学设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2（电压表V2未画出）示数变化关系图像如图乙所示。小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω；若R2的滑片可任意滑动，为了保证灯泡的安全，电路中至少再串联一个　 　Ω的电阻。
【答案】5；1.5
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】图甲中，灯泡和电阻串联，图乙中，①②图像不是正比例，则电阻改变了，是灯泡和滑动变阻器的图像，滑片P由最右端向左移动，阻值减小，滑动变阻器的电压逐渐减小，灯泡两端电压逐渐增大，①为灯泡的图像，②为滑动变阻器的图像，滑动滑片P，直至灯泡L正常发光，图①中，灯泡电压增大至2.5V，小灯泡正常发光，灯泡的电流为0.5A，计算小灯泡正常发光时的电阻
；
滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，根据乙图数据，电源电压：
③
滑动变阻器R2的滑片P滑至灯泡正常发光时，电源电压：
④
联合③④，解得：R=2.5Ω，U=4.5V；
若R2的滑片可任意滑动，则R2的滑片P滑至最左端时，滑动变阻器R2的阻值为0，灯泡正常发光的电流为0.5A，则需要串联一个电阻：。故第1空填：5；第2空填：1.5。
【分析】灯泡电阻随温度改变而改变，滑动变阻器的电阻改变，电压和电流变化；根据，计算电阻大小；结合U=IR，和电源电压不变，计算未知电阻和电源电压；当滑动变阻器的取值为零时，根据串联电路电阻规律，计算需要串联的电阻大小。
19．用如下3种方法“探究做功是否能改变物体的内能”。
（1）如图甲所示，将铁丝的同一位置快速地多次弯折后，用手指触摸被弯折的部位，感觉热，表明铁丝的内能　 　（选填“增大”或“减小”）。
（2）如图乙所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，然后迅速压下活塞，通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式使筒内空气的内能增大，达到硝化棉的着火点。
（3）如图丙所示，瓶中装少量的水，水上方有水蒸气，用打气筒向瓶内打气，当塞子从瓶口跳起时，下列关于该实验的分析正确的是__________。
A．往瓶内打气，瓶塞未跳出时，气体对瓶塞做功
B．往瓶内打气时，瓶内气体内能变小
C．瓶塞跳出时，瓶内气体温度不变
D．瓶塞跳出时，瓶内气体对外做功
【答案】（1）增大
（2）做功
（3）D
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解得】（1）将铁丝在同一位置快速多次弯折时，手对铁丝做功，导致铁丝内能增加，温度上升。
（2）迅速压下活塞时，活塞对玻璃筒内的空气做功，将机械能转化为内能，使空气温度升高。
（3）向瓶内打气时，外界对瓶内气体做功；当气压将瓶塞推出时，瓶内气体内能转化为瓶塞的机械能，导致气体温度降低。因此ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧。
（1）将手中的铁丝同一位置快速地多次弯折，手对铁丝做了功，铁丝的内能增大，温度升高。
（2）当迅速压下活塞时，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气做功，将机械能转化成内能，温度升高。
（3）给瓶内打气，外界对瓶内气体做功，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能，温度降低，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
20．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，这也叫杠杆的平衡状态，但实验中应将平衡螺母向右调节，将杠杆调至水平位置平衡。
（2）调节钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，读出实验数据并记录在表格中。如图乙所示，阻力臂l2为　 　cm。
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 16.0 1.0 —
2 1.0 15.0 1.0 15.0
3 2.0 15.0 1.5 20.0
（3）分析表中实验数据，得出杠杆的平衡条件为　 　（用F1、F2、l1、l2表示）。
（4）如图丙所示，F始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，F的大小将　 　（填序号）。
A.不变　　B.变小
C.变大　　D.先变大后变小
【答案】8.0；F1l1=F2l2；C
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）如图乙所示，阻力臂l2为8.0cm；
（3）通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作； （4）在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA（即拉力F的力臂）不变，阻力G的大小不变，而阻力臂L（即重力G的力臂）却逐渐增大； 由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L变大，那么F也变大，即拉力F在这个过程中逐渐变大。 故选C。
故答案为：（2）8.0；（3）；（4）C。【分析】（2）支点到力的作用线的距离就是力臂；
（3）要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
（4）通过作图比较A、B两位置阻力G力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。
21．小科利用新干电池、电阻箱R、滑动变阻器“20欧1安”、待测电阻Rx等装置进行了如下实验：
（1）探究电流与电压关系实验。
①连接好如图1所示电路，检查电路时发现有一根导线接错，请在这根导线上画“×”，并画出正确接法，且导线不交叉　 　。
②纠正错误后，多次移动滑片并记录电压表和电流表的示数，并将它们在坐标系中逐一标出，如图2所示，发现A点数据错误，为得到正确的数据，接下来的操作是　 　 。
③正确处理数据后，分析数据可初步得出结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，请写出得出此结论的依据：　 　 。
（2）接下来小科用如图3所示电路测量待测电阻Rx的阻值，其实验步骤如下：
①将电压表接在B、C两点间，闭合开关，将滑动变阻器滑片移到b端，电阻箱R调为某一阻值R1，使电压表和电流表示数为合适的值。
②断开开关，将电压表右端的接线柱由C点改接到D点。
③闭合开关，反复调节电阻箱和滑动变阻器滑片，使两表的示数与上述步骤①中相同，此时电阻箱的阻值为R2，通过计算，即可求得Rx的阻值。
（3）虽然小科的操作无误，但他反复调节电阻箱和滑动变阻器，始终无法达成目的，请写出造成这种情形可能的原因是 　 　。
【答案】；删除错误的数据，重新调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数等于A点对应的电压值，然后正确读取并记录此时电流表的示数。；导体电流随电压的变化关系为一过原点的直线；R1的阻值太小
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）探究电流与电压关系实验。
①在伏安法测电阻的实验中，电压表与待测电阻并联，电流表与待测电阻串联。如图1所示，只需把电阻箱右侧与电流表相连的导线拆下，改接在电压表的“-”接线柱上即可，如下图所示：
②如图2所示，发现A点数据错误，接下来的操作是删除错误的数据，新调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数等于A点对应的电压值，然后正确读取并记录此时电流表的示数。
③正确处理数据后，我们得到电流随电压变化的图像，因为这个图像为一条通过坐标原点的直线，因此得到结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，得出此结论的依据。
（3）步骤（3）中电流表和电压表示数与（1）中相同，根据欧姆定律可知R1=R2十Rx可知，Rx=R1-R2根据上面分析可知，当R1=R2十Rx，时，电流表和电压表示数才与（1）中相同，若实验时R1＜Rx，（或R1的阻值太小），则R1＜R2十Rx，所以此时会造成反复调节始终无法实现两表的示数与步骤（1）中相同；若实验器材中R滑大＜Rx（或滑动变阻器的最大阻值不够大），则会造成调节变阻器时变阻器分得的电压较小，而电阻箱、待测电阻分得的总电压较大，使得电压表的示数也不能与步骤（1）中相同。
【分析】（1）①根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与图1对照，确定改正方法；
②既然数据错误，就必须将其删除，然后按照正确的数据标注。
③当自变量和因变量的图像为一条斜线时，二者成正比关系。
（3） 闭合开关，电阻箱、电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻箱、待测电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流；要使两表的示数与（1）中相同，即电流表和电压表示数均与（1）中相同，而电源电压不变，由欧姆定律可知此时总电阻与（1）中相同 ，据此分析解答。
22．如图是某市交通道路上使用的风光互补LED路灯外形图[图（a）和电路原理图[图（b），该电路中两个LED灯是并联的，灯上标有“24V 60W”字样。问：
（1）两个LED灯正常发光时，通过光控开关S的电流为多少？
（2）如果用这种路灯替换发光亮度相同的420W的普通路灯，那么500套风光互补LED路灯每天工作10h可节约多少电能？
【答案】（1）解答：根据题意可知，正常发光时每个LED灯的电压等于额定电压24V，功率等于额定功率60W。
则通过单个LED灯的电流；
通过开关S的总电流。
（2）解：根据题意可知，一套风光互补系统中有两个LED灯泡，
则一套风光互补LED路灯的总功率；
则一套路灯可节约的功率；
那么总节约电能。
【知识点】并联电路的电流规律；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）两个LED灯并联，先利用P=UI计算通过一个LED的电流，然后根据并联电路的电流规律计算通过光控开关S的电流；
（2）将普通路灯和风光互补系统的功率相减，可求出减小的电功率，乘以500，可得减小的总功率，再利用W=Pt计算节约的电能。
（1）由题意可知，光控开关S在干路，两个LED灯并联，正常发光时每个LED灯的电压等于额定电压24V，功率等于额定功率60W。
根据电功率公式，变形得通过单个LED灯的电流
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此通过开关S的总电流
（2）一套风光互补LED路灯的总功率
普通路灯的功率，因此一套路灯可节约的功率
总套数500，工作时间
根据电能公式，可得总节约电能
23．如图甲所示是一款国产混合动力汽车，其动力装置由内燃机和电机组成，在某次测试中，启动内燃机，这样既可以向车轮输送能量，也可以同时给蓄电池充电。汽车质量为1.5t，轮胎与地面的总接触面积为，在平直公路上以50km/h的速度匀速行驶了1h，消耗了10L的汽油，同时蓄电池的电能增加了，汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图乙所示。（，，g取10N/kg）。求：
（1）该车静止在水平路面上时对地面的压强是多少？
（2）该车在测试过程中内燃机的牵引力所做的功是多少？
（3）该车动力系统的综合效率是多少？
【答案】（1）解：汽车对地面的压力等于其自身重力，
则汽车的对地面的压力为；
汽车对地面的压强为。
（2）解：已知汽车 在平直公路上以50km/h的速度匀速行驶了1h，
则汽车行驶的距离为
由图乙可知，当车速为50km/h时，汽车所受的阻力为，
根据平衡力的知识可知，汽车的牵引力等于阻力，
所以牵引力所做的功为。

（3）解：根据题意可知，消耗汽油的质量为；
汽油完全燃烧放出的总热量为；
动力系统的有用功为；
该车动力系统的综合效率为。
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；热机的效率；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）汽车静止在水平路面上时，对地面的压力等于其重力，利用计算汽车对地面的压强；
（2）首先根据s=vt计算汽车行驶的路程，然后由图乙确定车速为50km/h时汽车所受的阻力，记下来根据平衡力的知识计算汽车受到牵引力大小，最后利用W=Fs计算牵引力做的功；
（3）首先根据m=ρV计算消耗汽油的质量，再利用Q放=mq计算汽油完全燃烧放出的总热量，动力系统的有用功等于牵引力做的功与蓄电池增加的电能之和，最后根据计算车动力系统的综合效率。
（1）汽车静止在水平路面上时，对地面的压力等于其自身重力。汽车的重力为
汽车对地面的压强为
（2）汽车行驶的距离为
由图乙可知，当车速为50km/h时，汽车所受的阻力为，因为汽车匀速行驶，所以汽车的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。所以牵引力所做的功为
（3）消耗汽油的体积为
由得，消耗汽油的质量为
汽油完全燃烧放出的总热量为
动力系统的有用功为
该车动力系统的综合效率为
1 / 12026年四川绵阳市盐亭县初中中考物理第一次模拟监测题
1．旅客进入地铁安检通道时，首先将行李物品放入X射线安检设备的传送带上，工作人员通过显示器检查。X射线是(　　)
A．电磁波 B．超声波 C．紫外线 D．红外线
2．在“碳达峰，碳中和”的政策指导下，我国的风力发电技术得到了大力推广。下列说法错误的是（　　）
A．风力发电过程中利用的风能是可再生能源
B．风力发电是把机械能转化为电能
C．为了保护环境，控制和消除大气污染，应禁止使用化石能源
D．风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器
3．中国传统乐器笙是欧洲手风琴的“技术祖先”，两者都是利用气流使簧片振动发声。因此，“笙”和“手风琴”具有相似的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
4．如图所示是新乡市博物馆的镇馆之宝——商代青铜牛首爵。青铜器一般是先将铜料加热化为铜液，后在模具中冷却成型而得。下列说法正确的是（　　）
A．铜是非晶体
B．铜料化为铜液的过程中，其温度升高
C．铜料化为铜液的过程中需要吸热
D．铜液在模具中冷却成型是凝华过程
5．光导纤维简称光纤，它是目前宽带接入的一种方式，有着通信容量大、保密性能好等优点。光纤的纤芯是一种由塑料制成的纤维，纤芯外的包层可以保证光进入纤芯后全部发生反射，从而避免了光的损失。下列能表示光在纤芯中传播路径正确的是（　　）
A．A B．B C．C D．D
6．将蜡烛、凸透镜、光屏放置于光具座上，光屏上呈现一个清晰的像，如图所示。改变蜡烛的位置，移动光屏，直到光屏上再次呈现清晰的像，此时的物距u、像距v可能是（　　）
A．厘米 厘米 B．厘米 厘米
C．厘米 厘米 D．厘米 厘米
7．出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，保护电阻R2，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是（　　）
A．电梯工作时电磁铁的上端为N极
B．电磁铁磁性的强弱与电阻R2的大小无关
C．电梯未超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小
8．关于生活中常见物体的长度表述不合理的是（　　）
A．一层楼高约为3m B．物理课本长约26cm
C．课桌高约80cm D．教室的长约50m
9．我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为，但厚度只有，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　）
A．“手撕钢”的厚度为
B．“手撕钢”的质量为
C．“手撕钢”的温度升高时质量与密度均不发生变化
D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指密度小
10．如图所示的家庭电路中，闭合开关S后，发现灯泡L不亮，用测电笔分别测试a、b、c三点，氖管均发光；又用测电笔测试插座的左右两孔，氖管也都发光。该电路可能发生的故障是（　　）
A．灯泡断路 B．c点左侧断路
C．导线bc间 D．插座内部短路
11．如图甲所示，水平地面上有一底面积为300cm2、重为3N的盛水薄壁柱形容器，圆柱体A的底面积为100cm2，上表面固定一根细杆（细杆的质量、体积均不计）。现将A竖直向下匀速浸入水中，直至A刚好触底（水未溢出），此过程细杆对圆柱体A的作用力F与时间t的关系图像如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．圆柱体A浸没时受到的浮力3N
B．圆柱体A的密度为0.5×103kg/m3
C．第3.5s时容器底部所受压强为2100Pa
D．第6s末容器对水平地面的压强2200Pa
12．在图所示的电路中，电源电压多档可调。将电流表A接在电路中a处或b处，闭合开关S后可以调节电源电压并移动滑片P，能使电压表V和电流表A示数的乘积减小的方案是（　　）
A．电流表A接在a处，电源电压不变，滑片P向右移动
B．电流表A接在a处，增大电源电压，滑片P向左移动
C．电流表A接在b处，电源电压不变，滑片P向左移动
D．电流表A接在b处，减小电源电压，滑片P向右移动
13．如图所示，重5N的物体B通过定滑轮沿水平方向拉着重50N的物体A向左做匀速直线运动、不计绳重和绳与轮的摩擦，则物体A受到桌面的摩擦力大小为（　　）
A．5N B．10N C．50N D．100N
14．一个质量为60g的柱形容器中结满了冰，冰面与容器口相平，容器内底面积为50cm2，高为10cm，则容器内冰的质量为　 　 g；当冰全部熔化后将一个空心铜球放入水中，刚好溢出10g的水，如图所示，此时容器、剩余水和铜球的总质量为856g，铜球的空心部分体积为　 　 cm3（ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ铜=8.9×103kg/m3）。
15．如图是奇瑞的星纪元ET汽车，32度电的电池，加上60L的油箱，满油满电续航里程高达2141km。汽油的热值是4.6×107J/kg，密度是0.7×103kg/m3，则这一箱油完全燃烧，释放的热量为　 　J。这款汽车的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，1L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是　 　 %（保留1位小数）。
16．已知水的比热容为，1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，水的温度将升高　 　℃；如果用功率为1400W的加热器将等质量等初温的水加热至沸腾用时10min，该加热器的热效率是　 　。（假设当时大气压为一个标准大气压）
17．五一假期间，小明随爸爸去建筑工地劳动体验。用如图所示的滑轮组来提升材料，当提升的材料重力为300N时，滑轮组机械效率为75%，则动滑轮的重力为　 　 N；若绳子能承受的最大拉力为500N，则该滑轮组能提起材料的最大质量为　 　kg。（空气阻力、摩擦力及绳重不计）
18．在综合实践活动课上，小龙同学设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2（电压表V2未画出）示数变化关系图像如图乙所示。小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω；若R2的滑片可任意滑动，为了保证灯泡的安全，电路中至少再串联一个　 　Ω的电阻。
19．用如下3种方法“探究做功是否能改变物体的内能”。
（1）如图甲所示，将铁丝的同一位置快速地多次弯折后，用手指触摸被弯折的部位，感觉热，表明铁丝的内能　 　（选填“增大”或“减小”）。
（2）如图乙所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，然后迅速压下活塞，通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式使筒内空气的内能增大，达到硝化棉的着火点。
（3）如图丙所示，瓶中装少量的水，水上方有水蒸气，用打气筒向瓶内打气，当塞子从瓶口跳起时，下列关于该实验的分析正确的是__________。
A．往瓶内打气，瓶塞未跳出时，气体对瓶塞做功
B．往瓶内打气时，瓶内气体内能变小
C．瓶塞跳出时，瓶内气体温度不变
D．瓶塞跳出时，瓶内气体对外做功
20．在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，这也叫杠杆的平衡状态，但实验中应将平衡螺母向右调节，将杠杆调至水平位置平衡。
（2）调节钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，读出实验数据并记录在表格中。如图乙所示，阻力臂l2为　 　cm。
次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 0.5 16.0 1.0 —
2 1.0 15.0 1.0 15.0
3 2.0 15.0 1.5 20.0
（3）分析表中实验数据，得出杠杆的平衡条件为　 　（用F1、F2、l1、l2表示）。
（4）如图丙所示，F始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，F的大小将　 　（填序号）。
A.不变　　B.变小
C.变大　　D.先变大后变小
21．小科利用新干电池、电阻箱R、滑动变阻器“20欧1安”、待测电阻Rx等装置进行了如下实验：
（1）探究电流与电压关系实验。
①连接好如图1所示电路，检查电路时发现有一根导线接错，请在这根导线上画“×”，并画出正确接法，且导线不交叉　 　。
②纠正错误后，多次移动滑片并记录电压表和电流表的示数，并将它们在坐标系中逐一标出，如图2所示，发现A点数据错误，为得到正确的数据，接下来的操作是　 　 。
③正确处理数据后，分析数据可初步得出结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，请写出得出此结论的依据：　 　 。
（2）接下来小科用如图3所示电路测量待测电阻Rx的阻值，其实验步骤如下：
①将电压表接在B、C两点间，闭合开关，将滑动变阻器滑片移到b端，电阻箱R调为某一阻值R1，使电压表和电流表示数为合适的值。
②断开开关，将电压表右端的接线柱由C点改接到D点。
③闭合开关，反复调节电阻箱和滑动变阻器滑片，使两表的示数与上述步骤①中相同，此时电阻箱的阻值为R2，通过计算，即可求得Rx的阻值。
（3）虽然小科的操作无误，但他反复调节电阻箱和滑动变阻器，始终无法达成目的，请写出造成这种情形可能的原因是 　 　。
22．如图是某市交通道路上使用的风光互补LED路灯外形图[图（a）和电路原理图[图（b），该电路中两个LED灯是并联的，灯上标有“24V 60W”字样。问：
（1）两个LED灯正常发光时，通过光控开关S的电流为多少？
（2）如果用这种路灯替换发光亮度相同的420W的普通路灯，那么500套风光互补LED路灯每天工作10h可节约多少电能？
23．如图甲所示是一款国产混合动力汽车，其动力装置由内燃机和电机组成，在某次测试中，启动内燃机，这样既可以向车轮输送能量，也可以同时给蓄电池充电。汽车质量为1.5t，轮胎与地面的总接触面积为，在平直公路上以50km/h的速度匀速行驶了1h，消耗了10L的汽油，同时蓄电池的电能增加了，汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图乙所示。（，，g取10N/kg）。求：
（1）该车静止在水平路面上时对地面的压强是多少？
（2）该车在测试过程中内燃机的牵引力所做的功是多少？
（3）该车动力系统的综合效率是多少？
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】X射线是电磁波，故A正确。
故选A。
【分析】本题考查电磁波。常见的电磁波包括：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等。
2．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；能源与可持续发展；电路的构成及电路图
【解析】【解答】A．风能可以在短时间内得到补充，是可再生能源，故A正确，不符合题意；
B． 风力发电时，消耗风能得到电能， 即将机械能转化为电能，故B正确，不符合题意；
C．在现有技术条件下，化石能源仍然在生活和生产中占有很大比较，全面禁止无法做到，故C错误，符合题意；
D．风力发电机给蓄电池充电时，将电能转化为化学能，此时蓄电池消耗电能，此时蓄电池相当于用电器，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】 A.可再生能源是能在短时间内形成的能源；
B.根据发电机的能量转化判断；
C.完全禁止使用化石能源不现实；
D.电源提供电能，用电器消耗电能。
3．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色反映声音的品质与特色，由发声体的材料、结构等决定。根据题意可知，两者都是利用气流使簧片振动发声，因此笙和手风琴具有相似的音色，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选 C。
【分析】 音调与频率有关，响度主要与振幅有关，声速与介质的种类和温度有关，而音色反映声音的品质与特色，由发声体的材料、结构等决定。
4．【答案】C
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体
【解析】【解答】ABC．所有的金属都是晶体，铜属于金属，因此铜有固定的熔点，则铜熔化过程中，需要吸热，但温度保持不变，故AB错误C正确；
D．铜液冷却时向外放热，由液态变为固态发生凝固过程，故D错误。
故选C。
【分析】ABC.晶体熔化时温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点；
D.物质从液态变成固态叫凝固。
5．【答案】A
【知识点】光纤通信
【解析】【解答】激光在光纤里发生光的全反射，即只有反射光线，没有折射光线，这样可以避免能量的损失，从而保证传输距离和信号质量。在反射过程中，反射角等于入射角。
故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】根据光的反射定律分析判断。
6．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】据图示数据可知： 物距， 像距， 物距（15cm）在1倍焦距与2倍焦距之间：①
像距（30cm）大于2倍焦距：②
联立不等式解得焦距范围：
A. 物距增大时，根据成像规律像距应减小，A错误；
B. 物距减小时，像距应增大， 大于30cm ，B错误；
C. 当物距=48cm时，像距应在f<2f范围内，6cm必定小于f，不可能成像，故C错误；
D. 物距减小到13cm时，像距将增大且满足v>2f的条件，故D正确。
故选D。
【分析】透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
7．【答案】D
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．分析电流流向可知，螺线管线圈上电流方向向左，右由安培定则可知， 电磁铁的下端为N极，故A错误；
B．电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，若R2电阻的大小改变，会改变电路中的电流，故B错误；
C．电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作，故C错误；
D．电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，接通触点B，电铃发出报警声，则通过电磁铁的电流增大，所以压敏电阻的阻值减小，即压敏电阻的阻值随压力增大而减小，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电流流向可知螺线管线圈中的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的极性；
B.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
CD.电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作；电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，可知电路中电流变大，压敏电阻阻值变小。
8．【答案】D
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】A.一层楼高约为3m，故A正确不合题意；
B.物理课本长约26cm，故B正确不合题意；
C.课桌高约80cm，故C正确不合题意；
D.教室的长约10m，故D错误符合题意。
故选D。
【分析】根据对常见物体长度的认识判断。
9．【答案】B
【知识点】密度公式及其应用；密度的应用与物质鉴别；长度及其测量
【解析】【解答】A.1mm=106nm，所以“手撕钢”的厚度为0.015mm=1.5×104nm，故A错误；
B．面积为2m2的“手撕钢”的体积为，结合密度公式计算可知质量为
故B正确；
C．物体热胀冷缩，在温度升高时体积会膨胀，故密度变小，故C错误；
D．“手撕钢”做的手术刀拿在手里感觉手术刀的质量小。故D错误。
故选B。
【分析】物体密度的计算：原理为ρ=m/v；手撕钢特点密度小，厚度小，轻薄。
10．【答案】B
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】当开关S闭合后，灯泡L不亮，可能原因有两种：一是灯泡短路，二是电路存在断路。但使用测电笔检测插座两孔时氖管均发光，这表明火线带电且电路未发生短路（若短路则保险丝会熔断导致火线断电）。用测电笔测试a、b、c三点时氖管都亮，说明这些点与火线连通。由于插座左孔通过左侧灯泡连接火线时氖管发光，可推断故障出现在零线部分，具体是c点左侧的零线发生断路，因此B正确，ACD错误。故选B。
【分析】测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况；测电笔可以分辨火线和零线，测火线电笔氖管发光， 测零线电笔不发光，电路发生断路时，测电笔不发光，题目中左右两孔都发光，说明 左孔通过左边的灯泡与火线相连，则可知故障发生在零线上。
11．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的利用
【解析】【解答】结合甲、乙两图综合分析：物体 A 下端离开水面后，细杆对 A 施加恒定向上的拉力，此时 A 仅受重力与杆的拉力，二力平衡，可直接得出物体 A 的重力。t=2s时，物体 A 底部接触水面并开始浸入水中，杆的拉力逐渐减小；t=3.5s 时杆的拉力减为 0，物体依靠浮力漂浮；3.5s 之后，细杆对 A 施加竖直向下的压力；待物体完全浸没后，杆的向下压力稳定为 6N；直至 t=6s 物体 A 刚好接触容器底部，全程水未溢出。
A．由图像可得物体 A 重力 G=9N；t=6s 时物体完全浸没，杆对物体施加向下的压力 F压＝6N 。根据受力平衡，完全浸没时浮力：F浮 =G+F压 =9N+6N=15N， 故A错误；
B．结合浮力公式、几何关系可分别求出物体 A 的体积 ，高度 、质量 ，再代入密度公式计算物体密度 ，故 B 错误。
C．t=3.5s 时物体漂浮，浮力等于自身重力，即 F浮' =G=9N。物体浸入水中体积 ，浸入高度 ，水面上升高度与物体下降速度
，结合运动时间与运动路程，推算出对应时刻水面总高度 ， ，进而求出容器原有水的体积与水的重力； V水＝Sh0﹣V＝300×10﹣4m2×0.21m﹣1.5×10﹣3m3＝4.8×10﹣3m3， G＝mg＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×4.8×10﹣3m3×10N/kg＝48N，再根据液体压强公式，算出 3.5s 时容器底部受到的液体压强 p＝ρ水ght＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.19m＝1900Pa ，故 C 错误。
D．根据力的相互性，6s 末物体 A 对水的向下压力，大小等于物体所受浮力。容器对水平桌面的总压力等于容器重力、水的重力与物体对水的压力之和 F容＝G容+G+F浮＝3N+48N+15N＝66N，结合容器底面积，即可求出容器对地面的压强 ，故D正确。
综上选D。
【分析】1、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，
2、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
3、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
4、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；
5、密度的计算：公式为m=ρV，结合分析1、2、3计算物体的密度；
6、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大， 在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强 相同。
12．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．在所示电路中，电阻R1与滑动变阻器并联。当电流表A连接在a点时，它测量的是通过R1的电流。由于并联电路各支路独立工作，滑片P向右或向左移动都不会影响R1的电流。若电源电压不变，电压表V和电流表A示数的乘积保持不变；若增大电源电压，这个乘积将增大。故AB不符合题意。
CD．当电流表A连接在b点时，它测量的是滑动变阻器的电流。滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值增大，若同时减小电源电压，电压表和电流表示数都会减小，它们的乘积将变小；滑片P向左移动时，滑动变阻器阻值减小，根据欧姆定律，若电源电压不变，电流将增大，导致电压表和电流表示数的乘积变大。因此C不符合题意，D符合题意。
正确答案是D。
【分析】1、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流；并联电路中，用电器互不干扰，所以当其他支路电阻发生变化，本支路电流不变，电源不变，据此分析 电压表V和电流表A示数的乘积 的变化情况；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压，结合变阻器大小变化，分析电流变化情况。
13．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，当物体A向左做匀速直线运动时，物体B竖直向上做匀速直线运动。根据平衡力的知识可知，绳子的拉力等于B的重力，即绳子拉力为5N。
物体 A 向左做匀速直线运动，处于平衡状态，则绳子的拉力等于它受到的滑动摩擦力，即物体 A 受到桌面的摩擦力为5N。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先对物体B进行受力分析，然后根据平衡力的知识计算绳子上的拉力。然后对物体A进行受力分析，再次根据平衡力的知识计算物体A受到的摩擦力大小。
14．【答案】450；20
【知识点】质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 容器内底面积为50cm2，高为10cm，则容器容积 ；
冰充满容器，则冰的体积等于容器的容积，则容器内冰的质量。
（2）冰熔化后，虽然状态发生改变，但是水的质量不变，即；则水体积；
容器剩余空间；放入铜球后溢出10g水，其体积；铜球体积为；故铜球质量；铜球实心部分体积；空心部分体积。
【分析】（1）首先根据V冰=Sh算出冰的体积，然后根据m冰=ρ冰V冰算出容器内冰的质量；
（2）由m水'=m冰-m溢算出剩余水的质量，由密度公式算出剩余水的体积，根据V球=V冰-V水'算出小球的体积，由m球=m总-m水'-m容器算出小球的质量，由密度公式算出实心部分的体积，由V空=V球-V球实算出空心体积。
15．【答案】1.932109；40.2
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；热机的效率
【解析】【解答】（1）根据题意可知，油箱内汽油质量：；则这一箱油释放的热量。
（2）根据题意可知，1L汽油的质量为：；则完全燃烧释放热量；根据题意可知，1L汽油可以发3.6度电， 故1L汽油可发电：；则这个增程器的发电效率。
【分析】 根据m=ρV求出汽油的质量，利用Q放=mq求出这一箱油完全燃烧释放的热量；
（2）根据m=ρV求出1L汽油的质量，根据Q放=mq计算1L汽油放出的热量，据此求出发电量，根据求出这个增程器的发电效率。
16．【答案】80；40%
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1） 1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，
升高的温度为；
则水的末温为：t=t0+△t=，
而标准大气压下水的沸点为100℃，所以实际升高的水温为。
（2）根据题意可知，加热器的电功率为1400W，
则加热器10min消耗的电能为，
水加热至刚好沸腾吸收的热量为；
该加热器的热效率是。
【分析】（1）根据计算水升高的温度，然后根据t=t0+△t计算水的末温，最后与标准大气压下水的沸点为100℃比较得到水升高的温度；
（2）根据W=Pt得出消耗的电能，根据Q吸=cmΔt可知水吸收的热量，根据效率公式得出该加热器的热效率。
17．【答案】100；90
【知识点】重力及其大小的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，则根据机械效率公式得到：；
解得：。
（2）已知绳子能承受的最大拉力 ，根据拉力公式：得到：；
解得：m=90kg。即该滑轮组能提起材料的最大质量为90kg。
【分析】（1）根据公式计算动滑轮的重力；
（2）根据计算最大拉力为500N时拉起物体的最大质量。
18．【答案】5；1.5
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】图甲中，灯泡和电阻串联，图乙中，①②图像不是正比例，则电阻改变了，是灯泡和滑动变阻器的图像，滑片P由最右端向左移动，阻值减小，滑动变阻器的电压逐渐减小，灯泡两端电压逐渐增大，①为灯泡的图像，②为滑动变阻器的图像，滑动滑片P，直至灯泡L正常发光，图①中，灯泡电压增大至2.5V，小灯泡正常发光，灯泡的电流为0.5A，计算小灯泡正常发光时的电阻
；
滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，根据乙图数据，电源电压：
③
滑动变阻器R2的滑片P滑至灯泡正常发光时，电源电压：
④
联合③④，解得：R=2.5Ω，U=4.5V；
若R2的滑片可任意滑动，则R2的滑片P滑至最左端时，滑动变阻器R2的阻值为0，灯泡正常发光的电流为0.5A，则需要串联一个电阻：。故第1空填：5；第2空填：1.5。
【分析】灯泡电阻随温度改变而改变，滑动变阻器的电阻改变，电压和电流变化；根据，计算电阻大小；结合U=IR，和电源电压不变，计算未知电阻和电源电压；当滑动变阻器的取值为零时，根据串联电路电阻规律，计算需要串联的电阻大小。
19．【答案】（1）增大
（2）做功
（3）D
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解得】（1）将铁丝在同一位置快速多次弯折时，手对铁丝做功，导致铁丝内能增加，温度上升。
（2）迅速压下活塞时，活塞对玻璃筒内的空气做功，将机械能转化为内能，使空气温度升高。
（3）向瓶内打气时，外界对瓶内气体做功；当气压将瓶塞推出时，瓶内气体内能转化为瓶塞的机械能，导致气体温度降低。因此ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能；
活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧。
（1）将手中的铁丝同一位置快速地多次弯折，手对铁丝做了功，铁丝的内能增大，温度升高。
（2）当迅速压下活塞时，活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气做功，将机械能转化成内能，温度升高。
（3）给瓶内打气，外界对瓶内气体做功，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能，温度降低，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
20．【答案】8.0；F1l1=F2l2；C
【知识点】杠杆的平衡条件；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（2）如图乙所示，阻力臂l2为8.0cm；
（3）通过分析实验数据，可知杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，可写作； （4）在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA（即拉力F的力臂）不变，阻力G的大小不变，而阻力臂L（即重力G的力臂）却逐渐增大； 由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L变大，那么F也变大，即拉力F在这个过程中逐渐变大。 故选C。
故答案为：（2）8.0；（3）；（4）C。【分析】（2）支点到力的作用线的距离就是力臂；
（3）要能够观察和分析试验数据，知道杠杆的平衡条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2；
（4）通过作图比较A、B两位置阻力G力臂的长短。然后再通过杠杆的平衡条件来分析动力的变化。
21．【答案】；删除错误的数据，重新调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数等于A点对应的电压值，然后正确读取并记录此时电流表的示数。；导体电流随电压的变化关系为一过原点的直线；R1的阻值太小
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）探究电流与电压关系实验。
①在伏安法测电阻的实验中，电压表与待测电阻并联，电流表与待测电阻串联。如图1所示，只需把电阻箱右侧与电流表相连的导线拆下，改接在电压表的“-”接线柱上即可，如下图所示：
②如图2所示，发现A点数据错误，接下来的操作是删除错误的数据，新调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数等于A点对应的电压值，然后正确读取并记录此时电流表的示数。
③正确处理数据后，我们得到电流随电压变化的图像，因为这个图像为一条通过坐标原点的直线，因此得到结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，得出此结论的依据。
（3）步骤（3）中电流表和电压表示数与（1）中相同，根据欧姆定律可知R1=R2十Rx可知，Rx=R1-R2根据上面分析可知，当R1=R2十Rx，时，电流表和电压表示数才与（1）中相同，若实验时R1＜Rx，（或R1的阻值太小），则R1＜R2十Rx，所以此时会造成反复调节始终无法实现两表的示数与步骤（1）中相同；若实验器材中R滑大＜Rx（或滑动变阻器的最大阻值不够大），则会造成调节变阻器时变阻器分得的电压较小，而电阻箱、待测电阻分得的总电压较大，使得电压表的示数也不能与步骤（1）中相同。
【分析】（1）①根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与图1对照，确定改正方法；
②既然数据错误，就必须将其删除，然后按照正确的数据标注。
③当自变量和因变量的图像为一条斜线时，二者成正比关系。
（3） 闭合开关，电阻箱、电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻箱、待测电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流；要使两表的示数与（1）中相同，即电流表和电压表示数均与（1）中相同，而电源电压不变，由欧姆定律可知此时总电阻与（1）中相同 ，据此分析解答。
22．【答案】（1）解答：根据题意可知，正常发光时每个LED灯的电压等于额定电压24V，功率等于额定功率60W。
则通过单个LED灯的电流；
通过开关S的总电流。
（2）解：根据题意可知，一套风光互补系统中有两个LED灯泡，
则一套风光互补LED路灯的总功率；
则一套路灯可节约的功率；
那么总节约电能。
【知识点】并联电路的电流规律；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）两个LED灯并联，先利用P=UI计算通过一个LED的电流，然后根据并联电路的电流规律计算通过光控开关S的电流；
（2）将普通路灯和风光互补系统的功率相减，可求出减小的电功率，乘以500，可得减小的总功率，再利用W=Pt计算节约的电能。
（1）由题意可知，光控开关S在干路，两个LED灯并联，正常发光时每个LED灯的电压等于额定电压24V，功率等于额定功率60W。
根据电功率公式，变形得通过单个LED灯的电流
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，因此通过开关S的总电流
（2）一套风光互补LED路灯的总功率
普通路灯的功率，因此一套路灯可节约的功率
总套数500，工作时间
根据电能公式，可得总节约电能
23．【答案】（1）解：汽车对地面的压力等于其自身重力，
则汽车的对地面的压力为；
汽车对地面的压强为。
（2）解：已知汽车 在平直公路上以50km/h的速度匀速行驶了1h，
则汽车行驶的距离为
由图乙可知，当车速为50km/h时，汽车所受的阻力为，
根据平衡力的知识可知，汽车的牵引力等于阻力，
所以牵引力所做的功为。

（3）解：根据题意可知，消耗汽油的质量为；
汽油完全燃烧放出的总热量为；
动力系统的有用功为；
该车动力系统的综合效率为。
【知识点】密度公式及其应用；燃料的热值；热机的效率；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）汽车静止在水平路面上时，对地面的压力等于其重力，利用计算汽车对地面的压强；
（2）首先根据s=vt计算汽车行驶的路程，然后由图乙确定车速为50km/h时汽车所受的阻力，记下来根据平衡力的知识计算汽车受到牵引力大小，最后利用W=Fs计算牵引力做的功；
（3）首先根据m=ρV计算消耗汽油的质量，再利用Q放=mq计算汽油完全燃烧放出的总热量，动力系统的有用功等于牵引力做的功与蓄电池增加的电能之和，最后根据计算车动力系统的综合效率。
（1）汽车静止在水平路面上时，对地面的压力等于其自身重力。汽车的重力为
汽车对地面的压强为
（2）汽车行驶的距离为
由图乙可知，当车速为50km/h时，汽车所受的阻力为，因为汽车匀速行驶，所以汽车的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等。所以牵引力所做的功为
（3）消耗汽油的体积为
由得，消耗汽油的质量为
汽油完全燃烧放出的总热量为
动力系统的有用功为
该车动力系统的综合效率为
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