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广东省深圳高级中学集团2026年中考模拟考试物理试题
1．春晚小品《智能邻居》中，演员与机器人进行对话互动。下列关于声现象说法正确的是（　　）
A．机器人发出的声音是由内部扬声器振动产生的
B．观众分辨演员和机器人的声音主要依据是音调不同
C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递能量
D．演员靠近机器人说话，是在人耳处减弱噪声
2．春晚“非遗焕新”环节中，投影仪将敦煌壁画投射到半透明纱幕上，形成放大的彩色影像，下列说法正确的是（　　）
A．投影仪的镜头是凹透镜，使光线发散从而扩大画面范围
B．其成像原理与放大镜相同，成正立放大的虚像
C．若想让纱幕上的壁画像变大，应将投影仪镜头向靠近纱幕的方向移动
D．观众从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射
3．春晚舞蹈节目《春雪》中，舞台利用干冰制造出如梦似幻的“云雾”效果。关于这一现象，下列说法正确的是（　　）
A．“云雾”是干冰升华形成的二氧化碳气体
B．“云雾”是工作人员向舞台喷射的真实烟雾
C．利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气放热液化而成
D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝固形成的
4．在《武BOT》节目中，机器人完成了一系列醉拳动作。下列分析正确的是（　　）
A．机器人向上腾空翻转时，若所有外力突然消失，它将立即静止
B．机器人向前行走时，受到地面的摩擦力方向始终与运动方向相反
C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力是一对相互作用力
D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压强变小
5．“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
6．如图是我国发射神舟十七号载人飞船的情景，下列说法正确的是（　　）
A．火箭发动机是一种比柴油机效率更高的热机
B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为它含有大量的热量
C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，飞船的内能转化为机械能
D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于可再生能源
7．某同学用如图所示的电路测小灯泡功率，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。闭合开关后灯泡全程不超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（　　）
A．灯泡的电阻为2Ω
B．该电路允许通过的最大电流为0.5A
C．该电路的最大功率是2.7W
D．滑动变阻器的阻值最大只能到18Ω
8．春晚舞台上某款重500N的机器人完成前空翻，如图所示，请画出机器人悬空瞬间所受重力示意图（其中O为重心）。
9．按照要求完成电路。要求：只闭合S时，电动机单独工作；只闭合时，电灯与电动机均不工作；两个开关同时闭合时，电灯与电动机同时工作。
10．如图是深圳地标建筑——“湾区之光”摩天轮，转轮直径约113m，质量为50kg的小明乘坐摩天轮轿厢，轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，他的运动状态　 　（选填“改变”或“不变”），摩天轮轿厢对小明做功　 　J（忽略轿厢的高度），小明的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。（g取10N/kg）
11．用图中滑轮组将物块匀速提升了20cm用时2s，动滑轮重0.9N，绳子自由端弹簧测力计的示数如图所示为　 　N，不计绳重及摩擦，则该物块重　 　N。如果要提高滑轮组的机械效率，你的做法是　 　（答出一条即可）。
12．图是一款穿戴式“智能手表”，具有精准定位、计步统计、能量消耗统计等功能，内置规格为“3.7V 300mAh”的锂电池，该手表满电时锂电池所储存的电能为　 　J。佩戴者在操场上跑步时智能手表记录情况如图所示，则他跑步的速度是　 　m/s，跑步过程中，以佩戴者手腕为参照物，智能手表是　 　（选填“运动”或“静止”）的。
13．a、b两小组的同学们按照图甲所示的装置做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。
（1）实验进行一段时间后，如图甲所示温度计的示数为　 　。
（2）a组同学第5min时观察到水中产生气泡和图　 　（选填“丙”或“丁”）一样；图丙中的气泡上升过程中浮力　 　。（选填“变大”“变小”或“不变”）
（3）两小组所用器材完全相同，相同时间内水吸收的热量相同，分析图乙中图像可知，可以判断出　 　组的水质量大，a、b两组同学烧杯中水的质量之比为　 　。
14．某学习小组在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，进行了如下操作和分析：
（1）如图甲所示，某同学使用液体压强计前，发现U形管左右两侧液面存在高度差。他接下来应该的操作是_______；
A．取下软管重新安装 B．向U形管右侧加水直至液面相平
（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是　 　；
（3）保持图丙中金属盒的位置不变，将浓盐水倒入烧杯中搅匀后为图丁，观察图丙和丁，小明得出了“同一深度的液体密度越大，内部压强越大”的结论。此结论错误的原因是　 　。
（4）小明将压强计进行改装，在U形管另一端也连接上探头，实验现象如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，　 　（选填“左”或“右”）侧液体产生的压强大。
15．某小组用如图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用器材：学生电源、四个定值电阻（、、、）、标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物连接成完整电路；
（2）该组的两个同学先后进行实验，并作出图像如图乙所示，　 　图（选填“A”或“B”）实验操作中不符合要求，原因是　 　；
（3）实验过程中定值电阻为时，滑动变阻器刚好需要滑到最大阻值处才能记录数据，请根据图乙中符合要求的图像计算该电路的电源电压是　 　V；
（4）另一组同学设计了如图丙所示电路测量未知电阻的阻值。已知电源电压不变，定值电阻的阻值为，请将下列实验步骤补充完整。
①闭合开关，将开关掷于“1”时，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为；
②　 　，记下此时电压表的示数为；
③请写出待测电阻的阻值表达式=　 　（用、、表示）。
16．如图是我国某公司研发的四轮机器狗，其质量为80kg，四轮与水平地面的总接触面积为。该机器狗工作时最大行驶速度可达18km/h，且在水平路面行驶时，受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍。求：
（1）该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强；
（2）该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小；
（3）该机器狗以最大速度匀速行驶2min，牵引力做功的功率。
17．如图甲所示为一款两挡电火锅，其简化电路原理图如图乙所示，和均为发热电阻，S为电源开关，为温控开关，额定电压为220V，它的高温挡的额定功率为2200W，低温挡的额定功率为440W。[]求：
（1）电火锅将2kg水从20℃加热至100℃，水吸收的热量；
（2）电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）电阻的阻值。
18．【项目背景】学校物理社团开展制作杆秤的项目化学习研究活动。
【驱动问题】如何利用杠杆原理制作一把高精度的杆秤，并将其改装为可以直接读取液体密度的“密度秤”？
【项目研究与实施】
任务一：制作基础杆秤
利用一根木制筷子、一个小盆（作秤盘）、一个钩码（作秤砣）、细线、刻度尺和记号笔等材料制作如图乙杆秤。
（1）量程选择：图甲中使用提纽________（选填“1”或“2”）时杆秤的量程更大。
（2）刻度标定：小组同学按照以下步骤在图乙杆秤上定刻度：
①空秤盘时，标记水平平衡时秤砣悬挂点为“0”刻度。
②在秤盘中放入100g砝码，再次标记水平平衡时秤砣悬挂点为“100g”。
③将“0”到“100g”之间均匀划分50格，则每一格代表________g。
（3）讨论与改进：在制作过程中，同学们发现若要增大杆秤的量程，可换用更________（选填“重”或“轻”）的秤砣。
任务二：改装为“密度秤”
（4）为能直接测量液体密度，同学们尝试对杆秤进行改造：用小杯子代替小盆挂在秤钩处，如图丙所示。
①杯中无液体时，提起秤纽，秤砣在点A处秤杆水平平衡，将A点标记为“0”（表示液体密度为）。
②向杯中加入水至固定刻度线a处，移动秤砣至点B使秤杆再次水平平衡。已知水的密度为，将B点标记为“1”。
③分析可知，在“0”和“1”之间划分的刻度是________（选填“均匀”或“不均匀”）的。
【分析与评估】
（5）为了制作出分度值更小的“密度秤”，下列改进措施可行的是_______。
A. 把提纽位置往靠近杯子一侧移动
B. 减少加入杯中的液体体积
C. 减小秤砣的质量
（6）用该密度秤测量某液体时，杯子外壁沾有液体，则所测液体的密度值将________。
19．阅读材料，回答下列问题。
新能源时代的“中国速度”——比亚迪第二代刀片电池与兆瓦闪充技术
2026年3月，比亚迪正式发布“兆瓦闪充2.0”技术与“第二代刀片电池”。
第二代刀片电池采用磷酸锰铁锂（LMFP）作为正极材料，电压平台从3.2V提升至3.8V；负极采用硅碳复合材料，克容量大幅提升。其单体能量密度突破，系统体积利用率达76%。在安全性上，即便在3.8V高电压下通过针刺测试，依然保持“不起火、不爆炸”。其独特的层状结构和特制电解液使其具有较大的比热容，能有效缓冲温度变化。
兆瓦闪充充电站采用“储充一体”架构。单枪峰值功率达1500kW（1.5MW），最大输出电流1500A，输出电压范围200V-1000V。站内配备大容量储能柜（由车规级刀片电池组成），平时以较小功率从电网取电储存，充电时由储能柜快速释放电能，避免对电网造成瞬时冲击。充电枪线采用全液冷技术，内部充满冷却液，能在1500A大电流下保持低温。
某款搭载第二代刀片电池的轿车，电池包总容量为100kW·h，能量密度为。在环境温度25℃时，使用兆瓦闪充桩，仅需5分钟即可将电量从10%充至70%，增加续航里程约400公里。若环境温度降至，充电时间略微延长，但依然能在12分钟内充满。
（1）第二代刀片电池的单体电压平台从3.2V提升至3.8V。若要将多个单体电池组合成一个输出电压为380V的电池包，需要将这些单体电池进行　 　（选填“串联”或“并联”），大约需要　 　个单体电池。
（2）为了防止线缆过热，充电枪采用了全液冷技术，利用冷却液的循环流动，通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式将热量带走。
（3）在25℃环境下，该轿车电池剩余电量为10%时，用兆瓦闪充桩充电5min，电池增加的电能是　 　kW·h。
（4）该款电动轿车配备的电池质量是　 　kg。
（5）请为这款搭载“兆瓦闪充”技术的汽车设计一个安全警示标语，并简单解释所用物理原理。　 　
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】声音的产生；音色；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．机器人发出的声音由内部扬声器振动产生，故A正确；
B．分辨演员和机器人的声音主要依据是音色不同，故B错误；
C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递信息，故C错误；
D．在人耳处减弱噪声是指在人耳处采取降噪措施（如戴防噪耳罩），演员靠近机器人说话不属于这类情况，故D错误。
故选A。
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）音色与发声体的材料和结构有关。
（3）声音可以传递信息，如B超，声音可以传递能量，如超声波碎石。
（4）减弱噪声的三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
2．【答案】D
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】AB．投影仪的镜头是凸透镜，凸透镜对光有会聚作用，其成像原理f2f，成倒立、放大的实像，放大镜的成像原理是uC．根据“物近像远像变大”可知，若要使成的像变大，应减小物距，并增大像距，即将投影仪向远离纱幕的方向移动，故C错误；
D．从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射，故D正确。
故选D。
【分析】（1）投影仪的镜头是凸透镜，当物距在一倍焦距与二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，成倒立、放大的实像；
（2）放大镜的成像是物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像；
（3）要使成的像变大，应减小物距，并增大像距；
（4）平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
3．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】ABC．“云雾”是利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化放热形成的小液滴，不是真实的烟雾，故AB错误，C正确；
D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝华形成的，故D错误。
故选C 。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
4．【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；平衡力的辨别；摩擦力的方向；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．机器人向上腾空翻转时，速度不为0，若所有外力突然消失，它将做匀速直线运动，故A错误；
B．机器人向前行走，后脚蹬地时，脚有向后运动的趋势，受到地面的摩擦力方向与运动方向相同，不一定与运动方向相反，故B错误；
C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故C错误；
D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压力不变，受力面积变大，根据压强公式可知，机器人对舞台的压强变小，故D正确。
故选D。
【分析】（1）当物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反；
（3）物体处于平衡状态，受到平衡力的作用；
（4）根据可知，压力不变，受力面积变大，判断压强变化。
5．【答案】A
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
A．扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动，和直流电动机的原理相同，故A符合题意；
B．动圈式话筒的原理是电磁感应现象，和直流电动机的原理不同，故B不符合题意；
C．电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和直流电动机的原理不同，故C不符合题意；
D．电磁感应现象，是发电机的工作原理，和直流电动机的原理不同，故D不符合题意。
故选A。
【分析】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
6．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】A．火箭发动机属于热机，工作原理是将燃料燃烧产生的高温高压气体高速向后喷出，从而获得向前的推力。在此过程中，燃气内能绝大部分转化为机械能，能量损失较少，火箭发动机效率更高，故A正确；
B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为偏二甲肼具有高热值，而热量是过程量，不能说物体“含有”热量，故B错误；
C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，机械能转化为内能，故C错误；
D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于不可再生能源，故D错误。
故选A。
【分析】（1）在热机中，用来做有用功的那部分能量与燃料完全燃烧放出的热量之比，叫热机的效率；
（2）热量是过程量，不能说物体“含有”热量；
（3）内能的改变：做功、热传递；
（4）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
7．【答案】B
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．灯泡名牌“2.5V 1.25W”，不考虑灯丝电阻的变化，灯泡的电阻：
故A错误；
B．灯泡的额定电流：
滑动变阻器允许最大电流1A，灯泡与滑动变阻器串联，电流处处相等，要求“灯泡全程不超过额定电压”，因此电路最大电流为0.5A，故B正确；
C．电源电压恒为4.5V，由可知电路最大功率发生在电流最大时：
故C错误；
D．滑动变阻器最大阻值时，不考虑灯丝电阻的变化，电路的总电阻为：
电路中电流：
此时灯泡两端的电压为：
满足电路安全要求，故D错误。
故选B。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）（2）（3）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的电阻，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合滑动变阻器的规格确定电路中的最大电流，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，据此分析。
8．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的作用点在机器人的重心O处，重力方向始终为竖直向下，从O点沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，用G表示，大小为500N，如图所示：
【分析】 根据重力的方向是竖直向下的，从物体重心做竖直向下的力即可。
9．【答案】
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计；家庭电路的连接
【解析】【解答】由题意可知，只闭合S时，电动机单独工作，说明电灯和电动机互不影响，是并联的；只闭合时，电灯与电动机均不工作，两个开关同时闭合时，电灯与电动机同时工作，说明开关S1在支路上，且控制电灯，开关S在干路，控制所有用电器，开关应接在相线与用电器之间，如图所示：
【分析】结合题目给出的三个条件，可以初步判断出开关S的通断影响着整个电路，即开关S位于干路中，控制整个电路；
而S1的通断，只影响电灯的工作状态，说明了电灯与电动机是并联关系，且电灯和开关S1串联在同一支路中，可据此画出对应的电路图。
10．【答案】改变；56500或；增大
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；功的计算及应用
【解析】【解答】轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，运动的速度不变，运动方向不断发生变化，故小明的运动状态发生改变。
最低点到最高点的高度等于转轮的直径h=113m，摩天轮轿厢对小明做的功：
人乘坐摩天轮匀速转动，在上升的过程中，人的质量不变、速度不变，动能不变，高度变大，重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，所以其机械能增加。
故答案为：改变；56500；增大。
【分析】（1）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变。
（2）根据W=Gh=mgh计算轿厢对小明做功。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
机械能=动能+势能。
11．【答案】1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重
【知识点】弹簧测力计及其使用；滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】图中弹簧测力计分度值为0.2N，示数为1.2N；
由图可知，动滑轮上绳子段数，不计绳重及摩擦，则该物块重力为：
不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率：
由上式可知，增大物重，滑轮组的机械效率变大，所以如果要提高滑轮组的机械效率，可以在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。
故答案为：1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。
【分析】 （1）认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重及摩擦，利用求出该物块重；
（3）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
12．【答案】3996；4；静止
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；电功的计算
【解析】【解答】已知锂电池的规格为“3.7V 300mAh”，则该手表满电时锂电池所储存的电能：
由图可知，佩戴者运动的时间：
跑步过程运动的距离：
佩戴者跑步的速度：
以佩戴者手腕为参照物，智能手表相对于手腕的位置没有发生变化，因此智能手表是静止的。
故答案为：3996；4；静止。
【分析】 （1）根据W=UIt计算锂电池所储存的电能；
（2）根据图中佩戴者运动的时间和距离，利用速度公式进行计算；
（3）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
13．【答案】（1）94℃
（2）丁；变小
（3）b；2∶5
【知识点】探究水的沸腾实验；阿基米德原理；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，示数为94℃。
（2）由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，水在沸腾时产生大量气泡，水汽化产生的水蒸气进入气泡，所以气泡在上升过程中逐渐变大，所以产生的气泡和图丁一样。
图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据阿基米德原理可知，其浮力变小。
（3）由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。
加热至沸腾时，a、b两组水吸热时间之比为，用加热时间表示水吸收的热量，则水吸收的热量之比：
温度变化量之比：
由热量公式可得，
故答案为：（1）94℃；（2）丁；变小；（3）b；2：5。
【分析】（1）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（2）液体在沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐变小，沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大；
根据F浮=ρ液gV排分析；
（3）由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢；
相同的加热器加热，相同时间内水吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt，得出质量之比。
（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，越往上温度计的示数越大，此时温度为零上，示数为94℃。
（2）[1]水在沸腾时产生大量气泡，且气泡在上升过程中逐渐变大，由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，所以产生的气泡和图丁一样。
[2]图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据可知，其浮力变小。
（3）[1]由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。
[2]a、b两组水吸热时间之比为
故水吸收的热量之比
温度变化量之比
由热量公式可得，
14．【答案】（1）A
（2）U形管液面高度差更大
（3）没有保持探头深度相同
（4）左
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】解答（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故此结论错误的原因是没有保持探头深度相同；
（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大于右侧液体产生的压强。
故答案为：（1）A；（2）U形管液面高度差更大；（3）没有保持探头深度相同；（4）左。
【分析】（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差，可知两管气体压强不相同，据此分析；
（2）（4）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，左右两侧的水面是相平的，压强计才可以正常使用，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（2）本实验中用U形管左右液面高度差来反映液体压强大小，是转换法。小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故不能得出正确结论。
（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大。
15．【答案】（1）
（2）A；没有控制电阻两端的电压不变
（3）6
（4）保持滑片位置不变，将开关掷于“2”；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电压表需按照“正进负出”的原则接入电路，如图所示：
（2）探究“电流与电阻的关系”时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，
U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω≠0.25A×20Ω
所以B实验操作符合要求，
A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，
U=IR=0.6A×5Ω≠0.4A×10Ω≠0.3A×15Ω≠0.15A×20Ω=3V
所以A实验操作中不符合要求。
（3）由B图可知，定值电阻两端的电压为3V，当定值电阻时，滑动变阻器最大阻值为，此时电路中的电流：
滑动变阻器两端的电压：
电源电压：
（4）①闭合开关，将开关掷于“1”时，与、滑动变阻器串联， 调节滑动变阻器的滑片到适当位置， 电压表测两端的电压，示数为；
②保持滑片位置不变，将开关掷于“2”，与、滑动变阻器串联，电压表测与两端的总电压，电路中的电流 ，两端的电压
的阻值：
故答案为：（1）；（2）A；没有控制电阻两端的电压不变；（3）6；
（4）②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”；③。
【分析】（1）本实验中，电压表要并联在定值电阻的两端，且电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出；
（2）“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变；
（3）由B图可知定值电阻两端的电压，当定值电阻R'=20Ω时，对应的滑动变阻器有最大阻值，由欧姆定律得出此时电路中的电流和滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律得出电源电压；
（4）①闭合开关S1，将开关S2掷于“1”时，三个电阻串联，电压表测量电阻R0两端电压，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为U1；
②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”时，此时电压表测量电阻R0与Rx的两端电压之和，记下此时电压表的示数为U2；
③根据串联电路电流特点结合欧姆定律可得待测电阻Rx阻值的表达式。
（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出，如图所示：
（2）由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，所以B实验操作符合要求，A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，如电阻为时，电流为0.6A，乘积为3V，电阻为时，电流为0.4A，乘积为4V，所以A实验操作中不符合要求。
（3）由B图可知，定值电阻两端的电压
当定值电阻时，滑动变阻器最大阻值为，此时电路中的电流
滑动变阻器两端的电压
电源电压
（4）[1][2]①闭合开关，将开关掷于“1”时，与、滑动变阻器串联，电压表测两端的电压；
②保持滑片位置不变，将开关掷于“2”，与、滑动变阻器串联，电压表测与两端的总电压，电路中的电流 ，两端的电压
的阻值
16．【答案】（1）解：机器狗受到的重力：
机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力：
对地面的压强：
答：该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强1.6×105Pa。
（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力：
机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等， 则机器狗受到的牵引力大小：
答：该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小为；
（3）机器狗的速度：
牵引力做功的功率：
答：牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）机器狗静止时对水平地面的压力等于物体和车的总重力，根据F=G=mg求出其大小；已知车轮与地面的接触面积（即受力面积），根据求出对水平地面的压强；
（2）机器狗匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据F=f=0.02G求出机器狗牵引力；
（3）利用求出机器狗牵引力做功的功率。
（1）机器狗受到的重力
机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力
对地面的压强
（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力
机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等， 则机器狗受到的牵引力大小
（3）机器狗的速度
牵引力做功的功率
17．【答案】（1）解：水吸收的热量为：
答：水吸收的热量6.72×105J；
（2）工作时间
电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为：
答：电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）电源电压不变，根据，电阻越小功率越大。当S闭合、闭合时，被短路，只有接入电路，电阻最小，为高温挡；当S闭合、断开时，与串联，总电阻最大，为低温挡。
则的阻值为：
低温挡的总电阻为：
电阻的阻值为：
答：电阻的阻值。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；
（2）利用W=Pt求出电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）由图可知，当开关S、S1都闭合时，只有电阻R1接入电路；当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，根据串联电路的电阻特点和知高温挡和低温挡时电路的连接方式；根据高温、低温挡功率和求出电阻R1的阻值以及R1、R2串联时的总电阻，根据串联电路电阻的规律求出电阻R2的阻值。
（1）水吸收的热量为
（2）工作时间
电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为
（3）电源电压不变，根据，电阻越小功率越大。当S闭合、闭合时，被短路，只有接入电路，电阻最小，为高温挡；当S闭合、断开时，与串联，总电阻最大，为低温挡。
则的阻值为
低温挡的总电阻为
电阻的阻值为
18．【答案】(1) 1
(2) 2
(3) 重
(4) 均匀
(5) C
(6) 偏大
【知识点】密度公式及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）提纽离秤盘越近，物体对应的阻力臂就越小。根据杠杆平衡条件，在秤砣重力与最大动力臂保持不变的情况下，所能平衡的物体重力也就越大，所以提纽 1 的测量量程更大。
（2）由题干条件可得，零刻度线至 100g 刻度之间共划分 50 小格，据此可算出每一小格对应的质量大小， 每格代表质量 。
（3）依据杠杆平衡原理，在阻力臂、动力臂等条件不变时，秤砣质量越大，能够测量的物体重力就越大，量程随之增大，因此可更换质量更大的秤砣。
（4）空杯水平平衡时，满足杠杆平衡关系式①；向杯中装入体积固定、密度为ρ的液体后，再次根据杠杆平衡列出关系式②。联立两式化简推导，可得移动距离与液体密度成正比例关系，故此装置刻度分布均匀。
（5）想要减小分度值、提升精度，需增大 AB 段刻度间距，让相同密度变化下，秤砣移动距离更长。结合推导公式分析：
A. 提纽靠近杯体，阻力臂减小，对应系数变小，不符合要求；
B. 减小液体体积，系数变小，不符合要求；
C. 减小秤砣质量，对应系数变大，分度值更小，符合题意。
综上，选择 C。
（6）若杯子外壁残留附着液体，会造成测得的液体总质量偏大，而液体实际体积不变，根据密度公式计算可知，最终测出的液体密度数值会偏大。
【分析】本题以自制杠杆密度秤为核心，综合考查：杠杆平衡条件、力臂变化规律、量程判断、刻度均匀性、精度优化、密度误差分析，是力学综合高频考题，逻辑连贯、层层递进。
（1）提纽位置与量程大小：核心原理：杠杆平衡条件 F1 L1 =F2 L2 杯子（被测物体）一侧为阻力、阻力臂；秤砣为动力、动力臂。提纽越靠近秤盘，阻力臂越小；秤砣重力、最大动力臂固定时，阻力臂越小，能承载的物体重力越大。结论：提纽 1 阻力臂更短，测量量程更大。
（2）刻度分度值计算已知：0～100g 共 50 格，用平均分度思想，总质量除以格数，即可得出单格代表质量，属于基础刻度计算问题，考查读数与刻度划分。
（3）秤砣质量对量程的影响控制变量：阻力臂、最大动力臂不变；由杠杆平衡：秤砣重力（动力）越大，最大可测阻力越大。结论：换用更重的秤砣，可增大该装置测量量程。
（4）刻度是否均匀的推导：空载空杯：列出杠杆平衡等式①；装入固定体积、不同密度的液体：列出平衡等式②；两式联立化简，最终得出：秤砣移动距离与液体密度ρ成正比。正比关系 ，刻度均匀，这是这类密度秤的核心考点。
（5）减小分度值、提高精度的方案分析，相同密度变化，秤砣移动距离更大，刻度更稀疏、分度值更小、读数更精准。结合推导公式的系数变化判断：
A 提纽靠近杯子：阻力臂减小，系数变小，精度变差；B 减小液体体积：系数变小，精度变差；C 减小秤砣质量：系数变大，同等密度变化，移动距离更长，分度值更小。
（6）沾液导致的密度误差分析杯子外壁沾有残留液体，测得总质量偏大；液体真实体积不变；根据 密度公式分析，质量偏大、体积不变 ，计算出的密度测量值偏大。
19．【答案】（1）串联；100
（2）热传递
（3）60
（4）500
（5）标语：“高压危险，请勿触摸！”，原理：充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电。
【知识点】热传递改变物体内能；串联电路的电压规律；电功的计算；焦耳定律；安全用电原则
【解析】【解答】 （1）要提升总输出电压，需将单体电池串联；所需单体电池数量为。（2）冷却液循环通过温度差将线缆的热量转移出去，属于热传递的方式。
（3）电池总容量为100kW h，电量从10%提升至70%，增加的电量占比为70%-10%=60%
因此增加的电能为100kW h×60%=60kW h。
（4）由题可知，100kW h=100000W h，能量密度为200W h/kg，因此电池质量
。
（5）充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电，故可写标语：“高压危险，请勿触摸！”
故答案为：（1）串联；100；（2）热传递；（3）60；（4）500；（5）标语：“高压危险，请勿触摸！”，原理：充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电。
【分析】 （1）串联电池组的总电压等于各单体电池电压之和；
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（3）结合“仅需5分钟即可将电量从10%充至70%”求解；
（4）100kW h=100000W h，结合能量密度求得电池质量；
（5）人体的安全电压为不高于36V。
（1）[1][2]串联电池组的总电压等于各单体电池电压之和，要提升总输出电压，需将单体电池串联；所需单体电池数量为
（2）冷却液循环通过温度差将线缆的热量转移出去，属于热传递的方式，并未通过做功改变物体内能。
（3）电池总容量为，电量从提升至，增加的电量占比为
因此增加的电能为
（4）由题可知，，能量密度为，因此电池质量
（5）见答案
1 / 1广东省深圳高级中学集团2026年中考模拟考试物理试题
1．春晚小品《智能邻居》中，演员与机器人进行对话互动。下列关于声现象说法正确的是（　　）
A．机器人发出的声音是由内部扬声器振动产生的
B．观众分辨演员和机器人的声音主要依据是音调不同
C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递能量
D．演员靠近机器人说话，是在人耳处减弱噪声
【答案】A
【知识点】声音的产生；音色；声与信息传递；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．机器人发出的声音由内部扬声器振动产生，故A正确；
B．分辨演员和机器人的声音主要依据是音色不同，故B错误；
C．机器人识别语音指令，说明声音可以传递信息，故C错误；
D．在人耳处减弱噪声是指在人耳处采取降噪措施（如戴防噪耳罩），演员靠近机器人说话不属于这类情况，故D错误。
故选A。
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）音色与发声体的材料和结构有关。
（3）声音可以传递信息，如B超，声音可以传递能量，如超声波碎石。
（4）减弱噪声的三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
2．春晚“非遗焕新”环节中，投影仪将敦煌壁画投射到半透明纱幕上，形成放大的彩色影像，下列说法正确的是（　　）
A．投影仪的镜头是凹透镜，使光线发散从而扩大画面范围
B．其成像原理与放大镜相同，成正立放大的虚像
C．若想让纱幕上的壁画像变大，应将投影仪镜头向靠近纱幕的方向移动
D．观众从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射
【答案】D
【知识点】镜面反射与漫反射；凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】AB．投影仪的镜头是凸透镜，凸透镜对光有会聚作用，其成像原理f2f，成倒立、放大的实像，放大镜的成像原理是uC．根据“物近像远像变大”可知，若要使成的像变大，应减小物距，并增大像距，即将投影仪向远离纱幕的方向移动，故C错误；
D．从剧场两侧也能看清画面，是因为光在纱幕表面发生了漫反射，故D正确。
故选D。
【分析】（1）投影仪的镜头是凸透镜，当物距在一倍焦距与二倍焦距之间，像距大于二倍焦距，成倒立、放大的实像；
（2）放大镜的成像是物距在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像；
（3）要使成的像变大，应减小物距，并增大像距；
（4）平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
3．春晚舞蹈节目《春雪》中，舞台利用干冰制造出如梦似幻的“云雾”效果。关于这一现象，下列说法正确的是（　　）
A．“云雾”是干冰升华形成的二氧化碳气体
B．“云雾”是工作人员向舞台喷射的真实烟雾
C．利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气放热液化而成
D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝固形成的
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】ABC．“云雾”是利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化放热形成的小液滴，不是真实的烟雾，故AB错误，C正确；
D．舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝华形成的，故D错误。
故选C 。
【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
4．在《武BOT》节目中，机器人完成了一系列醉拳动作。下列分析正确的是（　　）
A．机器人向上腾空翻转时，若所有外力突然消失，它将立即静止
B．机器人向前行走时，受到地面的摩擦力方向始终与运动方向相反
C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力是一对相互作用力
D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压强变小
【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；平衡力的辨别；摩擦力的方向；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A．机器人向上腾空翻转时，速度不为0，若所有外力突然消失，它将做匀速直线运动，故A错误；
B．机器人向前行走，后脚蹬地时，脚有向后运动的趋势，受到地面的摩擦力方向与运动方向相同，不一定与运动方向相反，故B错误；
C．机器人静止站立时，受到的重力和舞台对它的支持力，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故C错误；
D．机器人从单脚站立变成双脚站立时，对舞台的压力不变，受力面积变大，根据压强公式可知，机器人对舞台的压强变小，故D正确。
故选D。
【分析】（1）当物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
（2）摩擦力方向与物体相对运动方向相反；
（3）物体处于平衡状态，受到平衡力的作用；
（4）根据可知，压力不变，受力面积变大，判断压强变化。
5．“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
A．扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动，和直流电动机的原理相同，故A符合题意；
B．动圈式话筒的原理是电磁感应现象，和直流电动机的原理不同，故B不符合题意；
C．电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，和直流电动机的原理不同，故C不符合题意；
D．电磁感应现象，是发电机的工作原理，和直流电动机的原理不同，故D不符合题意。
故选A。
【分析】直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
6．如图是我国发射神舟十七号载人飞船的情景，下列说法正确的是（　　）
A．火箭发动机是一种比柴油机效率更高的热机
B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为它含有大量的热量
C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，飞船的内能转化为机械能
D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于可再生能源
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的效率；能源及其分类
【解析】【解答】A．火箭发动机属于热机，工作原理是将燃料燃烧产生的高温高压气体高速向后喷出，从而获得向前的推力。在此过程中，燃气内能绝大部分转化为机械能，能量损失较少，火箭发动机效率更高，故A正确；
B．火箭选用偏二甲肼作燃料，主要是因为偏二甲肼具有高热值，而热量是过程量，不能说物体“含有”热量，故B错误；
C．穿越大气层时，飞船与大气摩擦，机械能转化为内能，故C错误；
D．偏二甲肼的原料是化石燃料，化石燃料属于不可再生能源，故D错误。
故选A。
【分析】（1）在热机中，用来做有用功的那部分能量与燃料完全燃烧放出的热量之比，叫热机的效率；
（2）热量是过程量，不能说物体“含有”热量；
（3）内能的改变：做功、热传递；
（4）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。
7．某同学用如图所示的电路测小灯泡功率，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。闭合开关后灯泡全程不超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法正确的是（　　）
A．灯泡的电阻为2Ω
B．该电路允许通过的最大电流为0.5A
C．该电路的最大功率是2.7W
D．滑动变阻器的阻值最大只能到18Ω
【答案】B
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．灯泡名牌“2.5V 1.25W”，不考虑灯丝电阻的变化，灯泡的电阻：
故A错误；
B．灯泡的额定电流：
滑动变阻器允许最大电流1A，灯泡与滑动变阻器串联，电流处处相等，要求“灯泡全程不超过额定电压”，因此电路最大电流为0.5A，故B正确；
C．电源电压恒为4.5V，由可知电路最大功率发生在电流最大时：
故C错误；
D．滑动变阻器最大阻值时，不考虑灯丝电阻的变化，电路的总电阻为：
电路中电流：
此时灯泡两端的电压为：
满足电路安全要求，故D错误。
故选B。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）（2）（3）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的电阻，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合滑动变阻器的规格确定电路中的最大电流，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，据此分析。
8．春晚舞台上某款重500N的机器人完成前空翻，如图所示，请画出机器人悬空瞬间所受重力示意图（其中O为重心）。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的作用点在机器人的重心O处，重力方向始终为竖直向下，从O点沿竖直向下方向画一条带箭头的线段，用G表示，大小为500N，如图所示：
【分析】 根据重力的方向是竖直向下的，从物体重心做竖直向下的力即可。
9．按照要求完成电路。要求：只闭合S时，电动机单独工作；只闭合时，电灯与电动机均不工作；两个开关同时闭合时，电灯与电动机同时工作。
【答案】
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计；家庭电路的连接
【解析】【解答】由题意可知，只闭合S时，电动机单独工作，说明电灯和电动机互不影响，是并联的；只闭合时，电灯与电动机均不工作，两个开关同时闭合时，电灯与电动机同时工作，说明开关S1在支路上，且控制电灯，开关S在干路，控制所有用电器，开关应接在相线与用电器之间，如图所示：
【分析】结合题目给出的三个条件，可以初步判断出开关S的通断影响着整个电路，即开关S位于干路中，控制整个电路；
而S1的通断，只影响电灯的工作状态，说明了电灯与电动机是并联关系，且电灯和开关S1串联在同一支路中，可据此画出对应的电路图。
10．如图是深圳地标建筑——“湾区之光”摩天轮，转轮直径约113m，质量为50kg的小明乘坐摩天轮轿厢，轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，他的运动状态　 　（选填“改变”或“不变”），摩天轮轿厢对小明做功　 　J（忽略轿厢的高度），小明的机械能　 　（选填“增大”“减小”或“不变”）。（g取10N/kg）
【答案】改变；56500或；增大
【知识点】机械能及其转化；力的作用效果；功的计算及应用
【解析】【解答】轿厢由最低点匀速运动到最高点的过程中，运动的速度不变，运动方向不断发生变化，故小明的运动状态发生改变。
最低点到最高点的高度等于转轮的直径h=113m，摩天轮轿厢对小明做的功：
人乘坐摩天轮匀速转动，在上升的过程中，人的质量不变、速度不变，动能不变，高度变大，重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，所以其机械能增加。
故答案为：改变；56500；增大。
【分析】（1）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变。
（2）根据W=Gh=mgh计算轿厢对小明做功。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
机械能=动能+势能。
11．用图中滑轮组将物块匀速提升了20cm用时2s，动滑轮重0.9N，绳子自由端弹簧测力计的示数如图所示为　 　N，不计绳重及摩擦，则该物块重　 　N。如果要提高滑轮组的机械效率，你的做法是　 　（答出一条即可）。
【答案】1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重
【知识点】弹簧测力计及其使用；滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】图中弹簧测力计分度值为0.2N，示数为1.2N；
由图可知，动滑轮上绳子段数，不计绳重及摩擦，则该物块重力为：
不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率：
由上式可知，增大物重，滑轮组的机械效率变大，所以如果要提高滑轮组的机械效率，可以在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。
故答案为：1.2；2.7；在绳子能承受的拉力范围内，增大物重。
【分析】 （1）认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数；
（2）根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重及摩擦，利用求出该物块重；
（3）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
12．图是一款穿戴式“智能手表”，具有精准定位、计步统计、能量消耗统计等功能，内置规格为“3.7V 300mAh”的锂电池，该手表满电时锂电池所储存的电能为　 　J。佩戴者在操场上跑步时智能手表记录情况如图所示，则他跑步的速度是　 　m/s，跑步过程中，以佩戴者手腕为参照物，智能手表是　 　（选填“运动”或“静止”）的。
【答案】3996；4；静止
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择；电功的计算
【解析】【解答】已知锂电池的规格为“3.7V 300mAh”，则该手表满电时锂电池所储存的电能：
由图可知，佩戴者运动的时间：
跑步过程运动的距离：
佩戴者跑步的速度：
以佩戴者手腕为参照物，智能手表相对于手腕的位置没有发生变化，因此智能手表是静止的。
故答案为：3996；4；静止。
【分析】 （1）根据W=UIt计算锂电池所储存的电能；
（2）根据图中佩戴者运动的时间和距离，利用速度公式进行计算；
（3）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
13．a、b两小组的同学们按照图甲所示的装置做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。
（1）实验进行一段时间后，如图甲所示温度计的示数为　 　。
（2）a组同学第5min时观察到水中产生气泡和图　 　（选填“丙”或“丁”）一样；图丙中的气泡上升过程中浮力　 　。（选填“变大”“变小”或“不变”）
（3）两小组所用器材完全相同，相同时间内水吸收的热量相同，分析图乙中图像可知，可以判断出　 　组的水质量大，a、b两组同学烧杯中水的质量之比为　 　。
【答案】（1）94℃
（2）丁；变小
（3）b；2∶5
【知识点】探究水的沸腾实验；阿基米德原理；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，示数为94℃。
（2）由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，水在沸腾时产生大量气泡，水汽化产生的水蒸气进入气泡，所以气泡在上升过程中逐渐变大，所以产生的气泡和图丁一样。
图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据阿基米德原理可知，其浮力变小。
（3）由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。
加热至沸腾时，a、b两组水吸热时间之比为，用加热时间表示水吸收的热量，则水吸收的热量之比：
温度变化量之比：
由热量公式可得，
故答案为：（1）94℃；（2）丁；变小；（3）b；2：5。
【分析】（1）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（2）液体在沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐变小，沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大；
根据F浮=ρ液gV排分析；
（3）由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢；
相同的加热器加热，相同时间内水吸收的热量相同，根据Q吸=cmΔt，得出质量之比。
（1）由图甲可知，温度计分度值为1℃，越往上温度计的示数越大，此时温度为零上，示数为94℃。
（2）[1]水在沸腾时产生大量气泡，且气泡在上升过程中逐渐变大，由图乙可知，第5min时，a组的水处于沸腾状态，所以产生的气泡和图丁一样。
[2]图丙中的气泡上升过程中，体积变小，排开液体的体积变小，液体密度不变，根据可知，其浮力变小。
（3）[1]由图乙可知，从开始加热到水刚开始沸腾，相同时间内，b组水温变化慢，所以b组水的质量大。
[2]a、b两组水吸热时间之比为
故水吸收的热量之比
温度变化量之比
由热量公式可得，
14．某学习小组在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中，进行了如下操作和分析：
（1）如图甲所示，某同学使用液体压强计前，发现U形管左右两侧液面存在高度差。他接下来应该的操作是_______；
A．取下软管重新安装 B．向U形管右侧加水直至液面相平
（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是　 　；
（3）保持图丙中金属盒的位置不变，将浓盐水倒入烧杯中搅匀后为图丁，观察图丙和丁，小明得出了“同一深度的液体密度越大，内部压强越大”的结论。此结论错误的原因是　 　。
（4）小明将压强计进行改装，在U形管另一端也连接上探头，实验现象如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，　 　（选填“左”或“右”）侧液体产生的压强大。
【答案】（1）A
（2）U形管液面高度差更大
（3）没有保持探头深度相同
（4）左
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】解答（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（2）小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故此结论错误的原因是没有保持探头深度相同；
（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大于右侧液体产生的压强。
故答案为：（1）A；（2）U形管液面高度差更大；（3）没有保持探头深度相同；（4）左。
【分析】（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差，可知两管气体压强不相同，据此分析；
（2）（4）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（1）压强计U形管左右两侧的水面有一定的高度差说明U形管中两管上方的气体压强不相等，此时需要将软管取下并重新安装，使气体压强相等，左右两侧的水面是相平的，压强计才可以正常使用，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
（2）本实验中用U形管左右液面高度差来反映液体压强大小，是转换法。小明认为图丙中的液体压强更大，判断依据是丙图中U形管左右液面高度差更大。
（3）要探究液体压强与液体密度的关系，应使探头深度相同，液体密度不同，而小明将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀，深度发生了变化，故不能得出正确结论。
（4）如图戊所示，不同液体内部在同一深度处，U形管左液面比右液面低，因此左侧液体产生的压强大。
15．某小组用如图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用器材：学生电源、四个定值电阻（、、、）、标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物连接成完整电路；
（2）该组的两个同学先后进行实验，并作出图像如图乙所示，　 　图（选填“A”或“B”）实验操作中不符合要求，原因是　 　；
（3）实验过程中定值电阻为时，滑动变阻器刚好需要滑到最大阻值处才能记录数据，请根据图乙中符合要求的图像计算该电路的电源电压是　 　V；
（4）另一组同学设计了如图丙所示电路测量未知电阻的阻值。已知电源电压不变，定值电阻的阻值为，请将下列实验步骤补充完整。
①闭合开关，将开关掷于“1”时，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为；
②　 　，记下此时电压表的示数为；
③请写出待测电阻的阻值表达式=　 　（用、、表示）。
【答案】（1）
（2）A；没有控制电阻两端的电压不变
（3）6
（4）保持滑片位置不变，将开关掷于“2”；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电压表需按照“正进负出”的原则接入电路，如图所示：
（2）探究“电流与电阻的关系”时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，
U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω≠0.25A×20Ω
所以B实验操作符合要求，
A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，
U=IR=0.6A×5Ω≠0.4A×10Ω≠0.3A×15Ω≠0.15A×20Ω=3V
所以A实验操作中不符合要求。
（3）由B图可知，定值电阻两端的电压为3V，当定值电阻时，滑动变阻器最大阻值为，此时电路中的电流：
滑动变阻器两端的电压：
电源电压：
（4）①闭合开关，将开关掷于“1”时，与、滑动变阻器串联， 调节滑动变阻器的滑片到适当位置， 电压表测两端的电压，示数为；
②保持滑片位置不变，将开关掷于“2”，与、滑动变阻器串联，电压表测与两端的总电压，电路中的电流 ，两端的电压
的阻值：
故答案为：（1）；（2）A；没有控制电阻两端的电压不变；（3）6；
（4）②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”；③。
【分析】（1）本实验中，电压表要并联在定值电阻的两端，且电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出；
（2）“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变；
（3）由B图可知定值电阻两端的电压，当定值电阻R'=20Ω时，对应的滑动变阻器有最大阻值，由欧姆定律得出此时电路中的电流和滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律得出电源电压；
（4）①闭合开关S1，将开关S2掷于“1”时，三个电阻串联，电压表测量电阻R0两端电压，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为U1；
②保持滑片位置不变，将开关S2掷于“2”时，此时电压表测量电阻R0与Rx的两端电压之和，记下此时电压表的示数为U2；
③根据串联电路电流特点结合欧姆定律可得待测电阻Rx阻值的表达式。
（1）连接电路时，电压表要并联在定值电阻的两端，且电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出，如图所示：
（2）由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，即电流与电阻的乘积是一个定值，图乙中B图线每组电流与对应的电阻乘积均为3V不变，所以B实验操作符合要求，A图线每组电流与对应的电阻乘积不相等，如电阻为时，电流为0.6A，乘积为3V，电阻为时，电流为0.4A，乘积为4V，所以A实验操作中不符合要求。
（3）由B图可知，定值电阻两端的电压
当定值电阻时，滑动变阻器最大阻值为，此时电路中的电流
滑动变阻器两端的电压
电源电压
（4）[1][2]①闭合开关，将开关掷于“1”时，与、滑动变阻器串联，电压表测两端的电压；
②保持滑片位置不变，将开关掷于“2”，与、滑动变阻器串联，电压表测与两端的总电压，电路中的电流 ，两端的电压
的阻值
16．如图是我国某公司研发的四轮机器狗，其质量为80kg，四轮与水平地面的总接触面积为。该机器狗工作时最大行驶速度可达18km/h，且在水平路面行驶时，受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍。求：
（1）该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强；
（2）该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小；
（3）该机器狗以最大速度匀速行驶2min，牵引力做功的功率。
【答案】（1）解：机器狗受到的重力：
机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力：
对地面的压强：
答：该机器狗静止于水平地面时，对地面的压强1.6×105Pa。
（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力：
机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等， 则机器狗受到的牵引力大小：
答：该机器狗匀速直线行驶时，受到的牵引力大小为；
（3）机器狗的速度：
牵引力做功的功率：
答：牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）机器狗静止时对水平地面的压力等于物体和车的总重力，根据F=G=mg求出其大小；已知车轮与地面的接触面积（即受力面积），根据求出对水平地面的压强；
（2）机器狗匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据F=f=0.02G求出机器狗牵引力；
（3）利用求出机器狗牵引力做功的功率。
（1）机器狗受到的重力
机器狗静止于水平地面时，机器狗对水平地面的压力和机器狗受到的重力大小相等，即机器狗对水平地面的压力
对地面的压强
（2）机器狗受到的水平牵引力大小恒为总重力的0.5倍，即机器狗受到的水平牵引力
机器狗做匀速直线运动，其受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等， 则机器狗受到的牵引力大小
（3）机器狗的速度
牵引力做功的功率
17．如图甲所示为一款两挡电火锅，其简化电路原理图如图乙所示，和均为发热电阻，S为电源开关，为温控开关，额定电压为220V，它的高温挡的额定功率为2200W，低温挡的额定功率为440W。[]求：
（1）电火锅将2kg水从20℃加热至100℃，水吸收的热量；
（2）电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）电阻的阻值。
【答案】（1）解：水吸收的热量为：
答：水吸收的热量6.72×105J；
（2）工作时间
电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为：
答：电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）电源电压不变，根据，电阻越小功率越大。当S闭合、闭合时，被短路，只有接入电路，电阻最小，为高温挡；当S闭合、断开时，与串联，总电阻最大，为低温挡。
则的阻值为：
低温挡的总电阻为：
电阻的阻值为：
答：电阻的阻值。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电阻的串联；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；
（2）利用W=Pt求出电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能；
（3）由图可知，当开关S、S1都闭合时，只有电阻R1接入电路；当开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，根据串联电路的电阻特点和知高温挡和低温挡时电路的连接方式；根据高温、低温挡功率和求出电阻R1的阻值以及R1、R2串联时的总电阻，根据串联电路电阻的规律求出电阻R2的阻值。
（1）水吸收的热量为
（2）工作时间
电火锅高温挡正常工作5min消耗的电能为
（3）电源电压不变，根据，电阻越小功率越大。当S闭合、闭合时，被短路，只有接入电路，电阻最小，为高温挡；当S闭合、断开时，与串联，总电阻最大，为低温挡。
则的阻值为
低温挡的总电阻为
电阻的阻值为
18．【项目背景】学校物理社团开展制作杆秤的项目化学习研究活动。
【驱动问题】如何利用杠杆原理制作一把高精度的杆秤，并将其改装为可以直接读取液体密度的“密度秤”？
【项目研究与实施】
任务一：制作基础杆秤
利用一根木制筷子、一个小盆（作秤盘）、一个钩码（作秤砣）、细线、刻度尺和记号笔等材料制作如图乙杆秤。
（1）量程选择：图甲中使用提纽________（选填“1”或“2”）时杆秤的量程更大。
（2）刻度标定：小组同学按照以下步骤在图乙杆秤上定刻度：
①空秤盘时，标记水平平衡时秤砣悬挂点为“0”刻度。
②在秤盘中放入100g砝码，再次标记水平平衡时秤砣悬挂点为“100g”。
③将“0”到“100g”之间均匀划分50格，则每一格代表________g。
（3）讨论与改进：在制作过程中，同学们发现若要增大杆秤的量程，可换用更________（选填“重”或“轻”）的秤砣。
任务二：改装为“密度秤”
（4）为能直接测量液体密度，同学们尝试对杆秤进行改造：用小杯子代替小盆挂在秤钩处，如图丙所示。
①杯中无液体时，提起秤纽，秤砣在点A处秤杆水平平衡，将A点标记为“0”（表示液体密度为）。
②向杯中加入水至固定刻度线a处，移动秤砣至点B使秤杆再次水平平衡。已知水的密度为，将B点标记为“1”。
③分析可知，在“0”和“1”之间划分的刻度是________（选填“均匀”或“不均匀”）的。
【分析与评估】
（5）为了制作出分度值更小的“密度秤”，下列改进措施可行的是_______。
A. 把提纽位置往靠近杯子一侧移动
B. 减少加入杯中的液体体积
C. 减小秤砣的质量
（6）用该密度秤测量某液体时，杯子外壁沾有液体，则所测液体的密度值将________。
【答案】(1) 1
(2) 2
(3) 重
(4) 均匀
(5) C
(6) 偏大
【知识点】密度公式及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）提纽离秤盘越近，物体对应的阻力臂就越小。根据杠杆平衡条件，在秤砣重力与最大动力臂保持不变的情况下，所能平衡的物体重力也就越大，所以提纽 1 的测量量程更大。
（2）由题干条件可得，零刻度线至 100g 刻度之间共划分 50 小格，据此可算出每一小格对应的质量大小， 每格代表质量 。
（3）依据杠杆平衡原理，在阻力臂、动力臂等条件不变时，秤砣质量越大，能够测量的物体重力就越大，量程随之增大，因此可更换质量更大的秤砣。
（4）空杯水平平衡时，满足杠杆平衡关系式①；向杯中装入体积固定、密度为ρ的液体后，再次根据杠杆平衡列出关系式②。联立两式化简推导，可得移动距离与液体密度成正比例关系，故此装置刻度分布均匀。
（5）想要减小分度值、提升精度，需增大 AB 段刻度间距，让相同密度变化下，秤砣移动距离更长。结合推导公式分析：
A. 提纽靠近杯体，阻力臂减小，对应系数变小，不符合要求；
B. 减小液体体积，系数变小，不符合要求；
C. 减小秤砣质量，对应系数变大，分度值更小，符合题意。
综上，选择 C。
（6）若杯子外壁残留附着液体，会造成测得的液体总质量偏大，而液体实际体积不变，根据密度公式计算可知，最终测出的液体密度数值会偏大。
【分析】本题以自制杠杆密度秤为核心，综合考查：杠杆平衡条件、力臂变化规律、量程判断、刻度均匀性、精度优化、密度误差分析，是力学综合高频考题，逻辑连贯、层层递进。
（1）提纽位置与量程大小：核心原理：杠杆平衡条件 F1 L1 =F2 L2 杯子（被测物体）一侧为阻力、阻力臂；秤砣为动力、动力臂。提纽越靠近秤盘，阻力臂越小；秤砣重力、最大动力臂固定时，阻力臂越小，能承载的物体重力越大。结论：提纽 1 阻力臂更短，测量量程更大。
（2）刻度分度值计算已知：0～100g 共 50 格，用平均分度思想，总质量除以格数，即可得出单格代表质量，属于基础刻度计算问题，考查读数与刻度划分。
（3）秤砣质量对量程的影响控制变量：阻力臂、最大动力臂不变；由杠杆平衡：秤砣重力（动力）越大，最大可测阻力越大。结论：换用更重的秤砣，可增大该装置测量量程。
（4）刻度是否均匀的推导：空载空杯：列出杠杆平衡等式①；装入固定体积、不同密度的液体：列出平衡等式②；两式联立化简，最终得出：秤砣移动距离与液体密度ρ成正比。正比关系 ，刻度均匀，这是这类密度秤的核心考点。
（5）减小分度值、提高精度的方案分析，相同密度变化，秤砣移动距离更大，刻度更稀疏、分度值更小、读数更精准。结合推导公式的系数变化判断：
A 提纽靠近杯子：阻力臂减小，系数变小，精度变差；B 减小液体体积：系数变小，精度变差；C 减小秤砣质量：系数变大，同等密度变化，移动距离更长，分度值更小。
（6）沾液导致的密度误差分析杯子外壁沾有残留液体，测得总质量偏大；液体真实体积不变；根据 密度公式分析，质量偏大、体积不变 ，计算出的密度测量值偏大。
19．阅读材料，回答下列问题。
新能源时代的“中国速度”——比亚迪第二代刀片电池与兆瓦闪充技术
2026年3月，比亚迪正式发布“兆瓦闪充2.0”技术与“第二代刀片电池”。
第二代刀片电池采用磷酸锰铁锂（LMFP）作为正极材料，电压平台从3.2V提升至3.8V；负极采用硅碳复合材料，克容量大幅提升。其单体能量密度突破，系统体积利用率达76%。在安全性上，即便在3.8V高电压下通过针刺测试，依然保持“不起火、不爆炸”。其独特的层状结构和特制电解液使其具有较大的比热容，能有效缓冲温度变化。
兆瓦闪充充电站采用“储充一体”架构。单枪峰值功率达1500kW（1.5MW），最大输出电流1500A，输出电压范围200V-1000V。站内配备大容量储能柜（由车规级刀片电池组成），平时以较小功率从电网取电储存，充电时由储能柜快速释放电能，避免对电网造成瞬时冲击。充电枪线采用全液冷技术，内部充满冷却液，能在1500A大电流下保持低温。
某款搭载第二代刀片电池的轿车，电池包总容量为100kW·h，能量密度为。在环境温度25℃时，使用兆瓦闪充桩，仅需5分钟即可将电量从10%充至70%，增加续航里程约400公里。若环境温度降至，充电时间略微延长，但依然能在12分钟内充满。
（1）第二代刀片电池的单体电压平台从3.2V提升至3.8V。若要将多个单体电池组合成一个输出电压为380V的电池包，需要将这些单体电池进行　 　（选填“串联”或“并联”），大约需要　 　个单体电池。
（2）为了防止线缆过热，充电枪采用了全液冷技术，利用冷却液的循环流动，通过　 　（选填“做功”或“热传递”）的方式将热量带走。
（3）在25℃环境下，该轿车电池剩余电量为10%时，用兆瓦闪充桩充电5min，电池增加的电能是　 　kW·h。
（4）该款电动轿车配备的电池质量是　 　kg。
（5）请为这款搭载“兆瓦闪充”技术的汽车设计一个安全警示标语，并简单解释所用物理原理。　 　
【答案】（1）串联；100
（2）热传递
（3）60
（4）500
（5）标语：“高压危险，请勿触摸！”，原理：充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电。
【知识点】热传递改变物体内能；串联电路的电压规律；电功的计算；焦耳定律；安全用电原则
【解析】【解答】 （1）要提升总输出电压，需将单体电池串联；所需单体电池数量为。（2）冷却液循环通过温度差将线缆的热量转移出去，属于热传递的方式。
（3）电池总容量为100kW h，电量从10%提升至70%，增加的电量占比为70%-10%=60%
因此增加的电能为100kW h×60%=60kW h。
（4）由题可知，100kW h=100000W h，能量密度为200W h/kg，因此电池质量
。
（5）充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电，故可写标语：“高压危险，请勿触摸！”
故答案为：（1）串联；100；（2）热传递；（3）60；（4）500；（5）标语：“高压危险，请勿触摸！”，原理：充电电压（200V-1000V）远高于人体安全电压，触摸可能导致触电。
【分析】 （1）串联电池组的总电压等于各单体电池电压之和；
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（3）结合“仅需5分钟即可将电量从10%充至70%”求解；
（4）100kW h=100000W h，结合能量密度求得电池质量；
（5）人体的安全电压为不高于36V。
（1）[1][2]串联电池组的总电压等于各单体电池电压之和，要提升总输出电压，需将单体电池串联；所需单体电池数量为
（2）冷却液循环通过温度差将线缆的热量转移出去，属于热传递的方式，并未通过做功改变物体内能。
（3）电池总容量为，电量从提升至，增加的电量占比为
因此增加的电能为
（4）由题可知，，能量密度为，因此电池质量
（5）见答案
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