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教科版八年级下册 第十章 《流体的力现象》单元测试 提高卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．物理兴趣小组的同学，对如图所示的现象进行讨论，其中错误的是（　　）
A．图甲：用吸管喝饮料，瓶里的饮料是被吸上来的
B．图乙：对沸腾的水停止加热，抽气减压，水再次沸腾，说明气压减小沸点降低
C．图丙：洗手槽下方的弯管利用了连通器原理
D．图丁：向下吹气乒乓球不会掉落，利用了流体流速大的地方压强小
【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，饮料在大气压作用下被压入口中。该现象是大气压作用的结果，但题目要求选择"错误"的选项，因此A符合题意。
B．抽气时容器内气压降低，水重新沸腾，说明水的沸点随气压减小而降低。该说法正确，不符合题意。
C．洗手盆下方弯管利用连通器原理（同种液体在静止时液面相平）实现水封作用。该说法正确，不符合题意。
D．向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，下方气压将球托住不掉落，这是流体压强与流速关系的应用。该说法正确，不符合题意。
综上所述，只有A选项说法错误，故选A。
【分析】1、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
3、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
4、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
2．在飞机模型大赛中，要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；飞机飞行时，机翼上表面空气流速快，压强小；下表面空气流速慢压强大，产生向上的升力，机翼上表面凸起，下表面较平，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；凸起的位置流速更大。
3．两个相同的烧杯中分别装满了两种不同的液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，最后处于如图所示状态.甲、乙排开液体的重力相等，则甲、乙所受浮力相比(　　).
A．甲所受浮力更大
B．乙所受浮力更大
C．甲、乙所受浮力一样大
D．不知道液体密度，无法比较浮力大小
【答案】C
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】由题意可知，甲、乙排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，甲、乙在液体中受到的浮力等于它们各自排开的液体的重力，因此甲、乙两球受到的浮力相等。
故答案为：C。
【分析】由题意可知，甲、乙排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，甲、乙在液体中受到的浮力的大小关系。
4．如图所示，弹簧测力计下端悬挂一高度为l、质量为m的圆柱体，它在水中受到的最大浮力为 ，圆柱体下表面刚刚与水面接触到全部浸没后，测力计示数F段及圆柱体所受的浮力F浮分别与浸入水中深度h关系图正确的是(　　).
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】 ①圆柱体下表面刚刚与水面接触，没有受到浮力；
然后随着浸入水中深度的逐渐增大到全部浸没时物体排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知圆柱体受到的浮力逐渐变大；当浸没时，物体排开液体的体积最大，受到浮力最大为，然后浮力保持不变，故CD错误。
②由上可知，圆柱体逐渐浸入水中的过程中，浮力是先变大后不变的。
弹簧测力计的示数F示=G-F浮，重力是一定的，所以浮力变大时，弹簧测力计的示数变小；
当受到浮力最大时，则弹簧测力计的示数为，然后示数不变。故A正确，B错误。
故选A。
【分析】 根据可知影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积。圆柱体下表面刚刚与水面接触，没有受到浮力；然后随着浸入水中深度的逐渐增大到全部浸没时物体排开液体的体积逐渐变大，受到的浮力逐渐变大；当浸没后，物体排开液体的体积不变，则受到的浮力不变.由上可知，在金属块逐渐浸入水中的过程中，浮力是先变大后不变的.弹簧测力计的示数 重力是一定的，浮力变大，弹簧测力计的示数变小，浮力不变，弹簧测力计的示数不变。
5．如图所示容器内放有一长方体木块M，上面压有一铁块m，木块浮出水面的高度为h1(图a)；用细绳将该铁块系在木块的下面时，木块浮出水面的高度为h2(图b)；将细绳剪断后(图c)，木块浮出水面的高度 h3为（　　）.
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】设木块底面积为S，高h，由a、b两步可知，将两物体看做一个整体，两物体受到的浮力不变，则长方体浸在液体中体积的变化量与铁块体积相等，则铁块的体积为
由图a可知两物体漂浮，利用平衡条件可得，即
由图c可知，木块漂浮，利用平衡条件可得，即
铁块的质量为
联立解得，故A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】把木块M和铁块m看做一个整体，图a中排开水的体积Va排与图b排开水的体积Vb排．而图c只研究长方体木块M排开水的体积VC排．根据沉浮条件得出排水体积大小的关系，从而得出木块浮出水面的高度。
6．如图所示，一个边长为10 cm的正方体竖直悬浮在某液体中，上表面受到液体的压力 F1为5 N，下表面受到液体的压力 F2为13 N(g 取10 N/ kg).下列说法中错误的是(　　).
A．正方体受到的浮力为8 N
B．液体的密度为
C．正方体上表面到液面的距离h=5cm
D．液体对物体下表面的压强为1.3×103 Pa
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A、由浮力产生的原因可得，正方体受到的浮力F浮=F2-F1=13N-5N=8N，故A正确，不符合题意；
B、物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，则V排=V=L3=（10cm）3=1000cm3=1×10-3m3，由F浮=ρgV排可得，液体的密度ρ==0.8×103kg/m3，故B正确，不符合题意；
CD、正方体下表面的面积S=L2=（10cm）2=100cm2=1×10-2m2，液体对物体下表面的压强：p==1.3×103Pa， 由p=ρgh可得，正方体下表面到液面的距离：h下==0.1625m=16.25cm，则正方体上表面到液面的距离：h=h下-L=16.25cm-10cm=6.25cm，故C错误，符合题意，D正确，不符合题意．
故答案为：C。
【分析】知道正方体上、下表面受到液体的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出正方体受到的浮力；物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，根据V=L3求出其体积即为排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；根据S=L2求出正方体的上表面积，根据p=求出液体对正方体上表面的压强，利用p=ρ液gh求出正方体上表面到液面的距离；正方体下表面的深度等于正方体上表面的深度加上正方体的棱长，根据p=ρ液gh求出液体对物体下表面的压强。
7．某同学做如下实验：先在一玻璃水槽中注入一定量的水，再将盛有小石子的塑料小船放入水中，如图所示，测得船底到水面的距离为h，再每隔一定时间向水里加盐并搅动，直至食盐有剩余，在他所绘制的吃水线至船底的距离h 随溶盐量而变化的图象中，如选项图所示，最接近的是(　　).
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】每隔一定时间向水里加盐并搅动，塑料小船一直漂浮在水面上，它受到水的浮力等于小船的重力，则受到水的浮力大小不变；由阿基米德原理得，在浮力不变时，小船排开水的体积随液体的密度增大而减小，也就是浸入液体的深度h随着液体密度增大而减小；考虑到液体的溶解度，盐的溶解达到饱和时，盐水的密度不再发生变化，此时小船排开水的体积也不变化，即浸入液体的深度h也不再变化。
故答案为：D。
【分析】物体漂浮时浮力等于自身的重力；在浮力不变时，小船排开水的体积与液体密度成反比；进一步判断出h与液体密度的关系；加盐的同时还要考虑到液体的溶解度。
8．如图所示是装有等质量水的相同容器，将质量相等的橡皮泥捏成不同形状，放入甲、乙容器中，静止时橡皮泥小球悬浮在水中，橡皮泥小船浮在水面，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．橡皮泥在甲容器受到的浮力小于在乙容器受到的浮力
B．橡皮泥在甲、乙容器排开水的重力不相等
C．橡皮泥在甲、乙容器受到的浮力相等
D．甲容器底面受到水的压强小于乙容器底面受到水的压强
【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABC．根据浮沉条件可知，橡皮泥在甲中悬浮，则橡皮泥的浮力等于重力；在乙中漂浮，则橡皮泥的浮力等于重力，故浮力的大小关系为F甲=F乙。
根据阿基米德原理F浮=G排可知，橡皮泥在甲、乙容器排开水的重力相等，故AB错误，C正确；
D．根据题意可知，甲、乙容器中装入等量的水，则水的深度相同；
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，橡皮泥排开水的体积为，
容器的底面积相同，则水面上升的高度关系为；
故甲、乙中的水面高度相同，由p=ρgh知道，液体对容器底部的压强关系为，
故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据浮沉条件比较橡皮泥受到浮力的大小，根据阿基米德原理F浮=G排比较二者排开水的重力大小；
D.根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较二者排开水的体积大小，进行判断水面的高度大小，最后根据液体压强公式p=ρgh比较容器第受到水的压强大小。
9．水平桌面上，甲、乙、丙三个同规格容器内各装有液体，小明将完全相同的三个小球分别放入三个容器内，小球静止时状态如图所示，此时三个容器中的液面相平，三个容器底部受到的液体压强大小关系是(　　).
A．p甲= p乙=p丙 B．
C．p甲> p乙=p丙 D．p甲< p乙< p丙
【答案】B
【知识点】液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据物体的浮沉条件，甲中，小球漂浮，ρ甲>ρ球，乙中，小球悬浮，则ρ乙=ρ球，丙中，小球沉底，ρ丙<ρ球，小球完全相同，则ρ甲>ρ乙>ρ丙，根据p=ρgh，三个容器中的液面相平，结合密度关系，则容器底受到的压强关系为：p甲>p乙=p丙；B符合题意。
故选B。
【分析】根据物体在液体中的状态，判断密度关系，根据p=ρgh，判断液体压强的大小。
10．福建舰是中国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航空母舰， 可搭载歼-15T、歼-35、歼-15D、空警600等不同类型的舰载机70架， 如图所示。当航母舰载机全部弹出后。下列说法正确的是（　　）
A．舰体略上浮， 受到浮力变小 B．舰体略上浮， 受到浮力不变
C．舰体略下沉， 受到浮力变大 D．舰体略下沉， 受到浮力不变
【答案】A
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】航母始终漂浮，根据平衡力，受到的浮力等于重力，战斗机从航母上起飞后，航母重力变小，航母受到的浮力变小，根据，舰体上浮，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】漂浮的物体，受到的浮力等于重力；根据，浮力减小，排开水的体积减小。
二、多选题（每题3分，共9分）
11．王老师用自制教具演示了如下实验：将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止(如图所示)，然后用手堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，以下分析正确的是（　　）
A．乒乓球在图中位置静止时没有受到浮力作用
B．乒乓球上浮过程中露出水面之前，受到的浮力始终不变
C．乒乓球上浮过程中，底部受到的液体压强保持不变
D．兵乓球在图中位置静止时，乒乓球受到的重力和支持力是一对平衡力
【答案】A,B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强的计算；浮力及其产生原因；阿基米德原理
【解析】【解答】A.图中乒乓球静止时，有少量水从瓶口流出，由于乒乓球下表面没有受到水向上的压力，所以乒乓球不受浮力作用，故A正确；
B.乒乓球上浮过程中露出水面之前，排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，乒乓球受到的浮力不变，故B正确；
C.乒乓球上浮过程中，距离水面的深度h变小，由于水的密度不变，根据液体压强公式P=ρgh可知，乒乓球受到的液体压强变小，故C错误；
D. 兵乓球在图中位置静止时，受重力、水的压力和支持力，在这三个力的作用下处于平衡状态，故D错误。
故选AB。
【分析】 （1）浮力产生的原因是物体上下表面受到的液体压力差，即F浮=F向上-F向下；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排判断浮力的变化情况；
（3）根据液体压强公式P=ρgh判断压强的变化情况；
（4）对图中的乒乓球进行受力分析并做出判断。
12．如图所示，把装水的大烧杯放在水平升降台上，将一轻质玻璃杯倒扣在水中，玻璃杯内封闭一些气体，玻璃杯底用L形支架固定，支架在水中部分的体积忽略不计，水面都是静止的.将升降台缓慢升起一定高度(玻璃杯口没有接触大烧杯底部)，水面静止后，下列说法正确的是(　　).
A．玻璃杯内的气体压强逐渐变大
B．玻璃杯外、内水面高度差变大
C．大烧杯底部内表面受到的压强变大
D．支架对玻璃杯的压力变小
【答案】A,B,D
【知识点】液体压强的特点；气体压强与体积的关系；浮力的利用
【解析】【解答】A、将升降台升起一定高度，玻璃杯内水的深度变大，根据p=ρgh，液体的压强变大，玻璃杯内空气的体积会变小，气体压强变大，故A正确；
B、将升降台升起一定高度后，玻璃杯相对于烧杯下降，玻璃杯处水的深度变大，玻璃杯外、内水面高度差会变大，故B正确；
C、玻璃杯内空气的体积变小，则水会进入玻璃杯，大烧杯内的水面下降，大烧杯底部受到水的压强变小，故C错误；
D、玻璃杯的重力不变，排开水的体积变小，浮力变小，玻璃杯底部受到支架的压力F压=F浮-G，重力不变，浮力变小，支架对玻璃杯的压力变小；故D正确。
故选ABD。
【分析】升降台升起一定高度，烧杯在水中深度变大，根据p=ρgh，水产生的压强的变大；玻璃杯内空气体积变小，压强变大；部分水进入玻璃杯内，玻璃杯外、内水面高度变化；
玻璃杯排开水的体积变小，大烧饼内的液面会下降，判断水对烧杯底部的压强变化；
根据玻璃杯的重力不变，当排开水的体积减小，浮力减少，根据浮力和重力的差，计算支架对玻璃杯的压力变小。
13．关于如图所示的情景，下列说法正确的是
A．图甲：洗手池排水管的U形“反水管”，是连通器原理在生活中的应用
B．图乙：自制的水气压计，把它从山脚移到山顶，细管内水柱下降
C．图丙：自制密度计利用了 阿基米德原理 ，密度计上的刻度值从上到下依次减小
D．图丁： 运动员 爬出游泳池时，受到的浮力减小，是因为排开水的重力减小
【答案】A,D
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在；大气压强与高度的关系；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A、洗手池的回水管，下端相通，构成了连通器，与此原理相同的有茶壶、锅炉水位计、船闸等，故A正确；
B、把自制气压计从山下移到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B错误；
C、 液体的密度越大，排开液体的体积越小，所以密度计的刻度越靠下密度值越大，故C错误；
D、运动员爬出游泳池，排开水的体积变小，根据阿基米德原理可知，所受浮力减小，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的；
（2）大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
（3） 由密度公式可求得排开液体的体积及密度计的刻度值的情况；
（4）浮力大小与排开液体的体积有关，排开的体积越大，浮力就越大。
三、填空题（每空2分，共14分）
14．如题图甲所示，两个手指轻轻按压铅笔两端，两个手指的痛感不同，说明压力作用效果与　 　有关：如图乙所示，游泳时当人进入漩涡边沿后会被吸入漩涡中心.这是因为相对于漩涡边沿，辦涡中心流速　 　，压强较　 　，从而形成指向漩涡中心的压力差。
【答案】受力面积；快；小
【知识点】压强大小比较；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力；两手指的受力面积不同，右边手指更疼，根据相互作用力的特点知，二力大小相等，受力面积不同，压力的作用效果不同，这说明压力的作用效果与受力面积有关；
（2）第2空，第3空，相对于漩涡边沿，旋涡中心水的流速大、压强小，外侧流速小压强大，形成一个向旋涡中心的压力差，所以游泳时当人进入漩涡边沿后会被吸入漩涡中心。
故答案为：受力面积；大；小。
【分析】（1）压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关；
（2）流体流速大的位置压强小。
15．用吸管可以将杯中饮料“吸”上来，也能将杯中液体“吹”上来，如图所示。前者能将饮料“吸”上来，是利用了　 　的作用；后者能将液体“吹”上来，原因是吸管上方的空气流速快，压强　 　。
【答案】大气压强；小
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：用吸管吸饮料时，吸管内的空气被吸出，管内气压小于外界大气压，在大气压的压力差作用下，饮料被压入吸管并进入口中，所以是利用了大气压的作用。
根据流体压强与流速的规律，流体流速越大的位置，压强越小。当向吸管上方吹气时，吸管上方空气流速加快，导致该处的压强变小，下方的大气压就会将液体压入吸管，使液体 “吹” 上来。
故答案为：大气压强；小。
【分析】用吸管 “吸” 饮料时，人先吸走吸管内的空气，使管内气压降低，外界的大气压就会将杯中的饮料压入吸管并进入口中。这个过程是利用了 ** 大气压（或大气压强）** 的作用。
当向吸管上方吹气时，吸管上方的空气流速加快。根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，因此吸管上方的压强变小（或减小），杯中的液体在外界大气压的作用下被压入吸管，从而 “吹” 上来。
16．如图是“溺水自救小妙招”——头往后仰双手后伸，身体自然会漂浮起来。“溺水者”的重力为，他浸入水中的体积为　 　；右脚距离水面，受到水的压强为　 　。（，）
【答案】0.09；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，人在水中处于漂浮状态，则他受到的浮力等于自身重力，
即；
根据阿基米德原理可知，他浸入水中的体积为。
（2）根据题意可知，若右脚距离水面，
则受到水的压强为。
【分析】（1）首先根据漂浮条件计算人受到的浮力，然后根据计算他浸入水中的体积；
（2）根据液体压强公式计算脚受到水的压强。
四、实验探究题（每空2分，共14分）
17．如图所示，是“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验；
（1）如图甲所示，用弹簧测力计测出物体的重力为　 　N；
（2）将物体逐渐浸入水中，直至浸没，如图乙、丙、丁所示，记录弹簧测力计示数并分析数据可知：浮力的大小与　 　有关；
（3）浸没后，继续缓慢地增大物体在水中的深度，同时记录弹簧测力计的示数和物体下表面的深度；下图能正确反映物体所受浮力F浮和物体下表面深度h关系的图像是　 　；（填序号）
A B C D
（4）通过分析图中甲、丁、戊可知：当物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体所受的浮力　 　；
（5）某同学猜想浮力大小可能与物体的密度有关；请你自选实验器材，简要设计实验步骤来证明他的猜想是否正确　 　。
【答案】（1）2.1
（2）物体排开液体的体积
（3）D
（4）越大
（5）①取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们所受的重力，记为G1、G2；②用弹簧测力计分别挂着它们浸没在水中，金属块不触底，读出弹簧测力计的示数记为F1、F2；③分析比较G1-F1和G2-F2的大小，即可验证猜想是否正确。
【知识点】弹簧测力计及其使用；阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）图甲中弹簧测力计的分度值为0.1N，指针指向2.1N，因此物体重力G=2.1N。
（2）分析乙、丙、丁三图：液体均为水（密度相同），物体浸入水中的体积逐渐增大，弹簧测力计示数从1.9N减小到1.4N。根据F浮=G-F示，浮力逐渐增大。结论：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（3）物体从接触水面到完全浸没前，排开液体体积随深度h增大而增大，浮力也随之增大。物体完全浸没后，排开液体体积不变，浮力保持不变。因此，F浮-h图像是先上升后水平，对应图 D。
（4）分析甲、丁、戊三图：物体排开液体的体积相同（均完全浸没），液体密度不同（水和盐水）。在盐水中（密度大），弹簧测力计示数更小（1.3N），说明浮力更大。结论：当物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。
（5）实验步骤：1、取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们的重力G1、G2。
2、用弹簧测力计分别挂着它们浸没在同一杯水中（金属块不触底），读出弹簧测力计的示数 F1、F2。
3、计算浮力F浮1=G1-F1和F浮2= G2-F2，比较两者大小。
若F浮1=F浮2，说明浮力与物体密度无关；
若F浮1F浮2，说明浮力与物体密度有关。
故答案为：（1）2.1；（2）物体排开液体的体积；（3）D；（4）越大；（5）①取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们所受的重力，记为G1、G2；②用弹簧测力计分别挂着它们浸没在水中，金属块不触底，读出弹簧测力计的示数记为F1、F2；③分析比较G1-F1和G2-F2的大小，即可验证猜想是否正确。
【分析】1、弹簧测力计读数：先确定分度值，再根据指针位置读数。
2、称重法测浮力：F浮=G-F示。
3、控制变量法：探究浮力与某一因素的关系时，必须控制其他因素不变。
4、阿基米德原理：F浮=液gV排，浮力大小取决于液体密度和排开液体的体积，与物体自身的密度、形状、浸没深度（完全浸没后）无关。
18．如图所示，将装满水的溢水杯放到水平电子秤上，用一根质量和体积均不计的细线系住物块（均不吸水），将其缓慢浸入水中，浸没后继续缓慢向下移动但未触底。整个过程中，水对溢水杯底的压强　 　，电子秤示数　 　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】不变；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据p=ρgh可知，溢水杯已经装满水，物块浸入水中，溢水杯中水的深度不变，所以水对溢水杯底的压强不变；
根据F浮=G排=ρ液gV排可知，物块受到的浮力等于溢出水的重力，所以溢水杯对电子秤的压力不变，电子秤的示数等于溢水杯重与水对溢水杯底压力的合力，所以电子秤示数不变。
【分析】1.根据p=ρgh分析水对溢水杯底的压强；
2.根据F浮=G排=ρ液gV排可知，物块受到的浮力等于溢出水的重力，据此分析溢水杯对电子秤压力的变化情况。
五、计算题（共7分）
19．2022年5月15日凌晨1时26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4270m的科考营地顺利升空，4时40分达到9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测世界纪录。“极目一号”Ⅲ型浮空艇体积约为9000㎡2，总重力为2.6×104N，内部上层充满氮气，中间隔开，下层是空气，如图所示。随着高度上升，浮空艇通过排出下面部分的空气，调节整个浮空艇的压力差在安全范围内。通过与地面错泊设备连接的系揽进行升空和驻空，通过系揽里的两根电线给整个载荷供电。通过搭载的各种探测仪器展开垂直观测，助力揭示青藏高原环境变化机理，对推动高原可持续发展、推进国家生态文明建设、促进全球生态环境保护产生深远影响。请解答以下问题：
（1）在海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3，浮空艇总体积约为9000m3，浮空艇在此处受到空气的浮力
（2）浮空艇悬浮在海拔4300m高度时，与地面错泊设备连接的系揽对浮空艇的拉力；
（3）随着高度上升，浮空艇为什么需要通过排出下面部分的空气使浮空艇的压力差在安全范围内：
（4）随着浮空艇高度的增加，浮空的浮力是否会发生变化，请说明理由。
【答案】（1）解：（1）根据阿基米德原理F浮=ρ气体gV排得，浮空艇在此处受到空气的浮力约为：
（2）浮空艇此时处于静止状态，所受浮力等于重力和拉力之和，故拉力为：
F=F浮-G=7.2×104N- 2.6×104N =4.6×104N
（3）随着高度上升，外界大气压减小，艇内外压强差变大，故需要 排出下面部分的空气以减小艇内外的压强差
（4）会发生变化；随着浮空艇高度的增加， 空气密度变小，排开空气的体积不变，由阿基米德原理可知，浮力变小。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；大气压强与高度的关系；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据F浮=ρ气gV排得出浮空艇受到的浮力大小；
（2）分析浮空艇的受力情况，可知，此时浮空艇受3个力的作用，竖直向下的重力，向下的拉力以及竖直向上的浮力，3个力使浮空艇保持平衡，据此列出三个力的关系式，得到拉力大小；
（3）大气压随海拔高度的增加而减小，据此分析；
（4）大气随海拔高度增加空气变的越来越稀薄，故空气密度变小，根据气体的阿基米德原理分析判断。
六、科普阅读题（每空2分，共14分）
20．阅读短文，回答问题。
福建舰
中国003号航空母“福建舰”于2022年6月17日下水成功，这标志着我国在航母研制中取得了重大突破。新型固定舰载机在航空母舰“福建舰”训练平台上的着落、起飞试验已取得成功。“福建舰”舰长320米，舰宽78米(甲板)，有关参数如表所示。
吃水/m 排水量/ 舰载机 主力战机 歼-15舰载机推重比 歼-15舰载机质量/t
标准80000 标准70架 各型飞机 歼-15舰载机、歼-35舰载机 0.5 17.7
（1）机翼的横截面设计成上图形状，是利用流体流速越大，压强越　 　的原理，使舰载机受到向　 　的力。
（2）下列有关航母、舰载机的说法正确的是____
A．航母加速向前航行时，动力大于阻力
B．舰载机起飞时，发动机往后喷出烈焰，可知推力的施力物体是发动机
C．舰载机在航空母舰上顺风起飞，更有利于飞机升空
（3）飞机降落时，在舰载机与尾钩完全咬合后，舰载机在弹链的强大拉力作用下，迅速减速而停止，停下来后的舰载机　 　 (选填“具有”或“不具有”)惯性；当阻拦索钩住飞机减速时，为确保飞行员的安全，必要的措施是　 　
（4）歼I5舰载机向后喷出燃气产生的推力和自身重力的比称为推重比，该舰载机起飞后燃气产生的推力为　 　 N (g取10N/kg)。研究表明舰载机受到的阻力与速度的大小关系为f=kv2，其中值的大小体现了舰载机的性能，设计人员不断改进设计，希望　 　 (选填“增大”或“减小”)大值。
【答案】（1）小；上
（2）A
（3）具有；系好安全带
（4）8.85×104N；减小
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；压强的大小及其计算；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）飞机的机翼上表面空气流速大，下表面空气流速小。由于流体压强与流速有关，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，所以飞机机翼上表面受到向下的压强小，下表面受到向上的压强大，于是产生了一个向上的压强差，正是这个向上的压强差为舰载机提供了向上的升力；
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；机翼上下表面的压强差向上，即产生向上的升力。
（2）A选项中， 航母加速向前航行时，向前的力大于向后的力，故动力大于阻力 ，A选项正确；
B选项中，推力的施力物体是空气，而非发动机，B选项错误；
C选项中，顺风起飞不利于升空，C选项错误；
故选A。
（3）舰载机在减速的过程中其质量不变，因此惯性大小不变；当阻拦索钩住舰载机使其减速时，飞行员由于惯性要保持原来的运动状态继续向前运动，为了确保飞行员的安全，必要的措施是系好安全带，从而减小惯性带来的伤害。
（4）由题意可知，歼-15舰载机的推重比为0.5，根据推重比的概念可知，该舰载机起飞后燃气产生的推力为F=0.5G=0.5mg=0.5×17.7×103kg×10N/kg=8.85×104N；根据题意可知，舰载机受到的阻力与速度的关系为f=kv2，要想使舰载机飞行时受到的阻力更小，在速度相同的条件下应减小k值。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；机翼的升力向上；
（2）航母加速向前航行时，动力大于阻力；
物体间力的作用是相互的；
舰载机在航空母舰上逆风起飞时，空气相对于舰载机的速度更快，更有利于舰载机升空；
（3）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性只与物体的质量有关；
为了确保飞行员的安全，必要的措施是系好安全带；
（4）根据推重比得到推力和阻力的关系，根据F=0.5G计算燃气产生的推力；提升舰载机的性能是减小阻力。
七、综合题（每空2分，共12分）
21．流量表示单位时间内通过某一横截面的流体的体积，用字母Q 表示.流量在生产和生活中有广泛的应用，如每到汛期，监测湘江的流量是抗洪防汛的重要工作.
（1）如图a所示，水流在粗细均匀的水平管道内向右匀速流动，设水流速度为v，管内通道的横截面积为 S.取一段管道AB，水从B 端流到A 端所用时间为t，则AB间水柱的长度l=　 　，体积V=　 　(要求用S、v、t 表示).根据流量的定义 可得Q=vS，它表示流量等于流速与横截面积的乘积.
（2）打开水龙头，自来水通过导管流过如图b所示的玻璃管.待水流稳定后，比较图中1、2两处的流速，　 　处的流速较大；比较C、D玻璃管中的水面高度，　 　管中的水面较高.
（3）打开水龙头后，只要水流不散开，就可以观察到水柱越来越细.请你指出产生这种现象的原因：　 　(提示：流量不变).
（4）利用流量Q=vS，请你设计一个测量水龙头出水速度的实验方案　 　.要求：①列出主要的操作步骤；②说明需要测量的物理量；③写出出水速度的表达式.
【答案】（1）vt；vtS
（2）2；C
（3）由 Q=vS 可知，流量不变，流速越快，水柱越细
（4）a.所需器材：水表、秒表、刻度尺.b.操作：①把水表接在自来水管上；②用刻度尺量出出水口处的直径D；③让水龙头流水，使水表读数增加V，记录所要时间t.c.表达式推导
【知识点】速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）结合水流速度和时间，AB间水柱的长度l=s=vt；结合横截面积，计算B到A的水柱体积为：V=Sl=Svt；
（2）图乙中，1、2两处在同一水管中，在相同的时间内流过的水量相同，而2处水管最细，则2处的水流速最大。根据流体的流速越大， 压强越小，2处的压强最小，即D管水柱的竖直高度最低，C管中的水面较高；
（3）水往下流时，重力势能转化为动能，速度变大，而流量保持不变，根据Q=vS，水流速度变大时，水柱的横截面积将减小，则水柱越来越细。
（4）测量水流速度时，
a.所需器材：水表、秒表、刻度尺；
b.操作：①把水表接在自来水管上；②用刻度尺量出出水口处的直径D；③让水龙头流水，使水表读数增加V，记录所要时间t；
c.表达式推导：，则水流速度：。
【分析】流量指单位时间内通过某横截面积的液体体积，在单通道管道中，各处流量应相等，截面小的地方流速大，流速大的地方压强小.
1 / 1教科版八年级下册 第十章 《流体的力现象》单元测试 提高卷
一、选择题（每题3分，共30分）
1．物理兴趣小组的同学，对如图所示的现象进行讨论，其中错误的是（　　）
A．图甲：用吸管喝饮料，瓶里的饮料是被吸上来的
B．图乙：对沸腾的水停止加热，抽气减压，水再次沸腾，说明气压减小沸点降低
C．图丙：洗手槽下方的弯管利用了连通器原理
D．图丁：向下吹气乒乓球不会掉落，利用了流体流速大的地方压强小
2．在飞机模型大赛中，要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成（　　）
A． B．
C． D．
3．两个相同的烧杯中分别装满了两种不同的液体，把甲、乙两球分别轻轻放入两杯液体中，最后处于如图所示状态.甲、乙排开液体的重力相等，则甲、乙所受浮力相比(　　).
A．甲所受浮力更大
B．乙所受浮力更大
C．甲、乙所受浮力一样大
D．不知道液体密度，无法比较浮力大小
4．如图所示，弹簧测力计下端悬挂一高度为l、质量为m的圆柱体，它在水中受到的最大浮力为 ，圆柱体下表面刚刚与水面接触到全部浸没后，测力计示数F段及圆柱体所受的浮力F浮分别与浸入水中深度h关系图正确的是(　　).
A． B．
C． D．
5．如图所示容器内放有一长方体木块M，上面压有一铁块m，木块浮出水面的高度为h1(图a)；用细绳将该铁块系在木块的下面时，木块浮出水面的高度为h2(图b)；将细绳剪断后(图c)，木块浮出水面的高度 h3为（　　）.
A． B．
C． D．
6．如图所示，一个边长为10 cm的正方体竖直悬浮在某液体中，上表面受到液体的压力 F1为5 N，下表面受到液体的压力 F2为13 N(g 取10 N/ kg).下列说法中错误的是(　　).
A．正方体受到的浮力为8 N
B．液体的密度为
C．正方体上表面到液面的距离h=5cm
D．液体对物体下表面的压强为1.3×103 Pa
7．某同学做如下实验：先在一玻璃水槽中注入一定量的水，再将盛有小石子的塑料小船放入水中，如图所示，测得船底到水面的距离为h，再每隔一定时间向水里加盐并搅动，直至食盐有剩余，在他所绘制的吃水线至船底的距离h 随溶盐量而变化的图象中，如选项图所示，最接近的是(　　).
A． B．
C． D．
8．如图所示是装有等质量水的相同容器，将质量相等的橡皮泥捏成不同形状，放入甲、乙容器中，静止时橡皮泥小球悬浮在水中，橡皮泥小船浮在水面，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．橡皮泥在甲容器受到的浮力小于在乙容器受到的浮力
B．橡皮泥在甲、乙容器排开水的重力不相等
C．橡皮泥在甲、乙容器受到的浮力相等
D．甲容器底面受到水的压强小于乙容器底面受到水的压强
9．水平桌面上，甲、乙、丙三个同规格容器内各装有液体，小明将完全相同的三个小球分别放入三个容器内，小球静止时状态如图所示，此时三个容器中的液面相平，三个容器底部受到的液体压强大小关系是(　　).
A．p甲= p乙=p丙 B．
C．p甲> p乙=p丙 D．p甲< p乙< p丙
10．福建舰是中国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航空母舰， 可搭载歼-15T、歼-35、歼-15D、空警600等不同类型的舰载机70架， 如图所示。当航母舰载机全部弹出后。下列说法正确的是（　　）
A．舰体略上浮， 受到浮力变小 B．舰体略上浮， 受到浮力不变
C．舰体略下沉， 受到浮力变大 D．舰体略下沉， 受到浮力不变
二、多选题（每题3分，共9分）
11．王老师用自制教具演示了如下实验：将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时乒乓球静止(如图所示)，然后用手堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，以下分析正确的是（　　）
A．乒乓球在图中位置静止时没有受到浮力作用
B．乒乓球上浮过程中露出水面之前，受到的浮力始终不变
C．乒乓球上浮过程中，底部受到的液体压强保持不变
D．兵乓球在图中位置静止时，乒乓球受到的重力和支持力是一对平衡力
12．如图所示，把装水的大烧杯放在水平升降台上，将一轻质玻璃杯倒扣在水中，玻璃杯内封闭一些气体，玻璃杯底用L形支架固定，支架在水中部分的体积忽略不计，水面都是静止的.将升降台缓慢升起一定高度(玻璃杯口没有接触大烧杯底部)，水面静止后，下列说法正确的是(　　).
A．玻璃杯内的气体压强逐渐变大
B．玻璃杯外、内水面高度差变大
C．大烧杯底部内表面受到的压强变大
D．支架对玻璃杯的压力变小
13．关于如图所示的情景，下列说法正确的是
A．图甲：洗手池排水管的U形“反水管”，是连通器原理在生活中的应用
B．图乙：自制的水气压计，把它从山脚移到山顶，细管内水柱下降
C．图丙：自制密度计利用了 阿基米德原理 ，密度计上的刻度值从上到下依次减小
D．图丁： 运动员 爬出游泳池时，受到的浮力减小，是因为排开水的重力减小
三、填空题（每空2分，共14分）
14．如题图甲所示，两个手指轻轻按压铅笔两端，两个手指的痛感不同，说明压力作用效果与　 　有关：如图乙所示，游泳时当人进入漩涡边沿后会被吸入漩涡中心.这是因为相对于漩涡边沿，辦涡中心流速　 　，压强较　 　，从而形成指向漩涡中心的压力差。
15．用吸管可以将杯中饮料“吸”上来，也能将杯中液体“吹”上来，如图所示。前者能将饮料“吸”上来，是利用了　 　的作用；后者能将液体“吹”上来，原因是吸管上方的空气流速快，压强　 　。
16．如图是“溺水自救小妙招”——头往后仰双手后伸，身体自然会漂浮起来。“溺水者”的重力为，他浸入水中的体积为　 　；右脚距离水面，受到水的压强为　 　。（，）
四、实验探究题（每空2分，共14分）
17．如图所示，是“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验；
（1）如图甲所示，用弹簧测力计测出物体的重力为　 　N；
（2）将物体逐渐浸入水中，直至浸没，如图乙、丙、丁所示，记录弹簧测力计示数并分析数据可知：浮力的大小与　 　有关；
（3）浸没后，继续缓慢地增大物体在水中的深度，同时记录弹簧测力计的示数和物体下表面的深度；下图能正确反映物体所受浮力F浮和物体下表面深度h关系的图像是　 　；（填序号）
A B C D
（4）通过分析图中甲、丁、戊可知：当物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体所受的浮力　 　；
（5）某同学猜想浮力大小可能与物体的密度有关；请你自选实验器材，简要设计实验步骤来证明他的猜想是否正确　 　。
18．如图所示，将装满水的溢水杯放到水平电子秤上，用一根质量和体积均不计的细线系住物块（均不吸水），将其缓慢浸入水中，浸没后继续缓慢向下移动但未触底。整个过程中，水对溢水杯底的压强　 　，电子秤示数　 　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
五、计算题（共7分）
19．2022年5月15日凌晨1时26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4270m的科考营地顺利升空，4时40分达到9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测世界纪录。“极目一号”Ⅲ型浮空艇体积约为9000㎡2，总重力为2.6×104N，内部上层充满氮气，中间隔开，下层是空气，如图所示。随着高度上升，浮空艇通过排出下面部分的空气，调节整个浮空艇的压力差在安全范围内。通过与地面错泊设备连接的系揽进行升空和驻空，通过系揽里的两根电线给整个载荷供电。通过搭载的各种探测仪器展开垂直观测，助力揭示青藏高原环境变化机理，对推动高原可持续发展、推进国家生态文明建设、促进全球生态环境保护产生深远影响。请解答以下问题：
（1）在海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3，浮空艇总体积约为9000m3，浮空艇在此处受到空气的浮力
（2）浮空艇悬浮在海拔4300m高度时，与地面错泊设备连接的系揽对浮空艇的拉力；
（3）随着高度上升，浮空艇为什么需要通过排出下面部分的空气使浮空艇的压力差在安全范围内：
（4）随着浮空艇高度的增加，浮空的浮力是否会发生变化，请说明理由。
六、科普阅读题（每空2分，共14分）
20．阅读短文，回答问题。
福建舰
中国003号航空母“福建舰”于2022年6月17日下水成功，这标志着我国在航母研制中取得了重大突破。新型固定舰载机在航空母舰“福建舰”训练平台上的着落、起飞试验已取得成功。“福建舰”舰长320米，舰宽78米(甲板)，有关参数如表所示。
吃水/m 排水量/ 舰载机 主力战机 歼-15舰载机推重比 歼-15舰载机质量/t
标准80000 标准70架 各型飞机 歼-15舰载机、歼-35舰载机 0.5 17.7
（1）机翼的横截面设计成上图形状，是利用流体流速越大，压强越　 　的原理，使舰载机受到向　 　的力。
（2）下列有关航母、舰载机的说法正确的是____
A．航母加速向前航行时，动力大于阻力
B．舰载机起飞时，发动机往后喷出烈焰，可知推力的施力物体是发动机
C．舰载机在航空母舰上顺风起飞，更有利于飞机升空
（3）飞机降落时，在舰载机与尾钩完全咬合后，舰载机在弹链的强大拉力作用下，迅速减速而停止，停下来后的舰载机　 　 (选填“具有”或“不具有”)惯性；当阻拦索钩住飞机减速时，为确保飞行员的安全，必要的措施是　 　
（4）歼I5舰载机向后喷出燃气产生的推力和自身重力的比称为推重比，该舰载机起飞后燃气产生的推力为　 　 N (g取10N/kg)。研究表明舰载机受到的阻力与速度的大小关系为f=kv2，其中值的大小体现了舰载机的性能，设计人员不断改进设计，希望　 　 (选填“增大”或“减小”)大值。
七、综合题（每空2分，共12分）
21．流量表示单位时间内通过某一横截面的流体的体积，用字母Q 表示.流量在生产和生活中有广泛的应用，如每到汛期，监测湘江的流量是抗洪防汛的重要工作.
（1）如图a所示，水流在粗细均匀的水平管道内向右匀速流动，设水流速度为v，管内通道的横截面积为 S.取一段管道AB，水从B 端流到A 端所用时间为t，则AB间水柱的长度l=　 　，体积V=　 　(要求用S、v、t 表示).根据流量的定义 可得Q=vS，它表示流量等于流速与横截面积的乘积.
（2）打开水龙头，自来水通过导管流过如图b所示的玻璃管.待水流稳定后，比较图中1、2两处的流速，　 　处的流速较大；比较C、D玻璃管中的水面高度，　 　管中的水面较高.
（3）打开水龙头后，只要水流不散开，就可以观察到水柱越来越细.请你指出产生这种现象的原因：　 　(提示：流量不变).
（4）利用流量Q=vS，请你设计一个测量水龙头出水速度的实验方案　 　.要求：①列出主要的操作步骤；②说明需要测量的物理量；③写出出水速度的表达式.
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，饮料在大气压作用下被压入口中。该现象是大气压作用的结果，但题目要求选择"错误"的选项，因此A符合题意。
B．抽气时容器内气压降低，水重新沸腾，说明水的沸点随气压减小而降低。该说法正确，不符合题意。
C．洗手盆下方弯管利用连通器原理（同种液体在静止时液面相平）实现水封作用。该说法正确，不符合题意。
D．向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，下方气压将球托住不掉落，这是流体压强与流速关系的应用。该说法正确，不符合题意。
综上所述，只有A选项说法错误，故选A。
【分析】1、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
3、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
4、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
2．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；飞机飞行时，机翼上表面空气流速快，压强小；下表面空气流速慢压强大，产生向上的升力，机翼上表面凸起，下表面较平，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；凸起的位置流速更大。
3．【答案】C
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】由题意可知，甲、乙排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，甲、乙在液体中受到的浮力等于它们各自排开的液体的重力，因此甲、乙两球受到的浮力相等。
故答案为：C。
【分析】由题意可知，甲、乙排开液体的重力相等，根据阿基米德原理F浮=G排可知，甲、乙在液体中受到的浮力的大小关系。
4．【答案】A
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】 ①圆柱体下表面刚刚与水面接触，没有受到浮力；
然后随着浸入水中深度的逐渐增大到全部浸没时物体排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知圆柱体受到的浮力逐渐变大；当浸没时，物体排开液体的体积最大，受到浮力最大为，然后浮力保持不变，故CD错误。
②由上可知，圆柱体逐渐浸入水中的过程中，浮力是先变大后不变的。
弹簧测力计的示数F示=G-F浮，重力是一定的，所以浮力变大时，弹簧测力计的示数变小；
当受到浮力最大时，则弹簧测力计的示数为，然后示数不变。故A正确，B错误。
故选A。
【分析】 根据可知影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积。圆柱体下表面刚刚与水面接触，没有受到浮力；然后随着浸入水中深度的逐渐增大到全部浸没时物体排开液体的体积逐渐变大，受到的浮力逐渐变大；当浸没后，物体排开液体的体积不变，则受到的浮力不变.由上可知，在金属块逐渐浸入水中的过程中，浮力是先变大后不变的.弹簧测力计的示数 重力是一定的，浮力变大，弹簧测力计的示数变小，浮力不变，弹簧测力计的示数不变。
5．【答案】A
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】设木块底面积为S，高h，由a、b两步可知，将两物体看做一个整体，两物体受到的浮力不变，则长方体浸在液体中体积的变化量与铁块体积相等，则铁块的体积为
由图a可知两物体漂浮，利用平衡条件可得，即
由图c可知，木块漂浮，利用平衡条件可得，即
铁块的质量为
联立解得，故A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】把木块M和铁块m看做一个整体，图a中排开水的体积Va排与图b排开水的体积Vb排．而图c只研究长方体木块M排开水的体积VC排．根据沉浮条件得出排水体积大小的关系，从而得出木块浮出水面的高度。
6．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A、由浮力产生的原因可得，正方体受到的浮力F浮=F2-F1=13N-5N=8N，故A正确，不符合题意；
B、物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，则V排=V=L3=（10cm）3=1000cm3=1×10-3m3，由F浮=ρgV排可得，液体的密度ρ==0.8×103kg/m3，故B正确，不符合题意；
CD、正方体下表面的面积S=L2=（10cm）2=100cm2=1×10-2m2，液体对物体下表面的压强：p==1.3×103Pa， 由p=ρgh可得，正方体下表面到液面的距离：h下==0.1625m=16.25cm，则正方体上表面到液面的距离：h=h下-L=16.25cm-10cm=6.25cm，故C错误，符合题意，D正确，不符合题意．
故答案为：C。
【分析】知道正方体上、下表面受到液体的压力，根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下求出正方体受到的浮力；物体悬浮时排开液体的体积和自身的体积相等，根据V=L3求出其体积即为排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排求出液体的密度；根据S=L2求出正方体的上表面积，根据p=求出液体对正方体上表面的压强，利用p=ρ液gh求出正方体上表面到液面的距离；正方体下表面的深度等于正方体上表面的深度加上正方体的棱长，根据p=ρ液gh求出液体对物体下表面的压强。
7．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】每隔一定时间向水里加盐并搅动，塑料小船一直漂浮在水面上，它受到水的浮力等于小船的重力，则受到水的浮力大小不变；由阿基米德原理得，在浮力不变时，小船排开水的体积随液体的密度增大而减小，也就是浸入液体的深度h随着液体密度增大而减小；考虑到液体的溶解度，盐的溶解达到饱和时，盐水的密度不再发生变化，此时小船排开水的体积也不变化，即浸入液体的深度h也不再变化。
故答案为：D。
【分析】物体漂浮时浮力等于自身的重力；在浮力不变时，小船排开水的体积与液体密度成反比；进一步判断出h与液体密度的关系；加盐的同时还要考虑到液体的溶解度。
8．【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABC．根据浮沉条件可知，橡皮泥在甲中悬浮，则橡皮泥的浮力等于重力；在乙中漂浮，则橡皮泥的浮力等于重力，故浮力的大小关系为F甲=F乙。
根据阿基米德原理F浮=G排可知，橡皮泥在甲、乙容器排开水的重力相等，故AB错误，C正确；
D．根据题意可知，甲、乙容器中装入等量的水，则水的深度相同；
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，橡皮泥排开水的体积为，
容器的底面积相同，则水面上升的高度关系为；
故甲、乙中的水面高度相同，由p=ρgh知道，液体对容器底部的压强关系为，
故D错误。
故选C。
【分析】ABC.根据浮沉条件比较橡皮泥受到浮力的大小，根据阿基米德原理F浮=G排比较二者排开水的重力大小；
D.根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排比较二者排开水的体积大小，进行判断水面的高度大小，最后根据液体压强公式p=ρgh比较容器第受到水的压强大小。
9．【答案】B
【知识点】液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据物体的浮沉条件，甲中，小球漂浮，ρ甲>ρ球，乙中，小球悬浮，则ρ乙=ρ球，丙中，小球沉底，ρ丙<ρ球，小球完全相同，则ρ甲>ρ乙>ρ丙，根据p=ρgh，三个容器中的液面相平，结合密度关系，则容器底受到的压强关系为：p甲>p乙=p丙；B符合题意。
故选B。
【分析】根据物体在液体中的状态，判断密度关系，根据p=ρgh，判断液体压强的大小。
10．【答案】A
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】航母始终漂浮，根据平衡力，受到的浮力等于重力，战斗机从航母上起飞后，航母重力变小，航母受到的浮力变小，根据，舰体上浮，故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】漂浮的物体，受到的浮力等于重力；根据，浮力减小，排开水的体积减小。
11．【答案】A,B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强的计算；浮力及其产生原因；阿基米德原理
【解析】【解答】A.图中乒乓球静止时，有少量水从瓶口流出，由于乒乓球下表面没有受到水向上的压力，所以乒乓球不受浮力作用，故A正确；
B.乒乓球上浮过程中露出水面之前，排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，乒乓球受到的浮力不变，故B正确；
C.乒乓球上浮过程中，距离水面的深度h变小，由于水的密度不变，根据液体压强公式P=ρgh可知，乒乓球受到的液体压强变小，故C错误；
D. 兵乓球在图中位置静止时，受重力、水的压力和支持力，在这三个力的作用下处于平衡状态，故D错误。
故选AB。
【分析】 （1）浮力产生的原因是物体上下表面受到的液体压力差，即F浮=F向上-F向下；
（2）根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排判断浮力的变化情况；
（3）根据液体压强公式P=ρgh判断压强的变化情况；
（4）对图中的乒乓球进行受力分析并做出判断。
12．【答案】A,B,D
【知识点】液体压强的特点；气体压强与体积的关系；浮力的利用
【解析】【解答】A、将升降台升起一定高度，玻璃杯内水的深度变大，根据p=ρgh，液体的压强变大，玻璃杯内空气的体积会变小，气体压强变大，故A正确；
B、将升降台升起一定高度后，玻璃杯相对于烧杯下降，玻璃杯处水的深度变大，玻璃杯外、内水面高度差会变大，故B正确；
C、玻璃杯内空气的体积变小，则水会进入玻璃杯，大烧杯内的水面下降，大烧杯底部受到水的压强变小，故C错误；
D、玻璃杯的重力不变，排开水的体积变小，浮力变小，玻璃杯底部受到支架的压力F压=F浮-G，重力不变，浮力变小，支架对玻璃杯的压力变小；故D正确。
故选ABD。
【分析】升降台升起一定高度，烧杯在水中深度变大，根据p=ρgh，水产生的压强的变大；玻璃杯内空气体积变小，压强变大；部分水进入玻璃杯内，玻璃杯外、内水面高度变化；
玻璃杯排开水的体积变小，大烧饼内的液面会下降，判断水对烧杯底部的压强变化；
根据玻璃杯的重力不变，当排开水的体积减小，浮力减少，根据浮力和重力的差，计算支架对玻璃杯的压力变小。
13．【答案】A,D
【知识点】连通器原理及其应用；大气压强的存在；大气压强与高度的关系；浮力及其产生原因
【解析】【解答】A、洗手池的回水管，下端相通，构成了连通器，与此原理相同的有茶壶、锅炉水位计、船闸等，故A正确；
B、把自制气压计从山下移到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B错误；
C、 液体的密度越大，排开液体的体积越小，所以密度计的刻度越靠下密度值越大，故C错误；
D、运动员爬出游泳池，排开水的体积变小，根据阿基米德原理可知，所受浮力减小，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的；
（2）大气压强随着高度的增加而减小，当内外压强差增大时，管内水柱的高度增大；
（3） 由密度公式可求得排开液体的体积及密度计的刻度值的情况；
（4）浮力大小与排开液体的体积有关，排开的体积越大，浮力就越大。
14．【答案】受力面积；快；小
【知识点】压强大小比较；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力；两手指的受力面积不同，右边手指更疼，根据相互作用力的特点知，二力大小相等，受力面积不同，压力的作用效果不同，这说明压力的作用效果与受力面积有关；
（2）第2空，第3空，相对于漩涡边沿，旋涡中心水的流速大、压强小，外侧流速小压强大，形成一个向旋涡中心的压力差，所以游泳时当人进入漩涡边沿后会被吸入漩涡中心。
故答案为：受力面积；大；小。
【分析】（1）压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关；
（2）流体流速大的位置压强小。
15．【答案】大气压强；小
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：用吸管吸饮料时，吸管内的空气被吸出，管内气压小于外界大气压，在大气压的压力差作用下，饮料被压入吸管并进入口中，所以是利用了大气压的作用。
根据流体压强与流速的规律，流体流速越大的位置，压强越小。当向吸管上方吹气时，吸管上方空气流速加快，导致该处的压强变小，下方的大气压就会将液体压入吸管，使液体 “吹” 上来。
故答案为：大气压强；小。
【分析】用吸管 “吸” 饮料时，人先吸走吸管内的空气，使管内气压降低，外界的大气压就会将杯中的饮料压入吸管并进入口中。这个过程是利用了 ** 大气压（或大气压强）** 的作用。
当向吸管上方吹气时，吸管上方的空气流速加快。根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，因此吸管上方的压强变小（或减小），杯中的液体在外界大气压的作用下被压入吸管，从而 “吹” 上来。
16．【答案】0.09；
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，人在水中处于漂浮状态，则他受到的浮力等于自身重力，
即；
根据阿基米德原理可知，他浸入水中的体积为。
（2）根据题意可知，若右脚距离水面，
则受到水的压强为。
【分析】（1）首先根据漂浮条件计算人受到的浮力，然后根据计算他浸入水中的体积；
（2）根据液体压强公式计算脚受到水的压强。
17．【答案】（1）2.1
（2）物体排开液体的体积
（3）D
（4）越大
（5）①取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们所受的重力，记为G1、G2；②用弹簧测力计分别挂着它们浸没在水中，金属块不触底，读出弹簧测力计的示数记为F1、F2；③分析比较G1-F1和G2-F2的大小，即可验证猜想是否正确。
【知识点】弹簧测力计及其使用；阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）图甲中弹簧测力计的分度值为0.1N，指针指向2.1N，因此物体重力G=2.1N。
（2）分析乙、丙、丁三图：液体均为水（密度相同），物体浸入水中的体积逐渐增大，弹簧测力计示数从1.9N减小到1.4N。根据F浮=G-F示，浮力逐渐增大。结论：浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
（3）物体从接触水面到完全浸没前，排开液体体积随深度h增大而增大，浮力也随之增大。物体完全浸没后，排开液体体积不变，浮力保持不变。因此，F浮-h图像是先上升后水平，对应图 D。
（4）分析甲、丁、戊三图：物体排开液体的体积相同（均完全浸没），液体密度不同（水和盐水）。在盐水中（密度大），弹簧测力计示数更小（1.3N），说明浮力更大。结论：当物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。
（5）实验步骤：1、取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们的重力G1、G2。
2、用弹簧测力计分别挂着它们浸没在同一杯水中（金属块不触底），读出弹簧测力计的示数 F1、F2。
3、计算浮力F浮1=G1-F1和F浮2= G2-F2，比较两者大小。
若F浮1=F浮2，说明浮力与物体密度无关；
若F浮1F浮2，说明浮力与物体密度有关。
故答案为：（1）2.1；（2）物体排开液体的体积；（3）D；（4）越大；（5）①取体积相同的铜块和铝块，用弹簧测力计分别测出它们所受的重力，记为G1、G2；②用弹簧测力计分别挂着它们浸没在水中，金属块不触底，读出弹簧测力计的示数记为F1、F2；③分析比较G1-F1和G2-F2的大小，即可验证猜想是否正确。
【分析】1、弹簧测力计读数：先确定分度值，再根据指针位置读数。
2、称重法测浮力：F浮=G-F示。
3、控制变量法：探究浮力与某一因素的关系时，必须控制其他因素不变。
4、阿基米德原理：F浮=液gV排，浮力大小取决于液体密度和排开液体的体积，与物体自身的密度、形状、浸没深度（完全浸没后）无关。
18．【答案】不变；不变
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据p=ρgh可知，溢水杯已经装满水，物块浸入水中，溢水杯中水的深度不变，所以水对溢水杯底的压强不变；
根据F浮=G排=ρ液gV排可知，物块受到的浮力等于溢出水的重力，所以溢水杯对电子秤的压力不变，电子秤的示数等于溢水杯重与水对溢水杯底压力的合力，所以电子秤示数不变。
【分析】1.根据p=ρgh分析水对溢水杯底的压强；
2.根据F浮=G排=ρ液gV排可知，物块受到的浮力等于溢出水的重力，据此分析溢水杯对电子秤压力的变化情况。
19．【答案】（1）解：（1）根据阿基米德原理F浮=ρ气体gV排得，浮空艇在此处受到空气的浮力约为：
（2）浮空艇此时处于静止状态，所受浮力等于重力和拉力之和，故拉力为：
F=F浮-G=7.2×104N- 2.6×104N =4.6×104N
（3）随着高度上升，外界大气压减小，艇内外压强差变大，故需要 排出下面部分的空气以减小艇内外的压强差
（4）会发生变化；随着浮空艇高度的增加， 空气密度变小，排开空气的体积不变，由阿基米德原理可知，浮力变小。
【知识点】二力平衡的条件及其应用；大气压强与高度的关系；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据F浮=ρ气gV排得出浮空艇受到的浮力大小；
（2）分析浮空艇的受力情况，可知，此时浮空艇受3个力的作用，竖直向下的重力，向下的拉力以及竖直向上的浮力，3个力使浮空艇保持平衡，据此列出三个力的关系式，得到拉力大小；
（3）大气压随海拔高度的增加而减小，据此分析；
（4）大气随海拔高度增加空气变的越来越稀薄，故空气密度变小，根据气体的阿基米德原理分析判断。
20．【答案】（1）小；上
（2）A
（3）具有；系好安全带
（4）8.85×104N；减小
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；压强的大小及其计算；流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）飞机的机翼上表面空气流速大，下表面空气流速小。由于流体压强与流速有关，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，所以飞机机翼上表面受到向下的压强小，下表面受到向上的压强大，于是产生了一个向上的压强差，正是这个向上的压强差为舰载机提供了向上的升力；
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；机翼上下表面的压强差向上，即产生向上的升力。
（2）A选项中， 航母加速向前航行时，向前的力大于向后的力，故动力大于阻力 ，A选项正确；
B选项中，推力的施力物体是空气，而非发动机，B选项错误；
C选项中，顺风起飞不利于升空，C选项错误；
故选A。
（3）舰载机在减速的过程中其质量不变，因此惯性大小不变；当阻拦索钩住舰载机使其减速时，飞行员由于惯性要保持原来的运动状态继续向前运动，为了确保飞行员的安全，必要的措施是系好安全带，从而减小惯性带来的伤害。
（4）由题意可知，歼-15舰载机的推重比为0.5，根据推重比的概念可知，该舰载机起飞后燃气产生的推力为F=0.5G=0.5mg=0.5×17.7×103kg×10N/kg=8.85×104N；根据题意可知，舰载机受到的阻力与速度的关系为f=kv2，要想使舰载机飞行时受到的阻力更小，在速度相同的条件下应减小k值。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；机翼的升力向上；
（2）航母加速向前航行时，动力大于阻力；
物体间力的作用是相互的；
舰载机在航空母舰上逆风起飞时，空气相对于舰载机的速度更快，更有利于舰载机升空；
（3）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性只与物体的质量有关；
为了确保飞行员的安全，必要的措施是系好安全带；
（4）根据推重比得到推力和阻力的关系，根据F=0.5G计算燃气产生的推力；提升舰载机的性能是减小阻力。
21．【答案】（1）vt；vtS
（2）2；C
（3）由 Q=vS 可知，流量不变，流速越快，水柱越细
（4）a.所需器材：水表、秒表、刻度尺.b.操作：①把水表接在自来水管上；②用刻度尺量出出水口处的直径D；③让水龙头流水，使水表读数增加V，记录所要时间t.c.表达式推导
【知识点】速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）结合水流速度和时间，AB间水柱的长度l=s=vt；结合横截面积，计算B到A的水柱体积为：V=Sl=Svt；
（2）图乙中，1、2两处在同一水管中，在相同的时间内流过的水量相同，而2处水管最细，则2处的水流速最大。根据流体的流速越大， 压强越小，2处的压强最小，即D管水柱的竖直高度最低，C管中的水面较高；
（3）水往下流时，重力势能转化为动能，速度变大，而流量保持不变，根据Q=vS，水流速度变大时，水柱的横截面积将减小，则水柱越来越细。
（4）测量水流速度时，
a.所需器材：水表、秒表、刻度尺；
b.操作：①把水表接在自来水管上；②用刻度尺量出出水口处的直径D；③让水龙头流水，使水表读数增加V，记录所要时间t；
c.表达式推导：，则水流速度：。
【分析】流量指单位时间内通过某横截面积的液体体积，在单通道管道中，各处流量应相等，截面小的地方流速大，流速大的地方压强小.
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