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第五单元
遗传的基本规律
考查内容
1.通过概述孟德尔两对相对性状的杂交实验，对自由组合现象的解释及对解释的验证，得出假说－演绎法的基本步骤，接受“实践是检验真理的唯一标准”的辩证唯物主义认知观(科学思维、生命观念)
2.通过模拟孟德尔杂交实验的活动，使用数理统计方法处理、归纳、比较、分析实验数据，逐步养成科学探究的思维习惯(科学探究、科学思维)
3.运用自由组合定律解释或预测一些遗传现象，对现象进行合理解释并验证(科学思维)
考点一　孟德尔遗传规律及其应用
1.分离定律与自由组合定律的比较
项目 分离定律 自由组合定律
相对性状的对数 1对 2对 n对
等位基因及位置 1对等位基因位于1对同源染色体上 2对等位基因分别位于2对同源染色体上 n对等位基因分别位于n对同源染色体上
F1的配子 2种，比例相等 22种，比例相等 2n种，比例相等
F2的表型及比例 2种，3∶1 22种，9∶3∶3∶1 2n种，(3∶1)n
F2的基因型及比例 3种，1∶2∶1 32种，(1∶2∶1)2即4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1 3n种，(1∶2∶1)n
项目 分离定律 自由组合定律
测交后代表型及比例 2种，1∶1 22种，(1∶1)2即1∶1∶1∶1 2n种，(1∶1)n
遗传实质 减数分裂时，等位基因随同源染色体的分离而分离 减数分裂时，在等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合
细胞学基础 同源染色体分离 非同源染色体自由组合
联系 在遗传时，两个遗传定律同时起作用：在减数分裂形成配子时，既有同源染色体上等位基因的分离，又有非同源染色体上非等位基因的自由组合
2.遗传定律的验证
验证
方法 结论
自交法 自交后代的分离比为3∶1，则符合基因的分离定律，该性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制
自交后代的分离比为9∶3∶3∶1，则符合基因的自由组合定律，两对性状由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制
测交法 测交后代的性状比例为1∶1，则符合分离定律，该性状由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制
测交后代的性状比例为1∶1∶1∶1，这两对性状由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制
花粉
鉴定法 若有两种花粉，比例为1∶1，则符合分离定律
若有四种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律
单倍
体育
种法 取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有两种表型，比例为1∶1，则符合分离定律
取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有四种表型，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律
例 1
下列对图解的理解，正确的是(　 　)
A.基因自由组合定律的实质表现在图中的④⑤⑥
B.③⑥过程表示减数分裂过程
C.③过程的随机性是子代中Aa个体占1/2的原因之一
D.子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/16
【解析】非同源染色体上的非等位基因的自由组合发生在减数分裂过程中，即图中的④⑤，A错误；③⑥过程表示受精作用，B错误；③过程的随机性是子代中Aa个体占1/2的原因之一，C正确；子代中aaBB的个体占整个子代的比例为1/16，aaB_的个体占整个子代的比例为3/16，所以子代中aaBB的个体在aaB_中所占的比例为1/3，D错误。
C
例 2
(2025·嘉兴模拟)某种昆虫长翅(E)对残翅(e)、直翅(F)对弯翅(f)、有刺
刚毛(G)对无刺刚毛(g)为显性，控制这三对性状的基因位于常染色体上。
某个体的基因组成如图所示。下列关于三对基因的遗传的叙述，错误的
是(　 　)
A.若只考虑E/e这一对等位基因，其遗传遵循分离定律
B.若只考虑E/e与G/g这两对等位基因，它们的遗传遵循自由组合定律
C.若只考虑F/f与G/g这两对等位基因，它们的遗传遵循自由组合定律
D.若产生了EfG、eFg的配子，则说明图示三对等位基因的遗传遵循自由组合定律
【解析】图示昆虫的基因型为EeFfGg，其中E和F连锁、e和f连锁，它们的遗传不遵循自由组合定律，但这两对基因分别与G、g的遗传遵循自由组合定律。若产生了EfG、eFg的配子，说明可能发生了同源染色体的非姐妹染色单体之间染色体片段的交换或基因突变，D错误。
D
考点二　解题模型
考向1　由亲本基因型推断配子及子代的情况(拆分组合法)
1.思路
2.方法
同理，反过来把某表型所占比例拆分，如9/64拆分成：(3/4)×(1/4)×(3/4)，3/8拆分成：(1/2)×(3/4)，27/64拆分成：(3/4)×(3/4)×(3/4)，81/256拆分成：(3/4)×(3/4)×(3/4)×(3/4)等。
例 3
若某哺乳动物毛发颜色由基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法中，正确的是
(　 　)
A.若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表型
B.若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表型
C.若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表型
D.若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表型
B
【解析】亲本基因型为DedHh和DfdHh时，分析控制毛发颜色的基因型，子代为DeDf、Ded、Dfd和dd共4种基因型；分析控制毛发形状的基因型，子代为HH、Hh和hh共3种基因型。若De对Df共显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F1共有8种表型，A错误；若De对Df共显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F1共有12种表型，B正确；若De对Df不完全显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F1共有8种表型，C错误；若De对Df完全显性，则DeDf、Ded、Dfd和dd这4种基因型有3种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F1共有9种表型，D错误。
例 4
已知A与a、B与b、C与c三对等位基因相互独立，互不干扰，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　 　)
A.表型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16
B.表型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16
C.基因型有8种，Aabbcc个体的比例为1/16
D.基因型有18种，aaBbCc个体的比例为1/16
【解析】基因型为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，后代表型有2×2×2=8(种)，AaBbCc个体的比例为(1/2)×(1/2)×(1/2)=1/8，aaBbcc个体的比例为(1/4)×(1/2)×(1/4)=1/32，A、B错误；基因型为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，后代基因型有3×2×3=18(种)，Aabbcc个体的比例为(1/2)×(1/2)×(1/4)=1/16，aaBbCc个体的比例为(1/4)×(1/2)×(1/2)=1/16，C错误，D正确。
D
1.基因填充法
根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处填完整，特别要学会利用子代中的隐性性状，因为子代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。
2.分解组合法
常见几种分离比：
考向2　根据子代表型及比例推断亲本基因型(逆向组合法)
3.多对等位基因的自由组合
n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律
相对
性状
对数 等位
基因
对数 F1配子 F1配子
可能组
合数 F2基因型 F2表型
种类 比例 种类 比例 种类 比例
1 1 2 1∶1 4 3 1∶2∶1 2 3∶1
2 2 22 (1∶1)2 42 32 (1∶2∶1)2 22 (3∶1)2
3 3 23 (1∶1)3 43 33 (1∶2∶1)3 23 (3∶1)3

n n 2n (1∶1)n 4n 3n (1∶2∶1)n 2n (3∶1)n
例 5
某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例应为　(　 　)
A.1/16 B.1/8
C.1/4 D.1/2
【解析】分析题干信息可知：该玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr= 1∶1∶1∶1，其中Y∶y=1∶1，R∶r=1∶1，故推知该植株基因型为YyRr，若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为(1/2)×(1/4)=1/8，B正确。
B
例 6
某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1(AaBbCc)作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果如表所示：
注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R。
用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例约为(　 　)
A.21/32 B.9/16
C.3/8 D.3/4
杂交编号 杂交组合 子代表型/株数
Ⅰ F1×甲 有(199)，无(602)
Ⅱ F1×乙 有(101)，无(699)
Ⅲ F1×丙 无(795)
A
【解析】根据题干信息可推理如下，①野生型(AABBcc)表型为有成分R，可推知基因型为A_B_cc的个体表型为有成分R。②3个突变体能稳定遗传，所以都为纯合子，且均表现为无成分R。③分析杂交过程，杂交Ⅰ中，F1(AaBbCc)与甲杂交，后代有成分R性状和无成分R性状株数比约为1∶3，即A_B_cc约占1/4，所以甲中一定含有c基因，可推测甲的基因型为aaBBcc或AAbbcc；杂交Ⅱ中，F1(AaBbCc)与乙杂交，后代有成分R性状和无成分R性状株数比约为1∶7，即A_B_cc约占1/8，所以乙中一定含有c基因，可推测乙的基因型为aabbcc。用杂交Ⅰ子代中有成分R植株[(1/2AaBBcc、1/2AaBbcc)或(1/2AABbcc、1/2AaBbcc)]与杂交Ⅱ子代有成分R植株(AaBbcc)杂交，雌、雄配子随机结合，理论上后代中有成分R植株所占的比例为(1/2)×(3/4)×1×1＋(1/2)×(3/4)×(3/4)×1 =21/32。
纯合黄色圆形豌豆(YYRR)和纯合绿色皱形豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中黄色圆形豌豆个体和绿色圆形豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如表所示：
考向3　自由组合中的自交、测交和自由交配问题
项目 表型及比例
yyR______
(绿圆) 自交 绿色圆形∶绿色皱形=____________
测交 绿色圆形∶绿色皱形=____________
自由
交配 绿色圆形∶绿色皱形=____________
Y________
R________
(黄圆) 自交 黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形=25∶5∶5∶1
测交 黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形=4∶2∶2∶1
自由
交配 黄色圆形∶绿色圆形∶黄色皱形∶绿色皱形=64∶8∶8∶1
5∶1
2∶1
8∶1
例 7
在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，用纯合的黄色圆形豌豆(YYRR)和绿色皱形豌豆(yyrr)作亲本杂交得F1，F1全为黄色圆形，F1自交得F2。在F2中，①用绿色皱形人工传粉给黄色圆形豌豆；②用绿色圆形人工传粉给黄色圆形豌豆；③让黄色圆形自交，三种情况独立进行实验，则子代的表型比例分别为(　 　)
A.①4∶2∶2∶1；②15∶8∶3∶1；③64∶8∶8∶1　
B.①3∶3∶1∶1；②4∶2∶2∶1；③25∶5∶5∶1　
C.①1∶1∶1∶1；②6∶3∶2∶1；③16∶8∶2∶1　
D.①4∶2∶2∶1；②16∶8∶2∶1；③25∶5∶5∶1　
【解析】①若用绿色皱形人工传粉给黄色圆形豌豆，F2中绿色植株的基因型为yy，杂交后代表型的比例为2∶1；F2中皱形植株的基因型为rr，杂交后代表型的比例为2∶1，综合分析，两对性状杂交子代表型比例为(2∶1)×(2∶1)=4∶2∶2∶1。②用绿色圆形人工传粉给黄色圆形豌豆，F2中绿色植株的基因型为yy，杂交后代表型的比例为2∶1；F2中圆形植株的基因型为1/3RR、2/3Rr，杂交后代表型的比例为8∶1，综合分析，两对性状杂交子代表型比例为(2∶1)×(8∶1)=16∶8∶2∶1。③让黄色圆形自交，F2中圆形(1/3RR、2/3Rr)植株自交，子代表型比例为5∶1；F2中黄色(1/3YY、2/3Yy)植株自交，子代表型比例为5∶1，综合分析两对性状的子代表型比例为(5∶1)×(5∶1)=25∶5∶5∶1。
D
例 8
(2025·嘉兴模拟)某两性花二倍体植物的花色由三对等位基因控制，其中基因A控制紫色，a无控制色素合成的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。基因I不影响上述两对基因的功能，但ii个体为白色花。基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现为紫红色花和靛蓝色花。利用该植物的3个不同纯合品系，进行杂交试验：
杂交组合 亲本 F1表型 F2表型及比例
一 靛蓝
色(甲) 白色(乙) 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4
二 白色(乙) 红色(丙) 紫红色 紫红色∶红色∶白色=9∶3∶4
下列叙述中，正确的是(　 　)
A.控制该植物花色的三对等位基因之间遵循自由组合定律
B.通过测交不能确定杂交组合二的F2中某白色植株的基因型
C.所有F2的紫红色植株自交子代中白花植株占比为1/9
D.若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型有4种
B
【解析】基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花，则基因型为aaB_I_的个体表现为红色，_ _ _ _ii表现为白色。杂交组合一中F2的性状分离比为紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4，为“9∶3∶3∶1”的变式，说明相关的两对等位基因(B/b、I/i)的遗传遵循基因自由组合定律，同理根据乙、丙杂交结果，也说明相关的两对等位基因(A/a、I/i)的遗传遵循基因自由组合定律，但无法确定三对基因的遗传是否遵循基因的自由组合定律，A错误；根据F2中表型确定亲本甲、乙和丙的基因型依次为AAbbII、AABBii、aaBBII，杂交组合二的F2中某白色植株的基因型可能为_ _BBii，测交是与隐性个体(ii)杂交，测交后代都为白花，因此无法判定F2白色植株的基因型，B正确；甲×乙杂交组合中F2的紫红色植株基因型为AABbIi∶AABBIi∶AABbII∶AABBII=4∶2∶2∶1。乙×丙杂交组合中F2的紫红色植株基因型为AaBBIi∶AaBBII∶AABBIi∶AABBII=4∶2∶2∶1。其中Ii∶II=2∶1，II自交不会产生白花，Ii自交后代有1/4是白花，因此白花植株在全体子代中的比例(2/3)×(1/4)=1/6，C错误；若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则亲本基因型为_ _ _ _Ii，则该植株可能的基因型有9种，D错误。
课时作业
答案速对
第五单元　作业22　自由组合定律的特殊比例和实践应用
题号 1 2 3 4 5 6 7
答案 D C B D D D C
题号 8 9 10
答案 B C 见答案
1.番茄中红色果实(R)对黄色果实(r)为显性，两室果(D)对多室果(d)为显性，高藤(T)对矮藤(t)为显性，控制三对性状的等位基因分别位于三对同源染色体上，某红果两室高藤植株甲与rrddTT植株杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2；与rrDDtt植株杂交，子代中红果两室高藤植株占1/4；与RRddtt植株杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2。植株甲的基因型是(　 　)
A.RRDdTt B.RrDdTt
C.RrDdTT D.RrDDTt
【解析】甲表型为红果两室高藤，对应的基因型为R_D_T_，甲与rrddTT杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2，说明R_D_有一对基因是纯合子，有一对基因是杂合子；与rrDDtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/4，说明甲的基因型为RrDDTt，甲与RRddtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2，D正确。
D
2.(2025·嘉兴模拟)人类的多指(T)对正常指(t)为显性，白化(a)对正常(A)为隐性，决定不同性状的基因自由组合。某家庭中，父亲多指，母亲正常，二者均不患白化病，育有一个患白化病但手指正常的孩子。下列叙述中，错误的是(　 　)
A.父亲的基因型为AaTt，母亲的基因型为Aatt
B.他们再生一个孩子只患白化病的概率为1/8
C.他们再生一个两病均患的女儿的概率为1/8
D.他们再生一个孩子，只患一种病的概率为1/2
【解析】结合题意可知，他们有一个患白化病但手指正常的孩子(aatt)，故父亲的基因型为AaTt，母亲的基因型为Aatt，A正确；他们再生一个孩子，多指(Tt)的概率为1/2，患白化病(aa)的概率为1/4，因此他们再生一个孩子只患白化病的概率为(1－1/2)×1/4=1/8，B正确；他们再生一个两病均患的女儿的概率为(1/2)×(1/4)×(1/2)=1/16，C错误；他们再生一个孩子，只患一种病的概率为1/2×(1－1/4)＋(1－1/2)×1/4=1/2，D正确。
C
B
4.蝴蝶的翅型(正常翅对残缺翅为显性)和翅长(长翅对短翅为显性)分别由位于常染色体上的两对独立遗传的等位基因A、a和B、b决定。基因A纯合时雌蝶致死。基因型为aabb的雌蝶和基因型为AABB的雄蝶交配得到F1，F1随机交配得到F2，F2蝴蝶中正常长翅、正常短翅、残缺长翅、残缺短翅的比例为(　 　)
A.6∶2∶3∶1　 B.9∶3∶3∶1
C.15∶2∶6∶1 D.15∶5∶6∶2
【解析】基因型为aabb的雌蝶和基因型为AABB的雄蝶交配，F1的基因型为AaBb，F1随机交配，F2蝴蝶中雌雄个体的理论比例为1∶1，基因A纯合时雌蝶致死，雌蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅=(2∶1)×(3∶1)=6∶2∶3∶1，雄蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅=9∶3∶3∶1，则F2蝴蝶中正常长翅∶正常短翅∶残缺长翅∶残缺短翅为15∶5∶6∶2，D正确。
D
5.人类中显性基因M对耳蜗管的形成是必需的，显性基因N对听神经的发育是必需的，二者缺一，个体即患耳聋，这两对基因自由组合。下列说法中，错误的是(　 　)
A.夫妇双方均耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所有孩子听觉均正常
C.基因型为MmNn的双亲生下纯合耳聋的孩子的概率为3/16
D.基因型为MmNn的双亲生下耳蜗管正常孩子的概率是9/16
【解析】夫妇双方均耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子，如夫妇双方的基因型为MMnn、mmNN，则其后代的基因型为MmNn，表现为正常，A正确；只有耳蜗管正常(MMnn)与只有听神经正常(mmNN)的夫妇，产生的后代基因型为MmNn，听觉均正常，B正确；基因型为MmNn的双亲生下纯合耳聋孩子(MMnn、mmNN、mmnn)的概率为3/16，C正确；基因型为MmNn的双亲生下耳蜗管正常孩子(M_ _ _)的概率为3/4，D错误。
D
阅读下列材料，据此回答第6、7题。
黄瓜是一种重要的蔬菜作物，野生黄瓜的叶片和果实带有苦味，这与其自身产生的葫芦素C有关。对黄瓜而言，极苦的葫芦素是最佳的防御武器，可用来抵御病虫害的侵入，增强对干旱、高温等不良环境的抗逆性。中国农业科学院蔬菜花卉所黄三文研究团队揭示了黄瓜苦味合成及调控的分子机制，Bi基因控制合成的葫芦二烯醇合成酶是负责催化葫芦素C合成的关键酶。Bl和Bt基因的表达产物是一种转录因子，能够选择性结合在Bi基因的启动子上直接调控Bi基因的表达，其中Bl控制着黄瓜叶片中苦味的合成，Bt控制着黄瓜果实中苦味的合成(Bi、Bl和Bt基因的等位基因分别用bi、bl和bt基因表示)。
黄瓜的苦与不苦除了遗传因素决定外，还取决于环境因素。光照不足、氮肥过多、干旱、低温及高温等栽培条件，均会加重苦味发生。
6.农业工作者人工选育合适的黄瓜进行栽培，下列叙述中，正确的是(　 　)
A.应选表型为果实和叶片无苦味的黄瓜进行广泛种植
B.选育过程中栽培黄瓜种群的bi基因频率不断增加
C.黄瓜选育过程中，栽培黄瓜种群发生适应性进化
D.黄瓜种植过程中应控制光强度、温度和湿度等
【解析】虽然果实和叶片无苦味的黄瓜在市场上更受欢迎，但完全无苦味的黄瓜可能缺乏抵御病虫害和不良环境的能力，因此不是最理想的选择，A错误；bi基因控制的是无苦味，而在人工选育过程中，应该选育带有苦味叶片，果实不苦的黄瓜，要有苦味必须存在Bi(基因频率高)，所以说bi基因频率不会不断增加，可能是Bl(叶片苦味基因)频率上升，Bt(果实苦味基因)频率下降，B错误；适应性进化是指种群在自然选择下发生的进化，而黄瓜的选育是人工选择的结果，因此不能说发生了适应性进化，C错误；题干可知“黄瓜的苦与不苦除了遗传因素决定外，还取决于环境因素”，因此控制光强度、温度和湿度等环境因素是黄瓜种植过程中的重要环节，D正确。
D
7.已知Bi/bi、Bl/bl和Bt/bt这三对基因独立遗传，现有两株果实和叶片均不苦的纯合黄瓜作为亲本进行杂交，F1为果实和叶片均苦的黄瓜，F1随机交配产生F2。下列叙述中，错误的是(　 　)
A.若F1为纯合子，则F1的表型受到了不良环境条件的影响
B.若F1为纯合子，F2在适宜环境下表型与F1相同可能是一种表观遗传现象
C.若F1为杂合子且环境适宜，F2中果实和叶片均不苦且稳定遗传的黄瓜占5/64
D.若F1为杂合子且环境适宜，则F2中果实和叶片均苦的黄瓜中杂合子占26/27
【解析】果实和叶片均不苦，其基因型可能是Bi_blblbtbt、bibi_ _ _ _，果实和叶片均苦，其基因型可能是Bi_Bl_Bt_。因此亲本的基因型可能是BiBiblblbtbt、bibiBlBlBtBt、bibiBlBlbtbt、bibiblblBtBt、bibiblblbtbt。若F1为纯合子，且不受环境影响，其基因型应为BiBiBlBlBtBt，而亲本均为不苦，不能繁殖出该基因型的个体，因此F1为纯合子且均苦的表型受到了不良环境条件的影响，A正确；若F1为纯合子，其两株亲本为相同基因型，F1的基因型与亲本相同，为不苦的基因型，F1随机交配得到的F2与F1基因型相同，但F2在适宜条件下表型仍为苦，因此可能是一种表观遗传现象，B正确；若F1为杂合子且环境适宜，则其基因型为BibiBlblBtbt，F2中果实和叶片均不苦且稳定遗传的基因型为BiBiblblbtbt(1/4×1/4×1/4)、bibi_ _ _ _(1/4)，所占比例为17/64，C错误；F1为BibiBlblBtbt，自交后Bi_Bl_Bt_中杂合子所占比例=(27/64－1/64)/(27/64)=26/27，D正确。
C
B
8.已知家鼠的毛色受多对基因控制，A、at、a分别控制野鼠色、棕黄色和黑色，C基因控制毛色的出现，c为白化基因，纯合时能抑制所有其他色素基因的表达。选择不同颜色的家鼠杂交，子代以及比例如下。下列叙述中，错误的是(　 　)
　　　　杂交组合一：P野鼠色×野鼠色
F1野鼠色∶棕黄色∶白色=9∶3∶4
　　　　杂交组合二：P野鼠色×黑色
F1野鼠色∶棕黄色∶白色=3∶3∶2
A.根据上述杂交组合，可确定控制家鼠毛色基因的显隐性关系是A＞at＞a
B.杂交组合一中白色家鼠可能有3种基因型，其中能稳定遗传的个体占1/2
C.利用测交的方法可确定杂交组合二的子代中有色家鼠个体的基因型
D.杂交组合一棕黄色个体随机交配，子代棕黄色与白色家鼠的比例为8∶1
【解析】根据杂交组合一中F1 表型比例是9∶3∶4 可知，两对等位基因位于两对同源染色体上且和性别无关，根据杂交组合二可确定控制家鼠毛色基因的显隐性关系是A＞at＞a，A正确；杂交组合一的白色家鼠可能有3种基因型，只要cc 出现，即为白色，所有个体均可稳定遗传，B错误；杂交组合二的亲本组合为AatCc×aaCc，后代有色个体的基因型为AaCC、AaCc、ataCC、ataCc，可用基因型为aacc的家鼠测交，确定有色个体的基因型，C正确；杂交组合一中棕黄色个体(1/3atatCC、2/3atatCc)随机交配，产生的配子有2/3atC、1/3atc，子代中白色家鼠占1/9，棕黄色与白色的比例为8∶1，D正确。
9.两个纯合品系果蝇A和B都是猩红眼，与野生型眼色差异很大，受两对基因控制。科研
人员进行了杂交实验，下列叙述中，错误的是(　 　)
A.控制果蝇眼色的两对基因遵循自由组合定律
B.野生型果蝇至少有两个控制眼色的显性基因
C.杂交1的F2野生型雌果蝇中杂合子占2/3
D.杂交2的F2中猩红眼占5/8，其中雌性个体占1/2
实验 亲本 F1 F2
杂交1 A ×B♀ 201♀野生型，
199 野生型 151♀野生型，49♀猩红眼， 74 野生型，126 猩红眼
杂交2 A♀×B 198 猩红眼，
200♀野生型 ？
C
【解析】两个纯合品系果蝇A和B都是猩红眼，根据表格数据，用A和B进行了正反交实验，发现正反交结果不一致，说明与性别有关，且杂交1的F1 均为野生型，可以推测野生型为显性性状，由于受两对基因控制，假设受基因A/a 和B/b 控制，根据杂交1的F2中，野生型∶猩红眼=9∶7，其雌性中野生型∶猩红眼=3∶1，雄性中野生型∶猩红眼≈3∶5，可以推测同时含有A和B基因是野生型，其余是猩红眼。因此杂交1的亲本基因型是aaXBXB 和AAXbY，F1是AaXBXb、AaXBY，均为野生型。杂交2的亲本是AAXbXb 和aaXBY，F1是AaXBXb(野生型)、AaXbY(猩红眼)。根据以上分析可知，一对等位基因位于常染色体上，另一对等位基因位于X 染色体上，因此这两对基因符合基因的自由组合定律，A正确；同时含A和B基因才表现为野生型，B正确；杂交1的F1 是AaXBXb、AaXBY，则F2 野生型雌果蝇基因型及比例是AAXBXB∶AAXBXb∶AaXBXB∶AaXBXb= 1∶1∶2∶2，因此杂交1的F2 野生型雌果蝇中杂合子占5/6，C错误；杂交2的亲本是AAXbXb 和aaXBY，F1是AaXBXb(野生型)、AaXbY(猩红眼)，则F2的野生型(A_XB_)占3/4×1/2=3/8，猩红眼占1－3/8=5/8，F2中猩红眼基因型及比例为AAXbY∶AaXbY∶ aaXBY∶aaXbY∶AAXbXb∶AaXbXb∶aaXBXb∶aaXbXb=1∶2∶1∶1∶1∶2∶1∶1，其中有一半是雌性，D正确。
10.已知某二倍体雌雄同株(正常株)植物，基因t纯合导致雄性不育而成为雌株，宽叶与窄叶由等位基因(A、a)控制。将宽叶雌株与窄叶正常株进行杂交实验，其F1全为宽叶正常株。F1自交产生F2，F2的表型及数量：宽叶雌株749株、窄叶雌株251株、宽叶正常株2 250株、窄叶正常株753株。请回答下列问题：
(1)与正常株相比，选用雄性不育株为母本进行杂交实验时操作更简便，不需进行____________处理。授粉后需套袋，其目的是____________________。
(2)F2会出现上述表型及数量的原因是_____________________________________________ _____________________________。
(3)若取F2中纯合宽叶雌株与杂合窄叶正常株杂交，则其子代(F3)的表型及比例为________________________________，F3群体随机授粉，F4中窄叶雌株所占的比例为_________。
(4)选择F2中的植株，设计杂交实验以验证F1植株的基因型，用遗传图解表示。
人工去雄
防止外来花粉授粉
F1形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合
宽叶雌株∶宽叶正常株=1∶1
3/32
【答案】如图所示
【解析】(2)由F2植株的表型及比例可知，两对相对性状独立遗传，因此出现这一现象的原因为F1形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
(3)根据F2植株的表型及比例，经逐对分析可知，F1的基因型为AaTt，F2中纯合宽叶雌株(AAtt)与杂合窄叶正常株(aaTt)杂交，其子代(F3)的表型及比例为宽叶雌株∶宽叶正常株=1∶1。F3群体(1/2雌株Aatt、1/2正常株AaTt)随机授粉，雌配子中at占3/8，雄配子中at占1/4，因此F4中窄叶雌株所占的比例为3/32。

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