资源简介

福建省厦泉五校2025-2026学年高二下学期期中联考数学试题
一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.已知数列为等差数列，是方程的两个实数根，则( )
A. B. C. D.
2.已知曲线在点处切线的斜率为，则( )
A. B. C. D.
3.已知随机变量服从正态分布，若，则( )
A. B. C. D.
4.用，，，，，可以组成无重复数字且能被整除的三位数的个数是( )
A. B. C. D.
5.甲、乙、丙、丁和戊名学生进行劳动技术比赛，决出第名到第名的名次甲、乙两名参赛者去询问成绩，回答者对甲说“很遗憾，你和乙都没有得到冠军”；对乙说“你当然不会是最差的”从以上回答分析，人的名次排列有种不同情况．
A. B. C. D.
6.已知件产品中有件次品，件正品，检验员从中随机抽取件进行检测，记取到的正品数为，则下列结论正确的是( )
A. B. C. D.
7.已知函数，在上单调递增，则的取值范围是( )
A. B. C. D.
8.甲乙丙三人相互做传球训练，第次由甲将球传出，每次传球时，传球者都等可能地将球传给另外两个人中的任何一人，则次传球后球在甲手中的概率为( )
A. B. C. D.
二、多选题：本题共3小题，共18分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。
9.甲口袋中有个红球，个白球和个黑球，乙口袋中有个红球，个白球和个黑球，先从甲口袋中随机取出一球放入乙口袋，分别以，和表示由甲口袋取出的球是红球，白球和黑球的事件再从乙口袋中随机取出一球，以表示由乙口袋取出的球是红球的事件，则下列结论中正确的是( )
A. ，，是两两互斥的事件 B. 事件与事件相互独立
C. D.
10.已知数列，，，数列满足若在数列中去掉的项，余下的项组成数列，则( )
A. B.
C. D.
11.已知函数是定义在上的奇函数，且当时，，则( )
A. 方程有三个不等实根
B. 是的一个极值点
C. 不等式的解集为
D. 当时，恒成立
三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分。
12.已知的展开式中的系数为，则 ．
13.已知函数，，当函数取最大值时，则 ．
14.一种游戏规则如下：投掷一枚质地均匀的骰子骰子的六个面分别标注的点数为，，，，，，若掷出的点数为，则游戏终止，否则一直进行投掷，直到掷出的点数为，规定最多投掷次游戏强制终止记为投掷骰子的总次数，则的数学期望 用含的式子表示．
四、解答题：本题共5小题，共77分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。
15.本小题分
已知函数的图象经过点，且是的极值点．
求函数的解析式；
求函数的单调区间和最值．
16.本小题分
某同学在上学的路上要经过个十字路口，在每个路口是否遇到红灯相互独立，设该同学在三个路口遇到红灯的概率分别为，，．
求该同学在上学路上恰好遇到一个红灯的概率；
若该同学在上学路上每遇到个红灯，到校打卡时间就会比规定打卡时间晚秒，记该同学某天到校打卡时间比规定时间晚秒，求的分布列和数学期望．
17.本小题分
已知等差数列满足：，．
求的通项公式．
设，求数列的前项和．
18.本小题分
在上海举办的第五届中国国际进口博览会中，硬币大小的无导线心脏起搏器引起广大参会者的关注．这种起搏器体积只有传统起搏器的，其无线充电器的使用更是避免了传统起搏器囊袋及导线引发的相关并发症．在起搏器研发后期，某企业快速启动无线充电器主控芯片试生产，试产期同步进行产品检测，检测包括智能检测与人工抽检．智能检测在生产线上自动完成，包含安全检测、电池检测、性能检测等三项指标，人工抽检仅对智能检测三项指标均达标的产品进行抽样检测，且仅设置一个综合指标，四项指标均达标的产品才能视为合格品．已知试产期的产品，智能检测三项指标的达标率约为，，，设人工抽检的综合指标不达标率为．
求每个芯片智能检测不达标的概率；
人工抽检个芯片，记恰有个不达标的概率为，求的极大值点；
若芯片的合格率不超过，则需对生产工序进行改良．以中确定的作为的值，判断该企业是否需对生产工序进行改良．
19.本小题分
洛必达法则对导数的研究产生了深远的影响洛必达法则：给定两个函数，当时，已知函数，．
证明：在区间上单调递减；
对于恒成立，求实数的取值范围；
参考答案
1.
2.
3.
4.
5.
6.
7.
8.
9.
10.
11.
12.
13.
14.
15.解：由函数，
可得，
因为函数过点，
且是的极值点，
可得
解得，
所以函数的解析式为
．
由知，
令，解；
令，解，
所以函数在上单调递增，
在上单调递减，
所以当时，
函数取得最小值，
最小值为，无最大值，
即函数的增区间为，减区间为，
最小值为，无最大值．

16.解：记该同学在上学路上恰好遇到一个红灯，
．
的可能取值为，
，
，
，
的分布列为：
．

17.解：设等差数列的公差为，
则，可得，
由可得，
即，解得，，
故．
，
因此，
．

18.解：每个芯片智能检测中安全检测、电池检测、性能检测三项指标达标的概率分别记为，，，并记芯片智能检测不达标为事件．
指标的达标率为任取一件新产品，该项指标达标的概率，
则有，，，
根据对立事件的性质及事件独立性的定义得，
，
所以，每个芯片智能检测不达标的概率为．
人工抽检个芯片恰有个不合格品的概率为，
因此，
令，得．
当时，当时，．
所以有唯一的极大值点．
由知，
人工抽检的综合指标达标的概率为，
芯片合格的概率
，
需要对生产工序进行改良．
19.解：由函数，可得，
令，则，
令，则，
若，则，单调递减，可得，单调递减，
则，所以在上单调递减，
若，则，单调递增，
所以，即，
所以存在唯一，使得，且在上，单调递减，在上，单调递增，且，所以，
所以在区间上单调递减，且在上连续，
综上可得，函数在区间上单调递减．
当时，，所以恒成立；
当时，由，可得，即，
令，可得，
由知，，在上单调递减，则，
因为两个函数，当时，，
可得，
所以，解得，所以实数的取值范围为．

第1页，共1页

展开更多......

收起↑