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2026届湖南省普通高中学业水平选择性考试高三物理仿真模拟冲刺预测试卷六
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]以下对物理现象和物理规律的认识中正确的是（　　）
A．某种金属能否发生光电效应取决于照射光的时长
B．原子核结合能越大，原子核越稳定
C．查德威克发现了质子的存在
D．一群氢原子处在的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出 6种频率的光子
2．[4分]“地震预警”是指在地震发生以后，抢在地震波传播到受灾地区前，向受灾地区提前几秒至数十秒发出警报，通知目标区域从而实现预警。科研机构对波的特性展开研究，如图甲所示为研究过程中简谐波时刻的波形图，M是此波上的一个质点，平衡位置处于处，图乙为质点M的振动图像，则（　　）
A．该列波的传播速度为4m/s B．该列波的传播方向沿x轴负向传播
C．质点M在9s内通过的路程为340cm D．质点M在2s内沿x轴运动了8m
3．[4分]利用图像法研究物理量之间的关系是一种常用的数学物理方法。下图为物体做直线运动时各物理量之间的关系图像（x、v、a、t分别表示物体的位移、速度、加速度和时间），则下列说法正确的是（　　）
A．根据甲图可求出物体的加速度为1m/s2
B．根据乙图可求出物体的加速度为10m/s2
C．根据丙图可求出物体的加速度为-2m/s2
D．根据丁图可求出物体在前2s内的速度变化量大小为1.5m/s
4．[4分]图（a）所示电路中，理想变压器原线圈输入图（b）所示的正弦交流电，R1=10 Ω，电表均为理想交流电表。开始时，开关S接1，原、副线圈的匝数比为11∶1，滑动变阻器R2接入电路的阻值为10 Ω。则 （　　）
A．此时电压表的示数为20 V
B．R1在1分钟内产生的热量为10 J
C．若只将滑动变阻器滑片向上滑动，则两电表的示数都减小
D．若只将开关S从1拨到2，则两电表的示数都增大
5．[4分]2024年12月5日，我国在太原卫星发射中心使用长征六号甲运载火箭，成功将“千帆星座”第三批组网卫星送入预定轨道，其轨道高度在范围之间，与距离地面高度约为的地球同步轨道卫星相比，低轨卫星具有明显的低成本、低延时等通讯优势。若“千帆星座”组网卫星绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是（　　）

A．“千帆星座”组网卫星在轨运行的速度大于
B．“千帆星座”组网卫星的运行周期大于
C．“千帆星座”组网卫星的线速度比地球同步卫星的大
D．“千帆星座”组网卫星的轨道高度越高，运行角速度越大
6．[4分]我国新能源汽车发展迅速，2022年仅比亚迪新能源汽车全年销量为186.35万辆，位列全球第一、如图所示为比亚迪某型号汽车某次测试行驶时的加速度和车速倒数的关系图像。若汽车质量为,它由静止开始沿平直公路行驶，且行驶中阻力恒定，最大车速为,则（　　）
A．汽车以恒定功率启动
B．汽车匀加速所需时间为
C．汽车所受阻力为
D．汽车在车速为时，功率为
7．[4分]如图,距离为d的两平行金属板P、Q之间有一匀强磁场,磁感应强度大小为B1,一束速度大小为v的等离子体垂直于磁场喷入板间。相距为L的两光滑平行金属导轨固定在与导轨平面垂直的匀强磁场中,磁感应强度大小为B2,导轨平面与水平面夹角为θ,两导轨分别与P、Q相连。质量为m、电阻为R的金属棒ab垂直导轨放置,恰好静止。重力加速度为g,不计导轨电阻、板间电阻和等离子体中的粒子重力。下列说法正确的是 (　　)
A．导轨处磁场的方向垂直导轨平面向上,v=
B．导轨处磁场的方向垂直导轨平面向下,v=
C．导轨处磁场的方向垂直导轨平面向上,v=
D．导轨处磁场的方向垂直导轨平面向下,v=
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
8．[5分]关于电荷和静电场,下列说法正确的是 (　　)
A．一个与外界没有电荷交换的系统,电荷的代数和保持不变
B．电场线与等势面垂直,且由电势低的等势面指向电势高的等势面
C．点电荷仅在电场力作用下从静止释放,该点电荷的电势能将减小
D．点电荷仅在电场力作用下从静止释放,将从高电势的地方向低电势的地方运动
9．[5分]如图所示,质量为m和M的两个物块A、B,中间夹着一根由轻绳束缚着的、被压缩的轻质弹簧,弹簧与A、B不相连,它们一起在光滑的水平面上以共同的速度向右运动,总动量为p,弹簧的弹性势能为Ep;某时刻轻绳断开,弹簧恢复原长时,A刚好静止,B向右运动,与质量为M的静止物块C相碰并粘在一起,则 (　　)
A.弹簧弹力对A的冲量大小为p
B.弹簧弹力对B做功的大小为Ep
C.全过程中机械能减小量为Ep
D.B、C的最终速度为
10．[5分]（多选）如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为的小球，从离弹簧上端高处静止释放.某同学在研究小球落到弹簧上继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴，作出小球所受弹力大小随小球下落的位置坐标的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为，为已知量.以下判断正确的是（ ）
A. 当时，重力势能与弹性势能之和最小
B. 最低点的坐标为
C. 小球受到的弹力最大值大于
D. 小球动能的最大值为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]（6分）某实验小组做“测量玻璃的折射率”及拓展探究实验。
（1） 为测量玻璃的折射率，按图甲所示进行实验，以下表述正确的一项是____。（填正确答案标号）
甲
A．用笔在白纸上沿着玻璃砖上边和下边分别画出直线和
B．在玻璃砖一侧插上大头针、，眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使把挡住，这样就可以确定入射光线和入射点。在眼睛这一侧，插上大头针,使它把、都挡住，再插上大头针，使它把、、都挡住，这样就可以确定出射光线和出射点
C．实验时入射角应尽量小一些，以减小实验误差
（2） 为探究介质折射率与光的频率的关系，分别用一束红光和一束绿光从同一点入射到空气与玻璃的分界面。保持相同的入射角，根据实验结果作出光路图，并标记红光和绿光，如图乙所示。此实验初步表明：对于同一种介质，折射率与光的频率有关。频率大，折射率______（填“大”或“小”）。
乙
（3） 为探究折射率与介质材料的关系，用同一束激光分别入射玻璃砖和某透明介质，如图丙、丁所示。保持相同的入射角，测得折射角分别为、，则玻璃和该介质的折射率大小关系为________（填“ ”或“ ”）。此实验初步表明：对于一定频率的光，折射率与介质材料有关。
12．[8分]国标（GB/T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω·m，某同学利用图（a）电路测量15℃自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动，实验器材还有：
电源（电动势约为3V，内阻可忽略）
电压表V1（量程为0~3V，内阻很大）
电压表V2（量程为0~3V，内阻很大）
定值电阻R1（阻值4kΩ）
定值电阻R2（阻值2kΩ）
电阻箱R最大阻值9999.9Ω
单刀双掷开关S，导线若干，游标卡尺，刻度尺。
实验步骤如下：
A．用游标卡尺测量并记录玻璃管的内径d；
B．向玻璃管内注满自来水，确保无气泡，用刻度尺测量并记录水柱长度L；
C．把S拨到1位置，记录电压表V1示数；
D．把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；
E.改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱的长度L和电阻箱的阻值R；
F.断开S，整理好器材。
（1）测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图（b）所示，则d＝mm。
（2）玻璃管内水柱电阻Rx的表达式为Rx＝（用R1、R2、R表示）。
（3）利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图（c）所示的R－图像。可求出自来水的电阻率ρ＝Ω·m（结果保留三位有效数字）。
（4）本实验若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
13．[12分]如图，水平放置的长为2L的固定气缸左端开口、右壁导热、侧壁绝热，内壁正中间有一卡口k。初始时导热活塞A在气缸最左端，绝热活塞B紧靠卡口k，密封的Ⅰ、Ⅱ两部分气体压强分别为p0、3p0。A、B厚度不计且可无摩擦滑动，现将A向右缓慢推动后固定，活塞B未移动。
(i)求A固定在处时气体Ⅰ的压强；
(ii)再缓慢加热气体Ⅰ，使气体Ⅰ的热力学温度升高至原来的3倍，求气体Ⅱ的压强。
14．[13分]如图所示，在xOy平面内存在B=2T的匀强磁场，OA与OCA为固定于竖直平面内的光滑金属导轨，其中OCA满足曲线方程x=0.5siny（m），C点的横坐标最大，导轨OA与OCA相交处的O点和A点分别接有体积可忽略的定值电阻R1=6Ω和R2=12Ω（图中末画出）。现有一长L=0.5m、质量m=0.1kg的金属棒在竖直向上的外力作用下，以v=2m/s的速度向上匀速运动。金属棒与两导轨接触良好，除电阻R1、R2外其余电阻不计。求：
(1)金属棒在导轨上运动时，R2上消耗的最大功率Pmax；
(2)外力的最大值Fmax；
(3)金属棒滑过导轨OCA的过程中，整个回路上产生的热量Q。
15．[16分]如图所示，以A、B和C、D为断点的两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内，一滑板静止在光滑的地面上，左端紧靠B点，上表面所在平面与两半圆分别相切于B、C两点，一物块（视为质点）被轻放在水平匀速运动的传送带上E点，运动到A点时刚好与传送带速度相同，然后经A点沿半圆轨道滑下，且在B点对轨道的压力大小为10mg，再经B点滑上滑板，滑板运动到C点时被牢固粘连。物块可视为质点，质量为m，滑板质量为，两半圆半径均为R，板长，板右端到C点的距离为，E点距A点的距离，物块与传送带、物块与滑板间的动摩擦因数相同，重力加速度为g，求：
（1）物块与传送带、物块与滑板间的动摩擦因数；
（2）物块与滑板间因摩擦而产生的总热量。
2026届湖南省普通高中学业水平选择性考试高三物理冲刺预测试六
参考答案
1．【答案】D
【详解】
A．要达到极限频率才可以发生光电效应，故A错误；
B．原子核的比结合能越大，原子核越稳定，故B错误；
C．查德威克发现了中子的存在，故C错误；
D．一群氢原子处在的能级，当它跃迁到较低能级时，最多可发出不同频率的光子种数为
故D正确。
故选D。
2．【答案】B
【详解】由图甲知，波长，由乙图知，周期T=2s，该列波的传播速度为，A错误；由乙图知，时刻M质点向上振动，根据“同侧法”，该列波的传播方向沿x轴负向传播，B正确；根据，质点M在9s内通过的路程为，C错误；质点M只在平衡位置附近振动，并不随波迁移，D错误。
3．【答案】C
【详解】根据，则甲图可求出物体的加速度为，可得a=2m/s2，A错误；根据，则乙图可求出物体的加速度为，解得a=5m/s2，B错误；根据，可得，可得，即物体的加速度为a=-2m/s2，C正确；根据丁图可求出物体在前2s内的速度变化量大小为，D错误。
4．【答案】D
【详解】由题图（b）可知，原线圈两端的正弦交流电的最大电压为Um=220 V，则原线圈两端电压的有效值为U1==220 V，根据=，解得副线圈两端的电压为U2=20 V，则副线圈中的电流为I2==1 A，故电压表的示数为UR2=I2R2=10 V，故A错误；R1在1分钟内产生的热量为Q=R1t=12×10×60 J=600 J，故B错误；若只将滑动变阻器滑片向上滑动，则副线圈的总电阻减小，而副线圈两端的电压不变，故副线圈中的电流增大，所以R1两端的电压增大，则R2两端的电压减小，即电压表示数减小，根据=，可知原线圈的电流增大，即电流表的示数增大，故C错误；若只将开关S从1拨到2，原线圈的匝数减小，根据=可知，副线圈两端的电压增大，故副线圈中的电流增大，则R2两端的电压增大，即电压表的示数增大；副线圈的输出功率P2增大，根据变压器的输入功率等于输出功率，则有P1=P2=U1I1，由于U1不变，所以原线圈中的电流I1增大，即电流表的示数增大，故D正确。
5．【答案】C
【详解】第一宇宙速度是卫星的最大环绕速度，A项错误；根据，可得，“千帆星座”组网卫星的轨道高度小于地球同步卫星的轨道高度，其运行周期小于地球自转周期，B项错误；根据，解得，“千帆星座”组网卫星线速度大于地球同步卫星的线速度，C项正确；根据，解得，“千帆星座”组网卫星的轨道高度越高，其运行角速度越小，D项错误。
6．【答案】D
【详解】A．由图知，汽车以恒定加速度启动，汽车匀加速运动的加速度为,故错误：
B．汽车匀加速运动的末速度,解得,匀加速运动的时间,故错误：
C．由图可知汽车的最大速度为,此时汽车做匀速直线运动，有,则
当时，,根据牛顿第二定律得
,即
联立解得,故错误；
D．根据牛顿第二定律，汽车匀加速运动时有,代入数据得车速为时，功率为,故正确。
7．【答案】B
【命题点】磁流体发电机的结构原理与倾斜平行金属导轨相结合的综合问题
【详解】
由题意可知,等离子体在洛伦兹力的作用下,正离子向金属板Q移动,负离子向金属板P移动,故金属板P带负电,金属板Q带正电,金属板带电后,根据磁流体发电机的原理可知,当等离子体所受电场力大小等于洛伦兹力大小,即Eq=q=qvB1时,两金属板间的电势差U达到最大;P为负极,Q为正极,金属棒中电流方向为a→b,对金属棒进行受力分析,由于金属棒恰好处于静止状态,故金属棒的重力沿导轨平面的分力大小等于安培力大小,即mgsin θ=B2IL,根据左手定则可知,导轨处磁场的方向垂直于导轨平面向下,根据U=IR,联立解得v=,B正确。
8．【答案】AC
【命题点】静电场的性质
【详解】系统与外界没有电荷交换,系统电荷总量保持不变,A正确;电场线由电势高的等势面指向电势低的等势面,B错误;点电荷仅在电场力作用下由静止开始运动,电场力做正功,电势能减小,C正确;正点电荷仅在电场力作用下由静止开始运动,将从电势高的地方向电势低的地方运动,负点电荷仅在电场力作用下由静止开始运动,将从电势低的地方向电势高的地方运动,D错误。
9．【答案】AD　
【详解】选取水平向右为正方向,A、B两个物块的总动量为p,则A的动量pA=p,弹簧恢复原长时,A刚好静止,由动量定理得I=p'A-pA=0-p=-p,负号表示方向水平向左,A正确;弹簧对A、B作用的过程中,弹簧对A做负功,对B做正功,系统的机械能全部转化为B的动能,所以B的动能的增加量等于弹簧的弹性势能Ep与A的初动能之和,所以弹簧弹力对B做的功大于Ep,B错误;物块A与B以及弹簧组成的系统相互作用的过程中系统的动量守恒,设相互作用结束后B的速度为v1,则p=Mv1,B与C相互作用的过程中,二者组成的系统动量也守恒,设二者最终的速度为v2,根据动量守恒定律得Mv1=(M+M)v2,联立得v2=,整个过程中损失的机械能ΔE=(M+m)+Ep-·2M,而v0=p,联立解得ΔE=Ep+,可知只有在m与M相等时,全过程中机械能的减小量才为Ep,C错误,D正确.
10．【答案】ACD
【解析】根据题图乙可知,当时,小球的重力等于弹簧的弹力,此时小球具有最大速度,弹簧和小球组成的系统机械能守恒,可知此时重力势能与弹性势能之和最小,A正确；根据运动的对称性可知,小球运动到最低点的位移大于,则小球受到的弹力最大值大于,B错误,C正确；小球达到最大速度的过程中,图像与轴围成图形的面积表示小球所受弹力做功的大小,小球所受弹力与运动方向相反,故弹力做功,由动能定理得 ,可得小球动能的最大值为 ,D正确.
11．【答案】（1） B （2） 大（2分） （3） （2分）
【详解】（1） 不能用笔沿着玻璃砖的上、下边画线，这样会磨损玻璃砖，错误；为了减小误差，应使入射角尽量大一些，错误。
（2） 由题图乙知，绿光的折射角小，玻璃对绿光的折射率大，且绿光的频率大于红光的频率，故频率大，折射率大。
（3） 由题图丙和题图丁知，对于同一个入射角，折射角，,，故。
12．【答案】20.0；；12.6；偏大
【详解】（1）游标卡尺的主尺读数为2.0cm＝20mm，游标尺上第0个刻度和主尺上刻度对齐，游标卡尺分度值为0.1，所以最终读数为20.0mm。
（2）设把S拨到1位置时，电压表V1示数为U，则电路电流为，总电压U总＝＋U，当把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，也为U，则此时电路中的电流为，总电压U总′＝R2＋U，由于两次总电压相等，都等于电源电动势E，可得＝，解得Rx＝。
（3）从图（c）中可知，R＝1×103Ω时＝5.0m－1，此时玻璃管内水柱的电阻Rx＝＝8000Ω，水柱横截面积S＝π2＝3.14×10－4m2，由电阻定律R＝ρ得ρ＝＝8000×3.14×10－4×5.0Ω·m≈12.6Ω·m。
（4）若电压表V1内阻不是很大，则把S拨到1位置时，电路电流大于，即Rx>R2，得到Rx>，所以测量的Rx将偏大，因此自来水电阻率测量结果将偏大。
13．【答案】(i)；(ii)
【详解】
(i)设气缸底面积为S，则初始时，气体Ⅰ压强为，体积为，活塞A向右移动后，由题意可判断活塞B不会移动，设气体Ⅰ的压强为，体积为
由玻意耳定律：，解得
(ii)加热气体Ⅰ后，假设活塞B向右移动了距离d；加热前，气体1的温度为T，加热后，设气体Ⅰ的压强为，温度为，体积为
由理想气体状态方程得：，活塞B移动前，已知气体Ⅱ的压强为，体积为，活塞B移动后，气体Ⅱ的压强为，气体体积为
由玻意耳定律：，联立解得
即活塞B向右移动了
假设成立。
14．【答案】(1)；(2)1.5N；(3)1.25J
【详解】
(1)金属棒运动到C点时，接入电路的有效长度最大，产生的感应电动势最大，且最大值为
Emax=Bvxmax
其中xmax=0.5m
此时R2上消耗的功率最大，有
解得
(2)金属棒相当于电源，外电路中R1、R2并联，其并联电阻为
通过金属棒的最大电流为
金属棒受到的最大安培力为
F安max=BImaxxmax
结合受力平衡条件有
Fmax=F安max+mg
解得
Fmax=1.5N
(3)金属棒中产生的感应电动势的瞬时值表达式为
（V）
该感应电动势的有效值为
金属棒滑过导轨OCA所需的时间为
式子中
又
解得
Q=1.25J
15．【答案】（1）0.5；（2）3.5mgR
【详解】（1）设物块运动到B的速度为，由牛顿第二定律得，解得，从E到B由动能定理得，解得。
（2）物块从B点滑上滑板时至物块与滑板共速，根据动量守恒定律得，解得，对m，根据动能定理，解得，对M，根据动能定理，解得，因为，可知物块与滑板达到共同速度时，物块未离开滑板，物块与木板此后以共同速度匀速运动至C点，滑板不再运动，物块在滑板上继续往前运动对m，根据动能定理，解得，又因为，由上可知，可知物块不能到达与圆心同一高度的点，将会沿圆轨道滑回来，由能量守恒定律可得，总热量。
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