资源简介

2025年海南省部分学校中考模拟物理试题
1．我国生物学家在浙江丽水发现两栖动物新物种——百山祖角蟾。由图可知，在成人大拇指旁边的百山祖角蟾体长约为（　　）
A．3cm B．3dm C．3m D．3μm
【答案】A
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 A、成人大拇指的宽度约为2cm，图中百山祖角蟾的体长与大拇指长度相近，因此3cm符合实际，故A正确。
B、3dm=30cm，约等于一把尺子的长度，远大于大拇指长度，与图中生物体型不符，故B错误。
C、3m相当于一层楼的高度，明显不符合小型两栖动物的体型，故C错误。
D、3μm是微米级别的长度，肉眼几乎不可见，与图中生物不符，故D错误。
故选：A。
【分析】首先估计大拇指的长度，然后根据百山祖角蟾体长与大拇指长度关系作出判断。
2．物理上常通过声波的波形图来反映声波的特点，如图所示，根据甲、乙两个音叉振动时发出声音的波形图，下列判断正确的是（　　）
A．甲音叉比乙音叉振动得快
B．甲音叉比乙音叉发声的音调低
C．甲、乙两音叉发声的频率相同
D．乙音叉发声的响度比甲音叉发声的响度大
【答案】A,D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 AB．由波形图可知，相同的时间内甲音叉振动的次数多，所以甲音叉振动快，甲音叉发声的音调高，故A正确，B错误；
C．发声的频率表示发声体振动的快慢，甲音叉振动快，甲音叉发声的频率高，故C错误；
D．响度是由发声体的振幅决定的，由图可知，乙音叉发声的振幅大于甲音叉的振幅，所以乙音叉发声的响度比甲音叉发声的响度大，故D正确。
故选：AD。
【分析】由甲、乙两个音叉振动时发出声音的波形图可以看出在相同的时间内甲音叉振动的次数多，振动次数多久说明频率高，而发声体发声的音调与频率有比较密切的关系，频率越高，音调就越高。响度是由什么决定的呢？是由振幅---发声体振动的幅度，由图可知，音叉乙振动幅度大，所以音叉乙发声响度大。
3．下列事例表示的自然现象中，属于凝固的是（　　）
A．花瓣上的露珠 B．隆冬河面上的冰
C．雪山下的流水 D．草叶上的霜
【答案】B
【知识点】水的三态变化
【解析】【解答】A、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，故A不符合题意；
B、冰是液态的水变成固态的冰，属于凝固现象，故B符合题意；
C、雪山下的流水是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故C不符合题意；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，是凝华现象，故D不符合题意.
故答案为：B。
【分析】本题本题考查学生利用物态变化来解释生活现象的能力。解决这类题目的关键是找到变化前后的水的状态，找到相应的物态变化。
4．下列光现象可以解释“以铜为镜，可以正衣冠”的光学原理的是（　　）
A．小孔成像 B．筷子弯折
C．水中倒影 D．雨后彩虹
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 “以铜为镜，可以正衣冠”的意思：一个人用铜当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正，铜当镜子属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理。
A、图甲小孔成像利用的是光在同种均匀介质中沿直线传播，故A错误；
B、图乙筷子弯折是光在空气与水的界面发生了折射形成的，属于折射现象，故B错误；
C、水中的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；
D、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，是由于光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
5．下列说法正确的是（　　）
A．太阳能和电能都是可再生能源
B．超导体可用来制作加热器内的电热丝
C．太阳内部氢原子发生裂变释放出核能
D．风能、水能、化石能源都是一次能源
【答案】D
【知识点】能源及其分类；核聚变；超导体特点及作用
【解析】【解答】 A.太阳能可以从自然界中源源不断地得到补充，属于可再生能源，电能不能从自然界得到补充，必然由其它能源转化而来，故A错误；
B.超导体电阻为零，不能作为加热器内的电热丝，故B错误；
C.太阳能内部是由于较轻的氢原子核在高温下发生聚变而释放出核能，故C错误；
D.风能、水能、化石能源可以从自然界直接获取，属于一次能源，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
（2）超导体电阻为零，不能作为加热器内的电热丝；
（3）核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应．太阳内部为核聚变，而核电站应用了重核的裂变．
（4）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
6．某智能家政机器人有三种识别启动方式：人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动(机器人用表示)，下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合， 则说明三种识别方式各自可独立运行且互不影响，所以该机器人三种启动方式为并联关系，再把电动机放在干路上即可，只有C选项中的电路图符合题意．
【分析】本题需要根据实际需要设计电路，设计电路是主要根据串并联电路的特点，再根据题意弄清楚是是设计成串联电路还是并联电路，开关应该放在什么位置等。
7．如图所示的四个装置，以下关于它们的说法中正确的是（　　）
A．图甲可用来演示电动机原理
B．图乙可用来演示通电导线周围磁场的强弱与电流大小的关系
C．图丙可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系
D．图丁可用来演示发电机的工作原理
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 A、图甲没有电池，是发电机的原理，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故A错误；
B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；
C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；
D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机而不是发电机，故D错误。
故选：C。
【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
8．2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球（　　）
A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．在B点时，受重力和空气阻力的作用，两个力不在一条直线上，受力不平衡，故A错误；
B．图中足球受到空气阻力，有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能。机械能等于动能与势能之和，D点比A点高度低，所以D点的重力势能小，则其动能有可能与A点的动能相等，故B符合题意；
C．足球受到空气阻力，有机械能的损失，机械能不守恒，不可能只存在动能和势能的相互转化，故C不符合题意；
D．在C点时，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将以现有速度做匀速直线运动，运动状态不变，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据二力平衡的条件判断；
B.根据机械能和内能的转化分析A、D两点机械能大小，接下来根据高度大小分析两点重力势能大小，最后根据“机械能=动能+重力势能”分析二者动能大小；
C.注意机械能和内能的转化；
D.根据牛顿第一定律判断。
9．如图所示的电路是家庭电路的一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合S1，灯L1亮；②再闭合S2，灯L1亮，灯L2不亮；③用试电笔测a、b、c、d四个接线点，试电笔只在c点不发光。若电路中只有一处故障，故障可能是（　　）
A．灯L2短路 B．c点左侧的零线断路
C．灯L2所在支路断路 D．c、d两点间断路
【答案】D
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】解：闭合S1，灯L1亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝→a→S1→L1→c以及c点左侧的零线都没有断路；
再闭合S2，灯L2不亮，灯L2不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路；
若灯L2短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡L1也不会发光，说明电路存在断路；
用试电笔测a、b、c、d四个接线点，a、b、d三点的氖管发光，说明这三点与火线之间是接通的，则L2没有断路；试电笔只在c点不发光，说明c点与d点之间是断开的，所以故障是c、d两点间断路。
故选：D。
【分析】 试电笔在使用时，笔尖接触火线，氖管会发光；灯不亮的原因可能是断路或者短路，结合试电笔检测时氖管的发光情况判断具体的故障位置。
10．甲、乙两种物质的m-V图像如图所示，分析图像可知（　　）
A．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
B．两物质的密度之比为1∶4
C．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小
D．两物质的密度之比为4∶1
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，若甲、乙的质量相等，则甲的体积较小。故A错误。
BD．取图中一个坐标点，当时，，，由密度公式可知，甲、乙的密度分别为，
所以，甲乙的密度之比
故D正确，B错误；
C．若甲、乙的体积相等，由密度公式可知，甲的质量较大，故C错误。
故选：D。
【分析】 （1）首先明确各图像中横纵坐标表示的物理量分别是什么，然后根据图示分析解答；
（2）在图像上找出任意一组质量和体积的对应值，根据密度公式求出甲乙物质的密度，然后求出两者的密度之比，进而对BD做出判断。
11．中考前夕，为了不打扰小明学习，姥姥看电视时调小了音量，这是在　 　减弱噪声的．调小音量也是为了减小声音的　 　（选填“响度”“音调”“音色”）．
【答案】声源处；响度
【知识点】音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】 （1）降低电视播放音量，是从声音的产生源头控制噪声的产生，属于在声源处减弱噪音，避免干扰他人学习。
（2）声音的强弱由响度决定，而响度大小与振动幅度相关。调节电视音量，本质是改变喇叭的振动幅度，音量调小，振动幅度减小，声音的响度随之降低。
故答案为：声源处；响度。【分析】 （1）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处；
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，音量的调节就是改变声音的响度。
12．舞台上用喷撒干冰（固态CO2）的方法制造白雾以烘托气氛。干冰升华时会　 　热量，使空气的温度迅速降低，空气中的水蒸气　 　（填物态变化名称）成小水滴，形成白雾。
【答案】吸收；液化
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】干冰由固态直接变为气态，发生升华现象，升华过程需要吸收热量，使周围空气温度迅速降低。
空气温度降低后，空气中的水蒸气遇冷，由气态变为液态，发生液化现象，形成小水滴，也就是我们看到的白雾。
故答案为：吸收；液化。
【分析】物质从固态直接变成气态的过程叫升华，升华吸热，具有制冷作用。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化过程是放热的。
13．小明和爸爸开车去三亚旅游，坐在轿车上的小明相对于轿车是　 　（选填“运动”或“静止”）的。轿车匀速通过长1440m的隧道用时60s，则轿车通过隧道的速度为　 　km/h。
【答案】静止；86.4
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 判断物体运动或静止的依据是：物体与参照物的相对位置是否发生变化。小明坐在轿车上，相对于轿车的位置没有改变，因此小明相对于轿车是静止的
题干已知路程和时间，由速度公式可知，轿车通过隧道的速度
。
故答案为：静止；86.4。
【分析】物体相对于参照物的位置没有变化，则物体是静止的；
利用速度公式得出列车运行的平均速度。
14．镁粉易燃，7kg的镁粉完全燃烧释放了　 　的热量；若这些热量全部被100kg空气吸收，可以使空气升温　 　℃。[q镁约为2.5×107 J/kg，c空气取0.7×103 J/（kg ℃）]
【答案】1.75×108 J；2500
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】由公式Q=qm可知，7kg的镁粉完全燃烧释放的热量
空气吸收的热量等于7kg镁粉燃烧释放的热量，即
由变形式可得，空气升高的温度。
故答案为：1.75×108J；2500。
【分析】根据Q放=qm得出7kg的镁粉完全燃烧释放的热量；
根据Q吸=Q放得出空气吸收的热量，由Q吸=cmΔt得水空气升高的温度。
15．深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内部随着深度的增加而　 　，著名的　 　实验证明了大气压强存在。
【答案】压强增大；马德堡半球
【知识点】液体压强的特点；大气压强的存在
【解析】【解答】 深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内部随着深度的增加而压强增大。
著名的马德堡半球实验证明了大气压强存在。
故答案为：压强增大；马德堡半球。
【分析】 在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大。
马德堡半球实验的历史背景涉及到了证明大气压的存在和力量。
16．当军舰由大海驶向河流的过程中，它所受到的浮力将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”），军舰排开水的体积将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。[ρ海水>ρ河水]
【答案】不变；增大
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解析】（1）军舰在航行过程中始终保持漂浮状态，根据浮沉条件可知，此时浮力与重力相等。由于军舰的质量保持不变，根据重力公式可得出军舰所受重力不变。无论是在海水还是河水中，军舰都满足的平衡条件，因此军舰从大海驶入河流时，其受到的浮力大小保持不变。（2）进一步分析阿基米德原理可知：在浮力恒定的情况下，液体密度越大，排开液体的体积越小。由于海水密度大于河水密度，因此当军舰从海水进入河水时，为保持相同的浮力，排开水的体积会相应增大。
结论：军舰从大海驶向河流的过程中，所受浮力不变，但排开水的体积增大。
故答案为：不变；增大。
【分析】（1）军舰航行时，处于漂浮状态，漂浮时浮力等于重力；军舰在两种液体中都漂浮，受浮力等于军舰重，可以得出军舰受浮力大小关系；
（2）因为军舰受浮力相等，知道海水大于河水的密度，利用阿基米德原理（F浮=G排=m排g=ρ液V排g）分析排开水的体积关系。
17．某型号电饭煲有加热和保温两个挡位，如图所示为其电路原理图，R1、R2均为加热电阻，R1=48.4Ω，R2=193.6Ω。该电饭煲在加热挡时，开关S应打至　 　位置；在保温挡正常工作1min，电路产生的热量为　 　 J。
【答案】1；1.2×104
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】当开关S接2时，、串联，此时电路的总电阻等于两个电阻之和，由可知，电路的总功率最小，电饭煲处于保温挡，当开关S接1时，只有工作，总功率最大，电饭煲处于加热挡。
根据串联电路特点可知，电饭煲保温挡工作时电路的总电阻为
由可知，在保温挡正常工作，电路产生的热量为。
故答案为：1；1.2×104。
【分析】 （1）由图可知，当开关S接1时，只有R1工作；当开关S接2时，R1、R2串联；根据串联电路的特点和可知电饭煲加热挡和保温挡的电路连接；
（2）根据串联电路特点求出保温挡工作时电路的总电阻，根据求出在保温挡正常工作1min，电路产生的热量。
18．如图所示，物体静止在斜面上，画出A所受重力G和支持力FN的示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下，所以过物体的重心，沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，标上符号G；
物体所受的支持力的作用点在物体的重心上，方向垂直于斜面向上，所以过物体的重心，沿垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，标上符号FN，如图所示：
【分析】1.重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
2.支持力的方向是垂直于斜面向上的，作用点可画在物体的重心上。
19．如图，一束光从水中斜射入空气，请作出它的反射光线和大致的折射光线．
　 　
【答案】
【知识点】光的反射定律；作光的折射光路图
【解析】【解答】 首先过界面的入射点垂直界面作出法线，然后根据“反射角等于入射角”在法线左侧水中作出反射光线；在空气介质中法线的左边大致作出折射光线，且使折射角大于入射角。如下图所示：
【分析】根据光的反射定律和折射规律完成作图。
20．在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
（1）实验时，试管里装有适量的“碎冰”，将试管放入水中加热，目的是　 　，而且温度上升较慢，便于记录。
（2）图乙是根据实验记录绘制的给并加热时随时间变化的图像，由图像可知：BC段的物质处于　 　状态，试管中的冰完全熔化后，若持续加热，试管中的水　 　（选填“能”或“不能”）沸腾。
【答案】（1）使冰受热均匀
（2）固液共存；不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】 (1)水浴加热的目的是使冰受热均匀，同时碎冰受热面积大，温度上升较慢，便于记录数据。
(2)BC段是冰的熔化过程，冰在熔化时处于固液共存状态。
冰完全熔化后变成水，持续加热时，烧杯中的水沸腾后温度保持不变，试管中的水虽然能达到沸点，但无法继续吸热，因此不能沸腾。
故答案为：（1）使冰受热均匀；（2）固液共存；不能。
【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）晶体在熔化时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；水沸腾后，温度不再上升，试管内的水到达沸点后，不能继续吸热，不能沸腾。
（1）探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里装有适量的碎冰，放入水中加热，这种加热方法叫做水浴法加热，在加热过程中，碎冰受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
（2）[1]冰是晶体，由图像可知BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态。
[2]液体沸腾的条件是达到沸点，继续吸热。由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
21．在一次物理课上，同学们想探究“电流与电压的关系”。实验器材有：电源，电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），导线若干。
（1）请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接完整。（要求滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大）
（2）连好电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，电流表指针均无偏转，而电压表示数接近电源电压，则原因可能是定值电阻　 　。
（3）解决上述问题后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，其读数为　 　 A。
（4）小亮同学有意识地将R两端电压调到0.5V、1V、1.5V，并分别测出其对应的电流；理由是　 　。
（5）图丙是某同学根据实验数据作出的某定值电阻的I-U图像，阴影部分的面积表示　 　。
【答案】（1）
（2）断路
（3）0.3
（4）使电压成倍数增加，更容易分析得出电流与电压的正比例关系
（5）电功率
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率
【解析】【解答】 （1）滑动变阻器的滑片向右滑动时，连入电路的阻值变大，说明应接左下端接线柱。
滑动变阻器的接线柱应接左下端，串联在电路中；
电压表应并联在定值电阻两端，电流从正接线柱流入、负接线柱流出。如图所示：
（2）电流表无偏转，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端到电源两极是通路，因此故障为定值电阻断路。
（3）电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，指针指向0.3A刻度线，故读数为0.3A。
（4）探究 “电流与电压的关系” 时，需改变定值电阻两端的电压，进行多次实验，目的是避免实验结论的偶然性，寻找普遍规律。
（5）图丙中阴影部分为矩形，面积为横坐标与纵坐标的乘积，根据公式P=UI，表示定值电阻在该电压下的电功率。
故答案为：（1）；（2）断路；（3）0.3；（4）使电压成倍数增加，更容易分析得出电流与电压的正比例关系；（5）电功率。
【分析】 （1）滑动变阻器采用一上一下的接法，电流表与电阻串联接入电路中；
（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）根据电流表选用的量程确定分度值读数；
（4）探究电流与电压的关系时，最好要电压成倍数的增加，更容易分析；
（5）根据P=UI分析。
（1）实验中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻的电压，电流表测量电路电流。滑动变阻器采用一上一下的接法，滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，故滑动变阻器应接左下方接线柱；电流表串联接入电路中，如图所示：
（2）正确连接好电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电流表指针均无偏转，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，故电路的故障可能是定值电阻断路。
（3）电流表选用小量程，分度值为，读数为。
（4）电阻不变，电流与电压成正比，在探究电流与电压关系的实验中，为了便于得出电流与电压的关系，最好让电压成比例倍数增加。
（5）图中阴影部分面积为UI，根据可知，故阴影部分面积表示的是电功率。
22．图1所示为工人师傅乘坐吊篮在高空粉刷楼体外墙的情景，吊篮可在电动机的作用下实现升降，其简化结构原理如图2所示。吊篮的质量为60kg，两名工人及工具的总质量为240kg，某次吊升过程中，吊篮在30s内匀速上升了6m。不计滑轮重、绳重和摩擦，
（1）电动机对绳子的拉力？
（2）电动机对吊篮（包括人及工具）做的功和功率？
（3）对吊篮做的功为额外功，对人和工具做的功为有用功，则机械效率是多少？
【答案】解：（1）由题图可知，绳子承重股数为n=4，不计滑轮重、绳重和摩擦，电动机对绳子的拉力为
（2）绳子自由端移动的距离为
电动机对吊篮（包括人及工具）做的功，即总功，为
根据可得，电动机对吊篮（包括人及工具）做功的功率为
（3）有用功为
机械效率为。
答：（1）电动机对绳子的拉力为750N；
（2）电动机对吊篮（包括人及工具）做的功为18000J，功率为600W；
（3）对吊篮做的功为额外功，对人和工具做的功为有用功，则机械效率是80%。
【知识点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）不计滑轮重、绳重和摩擦，根据求出电动机对绳子的拉力；（2）求出绳子自由端移动的距离s=nh，根据W=Fs求出电动机对吊篮（包括人及工具）做的功，即总功；根据求出电动机对吊篮（包括人及工具）做功的功率；
（3）根据=Gh求出有用功，根据求出机械效率。
23．图甲是小明家某品牌豆浆机的主要结构示意图，图丙是该豆浆机的铭牌，其工作时的等效电路如图乙所示．下表是豆浆机正常工作做一次豆浆的过程中电热管和电动机工作时间与对应的工作状态．请解答下列问题．
工作时间/min 0~1 1~5 5~6 6~10
工作状态 粉碎打浆 加热 粉碎打浆 加热
（1）豆浆机正常工作时电热丝的电阻是多少？
（2）豆浆机正常工作做一次豆浆，电流做功多少焦？
（3）小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里的其他用电器都关闭，他观察到豆浆机的电热丝工作时，家里标有“3 000 imp/（kW·h）”字样的电能表指示灯在2 min内闪烁了50次．（不考虑温度对电阻的影响）则该豆浆机2 min内实际消耗的电能是多少？小明家里电路的实际电压为多少？
【答案】（1）由乙中数据，加热功率为605W，由得，电热丝的电阻：；
（2）由表中数据可以得出，豆浆机正常工作做一次豆浆，电热丝的工作时间t1=8min，电动机工作时间t2=2min，
豆浆机正常工作做一次豆浆，
电热丝产生的热量：Q=W1=PRt1=605W×8×60s=2.904×105J；
电流做功：W=P电动机t2+Q=100W×2×60s+2.904×105J=3.024×105J。
（3）①豆浆机2min内消耗的电能：；
②豆浆机实际功率：，
由得电路实际电压：。
答：（1）豆浆机正常工作电热丝电阻是80Ω；
（2）豆浆机正常工作做一次豆浆电流做功是3.024×105J；
（3）①该豆浆机2min内实际消耗的电能是6×104J；
②他家电路的实际电压是200V。
【知识点】电能表参数的理解；电功及电功的实质；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）知道加热管的额定电压和加热功率，根据求出电加热管的电阻；
（2）已知电动机的功率和加热的功率，从表格中可以看出各自的各自时间，根据公式W=Pt可求产生的热量和电流做的总功。
（3）①已知电能表每消耗1kW h的电能转盘就转动3000r，可求转50转消耗的电能；
②已知工作时间，根据公式W=Pt可求豆浆机的实际功率，利用公式功率的变形公式可求出此时电路的实际电压。
1 / 12025年海南省部分学校中考模拟物理试题
1．我国生物学家在浙江丽水发现两栖动物新物种——百山祖角蟾。由图可知，在成人大拇指旁边的百山祖角蟾体长约为（　　）
A．3cm B．3dm C．3m D．3μm
2．物理上常通过声波的波形图来反映声波的特点，如图所示，根据甲、乙两个音叉振动时发出声音的波形图，下列判断正确的是（　　）
A．甲音叉比乙音叉振动得快
B．甲音叉比乙音叉发声的音调低
C．甲、乙两音叉发声的频率相同
D．乙音叉发声的响度比甲音叉发声的响度大
3．下列事例表示的自然现象中，属于凝固的是（　　）
A．花瓣上的露珠 B．隆冬河面上的冰
C．雪山下的流水 D．草叶上的霜
4．下列光现象可以解释“以铜为镜，可以正衣冠”的光学原理的是（　　）
A．小孔成像 B．筷子弯折
C．水中倒影 D．雨后彩虹
5．下列说法正确的是（　　）
A．太阳能和电能都是可再生能源
B．超导体可用来制作加热器内的电热丝
C．太阳内部氢原子发生裂变释放出核能
D．风能、水能、化石能源都是一次能源
6．某智能家政机器人有三种识别启动方式：人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，机器人启动(机器人用表示)，下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
7．如图所示的四个装置，以下关于它们的说法中正确的是（　　）
A．图甲可用来演示电动机原理
B．图乙可用来演示通电导线周围磁场的强弱与电流大小的关系
C．图丙可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系
D．图丁可用来演示发电机的工作原理
8．2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球（　　）
A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
9．如图所示的电路是家庭电路的一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合S1，灯L1亮；②再闭合S2，灯L1亮，灯L2不亮；③用试电笔测a、b、c、d四个接线点，试电笔只在c点不发光。若电路中只有一处故障，故障可能是（　　）
A．灯L2短路 B．c点左侧的零线断路
C．灯L2所在支路断路 D．c、d两点间断路
10．甲、乙两种物质的m-V图像如图所示，分析图像可知（　　）
A．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
B．两物质的密度之比为1∶4
C．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小
D．两物质的密度之比为4∶1
11．中考前夕，为了不打扰小明学习，姥姥看电视时调小了音量，这是在　 　减弱噪声的．调小音量也是为了减小声音的　 　（选填“响度”“音调”“音色”）．
12．舞台上用喷撒干冰（固态CO2）的方法制造白雾以烘托气氛。干冰升华时会　 　热量，使空气的温度迅速降低，空气中的水蒸气　 　（填物态变化名称）成小水滴，形成白雾。
13．小明和爸爸开车去三亚旅游，坐在轿车上的小明相对于轿车是　 　（选填“运动”或“静止”）的。轿车匀速通过长1440m的隧道用时60s，则轿车通过隧道的速度为　 　km/h。
14．镁粉易燃，7kg的镁粉完全燃烧释放了　 　的热量；若这些热量全部被100kg空气吸收，可以使空气升温　 　℃。[q镁约为2.5×107 J/kg，c空气取0.7×103 J/（kg ℃）]
15．深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内部随着深度的增加而　 　，著名的　 　实验证明了大气压强存在。
16．当军舰由大海驶向河流的过程中，它所受到的浮力将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”），军舰排开水的体积将　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。[ρ海水>ρ河水]
17．某型号电饭煲有加热和保温两个挡位，如图所示为其电路原理图，R1、R2均为加热电阻，R1=48.4Ω，R2=193.6Ω。该电饭煲在加热挡时，开关S应打至　 　位置；在保温挡正常工作1min，电路产生的热量为　 　 J。
18．如图所示，物体静止在斜面上，画出A所受重力G和支持力FN的示意图。
19．如图，一束光从水中斜射入空气，请作出它的反射光线和大致的折射光线．
　 　
20．在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。
（1）实验时，试管里装有适量的“碎冰”，将试管放入水中加热，目的是　 　，而且温度上升较慢，便于记录。
（2）图乙是根据实验记录绘制的给并加热时随时间变化的图像，由图像可知：BC段的物质处于　 　状态，试管中的冰完全熔化后，若持续加热，试管中的水　 　（选填“能”或“不能”）沸腾。
21．在一次物理课上，同学们想探究“电流与电压的关系”。实验器材有：电源，电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），导线若干。
（1）请用笔画线代替导线把图甲中的电路连接完整。（要求滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大）
（2）连好电路后，闭合开关，发现无论怎样移动滑片，电流表指针均无偏转，而电压表示数接近电源电压，则原因可能是定值电阻　 　。
（3）解决上述问题后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，其读数为　 　 A。
（4）小亮同学有意识地将R两端电压调到0.5V、1V、1.5V，并分别测出其对应的电流；理由是　 　。
（5）图丙是某同学根据实验数据作出的某定值电阻的I-U图像，阴影部分的面积表示　 　。
22．图1所示为工人师傅乘坐吊篮在高空粉刷楼体外墙的情景，吊篮可在电动机的作用下实现升降，其简化结构原理如图2所示。吊篮的质量为60kg，两名工人及工具的总质量为240kg，某次吊升过程中，吊篮在30s内匀速上升了6m。不计滑轮重、绳重和摩擦，
（1）电动机对绳子的拉力？
（2）电动机对吊篮（包括人及工具）做的功和功率？
（3）对吊篮做的功为额外功，对人和工具做的功为有用功，则机械效率是多少？
23．图甲是小明家某品牌豆浆机的主要结构示意图，图丙是该豆浆机的铭牌，其工作时的等效电路如图乙所示．下表是豆浆机正常工作做一次豆浆的过程中电热管和电动机工作时间与对应的工作状态．请解答下列问题．
工作时间/min 0~1 1~5 5~6 6~10
工作状态 粉碎打浆 加热 粉碎打浆 加热
（1）豆浆机正常工作时电热丝的电阻是多少？
（2）豆浆机正常工作做一次豆浆，电流做功多少焦？
（3）小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里的其他用电器都关闭，他观察到豆浆机的电热丝工作时，家里标有“3 000 imp/（kW·h）”字样的电能表指示灯在2 min内闪烁了50次．（不考虑温度对电阻的影响）则该豆浆机2 min内实际消耗的电能是多少？小明家里电路的实际电压为多少？
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】 A、成人大拇指的宽度约为2cm，图中百山祖角蟾的体长与大拇指长度相近，因此3cm符合实际，故A正确。
B、3dm=30cm，约等于一把尺子的长度，远大于大拇指长度，与图中生物体型不符，故B错误。
C、3m相当于一层楼的高度，明显不符合小型两栖动物的体型，故C错误。
D、3μm是微米级别的长度，肉眼几乎不可见，与图中生物不符，故D错误。
故选：A。
【分析】首先估计大拇指的长度，然后根据百山祖角蟾体长与大拇指长度关系作出判断。
2．【答案】A,D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 AB．由波形图可知，相同的时间内甲音叉振动的次数多，所以甲音叉振动快，甲音叉发声的音调高，故A正确，B错误；
C．发声的频率表示发声体振动的快慢，甲音叉振动快，甲音叉发声的频率高，故C错误；
D．响度是由发声体的振幅决定的，由图可知，乙音叉发声的振幅大于甲音叉的振幅，所以乙音叉发声的响度比甲音叉发声的响度大，故D正确。
故选：AD。
【分析】由甲、乙两个音叉振动时发出声音的波形图可以看出在相同的时间内甲音叉振动的次数多，振动次数多久说明频率高，而发声体发声的音调与频率有比较密切的关系，频率越高，音调就越高。响度是由什么决定的呢？是由振幅---发声体振动的幅度，由图可知，音叉乙振动幅度大，所以音叉乙发声响度大。
3．【答案】B
【知识点】水的三态变化
【解析】【解答】A、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，故A不符合题意；
B、冰是液态的水变成固态的冰，属于凝固现象，故B符合题意；
C、雪山下的流水是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故C不符合题意；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，是凝华现象，故D不符合题意.
故答案为：B。
【分析】本题本题考查学生利用物态变化来解释生活现象的能力。解决这类题目的关键是找到变化前后的水的状态，找到相应的物态变化。
4．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 “以铜为镜，可以正衣冠”的意思：一个人用铜当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正，铜当镜子属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理。
A、图甲小孔成像利用的是光在同种均匀介质中沿直线传播，故A错误；
B、图乙筷子弯折是光在空气与水的界面发生了折射形成的，属于折射现象，故B错误；
C、水中的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；
D、雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，是由于光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
5．【答案】D
【知识点】能源及其分类；核聚变；超导体特点及作用
【解析】【解答】 A.太阳能可以从自然界中源源不断地得到补充，属于可再生能源，电能不能从自然界得到补充，必然由其它能源转化而来，故A错误；
B.超导体电阻为零，不能作为加热器内的电热丝，故B错误；
C.太阳能内部是由于较轻的氢原子核在高温下发生聚变而释放出核能，故C错误；
D.风能、水能、化石能源可以从自然界直接获取，属于一次能源，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
（2）超导体电阻为零，不能作为加热器内的电热丝；
（3）核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应．太阳内部为核聚变，而核电站应用了重核的裂变．
（4）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
6．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3)，只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合， 则说明三种识别方式各自可独立运行且互不影响，所以该机器人三种启动方式为并联关系，再把电动机放在干路上即可，只有C选项中的电路图符合题意．
【分析】本题需要根据实际需要设计电路，设计电路是主要根据串并联电路的特点，再根据题意弄清楚是是设计成串联电路还是并联电路，开关应该放在什么位置等。
7．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 A、图甲没有电池，是发电机的原理，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故A错误；
B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；
C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；
D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机而不是发电机，故D错误。
故选：C。
【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
8．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；机械能守恒条件；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】A．在B点时，受重力和空气阻力的作用，两个力不在一条直线上，受力不平衡，故A错误；
B．图中足球受到空气阻力，有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能。机械能等于动能与势能之和，D点比A点高度低，所以D点的重力势能小，则其动能有可能与A点的动能相等，故B符合题意；
C．足球受到空气阻力，有机械能的损失，机械能不守恒，不可能只存在动能和势能的相互转化，故C不符合题意；
D．在C点时，若所受力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将以现有速度做匀速直线运动，运动状态不变，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据二力平衡的条件判断；
B.根据机械能和内能的转化分析A、D两点机械能大小，接下来根据高度大小分析两点重力势能大小，最后根据“机械能=动能+重力势能”分析二者动能大小；
C.注意机械能和内能的转化；
D.根据牛顿第一定律判断。
9．【答案】D
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】解：闭合S1，灯L1亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝→a→S1→L1→c以及c点左侧的零线都没有断路；
再闭合S2，灯L2不亮，灯L2不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路；
若灯L2短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡L1也不会发光，说明电路存在断路；
用试电笔测a、b、c、d四个接线点，a、b、d三点的氖管发光，说明这三点与火线之间是接通的，则L2没有断路；试电笔只在c点不发光，说明c点与d点之间是断开的，所以故障是c、d两点间断路。
故选：D。
【分析】 试电笔在使用时，笔尖接触火线，氖管会发光；灯不亮的原因可能是断路或者短路，结合试电笔检测时氖管的发光情况判断具体的故障位置。
10．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】A．由图可知，若甲、乙的质量相等，则甲的体积较小。故A错误。
BD．取图中一个坐标点，当时，，，由密度公式可知，甲、乙的密度分别为，
所以，甲乙的密度之比
故D正确，B错误；
C．若甲、乙的体积相等，由密度公式可知，甲的质量较大，故C错误。
故选：D。
【分析】 （1）首先明确各图像中横纵坐标表示的物理量分别是什么，然后根据图示分析解答；
（2）在图像上找出任意一组质量和体积的对应值，根据密度公式求出甲乙物质的密度，然后求出两者的密度之比，进而对BD做出判断。
11．【答案】声源处；响度
【知识点】音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】 （1）降低电视播放音量，是从声音的产生源头控制噪声的产生，属于在声源处减弱噪音，避免干扰他人学习。
（2）声音的强弱由响度决定，而响度大小与振动幅度相关。调节电视音量，本质是改变喇叭的振动幅度，音量调小，振动幅度减小，声音的响度随之降低。
故答案为：声源处；响度。【分析】 （1）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处；
（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关，音量的调节就是改变声音的响度。
12．【答案】吸收；液化
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】干冰由固态直接变为气态，发生升华现象，升华过程需要吸收热量，使周围空气温度迅速降低。
空气温度降低后，空气中的水蒸气遇冷，由气态变为液态，发生液化现象，形成小水滴，也就是我们看到的白雾。
故答案为：吸收；液化。
【分析】物质从固态直接变成气态的过程叫升华，升华吸热，具有制冷作用。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化过程是放热的。
13．【答案】静止；86.4
【知识点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】 判断物体运动或静止的依据是：物体与参照物的相对位置是否发生变化。小明坐在轿车上，相对于轿车的位置没有改变，因此小明相对于轿车是静止的
题干已知路程和时间，由速度公式可知，轿车通过隧道的速度
。
故答案为：静止；86.4。
【分析】物体相对于参照物的位置没有变化，则物体是静止的；
利用速度公式得出列车运行的平均速度。
14．【答案】1.75×108 J；2500
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】由公式Q=qm可知，7kg的镁粉完全燃烧释放的热量
空气吸收的热量等于7kg镁粉燃烧释放的热量，即
由变形式可得，空气升高的温度。
故答案为：1.75×108J；2500。
【分析】根据Q放=qm得出7kg的镁粉完全燃烧释放的热量；
根据Q吸=Q放得出空气吸收的热量，由Q吸=cmΔt得水空气升高的温度。
15．【答案】压强增大；马德堡半球
【知识点】液体压强的特点；大气压强的存在
【解析】【解答】 深海潜水器有下潜深度限制，是由于海水内部随着深度的增加而压强增大。
著名的马德堡半球实验证明了大气压强存在。
故答案为：压强增大；马德堡半球。
【分析】 在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大。
马德堡半球实验的历史背景涉及到了证明大气压的存在和力量。
16．【答案】不变；增大
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解析】（1）军舰在航行过程中始终保持漂浮状态，根据浮沉条件可知，此时浮力与重力相等。由于军舰的质量保持不变，根据重力公式可得出军舰所受重力不变。无论是在海水还是河水中，军舰都满足的平衡条件，因此军舰从大海驶入河流时，其受到的浮力大小保持不变。（2）进一步分析阿基米德原理可知：在浮力恒定的情况下，液体密度越大，排开液体的体积越小。由于海水密度大于河水密度，因此当军舰从海水进入河水时，为保持相同的浮力，排开水的体积会相应增大。
结论：军舰从大海驶向河流的过程中，所受浮力不变，但排开水的体积增大。
故答案为：不变；增大。
【分析】（1）军舰航行时，处于漂浮状态，漂浮时浮力等于重力；军舰在两种液体中都漂浮，受浮力等于军舰重，可以得出军舰受浮力大小关系；
（2）因为军舰受浮力相等，知道海水大于河水的密度，利用阿基米德原理（F浮=G排=m排g=ρ液V排g）分析排开水的体积关系。
17．【答案】1；1.2×104
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】当开关S接2时，、串联，此时电路的总电阻等于两个电阻之和，由可知，电路的总功率最小，电饭煲处于保温挡，当开关S接1时，只有工作，总功率最大，电饭煲处于加热挡。
根据串联电路特点可知，电饭煲保温挡工作时电路的总电阻为
由可知，在保温挡正常工作，电路产生的热量为。
故答案为：1；1.2×104。
【分析】 （1）由图可知，当开关S接1时，只有R1工作；当开关S接2时，R1、R2串联；根据串联电路的特点和可知电饭煲加热挡和保温挡的电路连接；
（2）根据串联电路特点求出保温挡工作时电路的总电阻，根据求出在保温挡正常工作1min，电路产生的热量。
18．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下，所以过物体的重心，沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，标上符号G；
物体所受的支持力的作用点在物体的重心上，方向垂直于斜面向上，所以过物体的重心，沿垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，标上符号FN，如图所示：
【分析】1.重力的方向是竖直向下的，作用点在重心上；
2.支持力的方向是垂直于斜面向上的，作用点可画在物体的重心上。
19．【答案】
【知识点】光的反射定律；作光的折射光路图
【解析】【解答】 首先过界面的入射点垂直界面作出法线，然后根据“反射角等于入射角”在法线左侧水中作出反射光线；在空气介质中法线的左边大致作出折射光线，且使折射角大于入射角。如下图所示：
【分析】根据光的反射定律和折射规律完成作图。
20．【答案】（1）使冰受热均匀
（2）固液共存；不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】 (1)水浴加热的目的是使冰受热均匀，同时碎冰受热面积大，温度上升较慢，便于记录数据。
(2)BC段是冰的熔化过程，冰在熔化时处于固液共存状态。
冰完全熔化后变成水，持续加热时，烧杯中的水沸腾后温度保持不变，试管中的水虽然能达到沸点，但无法继续吸热，因此不能沸腾。
故答案为：（1）使冰受热均匀；（2）固液共存；不能。
【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）晶体在熔化时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；水沸腾后，温度不再上升，试管内的水到达沸点后，不能继续吸热，不能沸腾。
（1）探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里装有适量的碎冰，放入水中加热，这种加热方法叫做水浴法加热，在加热过程中，碎冰受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。
（2）[1]冰是晶体，由图像可知BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态。
[2]液体沸腾的条件是达到沸点，继续吸热。由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
21．【答案】（1）
（2）断路
（3）0.3
（4）使电压成倍数增加，更容易分析得出电流与电压的正比例关系
（5）电功率
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率
【解析】【解答】 （1）滑动变阻器的滑片向右滑动时，连入电路的阻值变大，说明应接左下端接线柱。
滑动变阻器的接线柱应接左下端，串联在电路中；
电压表应并联在定值电阻两端，电流从正接线柱流入、负接线柱流出。如图所示：
（2）电流表无偏转，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端到电源两极是通路，因此故障为定值电阻断路。
（3）电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，指针指向0.3A刻度线，故读数为0.3A。
（4）探究 “电流与电压的关系” 时，需改变定值电阻两端的电压，进行多次实验，目的是避免实验结论的偶然性，寻找普遍规律。
（5）图丙中阴影部分为矩形，面积为横坐标与纵坐标的乘积，根据公式P=UI，表示定值电阻在该电压下的电功率。
故答案为：（1）；（2）断路；（3）0.3；（4）使电压成倍数增加，更容易分析得出电流与电压的正比例关系；（5）电功率。
【分析】 （1）滑动变阻器采用一上一下的接法，电流表与电阻串联接入电路中；
（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）根据电流表选用的量程确定分度值读数；
（4）探究电流与电压的关系时，最好要电压成倍数的增加，更容易分析；
（5）根据P=UI分析。
（1）实验中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻的电压，电流表测量电路电流。滑动变阻器采用一上一下的接法，滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，故滑动变阻器应接左下方接线柱；电流表串联接入电路中，如图所示：
（2）正确连接好电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电流表指针均无偏转，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，故电路的故障可能是定值电阻断路。
（3）电流表选用小量程，分度值为，读数为。
（4）电阻不变，电流与电压成正比，在探究电流与电压关系的实验中，为了便于得出电流与电压的关系，最好让电压成比例倍数增加。
（5）图中阴影部分面积为UI，根据可知，故阴影部分面积表示的是电功率。
22．【答案】解：（1）由题图可知，绳子承重股数为n=4，不计滑轮重、绳重和摩擦，电动机对绳子的拉力为
（2）绳子自由端移动的距离为
电动机对吊篮（包括人及工具）做的功，即总功，为
根据可得，电动机对吊篮（包括人及工具）做功的功率为
（3）有用功为
机械效率为。
答：（1）电动机对绳子的拉力为750N；
（2）电动机对吊篮（包括人及工具）做的功为18000J，功率为600W；
（3）对吊篮做的功为额外功，对人和工具做的功为有用功，则机械效率是80%。
【知识点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【分析】 （1）不计滑轮重、绳重和摩擦，根据求出电动机对绳子的拉力；（2）求出绳子自由端移动的距离s=nh，根据W=Fs求出电动机对吊篮（包括人及工具）做的功，即总功；根据求出电动机对吊篮（包括人及工具）做功的功率；
（3）根据=Gh求出有用功，根据求出机械效率。
23．【答案】（1）由乙中数据，加热功率为605W，由得，电热丝的电阻：；
（2）由表中数据可以得出，豆浆机正常工作做一次豆浆，电热丝的工作时间t1=8min，电动机工作时间t2=2min，
豆浆机正常工作做一次豆浆，
电热丝产生的热量：Q=W1=PRt1=605W×8×60s=2.904×105J；
电流做功：W=P电动机t2+Q=100W×2×60s+2.904×105J=3.024×105J。
（3）①豆浆机2min内消耗的电能：；
②豆浆机实际功率：，
由得电路实际电压：。
答：（1）豆浆机正常工作电热丝电阻是80Ω；
（2）豆浆机正常工作做一次豆浆电流做功是3.024×105J；
（3）①该豆浆机2min内实际消耗的电能是6×104J；
②他家电路的实际电压是200V。
【知识点】电能表参数的理解；电功及电功的实质；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）知道加热管的额定电压和加热功率，根据求出电加热管的电阻；
（2）已知电动机的功率和加热的功率，从表格中可以看出各自的各自时间，根据公式W=Pt可求产生的热量和电流做的总功。
（3）①已知电能表每消耗1kW h的电能转盘就转动3000r，可求转50转消耗的电能；
②已知工作时间，根据公式W=Pt可求豆浆机的实际功率，利用公式功率的变形公式可求出此时电路的实际电压。
1 / 1

展开更多......

收起↑