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2025年四川省雅安市雨城区中考一诊模拟物理试题
1．人的身体中藏有很多不同的“尺”，下列有关中学生的估测符合实际的是（　　）
A．一分钟呼吸约70次 B．身高大约1.75dm
C．质量约500g D．正常体温约37℃
【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A、中学生正常呼吸频率为每分钟15～20次，选项中12～20次的描述不符合常规数据范围，故A不合理；
B、中学生身高一般在1.6m～1.7m之间，换算为分米单位为16dm～17dm，17.5dm超出了常见身高范围，故B不合理；
C、中学生质量约为50kg，换算为克是5×104g，但表述易产生单位换算混淆，且数据不符合常规质量表述习惯，故C不合理；
D、人正常体温约为37℃，在健康状态下变化幅度很小，该描述符合实际，故D合理。
故选：D。
【分析】（1）根据中学生的生理特点，对呼吸频率的常规范围进行判断；
（2）结合中学生的身高数据，对选项中的长度单位换算和数值进行验证；
（3）依据中学生的平均质量，对质量的单位换算和数据合理性进行分析；
（4）根据人体体温的基本常识，判断体温描述是否符合实际。
2．关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（　　）
A．温度高的物体含有的热量多
B．内能大的物体其温度一定高
C．热值大的燃料燃烧释放的热量多
D．比热容大的物质吸热或放热的本领强
【答案】D
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】 A、热量是在热传递过程中传递内能的多少，是一个过程量，不能说物体含有热量，故A错误；
B、不同物体的内能不但和物体的温度有关，还与物体的质量和状态有关，所以在物体质量不一定的情况下，内能大的物体，温度不一定高，故B错误；
C、燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，所以热值高的燃料完全燃烧放出的热量不一定比热值低的燃料完全燃烧放出的热量多，故C错误；
D、物体的比热容是物体本身的一种属性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）热量是在热传递过程中传递内能的多少，是内能的变化量，是一个过程量，不能说物体含有热量；
（2）内能是物体内所有做热运动的分子的动能和分子势能的总和。不同物体的内能不但和物体的温度有关，还与物体的质量和状态有关；
（3）燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，完全燃烧同种燃料的质量越大，放出的热量越多；
（4）物体的比热容是表示物质吸热能力的物理量，是物质本身的一种特性，与物质有关，与物体的温度、质量、体积等无关。
3．如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（　　）
A．厚玻璃内的空气被压缩后，迅速反弹过程中，厚玻璃内的空气内能减少
B．只要看到塞子跳起时，就说明塞子的机械能转化为空气的内能
C．试管内的水蒸气推动塞子冲出时，瓶口出现大量白雾，说明周围空气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中厚玻璃内的空气被压缩后，迅速反弹过程中，玻璃内的空气对外做功，空气内能减少，故A正确；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，内能转化为机械能，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，发生液化现象，变成小水滴，出现“白雾”，由于液化放热，会使得空气的内能变大，故C错误；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，内能减小，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大；当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
4．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路
B．熔丝被烧断后，可用铜丝代替熔丝接入电路
C．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属电极
D．家庭电路中小功率电器的外壳可以不接地
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A、家庭电路中，空气开关跳闸的根本原因是电路电流过大，而电流过大的诱因包含两种：一是电路发生短路故障，二是接入电路的用电器总功率超过电路负载上限。因此跳闸原因并不唯一，选项表述片面，故A错误；
B、保险丝的选材有严格要求，必须采用电阻率大、熔点低的铅锑合金，这样才能在电流异常升高时迅速熔断，切断电路以保护设备与线路。铜导线的熔点高、电阻率低，无法在过载时及时熔断，会失去保护作用，甚至引发线路起火，因此严禁用铜丝替代保险丝，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线与零线时，手必须接触笔尾的金属体，使人体、测电笔与大地形成通路，才能通过氖管是否发光判断线路带电情况，故C正确；
D、带有金属外壳的用电器，其金属外壳必须与地线相连接地。一旦电器发生漏电故障，地线可将电流导入大地，避免外壳带电引发触电事故，选项表述存在偏差，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）家庭电路中，电流过大的直接诱因有两类：一是火线与零线直接接触的短路故障，二是多个大功率用电器同时工作导致的总功率过载；
（2）保险丝的保护原理基于其特殊的材料特性，利用低熔点、高电阻率的特点，在电流过大时自动熔断，切断电路，而铜丝不具备这种安全特性；
（3）测电笔的正确使用方法要求手接触笔尾金属体，形成完整回路，才能实现对火线、零线的有效辨别；
（4）金属外壳用电器的接地保护，是防止漏电触电的关键措施，地线可将故障电流安全导入大地，避免外壳带电。
5．一平面镜如图所示放置，镜面与水平面夹角45°，一个小球沿着水平面向着镜面减速运动，下列关于小球的像的运动描述，正确的是（　　）
A．沿镜面向下减速运动 B．沿竖直向下方向减速运动
C．垂直镜面加速运动 D．垂直镜面减速运动
【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 依据平面镜成像规律，物体与像始终关于镜面对称，作图如下：
小球沿与镜面成45°的方向水平减速面镜，其对应的像也会以相同速度、对称方式同步靠近镜面。结合几何角度分析，物体运动方向和镜面夹角为45°，像的运动方向与物体运动方向相互垂直，因此小球的像会沿竖直向下的方向做减速运动。综上，只有B选项表述正确，A、C、D 均错误。
故选：B
【分析】平面镜成像核心特征为物、像大小相等，且位置关于镜面完全对称。结合物体的运动方向与夹角关系，利用对称原理判断像的运动轨迹、运动方向及运动状态，即可完成逐项判断。
6．如图所示是现在一般标准住宅内配电系统方框图。下列说法正确的是（　　）
A．空调正常工作时，灯泡一定发光
B．如果插座被短路，空气开关会跳闸
C．甲、乙两图中的人都触电了，且“漏电保护器”都会切断电路
D．若空气开关“跳闸”，可能是电路中发生了图甲的触电事故
【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；家庭电路电流过大的原因；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A．家庭电路中，各用电器并联连接，工作互不影响，空调工作时，灯泡不一定发光，故A错误；
B．如果插座短路，则火线和零线直接相连，电路中电流过大，会造成空气开关“跳闸”，故B正确；
C．甲图中，人站在绝缘的板凳上，同时接触火线和零线，电流通过人体，但没有漏电，漏电保护器不会跳闸；乙图中，人站在地上接触到火线，火线、人和大地形成回路，发生漏电，漏电保护器可能会跳闸，故C错误；
D．空气开关跳闸的条件是：电路中电流过大，图甲和图乙中的触电事故中，都不会造成电路中的电流过大，空气开关不会“跳闸”，故D错误。
故选B。
【分析】家庭电路各用电器是并联的；电路中发生短路或总功率过大时，电流过大，空气开关跳闸；在发生漏电事故时，漏电保护器自动断开。
7．在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。此时在凸透镜前再放置一块凸透镜，若要使光屏上的像再次清晰，则可以（　　）
A．将蜡烛适当右移，光屏上会成放大的像
B．将蜡烛适当左移，光屏上会成缩小的像
C．将光屏适当左移，光屏上会成放大的像
D．将光屏适当右移，光屏上会成缩小的像
【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．实验中物距、像距均等于二倍焦距，凸透镜成倒立等大的实像。在透镜前方加装凸透镜，整体聚光能力变强，成像会提前。结合成像规律，减小物距可让像重新清晰，故A正确；
B．叠加凸透镜后光线会聚程度增大，像会靠近透镜，无需增大物距，故B错误；
C．凸透镜对光有会聚作用，加装后成像位置前移，光屏应靠近透镜，故C错误；
D．整体折光能力增强，像距变小，所成实像会缩小，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）当物距等于2倍焦距时，凸透镜成倒立、等大的实像；
（2）凸透镜对光线有会聚作用，叠加透镜后，整体会聚能力增强，成像位置会靠近透镜；
（3）根据物距、像距的变化关系，光屏固定时，减小物距可使像再次清晰；
（4）聚光能力越强，相同物距下像距越小，所成实像越小。
8．指纹锁是一种集光学、电子计算机、精密机械等多项技术于一体的高科技产品，它的“钥匙”是特定人的指纹（S1）、磁卡（S2）或应急钥匙（S3），三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁．下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，三种开关都可以单独使电动机M工作，并打开门锁，三个开关应并联，再和电动机串联，任一开关闭合，电动机都能工作，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，各开关要并联，互不影响。
9．运动员从高空竖直向下跳伞，人（包括装备）的质量为90kg.只考虑人受到重力和空气阻力，下落时的速度一时间图线如图所示，g=10N/kg.从第10s到第30这个过程中，人（包括装备）
A．动能一直在变大 B．重力势能先变大后不变
C．机械能一直在变小 D．重力势能一直在转化为动能
【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；动能和势能的大小变化；机械能及其转化；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．动能大小和速度和质量有关，物体质量不变，速度先变大再不变再变小，则动能先变大再不变再变小，故A错误，不符合题意；
B．重力势能和质量和高度有关，质量不变，高度变小，则重力势能减小，故B错误，不符合题意；
C．克服阻力做功，使机械能转化为内能，机械能减小，故C正确，符合题意；
D．图中，有两段速度不变，则动能不变，重力势能没有转化为动能，故D错误，不符合题意。
故选C。
【分析】动能大小的影响因素有速度和质量；重力势能大小的影响因素有质量和高度；结合图像，判断速度的变化，判断动能的变化。
10．如图甲所示，完全相同的A、B两物块叠放在水平桌面上，用F1=30N的水平力作用在B物块上，AB一起做匀速直线运动，此时B物块所受A的摩擦力为fB；若将F2=50N的水平力按如图乙所示，作用在A物块上，它们仍一起做直线运动，则A物块所受地面的摩擦力为fA，则下列正确的是（　　）
A．fB=30N，fA=30N B．fB=30N，fA=50N
C．fB=0N，fA=30N D．fB=0N，fA=50N
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】甲图中，推力作用在B上，B做匀速直线运动，推力F1与A对B的摩擦力平衡，则B物块所受的摩擦力fB=F1=30N；AB一起做匀速直线运动，整体受到的推力F1与地面对A的摩擦力平衡，则A所受的摩擦力f地=f1=30N，
乙图，作用在A上水平力F2=50N，AB对地面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，地面对A的摩擦力不变，则fA=f地=30N，A符合题意。
故选A。
【分析】根据物体匀速直线运动时，受到平衡力，结合推力判断摩擦力的大小；当压力和粗糙程度不变时，摩擦力不变。
11．阻值相等的三个电阻R和R1，R2，R3组成如图所示的电路，且R1＝R2＝R3，若电阻R1两端的电压为20伏，电阻R3两端的电压为4伏，则电阻R2两端的电压为（　　）
A．6伏 B．8伏 C．10伏 D．12伏
【答案】B
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 如下图所示：
设R2两端的电压为U2，R1=R2=R3=x，
由图1可知：BCD中R与R3串联，通过R3的电流，
因最右边R3与R串联后在与R2并联，
所以，通过R的电流，
则------①
如图2可知：BE与BCD并联，
通过中间电阻R的电流，
中间R两端的电压为，
由图3可得：ABE与AF并联，
因电阻R1两端的电压为20伏，
所以，---------②
由①②两式可得：U22+4U2-96=0，
解得：U2=8V，U2=-12V（舍掉）
故选：B。
【分析】 （1）由电路图可知，R3与R串联后与R2并联，再与R串联，最后再与R1并联；已知R3两端的电压，根据欧姆定律可求该支路电流，再根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点得出通过最右端R的电流，得出等式。
（2）根据并联电路的电流特点得出通过中间电阻R的电流，根据欧姆定律表示出其两端的电压，再根据R1两端的电压等于中间电阻R两端的电压和R2两端的电压之和得出等式，联立等式得出方程，解方程即可得出电阻R2两端的电压。
12．如图所示，甲图中圆柱形容器中装有适量的水，将密度均匀的木块A 放入水中静止时，有的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了300Pa。若在木块A 上表面轻放一个质量为 m1的物块，平衡时木块A 仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了 400Pa。若将容器中的水换成另一种液体，在木块A 上表面轻放一个质量为 m2的物块，使平衡时木块A 露出液面部分与丙图相同，如图丁所示。若 m1︰m2=5︰1，水的密度为 1.0×103kg/m3。则下列说法中正确的是（　　）
A．木块A 的质量mA与m1之比为 1︰3
B．木块 A 的密度为0.4×103kg/m3
C．在图丙中，木块 A 露出水面的体积与木块A 的体积之比是 1︰6
D．图丁中的液体密度为0.8g/cm3
【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用；利用平衡法求液体密度；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AC、A在水中漂浮，根据物体浮沉条件可知， ，甲图和乙图比较，乙图中多了物体A，容器底受到的压力差：ΔF=GA=mAg，
由甲乙可知， ----①
由甲丙可知， ----②
由得：mA：m1=3：1， ；
此时木块A露出水面的部分占自身体积；故AC错误。
D、在丙图中，由于m1和A漂浮，可得：，
所以，
在丁图中，，
所以，
因为m1：m2=5：1，
即：，
解得：ρ液=0.8ρ水=0.8×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3=0.8g/cm3．故D正确；
B、在乙图中，木块漂浮，则 ，
所以 ．故B错误。
故选：D。
【分析】 （1）设A的体积为V、容器的底面积为S，由于容器为圆柱形容器，在水中放入木块A后，A在水中漂浮，容器底受到的压力的变化值等于木块A的重力；而木块受到的浮力等于木块的重力，则压强变化值 ；同理，比较甲丙图，压强变化值，知道ΔP、ΔP'的大小，可求丙图排开水的体积大小，进而求出木块A的质量mA与m1之比和木块A露出水面的部分占自身体积比值；
（2）在丙图中，由于m1和A漂浮，根据漂浮条件可得，求出m1的大小；在丁图中，由于m2和A漂浮，根据漂浮条件可得，求出m2的大小；由题知m1：m2=5：1，据此求出另一种液体的密度；
（3）根据乙图中，木块漂浮时，浮力等于重力即可求出木块的密度。
13．如图所示，用一个纸糊的箱子盖在音响的喇叭上，然后把一个玩具小矮人放在纸箱上，当用这个喇叭播放音乐时，小矮人便会翩翩起舞，这是因为发声的物体在　 　，如果调节音响使响度增大，会发现小矮人舞蹈时跳得更　 　（填“高”、“低”、“快”或“慢”）。
【答案】振动；高
【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】 音响工作发声时，喇叭会持续振动。用纸箱罩住喇叭后，喇叭的振动会传递给纸箱，带动纸箱一同振动，进而使上方的小矮人随之晃动跳动。响度的大小与物体振动幅度有关，将音响音量调大，喇叭的振动幅度变大，纸箱振动也会更加剧烈，小矮人跳动的高度就会明显增加。
故答案为：振动；高。
【分析】（1）一切声音都是由物体振动产生的，发声体振动会带动周围物体一同振动；
（2）响度由振动振幅决定，振幅越大，声音响度越大；
（3）振幅增大时，物体振动效果更明显，带动的运动幅度也会变大。
14．2024年3月25日，我国成功发射的鹊桥二号中继卫星顺利进入环月椭圆轨道飞行，鹊桥二号通过向嫦娥四号和嫦娥六号发射　 　（选填“电磁波”“超声波”或“次声波”）来传递信息和数据，成功开展对通测试。如图所示，当鹊桥二号从远月点向近月点运动时，其　 　能转化为　 　能。
【答案】电磁波；重力势；动
【知识点】机械能及其转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】在真空中，超声波和次声波都不能传播；嫦娥六号与鹊桥二号中继卫星之间的通信，是利用电磁波来传递信息的。
鹊桥二号从远月点向近月点运动时，高度降低，重力势能减小，速度变大，动能变大，当鹊桥二号从远月点向近月点运动时，重力势能转化为动能。
【分析】电磁波可以在真空中传播，卫星利用电磁波传递信息；动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
15．如图所示，电路中有三个阻值均为R的电阻a、b、c，电源电压保持不变，已知其中一个电阻内部存在短路故障。若闭合开关S，电源　 　（选填“可能”和“不可能”）发生短路；为了检测出具体故障所在，将a和c互换位置，发现互换前后电流表均有示数，且示数没有发生变化。请写出对应的故障：　 　。
【答案】不可能；电阻b短路
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；电路故障的判断
【解析】【解答】图中，电阻bc并联，与a串联，三个电阻任何一个电阻短路，闭合开关S，电路中还有电阻，电源不可能发生短路。
如果a短路，则电路中bc并联，将a和c互换位置，则ab都短路，电路中只有c电阻，则电路中电阻大小改变，电流大小改变，故不符合题意；
如果b短路，则c也被短路，电路中只有a电阻，将a和c互换位置，则ab被短路，电路中只有c电阻，由于三个电阻阻值相等，则电流不变，故符合题意；
如果c短路，则b也被短路，电路中只有a电阻，将a和c互换位置，则ab并联，则电路中电阻大小改变，则电路中电流大小改变；则电路中故障为电阻b短路。
【分析】根据电路图，电阻并联时，若支路发生短路，另一支路也短路；电阻串联时，一个电阻短路，其他位置不会短路。
16．学习了电学相关知识后，学校举办了一次综合实践活动，活动的主题是利用电流表或电压表制作一个简易电子秤。图是小科设计的电子秤原理图，E为2节新干电池串联；A是电流表（电子秤示数表盘）；R0是定值电阻（5Ω）；R是一根长为6cm、阻值为15Ω的均匀电阻丝。c是一根弹簧，其所受压力F与压缩量ΔL的关系如图所示。（塑料盘的重力不计，g取10N/kg，制作时，调整弹簧的长度，使之不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端）。该电子秤的最大称量是　 　kg；当电流表的指针指在0.3A处时，所称重物的质量为　 　kg；把电流表改装成的电子秤，刻度盘上质量标度是　 　（填“均匀”或“不均匀”）的。
【答案】6；2；不均匀
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 （1）当弹簧的压缩量为6cm时，称为最大称量；
由图象可知，此时弹簧所受的压力为60N，即G=F=60N，
所以；（2）当电流表的指针指在0.3A处时，此时滑动变阻器连入电路的阻值为R'；
由欧姆定律得：，则，解出R'=5Ω；
由题意分析可知此时弹簧的压缩量：；
由图象可知，此时弹簧所受压力为20N，即G'=F'=20N，
所以物体的质量；
（3）R0与电阻丝R串联，则电路中电流，U、R0为定值，故I与R不成正比，即电流I不能随R的变化而均匀变化，所以表盘刻度不均匀。
故答案为：6；2；不均匀。
【分析】（1）根据题意得出最大称量时，弹簧的压缩量，并从图象中读出此时弹簧受到的压力，并且压力等于重力，利用G=mg即可求出最大称量；
（2）已知电源电压、电流以及R0的阻值，利用欧姆定律即可求出此时接入电路的阻值，再根据题意求出弹簧的压缩量，从图象中读出此时的压力，利用G=mg即可求出此时物体的质量；
（3）根据欧姆定律表示出电流与R的关系，分析关系式即可得出电流I与电阻R不成正比。
17．如图所示，用甲、乙两个动滑轮将物体A、B匀速竖直提升相同高度，已知，两个动滑轮的机械效率相等，忽略绳重和摩擦，拉力做功　 　。若在A、B下方均增加重为G的钩码，匀速竖直提升相同高度，则机械效率　 　（选填“>”、“=”或“<”）
【答案】2：1；<
【知识点】动滑轮拉力的计算；机械效率的大小比较；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据计算拉力做的功，比值为：
提升A、B物体时，两个动滑轮的机械效率相等，根据，有，即G动=2GB
在A、B下方均增加重为G的钩码后，机械效率变成
，，所以<
【分析】根据，计算总功大小；利用，计算动滑轮的机械效率，再比较动滑轮的重力大小，并比较机械效率大小关系。
18．如图所示，请将光路图补充完整。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线由会聚作用，经过光心的光线传播方向不变，平行与主光轴的光线通过凸透镜后经过焦点，如下图所示：
。
【分析】凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
19．如图所示，杠杆OB可绕O点转动，请作出物体A所受重力的示意图和使杠杆在图示位置平衡的最小力的力臂L。
【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】重力作用点在物体的重心处，方向竖直向下，从物体A重心向下画线，标G；
O点为杠杆支点，根据杠杆平衡条件，要使拉力最小，力臂L最大，连接OB，为最大力臂，最小拉力F与OB垂直；如图所示：
。
【分析】重力的方向竖直向下；杠杆上，支点和力的作用点的连线，是最大的力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
20．小宇要探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：A．接触面所受的压力大小；B．接触面的粗糙程度；C．物体运动的速度。接下来小宇通过如图所示的实验操作开展探究。
（1）进行甲、乙、丙图实验时，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做　 　运动；
（2）要验证猜想B，需按照　 　两个图（选填“甲”、“乙”、“丙”）进行对比实验；
（3）比较甲、乙图的实验，得到的实验结论是　 　；
（4）在本次实验中运用的研究方法是转换法和　 　；
（5）小颖发现小宇上述实验操作中弹簧测力计的示数并不稳定，于是改进了实验装置，如图丁所示。改进后长木板　 　（选填“一定”或“不一定”）要做匀速直线运动。 若水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0 N，测力计B的示数为2.5 N，木块受到的滑动摩擦力大小为　 　N。
【答案】匀速直线；甲、丙；在接触面的粗糙程度相同的情况下，压力越大，摩擦力越大；控制变量法；不一定；2.5
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）进行甲、乙、丙图实验时，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，此时物体在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡的条件，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）要验证猜想B，即滑动摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，要控制压力大小相同和速度大小相同，改变接触面的粗糙程度，需按照甲、丙两个图进行对比实验；
（3）比较甲、乙图的实验知，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，弹簧测力计的示数大，乙受到的滑动摩擦力也大，故实验结论是：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（4）由（2）（3）知，本实验采用了控制变量法，所以在本次实验中运用的研究方法是转换法和控制变量法；
（5）如图丁所示，木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力，大小相等，故改进后长木板不一定要做匀速直线运动；
弹簧测力计B的示数为2.5N，A受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡，木块受到的摩擦力大小为2.5N．
故答案为：（1）匀速直线；（2）甲、丙；（3）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（4）控制变量法；（5）不一定；2.5。
【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，由控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（5）木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力。
21．用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。电源电压为6V不变，滑动变阻器3个（铭牌上分别标有“10Ω，3A”“20Ω，0.5A”“36Ω，1A”字样），电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　（选填“”或“”）端。
（2）闭合开关后，电流表和电压表都无示数，移动滑片，两表指针不偏转；将与电压表“一”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则故障可能为　 　。
（3）分别接入五个不同阻值的电阻，保持电源电压不变，调节滑动变阻器的滑片，记下电流表示数，绘制了如图乙所示图像并得出结论：
①实验中选取的滑动变阻器是　 　（填“，”“，”或“36Ω，1A”），结合所选的滑动变阻器，把五个定值电阻分别接入电路完成实验，电阻两端控制不变的电压最小是　 　V。
②如图当把的电阻接入电路，控制电阻两端的电压不变，此时滑动变阻器的电功率是　 　W。
（4）实验结束后，想利用的定值电阻，按照、、的三组电压值，探究导体中电流与电压的关系，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，你选择更换的是：_____。
A．更换电压范围在的电源
B．更换最大阻值不小于的滑动变阻器
【答案】（1）B
（2）导线BC断路
（3）“36Ω，1A”；1.5；0.864
（4）B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；将与电压表“-”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则可能是导线BC断路；
（3）由图乙可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×4Ω=……=0.2A×12Ω=2.4V；
①实验中使用的定值电阻阻值最大为12Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2.4V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2.4V=3.6V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的，根据分压原理，当接入12Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.5×12Ω=18Ω＞10Ω；由图乙可知在，电路中最大电流为0.6A，故所选择的滑动变阻器为“36Ω，1A”；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV'，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-UV'=6V-UV'，
根据分压原理有：，
即-----①，
因电压表示数UV'为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，而题中所选滑动变阻器规格为“36Ω，1A”，由①式得：，
解得电压表的示数：UV'=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V；
②如图当把10Ω的电阻接入电路，控制电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流为：，
根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为U滑=U-UV=6V-2.4V=3.6V，
则此时滑动变阻器的电功率为：P=U滑I4=3.6V×0.24A=0.864W；
（4）已知电源电压为6V，电压表示数最小为1V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的最大电压为：U滑大=6V-1V=5V；
由串联电路的分压的规律可得：，即，
解得：R滑大=50Ω＞36Ω，
即更换一个最大阻值不小于50Ω的滑动变阻器，故选：B。
故答案为：（1）B；（2）导线BC断路；（3）①“36Ω，1A”；1.5；②0.864；（4）B。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；
（3）根据图乙求出定值电阻两端电压；
①探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入12Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，结合电路中最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；
当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制的电压表示数较小，根据串联电路电压的规律可知，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，结合所选的滑动变阻器，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻12Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
②根据控制电压结合欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路电压规律求出滑动变阻器两端电压，根据P=UI求出此时滑动变阻器的电功率；
（4）根据1V电压结合串联电路电压规律和分压原理求出滑动变阻器接入电路的阻值，然后进行判断。
（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的端，即B端。
（2）闭合开关后，电流表、电压表无示数，说明电路存在断路，电压表与电源没有连通；移动滑片，两表指针不偏转，说明滑动变阻器不起作用；将与电压表”-”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，说明断路点不在C、D之间；接触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，此时电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则故障可能为导线BC断路。
（3）①[1]由欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由图像可知，电路中的最小电流为0.2A，此时定值电阻的阻值为12Ω，由欧姆定律可知
滑动变阻器接入电路的最大电阻
由图像可知，电路中的最大电流为0.6A，故实验中选取的滑动变阻器是“36Ω 1A”。
[2]研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，设电压表示数为UV。根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压
根据分压原理有①
因电压表示数为定值，由①式知，方程左边为定值，右边也为一定值，因此当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得
解得，即把五个定值电阻分别接入电路完成实验，电阻两端控制不变的电压最小是1.5V。
②[3]由图像可知，电阻两端的电压
当把10Ω的电阻接入电路时，电路中电流
由串联电路的电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压
则此时滑动变阻器的电功率
（4）A．若更换电压为的电源，当R两端的电压为1V，滑动变阻器两端需分得4V的电压，所需滑动变阻器的阻值为
“36Ω 1A”的滑动变阻器不能满足要求，故A不符合题意；
B．已知电源电压为6V，第1次实验时电压表示数最小为1V，滑动变阻器分的电压最大，所需滑动变阻器的值最大；根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的最大电压为
由串联分压原理可得
代入数据可得
解得，若想完成实验，需更换最大阻值不小于的滑动变阻器，故B符合题意。
故选B。
22．如图所示，2019年12月17日我国第一艘国产航空母舰山东舰在海南三亚某军港交付海军，标志着中国海军正式进入双航母时代。山东舰作为中国自行设计的航母，满载排水量约为6万吨，最大航速为，至少可以搭载36架歼－15舰载机，已知一架歼－15舰载机质量为17.5吨。
（1）山东舰穿过长度约为的台湾海峡，至少需要多少小时 （结果保留两位小数）
（2）若一架歼－15舰载机停在水平甲板上时与甲板的接触面积为，其对甲板的压强是多少
（3）在某次训练中，一架歼－15舰载机起飞后，山东舰排开海水的体积减少了多少 （海水密度取，g取）
【答案】（1）山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，速度已知，根据速度公式可知，需要的时间为：。
答：山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，至少需要的时间为6.85h。
（2）舰载机对水平甲板的压力为：G=mg=17.5×1000kg×10N/kg=1.75×105N，
根据压强公式可知，其对甲板的压强为：。
答：若一架歼-15舰载机停在水平甲板上时与甲板的接触面积为0.5m2，其对甲板的压强为3.5×105Pa。
（3）由漂浮条件可知，其满载时受到海水的浮力等于满载时的重力，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰依然漂浮在海面，因其重力减小，则其受到海水的浮力减小，根据阿基米德原理可知，其排开海水体积减小，由浮沉条件可知，减少的浮力等于起飞舰载机的重力，即：；
由F浮=ρ液V排g可得排开海水减少的体积。
答：在某次训练中，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰排开海水的体积减少了17.5m3。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据速度公式求出山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡需要的时间；
（2）根据G=mg求出舰载机的重力，水平面上的物体对水平面的压力大小等于重力，再根据求出其对甲板的压强；
（3）根据物体的漂浮条件和阿基米德原理求出排开海水减少的体积。
（1）山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，需要的时间
（2）舰载机对水平甲板的压力等于舰载机的重力
则其对甲板的压强
（3）山东舰漂浮在海面，由浮沉条件可知，满载时受到海水的浮力等于满载时的重力，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰依然漂浮在海面，但是受到海水的浮力减小，排开海水体积减小，由浮沉条件可知，减少的浮力等于起飞舰载机的重力，即
由可得排开海水减少的体积
23．小梦妈妈从网上买了一个新的电饭煲（如图甲所示），小梦从说明书中得到下表中的信息，其简化电路如图乙所示．电饭煲有加热和保温两种功能（由机内的温控开关S1控制），在电饭煲中放入质量是2kg的食物和水后，按一下加热按钮S2，过一段时间，电饭煲内的食物和水的温度从20℃加热到80℃，然后自动转入保温状态．求解下列问题[食物和水在加热过程中比热容保持不变，均为4.0×103J/（kg ℃）
额定电压 220V
加热功率 1000W
保温功率 88W
自重 2.5kg
（1）食物和水在加热过程中，吸收的热量是多少？
（2）若电饭煲的加热效率是80%，从开始加热到自动转入保温状态需要多长时间？
（3）电阻R2的阻值是多少？
【答案】解：（1）根据公式Q=cm（t-t0）可知，食物和水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.0×103J/（kg ℃）×2kg×（80℃-20℃）=4.8×105J；
（2）由可得，消耗的电能：，
由可得，从开始加热到自动转入保温状态需要的时间：；
（3）由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，此时电阻最小，由可知，电饭锅功率最大，处于加热状态，
由可得，R1的阻值：，
开关S2闭合，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电饭锅处于保温状态，
保温状态下的电路总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻R2的阻值：R2=R串-R1=550Ω-48.4Ω=501.6Ω；
答：（1）食物和水在加热过程中，吸收的热量是4.8×105J；
（2）若电饭煲的加热效率是80%，从开始加热到自动转入保温状态需要600s；
（3）电阻R2的阻值是501.6Ω。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）知道食物的质量、初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t-t0）求出食物吸收的热量；
（2）根据求出消耗的电能，根据求出从开始加热到自动转入保温状态需要的时间；（3）由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，由可知，电饭锅功率最大，处于加热状态，根据求出R1的阻值；开关S2闭合，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电饭锅处于保温状态，根据求出总电阻，利用电阻的串联求出R2的电阻。
1 / 12025年四川省雅安市雨城区中考一诊模拟物理试题
1．人的身体中藏有很多不同的“尺”，下列有关中学生的估测符合实际的是（　　）
A．一分钟呼吸约70次 B．身高大约1.75dm
C．质量约500g D．正常体温约37℃
2．关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（　　）
A．温度高的物体含有的热量多
B．内能大的物体其温度一定高
C．热值大的燃料燃烧释放的热量多
D．比热容大的物质吸热或放热的本领强
3．如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（　　）
A．厚玻璃内的空气被压缩后，迅速反弹过程中，厚玻璃内的空气内能减少
B．只要看到塞子跳起时，就说明塞子的机械能转化为空气的内能
C．试管内的水蒸气推动塞子冲出时，瓶口出现大量白雾，说明周围空气的内能减少
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
4．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路
B．熔丝被烧断后，可用铜丝代替熔丝接入电路
C．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属电极
D．家庭电路中小功率电器的外壳可以不接地
5．一平面镜如图所示放置，镜面与水平面夹角45°，一个小球沿着水平面向着镜面减速运动，下列关于小球的像的运动描述，正确的是（　　）
A．沿镜面向下减速运动 B．沿竖直向下方向减速运动
C．垂直镜面加速运动 D．垂直镜面减速运动
6．如图所示是现在一般标准住宅内配电系统方框图。下列说法正确的是（　　）
A．空调正常工作时，灯泡一定发光
B．如果插座被短路，空气开关会跳闸
C．甲、乙两图中的人都触电了，且“漏电保护器”都会切断电路
D．若空气开关“跳闸”，可能是电路中发生了图甲的触电事故
7．在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。此时在凸透镜前再放置一块凸透镜，若要使光屏上的像再次清晰，则可以（　　）
A．将蜡烛适当右移，光屏上会成放大的像
B．将蜡烛适当左移，光屏上会成缩小的像
C．将光屏适当左移，光屏上会成放大的像
D．将光屏适当右移，光屏上会成缩小的像
8．指纹锁是一种集光学、电子计算机、精密机械等多项技术于一体的高科技产品，它的“钥匙”是特定人的指纹（S1）、磁卡（S2）或应急钥匙（S3），三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁．下列电路设计符合要求的是
A． B．
C． D．
9．运动员从高空竖直向下跳伞，人（包括装备）的质量为90kg.只考虑人受到重力和空气阻力，下落时的速度一时间图线如图所示，g=10N/kg.从第10s到第30这个过程中，人（包括装备）
A．动能一直在变大 B．重力势能先变大后不变
C．机械能一直在变小 D．重力势能一直在转化为动能
10．如图甲所示，完全相同的A、B两物块叠放在水平桌面上，用F1=30N的水平力作用在B物块上，AB一起做匀速直线运动，此时B物块所受A的摩擦力为fB；若将F2=50N的水平力按如图乙所示，作用在A物块上，它们仍一起做直线运动，则A物块所受地面的摩擦力为fA，则下列正确的是（　　）
A．fB=30N，fA=30N B．fB=30N，fA=50N
C．fB=0N，fA=30N D．fB=0N，fA=50N
11．阻值相等的三个电阻R和R1，R2，R3组成如图所示的电路，且R1＝R2＝R3，若电阻R1两端的电压为20伏，电阻R3两端的电压为4伏，则电阻R2两端的电压为（　　）
A．6伏 B．8伏 C．10伏 D．12伏
12．如图所示，甲图中圆柱形容器中装有适量的水，将密度均匀的木块A 放入水中静止时，有的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了300Pa。若在木块A 上表面轻放一个质量为 m1的物块，平衡时木块A 仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了 400Pa。若将容器中的水换成另一种液体，在木块A 上表面轻放一个质量为 m2的物块，使平衡时木块A 露出液面部分与丙图相同，如图丁所示。若 m1︰m2=5︰1，水的密度为 1.0×103kg/m3。则下列说法中正确的是（　　）
A．木块A 的质量mA与m1之比为 1︰3
B．木块 A 的密度为0.4×103kg/m3
C．在图丙中，木块 A 露出水面的体积与木块A 的体积之比是 1︰6
D．图丁中的液体密度为0.8g/cm3
13．如图所示，用一个纸糊的箱子盖在音响的喇叭上，然后把一个玩具小矮人放在纸箱上，当用这个喇叭播放音乐时，小矮人便会翩翩起舞，这是因为发声的物体在　 　，如果调节音响使响度增大，会发现小矮人舞蹈时跳得更　 　（填“高”、“低”、“快”或“慢”）。
14．2024年3月25日，我国成功发射的鹊桥二号中继卫星顺利进入环月椭圆轨道飞行，鹊桥二号通过向嫦娥四号和嫦娥六号发射　 　（选填“电磁波”“超声波”或“次声波”）来传递信息和数据，成功开展对通测试。如图所示，当鹊桥二号从远月点向近月点运动时，其　 　能转化为　 　能。
15．如图所示，电路中有三个阻值均为R的电阻a、b、c，电源电压保持不变，已知其中一个电阻内部存在短路故障。若闭合开关S，电源　 　（选填“可能”和“不可能”）发生短路；为了检测出具体故障所在，将a和c互换位置，发现互换前后电流表均有示数，且示数没有发生变化。请写出对应的故障：　 　。
16．学习了电学相关知识后，学校举办了一次综合实践活动，活动的主题是利用电流表或电压表制作一个简易电子秤。图是小科设计的电子秤原理图，E为2节新干电池串联；A是电流表（电子秤示数表盘）；R0是定值电阻（5Ω）；R是一根长为6cm、阻值为15Ω的均匀电阻丝。c是一根弹簧，其所受压力F与压缩量ΔL的关系如图所示。（塑料盘的重力不计，g取10N/kg，制作时，调整弹簧的长度，使之不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端）。该电子秤的最大称量是　 　kg；当电流表的指针指在0.3A处时，所称重物的质量为　 　kg；把电流表改装成的电子秤，刻度盘上质量标度是　 　（填“均匀”或“不均匀”）的。
17．如图所示，用甲、乙两个动滑轮将物体A、B匀速竖直提升相同高度，已知，两个动滑轮的机械效率相等，忽略绳重和摩擦，拉力做功　 　。若在A、B下方均增加重为G的钩码，匀速竖直提升相同高度，则机械效率　 　（选填“>”、“=”或“<”）
18．如图所示，请将光路图补充完整。
19．如图所示，杠杆OB可绕O点转动，请作出物体A所受重力的示意图和使杠杆在图示位置平衡的最小力的力臂L。
20．小宇要探究“影响滑动摩擦力大小的因素”，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：A．接触面所受的压力大小；B．接触面的粗糙程度；C．物体运动的速度。接下来小宇通过如图所示的实验操作开展探究。
（1）进行甲、乙、丙图实验时，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做　 　运动；
（2）要验证猜想B，需按照　 　两个图（选填“甲”、“乙”、“丙”）进行对比实验；
（3）比较甲、乙图的实验，得到的实验结论是　 　；
（4）在本次实验中运用的研究方法是转换法和　 　；
（5）小颖发现小宇上述实验操作中弹簧测力计的示数并不稳定，于是改进了实验装置，如图丁所示。改进后长木板　 　（选填“一定”或“不一定”）要做匀速直线运动。 若水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0 N，测力计B的示数为2.5 N，木块受到的滑动摩擦力大小为　 　N。
21．用图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。电源电压为6V不变，滑动变阻器3个（铭牌上分别标有“10Ω，3A”“20Ω，0.5A”“36Ω，1A”字样），电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至　 　（选填“”或“”）端。
（2）闭合开关后，电流表和电压表都无示数，移动滑片，两表指针不偏转；将与电压表“一”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则故障可能为　 　。
（3）分别接入五个不同阻值的电阻，保持电源电压不变，调节滑动变阻器的滑片，记下电流表示数，绘制了如图乙所示图像并得出结论：
①实验中选取的滑动变阻器是　 　（填“，”“，”或“36Ω，1A”），结合所选的滑动变阻器，把五个定值电阻分别接入电路完成实验，电阻两端控制不变的电压最小是　 　V。
②如图当把的电阻接入电路，控制电阻两端的电压不变，此时滑动变阻器的电功率是　 　W。
（4）实验结束后，想利用的定值电阻，按照、、的三组电压值，探究导体中电流与电压的关系，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，你选择更换的是：_____。
A．更换电压范围在的电源
B．更换最大阻值不小于的滑动变阻器
22．如图所示，2019年12月17日我国第一艘国产航空母舰山东舰在海南三亚某军港交付海军，标志着中国海军正式进入双航母时代。山东舰作为中国自行设计的航母，满载排水量约为6万吨，最大航速为，至少可以搭载36架歼－15舰载机，已知一架歼－15舰载机质量为17.5吨。
（1）山东舰穿过长度约为的台湾海峡，至少需要多少小时 （结果保留两位小数）
（2）若一架歼－15舰载机停在水平甲板上时与甲板的接触面积为，其对甲板的压强是多少
（3）在某次训练中，一架歼－15舰载机起飞后，山东舰排开海水的体积减少了多少 （海水密度取，g取）
23．小梦妈妈从网上买了一个新的电饭煲（如图甲所示），小梦从说明书中得到下表中的信息，其简化电路如图乙所示．电饭煲有加热和保温两种功能（由机内的温控开关S1控制），在电饭煲中放入质量是2kg的食物和水后，按一下加热按钮S2，过一段时间，电饭煲内的食物和水的温度从20℃加热到80℃，然后自动转入保温状态．求解下列问题[食物和水在加热过程中比热容保持不变，均为4.0×103J/（kg ℃）
额定电压 220V
加热功率 1000W
保温功率 88W
自重 2.5kg
（1）食物和水在加热过程中，吸收的热量是多少？
（2）若电饭煲的加热效率是80%，从开始加热到自动转入保温状态需要多长时间？
（3）电阻R2的阻值是多少？
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】A、中学生正常呼吸频率为每分钟15～20次，选项中12～20次的描述不符合常规数据范围，故A不合理；
B、中学生身高一般在1.6m～1.7m之间，换算为分米单位为16dm～17dm，17.5dm超出了常见身高范围，故B不合理；
C、中学生质量约为50kg，换算为克是5×104g，但表述易产生单位换算混淆，且数据不符合常规质量表述习惯，故C不合理；
D、人正常体温约为37℃，在健康状态下变化幅度很小，该描述符合实际，故D合理。
故选：D。
【分析】（1）根据中学生的生理特点，对呼吸频率的常规范围进行判断；
（2）结合中学生的身高数据，对选项中的长度单位换算和数值进行验证；
（3）依据中学生的平均质量，对质量的单位换算和数据合理性进行分析；
（4）根据人体体温的基本常识，判断体温描述是否符合实际。
2．【答案】D
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【解答】 A、热量是在热传递过程中传递内能的多少，是一个过程量，不能说物体含有热量，故A错误；
B、不同物体的内能不但和物体的温度有关，还与物体的质量和状态有关，所以在物体质量不一定的情况下，内能大的物体，温度不一定高，故B错误；
C、燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，所以热值高的燃料完全燃烧放出的热量不一定比热值低的燃料完全燃烧放出的热量多，故C错误；
D、物体的比热容是物体本身的一种属性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）热量是在热传递过程中传递内能的多少，是内能的变化量，是一个过程量，不能说物体含有热量；
（2）内能是物体内所有做热运动的分子的动能和分子势能的总和。不同物体的内能不但和物体的温度有关，还与物体的质量和状态有关；
（3）燃料完全燃烧放出的热量多少跟燃料的热值和燃料的质量大小有关，完全燃烧同种燃料的质量越大，放出的热量越多；
（4）物体的比热容是表示物质吸热能力的物理量，是物质本身的一种特性，与物质有关，与物体的温度、质量、体积等无关。
3．【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中厚玻璃内的空气被压缩后，迅速反弹过程中，玻璃内的空气对外做功，空气内能减少，故A正确；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，内能转化为机械能，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，发生液化现象，变成小水滴，出现“白雾”，由于液化放热，会使得空气的内能变大，故C错误；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，内能减小，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。
（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大；当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
4．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A、家庭电路中，空气开关跳闸的根本原因是电路电流过大，而电流过大的诱因包含两种：一是电路发生短路故障，二是接入电路的用电器总功率超过电路负载上限。因此跳闸原因并不唯一，选项表述片面，故A错误；
B、保险丝的选材有严格要求，必须采用电阻率大、熔点低的铅锑合金，这样才能在电流异常升高时迅速熔断，切断电路以保护设备与线路。铜导线的熔点高、电阻率低，无法在过载时及时熔断，会失去保护作用，甚至引发线路起火，因此严禁用铜丝替代保险丝，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线与零线时，手必须接触笔尾的金属体，使人体、测电笔与大地形成通路，才能通过氖管是否发光判断线路带电情况，故C正确；
D、带有金属外壳的用电器，其金属外壳必须与地线相连接地。一旦电器发生漏电故障，地线可将电流导入大地，避免外壳带电引发触电事故，选项表述存在偏差，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）家庭电路中，电流过大的直接诱因有两类：一是火线与零线直接接触的短路故障，二是多个大功率用电器同时工作导致的总功率过载；
（2）保险丝的保护原理基于其特殊的材料特性，利用低熔点、高电阻率的特点，在电流过大时自动熔断，切断电路，而铜丝不具备这种安全特性；
（3）测电笔的正确使用方法要求手接触笔尾金属体，形成完整回路，才能实现对火线、零线的有效辨别；
（4）金属外壳用电器的接地保护，是防止漏电触电的关键措施，地线可将故障电流安全导入大地，避免外壳带电。
5．【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】 依据平面镜成像规律，物体与像始终关于镜面对称，作图如下：
小球沿与镜面成45°的方向水平减速面镜，其对应的像也会以相同速度、对称方式同步靠近镜面。结合几何角度分析，物体运动方向和镜面夹角为45°，像的运动方向与物体运动方向相互垂直，因此小球的像会沿竖直向下的方向做减速运动。综上，只有B选项表述正确，A、C、D 均错误。
故选：B
【分析】平面镜成像核心特征为物、像大小相等，且位置关于镜面完全对称。结合物体的运动方向与夹角关系，利用对称原理判断像的运动轨迹、运动方向及运动状态，即可完成逐项判断。
6．【答案】B
【知识点】家庭电路的连接；家庭电路的故障分析；家庭电路电流过大的原因；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A．家庭电路中，各用电器并联连接，工作互不影响，空调工作时，灯泡不一定发光，故A错误；
B．如果插座短路，则火线和零线直接相连，电路中电流过大，会造成空气开关“跳闸”，故B正确；
C．甲图中，人站在绝缘的板凳上，同时接触火线和零线，电流通过人体，但没有漏电，漏电保护器不会跳闸；乙图中，人站在地上接触到火线，火线、人和大地形成回路，发生漏电，漏电保护器可能会跳闸，故C错误；
D．空气开关跳闸的条件是：电路中电流过大，图甲和图乙中的触电事故中，都不会造成电路中的电流过大，空气开关不会“跳闸”，故D错误。
故选B。
【分析】家庭电路各用电器是并联的；电路中发生短路或总功率过大时，电流过大，空气开关跳闸；在发生漏电事故时，漏电保护器自动断开。
7．【答案】A
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．实验中物距、像距均等于二倍焦距，凸透镜成倒立等大的实像。在透镜前方加装凸透镜，整体聚光能力变强，成像会提前。结合成像规律，减小物距可让像重新清晰，故A正确；
B．叠加凸透镜后光线会聚程度增大，像会靠近透镜，无需增大物距，故B错误；
C．凸透镜对光有会聚作用，加装后成像位置前移，光屏应靠近透镜，故C错误；
D．整体折光能力增强，像距变小，所成实像会缩小，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）当物距等于2倍焦距时，凸透镜成倒立、等大的实像；
（2）凸透镜对光线有会聚作用，叠加透镜后，整体会聚能力增强，成像位置会靠近透镜；
（3）根据物距、像距的变化关系，光屏固定时，减小物距可使像再次清晰；
（4）聚光能力越强，相同物距下像距越小，所成实像越小。
8．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据要求，三种开关都可以单独使电动机M工作，并打开门锁，三个开关应并联，再和电动机串联，任一开关闭合，电动机都能工作，B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】多个开关分别控制用电器，各开关要并联，互不影响。
9．【答案】C
【知识点】动能大小的比较；势能大小的比较；动能和势能的大小变化；机械能及其转化；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．动能大小和速度和质量有关，物体质量不变，速度先变大再不变再变小，则动能先变大再不变再变小，故A错误，不符合题意；
B．重力势能和质量和高度有关，质量不变，高度变小，则重力势能减小，故B错误，不符合题意；
C．克服阻力做功，使机械能转化为内能，机械能减小，故C正确，符合题意；
D．图中，有两段速度不变，则动能不变，重力势能没有转化为动能，故D错误，不符合题意。
故选C。
【分析】动能大小的影响因素有速度和质量；重力势能大小的影响因素有质量和高度；结合图像，判断速度的变化，判断动能的变化。
10．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】甲图中，推力作用在B上，B做匀速直线运动，推力F1与A对B的摩擦力平衡，则B物块所受的摩擦力fB=F1=30N；AB一起做匀速直线运动，整体受到的推力F1与地面对A的摩擦力平衡，则A所受的摩擦力f地=f1=30N，
乙图，作用在A上水平力F2=50N，AB对地面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，地面对A的摩擦力不变，则fA=f地=30N，A符合题意。
故选A。
【分析】根据物体匀速直线运动时，受到平衡力，结合推力判断摩擦力的大小；当压力和粗糙程度不变时，摩擦力不变。
11．【答案】B
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 如下图所示：
设R2两端的电压为U2，R1=R2=R3=x，
由图1可知：BCD中R与R3串联，通过R3的电流，
因最右边R3与R串联后在与R2并联，
所以，通过R的电流，
则------①
如图2可知：BE与BCD并联，
通过中间电阻R的电流，
中间R两端的电压为，
由图3可得：ABE与AF并联，
因电阻R1两端的电压为20伏，
所以，---------②
由①②两式可得：U22+4U2-96=0，
解得：U2=8V，U2=-12V（舍掉）
故选：B。
【分析】 （1）由电路图可知，R3与R串联后与R2并联，再与R串联，最后再与R1并联；已知R3两端的电压，根据欧姆定律可求该支路电流，再根据并联电路的电压特点和串联电路的电压特点得出通过最右端R的电流，得出等式。
（2）根据并联电路的电流特点得出通过中间电阻R的电流，根据欧姆定律表示出其两端的电压，再根据R1两端的电压等于中间电阻R两端的电压和R2两端的电压之和得出等式，联立等式得出方程，解方程即可得出电阻R2两端的电压。
12．【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用；利用平衡法求液体密度；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AC、A在水中漂浮，根据物体浮沉条件可知， ，甲图和乙图比较，乙图中多了物体A，容器底受到的压力差：ΔF=GA=mAg，
由甲乙可知， ----①
由甲丙可知， ----②
由得：mA：m1=3：1， ；
此时木块A露出水面的部分占自身体积；故AC错误。
D、在丙图中，由于m1和A漂浮，可得：，
所以，
在丁图中，，
所以，
因为m1：m2=5：1，
即：，
解得：ρ液=0.8ρ水=0.8×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3=0.8g/cm3．故D正确；
B、在乙图中，木块漂浮，则 ，
所以 ．故B错误。
故选：D。
【分析】 （1）设A的体积为V、容器的底面积为S，由于容器为圆柱形容器，在水中放入木块A后，A在水中漂浮，容器底受到的压力的变化值等于木块A的重力；而木块受到的浮力等于木块的重力，则压强变化值 ；同理，比较甲丙图，压强变化值，知道ΔP、ΔP'的大小，可求丙图排开水的体积大小，进而求出木块A的质量mA与m1之比和木块A露出水面的部分占自身体积比值；
（2）在丙图中，由于m1和A漂浮，根据漂浮条件可得，求出m1的大小；在丁图中，由于m2和A漂浮，根据漂浮条件可得，求出m2的大小；由题知m1：m2=5：1，据此求出另一种液体的密度；
（3）根据乙图中，木块漂浮时，浮力等于重力即可求出木块的密度。
13．【答案】振动；高
【知识点】声音的产生；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】 音响工作发声时，喇叭会持续振动。用纸箱罩住喇叭后，喇叭的振动会传递给纸箱，带动纸箱一同振动，进而使上方的小矮人随之晃动跳动。响度的大小与物体振动幅度有关，将音响音量调大，喇叭的振动幅度变大，纸箱振动也会更加剧烈，小矮人跳动的高度就会明显增加。
故答案为：振动；高。
【分析】（1）一切声音都是由物体振动产生的，发声体振动会带动周围物体一同振动；
（2）响度由振动振幅决定，振幅越大，声音响度越大；
（3）振幅增大时，物体振动效果更明显，带动的运动幅度也会变大。
14．【答案】电磁波；重力势；动
【知识点】机械能及其转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】在真空中，超声波和次声波都不能传播；嫦娥六号与鹊桥二号中继卫星之间的通信，是利用电磁波来传递信息的。
鹊桥二号从远月点向近月点运动时，高度降低，重力势能减小，速度变大，动能变大，当鹊桥二号从远月点向近月点运动时，重力势能转化为动能。
【分析】电磁波可以在真空中传播，卫星利用电磁波传递信息；动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
15．【答案】不可能；电阻b短路
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别；电路故障的判断
【解析】【解答】图中，电阻bc并联，与a串联，三个电阻任何一个电阻短路，闭合开关S，电路中还有电阻，电源不可能发生短路。
如果a短路，则电路中bc并联，将a和c互换位置，则ab都短路，电路中只有c电阻，则电路中电阻大小改变，电流大小改变，故不符合题意；
如果b短路，则c也被短路，电路中只有a电阻，将a和c互换位置，则ab被短路，电路中只有c电阻，由于三个电阻阻值相等，则电流不变，故符合题意；
如果c短路，则b也被短路，电路中只有a电阻，将a和c互换位置，则ab并联，则电路中电阻大小改变，则电路中电流大小改变；则电路中故障为电阻b短路。
【分析】根据电路图，电阻并联时，若支路发生短路，另一支路也短路；电阻串联时，一个电阻短路，其他位置不会短路。
16．【答案】6；2；不均匀
【知识点】重力及其大小的计算；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】 （1）当弹簧的压缩量为6cm时，称为最大称量；
由图象可知，此时弹簧所受的压力为60N，即G=F=60N，
所以；（2）当电流表的指针指在0.3A处时，此时滑动变阻器连入电路的阻值为R'；
由欧姆定律得：，则，解出R'=5Ω；
由题意分析可知此时弹簧的压缩量：；
由图象可知，此时弹簧所受压力为20N，即G'=F'=20N，
所以物体的质量；
（3）R0与电阻丝R串联，则电路中电流，U、R0为定值，故I与R不成正比，即电流I不能随R的变化而均匀变化，所以表盘刻度不均匀。
故答案为：6；2；不均匀。
【分析】（1）根据题意得出最大称量时，弹簧的压缩量，并从图象中读出此时弹簧受到的压力，并且压力等于重力，利用G=mg即可求出最大称量；
（2）已知电源电压、电流以及R0的阻值，利用欧姆定律即可求出此时接入电路的阻值，再根据题意求出弹簧的压缩量，从图象中读出此时的压力，利用G=mg即可求出此时物体的质量；
（3）根据欧姆定律表示出电流与R的关系，分析关系式即可得出电流I与电阻R不成正比。
17．【答案】2：1；<
【知识点】动滑轮拉力的计算；机械效率的大小比较；滑轮（组）的机械效率；功的计算及应用
【解析】【解答】根据计算拉力做的功，比值为：
提升A、B物体时，两个动滑轮的机械效率相等，根据，有，即G动=2GB
在A、B下方均增加重为G的钩码后，机械效率变成
，，所以<
【分析】根据，计算总功大小；利用，计算动滑轮的机械效率，再比较动滑轮的重力大小，并比较机械效率大小关系。
18．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线由会聚作用，经过光心的光线传播方向不变，平行与主光轴的光线通过凸透镜后经过焦点，如下图所示：
。
【分析】凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
19．【答案】
【知识点】重力示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】重力作用点在物体的重心处，方向竖直向下，从物体A重心向下画线，标G；
O点为杠杆支点，根据杠杆平衡条件，要使拉力最小，力臂L最大，连接OB，为最大力臂，最小拉力F与OB垂直；如图所示：
。
【分析】重力的方向竖直向下；杠杆上，支点和力的作用点的连线，是最大的力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
20．【答案】匀速直线；甲、丙；在接触面的粗糙程度相同的情况下，压力越大，摩擦力越大；控制变量法；不一定；2.5
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）进行甲、乙、丙图实验时，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，此时物体在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡的条件，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）要验证猜想B，即滑动摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，要控制压力大小相同和速度大小相同，改变接触面的粗糙程度，需按照甲、丙两个图进行对比实验；
（3）比较甲、乙图的实验知，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，弹簧测力计的示数大，乙受到的滑动摩擦力也大，故实验结论是：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（4）由（2）（3）知，本实验采用了控制变量法，所以在本次实验中运用的研究方法是转换法和控制变量法；
（5）如图丁所示，木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力，大小相等，故改进后长木板不一定要做匀速直线运动；
弹簧测力计B的示数为2.5N，A受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡，木块受到的摩擦力大小为2.5N．
故答案为：（1）匀速直线；（2）甲、丙；（3）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（4）控制变量法；（5）不一定；2.5。
【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，由控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（5）木块相对地面处于静止状态，受到的测力计拉力与受到的摩擦力为一对平衡力。
21．【答案】（1）B
（2）导线BC断路
（3）“36Ω，1A”；1.5；0.864
（4）B
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；将与电压表“-”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则可能是导线BC断路；
（3）由图乙可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×4Ω=……=0.2A×12Ω=2.4V；
①实验中使用的定值电阻阻值最大为12Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2.4V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2.4V=3.6V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的，根据分压原理，当接入12Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.5×12Ω=18Ω＞10Ω；由图乙可知在，电路中最大电流为0.6A，故所选择的滑动变阻器为“36Ω，1A”；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV'，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U-UV'=6V-UV'，
根据分压原理有：，
即-----①，
因电压表示数UV'为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，而题中所选滑动变阻器规格为“36Ω，1A”，由①式得：，
解得电压表的示数：UV'=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V；
②如图当把10Ω的电阻接入电路，控制电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流为：，
根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压为U滑=U-UV=6V-2.4V=3.6V，
则此时滑动变阻器的电功率为：P=U滑I4=3.6V×0.24A=0.864W；
（4）已知电源电压为6V，电压表示数最小为1V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的最大电压为：U滑大=6V-1V=5V；
由串联电路的分压的规律可得：，即，
解得：R滑大=50Ω＞36Ω，
即更换一个最大阻值不小于50Ω的滑动变阻器，故选：B。
故答案为：（1）B；（2）导线BC断路；（3）①“36Ω，1A”；1.5；②0.864；（4）B。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；
（3）根据图乙求出定值电阻两端电压；
①探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入12Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，结合电路中最大电流，进而确定滑动变阻器的规格；
当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制的电压表示数较小，根据串联电路电压的规律可知，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，结合所选的滑动变阻器，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻12Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
②根据控制电压结合欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路电压规律求出滑动变阻器两端电压，根据P=UI求出此时滑动变阻器的电功率；
（4）根据1V电压结合串联电路电压规律和分压原理求出滑动变阻器接入电路的阻值，然后进行判断。
（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的端，即B端。
（2）闭合开关后，电流表、电压表无示数，说明电路存在断路，电压表与电源没有连通；移动滑片，两表指针不偏转，说明滑动变阻器不起作用；将与电压表”-”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，说明断路点不在C、D之间；接触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，此时电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则故障可能为导线BC断路。
（3）①[1]由欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由图像可知，电路中的最小电流为0.2A，此时定值电阻的阻值为12Ω，由欧姆定律可知
滑动变阻器接入电路的最大电阻
由图像可知，电路中的最大电流为0.6A，故实验中选取的滑动变阻器是“36Ω 1A”。
[2]研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，设电压表示数为UV。根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压
根据分压原理有①
因电压表示数为定值，由①式知，方程左边为定值，右边也为一定值，因此当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得
解得，即把五个定值电阻分别接入电路完成实验，电阻两端控制不变的电压最小是1.5V。
②[3]由图像可知，电阻两端的电压
当把10Ω的电阻接入电路时，电路中电流
由串联电路的电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压
则此时滑动变阻器的电功率
（4）A．若更换电压为的电源，当R两端的电压为1V，滑动变阻器两端需分得4V的电压，所需滑动变阻器的阻值为
“36Ω 1A”的滑动变阻器不能满足要求，故A不符合题意；
B．已知电源电压为6V，第1次实验时电压表示数最小为1V，滑动变阻器分的电压最大，所需滑动变阻器的值最大；根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的最大电压为
由串联分压原理可得
代入数据可得
解得，若想完成实验，需更换最大阻值不小于的滑动变阻器，故B符合题意。
故选B。
22．【答案】（1）山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，速度已知，根据速度公式可知，需要的时间为：。
答：山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，至少需要的时间为6.85h。
（2）舰载机对水平甲板的压力为：G=mg=17.5×1000kg×10N/kg=1.75×105N，
根据压强公式可知，其对甲板的压强为：。
答：若一架歼-15舰载机停在水平甲板上时与甲板的接触面积为0.5m2，其对甲板的压强为3.5×105Pa。
（3）由漂浮条件可知，其满载时受到海水的浮力等于满载时的重力，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰依然漂浮在海面，因其重力减小，则其受到海水的浮力减小，根据阿基米德原理可知，其排开海水体积减小，由浮沉条件可知，减少的浮力等于起飞舰载机的重力，即：；
由F浮=ρ液V排g可得排开海水减少的体积。
答：在某次训练中，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰排开海水的体积减少了17.5m3。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）根据速度公式求出山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡需要的时间；
（2）根据G=mg求出舰载机的重力，水平面上的物体对水平面的压力大小等于重力，再根据求出其对甲板的压强；
（3）根据物体的漂浮条件和阿基米德原理求出排开海水减少的体积。
（1）山东舰穿过长度约为370km的台湾海峡，需要的时间
（2）舰载机对水平甲板的压力等于舰载机的重力
则其对甲板的压强
（3）山东舰漂浮在海面，由浮沉条件可知，满载时受到海水的浮力等于满载时的重力，一架歼-15舰载机起飞后，山东舰依然漂浮在海面，但是受到海水的浮力减小，排开海水体积减小，由浮沉条件可知，减少的浮力等于起飞舰载机的重力，即
由可得排开海水减少的体积
23．【答案】解：（1）根据公式Q=cm（t-t0）可知，食物和水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.0×103J/（kg ℃）×2kg×（80℃-20℃）=4.8×105J；
（2）由可得，消耗的电能：，
由可得，从开始加热到自动转入保温状态需要的时间：；
（3）由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，此时电阻最小，由可知，电饭锅功率最大，处于加热状态，
由可得，R1的阻值：，
开关S2闭合，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电饭锅处于保温状态，
保温状态下的电路总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻R2的阻值：R2=R串-R1=550Ω-48.4Ω=501.6Ω；
答：（1）食物和水在加热过程中，吸收的热量是4.8×105J；
（2）若电饭煲的加热效率是80%，从开始加热到自动转入保温状态需要600s；
（3）电阻R2的阻值是501.6Ω。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）知道食物的质量、初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t-t0）求出食物吸收的热量；
（2）根据求出消耗的电能，根据求出从开始加热到自动转入保温状态需要的时间；（3）由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，由可知，电饭锅功率最大，处于加热状态，根据求出R1的阻值；开关S2闭合，S1断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电饭锅处于保温状态，根据求出总电阻，利用电阻的串联求出R2的电阻。
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