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广东省深圳市南山区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
1．若图中陶瓷空茶杯的质量与两个鸡蛋相当，则其受到的重力约为（　　）
A．1N B．10N C．100N D．1000N
【答案】A
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】一斤鸡蛋500g，大约有10个左右，则两个鸡蛋的质量约为m=100g=0.1kg，
那么它们的重力约为G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先估测两个鸡蛋的质量，然后根据G=mg计算它们的重力即可。
2．将漂浮在水面上的托盘轻轻推出，茶杯和托盘随溪水流动。下列说法正确的是（　　）
A．托盘只受到重力和浮力
B．茶杯所受重力的施力物体为地球
C．托盘被推开离手后，人对托盘仍做功
D．被推开后的托盘依靠惯性力继续运动
【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断
【解析】【解答】A．漂浮在水面上的托盘，受到茶杯对托盘压力、自身的重力和水对托盘的浮力作用，故A错误；
B．茶杯所受重力由于地球的吸引产生，则重力的施力物体为地球，故B正确；
C．托盘被推开离手后，托盘虽然继续向前运动，但是人对托盘没有了作用力，故人对托盘不做功，故C错误；
D．惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是力，故D错误。
故选B。
【分析】A.对托盘进行受力分析即可；
B.地面附近物体重力的施力物体都是地球；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
3．将托盘上的茶杯拿走之后，下列分析正确的是（　　）
A．托盘受到的浮力变大 B．托盘受到的浮力不变
C．托盘排开水的体积变小 D．托盘排开水的体积不变
【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，托盘和茶杯始终处于漂浮状态，则它受到的浮力始终等于重力。将托盘上的茶杯拿走之后，重力减小，故受到的浮力减小，故AB错误；
CD．综上所述，托盘受到的浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，托盘排开液体的体积减小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】AB.根据物体的漂浮条件分析判断；
CD.根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排分析托盘排开水的体积变化。
4．如题图所示，中医针灸的针尖非常细，其作用是（　　）
A．减小压力 B．增大压力 C．减小压强 D．增大压强
【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】 如图所示， 中医针灸的针尖非常细，是通过减小受力面积来增大压强，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
5．如题图所示，拔火罐时，罐内火焰熄灭后，罐体“吸”在皮肤上。下列分析正确的是（　　）
A．罐在重力的作用下“吸”在皮肤上
B．罐在大气压的作用下“吸”在皮肤上
C．待自然冷却后，罐内的气压大于外界气压
D．待自然冷却后，罐内的气压等于外界气压
【答案】B
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】拔火罐时，首先将燃烧的物体放入罐内，从而消耗氧气。罐内火焰熄灭后，罐内气体冷却，气压降低，则罐内的气压小于外界气压，在大气压的作用下罐体被压在皮肤上，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据大气压强的知识分析拔火罐的工作原理即可。
6．如题图所示，刮痧时需在皮肤上涂润滑药油，当刮痧板向右刮动时，下列分析正确的是（　　）
A．涂药油可以增大摩擦
B．刮痧板受到的是滑动摩擦力
C．刮痧板受到的摩擦力方向向右
D．刮痧时越用力，刮痧板受到的摩擦力越小
【答案】B
【知识点】摩擦力产生的条件；摩擦力的方向；摩擦力的种类；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．涂药油是通过改变接触面的方式减小摩擦力，故A错误；
B．刮痧时，刮痧板在皮肤表面滑动，因此产生的是滑动摩擦力，故B正确；
C．刮痧板相对皮肤向右运动，而滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，因此刮痧板受到的摩擦力方向向左，故C错误；
D．刮痧时越用力，压力越大，则刮痧板受到的摩擦力越大，故D错误。
故选B。
【分析】A.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面，变滑动为滚动；
B.一个物体在另一个物体表面上滑动时产生的摩擦为滑动摩擦力；
C.滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反；
D.滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度相同。
7．题图为《天工开物》中记载的一种汲水工具——筒车。工作时，流水推动水轮转动，固定在轮上的取水筒在低位取水，升至高位时自动倒水入槽，灌溉农田。下列分析正确的是（　　）
A．筒车的机械效率为100%
B．取水筒内的水，在倒水处重力势能最大
C．取水筒内的水倒入水槽的过程中，其动能转化为重力势能
D．若要提高筒车对水做功的功率，则筒车应安装在水流缓的地方
【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；势能的影响因素；机械能及其转化；机械效率的计算
【解析】【解答】A．任何机械在工作过程中，都要克服阻力做额外功，根据可知，筒车的机械效率不可能为100%，故A错误；
B．根据题意可知，当水到达最高点时倒水，此时质量不变，所以在倒水处重力势能最大，故B正确；
C．水筒内的水倒入水槽的过程中，速度增大，动能增大；质量不变，高度降低，则重力势能减小，那么重力势能转化为动能，故C错误；
D．若要提高筒车对水做功的功率，需要增大水流的速度，使水对筒车的冲击力增大，所以筒车应安装在水流急的地方，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据任何机械工作时都做额外功分析；
BC.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，据此分析二者的大小变化即可；
D.若要提高筒车对水做功的功率，需要增大水流的速度，据此分析判断。
8．题图甲是深圳中心公园的网红弯弯椅，供游客躺平小憩。请在图乙中画出游客所受重力（重心O点已标出）和游客对躺椅A 点的压力。
【答案】
【知识点】重力示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】游客受到重力竖直向下，重心为O，过O点作竖直向下的带箭头的线段；游客对躺椅的压力，方向垂直斜面，作垂直斜面向下的带箭头的线段，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下；物体对斜面的压力和斜面垂直。
9．大鹏海钓是深圳市民钟爱的休闲方式。请在题图中A 点画出鱼竿受到的阻力F2，以及动力F1的动力臂L1。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】图中，O为杠杆的支点，过支点O作动力F1作用线的垂线，即为动力臂L1；鱼对杠杆的拉力为阻力F2，作用点在杠杆A处，方向竖直向下，如图所示：
【分析】支点到力的作用线的垂线，是力臂；物体对杠杆的拉力，是杠杆的阻力。
10．今年春天，深圳南山区的环西丽湖绿道成为很多骑行爱好者的打卡点。
（1）如图甲所示，将手握在把手两端比握在中间转轴处，更容易控制车的方向，这表明力的作用效果跟力的　 　有关：
（2）人骑上自行车后，轮胎会变瘪，说明力可以改变物体的　 　：
（3）图乙中人检查轮胎是否有气时，会用手捏一下轮胎。松手后，若轮胎能自动恢复原状，说明轮胎具有　 　（选填“弹性”或“塑性”）。
【答案】（1）作用点
（2）形状
（3）弹性
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图；弹力
【解析】【解答】（1）图甲中，握在把手两端比握在中间，力的作用点不同，更容易控制车的方向，是力的作用效果跟力的作用点有关。
（2）人骑上自行车后，对车有压力，轮胎变瘪，形状发生了改变，是力可以改变物体的形状。
（3）图乙中，用手捏一下轮胎，松手后，轮胎能恢复原状，则轮胎具有弹性。
【分析】（1）力的作用效果和力的作用点有关；
（2）力可以改变物体的形状；
（3）物体受力发生形变，不受力时又恢复到原来的形状，物体具有弹性。
（1）将手握在把手两端比握在中间转轴处，更容易控制车的方向，两次力的作用点不同，这表明力的作用效果跟力的作用点有关。
（2）人骑上自行车后，轮胎会变瘪，轮胎的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状。
（3）受力会发生形变，不受力时又恢复到原来的形状，物体的这种特性叫弹性。用手捏一下轮胎，松手后，若轮胎能自动恢复原状，说明轮胎具有弹性。
11．深圳是一座快速发展的城市。在城市建设中，工地上常用图甲中的塔吊搬运物料，其起吊部分的结构可简化为图乙中的滑轮组模型。
（1）当水平输送物料时，滑轮组对物料的拉力　 　（选填“做功”或“不做功”）；
（2）如图乙所示，当滑轮组将重力为4000N 的物料，竖直匀速提升10m时，拉力F为2500N，此过程滑轮组的机械效率为　 　；
（3）请写出一个提高滑轮组机械效率的方法：　 　。
【答案】（1）不做功
（2）80%
（3）减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加物重
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；是否做功的判断；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）图中，滑轮组对物料的拉力竖直向上，当水平输送物料时，物料在拉力的方向上没有移动距离， 拉力对物料不做功。
（2）物体重力为4000N，提升10m时，克服重力做有用功：W有=Gh=4000N×10m=4×104J
滑轮上的绳子段数n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×10m=20m，
拉力做的总功：W总=Fs=2500N×20m=5×104J，
计算滑轮组的机械效率：；
（3）根据，增加有用功或减少额外功，即减轻动滑轮质量、加润滑油，减小摩擦或增加提升物体的重力，可提高机械效率。
【分析】（1）物体受力，且在力的方向移动距离，力对物体做功；
（2）根据W=Gh，计算有用功，利用W=Fs，计算总功，根据，计算机械效率；
（3）提高滑轮组机械效率的方法： 减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加提升物体的重。
（1）当水平输送物料时，滑轮组对物料的拉力竖直向上，物料在拉力的方向上没有移动距离， 所以滑轮组对物料的拉力不做功。
（2）当滑轮组将重力为4000N的物料，竖直匀速提升10m时，此过程中克服重力做的有用功W有=Gh=4000N×10m=4×104J
由图乙可知动滑轮上的绳子段数n=2，则绳子自由端移动的距离s=nh=2×10m=20m
拉力做的总功W总=Fs=2500N×20m=5×104J
此过程滑轮组的机械效率
（3）根据可知，可以通过增加有用功或减少额外功提高机械效率，因此提高滑轮组机械效率的方法： 减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加提升物体的重。
12．作为沿海城市，深圳不仅拥有丰富的海洋资源，还有许多美丽的海滩。
（1）游泳者向后划水时；身体获得向前的动力，说明力的作用是　 　的；
（2）如图甲所示，小明在铺有鹅卵石的海滩玩耍，当他从A位置向 　 　（选填“岸边”或“海里”）走时，脚掌疼痛感会越来越强烈；
（3）图乙中，一颗大石头陷在不渗水的淤泥中，一颗小石头在海水中下沉，受到浮力较大的是　 　。
【答案】（1）相互
（2）岸边
（3）小石头
【知识点】力作用的相互性；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）游泳时，人向后划水，人对水有向后的力，水对人有向前的力，使人向前运动，则力的作用是相互的。
（2）人在水中，受到浮力，人从海里向岸上走，根据，排开水的体积变小，密度不变，浮力变小，鹅卵石对脚的支持力变大，脚对鹅卵石的压力变大，根据，受力面积相同时，压力变大，产生的压强变大，故脚更疼。
（3）图乙中，大石头在淤泥中，下方没有水，没有产生向上的压力，不受浮力，小石头在海水中下沉，受到水的浮力，则大石块的浮力小于小石块受到的浮力。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）液体密度一定时，排开液体的体积越小，物体受到的浮力越小；根据压力大小，利用，判断压强的大小；
（3）物体和容器底紧密结合，下方不受液体压力，物体不受浮力。
（1）游泳者向后划水时，人对水施加了一个向后的力，同时水对人施加了一个向前的力，使人身体获得向前的动力，这说明力的作用是相互的。
（2）从海里向岸上走，排开水的体积逐渐变小，而水的密度不变，根据可知小明受到的浮力变小，鹅卵石对脚的支持力变大，鹅卵石对脚的支持力和人脚对鹅卵石的压力是一对相互作用力，故人对鹅卵石的压力也变大，由可知，受力面积相同时，压力变大，产生的压强变大，故脚更疼。
（3）一颗大石头陷在不渗水的淤泥中，下方没有水，没有产生向上的压力，故大石头不受浮力，而小石头在海水中下沉，受到水的浮力，故大石块的浮力小于小石块受到的浮力。
13．深圳沿海规划了很多骑行道，集风光与休闲于一体。小明在骑行时经过一段下坡路，最终在平地停下。对此他产生一些思考，并展开科学探究。
【探究目的】阻力对物体运动的影响
【实验装置】小明选用毛巾、棉布和木板进行实验
【设计实验】
（1）实验过程中，应分别将毛巾、棉布平铺在题图中的　 　（用字母表示）段；
（2）实验时让小车从斜面　 　静止释放，目的是使小车到达水平面时的初速度相等；
（3）【收集证据】
接触材料 小车受阻力情况 小车在水平面滑行距离
毛巾 大 23.2cm
棉布 较大 45.3cm
木板 小 　
三次实验中，小车仅在木板表面运动时冲出了C点，　 　（选填“需要” 或 “不需要”）重做本实验以获取可靠的证据；
（4）【得出结论】，
分析表中内容，初步得出结论；在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，其速度减小得越　 　（选填“快”或 “慢”），滑行的距离越远；
（5）进一步推理：在水平面上运动的小车，如果受到的阻力为零，它将做　 　运动。
【答案】（1）BC
（2）同一高度
（3）不需要
（4）慢
（5）匀速直线
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）探究阻力对物体运动影响的时，改变物体受到的阻力，要改变水平面的粗糙程度，分别将毛巾、棉布平铺在BC段。
（2）实验时，让小车从斜面的同一高度由静止滑下，使小车到达水平面时的初速度相等。
（3）实验时，通过小车滑行距离，反映阻力对物体运动的影响，三次实验中，小车在木板上冲出了C点，运动距离最远，可比较小车运动的距离不相等，不需要重做实验。
（4）根据表中数据，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小的越慢，可得结论：小车运动时，小车受到的阻力越小，小车速度减小的越慢，滑行的距离越远。
（5）水平面上运动的小车，若受到的阻力为零，小车的速度不会减小，将做匀速直线运动。
【分析】（1）水平面的粗糙程度不同，可以改变物体受到的阻力；
（2）小车下滑的高度相同，到达水平面的速度相同；
（3）速度相同的小车，运动距离越远，受到的阻力越小；
（4）运动的小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；
（5）运动的小车不受力，做匀速直线运动。
（1）本实验的探究目的是“阻力对物体运动影响”，要改变水平面的粗糙程度，实验过程中，应分别将毛巾、棉布平铺在题图中的BC段。
（2）根据控制变量法可知，实验时让小车从斜面的同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的初速度相等。
（3）实验时，通过观察小车滑行距离的大小来反映阻力对物体运动的影响，三次实验中，小车仅在木板表面运动时冲出了C点，表明运动的距离最远，即三次实验小车运动的距离均不相等，故不需要重做本实验以获取可靠的证据。
（4）分析表中内容可知，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小的越慢，初步得出结论：在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车速度减小的越慢，滑行的距离越远。
（5）在水平面上运动的小车，如果受到的阻力为零，小车的速度将不会减小，它将做匀速直线运动。
14．“铁岗水库”位于鲲鹏径第二段，其大坝斜坡可以更好地承受水的压力，如图甲所示。科创小组由此猜想大坝的形状设计与液体压强有关，并展开科学探究。
（1）如图乙所示，压强计组装好后，用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面升降灵活，则说明装置　 　（选填“漏气” 或“不漏气”）；
（2）若要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的　 　；
（3）小明比较图丁A、B、C实验，得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小　 　。
（4）小红在完成图丁中　 　（填字母）两次实验后，得出结论二：液体内部压强与深度有关；
（5）水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，其原理可用结论　 　（选填“一”或“二”）作解释；
（6）图戊中水平桌面上有底面积相同且都装有水的敞口与缩口容器，小明利用电子压强计测量两个容器底所受液体压强，此时两容器水面等高，则压强计示数的大小关系应为p敞口　 　p缩口（选填“>”“=”或“<”）。（容器底和壁厚度忽略不计）
【答案】（1）不漏气
（2）转轮
（3）相等
（4）AD
（5）二
（6）=
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面几乎没有什么变化，那么装置的气密性不好；反之，若U形管中的液面升降灵活，则说明压强计的气密性好，装置不漏气。
（2）根据图片可知，手柄上的转轮与金属盒相连，通过转动转轮可以改变金属盒的朝向，因此要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的转轮。
（3）根据图丁A、B、C实验可知，金属盒的朝向不同，但是U型管左右液面的高度差相同，故得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小相等。
（4）根据控制变量法的要求可知，研究液体内部压强与深度有关时，要控制液体密度相同，只改变探头的深度大小，故选A、D实验。
（5）大坝的宽度越大抵抗压强的能力越强，水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，是因为液体内部压强随深度的增大而变大，其原理可用结论二作解释。
（6）根据题意可知，图戊中两容器水面等高，深度h相同，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，压强计示数的大小关系应为p敞口=p缩口。
【分析】（1）根据装置气密性的判断方法解答；
（2）手柄上的转轮与金属盒相连，通过转动转轮可以改变金属盒的朝向；
（3）根据U形管压强计两侧液面的高度差大小分析；
（4）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（5）根据液体压强随深度的变化规律分析；
（6）根据液体压强公式p=ρ液gh分析解答。
（1）如图乙所示，压强计组装好后，用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面升降灵活，则说明压强计的气密性好，装置不漏气。
（2）转轮的作用是改变金属盒的朝向，因此要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的转轮。
（3）小明比较图丁A、B、C实验，U型管左右液面的高度差相同，液体产生的压强相同，金属盒的朝向不同，故得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小相等。
（4）研究液体内部压强与深度有关，要控制液体密度相同，改变探头的深度大小；小红在完成图丁中A、D两次实验后，得出结论二：液体内部压强与深度有关，且压强随深度的增大而变大。
（5）液体内部压强随深度的增大而变大，水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，其原理可用结论二作解释。
（6）图戊中水平桌面上有底面积相同且都装有水的敞口与缩口容器，小明利用电子压强计测量两个容器底所受液体压强，此时两容器水面等高，深度h相同，液体密度相同，根据液体压强公式P=ρgh可知，则压强计示数的大小关系应为p敞口=p缩口。
15．小明途经蛇口市场时，见到有商人用图甲中的杆秤称量商品的质量。小明思考杆秤会在什么条件下水平平衡？于是他用图乙装置进行探究。
（1）杆秤实质是一个杠杆，提纽处相当于杠杆的　 　；
（2）小明先将杠杆安装到铁架台上，静止时如图乙所示，应将两端的平衡螺母向　 　侧适当调节，直至杠杆在水平位置平衡；
（3）完成上述步骤后，在杠杆左右两侧悬挂相同数量的钩码，使杠杆水平平衡，读取力和力臂。下一步做法更合理的是___________；
A．寻找规律，整理器材
B．改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆再次水平平衡
（4）得出杠杆平衡条件后，小明进一步实验。如图丙所示，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，杠杆始终保持水平平衡。该过程中弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），原因是　 　；
（5）如图甲所示，杆秤有两个提纽，使用提纽　 　（选填“1”或“2”）杆秤的量程更大一些。
【答案】（1）支点
（2）右
（3）B
（4）变大；动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力、阻力臂不变，动力变大
（5）1
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当杠杆转动时，提纽固定不动，故提纽相当于杠杆的支点。
（2）如图乙所示，杠杆右端高，说明左端重右端轻，在应将两端的平衡螺母向右侧适当调节。
（3）在科学探究中，需要多次测量获取数据，从而得出普遍结论，即多次改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆在水平位置平衡，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）根据丙图可知，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，此时动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，弹簧测力计的示数将变大。
（5）根据图片可知，使用提纽1时，阻力臂更小，动力臂更大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，此时阻力变大，故使用提纽1杆秤的量程更大一些。
【分析】（1）杠杆转动时围绕不动的点为支点；
（2）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（3）在科学探究中，需要多次测量获取数据，从而得出普遍结论；
（4）根据丙图确定测力计的力臂变化，然后根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2分析动力的大小变化即可；
（5）根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力臂越短，则阻力越大，即杆秤的量程更大。
（1）杆秤实质是一个杠杆，杠杆绕提纽转动，故提纽相当于杠杆的支点。
（2）如图乙所示，杠杆左端低右端高，说明左边重，应将两端的平衡螺母向右侧适当调节，直至杠杆在水平位置平衡。
（3）为了得出普遍结论，应该多次改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆在水平位置平衡，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[1][2]如图丙所示，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，杠杆始终保持水平平衡，此时动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力、阻力臂不变，动力变大，即弹簧测力计的示数将变大。
（5）根据杠杆平衡可知，使用提纽1，阻力臂更小，动力臂更大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，动力不变，阻力变大，故使用提纽1杆秤的量程更大一些。
16．民警发明了自动充气救生网——“水中花”，如图所示，收拢状态下其质量为3.6kg，将其抛入水中，下沉一定深度会触动开关自动充气，瞬间便会形成一朵状若海星的“水中花”浮出水面，可托起落水者。求：（ρ水=1.0×103kg/m3， g取 10N/kg）
（1）“水中花”所受的重力；
（2）“水中花”下表面距离水面1m时，下表面受到水的压强；
（3）若“水中花”展开后浸入水中的体积为，此时托起物体的重力。
【答案】（1）根据题意可知，“水中花”质量我3.6kg，
则“水中花”所受的重力
（2）根据题意可知，“水中花”下表面受到水的压强
（3）根据题意可知，“水中花”展开后浸入水中受到的浮力。
根据平衡力的知识可知，此时托起物体的重力
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算“水中花”所受的重力；
（2）根据计算“水中花”下表面受到水的压强；
（3）“水中花”展开后浸入水中排开水的体积等于自身体积，根据计算它受到的浮力，最后根据计算托起物体的重力。
（1）“水中花”所受的重力
（2）“水中花”下表面距离水面1m时，下表面受到水的压强
（3）若“水中花”展开后浸入水中的体积为，受到的浮力
由于“水中花”托着物体漂浮，浮力等于总重力，则此时托起物体的重力
17．圳市图书馆引入无人机配送服务，让市民“足不出馆”享受美味的外卖，如图所示为第四代无人机，其部分参数如下表所示。某次无人机满载配送时，10s内匀速上升了30m高度。求：
空载时无人机所受重力 65N
四脚着地总面积 10cm2
最大载重 30N
（1）无人机空载并静置于水平地面上时，对地面的压强；
（2）10s内无人机对外卖所做的功；
（3）10s内无人机对外卖做功的功率。
【答案】（1）根据表格数据可知， 空载时无人机所受重力为65N，
则空载时无人机对地面的压力F=G=65N，
那么无人机空载并静置于水平地面上时对地面的压强
（2）根据表格数据可知，无人机满载时最大载重为30N，即外卖所受重力为，
则无人机对外卖做的功
（3）综上所述，10s内无人机对外卖做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 空载时无人机对地面的压力等于无人机空载时受到的重力， 根据计算无人机此时对地面的压强。
（2）根据W=Gh计算无人机对外卖做功；
（3）根据计算无人机对外卖做功的功率。
（1）空载时无人机对地面的压力等于无人机空载时受到的重力，无人机空载并静置于水平地面上时，对地面的压强
（2）无人机满载时，最大载重为30N，外卖所受重力为，无人机将其匀速提升的高度为，则无人机对外卖做的功
（3）10s内无人机对外卖做功的功率
18．小明想自制一个简易密度计，用于测量不同密度的盐水。
【选材制作】
（1）小明以图甲为结构草图，准备一根圆柱状塑料吸管、细铜丝、石蜡等材料，开始制作：
①先用石蜡把吸管下端口密封：
②将细铜丝缠绕在吸管的下端作为配重；
③在水中调试配重时，发现密度计浸入太深，如图乙所示。此时应　 　（选填“增加”或“减少”）细铜丝；
④将密度计放入水中，待液面稳定后，用记号笔在吸管上标出液面位置A，如图甲所示。若密度计漂浮在密度为 1.2 g/cm3的盐水中，液面应位于 A 的　 　方（ρ水=1g/cm3）；
（2）【展示交流】
下表为简易密度计项目的评价量表，其中一项指标的内容不完整：
评价指标 评价等级
优秀 合格 待改进
结构和状态 　 结构完整，不能漂浮 结构不完整，不能漂浮
请你补充表格中“优秀”等级的对应内容：　 　。
（3）【项目改进】
小明发现吸管上相邻两刻度线之间的距离较小。为提高测量的精确度，在保证密度计总质量不变的前提下，以下改进方案可行的是___________《吸管质量忽略不计）；
A．换用横截面积相同、长度更长的吸管重新制作
B．换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作
（4）密度计制成后，某次使用后细铜丝滑落。若小明将铜丝置于吸管内，再次测量同一杯液体密度，则测量结果与原来相比　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）减少；下
（2）结构完整，能漂浮
（3）B
（4）偏小
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，密度计浸入太深， 则密度计排开液体的体积过大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时密度计受到的浮力过大。根据漂浮条件可知，此时密度计的重力G=F浮，即此时密度计的重力太大，则要减小重力，故可以减少细铜丝的质量。
②密度计在液体中都处于漂浮状态，则它受到的浮力保持不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸可知，盐水的液体大，此时密度计浸入液体的深度越小，即液面应位于A的下方。
（2）根据指标“合格”和“待改进”的内容可知，标准为结构完整性和是否漂浮，那么对于简易密度计项目评价量表中的“优秀”等级的内容为：结构完整且能在液体中漂浮。
（3）综上所述，密度计漂浮时浮力等于重力，即F浮=G，
ρ液gV排=mg，
ρ液gSh浸=mg，
解得：。
根据可知，ρ液一定时，可以适当增大配重，换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作。
故选B。
（4）细铜丝滑落前后，它始终漂浮在液体中，所以受到的浮力不变。当把滑落的铜丝置于吸管内时，吸管排开液体的体积V排增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，所以液体的密度ρ液会偏小。
【分析】（1）①根据阿基米德原理和漂浮条件分析密度计的重力大小，据此确定细铜丝的质量大小变化；
②根据漂浮条件和阿基米德原理分析密度计排开盐水的体积变化，进而确定液面的高度变化。
（2）根据指标“合格”和“待改进”的内容分析解答；
（3）根据漂浮条件和阿基米德原理得到浸入液体深度的数学表达式，据此分析解答。
（4）把滑落的铜丝置于吸管内时，根据漂浮条件和阿基米德原理分析排开液体的体积变化，然后根据液面的高度变化分析测出液体密度的变化。
（1）[1]在水中调试配重时，发现密度计浸入太深， 密度计排开液体的体积过大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时密度计受到的浮力过大，密度计始终处于漂浮，F浮=G，要让密度计浸入不太深可以减小密度计受到的浮力，即减小重力，故可以减少细铜丝的质量。
[2]因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，所以F浮水=F浮盐水=G，由F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸可知，液体密度越大，密度计浸入液体的深度越小，若密度计漂浮在密度为1.2g/cm3的盐水中，液面应位于A的下方。
（2）对于简易密度计项目评价量表中的“优秀”等级，从密度计的功能和结构完整性来考虑，密度计需要能够正常工作，即要结构完整且能在液体中漂浮，这样才能准确测量液体密度。
（3）密度计漂浮时，F浮=G，设密度计的质量为m，有F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸和G=mg，则ρ液gSh浸=mg，解得。为了使测量结果更准确，使密度计上相邻两刻度线之间的距离大一些，即要求密度计放入某液体时，密度计竖直放入液体的深度变大，根据可知ρ液一定时，可以适当增大配重，换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作；故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（4）细铜丝滑落前后，密度计的重力不变，因为它始终漂浮在液体中，所以受到的浮力始终等于重力，即浮力不变。当把滑落的铜丝置于吸管内时，密度计的重心上移，为了保持漂浮状态，它会下沉一些，排开液体的体积V排增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，浮力F浮不变，g不变，排开液体的体积V排增大，所以液体的密度ρ液会偏小。
19．阅读材料，回答问题。
水陆两栖飞机
如图甲所示，鲲龙AG600是中国自主研制的大型水陆两栖飞机，兼具飞机与船舶双重特性，最大起飞质量是60t。该飞机具备高效的水陆起降能力，且能在水面滑行时高速汲水，在森林灭火方面极具优势。
鲲龙AG600通过螺旋桨推动空气来产生推力，当推力大于飞行阻力时，飞机将加速飞行。速度的增加可以提高飞机的升力，使飞机上升。当推力不足以维持向更高处爬升时，飞机只能保持平飞。此时对应的最大飞行高度称为升限，升限直接影响AG600在高海拔地区的任务执行能力。
（1）AG600在水面滑行汲水的过程中，飞机的惯性　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）飞机在空中匀速直线飞行时，受到了　 　（选填“平衡”或“非平衡”）力；
（3）随着飞机飞行高度增加，其受到的大气压 　 　（选填 “变大”“变小”或 “不变”）；
（4）下列提高飞机升限的方法正确的是___________；
A．减小发动机高空飞行的推力
B．降低飞行阻力
C．增加飞机质量
（5）飞机的翼载是指飞机最大起飞质量与机翼的面积之比。已知AG600 的翼载为500kg/m2，为确保飞机正常飞行，其机翼面积为　 　m2；
（6）飞机在水面滑行的总阻力来自于水阻力和空气阻力。总阻力和水阻力随飞机速度的变化如图乙所示，请你推导空气阻力随速度的变化趋势，并在图乙中画出大致图像　 　；
（7）除了森林灭火之外，AG600还可应用于：　 　。（写出一条即可）。
【答案】（1）变大
（2）平衡
（3）变小
（4）B
（5）120
（6）
（7）海上搜救
【知识点】密度公式及其应用；惯性及其现象；平衡状态的判断；大气压强与高度的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）根据题意可知，AG600在水面滑行汲水过程中，由于吸入水，因此飞机的质量增加，则飞机的惯性变大。
（2）平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态。飞机在空中匀速直线飞行时，它处于平衡状态，所以受到了平衡力。
（3）随着飞机飞行高度增加，根据大气压随高度的增加而减小的规律可知，所以其受到的大气压变小。
（4）A．减小发动机高空飞行的推力，则飞机的飞行速度减小，则受到的升力减小，不利于飞机上升到更高高度，故A错误；
B．降低飞行阻力，则飞机的最大飞行速度会增大，则受到的升力会增大，有助于飞机上升到更高高度，故B正确；
C．增加飞机质量，需要更大的升力来维持飞行，不利于飞机上升到更高高度，故C错误。
故选B。
（5）根据题意可知，飞机最大起飞质量为m=60t=6×104kg，翼载为500kg/m2，故机翼面积为；
（6）飞机在水面滑行时，总阻力F总由水阻力F水和空气阻力F空组成，即F总=F水+F空，那么F空=F总-F水，观察图乙可知，随着速度的增大，总阻力和水阻力先增大后减小，在速度较小时，总阻力与水阻力的差值较小，随着速度增大，总阻力与水阻力的差值逐渐增大，即空气阻力逐渐增大；当总阻力达到最大值后开始减小，而水阻力也开始减小，此时总阻力与水阻力的差值开始增大，即空气阻力一直增大，如图所示：
（7）AG600是一款大型水陆两栖飞机，除了森林灭火之外，还可以用于海上搜救。
【分析】 （1）惯性与质量有关，质量变大，惯性变大；
（2）平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态；
（3）根据大气压强随高度的增大而减小的规律分析；
（4）当推力大于飞行阻力时，飞机将加速飞行。速度的增加可以提高飞机的升力，使飞机上升。提高飞机升限的方法可增大推力，也可减小阻力；
（5）飞机的翼载是指飞机最大起飞质量与机翼的面积之比；
（6）总阻力来自于水阻力和空气阻力，空气阻力总是小于总阻力；总阻力为零时，空气阻力为零；总阻力为F0时，水阻力为0，则空气阻力为F0；
（7）AG600飞机具备高效的水陆起降能力，且能在水面滑行时高速汲水，可用于海上救援。
（1）AG600在水面滑行汲水过程中，飞机的质量增加，质量越大惯性越大，所以飞机的惯性变大。
（2）飞机在空中匀速直线飞行，处于平衡状态，所以受到了平衡力。
（3）大气压随高度的增加而减小，所以随着飞机飞行高度增加，其受到的大气压变小。
（4）A．减小发动机高空飞行的推力，会使飞机的动力减小，不利于飞机上升到更高高度，不能提高升限，故A错误；
B．降低飞行阻力，在推力不变的情况下，合力会增大，有助于飞机上升到更高高度，能提高升限，故B正确；
C．增加飞机质量，会使飞机重力增大，需要更大的升力来维持飞行，不利于飞机上升到更高高度，不能提高升限，故C错误。
故选B。
（5）已知翼载为500kg/m2，飞机最大起飞质量为m=60t=6×104kg，故机翼面积为
（6）飞机在水面滑行时，总阻力F总由水阻力F水和空气阻力F空组成，即F总=F水+F空，那么F空=F总-F水，观察图乙可知，随着速度的增大，总阻力和水阻力先增大后减小，在速度较小时，总阻力与水阻力的差值较小，随着速度增大，总阻力与水阻力的差值逐渐增大，即空气阻力逐渐增大；当总阻力达到最大值后开始减小，而水阻力也开始减小，此时总阻力与水阻力的差值开始增大，即空气阻力一直增大，如图所示：
（7）AG600是一款大型水陆两栖飞机，除了森林灭火之外，它还具有多种应用场景。海上搜救是其重要应用之一，由于它具备水陆两栖的特性，可以在海上快速起降，对海上遇险人员进行搜索和救援。
1 / 1广东省深圳市南山区2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
1．若图中陶瓷空茶杯的质量与两个鸡蛋相当，则其受到的重力约为（　　）
A．1N B．10N C．100N D．1000N
2．将漂浮在水面上的托盘轻轻推出，茶杯和托盘随溪水流动。下列说法正确的是（　　）
A．托盘只受到重力和浮力
B．茶杯所受重力的施力物体为地球
C．托盘被推开离手后，人对托盘仍做功
D．被推开后的托盘依靠惯性力继续运动
3．将托盘上的茶杯拿走之后，下列分析正确的是（　　）
A．托盘受到的浮力变大 B．托盘受到的浮力不变
C．托盘排开水的体积变小 D．托盘排开水的体积不变
4．如题图所示，中医针灸的针尖非常细，其作用是（　　）
A．减小压力 B．增大压力 C．减小压强 D．增大压强
5．如题图所示，拔火罐时，罐内火焰熄灭后，罐体“吸”在皮肤上。下列分析正确的是（　　）
A．罐在重力的作用下“吸”在皮肤上
B．罐在大气压的作用下“吸”在皮肤上
C．待自然冷却后，罐内的气压大于外界气压
D．待自然冷却后，罐内的气压等于外界气压
6．如题图所示，刮痧时需在皮肤上涂润滑药油，当刮痧板向右刮动时，下列分析正确的是（　　）
A．涂药油可以增大摩擦
B．刮痧板受到的是滑动摩擦力
C．刮痧板受到的摩擦力方向向右
D．刮痧时越用力，刮痧板受到的摩擦力越小
7．题图为《天工开物》中记载的一种汲水工具——筒车。工作时，流水推动水轮转动，固定在轮上的取水筒在低位取水，升至高位时自动倒水入槽，灌溉农田。下列分析正确的是（　　）
A．筒车的机械效率为100%
B．取水筒内的水，在倒水处重力势能最大
C．取水筒内的水倒入水槽的过程中，其动能转化为重力势能
D．若要提高筒车对水做功的功率，则筒车应安装在水流缓的地方
8．题图甲是深圳中心公园的网红弯弯椅，供游客躺平小憩。请在图乙中画出游客所受重力（重心O点已标出）和游客对躺椅A 点的压力。
9．大鹏海钓是深圳市民钟爱的休闲方式。请在题图中A 点画出鱼竿受到的阻力F2，以及动力F1的动力臂L1。
10．今年春天，深圳南山区的环西丽湖绿道成为很多骑行爱好者的打卡点。
（1）如图甲所示，将手握在把手两端比握在中间转轴处，更容易控制车的方向，这表明力的作用效果跟力的　 　有关：
（2）人骑上自行车后，轮胎会变瘪，说明力可以改变物体的　 　：
（3）图乙中人检查轮胎是否有气时，会用手捏一下轮胎。松手后，若轮胎能自动恢复原状，说明轮胎具有　 　（选填“弹性”或“塑性”）。
11．深圳是一座快速发展的城市。在城市建设中，工地上常用图甲中的塔吊搬运物料，其起吊部分的结构可简化为图乙中的滑轮组模型。
（1）当水平输送物料时，滑轮组对物料的拉力　 　（选填“做功”或“不做功”）；
（2）如图乙所示，当滑轮组将重力为4000N 的物料，竖直匀速提升10m时，拉力F为2500N，此过程滑轮组的机械效率为　 　；
（3）请写出一个提高滑轮组机械效率的方法：　 　。
12．作为沿海城市，深圳不仅拥有丰富的海洋资源，还有许多美丽的海滩。
（1）游泳者向后划水时；身体获得向前的动力，说明力的作用是　 　的；
（2）如图甲所示，小明在铺有鹅卵石的海滩玩耍，当他从A位置向 　 　（选填“岸边”或“海里”）走时，脚掌疼痛感会越来越强烈；
（3）图乙中，一颗大石头陷在不渗水的淤泥中，一颗小石头在海水中下沉，受到浮力较大的是　 　。
13．深圳沿海规划了很多骑行道，集风光与休闲于一体。小明在骑行时经过一段下坡路，最终在平地停下。对此他产生一些思考，并展开科学探究。
【探究目的】阻力对物体运动的影响
【实验装置】小明选用毛巾、棉布和木板进行实验
【设计实验】
（1）实验过程中，应分别将毛巾、棉布平铺在题图中的　 　（用字母表示）段；
（2）实验时让小车从斜面　 　静止释放，目的是使小车到达水平面时的初速度相等；
（3）【收集证据】
接触材料 小车受阻力情况 小车在水平面滑行距离
毛巾 大 23.2cm
棉布 较大 45.3cm
木板 小 　
三次实验中，小车仅在木板表面运动时冲出了C点，　 　（选填“需要” 或 “不需要”）重做本实验以获取可靠的证据；
（4）【得出结论】，
分析表中内容，初步得出结论；在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，其速度减小得越　 　（选填“快”或 “慢”），滑行的距离越远；
（5）进一步推理：在水平面上运动的小车，如果受到的阻力为零，它将做　 　运动。
14．“铁岗水库”位于鲲鹏径第二段，其大坝斜坡可以更好地承受水的压力，如图甲所示。科创小组由此猜想大坝的形状设计与液体压强有关，并展开科学探究。
（1）如图乙所示，压强计组装好后，用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面升降灵活，则说明装置　 　（选填“漏气” 或“不漏气”）；
（2）若要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的　 　；
（3）小明比较图丁A、B、C实验，得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小　 　。
（4）小红在完成图丁中　 　（填字母）两次实验后，得出结论二：液体内部压强与深度有关；
（5）水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，其原理可用结论　 　（选填“一”或“二”）作解释；
（6）图戊中水平桌面上有底面积相同且都装有水的敞口与缩口容器，小明利用电子压强计测量两个容器底所受液体压强，此时两容器水面等高，则压强计示数的大小关系应为p敞口　 　p缩口（选填“>”“=”或“<”）。（容器底和壁厚度忽略不计）
15．小明途经蛇口市场时，见到有商人用图甲中的杆秤称量商品的质量。小明思考杆秤会在什么条件下水平平衡？于是他用图乙装置进行探究。
（1）杆秤实质是一个杠杆，提纽处相当于杠杆的　 　；
（2）小明先将杠杆安装到铁架台上，静止时如图乙所示，应将两端的平衡螺母向　 　侧适当调节，直至杠杆在水平位置平衡；
（3）完成上述步骤后，在杠杆左右两侧悬挂相同数量的钩码，使杠杆水平平衡，读取力和力臂。下一步做法更合理的是___________；
A．寻找规律，整理器材
B．改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆再次水平平衡
（4）得出杠杆平衡条件后，小明进一步实验。如图丙所示，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，杠杆始终保持水平平衡。该过程中弹簧测力计的示数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），原因是　 　；
（5）如图甲所示，杆秤有两个提纽，使用提纽　 　（选填“1”或“2”）杆秤的量程更大一些。
16．民警发明了自动充气救生网——“水中花”，如图所示，收拢状态下其质量为3.6kg，将其抛入水中，下沉一定深度会触动开关自动充气，瞬间便会形成一朵状若海星的“水中花”浮出水面，可托起落水者。求：（ρ水=1.0×103kg/m3， g取 10N/kg）
（1）“水中花”所受的重力；
（2）“水中花”下表面距离水面1m时，下表面受到水的压强；
（3）若“水中花”展开后浸入水中的体积为，此时托起物体的重力。
17．圳市图书馆引入无人机配送服务，让市民“足不出馆”享受美味的外卖，如图所示为第四代无人机，其部分参数如下表所示。某次无人机满载配送时，10s内匀速上升了30m高度。求：
空载时无人机所受重力 65N
四脚着地总面积 10cm2
最大载重 30N
（1）无人机空载并静置于水平地面上时，对地面的压强；
（2）10s内无人机对外卖所做的功；
（3）10s内无人机对外卖做功的功率。
18．小明想自制一个简易密度计，用于测量不同密度的盐水。
【选材制作】
（1）小明以图甲为结构草图，准备一根圆柱状塑料吸管、细铜丝、石蜡等材料，开始制作：
①先用石蜡把吸管下端口密封：
②将细铜丝缠绕在吸管的下端作为配重；
③在水中调试配重时，发现密度计浸入太深，如图乙所示。此时应　 　（选填“增加”或“减少”）细铜丝；
④将密度计放入水中，待液面稳定后，用记号笔在吸管上标出液面位置A，如图甲所示。若密度计漂浮在密度为 1.2 g/cm3的盐水中，液面应位于 A 的　 　方（ρ水=1g/cm3）；
（2）【展示交流】
下表为简易密度计项目的评价量表，其中一项指标的内容不完整：
评价指标 评价等级
优秀 合格 待改进
结构和状态 　 结构完整，不能漂浮 结构不完整，不能漂浮
请你补充表格中“优秀”等级的对应内容：　 　。
（3）【项目改进】
小明发现吸管上相邻两刻度线之间的距离较小。为提高测量的精确度，在保证密度计总质量不变的前提下，以下改进方案可行的是___________《吸管质量忽略不计）；
A．换用横截面积相同、长度更长的吸管重新制作
B．换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作
（4）密度计制成后，某次使用后细铜丝滑落。若小明将铜丝置于吸管内，再次测量同一杯液体密度，则测量结果与原来相比　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
19．阅读材料，回答问题。
水陆两栖飞机
如图甲所示，鲲龙AG600是中国自主研制的大型水陆两栖飞机，兼具飞机与船舶双重特性，最大起飞质量是60t。该飞机具备高效的水陆起降能力，且能在水面滑行时高速汲水，在森林灭火方面极具优势。
鲲龙AG600通过螺旋桨推动空气来产生推力，当推力大于飞行阻力时，飞机将加速飞行。速度的增加可以提高飞机的升力，使飞机上升。当推力不足以维持向更高处爬升时，飞机只能保持平飞。此时对应的最大飞行高度称为升限，升限直接影响AG600在高海拔地区的任务执行能力。
（1）AG600在水面滑行汲水的过程中，飞机的惯性　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）飞机在空中匀速直线飞行时，受到了　 　（选填“平衡”或“非平衡”）力；
（3）随着飞机飞行高度增加，其受到的大气压 　 　（选填 “变大”“变小”或 “不变”）；
（4）下列提高飞机升限的方法正确的是___________；
A．减小发动机高空飞行的推力
B．降低飞行阻力
C．增加飞机质量
（5）飞机的翼载是指飞机最大起飞质量与机翼的面积之比。已知AG600 的翼载为500kg/m2，为确保飞机正常飞行，其机翼面积为　 　m2；
（6）飞机在水面滑行的总阻力来自于水阻力和空气阻力。总阻力和水阻力随飞机速度的变化如图乙所示，请你推导空气阻力随速度的变化趋势，并在图乙中画出大致图像　 　；
（7）除了森林灭火之外，AG600还可应用于：　 　。（写出一条即可）。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】质量及其特性；重力及其大小的计算
【解析】【解答】一斤鸡蛋500g，大约有10个左右，则两个鸡蛋的质量约为m=100g=0.1kg，
那么它们的重力约为G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】首先估测两个鸡蛋的质量，然后根据G=mg计算它们的重力即可。
2．【答案】B
【知识点】重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断
【解析】【解答】A．漂浮在水面上的托盘，受到茶杯对托盘压力、自身的重力和水对托盘的浮力作用，故A错误；
B．茶杯所受重力由于地球的吸引产生，则重力的施力物体为地球，故B正确；
C．托盘被推开离手后，托盘虽然继续向前运动，但是人对托盘没有了作用力，故人对托盘不做功，故C错误；
D．惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是力，故D错误。
故选B。
【分析】A.对托盘进行受力分析即可；
B.地面附近物体重力的施力物体都是地球；
C.做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；
D.物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
3．【答案】C
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，托盘和茶杯始终处于漂浮状态，则它受到的浮力始终等于重力。将托盘上的茶杯拿走之后，重力减小，故受到的浮力减小，故AB错误；
CD．综上所述，托盘受到的浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，托盘排开液体的体积减小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】AB.根据物体的漂浮条件分析判断；
CD.根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排分析托盘排开水的体积变化。
4．【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】 如图所示， 中医针灸的针尖非常细，是通过减小受力面积来增大压强，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
5．【答案】B
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【解答】拔火罐时，首先将燃烧的物体放入罐内，从而消耗氧气。罐内火焰熄灭后，罐内气体冷却，气压降低，则罐内的气压小于外界气压，在大气压的作用下罐体被压在皮肤上，故B正确，而ACD错误。
故选B。
【分析】根据大气压强的知识分析拔火罐的工作原理即可。
6．【答案】B
【知识点】摩擦力产生的条件；摩擦力的方向；摩擦力的种类；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．涂药油是通过改变接触面的方式减小摩擦力，故A错误；
B．刮痧时，刮痧板在皮肤表面滑动，因此产生的是滑动摩擦力，故B正确；
C．刮痧板相对皮肤向右运动，而滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，因此刮痧板受到的摩擦力方向向左，故C错误；
D．刮痧时越用力，压力越大，则刮痧板受到的摩擦力越大，故D错误。
故选B。
【分析】A.减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、改变接触面，变滑动为滚动；
B.一个物体在另一个物体表面上滑动时产生的摩擦为滑动摩擦力；
C.滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反；
D.滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度相同。
7．【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；势能的影响因素；机械能及其转化；机械效率的计算
【解析】【解答】A．任何机械在工作过程中，都要克服阻力做额外功，根据可知，筒车的机械效率不可能为100%，故A错误；
B．根据题意可知，当水到达最高点时倒水，此时质量不变，所以在倒水处重力势能最大，故B正确；
C．水筒内的水倒入水槽的过程中，速度增大，动能增大；质量不变，高度降低，则重力势能减小，那么重力势能转化为动能，故C错误；
D．若要提高筒车对水做功的功率，需要增大水流的速度，使水对筒车的冲击力增大，所以筒车应安装在水流急的地方，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据任何机械工作时都做额外功分析；
BC.动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，据此分析二者的大小变化即可；
D.若要提高筒车对水做功的功率，需要增大水流的速度，据此分析判断。
8．【答案】
【知识点】重力示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】游客受到重力竖直向下，重心为O，过O点作竖直向下的带箭头的线段；游客对躺椅的压力，方向垂直斜面，作垂直斜面向下的带箭头的线段，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下；物体对斜面的压力和斜面垂直。
9．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】图中，O为杠杆的支点，过支点O作动力F1作用线的垂线，即为动力臂L1；鱼对杠杆的拉力为阻力F2，作用点在杠杆A处，方向竖直向下，如图所示：
【分析】支点到力的作用线的垂线，是力臂；物体对杠杆的拉力，是杠杆的阻力。
10．【答案】（1）作用点
（2）形状
（3）弹性
【知识点】力的作用效果；力的三要素及力的示意图；弹力
【解析】【解答】（1）图甲中，握在把手两端比握在中间，力的作用点不同，更容易控制车的方向，是力的作用效果跟力的作用点有关。
（2）人骑上自行车后，对车有压力，轮胎变瘪，形状发生了改变，是力可以改变物体的形状。
（3）图乙中，用手捏一下轮胎，松手后，轮胎能恢复原状，则轮胎具有弹性。
【分析】（1）力的作用效果和力的作用点有关；
（2）力可以改变物体的形状；
（3）物体受力发生形变，不受力时又恢复到原来的形状，物体具有弹性。
（1）将手握在把手两端比握在中间转轴处，更容易控制车的方向，两次力的作用点不同，这表明力的作用效果跟力的作用点有关。
（2）人骑上自行车后，轮胎会变瘪，轮胎的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状。
（3）受力会发生形变，不受力时又恢复到原来的形状，物体的这种特性叫弹性。用手捏一下轮胎，松手后，若轮胎能自动恢复原状，说明轮胎具有弹性。
11．【答案】（1）不做功
（2）80%
（3）减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加物重
【知识点】滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；是否做功的判断；有用功和额外功
【解析】【解答】（1）图中，滑轮组对物料的拉力竖直向上，当水平输送物料时，物料在拉力的方向上没有移动距离， 拉力对物料不做功。
（2）物体重力为4000N，提升10m时，克服重力做有用功：W有=Gh=4000N×10m=4×104J
滑轮上的绳子段数n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×10m=20m，
拉力做的总功：W总=Fs=2500N×20m=5×104J，
计算滑轮组的机械效率：；
（3）根据，增加有用功或减少额外功，即减轻动滑轮质量、加润滑油，减小摩擦或增加提升物体的重力，可提高机械效率。
【分析】（1）物体受力，且在力的方向移动距离，力对物体做功；
（2）根据W=Gh，计算有用功，利用W=Fs，计算总功，根据，计算机械效率；
（3）提高滑轮组机械效率的方法： 减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加提升物体的重。
（1）当水平输送物料时，滑轮组对物料的拉力竖直向上，物料在拉力的方向上没有移动距离， 所以滑轮组对物料的拉力不做功。
（2）当滑轮组将重力为4000N的物料，竖直匀速提升10m时，此过程中克服重力做的有用功W有=Gh=4000N×10m=4×104J
由图乙可知动滑轮上的绳子段数n=2，则绳子自由端移动的距离s=nh=2×10m=20m
拉力做的总功W总=Fs=2500N×20m=5×104J
此过程滑轮组的机械效率
（3）根据可知，可以通过增加有用功或减少额外功提高机械效率，因此提高滑轮组机械效率的方法： 减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦或增加提升物体的重。
12．【答案】（1）相互
（2）岸边
（3）小石头
【知识点】力作用的相互性；压强的大小及其计算；浮力及其产生原因；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）游泳时，人向后划水，人对水有向后的力，水对人有向前的力，使人向前运动，则力的作用是相互的。
（2）人在水中，受到浮力，人从海里向岸上走，根据，排开水的体积变小，密度不变，浮力变小，鹅卵石对脚的支持力变大，脚对鹅卵石的压力变大，根据，受力面积相同时，压力变大，产生的压强变大，故脚更疼。
（3）图乙中，大石头在淤泥中，下方没有水，没有产生向上的压力，不受浮力，小石头在海水中下沉，受到水的浮力，则大石块的浮力小于小石块受到的浮力。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）液体密度一定时，排开液体的体积越小，物体受到的浮力越小；根据压力大小，利用，判断压强的大小；
（3）物体和容器底紧密结合，下方不受液体压力，物体不受浮力。
（1）游泳者向后划水时，人对水施加了一个向后的力，同时水对人施加了一个向前的力，使人身体获得向前的动力，这说明力的作用是相互的。
（2）从海里向岸上走，排开水的体积逐渐变小，而水的密度不变，根据可知小明受到的浮力变小，鹅卵石对脚的支持力变大，鹅卵石对脚的支持力和人脚对鹅卵石的压力是一对相互作用力，故人对鹅卵石的压力也变大，由可知，受力面积相同时，压力变大，产生的压强变大，故脚更疼。
（3）一颗大石头陷在不渗水的淤泥中，下方没有水，没有产生向上的压力，故大石头不受浮力，而小石头在海水中下沉，受到水的浮力，故大石块的浮力小于小石块受到的浮力。
13．【答案】（1）BC
（2）同一高度
（3）不需要
（4）慢
（5）匀速直线
【知识点】阻力对物体运动影响的探究实验
【解析】【解答】（1）探究阻力对物体运动影响的时，改变物体受到的阻力，要改变水平面的粗糙程度，分别将毛巾、棉布平铺在BC段。
（2）实验时，让小车从斜面的同一高度由静止滑下，使小车到达水平面时的初速度相等。
（3）实验时，通过小车滑行距离，反映阻力对物体运动的影响，三次实验中，小车在木板上冲出了C点，运动距离最远，可比较小车运动的距离不相等，不需要重做实验。
（4）根据表中数据，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小的越慢，可得结论：小车运动时，小车受到的阻力越小，小车速度减小的越慢，滑行的距离越远。
（5）水平面上运动的小车，若受到的阻力为零，小车的速度不会减小，将做匀速直线运动。
【分析】（1）水平面的粗糙程度不同，可以改变物体受到的阻力；
（2）小车下滑的高度相同，到达水平面的速度相同；
（3）速度相同的小车，运动距离越远，受到的阻力越小；
（4）运动的小车受到的阻力越小，速度减小的越慢；
（5）运动的小车不受力，做匀速直线运动。
（1）本实验的探究目的是“阻力对物体运动影响”，要改变水平面的粗糙程度，实验过程中，应分别将毛巾、棉布平铺在题图中的BC段。
（2）根据控制变量法可知，实验时让小车从斜面的同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面时的初速度相等。
（3）实验时，通过观察小车滑行距离的大小来反映阻力对物体运动的影响，三次实验中，小车仅在木板表面运动时冲出了C点，表明运动的距离最远，即三次实验小车运动的距离均不相等，故不需要重做本实验以获取可靠的证据。
（4）分析表中内容可知，小车受到的阻力越小，运动的距离越远，速度减小的越慢，初步得出结论：在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车速度减小的越慢，滑行的距离越远。
（5）在水平面上运动的小车，如果受到的阻力为零，小车的速度将不会减小，它将做匀速直线运动。
14．【答案】（1）不漏气
（2）转轮
（3）相等
（4）AD
（5）二
（6）=
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面几乎没有什么变化，那么装置的气密性不好；反之，若U形管中的液面升降灵活，则说明压强计的气密性好，装置不漏气。
（2）根据图片可知，手柄上的转轮与金属盒相连，通过转动转轮可以改变金属盒的朝向，因此要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的转轮。
（3）根据图丁A、B、C实验可知，金属盒的朝向不同，但是U型管左右液面的高度差相同，故得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小相等。
（4）根据控制变量法的要求可知，研究液体内部压强与深度有关时，要控制液体密度相同，只改变探头的深度大小，故选A、D实验。
（5）大坝的宽度越大抵抗压强的能力越强，水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，是因为液体内部压强随深度的增大而变大，其原理可用结论二作解释。
（6）根据题意可知，图戊中两容器水面等高，深度h相同，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，压强计示数的大小关系应为p敞口=p缩口。
【分析】（1）根据装置气密性的判断方法解答；
（2）手柄上的转轮与金属盒相连，通过转动转轮可以改变金属盒的朝向；
（3）根据U形管压强计两侧液面的高度差大小分析；
（4）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（5）根据液体压强随深度的变化规律分析；
（6）根据液体压强公式p=ρ液gh分析解答。
（1）如图乙所示，压强计组装好后，用手轻轻按压橡皮膜，若U形管中的液面升降灵活，则说明压强计的气密性好，装置不漏气。
（2）转轮的作用是改变金属盒的朝向，因此要改变金属盒的朝向，手应直接操作图丙装置中的转轮。
（3）小明比较图丁A、B、C实验，U型管左右液面的高度差相同，液体产生的压强相同，金属盒的朝向不同，故得出结论一：在同一深度处，同种液体内部向各个方向的压强大小相等。
（4）研究液体内部压强与深度有关，要控制液体密度相同，改变探头的深度大小；小红在完成图丁中A、D两次实验后，得出结论二：液体内部压强与深度有关，且压强随深度的增大而变大。
（5）液体内部压强随深度的增大而变大，水库大坝设计成“上窄下宽”的形状，其原理可用结论二作解释。
（6）图戊中水平桌面上有底面积相同且都装有水的敞口与缩口容器，小明利用电子压强计测量两个容器底所受液体压强，此时两容器水面等高，深度h相同，液体密度相同，根据液体压强公式P=ρgh可知，则压强计示数的大小关系应为p敞口=p缩口。
15．【答案】（1）支点
（2）右
（3）B
（4）变大；动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力、阻力臂不变，动力变大
（5）1
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，当杠杆转动时，提纽固定不动，故提纽相当于杠杆的支点。
（2）如图乙所示，杠杆右端高，说明左端重右端轻，在应将两端的平衡螺母向右侧适当调节。
（3）在科学探究中，需要多次测量获取数据，从而得出普遍结论，即多次改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆在水平位置平衡，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）根据丙图可知，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，此时动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，弹簧测力计的示数将变大。
（5）根据图片可知，使用提纽1时，阻力臂更小，动力臂更大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，此时阻力变大，故使用提纽1杆秤的量程更大一些。
【分析】（1）杠杆转动时围绕不动的点为支点；
（2）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（3）在科学探究中，需要多次测量获取数据，从而得出普遍结论；
（4）根据丙图确定测力计的力臂变化，然后根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2分析动力的大小变化即可；
（5）根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力臂越短，则阻力越大，即杆秤的量程更大。
（1）杆秤实质是一个杠杆，杠杆绕提纽转动，故提纽相当于杠杆的支点。
（2）如图乙所示，杠杆左端低右端高，说明左边重，应将两端的平衡螺母向右侧适当调节，直至杠杆在水平位置平衡。
（3）为了得出普遍结论，应该多次改变左右两侧钩码数量及位置，使杠杆在水平位置平衡，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[1][2]如图丙所示，用弹簧测力计由竖直方向逐渐向左偏转拉杠杆，杠杆始终保持水平平衡，此时动力臂变小，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，阻力、阻力臂不变，动力变大，即弹簧测力计的示数将变大。
（5）根据杠杆平衡可知，使用提纽1，阻力臂更小，动力臂更大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，动力不变，阻力变大，故使用提纽1杆秤的量程更大一些。
16．【答案】（1）根据题意可知，“水中花”质量我3.6kg，
则“水中花”所受的重力
（2）根据题意可知，“水中花”下表面受到水的压强
（3）根据题意可知，“水中花”展开后浸入水中受到的浮力。
根据平衡力的知识可知，此时托起物体的重力
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算“水中花”所受的重力；
（2）根据计算“水中花”下表面受到水的压强；
（3）“水中花”展开后浸入水中排开水的体积等于自身体积，根据计算它受到的浮力，最后根据计算托起物体的重力。
（1）“水中花”所受的重力
（2）“水中花”下表面距离水面1m时，下表面受到水的压强
（3）若“水中花”展开后浸入水中的体积为，受到的浮力
由于“水中花”托着物体漂浮，浮力等于总重力，则此时托起物体的重力
17．【答案】（1）根据表格数据可知， 空载时无人机所受重力为65N，
则空载时无人机对地面的压力F=G=65N，
那么无人机空载并静置于水平地面上时对地面的压强
（2）根据表格数据可知，无人机满载时最大载重为30N，即外卖所受重力为，
则无人机对外卖做的功
（3）综上所述，10s内无人机对外卖做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1） 空载时无人机对地面的压力等于无人机空载时受到的重力， 根据计算无人机此时对地面的压强。
（2）根据W=Gh计算无人机对外卖做功；
（3）根据计算无人机对外卖做功的功率。
（1）空载时无人机对地面的压力等于无人机空载时受到的重力，无人机空载并静置于水平地面上时，对地面的压强
（2）无人机满载时，最大载重为30N，外卖所受重力为，无人机将其匀速提升的高度为，则无人机对外卖做的功
（3）10s内无人机对外卖做功的功率
18．【答案】（1）减少；下
（2）结构完整，能漂浮
（3）B
（4）偏小
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，密度计浸入太深， 则密度计排开液体的体积过大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时密度计受到的浮力过大。根据漂浮条件可知，此时密度计的重力G=F浮，即此时密度计的重力太大，则要减小重力，故可以减少细铜丝的质量。
②密度计在液体中都处于漂浮状态，则它受到的浮力保持不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸可知，盐水的液体大，此时密度计浸入液体的深度越小，即液面应位于A的下方。
（2）根据指标“合格”和“待改进”的内容可知，标准为结构完整性和是否漂浮，那么对于简易密度计项目评价量表中的“优秀”等级的内容为：结构完整且能在液体中漂浮。
（3）综上所述，密度计漂浮时浮力等于重力，即F浮=G，
ρ液gV排=mg，
ρ液gSh浸=mg，
解得：。
根据可知，ρ液一定时，可以适当增大配重，换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作。
故选B。
（4）细铜丝滑落前后，它始终漂浮在液体中，所以受到的浮力不变。当把滑落的铜丝置于吸管内时，吸管排开液体的体积V排增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，所以液体的密度ρ液会偏小。
【分析】（1）①根据阿基米德原理和漂浮条件分析密度计的重力大小，据此确定细铜丝的质量大小变化；
②根据漂浮条件和阿基米德原理分析密度计排开盐水的体积变化，进而确定液面的高度变化。
（2）根据指标“合格”和“待改进”的内容分析解答；
（3）根据漂浮条件和阿基米德原理得到浸入液体深度的数学表达式，据此分析解答。
（4）把滑落的铜丝置于吸管内时，根据漂浮条件和阿基米德原理分析排开液体的体积变化，然后根据液面的高度变化分析测出液体密度的变化。
（1）[1]在水中调试配重时，发现密度计浸入太深， 密度计排开液体的体积过大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，此时密度计受到的浮力过大，密度计始终处于漂浮，F浮=G，要让密度计浸入不太深可以减小密度计受到的浮力，即减小重力，故可以减少细铜丝的质量。
[2]因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，所以F浮水=F浮盐水=G，由F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸可知，液体密度越大，密度计浸入液体的深度越小，若密度计漂浮在密度为1.2g/cm3的盐水中，液面应位于A的下方。
（2）对于简易密度计项目评价量表中的“优秀”等级，从密度计的功能和结构完整性来考虑，密度计需要能够正常工作，即要结构完整且能在液体中漂浮，这样才能准确测量液体密度。
（3）密度计漂浮时，F浮=G，设密度计的质量为m，有F浮=ρ液gV排=ρ液gSh浸和G=mg，则ρ液gSh浸=mg，解得。为了使测量结果更准确，使密度计上相邻两刻度线之间的距离大一些，即要求密度计放入某液体时，密度计竖直放入液体的深度变大，根据可知ρ液一定时，可以适当增大配重，换用长度相同、横截面积更小的吸管重新制作；故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
（4）细铜丝滑落前后，密度计的重力不变，因为它始终漂浮在液体中，所以受到的浮力始终等于重力，即浮力不变。当把滑落的铜丝置于吸管内时，密度计的重心上移，为了保持漂浮状态，它会下沉一些，排开液体的体积V排增大。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，浮力F浮不变，g不变，排开液体的体积V排增大，所以液体的密度ρ液会偏小。
19．【答案】（1）变大
（2）平衡
（3）变小
（4）B
（5）120
（6）
（7）海上搜救
【知识点】密度公式及其应用；惯性及其现象；平衡状态的判断；大气压强与高度的关系；飞机的升力
【解析】【解答】（1）根据题意可知，AG600在水面滑行汲水过程中，由于吸入水，因此飞机的质量增加，则飞机的惯性变大。
（2）平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态。飞机在空中匀速直线飞行时，它处于平衡状态，所以受到了平衡力。
（3）随着飞机飞行高度增加，根据大气压随高度的增加而减小的规律可知，所以其受到的大气压变小。
（4）A．减小发动机高空飞行的推力，则飞机的飞行速度减小，则受到的升力减小，不利于飞机上升到更高高度，故A错误；
B．降低飞行阻力，则飞机的最大飞行速度会增大，则受到的升力会增大，有助于飞机上升到更高高度，故B正确；
C．增加飞机质量，需要更大的升力来维持飞行，不利于飞机上升到更高高度，故C错误。
故选B。
（5）根据题意可知，飞机最大起飞质量为m=60t=6×104kg，翼载为500kg/m2，故机翼面积为；
（6）飞机在水面滑行时，总阻力F总由水阻力F水和空气阻力F空组成，即F总=F水+F空，那么F空=F总-F水，观察图乙可知，随着速度的增大，总阻力和水阻力先增大后减小，在速度较小时，总阻力与水阻力的差值较小，随着速度增大，总阻力与水阻力的差值逐渐增大，即空气阻力逐渐增大；当总阻力达到最大值后开始减小，而水阻力也开始减小，此时总阻力与水阻力的差值开始增大，即空气阻力一直增大，如图所示：
（7）AG600是一款大型水陆两栖飞机，除了森林灭火之外，还可以用于海上搜救。
【分析】 （1）惯性与质量有关，质量变大，惯性变大；
（2）平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态；
（3）根据大气压强随高度的增大而减小的规律分析；
（4）当推力大于飞行阻力时，飞机将加速飞行。速度的增加可以提高飞机的升力，使飞机上升。提高飞机升限的方法可增大推力，也可减小阻力；
（5）飞机的翼载是指飞机最大起飞质量与机翼的面积之比；
（6）总阻力来自于水阻力和空气阻力，空气阻力总是小于总阻力；总阻力为零时，空气阻力为零；总阻力为F0时，水阻力为0，则空气阻力为F0；
（7）AG600飞机具备高效的水陆起降能力，且能在水面滑行时高速汲水，可用于海上救援。
（1）AG600在水面滑行汲水过程中，飞机的质量增加，质量越大惯性越大，所以飞机的惯性变大。
（2）飞机在空中匀速直线飞行，处于平衡状态，所以受到了平衡力。
（3）大气压随高度的增加而减小，所以随着飞机飞行高度增加，其受到的大气压变小。
（4）A．减小发动机高空飞行的推力，会使飞机的动力减小，不利于飞机上升到更高高度，不能提高升限，故A错误；
B．降低飞行阻力，在推力不变的情况下，合力会增大，有助于飞机上升到更高高度，能提高升限，故B正确；
C．增加飞机质量，会使飞机重力增大，需要更大的升力来维持飞行，不利于飞机上升到更高高度，不能提高升限，故C错误。
故选B。
（5）已知翼载为500kg/m2，飞机最大起飞质量为m=60t=6×104kg，故机翼面积为
（6）飞机在水面滑行时，总阻力F总由水阻力F水和空气阻力F空组成，即F总=F水+F空，那么F空=F总-F水，观察图乙可知，随着速度的增大，总阻力和水阻力先增大后减小，在速度较小时，总阻力与水阻力的差值较小，随着速度增大，总阻力与水阻力的差值逐渐增大，即空气阻力逐渐增大；当总阻力达到最大值后开始减小，而水阻力也开始减小，此时总阻力与水阻力的差值开始增大，即空气阻力一直增大，如图所示：
（7）AG600是一款大型水陆两栖飞机，除了森林灭火之外，它还具有多种应用场景。海上搜救是其重要应用之一，由于它具备水陆两栖的特性，可以在海上快速起降，对海上遇险人员进行搜索和救援。
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