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海南省海口市美兰区多校2025年中考三模物理试题
一、选择题（本大题共10小题，每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分）
1．口技是杂技的一种，口技表演者在模仿声音时主要模仿的是声音的（　　）
A．音色 B．音调 C．响度 D．音速
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 口技表演者在模仿声音时主要模仿的是声音的音色，因为音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
2．夏天，买冰淇淋带回家时，可在包装盒内放一些干冰。这是利用干冰（　　）
A．熔化吸热 B．升华吸热 C．汽化吸热 D．凝华放热
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 买冰淇淋带回家时，可在包装盒内放一些干冰。这是利用干冰升华吸热，防止冰淇淋熔化。
故选：B。
【分析】 物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热。
3．“海市蜃楼”在我国古书《史记》《梦溪笔谈》中都有记载，下列光现象中与“海市蜃楼”形成原理相同的是（　　）
A．树木在水中的倒影 B．池水看起来比实际的浅
C．树荫下圆形的光斑 D．阳光下人的影子
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】
A：树木在水中的倒影是光的反射 A错误 不符合题意
B：池水看起来比实际的浅是光的折射 B正确 符合题意
C： 树荫下圆形的光斑是光的直线传播 C错误 不符合题意
D：阳光下人的影子是光的直线传播 D错误 不符合题意
故答案为：B
【分析】
A：树木在水中的倒影是光的反射。
B：池水看起来比实际的浅是光的折射。而“海市蜃楼”也是光的折射。
C： 树荫下圆形的光斑是光的直线传播。
D：阳光下人的影子是光的直线传播。
4．下列各种测量工具在测量过程中，操作正确的是（　　）
A．测量水的体积
B．测量铅笔长度
C．测量灯泡的电流
D．使用试电笔检测火线
【答案】B
【知识点】量筒的使用；刻度尺的使用；电流的测量及电流表的使用；测电笔的使用
【解析】【解答】A、用量筒测量液体的体积时，视线应与液体凹液面的底部相平，俯视读数会导致测量值偏大，故A错误；
B、用刻度尺测量物体的长度时，刻度尺要放正，刻度线紧贴被测物体，铅笔左端与零刻度线对齐，视线与尺面垂直，操作规范，故B正确；
C、用电流表测量灯泡的电流时，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出，图中电流表正负接线柱接反，指针会反向偏转，无法正常测量，故C错误；
D、使用试电笔检测火线时，手必须接触笔尾金属体，才能形成回路，图中手未接触笔尾金属体，试电笔无法正常工作，故D错误。
故选：B。
【分析】 (1)量筒读数时，视线应与液体凹液面的底部相平，图中为俯视，操作错误。
（2）刻度尺测量铅笔长度时，刻度线紧贴被测物体，零刻度线对齐铅笔左端，视线与尺面垂直，操作正确。
（3）电流表测量电流时，电流应从正接线柱流入、负接线柱流出，图中电流表正负接线柱接反，操作错误。
（4）使用试电笔检测火线时，手必须接触笔尾金属体，图中手未接触笔尾金属体，操作错误。
5．以下应用装置利用大气压工作的是（　　）
A．船闸
B．活塞式抽水机
C．密度计
D．内燃机的做功冲程
【答案】B
【知识点】热机；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】 A、船闸是利用连通器原理工作的，上游、闸室、下游通过阀门连通，水位相平时船只通行，不涉及大气压，故A错误；
B、活塞式抽水机工作时，通过活塞运动使泵筒内气压减小，外界大气压将水压入泵筒，从而实现抽水，是利用大气压工作的，故B正确；
C、密度计是利用物体漂浮时浮力等于重力的原理工作的，与大气压无关，故C错误；
D、内燃机的做功冲程中，燃气膨胀推动活塞做功，将内能转化为机械能，与大气压无关，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）船闸利用连通器原理工作，与大气压无关。
（2）活塞式抽水机工作时，利用大气压将水从低处压到高处，是利用大气压工作的。
（3）密度计利用物体的漂浮条件工作，与大气压无关。
（4）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，与大气压无关。
6．为避免立定跳远测试起跳时过线犯规，学校引进了一批体育练习装置。装置的基本原理是：当有同学踏上练习垫时，开关、同时闭合，当装置感应到脚尖过线，红外感应开关断开，蜂鸣器发出声音提醒同学犯规。下列选项能实现上述功能的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据要求，当人踏上测试垫时，开关S1、S2同时闭合，电路正常工作，蜂鸣器不发声；当机器感应到脚尖过线，红外感应开关S2断开，蜂鸣器发出声音，开关S2组成的电路把蜂鸣器短路了。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】导线和用电器并联，用电器短路不能工作。
7．用心观察生活，你会感受到物理知识的无穷魅力，请判断下列四个生活中的现象，哪个说法是正确的（　　）
A．帆船需要风吹才能前进，说明物体运动需要力来维持
B．汽车上安装安全气囊，可以减小紧急刹车时司机受到的惯性
C．滑旱冰时人用力推墙，人对墙的力和墙对人的力是一对平衡力
D．自行车刹车时，是通过增大刹车胶皮与钢圈之间的压力来增大摩擦力
【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．有风吹帆船，可前进，则力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，是物体保持原来运动状态不变的性质，汽车上的安全气囊可以减小惯性带来的危害，故B错误；
C．人穿旱冰鞋用力推墙，人对墙的力和墙对人的力是力和反作用力，是一对相互作用力，故C错误；
D．捏车闸刹车时，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D正确。
故选D。
【分析】力可以改变物体的运动状态；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；接触面粗糙程度一定时，增大压力可增大摩擦力；物体间力的作用是相互的。
8．我国第三艘航母“福建”舰采用了电磁弹射新技术，它是利用直线电动机将舰载机进行弹射的装置。下列四幅图中用来演示该原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、图中展示的是磁极间的相互作用，异名磁极相互吸引，这与电动机的原理无关，故A错误；
B、图中装置没有电源，是探究电磁感应现象的实验，这是发电机的工作原理，故B错误；
C、图中装置有电源，通电导体在磁场中会受到力的作用而运动，这正是电动机的工作原理，与题目中的直线电动机原理一致，故C正确；
D、图中探究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与电动机原理无关，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）A图演示磁极间的相互作用规律，与电动机原理无关。
（2）B图演示电磁感应现象，是发电机的工作原理，与电动机原理无关。
（3）C图演示通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与直线电动机原理一致。
（4）D图演示电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与电动机原理无关。
9．桔槔是中国古代社会的一种主要灌溉机械。如图所示，在水边架一个杠杆，前端系提水工具，后端坠重物，即可一起一落地汲水。下列关于桔槔的说法正确的是（　　）
A．支点在杆的前端系绳处
B．向上汲水时动力臂不变
C．汲水被提升到高处，水的重力势能转化为动能
D．人用力向下拉绳子时，桔槔相当于一个省力杠杆
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；杠杆及其五要素；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】 A、杠杆绕着转动的固定点叫支点，桔槔使用过程中，绕着与横杆接触的支架位置转动，所以这个位置才是杠杆的支点，故A错误；
B、从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂，向上汲水时，动力的作用点和方向会发生变化，动力臂也会随之改变，并非固定不变，故B错误；
C、汲水被提升到高处，水的高度增加，重力势能变大，此过程是人的机械能转化为水的重力势能，并非重力势能转化为动能，故C错误；
D、人用力向下拉绳子时，人对杠杆的拉力的力臂大于配重对杠杆的作用力的力臂，动力臂大于阻力臂，桔槔相当于一个省力杠杆，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）支点是杠杆绕着转动的固定点，桔槔的支点是横杆与支架的接触点，并非杆的前端系绳处。
（2）动力臂是支点到动力作用线的垂直距离，在汲水过程中，动力作用点和方向会变化，动力臂也会随之改变。
（3）水被提升到高处时，速度变化不大，动能几乎不变，而高度增加，重力势能增大，此过程是人的机械能转化为水的重力势能，并非重力势能转化为动能。
（4）人向下拉绳子时，人对杠杆拉力的力臂大于配重及水的重力对杠杆作用力的力臂，此时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
10．图甲是水果自动筛选装置的原理图，电源电压不变，R0为定值电阻，压敏电阻R的阻值随压力F 变化的关系图像如图乙所示，压敏电阻置于压力检测点处。当压力检测点受到的压力变大时，电路中的（　　）
A．电压表的示数减小，电流表的示数增大
B．电压表的示数增大，电流表的示数减小
C．电压表和电流表的示数均减小
D．电压表和电流表的示数均增大
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABCD、由图甲知压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测定电路电流。当压力检测点受到的压力变大时时，压敏电阻受到的压力越大，根据图乙可知压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，当压力检测点受到的压力变大时，R的阻值逐渐变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；根据U=IR可知，定值电阻两端电压变大，电压表示数变大，故D正确，ABC错误。
故项：D。
【分析】（1）由电路图可知，压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（2）根据图乙可知压敏电阻的阻值随压力的变化情况；当压力检测点受到的压力变大时，根据压敏电阻R的阻值变化，利用串联电路的电阻特点和欧姆定律判断出电路中电流的变化和电压表示数的变化。
二、填空题（本大题共7小题，每空2分，共28分，
11．2022年1月1日，“华龙一号”核电6号机组首次并网成功，该核电站通过可控 　 　 （选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能，核能是一种 　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】核裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】 核电站通过可控核裂变反应释放核能，核能消耗后不能源源不断的得到补充，所以核能是一种不可再生能源。
故答案为：核裂变；不可再生。
【分析】 （1）核裂变的应用有原子弹和核电站；核聚变的应用有氢弹等；
（2）可再生和不可再生能源是根据是否能源源不断的得到补充，据此分析解答。
12．智能送餐机器人可以灵活地避开障碍物是通过体内的雷达发射　 　，然后接收障碍物的反射波，确定障碍物的位置。客人可以通过语言来操控机器人，说明声可以传递　 　；
【答案】超声波；信息
【知识点】超声波与次声波；声与信息传递
【解析】【解答】机器人有回声定位系统，体内的雷达可以发射超声波，通过接收反射波，确定障碍物的位置，可灵活地避开障碍物。
人可以通过语言来操控机器人，是声可以传递信息。
【分析】雷达利用超声波的回声定位，探测障碍物；声可以传递信息，声可以传递能量。
13．如图是“四合一”充电线。如果使用“四合一”充电线同时为四台手机充电，则这四台手机之间的连接方式是　 　（选填“串联”或“并联”）；手机是利用电磁波传输信号实现通讯的，相同时间内，5G通讯传输的信息量约为4G的10倍，在相同介质中，5G信号的传播速度　 　（选填“大于”或“等于”）4G信号的传播速度。
【答案】并联；等于
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 如果四台手机同时充电，四台手机互不影响，所以可以判断出四台手机是并联，不同频率的电磁波在相同介质中传播的速度是相同的。
故答案为：并联；等于。
【分析】 （1）并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响；
（2）不同频率的电磁波在真空中传播的速度是相同的。
14．电影《哪吒2》的主旋律用到了唢呐，其发声核心是双簧片，演奏者通过吹嘴将气流送入唢呐的管身，气流的压力使双簧片 　 　 发声；唢呐发声的音量宏大，是指 　 　 （选填“响度大”、“音调高”或“音色好”）。
【答案】振动；响度大
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 声音是由物体振动产生的，唢呐发声时，气流的压力使双簧片振动发声；物理学中，声音的强弱用响度表示，“音量宏大” 描述的是声音的强弱，因此指的是响度大。
故答案为：振动；响度大。
【分析】声音是由物体振动产生的，唢呐的发声核心是双簧片，气流的压力会使双簧片振动，从而发出声音。
声音的强弱叫响度，“音量宏大” 描述的是声音的大小，也就是响度大，与音调、音色无关。
15．如图所示，2024年1月17日，搭载着“天舟七号”货运飞船的长征七号运载火箭在文昌航天发射场升空。它们一起加速升空过程中，以飞船为参照物，火箭是 　 　 （选填“静止”或“运动”）的，火箭的重力势能 　 　 （选填“不变”、“增大”或“减少”）。
【答案】静止；增大
【知识点】势能的影响因素；运动和静止的相对性
【解析】【解答】火箭和飞船一起加速升空，两者之间的相对位置没有发生改变，因此以飞船为参照物，火箭是静止的；重力势能的影响因素是质量和高度，火箭的质量不变，高度不断增加，因此它的重力势能增大。
故答案为：静止；增大。【分析】 （1）判断物体运动还是静止，要看物体与参照物之间的位置是否发生变化。火箭和飞船一起加速升空，两者之间没有位置变化，因此以飞船为参照物，火箭是静止的。
（2）重力势能的大小与物体的质量和高度有关。火箭加速升空时，质量不变，高度增加，因此重力势能增大。
16．某同学在医院检查视力，由于空间有限，用图方式检查。若要求被测者与视力表在镜子中的像相距5m，则被测者需要向平面镜移动　 　m。当她走向平面镜时，她的像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】0.6；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】视力表距离平面镜3m，根据平面镜成像特点，像距平面镜也是3m，被测者与视力表的像相距5m，人距离平面镜2m，则被测者需要向平面镜移动s=3m-2m-0.4m=0.6m；
平面镜成的像与物体大小相等，当她走向平面镜时，人的大小不变，像的大小不变。
【分析】根据平面镜成像特点，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体大小相等。
17．如图甲的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从最左端移动到最右端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则R2的最大阻值为　 　 Ω，电源的电压为　 　 V。
【答案】20；6
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，
由乙图可知I1=0.6A，
根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由乙图可知，I2=0.2A，U2=4V，
滑动变阻器的最大阻值：；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U=I2R1+U2=0.2A×R1+4V，
电源电压不变，则有：0.6A×R1=0.2A×R1+4V，
解得：R1=10Ω，
电源的电压U=0.6A×R1=0.6A×10Ω=6V。
故答案为：20；6。
【分析】 （1）由甲图可知，闭合开关，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由乙图可知此时电路中的电流I1，根据欧姆定律可得，电源的电压的表达式；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知此时电路中的电流I2，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时电源电压的表达式，联立两个电源电压的表达式可得出电源电压和R1的阻值；
（2）电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最大时，总功率最大，根据P=UI可得出电路总功率的最大值。
三、作图和实验题（本大题共4小题，18题4分，19题10分，20题6分，共20分）
18．在如图中画出入射光线经凹透镜折射后的光线。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】光线的延长线经过凹透镜的焦点，经凹透镜折射后平行于主光轴，画出折射光线，如图所示：
【分析】根据凹透镜的特殊光线，画出折射光线。
19．如图所示，乒乓球漂浮在水面，请在O点画出乒乓球受到的浮力F浮。
【答案】
【知识点】浮力及其产生原因；浮力的示意图
【解析】【解答】 浮力的方向总是竖直向上的，作用点在乒乓球的重心。因此，画图时应从O点出发，沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并在箭头旁标注符号，即可表示乒乓球受到的浮力，如下图所示：
【分析】画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画箭头，五把力的符号标箭头边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
20．小刚利用实验室器材测量两块大小和材质均不相同的石块的密度。
（1）实验时，将天平放在水平台上，把游码移至标尺的 　 　 处，调节天平平衡；
（2）在测量小石块时，往右盘加减砝码过程中，加入最小砝码后，天平指针位置如图甲所示，将最小砝码取出，接下来正确的操作是 　 　 ，直至天平平衡；此时放在右盘中的砝码和游码所在标尺上的位置如图乙所示，此石块的质量是 　 　 g；小刚用量筒测得小石块的体积为6cm3，由此可以求出小石块的密度为 　 　 g/cm3；
（3）小刚发现利用天平和量筒无法完成大石块密度的测量，经思考后，进行了如下实验：
①把大石块放在水平放置的电子秤上，电子秤的示数m1；
②从电子秤上取下石块，将装有适量水的杯子放在电子秤上，电子秤的示数m2；
③将用细线系好的大石块缓慢浸没在水中，水未溢出，且石块不触碰杯底，电子秤的示数是m3，由此可求出该石块的密度ρ= 　 　 （用ρ水、m1、m2、m3表示）。
【答案】（1）零刻度线
（2）向右移动游码；14.4；2.4
（3）ρ水
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）用托盘天平测量物体质量时，需先把天平放置在水平工作台上；将游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母，使横梁平衡。
（2）加入最小砝码后，指针偏右，说明右盘砝码质量偏大，应取下最小砝码，向右移动游码，直至天平水平平衡。
石块的质量：砝码质量为10g，游码对应刻度为4.4g，故m=10g+4.4g=14.4g。
石块的体积：V=6cm3。
石块的密度：
（3）石块浸没在水中时，根据力的作用是相互的，石块受到的浮力等于它对水的压力，电子秤的示数差就是这个压力的反映
可得石块的体积为
则小石块密度为。
故答案为：（1）零刻度线；（2）向右移动游码；14.4；2.4；（3）ρ水。
【分析】 （1）天平的正确使用：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游码移到标尺左端零刻线处；③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
（2）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡；物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和；知道小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度；
（3）引起电子秤示数变化的原因是小石块浸没时浮力的影响，用浮力算出小石块的体积，再用密度公式计算出小石块密度。
（1）用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母。
（2）[1]天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
[2]乙图中天平标尺的分度值是0.2g，小石块的质量为
[3]小石块的体积为
小石块的密度为
（3）小石块浸没在水中受到水的浮力，同时石块对水有向下的压力，所以引起了电子秤的示数变化，即石块受到的浮力等于电子秤两次测量质量差对应的重力差为
可得石块的体积为
则小石块密度为
21．在“探究串联电路电压规律”实验中，小明连接了图甲的电路，A、B、C、D为接线柱编号，1、2、3、4为导线编号。
（1）为使结论具有普遍性，、应选择规格　 　（选填“相同”或“不同”）的灯泡；
（2）闭合开关，电压表指针如图乙，造成这种现象的原因是　 　；
（3）修改电路并完成图甲实验后，小明断开开关，未拆下电压表，只改接某根导线的一端，也能测出总电压。他的改接方法是　 　。
【答案】不同；电压表量程选大了；将3号导线从D接线柱改接到B接线柱或A接线柱
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】探究串联电路电压规律时，（1）实验时，选择的灯泡L1、L2规格不相同，使探究的结论具有普遍性；
（2）闭合开关，根据图乙，电压表选择0~3A量程，指针偏转角度太小，选用的量程过大了，测量误差较大。
（3）根据图甲，灯泡串联，此时电压表材料L1的电压，若测量电源电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端，可以将3号导线从D点接线柱改接到B点接线柱。
【分析】（1）探究串联电路电压规律时，选择不同规格的灯泡进行实验；
（2）根据实际需要选择量程，若量程过大，则指针偏转角度小；
（3）电压表连接时，正入负出，测量电源电压时，连接到电源两端。
四、综合应用题（本大题共2小题，21题10分，22题12分，共22分）
22．近年来，房车自驾游逐渐地成为旅游的新趋势。这种旅游方式能让游客真正的回归自然、亲近自然，在旅途中享受自由，我国制造的“长城”房车（如图所示）的总质量为轮胎与地面接触的总面积为0.2m2，在一段平直的路上匀速行驶了40km，受到的阻力为车重的0.1倍。求：（g取10N/kg）
（1）房车静止时对地面的压强是多少
（2）该房车牵引力所做的功是多少
（3）此过程消耗汽油质量为6kg，汽油的热值为4.6×107J/kg，求此房车行驶过程中的热机的效率。
【答案】解：（1）房车静止时对地面的压力是
F=G=mg=3×103kg×10N/kg＝3×104N
房车静止时对地面的压强
（2） 在平直公路上匀速行驶时，牵引力等于阻力为
F牵=f=0.1G=0.1×3×104N=3×103N
该房车牵引力所做的功
W=F牵s=3×103N×40×103m=1.2×108J
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
Q放=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J
此房车行驶过程中的热机的效率
答：（1）房车静止时对地面的压强是1.5×105Pa；
（2）该房车牵引力所做的功是1.2×108J；
（3）此房车行驶过程中的热机的效率是43.5%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据F=G=mg，计算压力，利用，计算压强；
（2）根据二力平衡，根据F牵=f，计算牵引力；根据W=Fs，计算做功多少；
（3）利用Q放=mq，计算燃料放出的热量，根据，计算热机效率。
23．图甲所示，是某研究小组设计的一套测量物体重力的模拟装置，OAB为水平杠杆，OB长1m，O为支点，OA∶AB=1∶3，电源电压保持不变，电流表的量程为0~0.6A，定值电阻R0的阻值为10Ω，压力传感器R固定放置，R的阻值随其所受压力F变化的关系如图乙所示。当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A。（平板、压杆和杠杆的质量均忽略不计）求：
（1）当平板空载时，压敏R的阻值和电源电压；
（2）在电路安全的情况下，缓慢增加平板上的物体的重力过程中，当电路消耗的总功率达到最大时，电流通过压力传感器R在1min时间内所做的功；
（3）当平板上物体重为200N，此时电路是否安全？请通过计算说明。
【答案】（1）当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A，由乙图可知，压力传感器阻值为：R=50Ω，
则电源电压为：U=I1（R0+R）=0.3A×（10Ω+50Ω）=18V。
答：电源电压为18V。
（2）为保护电路安全，电路中最大电流为0.6A，此时电路中电功率最大，R0两端电压为：
，
R两端电压为：，
电流通过压力传感器做的功为：W1=UR'I3t=12V×0.6A×1×60s=432J。
答：电流通过压力传感器R在1min时间内所做的功432J。
（3）为使电路安全，电路中最大电流为0.6A，根据欧姆定律得，此时压敏电阻的阻值为
由乙图可知，当压敏电阻为20Ω时，B点最大压力为30N，所以根据杠杆平衡原理，A点最大物重为
当平板上物体重为200N，此时电路不安全，需要移动A点使电路安全；根据杠杆平衡条件
OB长为1m，则
其中
移动的距离为L=OA﹣OA'=0.25m﹣0.15m=0.1m，移动方向向右。
答：不安全，A点应向右移动，移动的最小距离为0.1m。
【知识点】杠杆的平衡条件；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】 （1）由乙图数据，根据欧姆定律求电源电压；
（2）找到电路安全时的最大电流，此时为电路中的最大电功率，再根据电功公式求压敏电阻在1min时间内消耗的电能；
（3）求出电路安全时压敏电阻的阻值，根据乙图找到对应的压力，再根据杠杆平衡求出当物重为200N时，阻力臂OA'为多少，用OA-OA'为移动的距离。
（1）当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A，由乙图可知，压力传感器阻值为：R=50Ω，则电源电压为U=I1（R0+R)=0.3A×（10Ω+50Ω)=18V
（2）为保护电路安全，电路中最大电流为0.6A，此时电路中电功率最大，R0两端电压为
R两端电压为
电流通过压力传感器做的功为W1=UR'I2t=12V×0.6A×1×60s=432J
（3）为使电路安全，电路中最大电流为0.6A，根据欧姆定律得，此时压敏电阻的阻值为
由乙图可知，当压敏电阻为20Ω时，B点最大压力为30N，所以根据杠杆平衡原理，A点最大物重为
当平板上物体重为200N，此时电路不安全，需要移动A点使电路安全；根据杠杆平衡条件
OB长为1m，则
其中
移动的距离为L=OA﹣OA'=0.25m﹣0.15m=0.1m
移动方向向右。
1 / 1海南省海口市美兰区多校2025年中考三模物理试题
一、选择题（本大题共10小题，每小题只有一个选项正确，每小题3分，共30分）
1．口技是杂技的一种，口技表演者在模仿声音时主要模仿的是声音的（　　）
A．音色 B．音调 C．响度 D．音速
2．夏天，买冰淇淋带回家时，可在包装盒内放一些干冰。这是利用干冰（　　）
A．熔化吸热 B．升华吸热 C．汽化吸热 D．凝华放热
3．“海市蜃楼”在我国古书《史记》《梦溪笔谈》中都有记载，下列光现象中与“海市蜃楼”形成原理相同的是（　　）
A．树木在水中的倒影 B．池水看起来比实际的浅
C．树荫下圆形的光斑 D．阳光下人的影子
4．下列各种测量工具在测量过程中，操作正确的是（　　）
A．测量水的体积
B．测量铅笔长度
C．测量灯泡的电流
D．使用试电笔检测火线
5．以下应用装置利用大气压工作的是（　　）
A．船闸
B．活塞式抽水机
C．密度计
D．内燃机的做功冲程
6．为避免立定跳远测试起跳时过线犯规，学校引进了一批体育练习装置。装置的基本原理是：当有同学踏上练习垫时，开关、同时闭合，当装置感应到脚尖过线，红外感应开关断开，蜂鸣器发出声音提醒同学犯规。下列选项能实现上述功能的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
7．用心观察生活，你会感受到物理知识的无穷魅力，请判断下列四个生活中的现象，哪个说法是正确的（　　）
A．帆船需要风吹才能前进，说明物体运动需要力来维持
B．汽车上安装安全气囊，可以减小紧急刹车时司机受到的惯性
C．滑旱冰时人用力推墙，人对墙的力和墙对人的力是一对平衡力
D．自行车刹车时，是通过增大刹车胶皮与钢圈之间的压力来增大摩擦力
8．我国第三艘航母“福建”舰采用了电磁弹射新技术，它是利用直线电动机将舰载机进行弹射的装置。下列四幅图中用来演示该原理的是（　　）
A． B．
C． D．
9．桔槔是中国古代社会的一种主要灌溉机械。如图所示，在水边架一个杠杆，前端系提水工具，后端坠重物，即可一起一落地汲水。下列关于桔槔的说法正确的是（　　）
A．支点在杆的前端系绳处
B．向上汲水时动力臂不变
C．汲水被提升到高处，水的重力势能转化为动能
D．人用力向下拉绳子时，桔槔相当于一个省力杠杆
10．图甲是水果自动筛选装置的原理图，电源电压不变，R0为定值电阻，压敏电阻R的阻值随压力F 变化的关系图像如图乙所示，压敏电阻置于压力检测点处。当压力检测点受到的压力变大时，电路中的（　　）
A．电压表的示数减小，电流表的示数增大
B．电压表的示数增大，电流表的示数减小
C．电压表和电流表的示数均减小
D．电压表和电流表的示数均增大
二、填空题（本大题共7小题，每空2分，共28分，
11．2022年1月1日，“华龙一号”核电6号机组首次并网成功，该核电站通过可控 　 　 （选填“核裂变”或“核聚变”）反应释放核能，核能是一种 　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
12．智能送餐机器人可以灵活地避开障碍物是通过体内的雷达发射　 　，然后接收障碍物的反射波，确定障碍物的位置。客人可以通过语言来操控机器人，说明声可以传递　 　；
13．如图是“四合一”充电线。如果使用“四合一”充电线同时为四台手机充电，则这四台手机之间的连接方式是　 　（选填“串联”或“并联”）；手机是利用电磁波传输信号实现通讯的，相同时间内，5G通讯传输的信息量约为4G的10倍，在相同介质中，5G信号的传播速度　 　（选填“大于”或“等于”）4G信号的传播速度。
14．电影《哪吒2》的主旋律用到了唢呐，其发声核心是双簧片，演奏者通过吹嘴将气流送入唢呐的管身，气流的压力使双簧片 　 　 发声；唢呐发声的音量宏大，是指 　 　 （选填“响度大”、“音调高”或“音色好”）。
15．如图所示，2024年1月17日，搭载着“天舟七号”货运飞船的长征七号运载火箭在文昌航天发射场升空。它们一起加速升空过程中，以飞船为参照物，火箭是 　 　 （选填“静止”或“运动”）的，火箭的重力势能 　 　 （选填“不变”、“增大”或“减少”）。
16．某同学在医院检查视力，由于空间有限，用图方式检查。若要求被测者与视力表在镜子中的像相距5m，则被测者需要向平面镜移动　 　m。当她走向平面镜时，她的像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
17．如图甲的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从最左端移动到最右端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则R2的最大阻值为　 　 Ω，电源的电压为　 　 V。
三、作图和实验题（本大题共4小题，18题4分，19题10分，20题6分，共20分）
18．在如图中画出入射光线经凹透镜折射后的光线。
19．如图所示，乒乓球漂浮在水面，请在O点画出乒乓球受到的浮力F浮。
20．小刚利用实验室器材测量两块大小和材质均不相同的石块的密度。
（1）实验时，将天平放在水平台上，把游码移至标尺的 　 　 处，调节天平平衡；
（2）在测量小石块时，往右盘加减砝码过程中，加入最小砝码后，天平指针位置如图甲所示，将最小砝码取出，接下来正确的操作是 　 　 ，直至天平平衡；此时放在右盘中的砝码和游码所在标尺上的位置如图乙所示，此石块的质量是 　 　 g；小刚用量筒测得小石块的体积为6cm3，由此可以求出小石块的密度为 　 　 g/cm3；
（3）小刚发现利用天平和量筒无法完成大石块密度的测量，经思考后，进行了如下实验：
①把大石块放在水平放置的电子秤上，电子秤的示数m1；
②从电子秤上取下石块，将装有适量水的杯子放在电子秤上，电子秤的示数m2；
③将用细线系好的大石块缓慢浸没在水中，水未溢出，且石块不触碰杯底，电子秤的示数是m3，由此可求出该石块的密度ρ= 　 　 （用ρ水、m1、m2、m3表示）。
21．在“探究串联电路电压规律”实验中，小明连接了图甲的电路，A、B、C、D为接线柱编号，1、2、3、4为导线编号。
（1）为使结论具有普遍性，、应选择规格　 　（选填“相同”或“不同”）的灯泡；
（2）闭合开关，电压表指针如图乙，造成这种现象的原因是　 　；
（3）修改电路并完成图甲实验后，小明断开开关，未拆下电压表，只改接某根导线的一端，也能测出总电压。他的改接方法是　 　。
四、综合应用题（本大题共2小题，21题10分，22题12分，共22分）
22．近年来，房车自驾游逐渐地成为旅游的新趋势。这种旅游方式能让游客真正的回归自然、亲近自然，在旅途中享受自由，我国制造的“长城”房车（如图所示）的总质量为轮胎与地面接触的总面积为0.2m2，在一段平直的路上匀速行驶了40km，受到的阻力为车重的0.1倍。求：（g取10N/kg）
（1）房车静止时对地面的压强是多少
（2）该房车牵引力所做的功是多少
（3）此过程消耗汽油质量为6kg，汽油的热值为4.6×107J/kg，求此房车行驶过程中的热机的效率。
23．图甲所示，是某研究小组设计的一套测量物体重力的模拟装置，OAB为水平杠杆，OB长1m，O为支点，OA∶AB=1∶3，电源电压保持不变，电流表的量程为0~0.6A，定值电阻R0的阻值为10Ω，压力传感器R固定放置，R的阻值随其所受压力F变化的关系如图乙所示。当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A。（平板、压杆和杠杆的质量均忽略不计）求：
（1）当平板空载时，压敏R的阻值和电源电压；
（2）在电路安全的情况下，缓慢增加平板上的物体的重力过程中，当电路消耗的总功率达到最大时，电流通过压力传感器R在1min时间内所做的功；
（3）当平板上物体重为200N，此时电路是否安全？请通过计算说明。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 口技表演者在模仿声音时主要模仿的是声音的音色，因为音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
2．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】 买冰淇淋带回家时，可在包装盒内放一些干冰。这是利用干冰升华吸热，防止冰淇淋熔化。
故选：B。
【分析】 物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热。
3．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】
A：树木在水中的倒影是光的反射 A错误 不符合题意
B：池水看起来比实际的浅是光的折射 B正确 符合题意
C： 树荫下圆形的光斑是光的直线传播 C错误 不符合题意
D：阳光下人的影子是光的直线传播 D错误 不符合题意
故答案为：B
【分析】
A：树木在水中的倒影是光的反射。
B：池水看起来比实际的浅是光的折射。而“海市蜃楼”也是光的折射。
C： 树荫下圆形的光斑是光的直线传播。
D：阳光下人的影子是光的直线传播。
4．【答案】B
【知识点】量筒的使用；刻度尺的使用；电流的测量及电流表的使用；测电笔的使用
【解析】【解答】A、用量筒测量液体的体积时，视线应与液体凹液面的底部相平，俯视读数会导致测量值偏大，故A错误；
B、用刻度尺测量物体的长度时，刻度尺要放正，刻度线紧贴被测物体，铅笔左端与零刻度线对齐，视线与尺面垂直，操作规范，故B正确；
C、用电流表测量灯泡的电流时，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出，图中电流表正负接线柱接反，指针会反向偏转，无法正常测量，故C错误；
D、使用试电笔检测火线时，手必须接触笔尾金属体，才能形成回路，图中手未接触笔尾金属体，试电笔无法正常工作，故D错误。
故选：B。
【分析】 (1)量筒读数时，视线应与液体凹液面的底部相平，图中为俯视，操作错误。
（2）刻度尺测量铅笔长度时，刻度线紧贴被测物体，零刻度线对齐铅笔左端，视线与尺面垂直，操作正确。
（3）电流表测量电流时，电流应从正接线柱流入、负接线柱流出，图中电流表正负接线柱接反，操作错误。
（4）使用试电笔检测火线时，手必须接触笔尾金属体，图中手未接触笔尾金属体，操作错误。
5．【答案】B
【知识点】热机；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；浮力的利用
【解析】【解答】 A、船闸是利用连通器原理工作的，上游、闸室、下游通过阀门连通，水位相平时船只通行，不涉及大气压，故A错误；
B、活塞式抽水机工作时，通过活塞运动使泵筒内气压减小，外界大气压将水压入泵筒，从而实现抽水，是利用大气压工作的，故B正确；
C、密度计是利用物体漂浮时浮力等于重力的原理工作的，与大气压无关，故C错误；
D、内燃机的做功冲程中，燃气膨胀推动活塞做功，将内能转化为机械能，与大气压无关，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）船闸利用连通器原理工作，与大气压无关。
（2）活塞式抽水机工作时，利用大气压将水从低处压到高处，是利用大气压工作的。
（3）密度计利用物体的漂浮条件工作，与大气压无关。
（4）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，与大气压无关。
6．【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据要求，当人踏上测试垫时，开关S1、S2同时闭合，电路正常工作，蜂鸣器不发声；当机器感应到脚尖过线，红外感应开关S2断开，蜂鸣器发出声音，开关S2组成的电路把蜂鸣器短路了。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】导线和用电器并联，用电器短路不能工作。
7．【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．有风吹帆船，可前进，则力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，是物体保持原来运动状态不变的性质，汽车上的安全气囊可以减小惯性带来的危害，故B错误；
C．人穿旱冰鞋用力推墙，人对墙的力和墙对人的力是力和反作用力，是一对相互作用力，故C错误；
D．捏车闸刹车时，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D正确。
故选D。
【分析】力可以改变物体的运动状态；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；接触面粗糙程度一定时，增大压力可增大摩擦力；物体间力的作用是相互的。
8．【答案】C
【知识点】磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A、图中展示的是磁极间的相互作用，异名磁极相互吸引，这与电动机的原理无关，故A错误；
B、图中装置没有电源，是探究电磁感应现象的实验，这是发电机的工作原理，故B错误；
C、图中装置有电源，通电导体在磁场中会受到力的作用而运动，这正是电动机的工作原理，与题目中的直线电动机原理一致，故C正确；
D、图中探究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与电动机原理无关，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）A图演示磁极间的相互作用规律，与电动机原理无关。
（2）B图演示电磁感应现象，是发电机的工作原理，与电动机原理无关。
（3）C图演示通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与直线电动机原理一致。
（4）D图演示电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与电动机原理无关。
9．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；杠杆及其五要素；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】 A、杠杆绕着转动的固定点叫支点，桔槔使用过程中，绕着与横杆接触的支架位置转动，所以这个位置才是杠杆的支点，故A错误；
B、从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂，向上汲水时，动力的作用点和方向会发生变化，动力臂也会随之改变，并非固定不变，故B错误；
C、汲水被提升到高处，水的高度增加，重力势能变大，此过程是人的机械能转化为水的重力势能，并非重力势能转化为动能，故C错误；
D、人用力向下拉绳子时，人对杠杆的拉力的力臂大于配重对杠杆的作用力的力臂，动力臂大于阻力臂，桔槔相当于一个省力杠杆，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）支点是杠杆绕着转动的固定点，桔槔的支点是横杆与支架的接触点，并非杆的前端系绳处。
（2）动力臂是支点到动力作用线的垂直距离，在汲水过程中，动力作用点和方向会变化，动力臂也会随之改变。
（3）水被提升到高处时，速度变化不大，动能几乎不变，而高度增加，重力势能增大，此过程是人的机械能转化为水的重力势能，并非重力势能转化为动能。
（4）人向下拉绳子时，人对杠杆拉力的力臂大于配重及水的重力对杠杆作用力的力臂，此时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
10．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABCD、由图甲知压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测定电路电流。当压力检测点受到的压力变大时时，压敏电阻受到的压力越大，根据图乙可知压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，当压力检测点受到的压力变大时，R的阻值逐渐变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；根据U=IR可知，定值电阻两端电压变大，电压表示数变大，故D正确，ABC错误。
故项：D。
【分析】（1）由电路图可知，压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（2）根据图乙可知压敏电阻的阻值随压力的变化情况；当压力检测点受到的压力变大时，根据压敏电阻R的阻值变化，利用串联电路的电阻特点和欧姆定律判断出电路中电流的变化和电压表示数的变化。
11．【答案】核裂变；不可再生
【知识点】能源及其分类；核裂变
【解析】【解答】 核电站通过可控核裂变反应释放核能，核能消耗后不能源源不断的得到补充，所以核能是一种不可再生能源。
故答案为：核裂变；不可再生。
【分析】 （1）核裂变的应用有原子弹和核电站；核聚变的应用有氢弹等；
（2）可再生和不可再生能源是根据是否能源源不断的得到补充，据此分析解答。
12．【答案】超声波；信息
【知识点】超声波与次声波；声与信息传递
【解析】【解答】机器人有回声定位系统，体内的雷达可以发射超声波，通过接收反射波，确定障碍物的位置，可灵活地避开障碍物。
人可以通过语言来操控机器人，是声可以传递信息。
【分析】雷达利用超声波的回声定位，探测障碍物；声可以传递信息，声可以传递能量。
13．【答案】并联；等于
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 如果四台手机同时充电，四台手机互不影响，所以可以判断出四台手机是并联，不同频率的电磁波在相同介质中传播的速度是相同的。
故答案为：并联；等于。
【分析】 （1）并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响；
（2）不同频率的电磁波在真空中传播的速度是相同的。
14．【答案】振动；响度大
【知识点】声音的产生；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】 声音是由物体振动产生的，唢呐发声时，气流的压力使双簧片振动发声；物理学中，声音的强弱用响度表示，“音量宏大” 描述的是声音的强弱，因此指的是响度大。
故答案为：振动；响度大。
【分析】声音是由物体振动产生的，唢呐的发声核心是双簧片，气流的压力会使双簧片振动，从而发出声音。
声音的强弱叫响度，“音量宏大” 描述的是声音的大小，也就是响度大，与音调、音色无关。
15．【答案】静止；增大
【知识点】势能的影响因素；运动和静止的相对性
【解析】【解答】火箭和飞船一起加速升空，两者之间的相对位置没有发生改变，因此以飞船为参照物，火箭是静止的；重力势能的影响因素是质量和高度，火箭的质量不变，高度不断增加，因此它的重力势能增大。
故答案为：静止；增大。【分析】 （1）判断物体运动还是静止，要看物体与参照物之间的位置是否发生变化。火箭和飞船一起加速升空，两者之间没有位置变化，因此以飞船为参照物，火箭是静止的。
（2）重力势能的大小与物体的质量和高度有关。火箭加速升空时，质量不变，高度增加，因此重力势能增大。
16．【答案】0.6；不变
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】视力表距离平面镜3m，根据平面镜成像特点，像距平面镜也是3m，被测者与视力表的像相距5m，人距离平面镜2m，则被测者需要向平面镜移动s=3m-2m-0.4m=0.6m；
平面镜成的像与物体大小相等，当她走向平面镜时，人的大小不变，像的大小不变。
【分析】根据平面镜成像特点，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体大小相等。
17．【答案】20；6
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，
由乙图可知I1=0.6A，
根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由乙图可知，I2=0.2A，U2=4V，
滑动变阻器的最大阻值：；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U=I2R1+U2=0.2A×R1+4V，
电源电压不变，则有：0.6A×R1=0.2A×R1+4V，
解得：R1=10Ω，
电源的电压U=0.6A×R1=0.6A×10Ω=6V。
故答案为：20；6。
【分析】 （1）由甲图可知，闭合开关，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由乙图可知此时电路中的电流I1，根据欧姆定律可得，电源的电压的表达式；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知此时电路中的电流I2，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时电源电压的表达式，联立两个电源电压的表达式可得出电源电压和R1的阻值；
（2）电源电压不变，根据P=UI可知，电路中电流最大时，总功率最大，根据P=UI可得出电路总功率的最大值。
18．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】光线的延长线经过凹透镜的焦点，经凹透镜折射后平行于主光轴，画出折射光线，如图所示：
【分析】根据凹透镜的特殊光线，画出折射光线。
19．【答案】
【知识点】浮力及其产生原因；浮力的示意图
【解析】【解答】 浮力的方向总是竖直向上的，作用点在乒乓球的重心。因此，画图时应从O点出发，沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并在箭头旁标注符号，即可表示乒乓球受到的浮力，如下图所示：
【分析】画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画箭头，五把力的符号标箭头边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
20．【答案】（1）零刻度线
（2）向右移动游码；14.4；2.4
（3）ρ水
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）用托盘天平测量物体质量时，需先把天平放置在水平工作台上；将游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母，使横梁平衡。
（2）加入最小砝码后，指针偏右，说明右盘砝码质量偏大，应取下最小砝码，向右移动游码，直至天平水平平衡。
石块的质量：砝码质量为10g，游码对应刻度为4.4g，故m=10g+4.4g=14.4g。
石块的体积：V=6cm3。
石块的密度：
（3）石块浸没在水中时，根据力的作用是相互的，石块受到的浮力等于它对水的压力，电子秤的示数差就是这个压力的反映
可得石块的体积为
则小石块密度为。
故答案为：（1）零刻度线；（2）向右移动游码；14.4；2.4；（3）ρ水。
【分析】 （1）天平的正确使用：①放：把天平放到水平桌面上；②移；把游码移到标尺左端零刻线处；③调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
（2）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡；物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和；知道小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度；
（3）引起电子秤示数变化的原因是小石块浸没时浮力的影响，用浮力算出小石块的体积，再用密度公式计算出小石块密度。
（1）用托盘天平测量物体质量时，把天平放置在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母。
（2）[1]天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
[2]乙图中天平标尺的分度值是0.2g，小石块的质量为
[3]小石块的体积为
小石块的密度为
（3）小石块浸没在水中受到水的浮力，同时石块对水有向下的压力，所以引起了电子秤的示数变化，即石块受到的浮力等于电子秤两次测量质量差对应的重力差为
可得石块的体积为
则小石块密度为
21．【答案】不同；电压表量程选大了；将3号导线从D接线柱改接到B接线柱或A接线柱
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】探究串联电路电压规律时，（1）实验时，选择的灯泡L1、L2规格不相同，使探究的结论具有普遍性；
（2）闭合开关，根据图乙，电压表选择0~3A量程，指针偏转角度太小，选用的量程过大了，测量误差较大。
（3）根据图甲，灯泡串联，此时电压表材料L1的电压，若测量电源电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端，可以将3号导线从D点接线柱改接到B点接线柱。
【分析】（1）探究串联电路电压规律时，选择不同规格的灯泡进行实验；
（2）根据实际需要选择量程，若量程过大，则指针偏转角度小；
（3）电压表连接时，正入负出，测量电源电压时，连接到电源两端。
22．【答案】解：（1）房车静止时对地面的压力是
F=G=mg=3×103kg×10N/kg＝3×104N
房车静止时对地面的压强
（2） 在平直公路上匀速行驶时，牵引力等于阻力为
F牵=f=0.1G=0.1×3×104N=3×103N
该房车牵引力所做的功
W=F牵s=3×103N×40×103m=1.2×108J
（3）汽油完全燃烧放出的热量为
Q放=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J
此房车行驶过程中的热机的效率
答：（1）房车静止时对地面的压强是1.5×105Pa；
（2）该房车牵引力所做的功是1.2×108J；
（3）此房车行驶过程中的热机的效率是43.5%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据F=G=mg，计算压力，利用，计算压强；
（2）根据二力平衡，根据F牵=f，计算牵引力；根据W=Fs，计算做功多少；
（3）利用Q放=mq，计算燃料放出的热量，根据，计算热机效率。
23．【答案】（1）当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A，由乙图可知，压力传感器阻值为：R=50Ω，
则电源电压为：U=I1（R0+R）=0.3A×（10Ω+50Ω）=18V。
答：电源电压为18V。
（2）为保护电路安全，电路中最大电流为0.6A，此时电路中电功率最大，R0两端电压为：
，
R两端电压为：，
电流通过压力传感器做的功为：W1=UR'I3t=12V×0.6A×1×60s=432J。
答：电流通过压力传感器R在1min时间内所做的功432J。
（3）为使电路安全，电路中最大电流为0.6A，根据欧姆定律得，此时压敏电阻的阻值为
由乙图可知，当压敏电阻为20Ω时，B点最大压力为30N，所以根据杠杆平衡原理，A点最大物重为
当平板上物体重为200N，此时电路不安全，需要移动A点使电路安全；根据杠杆平衡条件
OB长为1m，则
其中
移动的距离为L=OA﹣OA'=0.25m﹣0.15m=0.1m，移动方向向右。
答：不安全，A点应向右移动，移动的最小距离为0.1m。
【知识点】杠杆的平衡条件；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】 （1）由乙图数据，根据欧姆定律求电源电压；
（2）找到电路安全时的最大电流，此时为电路中的最大电功率，再根据电功公式求压敏电阻在1min时间内消耗的电能；
（3）求出电路安全时压敏电阻的阻值，根据乙图找到对应的压力，再根据杠杆平衡求出当物重为200N时，阻力臂OA'为多少，用OA-OA'为移动的距离。
（1）当平板空载时（即压力F大小为0），闭合开关S，电流表的示数为0.3A，由乙图可知，压力传感器阻值为：R=50Ω，则电源电压为U=I1（R0+R)=0.3A×（10Ω+50Ω)=18V
（2）为保护电路安全，电路中最大电流为0.6A，此时电路中电功率最大，R0两端电压为
R两端电压为
电流通过压力传感器做的功为W1=UR'I2t=12V×0.6A×1×60s=432J
（3）为使电路安全，电路中最大电流为0.6A，根据欧姆定律得，此时压敏电阻的阻值为
由乙图可知，当压敏电阻为20Ω时，B点最大压力为30N，所以根据杠杆平衡原理，A点最大物重为
当平板上物体重为200N，此时电路不安全，需要移动A点使电路安全；根据杠杆平衡条件
OB长为1m，则
其中
移动的距离为L=OA﹣OA'=0.25m﹣0.15m=0.1m
移动方向向右。
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