资源简介

1
玉溪一中 2025—2026 学年下学期高一年级期中考
物理学科试卷
总分：100 分，考试时间：75 分钟 命题人/审题人：高二物理备课组
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分，在每小题给出的四个选项中，只
有一个选项是正确的。
1. 如图是春晚上转手绢的机器人，其手绢上有 P、Q 两点，圆心为 O，OQ= OP，手绢做
匀速圆周运动，则（ ）
A. P、Q 线速度之比为 1: B. P、Q 角速度之比为 ：1
C. P、Q 向心加速度之比为 ：1 D. P 点所受合外力不一定指向 O
2．如图所示，a 为近地空间站，b 为运行在晨昏线上空的观测卫星，c 为运行在倾斜同步轨 道上的北斗导航卫星，d 为地球静止同步轨道气象卫星。已知 b 的轨道半径大于 a 的轨道半 径，小于 c 的轨道半径，则下列说法中正确的是（ ）
A. 观测卫星 b 绕地球运动的周期为 1 天
B．a、b、c、d 的运行速度大小关系为 va>vb>vc=vd
C．北斗导航卫星 c 可能定位在北京上空，相对地面保持静止
D．卫星 c 与 d 的周期、加速度、动能及所受地球引力都相等
3. 如图所示，悬线一端系一小球，另一端固定于 O 点，在 O 点正下方的 P 点钉一个钉子，
使悬线拉紧与竖直方向成一角度θ，然后由静止释放小球，当悬线碰到钉子时，下列说法正
确的是（ ）
A. 小球的瞬时速度突然变大 B. 小球所需的向心加速度不变 C. 小球的角速度突然变大 D. 悬线对小球的拉力不变
4．质量为 m 的汽车在平直公路上由静止启动，v-t 图像如图所示，图线在 0~t1 的时间内为 倾斜直线，t1 t2 的时间内为曲线。t1 时刻，汽车达到额定功率 P0，之后保持不变，t2 时刻
第 1 页 共 6 页
1
达到最大速度。汽车行驶过程中所受阻力恒定，下列判断正确的是（ ）
A．汽车受到的阻力大小为
B．汽车的牵引力最大值为
C．当汽车的速度为 v2 时，加速度大小为
D．0~t2 的时间内，汽车的位移为 v3t2
5．随着科学技术的发展，机械臂（工业机器人）已渗透到生产的各个环节。如图所示，机
械臂通过跨过两定滑轮的一不可伸长的轻绳提升重物。当机械臂与水平方向夹角α=60°时，
机械臂末端到达 M 点，AM=OM，A、O 在同一竖直线上，则到达 M 点时机械臂末端与重物
的速度之比为（ ）
A．2：1
B． ：2
C．1：2
D．2 ：3
6．2025 年 11 月，神舟二十一号载人飞船返回舱首次实施 3 圈自主快速返回，标志着我国 载人飞船再入返回技术实现新突破。如图所示，返回舱从圆轨道 1 的 P 点变轨后，沿椭圆 轨道 2 运动到 Q 点，再次变轨后进入圆轨道 3。P 为 1、2 轨道的切点，Q 为 2、3 轨道的 切点。已知 1、3 轨道半径之比为 k，返回舱在轨道 1 运行的周期为 T，则返回舱（ ） A．从 P 点进入轨道 2 时需要加速
B．从 P 点运行至 Q 点所需的最短时间等于
C．在轨道 3 与轨道 1 上运行的速率之比为 k
D．在轨道 2 上运行时经过 P、Q 点的速率之比为
7. 左图是一辆正以速度 v 做匀速直线运动的自行车的车轮简化示意图，车轮边缘某点 P（图
中未画出）离水平地面高度 h 随自行车运动位移 x 的变化关系如右图所示，图中的 L 为已知
量，则（ ）
A. 该车轮的直径为 L B. 该车轮的转速为 （转/每秒）
C. 在 位置，P 相对地面的速度为零 D. 在 位置，P 相对地面的速度为 v
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有
第 2 页 共 6 页
1
多项符合题目要求。全部选对得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8．有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是（ ）
A．如图 a，汽车通过拱桥最高点时对桥的压力大于重力
B．如图 b 所示是两个圆锥摆 A、B，细线悬挂于同一点且两小球处于同一水平面，则 A、B
小球做匀速圆周运动的周期相等
C．如图 c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的 A、B 位置先后分别做匀速圆周运动，则
小球在 A 位置的角速度等于在 B 位置时的角速度
D．如图 d，火车转弯超过规定速度行驶时，外轨和轮缘间会有挤压作用
9．如图，天花板上用细线等间距悬挂四个小圆环 和 。某同学将一小球从 M 点斜
向上抛出，恰好能穿过四个圆环，经过圆环 a 时小球恰好处于最高点，已知 O、M、N 三点
等高， ，圆环 a 相对 O 点的高度 h=1.8m，圆环的半径略大于小球半径，
均可视为质点，不计空气阻力，则（ ）
A．小球在上升过程中处于超重状态
B．小球从 a 环运动到 d 环所用的时间为 0.6s
C．小球抛出的初速度大小为 10m/s
D．若 M 点稍许右移、调整初速度，小球仍可穿过四个圆环
10．如图甲，光滑圆轨道固定在竖直面内，小球沿轨道始终做完整的圆周运动。已知小球在
最低点时对轨道的压力大小为 N，动能为 Ek。改变小球在最低点的动能，小球对轨道压力 N 的大小随之改变。小球的 N -Ek 图线如图乙，其左端点坐标为（①，②），其延长线与坐标 轴的交点分别为（0，a）、（-b，0）。重力加速度为 g，则下列说法正确的是（ ）
A．小球的质量为 B．圆轨道的半径为
C．图乙①处应为 5b D．图乙②处应为 3a
第 3 页 共 6 页
1
三、实验题：本题共 2 小题，共 16 分。把答案写在答题卡中指定的位置。
11.（8 分，每空 2 分）用如图甲所示的装置探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系，
原理示意图如图乙所示，塔轮①②③④⑤⑥的半径分别为 3r、4r、5r、3r、2r、r。
（1）探究向心力大小与半径的关系时，应该先把皮带套在左塔轮___________ 和右塔轮
___________（均选填“①”“②”“③”“④”“⑤”“⑥”），再把两个质量相等的小球分别
放在 B 位置和 C 位置，然后进行实验。
（2）将两个质量相等的小球分别放在 A 位置和 C 位置（它们到各自转轴的距离相等），若
左右两边标尺上露出的红白相间条纹数之比为 1：4，则皮带套在左塔轮___________和右
塔轮___________。（均选填“①”“②”“③”“④”“⑤”“⑥”）
12．（8 分，每空 2 分）某实验小组的同学为了研究平抛运动的轨迹，设计了如图甲所示的 实验，首先将坐标纸固定在方木板上，然后进行如下操作：
（1）实验时，应调整斜槽的末端水平，为了检验斜槽末端是否水平，其方法为______。
（2）（多选）下列操作正确的是______。
A．实验时，应选择光滑的斜槽
B．实验前，应调整方木板竖直
C．每次释放小球时，应将小球由同一位置静止释放
D．在确定小球的落点时，竖直挡板每次向右平移的距离必须相同
（3）某次实验时，该实验小组的同学在坐标纸上得到了三个碰撞点，如图乙所示，已知坐
标纸中每个小方格的边长 l=3.2cm，重力加速度 ，则小球离开斜槽末端的速度大
小为 v0=______ ，小球经过 b 点的竖直分速度大小为 vby=______ 。（结果保留两位
有效数字）
第 4 页 共 6 页
1
四、解答题：本题共 3 小题，共 38 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要
的文字说明、方程式和演算步骤。
13.（10 分）风洞实验室能产生大小和方向均可改变的风力，如图所示，在风洞实验室中有
足够大的光滑水平面，在水平面上建立 xoy 直角坐标系。质量 m=0.5kg 的小球以初速度
v0=0.6m/s 从 O 点沿 x 轴正方向运动，在 0～2.0s 内受到一个沿 y 轴正方向、大小 F1=0.20N 的风力作用；小球运动 2.0s 后风力方向变为 y 轴负方向、大小变为 F2=0.10N（图中未画出）。 求：
（1）2.0s 末小球的速度大小 v；
（2）风力 F2 作用多长时间，小球的速度变为与初速度相同？
14．（12 分）雪地转椅是一种游乐项目，其中心传动装置带动转椅在雪地上滑动，俯视图为
图甲。传动装置有一高度可调的水平圆盘，可绕通过中心 O 点的竖直轴匀速转动。半径为 R
的圆盘边缘 A 处固定连接一轻绳，长度也为 R 的轻绳另一端 B 连接转椅（视为质点）。转椅
运动稳定后，其角速度为ω1 且与水平圆盘角速度相等，到 O 点的距离 。已知重力
加速度为 g，不计空气阻力。
（1）对图甲所示情况分析，求转椅与雪地之间的动摩擦因数μ。
（2）如图乙所示，将水平圆盘升高，当水平圆盘以某一角速度匀速转动时，转椅恰好离开
雪地做匀速圆周运动，此时绳子与竖直方向的夹角α=37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8），求此
时水平圆盘的角速度ω2。
第 5 页 共 6 页
1
15．（16 分）如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道 AB 的下端与光滑圆弧轨道 BCD
相切于 B 点，C 是最低点，圆心角∠BOC=37°，D 与圆心 O 等高，圆弧轨道半径 R=1.0m，
现有一个质量 m=0.2kg，与斜面 AB 之间的动摩擦因数μ=0.5 的小物体（可视为质点），从 D
点的正上方 h=0.4m 的 E 点处自由下落，物体恰好到达斜面顶端 A 处。取 sin37°=0.6，cos37
°=0.8，g=10m/s2 ，求：
（1）物体第一次到达 C 点时的速度大小； （2）斜面 AB 的长度 L；
（3）若μ可变，求μ取不同值时，物块在斜面上滑行的路程 x。
第 6 页 共 6 页玉溪一中 2025—2026 学年下学期高一年级期中考
物理 参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A B C C D D B BD BC AC
一/二 选择题
1. 答案 ：A
【详解】AB．P、Q 两点绕 O 点转动，则角速度相等，根据 v=ωr，可知线速度之比为
，选项 A 正确，B 错误；
C．根据 a=ω2r 可知，P、Q 向心加速度之比为 ，选项 C 错误；
D．P 点绕 O 点做匀速圆周运动，则所受合外力一定指向 O，选项 D 错误。故选 A。
2. 答案：B
【详解】A．观测卫星 b 运行在晨昏线上空，可 24 小时不间断对太阳进行观测，其轨道半
径小于同步卫星，周期小于 24 小时，故 A 错误；
B．a、b、c、d 做圆周运动的向心力皆由地球对其的万有引力提供，由
可得 ，所以 va>vb>vc=vd，故 B 正确；
C．同步轨道卫星 c，其周期为 24 小时，但其速度方向与地面上各点线速度方向不同，不
可能相对地面静止，故 C 错误；
D．c 与 d 的速度、周期、加速度大小均相等，但卫星的质量关系不清楚，故所受地球引力
及动能未必相等，故 D 错误。
3. 答案：C
【详解】AC．使悬线拉紧与竖直方向成一角度θ，然后由静止释放小球，当悬线碰到钉子的 前后瞬间，由于重力与拉力都与速度垂直，所以小球的线速度大小不变；根据 ，由 于悬线碰到钉子后的瞬间，小球做圆周运动的半径变小，所以小球的角速度突然增大；
B．根据 ，由于小球做圆周运动的半径变小，小球的向心加速度突然增大，故 B 错误；
D．根据牛顿第二定律得 ，可得
可知悬线对小球的拉力变大，故 D 错误。故选 C。
4. 答案：C
【详解】A．汽车所受的恒定阻力大小为 ，故 A 错误；
B．根据牛顿第二定律 ，其中 ，解得 ，故 B 错误；
C．当汽车的速度为 v2 时，汽车的牵引力为 ，根据牛二 ，解得
；
D．0~t1 的时间内，汽车的位移为
t1~t2 的时间内，根据动能定理 ，解得
答案第 1 页，共 2 页
所以，0~t2 的时间内，汽车的位移为 ，故 D 错误。
5. 答案：D
【详解】当机械臂与水平方向夹角为α=60°时，机械臂末端到达 M 点，此时 AM=OM，机械
臂末端 M 点的线速度与绳的夹角为 30°，分解速度可得 ，则 。
6. 答案：D
【详解】A．从轨道 1（外圆）进入椭圆轨道 2，需要向内侧做近心运动，万有引力需要大
于向心力，因此需要在 P 点减速，不是加速，故 A 错误；
B．设轨道 1 半径为 ，轨道 3 半径为 ，由题意得 ，即
椭圆轨道 2 的半长轴 ，根据开普勒第三定律
代入 a 得 ，从 P 到 Q 的最短时间为半个周期 ，得 ；
C．圆轨道万有引力提供向心力 ，得 ，因此速率比 ；
D．根据开普勒第二定律，近地点和远地点满足 ，得
因此速率比 ，故 D 正确。故选 D。
7. 答案：B
【详解】A.根据题意，自行车运动位移 L 时，车轮转动一周，则直径 ，故 A 错误；
B．车轮转动一周用时为 ，则转速为 ，故 B 正确；
C．在 位置，P 在最高点，速度恰好水平，相对地面速度为 2v，故 C 错误；
D．在 位置，P 处于与圆心等高处，此时其有水平方向的速度 v，和竖直方向的速度 v，
根据平行四边形定则可知，相对地面的速度为 ，故 D 错误。故选 B。
8. 答案：BD
【详解】A．汽车在拱桥最高点时，合力向下提供向心力
可得支持力
根据牛顿第三定律，汽车对桥的压力等于支持力 ，因此压力小于重力，A 错误；
B．对圆锥摆小球受力分析，重力和拉力的合力提供向心力
设悬挂点到圆周圆心的竖直高度为 h，由几何关系得 ，解得周期
答案第 1 页，共 2 页
两球处于同一水平面，h 相同，因此周期相等，B 正确；
C．对圆锥筒内小球受力分析，设侧棱与中轴线夹角为α，合力提供向心力得
化简得 ，由图可知 A 位置圆周半径 ，因此 ，C 错误；
D．火车转弯时，重力与支持力的合力刚好提供规定速度的向心力。当速度超过规定速度时，
所需向心力更大，合力不足，火车会向外偏移挤压外轨，外轨与轮缘间产生挤压作用，D 正
确。
9. 答案：BC
【详解】A．小球在空中运动时仅受重力作用，加速度向下，处于失重状态，故 A 错误；
BC．四个圆环恰在小球运动轨迹抛物线上，且圆环 处于抛物线的最高点，对小球从 到
穿过圆环 a 的过程，在竖直方向上有 ，
在水平方向上有 ，联立解得 ， ， ，故 BC 正确；
D．抛出点向右移动稍许时，小球运动轨迹不可能与原轨迹重合，即不可能仍穿过四个圆环。
10. 答案：AC
【详解】AB．根据牛顿第三定律可知，小球在最低点的压力大小等于支持力，所以小球在
最低点时有 ， ，所以 ，结合图线可得 ，
，所以 ， ，故 A 正确，B 错误；
CD．由于小球能做完整的圆周运动，当小球恰好通过最高点时，有
小球从最低点运动到最高点，根据动能定理可得
联立解得 ， ，此时可得
所以①处为 ，②处为 ，故 C 正确，D 错误。故选 AC。
三、实验题
11．（8 分，每空 2 分）（1） ① ④ （2） ② ⑤
【详解】（1）探究向心力大小与半径的关系时，应使两球质量相等，做圆周运动的半径相等；
则应该先把皮带套在左塔轮①和右塔轮④，再把两个质量相等的小球分别放在 B 和 C 位置。
（2）将两个质量相等的小球分别放在 A 位置和 C 位置（它们到各自转轴的距离相等），若
左右两边标尺上露出的红白相间条纹数之比为 ，可知向心力之比为 ，根据
可知，左右两边的角速度之比为 ，根据 可知，左右塔轮的半径之比为
，则皮带套在左塔轮②和右塔轮⑤。
12．（8 分，每空 2 分）（1）小球放在斜槽末端，若小球静止不动说明斜槽末端水平
（2）BC （3） 1.6 2.4
【详解】（1）将小球放在斜槽末端，若小球静止不动说明斜槽末端水平；
（2）A．实验时，没有必要使斜槽轨道光滑，故 A 错误；
B．为了减小实验误差，实验时应保持方木板沿竖直方向固定，故 B 正确；
答案第 1 页，共 2 页
C．每次释放小球时，应将小球由同一位置静止释放，故 C 正确；
D．在确定小球的落点时，挡板每次向右平移的距离不必要相同，故 D 错误；故选 BC。
（3）[1]由于相邻两点的水平间距相等，则小球依次经过相邻两点的时间相等，则在竖直方
向上有 ，解得 。小球离开斜槽末端的速度大小为 ，解得
[2]小球经过 b 点时竖直方向的分速度大小为 。
四、解答题：
13.（10 分）【答案】（1）1m/s （2）4s
【详解】（1）小球受重力、支持力和风的推力，在 x 方向不受外力，做匀速直线运动，在 y
方向受到恒定的力，故 y 方向做匀变速直线运动，设在 0~2.0s 内小球运动的加速度为 ，
则根据牛顿第二定律，有 ---1 分
解得 ---1 分
根据运动学公式，有 ---2 分
2.0s 末小球的速度大小 ---2 分
（2）根据牛顿第二定律，风力 作用时物体的加速度为 ---2 分
风力 F2 作用时间为 ---2 分
故风力 F2 作用 4s 的时间，小球的速度变为与初速度相同。
14. （12 分）【答案】（1） （2）
【详解】（1）转椅做匀速圆周运动，设圆周运动的半径与轻绳夹角为θ，由几何知识
---1 分
得
设轻绳拉力为 F，转椅质量为 m，沿切向有 ---2 分
沿径向有 ---2 分
联立解得 ---1 分
（2）转椅做匀速圆周运动的半径为 ---2 分
重力与拉力的合力提供向心力，即 ---3 分
联立解得 ---1 分
15. （16 分）【答案】（1） （2）1.2m （3）分类讨论，见解析
【详解】（1）物体从 E 到 C 的过程中，只有重力做功，设物体运动到最低点 C 时的速度为
，对物体从 E 到 C 列动能定理方程有 ---2 分
答案第 1 页，共 2 页
代入数据解得 ---1 分
（2）物体从 C 到 A 的过程中，重力和摩擦力做功，列动能定理方程有
---3 分
代入数据解得斜面 AB 的长度为 ---1 分
（3）当物块恰好能停在斜面上时应满足
解得 ---2 分
情况一：当 时，物块在斜面上向上滑到速度减为零后静止，将不再下滑。
同理列动能定理方程有 ---2 分
解得物块在斜面上滑行的路程 ---1 分
情况二：当 时，物块将在斜面上多次滑行往复运动，最终到 B 点速度减为零。
对全程列动能定理方程有 ---2 分
解得 ---1 分
情况三：当 时，物块受到的摩擦力较小，物块将滑出斜面，物块在斜面上滑行的
路程为斜面的长度 ，即 --1 分
答案第 1 页，共 2 页玉溪一中2028届高一下学期期中考
计算题
物理答题卡
15.(16分)
E
13.(10分)
姓名：
班级：
考场/座位号：
正确填涂
考号
DY
注意事项
1
B分
答题前请将姓名、班
级、考场、准考证号填写清
[o]
(o1
[o][o]
[o]
[o]
7777777777777
[1]
[1]
[1]
[1]
C
缺考标记
2.客观题答题，必须使用
[2]
[2]
[2]
]
[2]
[2]
2B铅笔填涂，修改时用橡皮
[3]
[3]
[3]
3
1
擦干净。
[4]
[4]
[4]
[4]
[4
[4]
3.必须在题号对应的答题
[5]
[5]
[5]
[
区域内作答，超出答题区域
61
书写无效。
[7]
[7]
[8]
[8
[81
[8
[9]
[9]
[9]
[9]
单选题
I[A][B][C][D]
6[A][B][C][D]
2[A][B][C][D]
7[A][B][C][D]
3[A][B][C][D]
4[A][B][C][D]
5[A][B][C][D]
14.(12分)
水平圆盘
多选题
8[A][B][C][D]
9[A][B][C][D]1O[A][B][C][D]
水平圆盘月转椅
B
转椅
实验题
图甲圆盘在水平雪地
图乙圆盘在空中
11.(8分)
(1)
(2)
12.(8分)
(1)
(2)
(3)
■
■玉溪一中2025-2026学年高 一 下学期期中考试双向细目表（物理学科）
学科素养 关键能力 难度
题
型 题号 主题 知识
模块 考 查 内 容 教材对应点 对应课标要求 情境创设 物理
观念 科学思
维 推理
论证 科学
态度
与责
任 理解 推理 分析
综合 应用
数学 实验
探究 创新 易 中 难
1 匀速圆周运动的基本规律 圆周运动 同轴转动的角速度特点 必修二P17-22 描述圆周运动 科技应用 √ √ √
2 万有引力定律的应用 天体运动 万有引力提供向心力，同步卫星特点 必修二P36-47 用万有引力定律分析天体运动，知道同步卫星 万有引力与航天 √ √ √ √ √ √
单 3 圆周运动的常见模型 圆周运动 圆周运动的基本物理量辨析 必修二P17-22 圆周运动基本物理量的分析讨论 运动模型分析 √ √ √
选 4 机车启动问题 功和功率 功率P=Fv、牛顿第二定律、v-t图像的物理意义、匀变速与变加速运动的位移特点 必修二P52-55 理解功率，计算机车启动问题 联系生活 √ √ √ √ √
必修二 P4-6
5 运动的合成与分解 运动的合成与分解 绳端速度的分解、合速度与分速度的关系、运动的等效性 会对关联速度分解 科技应用 √ √ √ √ √
必修二 P45-47
6 航天器变轨问题 天体运动 变轨的原理（加速离心、减速近心）、开普勒定律 理解卫星变轨原理，会用开二、开三定量计算 万有引力与航天 √ √ √ √ √
必修二 P17-22
7 圆周运动的实际应用 圆周运动 线速度与角速度的关系、转速的定义、圆周运动的线速度方向、相对运动分析 能分析实际圆周运动模型 运动模型分析 √ √ √ √ √ √
必修二 P23-28
8 圆周运动的常见模型 圆周运动 向心力的来源分析、竖直面与水平面内圆周运动的特点、临界条件分析 会分析向心力，解释生活中的圆周运动 联系生活 √ √ √ √ √
多 必修二 P14
选 9 斜抛运动的规律 抛体运动 斜抛运动的分解、竖直上抛运动规律、超重失重的条件、运动的对称性 会分析斜抛运动，用运动对称性解题 运动模型分析 √ √ √ √ √ √
必修二 P61-66
10 竖直面内圆周运动的综合 圆周运动、功和能 向心力公式、动能定理、牛顿第三定律、图像分析能力 竖直圆周运动最低点受力分析，结合图像处理问题 数形结合 √ √ √ √ √ √
必修二 P20
实 11 探究向心力的影响因素 实验 控制变量法的应用、角速度与塔轮半径的关系、向心力公式的实验验证 会用控制变量法研究向心力，理解皮带传动角速度关系 实验探究 √ √ √ √
验
题 12 平抛运动实验 实验 实验操作要点、平抛运动的规律、数据处理方法、速度的合成 必修二 P11 掌握平抛运动实验操作与数据处理 实验探究 √ √ √ √ √
13 运动的合成与分解 运动的合成与分解 运动的合成与分解的基本运算 必修二 P4-6 会进行基本的受力分析，运动合成与分解的应用 联系生活 √ √ √ √ √
计
算 14 水平面内圆周运动的综合 圆周运动、相互作用 圆周运动的向心力分析、受力分析、牛顿第二定律、摩擦力的计算 必修二 水平面内圆周 对圆周运动定量分析 运动模型分析 √ √ √ √ √ √
题 15 多过程力学综合问题 力学综合（圆周运动、动能定理、摩擦力做功） 动能定理的应用、圆周运动的向心力、摩擦力做功的特点、多过程问题分析 必修二 动能定理
圆周运动 功能关系 多过程综合分析 运动模型分析 √ √ √ √ √ √
满分：100 分 考试时间： 75 分钟 预估均分：60分

展开更多......

收起↑