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2025年广东省深圳市（48校）中考第二次适应性联合测试物理试题
1．如图所示为我国唐代名画《捣练图》中捶打织品的情节，捣棒的长度大概是（　　）
A．1.5m B．1.5dm C．15cm D．150mm
【答案】A
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据题目描述，普通人的身高范围通常在1.6米至1.8米之间。题目中提到的捣棒长度比人的身高略短，因此可以推断其长度大约为1.5米。故A正确，B、C、D错误。
故选A。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm。
2．宋代《梦粱录》中记载了一项中国民间传统游戏——抖空竹。如图，在竹木制成的空竹圆轮外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，转动时会发出嗡嗡声。下列说法中与空竹发声原理相关的描述是（　　）
A．声音通过空气传入人耳的 B．气腔内的空气振动产生声音
C．空气振动越快，音调越高 D．空气振动幅度越大，响度越大
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】声音是由物体振动产生的。空竹发声的机理是：其内部气腔中的空气发生振动，从而产生声波，故B正确。ACD错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．重力储能是一种极具应用前景的储能方式。它能够利用新能源产生的富余电能将重力块提升至高处储存能量，如图所示；需要用电时，释放重力块牵引钢丝绳带动发电机发电。其发电过程与下列发电站发电时能量转化相同的是（　　）
A．广东大亚湾核电站 B．湖北三峡水力发电站
C．西藏羊八井地热电站 D．青海塔拉滩光伏发电站
【答案】B
【知识点】能源及其分类；核能；太阳能及其利用与转化；风能和水能
【解析】【解答】需要用电时，释放重力块牵引钢丝绳带动发电机发电，此过程将重力势能转化为电能；A．广东大亚湾核电站，是利用核能发电的，故A不符合题意；
B．湖北三峡水力发电站，是利用蓄水的重力势能转化为电能，故B符合题意；
C．西藏羊八井地热电站，是利用地热能发电，故C不符合题意；
D．青海塔拉滩光伏发电站，是利用光能发电，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据重力块提升至高处储存的能量是重力势能，然后发电转化为电能。
4．小明要清理金鱼缸中沉在底部的污物，如图所示，他将一根透明的塑料软管的一端插入鱼缸的底部，使管中液面到达某点时停止抽气，管中就能自动流出污水，该点是（　　）
A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
【答案】B
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】图中，若管中液面到达A点时停止吸气，污水会流到抽气筒中；当管中液面到达B点时停止吸气，水压相平衡，鱼缸内的污水会排出；当管中液面到达C、D点时，停止吸气，右侧管内气压会将水压回到鱼缸内。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】相同环境的深度相同时，大气压相同，在大气压的作用下，液体会流动。
5．一艘货船不慎搁浅，为使该货船能回到航道继续航行，下列措施一定不可行的是（　　）
A．借助浮筒使船上浮 B．将货船拖回到航道
C．清除货船底部淤泥 D．将货物搬到甲板上
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．利用浮筒可以增大货船排开水的体积，从而增加浮力。当浮力超过淤泥阻力时，货船即可脱困，因此该方案可行，故A不符合题意。
B．通过其他船只施加拉力，当拉力大于淤泥阻力时，货船同样能够脱困，该方案可行，故B不符合题意。
C．清除底部淤泥能消除淤泥对货船的阻力作用，使货船恢复自由，该方案可行，故C不符合题意。
D．将货物移至甲板不会改变货船排开水的体积，浮力保持不变。由于缺乏外力协助，货船无法摆脱淤泥束缚，该方案不可行，故D符合题意要求。
故选D。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
6．高铁轨道中的螺丝会因振动而松动，为此小明设计了报警电路。其原理是：将螺丝（图中用虚线框表示，其电阻忽略不计）连接在电路中，发生松动时，它与导线间的连接被断开，灯L亮起，以及时提醒工人修理。以下电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．螺丝与灯泡串联，当螺丝松动断开时，电路将变为断路状态，导致灯泡熄灭，故A错误。
B．螺丝与灯泡并联，在螺丝未松动时，整个电路处于短路状态（电流直接通过螺丝而绕过灯泡），故B错误。
C．螺丝与灯泡并联后再与电阻R串联，当螺丝未松动时，灯泡被短路不发光；当螺丝松动时，电流流经灯泡使其发光，符合题目描述的警示功能，故C正确。
D．螺丝与电阻R并联后再与灯泡串联，无论螺丝是否松动，灯泡始终有电流通过而发光，无法实现警示功能，故D错误。
故选。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．当代“绿色建筑”大都有自然采光辅助照明系统，如图甲所示，集光器的定日镜能自动调整角度跟踪太阳，采集到的阳光通过反射型导光管（内壁有镜面）多次反射，长距离传输到室内。请在图乙所示的示意图中，作出所给入射光线在导光管内部的所有反射光的光路图。（保留作图痕迹）
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】入射光线在导光管内部的定日镜表面发生反射。根据光的反射定律，反射角等于入射角，且反射光线与入射光线关于法线对称。具体步骤如下： 确定入射点：光线与定日镜表面的交点； 画法线：过入射点垂直于镜面作直线； 画反射光线：在法线另一侧，使反射角等于入射角；第一次反射后的光线在导光管内会再次反射，重复上述步骤： 确定新的入射点：第一次反射光线与导光管壁的交点画新法线：过新入射点垂直于管壁， 画第二次反射光线：保持反射角等于入射角
光路示意图如下：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
8．如图所示是一位魔术师现场表演“点燃手指”的魔术，有以下三步过程：①手指在酒精中浸一下；②手指在水中浸一下；③“点燃”手指。既能实现魔术效果又能保护手免受烧伤的最合理的操作顺序是　 　，水能保护手的原因是　 　（分析物态变化及其吸放热）。（魔术危险，切勿模仿）
【答案】②①③；汽化吸热
【知识点】汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】魔术表演需要实现"手指燃烧"的视觉效果，同时必须确保表演者手部不被烧伤。酒精作为可燃物能够产生燃烧火焰，而水在汽化过程中会吸收大量热量，起到降温作用。若直接将手浸入酒精后点燃，火焰会直接接触皮肤造成烧伤，因此需要在酒精层与皮肤之间设置隔热保护层。正确的操作步骤是：首先浸水（步骤②）使皮肤表面形成水膜，再浸酒精（步骤①）让酒精浮在水层上方。当点燃时，外层酒精燃烧产生视觉效果，内层水膜通过汽化吸热保护皮肤。若颠倒操作顺序（先酒精后水），水会稀释酒精浓度，导致燃烧不充分甚至无法点燃。因此合理的操作顺序应为②→①→③。
【分析】汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发，魔术师进行魔术时，需要在手指处沾水形成保护膜，外侧在酒精燃烧时，水汽化吸热，保护皮肤。
9．当人戴上可穿戴的“外骨骼”机器人设备后，可在2s内轻松地将50kg的物体匀速举高1m，此过程中物体克服重力做的功为　 　J，功率为　 　W。（g取10N/kg）
【答案】500；250
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 计算物体的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N 计算克服重力做的功：W=Gh=500N×1m=500J； 计算克服重力做功的功率：
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，功率的计算：公式为W=Pt；
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
10．“地漏”（如图甲）是连接排水管道与室内地面的接口。“悬浮地漏”相对于传统地漏具有较多优点，如排水速度可随积水深度自动调节、在不排水时能密封管道等。
　　
（1）若地漏不密封，排水管内臭气会扩散到室内。从微观角度解释该现象：　 　。
（2）磁悬浮地漏的工作原理如图乙。
①当密封盖上方无水时，在磁体B作用下，磁体A将密封盖顶起。若磁体A下端为N极，则磁体B上端为　 　极。
②当密封盖上方有水时，密封盖下移，开始排水。积水越多，则排水口越大，其原因是　 　。
【答案】分子做无规则运动；N；深度越深，液体压强越大
【知识点】液体压强计算公式的应用；分子热运动；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）扩散现象指不同物质相互接触时自发进入彼此的现象，其本质是分子永不停息的无规则热运动导致的物质迁移。（2）根据磁极相互作用原理，同名磁极相斥。题目中两磁体间表现为斥力，若磁体A下端为N极，则与之相对的磁体B上端必然同为N极。
由液体压强公式可知，积水深度h增加时，压强p随之增大。压强增大导致密封盖所受压力（F=pS）增加，从而使密封盖下移幅度增大，最终使排水口开度变大。
【分析】1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
2、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同.
11．小明用如图所示的装置探究影响滑动摩擦力大小的因素，木块挂在测力计下，其右侧面与竖直传送带接触，装置左侧有可旋转的螺杆，螺杆旋转的圈数越多，对其施加的压力越大，启动电动机使传送带转动，通过测力计的读数即可推算出木块所受的摩擦力。部分实验数据如表：
实验次数 木块重力 螺杆旋转的圈数/圈 测力计示数 摩擦力
1 0.60 1 0.70 0.10
2 0.60 2 0.82 0.22
3 0.60 3 0.95 0.35
4 1.20 1 1.30 0.10
5 1.80 1 1.90 ▲
（1）第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力大小是　 　N。
（2）分析表中数据，对比　 　三次实验可知滑动摩擦力与重力无关。
（3）分析表中数据，根据题图分析可知　 　，滑动摩擦力越大。
（4）在实验过程中，传送带转动的方向为　 　（选填“顺”或“逆”）时针。
【答案】（1）0.10
（2）1、4、5
（3）接触面粗糙程度相同时，压力越大
（4）逆
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）对木块进行受力分析，在竖直方向上，木块受到三个力的作用：竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f）。由于木块保持静止状态，且拉力大于重力，因此第5次实验中，滑动摩擦力的方向竖直向下，其大小为：。
（2）通过对比1、4、5次实验的数据可以发现，虽然木块的重力不同，但螺杆旋转的圈数相同，说明木块对传送带的压力相同。在这三种情况下，木块受到的摩擦力大小相同，这表明滑动摩擦力的大小与重力大小无关。
（3）观察1、2、3次实验的数据，木块的重力相同，但螺杆旋转的圈数逐渐增加，意味着木块对传送带的压力增大。在接触面粗糙程度不变的情况下，木块受到的摩擦力也随之增大。
（4）对任意一次实验中的木块进行受力分析，在竖直方向上，木块受到三个力的作用：竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f）。由于木块保持静止且拉力大于重力，滑动摩擦力的方向竖直向下，这表明木块相对于传送带向上运动，因此传送带的转动方向为逆时针。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、力的合成：在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f），且物体保持静止，则受力平衡；
3、摩擦力的方向和物体运动方向相反。
（1）对木块进行受力分析可知，在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力、竖直向上的弹簧测力计的拉力和摩擦力的作用，且在这三个力的作用下保持静止，由于拉力大于重力，所以第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力方向向下，大小是f=F-G=1.90N-1.80N=0.10N
（2）比较1、4、5次实验的数据可知，木块的重力不同，螺杆旋转的圈数相同，即木块对传送带的压力相同，木块受到的摩擦力相同，所以滑动摩擦力大小与重力大小无关。
（3）比较1、2、3次实验的数据可知，木块的重力相同，螺杆旋转的圈数越多，即木块对传送带的压力越大，接触面粗糙程度相同时，木块受到的摩擦力越大。
（4）分析任意一次实验，对木块进行受力分析可知，在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力、竖直向上的弹簧测力计的拉力、摩擦力的作用，且在这三个力的作用下保持静止，由于拉力大于重力，所以木块受到的滑动摩擦力方向向下，即木块相对传动带向上运动，故传送带转动的方向为逆时针。
12．小明在探究导体A、B中电流与两端电压的关系，如图甲所示，电源电压可调。
（1）连好电路试触时，发现电流表无示数、电压表指针满偏，可能是导体A　 　了；排除故障后，闭合开关进行实验，某次电流表如图乙所示，示数为　 　A。
（2）多次改变导体A两端电压，记录对应电流。换导体B重复上述实验，根据实验数据绘制图像如图丙所示。由图像可知，同一导体两端的电压与通过导体的电流之比是　 　，故将这个比值定义为导体的电阻；导体B的阻值为　 　。
（3）在工程技术中用不同颜色的环对电阻进行标记，阻值是两位数以内的电阻可以根据前两环的颜色来判断阻值，色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，若还需用到一个15Ω的电阻，应选用图戊中电阻　 　（选填“d”“e”或“f”）。
（4）小明用上述器材研究导体中电流与电阻的关系，保持电源电压不变，为了精确控制导体两端的电压，于是串联接入滑动变阻器进行实验。
电压一定
实验次数 ① ② ③
R/Ω 15 B A
I/A 0.2 0.3 0.4
①电路中接入15Ω的电阻，使电阻两端电压达到某一固定值，测出电流；
②将15Ω的电阻替换为导体B，要使导体B两端电压达到固定值，变阻器接入的阻值应比前次实验更　 　；
③将导体B替换为导体A再次进行实验。三次实验数据如上表所示，小明发现第③次实验数据有误，这是由于接入导体A后忘记调节变阻器，正确移动滑片后，测得电流为　 　A。
【答案】（1）断路；0.2
（2）定值；10
（3）e
（4）小；0.6
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1） 电路连接完毕进行试触，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表指针偏转至量程最大值，表明电压表与电源之间通路完好，由此判断故障为导体 A 断路。
由图乙可知，电流表选用0 0.6A量程，该量程分度值为0.02A，读出电流表示数为0.2A。
（2） 结合图丙图像，分别计算导体 A、导体 B 在不同电压下，电压与对应电流的比值，。实验数据表明：同一导体，两端电压与通过电流的比值恒定不变，该比值即为导体的电阻。代入对应数值，即可求出导体 B 的电阻大小。
（3）据图像数据计算得出导体 A 的阻值；结合图丁中 A、B 电阻的色环标识，对照色环数字规律，确定黑色、绿色、棕色分别代表的数字。再结合目标电阻的十位、个位数字，匹配选出图戊中符合要求的电阻e。
（4） 串联电路中电阻越大，分得电压越大。将定值电阻更换为导体 B 后，定值电阻阻值变小，其两端电压随之减小。为保持定值电阻两端电压不变，需减小滑动变阻器接入阻值，降低变阻器分压，从而增大定值电阻两端电压，因此滑动变阻器接入阻值需小于上一次。 探究电流与电阻的关系时，必须控制电阻两端电压恒定。由表格数据计算，确定实验控制的定值电阻两端预设电压；接入导体 A 并调节滑片使电压保持不变，即可读出对应电流大小。
【分析】1、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
（1）[1]由题意可知，连好电路试触时，发现电流表无示数，则电路发生断路，电压表指针偏转到最大值，说明与电压表串联的电路正常，则原因可能是导体A发生断路。
[2]如图乙所示，电流表所选的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A。
（2）[1][2]由图丙可知，当导体两端电压分别为1V、2V和3V时，导体A两端的不同电压与对应电流的比值
导体B两端的不同电压与对应电流的比值
故可知，同一导体两端的电压与通过导体的电流之比是定值，将这个比值定义为导体的电阻，则导体B的阻值为
（3）由图丙可知，导体A的阻值
色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，由导体A和导体B的阻值和对应色环可知，黑色代表数字0，绿色代表数字5，棕色代表数字1，因此的电阻对应的色环十位数应为棕色，个位数应为绿色，故应选用图戊中电阻e。
（4）[1]根据串联分压知识可知，阻值越大，分压越多，将的电阻替换为B，电阻的阻值减小，分压变小，要使B两端电压达到固定值，则应减小变阻器的阻值，使变阻器的分压变小，从而使电阻两端电压增大为固定值，故变阻器接入的阻值应比前次实验更小。
[2]研究导体中电流与电阻的关系时，需控制导体两端的电压不变。由表格可知，电路中接入的电阻时，电阻两端电压达到的固定值为
故接入导体A，正确移动滑片后，测得电流为
13．如图是我国自主研发的“南鲲号”兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，因其灵活机动，被称为海上移动充电宝，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%。求：（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）
（1）“南鲲号”重达6000吨，其漂浮时受到的浮力。
（2）若拖船用恒为6×105N的牵引力将“南鲲号”匀速直线拖移至54km外的某岛礁，用时3h，则牵引力做功的功率是多少？
（3）若平均每个家庭一天用电8千瓦时，“南鲲号”满负荷条件下能满足多少个家庭的用电需求。
【答案】（1）解：根据公式可知，“南鲲号”的重力为由题可知，“南鲲号”漂浮，根据浮沉条件可知，漂浮时浮力等于重力，则浮力为
（2）解：根据公式可知，牵引力做的功为
根据公式可知，牵引力做功的功率为
（3）解：由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为家庭的个数为。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据公式可知，“南鲲号”的重力，南鲲号漂浮，漂浮时浮力等于重力；
（2）根据公式可知，牵引力做的功，根据公式可知，牵引力做功的功率。
（3）由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为，据此计算家庭的个数。
（1）根据公式可知，“南鲲号”的重力为
由题可知，“南鲲号”漂浮，根据浮沉条件可知，漂浮时浮力等于重力，则浮力为
（2）根据公式可知，牵引力做的功为
根据公式可知，牵引力做功的功率为
（3）由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为
家庭的个数为
14．飞行汽车作为一种颠覆性的交通方式，将为人们带来更多体验。图甲为某款低空飞行汽车，它直线试飞时，10min内能飞30km。其配备的电加热座椅内部简化电路如图乙所示，12V电源供电，有高、低温两个挡位，其高温挡功率为72W，R2的阻值为4Ω。求：
（1）飞行汽车沿直线试飞时的平均速度。
（2）低温挡的功率。
（3）电阻R2工作时，其两端的电压。
【答案】（1）解：根据公式可知，飞行汽车沿直线试飞时的平均速度为。
（2）解：由可知，在电压一定时，电阻越大，电功率越小，连接开关1时，串联，连接开关2时，独立工作，根据串联电路的特点可知，两电阻串联时电路的总电阻最大，所以低温挡为串联；高温挡只有；根据公式可知，电阻为
根据公式可知，低温挡的
（3）解：由题可知，连接开关1时，串联，此时电阻R2工作，根据欧姆定律公式可知，通过电路的电流为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻R2两端的电压为。
【知识点】速度公式及其应用；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）利用速度计算公式，代入飞行汽车的飞行路程与运动时间，即可求出其直线试飞过程中的平均速度。
（2）开关接 1 时，两电阻串联；开关接 2 时，单个电阻单独工作。依据串联电阻规律，两电阻串联时总电阻最大，结合电功率公式可知，总电阻越大，功率越小，因此串联状态为低温挡位；仅有单个电阻工作时，电路功率更大，为高温挡位。先结合已知条件求出定值电阻阻值，再代入公式计算低温挡的工作功率。
（3）开关接 1 时两电阻串联，根据欧姆定律可算出电路中的电流；串联电路中电流处处相等，以此结合公式，便能进一步计算出电阻R2 两端的电压大小。
（1）根据公式可知，飞行汽车沿直线试飞时的平均速度为
（2）由可知，在电压一定时，电阻越大，电功率越小，连接开关1时，串联，连接开关2时，独立工作，根据串联电路的特点可知，两电阻串联时电路的总电阻最大，所以低温挡为串联；高温挡只有；根据公式可知，电阻为
根据公式可知，低温挡的
（3）由题可知，连接开关1时，串联，此时电阻R2工作，根据欧姆定律公式可知，通过电路的电流为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻R2两端的电压为
15．阅读短文，回答文后问题。
风杯式风速计
如图甲所示，风杯式风速计是一种常用的风速测量仪器，其原理如图乙所示，风杯是半球形空心杯，三个风杯用夹角为120°的三根支架固定在竖直的转轴上。起风时，气流冲击风杯，风相对风杯的速度越大，冲击力越大；凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小；作用在三个风杯上的风压差使静止的风杯开始旋转，越转越快。当风速一定时，风杯转速增大到一定值时不再增大，此时风速和风杯转速的关系为v=2πRbn，其中v为风速，R为风杯转动半径，b为风速常数，n为风杯转速（每秒转过的圈数）。风杯的转轴连接一个电路板，风杯每转一圈都会使电路中产生一个短暂的电流，根据电流的周期可以算出风杯的转速，进而算出此时的风速。
（1）因为转轴摩擦，风速较小时，风杯可能转不起来，适当　 　（选填“增大”或“减小”）支架的长度，可以提高风速计的灵敏度。
（2）如图乙所示，风从左边吹向风速计，则风杯旋转方向为　 　（选填“顺”或“逆”）时针。
（3）当风速一定时，风杯转速达到稳定值时，风杯是否处于平衡状态？　 　（选填“是”或“否”）
（4）若一个风速计的风杯转动半径为0.2m，风速计常数b为3，计算时π≈3，某次测量风速时，电流—时间图像如图丙所示，则此时风速为　 　m/s。
【答案】（1）增大
（2）顺
（3）否
（4）7.2
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）由于转轴存在摩擦，当风速较小时，风杯可能无法转动。在阻力和阻力臂保持恒定的情况下，根据杠杆平衡原理，增加动力臂可以增强风速计的灵敏度。因此，适当延长支架长度能够有效提高测量灵敏度。
（2）如图乙所示，当风从左侧吹向风速计时，迎风面为凹面的风杯受到较大风压作用，而迎风面为凸面的风杯由于气流绕流效应，所受风压较小，从而导致风杯沿顺时针方向旋转。
（3）在恒定风速条件下，当风杯转速达到特定值时，风杯所受风力与摩擦力等阻力达到动态平衡，此时转速将保持稳定。但由于风杯在旋转过程中方向持续变化，因此系统并未处于静态平衡状态。
（4）根据图丙数据，风杯在1秒内完成2圈转动（转速n=2r/s），已知风杯半径R=0.2m，风速计常数b=3。应用风速计算公式可得当前风速值：v=2πRbn=2×3×0.2m×3×2r/s=7.2m/s。
【分析】1、杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。在阻力和阻力臂保持恒定的情况下，增加动力臂可以减小动力；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
4、速度的计算：公式为距离和时间的比值。
（1）由于转轴的摩擦，风速较小时，风杯可能转不起来，当阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，应增大动力臂，则增大支架的长度，可以提高风速计的灵敏度。
（2）如图乙所示，风从左边吹向风速计，凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小，风杯顺时针转动。
（3）当风速一定时，风杯转速增大到一定值时，风杯受到的风力与摩擦力等阻力平衡，所以风杯转速不再增大。但风杯在转动过程中方向在不断发生变化，因此不处于平衡状态。
（4）由图丙可知，1s内转动2圈，转数为2r/s，风杯转动半径为0.2m，风速计常数b为3，由风速和风杯转速的关系v=2πRbn可知，此时风速为v=2πRbn=2×3×0.2m×3×2r/s=7.2m/s
16．综合实践活动——设计蔬菜温室。
【任务与要求】为了在冬天能品尝到夏季的蔬菜，同学们为学校的劳动基地设计一个蔬菜温室，要求温度控制在20~30℃之间。
【设计与实施】
任务一：设计温室结构。温室设计为玻璃顶的长方体结构，体积为80m3。由立柱和横梁支撑，墙体四周装有保温层，查阅资料获知，立柱的承重比γ指立柱能承受的最大重力与自重的比值，能反映承重效率，立柱横截面的形状是影响承重比的重要因素之一，为研究它们之间的关系，利用塑料立柱模型进行实验，发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三<γ四<γ五<γ六。
任务二：设计温控系统。温控系统原理如图甲，控制电路的电源电压为6V，电阻箱的阻值调为90，热敏电阻的阻值随温度的变化图像如图乙。当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下；当电流降低到25mA时，衔铁被弹回。已知工作电路中电热丝的电阻为22，浴霸灯L标有“220V 275W”字样。
（1）关于设计蔬菜温室的实践活动，下列说法不正确的是_________。
A．屋顶选用黑色玻璃不利于蔬菜生长
B．墙体选用隔热性能好的材料
C．浴霸灯L能使温度下降得平缓些
D．图甲中通电线圈上端是S极
（2）在冬天，当室外温度较低时，温室玻璃顶内侧会出现小水珠，这是一种　 　（填物态变化名称）现象，可对蔬菜起到　 　的作用。
（3）由模型实验可知，搭建温室选用　 　（选填“三角”“方”或“圆”）形立柱的承重比大；已知模型的承重比为，质量为，受力面积为，则其上表面所能承受的最大压强　 　。
（4）电热丝通电5min产生的热量使温室气温升高5.5℃，则空气吸收的热量为　 　J，电热丝对温室的加热效率为　 　%（结果保留一位小数）；电磁铁线圈的电阻忽略不计，电热丝刚停止工作时，室温为　 　℃。[空气密度取1.25，空气比热容取1.0×103J/（kg·℃）]
（5）【交流与评价】
根据评价表中的指标对任务二进行评价，在符合实际情况的对应栏打“√”。
评价维度 自动控制室温 在20~30℃范围内波动 平缓降温
能
否
（6）进一步给出优化建议：　 　。
【答案】（1）D
（2）液化；保温/防冻/放热等答案合理即可
（3）圆；
（4）；83.3；20
（5）
评价维度 自动控制室温 在20~30℃范围内波动 平缓降温
能 √ 　 √
否 　 √ 　
（6）将调为130
【知识点】物质的三态；比热容的定义及其计算公式；压强的大小及其计算；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】（1）A．大棚内的蔬菜要利用阳光进行光合作用，而黑色玻璃透光差，不利于蔬菜生长，故A正确不符合题意；
B．墙体应选用隔热性能好的材料，因为蔬菜温室室内的温度控制在一定的范围内，应尽量减少蔬菜温室内外之间的热传递，故B正确不符合题意；
C．浴霸灯工作时，可以向蔬菜温室内提供适量的热量，从而使得降温能平缓些，故C正确不符合题意；
D．根据甲图可知，线圈上电流方向向右，由安培定则可知，通电线圈上端是N极，故D错误符合题意。
故选D。
（2） 在冬天，室内的水蒸气在玻璃时上放热，从气态变成液态发生液化现象形成小水珠，会发生液化，因此对蔬菜起保温作用。
（3）①根据短文资料任务一第五行可知，模型横截面的边数越多承重比越大，而圆形可以看作是由无数条边构成的多边形，因此搭建温室选用圆形立柱的承重比大。
②根据题意可知，承重比，则质量为m的模型能承受的最大质量，
因此模型上表面所能承受的最大压力，
根据公式可知，模型上表面所能承受的最大压强。
（4）①根据题意可知，温室内空气的体积为80m3，
则温室内空气的质量，
空气吸收的热量为，
电热丝通电5min消耗的电能，
电热丝对温室的加热效率为。
②当控制电路中的电流达到30mA时，控制电路中的总电阻；
此时热敏电阻的阻值；
由图乙知道，此时的室温为20℃。
（5）根据题意可知，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温室能自动控制室温升降，
则在“自动控制室温”的“能”位置打“√”。
当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，
此时控制电路中的总电阻，
此时热敏电阻的阻值，
由图乙知道，此时的室温约为13℃，即温度控制在13~20℃之间，
在“在20~30℃范围内波动”的“否”位置打“√”；
浴霸灯加热辅助，能平缓降温，则在“平缓降温”的“能”位置打“√”。
（6）由图乙知，要将温度控制在20~30℃之间，的阻值最小为70Ω，
此时电阻箱的阻值为，
故应把电阻箱的阻值调为130Ω。
【分析】 （1）A.根据植物的光合作用需要阳光分析；
B.根据大棚内要保持一定温度判断；
C.根据浴霸灯放热判断；
D.根据安培定则判断线圈的极性。
（2）物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热，起到保温的作用；
（3）①根据发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三＜γ四＜γ五＜γ六分析搭建温室选用立柱横截面的形状。
②根据压强定义式和立柱的承重比γ指立柱能承受的最大质量与其质量的比值推导出模型上表面所能承受的最大压强。
（4）①根据Q吸=cmΔt求出空气吸收的热量，根据
求出电热丝通电5min产生的热量，根据求出电热丝对温室的加热效率。
（5）根据当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下电热丝停止工作利用欧姆定律和串联电路的电阻特点求出此时热敏电阻的阻值，根据图乙找出对应的温度，即为室温。
根据当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下：当电流降低到25mA时，衔铁被弹回结合欧姆定律求出温度控制的范围，再根据评价表分析判断所设计的蔬菜温室等级。
（6）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律分析给出优化建议。
（1）A．黑色玻璃透光差（不利光合）、吸热多（室内温高），不利于蔬菜生长，故A正确，不符合题意；
B．了使蔬菜温室室内的温度控制在一定的范围内，应尽量减少蔬菜温室内外之间的热传递，因此墙体应选用隔热性能好的材料，故B正确，不符合题意；
C．由图甲可知，当衔铁被吸下时，电热丝停止工作，浴霸灯工作，此时浴霸灯可以向蔬菜温室内提供适量的热量，从而使得降温能平缓些，故C正确，不符合题意；
D．由图甲可知，电流从通电线圈上端流入，下端流出，由安培定则可知，通电线圈上端是N极，故D错误，符合题意。
故选D。
（2）[1][2]当室外温度较低时，室内温度较高的水蒸气遇到冷玻璃时会发生液化，液化过程要放出热量，对蔬菜起保温作用。
（3）[1]由发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三<γ四<γ五<γ六，即模型横截面的边数越多承重比越大，圆形可以看作是由无数条边构成的多边形，因此由模型实验可知，搭建温室选用圆形立柱的承重比大。
[2]由立柱的承重比γ指立柱能承受的最大质量与其质量的比值可知，承重比，因此承重比为γ，质量为m的模型能承受的最大质量，模型上表面所能承受的最大压力
则模型上表面所能承受的最大压强
（4）[1]温室内空气的质量
空气吸收的热量为
[2]电热丝通电5min消耗的电能
电热丝对温室的加热效率为
[3]由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，由欧姆定律可知，此时控制电路中的总电阻
由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻的阻值
由图乙知道，此时的室温为20℃。
（5）任务要求：自动控温（电路实现）；由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温室能自动控制室温升降，电热丝刚停止工作时，浴霸灯工作，使得降温较平缓。当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，由欧姆定律知道，此时控制电路中的总电阻
由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻的阻值
由图乙知道，此时的室温约为13℃，即温度控制在13~20℃之间，所以不能将温度控制在20~30℃之间；浴霸灯加热辅助，能平缓降温。
（6）由图乙知，要将温度控制在20~30℃之间，的阻值最小为70Ω，由串联电路的电阻特点知道，此时电阻箱的阻值为
故应把电阻箱的阻值调为130Ω。
1 / 12025年广东省深圳市（48校）中考第二次适应性联合测试物理试题
1．如图所示为我国唐代名画《捣练图》中捶打织品的情节，捣棒的长度大概是（　　）
A．1.5m B．1.5dm C．15cm D．150mm
2．宋代《梦粱录》中记载了一项中国民间传统游戏——抖空竹。如图，在竹木制成的空竹圆轮外侧开有若干方形哨口，哨口内有大小不同的气腔，转动时会发出嗡嗡声。下列说法中与空竹发声原理相关的描述是（　　）
A．声音通过空气传入人耳的 B．气腔内的空气振动产生声音
C．空气振动越快，音调越高 D．空气振动幅度越大，响度越大
3．重力储能是一种极具应用前景的储能方式。它能够利用新能源产生的富余电能将重力块提升至高处储存能量，如图所示；需要用电时，释放重力块牵引钢丝绳带动发电机发电。其发电过程与下列发电站发电时能量转化相同的是（　　）
A．广东大亚湾核电站 B．湖北三峡水力发电站
C．西藏羊八井地热电站 D．青海塔拉滩光伏发电站
4．小明要清理金鱼缸中沉在底部的污物，如图所示，他将一根透明的塑料软管的一端插入鱼缸的底部，使管中液面到达某点时停止抽气，管中就能自动流出污水，该点是（　　）
A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
5．一艘货船不慎搁浅，为使该货船能回到航道继续航行，下列措施一定不可行的是（　　）
A．借助浮筒使船上浮 B．将货船拖回到航道
C．清除货船底部淤泥 D．将货物搬到甲板上
6．高铁轨道中的螺丝会因振动而松动，为此小明设计了报警电路。其原理是：将螺丝（图中用虚线框表示，其电阻忽略不计）连接在电路中，发生松动时，它与导线间的连接被断开，灯L亮起，以及时提醒工人修理。以下电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
7．当代“绿色建筑”大都有自然采光辅助照明系统，如图甲所示，集光器的定日镜能自动调整角度跟踪太阳，采集到的阳光通过反射型导光管（内壁有镜面）多次反射，长距离传输到室内。请在图乙所示的示意图中，作出所给入射光线在导光管内部的所有反射光的光路图。（保留作图痕迹）
8．如图所示是一位魔术师现场表演“点燃手指”的魔术，有以下三步过程：①手指在酒精中浸一下；②手指在水中浸一下；③“点燃”手指。既能实现魔术效果又能保护手免受烧伤的最合理的操作顺序是　 　，水能保护手的原因是　 　（分析物态变化及其吸放热）。（魔术危险，切勿模仿）
9．当人戴上可穿戴的“外骨骼”机器人设备后，可在2s内轻松地将50kg的物体匀速举高1m，此过程中物体克服重力做的功为　 　J，功率为　 　W。（g取10N/kg）
10．“地漏”（如图甲）是连接排水管道与室内地面的接口。“悬浮地漏”相对于传统地漏具有较多优点，如排水速度可随积水深度自动调节、在不排水时能密封管道等。
　　
（1）若地漏不密封，排水管内臭气会扩散到室内。从微观角度解释该现象：　 　。
（2）磁悬浮地漏的工作原理如图乙。
①当密封盖上方无水时，在磁体B作用下，磁体A将密封盖顶起。若磁体A下端为N极，则磁体B上端为　 　极。
②当密封盖上方有水时，密封盖下移，开始排水。积水越多，则排水口越大，其原因是　 　。
11．小明用如图所示的装置探究影响滑动摩擦力大小的因素，木块挂在测力计下，其右侧面与竖直传送带接触，装置左侧有可旋转的螺杆，螺杆旋转的圈数越多，对其施加的压力越大，启动电动机使传送带转动，通过测力计的读数即可推算出木块所受的摩擦力。部分实验数据如表：
实验次数 木块重力 螺杆旋转的圈数/圈 测力计示数 摩擦力
1 0.60 1 0.70 0.10
2 0.60 2 0.82 0.22
3 0.60 3 0.95 0.35
4 1.20 1 1.30 0.10
5 1.80 1 1.90 ▲
（1）第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力大小是　 　N。
（2）分析表中数据，对比　 　三次实验可知滑动摩擦力与重力无关。
（3）分析表中数据，根据题图分析可知　 　，滑动摩擦力越大。
（4）在实验过程中，传送带转动的方向为　 　（选填“顺”或“逆”）时针。
12．小明在探究导体A、B中电流与两端电压的关系，如图甲所示，电源电压可调。
（1）连好电路试触时，发现电流表无示数、电压表指针满偏，可能是导体A　 　了；排除故障后，闭合开关进行实验，某次电流表如图乙所示，示数为　 　A。
（2）多次改变导体A两端电压，记录对应电流。换导体B重复上述实验，根据实验数据绘制图像如图丙所示。由图像可知，同一导体两端的电压与通过导体的电流之比是　 　，故将这个比值定义为导体的电阻；导体B的阻值为　 　。
（3）在工程技术中用不同颜色的环对电阻进行标记，阻值是两位数以内的电阻可以根据前两环的颜色来判断阻值，色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，若还需用到一个15Ω的电阻，应选用图戊中电阻　 　（选填“d”“e”或“f”）。
（4）小明用上述器材研究导体中电流与电阻的关系，保持电源电压不变，为了精确控制导体两端的电压，于是串联接入滑动变阻器进行实验。
电压一定
实验次数 ① ② ③
R/Ω 15 B A
I/A 0.2 0.3 0.4
①电路中接入15Ω的电阻，使电阻两端电压达到某一固定值，测出电流；
②将15Ω的电阻替换为导体B，要使导体B两端电压达到固定值，变阻器接入的阻值应比前次实验更　 　；
③将导体B替换为导体A再次进行实验。三次实验数据如上表所示，小明发现第③次实验数据有误，这是由于接入导体A后忘记调节变阻器，正确移动滑片后，测得电流为　 　A。
13．如图是我国自主研发的“南鲲号”兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，因其灵活机动，被称为海上移动充电宝，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%。求：（g取10N/kg，海水密度取1.0×103kg/m3）
（1）“南鲲号”重达6000吨，其漂浮时受到的浮力。
（2）若拖船用恒为6×105N的牵引力将“南鲲号”匀速直线拖移至54km外的某岛礁，用时3h，则牵引力做功的功率是多少？
（3）若平均每个家庭一天用电8千瓦时，“南鲲号”满负荷条件下能满足多少个家庭的用电需求。
14．飞行汽车作为一种颠覆性的交通方式，将为人们带来更多体验。图甲为某款低空飞行汽车，它直线试飞时，10min内能飞30km。其配备的电加热座椅内部简化电路如图乙所示，12V电源供电，有高、低温两个挡位，其高温挡功率为72W，R2的阻值为4Ω。求：
（1）飞行汽车沿直线试飞时的平均速度。
（2）低温挡的功率。
（3）电阻R2工作时，其两端的电压。
15．阅读短文，回答文后问题。
风杯式风速计
如图甲所示，风杯式风速计是一种常用的风速测量仪器，其原理如图乙所示，风杯是半球形空心杯，三个风杯用夹角为120°的三根支架固定在竖直的转轴上。起风时，气流冲击风杯，风相对风杯的速度越大，冲击力越大；凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小；作用在三个风杯上的风压差使静止的风杯开始旋转，越转越快。当风速一定时，风杯转速增大到一定值时不再增大，此时风速和风杯转速的关系为v=2πRbn，其中v为风速，R为风杯转动半径，b为风速常数，n为风杯转速（每秒转过的圈数）。风杯的转轴连接一个电路板，风杯每转一圈都会使电路中产生一个短暂的电流，根据电流的周期可以算出风杯的转速，进而算出此时的风速。
（1）因为转轴摩擦，风速较小时，风杯可能转不起来，适当　 　（选填“增大”或“减小”）支架的长度，可以提高风速计的灵敏度。
（2）如图乙所示，风从左边吹向风速计，则风杯旋转方向为　 　（选填“顺”或“逆”）时针。
（3）当风速一定时，风杯转速达到稳定值时，风杯是否处于平衡状态？　 　（选填“是”或“否”）
（4）若一个风速计的风杯转动半径为0.2m，风速计常数b为3，计算时π≈3，某次测量风速时，电流—时间图像如图丙所示，则此时风速为　 　m/s。
16．综合实践活动——设计蔬菜温室。
【任务与要求】为了在冬天能品尝到夏季的蔬菜，同学们为学校的劳动基地设计一个蔬菜温室，要求温度控制在20~30℃之间。
【设计与实施】
任务一：设计温室结构。温室设计为玻璃顶的长方体结构，体积为80m3。由立柱和横梁支撑，墙体四周装有保温层，查阅资料获知，立柱的承重比γ指立柱能承受的最大重力与自重的比值，能反映承重效率，立柱横截面的形状是影响承重比的重要因素之一，为研究它们之间的关系，利用塑料立柱模型进行实验，发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三<γ四<γ五<γ六。
任务二：设计温控系统。温控系统原理如图甲，控制电路的电源电压为6V，电阻箱的阻值调为90，热敏电阻的阻值随温度的变化图像如图乙。当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下；当电流降低到25mA时，衔铁被弹回。已知工作电路中电热丝的电阻为22，浴霸灯L标有“220V 275W”字样。
（1）关于设计蔬菜温室的实践活动，下列说法不正确的是_________。
A．屋顶选用黑色玻璃不利于蔬菜生长
B．墙体选用隔热性能好的材料
C．浴霸灯L能使温度下降得平缓些
D．图甲中通电线圈上端是S极
（2）在冬天，当室外温度较低时，温室玻璃顶内侧会出现小水珠，这是一种　 　（填物态变化名称）现象，可对蔬菜起到　 　的作用。
（3）由模型实验可知，搭建温室选用　 　（选填“三角”“方”或“圆”）形立柱的承重比大；已知模型的承重比为，质量为，受力面积为，则其上表面所能承受的最大压强　 　。
（4）电热丝通电5min产生的热量使温室气温升高5.5℃，则空气吸收的热量为　 　J，电热丝对温室的加热效率为　 　%（结果保留一位小数）；电磁铁线圈的电阻忽略不计，电热丝刚停止工作时，室温为　 　℃。[空气密度取1.25，空气比热容取1.0×103J/（kg·℃）]
（5）【交流与评价】
根据评价表中的指标对任务二进行评价，在符合实际情况的对应栏打“√”。
评价维度 自动控制室温 在20~30℃范围内波动 平缓降温
能
否
（6）进一步给出优化建议：　 　。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据题目描述，普通人的身高范围通常在1.6米至1.8米之间。题目中提到的捣棒长度比人的身高略短，因此可以推断其长度大约为1.5米。故A正确，B、C、D错误。
故选A。
【分析】识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm。
2．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】声音是由物体振动产生的。空竹发声的机理是：其内部气腔中的空气发生振动，从而产生声波，故B正确。ACD错误。
故选B。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3．【答案】B
【知识点】能源及其分类；核能；太阳能及其利用与转化；风能和水能
【解析】【解答】需要用电时，释放重力块牵引钢丝绳带动发电机发电，此过程将重力势能转化为电能；A．广东大亚湾核电站，是利用核能发电的，故A不符合题意；
B．湖北三峡水力发电站，是利用蓄水的重力势能转化为电能，故B符合题意；
C．西藏羊八井地热电站，是利用地热能发电，故C不符合题意；
D．青海塔拉滩光伏发电站，是利用光能发电，故D不符合题意。
故选B。
【分析】根据重力块提升至高处储存的能量是重力势能，然后发电转化为电能。
4．【答案】B
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】图中，若管中液面到达A点时停止吸气，污水会流到抽气筒中；当管中液面到达B点时停止吸气，水压相平衡，鱼缸内的污水会排出；当管中液面到达C、D点时，停止吸气，右侧管内气压会将水压回到鱼缸内。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】相同环境的深度相同时，大气压相同，在大气压的作用下，液体会流动。
5．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．利用浮筒可以增大货船排开水的体积，从而增加浮力。当浮力超过淤泥阻力时，货船即可脱困，因此该方案可行，故A不符合题意。
B．通过其他船只施加拉力，当拉力大于淤泥阻力时，货船同样能够脱困，该方案可行，故B不符合题意。
C．清除底部淤泥能消除淤泥对货船的阻力作用，使货船恢复自由，该方案可行，故C不符合题意。
D．将货物移至甲板不会改变货船排开水的体积，浮力保持不变。由于缺乏外力协助，货船无法摆脱淤泥束缚，该方案不可行，故D符合题意要求。
故选D。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
6．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．螺丝与灯泡串联，当螺丝松动断开时，电路将变为断路状态，导致灯泡熄灭，故A错误。
B．螺丝与灯泡并联，在螺丝未松动时，整个电路处于短路状态（电流直接通过螺丝而绕过灯泡），故B错误。
C．螺丝与灯泡并联后再与电阻R串联，当螺丝未松动时，灯泡被短路不发光；当螺丝松动时，电流流经灯泡使其发光，符合题目描述的警示功能，故C正确。
D．螺丝与电阻R并联后再与灯泡串联，无论螺丝是否松动，灯泡始终有电流通过而发光，无法实现警示功能，故D错误。
故选。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
7．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】入射光线在导光管内部的定日镜表面发生反射。根据光的反射定律，反射角等于入射角，且反射光线与入射光线关于法线对称。具体步骤如下： 确定入射点：光线与定日镜表面的交点； 画法线：过入射点垂直于镜面作直线； 画反射光线：在法线另一侧，使反射角等于入射角；第一次反射后的光线在导光管内会再次反射，重复上述步骤： 确定新的入射点：第一次反射光线与导光管壁的交点画新法线：过新入射点垂直于管壁， 画第二次反射光线：保持反射角等于入射角
光路示意图如下：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
8．【答案】②①③；汽化吸热
【知识点】汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】魔术表演需要实现"手指燃烧"的视觉效果，同时必须确保表演者手部不被烧伤。酒精作为可燃物能够产生燃烧火焰，而水在汽化过程中会吸收大量热量，起到降温作用。若直接将手浸入酒精后点燃，火焰会直接接触皮肤造成烧伤，因此需要在酒精层与皮肤之间设置隔热保护层。正确的操作步骤是：首先浸水（步骤②）使皮肤表面形成水膜，再浸酒精（步骤①）让酒精浮在水层上方。当点燃时，外层酒精燃烧产生视觉效果，内层水膜通过汽化吸热保护皮肤。若颠倒操作顺序（先酒精后水），水会稀释酒精浓度，导致燃烧不充分甚至无法点燃。因此合理的操作顺序应为②→①→③。
【分析】汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发，魔术师进行魔术时，需要在手指处沾水形成保护膜，外侧在酒精燃烧时，水汽化吸热，保护皮肤。
9．【答案】500；250
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】 计算物体的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N 计算克服重力做的功：W=Gh=500N×1m=500J； 计算克服重力做功的功率：
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，功率的计算：公式为W=Pt；
重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
10．【答案】分子做无规则运动；N；深度越深，液体压强越大
【知识点】液体压强计算公式的应用；分子热运动；磁极间的相互作用
【解析】【解答】（1）扩散现象指不同物质相互接触时自发进入彼此的现象，其本质是分子永不停息的无规则热运动导致的物质迁移。（2）根据磁极相互作用原理，同名磁极相斥。题目中两磁体间表现为斥力，若磁体A下端为N极，则与之相对的磁体B上端必然同为N极。
由液体压强公式可知，积水深度h增加时，压强p随之增大。压强增大导致密封盖所受压力（F=pS）增加，从而使密封盖下移幅度增大，最终使排水口开度变大。
【分析】1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
2、磁极相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同.
11．【答案】（1）0.10
（2）1、4、5
（3）接触面粗糙程度相同时，压力越大
（4）逆
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）对木块进行受力分析，在竖直方向上，木块受到三个力的作用：竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f）。由于木块保持静止状态，且拉力大于重力，因此第5次实验中，滑动摩擦力的方向竖直向下，其大小为：。
（2）通过对比1、4、5次实验的数据可以发现，虽然木块的重力不同，但螺杆旋转的圈数相同，说明木块对传送带的压力相同。在这三种情况下，木块受到的摩擦力大小相同，这表明滑动摩擦力的大小与重力大小无关。
（3）观察1、2、3次实验的数据，木块的重力相同，但螺杆旋转的圈数逐渐增加，意味着木块对传送带的压力增大。在接触面粗糙程度不变的情况下，木块受到的摩擦力也随之增大。
（4）对任意一次实验中的木块进行受力分析，在竖直方向上，木块受到三个力的作用：竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f）。由于木块保持静止且拉力大于重力，滑动摩擦力的方向竖直向下，这表明木块相对于传送带向上运动，因此传送带的转动方向为逆时针。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、力的合成：在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力（G）、竖直向上的弹簧测力计拉力（F）以及摩擦力（f），且物体保持静止，则受力平衡；
3、摩擦力的方向和物体运动方向相反。
（1）对木块进行受力分析可知，在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力、竖直向上的弹簧测力计的拉力和摩擦力的作用，且在这三个力的作用下保持静止，由于拉力大于重力，所以第5次实验中，木块受到的滑动摩擦力方向向下，大小是f=F-G=1.90N-1.80N=0.10N
（2）比较1、4、5次实验的数据可知，木块的重力不同，螺杆旋转的圈数相同，即木块对传送带的压力相同，木块受到的摩擦力相同，所以滑动摩擦力大小与重力大小无关。
（3）比较1、2、3次实验的数据可知，木块的重力相同，螺杆旋转的圈数越多，即木块对传送带的压力越大，接触面粗糙程度相同时，木块受到的摩擦力越大。
（4）分析任意一次实验，对木块进行受力分析可知，在竖直方向上，木块受到竖直向下的重力、竖直向上的弹簧测力计的拉力、摩擦力的作用，且在这三个力的作用下保持静止，由于拉力大于重力，所以木块受到的滑动摩擦力方向向下，即木块相对传动带向上运动，故传送带转动的方向为逆时针。
12．【答案】（1）断路；0.2
（2）定值；10
（3）e
（4）小；0.6
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1） 电路连接完毕进行试触，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表指针偏转至量程最大值，表明电压表与电源之间通路完好，由此判断故障为导体 A 断路。
由图乙可知，电流表选用0 0.6A量程，该量程分度值为0.02A，读出电流表示数为0.2A。
（2） 结合图丙图像，分别计算导体 A、导体 B 在不同电压下，电压与对应电流的比值，。实验数据表明：同一导体，两端电压与通过电流的比值恒定不变，该比值即为导体的电阻。代入对应数值，即可求出导体 B 的电阻大小。
（3）据图像数据计算得出导体 A 的阻值；结合图丁中 A、B 电阻的色环标识，对照色环数字规律，确定黑色、绿色、棕色分别代表的数字。再结合目标电阻的十位、个位数字，匹配选出图戊中符合要求的电阻e。
（4） 串联电路中电阻越大，分得电压越大。将定值电阻更换为导体 B 后，定值电阻阻值变小，其两端电压随之减小。为保持定值电阻两端电压不变，需减小滑动变阻器接入阻值，降低变阻器分压，从而增大定值电阻两端电压，因此滑动变阻器接入阻值需小于上一次。 探究电流与电阻的关系时，必须控制电阻两端电压恒定。由表格数据计算，确定实验控制的定值电阻两端预设电压；接入导体 A 并调节滑片使电压保持不变，即可读出对应电流大小。
【分析】1、电路的故障分析： 题目中电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外 ，表明电压表接入电路，所以和电压表并联的用电器断路
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
3、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和。
（1）[1]由题意可知，连好电路试触时，发现电流表无示数，则电路发生断路，电压表指针偏转到最大值，说明与电压表串联的电路正常，则原因可能是导体A发生断路。
[2]如图乙所示，电流表所选的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A。
（2）[1][2]由图丙可知，当导体两端电压分别为1V、2V和3V时，导体A两端的不同电压与对应电流的比值
导体B两端的不同电压与对应电流的比值
故可知，同一导体两端的电压与通过导体的电流之比是定值，将这个比值定义为导体的电阻，则导体B的阻值为
（3）由图丙可知，导体A的阻值
色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，由导体A和导体B的阻值和对应色环可知，黑色代表数字0，绿色代表数字5，棕色代表数字1，因此的电阻对应的色环十位数应为棕色，个位数应为绿色，故应选用图戊中电阻e。
（4）[1]根据串联分压知识可知，阻值越大，分压越多，将的电阻替换为B，电阻的阻值减小，分压变小，要使B两端电压达到固定值，则应减小变阻器的阻值，使变阻器的分压变小，从而使电阻两端电压增大为固定值，故变阻器接入的阻值应比前次实验更小。
[2]研究导体中电流与电阻的关系时，需控制导体两端的电压不变。由表格可知，电路中接入的电阻时，电阻两端电压达到的固定值为
故接入导体A，正确移动滑片后，测得电流为
13．【答案】（1）解：根据公式可知，“南鲲号”的重力为由题可知，“南鲲号”漂浮，根据浮沉条件可知，漂浮时浮力等于重力，则浮力为
（2）解：根据公式可知，牵引力做的功为
根据公式可知，牵引力做功的功率为
（3）解：由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为家庭的个数为。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据公式可知，“南鲲号”的重力，南鲲号漂浮，漂浮时浮力等于重力；
（2）根据公式可知，牵引力做的功，根据公式可知，牵引力做功的功率。
（3）由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为，据此计算家庭的个数。
（1）根据公式可知，“南鲲号”的重力为
由题可知，“南鲲号”漂浮，根据浮沉条件可知，漂浮时浮力等于重力，则浮力为
（2）根据公式可知，牵引力做的功为
根据公式可知，牵引力做功的功率为
（3）由题可知，“南鲲号”满负荷的条件下每天可将11万千瓦时的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为
家庭的个数为
14．【答案】（1）解：根据公式可知，飞行汽车沿直线试飞时的平均速度为。
（2）解：由可知，在电压一定时，电阻越大，电功率越小，连接开关1时，串联，连接开关2时，独立工作，根据串联电路的特点可知，两电阻串联时电路的总电阻最大，所以低温挡为串联；高温挡只有；根据公式可知，电阻为
根据公式可知，低温挡的
（3）解：由题可知，连接开关1时，串联，此时电阻R2工作，根据欧姆定律公式可知，通过电路的电流为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻R2两端的电压为。
【知识点】速度公式及其应用；欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）利用速度计算公式，代入飞行汽车的飞行路程与运动时间，即可求出其直线试飞过程中的平均速度。
（2）开关接 1 时，两电阻串联；开关接 2 时，单个电阻单独工作。依据串联电阻规律，两电阻串联时总电阻最大，结合电功率公式可知，总电阻越大，功率越小，因此串联状态为低温挡位；仅有单个电阻工作时，电路功率更大，为高温挡位。先结合已知条件求出定值电阻阻值，再代入公式计算低温挡的工作功率。
（3）开关接 1 时两电阻串联，根据欧姆定律可算出电路中的电流；串联电路中电流处处相等，以此结合公式，便能进一步计算出电阻R2 两端的电压大小。
（1）根据公式可知，飞行汽车沿直线试飞时的平均速度为
（2）由可知，在电压一定时，电阻越大，电功率越小，连接开关1时，串联，连接开关2时，独立工作，根据串联电路的特点可知，两电阻串联时电路的总电阻最大，所以低温挡为串联；高温挡只有；根据公式可知，电阻为
根据公式可知，低温挡的
（3）由题可知，连接开关1时，串联，此时电阻R2工作，根据欧姆定律公式可知，通过电路的电流为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻R2两端的电压为
15．【答案】（1）增大
（2）顺
（3）否
（4）7.2
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）由于转轴存在摩擦，当风速较小时，风杯可能无法转动。在阻力和阻力臂保持恒定的情况下，根据杠杆平衡原理，增加动力臂可以增强风速计的灵敏度。因此，适当延长支架长度能够有效提高测量灵敏度。
（2）如图乙所示，当风从左侧吹向风速计时，迎风面为凹面的风杯受到较大风压作用，而迎风面为凸面的风杯由于气流绕流效应，所受风压较小，从而导致风杯沿顺时针方向旋转。
（3）在恒定风速条件下，当风杯转速达到特定值时，风杯所受风力与摩擦力等阻力达到动态平衡，此时转速将保持稳定。但由于风杯在旋转过程中方向持续变化，因此系统并未处于静态平衡状态。
（4）根据图丙数据，风杯在1秒内完成2圈转动（转速n=2r/s），已知风杯半径R=0.2m，风速计常数b=3。应用风速计算公式可得当前风速值：v=2πRbn=2×3×0.2m×3×2r/s=7.2m/s。
【分析】1、杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂。在阻力和阻力臂保持恒定的情况下，增加动力臂可以减小动力；
2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
3、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
4、速度的计算：公式为距离和时间的比值。
（1）由于转轴的摩擦，风速较小时，风杯可能转不起来，当阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，应增大动力臂，则增大支架的长度，可以提高风速计的灵敏度。
（2）如图乙所示，风从左边吹向风速计，凹面迎风的风杯受到的风压大，凸面迎风的风杯由于风的绕流作用，受到的风压小，风杯顺时针转动。
（3）当风速一定时，风杯转速增大到一定值时，风杯受到的风力与摩擦力等阻力平衡，所以风杯转速不再增大。但风杯在转动过程中方向在不断发生变化，因此不处于平衡状态。
（4）由图丙可知，1s内转动2圈，转数为2r/s，风杯转动半径为0.2m，风速计常数b为3，由风速和风杯转速的关系v=2πRbn可知，此时风速为v=2πRbn=2×3×0.2m×3×2r/s=7.2m/s
16．【答案】（1）D
（2）液化；保温/防冻/放热等答案合理即可
（3）圆；
（4）；83.3；20
（5）
评价维度 自动控制室温 在20~30℃范围内波动 平缓降温
能 √ 　 √
否 　 √ 　
（6）将调为130
【知识点】物质的三态；比热容的定义及其计算公式；压强的大小及其计算；欧姆定律及其应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】（1）A．大棚内的蔬菜要利用阳光进行光合作用，而黑色玻璃透光差，不利于蔬菜生长，故A正确不符合题意；
B．墙体应选用隔热性能好的材料，因为蔬菜温室室内的温度控制在一定的范围内，应尽量减少蔬菜温室内外之间的热传递，故B正确不符合题意；
C．浴霸灯工作时，可以向蔬菜温室内提供适量的热量，从而使得降温能平缓些，故C正确不符合题意；
D．根据甲图可知，线圈上电流方向向右，由安培定则可知，通电线圈上端是N极，故D错误符合题意。
故选D。
（2） 在冬天，室内的水蒸气在玻璃时上放热，从气态变成液态发生液化现象形成小水珠，会发生液化，因此对蔬菜起保温作用。
（3）①根据短文资料任务一第五行可知，模型横截面的边数越多承重比越大，而圆形可以看作是由无数条边构成的多边形，因此搭建温室选用圆形立柱的承重比大。
②根据题意可知，承重比，则质量为m的模型能承受的最大质量，
因此模型上表面所能承受的最大压力，
根据公式可知，模型上表面所能承受的最大压强。
（4）①根据题意可知，温室内空气的体积为80m3，
则温室内空气的质量，
空气吸收的热量为，
电热丝通电5min消耗的电能，
电热丝对温室的加热效率为。
②当控制电路中的电流达到30mA时，控制电路中的总电阻；
此时热敏电阻的阻值；
由图乙知道，此时的室温为20℃。
（5）根据题意可知，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温室能自动控制室温升降，
则在“自动控制室温”的“能”位置打“√”。
当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，
此时控制电路中的总电阻，
此时热敏电阻的阻值，
由图乙知道，此时的室温约为13℃，即温度控制在13~20℃之间，
在“在20~30℃范围内波动”的“否”位置打“√”；
浴霸灯加热辅助，能平缓降温，则在“平缓降温”的“能”位置打“√”。
（6）由图乙知，要将温度控制在20~30℃之间，的阻值最小为70Ω，
此时电阻箱的阻值为，
故应把电阻箱的阻值调为130Ω。
【分析】 （1）A.根据植物的光合作用需要阳光分析；
B.根据大棚内要保持一定温度判断；
C.根据浴霸灯放热判断；
D.根据安培定则判断线圈的极性。
（2）物质由气态变为液态的过程叫液化，液化放热，起到保温的作用；
（3）①根据发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三＜γ四＜γ五＜γ六分析搭建温室选用立柱横截面的形状。
②根据压强定义式和立柱的承重比γ指立柱能承受的最大质量与其质量的比值推导出模型上表面所能承受的最大压强。
（4）①根据Q吸=cmΔt求出空气吸收的热量，根据
求出电热丝通电5min产生的热量，根据求出电热丝对温室的加热效率。
（5）根据当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下电热丝停止工作利用欧姆定律和串联电路的电阻特点求出此时热敏电阻的阻值，根据图乙找出对应的温度，即为室温。
根据当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下：当电流降低到25mA时，衔铁被弹回结合欧姆定律求出温度控制的范围，再根据评价表分析判断所设计的蔬菜温室等级。
（6）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律分析给出优化建议。
（1）A．黑色玻璃透光差（不利光合）、吸热多（室内温高），不利于蔬菜生长，故A正确，不符合题意；
B．了使蔬菜温室室内的温度控制在一定的范围内，应尽量减少蔬菜温室内外之间的热传递，因此墙体应选用隔热性能好的材料，故B正确，不符合题意；
C．由图甲可知，当衔铁被吸下时，电热丝停止工作，浴霸灯工作，此时浴霸灯可以向蔬菜温室内提供适量的热量，从而使得降温能平缓些，故C正确，不符合题意；
D．由图甲可知，电流从通电线圈上端流入，下端流出，由安培定则可知，通电线圈上端是N极，故D错误，符合题意。
故选D。
（2）[1][2]当室外温度较低时，室内温度较高的水蒸气遇到冷玻璃时会发生液化，液化过程要放出热量，对蔬菜起保温作用。
（3）[1]由发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三<γ四<γ五<γ六，即模型横截面的边数越多承重比越大，圆形可以看作是由无数条边构成的多边形，因此由模型实验可知，搭建温室选用圆形立柱的承重比大。
[2]由立柱的承重比γ指立柱能承受的最大质量与其质量的比值可知，承重比，因此承重比为γ，质量为m的模型能承受的最大质量，模型上表面所能承受的最大压力
则模型上表面所能承受的最大压强
（4）[1]温室内空气的质量
空气吸收的热量为
[2]电热丝通电5min消耗的电能
电热丝对温室的加热效率为
[3]由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，由欧姆定律可知，此时控制电路中的总电阻
由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻的阻值
由图乙知道，此时的室温为20℃。
（5）任务要求：自动控温（电路实现）；由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温室能自动控制室温升降，电热丝刚停止工作时，浴霸灯工作，使得降温较平缓。当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，由欧姆定律知道，此时控制电路中的总电阻
由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻的阻值
由图乙知道，此时的室温约为13℃，即温度控制在13~20℃之间，所以不能将温度控制在20~30℃之间；浴霸灯加热辅助，能平缓降温。
（6）由图乙知，要将温度控制在20~30℃之间，的阻值最小为70Ω，由串联电路的电阻特点知道，此时电阻箱的阻值为
故应把电阻箱的阻值调为130Ω。
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