资源简介

福建省三明市 2026 届高三年级第二次适应性练习物理试卷1
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
注意事项：
1．答卷前，考生务必在练习卷、答题卡规定的地方填写自己的准考证号、姓名。考生要
认真核对答题卡上粘贴的条形码上的“准考证号、姓名”与考生本人准考证号、姓名
是否一致。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题
卡上，写在本练习卷上无效。
3．练习结束后，将本练习卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个
选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]书法课上，某同学临摹“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由a点经b点回到a点，则（）
A．该过程位移为0 B．该过程路程为0
C．两次过a点时速度方向相同 D．两次过a点时摩擦力方向相同
2．[4分]波源甲、乙分别在一根水平放置的绳的左右两端,两波源发出的波振幅和波长均相等,在绳中的传播速度均是1 m/s,在t=0时刻绳上的波形如图中(a)所示,则根据波的叠加原理,以下叙述中正确的是 (　　)
A．当t=2 s时,波形如图中①所示,当t=4 s时,波形如图中②所示
B．当t=2 s时,波形如图中①所示,当t=4 s时,波形如图中③所示
C．当t=2 s时,波形如图中②所示,当t=4 s时,波形如图中①所示
D．当t=2 s时,波形如图中②所示,当t=4 s时,波形如图中③所示
3．[4分]如图所示，一截面为半圆形的玻璃砖置于水平地面上，直径AB垂直于水平地面，O为圆心。一束光从玻璃砖的右侧圆弧面沿半径方向射入，经AB折射后分为a、b两束光，若将入射光绕圆心O在纸面内沿逆时针方向缓慢旋转至与AB间的夹角时，光束b恰好消失，此时光束a与水平地面间的夹角，则光束a、b在玻璃砖中传播速度的比值等于（　　）
A． B． C． D．
4．[4分]如图所示，两条相距的平行虚线间存在一匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里.现将一个上底为、下底为、高为的等腰梯形闭合线圈，从图示位置以垂直于磁场边界的速度向右匀速穿过磁场，取逆时针方向为感应电流正方向，则该过程线圈中感应电流随位移变化的图像是（ ）
A． B．
C． D．
二、双项选择题：本题共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分。每小题有 2 项符合题
目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，不选或选错的得 0 分。
5．[6分]如图(a)所示，一物块在t=0时刻，以初速度v0从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图像如图(b)，t0时刻物块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端.重力加速度大小为g，则 (　　)
　　
　　　图(a)　　　　　　图(b)
A．物块上滑和下滑过程的加速度大小之比为1∶2
B．物块返回底端时的速度大小为
C．利用所给条件可以求出物块所受摩擦力的大小
D．利用所给条件可以求出斜面的倾角
6．[6分]如图所示,P、Q两颗卫星绕地球做匀速圆周运动的周期分别为T0和2T0,某时刻P、Q刚好位于地球同侧且与地心在同一直线上,经Δt又出现在地球同侧且与地心在同一直线上,则下列说法正确的是 (　　)
A．P、Q两颗卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为
B．P、Q两颗卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为
C．Δt可能为T0
D．Δt可能为4T0
7．[6分]如图所示,两平行导轨在同一水平面内.一导体棒垂直放在导轨上,棒与导轨间的动摩擦因数恒定.整个装置置于匀强磁场中,磁感应强度大小恒定,方向与导体棒垂直、与水平向右方向的夹角θ可调.导体棒沿导轨向右运动,现给导体棒通以图示方向的恒定电流,适当调整磁场方向,可以使导体棒沿导轨做匀加速运动或匀减速运动.已知导体棒加速时,加速度的最大值为g;减速时,加速度的最大值为g,其中g为重力加速度大小.下列说法正确的是 (　　)
A．棒与导轨间的动摩擦因数为
B．棒与导轨间的动摩擦因数为
C．加速阶段加速度大小最大时,磁场方向斜向下,θ=60°
D．减速阶段加速度大小最大时,磁场方向斜向上,θ=150°
8．[6分]蓝牙是一种近距离无线传输技术，无需依赖网络。它可实现两部设备（如手机）间的直接数据传输，有效通信距离在10m以内，某科研小组用安装有蓝牙设备的M、N两辆电动汽车（设备在汽车的相同位置）进一步研究运动中的通信问题。如图甲所示，两车沿相距的平行直跑道上行驶，时刻两车并排，从此时开始M车的速度平方一位移图像如图乙所示，N车的速度—时间（）图像如图丙所示，两车的运动互不影响，时刻后，关于两车的运动，下列说法正确的是（　　）
A．M车加速时的加速度大小为 B．M、N两车通信中断前并排两次
C．M、N两车间的距离一直增大 D．M、N两车能保持通信的最长时间为6s
三、非选择题：共 60 分，其中 9、10、11 题为填空题，12、13 题为实验题，14、
15、16 题为计算题。考生根据要求作答。
9．[4分]某电场的等势面如图所示，图中a、b、c、d、e为电场中的5个点， a、b、c、e四点中电场强度最小的点是 ；若一质子从a点运动到d点，则电场力做功为 eV。
10．[4分]在下列描述核反应的方程中，属于衰变的是 ；属于裂变的是 （填写序号）
① ②
③ ④
11．[4分]一定质量的理想气体，从状态A经A→B→C循环后又回到状态A，其变化过程的V—T图像如图。若状态A时的气体压强为p0，则理想气体在状态B时的压强为 ；从状态B到状态C，再到状态A的过程中气体 （填“吸收”或“释放”）热量。
12．[6分]某小组在做“用打点计时器测速度”的实验：
该小组在规范操作下得到一条点迹清晰的纸带如图甲所示，在纸带上依次选出7个计数点，分别标上、、、、、和，每相邻的两个计数点间还有四个点未画出，打点计时器所用电源的频率是.
甲
（1） 如果测得、两点间距，、两点间距，则打点时小车的速度____（结果保留3位有效数字）.
（2） 该小组同学分别算出其他各点的速度为，，，，请在如图乙所示的坐标系中作出小车运动的图像.
乙
（3） 如果当时电网中交变电流的频率稍有减小，频率从变成了，而做实验的同学并不知道，仍按照进行数据处理，那么速度的测量值与实际值相比__（填“偏大”“偏小”或“不变”）.
13．[10分]甲图为某同学组装完成的简易多用电表的电路图.图中是电源，、、、和是固定电阻，是可变电阻，表头的满偏电流为、内阻为 .虚线方框内为换挡开关，端和端分别与两表笔相连.该多用电表有5个挡位，分别为直流电压挡和挡、直流电流挡和挡、欧姆“ ”挡.
甲
（1） 图甲中的端与__（填“红”或“黑”）色表笔相连接.
（2） 当要使用“直流电流”挡时，应将选择开关置于______（填挡位数字）.
（3） 根据题给条件可得__ ，__ ，____ .
（4） 将选择开关置于“3”，多用电表的表盘如图乙所示，则多用电表内电源的电动势____.
乙
（5） 某次使用该表测量一个电阻的阻值，指针位置如图乙所示，则读数为________________ （保留2位有效数字）.
14．[8分]密立根油滴实验是物理学十大经典实验之一。该实验原理如图所示，两块平行带电金属板水平放置，两板间的电场可视为匀强电场。用一个喷雾器把许多油滴从上极板中间的小孔喷入电场，油滴由于摩擦而带电。当极板间的电压为U、间距为d时，一质量为m的油滴恰好悬浮于电场中，取重力加速度大小为g。求：
(1)两板间电场强度的大小E；
(2)该油滴的电荷量q。
15．[10分]如图所示，半径为的四分之一光滑圆弧槽与长度也为、上表面粗糙的木板静止在光滑水平面上，、之间通过大小可忽略的感应器平滑连接，当有滑块从连接处经过时两部分分离；初始时木板的右端贴近等高的固定平台停放；在平台左端有一弹射器（高度不计），当小滑块进入弹射器后会自动补充一定量的机械能，然后以某个角度射出.小滑块自圆弧槽的顶端由静止滑下，滑到木板的右端时恰好与共速，然后撞上固定平台停止运动，滑块进入弹射器，由弹射器补充能量后射出，恰好击中距离弹射器水平距离为、高度为的目标.已知小滑块的质量为，光滑圆弧槽、木板的质量均为，重力加速度为，空气阻力不计.求：
（1）小滑块运动到圆弧槽的最低点时对圆弧槽的压力大小；
（2）木板右端与固定平台的最大距离；
（3）小滑块经过弹射器的过程中需要补充能量的最小值及对应的弹射角.
16．[14分]足够长的传送带固定在竖直平面内，半径，圆心角的圆弧轨道与平台平滑连接，平台与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，工件A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台与B发生弹性碰撞，已知，，A、B可视为质点，A、B与传送带间的动摩擦因数恒定，在传送带上运动的过程中，B物块因摩擦生热，忽略轨道及平台的摩擦，，，。
（1）求A滑到圆弧最低点时受到的支持力；
（2）求A与B碰撞后各自的速度；
（3）求传送带的速度以及A物块在传送带上运动的过程中因摩擦产生的热量。
福建省三明市 2026 届高三年级第二次适应性练习
物理试卷1参考答案
1．【答案】A
【详解】笔尖由a点经b点回到a点过程，初位置和末位置相同，位移为零，A正确；笔尖由a点经b点回到a点过程，轨迹长度不为零，则路程不为零，B错误；两次过a点时轨迹的切线方向不同，则速度方向不同，C错误；摩擦力方向与笔尖的速度方向相反，则两次过a点时摩擦力方向不同，D错误。
2．【答案】D　
【解析】波速v=1 m/s,在t=2 s时,两列波都传到2、3之间,根据波的叠加原理可知,叠加后各质点位移为0,如图中②所示;两列波传播时互不干扰,因此t=4 s时,都传到了对方一侧,如图中③所示,因此D正确.
【方法总结】(1)确定波长λ:从波形图中可得一个波的长度或相邻两个振动状态完全相同的质点之间的距离或相邻两波峰(谷)之间的距离.
(2)确定周期T:波源一次全振动的时间或由公式T=求得.
(3)波速、波长、周期(或频率)的关系:v==λf.
3．【答案】A
【详解】若将入射光绕圆心O在纸面内沿逆时针方向缓慢旋转至与AB间的夹角时，光束b恰好消失，说明光束b发生了全反射，入射角等于临界角，由几何关系得，由，解得，光束a与水平地面间的夹角，得折射角为，由折射定律，解得，由，得。
4．【答案】A
【详解】由右手定则知,线圈刚进入磁场时,感应电流为逆时针方向,感应电流为正,设两腰与垂直磁场边界方向的夹角为 ,则有效切割长度为 ,则感应电流为,感应电流与位移成线性关系,且随位移增大而增大;上底从右边界出磁场后,有效切割长度为,则感应电流保持不变;下底从左边界进入磁场后,由右手定则可知,感应电流方向为顺时针方向,感应电流为负,分析可知有效切割长度增大,则感应电流增大,故正确.
5．【答案】BD
【解析】根据题意可知，两部分图线与横轴所围图形的面积相等，设物块返回底端时的速度大小为v，则有×t0v0=(3t0-t0)v，解得v=，B正确；物块上滑和下滑过程的加速度大小分别为a1=，a2==，则=，A错误；根据牛顿第二定律有mgsin θ+f=ma1，mgsin θ-f=ma2，解得f=，sin θ=，因为物块的质量未知，所以利用所给条件无法求出物块所受摩擦力的大小，利用所给条件可以求出斜面的倾角，C错误，D正确.
6．【答案】AD　
【详解】根据开普勒第三定律有=,可得P、Q两颗卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为=,故A正确,B错误;两卫星从题图所示位置到相距最近,满足条件是P比Q多转n圈,则有-=n(n=1,2,3,…),可得Δt=2nT0(n=1,2,3,…),当n=1时,Δt=2T0,当n=2时,Δt=4T0,故C错误,D正确．
7．【答案】BC　
【详解】在导体棒运动过程中,对导体棒受力分析如图所示,如图甲有Fsin θ1-μFN1=m·g,Fcos θ1+FN1=mg, θ1为磁场与水平向右方向的夹角,联立可得Fsin(θ1+φ)-μmg=mg,如图乙有Fsin α+μFN2=m·g,Fcos α+mg=FN2,α为磁场与水平向左方向的夹角,联立可得Fsin(α+φ)+μmg=mg,其中μ=tan φ,取最大值时有sin(θ1+φ)=1,sin(α+φ)=1,解得μ=,F=mg,A错误,B正确;因为φ=30 ,所以θ1=α=60 ,则磁场与水平向右方向夹角为60°斜向下时,加速时加速度大小最大,磁场与水平向右方向夹角为120°斜向上时,减速时加速度大小最大,C正确,D错误.
甲　　　　　　　　乙
8．【答案】ABD
【详解】根据运动学公式，结合乙图可得M车加速和减速阶段的加速度大小分别为，，A正确；M车加速和减速阶段所用时间分别为，，在图丙中作出M车加速和减速阶段对应的图线如图所示
根据图像与横轴围成的面积表示位移，可知内两车通过的位移相等，内两车通过的位移相等，即在、两个时刻，M、N两车并排行驶；内M、N两车间的距离先增大后减小；内两车的距离先增大后减小；后两车的距离一直增大；已知有效通信距离在10m以内，根据几何关系可知，保持通信时两车沿运动方向的最大距离为，设从后两车还能保持通信的时间为，由图像可知N车的加速度为，则有，整理可得，解得或（舍去），M、N两车能保持通信的最长时间为，BD正确，C错误。
9．【答案】 a
【详解】[1]根据
可知等差等势面越密集的地方场强越大，越稀疏的地方场强越小，则a、b、c、e四点中电场强度最小的点是a点；
[2]若一质子从a点运动到d点，则电场力做功为
10．【答案】 ③ ④
【详解】[1]衰变是在自然状态下发生衰变并放出粒子过程，故③属于衰变。
[2]核裂变是中子轰击重核裂变为两个轻核且放出中子的过程，故④属于裂变。
11．【答案】；释放
【详解】
[1]由题中图像可知，从状态A到状态B为等温变化，由玻意耳定律
得，状态B的压强。
[2]从状态B到状态C气体体积不变，外界对气体不做功，从状态C到状态A，气体压强不变、体积减小，外界对气体做正功，状态A、B温度相等，得理想气体内能变化为，对整个过程，由热力学第一定律
得，即气体释放热量。
12．【答案】（1） 0.280
（2） 见解析图
（3） 偏大
【详解】
（1） 根据题给数据可得,,打点时小车的速度.
（2） 根据该同学分别算出的其他各点的速度,利用描点法,作出如图所示的图像.
（3） 如果当时电网中交变电流的频率从变成了,则实际打点周期变大,打下相邻两计数点的时间变大,而做实验的同学并不知道,仍按照进行数据处理,则代入计算的时间偏小,使得速度的测量值与实际值相比偏大.
13．【答案】（1） 黑
（2） 1
（3） 64；96；880
（4） 1.5
（5）
【解析】
（1） 电流从欧姆表的黑表笔流出，从红表笔流入，因此端应与黑色表笔相连接.
（2） 根据电流表的改装原理，可知把电流计改装成电流表，应将与电阻并联，可知选择开关接“1”或“2”时为电流表；选择开关接“1”时，并联电阻为，电流表量程为;选择开关接“2”时，并联电阻为，电流表量程为，所以要使用“直流电流”挡，应将选择开关置于“1”.
（3） 由（2）可知，选择开关接“1”时有，选择开关接“2”时，有，代入数据联立解得， .当选择开关接“4”时，相当于量程为的电流表与串联，改装成量程为的电压表；量程为的电流表的内阻，当选择开关接“4”时，根据欧姆定律有，代入数据解得 .
（4） 将选择开关置于“3”时，多用电表为欧姆表，使用的挡位为欧姆“ ”挡；根据中值电阻的定义，即电流为满偏电流的一半时，待测电阻阻值等于多用电表的内阻，则欧姆表的内阻 ，根据闭合电路欧姆定律，可得多用电表内电源的电动势.
（5） 使用该表测量一个电阻的阻值，指针位置如题图乙所示，则读数为 .
14．【答案】(1)
(2)
【详解】（1）两板间电场强度的大小
（2）由平衡可知
解得
15．【答案】（1）（2）（3）；
【详解】（1）小滑块沿圆弧槽下滑过程中，对、、整体，水平方向根据动量守恒定律得和、整体的速度大小、的关系有（1分）
当小滑块下滑到圆弧槽最低点时，根据机械能守恒定律得（1分）
解得（1分）
在最低点对小滑块有（1分）
解得，由牛顿第三定律得（1分）
（2）小滑块沿圆弧槽下滑过程中，对、、整体，水平方向根据动量守恒定律得，对时间累积求和可得，位移大小关系有，解得（2分）
从刚滑到上至滑到的最右端的过程，对、整体，根据动量守恒定律得速度大小关系有，解得，由功能关系得（2分）
自滑上至的速度减为零有，解得（2分）
B离开平台的最大位移为（1分）
（3）设滑块离开弹射器时速度大小为，方向与水平方向的夹角为 ，则，（1分）
解得（1分）
其中 ，变形为，当 时，即 （1分）
有最小值，需要补充能量的最小值为（1分）
16．【答案】（1）18N，方向竖直向上；（2）A的速度大小，方向向左；B的速度大小，方向向右；（3）见解析
【详解】（1）A从开始到圆弧最低点过程，根据机械能守恒可得，
解得，
在最低点根据牛顿第二定律得，
解得，
方向竖直向上。
（2）A与B发生弹性碰撞，根据系统动量守恒可得，
根据系统机械能守恒可得，
联立解得，，
可知碰撞后A的速度大小，方向向左；B的速度大小，方向向右。
（3）第一种情况，当传送带速度v小于时，B滑上传送带后先减速后匀速运动；设B与传送带间的动摩擦因数为μ，经过时间后B与传送带共速，该段时间内B运动的位移为，
B与传送带的相对位移，
B物块因摩擦生热为，
对B用动能定理可得，
联立解得，另一解大于舍去；
当A滑上传送带时，v小于，设经过时间后A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为，
A与传送带的相对位移B物块在传送带上做减速运动时的加速度相同，故，
联立以上各式解得，
A物块因摩擦产生的热量，
联立解得，
第二种情况，当传送带速度v大于时，B滑上传送带后先加速后匀速运动，设B与传送带间的动摩擦因数为，经过时间后B与传送带共速，该段时间内B运动的位移为，
B与传送带的相对位移，
B物块因摩擦生热为，
对B用动能定理可得，
联立解得，另一解小于舍去；
当A滑上传送带时，v大于，设经过时间后A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为，
A与传送带的相对位移B物块在传送带上做加速运动时的加速度相同，故，
联立以上各式解得，
A物块因摩擦产生的热量，
联立解得。
第 page number 页，共 number of pages 页
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