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广东省江门市新会区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、【从生活走向物理】校园中有很多与物理相关的现象，请根据所学知识完成1-4题。
1．以下对我们上课使用的八年级下册物理教材所受重力的估测，最接近的是（　　）
A．0.25N B．2.5N C．25N D．250N
2．学校运动会上，跳高项目总是能吸引众多目光，当运动员达到最高点时（　　）
A．不受重力 B．没有惯性
C．重力势能最大 D．动能最大
3．学校教学楼楼梯上刻出一些凹槽，目的是（　　）
A．减小压强 B．美观大方 C．减小摩擦 D．增大摩擦
4．小明在打篮球时，篮球碰到篮板反弹回来，以下相关说法正确的是（　　）
A．反弹改变了篮球的惯性
B．接触时篮板没有发生形变
C．接触时篮球发生了形变
D．篮板对篮球的力大于篮球对篮板的力才能反弹
5．下列实例中，利用了连通器原理的是（　　）
A．船闸
B．吸盘
C．液体密度计
D．热气球
6．本学期的语文教材中，有“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”的诗句，其中蕴涵着很多物理原理，以下说法正确的是（　　）
A．茅草被卷走说明力可以改变物体的运动状态
B．茅草被卷走是因为重力的作用
C．茅草被卷走是因为上方空气流速大，压强大
D．这个现象说明运动需要力来维持
7．某校在校庆时用气球悬挂标语悬浮在空中，如图所示，气球（含内部气体）、绳子和标语的总质量为9.1kg，，则气球的体积约为（　　）
A．7 B．8 C．9 D．10
二、【古代技术专题】我国古代科技对人类文明发展有巨大的促进作用，请根据所学知识完成8-11题。
8．青铜漏壶是我国古代一种极为重要的滴水计时器具，如图甲所示，乙为它的模拟示意图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的水位均匀上升，其中的箭尺排开水的体积　 　，所受浮力（前两空选填“增大”“减小”或“不变”）　 　，一直保持漂浮状态，因此也随着水位　 　上升，可以通过露出的箭尺刻度显示时间。
9．古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示，从图中可以看出，脚踩位置距离O点较近时，动力臂　 　阻力臂，属于　 　力杠杆；碓头下方比较尖，是为了　 　压强。
10．如图所示，我国古代劳动人民利用滚木，用　 　代替滑动，可以大大　 　摩擦，巧妙移动巨石，请再举出一个利用了此原理的实例　 　。
11．图甲为我国战国时期的青铜汲酒器，上端封闭，靠近顶端处开一小孔a，下端有一小孔b，示意图如图乙所示。将其放入酒中时，汲酒器和酒缸就构成了一个　 　，酒水由底部的圆孔b流进汲酒器内；用拇指压住a孔并向上提起，酒水被　 　力密封在汲酒器内；松开拇指，在　 　力的作用下酒水便会缓缓流下。
12．小明在家中利用钢尺进行探究，他把钢尺的一端固定在桌面上，用手按压钢尺伸出桌面的部分，钢尺弯曲，表明力可以使物体发生　 　；用大小相同的力按压钢尺的不同位置，钢尺的弯曲程度不同，越远离固定点，弯曲程度越　 　，说明力的作用效果与力的　 　有关。
13．2025年1月16日，中国首次实现千米级高空风能发电，S1000型浮空风力发电系统的氦气舱缓缓充气，这艘形似飞艇的装置在15分钟内攀升至1000米高空，上升过程中，飞艇体积保持不变，所受的浮力逐渐　 　，飞艇的重力势能逐渐　 　；高空发电的优势在于，高空中风速更大，空气的动能更　 　，发电效率更高。
14．中国龙门吊技术全球领先，其中宏海号龙门吊在航母组装过程中起到重要作用，如图为其工作原理的简化示意图。在福建舰组装过程中，某次工作时，主起升电机输出功率为1000kW，将一个质量为800t的航母组件以0.1m/s的速度竖直提升了10m。该过程用时　 　s，滑轮组做的有用功是　 　J，机械效率是　 　。
三、作图题：本题7分。
15．（1）请在图中作出在空中飞行的足球的受力示意图（不考虑空气阻力）；
（2）如图是活塞式抽水机的示意图。其中手柄AOB可看成是一个杠杆，在动力的作用下绕O点顺时针匀速转动，A点所受动力方向如图所示，请在图中画出的力臂；
（3）汽车陷入泥中，为了把车向左边拉动，请在图中用笔画线代替绳子画出滑轮组的最省力绕线方法。
四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题7分，第18小题6分，共20分。
16．某实验小组利用弹簧秤和一盒已知质量的钩码探究重力大小和质量的关系：
（1）测量物体重力前，除了要观察弹簧测力计的测量范围和分度值外，还应将弹簧测力计在　 　方向调零；
（2）将钩码挂在弹簧测力计上，当钩码静止时读出测力计的读数，某次读数如图所示，请读出此时弹簧秤对钩码的拉力大小为　 　N，根据　 　可知，钩码所受重力为　 　N；
（3）换用不同数量的钩码，多次实验，将数据整理在表格中，请根据表中数据在图中描点作图　 　；从图像可以看出：物体所受的重力跟它的质量成　 　。
实验序号 质量m/kg 重力G/N
1 0.05 0.5
2 0.1 1.0
3 0.2
4 0.3 3.0
5 0.4 4.0
17．小明在家中利用弹簧秤、正方形物块和一个水槽探究浮力的大小与哪些因素有关，他将弹簧秤下方挂着物体，缓缓浸入水中，如图甲所示，并记录下几个位置的弹簧秤示数。
（1）从位置1到2的过程中，物体所受重力不变，观察到弹簧秤的示数逐渐　 　，可知物体所受浮力逐渐　 　，说明物体在液体中所受浮力的大小，与它浸在液体中的　 　有关；
（2）从位置3到4的过程中，物体所受浮力大小　 　，说明物体所受浮力与浸没的深度　 　；
（3）图乙中的　 　（选填“a”或“b”）曲线能反映图甲实验过程中浮力的变化；
（4）若完成实验后，小明发现整个实验中弹簧测力计都忘记了调零，测得物体浸没在水中受到的浮力与真实值相比　 　（选填“偏大”、“相等”或“偏小”）。
18．在学习了简单机械的相关知识后，小明对课本中演示实验“研究同一直线上的二力的合成”进行了改进。橡皮筋原长AE，如图所示，三次用不同的方法都将E点拉伸至E'点，并记录下每次弹簧测力计的示数。
（1）实验装置中定滑轮的作用是　 　，每次实验都要将E点拉伸至E'点，目的是让每次实验中力的　 　相同；
（2）通过比较图　 　两种情况，可知同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之　 　，方向跟这两个力的方向相同；
（3）通过比较图乙、丙两种情况，可知同一直线上方向　 　的两个力的合力大小等于这两个力大小之差，方向跟　 　（选填“较大”或“较小”）的那个力的方向相同。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．泰山景区利用无人机运输消防物资，满载可运输40kg物资。某次运输过程中，无人机满载，沿竖直方向匀速上升600m，用时5分钟，求此过程中（g取10N/kg）；
（1）无人机对物资的拉力做了多少功；
（2）无人机运输物资的功率是多少？
20．有一款智能茶吧机如图，将一烧水壶放在水平底座上接水，打开开关，按压加水键一次，可以加水450mL。烧水壶可视为圆柱形，空壶重1.15kg，壶外部底面积为40，壶内部底面积为30。求：（，g取10N/kg.）
（1）按键一次后，烧水壶对底座的压强；
（2）按键一次后，壶内的水对壶底的压强。
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
21．受到演示实验中利用橡皮膜显示液体压强大小的启发，小明设计了如图所示的实验仪器，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板上距容器底部5cm处开有一小圆孔，用平直的薄橡皮膜封闭，用来探究液体压强与哪些因素有关。
（1）首先如图所示，他在容器两侧倒入不同高度的水，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断　 　侧水的压强较大，说明液体内部压强与所在的　 　有关；
（2）清空容器后，将两侧倒入相同高度，但是密度不同的水和盐水，如图，观察到橡皮膜向左侧凸起，说明液体内部压强和液体的　 　有关，这里用到的实验方法是　 　；
（3）他觉得还可以利用这套装置测量盐水的密度，他向容器左侧继续加水，如图，直到观察到橡皮膜处于　 　状态，然后分别测出两侧液面的高度cm，cm，若已知水的密度为，则盐水的密度为　 　。
22．项目化学习小组利用木制筷子、塑料筒盖、铁锁等常见物品来制作一个简易杆秤。
（1）【项目分析】他们先了解杆秤的构造、原理和使用方法，图甲所示为一个杆秤的结构和我国古代对杆秤的各个部件的描述方式，《墨经》中就记载“衡，加重于其一旁，必捶，相衡，则本短标长”。手提提纽，秤杆水平平衡，本短标长，意思是两边力臂长度　 　，此时“权”的质量　 　“重”的质量，因此可以利用质量较小的砝码来称量较大物体的质量。
（2）【项目实施】他们利用木制筷子做秤杆，利用塑料筒盖作为秤盘，把秤盘系在秤杆较粗的一端，记为A点，并在靠近秤盘处适当位置绑一根细绳作为提纽。在铁锁上系一根细绳作为秤砣。挂上秤砣，手提提纽，调节秤砣悬挂的位置和提纽到秤盘的距离，使秤杆　 　时秤盘和秤砣分别在提纽的两侧，如图乙所示，将此时秤砣悬挂的位置B标记为零刻度线；并固定好提纽的位置，记为O点。
（3）在秤盘中放入100g砝码，调节秤砣悬挂的位置使秤杆水平平衡，记录下此时的位置为图乙中的C点，将C点标记为100g质量刻度线的位置，在BC之间均匀的画上99条刻度线，每一格就表示　 　g；
（4）【项目拓展】若在不改变秤杆长度的情况下，增加杆秤的称量范围，可以采用的方法有　 　提纽到秤盘的距离，或　 　秤砣的质量。
23．科普阅读题
C919大飞机
2025年5月18日9时28分，编号B-657T的东航C919客机从上海虹桥国际机场腾空而起，经过2小时03分钟的飞行，于11时31分平稳降落在深圳宝安国际机场。这条上海虹桥至深圳的定期商业航线，不仅是C919在华南地区的首条定期航线，更以首日往返航班平均客座率97%的市场热度，彰显出国产大飞机在商业运营中的强劲发展态势。
C919是中国首款按照国际通行适航标准自行研制、具有自主知识产权的喷气式干线客机，采用了多项先进技术，如采用超临界机翼，通过优化翼型，改进了气动效率，高速飞行时减少阻力，同时保持较高的升力，有效提升了升阻比（飞行时飞机受到的升力和阻力之比）。发动机也逐步实现国产化，预计在2025年底C919将配备自主研发的长江1000A（CJ-1000A）高涵道比涡扇发动机实现商业服役。下表中为C919大飞机和CJ-1000A发动机的部分参数。
C919 CJ-1000A发动机
空机重量/t 最大载重量/t 发动机数量/个 巡航升阻比 最大推力/N
45.9 18.9 2 18
（1）超临界机翼通过优化翼型，当飞机前进时，机翼上部分气流速度较　 　，对上表面的压强较　 　，上下表面存在压强差，产生向　 　的升力。
（2）若C919配备长江1000A发动机并搭载最大载重量在空中巡航（水平匀速飞行）时，C919整机所受重力为　 　N，所受阻力为　 　N，每个发动机需提供最大推力的　 　%（假设所有发动机工作状态完全相同）。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】根据生活经验可知，八年级下册物理教材的质量约250g=0.25kg，则它受到的重力为G=mg=0.25kg×10N/kg=2.5N，
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】首先估测物理教材的质量，然后根据G=mg计算它的重力大小。
2．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A． 当运动员达到最高点时仍然受到重力作用， 故A错误；
B．运动员在最高点时仍有质量，因此一定有惯性，故B错误；
CD．运动员达到最高点时，质量不变，高度最大，则重力势能最大。此时速度最小，则动能最小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】A. 地球附近的物体都受重力作用；
B. 惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关；
CD.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关。
3．【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】人对楼梯的压力始终等于自身重力，即压力保持不变。楼梯上的凹槽能增加接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，防止行人滑倒，保障行走安全。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】 摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大。
4．【答案】C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】A．篮球的质量未变，惯性始终不变，故A错误；
B．篮球撞击篮板时，篮板受力会发生微小形变，故B错误；
C．根据力的作用的相互性可知，篮球撞击篮板时，会受到篮板的反作用力，导致自身发生形变，故C正确；
D．篮板对篮球的力与篮球对篮板的力是一对相互作用力，则二者的大小是相等的，故D错误。
故选C。
【分析】A. 性是物体的固有属性，仅由质量决定，与运动状态无关；
B.根据力的作用效果判断；
C.根据力的作用的相互性和力的作用效果判断；
D.根据相互作用力的知识判断。
5．【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】A．根据图片可知，当船从上游到中游时，上游和闸室上面开口，底部连通，相当连通器，故A符合题意；
B．用手挤压排出了吸盘内的气体，则外界大气压将吸盘压在墙壁上，与连通器无关，故B不符合题意；
C．密度计是利用物体的浮沉条件来工作的，与连通器无关，故C不符合题意；
D．热气球是利用空气的浮力升空的，与连通器无关，故D不符合题意。
故选A。
【分析】上面开口，底部连通的容器为连通器，据此对各个选项分析判断即可。
6．【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；力与运动的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．茅草被卷走，即茅草从静止变成运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B．重力的方向竖直向下，会阻碍茅草向上运动，故B错误；
C．茅草上方空气流速大压强小，下方空气流速慢压强大，于是大气对茅草产生向上的压力差，把茅草卷走，故C错误；
D．力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选A。
【分析】A.力的作用效果包括：改变物体的形状和改变物体的运动状态；
B.根据重力的方向判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.根据力与运动的关系判断。
7．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，整个气球在空气中悬浮，则它所受浮力等于自身重力，
即；
此时气体的体积等于排开空气的体积，则气球的体积，
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先根据物体的浮沉条件计算气球受到的浮力，然后根据计算气球的体积。
8．【答案】不变；不变；均匀
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，虽然受水壶中水面高度不断增大，但是受水壶中的箭尺一直保持漂浮状态，则箭尺受到的浮力等于箭尺的重力，即箭尺受到的浮力不变。根据阿基米德原理可知，箭尺排开水的体积不变。
（2）当受水壶中水面均匀升高时，箭尺也随着水位均匀上升，可以通过露出的箭尺刻度显示时间。
【分析】（1）根据物体的漂浮条件确定箭尺受到的浮力的大小变化，根据阿基米德原理分析它排开水的体积变化；
（2）根据“受水壶中水面均匀升高”分析解答。
9．【答案】小于；费；增大
【知识点】增大压强的方法及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）根据图片可知，O点是支点，碓头施加阻力，脚施加动力。此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
（2）碓头下方比较尖，是通过减小受力面积来增大压强的。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
10．【答案】滚动；减小；自行车轴承中装有滚珠
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）将圆木垫在巨石的下面，则推动巨石时，由圆木的滚动代替巨石的滑动，可以减小摩擦。
（2）通过变滑动为滚动来减小摩擦力的实例：自行车轴承中装有滚珠。
【分析】（1）减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面、注入润滑油，变滑动为滚动；
（2）从生活和生产中寻找减小摩擦的实例。
11．【答案】连通器；大气压；重
【知识点】重力的方向；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当汲酒器插入酒缸中时，它们上端开口、底部连通，构成一个连通器。
（2）用拇指压住a孔并向上提起，则酒水被大气压力密封在汲酒器内，因此酒水不会从b孔流出。
（3）松开拇指时，外面的空气进入汲酒器内，则酒水在重力的作用下，会缓缓流下。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）大气对浸入其中的物体都会产生压力的作用，这就是大气压强；
（3）地面附近的物体都会受到重力，都有向下运动的趋势。
12．【答案】形变；大；作用点
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】（1）钢尺在力的作用下变弯曲，说明力可以改变物体的形状。
（2）用大小相同的力按压钢尺的不同位置，即力的作用点不同；钢尺的弯曲程度不同，说明力的作用效果不同，因此得到：力的作用效果与力的作用点有关。
【分析】（1）力的作用效果包括：力改变物体的形状和改变物体的运动状态；
（2）力的大小、方向和作用点叫做力的三要素，然后根据题目描述分析解答。
13．【答案】减小；增大；大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，随着高度上升， 飞艇体积保持不变， 即排开气体的体积不变，但是空气密度逐渐减小，根据阿基米德原理可知，它受到的浮力逐渐减小。
（2）在上升过程中，浮空风力发电系统的质量不变，高度增大，因此重力势能逐渐增大。
（3）高空风速更大，因此空气的动能更大，从而提高风力发电的效率。
【分析】（1）根据阿基米德原理分析飞艇受到浮力的变化；
（2）重力势能与质量和高度有关；
（3） 物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
14．【答案】100；8×107；80%
【知识点】速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知，该过程用时；
组件的质量为800t，升高10m，
则所做的有用功W有用=Gh=mgh=800×103kg×10N/kg×10m=8×107J；
主起升电机输出功率为1000kW， 则所做的总功W总=Pt=1000×103W×100s=1×108J；
龙门吊此次提升重物的机械效率。
【分析】根据计算该过程用的时间，根据W有用=Gh计算做的有用功，根据W总=Pt计算做的总功，根据计算提升重物的机械效率。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）足球在空中飞行时，如果不考虑空气阻力，那么足球只受竖直向下的重力作用，且作用在足球的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，O点为支点，首先将力F1的作用线反向延长，然后过支点做力的作用线的垂线，做出的垂线段即为F1的力臂l1，如下图所示：
（3）根据图片可知，滑轮组由一个动滑轮和一个定滑轮组成，则承担拉力的绳子段数最多为n=3。因为n为奇数，所以绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（3）根据动滑轮的个数确定承担拉力的绳子段数，然后根据从内到外的顺序依次完成缠绕即可。
（1）足球在空中飞行时，不考虑空气阻力，足球只受重力，方向竖直向下，过足球的重心做竖直向下的有向线段，标上重力的符号G，即为重力的示意图，如图所示
（2）将力F1的作用线反向延长，过支点做力的作用线的垂线，做出的垂线段即为F1的力臂l1，如图所示
（3）图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示
16．【答案】（1）竖直
（2）2.0；二力平衡；2.0
（3）；正比
【知识点】弹簧测力计及其使用；探究影响重力大小因素的实验；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）弹簧测力计要在拉力的方向上进行调零，由于重力的方向是竖直向下的，所以测力计在使用前要在竖直方向调零。
（2）根据图片可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.0N。此时物体处于平衡状态，即它受到的拉力和重力大小相等，方向相反，那么物体的重力也为2.0N。
（3）①根据表格数组依次在方格纸上描点，然后用线把点连接起来，如下图所示：
②根据表格数据可知，每个物体的重力与质量的比值不变，那么得到：物体所受的重力跟质量成正比。
【分析】（1）弹簧测力计要在拉力的方向上进行调零；
（2）根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出示数，然后根据二力平衡的知识计算物体的重力；
（3）①根据表格数据在方格纸上描点，然后用线依次连接即可；
②分别计算每组数据中重力和质量的比值，然后比较大小，进而得到重力和质量的数量关系。
（1）本实验要用弹簧测力计来测量重力，由于重力的方向是竖直向下的，所以测力计在使用前要在竖直方向调零。
（2）[1][2][3]测量物体重力时，物体在竖直方向静止，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，由二力平衡知识知两个力大小相等。由图可知弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.0，则物体的重力也为2.0N。
（3）[1]根据表格中数据在图中描点，用线把点连接起来，如下图所示：
[2]由图像可知重力与质量的关系是一条过原点的直线，即重力与质量的比值不变，由两个量的比值不变，可知物体所受的重力跟质量成正比。
17．【答案】（1）减小；增大；体积
（2）不变；无关
（3）a
（4）相等
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，从位置1到2的过程中，物体排开液体的体积逐渐增大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力逐渐增大。根据F拉=G-F浮可知，弹簧测力计的示数逐渐减小，说明物体受到的浮力大小与浸在液体中的体积有关。
（2）从位置3到4的过程中，深度不断增大，但是排开液体的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力保持不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关。
（3）物体慢慢浸入水中，排开水的体积先变大后不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，则它受到的浮力先变大后不变，所以图中的a能反映浮力在甲图实验过程中的变化。
（4）若弹簧测力计都没有校零，两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，根据F浮=G-F示可知，那么所得浮力大小应不变。
【分析】（1）从位置1到2的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析物体受到浮力的变化，根据F拉=G-F浮分析弹簧测力计的示数变化，根据变化的因素确定影响浮力的因素。
（2）从位置3到4的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化，确定变化的因素，最终确定浮力和它是否有关；
（3）根据甲图确定物体排开水的体积变化，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析物体受到浮力的变化规律；
（4）根据F浮=G-F示分析解答。
（1）[1][2][3]由图甲可知，从位置1到2的过程中，物体排开液体的体积逐渐增大，物体所受重力不变，弹簧测力计的示数逐渐减小，由称重法可知浮力逐渐增大，说明物体受到的浮力大小与浸在液体中的体积有关。
（2）[1][2]从位置3到4的过程中，排开液体的体积和液体的密度均不变，只是浸没的深度增加了，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知物体受到的浮力不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关。
（3）物体慢慢浸入水中，没有全部浸入水中前，排开水的体积变大，浮力变大，当物体全部浸入水中，浮力不变，所以图中的a能反映浮力在甲图实验过程中的变化。
（4）由F浮=G-F示可知，若弹簧测力计都没有校零，两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力大小应不变。
18．【答案】（1）改变力的方向；作用效果
（2）甲、丙；和
（3）相反；较大
【知识点】力的合成与应用；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）①在实验中，不使用定滑轮时，拉力沿水平方向，而使用定滑轮后拉力竖直向下，则实验装置中定滑轮的作用是改变力的方向。
②根据图片可知，每次实验都要将E点拉伸至E'点，让橡皮筋伸长相同的长度，所以目的是让每次实验中力的作用效果相同。
（2）探究同一直线上方向相同的力的合力时，需要控制两个拉力的方向相同，故选甲和丙。根据2N+3N=5N，说明同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。
（3）探究同一直线上方向相反的力的合力时，需要控制两个拉力的方向相反，故选乙和丙。乙图中同一直线上方向相反的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于两力大小之差，方向与较大力方向相同。
【分析】（1）根据定滑轮的作用解答；
（2）在弹性限度内，橡皮筋受到的拉力与伸长的长度有关。
（3）（4）根据控制变量法的要求选择对照实验，比较三个力的大小，从而确定二力合成的计算方法和方向。
（1）[1]实验装置中定滑轮的作用是改变力的方向，使测力计竖直方向的拉力改为水平方向上的拉力。
[2]每次实验都要将E点拉伸至E'点，控制橡皮筋光的伸长量相同，所以目的是让每次实验中力的作用效果相同，从而反映合力的大小相同。
（2）[1][2]比较图甲、丙，甲图中同一直线上方向相同的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。
（3）[1][2]比较图乙、丙两种情况，乙图中同一直线上方向相反的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于两力大小之差，方向与较大力方向相同。
19．【答案】（1）无人机匀速上升，它处于平衡状态，即对物资的拉力和物资的重力相互平衡，那么二者相等，即；
那么无人机拉力做的功
（2）用时5min，则无人机运输物资功率
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）首先根据平衡力的知识计算无人机对物资的拉力，然后根据W=Fs计算拉力做的功；
（2）根据公式计算无人机运输物资的功率。
（1）无人机匀速上升，对物资的拉力等于物资的重力
无人机拉力做的功
（2）运输物资功率
20．【答案】（1）根据题意可知，按键一次加水450mL=450×10-6m3，
则放出水的质量，
此时壶对底座的压力等于壶和水的总重力，即，
此时壶对底座的压强
（2）根据题意可知，按键一次加水450mL， 壶内部底面积为30 ，
则按键一次放出水的高度，
那么水对壶底的压强
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）已知按键一次流出水的体积，再根据m=ρV求出流出水的质量。水平面上的物体对水平面的压力大小等于物体的重力大小，根据求出按键一次后，烧水壶对底座的压强；
（2）烧水壶为圆柱形，首先根据计算放出水的高度，然后根据液体压强公式计算水对壶底的压强。
（1）按键一次，放出水的质量
此时壶对底座的压力
壶对底座的压强
（2）水的体积
按键一次放出水的高度
水对壶底的压强
21．【答案】（1）右；深度
（2）密度；控制变量
（3）平直；
【知识点】液体压强的计算；探究液体压强的特点实验；利用平衡法求液体密度
【解析】【解答】（1）橡皮膜总是向压强较小的一侧凸起，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断左侧水的压强小，而右侧水的压强较大。此时液体密度相同，只有液体深度不同，说明液体内部压强与所在的深度有关。
（2）橡皮膜向左侧凸起，说明盐水产生的压强大，此时深度相同，只有液体密度不同，说明液体内部压强和液体的密度有关，这里用的是控制变量法。
（3）当观察到橡皮膜处于平直状态时，说明橡皮膜左右两侧液体的压强相同，
p水=p盐水；
；
；
1×103kg/m3×（0.11m-0.1m）=ρ盐水×（0.1m-0.05m）；
解得：。
【分析】（1）橡皮膜总是向压强较小的一侧凸起。根据图片分析哪个因素不同即可；
（2）根据图片分析实验中哪个因素不同即可。探究某个因素对物理量的影响时，控制其它因素相同，只改变这个因素，这就是控制变量法。
（3）当橡皮膜变平直时，说明左右两侧压强相等，根据液体压强公式p=ρ液gh列方程计算即可。
（1）[1][2]在容器两侧倒入不同高度的水，右侧水面到橡皮膜处的水深，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断右侧水的压强较大，说明液体内部压强与所在的深度有关。
（2）[1][2]将左右两侧倒入相同高度的水和盐水，盐水的密度大，产生的压强大，橡皮膜向左侧凸起，说明液体内部压强和液体的密度有关，这里控制水和盐水的高度相同，用到的实验方法是控制变量法。
（3）[1][2]在（2）的基础上，向容器左侧继续加水，如图，直到观察到橡皮膜处于平直状态，说明橡皮膜左右两侧液体的压强相同，则有
盐水的密度
22．【答案】（1）不等；小于
（2）水平平衡
（3）1
（4）减小；增大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）该杠杆属于不等臂杠杆，左侧力臂较长，右侧力臂较短。
根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，由于左侧力臂L1大于右侧力臂L2，因此"权"（秤砣）的质量必须小于"重"（被测物体）的质量才能保持平衡。
（2）如图乙所示，通过调整秤砣悬挂位置和提纽与秤盘的距离，使秤杆达到水平平衡状态。这种调节方式可以方便地测量力臂长度，当秤盘和秤砣分别位于提纽两侧时，将此时秤砣所在的B点标记为零刻度线。
（3）在秤盘中放入100g标准砝码后，调整秤砣位置使秤杆重新水平平衡，记录此时秤砣位置为图乙中的C点，并将其标记为100g刻度。根据杠杆平衡条件可知，秤砣移动距离与被测质量成正比关系，因此在BC区间内均匀划分99等份，每个刻度间隔对应1g质量。
（4）要扩大测量范围（增大可称量物重G），需要增加杠杆左侧的力矩（G×L1）。根据杠杆平衡条件，可采用以下两种方法：①保持秤砣质量不变，将支点（提纽）右移，减小L1（提纽到秤盘的距离）；②保持支点位置和L1不变，增加秤砣的质量m。
【分析】1，杆秤的原理属于杠杆，题目中动力臂和阻力臂不相等，所以属于不等臂杠杆；
2、探究杆秤平衡的条件 ，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大；
4、要想改变称重范围：根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，可知保持秤砣质量不变，将支点（提纽）右移，减小L1（提纽到秤盘的距离）；②保持支点位置和L1不变，增加秤砣的质量m。且结合平衡原理可知，秤砣移动距离与被测质量成正比关系。
（1）[1]本短标长，意思是两边力臂长度不等，左边力臂长，右边的力臂短。
[2]根据杠杆平衡条件，左边力与力臂的乘积等于右边力与力臂的乘积，左边力臂长，右边的力臂短，“权”的质量小于“重”的质量。
（2）如图乙所示，调节秤砣悬挂的位置和提纽到秤盘的距离，使秤杆水平平衡，这样便于测量力臂，秤盘和秤砣分别在提纽的两侧，将此时秤砣悬挂的位置B标记为零刻度线。
（3）在秤盘中放入100g砝码，调节秤砣悬挂的位置使秤杆水平平衡，记录下此时的位置为图乙中的C点，将C点标记为100g质量刻度线的位置，根据杠杆平衡条件可知，秤砣一侧力臂的长度与被测物体质量成正比，所以在BC之间均匀的画上99条刻度线，每一格就表示1g。
（4）若要增大测量范围，即可称量的物重G增大，左边力与力臂的乘积的值增大；由杠杆的平衡条件知：左边力与力臂的乘积应相应的增大的方法有：
①秤砣的重量不变，将支点向右移动一些，即减小提纽到秤盘的距离；
②支点和力臂都不变，增加秤砣的质量。
23．【答案】（1）大；小；上
（2）6.48×105；3.6×104；9
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）机翼上表面凸出，下表面较平；飞机在飞行时，机翼上方的气流速度较大，压强较小，机翼下方气流速度小，压强较大，机翼的上下表面形成向上的压强差，形成竖直向上的压力差，产生竖直向上的升力。
（2）根据表中数据，C919配备长江1000A发动机，并搭载最大载重量在空中巡航时，其总质量：
m=m空+m载重=45.9×103kg+18.9×103kg=6.48×104kg，
C919受重力：G=mg=6.48×104kg×10N/kg=6.48×105N，
水平匀速飞行时，升力等于重力，即F=G=6.48×105N，
根据巡航升阻比是18，即，代入数据可得，解得f=3.6×104N。
每个发动机提供的升力：，
则。
【分析】（1）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
（2）根据G=mg，计算重力，利用升阻比，计算阻力大小；利用，计算效率。
（1）[1][2][3]飞机的机翼的上表面凸出，下表面较平；飞机在飞行时，机翼上方的气流通过的路程长，因而速度较大，它对机翼的压强较小，机翼下方气流通过的路程较短，因而速度小，它对机翼的压强较大，这样在机翼的上下表面就存在着向上的压强差，因而有一个竖直向上的压力差，产生竖直向上的升力。
（2）[1]由表中数据可知，C919配备长江1000A发动机并搭载最大载重量在空中巡航（水平匀速飞行）时，其总质量m=m空+m载重=45.9×103kg+18.9×103kg=6.48×104kg
C919整机所受重力G=mg=6.48×104kg×10N/kg=6.48×105N
[2]水平匀速飞行时，升力等于重力，即F=G=6.48×105N
由表中数据可知，巡航升阻比是18，即飞行时飞机受到的升力和阻力之比是18，即，代入数据可得
解得f=3.6×104N。
[3]平均每个发动机提供的升力
则
1 / 1广东省江门市新会区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、【从生活走向物理】校园中有很多与物理相关的现象，请根据所学知识完成1-4题。
1．以下对我们上课使用的八年级下册物理教材所受重力的估测，最接近的是（　　）
A．0.25N B．2.5N C．25N D．250N
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】根据生活经验可知，八年级下册物理教材的质量约250g=0.25kg，则它受到的重力为G=mg=0.25kg×10N/kg=2.5N，
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】首先估测物理教材的质量，然后根据G=mg计算它的重力大小。
2．学校运动会上，跳高项目总是能吸引众多目光，当运动员达到最高点时（　　）
A．不受重力 B．没有惯性
C．重力势能最大 D．动能最大
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；重力及其大小的计算；惯性及其现象
【解析】【解答】A． 当运动员达到最高点时仍然受到重力作用， 故A错误；
B．运动员在最高点时仍有质量，因此一定有惯性，故B错误；
CD．运动员达到最高点时，质量不变，高度最大，则重力势能最大。此时速度最小，则动能最小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】A. 地球附近的物体都受重力作用；
B. 惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关；
CD.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关。
3．学校教学楼楼梯上刻出一些凹槽，目的是（　　）
A．减小压强 B．美观大方 C．减小摩擦 D．增大摩擦
【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】人对楼梯的压力始终等于自身重力，即压力保持不变。楼梯上的凹槽能增加接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，防止行人滑倒，保障行走安全。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】 摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大。
4．小明在打篮球时，篮球碰到篮板反弹回来，以下相关说法正确的是（　　）
A．反弹改变了篮球的惯性
B．接触时篮板没有发生形变
C．接触时篮球发生了形变
D．篮板对篮球的力大于篮球对篮板的力才能反弹
【答案】C
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；惯性及其现象
【解析】【解答】A．篮球的质量未变，惯性始终不变，故A错误；
B．篮球撞击篮板时，篮板受力会发生微小形变，故B错误；
C．根据力的作用的相互性可知，篮球撞击篮板时，会受到篮板的反作用力，导致自身发生形变，故C正确；
D．篮板对篮球的力与篮球对篮板的力是一对相互作用力，则二者的大小是相等的，故D错误。
故选C。
【分析】A. 性是物体的固有属性，仅由质量决定，与运动状态无关；
B.根据力的作用效果判断；
C.根据力的作用的相互性和力的作用效果判断；
D.根据相互作用力的知识判断。
5．下列实例中，利用了连通器原理的是（　　）
A．船闸
B．吸盘
C．液体密度计
D．热气球
【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】A．根据图片可知，当船从上游到中游时，上游和闸室上面开口，底部连通，相当连通器，故A符合题意；
B．用手挤压排出了吸盘内的气体，则外界大气压将吸盘压在墙壁上，与连通器无关，故B不符合题意；
C．密度计是利用物体的浮沉条件来工作的，与连通器无关，故C不符合题意；
D．热气球是利用空气的浮力升空的，与连通器无关，故D不符合题意。
故选A。
【分析】上面开口，底部连通的容器为连通器，据此对各个选项分析判断即可。
6．本学期的语文教材中，有“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”的诗句，其中蕴涵着很多物理原理，以下说法正确的是（　　）
A．茅草被卷走说明力可以改变物体的运动状态
B．茅草被卷走是因为重力的作用
C．茅草被卷走是因为上方空气流速大，压强大
D．这个现象说明运动需要力来维持
【答案】A
【知识点】力的作用效果；重力及其大小的计算；力与运动的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．茅草被卷走，即茅草从静止变成运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B．重力的方向竖直向下，会阻碍茅草向上运动，故B错误；
C．茅草上方空气流速大压强小，下方空气流速慢压强大，于是大气对茅草产生向上的压力差，把茅草卷走，故C错误；
D．力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选A。
【分析】A.力的作用效果包括：改变物体的形状和改变物体的运动状态；
B.根据重力的方向判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.根据力与运动的关系判断。
7．某校在校庆时用气球悬挂标语悬浮在空中，如图所示，气球（含内部气体）、绳子和标语的总质量为9.1kg，，则气球的体积约为（　　）
A．7 B．8 C．9 D．10
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，整个气球在空气中悬浮，则它所受浮力等于自身重力，
即；
此时气体的体积等于排开空气的体积，则气球的体积，
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先根据物体的浮沉条件计算气球受到的浮力，然后根据计算气球的体积。
二、【古代技术专题】我国古代科技对人类文明发展有巨大的促进作用，请根据所学知识完成8-11题。
8．青铜漏壶是我国古代一种极为重要的滴水计时器具，如图甲所示，乙为它的模拟示意图。漏水壶通过底部的出水口向受水壶中滴水，受水壶中的水位均匀上升，其中的箭尺排开水的体积　 　，所受浮力（前两空选填“增大”“减小”或“不变”）　 　，一直保持漂浮状态，因此也随着水位　 　上升，可以通过露出的箭尺刻度显示时间。
【答案】不变；不变；均匀
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据图片可知，虽然受水壶中水面高度不断增大，但是受水壶中的箭尺一直保持漂浮状态，则箭尺受到的浮力等于箭尺的重力，即箭尺受到的浮力不变。根据阿基米德原理可知，箭尺排开水的体积不变。
（2）当受水壶中水面均匀升高时，箭尺也随着水位均匀上升，可以通过露出的箭尺刻度显示时间。
【分析】（1）根据物体的漂浮条件确定箭尺受到的浮力的大小变化，根据阿基米德原理分析它排开水的体积变化；
（2）根据“受水壶中水面均匀升高”分析解答。
9．古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示，从图中可以看出，脚踩位置距离O点较近时，动力臂　 　阻力臂，属于　 　力杠杆；碓头下方比较尖，是为了　 　压强。
【答案】小于；费；增大
【知识点】增大压强的方法及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】（1）根据图片可知，O点是支点，碓头施加阻力，脚施加动力。此时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
（2）碓头下方比较尖，是通过减小受力面积来增大压强的。
【分析】（1）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
10．如图所示，我国古代劳动人民利用滚木，用　 　代替滑动，可以大大　 　摩擦，巧妙移动巨石，请再举出一个利用了此原理的实例　 　。
【答案】滚动；减小；自行车轴承中装有滚珠
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）将圆木垫在巨石的下面，则推动巨石时，由圆木的滚动代替巨石的滑动，可以减小摩擦。
（2）通过变滑动为滚动来减小摩擦力的实例：自行车轴承中装有滚珠。
【分析】（1）减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面、注入润滑油，变滑动为滚动；
（2）从生活和生产中寻找减小摩擦的实例。
11．图甲为我国战国时期的青铜汲酒器，上端封闭，靠近顶端处开一小孔a，下端有一小孔b，示意图如图乙所示。将其放入酒中时，汲酒器和酒缸就构成了一个　 　，酒水由底部的圆孔b流进汲酒器内；用拇指压住a孔并向上提起，酒水被　 　力密封在汲酒器内；松开拇指，在　 　力的作用下酒水便会缓缓流下。
【答案】连通器；大气压；重
【知识点】重力的方向；连通器原理及其应用；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当汲酒器插入酒缸中时，它们上端开口、底部连通，构成一个连通器。
（2）用拇指压住a孔并向上提起，则酒水被大气压力密封在汲酒器内，因此酒水不会从b孔流出。
（3）松开拇指时，外面的空气进入汲酒器内，则酒水在重力的作用下，会缓缓流下。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）大气对浸入其中的物体都会产生压力的作用，这就是大气压强；
（3）地面附近的物体都会受到重力，都有向下运动的趋势。
12．小明在家中利用钢尺进行探究，他把钢尺的一端固定在桌面上，用手按压钢尺伸出桌面的部分，钢尺弯曲，表明力可以使物体发生　 　；用大小相同的力按压钢尺的不同位置，钢尺的弯曲程度不同，越远离固定点，弯曲程度越　 　，说明力的作用效果与力的　 　有关。
【答案】形变；大；作用点
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】（1）钢尺在力的作用下变弯曲，说明力可以改变物体的形状。
（2）用大小相同的力按压钢尺的不同位置，即力的作用点不同；钢尺的弯曲程度不同，说明力的作用效果不同，因此得到：力的作用效果与力的作用点有关。
【分析】（1）力的作用效果包括：力改变物体的形状和改变物体的运动状态；
（2）力的大小、方向和作用点叫做力的三要素，然后根据题目描述分析解答。
13．2025年1月16日，中国首次实现千米级高空风能发电，S1000型浮空风力发电系统的氦气舱缓缓充气，这艘形似飞艇的装置在15分钟内攀升至1000米高空，上升过程中，飞艇体积保持不变，所受的浮力逐渐　 　，飞艇的重力势能逐渐　 　；高空发电的优势在于，高空中风速更大，空气的动能更　 　，发电效率更高。
【答案】减小；增大；大
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据题意可知，随着高度上升， 飞艇体积保持不变， 即排开气体的体积不变，但是空气密度逐渐减小，根据阿基米德原理可知，它受到的浮力逐渐减小。
（2）在上升过程中，浮空风力发电系统的质量不变，高度增大，因此重力势能逐渐增大。
（3）高空风速更大，因此空气的动能更大，从而提高风力发电的效率。
【分析】（1）根据阿基米德原理分析飞艇受到浮力的变化；
（2）重力势能与质量和高度有关；
（3） 物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
14．中国龙门吊技术全球领先，其中宏海号龙门吊在航母组装过程中起到重要作用，如图为其工作原理的简化示意图。在福建舰组装过程中，某次工作时，主起升电机输出功率为1000kW，将一个质量为800t的航母组件以0.1m/s的速度竖直提升了10m。该过程用时　 　s，滑轮组做的有用功是　 　J，机械效率是　 　。
【答案】100；8×107；80%
【知识点】速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据题意可知，该过程用时；
组件的质量为800t，升高10m，
则所做的有用功W有用=Gh=mgh=800×103kg×10N/kg×10m=8×107J；
主起升电机输出功率为1000kW， 则所做的总功W总=Pt=1000×103W×100s=1×108J；
龙门吊此次提升重物的机械效率。
【分析】根据计算该过程用的时间，根据W有用=Gh计算做的有用功，根据W总=Pt计算做的总功，根据计算提升重物的机械效率。
三、作图题：本题7分。
15．（1）请在图中作出在空中飞行的足球的受力示意图（不考虑空气阻力）；
（2）如图是活塞式抽水机的示意图。其中手柄AOB可看成是一个杠杆，在动力的作用下绕O点顺时针匀速转动，A点所受动力方向如图所示，请在图中画出的力臂；
（3）汽车陷入泥中，为了把车向左边拉动，请在图中用笔画线代替绳子画出滑轮组的最省力绕线方法。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；力臂的画法；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）足球在空中飞行时，如果不考虑空气阻力，那么足球只受竖直向下的重力作用，且作用在足球的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，O点为支点，首先将力F1的作用线反向延长，然后过支点做力的作用线的垂线，做出的垂线段即为F1的力臂l1，如下图所示：
（3）根据图片可知，滑轮组由一个动滑轮和一个定滑轮组成，则承担拉力的绳子段数最多为n=3。因为n为奇数，所以绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；
（3）根据动滑轮的个数确定承担拉力的绳子段数，然后根据从内到外的顺序依次完成缠绕即可。
（1）足球在空中飞行时，不考虑空气阻力，足球只受重力，方向竖直向下，过足球的重心做竖直向下的有向线段，标上重力的符号G，即为重力的示意图，如图所示
（2）将力F1的作用线反向延长，过支点做力的作用线的垂线，做出的垂线段即为F1的力臂l1，如图所示
（3）图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示
四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题7分，第18小题6分，共20分。
16．某实验小组利用弹簧秤和一盒已知质量的钩码探究重力大小和质量的关系：
（1）测量物体重力前，除了要观察弹簧测力计的测量范围和分度值外，还应将弹簧测力计在　 　方向调零；
（2）将钩码挂在弹簧测力计上，当钩码静止时读出测力计的读数，某次读数如图所示，请读出此时弹簧秤对钩码的拉力大小为　 　N，根据　 　可知，钩码所受重力为　 　N；
（3）换用不同数量的钩码，多次实验，将数据整理在表格中，请根据表中数据在图中描点作图　 　；从图像可以看出：物体所受的重力跟它的质量成　 　。
实验序号 质量m/kg 重力G/N
1 0.05 0.5
2 0.1 1.0
3 0.2
4 0.3 3.0
5 0.4 4.0
【答案】（1）竖直
（2）2.0；二力平衡；2.0
（3）；正比
【知识点】弹簧测力计及其使用；探究影响重力大小因素的实验；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）弹簧测力计要在拉力的方向上进行调零，由于重力的方向是竖直向下的，所以测力计在使用前要在竖直方向调零。
（2）根据图片可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.0N。此时物体处于平衡状态，即它受到的拉力和重力大小相等，方向相反，那么物体的重力也为2.0N。
（3）①根据表格数组依次在方格纸上描点，然后用线把点连接起来，如下图所示：
②根据表格数据可知，每个物体的重力与质量的比值不变，那么得到：物体所受的重力跟质量成正比。
【分析】（1）弹簧测力计要在拉力的方向上进行调零；
（2）根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出示数，然后根据二力平衡的知识计算物体的重力；
（3）①根据表格数据在方格纸上描点，然后用线依次连接即可；
②分别计算每组数据中重力和质量的比值，然后比较大小，进而得到重力和质量的数量关系。
（1）本实验要用弹簧测力计来测量重力，由于重力的方向是竖直向下的，所以测力计在使用前要在竖直方向调零。
（2）[1][2][3]测量物体重力时，物体在竖直方向静止，物体受到的重力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，由二力平衡知识知两个力大小相等。由图可知弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.0，则物体的重力也为2.0N。
（3）[1]根据表格中数据在图中描点，用线把点连接起来，如下图所示：
[2]由图像可知重力与质量的关系是一条过原点的直线，即重力与质量的比值不变，由两个量的比值不变，可知物体所受的重力跟质量成正比。
17．小明在家中利用弹簧秤、正方形物块和一个水槽探究浮力的大小与哪些因素有关，他将弹簧秤下方挂着物体，缓缓浸入水中，如图甲所示，并记录下几个位置的弹簧秤示数。
（1）从位置1到2的过程中，物体所受重力不变，观察到弹簧秤的示数逐渐　 　，可知物体所受浮力逐渐　 　，说明物体在液体中所受浮力的大小，与它浸在液体中的　 　有关；
（2）从位置3到4的过程中，物体所受浮力大小　 　，说明物体所受浮力与浸没的深度　 　；
（3）图乙中的　 　（选填“a”或“b”）曲线能反映图甲实验过程中浮力的变化；
（4）若完成实验后，小明发现整个实验中弹簧测力计都忘记了调零，测得物体浸没在水中受到的浮力与真实值相比　 　（选填“偏大”、“相等”或“偏小”）。
【答案】（1）减小；增大；体积
（2）不变；无关
（3）a
（4）相等
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，从位置1到2的过程中，物体排开液体的体积逐渐增大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力逐渐增大。根据F拉=G-F浮可知，弹簧测力计的示数逐渐减小，说明物体受到的浮力大小与浸在液体中的体积有关。
（2）从位置3到4的过程中，深度不断增大，但是排开液体的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力保持不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关。
（3）物体慢慢浸入水中，排开水的体积先变大后不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，则它受到的浮力先变大后不变，所以图中的a能反映浮力在甲图实验过程中的变化。
（4）若弹簧测力计都没有校零，两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，根据F浮=G-F示可知，那么所得浮力大小应不变。
【分析】（1）从位置1到2的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析物体受到浮力的变化，根据F拉=G-F浮分析弹簧测力计的示数变化，根据变化的因素确定影响浮力的因素。
（2）从位置3到4的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化，确定变化的因素，最终确定浮力和它是否有关；
（3）根据甲图确定物体排开水的体积变化，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析物体受到浮力的变化规律；
（4）根据F浮=G-F示分析解答。
（1）[1][2][3]由图甲可知，从位置1到2的过程中，物体排开液体的体积逐渐增大，物体所受重力不变，弹簧测力计的示数逐渐减小，由称重法可知浮力逐渐增大，说明物体受到的浮力大小与浸在液体中的体积有关。
（2）[1][2]从位置3到4的过程中，排开液体的体积和液体的密度均不变，只是浸没的深度增加了，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知物体受到的浮力不变，说明物体受到的浮力与浸没的深度无关。
（3）物体慢慢浸入水中，没有全部浸入水中前，排开水的体积变大，浮力变大，当物体全部浸入水中，浮力不变，所以图中的a能反映浮力在甲图实验过程中的变化。
（4）由F浮=G-F示可知，若弹簧测力计都没有校零，两次测量结果都应加上或减去测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力大小应不变。
18．在学习了简单机械的相关知识后，小明对课本中演示实验“研究同一直线上的二力的合成”进行了改进。橡皮筋原长AE，如图所示，三次用不同的方法都将E点拉伸至E'点，并记录下每次弹簧测力计的示数。
（1）实验装置中定滑轮的作用是　 　，每次实验都要将E点拉伸至E'点，目的是让每次实验中力的　 　相同；
（2）通过比较图　 　两种情况，可知同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之　 　，方向跟这两个力的方向相同；
（3）通过比较图乙、丙两种情况，可知同一直线上方向　 　的两个力的合力大小等于这两个力大小之差，方向跟　 　（选填“较大”或“较小”）的那个力的方向相同。
【答案】（1）改变力的方向；作用效果
（2）甲、丙；和
（3）相反；较大
【知识点】力的合成与应用；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）①在实验中，不使用定滑轮时，拉力沿水平方向，而使用定滑轮后拉力竖直向下，则实验装置中定滑轮的作用是改变力的方向。
②根据图片可知，每次实验都要将E点拉伸至E'点，让橡皮筋伸长相同的长度，所以目的是让每次实验中力的作用效果相同。
（2）探究同一直线上方向相同的力的合力时，需要控制两个拉力的方向相同，故选甲和丙。根据2N+3N=5N，说明同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。
（3）探究同一直线上方向相反的力的合力时，需要控制两个拉力的方向相反，故选乙和丙。乙图中同一直线上方向相反的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于两力大小之差，方向与较大力方向相同。
【分析】（1）根据定滑轮的作用解答；
（2）在弹性限度内，橡皮筋受到的拉力与伸长的长度有关。
（3）（4）根据控制变量法的要求选择对照实验，比较三个力的大小，从而确定二力合成的计算方法和方向。
（1）[1]实验装置中定滑轮的作用是改变力的方向，使测力计竖直方向的拉力改为水平方向上的拉力。
[2]每次实验都要将E点拉伸至E'点，控制橡皮筋光的伸长量相同，所以目的是让每次实验中力的作用效果相同，从而反映合力的大小相同。
（2）[1][2]比较图甲、丙，甲图中同一直线上方向相同的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相同的两个力的合力大小等于这两个力大小之和，方向跟这两个力的方向相同。
（3）[1][2]比较图乙、丙两种情况，乙图中同一直线上方向相反的两个力的合力作用效果与丙图中力的作用效果相同，说明同一直线上方向相反的两个力的合力大小等于两力大小之差，方向与较大力方向相同。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．泰山景区利用无人机运输消防物资，满载可运输40kg物资。某次运输过程中，无人机满载，沿竖直方向匀速上升600m，用时5分钟，求此过程中（g取10N/kg）；
（1）无人机对物资的拉力做了多少功；
（2）无人机运输物资的功率是多少？
【答案】（1）无人机匀速上升，它处于平衡状态，即对物资的拉力和物资的重力相互平衡，那么二者相等，即；
那么无人机拉力做的功
（2）用时5min，则无人机运输物资功率
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）首先根据平衡力的知识计算无人机对物资的拉力，然后根据W=Fs计算拉力做的功；
（2）根据公式计算无人机运输物资的功率。
（1）无人机匀速上升，对物资的拉力等于物资的重力
无人机拉力做的功
（2）运输物资功率
20．有一款智能茶吧机如图，将一烧水壶放在水平底座上接水，打开开关，按压加水键一次，可以加水450mL。烧水壶可视为圆柱形，空壶重1.15kg，壶外部底面积为40，壶内部底面积为30。求：（，g取10N/kg.）
（1）按键一次后，烧水壶对底座的压强；
（2）按键一次后，壶内的水对壶底的压强。
【答案】（1）根据题意可知，按键一次加水450mL=450×10-6m3，
则放出水的质量，
此时壶对底座的压力等于壶和水的总重力，即，
此时壶对底座的压强
（2）根据题意可知，按键一次加水450mL， 壶内部底面积为30 ，
则按键一次放出水的高度，
那么水对壶底的压强
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）已知按键一次流出水的体积，再根据m=ρV求出流出水的质量。水平面上的物体对水平面的压力大小等于物体的重力大小，根据求出按键一次后，烧水壶对底座的压强；
（2）烧水壶为圆柱形，首先根据计算放出水的高度，然后根据液体压强公式计算水对壶底的压强。
（1）按键一次，放出水的质量
此时壶对底座的压力
壶对底座的压强
（2）水的体积
按键一次放出水的高度
水对壶底的压强
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
21．受到演示实验中利用橡皮膜显示液体压强大小的启发，小明设计了如图所示的实验仪器，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板上距容器底部5cm处开有一小圆孔，用平直的薄橡皮膜封闭，用来探究液体压强与哪些因素有关。
（1）首先如图所示，他在容器两侧倒入不同高度的水，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断　 　侧水的压强较大，说明液体内部压强与所在的　 　有关；
（2）清空容器后，将两侧倒入相同高度，但是密度不同的水和盐水，如图，观察到橡皮膜向左侧凸起，说明液体内部压强和液体的　 　有关，这里用到的实验方法是　 　；
（3）他觉得还可以利用这套装置测量盐水的密度，他向容器左侧继续加水，如图，直到观察到橡皮膜处于　 　状态，然后分别测出两侧液面的高度cm，cm，若已知水的密度为，则盐水的密度为　 　。
【答案】（1）右；深度
（2）密度；控制变量
（3）平直；
【知识点】液体压强的计算；探究液体压强的特点实验；利用平衡法求液体密度
【解析】【解答】（1）橡皮膜总是向压强较小的一侧凸起，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断左侧水的压强小，而右侧水的压强较大。此时液体密度相同，只有液体深度不同，说明液体内部压强与所在的深度有关。
（2）橡皮膜向左侧凸起，说明盐水产生的压强大，此时深度相同，只有液体密度不同，说明液体内部压强和液体的密度有关，这里用的是控制变量法。
（3）当观察到橡皮膜处于平直状态时，说明橡皮膜左右两侧液体的压强相同，
p水=p盐水；
；
；
1×103kg/m3×（0.11m-0.1m）=ρ盐水×（0.1m-0.05m）；
解得：。
【分析】（1）橡皮膜总是向压强较小的一侧凸起。根据图片分析哪个因素不同即可；
（2）根据图片分析实验中哪个因素不同即可。探究某个因素对物理量的影响时，控制其它因素相同，只改变这个因素，这就是控制变量法。
（3）当橡皮膜变平直时，说明左右两侧压强相等，根据液体压强公式p=ρ液gh列方程计算即可。
（1）[1][2]在容器两侧倒入不同高度的水，右侧水面到橡皮膜处的水深，观察到橡皮膜向左侧凸起，可以判断右侧水的压强较大，说明液体内部压强与所在的深度有关。
（2）[1][2]将左右两侧倒入相同高度的水和盐水，盐水的密度大，产生的压强大，橡皮膜向左侧凸起，说明液体内部压强和液体的密度有关，这里控制水和盐水的高度相同，用到的实验方法是控制变量法。
（3）[1][2]在（2）的基础上，向容器左侧继续加水，如图，直到观察到橡皮膜处于平直状态，说明橡皮膜左右两侧液体的压强相同，则有
盐水的密度
22．项目化学习小组利用木制筷子、塑料筒盖、铁锁等常见物品来制作一个简易杆秤。
（1）【项目分析】他们先了解杆秤的构造、原理和使用方法，图甲所示为一个杆秤的结构和我国古代对杆秤的各个部件的描述方式，《墨经》中就记载“衡，加重于其一旁，必捶，相衡，则本短标长”。手提提纽，秤杆水平平衡，本短标长，意思是两边力臂长度　 　，此时“权”的质量　 　“重”的质量，因此可以利用质量较小的砝码来称量较大物体的质量。
（2）【项目实施】他们利用木制筷子做秤杆，利用塑料筒盖作为秤盘，把秤盘系在秤杆较粗的一端，记为A点，并在靠近秤盘处适当位置绑一根细绳作为提纽。在铁锁上系一根细绳作为秤砣。挂上秤砣，手提提纽，调节秤砣悬挂的位置和提纽到秤盘的距离，使秤杆　 　时秤盘和秤砣分别在提纽的两侧，如图乙所示，将此时秤砣悬挂的位置B标记为零刻度线；并固定好提纽的位置，记为O点。
（3）在秤盘中放入100g砝码，调节秤砣悬挂的位置使秤杆水平平衡，记录下此时的位置为图乙中的C点，将C点标记为100g质量刻度线的位置，在BC之间均匀的画上99条刻度线，每一格就表示　 　g；
（4）【项目拓展】若在不改变秤杆长度的情况下，增加杆秤的称量范围，可以采用的方法有　 　提纽到秤盘的距离，或　 　秤砣的质量。
【答案】（1）不等；小于
（2）水平平衡
（3）1
（4）减小；增大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）该杠杆属于不等臂杠杆，左侧力臂较长，右侧力臂较短。
根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，由于左侧力臂L1大于右侧力臂L2，因此"权"（秤砣）的质量必须小于"重"（被测物体）的质量才能保持平衡。
（2）如图乙所示，通过调整秤砣悬挂位置和提纽与秤盘的距离，使秤杆达到水平平衡状态。这种调节方式可以方便地测量力臂长度，当秤盘和秤砣分别位于提纽两侧时，将此时秤砣所在的B点标记为零刻度线。
（3）在秤盘中放入100g标准砝码后，调整秤砣位置使秤杆重新水平平衡，记录此时秤砣位置为图乙中的C点，并将其标记为100g刻度。根据杠杆平衡条件可知，秤砣移动距离与被测质量成正比关系，因此在BC区间内均匀划分99等份，每个刻度间隔对应1g质量。
（4）要扩大测量范围（增大可称量物重G），需要增加杠杆左侧的力矩（G×L1）。根据杠杆平衡条件，可采用以下两种方法：①保持秤砣质量不变，将支点（提纽）右移，减小L1（提纽到秤盘的距离）；②保持支点位置和L1不变，增加秤砣的质量m。
【分析】1，杆秤的原理属于杠杆，题目中动力臂和阻力臂不相等，所以属于不等臂杠杆；
2、探究杆秤平衡的条件 ，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大；
4、要想改变称重范围：根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，可知保持秤砣质量不变，将支点（提纽）右移，减小L1（提纽到秤盘的距离）；②保持支点位置和L1不变，增加秤砣的质量m。且结合平衡原理可知，秤砣移动距离与被测质量成正比关系。
（1）[1]本短标长，意思是两边力臂长度不等，左边力臂长，右边的力臂短。
[2]根据杠杆平衡条件，左边力与力臂的乘积等于右边力与力臂的乘积，左边力臂长，右边的力臂短，“权”的质量小于“重”的质量。
（2）如图乙所示，调节秤砣悬挂的位置和提纽到秤盘的距离，使秤杆水平平衡，这样便于测量力臂，秤盘和秤砣分别在提纽的两侧，将此时秤砣悬挂的位置B标记为零刻度线。
（3）在秤盘中放入100g砝码，调节秤砣悬挂的位置使秤杆水平平衡，记录下此时的位置为图乙中的C点，将C点标记为100g质量刻度线的位置，根据杠杆平衡条件可知，秤砣一侧力臂的长度与被测物体质量成正比，所以在BC之间均匀的画上99条刻度线，每一格就表示1g。
（4）若要增大测量范围，即可称量的物重G增大，左边力与力臂的乘积的值增大；由杠杆的平衡条件知：左边力与力臂的乘积应相应的增大的方法有：
①秤砣的重量不变，将支点向右移动一些，即减小提纽到秤盘的距离；
②支点和力臂都不变，增加秤砣的质量。
23．科普阅读题
C919大飞机
2025年5月18日9时28分，编号B-657T的东航C919客机从上海虹桥国际机场腾空而起，经过2小时03分钟的飞行，于11时31分平稳降落在深圳宝安国际机场。这条上海虹桥至深圳的定期商业航线，不仅是C919在华南地区的首条定期航线，更以首日往返航班平均客座率97%的市场热度，彰显出国产大飞机在商业运营中的强劲发展态势。
C919是中国首款按照国际通行适航标准自行研制、具有自主知识产权的喷气式干线客机，采用了多项先进技术，如采用超临界机翼，通过优化翼型，改进了气动效率，高速飞行时减少阻力，同时保持较高的升力，有效提升了升阻比（飞行时飞机受到的升力和阻力之比）。发动机也逐步实现国产化，预计在2025年底C919将配备自主研发的长江1000A（CJ-1000A）高涵道比涡扇发动机实现商业服役。下表中为C919大飞机和CJ-1000A发动机的部分参数。
C919 CJ-1000A发动机
空机重量/t 最大载重量/t 发动机数量/个 巡航升阻比 最大推力/N
45.9 18.9 2 18
（1）超临界机翼通过优化翼型，当飞机前进时，机翼上部分气流速度较　 　，对上表面的压强较　 　，上下表面存在压强差，产生向　 　的升力。
（2）若C919配备长江1000A发动机并搭载最大载重量在空中巡航（水平匀速飞行）时，C919整机所受重力为　 　N，所受阻力为　 　N，每个发动机需提供最大推力的　 　%（假设所有发动机工作状态完全相同）。
【答案】（1）大；小；上
（2）6.48×105；3.6×104；9
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）机翼上表面凸出，下表面较平；飞机在飞行时，机翼上方的气流速度较大，压强较小，机翼下方气流速度小，压强较大，机翼的上下表面形成向上的压强差，形成竖直向上的压力差，产生竖直向上的升力。
（2）根据表中数据，C919配备长江1000A发动机，并搭载最大载重量在空中巡航时，其总质量：
m=m空+m载重=45.9×103kg+18.9×103kg=6.48×104kg，
C919受重力：G=mg=6.48×104kg×10N/kg=6.48×105N，
水平匀速飞行时，升力等于重力，即F=G=6.48×105N，
根据巡航升阻比是18，即，代入数据可得，解得f=3.6×104N。
每个发动机提供的升力：，
则。
【分析】（1）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
（2）根据G=mg，计算重力，利用升阻比，计算阻力大小；利用，计算效率。
（1）[1][2][3]飞机的机翼的上表面凸出，下表面较平；飞机在飞行时，机翼上方的气流通过的路程长，因而速度较大，它对机翼的压强较小，机翼下方气流通过的路程较短，因而速度小，它对机翼的压强较大，这样在机翼的上下表面就存在着向上的压强差，因而有一个竖直向上的压力差，产生竖直向上的升力。
（2）[1]由表中数据可知，C919配备长江1000A发动机并搭载最大载重量在空中巡航（水平匀速飞行）时，其总质量m=m空+m载重=45.9×103kg+18.9×103kg=6.48×104kg
C919整机所受重力G=mg=6.48×104kg×10N/kg=6.48×105N
[2]水平匀速飞行时，升力等于重力，即F=G=6.48×105N
由表中数据可知，巡航升阻比是18，即飞行时飞机受到的升力和阻力之比是18，即，代入数据可得
解得f=3.6×104N。
[3]平均每个发动机提供的升力
则
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