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湖南省岳阳市二中2025年九年级下学期物理入学考试试卷
1．为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师们指导同学们对身边一些常见的物理量进行估测，以下估测数据中，最符合实际的是（　　）
A．一名初中生的质量约为500kg B．家用空调的工作电流大约是5A
C．人感觉舒适的室温约为 D．初中物理教科书的长度约为26dm
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电流的大小
【解析】【解答】A、一名初中生的质量约为50kg，故A错误；
B、家用空调的工作电流大约是，故B正确；
C、人感觉舒适的室温约为23℃，故C错误；
D、初中物理教科书的长度约为26cm，故D错误。
故选：B。
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．下列是与“热”有关的物理现象，其中解释正确的是（　　）
A．把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为0
B．夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为电风扇降低了空气的温度
C．用水作汽车发动机冷却剂，是因为水的比热容较大
D．反复弯折铁丝，弯折处会发热，是通过热传递的方式改变内能
【答案】C
【知识点】影响蒸发快慢的因素；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、把冰放在手心，感到冷，是因为冰熔化吸热，内能不会为0．故A错误；
B、夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为加快了汗液的表面的空气流动，加快了蒸发，蒸发吸热，故而凉快。故B错误；
C、用水作汽车发动机冷却剂，是因为水的比热容较大，同种情况下水吸收的热量多。故C正确；
D、反复弯折铁丝，弯折处会发热，是通过做功的方式改变内能。故D错误。
故选：C。
【分析】任何物体在任何状态下都有内能；加快空气的流动，可以加快蒸发，蒸发吸热有致冷作用；水的比热容大，常做发动机的制冷剂；改变内能有两种方式做功和热传递。
3．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断错误的是（　　）
A．图a中汽缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．图a中汽缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图b中B图所示的工作原理相似
D．图b中汽油机一个工作循环的正确顺序是A→B→C→D
【答案】D
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．在a图中，汽缸内的蒸汽体积膨胀，对外界做功，导致其内能减少。同时蒸汽推动活塞运动，为舰载机提供强大的牵引力。故A不符合题意。
B．a图中汽缸内的蒸汽推动活塞时，蒸汽的内能转化为机械能，燃气的内能随之减少。故B不符合题意。
C．通过分析气门开闭状态和活塞运动方向可确定：A为吸气冲程、B为做功冲程、C为压缩冲程、D为排气冲程。蒸汽弹射装置工作时将内能转化为机械能，其工作原理与汽油机的做功冲程相似，对应图b中的B图。故C不符合题意。
D．四冲程汽油机的一个完整工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，正确顺序应为A→C→B→D。题目中给出的顺序有误，故D符合题意。
故选D。
【分析】汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．如图是甘肃敦煌100MW熔盐塔式太阳能光热电站。发电站周围安装有许多定日镜（即平面镜），每一个定日镜都由自动跟踪太阳光装置控制，以便准确的将太阳光反射后会聚到高塔顶部的接收器上。下列光现象中与定日镜工作原理相同的是（　　）
A．水中倒影 B．雨后彩虹 C．沙漠蜃景 D．小孔成像
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】 A、定日镜工作，利用的光的反射，水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故A正确；
B、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，是由于光的折射形成的，故B错误；
C、沙漠蜃景是由于光的折射形成的，故C错误；
D、小孔成像是由于光沿直线传播，故D错误。
故选：A。
【分析】光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
5．关于静电的知识，下列说法正确的是（　　）
A．摩擦起电创造了电荷
B．用丝绸摩擦玻璃棒，正电荷从丝绸转移玻璃棒上
C．用毛皮摩擦橡胶棒，电子从毛皮转移到橡胶棒上
D．相互吸引的两个轻小物体，一定是带了异种电荷
【答案】C
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】A．摩擦起电的实质是电荷的转移，并不是创造电荷，A不符合题意；
B．用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，使得玻璃棒带正电，B不符合题意；
C．用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得到电子带负电，毛皮失去电子带正电，电子从毛皮转移到橡胶棒上，C符合题意；
D．带电体可以吸引带异种电荷的物体，也可以吸引不带电的轻小物体，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移；用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，使得玻璃棒带正电；用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得到电子带负电，毛皮失去电子带正电，电子从毛皮转移到橡胶棒上；带电体可以吸引带异种电荷的物体，也可以吸引不带电的轻小物体。
6．如图所示的实例中，可以利用增大压强的知识服务于我们生活的是（　　）
A．单板滑雪
B．压雪车有宽大的履带
C．逃生锤锤头很尖
D．提袋子时垫上厚纸片
【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
7．如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列选项对图象信息判断正确的是（　　）
A．当乙两端的电压为2.5V时，其阻值为10Ω
B．甲是一个定值电阻，阻值为10Ω
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，则电路的总功率为0.6W
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A.由图像可知，当乙两端电压为2.5V时，通过乙的电流为0.5A，则R乙5Ω，故A错误；
B．由图像可知，甲的U﹣I图像是过原点的倾斜直线，说明甲的电流与电压成正比，即甲是定值电阻，当U甲＝3V时，通过的电流I甲＝0.6A，由I可得，甲的阻值R甲5Ω，故B错误；
C、由图像可以看出，当电路电流为0.3A时，甲两端的电压为1.5V，乙两端的电压为0.5V，根据串联电路电压的规律知，电源电压为U＝U甲'+U乙'＝1.5V+0.5V＝2V，此时电路的总功率为P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，故C正确；
D、并联电路各支路两端的电压相等，根据图像可知甲、乙两端的电压为1V时通过它们的电流分别为：I甲'＝0.2A、I乙'＝0.4A，因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以干路中的电流为：I＝I甲'+I乙'＝0.2A+0.4A＝0.6A，故D错误。
故选：C。
【分析】根据图像读出乙两端电压为2.5V时通过的电流，根据欧姆定律求出其阻值；根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，根据图像读出一组数据，根据欧姆定律求出甲的阻值；由图像得出当电路电流为0.2A时甲、乙的电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压，根据P=UI算出总功率；并联电路各支路两端的电压相等，根据图像可知甲、乙两端的电压为1V时通过它们的电流，根据并联电路的电流规律可知干路中的电流大小。
8．在电学中，有四个同学们非常熟悉的实验：关于这四个电学实验，下列说法中正确的是（　　）
①“探究电流与电阻的关系”的实验中，滑动变阻器的作用是要控制定值电阻两端的电压不变
②“用伏安法测小灯泡电阻的阻值”的实验中，滑动变阻器的作用是为了方便多次测量求平均值来减小误差
③“探究电流与电压的关系”的实验中，可用小灯泡替代定值电阻
④“探究影响电阻大小的因素”的实验中，需要采用控制变量法
A．只有①④正确 B．只有②③正确
C．只有①②正确 D．只有②③④正确
【答案】A
【知识点】影响电阻大小的因素；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】①探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，实验中滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端电压不变，故①正确；
②用伏安法测小灯泡的电阻时，通过调节变阻器接入电路中的电阻来改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，然后根据欧姆定律求出不同电压下灯泡的电阻，从而得出灯泡电阻变化的普遍规律；而灯泡电阻受温度的影响，不是一个定值，求灯泡电阻的平均值无意义，故②错误；
③探究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，改变电阻两端的电压，而灯泡的电阻会随温度发生变化，所以不能用小灯泡代替定值电阻，故③错误；
④电阻的大小与导体的材料、长度和横截面积都有关，研究其中一个物理量对电阻的影响时，需要控制其它物理量不变，需要采用控制变量法，故④正确；
由分析可知，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，实验中滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端电压不变；用伏安法测小灯泡的电阻时，灯泡电阻受温度的影响，不是一个定值，求灯泡电阻的平均值无意义；探究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，改变电阻两端的电压，而灯泡的电阻会随温度发生变化；电阻的大小与导体的材料、长度和横截面积都有关，研究其中一个物理量对电阻的影响时，需要控制其它物理量不变，需要采用控制变量法。
9．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶，有关节气的谚语，下列分析不正确的是（　　）
A．“惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成主要是升华现象
B．“伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成主要是液化现象
C．“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成主要是凝华现象
D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰主要是凝固现象
【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成主要是液化现象 ，A错误
B、伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成主要是液化现象 ，B正确
C、“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成主要是凝华现象 ，C正确，
D、“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰主要是凝固现象 D正确
综上选A
【分析】根据物态变化判识选项
1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如下雪、结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠
3、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜
10．在探究“串联电路的电流特点”时，粗心的小明把电流表按如图所示的方式接在灯L1的两端。则闭合开关S后（　　）
A．电源一定损坏 B．电流表一定损坏
C．灯L1一定不发光 D．灯L2的灯丝一定烧断
【答案】C
【知识点】电流表的连接
【解析】【解答】根据电路图可知，该电路为串联电路；当把电流表并联在电灯L1两端，电灯L1被短路，L1不会发光；电流表与灯L2串联接入电路，电源不会短路，灯L2发光，电流表与灯L2不会烧坏，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】电流表和用电器并联，用电器短路不能工作。
11．如图所示的四个装置可以演示不同的电磁现象，下列说法不正确的是（　　）
A． 如图，可以用来演示电流的磁效应
B． 如图，可以用来探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少的关系
C． 如图，可以用来演示磁场对通电导线的作用
D． 如图，可以用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了电动机
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，A正确，不符合题意；
B．通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但右边吸引的个数要多，说明通电磁铁的磁极强弱与线圈匝数有关，B正确，不符合题意；
C．图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，C正确，不符合题意；
D．图中导体棒AB在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，人们利用电磁感应现象制成了发电机，D错误，符合题意。
故答案为：D。
【分析】通电导体周围有磁场证明电流有磁效应；电磁铁的磁性强弱和线圈匝数有关；发电机根据电磁感应现象做成的。
12．如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A，滑动变阻器规格是“10Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”；若闭合开关，两电表示数均不超过所选的量程，灯泡两端电压不允许超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化．则下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围0.3A～0.6A
B．电压表的示数变化范围是1.5V～2.5V
C．滑动变阻器允许调节的阻值范围是2.5Ω～10Ω
D．该电路最大功率是2.7W
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AC、由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据P＝UI可知，灯的额定电流：；该电路为串联电路，串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为 0 0.6A，所以电路中的最大电流为 Imax＝0.5A，故A错误；因为 ，所以灯泡的电阻 ，电路中的总电阻为：；因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小＝R﹣RL＝9Ω﹣5Ω＝4Ω，故C错误；
D、该电路的最大功率：Pmax＝UImax＝4.5V×0.5A＝2.25W，故D错误；
B、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，此时电路中的电流：，电压表的最小示数：UL＝IminRL＝0.3A×5Ω＝1.5V，所以电压表的示数变化范围为1.5V 2.5V，故B正确。
故选：B。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据P=UI求出灯的额定电流，根据串联电路电流的规律结合电流表的量程确定电路中的最大电流；由欧姆定律求灯泡的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的最小电流，从而确定电流表的示数变化范围；根据电路中的最小电流，由欧姆定律的变形公式求出电压表的最小示数：由欧姆定律求出电路中的最小总电阻，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和，求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；根据电路中的最大电流，根据P=UI求该电路的最大功率。
13．古诗词里蕴含了丰富的物理知识，“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，词人是依据声音的　 　辨别出青蛙的声音，“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的　 　。
【答案】音色；响度
【知识点】音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】发声体的材料、结构不同发出声音的音色不同，利用音色可以辨别不同的发声体；“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”是通过音色来识别“蛙声”的。“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高声”是指声音的振幅大，响度大。
【分析】响音色是指声音的品质，不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；度是指声音的大小，振幅越大，响度越大，响度大小还与发声体的远近有关。
14．市区及周边的湖泊，可以大大减弱该地区的“热岛效应”，这是利用了水的　 　大的特性；春、夏季节，漫步湖畔，可以闻到阵阵的花香，从物理学的角度来讲，这是　 　现象。
【答案】比热容；扩散
【知识点】比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】湖泊水多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和其他物质（沙石、土壤等）比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，对周围气温起到很好的调节作用，可以大大减弱该地区的“热岛效应”；
闻到阵阵花香，是香气分子运动到了我们身边，是分子不停地做无规则的运动的结果，这属于扩散现象；温度越高，分子做无规则运动越剧烈。
【分析】水的比热容较大，便于对物体吸放热；分子运动形成扩散现象。
15．有一个电铃，它的电阻是12Ω，额定电压为6V。现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它　 　联一个阻值为　 　Ω的电阻。
【答案】串；6
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】电铃正常工作时的电压为，其电阻为。为了使电铃能在9V的电源上正常工作，需要串联一个电阻R进行分压。
根据串联电路的特性，总电压等于各部分电压之和，因此串联电阻R两端的电压为：
在串联电路中，电流处处相等。根据欧姆定律，可以得到电路中的电流关系：
将已知数值代入上式：
解得定值电阻的阻值。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和.
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．如图所示电路，电源电压恒定，R0=36Ω ， 滑动变阻器 R1 的规格为“48Ω 2A” ，电流表的量程为“0~3A” ， 小灯泡 L 上标有“12V 6W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），当只闭合开关 S 且 R1 连入的阻值为 12Ω时，小灯泡正常发光，在电路安全的情况下， 电源电压为　 　V ，只闭合开关 S 时，小灯泡的最小功率为 W ，当三个开关都闭合时，滑动变阻器连入电路的最小阻值为　 　 Ω。
【答案】18；9
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据P＝UI知小灯泡的额定电流为：IL0.5A，根据欧姆定律可得小灯泡的电阻为：RL24Ω；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，此时R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知电源电压为：U＝IL（R1+RL）＝0.5A×（12Ω+24Ω）＝18V；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，小灯泡功率最小，
其最小功率是：PL小RL24Ω＝1.5W；当开关都闭合时，定值电阻与滑动变阻器并联，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流为：I00.5A，因为滑动变阻器R1的规格为“48Ω 2A”，所以通过滑动变阻器的最大电流为2A，根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的电阻：R1'9Ω，即滑动变阻器连入的最小值是9Ω，并联电路干路电流等于各支路电流之和，则电路的总电流最大值是：I最大＝I0+I1最大＝0.5A+2A＝2.5A，没有超过电流表量程。
【分析】根据P＝UI算出小灯泡的额定电流，由欧姆定律算出小灯泡的电阻；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，此时R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律算出电源电压；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器电阻最大时，电路的电流最小，小灯泡功率最小，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可求出电路中的最小电流，根据P＝I2R算出其最小功率；只闭合开关S和S2，电路只有滑动变阻器接入电路，根据滑动变阻器R1的规格和电流表的量程可判断出滑动变阻器的最大电流，由欧姆定律算出电路的总电阻，即滑动变阻器连入的最小值；当开关都闭合时，定值电阻与滑动变阻器并联，根据欧姆定律算出通过定值电阻的电流，根据滑动变阻器R1的规格判断出滑动变阻器的最大电流，根据并联电路电流的规律算出电路的总电流最大值。
17．请根据图中通电螺线管的南、北极，标出小磁针的N极和电源的“＋”极。
【答案】
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据异名磁极相互吸引的规律可知，小磁针靠近通电螺线管的N极的一端为S极，另一端是N极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，电源左端是负极。如下图所示：
【分析】 ①根据磁极间的相互作用规律判断出小磁针的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
18．如图是一苹果漂在水面上的景象，请你画出苹果受到的浮力和重力示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】重力的方向总是竖直向下的，浮力的方向总是竖直向上的，作用点即重心为O点，由于苹果漂浮，浮力等于重力，所以表示重力和浮力的线段等长，作图如下：
【分析】 首先根据苹果漂浮在水面上，则可判断苹果受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在苹果重心上。
19．在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
（1）实验时应将　 　（选填：“碎冰”或“整块冰”）放入图甲装置试管中，将试管放入装有水的烧杯中加热的优点是使冰　 　，便于观察试管中冰的状态变化；
（2）观察图乙，温度计的示数为　 　℃；
（3）某同学根据记录的数据绘制了冰熔化时温度随时间变化的图像（如图丙所示），由图像可知：冰属于　 　（选填：“晶体”或“非晶体”）。
【答案】（1）碎冰；受热均匀
（2）-3
（3）晶体
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】（1）为了减小熔化时间，实验时应将碎冰放入图甲装置试管中；将试管放入装有水的烧杯中加热是水浴法加热，冰块受热均匀，便于观察试管中冰的状态变化；
（2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，且在零摄氏度以下，故此时温度计的示数为-3℃；
（3）由图丙可知，冰有固定的熔点，故可知冰属于晶体。
【分析】（1）实验时采用碎冰而不采用整块冰；水浴法加热的优点：受热均匀；
（2）温度计的读数，看清分度值，同时注意是在零摄氏度上还是零摄氏度下；
（3）晶体和非晶体的区别，晶体有固定的熔化温度，非晶体没有。
20．某实验小组利用如图甲所示的电路“探究通过导体的电流与电阻的关系”，其中三个定值电阻分别为5Ω、10Ω、20Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）接完电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，其故障可能是定值电阻 　 　；
（2）实验中A、B两同学作出如图乙所示的I﹣R图像，由图中数据可知，　 　（选填“A”或“B”）同学实验操作错误，理由是 　 　；
（3）如电压表选用“0～3V”的量程，为使三个电阻分别接入电路时都能完成实验，则电源电压的最大值不能超过 　 　V。
【答案】（1）断路
（2）A；没有控制定值电阻两端的电压不变
（3）6
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 当电压表有示数且示数接近电源电压，则电压表与谁并联，即谁出现断路故障，电压表与定值电阻并联，故障为定值电阻断路；
（2）研究电流与电阻关系时，控制电压不变，由乙图中①数据可知电压U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V，故当R＝10Ω时，电流I＝0.3A，故B曲线符合，电压表的示数始终为3V，而A曲线上四点电压不相等，即实验中没有控制电压表示数不变，即没有控制定值电阻两端的电压不变；
（3）当电阻R＝20Ω时，电压表示数为3V，根据串联分压原理可知，若此时滑动变阻器也以最大阻值接入电路，此时变阻器两端分压最大，有：，即，解得电源电压最大U＝6V。
【分析】（1）当电压表有示数且示数接近电源电压，则电压表与谁并联，即谁出现断路故障；
（2）研究电流与电阻关系时，控制电压不变，据此分析图乙中A、B两同学作出的I-R图像，据此作出判断；
（3）根据串联分压可知当最大阻值的定值电阻接入电路时，滑动变阻器也以最大阻值接入电路，此时变阻器两端分压最大，由此判断此时电源电压最大值。
21．用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小　 　；（导线不允许交叉）
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙，则测得未知电阻Rx＝　 　Ω。实验中通过移动滑片位置得到多组实验数据计算出Rx的平均值，这样做的目的是为了 　 　；
（3）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：
①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；
②闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝　 　。
【答案】（1）
（2）9；减小误差
（3） R0
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与Rx串联在电路中，如下图所示：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则测得未知电阻Rx9Ω；为了减小误差，应多次测量取平均值；
（3）实验步骤：①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；②闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2；在步骤①中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压为U1；在步骤②中，Rx与滑动变阻器最大阻值串联，电压表测Rx两端电压，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑＝U1﹣U2，根据串联分压原理有，，即，解得：Rx R0。
【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出未知电阻Rx的阻值；为了减小误差，应多次测量取平均值；
（3）在没有电流表的情况下，可通过开关的转换使电压表分别测出Rx两端的电压和电源电压，根据串联电路分压原理求出待测电阻。
22．小亮在家煲汤时使用的电饭煲的部分参数如表所示，其简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻（阻值不随温度变化），欲将质量为1kg，初温为20℃的汤加热至100℃，设此汤的比热容为c汤＝4.0×103J/（kg ℃）。求：
额定电压 220V
额定功率 低温挡 48.4W
高温挡 500W
（1）汤需要吸收的热量；
（2）利用电饭煲高温挡煲汤时，电饭煲正常工作且不考虑热损耗，则需要多少时间？
（3）R2的阻值为多少？
【答案】（1）由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，汤吸收的热量为：Q吸＝c汤m（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.2×105J；
（2）由P可知，在不考虑热损耗的情况下，电饭煲高温煲汤时需要的时间为：
t640s；
（3）由图乙可知，当开关S连接触点2时，仅电阻R1接入电路，根据欧姆定律分析可知，此时电路电流最大，为高温挡。由电功率变形式P＝UI可知，电阻R1的阻值为：96.8Ω，由图乙可知，当开关S连接触点1时，电阻R1和R2串联接入电路，电路总电阻大，根据欧姆定律分析可知，此时电路电流最小，为低温挡。由电功率变形式P＝UI可知，电阻R1和R2的总电阻为：R1+R21000Ω，故R2的阻值为：R2＝1000Ω﹣96.8Ω＝903.2Ω。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）知道汤的质量、初温、末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可以计算出汤吸收的热量；
（2）不考虑热损耗，W＝Q吸，利用P计算出加热需要的时间；
（3）分析电路图可知，当开关S接1时，R1、R2串联，当开关S接2时，R2被断路，电路只有R1工作；根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接1时，R1、R2串联，此时电路总电阻最大，根据P＝UI可知此时电路处于什么状态；利用P高计算出电阻R1的阻值，利用P低计算出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点可求出R2的阻值。
23．质地均匀的长方体放在水平地面上，密度为 1.5×103kg/m3 ，边长如图甲所示。另有一高为 0.35m 、底 面积为 2×10-2m2 的薄壁圆筒形容器放在水平地面上，容器内盛有 0.3m 深的某种液体，如图乙所示。将长方体由平放变为竖放，长方体对水平地面的压强变化量与液体对容器底部的压强恰好相等。（g 取10N/kg）
（1）求长方体的质量；
（2）求液体的密度；
（3）在竖放的长方体上水平截取一部分，并将截取部分放入容器中，能使液体对容器底部的压强最大且 截取部分的质量最小，求截取部分所受的浮力。
【答案】（1）长方体的体积V＝0.1m×0.1m×0.3m＝3×10﹣3m3；长方体的质量m＝ρV＝1.5×103kg/m3×3×10﹣3m3＝4.5kg；
（2）当长方体水平放置时，长方体对水平地面的压强p11500Pa；
当长方体竖直放置时，长方体对水平地面的压强p24500Pa；
长方体对水平地面的压强变化量Δp＝p2﹣p1＝4500Pa﹣1500Pa＝3000Pa；液体的密度ρ液1.0×103kg/m3；
（3）要使液体对容器底部的压强最大，液面需要上升到容器口，即液体深度达到容器高度0.35m。液体深度增加量为Δh＝H﹣h液＝0.35m﹣0.3m＝0.05m；截取部分放入容器后，截取部分的浸没体积即为需要排开液体的体积，为；
长方体材料的密度大于液体的密度。所以截取部分放入液体中会沉底，其浸没体积等于自身体积。此时，截取部分所受的浮力为。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）先计算出长方体的体积，再根据密度公式计算长方体的质量；
（2）根据p分别计算当长方体水平放置时长方体对水平地面的压强p1以及当长方体竖直放置时长方体对水平地面的压强p2；长方体对水平地面的压强变化量与液体对容器底部的压强恰好相等，根据ρ液可得液体的密度；
（3）使液体对容器底部的压强最大，则要使液面上升到容器上表面，根据体积公式计算排开液体体积，然后根据阿基米德原理计算浮力大小。
1 / 1湖南省岳阳市二中2025年九年级下学期物理入学考试试卷
1．为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师们指导同学们对身边一些常见的物理量进行估测，以下估测数据中，最符合实际的是（　　）
A．一名初中生的质量约为500kg B．家用空调的工作电流大约是5A
C．人感觉舒适的室温约为 D．初中物理教科书的长度约为26dm
2．下列是与“热”有关的物理现象，其中解释正确的是（　　）
A．把冰放在手心，感到冷，是因为冰的内能为0
B．夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为电风扇降低了空气的温度
C．用水作汽车发动机冷却剂，是因为水的比热容较大
D．反复弯折铁丝，弯折处会发热，是通过热传递的方式改变内能
3．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断错误的是（　　）
A．图a中汽缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B．图a中汽缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C．从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图b中B图所示的工作原理相似
D．图b中汽油机一个工作循环的正确顺序是A→B→C→D
4．如图是甘肃敦煌100MW熔盐塔式太阳能光热电站。发电站周围安装有许多定日镜（即平面镜），每一个定日镜都由自动跟踪太阳光装置控制，以便准确的将太阳光反射后会聚到高塔顶部的接收器上。下列光现象中与定日镜工作原理相同的是（　　）
A．水中倒影 B．雨后彩虹 C．沙漠蜃景 D．小孔成像
5．关于静电的知识，下列说法正确的是（　　）
A．摩擦起电创造了电荷
B．用丝绸摩擦玻璃棒，正电荷从丝绸转移玻璃棒上
C．用毛皮摩擦橡胶棒，电子从毛皮转移到橡胶棒上
D．相互吸引的两个轻小物体，一定是带了异种电荷
6．如图所示的实例中，可以利用增大压强的知识服务于我们生活的是（　　）
A．单板滑雪
B．压雪车有宽大的履带
C．逃生锤锤头很尖
D．提袋子时垫上厚纸片
7．如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列选项对图象信息判断正确的是（　　）
A．当乙两端的电压为2.5V时，其阻值为10Ω
B．甲是一个定值电阻，阻值为10Ω
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，则电路的总功率为0.6W
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
8．在电学中，有四个同学们非常熟悉的实验：关于这四个电学实验，下列说法中正确的是（　　）
①“探究电流与电阻的关系”的实验中，滑动变阻器的作用是要控制定值电阻两端的电压不变
②“用伏安法测小灯泡电阻的阻值”的实验中，滑动变阻器的作用是为了方便多次测量求平均值来减小误差
③“探究电流与电压的关系”的实验中，可用小灯泡替代定值电阻
④“探究影响电阻大小的因素”的实验中，需要采用控制变量法
A．只有①④正确 B．只有②③正确
C．只有①②正确 D．只有②③④正确
9．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶，有关节气的谚语，下列分析不正确的是（　　）
A．“惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成主要是升华现象
B．“伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成主要是液化现象
C．“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成主要是凝华现象
D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰主要是凝固现象
10．在探究“串联电路的电流特点”时，粗心的小明把电流表按如图所示的方式接在灯L1的两端。则闭合开关S后（　　）
A．电源一定损坏 B．电流表一定损坏
C．灯L1一定不发光 D．灯L2的灯丝一定烧断
11．如图所示的四个装置可以演示不同的电磁现象，下列说法不正确的是（　　）
A． 如图，可以用来演示电流的磁效应
B． 如图，可以用来探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少的关系
C． 如图，可以用来演示磁场对通电导线的作用
D． 如图，可以用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了电动机
12．如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A，滑动变阻器规格是“10Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”；若闭合开关，两电表示数均不超过所选的量程，灯泡两端电压不允许超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化．则下列说法正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围0.3A～0.6A
B．电压表的示数变化范围是1.5V～2.5V
C．滑动变阻器允许调节的阻值范围是2.5Ω～10Ω
D．该电路最大功率是2.7W
13．古诗词里蕴含了丰富的物理知识，“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，词人是依据声音的　 　辨别出青蛙的声音，“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的　 　。
14．市区及周边的湖泊，可以大大减弱该地区的“热岛效应”，这是利用了水的　 　大的特性；春、夏季节，漫步湖畔，可以闻到阵阵的花香，从物理学的角度来讲，这是　 　现象。
15．有一个电铃，它的电阻是12Ω，额定电压为6V。现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它　 　联一个阻值为　 　Ω的电阻。
16．如图所示电路，电源电压恒定，R0=36Ω ， 滑动变阻器 R1 的规格为“48Ω 2A” ，电流表的量程为“0~3A” ， 小灯泡 L 上标有“12V 6W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），当只闭合开关 S 且 R1 连入的阻值为 12Ω时，小灯泡正常发光，在电路安全的情况下， 电源电压为　 　V ，只闭合开关 S 时，小灯泡的最小功率为 W ，当三个开关都闭合时，滑动变阻器连入电路的最小阻值为　 　 Ω。
17．请根据图中通电螺线管的南、北极，标出小磁针的N极和电源的“＋”极。
18．如图是一苹果漂在水面上的景象，请你画出苹果受到的浮力和重力示意图。
19．在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
（1）实验时应将　 　（选填：“碎冰”或“整块冰”）放入图甲装置试管中，将试管放入装有水的烧杯中加热的优点是使冰　 　，便于观察试管中冰的状态变化；
（2）观察图乙，温度计的示数为　 　℃；
（3）某同学根据记录的数据绘制了冰熔化时温度随时间变化的图像（如图丙所示），由图像可知：冰属于　 　（选填：“晶体”或“非晶体”）。
20．某实验小组利用如图甲所示的电路“探究通过导体的电流与电阻的关系”，其中三个定值电阻分别为5Ω、10Ω、20Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）接完电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，其故障可能是定值电阻 　 　；
（2）实验中A、B两同学作出如图乙所示的I﹣R图像，由图中数据可知，　 　（选填“A”或“B”）同学实验操作错误，理由是 　 　；
（3）如电压表选用“0～3V”的量程，为使三个电阻分别接入电路时都能完成实验，则电源电压的最大值不能超过 　 　V。
21．用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。
（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小　 　；（导线不允许交叉）
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙，则测得未知电阻Rx＝　 　Ω。实验中通过移动滑片位置得到多组实验数据计算出Rx的平均值，这样做的目的是为了 　 　；
（3）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：
①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；
②闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝　 　。
22．小亮在家煲汤时使用的电饭煲的部分参数如表所示，其简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻（阻值不随温度变化），欲将质量为1kg，初温为20℃的汤加热至100℃，设此汤的比热容为c汤＝4.0×103J/（kg ℃）。求：
额定电压 220V
额定功率 低温挡 48.4W
高温挡 500W
（1）汤需要吸收的热量；
（2）利用电饭煲高温挡煲汤时，电饭煲正常工作且不考虑热损耗，则需要多少时间？
（3）R2的阻值为多少？
23．质地均匀的长方体放在水平地面上，密度为 1.5×103kg/m3 ，边长如图甲所示。另有一高为 0.35m 、底 面积为 2×10-2m2 的薄壁圆筒形容器放在水平地面上，容器内盛有 0.3m 深的某种液体，如图乙所示。将长方体由平放变为竖放，长方体对水平地面的压强变化量与液体对容器底部的压强恰好相等。（g 取10N/kg）
（1）求长方体的质量；
（2）求液体的密度；
（3）在竖放的长方体上水平截取一部分，并将截取部分放入容器中，能使液体对容器底部的压强最大且 截取部分的质量最小，求截取部分所受的浮力。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电流的大小
【解析】【解答】A、一名初中生的质量约为50kg，故A错误；
B、家用空调的工作电流大约是，故B正确；
C、人感觉舒适的室温约为23℃，故C错误；
D、初中物理教科书的长度约为26cm，故D错误。
故选：B。
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】C
【知识点】影响蒸发快慢的因素；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A、把冰放在手心，感到冷，是因为冰熔化吸热，内能不会为0．故A错误；
B、夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为加快了汗液的表面的空气流动，加快了蒸发，蒸发吸热，故而凉快。故B错误；
C、用水作汽车发动机冷却剂，是因为水的比热容较大，同种情况下水吸收的热量多。故C正确；
D、反复弯折铁丝，弯折处会发热，是通过做功的方式改变内能。故D错误。
故选：C。
【分析】任何物体在任何状态下都有内能；加快空气的流动，可以加快蒸发，蒸发吸热有致冷作用；水的比热容大，常做发动机的制冷剂；改变内能有两种方式做功和热传递。
3．【答案】D
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．在a图中，汽缸内的蒸汽体积膨胀，对外界做功，导致其内能减少。同时蒸汽推动活塞运动，为舰载机提供强大的牵引力。故A不符合题意。
B．a图中汽缸内的蒸汽推动活塞时，蒸汽的内能转化为机械能，燃气的内能随之减少。故B不符合题意。
C．通过分析气门开闭状态和活塞运动方向可确定：A为吸气冲程、B为做功冲程、C为压缩冲程、D为排气冲程。蒸汽弹射装置工作时将内能转化为机械能，其工作原理与汽油机的做功冲程相似，对应图b中的B图。故C不符合题意。
D．四冲程汽油机的一个完整工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，正确顺序应为A→C→B→D。题目中给出的顺序有误，故D符合题意。
故选D。
【分析】汽油机四个冲程包括：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据特点进行识别。
吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：活塞下移，火花塞点燃，内能转化为机械能 ；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】 A、定日镜工作，利用的光的反射，水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故A正确；
B、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，是由于光的折射形成的，故B错误；
C、沙漠蜃景是由于光的折射形成的，故C错误；
D、小孔成像是由于光沿直线传播，故D错误。
故选：A。
【分析】光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
5．【答案】C
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】A．摩擦起电的实质是电荷的转移，并不是创造电荷，A不符合题意；
B．用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，使得玻璃棒带正电，B不符合题意；
C．用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得到电子带负电，毛皮失去电子带正电，电子从毛皮转移到橡胶棒上，C符合题意；
D．带电体可以吸引带异种电荷的物体，也可以吸引不带电的轻小物体，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移；用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，使得玻璃棒带正电；用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得到电子带负电，毛皮失去电子带正电，电子从毛皮转移到橡胶棒上；带电体可以吸引带异种电荷的物体，也可以吸引不带电的轻小物体。
6．【答案】C
【知识点】增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
7．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A.由图像可知，当乙两端电压为2.5V时，通过乙的电流为0.5A，则R乙5Ω，故A错误；
B．由图像可知，甲的U﹣I图像是过原点的倾斜直线，说明甲的电流与电压成正比，即甲是定值电阻，当U甲＝3V时，通过的电流I甲＝0.6A，由I可得，甲的阻值R甲5Ω，故B错误；
C、由图像可以看出，当电路电流为0.3A时，甲两端的电压为1.5V，乙两端的电压为0.5V，根据串联电路电压的规律知，电源电压为U＝U甲'+U乙'＝1.5V+0.5V＝2V，此时电路的总功率为P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，故C正确；
D、并联电路各支路两端的电压相等，根据图像可知甲、乙两端的电压为1V时通过它们的电流分别为：I甲'＝0.2A、I乙'＝0.4A，因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以干路中的电流为：I＝I甲'+I乙'＝0.2A+0.4A＝0.6A，故D错误。
故选：C。
【分析】根据图像读出乙两端电压为2.5V时通过的电流，根据欧姆定律求出其阻值；根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，根据图像读出一组数据，根据欧姆定律求出甲的阻值；由图像得出当电路电流为0.2A时甲、乙的电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压，根据P=UI算出总功率；并联电路各支路两端的电压相等，根据图像可知甲、乙两端的电压为1V时通过它们的电流，根据并联电路的电流规律可知干路中的电流大小。
8．【答案】A
【知识点】影响电阻大小的因素；探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】①探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，实验中滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端电压不变，故①正确；
②用伏安法测小灯泡的电阻时，通过调节变阻器接入电路中的电阻来改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，然后根据欧姆定律求出不同电压下灯泡的电阻，从而得出灯泡电阻变化的普遍规律；而灯泡电阻受温度的影响，不是一个定值，求灯泡电阻的平均值无意义，故②错误；
③探究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，改变电阻两端的电压，而灯泡的电阻会随温度发生变化，所以不能用小灯泡代替定值电阻，故③错误；
④电阻的大小与导体的材料、长度和横截面积都有关，研究其中一个物理量对电阻的影响时，需要控制其它物理量不变，需要采用控制变量法，故④正确；
由分析可知，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】探究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，实验中滑动变阻器的作用是控制定值电阻两端电压不变；用伏安法测小灯泡的电阻时，灯泡电阻受温度的影响，不是一个定值，求灯泡电阻的平均值无意义；探究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，改变电阻两端的电压，而灯泡的电阻会随温度发生变化；电阻的大小与导体的材料、长度和横截面积都有关，研究其中一个物理量对电阻的影响时，需要控制其它物理量不变，需要采用控制变量法。
9．【答案】A
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成主要是液化现象 ，A错误
B、伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成主要是液化现象 ，B正确
C、“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成主要是凝华现象 ，C正确，
D、“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰主要是凝固现象 D正确
综上选A
【分析】根据物态变化判识选项
1、凝固为液态变化为固态，释放热量，如下雪、结冰；
2、液化为气态变为液态会释放热量，如水蒸气、露珠
3、凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜
10．【答案】C
【知识点】电流表的连接
【解析】【解答】根据电路图可知，该电路为串联电路；当把电流表并联在电灯L1两端，电灯L1被短路，L1不会发光；电流表与灯L2串联接入电路，电源不会短路，灯L2发光，电流表与灯L2不会烧坏，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】电流表和用电器并联，用电器短路不能工作。
11．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，A正确，不符合题意；
B．通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但右边吸引的个数要多，说明通电磁铁的磁极强弱与线圈匝数有关，B正确，不符合题意；
C．图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，C正确，不符合题意；
D．图中导体棒AB在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，人们利用电磁感应现象制成了发电机，D错误，符合题意。
故答案为：D。
【分析】通电导体周围有磁场证明电流有磁效应；电磁铁的磁性强弱和线圈匝数有关；发电机根据电磁感应现象做成的。
12．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】AC、由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据P＝UI可知，灯的额定电流：；该电路为串联电路，串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为 0 0.6A，所以电路中的最大电流为 Imax＝0.5A，故A错误；因为 ，所以灯泡的电阻 ，电路中的总电阻为：；因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小＝R﹣RL＝9Ω﹣5Ω＝4Ω，故C错误；
D、该电路的最大功率：Pmax＝UImax＝4.5V×0.5A＝2.25W，故D错误；
B、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，此时电路中的电流：，电压表的最小示数：UL＝IminRL＝0.3A×5Ω＝1.5V，所以电压表的示数变化范围为1.5V 2.5V，故B正确。
故选：B。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。根据P=UI求出灯的额定电流，根据串联电路电流的规律结合电流表的量程确定电路中的最大电流；由欧姆定律求灯泡的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的最小电流，从而确定电流表的示数变化范围；根据电路中的最小电流，由欧姆定律的变形公式求出电压表的最小示数：由欧姆定律求出电路中的最小总电阻，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和，求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；根据电路中的最大电流，根据P=UI求该电路的最大功率。
13．【答案】音色；响度
【知识点】音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】发声体的材料、结构不同发出声音的音色不同，利用音色可以辨别不同的发声体；“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”是通过音色来识别“蛙声”的。“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高声”是指声音的振幅大，响度大。
【分析】响音色是指声音的品质，不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；度是指声音的大小，振幅越大，响度越大，响度大小还与发声体的远近有关。
14．【答案】比热容；扩散
【知识点】比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】湖泊水多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和其他物质（沙石、土壤等）比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，对周围气温起到很好的调节作用，可以大大减弱该地区的“热岛效应”；
闻到阵阵花香，是香气分子运动到了我们身边，是分子不停地做无规则的运动的结果，这属于扩散现象；温度越高，分子做无规则运动越剧烈。
【分析】水的比热容较大，便于对物体吸放热；分子运动形成扩散现象。
15．【答案】串；6
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】电铃正常工作时的电压为，其电阻为。为了使电铃能在9V的电源上正常工作，需要串联一个电阻R进行分压。
根据串联电路的特性，总电压等于各部分电压之和，因此串联电阻R两端的电压为：
在串联电路中，电流处处相等。根据欧姆定律，可以得到电路中的电流关系：
将已知数值代入上式：
解得定值电阻的阻值。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和.
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
16．【答案】18；9
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据P＝UI知小灯泡的额定电流为：IL0.5A，根据欧姆定律可得小灯泡的电阻为：RL24Ω；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，此时R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知电源电压为：U＝IL（R1+RL）＝0.5A×（12Ω+24Ω）＝18V；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，小灯泡功率最小，
其最小功率是：PL小RL24Ω＝1.5W；当开关都闭合时，定值电阻与滑动变阻器并联，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流为：I00.5A，因为滑动变阻器R1的规格为“48Ω 2A”，所以通过滑动变阻器的最大电流为2A，根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的电阻：R1'9Ω，即滑动变阻器连入的最小值是9Ω，并联电路干路电流等于各支路电流之和，则电路的总电流最大值是：I最大＝I0+I1最大＝0.5A+2A＝2.5A，没有超过电流表量程。
【分析】根据P＝UI算出小灯泡的额定电流，由欧姆定律算出小灯泡的电阻；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，此时R1连入的阻值为12Ω时，小灯泡正常发光，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律算出电源电压；当只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器电阻最大时，电路的电流最小，小灯泡功率最小，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可求出电路中的最小电流，根据P＝I2R算出其最小功率；只闭合开关S和S2，电路只有滑动变阻器接入电路，根据滑动变阻器R1的规格和电流表的量程可判断出滑动变阻器的最大电流，由欧姆定律算出电路的总电阻，即滑动变阻器连入的最小值；当开关都闭合时，定值电阻与滑动变阻器并联，根据欧姆定律算出通过定值电阻的电流，根据滑动变阻器R1的规格判断出滑动变阻器的最大电流，根据并联电路电流的规律算出电路的总电流最大值。
17．【答案】
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】根据异名磁极相互吸引的规律可知，小磁针靠近通电螺线管的N极的一端为S极，另一端是N极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，电源左端是负极。如下图所示：
【分析】 ①根据磁极间的相互作用规律判断出小磁针的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
18．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】重力的方向总是竖直向下的，浮力的方向总是竖直向上的，作用点即重心为O点，由于苹果漂浮，浮力等于重力，所以表示重力和浮力的线段等长，作图如下：
【分析】 首先根据苹果漂浮在水面上，则可判断苹果受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在苹果重心上。
19．【答案】（1）碎冰；受热均匀
（2）-3
（3）晶体
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】（1）为了减小熔化时间，实验时应将碎冰放入图甲装置试管中；将试管放入装有水的烧杯中加热是水浴法加热，冰块受热均匀，便于观察试管中冰的状态变化；
（2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，且在零摄氏度以下，故此时温度计的示数为-3℃；
（3）由图丙可知，冰有固定的熔点，故可知冰属于晶体。
【分析】（1）实验时采用碎冰而不采用整块冰；水浴法加热的优点：受热均匀；
（2）温度计的读数，看清分度值，同时注意是在零摄氏度上还是零摄氏度下；
（3）晶体和非晶体的区别，晶体有固定的熔化温度，非晶体没有。
20．【答案】（1）断路
（2）A；没有控制定值电阻两端的电压不变
（3）6
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1） 当电压表有示数且示数接近电源电压，则电压表与谁并联，即谁出现断路故障，电压表与定值电阻并联，故障为定值电阻断路；
（2）研究电流与电阻关系时，控制电压不变，由乙图中①数据可知电压U＝IR＝0.6A×5Ω＝3V，故当R＝10Ω时，电流I＝0.3A，故B曲线符合，电压表的示数始终为3V，而A曲线上四点电压不相等，即实验中没有控制电压表示数不变，即没有控制定值电阻两端的电压不变；
（3）当电阻R＝20Ω时，电压表示数为3V，根据串联分压原理可知，若此时滑动变阻器也以最大阻值接入电路，此时变阻器两端分压最大，有：，即，解得电源电压最大U＝6V。
【分析】（1）当电压表有示数且示数接近电源电压，则电压表与谁并联，即谁出现断路故障；
（2）研究电流与电阻关系时，控制电压不变，据此分析图乙中A、B两同学作出的I-R图像，据此作出判断；
（3）根据串联分压可知当最大阻值的定值电阻接入电路时，滑动变阻器也以最大阻值接入电路，此时变阻器两端分压最大，由此判断此时电源电压最大值。
21．【答案】（1）
（2）9；减小误差
（3） R0
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与Rx串联在电路中，如下图所示：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则测得未知电阻Rx9Ω；为了减小误差，应多次测量取平均值；
（3）实验步骤：①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；②闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2；在步骤①中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压为U1；在步骤②中，Rx与滑动变阻器最大阻值串联，电压表测Rx两端电压，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑＝U1﹣U2，根据串联分压原理有，，即，解得：Rx R0。
【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出未知电阻Rx的阻值；为了减小误差，应多次测量取平均值；
（3）在没有电流表的情况下，可通过开关的转换使电压表分别测出Rx两端的电压和电源电压，根据串联电路分压原理求出待测电阻。
22．【答案】（1）由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，汤吸收的热量为：Q吸＝c汤m（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.2×105J；
（2）由P可知，在不考虑热损耗的情况下，电饭煲高温煲汤时需要的时间为：
t640s；
（3）由图乙可知，当开关S连接触点2时，仅电阻R1接入电路，根据欧姆定律分析可知，此时电路电流最大，为高温挡。由电功率变形式P＝UI可知，电阻R1的阻值为：96.8Ω，由图乙可知，当开关S连接触点1时，电阻R1和R2串联接入电路，电路总电阻大，根据欧姆定律分析可知，此时电路电流最小，为低温挡。由电功率变形式P＝UI可知，电阻R1和R2的总电阻为：R1+R21000Ω，故R2的阻值为：R2＝1000Ω﹣96.8Ω＝903.2Ω。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）知道汤的质量、初温、末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可以计算出汤吸收的热量；
（2）不考虑热损耗，W＝Q吸，利用P计算出加热需要的时间；
（3）分析电路图可知，当开关S接1时，R1、R2串联，当开关S接2时，R2被断路，电路只有R1工作；根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接1时，R1、R2串联，此时电路总电阻最大，根据P＝UI可知此时电路处于什么状态；利用P高计算出电阻R1的阻值，利用P低计算出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点可求出R2的阻值。
23．【答案】（1）长方体的体积V＝0.1m×0.1m×0.3m＝3×10﹣3m3；长方体的质量m＝ρV＝1.5×103kg/m3×3×10﹣3m3＝4.5kg；
（2）当长方体水平放置时，长方体对水平地面的压强p11500Pa；
当长方体竖直放置时，长方体对水平地面的压强p24500Pa；
长方体对水平地面的压强变化量Δp＝p2﹣p1＝4500Pa﹣1500Pa＝3000Pa；液体的密度ρ液1.0×103kg/m3；
（3）要使液体对容器底部的压强最大，液面需要上升到容器口，即液体深度达到容器高度0.35m。液体深度增加量为Δh＝H﹣h液＝0.35m﹣0.3m＝0.05m；截取部分放入容器后，截取部分的浸没体积即为需要排开液体的体积，为；
长方体材料的密度大于液体的密度。所以截取部分放入液体中会沉底，其浸没体积等于自身体积。此时，截取部分所受的浮力为。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）先计算出长方体的体积，再根据密度公式计算长方体的质量；
（2）根据p分别计算当长方体水平放置时长方体对水平地面的压强p1以及当长方体竖直放置时长方体对水平地面的压强p2；长方体对水平地面的压强变化量与液体对容器底部的压强恰好相等，根据ρ液可得液体的密度；
（3）使液体对容器底部的压强最大，则要使液面上升到容器上表面，根据体积公式计算排开液体体积，然后根据阿基米德原理计算浮力大小。
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