资源简介

2026届湖南省普通高中学业水平选择性考试高三物理冲刺
预测试卷五
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]由于宇宙射线的作用，在地球大气层产生有铍的两种放射性同位素和.测定不同高度大气中单位体积内二者的原子个数比，可以研究大气环境的变化.已知和的半衰期分别约为53天和139万年.在大气层某高度采集的样品中，研究人员发现和的总原子个数经过106天后变为原来的,则采集时该高度的大气中和的原子个数比约为（ ）
A． B． C． D．
2．[4分]一列沿x轴负方向传播的简谐横波,t=2 s时的波形如图甲所示,x=2 m处质点的振动图像如图乙所示,则波速可能是 （ ）
甲　　　　乙
A． m/s
B． m/s
C． m/s
D． m/s
3．[4分]某节能储能输电网络如图所示，发电机的输出电压，输出功率.降压变压器的匝数比，输电线总电阻 ，其余线路电阻不计，用户端电压，功率,所有变压器均为理想变压器.下列说法正确的是（ ）
A．发电机的输出电流为
B．输电线上损失的功率为
C．输送给储能站的功率为
D．升压变压器的匝数比
4．[4分]如图所示，弹簧一端固定，另一端与光滑水平面上的木箱相连，箱内放置一小物块，物块与木箱之间有摩擦。压缩弹簧并由静止释放，释放后物块在木箱上有滑动，滑动过程中不与木箱前后壁发生碰撞，不计空气阻力，则（ ）
A．释放瞬间物块加速度为零
B．物块和木箱最终仍有相对运动
C．木箱第一次到达最右端时，物块速度为零
D．物块和木箱的速度第一次相同前，物块受到的摩擦力不变
5．[4分]“羲和号”是我国首颗太阳探测科学技术试验卫星．如图所示，该卫星围绕地球的运动视为匀速圆周运动，轨道平面与赤道平面接近垂直．卫星每天在相同时刻、沿相同方向经过地球表面A点正上方，恰好绕地球运行n圈．已知地球半径为R，自转周期为T，地球表面重力加速度为g，则“羲和号”卫星轨道距地面高度为 (　　)
A．-R B． C．-R D．
6．[4分]如图所示为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（　　）
A．图1中，物体在时间段通过的位移为
B．图2中，阴影面积表示时刻物体的速度大小
C．图3中，物体在时间内的平均速度等于
D．图4中，内物体的速度变化量是
7．[4分]石墨烯是一种由碳原子组成的单层二维蜂窝状晶格结构新材料，具有丰富的电学性能.现设计一电路测量某二维石墨烯样品的载流子（电子）浓度.如图（a）所示，在长为、宽为的石墨烯表面加一垂直向里的匀强磁场，磁感应强度为，电极1、3间通以恒定电流，电极2、4间将产生电压.当时，测得关系图线如图（b）所示，元电荷，则此样品每平方米载流子数最接近（　　）
图（a） 图（b）
A． B． C． D．
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
8．[5分]如图所示,静止在光滑地面上的小车,上表面是由两个对称的光滑曲面组成,整个小车的质量为m.现有一个质量也是m可视为质点的小球,以水平速度v0从小车的左端滑上小车左侧曲面,恰好到达小车的最高点后,又沿右侧曲面滑下.下列说法正确的是 (　　)
A．此过程中小球和小车组成的系统动量守恒
B．小球滑离小车时,小车的速度减为零
C．小车上的曲面高度等于
D．若减小小球的初速度,则小球与小车分开后,小球做自由落体运动
9．[5分]污水中的污泥絮体经处理后带负电,可利用电泳技术对其进行沉淀去污,基本原理如图所示.涂有绝缘层的金属圆盘和金属棒分别接电源正、负极,金属圆盘置于容器底部,金属棒插入污水中,形成如图所示的电场分布,其中实线为电场线,虚线为等势面.点和点在同一电场线上,点和点在同一等势面上.下列说法正确的有（ ）
A．点的电势比点的低
B．点的电场强度比点的大
C．污泥絮体从点移到点,电场力对其做正功
D．污泥絮体在点的电势能比其在点的大
10．[5分]（多选）如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为的小球，从离弹簧上端高处静止释放.某同学在研究小球落到弹簧上继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴，作出小球所受弹力大小随小球下落的位置坐标的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为，为已知量.以下判断正确的是（ ）
A. 当时，重力势能与弹性势能之和最小
B. 最低点的坐标为
C. 小球受到的弹力最大值大于
D. 小球动能的最大值为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]某同学利用激光测量半圆柱体玻璃砖的折射率，具体步骤如下：
①平铺白纸，用铅笔画两条互相垂直的直线和，交点为.将半圆柱体玻璃砖的平直边紧贴，并使其圆心位于点，画出玻璃砖的半圆弧轮廓线，如图（a）所示.
②将一细激光束沿方向以某一入射角射入玻璃砖，记录折射光线与半圆弧的交点.
③拿走玻璃砖，标记光线与半圆弧的交点.
④分别过、作的垂线、，、是垂足，并用米尺分别测量、的长度和.
⑤改变入射角，重复步骤②③④，得到多组和的数据.根据这些数据作出图像，如图（b）所示.
（1） 关于该实验，下列说法正确的是____（单选，填标号）.
A．入射角越小，误差越小
B．激光的平行度好，比用插针法测量更有利于减小误差
C．选择圆心点作为入射点，是因为此处的折射现象最明显
（2） 根据图像，可得玻璃砖的折射率为____（保留三位有效数字）.
（3） 若描画的半圆弧轮廓线半径略大于玻璃砖的实际半径，则折射率的测量结果____（填“偏大”“偏小”或“不变”）.
12．[8分]某探究小组要测量电池的电动势和内阻.可利用的器材有：电压表、电阻丝、定值电阻（阻值为）、金属夹、刻度尺、开关、导线若干.他们设计了如图所示的实验电路原理图.
图（a） 图（b） 图（c）
（1）实验步骤如下：
①将电阻丝拉直固定，按照图（a）连接电路，金属夹置于电阻丝的________（填“”或“”）端；
②闭合开关,快速滑动金属夹至适当位置并记录电压表示数,断开开关,记录金属夹与端的距离;
③多次重复步骤②,根据记录的若干组、的值，作出图（c）中图线Ⅰ;
④按照图（b）将定值电阻接入电路，多次重复步骤②,再根据记录的若干组、的值，作出图（c）中图线Ⅱ.
（2）由图线得出纵轴截距为,则待测电池的电动势__________.
（3）由图线求得Ⅰ、Ⅱ的斜率分别为、,若，则待测电池的内阻________________（用和表示）.
13．[13分]如图所示，导热良好带有吸管的瓶子，通过瓶塞密闭T1=300 K，体积V1=1×103 cm3处于状态1的理想气体，管内水面与瓶内水面高度差h=10 cm，将瓶子放进T2=303 K的恒温水中，瓶塞无摩擦地缓慢上升恰好停在瓶口，液面差h不变，瓶内气体处于状态2，此时锁定瓶塞，再缓慢地从吸管中吸走部分水后，管内和瓶内水面等高，气体达到状态3。已知从状态2到状态3，气体对外做功1.02 J，从状态1到状态3，气体吸收热量4.56 J，大气压强p0=1.0×105 Pa，水的密度ρ=1.0×103 kg/m3，g取10 m/s2，忽略液体表面张力和水蒸气对压强的影响。
(1)从状态2到状态3，气体分子平均速率　　　　(填“增大”“不变”或“减小”)，单位时间撞击单位面积瓶壁的分子数　　　　(填“增大”“不变”或“减小”)；
(2)求气体在状态3的体积V3；
(3)求从状态1到状态3气体内能的改变量ΔU。
14．[12分]如图（a）,固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框,置于始终竖直向下的匀强磁场中，边与磁场边界平行，边中点位于磁场边界.导体框的质量、电阻 、边长.磁感应强度随时间连续变化，内图像如图（b）所示.导体框中的感应电流与时间关系图像如图（c）所示，其中内的图像未画出，规定顺时针方向为电流正方向.
图（a） 图（b） 图（c）
（1） 求时边受到的安培力大小.
（2） 在图（b）中画出内图像（无需写出计算过程）.
（3） 从开始，磁场不再随时间变化.之后导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度,求边离开磁场时的速度大小.
15．[16分]如图，在一段水平光滑直道上每间隔铺设有宽度为的防滑带.在最左端防滑带的左边缘静止有质量为的小物块，另一质量为的小物块以的速度向右运动并与发生正碰，且碰撞时间极短.已知碰撞后瞬间的速度大小为，、与防滑带间的动摩擦因数均为，重力加速度大小.求：
（1）该碰撞过程中损失的机械能；
（2）从开始运动到静止经历的时间.
2026届湖南省普通高中学业水平选择性考试高三物理冲刺
预测试卷五参考答案
1．【答案】B
【详解】采集时原子个数设为，由题意可知，经过106天，经历两个半衰期，原子个数变为原来的四分之一，不考虑衰变（关键点：106天相对于139万年可忽略不计，故可认为数量不变），采集时原子个数设为，保持不变，总数变为原来的，则有，解得，正确.
2．【答案】A
【详解】由振动图像可知t=2 s时,x=2 m处质点位于平衡位置且向y轴负方向运动,波沿x轴负方向传播,则x=2 λ(n=0,1,2,…),波的周期为T=4 s,由 可得 m/s,n=2时, m/s,选项A正确.
3．【答案】C
【详解】发电机输出功率,已知,解得发电机的输出电流,错误;根据用户端的电压和功率可知,,解得,由理想变压器原、副线圈匝数与电流关系规律可知,解得,输电线上损失的功率,错误;由于变压器均为理想变压器,故匝数为的原线圈的输入功率等于匝数为、的两副线圈的输出功率之和,匝数为的线圈输出功率等于输电线损失的功率和匝数为的线圈输入功率之和,匝数为的线圈输入的功率等于匝数为的线圈输出的功率,所以,正确;匝数为的线圈两端电压,,联立解得升压变压器的匝数比,错误.
4．【答案】D
【详解】弹簧由压缩状态释放，木箱向右加速运动，物块相对木箱向左滑动，木箱对物块的滑动摩擦力向右，物块的加速度向右，不为零，错误。由于物块和木箱存在摩擦，会使得发生相对滑动时有能量损耗，即弹簧的弹性势能会有一部分转化为内能，即做阻尼振动的木箱振幅逐渐减小，当物块和木箱共速且二者之间的最大静摩擦力大于等于物块的回复力时二者保持相对静止（点拨：利用极限法，假设动摩擦因数很大，木箱和物块只在开始瞬间存在相对滑动，后面一直共速），错误。木箱第一次到达最右端时，若二者已共速，即动摩擦因数较大的情况，则物块速度与木箱相同，均为零；若二者未共速，即动摩擦因数较小的情况，则物块所受摩擦力反向，物块减速，此时木箱速度为零，物块速度不为零（关键点：本题没有说明动摩擦因数的情况，所以需要考虑共速和不共速两种情况，多种可能性可以判定错误），错误。物块和木箱第一次速度相同前，木箱的速度始终大于物块的速度，物块始终相对木箱向左滑动，受到向右的滑动摩擦力，大小和方向均不变，正确。
5．【答案】C　
【详解】本题考查万有引力与航天。由题可知，“羲和号”卫星环绕周期T0=，设卫星轨道距离地面高度为h，则卫星轨道半径r=h+R，卫星所受万有引力提供向心力，有=mr，由于地球两极表面上的物体所受万有引力与重力相等，则有=m'g，联立可得h=-R，C正确。
6．【答案】D
【详解】图1中，初始时刻时物体的位置坐标不为0，时物体的位置坐标为，所以物体时间段通过的位移为，A错误；图2中，图像中，图像与时间轴所围的面积表示速度的变化量。时间内物体速度的变化量，而不是时刻物体的速度大小，因为不知道初速度，所以无法确定时刻物体的速度大小，B错误；在图像中，若物体做匀变速直线运动，其平均速度为，且图像为倾斜直线。图3中物体图像是曲线，说明物体做的不是匀变速直线运动，所以物体在时间内的平均速度不等于，C错误；由运动学公式，解得，图像的斜率，图4中图像斜率为，则加速度，根据，内物体的速度变化量为，D正确。
7．【答案】D
【详解】本题考查霍尔现象模型.设样品每平方米载流子数为，则流过石墨烯材料的电流，当电压表示数稳定时，载流子受到的电场力与洛伦兹力平衡，即，联立解得，结合题图（b）中图线斜率，代入数据解得，正确.
8．【答案】BCD　
【解析】小球和小车组成的系统在水平方向所受合外力为零,系统在水平方向动量守恒,但系统在竖直方向所受合外力不为零,系统所受总的合外力不为零,系统动量不守恒,故A错误;小球恰好到达小车的最高点时小球与小车的速度相等,设共同速度为v,小球运动到最高点的过程中,取水平向右为正方向,由水平方向动量守恒得mv0=(m+m)v,曲面与地面均光滑,整个运动过程中,小球与小车组成的系统只有重力做功,系统机械能守恒,根据机械能守恒定律得m-v2=mgh,解得h=,故C正确;小球从右侧曲面滑下与从左侧曲面滑上是逆过程,则可知小球滑离小车时速度为v0,根据小球和小车组成的系统在水平方向动量守恒,可知此时小车的速度为零,故B正确;若减小小球的初速度,小球会从左侧曲面滑下小车,设小球与小车分开时的速度分别为v1、v2,系统在水平方向动量守恒,取水平向右为正方向,有mv0=mv1+mv2,系统机械能守恒,由机械能守恒定律得m=m+m,解得v1=0,v2=v0,所以小球离开小车后将做自由落体运动,故D正确.
【规律总结】涉及光滑曲面的临界问题
小球滑上光滑曲面的过程中,由于弹力的作用,小车在水平方向上做加速运动,小球将做减速运动.小球滑到光滑曲面最高点的临界条件是小球与小车沿水平方向具有共同速度,小球在竖直方向的分速度等于零.
9．【答案】AC
【详解】、在一条电场线上,沿电场线方向电势降低,故,正确；电场线疏密程度反映电场强度大小,电场线密的地方电场强度大,故,错误；污泥絮体带负电,由点到点电势升高,电场力做正功,正确；点电势等于点电势,则点电势高于点电势,污泥絮体带负电,则污泥絮体在点的电势能比其在点的小,错误.
10．【答案】ACD
【解析】根据题图乙可知,当时,小球的重力等于弹簧的弹力,此时小球具有最大速度,弹簧和小球组成的系统机械能守恒,可知此时重力势能与弹性势能之和最小,A正确；根据运动的对称性可知,小球运动到最低点的位移大于,则小球受到的弹力最大值大于,B错误,C正确；小球达到最大速度的过程中,图像与轴围成图形的面积表示小球所受弹力做功的大小,小球所受弹力与运动方向相反,故弹力做功,由动能定理得 ,可得小球动能的最大值为 ,D正确.
11．【答案】（1） B
（2） 1.58
（3） 不变
【详解】
（1） 入射角越小,误差越大,错误；选择点作为入射点是为了保证为玻璃砖半径为折射角的正弦值,为入射角的正弦值,错误.故选.
（2） 设入射角为 ,折射角为 ,入射角正弦值为,折射角正弦值为,折射率,根据题图（b）算出斜率为,即折射率为.
（3） 轮廓半径大于玻璃砖半径,不影响入射角和折射角的测量,折射率测量结果不变.
12．【答案】（1）A（2分）（2）（2分）（3）（2分）
【详解】（1）①闭合开关前，为了保护电路，应使电阻丝接入电路的阻值最大，金属夹应置于电阻丝的端.
（2）设电阻丝单位长度的电阻为 ，对题图（a），由闭合电路欧姆定律得，整理得；对题图（b），由闭合电路欧姆定律得，整理得.纵轴截距为，有，解得.
（3）由（2）中表达式可知，，又，解得.
13．【答案】(1)不变；减小；(2)1.020 1×103 cm3；(3)2.53 J
【详解】(1)从状态2到状态3，温度保持不变，则气体分子热运动的平均速率不变，体积增大，则气体压强减小，故单位时间撞击单位面积瓶壁的分子数减小。
(2)气体从状态1到状态2的过程，由盖—吕萨克定律有=其中V1=1×103 cm3，T1=300 K，T2=303 K解得V2=1.01×103 cm3此时气体压强为p2=p1=p0+ρgh=1.01×105 Pa气体从状态2到状态3的过程，由玻意耳定律有p2V2=p3V3其中p3=p0代入数据解得，气体在状态3的体积为V3=1.020 1×103 cm3。
(3)气体从状态1到状态2的过程中，气体对外做功为W1=p1(V2-V1)=1.01 J由热力学第一定律有ΔU=Q-(W1+W2)其中Q=4.56 J，W2=1.02 J代入数据解得，从状态1到状态3气体内能的改变量为ΔU=2.53 J。
14．【答案】（1）
（2） 见解析
（3）
【思路导引】
（1）,导体框固定,磁感应强度随时间均匀减小,产生稳定感生电动势,电流沿顺时针方向;
（2）,导体框固定,产生恒定感生电动势,电流沿逆时针方向,磁感应强度随时间均匀增大;
（3）后,导体框获得初速度向右离开磁场,由动量定理求末速度.
【详解】
（1） 由题图（b）可知时,图线斜率大小,
由得,
导体框中电流,
导体框边受到的安培力大小.
（2） 由楞次定律和安培定则可知,过程中,导体框中的电流沿顺时针方向,为正,由题图（c）可知过程导体框中的电流沿逆时针方向、大小为,故磁场方向不变,磁感应强度应均匀增大,斜率是时图线斜率的绝对值的2倍,图像如图所示.
（3） 由（2）知时,
后,导体框离开磁场过程中,以向右为正方向,由动量定理有,
又,,
可得.
15．【答案】（1）（2）
【详解】（1）物块与物块碰撞过程动量守恒，设水平向右为正方向，由动量守恒定律有（1分）
解得，
由能量守恒定律可知（1分）
代入数据得（1分）
（2）物块在防滑带上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律有（1分）
解得，
P在防滑带上减速到零，滑行的距离为，因为，即滑到第三个防滑带后速度减为零，则匀减速通过第一个防滑带，设到达第一个防滑带右边缘时速度为，所用时间为，有（1分）
解得，（1分）
P以速度匀速通过第一个防滑带右侧的光滑直道所用时间为（1分）
设匀减速通过第二个防滑带后速度为，所用时间为，有（1分）
解得，（1分）
P以速度匀速通过第二个防滑带右侧的光滑直道所用时间为（1分）
P会停在第三个防滑带上，所用时间为（1分）
则从开始运动到静止经历的时间为（1分）
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页

展开更多......

收起↑