资源简介

广西壮族自治区崇左市宁明县2025-2026学年九年级下学期3月阶段检测物理试题
1．风能是一种取之不尽、用之不竭的能源，我国西北内陆地区，华北地区，沿海地区，风能资源丰富，正在大力开发风力发电.下列与风能同属于可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
2．关于磁现象，下列说法正确的是（　　）
A．地磁场两极与地理两极并不重合，最早记录这一现象的是我国宋代学者沈括
B．磁场周围着实存在一条条带有方向的磁感线
C．磁场对放入其中的物体一定有力的作用
D．磁场中小磁针南极所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同
3．如图所示，四幅图中描述做功冲程的是（　　）
A． B． C． D．
4．我国的5G通信技术、北斗卫星导航系统，目前处于世界领先水平。关于导航与通信技术，下列说法正确的是（　　）
A．5G网络信号的传播速度比4G快
B．5G手机利用超声波来传输图文信息
C．北斗卫星导航利用电磁波来定位
D．北斗卫星导航信号的传播速度为340m/s
5．在如图所示的电路中，能使电磁铁磁性增强的是（　　）
A．只将铁芯换成同规格的铜芯 B．将电源的正、负极对调
C．将滑片P向右移动 D．将开关S由触点1扳到触点2
6．下列关于安全用电的说法正确的是
A．更换用电器前应先断开电源开关
B．家里安装了空气开关，人就不会触电了
C．使用验电笔时，手不能触碰验电笔上的任何金属体
D．用电器着火时，应迅速向用电器泼水灭火
7．下列关于磁感线的说法中，正确的是（　　）
A．磁感线是磁场中实际存在的曲线
B．磁体周围的磁感线都是从磁体的南极出来，回到磁体的北极
C．小磁针南极在某点所受磁场力的方向，跟该点磁感线的方向相同
D．磁感线是用来描述磁场的分布和方向的假想曲线
8．有一种佩戴在手腕上的“计步器”，其内部的基本构造是在一段塑料管中密封一小块磁体，管外绕着线圈。走路时，磁体在管中往复运动，线圈就输出不断变化的电流，实现计步。下列选项中与“计步器”产生电流的原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，金属箔片张开。关于这个现象，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电的本质是创造了电荷
B．两金属箔片一定都带负电
C．验电器是利用同种电荷互相排斥的原理制成的
D．丝绸摩擦过的玻璃棒带上正电，在此过程中玻璃棒得到了质子
10．如图所示是小明做“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置。小明进行了下图所示的5次操作，其中能产生感应电流的是（　　）
A．①②③ B．②④⑤ C．①③④ D．③④⑤
11．周末，小亮在家干家务，以下情景他对物体做功的是（　　）
A．提着水桶匀速上楼 B．用力提着一袋米原地不动
C．拿着拖把用力拖地 D．扔出的空牛奶盒落入垃圾桶
12．如图所示的四个实验现象与其应用对应正确的是（　　）
A．应用：指南针
B．应用：电动机
C．应用：电磁铁
D．应用：发电机
13．热爱劳动的小双假期在家学做成都美食“韩包子”，在经过发面擀皮，拌菜包馅后，她把包子逐个放在蒸笼里，开足大火进行蒸煮，这是通过　 　的方式使包子的内能增加；过一会儿包子的香味扑鼻而来，这属于　 　现象。
14．如图，闭合S后，导轨上的金属棒向右运动起来，据此可制成　 　（选填“电动机”或“发电机”）。若仅将磁体的两极上下调换，闭合S后，导轨上的金属棒向　 　运动。
15．测电笔的使用方法正确的是图　 　（选填“甲”或“乙”）；图丙为家庭中常用的接线板，连接在其上的多个用电器是　 　（选填“串”或“并”）联的。
16．如图所示，是小华“探究产生感应电流的条件”的实验装置。实验时，小华应让导体棒ab在磁场中做　 　，这是产生感应电流的必要条件。当导体棒ab水平向左运动时，他发现灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒ab水平向右运动时，灵敏电流计指针向左偏转，这说明感应电流的方向与　 　有关。
17．一个木箱重500N，小明用100N的水平推力在10s内沿水平方向推动木箱前进10m，则10s内推力做功　 　J，功率为　 　W。
18．小文设计并连接了如图的电路，电源两端电压和小灯泡的电阻都不变。闭合开关S，保证电路安全的前提下，滑动变阻器的滑片从右向左滑动的过程中，灯泡亮度　 　，电压表示数　 　（后一空选填“变大”“变小”或“不变”）。
19．（1）请将如图所示的带开关的两孔插座正确接入电路中；
（2）在下图括号中标出通电螺线管左端的磁极，并标出A点的磁场方向。
（3）如图所示，请用笔画线代替导线完成该电路连接。要求：两灯并联，开关S同时控制两灯，电流表测量干路电流，导线不能交叉。
20．探究串联电路中电流的特点：猜想：由于用电器耗电，电流流过用电器会减小：
（1）在按图甲连接电路时，开关应该　 　；闭合开关后发现灯不亮，为了找出原因，将电压表接在A、B两点间，闭合开关发现电压表有示数，说明有可能存在的故障是　 　；
（2）排除故障后，用电流表测出A点电流，如图乙所示，则IA=　 　A，再测出B点电流，得到A、B两点电流相等。更换不同规格的灯泡，重复上述实验，都得到相同结论。由此判断猜想是　 　的；
（3）为进一步得出两个灯串联时电流的规律，小明按图丙连接电路，测量A、B、C三点的电流，得出　 　。
21．在探究“通电螺线管外部的磁场分布”实验中，小明进行如下操作：
（1）如图在螺线管的两端各放一个小磁针，并在玻璃板上均匀地撒满铁屑；实验中　 　（填“能”或“不能”）用铜屑代替铁屑。闭合开关后为了更好地通过铁屑客观地描述磁场分布情况，接下来的操作是　 　玻璃板，这样做的主要目的是减小铁屑与玻璃板之间的摩擦，使铁屑在磁场力的作用下动起来；
（2）由图可知通电螺线管外部的磁场与　 　相似；放入小磁针的作用　 　；
（3）改变电流方向，小明发现，铁屑的分布形状　 　（填“没有改变”或“发生改变”），而小磁针指向与原来　 　（填“相同”或“相反”）。
22．在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球到达水平面的　 　相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球从斜面的　 　；
（2）该实验用到的实验方法是　 　和　 　，选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，　 　越大，动能越大；
（3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图　 　（选填“甲”“乙”或“丙”）中的小球，原因是　 　。
23．如图甲所示是小明同学“探究电流与电压、电阻的关系”的实验电路图。选用的实验器材是：电源、电流表、电压表，定值电阻、、，滑动变阻器、开关、导线若干。
（1）探究电流与电压关系：
①在连接实物电路时，应将开关　 　（选填“断开”或“闭合”）探究电流与电压的关系时，采用的研究方法是　 　法；
②闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移至端　 　（填“a”或“b”），从而保护电路。实验中滑动变阻器的另一个作用是　 　（填写字母代号）；
A.改变定值电阻两端的电压
B.保持定值电阻两端的电压不变
③小明选用和的两只电阻分别进行实验后，由实验数据画出的图像如图乙所示，可以得出的正确结论是：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
（2）探究电流与电阻的关系：
小明在实验中，确定了一个间保持不变的电压值，当间的电阻由换成时，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向移动　 　（选填“a”或“b”），同时眼睛注视　 　（选填“电流”或“电压”）表，直到其示数等于。
24．如图是一款便携式的卡式炉（燃料为丁烷），该卡式炉的加热效率为42%。某次用它加热质量为3kg的水，水的温度升高了45℃。已知水的比热容，丁烷的热值。假设丁烷完全燃烧，求：
（1）水吸收的热量。
（2）需要燃烧丁烷的质量。
25．如图所示的电路，电源电压为且保持不变，电阻的阻值为，开关S闭合时，电压表的示数为，求：
（1）电流表的示数；
（2）电路消耗的总电功率；
（3）电阻的阻值；
（4）通电，电阻产生的热量。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．太阳能可以源源不断地得到补充，是可再生能源，故A符合题意；
BCD．石油、天然气、核燃料无法短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】可以不断得到补充的能源，是可再生能源，不能从自然界得到补充，是不可再生能源。
2．【答案】A
【知识点】磁场；磁感线及其特点；地磁场
【解析】【解答】A、地磁场的两极与地理两极并不重合，二者之间存在一个偏角，即磁偏角。我国宋代学者沈括在《梦溪笔谈》中最早记录了这一现象，故A正确；
B、磁感线是为了形象、直观地描述磁场而引入的假想曲线，并非真实存在的物质，故B错误；
C、磁场的基本性质是对放入其中的磁体或铁、钴、镍等易磁化物质产生磁力作用，而非对所有物体都有力的作用，故C错误；
D、物理学中规定，磁场中某点的磁场方向与该点小磁针静止时N极所指的方向一致，也与小磁针N极所受磁力的方向相同，选项表述存在偏差，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）磁偏角的发现：地磁场与地理两极不重合，我国宋代学者沈括是世界上最早记录这一现象的人；
（2）磁感线的本质：它是为了研究磁场而建立的理想化物理模型，并非真实存在；
（3）磁场的基本性质：只对磁性物质（磁体、铁磁性材料）产生磁力作用；
（4）磁场方向的规定：小磁针静止时 N 极的指向、N 极所受磁力的方向，均与该点的磁场方向一致。
3．【答案】D
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 A、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，该冲程为吸气冲程，故A不符合题意；
B、排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，该冲程为排气冲程，故B不符合题意；
C、进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，该冲程为压缩冲程，故C不符合题意；
D、进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，该冲程为做功冲程，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 根据每个冲程中气门的开闭情况、活塞移动方向确定是哪一个冲程。
4．【答案】C
【知识点】电磁波的产生；电磁波的传播；波速、波长和频率的关系；移动通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 5G、4G移动通信信号，以及北斗卫星导航系统的信号传输，均依靠电磁波来实现。各类电磁波在空气中的传播速度大小相等，统一等同于光速，因此C选项说法正确，A、B、D三项表述有误。
故选：C。
【分析】日常生活中的移动通信、广播电视、卫星通信等远距离信息传递，普遍利用电磁波作为传播载体，依靠电磁波完成信号的发射与接收。
5．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；磁场；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．将铁芯换成铜芯：铜属于非磁性材料，无法被磁化，替换后会导致电磁铁磁性显著减弱，因此该选项不符合增强磁性的要求。
B．电源正负极对调：此操作仅改变电流方向，根据安培定则可知会反转电磁铁的磁极极性，但磁性强弱与电流方向无关，故该方案无法增强磁性。
C．滑片P向右移动：滑动变阻器接入电路的电阻丝长度增加，导致总电阻增大。根据欧姆定律，在电源电压恒定时，电流将减小。电磁铁磁性与电流强度正相关，因此该操作反而会削弱磁性。
D．触点切换（1→2）：触点2连接电磁铁的全部线圈，相较于触点1的部分线圈连接方式，增加了有效线圈匝数。根据电磁铁磁性与匝数正相关的原理，在电流和铁芯不变条件下，该操作可显著增强磁性。
综上所述，正确答案为D。
【分析】电磁铁磁性的有无与电流的通断有关，磁性强弱与两个因素有关：线圈匝数多少、电流大小，是否有磁性材料填充。电流越大，线圈匝数越多，填充磁性材料，磁性越强，反之越弱。
6．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、更换用电器前应先断开电源开关 ，A正确；
B、 家里安装了空气开关，人如果不小心和火线相接触，仍然会触电，B错误；
C、 使用验电笔时，手触碰验电笔尾的金属体，C错误；
D、 用电器着火时，应迅速切断电源，D错误；
综上选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电；测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况。
7．【答案】D
【知识点】磁场；磁感线及其特点
【解析】【解答】AD．为了形象、直观的描绘磁场，假想的线是磁感线，不是真实存在的，故A错误，D正确。
B．磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故B错误；
C．磁场方向的规定，是磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同。故C错误；
故选D。
【分析】磁感线是形象地描述磁场而假想的曲线，磁场周围的磁感线，从N极指向S极。
8．【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】 根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应；
A、这是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、装置中导体AB在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，是电磁感应现象，故B不符合题意；
C、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故C符合题意；
D、该装置是研究通电导体在磁场中受力运动的实验，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。
9．【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程是得到和失去电子的过程，实质是电子在物体之间发生了转移，故A错误；
B、丝绸摩擦过的玻璃棒由于缺少电子带正电，当用玻璃棒和不带电的验电器的金属球接触，一部分电子会从验电器的金属箔、通过金属杆向玻璃棒侧转移，金属箔会由于失去电子带正电，故B错误；
C、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故C正确；
D、丝绸摩擦过的玻璃棒由于缺少电子带正电，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）摩擦起电并不能创造电荷，摩擦起电的实质是：不同物质的原子核束缚核外电子的能力不同，束缚电子能力强的物质得电子而带负电，束缚电子能力弱物质的失电子而带正电；丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子带正电；
（2）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
10．【答案】C
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】 产生感应电流的条件有三点：①闭合电路；②一部分导体；③切割磁感线运动。
①③④次实验中，闭合电路的部分导体AB在磁场中切割磁感线，能产生感应电流；
②⑤次实验中，闭合电路的部分导体AB在磁场中没有切割磁感线，不能产生感应电流；所以能产生感应电流的是①③④。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【分析】 产生感应电流的条件有三点：①闭合电路；②一部分导体；③切割磁感线运动。
11．【答案】A,C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、人向上提水桶时，对水桶施加竖直向上的拉力，且水桶沿拉力方向发生位移，满足做功条件，所以人对水桶做功，故A正确；
B、用力搬米袋时，虽然对米袋施加了作用力，但米袋保持静止、没有移动距离，不满足做功要求，因此不做功，故B错误；
C、拖地过程中，人对拖把施加作用力，拖把顺着受力方向产生移动距离，符合做功要素，人对拖把做功，故C正确；
D、牛奶盒脱手之后，人手不再对其施加作用力，没有力的作用，自然不会做功，故D错误。
故选：AC。
【分析】 力学做功需要同时满足两个必要要素：一是作用在物体上的力，二是物体在这个力的方向上移动距离，二者缺一不可。
12．【答案】A,C
【知识点】地磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；实用电动机的构造、特点和应用；发电机的构造和原理；磁极间的相互作用
【解析】【解答】 A、图中实验验证磁极间的相互作用，指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的，故A正确；
B、图中开关闭合，导体ab在磁场中切割磁感线，电流表的指针发生偏转，是电磁感应现象，据此制成了发电机；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B错误；
C、图中是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，据此制成了电磁铁，故C正确；
D、图中实验装置中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，据此制成了电动机，故D错误。
故选：AC。
【分析】 （1）磁体间作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的；
（2）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
（3）奥斯特实验说明电流周围存在磁场。
（4）通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的。
13．【答案】热传递；扩散
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 蒸包子时，蒸笼内高温环境会向包子传递热量，包子吸收热量后内能增大、温度上升，这是利用热传递的方式改变物体内能。包子散发的香气能够四处飘散，是由于香气分子在永不停息地做无规则运动，该现象属于扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
【分析】 （1）改变物体内能包含做功与热传递两种途径，热传递依靠温度差实现能量转移，做功则是机械能与内能之间的相互转化。
（2）一切物质的分子都在不停做无规则运动，彼此接触的不同物质相互渗入的现象，即为扩散现象。
14．【答案】电动机；左
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】如图所示，闭合开关S后，导轨上的金属棒在磁场中向右运动，这一现象说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机正是利用这一原理制成的。通电导体在磁场中的受力方向，与电流方向和磁场方向都有关系。若只将磁体的两极上下调换，也就是改变了磁场方向，而电流方向保持不变，那么金属棒的受力方向也会随之改变，再次闭合开关S时，金属棒将向左运动。
故答案为：电动机；左。
【分析】（1）电动机的核心工作原理，就是利用通电导体在磁场中受到力的作用，从而实现持续转动；
（2）通电导体在磁场中的受力方向，由电流方向和磁场方向共同决定。当其中一个方向改变时，受力方向会随之改变；若两个方向同时改变，受力方向则保持不变。
15．【答案】甲；并
【知识点】家庭电路的连接；测电笔的使用
【解析】【解答】 使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，故甲图正确；
在两孔和三孔上的用电器工作时互不影响，是并联的。
故答案为：甲；并。
【分析】 使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线或零线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
家庭电路中用电器是并联接入的，工作时互不影响。
16．【答案】切割磁感线运动；导体切割磁感线的方向
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】图中，当导体棒ab水平向左运动时，灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒ab水平向右运动时，灵敏电流计指针向左偏转，感应电流方向改变，则感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关。
【分析】产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；感应电流的方向和导体切割磁感线的方向有关。
17．【答案】1000；100
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】 根据公式W=Fs可知，10s内推力做的功：W=Fs=100N×10m=1000J，
据可知，推力做功的功率：。
故答案为：1000；100。
【分析】 根据W=Fs求推力做的功；根据求推力做功的功率。
18．【答案】不变；不变
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可以看出，滑动变阻器Rp与灯泡L是并联关系，电压表直接接在电源两端，测的是电源电压。根据并联电路的特点，各支路两端的电压都等于电源电压，且各支路之间独立工作、互不影响。因此，当滑片向左移动时，灯泡两端的电压始终等于电源电压，灯泡的实际功率不变，亮度也就保持不变。电压表测量的是电源电压，电源电压本身保持恒定，所以无论滑片如何移动，电压表示数始终不变。
故答案为：不变；不变。
【分析】首先要明确电路连接方式：灯泡与滑动变阻器为并联，电压表测电源电压。并联电路的核心特点是各支路电压相等且等于电源电压，支路间互不影响。因此，滑动变阻器的滑片移动只会改变自身支路的电流，不会影响灯泡的电压和亮度，也不会改变电源电压的示数。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】串、并联电路的设计；家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）依据安全用电规范，开关必须串联在火线上，这样断开开关后，插座与火线断开，可避免触电风险；两孔插座需按照 “左零右火” 的标准接线，据此规范作图即可。据此作图：
（2）（2）运用安培定则判断：电流从电源正极流出，从螺线管左端流入。右手握住螺线管，让四指弯曲方向与电流流向一致，大拇指所指的一端即为N极，因此螺线管左端为N极，右端为S极。螺线管外部的磁感线由N极出发，回到S极，因此A点的磁场（磁感线）方向向右：
（3）两灯泡为并联连接，开关S需同时控制两灯，因此开关应接在干路中；电流表同样串联在干路，用于测量电路的总电流，据此完成电路连接即可，如下所示 ：
【分析】（1）开关必须接在火线上，两孔插座遵循“左零右火”的接线规则；
（2）根据安培定则确定极性。螺线管外部的磁感线从N极出发回到S极；
（3）开关与待测电路串联，电流表接在干路，测量总电流。
（1）根据安全用电原则，开关必须接在火线上，断开开关后插座不带电，两孔插座遵循“左零右火”的接线规则，据此作图。
（2）根据安培定则，电流从电源正极流出，从螺线管左端流入，右手握住螺线管，四指顺着电流方向，大拇指指向螺线管右端，因此左端是N极，右端是S极。螺线管外部的磁感线从N极出发回到S极，因此A点的磁场（磁感线）方向向右。
（3）开关S在干路，同时控制两灯；电流表接在干路，测量总电流，所以将两灯泡两端分别相连，即L1右接线柱与L2右接线柱相连，L1左接线柱与L2左接线柱相连，据此作图。
20．【答案】（1）断开；断路
（2）0.3；错误
（3）
【知识点】串联电路的电流规律；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）为保护电路安全，在连接电路的过程中，开关应保持断开状态。闭合开关后灯泡不亮，故障可能是灯泡断路或短路。将电压表接在A、B两点间，闭合开关后电压表有示数，说明电压表两端与电源正负极是连通的，由此可判断故障为L1断路。
（2）由图乙可知，电流表选用的是0～0.6A量程，其分度值为0.02A，因此A点的电流表示数为0.3A。更换不同规格的灯泡重复实验，多次测得A、B两点的电流均相等，说明电流流过用电器后大小不会减小，因此该猜想是错误的。
（3）根据（2）的实验结论，串联电路中各处电流相等，因此通过L1前后、通过L2前后的电流大小均相同，即IA=IB=IC。
故答案为：（1）断开；L1断路；（2）0.3；错误；（3）IA=IB=IC。【分析】（1）电路连接时，开关应在连接时处于断开的状态，目的是保护电路；
闭合开关后，灯泡不亮，电路可能断路，当把电压表并联在灯泡两端后，电压表有示数，据此分析；
（2）根据电流表量程为0～0.6A确定分度值读数；根据更换不同规格的灯泡后，都能得到A、B两点电流相等，据此分析；
（3）串联电路各处的电流相等，据此分析。
（1）[1]电路连接时，为了保护电路中各元件的安全，开关应处于断开的状态。
[2]闭合开关后，灯泡不亮，可能是灯泡断路，也可能是短路，将电压表接在A、B两点间，闭合开关发现电压表有示数，电压表与电源接通，则说明有可能存在的故障是L1断路。
（2）[1]由图乙可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所以电流表测A点的电流为0.3A。
[2]更换不同规格的灯泡后，都能得到A、B两点电流相等，说明电流流过用电器后电流不会减小，由此判断猜想是错误的。
（3）由（2）结论可知，电流通过L1之后与通过L1之前的电流相等，通过L2之后的电流与通过L2之前的电流相等，即
21．【答案】（1）不能；轻敲
（2）条形磁体；显示磁场方向
（3）没有改变；相反
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】 （1）铜属于非磁性材料，无法被磁场磁化，也不能受到磁力作用，所以不能用铜屑替代铁屑完成实验。实验中，铁屑受玻璃板摩擦力影响难以自由转动，轻轻敲击玻璃板，能够减弱摩擦阻碍，使铁屑在磁场作用力下有序排列，直观展现磁场的分布规律。
（2）观察铁屑排布规律能够发现，通电螺线管外部磁场形态和条形磁体高度相似。磁场本身看不见、摸不着，借助小磁针静止时N极的指向，能够直观确定各点磁场方向，同时也可辨别通电螺线管的磁极。
（3）只调换电流方向时，只会改变磁场的整体方向，磁感线的排布形态不会发生变化，因此铁屑分布保持不变。磁场方向随电流方向同步改变，小磁针的指向也会随之发生反向偏转，与原来方向相反。
故答案为：（1）不能；轻敲；（2）条形磁体；显示磁场方向；（3）没有改变；相反。
【分析】（ 1）只有铁、钴、镍等磁性材料可被磁场作用，铜不具备磁性，无法用于实验。敲击玻璃板，可减小接触面的摩擦力，方便铁屑受磁场力调整位置。
（2）通电螺线管具备两端磁性强、中间磁性弱的特点，磁场分布和条形磁体一致。小磁针是探究磁场方向的重要器材，可直观反映磁场指向。
（3）通电螺线管的磁感形状由线圈结构决定，不受电流方向影响；电流方向是决定磁场方向的关键因素，电流反向，磁场与小磁针指向同步反向。
（1）[1]铜不是磁性材料，不能被磁场吸引、磁化，无法反映磁场分布，因此不能用铜屑代替铁屑。
[2]闭合开关后，铁屑与玻璃板间摩擦力较大，静止不动；轻敲玻璃板可以减小铁屑与玻璃板的摩擦，让铁屑在磁场力作用下排列，清晰呈现磁场分布。
（2）[1]根据铁屑的分布分析通电螺线管的磁场可知，通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似。
[2]磁场无法直接观察，小磁针静止时N极的指向对应该点的磁场方向，因此小磁针的作用是显示磁场方向，也可用来判断螺线管的磁极。
（3）[1]改变电流方向只会改变磁场的方向，不会改变磁感线的形状，因此铁屑的分布形状没有改变。
[2]电流方向改变后，螺线管的磁极反转，磁场方向改变，因此小磁针的指向与原来相反。
22．【答案】（1）速度；同一高度由静止滚下
（2）控制变量法；转换法；速度
（3）丙；纸盒被推动的距离最小
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】 （1）探究动能与物体质量的关系时，需运用控制变量法。严格控制小球到达水平面时的速度一致，只改变小球质量。因此要让不同质量的小球，从斜面同一高度处由静止自由滑下，确保小球到达底端的速度相等。
（2）本实验采用转换法，借助纸盒被撞击后滑行距离的远近，直观反映铁球动能的大小；全程结合控制变量法，分别研究质量、速度对动能的影响。对比甲、丙两组实验，铁球质量一致，下滑高度不同，到达水平面的速度不同。甲球下落高度更高，速度更大，推动纸盒移动的距离更远。由此得出结论：质量一定时，物体运动速度越大，动能就越大。
（3）实验利用纸盒移动距离的长短，间接判断铁球动能大小。三组实验里，丙图中纸盒滑行距离最短，说明铁球对外做功最少，碰撞前的动能最小。
故答案为：（1）速度；同一高度由静止滚下；（2）控制变量法；转换法；速度；（3）丙；纸盒被推动的距离最小。【分析】 （1）探究动能与质量的关系，必须控制速度不变。让小球从斜面同一高度静止释放，是保证初速度相同的核心操作。
（2）甲、丙实验控制质量相同、改变下落高度，以此改变速度，根据纸盒移动距离，归纳速度对动能的影响规律。
（3）动能无法直接测量，实验利用转换法，通过纸盒滑行距离体现动能大小，距离越短，代表物体动能越小。
（1）[1][2]要探究动能大小与物体质量的关系，应用了控制变量法，需要保持小球的速度相同，质量不同，即应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，保证铁球达到水平面的速度相同。
（2）[1][2]实验中根据转换法，通过观察纸盒被撞击后向前移动距离的远近比较两种情况下铁球动能的大小；为了探究动能与质量和速度有关，应用控制变量法。
[3]由图示实验可知，甲、丙两次实验，铁球的质量相同，甲中铁球下滑的高度大于丙中铁球下滑的高度，甲中铁球到达斜面底端时的速度较大，甲中铁球将纸盒推动得更远，说明甲中铁球的动能更大，由此可得：质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大。
（3）[1][2]三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法，丙图中纸盒被推动的距离最小，故碰撞前动能最小。
23．【答案】（1）断开；控制变量；b；A；正比
（2）b；电压
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）①在组装实验电路的过程中，为防止电路短路，保护各实验元件安全，开关应保持断开状态。探究电流与电压的定量关系时，需保持定值电阻阻值恒定，只改变电阻两端电压，该实验方法为控制变量法。
②实验开始前，滑动变阻器要调到最大阻值处，以此限制电路初始电流，起到保护电路的作用。结合图甲电路结构，滑片移至b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。实验过程中，为多次采集电压与电流的对应数据，方便总结普遍规律，滑动变阻器还能调节电路，改变定值电阻两端的电压，因此选择A选项。
③由图乙的I-U图像能够看出，图像为过原点的倾斜直线，由此可得出实验结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（2）探究电流与电阻的关系时，必须控制定值电阻两端电压稳定在2V。将5Ω电阻更换为10Ω电阻后，依据串联分压原理，定值电阻的分压会随之增大。为使电压重新回落至设定值，需增大滑动变阻器的接入阻值，分担更多电压，因此滑片应向b端调节。在移动滑片调整电路的过程中，需要时刻观察电压表，直至示数稳定为2V。
故答案为：（1）①断开；控制变量；②b；A；③正比；（2）b；电压。【分析】 （1）①电路连接的规范操作中，断开开关是基础防护措施。探究电流与电压的关系，核心要点就是控制电阻大小不变，以此排除无关变量干扰。
②闭合开关前将滑动变阻器调到最大阻值，是电学实验的通用操作，可有效防止电流过大损坏器材。滑动变阻器在本实验中，兼具保护电路和调节定值电阻两端电压的双重作用。
③电阻一定时，导体中的电流随电压的增大而均匀增大，二者成正比例关系。
（2）串联电路中，电阻越大，分得电压越高。更换更大阻值的定值电阻后，其两端电压会升高，需调大滑动变阻器阻值来平衡分压。调节滑片时，以电压表示数为判断标准，保证控制变量的实验要求。
（1）[1]连接电路时，为保护电路，避免连线过程中短路损坏元件，开关必须断开。
[2]探究电流与电压关系时，需要控制电阻不变，只改变电压，所用的研究方法为控制变量法。
[3]闭合开关前，滑动变阻器需调至接入电阻最大的位置保护电路，由图甲可知，滑片移到b端时接入电阻最大。
[4]本实验中需要获得多组不同的电流、电压数据，因此滑动变阻器除保护电路外，另一个作用是改变定值电阻两端电压，故选A。
[5]图乙中I-U图像为过原点的直线，可得结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
（2）[1][2]本实验需要控制定值电阻两端电压为2V不变。当5Ω电阻换为10Ω电阻后，根据串联分压规律，定值电阻分得的电压会变大，为了让定值电阻电压回到2V，需要增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片向b端移动；调节滑片时，需要观察电压表示数，直到示数等于2V，因此眼睛应注视电压表。
24．【答案】（1）根据公式Q=cmΔt可知，水吸收的热量为：Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/（kg ℃）×3kg×45℃=5.67×105J。
答：水吸收的热量为5.67×105J。
（2）根据可知，丁烷完全燃烧放出的热量为：，
丁烷的质量为：。
答：需要燃烧丁烷的质量为0.03kg。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】 （1）根据Q吸=c水m水Δt求出水吸收的热量；
（2）根据求出丁烷完全燃烧放出的热量，利用Q放=mq求出丁烷的质量。
（1）水吸收的热量
（2）丁烷完全燃烧放出的热量为
需要燃烧丁烷的质量
25．【答案】（1）电路中，开关S闭合时，R1、R2串联，电流表测电路电流，电压表测R2两端电压。根据欧姆定律，电路中的电流：，因此电流表示数为0.3A。
答： 电流表的示数为0.3A。
（2）电源电压和电流已知，根据公式P=UI可求出电路消耗的总电功率：P=UI=9V×0.3A=2.7W。
答： 电路消耗的总电功2.7W。
（3）在串联电路中总电压等于各用电器电压之和，R1两端的电压：U1=U U2=9V 3V=6V，再由欧姆定律，R1的阻值：。
答： 电阻的阻值为 。
（4）根据焦耳定律可知，通电3min，电阻R1产生的热量：。
答： 通电，电阻产生的热量为324J。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】(1)利用欧姆定律计算R2的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，得到电路中的电流，即电流表的示数。（2）根据电功率公式P=UI，用电源电压和电路电流计算电路总功率。
（3）先根据串联电路电压规律U=U1+U2求出R1两端的电压，再用欧姆定律求出R1 的阻值。
（4）根据焦耳定律Q=I2Rt，代入电流、电阻和时间，计算出R1产生的热量。
（1）分析电路可知，开关S闭合时，、串联，电流表测电路电流，电压表测电压。电流表的示数为
（2）电路消耗的总电功率
（3）根据串联电压规律，的电压为
则电阻的阻值为
（4）通电，电阻产生的热量为
1 / 1广西壮族自治区崇左市宁明县2025-2026学年九年级下学期3月阶段检测物理试题
1．风能是一种取之不尽、用之不竭的能源，我国西北内陆地区，华北地区，沿海地区，风能资源丰富，正在大力开发风力发电.下列与风能同属于可再生能源的是（　　）
A．太阳能 B．石油 C．天然气 D．核燃料
【答案】A
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】A．太阳能可以源源不断地得到补充，是可再生能源，故A符合题意；
BCD．石油、天然气、核燃料无法短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源，故BCD不合题意。
故选A。
【分析】可以不断得到补充的能源，是可再生能源，不能从自然界得到补充，是不可再生能源。
2．关于磁现象，下列说法正确的是（　　）
A．地磁场两极与地理两极并不重合，最早记录这一现象的是我国宋代学者沈括
B．磁场周围着实存在一条条带有方向的磁感线
C．磁场对放入其中的物体一定有力的作用
D．磁场中小磁针南极所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同
【答案】A
【知识点】磁场；磁感线及其特点；地磁场
【解析】【解答】A、地磁场的两极与地理两极并不重合，二者之间存在一个偏角，即磁偏角。我国宋代学者沈括在《梦溪笔谈》中最早记录了这一现象，故A正确；
B、磁感线是为了形象、直观地描述磁场而引入的假想曲线，并非真实存在的物质，故B错误；
C、磁场的基本性质是对放入其中的磁体或铁、钴、镍等易磁化物质产生磁力作用，而非对所有物体都有力的作用，故C错误；
D、物理学中规定，磁场中某点的磁场方向与该点小磁针静止时N极所指的方向一致，也与小磁针N极所受磁力的方向相同，选项表述存在偏差，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）磁偏角的发现：地磁场与地理两极不重合，我国宋代学者沈括是世界上最早记录这一现象的人；
（2）磁感线的本质：它是为了研究磁场而建立的理想化物理模型，并非真实存在；
（3）磁场的基本性质：只对磁性物质（磁体、铁磁性材料）产生磁力作用；
（4）磁场方向的规定：小磁针静止时 N 极的指向、N 极所受磁力的方向，均与该点的磁场方向一致。
3．如图所示，四幅图中描述做功冲程的是（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】 A、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，该冲程为吸气冲程，故A不符合题意；
B、排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，该冲程为排气冲程，故B不符合题意；
C、进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，该冲程为压缩冲程，故C不符合题意；
D、进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，该冲程为做功冲程，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 根据每个冲程中气门的开闭情况、活塞移动方向确定是哪一个冲程。
4．我国的5G通信技术、北斗卫星导航系统，目前处于世界领先水平。关于导航与通信技术，下列说法正确的是（　　）
A．5G网络信号的传播速度比4G快
B．5G手机利用超声波来传输图文信息
C．北斗卫星导航利用电磁波来定位
D．北斗卫星导航信号的传播速度为340m/s
【答案】C
【知识点】电磁波的产生；电磁波的传播；波速、波长和频率的关系；移动通信；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 5G、4G移动通信信号，以及北斗卫星导航系统的信号传输，均依靠电磁波来实现。各类电磁波在空气中的传播速度大小相等，统一等同于光速，因此C选项说法正确，A、B、D三项表述有误。
故选：C。
【分析】日常生活中的移动通信、广播电视、卫星通信等远距离信息传递，普遍利用电磁波作为传播载体，依靠电磁波完成信号的发射与接收。
5．在如图所示的电路中，能使电磁铁磁性增强的是（　　）
A．只将铁芯换成同规格的铜芯 B．将电源的正、负极对调
C．将滑片P向右移动 D．将开关S由触点1扳到触点2
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；磁场；电磁铁的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．将铁芯换成铜芯：铜属于非磁性材料，无法被磁化，替换后会导致电磁铁磁性显著减弱，因此该选项不符合增强磁性的要求。
B．电源正负极对调：此操作仅改变电流方向，根据安培定则可知会反转电磁铁的磁极极性，但磁性强弱与电流方向无关，故该方案无法增强磁性。
C．滑片P向右移动：滑动变阻器接入电路的电阻丝长度增加，导致总电阻增大。根据欧姆定律，在电源电压恒定时，电流将减小。电磁铁磁性与电流强度正相关，因此该操作反而会削弱磁性。
D．触点切换（1→2）：触点2连接电磁铁的全部线圈，相较于触点1的部分线圈连接方式，增加了有效线圈匝数。根据电磁铁磁性与匝数正相关的原理，在电流和铁芯不变条件下，该操作可显著增强磁性。
综上所述，正确答案为D。
【分析】电磁铁磁性的有无与电流的通断有关，磁性强弱与两个因素有关：线圈匝数多少、电流大小，是否有磁性材料填充。电流越大，线圈匝数越多，填充磁性材料，磁性越强，反之越弱。
6．下列关于安全用电的说法正确的是
A．更换用电器前应先断开电源开关
B．家里安装了空气开关，人就不会触电了
C．使用验电笔时，手不能触碰验电笔上的任何金属体
D．用电器着火时，应迅速向用电器泼水灭火
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、更换用电器前应先断开电源开关 ，A正确；
B、 家里安装了空气开关，人如果不小心和火线相接触，仍然会触电，B错误；
C、 使用验电笔时，手触碰验电笔尾的金属体，C错误；
D、 用电器着火时，应迅速切断电源，D错误；
综上选A。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电；测电笔的操作步骤及其作用：用拇指和中指持验电笔笔身，食指抵住笔端金属部分，氖管小窗背光朝向自己，以便看清氖泡发光情况。
7．下列关于磁感线的说法中，正确的是（　　）
A．磁感线是磁场中实际存在的曲线
B．磁体周围的磁感线都是从磁体的南极出来，回到磁体的北极
C．小磁针南极在某点所受磁场力的方向，跟该点磁感线的方向相同
D．磁感线是用来描述磁场的分布和方向的假想曲线
【答案】D
【知识点】磁场；磁感线及其特点
【解析】【解答】AD．为了形象、直观的描绘磁场，假想的线是磁感线，不是真实存在的，故A错误，D正确。
B．磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故B错误；
C．磁场方向的规定，是磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同。故C错误；
故选D。
【分析】磁感线是形象地描述磁场而假想的曲线，磁场周围的磁感线，从N极指向S极。
8．有一种佩戴在手腕上的“计步器”，其内部的基本构造是在一段塑料管中密封一小块磁体，管外绕着线圈。走路时，磁体在管中往复运动，线圈就输出不断变化的电流，实现计步。下列选项中与“计步器”产生电流的原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】 根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应；
A、这是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、装置中导体AB在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，是电磁感应现象，故B不符合题意；
C、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故C符合题意；
D、该装置是研究通电导体在磁场中受力运动的实验，故D不符合题意。
故选：C。
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。
9．如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，金属箔片张开。关于这个现象，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电的本质是创造了电荷
B．两金属箔片一定都带负电
C．验电器是利用同种电荷互相排斥的原理制成的
D．丝绸摩擦过的玻璃棒带上正电，在此过程中玻璃棒得到了质子
【答案】C
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程是得到和失去电子的过程，实质是电子在物体之间发生了转移，故A错误；
B、丝绸摩擦过的玻璃棒由于缺少电子带正电，当用玻璃棒和不带电的验电器的金属球接触，一部分电子会从验电器的金属箔、通过金属杆向玻璃棒侧转移，金属箔会由于失去电子带正电，故B错误；
C、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故C正确；
D、丝绸摩擦过的玻璃棒由于缺少电子带正电，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）摩擦起电并不能创造电荷，摩擦起电的实质是：不同物质的原子核束缚核外电子的能力不同，束缚电子能力强的物质得电子而带负电，束缚电子能力弱物质的失电子而带正电；丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子带正电；
（2）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
10．如图所示是小明做“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置。小明进行了下图所示的5次操作，其中能产生感应电流的是（　　）
A．①②③ B．②④⑤ C．①③④ D．③④⑤
【答案】C
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】 产生感应电流的条件有三点：①闭合电路；②一部分导体；③切割磁感线运动。
①③④次实验中，闭合电路的部分导体AB在磁场中切割磁感线，能产生感应电流；
②⑤次实验中，闭合电路的部分导体AB在磁场中没有切割磁感线，不能产生感应电流；所以能产生感应电流的是①③④。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【分析】 产生感应电流的条件有三点：①闭合电路；②一部分导体；③切割磁感线运动。
11．周末，小亮在家干家务，以下情景他对物体做功的是（　　）
A．提着水桶匀速上楼 B．用力提着一袋米原地不动
C．拿着拖把用力拖地 D．扔出的空牛奶盒落入垃圾桶
【答案】A,C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、人向上提水桶时，对水桶施加竖直向上的拉力，且水桶沿拉力方向发生位移，满足做功条件，所以人对水桶做功，故A正确；
B、用力搬米袋时，虽然对米袋施加了作用力，但米袋保持静止、没有移动距离，不满足做功要求，因此不做功，故B错误；
C、拖地过程中，人对拖把施加作用力，拖把顺着受力方向产生移动距离，符合做功要素，人对拖把做功，故C正确；
D、牛奶盒脱手之后，人手不再对其施加作用力，没有力的作用，自然不会做功，故D错误。
故选：AC。
【分析】 力学做功需要同时满足两个必要要素：一是作用在物体上的力，二是物体在这个力的方向上移动距离，二者缺一不可。
12．如图所示的四个实验现象与其应用对应正确的是（　　）
A．应用：指南针
B．应用：电动机
C．应用：电磁铁
D．应用：发电机
【答案】A,C
【知识点】地磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；实用电动机的构造、特点和应用；发电机的构造和原理；磁极间的相互作用
【解析】【解答】 A、图中实验验证磁极间的相互作用，指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的，故A正确；
B、图中开关闭合，导体ab在磁场中切割磁感线，电流表的指针发生偏转，是电磁感应现象，据此制成了发电机；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B错误；
C、图中是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，据此制成了电磁铁，故C正确；
D、图中实验装置中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能，据此制成了电动机，故D错误。
故选：AC。
【分析】 （1）磁体间作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；指南针就是利用地磁场对它的作用来指示南北的；
（2）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
（3）奥斯特实验说明电流周围存在磁场。
（4）通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的。
13．热爱劳动的小双假期在家学做成都美食“韩包子”，在经过发面擀皮，拌菜包馅后，她把包子逐个放在蒸笼里，开足大火进行蒸煮，这是通过　 　的方式使包子的内能增加；过一会儿包子的香味扑鼻而来，这属于　 　现象。
【答案】热传递；扩散
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 蒸包子时，蒸笼内高温环境会向包子传递热量，包子吸收热量后内能增大、温度上升，这是利用热传递的方式改变物体内能。包子散发的香气能够四处飘散，是由于香气分子在永不停息地做无规则运动，该现象属于扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
【分析】 （1）改变物体内能包含做功与热传递两种途径，热传递依靠温度差实现能量转移，做功则是机械能与内能之间的相互转化。
（2）一切物质的分子都在不停做无规则运动，彼此接触的不同物质相互渗入的现象，即为扩散现象。
14．如图，闭合S后，导轨上的金属棒向右运动起来，据此可制成　 　（选填“电动机”或“发电机”）。若仅将磁体的两极上下调换，闭合S后，导轨上的金属棒向　 　运动。
【答案】电动机；左
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】如图所示，闭合开关S后，导轨上的金属棒在磁场中向右运动，这一现象说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机正是利用这一原理制成的。通电导体在磁场中的受力方向，与电流方向和磁场方向都有关系。若只将磁体的两极上下调换，也就是改变了磁场方向，而电流方向保持不变，那么金属棒的受力方向也会随之改变，再次闭合开关S时，金属棒将向左运动。
故答案为：电动机；左。
【分析】（1）电动机的核心工作原理，就是利用通电导体在磁场中受到力的作用，从而实现持续转动；
（2）通电导体在磁场中的受力方向，由电流方向和磁场方向共同决定。当其中一个方向改变时，受力方向会随之改变；若两个方向同时改变，受力方向则保持不变。
15．测电笔的使用方法正确的是图　 　（选填“甲”或“乙”）；图丙为家庭中常用的接线板，连接在其上的多个用电器是　 　（选填“串”或“并”）联的。
【答案】甲；并
【知识点】家庭电路的连接；测电笔的使用
【解析】【解答】 使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，故甲图正确；
在两孔和三孔上的用电器工作时互不影响，是并联的。
故答案为：甲；并。
【分析】 使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线或零线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
家庭电路中用电器是并联接入的，工作时互不影响。
16．如图所示，是小华“探究产生感应电流的条件”的实验装置。实验时，小华应让导体棒ab在磁场中做　 　，这是产生感应电流的必要条件。当导体棒ab水平向左运动时，他发现灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒ab水平向右运动时，灵敏电流计指针向左偏转，这说明感应电流的方向与　 　有关。
【答案】切割磁感线运动；导体切割磁感线的方向
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】图中，当导体棒ab水平向左运动时，灵敏电流计的指针向右偏转；当导体棒ab水平向右运动时，灵敏电流计指针向左偏转，感应电流方向改变，则感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关。
【分析】产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；感应电流的方向和导体切割磁感线的方向有关。
17．一个木箱重500N，小明用100N的水平推力在10s内沿水平方向推动木箱前进10m，则10s内推力做功　 　J，功率为　 　W。
【答案】1000；100
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】 根据公式W=Fs可知，10s内推力做的功：W=Fs=100N×10m=1000J，
据可知，推力做功的功率：。
故答案为：1000；100。
【分析】 根据W=Fs求推力做的功；根据求推力做功的功率。
18．小文设计并连接了如图的电路，电源两端电压和小灯泡的电阻都不变。闭合开关S，保证电路安全的前提下，滑动变阻器的滑片从右向左滑动的过程中，灯泡亮度　 　，电压表示数　 　（后一空选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】不变；不变
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可以看出，滑动变阻器Rp与灯泡L是并联关系，电压表直接接在电源两端，测的是电源电压。根据并联电路的特点，各支路两端的电压都等于电源电压，且各支路之间独立工作、互不影响。因此，当滑片向左移动时，灯泡两端的电压始终等于电源电压，灯泡的实际功率不变，亮度也就保持不变。电压表测量的是电源电压，电源电压本身保持恒定，所以无论滑片如何移动，电压表示数始终不变。
故答案为：不变；不变。
【分析】首先要明确电路连接方式：灯泡与滑动变阻器为并联，电压表测电源电压。并联电路的核心特点是各支路电压相等且等于电源电压，支路间互不影响。因此，滑动变阻器的滑片移动只会改变自身支路的电流，不会影响灯泡的电压和亮度，也不会改变电源电压的示数。
19．（1）请将如图所示的带开关的两孔插座正确接入电路中；
（2）在下图括号中标出通电螺线管左端的磁极，并标出A点的磁场方向。
（3）如图所示，请用笔画线代替导线完成该电路连接。要求：两灯并联，开关S同时控制两灯，电流表测量干路电流，导线不能交叉。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】串、并联电路的设计；家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）依据安全用电规范，开关必须串联在火线上，这样断开开关后，插座与火线断开，可避免触电风险；两孔插座需按照 “左零右火” 的标准接线，据此规范作图即可。据此作图：
（2）（2）运用安培定则判断：电流从电源正极流出，从螺线管左端流入。右手握住螺线管，让四指弯曲方向与电流流向一致，大拇指所指的一端即为N极，因此螺线管左端为N极，右端为S极。螺线管外部的磁感线由N极出发，回到S极，因此A点的磁场（磁感线）方向向右：
（3）两灯泡为并联连接，开关S需同时控制两灯，因此开关应接在干路中；电流表同样串联在干路，用于测量电路的总电流，据此完成电路连接即可，如下所示 ：
【分析】（1）开关必须接在火线上，两孔插座遵循“左零右火”的接线规则；
（2）根据安培定则确定极性。螺线管外部的磁感线从N极出发回到S极；
（3）开关与待测电路串联，电流表接在干路，测量总电流。
（1）根据安全用电原则，开关必须接在火线上，断开开关后插座不带电，两孔插座遵循“左零右火”的接线规则，据此作图。
（2）根据安培定则，电流从电源正极流出，从螺线管左端流入，右手握住螺线管，四指顺着电流方向，大拇指指向螺线管右端，因此左端是N极，右端是S极。螺线管外部的磁感线从N极出发回到S极，因此A点的磁场（磁感线）方向向右。
（3）开关S在干路，同时控制两灯；电流表接在干路，测量总电流，所以将两灯泡两端分别相连，即L1右接线柱与L2右接线柱相连，L1左接线柱与L2左接线柱相连，据此作图。
20．探究串联电路中电流的特点：猜想：由于用电器耗电，电流流过用电器会减小：
（1）在按图甲连接电路时，开关应该　 　；闭合开关后发现灯不亮，为了找出原因，将电压表接在A、B两点间，闭合开关发现电压表有示数，说明有可能存在的故障是　 　；
（2）排除故障后，用电流表测出A点电流，如图乙所示，则IA=　 　A，再测出B点电流，得到A、B两点电流相等。更换不同规格的灯泡，重复上述实验，都得到相同结论。由此判断猜想是　 　的；
（3）为进一步得出两个灯串联时电流的规律，小明按图丙连接电路，测量A、B、C三点的电流，得出　 　。
【答案】（1）断开；断路
（2）0.3；错误
（3）
【知识点】串联电路的电流规律；探究串并联电路中的电流特点实验
【解析】【解答】（1）为保护电路安全，在连接电路的过程中，开关应保持断开状态。闭合开关后灯泡不亮，故障可能是灯泡断路或短路。将电压表接在A、B两点间，闭合开关后电压表有示数，说明电压表两端与电源正负极是连通的，由此可判断故障为L1断路。
（2）由图乙可知，电流表选用的是0～0.6A量程，其分度值为0.02A，因此A点的电流表示数为0.3A。更换不同规格的灯泡重复实验，多次测得A、B两点的电流均相等，说明电流流过用电器后大小不会减小，因此该猜想是错误的。
（3）根据（2）的实验结论，串联电路中各处电流相等，因此通过L1前后、通过L2前后的电流大小均相同，即IA=IB=IC。
故答案为：（1）断开；L1断路；（2）0.3；错误；（3）IA=IB=IC。【分析】（1）电路连接时，开关应在连接时处于断开的状态，目的是保护电路；
闭合开关后，灯泡不亮，电路可能断路，当把电压表并联在灯泡两端后，电压表有示数，据此分析；
（2）根据电流表量程为0～0.6A确定分度值读数；根据更换不同规格的灯泡后，都能得到A、B两点电流相等，据此分析；
（3）串联电路各处的电流相等，据此分析。
（1）[1]电路连接时，为了保护电路中各元件的安全，开关应处于断开的状态。
[2]闭合开关后，灯泡不亮，可能是灯泡断路，也可能是短路，将电压表接在A、B两点间，闭合开关发现电压表有示数，电压表与电源接通，则说明有可能存在的故障是L1断路。
（2）[1]由图乙可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，所以电流表测A点的电流为0.3A。
[2]更换不同规格的灯泡后，都能得到A、B两点电流相等，说明电流流过用电器后电流不会减小，由此判断猜想是错误的。
（3）由（2）结论可知，电流通过L1之后与通过L1之前的电流相等，通过L2之后的电流与通过L2之前的电流相等，即
21．在探究“通电螺线管外部的磁场分布”实验中，小明进行如下操作：
（1）如图在螺线管的两端各放一个小磁针，并在玻璃板上均匀地撒满铁屑；实验中　 　（填“能”或“不能”）用铜屑代替铁屑。闭合开关后为了更好地通过铁屑客观地描述磁场分布情况，接下来的操作是　 　玻璃板，这样做的主要目的是减小铁屑与玻璃板之间的摩擦，使铁屑在磁场力的作用下动起来；
（2）由图可知通电螺线管外部的磁场与　 　相似；放入小磁针的作用　 　；
（3）改变电流方向，小明发现，铁屑的分布形状　 　（填“没有改变”或“发生改变”），而小磁针指向与原来　 　（填“相同”或“相反”）。
【答案】（1）不能；轻敲
（2）条形磁体；显示磁场方向
（3）没有改变；相反
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】 （1）铜属于非磁性材料，无法被磁场磁化，也不能受到磁力作用，所以不能用铜屑替代铁屑完成实验。实验中，铁屑受玻璃板摩擦力影响难以自由转动，轻轻敲击玻璃板，能够减弱摩擦阻碍，使铁屑在磁场作用力下有序排列，直观展现磁场的分布规律。
（2）观察铁屑排布规律能够发现，通电螺线管外部磁场形态和条形磁体高度相似。磁场本身看不见、摸不着，借助小磁针静止时N极的指向，能够直观确定各点磁场方向，同时也可辨别通电螺线管的磁极。
（3）只调换电流方向时，只会改变磁场的整体方向，磁感线的排布形态不会发生变化，因此铁屑分布保持不变。磁场方向随电流方向同步改变，小磁针的指向也会随之发生反向偏转，与原来方向相反。
故答案为：（1）不能；轻敲；（2）条形磁体；显示磁场方向；（3）没有改变；相反。
【分析】（ 1）只有铁、钴、镍等磁性材料可被磁场作用，铜不具备磁性，无法用于实验。敲击玻璃板，可减小接触面的摩擦力，方便铁屑受磁场力调整位置。
（2）通电螺线管具备两端磁性强、中间磁性弱的特点，磁场分布和条形磁体一致。小磁针是探究磁场方向的重要器材，可直观反映磁场指向。
（3）通电螺线管的磁感形状由线圈结构决定，不受电流方向影响；电流方向是决定磁场方向的关键因素，电流反向，磁场与小磁针指向同步反向。
（1）[1]铜不是磁性材料，不能被磁场吸引、磁化，无法反映磁场分布，因此不能用铜屑代替铁屑。
[2]闭合开关后，铁屑与玻璃板间摩擦力较大，静止不动；轻敲玻璃板可以减小铁屑与玻璃板的摩擦，让铁屑在磁场力作用下排列，清晰呈现磁场分布。
（2）[1]根据铁屑的分布分析通电螺线管的磁场可知，通电螺线管外部的磁场分布与条形磁体相似。
[2]磁场无法直接观察，小磁针静止时N极的指向对应该点的磁场方向，因此小磁针的作用是显示磁场方向，也可用来判断螺线管的磁极。
（3）[1]改变电流方向只会改变磁场的方向，不会改变磁感线的形状，因此铁屑的分布形状没有改变。
[2]电流方向改变后，螺线管的磁极反转，磁场方向改变，因此小磁针的指向与原来相反。
22．在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球到达水平面的　 　相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球从斜面的　 　；
（2）该实验用到的实验方法是　 　和　 　，选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，　 　越大，动能越大；
（3）三次实验中，碰撞前动能最小的是图　 　（选填“甲”“乙”或“丙”）中的小球，原因是　 　。
【答案】（1）速度；同一高度由静止滚下
（2）控制变量法；转换法；速度
（3）丙；纸盒被推动的距离最小
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】 （1）探究动能与物体质量的关系时，需运用控制变量法。严格控制小球到达水平面时的速度一致，只改变小球质量。因此要让不同质量的小球，从斜面同一高度处由静止自由滑下，确保小球到达底端的速度相等。
（2）本实验采用转换法，借助纸盒被撞击后滑行距离的远近，直观反映铁球动能的大小；全程结合控制变量法，分别研究质量、速度对动能的影响。对比甲、丙两组实验，铁球质量一致，下滑高度不同，到达水平面的速度不同。甲球下落高度更高，速度更大，推动纸盒移动的距离更远。由此得出结论：质量一定时，物体运动速度越大，动能就越大。
（3）实验利用纸盒移动距离的长短，间接判断铁球动能大小。三组实验里，丙图中纸盒滑行距离最短，说明铁球对外做功最少，碰撞前的动能最小。
故答案为：（1）速度；同一高度由静止滚下；（2）控制变量法；转换法；速度；（3）丙；纸盒被推动的距离最小。【分析】 （1）探究动能与质量的关系，必须控制速度不变。让小球从斜面同一高度静止释放，是保证初速度相同的核心操作。
（2）甲、丙实验控制质量相同、改变下落高度，以此改变速度，根据纸盒移动距离，归纳速度对动能的影响规律。
（3）动能无法直接测量，实验利用转换法，通过纸盒滑行距离体现动能大小，距离越短，代表物体动能越小。
（1）[1][2]要探究动能大小与物体质量的关系，应用了控制变量法，需要保持小球的速度相同，质量不同，即应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，保证铁球达到水平面的速度相同。
（2）[1][2]实验中根据转换法，通过观察纸盒被撞击后向前移动距离的远近比较两种情况下铁球动能的大小；为了探究动能与质量和速度有关，应用控制变量法。
[3]由图示实验可知，甲、丙两次实验，铁球的质量相同，甲中铁球下滑的高度大于丙中铁球下滑的高度，甲中铁球到达斜面底端时的速度较大，甲中铁球将纸盒推动得更远，说明甲中铁球的动能更大，由此可得：质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大。
（3）[1][2]三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法，丙图中纸盒被推动的距离最小，故碰撞前动能最小。
23．如图甲所示是小明同学“探究电流与电压、电阻的关系”的实验电路图。选用的实验器材是：电源、电流表、电压表，定值电阻、、，滑动变阻器、开关、导线若干。
（1）探究电流与电压关系：
①在连接实物电路时，应将开关　 　（选填“断开”或“闭合”）探究电流与电压的关系时，采用的研究方法是　 　法；
②闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移至端　 　（填“a”或“b”），从而保护电路。实验中滑动变阻器的另一个作用是　 　（填写字母代号）；
A.改变定值电阻两端的电压
B.保持定值电阻两端的电压不变
③小明选用和的两只电阻分别进行实验后，由实验数据画出的图像如图乙所示，可以得出的正确结论是：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　 　。
（2）探究电流与电阻的关系：
小明在实验中，确定了一个间保持不变的电压值，当间的电阻由换成时，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向移动　 　（选填“a”或“b”），同时眼睛注视　 　（选填“电流”或“电压”）表，直到其示数等于。
【答案】（1）断开；控制变量；b；A；正比
（2）b；电压
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1）①在组装实验电路的过程中，为防止电路短路，保护各实验元件安全，开关应保持断开状态。探究电流与电压的定量关系时，需保持定值电阻阻值恒定，只改变电阻两端电压，该实验方法为控制变量法。
②实验开始前，滑动变阻器要调到最大阻值处，以此限制电路初始电流，起到保护电路的作用。结合图甲电路结构，滑片移至b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大。实验过程中，为多次采集电压与电流的对应数据，方便总结普遍规律，滑动变阻器还能调节电路，改变定值电阻两端的电压，因此选择A选项。
③由图乙的I-U图像能够看出，图像为过原点的倾斜直线，由此可得出实验结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（2）探究电流与电阻的关系时，必须控制定值电阻两端电压稳定在2V。将5Ω电阻更换为10Ω电阻后，依据串联分压原理，定值电阻的分压会随之增大。为使电压重新回落至设定值，需增大滑动变阻器的接入阻值，分担更多电压，因此滑片应向b端调节。在移动滑片调整电路的过程中，需要时刻观察电压表，直至示数稳定为2V。
故答案为：（1）①断开；控制变量；②b；A；③正比；（2）b；电压。【分析】 （1）①电路连接的规范操作中，断开开关是基础防护措施。探究电流与电压的关系，核心要点就是控制电阻大小不变，以此排除无关变量干扰。
②闭合开关前将滑动变阻器调到最大阻值，是电学实验的通用操作，可有效防止电流过大损坏器材。滑动变阻器在本实验中，兼具保护电路和调节定值电阻两端电压的双重作用。
③电阻一定时，导体中的电流随电压的增大而均匀增大，二者成正比例关系。
（2）串联电路中，电阻越大，分得电压越高。更换更大阻值的定值电阻后，其两端电压会升高，需调大滑动变阻器阻值来平衡分压。调节滑片时，以电压表示数为判断标准，保证控制变量的实验要求。
（1）[1]连接电路时，为保护电路，避免连线过程中短路损坏元件，开关必须断开。
[2]探究电流与电压关系时，需要控制电阻不变，只改变电压，所用的研究方法为控制变量法。
[3]闭合开关前，滑动变阻器需调至接入电阻最大的位置保护电路，由图甲可知，滑片移到b端时接入电阻最大。
[4]本实验中需要获得多组不同的电流、电压数据，因此滑动变阻器除保护电路外，另一个作用是改变定值电阻两端电压，故选A。
[5]图乙中I-U图像为过原点的直线，可得结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
（2）[1][2]本实验需要控制定值电阻两端电压为2V不变。当5Ω电阻换为10Ω电阻后，根据串联分压规律，定值电阻分得的电压会变大，为了让定值电阻电压回到2V，需要增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电阻，因此滑片向b端移动；调节滑片时，需要观察电压表示数，直到示数等于2V，因此眼睛应注视电压表。
24．如图是一款便携式的卡式炉（燃料为丁烷），该卡式炉的加热效率为42%。某次用它加热质量为3kg的水，水的温度升高了45℃。已知水的比热容，丁烷的热值。假设丁烷完全燃烧，求：
（1）水吸收的热量。
（2）需要燃烧丁烷的质量。
【答案】（1）根据公式Q=cmΔt可知，水吸收的热量为：Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/（kg ℃）×3kg×45℃=5.67×105J。
答：水吸收的热量为5.67×105J。
（2）根据可知，丁烷完全燃烧放出的热量为：，
丁烷的质量为：。
答：需要燃烧丁烷的质量为0.03kg。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】 （1）根据Q吸=c水m水Δt求出水吸收的热量；
（2）根据求出丁烷完全燃烧放出的热量，利用Q放=mq求出丁烷的质量。
（1）水吸收的热量
（2）丁烷完全燃烧放出的热量为
需要燃烧丁烷的质量
25．如图所示的电路，电源电压为且保持不变，电阻的阻值为，开关S闭合时，电压表的示数为，求：
（1）电流表的示数；
（2）电路消耗的总电功率；
（3）电阻的阻值；
（4）通电，电阻产生的热量。
【答案】（1）电路中，开关S闭合时，R1、R2串联，电流表测电路电流，电压表测R2两端电压。根据欧姆定律，电路中的电流：，因此电流表示数为0.3A。
答： 电流表的示数为0.3A。
（2）电源电压和电流已知，根据公式P=UI可求出电路消耗的总电功率：P=UI=9V×0.3A=2.7W。
答： 电路消耗的总电功2.7W。
（3）在串联电路中总电压等于各用电器电压之和，R1两端的电压：U1=U U2=9V 3V=6V，再由欧姆定律，R1的阻值：。
答： 电阻的阻值为 。
（4）根据焦耳定律可知，通电3min，电阻R1产生的热量：。
答： 通电，电阻产生的热量为324J。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】(1)利用欧姆定律计算R2的电流，根据串联电路电流处处相等的特点，得到电路中的电流，即电流表的示数。（2）根据电功率公式P=UI，用电源电压和电路电流计算电路总功率。
（3）先根据串联电路电压规律U=U1+U2求出R1两端的电压，再用欧姆定律求出R1 的阻值。
（4）根据焦耳定律Q=I2Rt，代入电流、电阻和时间，计算出R1产生的热量。
（1）分析电路可知，开关S闭合时，、串联，电流表测电路电流，电压表测电压。电流表的示数为
（2）电路消耗的总电功率
（3）根据串联电压规律，的电压为
则电阻的阻值为
（4）通电，电阻产生的热量为
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