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2026年湖南省湘潭市湘钢教育集团中考一模物理试题
1．天气较冷时，从室外进入温暖的房间后，眼镜镜片会变模糊，过一会儿，镜片又会变清晰。下列与“变清晰”原理相同的是（　　）
A．壶嘴吐“白气” B．樟脑丸“变小”
C．河水结为冰面 D．汗水被风吹干
【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 人从寒冷环境走入温暖室内时，眼镜镜片上附着的小水珠逐渐消散、镜片恢复清晰，这是液态的水转变为水蒸气的过程，属于汽化现象。
A、水壶冒出的 “白气”，是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B、衣柜中的樟脑丸慢慢变小，是固态物质直接变为气态，属于升华现象，故B不符合题意；
C、河面的水结成冰块，是液态变为固态的过程，属于凝固现象，故C不符合题意；
D、体表的汗水在风的作用下快速消失，是液态水分蒸发变为水蒸气，属于汽化现象，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
2．下列日常用语中所讲的“高”指音调的是（　　）
A．“引吭高歌” B．“不敢高声语，恐惊天上人”
C．“请勿高声喧哗” D．“这音太高，我唱不上去
【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、“引亢高歌”是提高声音的响度大小。错误；
B、“不敢高声语，恐惊天上人”，就是不敢高声说话，降低声音的响度交谈，是指声音的响度大小。错误；
C、“请勿高声喧哗”就是不要大声说话，是指声音的响度大小。错误；
D、“这音太高，我唱不上去”是指声音的音调高，难以唱上去。正确。
故答案为：D。
【分析】音调是指我们听到的声音的高低；声音的大小叫做响度。
3．小明家的电路简化后如图所示，观察该电路，下列说法中正确的是（　　）
A．开关和电灯的位置互换后更安全
B．插座中的相线和中性线一定不能连通
C．电能表是测量电路消耗总电功率的仪表
D．各个小彩灯之间是并联的
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电能表参数的理解；家庭电路的连接
【解析】【解答】A．在家庭电路中，为了保证断开开关后灯泡不再带电，则开关应接在相线上。若开关和灯泡位置互换，断开开关后灯泡仍与相线相连，触碰易触电，更危险，故A错误；
B．如果插座的相线和中性线连通，会造成电源短路，可能引起火灾，故B正确；
C．电能表不是测量电功率的，是测量电路消耗电能的仪表，故C错误；
D．根据图片可知，各个小彩灯首尾相连，属于串联，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据家庭电路安全用电的知识判断；
B.根据短路对电路的影响判断；
C.根据电能表的用途判断；
D.用电器首尾相连为串联，并排连接为并联。
4．碳纤维复合材料具有轻盈、耐高温、耐腐蚀、柔韧性好等优点，这种材料不适合做（　　）
A．压路机碾子 B．钓鱼竿 C．飞机机翼 D．火炬外壳
【答案】A
【知识点】新材料的特点及应用
【解析】【解答】A.压路机碾子需要密度大的物质做成的物体，根据题意，碳纤维复合材料比较轻盈，故A符合题意；
BCD.碳纤维复合材料具有轻盈、耐高温、耐腐蚀、柔韧性好等优点，这种材料适合做成钓鱼竿、飞机机翼、火炬外壳，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】物质的基本属性有硬度、弹性、磁性、塑性、状态、颜色、质量、密度、导电性、绝缘性、延展性、透光性、导热性等，不同物质的属性不同，实际应用也就不同。
5．图是“探究水的沸腾”的实验图像，下列说法正确的是（　　）
A．在3-6min，水的温度不再上升是因为水不再吸热
B．水沸腾后可以立即熄灭酒精灯，停止加热
C．在实验中，水的沸点是100℃
D．实验时，气压值低于1标准大气压
【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A.根据图片可知，3~6min内水的温度不变，此时水处于沸腾过程，但是仍然需要不断吸热，故A错误；
B．水沸腾后不能立即停止加热，需要继续加热观察实验现象，故B错误；
C．根据图片可知，水沸腾时保持不变的温度低于，此时水的沸点不是，故C错误；
D．综上所述，现在水的沸点低于，说明实验时气压低于1标准大气压，故D正确。
故选D。
【分析】AB.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热；
C.水沸腾时保持不变的温度就是水的沸点；
D.根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律判断。
6．在水平地面上，一个物体在拉力作用下做匀速直线运动，以下说法正确的是（　　）
A．物体受到的拉力大于摩擦力
B．物体受到的重力和支持力是一对相互作用力
C．物体的运动状态没有发生改变
D．若撤去拉力，物体将立刻静止
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A． 物体在拉力作用下在水平面上做匀速直线运动，则水平方向的拉力和摩擦力是一对平衡力。根据平衡力的知识可知，二者大小相等，故A错误；
B．物体受到的重力和支持力都作用在物体上，二者大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是一对平衡力，而不是相互作用力，故B错误；
C．物体做匀速直线运动时，它的速度大小和运动方向都不变，因此运动状态没有发生改变，故C正确；
D．撤去拉力后，物体不会立刻静止，由于惯性会继续向前运动，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据平衡力的知识比较拉力和摩擦力大小；
B.相互作用力的条件；同一直线、大小相等、方向相反，作用在不同物体上；
C.运动状态的改变包括：速度大小改变和方向改变；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
7．用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，以下说法正确的是（　　）
A．金属箔片张开是因为带了异种电荷
B．玻璃棒带正电是因为得到了电子
C．此时验电器的金属球带负电
D．该现象说明物体可以通过接触带电
【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】A．根据电荷之间的相互作用规律可知，金属箔张开是因为两片金属箔带了同种电荷，故A错误；
B．根据摩擦起电的本质可知，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为玻璃棒失去了电子，故B错误；
C．带正电的玻璃棒缺少电子，金属球不缺少不多于电子，则二者时，验电器上的自由电子会转移到玻璃棒上，因此金属球带正电，故C错误；
D．验电器和带电的玻璃棒接触后带上了电，该现象说明物体可以通过接触的方式带电，故D正确。
故选D。
【分析】A.．根据电荷之间的相互作用规律判断；
B.在摩擦起电的过程中，物体得到电子带负电，失去电子带正电；
C.电子总是从数量较多的位置向数量较少的位置移动；
D.根据验电器的带电方式判断。
8．关于下面四幅图的说法，正确的是（　　）
A．甲图：活塞压缩空气做功，棉花燃烧，此过程与热机的做功冲程原理相同
B．乙图：瓶内空气推开瓶塞对外做功，内能增加
C．丙图：已知二氧化氮的密度比空气的大，抽出玻璃板，上瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体分子在不停地做无规则运动
D．丁图：钻木取火是通过热传递改变木头的内能
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】A．活塞压缩空气做功，使空气温度升高点燃棉花，这个过程将活塞的机械能转化为内能，和热机的压缩冲程原理相同，故A错误；
B．瓶内空气推开瓶塞做功，将自身的内能转化为机械能，那么自身内能会减小，故B错误；
C．抽出玻璃板后，二氧化氮分子向上运动使上瓶出现红棕色，该现象表明气体分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D．钻木取火时，通过摩擦的方式将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变木头的内能，不是热传递，故D错误。
故选C。
【分析】 A.热机的做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能；
B. 对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小 ；
C. 扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
D.做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
9．在实验室用天平测量一块矿石的质量时，以下操作正确的是（　　）
A．把天平放在水平桌面上，游码归零后直接测量
B．测量过程中，通过调节平衡螺母来使天平平衡
C．用镊子夹取砝码，按照从大到小的顺序添加
D．测量结束后，砝码直接放在桌面上
【答案】C
【知识点】质量的测量与天平的使用
【解析】【解答】A． 把天平放在水平桌面上， 游码归零后需要再调节平衡螺母使横梁平衡，故A错误；
B．测量过程中，只能通过调整砝码和游码实现平衡，不能调节平衡螺母，故B错误；
C．为了减小测量过程的重复，添加砝码时按从大到小的顺序试加，故C正确；
D．测量结束后，不能直接放在桌面上，防止砝码沾污锈蚀，需要放回砝码盒，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据天平的调平方法判断；
B.根据平衡螺母的作用判断；
C.根据天平砝码的摆放顺序判断；
D.砝码不用时要放回砝码盒。
10．使用电吹风时发现：只闭合S1时只产生冷风，再闭合开关S2后才产生热风，不能只发热不吹风，R是电热丝（作用是发热将电能转化为内能）；其电路可能是下列的（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】电吹风时，只有电动机工作时吹冷风，电动机和电阻丝一起工作时吹热风。根据题目描述可知，电动机和电热丝的工作不相互影响，那么二者并联。只闭合S1时只产生冷风，再闭合开关S2后才产生热风，说明开关S1同时控制电动机和电热丝，即它应该在干路上。而S2只能控制电热丝，即它和电热丝串联在同一支路上，如下图所示；
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制支路上的用电器，据此分析判断即可。
11．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R的阻值会随周围磁场的增强而减小，忽略温度对指示灯电阻的影响。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（　　）
A．电磁铁的左端为S极
B．滑片P向左滑动时，电磁铁磁性减弱
C．滑片P向左滑动时，电阻R的阻值增大
D．滑片P向左滑动时，指示灯变亮
【答案】D
【知识点】电功率的计算；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，四指指尖向上，此时大拇指指向左端，因此电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误；
B．根据图片可知，当滑片P向左滑动时，它连入电路中的电阻变小。根据R总=R变+R线圈可知，此时总电阻变大。根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，故B错误；
CD.综上所述， 滑片P向左滑动时， 电磁铁的磁场变强，则电阻R的阻值变小。根据R总=R灯+R可知，指示灯所在电路的总电阻变小。根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大。根据可知指示灯的实际功率变大，指示灯变亮，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 A.根据安培定则判断出电磁铁的磁极方向；
B.滑片P向左滑动时，根据R总=R变+R线圈分析总电阻的变化，根据分析电路中电流变化，进而判断电磁铁的磁场强弱变化；
CD.根据电磁铁的磁场强弱变化判断电阻R的阻值变化，根据R总=R灯+R分析总电阻的变化，根据分析总电流变化，根据分析灯泡的功率变化，弄清灯泡亮度变化即可。
12．额定电压均为6V的甲、乙两灯，图线如图所示，下列分析正确的是（　　）
①甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小
②甲、乙两灯的额定功率之比为
③甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，乙灯更亮
④甲、乙两灯并联接在电压为3V的电源两端时，乙灯更亮
A．只有①③正确 B．只有①④正确
C．只有②③正确 D．只有②④正确
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】①根据图片可知，甲、乙曲线都向横轴方向弯曲，因此灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流的变化量，根据可知，灯泡的电阻随电压的增大而增大，故①错误；
②根据图像可知，当额定电压为6V时，甲灯泡的额定电流，乙灯泡的额定电流，则甲、乙两灯的额定功率之比为，
故②正确；
③根据图像可知，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时，此时二者的电压之和为8V，相当于二者串联在8V的电源上。根据可知，乙灯的实际功率较大，乙灯更亮，故③正确；
④根据图像可知，当二者的电压都为3V时，通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流小雨0.4A，即通过甲的电流大于通过乙的电流。由可知，甲灯的实际功率较大，甲灯更亮，故④错误。
故选C。
【分析】 A.根据图片分析二者电流和电压的变化幅度大小，根据欧姆定律计算二者电阻的变化规律；
B.根据图象读出甲、乙的额定电流，根据P=UI求额定功率之比；
C.当把两灯串联在8V电源上时，根据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点确定甲、乙两灯两端的实际电压，利用P=UI即可得出实际功率，根据实际功率大小来判定哪个灯较亮；
D.甲、乙两灯并联在3V的电源两端时，根据图象读出通过甲、乙的电流，再根据欧姆定律求出电阻之比。
13．放大镜属于　 　透镜，利用放大镜观察到的像是　 　像，被观察物体到透镜的距离　 　透镜的焦距。
【答案】凸；虚；小于
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜
【解析】【解答】根据凸透镜成像的特点和应用可知，放大镜的光学元件是凸透镜，工作原理为：当物体到凸透镜的距离小于一倍焦距时成正立、放大的虚像。
【分析】根据凸透镜成像的特点和应用分析解答。
14．国产某新型电动汽车为了节能，安装有“能量回收装置”，踩下制动踏板，驱动电动机变为发电机，以其发电时产生的阻力来制动汽车，此过程先把机械能转化为电能，再将电能转化为　 　能储存在蓄电池里。有人认为，只要不断改进，这种汽车就可以一边行驶，一边发电，永远运动下去。这种观点是不对的，因为它违背了　 　。
【答案】化学；能量守恒定律
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当发电机给蓄电池充电时，将电能转化为化学能储存在蓄电池里。
（2）在汽车行驶的过程中，肯定会有部分能量转化为内能而损失掉，即产生的电能永远小于消耗的能量，所以这一设想违背了能量守恒定律，则他的观点是错误的。
【分析】（1）根据蓄电池能量转化的知识解答；
（2） 能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，总量保持恒定，根据能量转化和守恒定律分析。
15．2025年11月3日中国空间站迎来“厨房神器”——热风烘烤机，如图所示是太空烤出来的鸡翅，烤好的鸡翅香味四溢，这是一种　 　现象，地面指挥中心能实时观看“太空烧烤”画面，是利用　 　来传递信息的。
【答案】扩散；电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】 烤好后鸡翅的香味四溢，是香气分子在不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
太空中是真空环境，声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播。
故答案为：扩散；电磁波。
【分析】（1）不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。
（2）电磁波可以在真空中传播，便于太空中传递信息。
16．如图是颇具名气的云南建水紫砂陶茶壶，壶身和壶嘴构成　 　。若茶壶和水的总质量为，壶底与桌面的接触面积为，壶对水平桌面的压强为　 　。
【答案】连通器；
【知识点】压强的大小及其计算；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，茶壶的壶身和壶嘴，下面连通，上面开口，所以壶身和壶嘴构成了连通器。
（2）根据题意可知，茶壶对水平桌面的压力；
茶壶对水平桌面的压强为。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）根据F=G计算茶壶对桌面的压力，根据计算茶壶对桌面的压强。
17．小明发现冬季水缸里的水结冰了，但腌菜缸里的盐水却没有凝固，小明猜想，水中加入别的物质后，一定会对水的凝固点产生影响。为了验证这一猜想，他将一些盐放入水中，并把盐水用容器盛好放入冰箱，研究盐水的凝固过程。每隔一定时间，小明就观察盐水状态、测出温度，并将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像，如图甲所示。
（1）从图像中可以看出盐水的凝固过程用了　 　min；
（2）凝固过程中，盐水持续放热，温度不变，内能　 　；
（3）如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，如图乙所示，试管中的冰水混合物中的冰会　 　。
【答案】（1）10
（2）减小
（3）变多
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，盐水开始凝固的时间为第10min，凝固结束的时间为第20min，因此凝固过程用时20min-10min=10min；
（2）凝固过程中，盐水向外不断放出热量，内能减小。
（3）根据甲图可知盐水的凝固点为，因此正在熔化的盐冰水混合物温度为。标准大气压下，冰水混合物的温度为，即冰水混合物的温度低于盐冰混合物的温度，则冰水混合物会向外放热，则其中的水会凝固成冰，因此试管中的冰会变多。
【分析】（1）图像中，温度保持不变的时间段就是盐水的凝固时间；
（2）物体放出热量，内能减小；吸收热量，则内能增大。
（3）晶体凝固的条件：达到凝固点和继续放热。
（1）晶体凝固过程温度保持不变，从甲图可知：盐水从第10min开始凝固，到第20min凝固结束，因此凝固过程用时20min-10min=10min
（2）凝固过程中盐水持续向外放出热量，虽然温度不变，但放出热量后内能会减小。
（3）标准冰水混合物的温度为，从甲图可得盐水的凝固点为，因此正在熔化的盐冰水混合物温度为，低于试管内冰水混合物的温度。热量会从试管内的冰水混合物向外传递，试管中的水满足凝固条件（达到凝固点、继续放热），因此水会凝固成冰，试管中的冰会变多。
18．如图是郡郡同学“探究光的反射规律”的实验装置。
（1）在图乙中，郡郡将纸板B沿PQ剪开，再把纸板B的上半部分向后折，实验时观察到：上半部分纸板无反射光线，下半部分纸板有反射光线。由此可得出结论：在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在　 　；
（2）本实验要改变入射角进行多次实验，测量出反射角及对应入射角的大小，记录在表格中，多次实验的目的是　 　；
次数 1 2 3 4
入射角/度 30 45 60 80
反射角/度 30 45 60 80
（3）如图丙所示，工作人员正在用车底检查镜例行检查，图丁中已画出一条从车底射向检查镜的光线。请你在图中画出其反射光线，并标出反射角的角度。
【答案】（1）同一平面内
（2）使结论具有普遍性
（3）
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】 （1）郡郡将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折，则纸板B的上半部分与入射光线和法线不在同一平面内，所以在纸板B的上半部分不能看到反射光线，纸板B的下半部分与入射光线和法线在同一平面内，所以在纸板B的下半部分能看到反射光线，由此可知反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（2）多次改变入射角的大小去测反射角大小，是为了探究反射角与入射角的大小关系，使实验结论更具普遍性；
（3）首先垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧画出反射光线，反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为90°-40°=50°，如下图所示
故答案为：（1）同一平面内；（2）使结论具有普遍性；（3）。
【分析】 （1）光的反射中，反射光线、入射光线与法线在同一平面内；
（2）多次实验可以多测量几组数据，得到的规律更具有说服力；
（3）根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
（1）纸板B上半部分向后折，无反射光线，下半部分纸板有反射光线。说明反射光线在入射光线与法线所决定的平面内，结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（2）多次改变入射角，测量对应反射角，目的是避免偶然性，寻找普遍规律。
（3）根据光的反射定律，反射角等于入射角，入射角是入射光线与法线的夹角，则入射角
所以反射角也为50°。作图步骤：过O点作镜面的法线（垂直于镜面的虚线），在法线另一侧，以O为顶点，画出与法线夹角为50°的反射光线OB，标注反射角为50°。
如图所示：
19．比较不同物质的吸热能力，选用两个规格相同的电加热器、烧杯、温度计，分别给A、B两种液体加热，实验装置如图甲、乙所示。
（1）实验中，要在两个相同的烧杯中分别加入初温、　 　相同的液体A和液体B；
（2）实验中，通过　 　来比较两种液体吸收热量的多少；
（3）如图丙所示是A、B两种液体温度与时间的关系图像，如果B液体比热容为，则A液体的比热容是　 　。
【答案】（1）质量
（2）加热时间
（3）
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的升高的温度小，则探究不同物质吸热能力实验还需要控制两种液体的质量相同。
（2）实验中，使用相同的加热器加热，则相同时间内电加热器放出热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，因此实验通过加热时间反映液体吸收热量的多少。
（3）由图丙可知，两种液体都从都升高到，则二者都升高60℃，即二者温度变化量Δt相同；
A需要加热10min，B需要加热20min，那么吸收热量：；
；
；
解得：。
【分析】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的升高的温度小；
（2）实验中，使用相同的加热器加热，则相同时间内电加热器放出热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多；
（3）根据丙图确定二者都升高到80℃时加热时间之比，即二者吸收的热量之比，然后根据Q=cm△t计算液体A的比热容。
（1）探究不同物质吸热能力实验采用控制变量法，除了初温相同，还需要控制两种液体的质量相同，只改变物质种类，因此此处填质量。
（2）实验使用规格相同的电加热器，相同时间内电加热器放出热量相等，因此用转换法，通过加热时间反映液体吸收热量的多少。
（3）由图丙可知，两种液体初温均为，都升高到，温度变化量Δt相同；A加热时间为10min，B加热时间为20min，因此吸收热量满足
已知两液体质量m相同，根据吸热公式得
因此A液体的比热容
20．测量一未知电阻R阻值的实验：
（1）小明用伏安法测量R阻值的实验电路如图甲所示，电源电压恒为3V：
①闭合开关前，要求将滑片P移到B端阻值最大，并用笔画线代替导线画出正确的变阻器接法　 　；
②改正错误后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P时，发现只有电压表有示数，初步检查确认，电路接线完好，两电表均无故障，电路发生故障的可能是未知电阻R　 　；
③排除故障后，正确操作，当闭合开关时，读出电压表的示数为1V，电流表的示数如图乙所示，则R=　 　Ω；
（2）小华利用电阻箱设计了如图丙所示的电路，也测出了的阻值，请补全实验步骤：
①仅闭合开关S、，调节电阻箱和滑动变阻器的滑片P至合适位置，读出电阻箱的示数为，电压表的示数为；
②断开，闭合开关S、，保持　 　不变，读出电压表示数为；
③则待测电阻　 　（用所测的物理量的符号表示）。
【答案】（1）；断路；5
（2）电阻箱和滑动变阻器接入的阻值；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，滑片P移到B端时阻值最大，则此时接入的电阻丝最长，那么应该将左下端A接线柱与电阻R的右端相连即可，如下图所示：
②电压表有示数，说明电压表的两个接线柱与电源两极之间连接正常。电流表无示数，说明电路某个位置发生断路。比较可知，应该与电压表并联的待测电阻断路。
③根据乙图可知，电流表选量程，分度值，则电流表示数为，那么待测电阻的阻值。
（2）①根据丙图可知，仅闭合、时，电压表测与两端的总电压；
② 断开， 闭合、后，保持电阻箱和滑动变阻器接入的阻值，此时电压表测的电压。
串联电路中各处电流都相等，即：
解得：。
【分析】（1）①根据题目要求确定变阻器下面选择的接线柱，然后定值电阻连接即可；
②根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置；
③根据乙图确定电流表的量程和分度值，读出示数后，根据欧姆定律计算未知电阻的阻值。
（2）在串联电路中，各处电流都相等，只要想办法测量出电阻箱和Rx两端的电压，就能根据计算出待测电阻的阻值，据此分析解答。
（1）[1]滑动变阻器接线规则为“一上一下”，要求滑片P移到B端时阻值最大，说明接入的下接线柱为左下端A（此时接入电阻丝长度最长，电阻最大），据此作图。
[2]只有电压表有示数，说明电压表能连通电源，电路断路；接线、电表均完好，因此故障为待测电阻断路：断路后电压表串联在电路中，测电源电压，有示数，电流表几乎无示数，符合现象。
[3]电源电压3V，电流表选量程，分度值，图中电流表示数为，根据欧姆定律
（2）[1][2]本实验利用串联电路电流相等的特点测量电阻：仅闭合、时，电压表测与两端的电压；切换开关闭合、后，电压表测的电压。为保证电路电流不变，需要保持电阻箱和滑动变阻器接入的阻值不变。 串联电流不变，因此
整理得
21．如图所示，A、B两个完全相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有相等质量的水和酒精，容器的底面积为，A容器内水的深度为10cm。（已知，，）
（1）求A容器中水的质量　 　kg；
（2）求B容器中酒精的体积；
（3）将质量为890g的空心铜块浸没在水中，质量为405g的实心铝块浸没在酒精中，发现两个容器中的液面一样高，且液体均没有溢出，求铜块空心部分的体积？
【答案】（1）1
（2）解：根据题意可知， 容器内装有相等质量的水和酒精，
则；
已知， 则B容器内酒精的体积为。
（3）解：根据题意可知，铝块的密度 ，
则实心铝块的体积为；
则实心铝块和酒精的总体积为；
两个容器中的液面一样高， 容器底面积也相同，
那么铝块和酒精的总体积等于水和空心铜块的总体积；
即水和空心铜块的总体积为，
则空心铜块的体积为
空心铜块中铜的体积为；
故铜块空心部分的体积为。
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 容器的底面积为，A容器内水的深度为10cm，
则容器A内水的体积为；
那么容器内水的质量为。
【分析】 （1）根据体积公式求出容器中水的体积，根据可求出A容器中水的质量；
（2）首先根据“B容器中酒精的质量和水的质量相等”计算酒精的质量，然后根据
可求出酒精的体积；
（3）根据可求出实心铝块的体积，然后根据总体积相等求出空心铜块总体积，根据可求出890g的空心铜块的实心部分体积，进而求出铜块空心部分体积。
（1）容器A内水的体积为
由可知，水的质量为
（2）由题意可知，
由可知，B容器内酒精的体积为
（3）由可知，实心铝块的体积为
则实心铝块和酒精的总体积为
由题意可知，水和空心铜块的总体积为
则空心铜块的体积为
空心铜块中铜的体积为
故铜块空心部分的体积为
22．合肥市瑶海区某学校食堂购置了一批加热餐台，如图甲所示。通电后加热容器中的水，为上方饭菜提供所需的热量。加热器简化电路如图乙所示，旋转开关分别连通0、1、2触点，可实现加热器的断电、快速加热、保温多挡位功能调节。是定值电阻，。容器内水的体积为10L，密度，比热容，加热器使用的电源电压恒为220V，加热器保温时的功率为400W。求：
（1）加热器快速加热时的功率；
（2）的阻值；
（3）加热器使用快速加热挡工作可使水温升高10℃，则加热器对水加热的效率是多少？
【答案】（1）解：根据乙图可知，当旋转开关S接1时，只有R1单独工作。当开关S接2时，两个电阻串联。
根据电阻串联的知识可知，前者的电阻小于后者总电阻；
根据公式可知，前者总功率较大，为快速加热档，后者总功率较小为保温档；
则快速加热档的功率为。
（2）解：综上所述，当加热餐台处于保温档时，电阻R1和R2串联，
次电路的总电阻为；
则R2的阻值为。
（3）解：根据题意可知，被加热水的质量为；
水吸收的热量为；
消耗的电能为；
那么加热器加热的效率。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【分析】（1）根据公式比较开关在不同闭合情况下总功率大小，进而确定对应的工作状态，然后根据计算快速加热档的电功率；
（2）开关S接2时，R1与R2串联，电加热器处于保温状态，由计算电路的总电阻，再利用计算出R2的阻值。
（3）先根据m=ρV求出水的质量，再利用求出水吸收的热量，利用求出消耗的电能，最后利用计算出加热器的效率。
（1）由图乙可知，当旋转开关S接1时，电路为R1的简单电路，电路总电阻最小，总功率最大，为快速加热挡，则快速加热挡的功率为
（2）当加热餐台处于保温挡时，电阻R1和R2串联，由可知，电路的总电阻为
由串联电路电阻的特点可知，R2的阻值为
（3）水的体积
由，可得水的质量为
水吸收的热量为
加热器在快速加热挡的工作时间
则消耗的电能为
加热器加热的效率
1 / 12026年湖南省湘潭市湘钢教育集团中考一模物理试题
1．天气较冷时，从室外进入温暖的房间后，眼镜镜片会变模糊，过一会儿，镜片又会变清晰。下列与“变清晰”原理相同的是（　　）
A．壶嘴吐“白气” B．樟脑丸“变小”
C．河水结为冰面 D．汗水被风吹干
2．下列日常用语中所讲的“高”指音调的是（　　）
A．“引吭高歌” B．“不敢高声语，恐惊天上人”
C．“请勿高声喧哗” D．“这音太高，我唱不上去
3．小明家的电路简化后如图所示，观察该电路，下列说法中正确的是（　　）
A．开关和电灯的位置互换后更安全
B．插座中的相线和中性线一定不能连通
C．电能表是测量电路消耗总电功率的仪表
D．各个小彩灯之间是并联的
4．碳纤维复合材料具有轻盈、耐高温、耐腐蚀、柔韧性好等优点，这种材料不适合做（　　）
A．压路机碾子 B．钓鱼竿 C．飞机机翼 D．火炬外壳
5．图是“探究水的沸腾”的实验图像，下列说法正确的是（　　）
A．在3-6min，水的温度不再上升是因为水不再吸热
B．水沸腾后可以立即熄灭酒精灯，停止加热
C．在实验中，水的沸点是100℃
D．实验时，气压值低于1标准大气压
6．在水平地面上，一个物体在拉力作用下做匀速直线运动，以下说法正确的是（　　）
A．物体受到的拉力大于摩擦力
B．物体受到的重力和支持力是一对相互作用力
C．物体的运动状态没有发生改变
D．若撤去拉力，物体将立刻静止
7．用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，以下说法正确的是（　　）
A．金属箔片张开是因为带了异种电荷
B．玻璃棒带正电是因为得到了电子
C．此时验电器的金属球带负电
D．该现象说明物体可以通过接触带电
8．关于下面四幅图的说法，正确的是（　　）
A．甲图：活塞压缩空气做功，棉花燃烧，此过程与热机的做功冲程原理相同
B．乙图：瓶内空气推开瓶塞对外做功，内能增加
C．丙图：已知二氧化氮的密度比空气的大，抽出玻璃板，上瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体分子在不停地做无规则运动
D．丁图：钻木取火是通过热传递改变木头的内能
9．在实验室用天平测量一块矿石的质量时，以下操作正确的是（　　）
A．把天平放在水平桌面上，游码归零后直接测量
B．测量过程中，通过调节平衡螺母来使天平平衡
C．用镊子夹取砝码，按照从大到小的顺序添加
D．测量结束后，砝码直接放在桌面上
10．使用电吹风时发现：只闭合S1时只产生冷风，再闭合开关S2后才产生热风，不能只发热不吹风，R是电热丝（作用是发热将电能转化为内能）；其电路可能是下列的（　　）
A． B．
C． D．
11．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R的阻值会随周围磁场的增强而减小，忽略温度对指示灯电阻的影响。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（　　）
A．电磁铁的左端为S极
B．滑片P向左滑动时，电磁铁磁性减弱
C．滑片P向左滑动时，电阻R的阻值增大
D．滑片P向左滑动时，指示灯变亮
12．额定电压均为6V的甲、乙两灯，图线如图所示，下列分析正确的是（　　）
①甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小
②甲、乙两灯的额定功率之比为
③甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，乙灯更亮
④甲、乙两灯并联接在电压为3V的电源两端时，乙灯更亮
A．只有①③正确 B．只有①④正确
C．只有②③正确 D．只有②④正确
13．放大镜属于　 　透镜，利用放大镜观察到的像是　 　像，被观察物体到透镜的距离　 　透镜的焦距。
14．国产某新型电动汽车为了节能，安装有“能量回收装置”，踩下制动踏板，驱动电动机变为发电机，以其发电时产生的阻力来制动汽车，此过程先把机械能转化为电能，再将电能转化为　 　能储存在蓄电池里。有人认为，只要不断改进，这种汽车就可以一边行驶，一边发电，永远运动下去。这种观点是不对的，因为它违背了　 　。
15．2025年11月3日中国空间站迎来“厨房神器”——热风烘烤机，如图所示是太空烤出来的鸡翅，烤好的鸡翅香味四溢，这是一种　 　现象，地面指挥中心能实时观看“太空烧烤”画面，是利用　 　来传递信息的。
16．如图是颇具名气的云南建水紫砂陶茶壶，壶身和壶嘴构成　 　。若茶壶和水的总质量为，壶底与桌面的接触面积为，壶对水平桌面的压强为　 　。
17．小明发现冬季水缸里的水结冰了，但腌菜缸里的盐水却没有凝固，小明猜想，水中加入别的物质后，一定会对水的凝固点产生影响。为了验证这一猜想，他将一些盐放入水中，并把盐水用容器盛好放入冰箱，研究盐水的凝固过程。每隔一定时间，小明就观察盐水状态、测出温度，并将凝固过程记录的温度数据画成了凝固图像，如图甲所示。
（1）从图像中可以看出盐水的凝固过程用了　 　min；
（2）凝固过程中，盐水持续放热，温度不变，内能　 　；
（3）如果将一个装有冰水混合物的试管放入正在熔化的盐冰水混合物中，如图乙所示，试管中的冰水混合物中的冰会　 　。
18．如图是郡郡同学“探究光的反射规律”的实验装置。
（1）在图乙中，郡郡将纸板B沿PQ剪开，再把纸板B的上半部分向后折，实验时观察到：上半部分纸板无反射光线，下半部分纸板有反射光线。由此可得出结论：在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在　 　；
（2）本实验要改变入射角进行多次实验，测量出反射角及对应入射角的大小，记录在表格中，多次实验的目的是　 　；
次数 1 2 3 4
入射角/度 30 45 60 80
反射角/度 30 45 60 80
（3）如图丙所示，工作人员正在用车底检查镜例行检查，图丁中已画出一条从车底射向检查镜的光线。请你在图中画出其反射光线，并标出反射角的角度。
19．比较不同物质的吸热能力，选用两个规格相同的电加热器、烧杯、温度计，分别给A、B两种液体加热，实验装置如图甲、乙所示。
（1）实验中，要在两个相同的烧杯中分别加入初温、　 　相同的液体A和液体B；
（2）实验中，通过　 　来比较两种液体吸收热量的多少；
（3）如图丙所示是A、B两种液体温度与时间的关系图像，如果B液体比热容为，则A液体的比热容是　 　。
20．测量一未知电阻R阻值的实验：
（1）小明用伏安法测量R阻值的实验电路如图甲所示，电源电压恒为3V：
①闭合开关前，要求将滑片P移到B端阻值最大，并用笔画线代替导线画出正确的变阻器接法　 　；
②改正错误后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P时，发现只有电压表有示数，初步检查确认，电路接线完好，两电表均无故障，电路发生故障的可能是未知电阻R　 　；
③排除故障后，正确操作，当闭合开关时，读出电压表的示数为1V，电流表的示数如图乙所示，则R=　 　Ω；
（2）小华利用电阻箱设计了如图丙所示的电路，也测出了的阻值，请补全实验步骤：
①仅闭合开关S、，调节电阻箱和滑动变阻器的滑片P至合适位置，读出电阻箱的示数为，电压表的示数为；
②断开，闭合开关S、，保持　 　不变，读出电压表示数为；
③则待测电阻　 　（用所测的物理量的符号表示）。
21．如图所示，A、B两个完全相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有相等质量的水和酒精，容器的底面积为，A容器内水的深度为10cm。（已知，，）
（1）求A容器中水的质量　 　kg；
（2）求B容器中酒精的体积；
（3）将质量为890g的空心铜块浸没在水中，质量为405g的实心铝块浸没在酒精中，发现两个容器中的液面一样高，且液体均没有溢出，求铜块空心部分的体积？
22．合肥市瑶海区某学校食堂购置了一批加热餐台，如图甲所示。通电后加热容器中的水，为上方饭菜提供所需的热量。加热器简化电路如图乙所示，旋转开关分别连通0、1、2触点，可实现加热器的断电、快速加热、保温多挡位功能调节。是定值电阻，。容器内水的体积为10L，密度，比热容，加热器使用的电源电压恒为220V，加热器保温时的功率为400W。求：
（1）加热器快速加热时的功率；
（2）的阻值；
（3）加热器使用快速加热挡工作可使水温升高10℃，则加热器对水加热的效率是多少？
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 人从寒冷环境走入温暖室内时，眼镜镜片上附着的小水珠逐渐消散、镜片恢复清晰，这是液态的水转变为水蒸气的过程，属于汽化现象。
A、水壶冒出的 “白气”，是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B、衣柜中的樟脑丸慢慢变小，是固态物质直接变为气态，属于升华现象，故B不符合题意；
C、河面的水结成冰块，是液态变为固态的过程，属于凝固现象，故C不符合题意；
D、体表的汗水在风的作用下快速消失，是液态水分蒸发变为水蒸气，属于汽化现象，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
2．【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、“引亢高歌”是提高声音的响度大小。错误；
B、“不敢高声语，恐惊天上人”，就是不敢高声说话，降低声音的响度交谈，是指声音的响度大小。错误；
C、“请勿高声喧哗”就是不要大声说话，是指声音的响度大小。错误；
D、“这音太高，我唱不上去”是指声音的音调高，难以唱上去。正确。
故答案为：D。
【分析】音调是指我们听到的声音的高低；声音的大小叫做响度。
3．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电能表参数的理解；家庭电路的连接
【解析】【解答】A．在家庭电路中，为了保证断开开关后灯泡不再带电，则开关应接在相线上。若开关和灯泡位置互换，断开开关后灯泡仍与相线相连，触碰易触电，更危险，故A错误；
B．如果插座的相线和中性线连通，会造成电源短路，可能引起火灾，故B正确；
C．电能表不是测量电功率的，是测量电路消耗电能的仪表，故C错误；
D．根据图片可知，各个小彩灯首尾相连，属于串联，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据家庭电路安全用电的知识判断；
B.根据短路对电路的影响判断；
C.根据电能表的用途判断；
D.用电器首尾相连为串联，并排连接为并联。
4．【答案】A
【知识点】新材料的特点及应用
【解析】【解答】A.压路机碾子需要密度大的物质做成的物体，根据题意，碳纤维复合材料比较轻盈，故A符合题意；
BCD.碳纤维复合材料具有轻盈、耐高温、耐腐蚀、柔韧性好等优点，这种材料适合做成钓鱼竿、飞机机翼、火炬外壳，故BCD不符合题意。
故选A。
【分析】物质的基本属性有硬度、弹性、磁性、塑性、状态、颜色、质量、密度、导电性、绝缘性、延展性、透光性、导热性等，不同物质的属性不同，实际应用也就不同。
5．【答案】D
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A.根据图片可知，3~6min内水的温度不变，此时水处于沸腾过程，但是仍然需要不断吸热，故A错误；
B．水沸腾后不能立即停止加热，需要继续加热观察实验现象，故B错误；
C．根据图片可知，水沸腾时保持不变的温度低于，此时水的沸点不是，故C错误；
D．综上所述，现在水的沸点低于，说明实验时气压低于1标准大气压，故D正确。
故选D。
【分析】AB.液体沸腾的条件：达到沸点和继续吸热；
C.水沸腾时保持不变的温度就是水的沸点；
D.根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律判断。
6．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A． 物体在拉力作用下在水平面上做匀速直线运动，则水平方向的拉力和摩擦力是一对平衡力。根据平衡力的知识可知，二者大小相等，故A错误；
B．物体受到的重力和支持力都作用在物体上，二者大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是一对平衡力，而不是相互作用力，故B错误；
C．物体做匀速直线运动时，它的速度大小和运动方向都不变，因此运动状态没有发生改变，故C正确；
D．撤去拉力后，物体不会立刻静止，由于惯性会继续向前运动，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据平衡力的知识比较拉力和摩擦力大小；
B.相互作用力的条件；同一直线、大小相等、方向相反，作用在不同物体上；
C.运动状态的改变包括：速度大小改变和方向改变；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
7．【答案】D
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】A．根据电荷之间的相互作用规律可知，金属箔张开是因为两片金属箔带了同种电荷，故A错误；
B．根据摩擦起电的本质可知，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为玻璃棒失去了电子，故B错误；
C．带正电的玻璃棒缺少电子，金属球不缺少不多于电子，则二者时，验电器上的自由电子会转移到玻璃棒上，因此金属球带正电，故C错误；
D．验电器和带电的玻璃棒接触后带上了电，该现象说明物体可以通过接触的方式带电，故D正确。
故选D。
【分析】A.．根据电荷之间的相互作用规律判断；
B.在摩擦起电的过程中，物体得到电子带负电，失去电子带正电；
C.电子总是从数量较多的位置向数量较少的位置移动；
D.根据验电器的带电方式判断。
8．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；分子热运动
【解析】【解答】A．活塞压缩空气做功，使空气温度升高点燃棉花，这个过程将活塞的机械能转化为内能，和热机的压缩冲程原理相同，故A错误；
B．瓶内空气推开瓶塞做功，将自身的内能转化为机械能，那么自身内能会减小，故B错误；
C．抽出玻璃板后，二氧化氮分子向上运动使上瓶出现红棕色，该现象表明气体分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D．钻木取火时，通过摩擦的方式将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变木头的内能，不是热传递，故D错误。
故选C。
【分析】 A.热机的做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能；
B. 对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小 ；
C. 扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
D.做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
9．【答案】C
【知识点】质量的测量与天平的使用
【解析】【解答】A． 把天平放在水平桌面上， 游码归零后需要再调节平衡螺母使横梁平衡，故A错误；
B．测量过程中，只能通过调整砝码和游码实现平衡，不能调节平衡螺母，故B错误；
C．为了减小测量过程的重复，添加砝码时按从大到小的顺序试加，故C正确；
D．测量结束后，不能直接放在桌面上，防止砝码沾污锈蚀，需要放回砝码盒，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据天平的调平方法判断；
B.根据平衡螺母的作用判断；
C.根据天平砝码的摆放顺序判断；
D.砝码不用时要放回砝码盒。
10．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】电吹风时，只有电动机工作时吹冷风，电动机和电阻丝一起工作时吹热风。根据题目描述可知，电动机和电热丝的工作不相互影响，那么二者并联。只闭合S1时只产生冷风，再闭合开关S2后才产生热风，说明开关S1同时控制电动机和电热丝，即它应该在干路上。而S2只能控制电热丝，即它和电热丝串联在同一支路上，如下图所示；
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制支路上的用电器，据此分析判断即可。
11．【答案】D
【知识点】电功率的计算；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，四指指尖向上，此时大拇指指向左端，因此电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误；
B．根据图片可知，当滑片P向左滑动时，它连入电路中的电阻变小。根据R总=R变+R线圈可知，此时总电阻变大。根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，故B错误；
CD.综上所述， 滑片P向左滑动时， 电磁铁的磁场变强，则电阻R的阻值变小。根据R总=R灯+R可知，指示灯所在电路的总电阻变小。根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大。根据可知指示灯的实际功率变大，指示灯变亮，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】 A.根据安培定则判断出电磁铁的磁极方向；
B.滑片P向左滑动时，根据R总=R变+R线圈分析总电阻的变化，根据分析电路中电流变化，进而判断电磁铁的磁场强弱变化；
CD.根据电磁铁的磁场强弱变化判断电阻R的阻值变化，根据R总=R灯+R分析总电阻的变化，根据分析总电流变化，根据分析灯泡的功率变化，弄清灯泡亮度变化即可。
12．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】①根据图片可知，甲、乙曲线都向横轴方向弯曲，因此灯泡两端电压的变化量大于通过灯泡的电流的变化量，根据可知，灯泡的电阻随电压的增大而增大，故①错误；
②根据图像可知，当额定电压为6V时，甲灯泡的额定电流，乙灯泡的额定电流，则甲、乙两灯的额定功率之比为，
故②正确；
③根据图像可知，当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为2V，乙灯的实际电压为6V时，此时二者的电压之和为8V，相当于二者串联在8V的电源上。根据可知，乙灯的实际功率较大，乙灯更亮，故③正确；
④根据图像可知，当二者的电压都为3V时，通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流小雨0.4A，即通过甲的电流大于通过乙的电流。由可知，甲灯的实际功率较大，甲灯更亮，故④错误。
故选C。
【分析】 A.根据图片分析二者电流和电压的变化幅度大小，根据欧姆定律计算二者电阻的变化规律；
B.根据图象读出甲、乙的额定电流，根据P=UI求额定功率之比；
C.当把两灯串联在8V电源上时，根据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点确定甲、乙两灯两端的实际电压，利用P=UI即可得出实际功率，根据实际功率大小来判定哪个灯较亮；
D.甲、乙两灯并联在3V的电源两端时，根据图象读出通过甲、乙的电流，再根据欧姆定律求出电阻之比。
13．【答案】凸；虚；小于
【知识点】凸透镜成像的应用；生活中的透镜
【解析】【解答】根据凸透镜成像的特点和应用可知，放大镜的光学元件是凸透镜，工作原理为：当物体到凸透镜的距离小于一倍焦距时成正立、放大的虚像。
【分析】根据凸透镜成像的特点和应用分析解答。
14．【答案】化学；能量守恒定律
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）根据题意可知，当发电机给蓄电池充电时，将电能转化为化学能储存在蓄电池里。
（2）在汽车行驶的过程中，肯定会有部分能量转化为内能而损失掉，即产生的电能永远小于消耗的能量，所以这一设想违背了能量守恒定律，则他的观点是错误的。
【分析】（1）根据蓄电池能量转化的知识解答；
（2） 能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，总量保持恒定，根据能量转化和守恒定律分析。
15．【答案】扩散；电磁波
【知识点】电磁波在日常生活中的应用；分子热运动
【解析】【解答】 烤好后鸡翅的香味四溢，是香气分子在不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象。
太空中是真空环境，声音无法在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播。
故答案为：扩散；电磁波。
【分析】（1）不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。
（2）电磁波可以在真空中传播，便于太空中传递信息。
16．【答案】连通器；
【知识点】压强的大小及其计算；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，茶壶的壶身和壶嘴，下面连通，上面开口，所以壶身和壶嘴构成了连通器。
（2）根据题意可知，茶壶对水平桌面的压力；
茶壶对水平桌面的压强为。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）根据F=G计算茶壶对桌面的压力，根据计算茶壶对桌面的压强。
17．【答案】（1）10
（2）减小
（3）变多
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，盐水开始凝固的时间为第10min，凝固结束的时间为第20min，因此凝固过程用时20min-10min=10min；
（2）凝固过程中，盐水向外不断放出热量，内能减小。
（3）根据甲图可知盐水的凝固点为，因此正在熔化的盐冰水混合物温度为。标准大气压下，冰水混合物的温度为，即冰水混合物的温度低于盐冰混合物的温度，则冰水混合物会向外放热，则其中的水会凝固成冰，因此试管中的冰会变多。
【分析】（1）图像中，温度保持不变的时间段就是盐水的凝固时间；
（2）物体放出热量，内能减小；吸收热量，则内能增大。
（3）晶体凝固的条件：达到凝固点和继续放热。
（1）晶体凝固过程温度保持不变，从甲图可知：盐水从第10min开始凝固，到第20min凝固结束，因此凝固过程用时20min-10min=10min
（2）凝固过程中盐水持续向外放出热量，虽然温度不变，但放出热量后内能会减小。
（3）标准冰水混合物的温度为，从甲图可得盐水的凝固点为，因此正在熔化的盐冰水混合物温度为，低于试管内冰水混合物的温度。热量会从试管内的冰水混合物向外传递，试管中的水满足凝固条件（达到凝固点、继续放热），因此水会凝固成冰，试管中的冰会变多。
18．【答案】（1）同一平面内
（2）使结论具有普遍性
（3）
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】 （1）郡郡将纸板B沿PQ剪开，把纸板B的上半部分向后折，则纸板B的上半部分与入射光线和法线不在同一平面内，所以在纸板B的上半部分不能看到反射光线，纸板B的下半部分与入射光线和法线在同一平面内，所以在纸板B的下半部分能看到反射光线，由此可知反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（2）多次改变入射角的大小去测反射角大小，是为了探究反射角与入射角的大小关系，使实验结论更具普遍性；
（3）首先垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧画出反射光线，反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为90°-40°=50°，如下图所示
故答案为：（1）同一平面内；（2）使结论具有普遍性；（3）。
【分析】 （1）光的反射中，反射光线、入射光线与法线在同一平面内；
（2）多次实验可以多测量几组数据，得到的规律更具有说服力；
（3）根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
（1）纸板B上半部分向后折，无反射光线，下半部分纸板有反射光线。说明反射光线在入射光线与法线所决定的平面内，结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
（2）多次改变入射角，测量对应反射角，目的是避免偶然性，寻找普遍规律。
（3）根据光的反射定律，反射角等于入射角，入射角是入射光线与法线的夹角，则入射角
所以反射角也为50°。作图步骤：过O点作镜面的法线（垂直于镜面的虚线），在法线另一侧，以O为顶点，画出与法线夹角为50°的反射光线OB，标注反射角为50°。
如图所示：
19．【答案】（1）质量
（2）加热时间
（3）
【知识点】比热容的定义及其计算公式；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的升高的温度小，则探究不同物质吸热能力实验还需要控制两种液体的质量相同。
（2）实验中，使用相同的加热器加热，则相同时间内电加热器放出热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，因此实验通过加热时间反映液体吸收热量的多少。
（3）由图丙可知，两种液体都从都升高到，则二者都升高60℃，即二者温度变化量Δt相同；
A需要加热10min，B需要加热20min，那么吸收热量：；
；
；
解得：。
【分析】（1）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的升高的温度小；
（2）实验中，使用相同的加热器加热，则相同时间内电加热器放出热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多；
（3）根据丙图确定二者都升高到80℃时加热时间之比，即二者吸收的热量之比，然后根据Q=cm△t计算液体A的比热容。
（1）探究不同物质吸热能力实验采用控制变量法，除了初温相同，还需要控制两种液体的质量相同，只改变物质种类，因此此处填质量。
（2）实验使用规格相同的电加热器，相同时间内电加热器放出热量相等，因此用转换法，通过加热时间反映液体吸收热量的多少。
（3）由图丙可知，两种液体初温均为，都升高到，温度变化量Δt相同；A加热时间为10min，B加热时间为20min，因此吸收热量满足
已知两液体质量m相同，根据吸热公式得
因此A液体的比热容
20．【答案】（1）；断路；5
（2）电阻箱和滑动变阻器接入的阻值；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，滑片P移到B端时阻值最大，则此时接入的电阻丝最长，那么应该将左下端A接线柱与电阻R的右端相连即可，如下图所示：
②电压表有示数，说明电压表的两个接线柱与电源两极之间连接正常。电流表无示数，说明电路某个位置发生断路。比较可知，应该与电压表并联的待测电阻断路。
③根据乙图可知，电流表选量程，分度值，则电流表示数为，那么待测电阻的阻值。
（2）①根据丙图可知，仅闭合、时，电压表测与两端的总电压；
② 断开， 闭合、后，保持电阻箱和滑动变阻器接入的阻值，此时电压表测的电压。
串联电路中各处电流都相等，即：
解得：。
【分析】（1）①根据题目要求确定变阻器下面选择的接线柱，然后定值电阻连接即可；
②根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置；
③根据乙图确定电流表的量程和分度值，读出示数后，根据欧姆定律计算未知电阻的阻值。
（2）在串联电路中，各处电流都相等，只要想办法测量出电阻箱和Rx两端的电压，就能根据计算出待测电阻的阻值，据此分析解答。
（1）[1]滑动变阻器接线规则为“一上一下”，要求滑片P移到B端时阻值最大，说明接入的下接线柱为左下端A（此时接入电阻丝长度最长，电阻最大），据此作图。
[2]只有电压表有示数，说明电压表能连通电源，电路断路；接线、电表均完好，因此故障为待测电阻断路：断路后电压表串联在电路中，测电源电压，有示数，电流表几乎无示数，符合现象。
[3]电源电压3V，电流表选量程，分度值，图中电流表示数为，根据欧姆定律
（2）[1][2]本实验利用串联电路电流相等的特点测量电阻：仅闭合、时，电压表测与两端的电压；切换开关闭合、后，电压表测的电压。为保证电路电流不变，需要保持电阻箱和滑动变阻器接入的阻值不变。 串联电流不变，因此
整理得
21．【答案】（1）1
（2）解：根据题意可知， 容器内装有相等质量的水和酒精，
则；
已知， 则B容器内酒精的体积为。
（3）解：根据题意可知，铝块的密度 ，
则实心铝块的体积为；
则实心铝块和酒精的总体积为；
两个容器中的液面一样高， 容器底面积也相同，
那么铝块和酒精的总体积等于水和空心铜块的总体积；
即水和空心铜块的总体积为，
则空心铜块的体积为
空心铜块中铜的体积为；
故铜块空心部分的体积为。
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 容器的底面积为，A容器内水的深度为10cm，
则容器A内水的体积为；
那么容器内水的质量为。
【分析】 （1）根据体积公式求出容器中水的体积，根据可求出A容器中水的质量；
（2）首先根据“B容器中酒精的质量和水的质量相等”计算酒精的质量，然后根据
可求出酒精的体积；
（3）根据可求出实心铝块的体积，然后根据总体积相等求出空心铜块总体积，根据可求出890g的空心铜块的实心部分体积，进而求出铜块空心部分体积。
（1）容器A内水的体积为
由可知，水的质量为
（2）由题意可知，
由可知，B容器内酒精的体积为
（3）由可知，实心铝块的体积为
则实心铝块和酒精的总体积为
由题意可知，水和空心铜块的总体积为
则空心铜块的体积为
空心铜块中铜的体积为
故铜块空心部分的体积为
22．【答案】（1）解：根据乙图可知，当旋转开关S接1时，只有R1单独工作。当开关S接2时，两个电阻串联。
根据电阻串联的知识可知，前者的电阻小于后者总电阻；
根据公式可知，前者总功率较大，为快速加热档，后者总功率较小为保温档；
则快速加热档的功率为。
（2）解：综上所述，当加热餐台处于保温档时，电阻R1和R2串联，
次电路的总电阻为；
则R2的阻值为。
（3）解：根据题意可知，被加热水的质量为；
水吸收的热量为；
消耗的电能为；
那么加热器加热的效率。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题；能量的利用效率
【解析】【分析】（1）根据公式比较开关在不同闭合情况下总功率大小，进而确定对应的工作状态，然后根据计算快速加热档的电功率；
（2）开关S接2时，R1与R2串联，电加热器处于保温状态，由计算电路的总电阻，再利用计算出R2的阻值。
（3）先根据m=ρV求出水的质量，再利用求出水吸收的热量，利用求出消耗的电能，最后利用计算出加热器的效率。
（1）由图乙可知，当旋转开关S接1时，电路为R1的简单电路，电路总电阻最小，总功率最大，为快速加热挡，则快速加热挡的功率为
（2）当加热餐台处于保温挡时，电阻R1和R2串联，由可知，电路的总电阻为
由串联电路电阻的特点可知，R2的阻值为
（3）水的体积
由，可得水的质量为
水吸收的热量为
加热器在快速加热挡的工作时间
则消耗的电能为
加热器加热的效率
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