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陕西省咸阳市永寿县2024-2025学年八年级下学期期末质量监测物理试题
1．如图是为了纪念老红军谢宝金而立的铜像。在长征途中他背着一台68kg的发电机走完全程，创造了长征路上的奇迹。以下与这台发电机质量最接近的是（　　）
A．一支铅笔 B．一本物理教科书
C．一个篮球 D．一名中学生
【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】根据生活经验可知，一支铅笔的质量约在10g，一本物理教科书的质量约在200g，一个篮球的质量约为550g，一名中学生的质量约为60kg，最接近68kg，故D符合题意，而ABC不合题意。
故选D。
【分析】根据自己对常见物体质量大小的认识判断。
2．西安交通大学研究团队研制出一种新型陶瓷材料，弹性好、韧性好（不易断裂）、绝缘性好、隔热性好、耐高温.这种材料不宜用来制作（　　）
A．沙发垫 B．电工手套 C．消防服 D．炒菜锅
【答案】D
【知识点】物理常识
【解析】【解答】 弹性好 可以做沙发垫，A正确， 绝缘性好 可以做电工手套、消防服，BC正确， 隔热性好 所以不能通过热传递改变锅内菜的内能，D错误
综上选D
【分析】根据物理特性判识选项
新型陶瓷材料 说明绝缘体，可以做 电工手套 、 消防服 ， 弹性好、韧性好可以做沙发垫， 隔热性好说明可以做保温材料
3．如图所示的四种情景中，人对物体做功的是（　　）
A．背着书包水平行走
B．用力拉物体上升
C．在空中飞行的足球
D．用力搬石头石头没动
【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．背着书包水平行走时，书包受到向上的力，但是书包没有在力的方向（竖直向上）上没有移动距离，所以人对书包没有做功，故A不符合题意；
B．人用力拉物体上升，物体受到向上的拉力，并且物体在这个拉力的方向上移动了距离，所以人对物体做了功，故B符合题意；
C．空中飞行的足球，此时脚对足球没有力的作用，所以脚对足球没有做功，故C不符合题意；
D．人用力搬石头但石头没动，石头受到向上的力，但是没有在力的方向上没有移动距离，所以人对石头没有做功，故D不符合题意。
故选B。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
4．我国南北朝时期成书的《关尹子·九药篇》中说：“瓶存二窍，以水实之，倒泻；闭一则水不下。”瓶上有两个小孔，闭住一个，水就流不出来，主要是由于（　　）
A．重力的作用 B．摩擦力的作用
C．浮力的作用 D．大气压的作用
【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；摩擦力产生的条件；大气压的综合应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】根据内容，瓶上两个孔，使瓶子构成了一个连通器，堵住其中一个孔后，瓶内外气压不相通，瓶子内气体压强小于外界大气压，瓶子里的水倒不出来。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】堵住瓶子的一个孔，在大气压的作用下，瓶中水不流出。
5．如图所示，小明拉住拴狗的绳子在水平地面上僵持不动。不计绳重，以下说法正确的是（　　）
A．人对绳子有拉力，绳子对人没有拉力
B．绳子对狗的拉力和地面对狗的摩擦力是平衡力
C．人对绳子的拉力和狗对绳子的拉力是相互作用力
D．狗对地面的压力大小等于地面对狗的支持力大小
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．在人和狗僵持不动时，人对绳子有拉力，那么绳子对人也一定有拉力，因为力的作用是相互的，故A错误；
B．地面对狗的摩擦力在水平方向上，而绳子对狗的拉力沿绳子倾斜向上，即两个力不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故B错误；
C．人对绳子的拉力和狗对绳子的拉力，这两个力都作用在同一物体上，则它们不是相互作用力，故C错误；
D．狗对地面的压力和地面对狗的支持力是一对相互作用力，根据相互作用力的条件可知，狗对地面的压力大小等于地面对狗的支持力大小，故D正确。
故选D。
【分析】 A.物体间力的作用是相互的；
B.二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在同一个物体上；
CD.相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在两个物体上。
6．乒乓球被称为中国的“国球”，深受同学们喜欢。关于乒乓球运动中蕴含的力学知识，下列说法正确的是（　　）
A．乒乓球在空中飞行时受到了向前的推力
B．乒乓球的质量小，所以容易被快速抽杀
C．空中飞行的乒乓球，如果所受的力全部消失，它将立即停止
D．球拍击球时，只能改变乒乓球的运动方向
【答案】B
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】A．乒乓球在空中飞行时，受到重力和阻力作用，没有受到向前的推力，故A错误；
B．乒乓球的质量小，惯性小，运动状态容易发生改变，容易被快速抽杀，故B正确；
C．空中飞行的乒乓球，具有速度，若它所受的力全部消失，它将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故C错误；
D．球拍击球时，可以改变乒乓球的运动状态，可以改变乒乓球的运动方向，也可以改变乒乓球的速度，故D错误。
故选B。
【分析】空中飞行的乒乓球，不受推力；物体的质量越小，惯性小，状态容易发生改变；运动的物体不受外力，做匀速直线运动；物体受力，运动速度和方向发生改变，运动状态在改变。
7．如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有深度相等，质量相同的不同液体，若容器底而受到的液体压强分别为pA和pB，容器对桌面的压力分别为FA和FB。则下列说法正确的是（　　）
A．pA=pB；FAC．pApB；FA=FB
【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】解：由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，且两液体的质量相等，所以，由可知，A容器内液体的密度小于B容器内液体的密度，即ρA＜ρB；由图可知两容器内液体的深度相同，由p=ρgh可知，A容器内液体对容器底部的压强较小，即pA＜pB；
由题意可知，A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，由F=G=mg可知，两容器的总质量相等，重力相等，对水平桌面的压力相等，即FA=FB。
故选：C。
【分析】由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，根据比较两容器内液体的密度关系，又知道两容器内液体的深度相同，根据p=ρgh比较两容器内液体对容器底部的压强关系；A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等判断容器对水平桌面的压力关系。
8．在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
9．如图所示是我国古人运送巨木的劳动情境示意图。结合示意图判断，下列说法正确的是（　　）
A．在抬巨木时众人越靠近支架越省力
B．只把悬绳向左移动一定距离更利于抬起巨木
C．在抬起巨木时横杆是省力杠杆
D．支架下端垫有底面积较大的石块是为了减小压力
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用；杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，支架为杠杆的支点，在抬巨木时众人越靠近支架，动力臂越小。由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力变大，则越费力，故A错误；
B．根据图片可知，把悬绳向左移动一定距离时，动力臂变小，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力变大，则越不容易抬起巨木，故B错误；
C．根据图片可知，在抬起巨木时横杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；
D．支架下端垫有底面积较大的石块是通过增大受力面积减小压强，故D错误。
故选C。
【分析】AB.根据图片确定杠杆的支点，弄清动力臂的长短变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力的大小变化即可；
C.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
D.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
10．某大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，假设一正方体构件被缓缓吊入江水中（如图甲），在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，随着h的增大，正方体构件所受浮力F1、钢绳拉力F2的变化如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．浮力F1随h变化的图线是图乙中的①线
B．构件的边长为4m
C．构件所受的最大浮力为1.2×105N
D．构件的密度为2.5×103kg/m3
【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】A．构件在沉入时，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排，浮力逐渐变大；当完全浸没后，排开水的体积不变，浮力不变，浮力F1随h变化的图线是图乙中的②，故A错误；
B．根据乙图，构件刚好完全浸没时下降的距离2m，高度为2m，则构件边长为2m，故B错误；
C．从乙图中可以看出，当构件完全浸没时受到的浮力小于1.2×105 N，故C错误；
D．根据排开水的体积等于构件的体积，排开体积为，
根据完全浸没，计算浮力为：
根据图乙，构件完全浸没后，钢绳对构件的拉力为，构件浸入水中，是平衡状态，受力平衡，则有
所以构件的重力为：
所以，构件的密度为，故D正确。
故选D。
【分析】根据F浮=ρ液gV排，计算浮力；利用物体处于平衡状态，结合物体受到的力，计算浮力；利用，计算物体的质量。
11．如图所示，右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，结果两只小船将向　 　（选填“相同”或“相反”）方向移动，这说明力的作用是　 　的。
【答案】相反；相互
【知识点】力作用的相互性
【解析】【解答】根据图片可知，当右边小船上的人用力撑开左边那一只小船时，左边的小船向左移动。同时，左边的船给右边的船一个向右的力，那么右边的船向右运动，因此两只小船将相反的方向运动，这说明力的作用是相互的。
【分析】根据力的作用的相互性分析解答。
12．2023年5月28日，中国东方航空使用中国商飞全球首架交付的C919大型客机，从上海虹桥机场飞往北京首都机场，开启了国产大飞机C919的全球首次商业载客飞行，如图所示。飞机在升空过程中，乘客行李箱的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；此时机翼　 　方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】不变；上；变小
【知识点】惯性及其现象；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1） 飞机在升空过程中，乘客行李箱的质量不变，则乘客行李箱的惯性不变。
（2）飞机在升空过程中，机翼上方的空气流速快，压强小，机翼下方的空气流速慢、压强大，形成一个向上的压强差，从而获得竖直向上的升力。
（3）根据大气压强随高度的变化规律可知，随着海拔高度的升高，外界大气压强变小。
【分析】（1）惯性大小只与质量有关。
（2）根据流体压强和流速的关系分析飞机升力的产生原因；
（3）大气压强随高度的增大而减小。
13．小明用抹布擦桌子，如图所示，当小明向左擦拭桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向　 　（选填“向左”或“向右”），为了擦干净桌面上一小团“顽固”污垢，他加大了用力，这是通过　 　（写一种改变摩擦力方法），从而　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。
【答案】向右；增大压力；增大
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】向左擦拭桌面时，抹布相对于桌面向左运动，受到的摩擦力方向向右。
当加大用力时，在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力，增大摩擦。
【分析】物体受到摩擦力的方向和相对运动方向相反；接触面粗糙程度一定时，增大压力和增大摩擦力。
14．如图-1所示，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这一现象说明力可以　 　。把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图-2所示。将该装置从一楼拿到十楼，会发现细管内水面　 　（选填“上升”“下降”或“不变”）。如图-3所示，小明让小球从斜曲面点下滑，若小球到达点时，所有的力都消失，小球将沿轨迹　 　（填字母）运动。
【答案】改变物体的形状；上升；
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）玻璃管很硬，形变程度很小，不能直接观察出来，而玻璃管内水柱高度升高，说明玻璃瓶的形状发生了改变，故说明力可以改变物体的形状。
（2）将该装置从一楼拿到十楼，大气压强随高度的增加而逐渐减小，根据p内=p大气+p水柱可知，水柱压强增大，根据p=ρ液gh可知，玻璃管内水柱上升。
（3）根据图片可知，小球到达B点时速度最大，且沿水平方向运动。根据牛顿第一定律可知，若所有的力都消失，小球将沿水平方向做匀速直线运动，因此将沿轨迹b运动。
【分析】（1）力的作用效果包括：改变物体形状和改变物体的运动状态；
（2）大气压强随高度的增大而减小，结合据p内=p大气+p水柱分析水柱压强的变化，根据p=ρ液gh分析水柱高度变化；
（3）根据牛顿第一定律的内容分析解答。
15．如图所示，工人利用滑轮组来提升物体时可以　 　（选填“省力”或“省功”）；某次作业中，工人将540N的物体匀速吊起5m高，工人对绳子自由端的拉力为240N，滑轮组的机械效率为　 　；若只增大拉动绳子自由端的速度，滑轮组的机械效率将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】省力；；不变
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）根据功的原理可知，使用滑轮组既可以省力，也可以改变力的方向，但不能省功。
（2）根据图片可知，滑轮组上承担物重的绳子股数为n=3，
滑轮组的机械效率为。
（3）滑轮组的机械效率跟动滑轮的重力、物体的重力和绳子与滑轮之间的摩擦有关，跟物体移动的速度无关，所以只改变绳子自由端的速度，滑轮组的机械效率不变。
【分析】（1）根据滑轮组的特点和功的原理分析；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据计算滑轮组的机械效率；
（3）根据影响滑轮组机械效率的因素的知识分析判断。
16．
（1）如图-1所示，绳子拉着乒乓球在水中静止，请在图中画出乒乓球所受浮力和拉力示意图；
（2）如图-2所示，杠杆AOB可绕点自由转动，A端吊着物体M，若在点施加最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出力和M重力的示意图。
【答案】（1）
（2）
【知识点】浮力的示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）根据图片可知，乒乓球在水中处于静止状态，它受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力G、绳子向下的拉力F拉，由力的平衡条件有F浮=G+F拉，则，即表示浮力的线段更长一些，二者作用点在乒乓球的重心上，如图所示：
（2）根据图片可知，杠杆的支点在O点，B点为动力作用点，则最长的动力臂为OB。连接OB，过点B垂直于OB向下作出最小力F；
物体M重力作用点在重心上，方向是竖直向下的，如下图所示：
【分析】（1）对乒乓球进行受力分析，确定力的三要素，根据平衡力的知识比较浮力和拉力大小，最后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）当以杠杆的支点和力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）由图知，乒乓球受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力G、绳子向下的拉力F拉的作用，作用点在重心，由力的平衡条件有F浮=G+F拉，则，如图所示：
（2）由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，当OB作为动力臂时，动力臂最长；由图知动力的方向应该向下，过点B垂直于OB向下作出最小力F的示意图；重力的方向是竖直向下的，作用点在重心，从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上符号G，可得M重力的示意图，如图所示：
17．按要求填空。
（1）如图-1所示，弹簧测力计的示数为　 　N。
（2）如图-2所示，同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，目的是为了探究压力的作用效果与　 　是否有关。
（3）如图-3所示，为了探究“阻力对物体运动的影响”，实验中小车从斜面　 　（选填“同一”或“不同”）高度由静止自由下滑，实验结论是平面越光滑，小车受到的摩擦力越　 　，速度减小得越慢。
【答案】（1）2.2
（2）受力面积
（3）同一；小
【知识点】弹簧测力计及其使用；阻力对物体运动影响的探究实验；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）根据图-1可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为：2N+0.1N×2=2.2N。
（2）同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，金属块对海绵的压力始终等于重力，即压力相同，但是海绵所受压力的受力面积不同，则目的是为了探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（3）①小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，则速度越大，因此实验中小车从斜面同一高度由静止自由下滑，目的是为了保持小车滑动到水平面时的初速度相等。
②根据图3可知，小车在木板上受到的摩擦力最小，运动距离最长，那么得到实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，在水平面滑动的距离就越长。
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出示数；
（2）根据题目描述分析哪个因素发生改变即可；
（3）①小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，速度越大；
②根据图3分析小车速度减小快慢与受到摩擦力大小的关系。
（1）如图-1所示，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.2N。
（2）如图-2所示，同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，金属块对海绵的压力相同，海绵所受压力的受力面积不同，根据控制变量法，目的是为了探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（3）[1]实验中小车从斜面同一高度由静止自由下滑，目的是为了保持小车滑动到水平面时的初速度相等。
[2]实验结论是平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，在水平面滑动的距离就越长。
18．在“用天平和量筒测量盐水的密度”实验中，操作过程如下，请回答问题：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码拨到标尺左端零刻度线处，指针静止时如图甲所示，此时应向　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）继续进行实验：
①向烧杯中倒入适量的盐水，用天平测出烧杯和盐水的质量为109.2g；
②把烧杯中的部分盐水倒入量筒，如图乙所示，量筒中盐水的体积为　 　；
③用天平测出烧杯和剩余盐水的质量，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示；
（3）根据测量的实验数据，计算出盐水的密度为　 　；
（4）细心的小明同学发现，在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测得盐水的密度比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）。
【答案】（1）右
（2）60
（3）1.03
（4）大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，指针向左偏，说明左盘重右盘轻，则平衡螺母要向右调。
（2）①根据乙图可知，量筒的分度值为2cm3，则量筒内盐水的体积是60cm3。
②根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2.4g，那么烧杯和剩余盐水的质量m2=20g+20g+5g+2.4g=47.4g；
（3）倒入量筒内的盐水的质量m=m1-m2=109.2g-47.4g=61.8g
那么盐水的密度；
（4）在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测量盐水的体积偏小，由可知测得盐水的密度比真实值偏大。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）①根据乙图确定量筒的分度值，根据液面位置读出盐水的体积；
②根据丙图确定标尺的分度值，读出游码质量，然后与砝码质量相加得到烧杯和剩余水的总质量；
（3）前后两个总质量的差就是量筒内盐水的质量，最后根据计算盐水的密度；
（4）如果少量盐水倒在外面，那么会导致盐水的体积变小，根据密度公式分析即可。
（1）由图甲可知，指针向左偏，则平衡螺母要向右调，使天平平衡。
（2）[1]将烧杯中一部分盐水倒入量筒中（如图乙），则量筒内盐水的体积是60cm3。
[2]由图丙可知烧杯和剩余盐水的质量
m2=20g+20g+5g+2.4g=47.4g
（3）倒入量筒内的盐水的质量
m=m1-m2=109.2g-47.4g=61.8g
盐水的密度
（4）在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测量盐水的体积偏小，质量不变，由可知测得盐水的密度比真实值偏大。
19．小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。
（1）图-1中，杠杆静止时处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上测量　 　；
（2）如图-2所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码重0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为　 　N；
（3）如图-3所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数　 　，原因是测力计的拉力力臂　 　；（均选填“变大”“变小”或“不变”）
（4）小明用如图-4装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是　 　。
【答案】平衡；右；力臂；2；变小；变大；见详解
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据图1可知，此时杠杆处于静止状态，这处于平衡状态。
②根据图-1可知，杠杆右端偏高，说明右端较轻，这应将杠杆上的螺母向右端移动。
③使杠杆重新在水平位置平衡时，钩码产生的拉力竖直向下，恰好与杠杆垂直，那么此时悬挂点到支点的距离恰好等于力臂，可以直接从杠杆上读出力臂，所以这样做的目的是便于测量力臂。
（2）由杠杆的平衡条件得到：；
解得：。
（3）图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，拉力F力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，测力计的拉力会变小。
（4）根据图-4可知，杠杆的重心没有通过支点，这杠杆的自重对杠杆平衡有影响，因此总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件。
【分析】（1）①当杠杆处于静止或匀速转动状态时，则杠杆处于平衡状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③使杠杆重新在水平位置平衡时，钩码产生的拉力竖直向下，恰好与杠杆垂直，那么此时悬挂点到支点的距离恰好等于力臂。
（2）根据杠杆的平衡条件列式计算；
（3）根据丙图确定动力臂的长度变化，根据杠杆的平衡条件分析动力的变化；
（4）注意杠杆的自重对杠杆平衡的影响。
20．某兴趣小组设计了如图-1所示的实验来探究阿基米德原理。
（1）该实验的目的是用实验定量研究，浸没在液体中的物体受到的浮力与　 　之间的关系；
（2）若图中四个测量值满足关系式　 　，则该原理将得到验证；
（3）以下情况会影响结论的是______（填字母）；
A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口
B．图B中物体未全部浸没在水中
（4）小红利用上述实验中的器材和木块，探究“漂浮在液面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理”，实验过程中　 　（选填“A”“B”“C”或“D”）步骤不需要弹簧测力计；
（5）另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋（质量忽略不计）对实验进行改进，装置如图-2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐　 　，B的示数逐渐　 　（前两空均选填“变大”“变小”或“不变”），且A、B示数的变化量　 　（选填“相等”或“不相等”）。
【答案】（1）物体排开液体所受重力
（2）
（3）A
（4）B
（5）变小；变大；相等
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据阿基米德原理可知，浸在液体中物体受到的浮力等于它排开液体受到的重力，二者该实验的目的是探究阿基米德原理的，即探究浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受重力之间的关系。
（2）根据图片可知，A测物体的重力，B测浸在液体中测力计的示数，C为小桶和排开水的总重力，D为空桶的重力。物体受到的浮力，物体排开液体所受重力，根据可知，若，则可得，即验证了阿基米德原理。
（3）A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口，物体放入溢水杯时，不会立刻排出水，而是要等到溢水杯满了才可以向外排水，这会导致测得的物体排开液体所受重力偏小，影响结论，故A符合题意；
B．图B中物体未全部浸没在水中，测得的物体所受浮力偏小，测得的物体排开液体所受重力也偏小，但仍可以得到的正确结论，对实验没有影响，故B不符合题意。
故选A。
（4）根据物体的漂浮条件可知漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力，即此时不需要测量就行，故B图中不需要测力计。
（5）根据图-2所示，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，它受到浮力逐渐变大，根据可知，弹簧测力计A的示数变小；
同时流入薄塑料袋内水的重力变大，则弹簧测力计B的示数越大。
A的示数减小量等于浮力，B的示数增大量为排开水的重力，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等。
【分析】 （1）根据阿基米德原理的内容分析解答；
（2）用称重法测出浮力，再测出排开水的重力，结合阿基米德原理分析；
（3）注意分析两个操作中是否会影响浮力和排开液体重力的等量关系即可；
（4）漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力；
（5）如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系。
（1）根据阿基米德原理可知，该实验的目的是用实验定量研究，浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受重力之间的关系。
（2）根据称重法，物体受到的浮力，物体排开液体所受重力，所以若，则可得，即验证了阿基米德原理。
（3）A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口，物体放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，则溢出水的体积偏小，测得的物体排开液体所受重力偏小，会得出的错误结论，影响结论，故A符合题意；
B．图B中物体未全部浸没在水中，排开液体体积偏小，测得的物体所受浮力偏小，溢出水的体积偏小，测得的物体排开液体所受重力也偏小，但仍可以得到的正确结论，对实验没有影响，故B不符合题意。
故选A。
（4）漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力，故B图中不需要测力计。
（5）[1][2][3]如图-2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法可知弹簧测力计A的示数变小；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等。
21．滑旱冰是青少年喜欢的一项运动．如图所示，小凡质量约为40kg，所穿的四轮直排旱冰鞋每只质量为1kg，鞋底每个轮子与地面接触面积为。求：（取）
（1）小凡单脚滑行时对地面的压力；
（2）小凡单脚滑行时对地面的压强。
【答案】（1）解：根据题意可知，小凡的总重力为：；
小凡单脚滑行时对地面的压力大小等于总重力，即。
（2）解：根据题意可知，小凡的接地面积等于4个轮子接地面积之和，即S=；
那么小凡单脚滑行对地面的压强.
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）首先根据G=mg求小凡自身的总重力，而他对地面的压力等于小凡的总重力；
（2） 小凡的接地面积等于4个轮子接地面积之和，根据求小凡单脚滑行时对地面的压强。
（1）小凡单脚滑行时对地面的压力大小等于总重力
（2）小凡单脚滑行时有4个轮子着地，对地面的压强
22．工人师傅要将质量80kg的木箱搬到1.5m高的车厢里，他将一块5m长的长板搁在地面与车厢之间构成斜面，然后站在车上用300N的拉力在20s内将物体从斜面底端匀速拉到车厢里，如图所示，求：（取）
（1）若增大该斜面的倾角，斜面的机械效率将　 　；（选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）工人做功的功率；
（3）斜面的机械效率；
（4）物体和斜面之间的摩擦力。
【答案】（1）变大
（2）解：根据题意可知，工人的拉力为300N，斜面长度为5m，
则工人做的总功；
工人做功的功率。

（3）解：根据题意可知，木箱质量为80kg，斜面高度为1.5m，
则工人做的有用功；
斜面的机械效率。
（4）物体克服摩擦力所做的额外功
由可得，物体和斜面之间的摩擦力

【知识点】功率计算公式的应用；斜面的机械效率；增大或减小机械效率的方法；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）若增大该斜面的倾角，则木箱对斜面的压力变小，那么它受到的摩擦力变小，则克服摩擦做的额外功变小。根据公式可知，即机械效率变大。
【分析】 （1）增大斜面的倾角，木箱对斜面的压力变小，根据滑动摩擦力的影响因素可知木箱受到的摩擦力变化和克服摩擦力所做的额外功变化，从而可知斜面的机械效率变化；
（2）根据W=Fs求工人做的总功，根据求工人做功的功率；（3）根据W=Gh=mgh求克服木箱重力做的有用功，根据求斜面的机械效率；
（4）根据W总=W有用+W额求克服摩擦力做的额外功，根据W=fs求物体和斜面之间的摩擦力。
（1）物体对水平面的压力大小等于物体的重力，说明如果物体放在斜面上，斜面越平缓，物体对斜面的压力越大，越接近于物体的重力，反之则斜面的倾角越大，物体对斜面的压力越小。所以若增大该斜面的倾角，压力变小，摩擦力变小，因为斜面高一定，斜面长会变小，则克服摩擦做的额外功变小，有用功一定，则总功变小，所以有用功占总功的比值增大，即机械效率变大。
（2）工人做的总功
工人做功的功率
（3）工人做的有用功
斜面的机械效率
（4）物体克服摩擦力所做的额外功
由可得，物体和斜面之间的摩擦力
23．小刚同学听了“曹冲称象”的故事后，利用所学知识制作了一个“水秤”模型，可方便地称量物体的质量，其构造如图所示。已知透明大筒足够深，其底面积S＝0.05m2，小筒的高度H＝0.4m，底面积S1＝0.02m2，小筒和秤盘的总重为20N，小筒筒壁的厚度可忽略不计，假设在整个称量过程中小筒下表面始终与水面平行。ρ水＝1×103kg/m3。求：
（1）该“水秤”的零刻度线应该在何处，即A点距小筒底部的距离；
（2）当该“水秤”达到最大称量限度时，小筒筒底受到水的压强；
（3）如图乙，在秤盘放上物体后，就可以称量物体所受的重力，某次该“水秤”称量一个体积为1.2×10﹣2m3的实心木块时，该“水秤”模型恰好达到了最大称量限度，求木块的密度。
【答案】（1）该“水秤”的零刻度线应该对准不放物体时水面到达的位置。
此时小筒漂浮，那么它受到的浮力为F浮＝G0＝20N；
此时小筒排开水的体积为；
则A点距小筒底部的距离；
答A点距小筒底部的距离为0.1m：
（2）当水秤达到最大称量限度时，小筒受到的浮力最大时，此时小筒排开水的体积最大，
即小筒刚好浸没在水中，那么小筒筒底浸在水中的深度等于小筒的高度，
则小筒筒底受到水的压强为p＝ρ水gH＝1×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝4×103Pa。
答：当该“水秤”达到最大称量限被时，小筒筒底受到水的压强为4×103Pa。
（3）根据题意可知， 小筒的高度H＝0.4m，底面积S1＝0.02m2，
则小筒能排开最大液体的体积V排最大＝S1H＝0.02m2×0.4m＝8×10﹣3m3；
则秤盘上受到的最大浮力F浮最大＝ρ水gV排最大＝1×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣3m3＝80N；
则实心木块的重力为G木＝F浮最大﹣G0＝80N﹣20N＝60N；
那么木块的质量；
木块的密度。
答：木块的密度为0.5×103kg/m3。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据物体的浮沉条件求出秤盘上不放物体时小筒受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排求出秤盘上不放物体时小筒排开水的体积，由V=Sh求出A点距小筒底部的距离；
（2）当小筒受到的浮力最大时，该“水秤”达到最大称量限度，即小筒刚好浸没在水中，根据小筒的高度利用p=ρ液gh求出小筒筒底受到水的压强；
（3）根据体积公式求出小筒能排开水的最大体积，根据F浮=ρ水gV排求出在秤盘上放实心木块后小筒受到的最大浮力，根据力的平衡条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度。
1 / 1陕西省咸阳市永寿县2024-2025学年八年级下学期期末质量监测物理试题
1．如图是为了纪念老红军谢宝金而立的铜像。在长征途中他背着一台68kg的发电机走完全程，创造了长征路上的奇迹。以下与这台发电机质量最接近的是（　　）
A．一支铅笔 B．一本物理教科书
C．一个篮球 D．一名中学生
2．西安交通大学研究团队研制出一种新型陶瓷材料，弹性好、韧性好（不易断裂）、绝缘性好、隔热性好、耐高温.这种材料不宜用来制作（　　）
A．沙发垫 B．电工手套 C．消防服 D．炒菜锅
3．如图所示的四种情景中，人对物体做功的是（　　）
A．背着书包水平行走
B．用力拉物体上升
C．在空中飞行的足球
D．用力搬石头石头没动
4．我国南北朝时期成书的《关尹子·九药篇》中说：“瓶存二窍，以水实之，倒泻；闭一则水不下。”瓶上有两个小孔，闭住一个，水就流不出来，主要是由于（　　）
A．重力的作用 B．摩擦力的作用
C．浮力的作用 D．大气压的作用
5．如图所示，小明拉住拴狗的绳子在水平地面上僵持不动。不计绳重，以下说法正确的是（　　）
A．人对绳子有拉力，绳子对人没有拉力
B．绳子对狗的拉力和地面对狗的摩擦力是平衡力
C．人对绳子的拉力和狗对绳子的拉力是相互作用力
D．狗对地面的压力大小等于地面对狗的支持力大小
6．乒乓球被称为中国的“国球”，深受同学们喜欢。关于乒乓球运动中蕴含的力学知识，下列说法正确的是（　　）
A．乒乓球在空中飞行时受到了向前的推力
B．乒乓球的质量小，所以容易被快速抽杀
C．空中飞行的乒乓球，如果所受的力全部消失，它将立即停止
D．球拍击球时，只能改变乒乓球的运动方向
7．如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有深度相等，质量相同的不同液体，若容器底而受到的液体压强分别为pA和pB，容器对桌面的压力分别为FA和FB。则下列说法正确的是（　　）
A．pA=pB；FAC．pApB；FA=FB
8．在传统农耕文化中，劳动人民一般采用“盐水选种”的方法挑选种子，下列说法正确的是（　　）
A．种子上浮过程中盐水对种子的压强变大
B．漂浮的种子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的种子密度比盐水的密度大
D．沉底的种子只受到重力和支持力
9．如图所示是我国古人运送巨木的劳动情境示意图。结合示意图判断，下列说法正确的是（　　）
A．在抬巨木时众人越靠近支架越省力
B．只把悬绳向左移动一定距离更利于抬起巨木
C．在抬起巨木时横杆是省力杠杆
D．支架下端垫有底面积较大的石块是为了减小压力
10．某大桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，假设一正方体构件被缓缓吊入江水中（如图甲），在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，随着h的增大，正方体构件所受浮力F1、钢绳拉力F2的变化如图乙所示。下列判断正确的是（　　）
A．浮力F1随h变化的图线是图乙中的①线
B．构件的边长为4m
C．构件所受的最大浮力为1.2×105N
D．构件的密度为2.5×103kg/m3
11．如图所示，右边小船上的人用力撑开左边那一只小船，结果两只小船将向　 　（选填“相同”或“相反”）方向移动，这说明力的作用是　 　的。
12．2023年5月28日，中国东方航空使用中国商飞全球首架交付的C919大型客机，从上海虹桥机场飞往北京首都机场，开启了国产大飞机C919的全球首次商业载客飞行，如图所示。飞机在升空过程中，乘客行李箱的惯性　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；此时机翼　 　方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
13．小明用抹布擦桌子，如图所示，当小明向左擦拭桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向　 　（选填“向左”或“向右”），为了擦干净桌面上一小团“顽固”污垢，他加大了用力，这是通过　 　（写一种改变摩擦力方法），从而　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。
14．如图-1所示，小明将圆形厚壁玻璃瓶装满带颜色的水，用插有细玻璃管的橡皮塞塞紧瓶口，双手戴着隔热手套用力挤压玻璃瓶，观察到细管中水面升高，这一现象说明力可以　 　。把瓶中水倒出一部分，然后向细管内吹入少量气体，细管内水柱如图-2所示。将该装置从一楼拿到十楼，会发现细管内水面　 　（选填“上升”“下降”或“不变”）。如图-3所示，小明让小球从斜曲面点下滑，若小球到达点时，所有的力都消失，小球将沿轨迹　 　（填字母）运动。
15．如图所示，工人利用滑轮组来提升物体时可以　 　（选填“省力”或“省功”）；某次作业中，工人将540N的物体匀速吊起5m高，工人对绳子自由端的拉力为240N，滑轮组的机械效率为　 　；若只增大拉动绳子自由端的速度，滑轮组的机械效率将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
16．
（1）如图-1所示，绳子拉着乒乓球在水中静止，请在图中画出乒乓球所受浮力和拉力示意图；
（2）如图-2所示，杠杆AOB可绕点自由转动，A端吊着物体M，若在点施加最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出力和M重力的示意图。
17．按要求填空。
（1）如图-1所示，弹簧测力计的示数为　 　N。
（2）如图-2所示，同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，目的是为了探究压力的作用效果与　 　是否有关。
（3）如图-3所示，为了探究“阻力对物体运动的影响”，实验中小车从斜面　 　（选填“同一”或“不同”）高度由静止自由下滑，实验结论是平面越光滑，小车受到的摩擦力越　 　，速度减小得越慢。
18．在“用天平和量筒测量盐水的密度”实验中，操作过程如下，请回答问题：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码拨到标尺左端零刻度线处，指针静止时如图甲所示，此时应向　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）继续进行实验：
①向烧杯中倒入适量的盐水，用天平测出烧杯和盐水的质量为109.2g；
②把烧杯中的部分盐水倒入量筒，如图乙所示，量筒中盐水的体积为　 　；
③用天平测出烧杯和剩余盐水的质量，天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图丙所示；
（3）根据测量的实验数据，计算出盐水的密度为　 　；
（4）细心的小明同学发现，在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测得盐水的密度比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）。
19．小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。
（1）图-1中，杠杆静止时处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上测量　 　；
（2）如图-2所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码重0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为　 　N；
（3）如图-3所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数　 　，原因是测力计的拉力力臂　 　；（均选填“变大”“变小”或“不变”）
（4）小明用如图-4装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是　 　。
20．某兴趣小组设计了如图-1所示的实验来探究阿基米德原理。
（1）该实验的目的是用实验定量研究，浸没在液体中的物体受到的浮力与　 　之间的关系；
（2）若图中四个测量值满足关系式　 　，则该原理将得到验证；
（3）以下情况会影响结论的是______（填字母）；
A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口
B．图B中物体未全部浸没在水中
（4）小红利用上述实验中的器材和木块，探究“漂浮在液面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理”，实验过程中　 　（选填“A”“B”“C”或“D”）步骤不需要弹簧测力计；
（5）另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋（质量忽略不计）对实验进行改进，装置如图-2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐　 　，B的示数逐渐　 　（前两空均选填“变大”“变小”或“不变”），且A、B示数的变化量　 　（选填“相等”或“不相等”）。
21．滑旱冰是青少年喜欢的一项运动．如图所示，小凡质量约为40kg，所穿的四轮直排旱冰鞋每只质量为1kg，鞋底每个轮子与地面接触面积为。求：（取）
（1）小凡单脚滑行时对地面的压力；
（2）小凡单脚滑行时对地面的压强。
22．工人师傅要将质量80kg的木箱搬到1.5m高的车厢里，他将一块5m长的长板搁在地面与车厢之间构成斜面，然后站在车上用300N的拉力在20s内将物体从斜面底端匀速拉到车厢里，如图所示，求：（取）
（1）若增大该斜面的倾角，斜面的机械效率将　 　；（选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）工人做功的功率；
（3）斜面的机械效率；
（4）物体和斜面之间的摩擦力。
23．小刚同学听了“曹冲称象”的故事后，利用所学知识制作了一个“水秤”模型，可方便地称量物体的质量，其构造如图所示。已知透明大筒足够深，其底面积S＝0.05m2，小筒的高度H＝0.4m，底面积S1＝0.02m2，小筒和秤盘的总重为20N，小筒筒壁的厚度可忽略不计，假设在整个称量过程中小筒下表面始终与水面平行。ρ水＝1×103kg/m3。求：
（1）该“水秤”的零刻度线应该在何处，即A点距小筒底部的距离；
（2）当该“水秤”达到最大称量限度时，小筒筒底受到水的压强；
（3）如图乙，在秤盘放上物体后，就可以称量物体所受的重力，某次该“水秤”称量一个体积为1.2×10﹣2m3的实心木块时，该“水秤”模型恰好达到了最大称量限度，求木块的密度。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】根据生活经验可知，一支铅笔的质量约在10g，一本物理教科书的质量约在200g，一个篮球的质量约为550g，一名中学生的质量约为60kg，最接近68kg，故D符合题意，而ABC不合题意。
故选D。
【分析】根据自己对常见物体质量大小的认识判断。
2．【答案】D
【知识点】物理常识
【解析】【解答】 弹性好 可以做沙发垫，A正确， 绝缘性好 可以做电工手套、消防服，BC正确， 隔热性好 所以不能通过热传递改变锅内菜的内能，D错误
综上选D
【分析】根据物理特性判识选项
新型陶瓷材料 说明绝缘体，可以做 电工手套 、 消防服 ， 弹性好、韧性好可以做沙发垫， 隔热性好说明可以做保温材料
3．【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A．背着书包水平行走时，书包受到向上的力，但是书包没有在力的方向（竖直向上）上没有移动距离，所以人对书包没有做功，故A不符合题意；
B．人用力拉物体上升，物体受到向上的拉力，并且物体在这个拉力的方向上移动了距离，所以人对物体做了功，故B符合题意；
C．空中飞行的足球，此时脚对足球没有力的作用，所以脚对足球没有做功，故C不符合题意；
D．人用力搬石头但石头没动，石头受到向上的力，但是没有在力的方向上没有移动距离，所以人对石头没有做功，故D不符合题意。
故选B。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
4．【答案】D
【知识点】重力及其大小的计算；摩擦力产生的条件；大气压的综合应用；浮力及其产生原因
【解析】【解答】根据内容，瓶上两个孔，使瓶子构成了一个连通器，堵住其中一个孔后，瓶内外气压不相通，瓶子内气体压强小于外界大气压，瓶子里的水倒不出来。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】堵住瓶子的一个孔，在大气压的作用下，瓶中水不流出。
5．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．在人和狗僵持不动时，人对绳子有拉力，那么绳子对人也一定有拉力，因为力的作用是相互的，故A错误；
B．地面对狗的摩擦力在水平方向上，而绳子对狗的拉力沿绳子倾斜向上，即两个力不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故B错误；
C．人对绳子的拉力和狗对绳子的拉力，这两个力都作用在同一物体上，则它们不是相互作用力，故C错误；
D．狗对地面的压力和地面对狗的支持力是一对相互作用力，根据相互作用力的条件可知，狗对地面的压力大小等于地面对狗的支持力大小，故D正确。
故选D。
【分析】 A.物体间力的作用是相互的；
B.二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在同一个物体上；
CD.相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在两个物体上。
6．【答案】B
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化；惯性及其现象；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】A．乒乓球在空中飞行时，受到重力和阻力作用，没有受到向前的推力，故A错误；
B．乒乓球的质量小，惯性小，运动状态容易发生改变，容易被快速抽杀，故B正确；
C．空中飞行的乒乓球，具有速度，若它所受的力全部消失，它将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故C错误；
D．球拍击球时，可以改变乒乓球的运动状态，可以改变乒乓球的运动方向，也可以改变乒乓球的速度，故D错误。
故选B。
【分析】空中飞行的乒乓球，不受推力；物体的质量越小，惯性小，状态容易发生改变；运动的物体不受外力，做匀速直线运动；物体受力，运动速度和方向发生改变，运动状态在改变。
7．【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】解：由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，且两液体的质量相等，所以，由可知，A容器内液体的密度小于B容器内液体的密度，即ρA＜ρB；由图可知两容器内液体的深度相同，由p=ρgh可知，A容器内液体对容器底部的压强较小，即pA＜pB；
由题意可知，A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，由F=G=mg可知，两容器的总质量相等，重力相等，对水平桌面的压力相等，即FA=FB。
故选：C。
【分析】由图可知，A容器内液体的体积大于乙容器内液体的体积，根据比较两容器内液体的密度关系，又知道两容器内液体的深度相同，根据p=ρgh比较两容器内液体对容器底部的压强关系；A、B两容器的质量相等，容器内液体的质量也相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等判断容器对水平桌面的压力关系。
8．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】本题考查了物体的浮沉条件、液体内部压强计算公式的应用、物体的受力分析等知识，难度不大。A．种子上浮过程中，深度变小，盐水对种子的压强变小，故A错误；
B．漂浮的种子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B错误；
C．当种子密度大于盐水密度时，种子受到的浮力小于其重力，种子就会下沉，故C正确；
D．沉底的种子受到浮力、重力及支持力的作用，故D错误。
故选C。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；物体下沉时，浮力小于重力；根据p=ρgh分析受到的压强变化；浸入液体中的物体受到浮力的作用。
9．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用；杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，支架为杠杆的支点，在抬巨木时众人越靠近支架，动力臂越小。由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力变大，则越费力，故A错误；
B．根据图片可知，把悬绳向左移动一定距离时，动力臂变小，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力变大，则越不容易抬起巨木，故B错误；
C．根据图片可知，在抬起巨木时横杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；
D．支架下端垫有底面积较大的石块是通过增大受力面积减小压强，故D错误。
故选C。
【分析】AB.根据图片确定杠杆的支点，弄清动力臂的长短变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力的大小变化即可；
C.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
D.减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
10．【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】A．构件在沉入时，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排，浮力逐渐变大；当完全浸没后，排开水的体积不变，浮力不变，浮力F1随h变化的图线是图乙中的②，故A错误；
B．根据乙图，构件刚好完全浸没时下降的距离2m，高度为2m，则构件边长为2m，故B错误；
C．从乙图中可以看出，当构件完全浸没时受到的浮力小于1.2×105 N，故C错误；
D．根据排开水的体积等于构件的体积，排开体积为，
根据完全浸没，计算浮力为：
根据图乙，构件完全浸没后，钢绳对构件的拉力为，构件浸入水中，是平衡状态，受力平衡，则有
所以构件的重力为：
所以，构件的密度为，故D正确。
故选D。
【分析】根据F浮=ρ液gV排，计算浮力；利用物体处于平衡状态，结合物体受到的力，计算浮力；利用，计算物体的质量。
11．【答案】相反；相互
【知识点】力作用的相互性
【解析】【解答】根据图片可知，当右边小船上的人用力撑开左边那一只小船时，左边的小船向左移动。同时，左边的船给右边的船一个向右的力，那么右边的船向右运动，因此两只小船将相反的方向运动，这说明力的作用是相互的。
【分析】根据力的作用的相互性分析解答。
12．【答案】不变；上；变小
【知识点】惯性及其现象；大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1） 飞机在升空过程中，乘客行李箱的质量不变，则乘客行李箱的惯性不变。
（2）飞机在升空过程中，机翼上方的空气流速快，压强小，机翼下方的空气流速慢、压强大，形成一个向上的压强差，从而获得竖直向上的升力。
（3）根据大气压强随高度的变化规律可知，随着海拔高度的升高，外界大气压强变小。
【分析】（1）惯性大小只与质量有关。
（2）根据流体压强和流速的关系分析飞机升力的产生原因；
（3）大气压强随高度的增大而减小。
13．【答案】向右；增大压力；增大
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】向左擦拭桌面时，抹布相对于桌面向左运动，受到的摩擦力方向向右。
当加大用力时，在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力，增大摩擦。
【分析】物体受到摩擦力的方向和相对运动方向相反；接触面粗糙程度一定时，增大压力和增大摩擦力。
14．【答案】改变物体的形状；上升；
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1）玻璃管很硬，形变程度很小，不能直接观察出来，而玻璃管内水柱高度升高，说明玻璃瓶的形状发生了改变，故说明力可以改变物体的形状。
（2）将该装置从一楼拿到十楼，大气压强随高度的增加而逐渐减小，根据p内=p大气+p水柱可知，水柱压强增大，根据p=ρ液gh可知，玻璃管内水柱上升。
（3）根据图片可知，小球到达B点时速度最大，且沿水平方向运动。根据牛顿第一定律可知，若所有的力都消失，小球将沿水平方向做匀速直线运动，因此将沿轨迹b运动。
【分析】（1）力的作用效果包括：改变物体形状和改变物体的运动状态；
（2）大气压强随高度的增大而减小，结合据p内=p大气+p水柱分析水柱压强的变化，根据p=ρ液gh分析水柱高度变化；
（3）根据牛顿第一定律的内容分析解答。
15．【答案】省力；；不变
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）根据功的原理可知，使用滑轮组既可以省力，也可以改变力的方向，但不能省功。
（2）根据图片可知，滑轮组上承担物重的绳子股数为n=3，
滑轮组的机械效率为。
（3）滑轮组的机械效率跟动滑轮的重力、物体的重力和绳子与滑轮之间的摩擦有关，跟物体移动的速度无关，所以只改变绳子自由端的速度，滑轮组的机械效率不变。
【分析】（1）根据滑轮组的特点和功的原理分析；
（2）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据计算滑轮组的机械效率；
（3）根据影响滑轮组机械效率的因素的知识分析判断。
16．【答案】（1）
（2）
【知识点】浮力的示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）根据图片可知，乒乓球在水中处于静止状态，它受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力G、绳子向下的拉力F拉，由力的平衡条件有F浮=G+F拉，则，即表示浮力的线段更长一些，二者作用点在乒乓球的重心上，如图所示：
（2）根据图片可知，杠杆的支点在O点，B点为动力作用点，则最长的动力臂为OB。连接OB，过点B垂直于OB向下作出最小力F；
物体M重力作用点在重心上，方向是竖直向下的，如下图所示：
【分析】（1）对乒乓球进行受力分析，确定力的三要素，根据平衡力的知识比较浮力和拉力大小，最后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）当以杠杆的支点和力的作用点之间的线段为动力臂时最长，此时最省力。确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）由图知，乒乓球受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力G、绳子向下的拉力F拉的作用，作用点在重心，由力的平衡条件有F浮=G+F拉，则，如图所示：
（2）由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，当OB作为动力臂时，动力臂最长；由图知动力的方向应该向下，过点B垂直于OB向下作出最小力F的示意图；重力的方向是竖直向下的，作用点在重心，从作用点沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上符号G，可得M重力的示意图，如图所示：
17．【答案】（1）2.2
（2）受力面积
（3）同一；小
【知识点】弹簧测力计及其使用；阻力对物体运动影响的探究实验；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）根据图-1可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为：2N+0.1N×2=2.2N。
（2）同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，金属块对海绵的压力始终等于重力，即压力相同，但是海绵所受压力的受力面积不同，则目的是为了探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（3）①小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，则速度越大，因此实验中小车从斜面同一高度由静止自由下滑，目的是为了保持小车滑动到水平面时的初速度相等。
②根据图3可知，小车在木板上受到的摩擦力最小，运动距离最长，那么得到实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，在水平面滑动的距离就越长。
【分析】（1）根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出示数；
（2）根据题目描述分析哪个因素发生改变即可；
（3）①小车到达斜面底端时的速度与它在斜面上的高度有关，即高度越大，速度越大；
②根据图3分析小车速度减小快慢与受到摩擦力大小的关系。
（1）如图-1所示，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.2N。
（2）如图-2所示，同一长方体金属块分别平放、竖放在同一块海绵上，金属块对海绵的压力相同，海绵所受压力的受力面积不同，根据控制变量法，目的是为了探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（3）[1]实验中小车从斜面同一高度由静止自由下滑，目的是为了保持小车滑动到水平面时的初速度相等。
[2]实验结论是平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，在水平面滑动的距离就越长。
18．【答案】（1）右
（2）60
（3）1.03
（4）大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，指针向左偏，说明左盘重右盘轻，则平衡螺母要向右调。
（2）①根据乙图可知，量筒的分度值为2cm3，则量筒内盐水的体积是60cm3。
②根据丙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2.4g，那么烧杯和剩余盐水的质量m2=20g+20g+5g+2.4g=47.4g；
（3）倒入量筒内的盐水的质量m=m1-m2=109.2g-47.4g=61.8g
那么盐水的密度；
（4）在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测量盐水的体积偏小，由可知测得盐水的密度比真实值偏大。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）①根据乙图确定量筒的分度值，根据液面位置读出盐水的体积；
②根据丙图确定标尺的分度值，读出游码质量，然后与砝码质量相加得到烧杯和剩余水的总质量；
（3）前后两个总质量的差就是量筒内盐水的质量，最后根据计算盐水的密度；
（4）如果少量盐水倒在外面，那么会导致盐水的体积变小，根据密度公式分析即可。
（1）由图甲可知，指针向左偏，则平衡螺母要向右调，使天平平衡。
（2）[1]将烧杯中一部分盐水倒入量筒中（如图乙），则量筒内盐水的体积是60cm3。
[2]由图丙可知烧杯和剩余盐水的质量
m2=20g+20g+5g+2.4g=47.4g
（3）倒入量筒内的盐水的质量
m=m1-m2=109.2g-47.4g=61.8g
盐水的密度
（4）在步骤②中有少量盐水倒在了量筒外面，测量盐水的体积偏小，质量不变，由可知测得盐水的密度比真实值偏大。
19．【答案】平衡；右；力臂；2；变小；变大；见详解
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据图1可知，此时杠杆处于静止状态，这处于平衡状态。
②根据图-1可知，杠杆右端偏高，说明右端较轻，这应将杠杆上的螺母向右端移动。
③使杠杆重新在水平位置平衡时，钩码产生的拉力竖直向下，恰好与杠杆垂直，那么此时悬挂点到支点的距离恰好等于力臂，可以直接从杠杆上读出力臂，所以这样做的目的是便于测量力臂。
（2）由杠杆的平衡条件得到：；
解得：。
（3）图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，拉力F力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，测力计的拉力会变小。
（4）根据图-4可知，杠杆的重心没有通过支点，这杠杆的自重对杠杆平衡有影响，因此总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件。
【分析】（1）①当杠杆处于静止或匀速转动状态时，则杠杆处于平衡状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
③使杠杆重新在水平位置平衡时，钩码产生的拉力竖直向下，恰好与杠杆垂直，那么此时悬挂点到支点的距离恰好等于力臂。
（2）根据杠杆的平衡条件列式计算；
（3）根据丙图确定动力臂的长度变化，根据杠杆的平衡条件分析动力的变化；
（4）注意杠杆的自重对杠杆平衡的影响。
20．【答案】（1）物体排开液体所受重力
（2）
（3）A
（4）B
（5）变小；变大；相等
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据阿基米德原理可知，浸在液体中物体受到的浮力等于它排开液体受到的重力，二者该实验的目的是探究阿基米德原理的，即探究浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受重力之间的关系。
（2）根据图片可知，A测物体的重力，B测浸在液体中测力计的示数，C为小桶和排开水的总重力，D为空桶的重力。物体受到的浮力，物体排开液体所受重力，根据可知，若，则可得，即验证了阿基米德原理。
（3）A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口，物体放入溢水杯时，不会立刻排出水，而是要等到溢水杯满了才可以向外排水，这会导致测得的物体排开液体所受重力偏小，影响结论，故A符合题意；
B．图B中物体未全部浸没在水中，测得的物体所受浮力偏小，测得的物体排开液体所受重力也偏小，但仍可以得到的正确结论，对实验没有影响，故B不符合题意。
故选A。
（4）根据物体的漂浮条件可知漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力，即此时不需要测量就行，故B图中不需要测力计。
（5）根据图-2所示，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，它受到浮力逐渐变大，根据可知，弹簧测力计A的示数变小；
同时流入薄塑料袋内水的重力变大，则弹簧测力计B的示数越大。
A的示数减小量等于浮力，B的示数增大量为排开水的重力，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等。
【分析】 （1）根据阿基米德原理的内容分析解答；
（2）用称重法测出浮力，再测出排开水的重力，结合阿基米德原理分析；
（3）注意分析两个操作中是否会影响浮力和排开液体重力的等量关系即可；
（4）漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力；
（5）如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系。
（1）根据阿基米德原理可知，该实验的目的是用实验定量研究，浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体所受重力之间的关系。
（2）根据称重法，物体受到的浮力，物体排开液体所受重力，所以若，则可得，即验证了阿基米德原理。
（3）A．图B中水面未到达溢水杯的溢水口，物体放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，则溢出水的体积偏小，测得的物体排开液体所受重力偏小，会得出的错误结论，影响结论，故A符合题意；
B．图B中物体未全部浸没在水中，排开液体体积偏小，测得的物体所受浮力偏小，溢出水的体积偏小，测得的物体排开液体所受重力也偏小，但仍可以得到的正确结论，对实验没有影响，故B不符合题意。
故选A。
（4）漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体所受重力，故B图中不需要测力计。
（5）[1][2][3]如图-2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法可知弹簧测力计A的示数变小；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等。
21．【答案】（1）解：根据题意可知，小凡的总重力为：；
小凡单脚滑行时对地面的压力大小等于总重力，即。
（2）解：根据题意可知，小凡的接地面积等于4个轮子接地面积之和，即S=；
那么小凡单脚滑行对地面的压强.
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）首先根据G=mg求小凡自身的总重力，而他对地面的压力等于小凡的总重力；
（2） 小凡的接地面积等于4个轮子接地面积之和，根据求小凡单脚滑行时对地面的压强。
（1）小凡单脚滑行时对地面的压力大小等于总重力
（2）小凡单脚滑行时有4个轮子着地，对地面的压强
22．【答案】（1）变大
（2）解：根据题意可知，工人的拉力为300N，斜面长度为5m，
则工人做的总功；
工人做功的功率。

（3）解：根据题意可知，木箱质量为80kg，斜面高度为1.5m，
则工人做的有用功；
斜面的机械效率。
（4）物体克服摩擦力所做的额外功
由可得，物体和斜面之间的摩擦力

【知识点】功率计算公式的应用；斜面的机械效率；增大或减小机械效率的方法；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）若增大该斜面的倾角，则木箱对斜面的压力变小，那么它受到的摩擦力变小，则克服摩擦做的额外功变小。根据公式可知，即机械效率变大。
【分析】 （1）增大斜面的倾角，木箱对斜面的压力变小，根据滑动摩擦力的影响因素可知木箱受到的摩擦力变化和克服摩擦力所做的额外功变化，从而可知斜面的机械效率变化；
（2）根据W=Fs求工人做的总功，根据求工人做功的功率；（3）根据W=Gh=mgh求克服木箱重力做的有用功，根据求斜面的机械效率；
（4）根据W总=W有用+W额求克服摩擦力做的额外功，根据W=fs求物体和斜面之间的摩擦力。
（1）物体对水平面的压力大小等于物体的重力，说明如果物体放在斜面上，斜面越平缓，物体对斜面的压力越大，越接近于物体的重力，反之则斜面的倾角越大，物体对斜面的压力越小。所以若增大该斜面的倾角，压力变小，摩擦力变小，因为斜面高一定，斜面长会变小，则克服摩擦做的额外功变小，有用功一定，则总功变小，所以有用功占总功的比值增大，即机械效率变大。
（2）工人做的总功
工人做功的功率
（3）工人做的有用功
斜面的机械效率
（4）物体克服摩擦力所做的额外功
由可得，物体和斜面之间的摩擦力
23．【答案】（1）该“水秤”的零刻度线应该对准不放物体时水面到达的位置。
此时小筒漂浮，那么它受到的浮力为F浮＝G0＝20N；
此时小筒排开水的体积为；
则A点距小筒底部的距离；
答A点距小筒底部的距离为0.1m：
（2）当水秤达到最大称量限度时，小筒受到的浮力最大时，此时小筒排开水的体积最大，
即小筒刚好浸没在水中，那么小筒筒底浸在水中的深度等于小筒的高度，
则小筒筒底受到水的压强为p＝ρ水gH＝1×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝4×103Pa。
答：当该“水秤”达到最大称量限被时，小筒筒底受到水的压强为4×103Pa。
（3）根据题意可知， 小筒的高度H＝0.4m，底面积S1＝0.02m2，
则小筒能排开最大液体的体积V排最大＝S1H＝0.02m2×0.4m＝8×10﹣3m3；
则秤盘上受到的最大浮力F浮最大＝ρ水gV排最大＝1×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣3m3＝80N；
则实心木块的重力为G木＝F浮最大﹣G0＝80N﹣20N＝60N；
那么木块的质量；
木块的密度。
答：木块的密度为0.5×103kg/m3。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据物体的浮沉条件求出秤盘上不放物体时小筒受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排求出秤盘上不放物体时小筒排开水的体积，由V=Sh求出A点距小筒底部的距离；
（2）当小筒受到的浮力最大时，该“水秤”达到最大称量限度，即小筒刚好浸没在水中，根据小筒的高度利用p=ρ液gh求出小筒筒底受到水的压强；
（3）根据体积公式求出小筒能排开水的最大体积，根据F浮=ρ水gV排求出在秤盘上放实心木块后小筒受到的最大浮力，根据力的平衡条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度。
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