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2025年广东实验中学教育集团中考二模物理试题
一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1．如图是加油站里常见的“静电释放器”，服务员提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器来清除身体上的静电，下列说法中正确的是（　　）
A．静电释放器要与大地相连
B．静电释放器要由绝缘材料制成
C．静电释放器主要释放的是汽车所带的静电
D．人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中创造出来的
【答案】A
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】 A.静电释放器要用与大地相连，故A正确；
B.静电释放器要由导体材料制成，故B错误；
C.静电释放器主要释放的是人体所带的静电，故C错误；
D.人体带的电荷是人体与衣服摩擦的静电，故D错误；
故选A。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
2．如图所示，瓶子和电子打火器固定在桌面上，用喷雾器往瓶内喷入酒精，瓶口竖直朝上，并塞紧活塞，启动电子打火器点燃酒精，可观察到活塞瞬间向上弹出，以下说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧的过程中，将酒精的内能转化为化学能
B．活塞能向上弹出是由于瓶内气压小于瓶外气压
C．活塞飞出后向上的运动过程中，以活塞为参照物，电子打火器是静止的
D．活塞飞出过程，瓶内气体的内能转化为活塞的机械能
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；大气压的综合应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A．酒精燃烧时发生化学反应，将化学能转化为内能，故A错误。
B．活塞向上弹出是因为瓶内气压高于外部气压，活塞受到向上的压力差超过其重力，故B错误。
C．以飞出的活塞为参照物，电子打火器的位置发生变化，说明它是运动的，故C错误。
D．活塞飞出过程中，瓶内气体内能减少，活塞机械能增加，实现了内能向机械能的转化，故D正确。
故选D。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
能量转化：酒精燃烧，化学能转换为内能。
大气压的综合运用：活塞向上弹出是因为瓶内气压高于外部气压。
3．有一款新型水杯，图甲为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料。取0.3kg该晶体材料，对其进行加热，其温度与吸收的热量关系如图乙所示，AB阶段为固态，BC阶段为固液共存态。下列分析正确的是（　　）
A．杯中的水在降温过程中，水的分子热运动变剧烈
B．该晶体材料处于固态时的比热容为103J/（kg·℃）
C．在BC段，该晶体材料的内能保持不变
D．该晶体材料的熔点为30℃
【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】A．分子热运动的剧烈程度由温度决定，温度降低时分子运动减弱。杯中水降温时温度下降，水分子热运动减缓，而非加剧，故A错误。
B．根据比热容定义式，分析AB段（固态）数据：质量，温差，吸热。计算得比热容，故B正确。
C．BC段为熔化过程，晶体吸热内能增加，但温度保持熔点不变，故C错误。
D．晶体熔点对应BC段平台温度50℃，而非初始温度30℃，故D错误。
故选B。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
比热容的计算原理为Q=cmΔt；
熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
4．如图所示，水面上方有一发光点S，a、b、c、d是S发出的四束光线，其中一束光线射入水中经过M点。已知光线b的延长线经过M点，则该束光线可能是（　　）
A．a B．b C．c D．d
【答案】A
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】假设容器中没有水时，光线沿直线传播，此时光线b的延长线会经过点M。当容器中注入水后，光从空气斜射入水中，根据折射定律，折射光线会向法线方向偏折。 光线a入射到水面时，折射后向法线偏折，其路径可能经过M点；光线b、c、d的折射方向不符合经过M点的条件。
故选项A符合题意。
故选。
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
5．铁路系统实行电子检票，乘客进站需识别身份证和人脸，当“人”“证”一致（相当于两个开关均闭合）时，识别电路被接通，闸门M自动打开。下列设计可实现上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．仅闭合人脸识别开关会导致电源短路；仅闭合身份证识别开关时电动机能工作。不满足"人证一致"的触发条件。故A错误。
B．仅闭合人脸识别开关时电动机工作；仅闭合身份证识别开关会导致电源短路。未实现两开关共同控制。故B错误。
C．任一开关单独闭合都能使电动机工作。故C错误。
D．两开关串联后与电动机、电源构成回路。仅当两开关同时闭合时电路导通，实现"人证一致"的触发条件。故D正确。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
6．如图所示，磁性板擦吸在竖直悬挂的白板上保持静止，白板由铁质材料制成，下列说法正确的是（　　）
A．板擦受到的重力与板擦受到的摩擦力大小相等
B．增大板擦对白板的压力，板擦仍处于静止时，板擦受到的摩擦力增大
C．板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力是一对平衡力
D．板擦受到的重力与白板对板擦的摩擦力是一对相互作用力
【答案】A
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．磁性板擦静止吸附在竖直白板上，处于平衡状态，其重力与静摩擦力大小相等、方向相反，是一对平衡力，故A正确；
B．当增大板擦对白板的压力时，若板擦仍静止，其重力不变，根据平衡条件可知静摩擦力也不变（始终等于重力），故B错误；
C．板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力是作用力与反作用力，二者作用在不同物体上，不属于平衡力，故C错误；
D．板擦的重力与白板对板擦的摩擦力作用在同一物体（板擦）上，不符合相互作用力的定义（必须作用在两个物体上），故D错误。
故选。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
7．在信息传递比赛中，小敏同学制作了一套如图装置传递信息，闭合开关，手动将导体a沿导轨水平向右移动，导体b也随之向右运动起来。忽略导体与导轨之间的摩擦，关于此过程，下列说法中正确的是（　　）
A．a动起来是因为电流的磁效应
B．a水平向右移动的过程中，相当于发电机
C．若手动将a沿导轨水平向左移动，b会运动
D．b的能量转化是：机械能转化为电能
【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】当开关闭合时，导体a和b构成闭合回路。导体a在磁场中做切割磁感线运动，根据电磁感应原理，回路中产生感应电流。随后，该感应电流流经导体b，使导体b成为通电导体并在磁场中受力运动，这一过程体现了电动机的工作原理。
A．导体a的运动是外力驱动的，并非由电流磁效应引起，故A错误。
B．导体a向右运动时切割磁感线，产生感应电流，符合电磁感应现象，相当于发电机原理，故B正确。
C．将a沿导轨水平向东移动，根据图中知生电流，右侧导体不通电，不能运动，因此C错误。
D．导体b的运动是将电能转化为机械能的过程，而非题目所述情况，故D错误。
故选B。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
8．小满在探究杠杆平衡条件的实验时先后经历了以下过程：①如图甲，杠杆处于静止状态；②调节平衡螺母使杠杆水平平衡后，在A点悬挂重为2N的钩码，同时在B点施加竖直向上、大小为1N的力F1，如图乙；③撤去F1，在C点处施加一个方向与杠杆成30°的拉力F2时，杠杆水平静止，如图丙。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中的杠杆处于不平衡状态 B．图乙中的杠杆能平衡
C．图丙的杠杆为等臂杠杆 D．图丙的F2=1N
【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】A．杠杆的平衡状态包括静止或匀速转动两种情况。图甲中的杠杆处于静止状态，属于平衡状态，故A错误。
B．图乙中施加在杠杆上的两个力都使杠杆朝逆时针方向转动，无法使杠杆达到平衡，故B错误。
C．图丙的杠杆，根据力臂的定义和几何关系分析，此时动力臂与阻力臂长度相等，属于等臂杠杆，故C正确。
D．图丙中的杠杆是等臂杠杆，根据平衡条件可知动力等于阻力，即，故D错误。
故选C。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹，费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
杠杆平衡条件条件动力×动力臂=阻力×阻力臂。
9．如图所示，王亚平在“天宫”弹奏古筝，分别拨动古筝的八、十三号弦，用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b处，最右摆到c处，静止时在a处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦（　　）
A．从a→c→a过程振动了1次 B．振幅比十三号弦大
C．音调比十三号弦高 D．频率为880HZ
【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A、根据图示可知，从a→c→a过程中，振动了0.5次，故A错误；
B、根据图示可知，八号弦振幅比十三号弦小，故B错误；
CD、每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦的频率为，十三号弦的频率为，八号弦音调比十三号弦高，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】物体一秒内振动的次数叫做频率；频率越大，音调越高；根据图示分析振幅的大小关系。
10．如图1所示，用甲、乙两个滑轮组分别将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图2所示。下列说法正确的是（　　）
A．F甲的功率等于F乙的功率
B．两滑轮组的机械效率相等
C．两滑轮组的有用功相等
D．两滑轮组绳子自由端移动距离相等
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．由图2可知，甲、乙滑轮组的总功不相同，拉力的时间相同，根据W=Pt计算可知功率不同，A错误；
BC、甲、乙滑轮组做的有用功分别为W有甲=W总甲-W额甲=1200J-600J=600J，W有乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J，总功不相同，根据效率公式可知功率不同，B错误，C正确；
D、由图1可知，甲滑轮组的动滑轮绕绳子段数n甲=3；乙滑轮组的动滑轮绕绳子段数n乙=2；所以绳子自由端移动距离分别为s甲=n甲h=3h，s乙=n乙h=2h，两滑轮组绳子自由端移动的距离不相等，故D错误。
故选C。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
二、非选择题
11．如图，MN是一发光物，在凸透镜左侧移动光屏，能观察到一清晰等大的实像。O是凸透镜的光心，光线a平行于主光轴。
（1）画出：光线a经过凸透镜的折射光线；
（2）将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜左侧能观察到缩小的实像。新凸透镜焦距f可能是　 　（选填下列序号）；
①20cm ②15cm ③10cm ④5cm
【答案】（1）
（2）④
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）光屏上可以观察到清晰的等大实像，根据成像公式可知物距u等于两倍焦距，即u=2f=20cm，因此透镜的焦距f为10cm。平行于主光轴的光线a经过凸透镜折射后会通过焦点，根据这一性质可以确定折射光线的路径，具体光路图如下：
（2）更换另一个凸透镜后，保持物距u=20cm不变，在新透镜左侧观察到缩小的实像。根据凸透镜成像规律，当物距大于两倍焦距（u>2f）时，会形成缩小、倒立的实像。因此有20cm>2f，解得f<10cm。在给定的选项中，只有选项④（5cm）满足f<10cm的条件，所以新凸透镜的焦距f可能是④。
【分析】1、物距等于像距，等于2倍焦距，据此分析焦距；
2、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）光屏能观察到一清晰等大的实像，故u=2f=20cm，焦距f为10cm，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点。所以光线 a 经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，据此画出折射光线，如图所示：
（2）现在换用另一凸透镜，放在相同位置，物距u=20cm，在新透镜左侧能观察到缩小的实像，根据凸透镜成像规律，当u>2f时，成缩小、倒立的实像，即20cm>2f，解得f<10cm。在给出的选项中，只有5cm（④）满足f<10cm，所以新凸透镜焦距f可能是④。
12．田田在“测量小灯泡正常发光时电功率”的实验中，实验电路如图甲所示，小灯泡L1额定电压为2.5V，电源电压保持为4.5V不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在　 　端（选填“A”、“B”）；闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为　 　时，小灯泡L1正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1正常发光时的电功率P1=　 　
（2）田田想比较P1与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡L2正常发光时电功率P2的大小关系，他将L1替换成L2接入电路，闭合开关后，他调节滑动变阻器使L2正常发光，此时电流表示数如图丙所示，依据上述现象，可推断出P1　 　P2（选填“>”、“=”或“＜”）。
【答案】（1）A；2.5V；0.75W
（2）>
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关之前，为了保护电路元件，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大的位置。观察图甲可知，当滑片P位于A端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，因此需要将滑片置于A端。
由于小灯泡L1的额定电压为2.5V，因此当电压表的读数达到2.5V时，表明L1处于正常工作状态。
根据图乙，电流表使用的是0-0.6A量程，最小刻度为0.02A，此时指针指示的电流值为0.3A。由此可计算出L1在额定工作状态下的功率为：
（2）观察图丙可知电流表示数为0.2A。由于小灯泡L2的额定电压同样是2.5V，其额定功率可计算为：
比较两个功率值0.75W和0.5W，显然P1 > P2。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应放在阻值最大处。由图甲可知，滑动变阻器的滑片P在A端时，接入电路的电阻最大，所以应放置在A端。
[2]小灯泡L1的额定电压为2.5V，所以当电压表示数为2.5V时，小灯泡L1正常发光。
[3]由图乙可知，电流表选用的是0 0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A。小灯泡L1正常发光时的电功率
（2）由图丙可知，电流表的示数为0.2A。小灯泡L2正常发光时的电压也为2.5V，小灯泡L2正常发光时的电功率
因为0.75W>0.5W，所以P1>P2。
13．如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点沿着虚线由静止开始下落，A点处弹性绳处于原长。B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，此时运动员速度最大，C点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到C点的运动过程中忽略空气阻力，则：
（1）运动员从O运动到A的过程中经过D点，请你在下图对到达D点运动员做受力分析　 　；
此时，运动员处于　 　状态（选填“平衡”、“非平衡”）；
（2）运动员在B点的机械能为EB，在C点的机械能为EC，则EB　 　EC（选填“>”、“=”、“＜”）；
（3）运动员到达C点时速度为0；
①此时，运动员所受弹力　 　重力（选填“>”、“=”、“＜”）；
②此时，若运动员受到的所有力都消失，他将　 　（选填下列字母）。
A.运动员将沿着C-B-A做匀速直线运动 B.运动员将沿着C-B-A做减速直线运动
C.保持静止 D.运动员将从C向下做加速直线运动
【答案】（1）；非平衡
（2）>
（3）>；C
【知识点】机械能及其转化；弹力；重力示意图；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】（1）运动员从O点运动到A点的过程中经过D点，此时弹性绳未发生形变，忽略空气阻力，运动员在D点仅受重力作用，方向竖直向下，受力情况如图所示：
由于运动员在D点仅受重力作用，会向下做加速运动，此时运动员处于非平衡状态。
（2）在从B点到C点的运动过程中，弹性绳的弹力大于重力，运动员的机械能不断转化为弹性绳的弹性势能，因此运动员的机械能逐渐减小，即EB＞EC。
（3）在B点处，运动员所受重力与弹性绳的拉力平衡。从B点到C点的过程中，重力保持不变，而弹性绳的形变量逐渐增大，导致弹力逐渐增大。因此，当运动员到达C点时，弹力将大于重力。
在C点处运动员速度为零，根据牛顿第一定律，若此时所有外力消失，运动员将保持静止状态。因此选项C正确，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】蹦极的阶段性分析：1、OA阶段，此时只收到重力，弹力绳未拉直，此时人只受重力，速度之间增加；
2、AB阶段，弹力绳子产生形变，伸长，产生向上的弹力，速度增加的幅度逐渐减小，到B最大；
3、BC阶段，绳子产生的拉力大于重力，物体做减速运动，到C速度为0；
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1]运动员从O运动到A的过程中经过D点，弹性绳没有发生弹性形变，忽略空气阻力，运动员在D点只受重力作用，方向竖直向下，如图所示：
[2]运动员在D点只受重力作用，向下做加速运动，处于非平衡状态。
（2）由B到C的运动过程中，弹力大于重力，运动员的机械能转化为弹性绳的弹性势能，运动员的机械能逐渐减少，故EB＞EC。
（3）①[1]B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，由B到C的过程中，运动员受到的重力不变，弹性绳的弹性形变的程度越来越大，运动员受到的弹力逐渐变大，所以运动员到达C点时，所受弹力大于重力。
②[2]运动员到达C点时速度为0，此时，若运动员受到的所有力都消失，由牛顿第一定律可知，他将保持静止，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
14．厨房里带开关的插座如图甲所示。
（1）在图乙中，请用笔画线代替导线完成插孔、开关剩余部分的接线，使开关能控制插座（提供220V的电压）的供电，符号“”为可以接线的位置；
（2）为防止漏电带来的危害，铁皮外壳的电饭锅应该使用　 　（选填“两孔”、“三孔”）插座。
（3）电饭锅（铭牌如图丙所示）插头插好后，闭合插座开关，发现空气开关（额定电流20A）跳闸。为了找出跳闸原因，小明做了以下操作：
①把家中其它正在工作的用电器逐个断电，再把空气开关复原；
②再次闭合插座上的开关，空气开关没有跳闸；
③把电饭锅插头再次插入插座时，空气开关立刻跳闸。
由此判断：空气开关跳闸的原因可能是___________（选填下列字母）。
A．火零线短路 B．插座短路 C．插头短路
（4）排除故障后，电饭锅通电时，锅的温度逐渐升高，此时锅内的水温也随之逐渐升高，这是通过　 　的方式改变锅内水的内能。饭煮好后，由于　 　（选填下列字母），小明在客厅闻到饭香。
A.分子间有引力 B.分子间有斥力 C.分子做无规则运动
【答案】（1）
（2）三孔
（3）C
（4）热传递；C
【知识点】热传递改变物体内能；家庭电路的组成；家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；分子热运动
【解析】【解答】（1）在图乙所示的电路中，为了实现开关对两个插座（均提供220V电压）的供电控制，应将开关安装在干路位置，并将两个插座并联连接。具体接线方式为：右孔连接火线，左孔连接零线，上孔连接地线。具体连接示意图如下：
（2）出于安全考虑，带有铁皮外壳的电饭锅必须使用三孔插座，以确保金属外壳可靠接地。
（3）根据操作过程分析：在插入电饭锅插头前，空气开关未跳闸，说明火线与零线之间不存在短路，插座本身也没有短路故障；而当电饭锅插头插入插座时立即引发空气开关跳闸，这表明故障原因很可能是电饭锅插头存在短路现象，因此AB错误，C正确。
故选C。
（4）故障排除后，电饭锅正常工作煮饭时，通过热传递方式使锅内水的内能增加。当米饭煮熟后，在客厅能闻到饭香，这种现象属于扩散现象，证明了分子在做永不停息的无规则运动，因此AB错误，C正确。
故选C。
【分析】1、用电器和开关的接法：零线直接连接用电器；火线先接入开关，再接用电器；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；
2、当电饭锅插头插入插座时立即引发空气开关跳闸，最大可能为插头发生短路；
3、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
4、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能.
（1）在图乙中，使开关能控制两个插座（均能提供220V的电压）的供电，则开关应接在干路上，两插座并联，右孔接火线、左孔接零线、上孔接地线，连接图如下所示：
（2）为了安全，铁皮外壳的电饭锅应该使用三孔插座，使铁皮接地。
（3）由操作可知，把电饭锅插头插入插座前，空气开关没有跳闸，则火零线没有短路，插座没有短路；电饭锅插头插入插座时，空气开关立刻跳闸，则空气开关跳闸的原因可能是电饭锅插头有短路现象，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（4）[1][2]排除故障后，电饭锅正常煮饭，通过热传递的方式使锅内的水内能增大。饭煮好后，小明在客厅闻到饭香。这是扩散现象，表明分子做无规则运动，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
15．小明同学利用以下器材测量金属球的密度，按图所示完成以下步骤。
步骤一：用电子秤测出金属球的质量，如图甲所示；
步骤二：在电子秤上放一溢水杯，然后向溢水杯中注满水，测出总质量，如图乙所示；
步骤三：将金属球缓慢放入溢水杯中，溢出的水用小桶接走，测出总质量，如图丙所示；
已知=1g/cm3=103kg/m3，g=10N/kg，回答以下问题：
（1）金属球的重力为　 　N；
（2）图丙中金属球所受浮力为　 　N；
（3）图乙、丙中溢水杯底部的液体压强为p1、p2，则：p1　 　p2（选填“>”、“=”、“＜”）；
【答案】（1）0.5
（2）0.2
（3）=
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）金属球的重力为
（2）金属球排开水的质量为，所受浮力
（3）根据p=ρgh，液体压强为p1、p2，则p1=p2。
【分析】1、结合重力公式计算物体重力；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
（1）由甲图知，质量为50g，金属球的重力为
（2）图丙中金属球排开水的质量为
根据阿基米德原理所受浮力
（3）图乙、丙中溢水杯底部水的深度相同，根据p=ρgh，液体压强为p1、p2，则p1=p2。
16．重力储能是一种新型储能方式，它可以将发电机组产生的富余电能通过提升重物实现储存，再通过释放重物实现能量输出，其转化过程如图甲所示，如图乙所示为某重力储能综合项目，其中发电机组的平均发电功率为，某次系统利用发电的富余电能，将的重物A从地面提升至40m的高度处，实现能量储存，根据相关信息，完成以下问题（g取10N/kg）。
（1）储能系统产生的电能为___________（选填以下字母）；
A．一次能源 B．二次能源
C．可再生能源 D．不可再生能源
（2）发电机组发电60s平均产生的电能　 　J，这部分能量相当于完全燃烧　 　kg酒精获得的能量（）；
（3）储能系统将重物A匀速提升至40m高处的过程中，系统对重物所做的功是多少？
（4）重物A在某高处的重力势能为，从静止释放重物A，将重力势能转化为电能，实现发电，重物A落到地面时，重力势能变为0，此过程产生的电能为，则该过程重力势能转化为电能的效率是多少？
【答案】（1）B
（2）6×107；2
（3）解：系统对重物所做的功W'=Gh=6×105N×40m=2.4×107J
（4）解：该过程重力势能转化为电能的效率。
【知识点】机械能及其转化；燃料的热值；能源及其分类；电功的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）一次能源指自然界中未经加工转换的原始能源；二次能源则是通过加工转换从一次能源获得的能源形式。储能系统中的电能由其他能量形式转化产生，属于二次能源，因此正确答案为B选项，ACD选项不符合题意。
（2）电能计算公式为W=Pt，代入数据得：
根据能量守恒原理，酒精燃烧释放的热量Q=W=6×107J。由热值公式Q=mq可得所需酒精质量：
。
【分析】1、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
2、热值的计算：公式为Q=mq；
3、根据重力做功计算系统对重物所做的功；
4、结合效率公式计算重力势能转化为电能的效率。
（1）一次能源是指直接取自自然界没有经过加工转换的各种能量和资源；二次能源是由一次能源经过加工转换以后得到的能源产品。储能系统的电能是通过其他形式的能转化而来的，属于二次能源，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（2）[1]可得产生的电能W=Pt=106W×60s=6×107J
[2]因为酒精完全燃烧放出的热量Q=W=6×107J
由Q=mq可得，需要酒精的质量
（3）可得系统对重物所做的功W'=Gh=6×105N×40m=2.4×107J
（4）该过程重力势能转化为电能的效率
17．在综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，如图甲所示，测试仪的内部电路图如图乙所示，电源电压恒为10V，，电阻丝粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0cm，此时电流表示数为0.1A；挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。
（1）使用坐位体前屈项目测试仪时，电压表示数越大，代表坐位体前屈成绩越　 　（选填“好”、“差”）；
（2）挡板P由B端向A端滑动的过程中，电流表示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）当推动挡板P至A端时，电压表示数是　 　V。
【答案】（1）好
（2）不变
（3）6
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在乙图所示的电路中，电压表相当于开路状态，因此电阻R1和R2构成串联电路。电压表测量的是R2上PB段两端的电压。当坐位体前屈成绩提高时，挡板P向A端移动的距离增大，导致PB段长度增加。由于R2是均匀电阻丝，其阻值与长度成正比，因此PB段电阻增大。根据串联电路分压原理，电阻越大其两端电压（即电压表示数）也越大。因此，电压表示数越大，对应的成绩越好。
（2）电流表测量的是电路中的总电流。当挡板P从B端向A端移动时，接入电路的电阻丝R2的阻值保持不变，因此电路总电阻不变。根据欧姆定律I=U/R可知，在电源电压不变的情况下，电路中的电流保持不变，即电流表示数不随挡板移动而变化。
（3）当挡板P被推到A端时，电压表测量的是整个R2两端的电压。此时电路电流为0.1A，根据欧姆定律可计算出R1两端电压：U1=IR1=0.1A×40Ω=4V；根据串联电路电压分配规律，R2两端电压为：U2=U-U1=10V-4V=6V，因此，此时电压表的示数为6V。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和，串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）如图乙，电压表相当于断路，所以R1与R2串联，电压表测量R2上PB部分两端电压；坐位体前屈成绩越好，挡板P向A端滑动距离越大，PB部分越长，电阻越大（因R2粗细均匀，电阻与长度成正比）；根据串联分压原理，电阻越大，其两端电压（电压表示数）越大；因此，电压表示数越大，成绩越好。
（2）电流表测量电路电流，挡板P由B端向A端滑动时，电阻丝R2接入电路的电阻不变，电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，挡板移动过程中，电路中的电流不变，即电流表示数不变。
（3）当推动挡板P至A端时，电压表测整个R2两端电压，此时电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可知，R1两端电压为U1=IR1=0.1A×40Ω=4V
根据串联电路电压规律可知，R2两端电压为U2=U-U1=10V-4V=6V
即电压表示数为6V。
18．综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，小林自制的坐位体前屈项目测试仪在使用过程中经常会因为温度过高而停止工作，为了解决这个问题，小林设计了如图所示的“自动制冷降温装置”，要求：当测试仪的温度过高时，电磁铁把衔铁吸下，接通工作电路，启动降温系统；
（1）已知控制电路电源电压恒定不变，为了符合设计要求，需要在虚线框内接入一个热敏电阻，现有、两个热敏电阻可供选择，其阻值随温度变化的关系如表所示，应选用　 　（选填“”或“”）接入电路；
20 30 40 50 60
200 125 90 75 70
25 30 45 60 105
（2）控制电路接通时，电磁铁的上端为　 　（选填“N”、“S”）极。
【答案】（1）R1
（2）S
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）当温度过高时，需要电磁铁吸引衔铁动作，这意味着控制电路的电流必须增大。根据欧姆定律，在电源电压不变的情况下，要增大电流必须减小电路总电阻。由题目给出的数据表可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，R2的阻值则随温度升高而增大，因此应选择R1作为温度传感器。
（2）控制电路通电时，电流方向为从电磁铁线圈的上端流入、下端流出。应用右手螺旋定则：用右手握住螺线管，使四指弯曲方向与电流方向一致，此时大拇指所指方向即为电磁铁的N极。因此可判定电磁铁上端为S极。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）温度过高时，需电磁铁吸下衔铁，即控制电路电流需增大；根据欧姆定律，电源电压恒定，电流增大时，控制电路电阻需减小；由表格可知，R1随温度升高阻值减小，R2随温度升高阻值增大，因此应选用R1。
（2）控制电路接通时，电流从电磁铁上端流入、下端流出；根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），电磁铁上端为S极。
1 / 12025年广东实验中学教育集团中考二模物理试题
一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1．如图是加油站里常见的“静电释放器”，服务员提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器来清除身体上的静电，下列说法中正确的是（　　）
A．静电释放器要与大地相连
B．静电释放器要由绝缘材料制成
C．静电释放器主要释放的是汽车所带的静电
D．人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中创造出来的
2．如图所示，瓶子和电子打火器固定在桌面上，用喷雾器往瓶内喷入酒精，瓶口竖直朝上，并塞紧活塞，启动电子打火器点燃酒精，可观察到活塞瞬间向上弹出，以下说法正确的是（　　）
A．酒精燃烧的过程中，将酒精的内能转化为化学能
B．活塞能向上弹出是由于瓶内气压小于瓶外气压
C．活塞飞出后向上的运动过程中，以活塞为参照物，电子打火器是静止的
D．活塞飞出过程，瓶内气体的内能转化为活塞的机械能
3．有一款新型水杯，图甲为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料。取0.3kg该晶体材料，对其进行加热，其温度与吸收的热量关系如图乙所示，AB阶段为固态，BC阶段为固液共存态。下列分析正确的是（　　）
A．杯中的水在降温过程中，水的分子热运动变剧烈
B．该晶体材料处于固态时的比热容为103J/（kg·℃）
C．在BC段，该晶体材料的内能保持不变
D．该晶体材料的熔点为30℃
4．如图所示，水面上方有一发光点S，a、b、c、d是S发出的四束光线，其中一束光线射入水中经过M点。已知光线b的延长线经过M点，则该束光线可能是（　　）
A．a B．b C．c D．d
5．铁路系统实行电子检票，乘客进站需识别身份证和人脸，当“人”“证”一致（相当于两个开关均闭合）时，识别电路被接通，闸门M自动打开。下列设计可实现上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
6．如图所示，磁性板擦吸在竖直悬挂的白板上保持静止，白板由铁质材料制成，下列说法正确的是（　　）
A．板擦受到的重力与板擦受到的摩擦力大小相等
B．增大板擦对白板的压力，板擦仍处于静止时，板擦受到的摩擦力增大
C．板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力是一对平衡力
D．板擦受到的重力与白板对板擦的摩擦力是一对相互作用力
7．在信息传递比赛中，小敏同学制作了一套如图装置传递信息，闭合开关，手动将导体a沿导轨水平向右移动，导体b也随之向右运动起来。忽略导体与导轨之间的摩擦，关于此过程，下列说法中正确的是（　　）
A．a动起来是因为电流的磁效应
B．a水平向右移动的过程中，相当于发电机
C．若手动将a沿导轨水平向左移动，b会运动
D．b的能量转化是：机械能转化为电能
8．小满在探究杠杆平衡条件的实验时先后经历了以下过程：①如图甲，杠杆处于静止状态；②调节平衡螺母使杠杆水平平衡后，在A点悬挂重为2N的钩码，同时在B点施加竖直向上、大小为1N的力F1，如图乙；③撤去F1，在C点处施加一个方向与杠杆成30°的拉力F2时，杠杆水平静止，如图丙。下列说法正确的是（　　）
A．图甲中的杠杆处于不平衡状态 B．图乙中的杠杆能平衡
C．图丙的杠杆为等臂杠杆 D．图丙的F2=1N
9．如图所示，王亚平在“天宫”弹奏古筝，分别拨动古筝的八、十三号弦，用同一设置的相机拍摄到两弦最左摆到b处，最右摆到c处，静止时在a处。测出每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦（　　）
A．从a→c→a过程振动了1次 B．振幅比十三号弦大
C．音调比十三号弦高 D．频率为880HZ
10．如图1所示，用甲、乙两个滑轮组分别将同一物体在相同时间内匀速提升相同高度，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图2所示。下列说法正确的是（　　）
A．F甲的功率等于F乙的功率
B．两滑轮组的机械效率相等
C．两滑轮组的有用功相等
D．两滑轮组绳子自由端移动距离相等
二、非选择题
11．如图，MN是一发光物，在凸透镜左侧移动光屏，能观察到一清晰等大的实像。O是凸透镜的光心，光线a平行于主光轴。
（1）画出：光线a经过凸透镜的折射光线；
（2）将另一凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜左侧能观察到缩小的实像。新凸透镜焦距f可能是　 　（选填下列序号）；
①20cm ②15cm ③10cm ④5cm
12．田田在“测量小灯泡正常发光时电功率”的实验中，实验电路如图甲所示，小灯泡L1额定电压为2.5V，电源电压保持为4.5V不变，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在　 　端（选填“A”、“B”）；闭合开关，应移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为　 　时，小灯泡L1正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡L1正常发光时的电功率P1=　 　
（2）田田想比较P1与另一个额定电压也为2.5V的小灯泡L2正常发光时电功率P2的大小关系，他将L1替换成L2接入电路，闭合开关后，他调节滑动变阻器使L2正常发光，此时电流表示数如图丙所示，依据上述现象，可推断出P1　 　P2（选填“>”、“=”或“＜”）。
13．如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点沿着虚线由静止开始下落，A点处弹性绳处于原长。B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，此时运动员速度最大，C点是蹦极运动员到达的最低点，运动员从O点到C点的运动过程中忽略空气阻力，则：
（1）运动员从O运动到A的过程中经过D点，请你在下图对到达D点运动员做受力分析　 　；
此时，运动员处于　 　状态（选填“平衡”、“非平衡”）；
（2）运动员在B点的机械能为EB，在C点的机械能为EC，则EB　 　EC（选填“>”、“=”、“＜”）；
（3）运动员到达C点时速度为0；
①此时，运动员所受弹力　 　重力（选填“>”、“=”、“＜”）；
②此时，若运动员受到的所有力都消失，他将　 　（选填下列字母）。
A.运动员将沿着C-B-A做匀速直线运动 B.运动员将沿着C-B-A做减速直线运动
C.保持静止 D.运动员将从C向下做加速直线运动
14．厨房里带开关的插座如图甲所示。
（1）在图乙中，请用笔画线代替导线完成插孔、开关剩余部分的接线，使开关能控制插座（提供220V的电压）的供电，符号“”为可以接线的位置；
（2）为防止漏电带来的危害，铁皮外壳的电饭锅应该使用　 　（选填“两孔”、“三孔”）插座。
（3）电饭锅（铭牌如图丙所示）插头插好后，闭合插座开关，发现空气开关（额定电流20A）跳闸。为了找出跳闸原因，小明做了以下操作：
①把家中其它正在工作的用电器逐个断电，再把空气开关复原；
②再次闭合插座上的开关，空气开关没有跳闸；
③把电饭锅插头再次插入插座时，空气开关立刻跳闸。
由此判断：空气开关跳闸的原因可能是___________（选填下列字母）。
A．火零线短路 B．插座短路 C．插头短路
（4）排除故障后，电饭锅通电时，锅的温度逐渐升高，此时锅内的水温也随之逐渐升高，这是通过　 　的方式改变锅内水的内能。饭煮好后，由于　 　（选填下列字母），小明在客厅闻到饭香。
A.分子间有引力 B.分子间有斥力 C.分子做无规则运动
15．小明同学利用以下器材测量金属球的密度，按图所示完成以下步骤。
步骤一：用电子秤测出金属球的质量，如图甲所示；
步骤二：在电子秤上放一溢水杯，然后向溢水杯中注满水，测出总质量，如图乙所示；
步骤三：将金属球缓慢放入溢水杯中，溢出的水用小桶接走，测出总质量，如图丙所示；
已知=1g/cm3=103kg/m3，g=10N/kg，回答以下问题：
（1）金属球的重力为　 　N；
（2）图丙中金属球所受浮力为　 　N；
（3）图乙、丙中溢水杯底部的液体压强为p1、p2，则：p1　 　p2（选填“>”、“=”、“＜”）；
16．重力储能是一种新型储能方式，它可以将发电机组产生的富余电能通过提升重物实现储存，再通过释放重物实现能量输出，其转化过程如图甲所示，如图乙所示为某重力储能综合项目，其中发电机组的平均发电功率为，某次系统利用发电的富余电能，将的重物A从地面提升至40m的高度处，实现能量储存，根据相关信息，完成以下问题（g取10N/kg）。
（1）储能系统产生的电能为___________（选填以下字母）；
A．一次能源 B．二次能源
C．可再生能源 D．不可再生能源
（2）发电机组发电60s平均产生的电能　 　J，这部分能量相当于完全燃烧　 　kg酒精获得的能量（）；
（3）储能系统将重物A匀速提升至40m高处的过程中，系统对重物所做的功是多少？
（4）重物A在某高处的重力势能为，从静止释放重物A，将重力势能转化为电能，实现发电，重物A落到地面时，重力势能变为0，此过程产生的电能为，则该过程重力势能转化为电能的效率是多少？
17．在综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，如图甲所示，测试仪的内部电路图如图乙所示，电源电压恒为10V，，电阻丝粗细均匀，总长度为30cm。闭合开关，挡板P在B端时，坐位体前屈成绩为0cm，此时电流表示数为0.1A；挡板P在A端时，坐位体前屈成绩为30cm。
（1）使用坐位体前屈项目测试仪时，电压表示数越大，代表坐位体前屈成绩越　 　（选填“好”、“差”）；
（2）挡板P由B端向A端滑动的过程中，电流表示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）当推动挡板P至A端时，电压表示数是　 　V。
18．综合实践活动中，小林自制了一个坐位体前屈项目测试仪，小林自制的坐位体前屈项目测试仪在使用过程中经常会因为温度过高而停止工作，为了解决这个问题，小林设计了如图所示的“自动制冷降温装置”，要求：当测试仪的温度过高时，电磁铁把衔铁吸下，接通工作电路，启动降温系统；
（1）已知控制电路电源电压恒定不变，为了符合设计要求，需要在虚线框内接入一个热敏电阻，现有、两个热敏电阻可供选择，其阻值随温度变化的关系如表所示，应选用　 　（选填“”或“”）接入电路；
20 30 40 50 60
200 125 90 75 70
25 30 45 60 105
（2）控制电路接通时，电磁铁的上端为　 　（选填“N”、“S”）极。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】 A.静电释放器要用与大地相连，故A正确；
B.静电释放器要由导体材料制成，故B错误；
C.静电释放器主要释放的是人体所带的静电，故C错误；
D.人体带的电荷是人体与衣服摩擦的静电，故D错误；
故选A。
【分析】 不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
2．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；大气压的综合应用；参照物及其选择
【解析】【解答】A．酒精燃烧时发生化学反应，将化学能转化为内能，故A错误。
B．活塞向上弹出是因为瓶内气压高于外部气压，活塞受到向上的压力差超过其重力，故B错误。
C．以飞出的活塞为参照物，电子打火器的位置发生变化，说明它是运动的，故C错误。
D．活塞飞出过程中，瓶内气体内能减少，活塞机械能增加，实现了内能向机械能的转化，故D正确。
故选D。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
能量转化：酒精燃烧，化学能转换为内能。
大气压的综合运用：活塞向上弹出是因为瓶内气压高于外部气压。
3．【答案】B
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】A．分子热运动的剧烈程度由温度决定，温度降低时分子运动减弱。杯中水降温时温度下降，水分子热运动减缓，而非加剧，故A错误。
B．根据比热容定义式，分析AB段（固态）数据：质量，温差，吸热。计算得比热容，故B正确。
C．BC段为熔化过程，晶体吸热内能增加，但温度保持熔点不变，故C错误。
D．晶体熔点对应BC段平台温度50℃，而非初始温度30℃，故D错误。
故选B。
【分析】分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
比热容的计算原理为Q=cmΔt；
熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
4．【答案】A
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】假设容器中没有水时，光线沿直线传播，此时光线b的延长线会经过点M。当容器中注入水后，光从空气斜射入水中，根据折射定律，折射光线会向法线方向偏折。 光线a入射到水面时，折射后向法线偏折，其路径可能经过M点；光线b、c、d的折射方向不符合经过M点的条件。
故选项A符合题意。
故选。
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线。
5．【答案】D
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】A．仅闭合人脸识别开关会导致电源短路；仅闭合身份证识别开关时电动机能工作。不满足"人证一致"的触发条件。故A错误。
B．仅闭合人脸识别开关时电动机工作；仅闭合身份证识别开关会导致电源短路。未实现两开关共同控制。故B错误。
C．任一开关单独闭合都能使电动机工作。故C错误。
D．两开关串联后与电动机、电源构成回路。仅当两开关同时闭合时电路导通，实现"人证一致"的触发条件。故D正确。
故选D。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
6．【答案】A
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．磁性板擦静止吸附在竖直白板上，处于平衡状态，其重力与静摩擦力大小相等、方向相反，是一对平衡力，故A正确；
B．当增大板擦对白板的压力时，若板擦仍静止，其重力不变，根据平衡条件可知静摩擦力也不变（始终等于重力），故B错误；
C．板擦对白板的吸引力与白板对板擦的吸引力是作用力与反作用力，二者作用在不同物体上，不属于平衡力，故C错误；
D．板擦的重力与白板对板擦的摩擦力作用在同一物体（板擦）上，不符合相互作用力的定义（必须作用在两个物体上），故D错误。
故选。
【分析】1、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用，
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物体也是受力物体。特点为大小相等、方向相反、作用在两个物体上。
3、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
7．【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】当开关闭合时，导体a和b构成闭合回路。导体a在磁场中做切割磁感线运动，根据电磁感应原理，回路中产生感应电流。随后，该感应电流流经导体b，使导体b成为通电导体并在磁场中受力运动，这一过程体现了电动机的工作原理。
A．导体a的运动是外力驱动的，并非由电流磁效应引起，故A错误。
B．导体a向右运动时切割磁感线，产生感应电流，符合电磁感应现象，相当于发电机原理，故B正确。
C．将a沿导轨水平向东移动，根据图中知生电流，右侧导体不通电，不能运动，因此C错误。
D．导体b的运动是将电能转化为机械能的过程，而非题目所述情况，故D错误。
故选B。
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
8．【答案】C
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】A．杠杆的平衡状态包括静止或匀速转动两种情况。图甲中的杠杆处于静止状态，属于平衡状态，故A错误。
B．图乙中施加在杠杆上的两个力都使杠杆朝逆时针方向转动，无法使杠杆达到平衡，故B错误。
C．图丙的杠杆，根据力臂的定义和几何关系分析，此时动力臂与阻力臂长度相等，属于等臂杠杆，故C正确。
D．图丙中的杠杆是等臂杠杆，根据平衡条件可知动力等于阻力，即，故D错误。
故选C。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹，费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平；
力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
杠杆平衡条件条件动力×动力臂=阻力×阻力臂。
9．【答案】C
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】A、根据图示可知，从a→c→a过程中，振动了0.5次，故A错误；
B、根据图示可知，八号弦振幅比十三号弦小，故B错误；
CD、每振动880次，八号弦用时2s，十三号弦用时4s，则八号弦的频率为，十三号弦的频率为，八号弦音调比十三号弦高，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】物体一秒内振动的次数叫做频率；频率越大，音调越高；根据图示分析振幅的大小关系。
10．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A．由图2可知，甲、乙滑轮组的总功不相同，拉力的时间相同，根据W=Pt计算可知功率不同，A错误；
BC、甲、乙滑轮组做的有用功分别为W有甲=W总甲-W额甲=1200J-600J=600J，W有乙=W总乙-W额乙=800J-200J=600J，总功不相同，根据效率公式可知功率不同，B错误，C正确；
D、由图1可知，甲滑轮组的动滑轮绕绳子段数n甲=3；乙滑轮组的动滑轮绕绳子段数n乙=2；所以绳子自由端移动距离分别为s甲=n甲h=3h，s乙=n乙h=2h，两滑轮组绳子自由端移动的距离不相等，故D错误。
故选C。
【分析】1、动滑轮的工作特点：可以省力，但是费距离，定滑轮的工作特点：可以改变方向但是不省力
2、拉力的计算， ，n为动滑轮缠绕绳子数，绳子移动的距离为物体移动距离的n倍，
3、功的相关计算：W=Fs，距离为拉力的方向。总结：考虑滑轮重力的情况，定滑轮的机械效率要大于动滑轮，重物重力越大，机械效率越大。
11．【答案】（1）
（2）④
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）光屏上可以观察到清晰的等大实像，根据成像公式可知物距u等于两倍焦距，即u=2f=20cm，因此透镜的焦距f为10cm。平行于主光轴的光线a经过凸透镜折射后会通过焦点，根据这一性质可以确定折射光线的路径，具体光路图如下：
（2）更换另一个凸透镜后，保持物距u=20cm不变，在新透镜左侧观察到缩小的实像。根据凸透镜成像规律，当物距大于两倍焦距（u>2f）时，会形成缩小、倒立的实像。因此有20cm>2f，解得f<10cm。在给定的选项中，只有选项④（5cm）满足f<10cm的条件，所以新凸透镜的焦距f可能是④。
【分析】1、物距等于像距，等于2倍焦距，据此分析焦距；
2、凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
3、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
（1）光屏能观察到一清晰等大的实像，故u=2f=20cm，焦距f为10cm，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点。所以光线 a 经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，据此画出折射光线，如图所示：
（2）现在换用另一凸透镜，放在相同位置，物距u=20cm，在新透镜左侧能观察到缩小的实像，根据凸透镜成像规律，当u>2f时，成缩小、倒立的实像，即20cm>2f，解得f<10cm。在给出的选项中，只有5cm（④）满足f<10cm，所以新凸透镜焦距f可能是④。
12．【答案】（1）A；2.5V；0.75W
（2）>
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在闭合开关之前，为了保护电路元件，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大的位置。观察图甲可知，当滑片P位于A端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，因此需要将滑片置于A端。
由于小灯泡L1的额定电压为2.5V，因此当电压表的读数达到2.5V时，表明L1处于正常工作状态。
根据图乙，电流表使用的是0-0.6A量程，最小刻度为0.02A，此时指针指示的电流值为0.3A。由此可计算出L1在额定工作状态下的功率为：
（2）观察图丙可知电流表示数为0.2A。由于小灯泡L2的额定电压同样是2.5V，其额定功率可计算为：
比较两个功率值0.75W和0.5W，显然P1 > P2。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、伏安法测电功率：调节变阻器的电阻，使得电灯泡的电压为额定电压，电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U额，电流表串联在电路中，读出此时的电流I额，根据电功率公式P=U额I额计算分析。
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片应放在阻值最大处。由图甲可知，滑动变阻器的滑片P在A端时，接入电路的电阻最大，所以应放置在A端。
[2]小灯泡L1的额定电压为2.5V，所以当电压表示数为2.5V时，小灯泡L1正常发光。
[3]由图乙可知，电流表选用的是0 0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A。小灯泡L1正常发光时的电功率
（2）由图丙可知，电流表的示数为0.2A。小灯泡L2正常发光时的电压也为2.5V，小灯泡L2正常发光时的电功率
因为0.75W>0.5W，所以P1>P2。
13．【答案】（1）；非平衡
（2）>
（3）>；C
【知识点】机械能及其转化；弹力；重力示意图；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】（1）运动员从O点运动到A点的过程中经过D点，此时弹性绳未发生形变，忽略空气阻力，运动员在D点仅受重力作用，方向竖直向下，受力情况如图所示：
由于运动员在D点仅受重力作用，会向下做加速运动，此时运动员处于非平衡状态。
（2）在从B点到C点的运动过程中，弹性绳的弹力大于重力，运动员的机械能不断转化为弹性绳的弹性势能，因此运动员的机械能逐渐减小，即EB＞EC。
（3）在B点处，运动员所受重力与弹性绳的拉力平衡。从B点到C点的过程中，重力保持不变，而弹性绳的形变量逐渐增大，导致弹力逐渐增大。因此，当运动员到达C点时，弹力将大于重力。
在C点处运动员速度为零，根据牛顿第一定律，若此时所有外力消失，运动员将保持静止状态。因此选项C正确，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】蹦极的阶段性分析：1、OA阶段，此时只收到重力，弹力绳未拉直，此时人只受重力，速度之间增加；
2、AB阶段，弹力绳子产生形变，伸长，产生向上的弹力，速度增加的幅度逐渐减小，到B最大；
3、BC阶段，绳子产生的拉力大于重力，物体做减速运动，到C速度为0；
4、机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。
（1）[1]运动员从O运动到A的过程中经过D点，弹性绳没有发生弹性形变，忽略空气阻力，运动员在D点只受重力作用，方向竖直向下，如图所示：
[2]运动员在D点只受重力作用，向下做加速运动，处于非平衡状态。
（2）由B到C的运动过程中，弹力大于重力，运动员的机械能转化为弹性绳的弹性势能，运动员的机械能逐渐减少，故EB＞EC。
（3）①[1]B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等，由B到C的过程中，运动员受到的重力不变，弹性绳的弹性形变的程度越来越大，运动员受到的弹力逐渐变大，所以运动员到达C点时，所受弹力大于重力。
②[2]运动员到达C点时速度为0，此时，若运动员受到的所有力都消失，由牛顿第一定律可知，他将保持静止，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
14．【答案】（1）
（2）三孔
（3）C
（4）热传递；C
【知识点】热传递改变物体内能；家庭电路的组成；家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；分子热运动
【解析】【解答】（1）在图乙所示的电路中，为了实现开关对两个插座（均提供220V电压）的供电控制，应将开关安装在干路位置，并将两个插座并联连接。具体接线方式为：右孔连接火线，左孔连接零线，上孔连接地线。具体连接示意图如下：
（2）出于安全考虑，带有铁皮外壳的电饭锅必须使用三孔插座，以确保金属外壳可靠接地。
（3）根据操作过程分析：在插入电饭锅插头前，空气开关未跳闸，说明火线与零线之间不存在短路，插座本身也没有短路故障；而当电饭锅插头插入插座时立即引发空气开关跳闸，这表明故障原因很可能是电饭锅插头存在短路现象，因此AB错误，C正确。
故选C。
（4）故障排除后，电饭锅正常工作煮饭时，通过热传递方式使锅内水的内能增加。当米饭煮熟后，在客厅能闻到饭香，这种现象属于扩散现象，证明了分子在做永不停息的无规则运动，因此AB错误，C正确。
故选C。
【分析】1、用电器和开关的接法：零线直接连接用电器；火线先接入开关，再接用电器；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；
2、当电饭锅插头插入插座时立即引发空气开关跳闸，最大可能为插头发生短路；
3、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快；
4、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能.
（1）在图乙中，使开关能控制两个插座（均能提供220V的电压）的供电，则开关应接在干路上，两插座并联，右孔接火线、左孔接零线、上孔接地线，连接图如下所示：
（2）为了安全，铁皮外壳的电饭锅应该使用三孔插座，使铁皮接地。
（3）由操作可知，把电饭锅插头插入插座前，空气开关没有跳闸，则火零线没有短路，插座没有短路；电饭锅插头插入插座时，空气开关立刻跳闸，则空气开关跳闸的原因可能是电饭锅插头有短路现象，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（4）[1][2]排除故障后，电饭锅正常煮饭，通过热传递的方式使锅内的水内能增大。饭煮好后，小明在客厅闻到饭香。这是扩散现象，表明分子做无规则运动，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
15．【答案】（1）0.5
（2）0.2
（3）=
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）金属球的重力为
（2）金属球排开水的质量为，所受浮力
（3）根据p=ρgh，液体压强为p1、p2，则p1=p2。
【分析】1、结合重力公式计算物体重力；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。
（1）由甲图知，质量为50g，金属球的重力为
（2）图丙中金属球排开水的质量为
根据阿基米德原理所受浮力
（3）图乙、丙中溢水杯底部水的深度相同，根据p=ρgh，液体压强为p1、p2，则p1=p2。
16．【答案】（1）B
（2）6×107；2
（3）解：系统对重物所做的功W'=Gh=6×105N×40m=2.4×107J
（4）解：该过程重力势能转化为电能的效率。
【知识点】机械能及其转化；燃料的热值；能源及其分类；电功的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）一次能源指自然界中未经加工转换的原始能源；二次能源则是通过加工转换从一次能源获得的能源形式。储能系统中的电能由其他能量形式转化产生，属于二次能源，因此正确答案为B选项，ACD选项不符合题意。
（2）电能计算公式为W=Pt，代入数据得：
根据能量守恒原理，酒精燃烧释放的热量Q=W=6×107J。由热值公式Q=mq可得所需酒精质量：
。
【分析】1、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
2、热值的计算：公式为Q=mq；
3、根据重力做功计算系统对重物所做的功；
4、结合效率公式计算重力势能转化为电能的效率。
（1）一次能源是指直接取自自然界没有经过加工转换的各种能量和资源；二次能源是由一次能源经过加工转换以后得到的能源产品。储能系统的电能是通过其他形式的能转化而来的，属于二次能源，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（2）[1]可得产生的电能W=Pt=106W×60s=6×107J
[2]因为酒精完全燃烧放出的热量Q=W=6×107J
由Q=mq可得，需要酒精的质量
（3）可得系统对重物所做的功W'=Gh=6×105N×40m=2.4×107J
（4）该过程重力势能转化为电能的效率
17．【答案】（1）好
（2）不变
（3）6
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在乙图所示的电路中，电压表相当于开路状态，因此电阻R1和R2构成串联电路。电压表测量的是R2上PB段两端的电压。当坐位体前屈成绩提高时，挡板P向A端移动的距离增大，导致PB段长度增加。由于R2是均匀电阻丝，其阻值与长度成正比，因此PB段电阻增大。根据串联电路分压原理，电阻越大其两端电压（即电压表示数）也越大。因此，电压表示数越大，对应的成绩越好。
（2）电流表测量的是电路中的总电流。当挡板P从B端向A端移动时，接入电路的电阻丝R2的阻值保持不变，因此电路总电阻不变。根据欧姆定律I=U/R可知，在电源电压不变的情况下，电路中的电流保持不变，即电流表示数不随挡板移动而变化。
（3）当挡板P被推到A端时，电压表测量的是整个R2两端的电压。此时电路电流为0.1A，根据欧姆定律可计算出R1两端电压：U1=IR1=0.1A×40Ω=4V；根据串联电路电压分配规律，R2两端电压为：U2=U-U1=10V-4V=6V，因此，此时电压表的示数为6V。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和，串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）如图乙，电压表相当于断路，所以R1与R2串联，电压表测量R2上PB部分两端电压；坐位体前屈成绩越好，挡板P向A端滑动距离越大，PB部分越长，电阻越大（因R2粗细均匀，电阻与长度成正比）；根据串联分压原理，电阻越大，其两端电压（电压表示数）越大；因此，电压表示数越大，成绩越好。
（2）电流表测量电路电流，挡板P由B端向A端滑动时，电阻丝R2接入电路的电阻不变，电路的总电阻不变，由欧姆定律可知，挡板移动过程中，电路中的电流不变，即电流表示数不变。
（3）当推动挡板P至A端时，电压表测整个R2两端电压，此时电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可知，R1两端电压为U1=IR1=0.1A×40Ω=4V
根据串联电路电压规律可知，R2两端电压为U2=U-U1=10V-4V=6V
即电压表示数为6V。
18．【答案】（1）R1
（2）S
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）当温度过高时，需要电磁铁吸引衔铁动作，这意味着控制电路的电流必须增大。根据欧姆定律，在电源电压不变的情况下，要增大电流必须减小电路总电阻。由题目给出的数据表可知，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，R2的阻值则随温度升高而增大，因此应选择R1作为温度传感器。
（2）控制电路通电时，电流方向为从电磁铁线圈的上端流入、下端流出。应用右手螺旋定则：用右手握住螺线管，使四指弯曲方向与电流方向一致，此时大拇指所指方向即为电磁铁的N极。因此可判定电磁铁上端为S极。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）温度过高时，需电磁铁吸下衔铁，即控制电路电流需增大；根据欧姆定律，电源电压恒定，电流增大时，控制电路电阻需减小；由表格可知，R1随温度升高阻值减小，R2随温度升高阻值增大，因此应选用R1。
（2）控制电路接通时，电流从电磁铁上端流入、下端流出；根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极），电磁铁上端为S极。
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