资源简介

2025-2026学年度第二学期期中质量调研
高一年级
物理试题
2026年4月
一、单项选择题（共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意.)
1.下列物理量的”号表示大小的是(
A.重力势能Ep=-10JB.力做的功W=-10JC.电荷量Q=-10CD.电场强度E=10NVC
2.下列有关电学知识的相关说法中，正确的是(
尘埃
甲
乙
丙
A.图甲中，静电除尘装置将带负电的尘埃收集在中间的线状电极B上
B.图乙中，家用煤气灶的点火装置是根据尖端放电的原理制成的
C.
图丙中，在加油站给汽车加油前需要触摸静电释放器是为了利用静电
D,图丁中，工作人员在超高压带电作业时，穿绝缘橡胶服比金属丝编制的更安全
3用丝绸摩擦过的玻璃棒先靠近不带电的验电器金属球，验电
玻璃
器金属箔张开，如图甲；再将玻璃棒与金属球接触，验电器金
玻璃林
属箔仍张开，如图乙。下列说法正确的是(
A.丝绸摩擦玻璃棒的过程中产生了正电荷
B.甲、乙两图使验电器带电的万式相同
C.甲、乙两图中验电器的总带电量均为零
D.
甲、乙两图中的金属箔均带正电
4.如图为描述某静电场的电场线，α、b是同一条电场线上的两个点，把正点电荷由a点沿电
场线移到b点的过程中，关于静电力对正点电荷所做的功及正点电荷电势能的变化，下列说
法中正确的是(
A.静电力做正功，电势能增加
B.静电力做正功，电势能减少
C静电力做负功，电势能增加
D.静电力做负功，电势能减少
5.如图所示，第一幅图中A、B两点位于以正点电荷为圆心的虚线圆上，第四幅图中A、B两
点在点电荷连线的中垂线上且关于连线对称。则各电场中A、B两点的电场强度相同、电势
相等的是(
0
高一物理第1页共4页
6如图所示，用两根同样长的细绳把两个带同种电荷的小球悬挂在一点。两小球质量相等，
球A所带电荷量大于球B所带的电荷量，两小球静止时，悬线与竖直方向的偏角分别为α和B,
则两偏角的大小关系为(
A.a>B
B.aC.a=B
D.不能判断
B
7.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，实线为一带正电的粒子仅在电场万作用
下通过该区域时的运动轨迹，P、M为这轨迹上的两个点，由此可知()
A.
粒子在P点比在M点时的电势能较小
B,三个等势面中，a电势最高
C.粒子在P点比在M点时加速度大
b
D.
粒子在M点比在P点时动能大
pla..
8如图所示，人站在电动扶梯的水平台阶上，假若人与扶梯一起匀加速向上运动，在这个过
程中人脚所受的静摩擦力()
A.等于零，对人不做功
B.水平向左，对人不做功
C.水平向右，对人做正功
D,沿斜面向上，对人做正功
丁30°
9.两个质量不同的小物块A和B,分别从高度相同的光滑斜面和光滑圆弧的项顶端由静止下滑，
如图所示，下列说法正确的是(
)
A,它们从顶端到底端重力势能的变化量相等
B.它们下滑到最低点时重力的瞬时功率相同
C.它们到达底部时动能相等
D.它们到达底部时速率相等
10.如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然
状态的跳板(A位置)上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点(B位置).对于运动员从开始
与跳板接触到运动至最低点的过程，下列说法中正确的是(
A.运动员到达最低点时，其所受外力的合力为零
B.在这个过程中，运动员所受重力对他做的功小于跳板的作用力对他做的功
C.在这个过程中，运动员的动能·直在减小
D.
在这个过程中，运动员的机械能先增大再减小
11.如图所示，一物块以一定的速度冲上足够长的固定斜面，物块和斜面之间的
动摩擦因数随高度增加逐渐减少。以斜面底端为重力势能零点，v、α、E、E分别为物块的
速度、加速度、动能、机械能。在物块上滑过程中，上述物理量与上滑的时间：或位移x的
图像可能正确的是(
高一物理第2页共4页《2025级高一第二学期期中质量调研》评分标准
题号
2
6
9
10
11
答案
D
B
C
12.(1)B
(2)23.10
)m(5+3
(4)9.52
(⑤)a
872
13.【答案】1)A如间库仑力为5g:(2)A、B两球间的距高为
√3k2g
mg
【详解】(1)(1)对B受力分析，如图
根据平衡条件有
5
m8一2分
母
Fs=mgtan0=mgtan30°=
(2)根据库仑定律有
R=k9婴
-2分
77777777777777
2
联立解得
3kQq
2分
mg
14.【答案】(1)E=10NW/C,￡a=2,5NVC:方向均沿x轴正方向；(2)Q,2m
【详解】(1)根据场强的定义式E=F
再由图像可知
E4=10N/C
方向沿x轴正方向：2分
E =2.5N/C
方向沿x轴正方向。一2分
(2)设电荷Q所在的位置距A点左侧距离为0，则由点电荷场强决定式
ko
A处电场强度为
E
-1分
B处电场强度为
k②
B,“+041分
联立解得
=0.4m
--1分
则2点的位置坐标为
x=0.2m--1分
15.【答案】(1)
2g(Sin8+4co99'（2）mgv(si8+4cos9):(3)
sine
sin0+μco90
【详解】(1)(1)物块在CD段运动过程中，由牛顿第二定律得
mg sin+umg cos0 ma
-2分
由运动学公式0-vV2=-2m-1分
联立解得
v2
x=
2g(sine+ucose)
1分
或对物块，在(CD段运动过程，由动能定理得
(mgsin 0 umgcos m
3分
(2)物块在BC段匀速运动，得电动机的牵引力为F=mg sin+4 ng cos-2分
由P=Fv得P=mgy(sin0+4cos8)-2分
(3)全过程物块增加的机械能为E=mgLsin01分
整个过程由能量守恒得电动机消耗的总电能转化为物块增加的机械能和摩擦产生的内能，
故可知
E2=E+4 ng cos0.L-1分
mgLsin
sine
故可得
EL=
mgt sin+-mco6“sin&+ucos日-2分
16.【答案】(1)P=0.6:(2)T=1.2F+mg:(3)mg≤F≤号mg或F≥2
mg
【详解】(1)根据功的定义可得W=si0解得W=0.613分
2)）全过程应用动能定理甲=号m2-0l分
由牛顿第二定律得T-mg=m一-2分解得T=1.2F+mg1分
1
(3)情形一能拉到Q点且恰能到0点所在水平面
由动能定理Flsn8-mgl(1-cos8)=0
解得：F2mg-2分
Flsin0-mgl=0
解得：F≤mg-2分
情形二恰能通过最高点，在最高点mg=
-1分
1
由动能定理：F1sin0-2mgl=号mwx2-02分
2
解得：F≥25
g一1分
6

展开更多......

收起↑