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B.摩天轮对游客做功为7.2×10J
高一物理试题
2026.5
C.游客的重力势能增加3.6×10灯
本试题卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。
D.摩天轮对游客做功为0
注意事项：
4.地球赤道上一物体随地球自转的周期为T,近地卫星的周期为T,同步卫星的周期为
1.答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的
Tc,下列说法正确的是
姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。
A.TA>Tc>TB
地轴
2.选择题答案必须使用2B铅笔正确填涂：非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字
B.To>TR>TA
>B
笔书写，字体工整、笔迹清楚。
C.TA=Tc>TB
3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、
D.TA=TC试题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。
5.火星的质量为M,半径为R,自转角速度为w,万有引力常量为G,火星表面的重力加速度为
g,火星的同步卫星距火星表面距离为，则火星的同步卫星线速度大小表示错误的是
一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有
A.ω(R+h)
GM
B.R+h
cRR年6
D.VgR
项是符合题目要求的】
6.打羽毛球是人类最佳运动之一，羽毛球发出后由于空气阻力的影响，它的实际飞行轨迹
1.如图所示，地球沿椭圆轨道绕太阳运动，所处的四个位置分别对应我国的四个节气，以下
不是抛物线，如图实线所示。它受到的阻力方向与速度方向相反，阻力大小随速度变大
关于地球运行的说法正确的是
春分
A.冬至时地球公转速度最小
3月21日
而变大。图中轨迹上的O点为发球点，b点为轨迹的最高点，b点距离地面的高度为h,
-0-
a,c两点高度相等。已知羽毛球质量为m,重力加速度为g。关于羽毛球从O到d过
B.从夏至到秋分的时间大于地球公转周期的四分之一
夏至6
○-ò冬至
6月22日
12月22日
程，下列说法正确的是
C.冬至到夏至，地球公转的速度逐渐增大
秋分9月23日
A.重力先做正功再做负功
D.地球绕太阳运行方向（正对纸面）是顺时针方向
、抛物线
B.空气阻力对羽毛球先做负功再做正功
2.2026年的苏超联赛已进入冲刺阶段，在某次点球大战时，某球员将质量为430g的足球以
轨道
T
C.羽毛球到达b点时，羽毛球的动能为零
30m/s的速度踢出（不计空气阻力），在踢球过程中球员对足球做功为
D.重力的瞬时功率先减小后增大
A.193.5J
B.193500J
C.19.35J
D.1935J
7.即将上市的某国产新能源汽车，官方宣布车辆搭载的闪充技术可实现“5分钟充好、9分
3.“德州之星”摩天轮以角速度w=0.1rads匀速转动。质量为
钟充饱”，纯电续航里程达420km。若汽车质量为m,在一段平直公路上由静止匀加速启
m=60kg的游客坐在摩天轮里观光，假设该游客随摩天轮在竖
动，加速度大小为α，经时间t达到额定功率。若汽车运动过程中阻力恒为f,则该汽车
直平面内做半径为R=60m的圆周运动，从最低点到最高点的
过程中（重力加速度为g=10ms2)。下列说法正确的是
的最大行驶速度vm为
A.游客的重力做功为7.2×10J
A.at
B.ma't
C.at+m
f
f
D.atm
f
高一物理试题第1页（共8页）
高一物理试题第2页（共8页）U8=10m/s
……(1分)
高一物理试题参考答案
在B点有
一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一
Fx-M&=M
R
…(分）
项是符合题目要求的)】
F=1200N…(1分)
1.B2.A3.B4.C5.D6.D7.C8.C
由牛顿第三定理可知，游客到达B点对轨道的压力与轨道对游客的支持力大小相等，方
二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中有多项
向相反，故游客对轨道的压力大小为F=1200N,方向竖直向下…(1分)
符合题目要求。全部选对的得4分，对但不全的得2分，有选错的得0分)
(2)对游客应用动能定理
9.AC 10.BD 11.BCD 12.AD
MgR(1—C0s60)MgL=0…（2分)
三、非选择题（本题共6小题，共60分）
L=10m…(2分)》
x3一x1
M(x3-x1)
13.(8分，每空2分)(1)不需要
(2)Fx2
2T
8T2
故滑板的最小长度为10m
17.(12分)
14.(6分，每空2分)(1)BC
(3)2L
md2
解：(1)汽车所受阻力
15.(8分)
F,=0.2mg=4×103N
…(1分)》
解：(1)环绕1周飞行时间为t.则周期
汽车速度最大时，有F牵=F,…(们分)
T=!
…（2分》
P额=F=Fm…（们分》
-_P题_120×10
(2)根据万有引力提供向心力：
um=F,=4X10
=30m/s…(1分）
Mm
4π
GR十h=mR+h）
…(2分)
(2)由牛顿第二定律得
F-F=ma
解得
F=8X103N…
(1分)
M=4n2(R+h)3
…(2分)
Gt2
匀加速运动的最大速度
木星可以看成球体，其体积为
15m/a
…(1分）
匀加速运动的时间
得
=al…(1分)》
M_3m2(R+h)
P-V
GLR
…(门分）
1=y=7.5s…(1分)
a
16.(10分)
(3)此过程中车的位移大小为x,根据动能定理有
解：(1)游客由A到B根据动能定理
1
P领t-Fk=2m-2mo2
…(2分)
MgR1-cos60)=2Mi…(2分）
x=131.25m……(2分)》
高一物理试题答案第1页（共4页）
高一物理试题答案第2页（共4页）
18.(16分)
解得
解：(1)滑块从A点运动到B点的过程为平抛运动，设滑块运动到B点时水平方向的速
R2=2.7m…(1分）
度为。，竖直方向的分速度为v,则根据平抛运动的性质有
当滑块恰好能够到达圆形轨道的最高点时，由动能定理得
=2gh…(1分)
一mgLeo一mg·2R2=2mw2-2mw呢…(2分）
解得
滑块在最高点F时，重力恰好提供向心力有
0,=4ms
…(1分)》
又因为滑块恰好从B点无碰撞滑入竖直平面内的光滑圆弧轨道BC,则有
mg-m R:
tan53°=y…(1分)
联立解得
R2=1.08m
…（1分)
解得
综上所述可知，若滑块冲上圆轨道后中途不脱离轨道运动，则圆形轨道DEF的半径R
00=3m/S…（1分）
满足的条件为0≤R2≤1.08m或R2≥2.7m…(1分》
即滑块运动到A点时的速度为vo=3ms,
(2)滑块从释放点运动到A点的过程由动能定理得
W%-7m店1分》
解得弹簧对滑块做的功为
W弹=18J
W0=2kx2=18J…（1分）
x=0.6m…(1分)
(3)滑块由B点运动到C点的过程，根据动能定理得
1
1
mgR（1-c0s53）=2m2-2m.（2分）
又因为
u后=u十哈
联立解得滑块运动到C点时的速度为
v,=√57ms
滑块冲上圆轨道后不脱离轨道运动，分两种情况：一是到达与圆心等高处时速度恰好为
零；二是恰好到达圆形轨道的最高点继续做圆周运动。
当滑块到达与圆心等高处时速度恰好为零时，由动能定理得
mgLm一gR2=0-2m呢…(2分)
高一物理试题答案第3页（共4页）
高一物理试题答案第4页（共4页）

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