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2026年广东深圳市南山实验教育集团中考一模物理试题
1．下列各图中与其它三个力所产生的作用效果不同的是（　　）
A．图甲运动员对弓弦的拉力使弦弯曲
B．图乙撑杆跳高运动员对杆的力使撑杆弯曲
C．图丙磁铁对小铁球的吸引力使小铁球运动方向发生改变
D．图丁跳水运动员对跳板的压力使跳板弯曲
2．厨房换气扇依靠电动机工作。下列图中哪个是电动机的工作原理（　　）
A．
B．
C．
D．
3．小明用装有静电除尘纸的拖把擦地板时，静电除尘纸与地板摩擦，可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。下列说法中正确的是（　　）
A．静电除尘纸和地板摩擦创造了电荷
B．静电除尘纸的工作原理是带电体吸引轻小物体
C．静电除尘纸和地板摩擦后与地板带有同种电荷
D．静电除尘纸带电后能够吸引同种电荷的灰尘
4．我国“探月工程”不断突破，探测器带月壤返回地球过程中，说法正确的是（　　）
A．月壤样本带回地球后质量会变大
B．探测器绕月飞行时运动状态保持不变
C．探测器在月球上仍受到惯性作用
D．着陆时反推火箭向下喷火减速，说明物体间力的作用是相互的
5．高铁站等车时，一定要站在安全线以外，否则会被高速行驶的列车“吸”过去，造成危险如图所示的现象中与其物理原理相同的是（　　）
A．排水管的U形“反水弯”
B．盆景自动供水
C．喷雾器喷出水雾
D．用吸管吸饮料
6．如图所示，物块A和B放在水平地面上，它们之间用一根轻质弹簧连接，当用的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，它们受到地面的摩擦力，且整个过程中，弹簧一直在弹性限度内，则（　　）
A．若把物块A和B看作一个整体，所受的摩擦力为
B．弹簧对B的拉力大小为
C．B物块受到的摩擦力水平向左，大小为
D．A物块受到的摩擦力水平向左，大小为
7．如图所示的电路中，电源电压为6V保持不变。定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω 1A”，电流表使用0～0.6A量程，电压表使用0～3V量程。闭合开关后，为了保证电路各元件的安全，下列说法正确的是（　　）
A．电路允许通过的最大电流为0.5A
B．滑动变阻器的取值范围为
C．电流表的最小值为0.1A
D．电压表的最小示数为1V
8．如图甲，小圳同学周末去万达商场，站在商场的手扶电梯上，随梯匀速下楼。在图乙中画出小圳的受力示意图。（图中“·”表示小圳）
9．小林同学在家庭电路中安装一只螺丝口灯泡和一个三孔插座，要求开关只控制灯泡，部分导线已连接，请你在下图中只添加2根导线帮小林完成安装。
10．如图是实心球离开手后在空中的运动轨迹，如果实心球运动到最高点Q时，所受的外力全部消失，实心球将　 　（选填“静止”、“沿a方向运动”、“沿b方向运动”或“沿c方向运动”）；如果改成竖直上抛实心球，球到达最高点时　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态，实心球在该运动过程中，其运动状态　 　（选填“会”或“不会”）发生改变。
11．夏季，高空的冷空气下降，会使地面空气密度增大，大气压强　 　（选填“升高”或“降低”）。冷空气下降后，由于高空缺乏水蒸气，无法形成降水，所以此时当地的天气常常为“晴”。小明制作了一个如图甲所示的水气压计，图乙为某地7月15日和16日的天气情况。图甲中的A、B两点为这两天水柱的液面位置，则15日细管内水柱液面应该在　 　（选填“A”或“B”）位置；如果此水气压计管内外液面高度差为1cm，则说明瓶内气体压强与大气压强之差为　 　Pa。（瓶内气压保持不变，，）
12．某电热水器的发热体电阻为20Ω，正常工作时通过的电流为10A，则1s内产生的热量为　 　J；电热水壶的电源线应选用导电性能好的　 　（选填“铜”或“铁”）芯线，以减少发热损耗。
13．小明利用托盘天平（最大测量值200g，分度值0.2g）、量筒、水、食盐、烧杯、白纸、滴管、勺子等器材配制盐水，步骤如下：
（1）将天平放在水平台面上，将游码移至标尺的零刻度线，若此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向　 　调节，使指针对准分度盘中央的刻度线；
（2）为称量出2g盐，小明先将一张白纸放在天平左盘上，仅移动游码，使天平平衡，如图乙所示；接下来，继续将游码移至　 　g处，再用勺子向左盘的白纸上逐渐加盐，直至天平再次平衡；
（3）用量筒量取50mL的水，并全部倒入烧杯中，再将2g盐全部倒入烧杯中，则小明所配制的盐水密度为　 　（假设加盐后烧杯中液体的体积不变，取）；
（4）小明用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤，如图丙所示。用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。
①这架盐水密度秤，使用时天平左盘容器中应该倒入液体　 　（选填“水”、“盐水”）；
②若使用时，天平如图丙所示，则盐水密度是　 　。这个密度秤的最大测量值为　 　。
14．在学习“液体的压强”时，同学们了解到“液体内部向各个方向都有压强”后，老师把底部有小孔的无盖空透明矿泉水瓶竖直压入水中，瓶中形成了图甲中的“喷泉”。
（1）根据图甲中的现象，小明提出一个与液体压强有关的科学问题：　 　；
（2）利用图乙中的装置对以上问题展开探究。实验前将压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图乙（a）所示的情景，于是小明将U形管右侧高出部分的液体倒出，接下来会看到的现象是：U形管两边的液面高度差　 　（选填“为零”或“不为零”）；
（3）正确调整压强计后，通过比较图乙中（b）、（c）两次实验可得出：同种液体中，　 　，压强越大；
（4）小红猜想：液体压强可能与液体密度有关系。为探究两者的关系，小红保持图乙（c）中的探头在水中的位置不变，向烧杯中倒入一杯浓盐水，搅拌直至杯中的液体混合均匀后，观察U形管两侧液面高度差的变化。同学们认为她还应进行以下操作：　 　；
（5）图丙所示是活塞式抽水机的结构图。活塞在力的作用下，向下运动，该过程中活塞上表面受到液体的压强将　 　（选填“增大”或“减小”）。
15．小明用阻值为5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，电源电压为3V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表示数变大）；
（2）将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，电路出现的故障是定值电阻　 　；
（3）根据实验数据描绘电流与定值电阻的倒数关系图像，如图乙所示。由图像可知，电阻R两端的电压为　 　V。得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成　 　比；
（4）分析实验数据可知，本实验所选用的滑动变阻器的最大阻值应不小于　 　Ω。若将电流和滑动变阻器电阻的倒数关系图像在图乙坐标系中绘出，则该图像可能出现在　 　（选填“A”或“B”）区域。
16．平底茶杯放在水平桌面上，茶杯质量为，茶杯的底面积是，茶杯内装有的水（，）。求：
（1）茶杯内水的质量。
（2）装水后，茶杯对桌面的压力。
（3）装有水的茶杯对桌面的压强。
17．图甲为某煮茶器的实物图，图乙为其电路原理图，表格中是该煮茶器的主要参数，和为电阻不变的电热丝，S为总开关，为温控开关，该煮茶器可以通过控制S、两个开关的通断实现加热、保温两个挡位的变化，将煮茶器接入电源电压为220V的电路中。求：
额定电压 加热功率 保温功率
220V 1210W 110W
（1）煮茶器处于加热挡时的电流；
（2）煮茶器处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
（3）的阻值。
18．阅读材料，回答问题。
气压升降椅
如图甲是一款气压升降椅，其结构如图乙所示。活塞连杆固定在底座上，座垫与气缸相连，可一起升降。调节高度时，向上拉调节杆，开关栓向下移动，气缸上、下两腔氮气经通道连通，气缸与坐垫座椅可升降；松开调节杆后，开关栓向上移动，气缸通道关闭，座垫高度被固定。
某次调节座椅高度时：小明先离开座椅，向上拉调节杆，使座椅升高；接着，重为500N的小明坐上座椅，拉动调节杆使其下降至合适高度，再松开调节杆，开关栓闭合，此时气缸内两腔氮气压强相等。
（1）椅子底座的轮子可以　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。靠背可以防止图甲中的椅子向右　 　（选填“减速”或“加速”）滑行时人后倒；
（2）当小明坐在气压升降椅上时，下列说法正确的是_______
A．坐垫凹陷是因为坐垫表面产生的弹力作用的效果
B．向上拉调节杆，氮气可从气缸上腔经通道进入下腔
C．椅子受到的重力与地面对椅子的支持力是一对平衡力
（3）图乙中，气缸上腔中氮气对活塞作用面积　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）下腔中氮气对活塞作用面积；若气缸与坐垫、靠背等共重50N，小明坐上坐垫，拉动调节杆，调节至合适位置时松开调节杆，开关栓闭合，气缸内的氮气压强为，则活塞连杆的横截面积至少为　 　；
（4）在小明离开座椅的情况下，他向上拉调节杆，发现座椅无法升高，请分析可能存在的问题：　 　（列举一项即可）。
19．某科学小组开展制作烟雾报警装置的项目化学习。
【相关资料】烟雾报警装置内部由发射电路和接收电路组成（如图甲所示）。发射电路发射的红外光会被外界烟尘粒子散射，烟的浓度越大，接收电路接收到的光强度越弱。接收电路能够将光信号转化为电信号，最后转化成报警信号。
【项目任务】当环境中的烟雾浓度升高，光照强度小于3cd时，装置立刻报警鸣叫。
【方案设计】小组同学利用光敏电阻对烟雾报警装置的接收电路进行设计，如图乙所示。当控制电路的电流达到250mA时，衔铁被吸合，线圈电阻不计。其中控制电压U为6V，光敏电阻的阻值随光照强度的变化如图丙所示。
（1）根据电路，可判断电磁铁上端为　 　极；
（2）光敏电阻是由　 　（选填“导体”“绝缘体”或“半导体”）制成的。如图丙所示，其阻值随光照的增强而变小。工作电路中设计了保护电阻和报警器，其中报警器在　 　（选填“A”或“B”）处；
【项目调试】
（3）闭合开关S，当报警烟雾浓度按照项目任务的要求设定后，调节滑动变阻器，当时（线圈电阻不计），报警器恰好开始报警。请根据以上信息，写出图丙中光敏电阻在光照强度为2cd时的阻值：　 　；
【项目评价与反思】
（4）使用一段时间后，控制电压U会降低，烟雾报警器在烟雾浓度较　 　（选填“高”或“低”）时误报警。为了保证烟雾报警装置能正常工作，以下做法正确的是　 　
A. 增加线圈匝数 B. 控制电路中再串联一个电阻
C. 增大线圈和衔铁之间的距离 D. 向右移动滑动变阻器滑片
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】ABD.运动员对弓弦的拉力使弦弯曲、撑杆跳高运动员对杆的力使撑杆弯曲以及跳水运动员对跳板的压力使跳板弯曲，都物体的形状改变，都说明力可以改变物体的形状；
C.磁铁对小铁球的吸引力使小铁球运动方向发生改变，说明力改变了物体的运动状态；。
比较可知，与其它三个力的作用效果不同的是C。
故选C。
【分析】力的作用效果包括：力改变物体的形状和改变物体的运动状态。
2．【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】电动机工作时，将电能转化为机械能，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．当带有电荷的两个玻璃棒靠近时，二者远离，说明同种电荷相互排斥，故A不符合题意；
B．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，证明通电导线周围存在磁场，故B不符合题意；
C．闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，故C符合题意；
D．闭合开关后，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏电流计的指针发生偏转，探究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据电荷之间的相互作用判断；
B.根据电流周围存在磁场判断；
C.根据通电导体在磁场中受力运动判断；
D.根据电磁感应的原理判断。
3．【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；静电的防止和利用
【解析】【解答】A．摩擦起电的本质不是创造电荷，而是电荷发生转移，故A错误；
B．静电除尘纸摩擦后带电，而灰尘不带电，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，因此可以吸附灰尘，故B正确；
C．根据摩擦起电的本质可知，除尘纸和地板摩擦后，一个物体得到电子带负电，另一个物体失去电子带正电，因此二者带异种电荷，故C错误；
D．根据同种电荷相互排斥可知，静电除尘纸不可能吸引带同种电荷的灰尘，故D错误。
故选B。
【分析】AC.根据摩擦起电的本质判断；
B.根据带电体的性质判断；
D.根据电荷之间的相互作用规律判断。
4．【答案】D
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．月壤带回地球后，虽然位置发生改变，但是质量不变，故A错误；
B．探测器绕月飞行时做圆周运动，即它的运动方向不断改变，因此运动状态发生改变，故B错误；
C．惯性是物体的一种性质，而不是力的作用，故C错误；
D．反推火箭向下喷火时，火箭对燃气施加向下的力，同时燃气会对火箭施加向上的反作用力，使火箭减速，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选D。
【分析】A. 质量是物体所含物质的多少，是物体的固有属性，不随位置改变而变化 ；
B.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
C.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
D.根据力的作用的相互性判断。
5．【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】列车高速经过时，轨道附近空气流速快压强小，而周围空气流速小压强大，于是对人产生朝向轨道内侧的压力差，这个压强差会把人“吸”向列车。
A．排水管的U形“反水弯”，下面连通上面开口，利用的是连通器原理，故A不符合题意；
B．当水槽内水的水面低于瓶口时，外面的空气进入瓶内，在大气压强的作用下，瓶内的水流入水槽中。当水面封住瓶口时流水停止，则盆景自动供水，利用的是大气压，故B不符合题意；
C．空气从细口快速流出时，细口附近空气流速快、压强小，瓶内的水在大气压作用下被压出并形成水雾，和列车“吸”人的原理相同，故C符合题意；
D．用吸管吸饮料，吸管内的气压小于外界大气压强，饮料被压入口中，利用的是大气压，故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据连通器的原理判断；
BD.根据大气压强的原理判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断。
6．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．根据题意可知，将AB看做一个整体，则它们一起做匀速直线运动时处于平衡状态，即它们受到的摩擦力和拉力大小相等，即，
故A错误；
B．已知 ，且fAB=8N，则A受到的摩擦力为2N，B受到的摩擦力为6N。
对B进行受力分析，根据力的平衡条件可知，
所以弹簧对B的拉力，
故B错误；
CD．综上所述，二者都向右移动，则二者受到摩擦力的方向与运动方向相反，即这两个摩擦力的方向都是水平向左的，且B受到摩擦力6N，A受到摩擦力为2N，故C正确，D错误；
故选C。
【分析】A.将AB看做一个整体，根据平衡力的知识计算它们受到的摩擦力大小；
B.根据计算A和B受到的摩擦力大小，对B进行受力分析，根据平衡力的知识计算弹簧对B的拉力；
CD.二者受到摩擦力的方向与运动方向相反，结合B中的分析判断。
7．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．根据电流表量程可知，电流表允许通过的最大电流为0.6A。根据“20Ω 1A”可知，滑动变阻器允许的最大电流为1A。
电压表量程为0 3V，此时通过R1的最大电流 ；
比较可知，电路允许的最大电流为0.3A，故A错误；
B．根据题意可知，电流最大时，滑动变阻器接入的阻值最小，
此时电路总电阻；
滑动变阻器的最小阻值 ；
电路电流越小，滑动变阻器阻值最大，此时各元件越安全，
故滑动变阻器取值范围为10Ω 20Ω，故B正确；
CD．综上所述，电流表示数最小时，滑动变阻器接入最大阻值，
此时总电阻；
那么最小电流 ；
此时电压表的最小示数 ，故CD错误。
故选B。
【分析】 A.由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。电压表使用0～3V量程，电压表的最大示数U1=3V，根据欧姆定律可得电路中的最大电流，然后与电流表的量程和变阻器允许通过最大电流比较即可；
B.电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由欧姆定律可得电路中的总电阻，根据电阻串联的知识可得滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当变阻器的最大时，总电流最小，据此确定变阻器接入的阻值范围。
CD.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据欧姆定律和电阻串联的知识可得电路中的最小电流，根据欧姆定律可得电压表的最小示数。
8．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，小圳随自动扶梯一同匀速下降时它，他处于平衡状态，即小圳受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，二者大小相等，且作用在他的重心上，如下图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
9．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】在家庭电路中，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。为了用电安全，火线接开关，再接入灯泡的顶端金属点，最后将零线接灯泡的螺旋套，如下图所示：
【分析】根据家庭电路连接和注意事项补充实物图即可。
10．【答案】沿a方向运动；不是；会
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，实心球做的是斜抛运动，则实心球运动到最高点Q时，竖直方向速度为0，但水平方向仍然具有向右的速度。根据牛顿第一定律的内容可知，外力全部消失后，物体会保持原来的运动状态匀速运动，因此实心球将沿a水平方向运动。
（2）竖直上抛的实心球到最高点时，只受重力作用，此时合力不为零，因此不是平衡状态。
（3）实心球整个运动过程中，速度的大小或运动方向不断发生变化，因此运动状态会发生改变。
【分析】（1）注意分析实心球到达最高点时水平方向的速度是否为零，结合牛顿第一定律分析；
（2）对最高点时的实心球进行受力分析即可；
（3）运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变。
11．【答案】升高；B；100
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1） 夏季，高空的冷空气下降， 会导致地面附近空气密度增大时，因此大气压强升高。
（2）根据题意可知，7月15日天气晴，大气压高，根据p内=p大气+p水柱可知，此时水柱压强减小。根据液体压强公式p=ρ液gh可知，此时液柱高度较小，所以15日外界大气压高，水柱液面在B位置。
（3）玻璃管中液柱产生的压强即为瓶内外的气压差，如果此水气压计管内外液面高度差为1cm，
则瓶内气体压强与大气压强之差为。
【分析】（1）大气压强与空气密度有关，即空气密度越大，则大气压强越大；
（2）根据乙图确定7月15日天气情况，确定大气压强大小，然后根据p内=p大气+p水柱分析水柱压强大小，根据液体压强公式p=ρ液gh对应液柱的高度大小即可；
（3）玻璃管中液柱产生的压强即为瓶内外的气压差，根据液体压强公式p=ρ液gh计算即可。
12．【答案】2000；铜
【知识点】影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 发热体电阻为20Ω，正常工作时通过的电流为10A，
则1s内产生的热量为。
（2）根据焦耳定律可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，导线产生的热量越少，发热损耗更小。而相同长度、横截面积的铜导线电阻远小于铁导线，因此应选铜芯线。
【分析】（1）根据计算1s内电阻产生的热量；
（2）根据焦耳定律可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，导线产生的热量越少，发热损耗更小，据此比较铜和铁的导电能力强弱即可。
13．【答案】（1）左
（2）2.4
（3）1.04
（4）盐水；1.15；1.25
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，天平的指针偏右，说明右侧偏重左侧偏轻，应将平衡螺母向左调节。
（2）根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则白纸的质量为0.4g；
要称量2g盐，则天平的示数应该是白纸和食盐的总质量，即示数应为；
因此游码移至2.4g处。
（3）根据题意可知，水的质量；
盐水总质量等于盐和水的质量相加，即；
因此盐水密度。
（4）①根据题意可知，当天平平衡后，；
根据m=ρV可知，同体积下盐水密度更大、质量更大，
因此质量更大的盐水放在左盘，游码向右移动补充右盘质量，故左盘放盐水。
②根据丙图可知，游码示数为3g，液体体积
根据得到：
那么盐水的密度为该天平游码最大示数为5g，因此最大密度。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）根据标尺的分度值结合游码的位置读出白纸的质量，然后加上盐的质量即为游码移动到的位置；
（3）根据m=ρV求出水的质量，然后加上盐的质量即为盐水的质量，假设加盐后烧杯中水的体积不变，利用求出小红所配置的盐水密度；
（4）①天平左盘总质量等于右盘总质量加游码质量；
②先根据求出水的质量，再根据天平左盘总质量等于右盘总质量加游码质量求出盐水质量，然后根据密度公式可得盐水密度。
（1）调平时指针偏右，说明右侧偏重，应将平衡螺母向左调节。
（2）由图乙可知，天平标尺的分度值为0.2g，白纸的质量等于游码示数，为0.4g；要称量2g盐，总游码示数应为
因此游码移至2.4g处。
（3）水的体积
水的质量
盐水总质量
体积不变，因此盐水密度
（4）[1]根据天平原理
容器质量抵消后，
同体积下盐水密度更大、质量更大，因此质量更大的盐水放在左盘，游码向右移动补充右盘质量，故左盘放盐水。
[2]由图丙可知，游码示数为3g，液体体积
根据得，
代入数据得，盐水的密度为
[3]该天平游码最大示数为5g，因此最大密度
14．【答案】（1）液体的压强与液体的深度有关吗
（2）不为零
（3）深度越深
（4）向上移动探头，保持探头在液体中的深度不变
（5）增大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，瓶子越靠下，则小孔的深度越大，同时喷出水的高度越大，因此可以提出与液体压强相关的科学问题：液体的压强与液体的深度有关吗？
（2） 实验前将压强计放在空气中静止后， U形管液面不平是因为软管内的气压不等于外界大气压。仅仅倒出U形管右侧高出的液体，不会改变软管内气压，最终液面还是会保持高度差，因此高度差不为零。
（3）根据图片可知，实验b、c中液体密度相同，探头方向相同，只有深度不同，c中探头深度更大，U形管液面高度差更大，因此可得结论：同种液体中，深度越深，压强越大。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变。向水中加入浓盐水后，烧杯液面升高，探头深度变大，因此需要调整探头位置：向上移动探头，保持探头深度不变。
（5）根据丙图可知，活塞向下运动时，活塞上表面到液面的深度变大，根据液体压强公式，活塞上表面受到的液体压强增大。
【分析】（1）图甲中，两个瓶子的小孔在水中的深度不同，水喷出的高度不同，据此提出问题。
（2）根据U形管液面不平的原因分析；
（3）根据图片分析b、c中哪个因素不同即可；
（4）探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变，只改变液体密度，据此分析。
（5）根据液体压强公式p=ρgh分析活塞上表面受到的液体压强的变化。
（1）图甲中，两个瓶子的小孔在水中的深度不同，水喷出的高度不同（反映压强不同），因此可以提出与液体压强相关的科学问题：液体的压强与液体的深度有关吗？
（2）U形管液面不平的原因是：压强计软管内的气压不等于外界大气压。仅仅倒出U形管右侧高出的液体，不会改变软管内气压，最终液面还是会保持高度差，因此高度差不为零。
（3）图乙中（b）、（c）是同种液体（水），探头方向相同，只有深度不同，c中探头深度更大，U形管液面高度差更大，因此可得结论：同种液体中，深度越深，压强越大。
（4）探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变，只改变液体密度。向水中加入浓盐水后，烧杯液面升高，探头深度变大，因此需要调整探头位置：向上移动探头，保持探头深度不变。
（5）活塞向下运动时，活塞上表面到液面的深度变大，根据液体压强公式，液体密度不变，深度增大，所以活塞上表面受到的液体压强增大。
15．【答案】（1）
（2）断路
（3）2；反
（4）10；B
【知识点】电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，滑动变阻器与定值电阻串联，且接线“一上一下”。滑动变阻器的滑片向右滑动时电流变大，说明接入电阻变小，因此滑动变阻器接右下接线柱与电源负极连接起来即可，如下图所示：
（2） 将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关， 电流表无示数，说明电路发生断路。电压表有示数，说明电压表两端与电源两极之间正常连接。比较可知，故障是与电压表并联的定值电阻断路。
（3）①根据图乙可知，当电流时，；
即，则定值电阻两端电压。
②根据乙图可知，电流与电阻的倒数的关系图像是一条过原点的直线，说明电流与电阻的倒数成正比，和电阻成反比，故可得实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（4）①根据题意可知，滑动变阻器两端的电压；
根据串联电路电压与电阻成正比得到：；；解得：；
因此滑动变阻器最大阻值不小于10Ω。
②电流和滑动变阻器电阻倒数的关系
小于定值电阻的控制电压2V，因此相同横坐标下，该关系的电流比原图像更小，斜率更小，图像在原直线下方，即B区域。
【分析】 （1）滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表示数变大，根据欧姆定律确定此时变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器下面选择的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类；
（3）①根据图像确定电阻和对应的电流，根据U=IR计算电压；
②根据图像的形状分析电流和电阻的数量关系。
（4）①在串联电路中，电压与电阻成正比，即定值电阻越大，则滑动变阻器的阻值越大，据此计算出定值电阻为20Ω时变阻器接入的阻值即可；
②根据题意得到变阻器的电阻倒数和电压的数学关系式，然后据此分析即可。
（1）要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电流变大，说明接入电阻变小，因此滑动变阻器接右下接线柱即可，即将滑动变阻器右下接线柱与电源负极连接起来。
（2）电流表无示数，说明电路发生断路；电压表有示数，说明电压表两端可连通到电源，因此故障是定值电阻断路。
（3）[1]根据图乙，当时，
即，则定值电阻两端电压
[2]由图像可知，电流与电阻的倒数的关系图像是一条过原点的直线，说明在电压一定时，电流与电阻的倒数成正比，故可得实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（4）[1]当接入最大的定值电阻时，滑动变阻器需要接入最大阻值。定值电阻两端的电压为2V，根据串联电路的电压关系，滑动变阻器两端的电压
根据串联电路的分压规律可知，
则滑动变阻器接入电路的阻值
因此滑动变阻器最大阻值不小于10Ω。
[2]电流和滑动变阻器电阻倒数的关系
小于定值电阻的控制电压2V，因此相同横坐标下，该关系的电流比原图像更小，斜率更小，图像在原直线下方，即B区域。
16．【答案】（1）解：根据题意可知，水的体积，密度为 ，
则茶杯内水的质量。
（2）解：根据题意可知，茶杯的质量为300g=0.3kg，
则茶杯重力；
水的重力；
则茶杯对桌面的压力。
（3）解：根据题意可知，茶杯的底面积
则装有水的茶杯对桌面的压强。
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据m=ρV求出水的质量；
（2）根据G=mg分别计算水和茶杯的重力，而装水后，茶杯对桌面的压力等于水和茶杯重力之和；
（3）根据计算茶杯对桌面的压强。
（1）水的体积
茶杯内水的质量
（2）茶杯重力
水的重力
装水后茶杯对桌面的压力等于总重力，故装水后，茶杯对桌面的压力
（3）底面积
则装有水的茶杯对桌面的压强
17．【答案】（1）解：根据表格可知，煮茶器的加热功率为1210W，
则煮茶器处于加热档时的电流。
（2）解：根据表格可知，煮茶器处于保温档时的功率为110W，
则煮茶器持续工作10min 产生的热量。
（3）解：根据乙图可知，当S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻；
当S闭合、S1闭合时，R1被短路，只有R2接入电路，此时总电阻为R2；
根据电阻串联的知识可知，R串>R2；
由可知，前者功率越小，为保温档；后者功率大为加热档。
综上所述，煮茶器处于加热档时的电流为5.5A，
则R2的阻值；
当煮茶器处于保温挡时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻；
则R1的阻值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据表格数据确定加热功率，根据可得电饭锅在处于加热单时的电流；
（2）根据表格确定保温功率，根据Q=W=Pt求电饭锅持续工作10min，产生的热量；
（3）由图乙可知，当开关S闭合，S1断开时，R1、R2串联，电路的总电阻较大；当开关S、S1都闭合时，电路中只有R2工作，电路中的总电阻较小，根据确定电饭锅的工作状态；根据串联电路的电阻特点求得R1和R2的阻值。
（1）由表可知，煮茶器处于加热挡时的电流
（2）煮茶器处于保温挡时，持续工作时间
煮茶器产生的热量等于消耗的电能
（3）由图乙可知，当S闭合、S1闭合时，R1被短路，只有R2接入电路；当S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻；电源电压不变，由可知，电路中的总电阻越大，功率越小。所以当S闭合、S1闭合时，煮茶器功率较大，为加热挡；当S闭合、S1断开时，煮茶器功率较小，为保温挡。当煮茶器处于加热挡时，只有R2接入电路，则R2的阻值
当煮茶器处于保温挡时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻
则R1的阻值
18．【答案】（1）减小；加速
（2）B
（3）大于；20
（4）气缸漏气，内部氮气不足，气压不够撑起座椅
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）①椅子底座安装有轮子，是通过滚动代替滑动的方式减小摩擦。
②当椅子向右加速滑行时，上半身由于惯性保持原来的速度，因此人会向后倒，靠背可以防止人后倒。
（2）A．坐垫凹陷，即坐垫发生形变，那么坐垫是受力物体，是人对坐垫的压力的作用效果，故A错误；
B．根据乙图可知，小明坐上座椅拉动调节杆后，气缸（和坐垫）向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，氮气从上腔经通道流入下腔，故B正确；
C．地面对椅子的支持力大小等于椅子和小明的总重力，肯定大于椅子的重力，则二者不是一对平衡力，故C错误。
故选B。
（3）①根据乙图可知，由于活塞下部有活塞连杆，会占去一定的面积，因此气缸上腔中氮气对活塞的作用面积大于下腔中氮气对活塞的作用面积。
②根据题意可知，当坐垫等静止时，两腔气压相等，那么压力差等于总重力，
即；
因此连杆横截面积。
（4）气缸漏气，内部氮气泄漏，气压不足，产生的压力差不足以撑起座椅，这些原因都会导致小明离开座椅后，座椅无法升高。
【分析】 （1）①根据减小摩擦的方法可知，用滚动代替滑动可以减小摩擦；
②物体保持运动状态不变的性质叫惯性，根据惯性现象分析；
（2）A.对坐垫进行受力分析即可；
B.，人压气缸会向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，据此判断；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
（3）①注意活塞下面有连杆占去面积；
②当坐垫等静止时，两腔气压相等，那么压力差等于总重力，根据压强公式计算即可；
（4）根据漏气会无法抬升分析。
（1）[1]椅子底座的轮子通过滚动代替滑动，减小摩擦。
[2]当椅子向右加速滑行时，人的下半身随椅子加速，上半身由于惯性保持原来较慢的运动状态，因此人会向后倒，靠背可以防止人后倒。当椅子向右减速滑行时，人的下半身随椅子减速，上半身由于惯性保持原来较快的运动状态，因此人会向前倾。
（2）A．坐垫凹陷是人对坐垫的压力的作用效果，坐垫的弹力是坐垫对人的作用力，故A错误；
B．小明坐上座椅拉动调节杆后，气缸（和坐垫）向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，氮气从上腔经通道流入下腔，故B正确；
C．地面对椅子的支持力大小等于椅子和小明的总重力，和椅子自身重力大小不相等，不是一对平衡力，故C错误。
故选B。
（3）[1]由于活塞下部有活塞连杆，因此气缸上腔中氮气对活塞的作用面积大于下腔中氮气对活塞的作用面积。
[2]两腔气压相等，压力差等于总重力，即
总重力
因此连杆横截面积
（4）小明离开座椅后，座椅无法升高，最常见的原因是气缸漏气，内部氮气泄漏，气压不足，产生的压力差不足以撑起座椅。
19．【答案】S；半导体；A；9；低；A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向下方，则电磁铁下端为N极，上端为S（南）极。
（2）①根据题意可知，光敏电阻的导电性受光照影响，是由半导体材料制成。
②当烟雾浓度升高时，光照强度减弱，则此时光敏电阻阻值变大。根据R总=Rp+Rx可知，控制电路总电阻变大。根据欧姆定律可知，电流变小，则电磁铁磁性减弱，衔铁弹起，接上端A触点，此时需要报警，因此报警器在A处。
（3）根据题意可知，报警时电流，
控制电路总电阻；
此时光敏电阻阻值；
恰好报警对应光照强度E=3cd，由丙图规律可得与E成反比，则；
因此E=2cd时，光敏电阻的阻值为。
（4）①若要保持控制电路电流不变，根据可知，控制电压U降低时总电阻会变小。根据R总=Rp+Rx可知，滑动变阻器阻值不变，所以光敏电阻阻值需要更小，对应光照强度更强（烟雾浓度更低），即烟雾浓度较低时就会报警。
②A．增加线圈匝数，相同电流下电磁铁磁性增强，能让衔铁保持吸合直到烟雾浓度达到设定值，故A正确；
B．控制电路中再串联一个电阻，总电阻更大，电流更小，会更早误报警，故B错误；
C．增大线圈和衔铁之间的距离，需要更大磁性才能吸合衔铁，更易提前释放衔铁，故C错误；
D．向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入控制电路的电阻变大，总电阻变大电流更小，更早误报警，故D错误。
故选A。
【分析】 （1）根据安培定则判定螺线管的极性。
（2）①根据半导体的性质和应用解答；
②当烟雾浓度升高时，光照强度减弱，由丙图可知光敏电阻Rx阻值的变化，根据R总=Rp+Rx可知控制电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知总电流变化，进而弄清电磁铁磁性强弱变化，从而确定衔铁的位置，然后与报警器的工作状态比较即可。
（3）根据欧姆定律和电阻串联的知识计算此时光敏电阻的阻值，再根据图像计算光照强度为2cd时的阻值；
（4）控制电压U降低，若要保持控制电路电流I=250mA不变，总电阻会变小。因为滑动变阻器阻值不变，所以光敏电阻阻值需要更小，对应光照强度更强（烟雾浓度更低），即烟雾浓度较低时就会报警。
1 / 12026年广东深圳市南山实验教育集团中考一模物理试题
1．下列各图中与其它三个力所产生的作用效果不同的是（　　）
A．图甲运动员对弓弦的拉力使弦弯曲
B．图乙撑杆跳高运动员对杆的力使撑杆弯曲
C．图丙磁铁对小铁球的吸引力使小铁球运动方向发生改变
D．图丁跳水运动员对跳板的压力使跳板弯曲
【答案】C
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】ABD.运动员对弓弦的拉力使弦弯曲、撑杆跳高运动员对杆的力使撑杆弯曲以及跳水运动员对跳板的压力使跳板弯曲，都物体的形状改变，都说明力可以改变物体的形状；
C.磁铁对小铁球的吸引力使小铁球运动方向发生改变，说明力改变了物体的运动状态；。
比较可知，与其它三个力的作用效果不同的是C。
故选C。
【分析】力的作用效果包括：力改变物体的形状和改变物体的运动状态。
2．厨房换气扇依靠电动机工作。下列图中哪个是电动机的工作原理（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【知识点】电荷间的相互作用规律；通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】电动机工作时，将电能转化为机械能，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．当带有电荷的两个玻璃棒靠近时，二者远离，说明同种电荷相互排斥，故A不符合题意；
B．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，证明通电导线周围存在磁场，故B不符合题意；
C．闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，故C符合题意；
D．闭合开关后，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏电流计的指针发生偏转，探究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据电荷之间的相互作用判断；
B.根据电流周围存在磁场判断；
C.根据通电导体在磁场中受力运动判断；
D.根据电磁感应的原理判断。
3．小明用装有静电除尘纸的拖把擦地板时，静电除尘纸与地板摩擦，可以轻松地将灰尘和头发清扫干净。下列说法中正确的是（　　）
A．静电除尘纸和地板摩擦创造了电荷
B．静电除尘纸的工作原理是带电体吸引轻小物体
C．静电除尘纸和地板摩擦后与地板带有同种电荷
D．静电除尘纸带电后能够吸引同种电荷的灰尘
【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；静电的防止和利用
【解析】【解答】A．摩擦起电的本质不是创造电荷，而是电荷发生转移，故A错误；
B．静电除尘纸摩擦后带电，而灰尘不带电，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，因此可以吸附灰尘，故B正确；
C．根据摩擦起电的本质可知，除尘纸和地板摩擦后，一个物体得到电子带负电，另一个物体失去电子带正电，因此二者带异种电荷，故C错误；
D．根据同种电荷相互排斥可知，静电除尘纸不可能吸引带同种电荷的灰尘，故D错误。
故选B。
【分析】AC.根据摩擦起电的本质判断；
B.根据带电体的性质判断；
D.根据电荷之间的相互作用规律判断。
4．我国“探月工程”不断突破，探测器带月壤返回地球过程中，说法正确的是（　　）
A．月壤样本带回地球后质量会变大
B．探测器绕月飞行时运动状态保持不变
C．探测器在月球上仍受到惯性作用
D．着陆时反推火箭向下喷火减速，说明物体间力的作用是相互的
【答案】D
【知识点】质量及其特性；力作用的相互性；物体运动状态的变化；惯性及其现象
【解析】【解答】A．月壤带回地球后，虽然位置发生改变，但是质量不变，故A错误；
B．探测器绕月飞行时做圆周运动，即它的运动方向不断改变，因此运动状态发生改变，故B错误；
C．惯性是物体的一种性质，而不是力的作用，故C错误；
D．反推火箭向下喷火时，火箭对燃气施加向下的力，同时燃气会对火箭施加向上的反作用力，使火箭减速，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选D。
【分析】A. 质量是物体所含物质的多少，是物体的固有属性，不随位置改变而变化 ；
B.运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
C.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
D.根据力的作用的相互性判断。
5．高铁站等车时，一定要站在安全线以外，否则会被高速行驶的列车“吸”过去，造成危险如图所示的现象中与其物理原理相同的是（　　）
A．排水管的U形“反水弯”
B．盆景自动供水
C．喷雾器喷出水雾
D．用吸管吸饮料
【答案】C
【知识点】连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】列车高速经过时，轨道附近空气流速快压强小，而周围空气流速小压强大，于是对人产生朝向轨道内侧的压力差，这个压强差会把人“吸”向列车。
A．排水管的U形“反水弯”，下面连通上面开口，利用的是连通器原理，故A不符合题意；
B．当水槽内水的水面低于瓶口时，外面的空气进入瓶内，在大气压强的作用下，瓶内的水流入水槽中。当水面封住瓶口时流水停止，则盆景自动供水，利用的是大气压，故B不符合题意；
C．空气从细口快速流出时，细口附近空气流速快、压强小，瓶内的水在大气压作用下被压出并形成水雾，和列车“吸”人的原理相同，故C符合题意；
D．用吸管吸饮料，吸管内的气压小于外界大气压强，饮料被压入口中，利用的是大气压，故D不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据连通器的原理判断；
BD.根据大气压强的原理判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断。
6．如图所示，物块A和B放在水平地面上，它们之间用一根轻质弹簧连接，当用的水平拉力F使物块A和B一起向右做匀速直线运动时，它们受到地面的摩擦力，且整个过程中，弹簧一直在弹性限度内，则（　　）
A．若把物块A和B看作一个整体，所受的摩擦力为
B．弹簧对B的拉力大小为
C．B物块受到的摩擦力水平向左，大小为
D．A物块受到的摩擦力水平向左，大小为
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A．根据题意可知，将AB看做一个整体，则它们一起做匀速直线运动时处于平衡状态，即它们受到的摩擦力和拉力大小相等，即，
故A错误；
B．已知 ，且fAB=8N，则A受到的摩擦力为2N，B受到的摩擦力为6N。
对B进行受力分析，根据力的平衡条件可知，
所以弹簧对B的拉力，
故B错误；
CD．综上所述，二者都向右移动，则二者受到摩擦力的方向与运动方向相反，即这两个摩擦力的方向都是水平向左的，且B受到摩擦力6N，A受到摩擦力为2N，故C正确，D错误；
故选C。
【分析】A.将AB看做一个整体，根据平衡力的知识计算它们受到的摩擦力大小；
B.根据计算A和B受到的摩擦力大小，对B进行受力分析，根据平衡力的知识计算弹簧对B的拉力；
CD.二者受到摩擦力的方向与运动方向相反，结合B中的分析判断。
7．如图所示的电路中，电源电压为6V保持不变。定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω 1A”，电流表使用0～0.6A量程，电压表使用0～3V量程。闭合开关后，为了保证电路各元件的安全，下列说法正确的是（　　）
A．电路允许通过的最大电流为0.5A
B．滑动变阻器的取值范围为
C．电流表的最小值为0.1A
D．电压表的最小示数为1V
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．根据电流表量程可知，电流表允许通过的最大电流为0.6A。根据“20Ω 1A”可知，滑动变阻器允许的最大电流为1A。
电压表量程为0 3V，此时通过R1的最大电流 ；
比较可知，电路允许的最大电流为0.3A，故A错误；
B．根据题意可知，电流最大时，滑动变阻器接入的阻值最小，
此时电路总电阻；
滑动变阻器的最小阻值 ；
电路电流越小，滑动变阻器阻值最大，此时各元件越安全，
故滑动变阻器取值范围为10Ω 20Ω，故B正确；
CD．综上所述，电流表示数最小时，滑动变阻器接入最大阻值，
此时总电阻；
那么最小电流 ；
此时电压表的最小示数 ，故CD错误。
故选B。
【分析】 A.由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。电压表使用0～3V量程，电压表的最大示数U1=3V，根据欧姆定律可得电路中的最大电流，然后与电流表的量程和变阻器允许通过最大电流比较即可；
B.电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由欧姆定律可得电路中的总电阻，根据电阻串联的知识可得滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当变阻器的最大时，总电流最小，据此确定变阻器接入的阻值范围。
CD.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据欧姆定律和电阻串联的知识可得电路中的最小电流，根据欧姆定律可得电压表的最小示数。
8．如图甲，小圳同学周末去万达商场，站在商场的手扶电梯上，随梯匀速下楼。在图乙中画出小圳的受力示意图。（图中“·”表示小圳）
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，小圳随自动扶梯一同匀速下降时它，他处于平衡状态，即小圳受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，二者大小相等，且作用在他的重心上，如下图所示：
【分析】对物体进行受力分析，确定力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
9．小林同学在家庭电路中安装一只螺丝口灯泡和一个三孔插座，要求开关只控制灯泡，部分导线已连接，请你在下图中只添加2根导线帮小林完成安装。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】在家庭电路中，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。为了用电安全，火线接开关，再接入灯泡的顶端金属点，最后将零线接灯泡的螺旋套，如下图所示：
【分析】根据家庭电路连接和注意事项补充实物图即可。
10．如图是实心球离开手后在空中的运动轨迹，如果实心球运动到最高点Q时，所受的外力全部消失，实心球将　 　（选填“静止”、“沿a方向运动”、“沿b方向运动”或“沿c方向运动”）；如果改成竖直上抛实心球，球到达最高点时　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态，实心球在该运动过程中，其运动状态　 　（选填“会”或“不会”）发生改变。
【答案】沿a方向运动；不是；会
【知识点】牛顿第一定律；物体运动状态的变化；平衡状态的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，实心球做的是斜抛运动，则实心球运动到最高点Q时，竖直方向速度为0，但水平方向仍然具有向右的速度。根据牛顿第一定律的内容可知，外力全部消失后，物体会保持原来的运动状态匀速运动，因此实心球将沿a水平方向运动。
（2）竖直上抛的实心球到最高点时，只受重力作用，此时合力不为零，因此不是平衡状态。
（3）实心球整个运动过程中，速度的大小或运动方向不断发生变化，因此运动状态会发生改变。
【分析】（1）注意分析实心球到达最高点时水平方向的速度是否为零，结合牛顿第一定律分析；
（2）对最高点时的实心球进行受力分析即可；
（3）运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变。
11．夏季，高空的冷空气下降，会使地面空气密度增大，大气压强　 　（选填“升高”或“降低”）。冷空气下降后，由于高空缺乏水蒸气，无法形成降水，所以此时当地的天气常常为“晴”。小明制作了一个如图甲所示的水气压计，图乙为某地7月15日和16日的天气情况。图甲中的A、B两点为这两天水柱的液面位置，则15日细管内水柱液面应该在　 　（选填“A”或“B”）位置；如果此水气压计管内外液面高度差为1cm，则说明瓶内气体压强与大气压强之差为　 　Pa。（瓶内气压保持不变，，）
【答案】升高；B；100
【知识点】二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】（1） 夏季，高空的冷空气下降， 会导致地面附近空气密度增大时，因此大气压强升高。
（2）根据题意可知，7月15日天气晴，大气压高，根据p内=p大气+p水柱可知，此时水柱压强减小。根据液体压强公式p=ρ液gh可知，此时液柱高度较小，所以15日外界大气压高，水柱液面在B位置。
（3）玻璃管中液柱产生的压强即为瓶内外的气压差，如果此水气压计管内外液面高度差为1cm，
则瓶内气体压强与大气压强之差为。
【分析】（1）大气压强与空气密度有关，即空气密度越大，则大气压强越大；
（2）根据乙图确定7月15日天气情况，确定大气压强大小，然后根据p内=p大气+p水柱分析水柱压强大小，根据液体压强公式p=ρ液gh对应液柱的高度大小即可；
（3）玻璃管中液柱产生的压强即为瓶内外的气压差，根据液体压强公式p=ρ液gh计算即可。
12．某电热水器的发热体电阻为20Ω，正常工作时通过的电流为10A，则1s内产生的热量为　 　J；电热水壶的电源线应选用导电性能好的　 　（选填“铜”或“铁”）芯线，以减少发热损耗。
【答案】2000；铜
【知识点】影响电阻大小的因素；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知， 发热体电阻为20Ω，正常工作时通过的电流为10A，
则1s内产生的热量为。
（2）根据焦耳定律可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，导线产生的热量越少，发热损耗更小。而相同长度、横截面积的铜导线电阻远小于铁导线，因此应选铜芯线。
【分析】（1）根据计算1s内电阻产生的热量；
（2）根据焦耳定律可知，电流和通电时间相同时，电阻越小，导线产生的热量越少，发热损耗更小，据此比较铜和铁的导电能力强弱即可。
13．小明利用托盘天平（最大测量值200g，分度值0.2g）、量筒、水、食盐、烧杯、白纸、滴管、勺子等器材配制盐水，步骤如下：
（1）将天平放在水平台面上，将游码移至标尺的零刻度线，若此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向　 　调节，使指针对准分度盘中央的刻度线；
（2）为称量出2g盐，小明先将一张白纸放在天平左盘上，仅移动游码，使天平平衡，如图乙所示；接下来，继续将游码移至　 　g处，再用勺子向左盘的白纸上逐渐加盐，直至天平再次平衡；
（3）用量筒量取50mL的水，并全部倒入烧杯中，再将2g盐全部倒入烧杯中，则小明所配制的盐水密度为　 　（假设加盐后烧杯中液体的体积不变，取）；
（4）小明用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤，如图丙所示。用两个相同的柱形的塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码归零），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就能知道盐水密度。
①这架盐水密度秤，使用时天平左盘容器中应该倒入液体　 　（选填“水”、“盐水”）；
②若使用时，天平如图丙所示，则盐水密度是　 　。这个密度秤的最大测量值为　 　。
【答案】（1）左
（2）2.4
（3）1.04
（4）盐水；1.15；1.25
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，天平的指针偏右，说明右侧偏重左侧偏轻，应将平衡螺母向左调节。
（2）根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则白纸的质量为0.4g；
要称量2g盐，则天平的示数应该是白纸和食盐的总质量，即示数应为；
因此游码移至2.4g处。
（3）根据题意可知，水的质量；
盐水总质量等于盐和水的质量相加，即；
因此盐水密度。
（4）①根据题意可知，当天平平衡后，；
根据m=ρV可知，同体积下盐水密度更大、质量更大，
因此质量更大的盐水放在左盘，游码向右移动补充右盘质量，故左盘放盐水。
②根据丙图可知，游码示数为3g，液体体积
根据得到：
那么盐水的密度为该天平游码最大示数为5g，因此最大密度。
【分析】 （1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）根据标尺的分度值结合游码的位置读出白纸的质量，然后加上盐的质量即为游码移动到的位置；
（3）根据m=ρV求出水的质量，然后加上盐的质量即为盐水的质量，假设加盐后烧杯中水的体积不变，利用求出小红所配置的盐水密度；
（4）①天平左盘总质量等于右盘总质量加游码质量；
②先根据求出水的质量，再根据天平左盘总质量等于右盘总质量加游码质量求出盐水质量，然后根据密度公式可得盐水密度。
（1）调平时指针偏右，说明右侧偏重，应将平衡螺母向左调节。
（2）由图乙可知，天平标尺的分度值为0.2g，白纸的质量等于游码示数，为0.4g；要称量2g盐，总游码示数应为
因此游码移至2.4g处。
（3）水的体积
水的质量
盐水总质量
体积不变，因此盐水密度
（4）[1]根据天平原理
容器质量抵消后，
同体积下盐水密度更大、质量更大，因此质量更大的盐水放在左盘，游码向右移动补充右盘质量，故左盘放盐水。
[2]由图丙可知，游码示数为3g，液体体积
根据得，
代入数据得，盐水的密度为
[3]该天平游码最大示数为5g，因此最大密度
14．在学习“液体的压强”时，同学们了解到“液体内部向各个方向都有压强”后，老师把底部有小孔的无盖空透明矿泉水瓶竖直压入水中，瓶中形成了图甲中的“喷泉”。
（1）根据图甲中的现象，小明提出一个与液体压强有关的科学问题：　 　；
（2）利用图乙中的装置对以上问题展开探究。实验前将压强计放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现如图乙（a）所示的情景，于是小明将U形管右侧高出部分的液体倒出，接下来会看到的现象是：U形管两边的液面高度差　 　（选填“为零”或“不为零”）；
（3）正确调整压强计后，通过比较图乙中（b）、（c）两次实验可得出：同种液体中，　 　，压强越大；
（4）小红猜想：液体压强可能与液体密度有关系。为探究两者的关系，小红保持图乙（c）中的探头在水中的位置不变，向烧杯中倒入一杯浓盐水，搅拌直至杯中的液体混合均匀后，观察U形管两侧液面高度差的变化。同学们认为她还应进行以下操作：　 　；
（5）图丙所示是活塞式抽水机的结构图。活塞在力的作用下，向下运动，该过程中活塞上表面受到液体的压强将　 　（选填“增大”或“减小”）。
【答案】（1）液体的压强与液体的深度有关吗
（2）不为零
（3）深度越深
（4）向上移动探头，保持探头在液体中的深度不变
（5）增大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，瓶子越靠下，则小孔的深度越大，同时喷出水的高度越大，因此可以提出与液体压强相关的科学问题：液体的压强与液体的深度有关吗？
（2） 实验前将压强计放在空气中静止后， U形管液面不平是因为软管内的气压不等于外界大气压。仅仅倒出U形管右侧高出的液体，不会改变软管内气压，最终液面还是会保持高度差，因此高度差不为零。
（3）根据图片可知，实验b、c中液体密度相同，探头方向相同，只有深度不同，c中探头深度更大，U形管液面高度差更大，因此可得结论：同种液体中，深度越深，压强越大。
（4）根据控制变量法的要求可知，探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变。向水中加入浓盐水后，烧杯液面升高，探头深度变大，因此需要调整探头位置：向上移动探头，保持探头深度不变。
（5）根据丙图可知，活塞向下运动时，活塞上表面到液面的深度变大，根据液体压强公式，活塞上表面受到的液体压强增大。
【分析】（1）图甲中，两个瓶子的小孔在水中的深度不同，水喷出的高度不同，据此提出问题。
（2）根据U形管液面不平的原因分析；
（3）根据图片分析b、c中哪个因素不同即可；
（4）探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变，只改变液体密度，据此分析。
（5）根据液体压强公式p=ρgh分析活塞上表面受到的液体压强的变化。
（1）图甲中，两个瓶子的小孔在水中的深度不同，水喷出的高度不同（反映压强不同），因此可以提出与液体压强相关的科学问题：液体的压强与液体的深度有关吗？
（2）U形管液面不平的原因是：压强计软管内的气压不等于外界大气压。仅仅倒出U形管右侧高出的液体，不会改变软管内气压，最终液面还是会保持高度差，因此高度差不为零。
（3）图乙中（b）、（c）是同种液体（水），探头方向相同，只有深度不同，c中探头深度更大，U形管液面高度差更大，因此可得结论：同种液体中，深度越深，压强越大。
（4）探究液体压强和液体密度的关系时，需要控制探头深度不变，只改变液体密度。向水中加入浓盐水后，烧杯液面升高，探头深度变大，因此需要调整探头位置：向上移动探头，保持探头深度不变。
（5）活塞向下运动时，活塞上表面到液面的深度变大，根据液体压强公式，液体密度不变，深度增大，所以活塞上表面受到的液体压强增大。
15．小明用阻值为5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，电源电压为3V且保持不变。
（1）用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表示数变大）；
（2）将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，电路出现的故障是定值电阻　 　；
（3）根据实验数据描绘电流与定值电阻的倒数关系图像，如图乙所示。由图像可知，电阻R两端的电压为　 　V。得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成　 　比；
（4）分析实验数据可知，本实验所选用的滑动变阻器的最大阻值应不小于　 　Ω。若将电流和滑动变阻器电阻的倒数关系图像在图乙坐标系中绘出，则该图像可能出现在　 　（选填“A”或“B”）区域。
【答案】（1）
（2）断路
（3）2；反
（4）10；B
【知识点】电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，滑动变阻器与定值电阻串联，且接线“一上一下”。滑动变阻器的滑片向右滑动时电流变大，说明接入电阻变小，因此滑动变阻器接右下接线柱与电源负极连接起来即可，如下图所示：
（2） 将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关， 电流表无示数，说明电路发生断路。电压表有示数，说明电压表两端与电源两极之间正常连接。比较可知，故障是与电压表并联的定值电阻断路。
（3）①根据图乙可知，当电流时，；
即，则定值电阻两端电压。
②根据乙图可知，电流与电阻的倒数的关系图像是一条过原点的直线，说明电流与电阻的倒数成正比，和电阻成反比，故可得实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（4）①根据题意可知，滑动变阻器两端的电压；
根据串联电路电压与电阻成正比得到：；；解得：；
因此滑动变阻器最大阻值不小于10Ω。
②电流和滑动变阻器电阻倒数的关系
小于定值电阻的控制电压2V，因此相同横坐标下，该关系的电流比原图像更小，斜率更小，图像在原直线下方，即B区域。
【分析】 （1）滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表示数变大，根据欧姆定律确定此时变阻器接入阻值的变化，进而确定变阻器下面选择的接线柱即可；
（2）根据电流表和电压表的示数变化确定故障的位置和种类；
（3）①根据图像确定电阻和对应的电流，根据U=IR计算电压；
②根据图像的形状分析电流和电阻的数量关系。
（4）①在串联电路中，电压与电阻成正比，即定值电阻越大，则滑动变阻器的阻值越大，据此计算出定值电阻为20Ω时变阻器接入的阻值即可；
②根据题意得到变阻器的电阻倒数和电压的数学关系式，然后据此分析即可。
（1）要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电流变大，说明接入电阻变小，因此滑动变阻器接右下接线柱即可，即将滑动变阻器右下接线柱与电源负极连接起来。
（2）电流表无示数，说明电路发生断路；电压表有示数，说明电压表两端可连通到电源，因此故障是定值电阻断路。
（3）[1]根据图乙，当时，
即，则定值电阻两端电压
[2]由图像可知，电流与电阻的倒数的关系图像是一条过原点的直线，说明在电压一定时，电流与电阻的倒数成正比，故可得实验结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
（4）[1]当接入最大的定值电阻时，滑动变阻器需要接入最大阻值。定值电阻两端的电压为2V，根据串联电路的电压关系，滑动变阻器两端的电压
根据串联电路的分压规律可知，
则滑动变阻器接入电路的阻值
因此滑动变阻器最大阻值不小于10Ω。
[2]电流和滑动变阻器电阻倒数的关系
小于定值电阻的控制电压2V，因此相同横坐标下，该关系的电流比原图像更小，斜率更小，图像在原直线下方，即B区域。
16．平底茶杯放在水平桌面上，茶杯质量为，茶杯的底面积是，茶杯内装有的水（，）。求：
（1）茶杯内水的质量。
（2）装水后，茶杯对桌面的压力。
（3）装有水的茶杯对桌面的压强。
【答案】（1）解：根据题意可知，水的体积，密度为 ，
则茶杯内水的质量。
（2）解：根据题意可知，茶杯的质量为300g=0.3kg，
则茶杯重力；
水的重力；
则茶杯对桌面的压力。
（3）解：根据题意可知，茶杯的底面积
则装有水的茶杯对桌面的压强。
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据m=ρV求出水的质量；
（2）根据G=mg分别计算水和茶杯的重力，而装水后，茶杯对桌面的压力等于水和茶杯重力之和；
（3）根据计算茶杯对桌面的压强。
（1）水的体积
茶杯内水的质量
（2）茶杯重力
水的重力
装水后茶杯对桌面的压力等于总重力，故装水后，茶杯对桌面的压力
（3）底面积
则装有水的茶杯对桌面的压强
17．图甲为某煮茶器的实物图，图乙为其电路原理图，表格中是该煮茶器的主要参数，和为电阻不变的电热丝，S为总开关，为温控开关，该煮茶器可以通过控制S、两个开关的通断实现加热、保温两个挡位的变化，将煮茶器接入电源电压为220V的电路中。求：
额定电压 加热功率 保温功率
220V 1210W 110W
（1）煮茶器处于加热挡时的电流；
（2）煮茶器处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
（3）的阻值。
【答案】（1）解：根据表格可知，煮茶器的加热功率为1210W，
则煮茶器处于加热档时的电流。
（2）解：根据表格可知，煮茶器处于保温档时的功率为110W，
则煮茶器持续工作10min 产生的热量。
（3）解：根据乙图可知，当S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻；
当S闭合、S1闭合时，R1被短路，只有R2接入电路，此时总电阻为R2；
根据电阻串联的知识可知，R串>R2；
由可知，前者功率越小，为保温档；后者功率大为加热档。
综上所述，煮茶器处于加热档时的电流为5.5A，
则R2的阻值；
当煮茶器处于保温挡时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻；
则R1的阻值。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）根据表格数据确定加热功率，根据可得电饭锅在处于加热单时的电流；
（2）根据表格确定保温功率，根据Q=W=Pt求电饭锅持续工作10min，产生的热量；
（3）由图乙可知，当开关S闭合，S1断开时，R1、R2串联，电路的总电阻较大；当开关S、S1都闭合时，电路中只有R2工作，电路中的总电阻较小，根据确定电饭锅的工作状态；根据串联电路的电阻特点求得R1和R2的阻值。
（1）由表可知，煮茶器处于加热挡时的电流
（2）煮茶器处于保温挡时，持续工作时间
煮茶器产生的热量等于消耗的电能
（3）由图乙可知，当S闭合、S1闭合时，R1被短路，只有R2接入电路；当S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻；电源电压不变，由可知，电路中的总电阻越大，功率越小。所以当S闭合、S1闭合时，煮茶器功率较大，为加热挡；当S闭合、S1断开时，煮茶器功率较小，为保温挡。当煮茶器处于加热挡时，只有R2接入电路，则R2的阻值
当煮茶器处于保温挡时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻
则R1的阻值
18．阅读材料，回答问题。
气压升降椅
如图甲是一款气压升降椅，其结构如图乙所示。活塞连杆固定在底座上，座垫与气缸相连，可一起升降。调节高度时，向上拉调节杆，开关栓向下移动，气缸上、下两腔氮气经通道连通，气缸与坐垫座椅可升降；松开调节杆后，开关栓向上移动，气缸通道关闭，座垫高度被固定。
某次调节座椅高度时：小明先离开座椅，向上拉调节杆，使座椅升高；接着，重为500N的小明坐上座椅，拉动调节杆使其下降至合适高度，再松开调节杆，开关栓闭合，此时气缸内两腔氮气压强相等。
（1）椅子底座的轮子可以　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦。靠背可以防止图甲中的椅子向右　 　（选填“减速”或“加速”）滑行时人后倒；
（2）当小明坐在气压升降椅上时，下列说法正确的是_______
A．坐垫凹陷是因为坐垫表面产生的弹力作用的效果
B．向上拉调节杆，氮气可从气缸上腔经通道进入下腔
C．椅子受到的重力与地面对椅子的支持力是一对平衡力
（3）图乙中，气缸上腔中氮气对活塞作用面积　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）下腔中氮气对活塞作用面积；若气缸与坐垫、靠背等共重50N，小明坐上坐垫，拉动调节杆，调节至合适位置时松开调节杆，开关栓闭合，气缸内的氮气压强为，则活塞连杆的横截面积至少为　 　；
（4）在小明离开座椅的情况下，他向上拉调节杆，发现座椅无法升高，请分析可能存在的问题：　 　（列举一项即可）。
【答案】（1）减小；加速
（2）B
（3）大于；20
（4）气缸漏气，内部氮气不足，气压不够撑起座椅
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【解答】（1）①椅子底座安装有轮子，是通过滚动代替滑动的方式减小摩擦。
②当椅子向右加速滑行时，上半身由于惯性保持原来的速度，因此人会向后倒，靠背可以防止人后倒。
（2）A．坐垫凹陷，即坐垫发生形变，那么坐垫是受力物体，是人对坐垫的压力的作用效果，故A错误；
B．根据乙图可知，小明坐上座椅拉动调节杆后，气缸（和坐垫）向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，氮气从上腔经通道流入下腔，故B正确；
C．地面对椅子的支持力大小等于椅子和小明的总重力，肯定大于椅子的重力，则二者不是一对平衡力，故C错误。
故选B。
（3）①根据乙图可知，由于活塞下部有活塞连杆，会占去一定的面积，因此气缸上腔中氮气对活塞的作用面积大于下腔中氮气对活塞的作用面积。
②根据题意可知，当坐垫等静止时，两腔气压相等，那么压力差等于总重力，
即；
因此连杆横截面积。
（4）气缸漏气，内部氮气泄漏，气压不足，产生的压力差不足以撑起座椅，这些原因都会导致小明离开座椅后，座椅无法升高。
【分析】 （1）①根据减小摩擦的方法可知，用滚动代替滑动可以减小摩擦；
②物体保持运动状态不变的性质叫惯性，根据惯性现象分析；
（2）A.对坐垫进行受力分析即可；
B.，人压气缸会向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，据此判断；
C.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。
（3）①注意活塞下面有连杆占去面积；
②当坐垫等静止时，两腔气压相等，那么压力差等于总重力，根据压强公式计算即可；
（4）根据漏气会无法抬升分析。
（1）[1]椅子底座的轮子通过滚动代替滑动，减小摩擦。
[2]当椅子向右加速滑行时，人的下半身随椅子加速，上半身由于惯性保持原来较慢的运动状态，因此人会向后倒，靠背可以防止人后倒。当椅子向右减速滑行时，人的下半身随椅子减速，上半身由于惯性保持原来较快的运动状态，因此人会向前倾。
（2）A．坐垫凹陷是人对坐垫的压力的作用效果，坐垫的弹力是坐垫对人的作用力，故A错误；
B．小明坐上座椅拉动调节杆后，气缸（和坐垫）向下移动，活塞固定不动，上腔体积减小、压强增大，氮气从上腔经通道流入下腔，故B正确；
C．地面对椅子的支持力大小等于椅子和小明的总重力，和椅子自身重力大小不相等，不是一对平衡力，故C错误。
故选B。
（3）[1]由于活塞下部有活塞连杆，因此气缸上腔中氮气对活塞的作用面积大于下腔中氮气对活塞的作用面积。
[2]两腔气压相等，压力差等于总重力，即
总重力
因此连杆横截面积
（4）小明离开座椅后，座椅无法升高，最常见的原因是气缸漏气，内部氮气泄漏，气压不足，产生的压力差不足以撑起座椅。
19．某科学小组开展制作烟雾报警装置的项目化学习。
【相关资料】烟雾报警装置内部由发射电路和接收电路组成（如图甲所示）。发射电路发射的红外光会被外界烟尘粒子散射，烟的浓度越大，接收电路接收到的光强度越弱。接收电路能够将光信号转化为电信号，最后转化成报警信号。
【项目任务】当环境中的烟雾浓度升高，光照强度小于3cd时，装置立刻报警鸣叫。
【方案设计】小组同学利用光敏电阻对烟雾报警装置的接收电路进行设计，如图乙所示。当控制电路的电流达到250mA时，衔铁被吸合，线圈电阻不计。其中控制电压U为6V，光敏电阻的阻值随光照强度的变化如图丙所示。
（1）根据电路，可判断电磁铁上端为　 　极；
（2）光敏电阻是由　 　（选填“导体”“绝缘体”或“半导体”）制成的。如图丙所示，其阻值随光照的增强而变小。工作电路中设计了保护电阻和报警器，其中报警器在　 　（选填“A”或“B”）处；
【项目调试】
（3）闭合开关S，当报警烟雾浓度按照项目任务的要求设定后，调节滑动变阻器，当时（线圈电阻不计），报警器恰好开始报警。请根据以上信息，写出图丙中光敏电阻在光照强度为2cd时的阻值：　 　；
【项目评价与反思】
（4）使用一段时间后，控制电压U会降低，烟雾报警器在烟雾浓度较　 　（选填“高”或“低”）时误报警。为了保证烟雾报警装置能正常工作，以下做法正确的是　 　
A. 增加线圈匝数 B. 控制电路中再串联一个电阻
C. 增大线圈和衔铁之间的距离 D. 向右移动滑动变阻器滑片
【答案】S；半导体；A；9；低；A
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向下方，则电磁铁下端为N极，上端为S（南）极。
（2）①根据题意可知，光敏电阻的导电性受光照影响，是由半导体材料制成。
②当烟雾浓度升高时，光照强度减弱，则此时光敏电阻阻值变大。根据R总=Rp+Rx可知，控制电路总电阻变大。根据欧姆定律可知，电流变小，则电磁铁磁性减弱，衔铁弹起，接上端A触点，此时需要报警，因此报警器在A处。
（3）根据题意可知，报警时电流，
控制电路总电阻；
此时光敏电阻阻值；
恰好报警对应光照强度E=3cd，由丙图规律可得与E成反比，则；
因此E=2cd时，光敏电阻的阻值为。
（4）①若要保持控制电路电流不变，根据可知，控制电压U降低时总电阻会变小。根据R总=Rp+Rx可知，滑动变阻器阻值不变，所以光敏电阻阻值需要更小，对应光照强度更强（烟雾浓度更低），即烟雾浓度较低时就会报警。
②A．增加线圈匝数，相同电流下电磁铁磁性增强，能让衔铁保持吸合直到烟雾浓度达到设定值，故A正确；
B．控制电路中再串联一个电阻，总电阻更大，电流更小，会更早误报警，故B错误；
C．增大线圈和衔铁之间的距离，需要更大磁性才能吸合衔铁，更易提前释放衔铁，故C错误；
D．向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入控制电路的电阻变大，总电阻变大电流更小，更早误报警，故D错误。
故选A。
【分析】 （1）根据安培定则判定螺线管的极性。
（2）①根据半导体的性质和应用解答；
②当烟雾浓度升高时，光照强度减弱，由丙图可知光敏电阻Rx阻值的变化，根据R总=Rp+Rx可知控制电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知总电流变化，进而弄清电磁铁磁性强弱变化，从而确定衔铁的位置，然后与报警器的工作状态比较即可。
（3）根据欧姆定律和电阻串联的知识计算此时光敏电阻的阻值，再根据图像计算光照强度为2cd时的阻值；
（4）控制电压U降低，若要保持控制电路电流I=250mA不变，总电阻会变小。因为滑动变阻器阻值不变，所以光敏电阻阻值需要更小，对应光照强度更强（烟雾浓度更低），即烟雾浓度较低时就会报警。
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