资源简介

广东省茂名市高州市2026年中考级物理模拟试卷
1．生活中许多“吸”的现象，下列现象中的“吸”是因为大气压的是
A．磁性冰箱贴“吸”附在金属门上
B．吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上
C．电视屏幕“吸”附灰尘
D．冻肉“吸”住湿毛巾
2．小名同学观看高州木偶戏时，能隔着布帘听到打鼓声和二胡声，他能分辨的原因是
A．音调 B．频率 C．音色 D．响度
3．在跨学科实践活动中，小悦调查“家用燃料的变迁史”时发现，她家用燃料出现了如图所示的变迁，从柴草到天然气的变迁主要是因为它的
A．热值较大 B．内能较大 C．密度较小 D．热量较大
4．冰壶在水平冰面上沿直线滑动的过程中，若冰面粗糙程度相同，则下列说法正确的是
A．冰壶受到的摩擦力逐渐增大
B．冰壶的惯性逐渐减小
C．冰壶受到的重力保持不变
D．冰壶受到地面的支持力先增大后减小
5．能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。以下关于能源、信息和材料的论述正确的是
A．潮汐能主要来源于月球的引力
B．超导材料可以用于电热器的发热元件
C．手机通信是用超声波传递信号的
D．光纤通信是利用光的折射传递信息
6．2025年3月，我国福建号航母成功进行舰载机电磁弹射试验。如图是航母舰载机起飞电磁弹射器，它的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，舰载机受到强推力而快速起飞。下列各选项中与电磁弹射器工作原理相同的是
A． B．
C． D．
7．有关下列图片中的物理现象，解释正确的是
A．图甲：“折断”的铅笔是发生了折射现象，光从空气斜射人水中时折射角大于入射角
B．图乙：渔船通过声呐来探测海底，我们也可以用声呐来测量地球和月亮之间的距离
C．图丙：踢飞的足球一直受到重力的作用做曲线运动，说明力可以改变物体的运动状态
D．图丁：给自行车加润滑油是通过减小压力的方式减小摩擦
8．在烧烤的热闹摊位上，摊主把鲜嫩的肉串放在炭火上烤制，这是通过　 　的方式改变物体内能；烧烤用的铁签通常带有木柄，木柄处温度较低是因为木头的导热性比铁　 　（选填“强”或“弱”)；烧烤过程中完全燃烧0.8kg的木炭放出的热量为　 　J(木炭的热值是3.5 ×107J/kg)。
9．如图所示的茶壶，壶嘴与壶身构成　 　。向放有茶叶的壶中倒人热水，水的颜色逐渐变深，茶香四溢，这是　 　现象。当水面上的茶叶渐渐变大，缓缓下落时，茶叶受到的浮力　 　（填“大于”“等于”或“小于”)其重力。
10．用图中两个相同滑轮A、B匀速提起同一物体C，物体重力大于滑轮重力，不计摩擦和绳重，绳端拉力分别为F1和F2.，则F1　 　F2，(选填“<”、“>”或“=”)；滑轮可以看作等臂杠杆；在将物体C匀速提升相同高度的过程中，拉力所做的有用功分别为W1和W2，则W1　 　W2，（选填“<”、“>”或“=”）。
11．某同学把刚做好的热蛋挞放进玻璃展示柜，玻璃柜的　 　（选填“内”或“外”）侧水蒸气容易　 　（填物态变化的名称）出现一层白雾，此时可以把展示柜的温度」　 　（选填“调低”或“调高”，让白雾快速消失。
12．如图是某款加装了凸透镜的指甲剪。凸透镜成指甲正立、放大的　 　像，成人指甲盖的宽度约为　 　（填“1”或“5”）cm，该凸透镜的焦距可能为　 　（填“1”或“5”）cm。
13．随着冬季的来临，我国北方普遍出现降雪天气，当行人走过雪地时，往往会在雪地上留下了深浅不同的脚印，说明他们对地面的　 　不同。冰雪熔化后，其体积　 　，质量　 　（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）
14．核潜艇是我国海军的重要组成部分。核潜艇的核反应堆是用中子轰击铀核，使其发生　 　（选填“裂变”或“聚变”），从而释放核能，其燃料铀-235的原子核由　 　和中子构成。潜艇与卫星通信时需发射　 　（选填“声波”或“电磁
波”)传递信息。
15．
（1）下图画出了两个磁极间的磁感线。请将磁体和小磁针的磁极分别标注在图中的（　　）。
（2）请用笔画线表示导线，将图中的灯泡和开关正确接人家庭电路中。
（3）如图a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像，用AB表示站在平面镜前的顾客，在图b中画出其在镜中的像
16．按要求完成下列小题。
图甲中透镜的焦距为　 　cm，图乙停表的读数为　 　s。图丁温度计的示数为　 　℃。
17．小明在做探究“水的沸腾”的实验时，采用了如图所示的装置，并实时记录温度随时间变化的数据。
（1）甲和乙所示，图　 　是水在沸腾时的情况。
（2）由图丙可知，水的沸点是　 　，水面当时的大气压　 　（选填“高于”“低于”或“等于”)标准大气压；水沸腾过程中不断吸热，温度　 　（选填“升高”“降低”或者“不变”）
18．某中学九年级物理社团开展“探究小灯泡电阻特性”的活动，成员们发现：日常使用的灯泡，在开灯瞬间容易烧坏，这和灯丝温度变化导致电阻改变有关。为了深入研究，他们选用额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的实验电路图，同时测出小灯泡在不同电压下的电流值，绘制出如图乙所示的[-U关系图像。请根据实验情景和图像回答下列问题：
（1）该实验原理是　 　。
（2）当电压表示数为1.5V时，为使小灯泡正常发光，滑片P应向　 　（选填“左”或“右”)移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流为　 　A，此时小灯泡的电阻为　 　Ω，分析I-U图像可知，小灯泡的电阻随电压的升高而　 　（选填“变大”或“变小”）。
（4）本实验测量了多组数据，下列实验中多次测量的目的与本实验不相同的是____。
A．测量物体的长度
B．探究杠杆的平衡条件
C．探究液体压强与深度的关系
19．在一次物理实验活动中，小明需要测量一种未知液体的密度。他计划用两种不同的方法进行测量，并比较结果：先利用托里拆利实验的原理制作简易气压计进行推算，再使用天平和量筒进行常规测量验证。回答下列问题：
（1）小明首先利用如图所示的托里拆利实验装置进行测量。他将一根长约1m的玻璃管内装满水银，倒置在水银槽中，测得管内水银柱的高度为h0，随后，小明用足够长的玻璃管和相同的操作方法，将水银替换为待测液体，在同一环境下测得管内液柱的高度为h1。根据两次测量情况，推导出待测液体密度的表达式ρ液=　 　。(已知水银的密度为ρ0。用ρ0h0h1表示）
（2）为验证上述结果，小明用天平和量筒再次测量该液体密度。将天平放在水平台上，观察到天平如图甲所示，接下来小明应　 　；调节后发现指针静止时偏向分度盘中央刻度线左侧，他应将平衡螺母向　 　端调节，直至天平横梁水平平衡。
（3）天平调平后，小明先测出烧杯与适量液体的总质量，砝码及游码位置如图乙所示，其读数为　 　g。然后，他将烧杯中的部分液体倒人量筒中，量筒内液面位置如图丙所示，则量筒中液体体积为　 　cm3.接着他用天平测出烧杯和剩余液体的质量为28g，请根据以上数据，计算出该液体的密度为　 　kg/m3。
（4）小明发现，用“简易气压计法”测得的密度值比用“常规测量法”测得的密度值偏大。请你分析在利用气压计测量该种液体密度时，一种可能的原因是____
A．使用的玻璃管内径变大了
B．使用的玻璃管内径变小了
C．使用的玻璃管内混入了空气
20．小华采用踮脚的方式进行关节柔韧性训练。小华所受的重力G为480N。
（1）若小华每次踮脚，他的重心均升高0.05m，求小华踮10次脚克服重力做功多大？
（2）小华脚踮起站稳时，两鞋底与地面接触的总面积为6×10-3m2。求双脚踮起站稳时，小华对地面压强是多大？
（3）如图所示，小华脚踮起站稳时，相关肌肉骨骼可以看作以0为支点的杠杆，每条腿中肌肉向上的拉力为F1，所克服的阻力为F2，若F2=240N，求F1的大小为多大？
21．如图是一款具有加热和保温功能的小型电火锅，其电路图如图乙所示，S1为温控开关，从它的说明书上收集到如图丙的数据：
（1）电火锅保温状态下电路中的电流是多少；
（2）计算R2的电阻；
（3）某次使用时，用高温档将1.1kg水从45℃加热到95℃用时5min，求此电火锅的效率是多少 (不计热损失）
22．电动自行车因为便利被越来越多的人接受，成为重要的代步工具。请回答下面几个问题：
（1）电动自行车启动时，只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，车钥匙的作用相当于电路中的　 　；向后旋转右侧把手车子就能前进，且旋转的角度越大车速越快，右侧把手相当于学生实验电路中的　 　（填电学元件名称）；电动自行车行驶时将电能主要转化为　 　能。
（2）外卖员骑着电动自行车行驶在马路上，若以外卖员的电动自行车为参照物，外卖员是　 　（选填“运动”或“静止”)的。外卖员骑着电动自行车匀速转弯时，电动自行车受　 　（填“平衡”或“非平衡”)力，外卖员发现前面有紧急情况，用力按手柄刹车，这是通过增大　 　来增大摩擦力。
（3）电动自行车左右两个刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是　 　
23．近年来，多旋翼无人机发展迅速。为此学校物理社团以“无人机的原理与改进”为主题开展跨学科实践活动。
【任务1：研究原理】
无人机由于其机动性和灵活性强，广泛应用在航拍领域、火情勘测等方面。如图所示为某品牌四旋翼无人机。它采用4个电机带动旋翼(螺旋桨）转动，对下方空气施力的同时获得升力。该无人机设有一键起降和返航、空中悬停等功能，携带的摄像机可以进行高清拍摄并实时把信号传到遥控器显示器。
（1）无人机拍摄时所成的像是倒立　 　的实像（填“缩小”、“等大”或“放大”)
（2）无人机在空中匀速向上飞行时，机械能将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）如图为无人机锂电池充电和放电的电路图，当锂离子电池放电工作时，将化学能转化为　 　能，　 　（选填“A”或“B”)是锂电池的正极。
（4）无人机垂直起飞时，增大四个旋翼的转速，无人机就会上升，下列情景中跟此无人机上升原理相同的是____
A．飞机机翼产生向上的升力
B．人向另一船推了一下，两船同时向后运动
（5）【任务2：飞行测试】
该无人机某次试飞时，未开启摄像头，从地面起飞，飞到上空60m高处，然后悬停50s（整个过程四个电动机同时工作）。这一过程可视为以最大速度匀速直线上升，达到60m高处时立即静止(悬停）。下表是该无人机的部分参数，电动机将电能转化为机械能的效率为90%，无人机上升过程中所受的阻力为15N，无人机上升和悬停时电动机的功率是不同的，回答下列问题：(g取10N/kg)
整机质量 3kg 电池额定电压 15V
最大上升速度 6m/s 电动机工作电压 12V
最大下降速度 2m/s 悬停时每个电动机电功率 30W
最大水平速度 16m/s 电动机数量 4
该次试飞，无人机从地面到达60米高度所用的时间是　 　s，该无人机在空中悬停时，产生向上的升力为　 　N。
（6）电池电压为15V，电动机在工作时，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机两端电压保持在12V。每一个电动机连接一个电调，那么电动机和电调的连接方式是　 　（选填“并联”或“串联”）；飞行和悬停时，电源电压全部加在电动机和电调的两端，则电动机和电调的功率之比为　 　
（7）该次试飞，该无人机在上升过程中电动机消耗的电能是　 　J；从起飞到悬停结束，该无人机消耗的总电能是　 　J。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【解答】A.磁性冰箱贴“吸”附在金属门上，是因为物体有磁性，故A错误；
B.吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上，是因为大气压强，故B正确；
C.电视屏幕“吸”附灰尘是因为带电体能吸引轻小物体，故C错误；
D.冻肉“吸”住湿毛巾，这是凝固现象，故D错误。
故选B。
【分析】（1）磁体具有磁性；
（2）吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上是因为大气压强；
（3）带电体能吸引轻小物体；
（4）凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热。
2．【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】鼓和二胡的材料和结构不同，能分辨的原因是它们的音色不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】声音的三个特性分别为音调、响度和音色，音调指的声音的高低，响度指的是声音的大小，音色是声音的品质和特性，据此分析。
3．【答案】A
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】天然气的热值较大，完全燃烧相同质量的天然气和其他燃料相比，天然气放出的热量多。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。
4．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC.冰壶在水平冰面上沿直线滑动的过程中，若冰面粗糙程度相同，水平面上压力等于重力，重力不变，压力也不变，所以所受滑动摩擦力大小不变，故A错误，C正确；
B.惯性是物体本身的一种属性，仅与物体的质量有关，与物体的速度大小、是否受力无关，冰壶运动过程中，质量不变，惯性不变，故B错误；
D.冰壶在滑行过程中，竖直方向上的重力和支持力互为平衡力，大小相等，方向相反，重力不变，支持力不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；
（2）惯性是物体本身的一种属性，仅与物体的质量有关，与物体的速度大小、是否受力无关；
（3）物体的重力与质量成正比；
（4）根据二力平衡条件分析。
5．【答案】A
【知识点】半导体特点及作用；超导体特点及作用；信息与信息传播；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.因月球引力的变化引起潮汐现象，潮汐导致海水平面周期性地升降，因海水涨落及潮水流动所产生的能最称为潮汐能，故A正确；
B.超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，超导体不能用来制作电热器的发热元件，故B错误；
C. 手机通信是用电磁波传递信号的，故C错误；
D.光纤通信是利用光的全反射原理来传递信息的，故D错误。
故选A。
【分析】（1）潮汐能是由月球的引力变化而形成的；
（2）超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热；
（3）移动通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大；
（4）光纤通信是利用光的全反射原理来传递信息的。
6．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】A.图为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不同，故A不符合题意；
B.图中是发电机的原理图，发电机是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，与电磁弹射器工作原理不同，故B不符合题意；
C.图为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故C不符合题意；
D.图中是探究通电导体在磁场中受到力的作用，与电磁弹射器工作原理相同，故D符合题意。
故选D。
【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
7．【答案】C
【知识点】光的折射现象及其应用；力的作用效果；增大或减小摩擦的方法；声音的传播条件；回声测距离的应用
【解析】【解答】A.图甲中“折断”的铅笔是发生了折射现象，这是由于光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角 ，导致我们看到的铅笔位置发生了偏移，故A错误；
B.图乙中，声呐利用声波的回声定位原理来探测海底。然而，由于声音无法在真空中传播，因此声呐不能用于测量地球和月亮之间的距离，故B错误；
C.图丙中，踢飞的足球在空中飞行时，主要受到重力的作用，重力改变了足球的速度大小和方向，使其做曲线运动，这说明力可以改变物体 的运动状态，故C正确；
D.图丁中，给自行车加润滑油，是在接触面之间形成一层油膜，使接触面彼此分离，从而减小摩擦，而不是通过减小压力的方式，故D错误。
故选C。
【分析】（1）光从空气中斜射入玻璃中时，折射角小于入射角；光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角。
（2）真空不能传声。
（3）力可以改变物体的运动状态；运动状态的改变自括速度大小和运动方向的改变。
（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力、减小摩擦力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度、减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
8．【答案】热传递；弱；2.8×107
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值
【解析】【解答】肉在火上烤，肉吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递的方式改变物体的内能；
烧烤用的铁签通常带有木柄，木柄处温度较低，是因为木头的导热性比铁弱；
0.8kg木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=0.8kg×3.5×107J/kg=2.8×107J。
故答案为：热传递；弱；2.8×107。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
金属是热的良导体，木头是热的不良导体、导热性差；
利用Q放=mq计算0.8kg木炭完全燃烧放出的热量。
9．【答案】连通器；扩散；小于
【知识点】连通器原理及其应用；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】 茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的；
茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；
根据物体的浮沉条件可知，茶叶在水中下沉，是因为茶叶受到的浮力小于重力。
故答案为：连通器；扩散；小于。
【分析】上端开口、下部相连通的容器叫连通器，生活中常见的连通器：茶壶、锅炉水位计、过路涵洞、船闸等。
分子处于永不停息地无规则运动中。
在水中下沉的物体所受的浮力小于自身的重力。
10．【答案】>；=
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】左图为定滑轮，使用定滑轮不能改变力的大小（即不能省力），不计绳重和摩擦，因此F1=G；
右图为动滑轮，使用动滑轮可以省一半力，因此
，
因为物体重力大于滑轮重力，不计绳重和摩擦，所以拉力F1＞F2；
定滑轮A可以看做等臂杠杆；
甲、乙两个装置做的有用功均为重力做的功，均为W有=Gh，故W1=W2。
故答案为：＞； A； =。
【分析】由图示滑轮确定滑轮的类型，求出拉力大小，然后比较拉力的大小；
定滑轮实质是动力臂等于阻力臂的等臂杠杆；
根据W有=Gh可知两者所做有用功相同。
11．【答案】内；液化；调高
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】白雾的实质是空气中的水蒸气液化成的小水滴，展示柜外温度低，展示柜内空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃，会在玻璃内侧发生液化，温度升高会加快水的蒸发速度，此时应将车内温度或挡风玻璃温度调高。
故答案为：内；液化；调高。
【分析】白雾的实质是空气中的水蒸气液化成的小水滴，高温一侧的水蒸气遇到温度较低的玻璃发生液化。
12．【答案】虚；1；5
【知识点】凸透镜成像的应用；长度的估测
【解析】【解答】根据图示分析，指甲与凸透镜的距离小于一倍焦距，此时凸透镜起到放大镜作用，形成正立、放大的虚像。成年人指甲盖的典型宽度约为1厘米。
当物距小于焦距时，实际应用中凸透镜到指甲的距离约为1厘米，因此应选择焦距为5厘米的凸透镜。
【分析】透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；据图可知，利用放大镜进行剪指甲，此时物距小于一倍焦距，成整理的、放大的虚像。
13．【答案】压强；变小；不变
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；压强
【解析】【解答】当行人走过地面时，往往会在雪地上留下了深浅不同的脚印，说明他们对地面的压力作用效果不同，即压强不同；
冰雪熔化后，状态发生变化，物质多少没有变化，所以质量不变；雪完全化成水，密度变大，由可知体积变小。
故答案为：压强；变小；不变。
【分析】压强是表示压力作用效果（形变效果）的物理量。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
雪完全熔化成水，状态发生变化，物质多少没有变化，所以质量不变，密度变大，利用得出体积变化。
14．【答案】裂变；质子；电磁波
【知识点】核裂变；电磁波在日常生活中的应用；原子结构
【解析】【解答】用中子轰击铀核，会使铀核分裂成两个或多个中等质量的原子核，并释放出大量能量和新的中子，这种反应叫做裂变。而聚变是多个较轻的原子核在高温、高压和高密度条件下聚合成较重的原子核，核潜艇核反应堆利用的是裂变反应。
铀-235 的原子核由质子和中子构成。
潜艇与卫星通信时需发射电磁波传递信息。电磁波可以在真空中传播，传播速度快，适合远距离通信。而声波需要介质传播，在太空中无法传播，不能用于潜艇与卫星间的通信。
故答案为：裂变；质子；电磁波。
【分析】用中子轰击铀核，会使铀核分裂成两个或多个中等质量的原子核，并释放出大量能量和新的中子，这种反应叫做裂变。
铀-235 的原子核由质子和中子构成。
潜艇与卫星通信时需发射电磁波传递信息。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；家庭电路的连接；磁感线及其特点；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，据此可知左侧磁极为N极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的上端为S极，下端为N极，如图所示：
（2） 开关与所控制的灯泡串联在火线和零线之间，且把开关接在火线上，螺口灯泡的螺旋金属应接在零线上，如图所示：
（3）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像，如图所示：
【分析】（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，据此判断出磁极极性；再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的磁极。
（2）家庭电路中，为保证安全，火线必须通过开关连接到电灯泡的顶端接触点。
（3）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
16．【答案】10.0；337.5；48
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】图甲中刻度尺的分度值为1cm，透镜在50.0cm处，透镜的焦点在60.0cm处，透镜的焦距为：
f=60.0cm-50.0cm=10.0cm；
图乙中，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min。在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即秒表的读数为5min37.5s=337.5s。
图丙中，温度计的分度值为1℃，示数为48℃。
故答案为：10.0；337.5；48。
【分析】 使用刻度尺时要明确量程和分度值，物体长度的一端从0刻度线开始，读出物体另一端对应刻度值，就是物体的长度；物体的一端没有从0刻度线开始的，用物体长度两端对应的刻度值之差即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位。
停表中间的小表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
温度计读数时要先根据液柱上表面附近标注数字的大小关系确定标注数字是零上还是零下，再确定分度值，然后根据液柱上表面对应的刻度读出此时测量的温度值。
17．【答案】（1）乙
（2）99；低于；不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）水沸腾前，气泡上升过程中不断减小，故甲是沸腾前；水沸腾时，气泡上升过程中不断增大，故乙是沸腾时。
（2）由图可知，当水的温度达到99℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，其特点是吸热温度保持不变，水的沸点是99℃；水在标准大气压下的沸点是100℃，液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低，所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压。
故答案为：（1）乙；（2）99；低于；不变。
【分析】（1）水沸腾前，气泡上升过程中不断减小；水沸腾时。气泡上升过程中不断增大；
（2）水沸腾时特点是持续吸热，温度保持不变，水在标准大气压下的沸点是100℃，液体的沸点随着表面气压的增大而升高。
18．【答案】（1）
（2）右
（3）0.25；10；变大
（4）A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）该实验是“探究小灯泡电阻特性”的实验，通过电压表和电流表分别测量小灯泡的电压和电流， 从而测量小灯泡的电阻大小，所以实验原理是；
（2）小灯泡额定电压为2.5V，当前电压表示数为1.5V，低于额定电压，那么根据串联电路分压原 理和分压规律可知，要增大灯泡两端电压，就需 要减小滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片P应向右移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电压为2.5V时，电流为0.25A。 根据可得此时小灯泡的电阻为：
；
分析I-U图像可知，随着电压升高，图像的倾斜程度逐渐变小，说明小灯泡的电阻随电压的升高而变大。
（4） 本实验多次测量是为了寻找普遍规律；
A.在测量物体的长度的实验中，多次测量是为了减小误差，与本实验不相同，故A符合题意；
B.在探究杠杆的平衡条件实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验相同，故B不符合题意；
C.在探究液体压强与深度的关系的实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验不同，故C不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.25；10；变大；（4）A。
【分析】（1）测灯泡正常工作时电阻的实验原理是；
（2） 根据电压表的示数，与灯泡的额定电压相比较，根据串联电路的分压特点判断接入电路中的电阻变化，进一步判断滑片移动的方向；
（3）根据灯泡的额定电压和图象读出灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；灯丝的电阻与温度有关，且温度越高阻值越大；
（4） 本实验中为了研究灯丝的电阻随着温度的变化规律：
测物体的长度的实验中，多次测量的目的是为了求平均值以减小误差；
探究杠杆的平衡条件和液体压强与深度的关系时，多次测量的目的是寻找普遍规律。
19．【答案】（1）
（2）将游码移至标尺左端的零刻度线处；右
（3）94；60；1.1×103
（4）C
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）托里拆利实验中，大气压等于液柱产生的压强：
p0=ρ0gh0=ρ液gh1
解得：
（2）由图甲可知，天平放在水平台上后，游码未归零，接下来小明应应将游码移到标尺左端的零刻度线处；
调节后发现指针静止时偏向分度盘中央刻度线左侧，他应将平衡螺母向右端调节， 直至天平横梁水平平衡。
（3）由图乙可知，烧杯与适量液体的总质量为：
m总=50g+20g+20g+4g=94g，
由图丙可知，量筒中液体体积为V=60cm3，接着他用天平测出烧杯和剩余液体的质量为m剩=28g，量筒总液体的质量为：
m=m总-m剩=94g-28g=66g
该液体的密度为：
；
（4）AB.玻璃管的粗细不会改变大气压支撑起的液柱高低，故AB不符合题意；
C.玻璃管上方有空气，导致液柱产生的压强小于大气压，所测h1偏小，由可知，所以密度值计算结果偏大，故C符合题意。
故选C。
故答案为：（1）；（2） 将游码移至标尺左端的零刻度线处；右； （3）94；60；1.1×103；（4）C。
【分析】（1）托里拆利实验中，大气压等于液柱产生的压强p0=ρ0gh0=ρ液gh1；
（2）使用天平时，将天平放在水平桌面上，游码调至标尺左端零刻度线处，若指针不在分度盘的中央，向指针偏转的反方向调节平衡螺母；
（3）烧杯与液体的总质量等于砝码的质量加游码的示数；量筒的分度值可知读出体积；密度等于质量除以体积。
（4）玻璃管上方有空气，导致液柱产生的压强小于大气压，所测h1偏小，由进行分析。
20．【答案】（1）解：小华踮10次脚克服重力所做的功为：
W=Gh=10×480N×0.05m=240J
答：小华踮10次脚克服重力做功240J；
（2）双脚站立与脚踮起站稳两种情况下，小华对地面的压力等于自身重力，即：
F=G=480N，
双脚站立时小华对地面压强为：
，
答：双脚站立时小华对地面压强为8×104Pa；
（3）解：由图可知，O为支点，阻力臂l2=12cm，动力臂：
l1=4cm+12cm=16cm，
根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，F1的大小为：
；
答：F1的大小为180N。
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据W=Gh求出小华踮10次脚克服重力做的功；
（2）双脚站立与脚踮起站稳两种情况下，小华对地面的压力等于自身重力，根据求出双脚站立时小华对地面压强；
（3）由图可知动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2求出F1的大小。
21．【答案】（1）解： 已知保温功率P保=220W，额定电压U=220V，根据公式P=UI可得，电火锅保温状态下电路中的电流是：
答：电火锅保温状态下电路中的电流是1A；
（2）加热状态，开关S、S1闭合，R2被短路，只有R1工作，加热功率P加=1100W，电阻R1的阻值：
，
保温状态，开关S闭合、S1断开，R1与R2串联，保温功率P保=220W，总电阻：
，
串联电路总电阻等于各电阻之和，电阻R2的阻值：
R2=R总-R1=220Ω-44Ω=176Ω；
答：R2的电阻176Ω；
（3）解：水吸收的热量：
加热功率P加热=1100W，加热时间t=5min=300s，电火锅消耗的电能：
W=P加热t=1100W×300s=3.3×105J
电火锅的效率为：
答：电火锅的效率70%。
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】当S、S1都闭合，使R2被短路，只有R1工作，电路电阻最小、功率最大，电火锅处于加热挡；当S闭合、S1断开，R1与R2串联，电路电阻最大、功率最小，电火锅处于保温挡；
（1）已知保温功率，电源电压，由得到电火锅保温状态下电路中的电流；
（2）先算加热时R1的电阻，再算保温时串联总电阻，最后用总电阻减R1，得到R2的阻值；
（3）先利用比热容的公式Q=cmΔt计算水从45℃升到95℃需要吸收的热量，再算加热挡工作5分钟消耗的电能，最后用求出电火锅的效率。
22．【答案】（1）开关；滑动变阻器；机械
（2）静止；非平衡；压力
（3）A
【知识点】能量的转化或转移；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择；电路的构成及电路图
【解析】【解答】（1）电动自行车钥匙在电路中起控制作用，相当于电路中的开关；
向后旋转右侧把手车子就能前进，且旋转的角度越大车速越快，则右把手能改变电路中的电流，说明可改变电路的电阻大小，所以这右把手就相当于一只滑动变阻器；
电动自行车行驶时将电能主要转化为机械能；
（2）若以外卖员的电动自行车为参照物，外卖员与电动自行车之间的位置没有发生变化，因此外卖员是静止的；
外卖员骑着电动自行车匀速转弯时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，因此电动自行车受非平衡力；
用力按手柄刹车时，增大了刹车皮与车轮之间的压力，从而增大了摩擦力。
（3）电动自行车左右两个刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作，说明两个开关是串联的，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）开关；滑动变阻器；机械；（2）静止；非平衡；压力；（3）A。
【分析】（1）开关能起到控制电路通断的作用；滑动变阻器可以改变通过用电器的电流；电动自行车行驶过程中将电能转化为机械能；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
物体处于平衡状态时，受到 的力是平衡力（合力为零）；处于非平衡状态 时，受到的力是非平衡力（合力不为零）；
增大摩擦力的方法：摩擦力的大小与压力大 小和接触面的粗糙程度有关；
（3） 任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作，为串联。
23．【答案】（1）缩小
（2）变大
（3）电；A
（4）B
（5）10；30
（6）串联；4：1
（7）3000；9000
【知识点】凸透镜成像的应用；机械能及其转化；能量的转化或转移；飞机的升力；电功的计算
【解析】【解答】（1）无人机拍摄时相当于照相机，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像。
（2）无人机向上匀速飞行时，由于质量和速度不变，故无人机的动能不变，无人机的高度升高，无人机的重力势能增大，故无人机的机械能变大。
（3）锂离子电池放电工作时，通过化学反应将化学能转化为电能。
根据题图可知，放电时锂离子由B向A移动， 锂离子带正电，故电池内部的电流方向由B流向 A，电源内部的电流方向是由负极流向正极，故A是锂电池的正极。
（4）无人机垂直起飞时，增大四个旋翼的转速，旋翼对下方空气施力，产生向下的推力，由于物体间力的作用是相互的，空气对无人机产生向上的推力，无人机就会上升。
A.A图是利用流体压强与流速的关系产生向上的升力，故A不符合题意；
B.B图是利用物体间力的作用是相互的，使两船都向后退，故B符合题意。
故选B。
（5）根据题意可知，上升阶段可视为以最大速度匀速直线上升，根据可得无人机上升到60m 高度所用的时间：
无人机悬停时，处于平衡状态，根据二力平衡条件可得，向上的升力：
F=G=mg=3kg×10N/kg =30N
（6）根据题意可知， 电动机在工作时，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机两端电压保持在 ，则电调与电动机串联，若是并联，则互不影响，无法控制电动机两端的电压。
根据串联电路的电压关系可得电调两端的电压：
U调=U一U动=15V-12V=3V，
由于串联电路中电流处处相等，根据P=UI可得，电动机和电调的电功率之比：
（7）根据二力平衡可得，无人机匀速直线上升过程中的动力：
F动=G+f =mg+f =3kg×10N/kg+15N=45N
电动机做的功：
W=Fs=45N×60m=2700J
消耗的电能：
无人机悬停50s时消耗的电能：
W2=P总t=4P动t =4×30Wx50s=6000J
故无人机从起飞到悬停结束消耗的总电能：
W总=W1+W2=3000J+6000J =9000J
故答案为：（1）缩小；（2）变大；（3）电；A；（4）B；（5）10；30；（6）串联；4：1；（7）3000；9000。
【分析】（1）当物距u>2f时，2f>v>f(u>v)，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（2）机械能等于动能和势能之和。动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关。
（3）电池放电时将化学能转化为电能，电源外部，电流从电源的正极出发经过用电器回到电源的负极；电源内部，电流从负极流向正极。
（4）物体间力的作用是相互的。
（5）根据求出时间；根据二力平衡条件求出向上的升力。
（6）串联电路中各电路元件相互影响，不能独立工作；并联电路中各电路元件互不影响，能独立工作；根据P=UI结合串联电路电流的特点求出电动机和电调的电功率之比。
（7）根据二力平衡求出无人机匀速直线上升过程中的动力，根据W=Fs求出消耗的电能，利用求出该无人机在上升过程中电动机消耗的电能；利用W=Pt求出无人机悬停50s时消耗的电能，无人机从起飞到悬停结束消耗的总电能W总=W1+W2。
1 / 1广东省茂名市高州市2026年中考级物理模拟试卷
1．生活中许多“吸”的现象，下列现象中的“吸”是因为大气压的是
A．磁性冰箱贴“吸”附在金属门上
B．吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上
C．电视屏幕“吸”附灰尘
D．冻肉“吸”住湿毛巾
【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【解答】A.磁性冰箱贴“吸”附在金属门上，是因为物体有磁性，故A错误；
B.吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上，是因为大气压强，故B正确；
C.电视屏幕“吸”附灰尘是因为带电体能吸引轻小物体，故C错误；
D.冻肉“吸”住湿毛巾，这是凝固现象，故D错误。
故选B。
【分析】（1）磁体具有磁性；
（2）吸盘挂钩“吸”在光滑墙面上是因为大气压强；
（3）带电体能吸引轻小物体；
（4）凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热。
2．小名同学观看高州木偶戏时，能隔着布帘听到打鼓声和二胡声，他能分辨的原因是
A．音调 B．频率 C．音色 D．响度
【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】鼓和二胡的材料和结构不同，能分辨的原因是它们的音色不同，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】声音的三个特性分别为音调、响度和音色，音调指的声音的高低，响度指的是声音的大小，音色是声音的品质和特性，据此分析。
3．在跨学科实践活动中，小悦调查“家用燃料的变迁史”时发现，她家用燃料出现了如图所示的变迁，从柴草到天然气的变迁主要是因为它的
A．热值较大 B．内能较大 C．密度较小 D．热量较大
【答案】A
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】天然气的热值较大，完全燃烧相同质量的天然气和其他燃料相比，天然气放出的热量多。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。
4．冰壶在水平冰面上沿直线滑动的过程中，若冰面粗糙程度相同，则下列说法正确的是
A．冰壶受到的摩擦力逐渐增大
B．冰壶的惯性逐渐减小
C．冰壶受到的重力保持不变
D．冰壶受到地面的支持力先增大后减小
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC.冰壶在水平冰面上沿直线滑动的过程中，若冰面粗糙程度相同，水平面上压力等于重力，重力不变，压力也不变，所以所受滑动摩擦力大小不变，故A错误，C正确；
B.惯性是物体本身的一种属性，仅与物体的质量有关，与物体的速度大小、是否受力无关，冰壶运动过程中，质量不变，惯性不变，故B错误；
D.冰壶在滑行过程中，竖直方向上的重力和支持力互为平衡力，大小相等，方向相反，重力不变，支持力不变，故D错误。
故选C。
【分析】（1）滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；
（2）惯性是物体本身的一种属性，仅与物体的质量有关，与物体的速度大小、是否受力无关；
（3）物体的重力与质量成正比；
（4）根据二力平衡条件分析。
5．能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。以下关于能源、信息和材料的论述正确的是
A．潮汐能主要来源于月球的引力
B．超导材料可以用于电热器的发热元件
C．手机通信是用超声波传递信号的
D．光纤通信是利用光的折射传递信息
【答案】A
【知识点】半导体特点及作用；超导体特点及作用；信息与信息传播；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A.因月球引力的变化引起潮汐现象，潮汐导致海水平面周期性地升降，因海水涨落及潮水流动所产生的能最称为潮汐能，故A正确；
B.超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热，超导体不能用来制作电热器的发热元件，故B错误；
C. 手机通信是用电磁波传递信号的，故C错误；
D.光纤通信是利用光的全反射原理来传递信息的，故D错误。
故选A。
【分析】（1）潮汐能是由月球的引力变化而形成的；
（2）超导材料电阻为零，电流流过导体时，导体不发热；
（3）移动通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大；
（4）光纤通信是利用光的全反射原理来传递信息的。
6．2025年3月，我国福建号航母成功进行舰载机电磁弹射试验。如图是航母舰载机起飞电磁弹射器，它的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，舰载机受到强推力而快速起飞。下列各选项中与电磁弹射器工作原理相同的是
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应
【解析】【解答】A.图为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不同，故A不符合题意；
B.图中是发电机的原理图，发电机是利用电磁感应原理工作的，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，与电磁弹射器工作原理不同，故B不符合题意；
C.图为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故C不符合题意；
D.图中是探究通电导体在磁场中受到力的作用，与电磁弹射器工作原理相同，故D符合题意。
故选D。
【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
7．有关下列图片中的物理现象，解释正确的是
A．图甲：“折断”的铅笔是发生了折射现象，光从空气斜射人水中时折射角大于入射角
B．图乙：渔船通过声呐来探测海底，我们也可以用声呐来测量地球和月亮之间的距离
C．图丙：踢飞的足球一直受到重力的作用做曲线运动，说明力可以改变物体的运动状态
D．图丁：给自行车加润滑油是通过减小压力的方式减小摩擦
【答案】C
【知识点】光的折射现象及其应用；力的作用效果；增大或减小摩擦的方法；声音的传播条件；回声测距离的应用
【解析】【解答】A.图甲中“折断”的铅笔是发生了折射现象，这是由于光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角 ，导致我们看到的铅笔位置发生了偏移，故A错误；
B.图乙中，声呐利用声波的回声定位原理来探测海底。然而，由于声音无法在真空中传播，因此声呐不能用于测量地球和月亮之间的距离，故B错误；
C.图丙中，踢飞的足球在空中飞行时，主要受到重力的作用，重力改变了足球的速度大小和方向，使其做曲线运动，这说明力可以改变物体 的运动状态，故C正确；
D.图丁中，给自行车加润滑油，是在接触面之间形成一层油膜，使接触面彼此分离，从而减小摩擦，而不是通过减小压力的方式，故D错误。
故选C。
【分析】（1）光从空气中斜射入玻璃中时，折射角小于入射角；光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角。
（2）真空不能传声。
（3）力可以改变物体的运动状态；运动状态的改变自括速度大小和运动方向的改变。
（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力、减小摩擦力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度、减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
8．在烧烤的热闹摊位上，摊主把鲜嫩的肉串放在炭火上烤制，这是通过　 　的方式改变物体内能；烧烤用的铁签通常带有木柄，木柄处温度较低是因为木头的导热性比铁　 　（选填“强”或“弱”)；烧烤过程中完全燃烧0.8kg的木炭放出的热量为　 　J(木炭的热值是3.5 ×107J/kg)。
【答案】热传递；弱；2.8×107
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值
【解析】【解答】肉在火上烤，肉吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递的方式改变物体的内能；
烧烤用的铁签通常带有木柄，木柄处温度较低，是因为木头的导热性比铁弱；
0.8kg木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=0.8kg×3.5×107J/kg=2.8×107J。
故答案为：热传递；弱；2.8×107。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
金属是热的良导体，木头是热的不良导体、导热性差；
利用Q放=mq计算0.8kg木炭完全燃烧放出的热量。
9．如图所示的茶壶，壶嘴与壶身构成　 　。向放有茶叶的壶中倒人热水，水的颜色逐渐变深，茶香四溢，这是　 　现象。当水面上的茶叶渐渐变大，缓缓下落时，茶叶受到的浮力　 　（填“大于”“等于”或“小于”)其重力。
【答案】连通器；扩散；小于
【知识点】连通器原理及其应用；物体的浮沉条件及其应用；分子热运动
【解析】【解答】 茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的；
茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；
根据物体的浮沉条件可知，茶叶在水中下沉，是因为茶叶受到的浮力小于重力。
故答案为：连通器；扩散；小于。
【分析】上端开口、下部相连通的容器叫连通器，生活中常见的连通器：茶壶、锅炉水位计、过路涵洞、船闸等。
分子处于永不停息地无规则运动中。
在水中下沉的物体所受的浮力小于自身的重力。
10．用图中两个相同滑轮A、B匀速提起同一物体C，物体重力大于滑轮重力，不计摩擦和绳重，绳端拉力分别为F1和F2.，则F1　 　F2，(选填“<”、“>”或“=”)；滑轮可以看作等臂杠杆；在将物体C匀速提升相同高度的过程中，拉力所做的有用功分别为W1和W2，则W1　 　W2，（选填“<”、“>”或“=”）。
【答案】>；=
【知识点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；动滑轮拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】左图为定滑轮，使用定滑轮不能改变力的大小（即不能省力），不计绳重和摩擦，因此F1=G；
右图为动滑轮，使用动滑轮可以省一半力，因此
，
因为物体重力大于滑轮重力，不计绳重和摩擦，所以拉力F1＞F2；
定滑轮A可以看做等臂杠杆；
甲、乙两个装置做的有用功均为重力做的功，均为W有=Gh，故W1=W2。
故答案为：＞； A； =。
【分析】由图示滑轮确定滑轮的类型，求出拉力大小，然后比较拉力的大小；
定滑轮实质是动力臂等于阻力臂的等臂杠杆；
根据W有=Gh可知两者所做有用功相同。
11．某同学把刚做好的热蛋挞放进玻璃展示柜，玻璃柜的　 　（选填“内”或“外”）侧水蒸气容易　 　（填物态变化的名称）出现一层白雾，此时可以把展示柜的温度」　 　（选填“调低”或“调高”，让白雾快速消失。
【答案】内；液化；调高
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】白雾的实质是空气中的水蒸气液化成的小水滴，展示柜外温度低，展示柜内空气中的水蒸气遇到温度较低的玻璃，会在玻璃内侧发生液化，温度升高会加快水的蒸发速度，此时应将车内温度或挡风玻璃温度调高。
故答案为：内；液化；调高。
【分析】白雾的实质是空气中的水蒸气液化成的小水滴，高温一侧的水蒸气遇到温度较低的玻璃发生液化。
12．如图是某款加装了凸透镜的指甲剪。凸透镜成指甲正立、放大的　 　像，成人指甲盖的宽度约为　 　（填“1”或“5”）cm，该凸透镜的焦距可能为　 　（填“1”或“5”）cm。
【答案】虚；1；5
【知识点】凸透镜成像的应用；长度的估测
【解析】【解答】根据图示分析，指甲与凸透镜的距离小于一倍焦距，此时凸透镜起到放大镜作用，形成正立、放大的虚像。成年人指甲盖的典型宽度约为1厘米。
当物距小于焦距时，实际应用中凸透镜到指甲的距离约为1厘米，因此应选择焦距为5厘米的凸透镜。
【分析】透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；据图可知，利用放大镜进行剪指甲，此时物距小于一倍焦距，成整理的、放大的虚像。
13．随着冬季的来临，我国北方普遍出现降雪天气，当行人走过雪地时，往往会在雪地上留下了深浅不同的脚印，说明他们对地面的　 　不同。冰雪熔化后，其体积　 　，质量　 　（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）
【答案】压强；变小；不变
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；压强
【解析】【解答】当行人走过地面时，往往会在雪地上留下了深浅不同的脚印，说明他们对地面的压力作用效果不同，即压强不同；
冰雪熔化后，状态发生变化，物质多少没有变化，所以质量不变；雪完全化成水，密度变大，由可知体积变小。
故答案为：压强；变小；不变。
【分析】压强是表示压力作用效果（形变效果）的物理量。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
雪完全熔化成水，状态发生变化，物质多少没有变化，所以质量不变，密度变大，利用得出体积变化。
14．核潜艇是我国海军的重要组成部分。核潜艇的核反应堆是用中子轰击铀核，使其发生　 　（选填“裂变”或“聚变”），从而释放核能，其燃料铀-235的原子核由　 　和中子构成。潜艇与卫星通信时需发射　 　（选填“声波”或“电磁
波”)传递信息。
【答案】裂变；质子；电磁波
【知识点】核裂变；电磁波在日常生活中的应用；原子结构
【解析】【解答】用中子轰击铀核，会使铀核分裂成两个或多个中等质量的原子核，并释放出大量能量和新的中子，这种反应叫做裂变。而聚变是多个较轻的原子核在高温、高压和高密度条件下聚合成较重的原子核，核潜艇核反应堆利用的是裂变反应。
铀-235 的原子核由质子和中子构成。
潜艇与卫星通信时需发射电磁波传递信息。电磁波可以在真空中传播，传播速度快，适合远距离通信。而声波需要介质传播，在太空中无法传播，不能用于潜艇与卫星间的通信。
故答案为：裂变；质子；电磁波。
【分析】用中子轰击铀核，会使铀核分裂成两个或多个中等质量的原子核，并释放出大量能量和新的中子，这种反应叫做裂变。
铀-235 的原子核由质子和中子构成。
潜艇与卫星通信时需发射电磁波传递信息。
15．
（1）下图画出了两个磁极间的磁感线。请将磁体和小磁针的磁极分别标注在图中的（　　）。
（2）请用笔画线表示导线，将图中的灯泡和开关正确接人家庭电路中。
（3）如图a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像，用AB表示站在平面镜前的顾客，在图b中画出其在镜中的像
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；家庭电路的连接；磁感线及其特点；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，据此可知左侧磁极为N极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的上端为S极，下端为N极，如图所示：
（2） 开关与所控制的灯泡串联在火线和零线之间，且把开关接在火线上，螺口灯泡的螺旋金属应接在零线上，如图所示：
（3）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像，如图所示：
【分析】（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，据此判断出磁极极性；再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的磁极。
（2）家庭电路中，为保证安全，火线必须通过开关连接到电灯泡的顶端接触点。
（3）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
16．按要求完成下列小题。
图甲中透镜的焦距为　 　cm，图乙停表的读数为　 　s。图丁温度计的示数为　 　℃。
【答案】10.0；337.5；48
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】图甲中刻度尺的分度值为1cm，透镜在50.0cm处，透镜的焦点在60.0cm处，透镜的焦距为：
f=60.0cm-50.0cm=10.0cm；
图乙中，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min。在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即秒表的读数为5min37.5s=337.5s。
图丙中，温度计的分度值为1℃，示数为48℃。
故答案为：10.0；337.5；48。
【分析】 使用刻度尺时要明确量程和分度值，物体长度的一端从0刻度线开始，读出物体另一端对应刻度值，就是物体的长度；物体的一端没有从0刻度线开始的，用物体长度两端对应的刻度值之差即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位。
停表中间的小表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
温度计读数时要先根据液柱上表面附近标注数字的大小关系确定标注数字是零上还是零下，再确定分度值，然后根据液柱上表面对应的刻度读出此时测量的温度值。
17．小明在做探究“水的沸腾”的实验时，采用了如图所示的装置，并实时记录温度随时间变化的数据。
（1）甲和乙所示，图　 　是水在沸腾时的情况。
（2）由图丙可知，水的沸点是　 　，水面当时的大气压　 　（选填“高于”“低于”或“等于”)标准大气压；水沸腾过程中不断吸热，温度　 　（选填“升高”“降低”或者“不变”）
【答案】（1）乙
（2）99；低于；不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）水沸腾前，气泡上升过程中不断减小，故甲是沸腾前；水沸腾时，气泡上升过程中不断增大，故乙是沸腾时。
（2）由图可知，当水的温度达到99℃时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，其特点是吸热温度保持不变，水的沸点是99℃；水在标准大气压下的沸点是100℃，液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低，所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压。
故答案为：（1）乙；（2）99；低于；不变。
【分析】（1）水沸腾前，气泡上升过程中不断减小；水沸腾时。气泡上升过程中不断增大；
（2）水沸腾时特点是持续吸热，温度保持不变，水在标准大气压下的沸点是100℃，液体的沸点随着表面气压的增大而升高。
18．某中学九年级物理社团开展“探究小灯泡电阻特性”的活动，成员们发现：日常使用的灯泡，在开灯瞬间容易烧坏，这和灯丝温度变化导致电阻改变有关。为了深入研究，他们选用额定电压为2.5V的小灯泡，设计了如图甲所示的实验电路图，同时测出小灯泡在不同电压下的电流值，绘制出如图乙所示的[-U关系图像。请根据实验情景和图像回答下列问题：
（1）该实验原理是　 　。
（2）当电压表示数为1.5V时，为使小灯泡正常发光，滑片P应向　 　（选填“左”或“右”)移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电流为　 　A，此时小灯泡的电阻为　 　Ω，分析I-U图像可知，小灯泡的电阻随电压的升高而　 　（选填“变大”或“变小”）。
（4）本实验测量了多组数据，下列实验中多次测量的目的与本实验不相同的是____。
A．测量物体的长度
B．探究杠杆的平衡条件
C．探究液体压强与深度的关系
【答案】（1）
（2）右
（3）0.25；10；变大
（4）A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）该实验是“探究小灯泡电阻特性”的实验，通过电压表和电流表分别测量小灯泡的电压和电流， 从而测量小灯泡的电阻大小，所以实验原理是；
（2）小灯泡额定电压为2.5V，当前电压表示数为1.5V，低于额定电压，那么根据串联电路分压原 理和分压规律可知，要增大灯泡两端电压，就需 要减小滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片P应向右移动。
（3）由图乙可知，小灯泡正常发光时的电压为2.5V时，电流为0.25A。 根据可得此时小灯泡的电阻为：
；
分析I-U图像可知，随着电压升高，图像的倾斜程度逐渐变小，说明小灯泡的电阻随电压的升高而变大。
（4） 本实验多次测量是为了寻找普遍规律；
A.在测量物体的长度的实验中，多次测量是为了减小误差，与本实验不相同，故A符合题意；
B.在探究杠杆的平衡条件实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验相同，故B不符合题意；
C.在探究液体压强与深度的关系的实验中，多次测量是为了寻找普遍规律，与本实验不同，故C不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）；（2）右；（3）0.25；10；变大；（4）A。
【分析】（1）测灯泡正常工作时电阻的实验原理是；
（2） 根据电压表的示数，与灯泡的额定电压相比较，根据串联电路的分压特点判断接入电路中的电阻变化，进一步判断滑片移动的方向；
（3）根据灯泡的额定电压和图象读出灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；灯丝的电阻与温度有关，且温度越高阻值越大；
（4） 本实验中为了研究灯丝的电阻随着温度的变化规律：
测物体的长度的实验中，多次测量的目的是为了求平均值以减小误差；
探究杠杆的平衡条件和液体压强与深度的关系时，多次测量的目的是寻找普遍规律。
19．在一次物理实验活动中，小明需要测量一种未知液体的密度。他计划用两种不同的方法进行测量，并比较结果：先利用托里拆利实验的原理制作简易气压计进行推算，再使用天平和量筒进行常规测量验证。回答下列问题：
（1）小明首先利用如图所示的托里拆利实验装置进行测量。他将一根长约1m的玻璃管内装满水银，倒置在水银槽中，测得管内水银柱的高度为h0，随后，小明用足够长的玻璃管和相同的操作方法，将水银替换为待测液体，在同一环境下测得管内液柱的高度为h1。根据两次测量情况，推导出待测液体密度的表达式ρ液=　 　。(已知水银的密度为ρ0。用ρ0h0h1表示）
（2）为验证上述结果，小明用天平和量筒再次测量该液体密度。将天平放在水平台上，观察到天平如图甲所示，接下来小明应　 　；调节后发现指针静止时偏向分度盘中央刻度线左侧，他应将平衡螺母向　 　端调节，直至天平横梁水平平衡。
（3）天平调平后，小明先测出烧杯与适量液体的总质量，砝码及游码位置如图乙所示，其读数为　 　g。然后，他将烧杯中的部分液体倒人量筒中，量筒内液面位置如图丙所示，则量筒中液体体积为　 　cm3.接着他用天平测出烧杯和剩余液体的质量为28g，请根据以上数据，计算出该液体的密度为　 　kg/m3。
（4）小明发现，用“简易气压计法”测得的密度值比用“常规测量法”测得的密度值偏大。请你分析在利用气压计测量该种液体密度时，一种可能的原因是____
A．使用的玻璃管内径变大了
B．使用的玻璃管内径变小了
C．使用的玻璃管内混入了空气
【答案】（1）
（2）将游码移至标尺左端的零刻度线处；右
（3）94；60；1.1×103
（4）C
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）托里拆利实验中，大气压等于液柱产生的压强：
p0=ρ0gh0=ρ液gh1
解得：
（2）由图甲可知，天平放在水平台上后，游码未归零，接下来小明应应将游码移到标尺左端的零刻度线处；
调节后发现指针静止时偏向分度盘中央刻度线左侧，他应将平衡螺母向右端调节， 直至天平横梁水平平衡。
（3）由图乙可知，烧杯与适量液体的总质量为：
m总=50g+20g+20g+4g=94g，
由图丙可知，量筒中液体体积为V=60cm3，接着他用天平测出烧杯和剩余液体的质量为m剩=28g，量筒总液体的质量为：
m=m总-m剩=94g-28g=66g
该液体的密度为：
；
（4）AB.玻璃管的粗细不会改变大气压支撑起的液柱高低，故AB不符合题意；
C.玻璃管上方有空气，导致液柱产生的压强小于大气压，所测h1偏小，由可知，所以密度值计算结果偏大，故C符合题意。
故选C。
故答案为：（1）；（2） 将游码移至标尺左端的零刻度线处；右； （3）94；60；1.1×103；（4）C。
【分析】（1）托里拆利实验中，大气压等于液柱产生的压强p0=ρ0gh0=ρ液gh1；
（2）使用天平时，将天平放在水平桌面上，游码调至标尺左端零刻度线处，若指针不在分度盘的中央，向指针偏转的反方向调节平衡螺母；
（3）烧杯与液体的总质量等于砝码的质量加游码的示数；量筒的分度值可知读出体积；密度等于质量除以体积。
（4）玻璃管上方有空气，导致液柱产生的压强小于大气压，所测h1偏小，由进行分析。
20．小华采用踮脚的方式进行关节柔韧性训练。小华所受的重力G为480N。
（1）若小华每次踮脚，他的重心均升高0.05m，求小华踮10次脚克服重力做功多大？
（2）小华脚踮起站稳时，两鞋底与地面接触的总面积为6×10-3m2。求双脚踮起站稳时，小华对地面压强是多大？
（3）如图所示，小华脚踮起站稳时，相关肌肉骨骼可以看作以0为支点的杠杆，每条腿中肌肉向上的拉力为F1，所克服的阻力为F2，若F2=240N，求F1的大小为多大？
【答案】（1）解：小华踮10次脚克服重力所做的功为：
W=Gh=10×480N×0.05m=240J
答：小华踮10次脚克服重力做功240J；
（2）双脚站立与脚踮起站稳两种情况下，小华对地面的压力等于自身重力，即：
F=G=480N，
双脚站立时小华对地面压强为：
，
答：双脚站立时小华对地面压强为8×104Pa；
（3）解：由图可知，O为支点，阻力臂l2=12cm，动力臂：
l1=4cm+12cm=16cm，
根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，F1的大小为：
；
答：F1的大小为180N。
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据W=Gh求出小华踮10次脚克服重力做的功；
（2）双脚站立与脚踮起站稳两种情况下，小华对地面的压力等于自身重力，根据求出双脚站立时小华对地面压强；
（3）由图可知动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2求出F1的大小。
21．如图是一款具有加热和保温功能的小型电火锅，其电路图如图乙所示，S1为温控开关，从它的说明书上收集到如图丙的数据：
（1）电火锅保温状态下电路中的电流是多少；
（2）计算R2的电阻；
（3）某次使用时，用高温档将1.1kg水从45℃加热到95℃用时5min，求此电火锅的效率是多少 (不计热损失）
【答案】（1）解： 已知保温功率P保=220W，额定电压U=220V，根据公式P=UI可得，电火锅保温状态下电路中的电流是：
答：电火锅保温状态下电路中的电流是1A；
（2）加热状态，开关S、S1闭合，R2被短路，只有R1工作，加热功率P加=1100W，电阻R1的阻值：
，
保温状态，开关S闭合、S1断开，R1与R2串联，保温功率P保=220W，总电阻：
，
串联电路总电阻等于各电阻之和，电阻R2的阻值：
R2=R总-R1=220Ω-44Ω=176Ω；
答：R2的电阻176Ω；
（3）解：水吸收的热量：
加热功率P加热=1100W，加热时间t=5min=300s，电火锅消耗的电能：
W=P加热t=1100W×300s=3.3×105J
电火锅的效率为：
答：电火锅的效率70%。
【知识点】电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】当S、S1都闭合，使R2被短路，只有R1工作，电路电阻最小、功率最大，电火锅处于加热挡；当S闭合、S1断开，R1与R2串联，电路电阻最大、功率最小，电火锅处于保温挡；
（1）已知保温功率，电源电压，由得到电火锅保温状态下电路中的电流；
（2）先算加热时R1的电阻，再算保温时串联总电阻，最后用总电阻减R1，得到R2的阻值；
（3）先利用比热容的公式Q=cmΔt计算水从45℃升到95℃需要吸收的热量，再算加热挡工作5分钟消耗的电能，最后用求出电火锅的效率。
22．电动自行车因为便利被越来越多的人接受，成为重要的代步工具。请回答下面几个问题：
（1）电动自行车启动时，只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，车钥匙的作用相当于电路中的　 　；向后旋转右侧把手车子就能前进，且旋转的角度越大车速越快，右侧把手相当于学生实验电路中的　 　（填电学元件名称）；电动自行车行驶时将电能主要转化为　 　能。
（2）外卖员骑着电动自行车行驶在马路上，若以外卖员的电动自行车为参照物，外卖员是　 　（选填“运动”或“静止”)的。外卖员骑着电动自行车匀速转弯时，电动自行车受　 　（填“平衡”或“非平衡”)力，外卖员发现前面有紧急情况，用力按手柄刹车，这是通过增大　 　来增大摩擦力。
（3）电动自行车左右两个刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是　 　
【答案】（1）开关；滑动变阻器；机械
（2）静止；非平衡；压力
（3）A
【知识点】能量的转化或转移；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择；电路的构成及电路图
【解析】【解答】（1）电动自行车钥匙在电路中起控制作用，相当于电路中的开关；
向后旋转右侧把手车子就能前进，且旋转的角度越大车速越快，则右把手能改变电路中的电流，说明可改变电路的电阻大小，所以这右把手就相当于一只滑动变阻器；
电动自行车行驶时将电能主要转化为机械能；
（2）若以外卖员的电动自行车为参照物，外卖员与电动自行车之间的位置没有发生变化，因此外卖员是静止的；
外卖员骑着电动自行车匀速转弯时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，因此电动自行车受非平衡力；
用力按手柄刹车时，增大了刹车皮与车轮之间的压力，从而增大了摩擦力。
（3）电动自行车左右两个刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作，说明两个开关是串联的，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）开关；滑动变阻器；机械；（2）静止；非平衡；压力；（3）A。
【分析】（1）开关能起到控制电路通断的作用；滑动变阻器可以改变通过用电器的电流；电动自行车行驶过程中将电能转化为机械能；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
物体处于平衡状态时，受到 的力是平衡力（合力为零）；处于非平衡状态 时，受到的力是非平衡力（合力不为零）；
增大摩擦力的方法：摩擦力的大小与压力大 小和接触面的粗糙程度有关；
（3） 任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作，为串联。
23．近年来，多旋翼无人机发展迅速。为此学校物理社团以“无人机的原理与改进”为主题开展跨学科实践活动。
【任务1：研究原理】
无人机由于其机动性和灵活性强，广泛应用在航拍领域、火情勘测等方面。如图所示为某品牌四旋翼无人机。它采用4个电机带动旋翼(螺旋桨）转动，对下方空气施力的同时获得升力。该无人机设有一键起降和返航、空中悬停等功能，携带的摄像机可以进行高清拍摄并实时把信号传到遥控器显示器。
（1）无人机拍摄时所成的像是倒立　 　的实像（填“缩小”、“等大”或“放大”)
（2）无人机在空中匀速向上飞行时，机械能将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）如图为无人机锂电池充电和放电的电路图，当锂离子电池放电工作时，将化学能转化为　 　能，　 　（选填“A”或“B”)是锂电池的正极。
（4）无人机垂直起飞时，增大四个旋翼的转速，无人机就会上升，下列情景中跟此无人机上升原理相同的是____
A．飞机机翼产生向上的升力
B．人向另一船推了一下，两船同时向后运动
（5）【任务2：飞行测试】
该无人机某次试飞时，未开启摄像头，从地面起飞，飞到上空60m高处，然后悬停50s（整个过程四个电动机同时工作）。这一过程可视为以最大速度匀速直线上升，达到60m高处时立即静止(悬停）。下表是该无人机的部分参数，电动机将电能转化为机械能的效率为90%，无人机上升过程中所受的阻力为15N，无人机上升和悬停时电动机的功率是不同的，回答下列问题：(g取10N/kg)
整机质量 3kg 电池额定电压 15V
最大上升速度 6m/s 电动机工作电压 12V
最大下降速度 2m/s 悬停时每个电动机电功率 30W
最大水平速度 16m/s 电动机数量 4
该次试飞，无人机从地面到达60米高度所用的时间是　 　s，该无人机在空中悬停时，产生向上的升力为　 　N。
（6）电池电压为15V，电动机在工作时，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机两端电压保持在12V。每一个电动机连接一个电调，那么电动机和电调的连接方式是　 　（选填“并联”或“串联”）；飞行和悬停时，电源电压全部加在电动机和电调的两端，则电动机和电调的功率之比为　 　
（7）该次试飞，该无人机在上升过程中电动机消耗的电能是　 　J；从起飞到悬停结束，该无人机消耗的总电能是　 　J。
【答案】（1）缩小
（2）变大
（3）电；A
（4）B
（5）10；30
（6）串联；4：1
（7）3000；9000
【知识点】凸透镜成像的应用；机械能及其转化；能量的转化或转移；飞机的升力；电功的计算
【解析】【解答】（1）无人机拍摄时相当于照相机，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像。
（2）无人机向上匀速飞行时，由于质量和速度不变，故无人机的动能不变，无人机的高度升高，无人机的重力势能增大，故无人机的机械能变大。
（3）锂离子电池放电工作时，通过化学反应将化学能转化为电能。
根据题图可知，放电时锂离子由B向A移动， 锂离子带正电，故电池内部的电流方向由B流向 A，电源内部的电流方向是由负极流向正极，故A是锂电池的正极。
（4）无人机垂直起飞时，增大四个旋翼的转速，旋翼对下方空气施力，产生向下的推力，由于物体间力的作用是相互的，空气对无人机产生向上的推力，无人机就会上升。
A.A图是利用流体压强与流速的关系产生向上的升力，故A不符合题意；
B.B图是利用物体间力的作用是相互的，使两船都向后退，故B符合题意。
故选B。
（5）根据题意可知，上升阶段可视为以最大速度匀速直线上升，根据可得无人机上升到60m 高度所用的时间：
无人机悬停时，处于平衡状态，根据二力平衡条件可得，向上的升力：
F=G=mg=3kg×10N/kg =30N
（6）根据题意可知， 电动机在工作时，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机两端电压保持在 ，则电调与电动机串联，若是并联，则互不影响，无法控制电动机两端的电压。
根据串联电路的电压关系可得电调两端的电压：
U调=U一U动=15V-12V=3V，
由于串联电路中电流处处相等，根据P=UI可得，电动机和电调的电功率之比：
（7）根据二力平衡可得，无人机匀速直线上升过程中的动力：
F动=G+f =mg+f =3kg×10N/kg+15N=45N
电动机做的功：
W=Fs=45N×60m=2700J
消耗的电能：
无人机悬停50s时消耗的电能：
W2=P总t=4P动t =4×30Wx50s=6000J
故无人机从起飞到悬停结束消耗的总电能：
W总=W1+W2=3000J+6000J =9000J
故答案为：（1）缩小；（2）变大；（3）电；A；（4）B；（5）10；30；（6）串联；4：1；（7）3000；9000。
【分析】（1）当物距u>2f时，2f>v>f(u>v)，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（2）机械能等于动能和势能之和。动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关。
（3）电池放电时将化学能转化为电能，电源外部，电流从电源的正极出发经过用电器回到电源的负极；电源内部，电流从负极流向正极。
（4）物体间力的作用是相互的。
（5）根据求出时间；根据二力平衡条件求出向上的升力。
（6）串联电路中各电路元件相互影响，不能独立工作；并联电路中各电路元件互不影响，能独立工作；根据P=UI结合串联电路电流的特点求出电动机和电调的电功率之比。
（7）根据二力平衡求出无人机匀速直线上升过程中的动力，根据W=Fs求出消耗的电能，利用求出该无人机在上升过程中电动机消耗的电能；利用W=Pt求出无人机悬停50s时消耗的电能，无人机从起飞到悬停结束消耗的总电能W总=W1+W2。
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