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四川省达州市高级中学校2025-2026学年九年级下学期阶段检测物理试卷（4月考）
1．下列数据最符合实际的是（　　）
A．一个鸡蛋的重力约为5N
B．一个中学生站在地面上对地面的压强约
C．将一个鸡蛋举高2m做功约为1J
D．天府新区的大气压强约为
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算；大气压强的存在；功的计算及应用
【解析】【解答】A、结合生活常识可知，一枚普通鸡蛋的质量大约为50 克，换算成国际单位制就是0.05 千克。根据重力计算公式G=mg（其中g取10N/kg），可计算出这枚鸡蛋受到的重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，该数值与选项描述不符，故A不符合实际；
B、一名普通中学生的质量约为50kg，其受到的重力约为500N，站立时对地面的压力大小等于自身重力，即约为500N。中学生双脚与地面的接触面积大致为0.04 平方米，根据压强公式，可计算出其对地面的压强约为，与选项中隐含的压强数值不符，故B不符合实际；C、由A选项可知，一枚鸡蛋的重力约为0.5N，将其举高2 米，根据功的计算公式W = Gh，可计算出所做的功约为W=Gh=0.5N×2m=1J，该计算结果符合实际情况，故C符合实际；
D、我们日常生活所处的环境，标准大气压约为1×105Pa，日常环境气压会围绕这个数值小幅波动，但总体接近该数值，选项中描述的气压与实际日常环境气压不符，故D不符合实际。
故选：C。
【分析】对于物理量的估算，不能单纯依靠主观判断，需结合生活实际经验、基本物理公式进行合理推算，同时注意单位换算的准确性。部分物理量需要通过简单计算得出具体数值，再与实际情况对比，最终筛选出最符合实际的选项。
2．《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列分析正确的是（　　）
A．立春：“春风送暖，冰雪消融”，冰雪消融是熔化，需要吸热
B．小暑：“蒸炊煮蒸暑气盛”，地上的积水变干是液化，需要放热
C．霜降：“气肃而凝，露结为霜”，霜的形成是汽化，需要放热
D．大寒：“天寒地冻，滴水成冰”，水结冰时温度不变，不断吸热
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪融化的过程，是固态的冰转化为液态的水，该物态变化为熔化，熔化过程需要持续吸收热量，故A正确；
B．地面积水慢慢消失，是液态水分逐渐蒸发成气态水蒸气，属于汽化现象，汽化需要吸热，因此该选项表述错误，故B错误；
C．霜的形成，是空气中的水蒸气遇冷直接凝结为固态冰晶，属于凝华现象，凝华过程向外释放热量，故C错误；
D．水结成冰，是液态转化为固态的凝固过程，晶体凝固时温度保持恒定，同时不断放出热量，故D错误。
故选：A。
【分析】自然界中物质存在固、液、气三种常见状态，三种状态之间可以相互转化。固态转为液态为熔化，液态转为固态为凝固；液态转为气态为汽化，气态转为液态为液化；固态直接变为气态是升华，气态直接变为固态是凝华。各类物态变化均伴随热量的吸收与释放，其中凝固、液化、凝华三类变化需要放热，熔化、汽化、升华三类变化需要吸热。
3．下列关于力学知识的说法中正确的是（　　）
A．静止的物体不受摩擦力，运动的物体才受摩擦力
B．抛向空中的实心球到达最高点时，处于平衡状态
C．篮球运动员投篮后，篮球继续向前运动是因为受到惯性的作用
D．瓶盖上有很多纹路，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A．静止的物体之间有相对运动的趋势时，也会在接触面产生摩擦力，当物体在光滑的水平面上运动时，不会受到摩擦力的作用，故A错误；
B．抛向空中的实心球到达最高点时，受到的重力和空气阻力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C．篮球运动员投篮后，篮球继续向前运动是因为篮球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．瓶盖上有很多纹路，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）静止的物体之间有相对运动的趋势时，也会在接触面产生摩擦力；
（2）平衡状态是指静止或匀速直线运动状态，物体在平衡状态时受平衡力；
（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，大小与物体的质量有关，与速度大小无关；
（4）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
4．12月2日是全国安全交通日，其中不戴头盔存在安全隐患，于是小清设计了以下方案：骑行前，扫码成功后开关 闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控 闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码则无法骑行。下图电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】 根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联的；若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电机在一条支路中，故B正确。
故选：B。
【分析】 根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
5．成都欢乐谷“海盗船”项目的摆动原理与单摆一致，某物理兴趣小组为研究其能量变化，用细绳和小球制作了单摆模型。将小球拉至左侧最高点A，松手后使其自由摆动，B为摆动过程中的最低点，C为右侧最高点，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）
A．小球运动到右侧的最高点C比A点的位置高
B．小球从B运动到C的过程中，重力势能转化为动能
C．摆动过程中，小球运动到最低处B时的动能最大
D．若小球摆到右侧最高点C时所有外力突然消失，小球将做匀速直线运动
【答案】C
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A、忽略空气阻力的影响，小球整体机械能保持不变，右侧最高点C的高度应当与起始A点保持一致，故A错误；
B、小球由B向C摆动时，运动速度逐渐减小，所处高度不断升高，动能随之减小，重力势能逐步增加，是动能转化为重力势能，故B错误；
C、小球从A摆至B的过程中，重力势能不断转化为动能，从B摆向C时又将动能转化为重力势能，因此在最低点B处，小球的动能达到最大值，故C正确；
D、小球摆动至右侧最高点C时，瞬时速度为零，若此刻一切外力全部消失，小球将会保持静止状态，故D错误。
故选：C。
【分析】影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械能是动能与势能的和；在只有动能和势能转化时，机械能守恒。
一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
6．如图所示，毛笔书法要经历研墨、蘸墨、执笔、运笔的过程，下列叙述正确的是（　　）
A．研墨时，墨条受到砚台的摩擦力方向与墨条运动方向相同
B．蘸墨后，毛笔在纸上书写时，纸对毛笔的摩擦力是静摩擦力
C．悬空竖直执笔静止时，笔杆不受摩擦力
D．向右运笔书写，笔尖所受摩擦力方向向左
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力产生的条件；摩擦力的方向；摩擦力的种类
【解析】【解答】A．研墨过程中，墨条沿砚面滑动，墨条相对砚台发生向前的相对运动，滑动摩擦力始终阻碍物体的相对运动，因此摩擦力与墨条运动方向相反，故A错误；
B．书写字迹时，笔尖墨汁与纸面持续发生相对滑动，此时纸面给毛笔的摩擦为滑动摩擦，并非静摩擦力，故B错误；
C．手握毛笔竖直悬空保持静止，笔杆受到竖直向下的重力作用，手部与笔杆间的静摩擦力和重力相互平衡，使笔杆保持静止，该选项表述有误，故C错误；
D．向右运笔写字时，笔尖相对纸张向右滑动，滑动摩擦力会阻碍相对运动的发生，所以笔尖受到的摩擦力方向水平向左，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）摩擦力的核心作用是阻碍两个接触面间的相对运动或相对运动趋势。
（2）发生相对滑动时产生滑动摩擦力，仅有相对运动趋势、无相对滑动时为静摩擦力。
（3）物体保持静止状态时，受力相互平衡，合力为零。
（4）滑动摩擦力的方向，始终与研究对象的相对运动方向相反。
7．如图所示，水平桌面上盛有适量水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B，当冰块A完全熔化后，下列说法正确的是（　　）
A．烧杯内液面高度不变 B．杯底受到液体的压力变小
C．烧杯对桌面压强变大 D．物块B受到的浮力变小
【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由图可知冰块漂浮，根据物体浮沉条件可知，
可得，则冰块漂浮时排开水的体积
冰全部熔化成水以后，熔化成水的质量保持不变，则熔化成水的体积
所以液面的高度不变，故A正确；
B．根据压强的公式可知，杯底受到水的压力
液面高度不变h也就不变，所以不变，故B错误；
C．冰块熔化后，总质量不变，而烧杯对桌面的压力等于烧杯及烧杯内物体重力之和，所以烧杯对桌面的压力不变，根据可知，烧杯对桌面压强的不变，故C错误；
D．冰熔化后，物体B仍然悬浮，根据物体浮沉条件可知，浮力等于重力，物体B重力不变，则物块B受到的浮力不变，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）根据浮沉条件和密度公式分析回答；
（2）根据p=ρgh和分析回答；
（3）冰块熔化后，质量不变，即烧杯内物体的总质量不变，而烧杯对桌面的压力等于烧杯及烧杯内物体重力之和，据此分析；
（4）冰熔化后，物体B仍然悬浮，浮力等于重力，物体B重力不变，据此分析。
8．比热容之比为2∶3的甲、乙两种液体，当它们吸收的热量之比为2∶3时，未发生物态变化，升高的温度之比为3∶2，则甲、乙的质量之比为（　　）
A．2∶3 B．1∶6 C．5∶6 D．1∶1
【答案】A
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据吸热公式，可以推导出质量表达式。对于甲、乙两种物质，它们的质量比为： ，所以甲、乙的质量比为2：3，因此选项A正确，其他选项不符合题意。
正确答案为A。
【分析】比较不同液体的比热容原理为Q=cmΔt，结合热量吸收的比值，温差变化的比值，据此计算不同物质的质量。
9．如图所示，A、B、C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（　　）
A．石块B所受合力不为零
B．石块B受到石块A的重力和压力的作用
C．石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力
D．石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A、石块B保持静止不动，属于平衡状态，平衡状态下物体所受全部外力相互抵消，整体合力大小为零，故A错误；
B、石块A叠放在B上方，会对B产生向下的压力，但该压力大小并不完全等同于A的重力，二者不能直接划等号，故B错误；
C、石块B自身存在重力，同时还要承受上方石块A的压力，石块C提供的支持力需要同时平衡这两个力，两个力大小并不一致，不满足平衡力的条件，故C错误；
D、石块B对C的压力与石块C对B的支持力，满足大小一致、方向相反、作用在不同物体、共线的特点，完全符合相互作用力的判定条件，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）平衡力的合力为零。
（2）石块B受到石块A压力等于A的重力；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
10．定值电阻R和标有“8V”的小灯泡的图像如图甲所示。当R和L接入图乙所示的电路中，下列说法中正确的是（　　）
A．电阻R的阻值为10Ω
B．L正常发光时，电流表的示数为1.1A
C．若R两端的电压为6 V，则电源电压为12 V
D．若电源电压为6 V，通过L的电流为0.9A
【答案】B
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．甲图中直线，说明导体的电流与电压成正比，即它是定值电阻 的 图像，曲线是灯泡L的 图像。当定值电阻的电压为时， 通过它的电流，则定值电阻，
故A错误；
B．根据乙图可知，灯泡与定值电阻并联，电流表测总电流。灯泡 L正常发光时电压为 8V，并联电路因此；
根据甲图可知，通过灯泡的电流，通过定值电阻的电流，
那么干路电流（电流表示数），
故B正确；
C．若R两端电压为6V，根据并联电路中各支路电压等于电源电压可知，电源电压就等于6V，故C错误；
D．若电源电压为6 V，则L两端电压为6V，由图甲可知，此时通过L的电流为0.6A ，故D错误。
故选B。
【分析】A.首先根据图像的形状不同与灯泡和定值电阻对应起来，然后根据计算定值电阻的阻值；
B.根据灯泡正常发光确定电源电压，根据图像甲确定通过二者的电流，然后相加即可；
C.根据并联电路中各支路电压等于电源电压判断；
D.根据甲图确定通过灯泡的电流。
11．甲、乙两物体重叠置于水平面上，当它们分别受到5N和8N的水平拉力时保持静止，如图所示，已知甲的底面积为，重为10N，乙的底面积为，重为20N。下列说法正确的是（　　）
A．甲受到的摩擦力为8N，方向为水平向右
B．乙受到地面的摩擦力为3N，方向水平向左
C．乙对地面的压力为20N
D．甲对乙的压强为2000Pa
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；摩擦力的方向；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A、甲受到的摩擦力，由于甲、乙在受到水平拉力时保持静止，故甲受力平衡，甲受到向右5N的水平拉力，则甲受到水平向左的摩擦力f=5N，故A错误；
B、乙受到地面的摩擦力，由于甲、乙在受到水平拉力时保持静止，根据力的作用是相互的，甲对乙的摩擦力为5N，方向水平向右，根据平衡关系可知，地面对乙的摩擦力为f=8N-5N=3N，方向水平向右，故B错误。
C、乙对地面的压力F=G甲+G乙=10N+20N=30N，故C错误；
D、甲对乙的压强，故D正确；
【分析】（1）根据平衡条件，摩擦力产生的条件对物体进行手里分析；
（2）根据压强公式进行计算。
12．小雨到江南古镇旅游时发现，某店铺用竹筒量取米酒、酱油等。如图所示，两竹筒内径相等，竹筒A用来量取米酒，竹筒B用来量取酱油，当它们都盛满时，竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等。已知米酒密度为，酱油密度为，则竹筒A与竹筒B筒身的高度之比为（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】 竹筒A、B的内径相等，则它们的底面积S相同，设竹筒A筒身的高度为h1，竹筒B筒身的高度为h2；
当它们都盛满时，竹筒A中米酒的体积为V1=Sh1，竹筒B中酱油的体积为V2=Sh2；
已知竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等，即mA=mB；
根据m=ρV可得，ρ米酒V1=ρ酱油V2；
因为V=Sh，则有ρ米酒Sh1=ρ酱油Sh2；
则竹筒A与竹筒B筒身的高度之比为：，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 （1）已知竹筒A、B的内径相等，则它们的底面积S相同，设竹筒A筒身的高度为h1，竹筒B筒身的高度为h2；
（2）当它们都盛满时，竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等，即mA=mB，根据m=ρV、V=Sh可列出等式ρ米酒Sh1=ρ酱油Sh2，进而求出竹筒A与竹筒B筒身的高度之比。
13．东汉学者王充在《论衡·乱龙》中记载：“顿牟掇芥，磁石引针”。这句话的意思是摩擦过的琥珀可以像磁铁吸引细针一样，吸引芥菜籽，这属于　 　（选填“电”或“磁”）现象；若摩擦过的琥珀与丝绸摩擦过的玻璃棒相互吸引，则可推断摩擦过的琥珀带　 　电。
【答案】电；负
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】摩擦过的琥珀带电，能吸引芥菜籽，是带电物体吸引轻小物体，是静电现象，与磁现象无关。
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，摩擦过的琥珀与其相互吸引，异种电荷相互吸引，故琥珀带负电。
【分析】不同物质相互摩擦，带异种电荷，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体。
14．2026年3月15日，眉山仁寿马拉松赛事中，选手佩戴的智能手环可记录步数。手环内部，一枚小磁体随着手臂的摆动在管内反复运动，穿过固定的线圈，线圈中便会产生微弱的电流，再通过传感器将运动数据实时上传，这一过程中　 　转化为电能，其中的工作原理与图中的　 　（选填“乙”或“丙”）相似。
【答案】机械能；丙
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】智能手环工作时，佩戴者手臂摆动会带动内部小磁体做反复运动，小磁体在运动过程中不断穿过线圈，使线圈切割磁感线，进而在线圈中产生感应电流，这一现象正是电磁感应现象。在这一过程中，小磁体运动所具有的机械能，被转化为线圈中电能，为手环相关部件供电。
观察乙、丙两图可知，乙图所示电路中接入了电源，其工作原理是通电导体在磁场中会受到力的作用，这是电动机的核心工作原理，与手环的工作机制不同；而丙图电路没有外接电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，该装置是电磁感应现象的典型实验装置，与智能手环利用电磁感应产生电能的工作原理完全一致。
故答案为：机械能；丙。
【分析】 发电机的原理是电磁感应现象，以及电磁感应现象中的能量转化是机械能转化为电能。
15．如图所示的西宁舰是中国自行研制的052D型导弹驱逐舰，满载排水量约7500吨，则西宁舰满载时所受的浮力为　 　N，此时其浸入水中的体积为　 　m3。
【答案】；
【知识点】压力及重力与压力的区别；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 满载排水量约7500吨，根据阿基米德原理知，浮力； 由阿基米德原理可得，西宁舰浸入水中的体积等于排开水的体积。
故答案为：7.5×107；7.5×103。
【分析】根据阿基米德原理计算浮力，结合阿基米德原理公式计算浸入的体积。
16．两个电阻甲和乙，规格分别为“6V 0.3A”和“4V 0.4A”，将它们串联接入3V的电路中，则甲、乙两电阻两端的电压之比为 　 　 ；两端接入最大电源电压是 　 　 V；将它们并联接入电路中，干路的最大电流为 　 　A。
【答案】2：1；9；0.6
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据电阻规格，计算甲电阻，乙电阻
串联时，甲、乙两电阻两端的电压之比，
电路允许通过的最大电流为，
则最大电源电压：；
电阻并联时，电路两端最大电压，通过甲的电流，
通过乙的电流，干路的最大电流为
【分析】根据，计算电阻；电阻串联时，电流处处相等，根据U=IR，计算电压；电阻分压比等于电阻比；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
17．如图所示是小溪同学在探究甲、乙两种不同的固体物质的质量和体积的关系时得出的图像。甲乙的密度之比为　 　；如果用上述两种物质做成甲、乙两个质量相同的实心正方体并放在水平面上自由静止，则甲、乙两物体对水平面的压强之比为　 　。
【答案】8∶1；4∶1
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 由图知，，，故；
因为甲、乙两个正方体质量相等，即m甲=m乙，所以，
又因为都是正方体，所以它们的边长之比为：a甲：a乙=1：2，
则底面积之比为：S甲：S乙=1：4，
因为放在水平地面上，所以对地面的压力相等，F=G=mg，
对地面的压强：。
故答案为：8：1；4：1。
【分析】先根据图像给出的数据求出甲、乙两物质的密度之比；
由题知，甲、乙两正方体的质量相同，利用密度公式求体积之比、边长之比、底面积之比，甲、乙两正方体的质量相同、重力相同、压力相同，再根据压强公式计算对水平地面的压强之比。
18．小明参加大型会展，通过明亮的地板MN看到灯S的像S'，如图所示，请在图中画出物S以及该现象对应的光路图。
【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】 平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，据此过S'点向平面镜作垂线，并延长至等长，得到发光点S，连接S'和眼睛与平面镜相交于一点O，为反射后能进入人眼光线的入射点，连接SO、O与眼睛分别为入射光线和反射光线，如图所示：
【分析】 根据像物关于平面镜对称可做出发光点S，再连接S'与眼睛可确定反射点O的位置，最后可画出入射光线和反射光线。
19．请在图中画出静止在水平面上的球体A所受力的示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 球体A静止在墙角，所以，球体不受摩擦力，也不受墙壁的弹力（否则球体不会静止），所以球体只受到两个力的作用：竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，并且这两个力是一对平衡力；
过球体A的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等。如下图：
【分析】对物体进行受力分析，明确受到哪些力、方向如何，作出示意图。
20．北斗实验小组在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，设计的实验电路如图甲所示，其中R是定值电阻，闭合开关前，他们发现一根导线接错了。
（1）请你在实验电路图上把接错的那根导线画上“×”，再用笔画线正确连接电路；
（2）他们正确连接电路后，将要闭合开关时发现电流表指针位置如图乙所示，原因是　 　；
（3）实验过程中，通过调节滑动变阻器获取多组数据，该实验中，滑动变阻器的作用是　 　 ；根据实验数据绘出定值电阻的图像如图丙，分析图像可得到实验结论为：　 　；
（4）完成上述实验后，同学们又另外设计了一个测未知电阻Rx阻值的实验电路如图丁所示。在确保电路元件安全的前提下，实验步骤如下：
①将滑片P移到a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大为R0，闭合开关，电压表的读数为U1；
②将滑片P移到b端，闭合开关，电压表的读数为U2；
③待测电阻的阻值Rx=　 　（用本小题中给出的物理量符号表示）。
【答案】（1）
（2）电流表正负接线柱接反
（3）改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据；当电阻一定时，电流与电压成正比
（4）
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，电流表与电阻R串联，电压表与电阻R并联。根据甲图可知，只需将电流表0.6A接线柱与电阻右接线柱相连的导线拆下，改接在电压表的负接线柱上即可，如下图所示：
（2）电流表接线应该“正进负出”。 如图乙所示， 闭合开关之后，电流表指针向左偏转是因为电流表正负接线柱接反。
（3）①在串联电路中，电压的分配与电阻成正比。在探究电流与电压关系的实验中，滑动变阻器的作用是通过移动滑片改变接入的阻值，进而改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据。
②根据丙图可知，电流随电压的变化图像是一条通过坐标原点的斜线，那么得到：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）根据丁图可知，闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压。
将滑动变阻器滑片移到a端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数为U1，
再将滑动变阻器滑片移到b端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时电压表测量电源电压，读出电压表的读数为U2，
在步骤①中，滑动变阻器两端的电压；
根据串联电路各处电流都相等得到；
解得：。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与甲图对照，确定问题所在，然后进行修改即可。
（2）根据电流表接线“正进负出”的要求分析；
（3）①在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，而实验中要不断改变定值电阻的电压，据此分析变阻器的作用；
②根据图像的形状分析电流随电压的变化规律。
（4）根据电路的变化确定待测电阻和变阻器两端的电压，然后根据串联电路电流相等结合欧姆定律列出方程，进而计算待测电阻的的阻值即可。
（1）为了使电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，将电流表0.6A接线柱与电阻右接线柱相连的导线去掉，将电阻右接线柱与电压表的负接线柱相连，如下图：
（2）闭合开关之后，电流表指针向左偏转是因为电流表正负接线柱接反。
（3）[1]在探究电流与电压关系的实验中，滑动变阻器的作用是改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据。
[2]分析图丙可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，将滑动变阻器滑片移到a端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数为U1，再将滑动变阻器滑片移到b端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，电压表测量电源电压，读出电压表的读数为U2，在步骤①中，滑动变阻器两端的电压
根据欧姆定律可知，电路中的电流为
则待测电阻为
21．在探究浮力的大小跟哪些因素有关时，同学们提出了如下猜想：
猜想一：可能与物体浸在液体中的深度有关。
猜想二：可能与物体排开液体的体积有关。
猜想三：可能与液体的密度有关。
为了验证上述猜想，小明利用下列器材做了如图所示的实验。
器材：圆柱体铁块，弹簧测力计，一杯水，一杯盐水，细绳。
（1）小明发现丙和丁两次实验中，弹簧测力计示数相同，即铁块所受的　 　相等，由此得出猜想一是错误的；而同组的小彤发现乙和丙两次实验中，弹簧测力计示数不相同，得出猜想一是正确的。你认为　 　（选填“小明”或“小彤”）的观点是正确的。
（2）分析比较实验丁和戊可得：浸没在液体中的物体所受浮力的大小与　 　有关。
（3）根据图中数据可以计算出铁块浸没在水中时的浮力为　 　N，浸没在盐水中的浮力为　 　；盐水的密度是　 　。（g取）
（4）铁块按如图中的乙所示缓慢浸入水中（水足够深），铁块不接触容器底部，下列图中能正确反映该过程中弹簧测力计示数F与铁块下表面到水面距离h的关系图像是___________（填字母）。
A． B．
C． D．
【答案】（1）浮力；小明
（2）液体密度
（3）4；4.4；1.1×103
（4）B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，甲、丙两次实验中，测力计的示数相同，根据称量法F浮=G-F拉可知，此时铁块受到的浮力相等。此时浸入深度不同，说明浮力大小与浸在液体的深度无关，即猜想一错误；
②根据控制变量法要求可知，探究浮力与物体浸在液体中的深度有关时，应保持液体密度和铁块浸在水中的体积相同，只改变铁块浸没深度。根据图片可知，乙、丙两次实验中，铁块浸没深度和浸在水中的体积液都不相同，没有控制变量，所以小明观点正确，小彤观点错误。
（2）根据图片可知，实验丁、戊中，铁块浸浸在液体中的体积相同，只有液体密度不同，此时测力计的示数不同说明受到的浮力不同，那么得出：浸没在液体中的物体所受浮力大小与液体密度有关。
（3）根据甲和丁实验可知，铁块浸没在水中时的浮力为，
根据甲和戊图可知，铁块浸没在盐水中的浮力为。
因为铁块在水中和盐水中都是完全浸没，所以排开液体的体积相同，即
；
所以盐水的密度。
（4）根据题意可知，当铁块下表面到水面距离h逐渐变大时，铁块浸在水中的体积先变大后不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，铁块受到的浮力先增大后不变。根据称重法F浮=G-F拉可知，弹簧测力计施加的拉力先变小后不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】 （1）①根据称量法F浮=G-F拉分析丙和丁中浮力的大小关系；
②根据控制变量法要求可知，探究浮力与物体浸在液体中的深度有关时，应保持液体密度和铁块浸在水中的体积相同，据此分析解答。
（2）根据图片分析丁和戊中哪个因素不同即可；
（3）根据图示实验利用称量法分别求出物体在水与盐水中受到的浮力，然后根据阿基米德原理利用排开液体体积相等为等量条件列方程计算盐水的密度；
（4）首先根据阿基米德原理分析铁块受到浮力的变化，然后根据F浮=G-F拉分析测力计的示数变化即可。
（1）[1]由甲、丙两次实验可知，丙实验中铁块受到的浮力
由甲、丁两次实验可知，丁实验中铁块受到的浮力
所以丙和丁两次实验中，铁块受到的浮力相等。
[2]要探究“浮力可能与物体浸在液体中的深度有关”的猜想，根据控制变量法的使用方法，应保持液体密度、铁块浸在水中的体积相同，铁块浸没深度不同，丙、丁两次实验满足要求，乙、丙两次实验中，不仅铁块浸没深度不同，铁块浸在水中的体积液相同，不符合控制变量法的使用方法，得不出正确结论。所以小明观点正确，小彤观点错误。
（2）丁、戊两次实验中，铁块浸没深度相同、浸在液体中的体积相同，液体密度不同，根据控制变量法的使用方法，探究的是“浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体密度的关系”。
由甲、丁两次实验可知，铁块浸没在水中受到的浮力
由甲、戊两次实验可知，铁块浸没在盐水中受到的浮力
所以铁块浸没在不同密度液体中，受到的浮力不同，能得出“浸没在液体中的物体所受浮力大小与液体密度有关”。
（3）[1][2]由小问（2）分析中可知，铁块浸没在水中时的浮力为，浸没在盐水中的浮力为。
[3]铁块的浸在水中的体积
铁块的浸在盐水中的体积
因为铁块在水中和盐水中都是完全浸没，所以有
即
所以盐水的密度
（4）当铁块下表面到水面距离h逐渐变大时，铁块逐渐进入水中，此时在乙实验中，铁块浸在水中的体积先变大，后不变，所以受到的浮力先增大后不变，根据称重法测浮力可知，弹簧测力计施加的拉力先变小，后不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．小明家的电水壶的内部电路如图甲所示，其中为电热丝，是电源开关，是温控开关（水温达到，自动由加热状态切换为保温状态）。某次电水壶工作，其功率与时间的关系如图乙所示，已知电源电压为。求：
（1）当开关闭合，断开时，电路中的电流；
（2）当开关和均闭合时，的电功率；
（3）在内，电水壶消耗的电能。
【答案】（1）解：由电路图甲可知，当开关S闭合，S0断开时，只有电热丝R2接入电路，此时电路中的电阻较大，由知，此时功率较小，电水壶处于保温状态。由图乙可知，电水壶的保温功率。电路中的电流为
（2）解：由电路图甲可知，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，此时电路中的电阻较小，由知，此时功率较大，电水壶处于加热状态。由图乙可知，电水壶的加热功率
在并联电路中，总功率等于各支路功率之和，即
电热丝R2的功率即为保温功率，
所以电热丝R1的电功率为
（3）解：由图乙可知，电水壶的加热时间和保温时间分别为：加热时间
保温时间
在加热状态下消耗的电能
在保温状态下消耗的电能
则在15min内，电水壶消耗的总电能
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）图中，开关S闭合，S0断开时，只R2接入电路，电阻较大，根据，判断功率大小和保温状态。根据，计算电流；
（2）图中，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，电阻较小，根据，功率较大，未加热状态。根据总电功率，计算电热丝R1的电功率；
（3）根据电路连接，利用W=Pt，计算加热状态、保温状态消耗的电能；再计算电水壶消耗的总电能。
（1）由电路图甲可知，当开关S闭合，S0断开时，只有电热丝R2接入电路，此时电路中的电阻较大，由知，此时功率较小，电水壶处于保温状态。由图乙可知，电水壶的保温功率。电路中的电流为
（2）由电路图甲可知，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，此时电路中的电阻较小，由知，此时功率较大，电水壶处于加热状态。由图乙可知，电水壶的加热功率
在并联电路中，总功率等于各支路功率之和，即
电热丝R2的功率即为保温功率，
所以电热丝R1的电功率为
（3）由图乙可知，电水壶的加热时间和保温时间分别为：加热时间
保温时间
在加热状态下消耗的电能
在保温状态下消耗的电能
则在15min内，电水壶消耗的总电能
23．如图甲所示，物体A的重力为10N，将合金块B放在物体A上方，物体A恰好有五分之四的体积浸入水中；若将合金块B取下放到水中，如图乙所示，B沉底，物体A露出水面的体积为自身体积的二分之一，此时B受到容器底部的支持力为2N。求：（g取10N/kg）
（1）物体A的密度；
（2）甲图中物体A受到的浮力；
（3）合金块B的密度。
【答案】（1）解：由图乙可知，A漂浮在水面上，根据物体浮沉条件可知，A受到的浮力等于A受到的重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得①所以，物体A的密度为；
（2）解：由于物体A的重力为10N，由①可得；所以，A的体积为，图甲中，根据阿基米德原理可得，此时A受到的浮力为；
（3）解：根据题意可知，B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即
图乙中，对B受力分析可得，所以，B受到的浮力为此时B排开水的体积等于B的体积，根据阿基米德原理可得，B的体积为，合金块B的密度为
。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）A漂浮在水面上，受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得 ，据此求解物体A的密度；
（2）物体A的重力为10N，结合重力公式可列；据此求解A的体积；根据浮力公式计算A受到的浮力；
（3）B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即；对B受力分析可得；此时B排开水的体积等于B的体积，所以B的体积为，据此求解合金块B的密度为。
（1）由图乙可知，A漂浮在水面上，根据物体浮沉条件可知，A受到的浮力等于A受到的重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得
①
所以，物体A的密度为
（2）由于物体A的重力为10N，由①可得
所以，A的体积为
图甲中，根据阿基米德原理可得，此时A受到的浮力为
（3）根据题意可知，B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即
图乙中，对B受力分析可得
所以，B受到的浮力为
此时B排开水的体积等于B的体积，根据阿基米德原理可得，B的体积为
合金块B的密度为
1 / 1四川省达州市高级中学校2025-2026学年九年级下学期阶段检测物理试卷（4月考）
1．下列数据最符合实际的是（　　）
A．一个鸡蛋的重力约为5N
B．一个中学生站在地面上对地面的压强约
C．将一个鸡蛋举高2m做功约为1J
D．天府新区的大气压强约为
2．《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列分析正确的是（　　）
A．立春：“春风送暖，冰雪消融”，冰雪消融是熔化，需要吸热
B．小暑：“蒸炊煮蒸暑气盛”，地上的积水变干是液化，需要放热
C．霜降：“气肃而凝，露结为霜”，霜的形成是汽化，需要放热
D．大寒：“天寒地冻，滴水成冰”，水结冰时温度不变，不断吸热
3．下列关于力学知识的说法中正确的是（　　）
A．静止的物体不受摩擦力，运动的物体才受摩擦力
B．抛向空中的实心球到达最高点时，处于平衡状态
C．篮球运动员投篮后，篮球继续向前运动是因为受到惯性的作用
D．瓶盖上有很多纹路，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力
4．12月2日是全国安全交通日，其中不戴头盔存在安全隐患，于是小清设计了以下方案：骑行前，扫码成功后开关 闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控 闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码则无法骑行。下图电路符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
5．成都欢乐谷“海盗船”项目的摆动原理与单摆一致，某物理兴趣小组为研究其能量变化，用细绳和小球制作了单摆模型。将小球拉至左侧最高点A，松手后使其自由摆动，B为摆动过程中的最低点，C为右侧最高点，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）
A．小球运动到右侧的最高点C比A点的位置高
B．小球从B运动到C的过程中，重力势能转化为动能
C．摆动过程中，小球运动到最低处B时的动能最大
D．若小球摆到右侧最高点C时所有外力突然消失，小球将做匀速直线运动
6．如图所示，毛笔书法要经历研墨、蘸墨、执笔、运笔的过程，下列叙述正确的是（　　）
A．研墨时，墨条受到砚台的摩擦力方向与墨条运动方向相同
B．蘸墨后，毛笔在纸上书写时，纸对毛笔的摩擦力是静摩擦力
C．悬空竖直执笔静止时，笔杆不受摩擦力
D．向右运笔书写，笔尖所受摩擦力方向向左
7．如图所示，水平桌面上盛有适量水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B，当冰块A完全熔化后，下列说法正确的是（　　）
A．烧杯内液面高度不变 B．杯底受到液体的压力变小
C．烧杯对桌面压强变大 D．物块B受到的浮力变小
8．比热容之比为2∶3的甲、乙两种液体，当它们吸收的热量之比为2∶3时，未发生物态变化，升高的温度之比为3∶2，则甲、乙的质量之比为（　　）
A．2∶3 B．1∶6 C．5∶6 D．1∶1
9．如图所示，A、B、C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（　　）
A．石块B所受合力不为零
B．石块B受到石块A的重力和压力的作用
C．石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力
D．石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力
10．定值电阻R和标有“8V”的小灯泡的图像如图甲所示。当R和L接入图乙所示的电路中，下列说法中正确的是（　　）
A．电阻R的阻值为10Ω
B．L正常发光时，电流表的示数为1.1A
C．若R两端的电压为6 V，则电源电压为12 V
D．若电源电压为6 V，通过L的电流为0.9A
11．甲、乙两物体重叠置于水平面上，当它们分别受到5N和8N的水平拉力时保持静止，如图所示，已知甲的底面积为，重为10N，乙的底面积为，重为20N。下列说法正确的是（　　）
A．甲受到的摩擦力为8N，方向为水平向右
B．乙受到地面的摩擦力为3N，方向水平向左
C．乙对地面的压力为20N
D．甲对乙的压强为2000Pa
12．小雨到江南古镇旅游时发现，某店铺用竹筒量取米酒、酱油等。如图所示，两竹筒内径相等，竹筒A用来量取米酒，竹筒B用来量取酱油，当它们都盛满时，竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等。已知米酒密度为，酱油密度为，则竹筒A与竹筒B筒身的高度之比为（　　）
A． B． C． D．
13．东汉学者王充在《论衡·乱龙》中记载：“顿牟掇芥，磁石引针”。这句话的意思是摩擦过的琥珀可以像磁铁吸引细针一样，吸引芥菜籽，这属于　 　（选填“电”或“磁”）现象；若摩擦过的琥珀与丝绸摩擦过的玻璃棒相互吸引，则可推断摩擦过的琥珀带　 　电。
14．2026年3月15日，眉山仁寿马拉松赛事中，选手佩戴的智能手环可记录步数。手环内部，一枚小磁体随着手臂的摆动在管内反复运动，穿过固定的线圈，线圈中便会产生微弱的电流，再通过传感器将运动数据实时上传，这一过程中　 　转化为电能，其中的工作原理与图中的　 　（选填“乙”或“丙”）相似。
15．如图所示的西宁舰是中国自行研制的052D型导弹驱逐舰，满载排水量约7500吨，则西宁舰满载时所受的浮力为　 　N，此时其浸入水中的体积为　 　m3。
16．两个电阻甲和乙，规格分别为“6V 0.3A”和“4V 0.4A”，将它们串联接入3V的电路中，则甲、乙两电阻两端的电压之比为 　 　 ；两端接入最大电源电压是 　 　 V；将它们并联接入电路中，干路的最大电流为 　 　A。
17．如图所示是小溪同学在探究甲、乙两种不同的固体物质的质量和体积的关系时得出的图像。甲乙的密度之比为　 　；如果用上述两种物质做成甲、乙两个质量相同的实心正方体并放在水平面上自由静止，则甲、乙两物体对水平面的压强之比为　 　。
18．小明参加大型会展，通过明亮的地板MN看到灯S的像S'，如图所示，请在图中画出物S以及该现象对应的光路图。
19．请在图中画出静止在水平面上的球体A所受力的示意图。
20．北斗实验小组在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，设计的实验电路如图甲所示，其中R是定值电阻，闭合开关前，他们发现一根导线接错了。
（1）请你在实验电路图上把接错的那根导线画上“×”，再用笔画线正确连接电路；
（2）他们正确连接电路后，将要闭合开关时发现电流表指针位置如图乙所示，原因是　 　；
（3）实验过程中，通过调节滑动变阻器获取多组数据，该实验中，滑动变阻器的作用是　 　 ；根据实验数据绘出定值电阻的图像如图丙，分析图像可得到实验结论为：　 　；
（4）完成上述实验后，同学们又另外设计了一个测未知电阻Rx阻值的实验电路如图丁所示。在确保电路元件安全的前提下，实验步骤如下：
①将滑片P移到a端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大为R0，闭合开关，电压表的读数为U1；
②将滑片P移到b端，闭合开关，电压表的读数为U2；
③待测电阻的阻值Rx=　 　（用本小题中给出的物理量符号表示）。
21．在探究浮力的大小跟哪些因素有关时，同学们提出了如下猜想：
猜想一：可能与物体浸在液体中的深度有关。
猜想二：可能与物体排开液体的体积有关。
猜想三：可能与液体的密度有关。
为了验证上述猜想，小明利用下列器材做了如图所示的实验。
器材：圆柱体铁块，弹簧测力计，一杯水，一杯盐水，细绳。
（1）小明发现丙和丁两次实验中，弹簧测力计示数相同，即铁块所受的　 　相等，由此得出猜想一是错误的；而同组的小彤发现乙和丙两次实验中，弹簧测力计示数不相同，得出猜想一是正确的。你认为　 　（选填“小明”或“小彤”）的观点是正确的。
（2）分析比较实验丁和戊可得：浸没在液体中的物体所受浮力的大小与　 　有关。
（3）根据图中数据可以计算出铁块浸没在水中时的浮力为　 　N，浸没在盐水中的浮力为　 　；盐水的密度是　 　。（g取）
（4）铁块按如图中的乙所示缓慢浸入水中（水足够深），铁块不接触容器底部，下列图中能正确反映该过程中弹簧测力计示数F与铁块下表面到水面距离h的关系图像是___________（填字母）。
A． B．
C． D．
22．小明家的电水壶的内部电路如图甲所示，其中为电热丝，是电源开关，是温控开关（水温达到，自动由加热状态切换为保温状态）。某次电水壶工作，其功率与时间的关系如图乙所示，已知电源电压为。求：
（1）当开关闭合，断开时，电路中的电流；
（2）当开关和均闭合时，的电功率；
（3）在内，电水壶消耗的电能。
23．如图甲所示，物体A的重力为10N，将合金块B放在物体A上方，物体A恰好有五分之四的体积浸入水中；若将合金块B取下放到水中，如图乙所示，B沉底，物体A露出水面的体积为自身体积的二分之一，此时B受到容器底部的支持力为2N。求：（g取10N/kg）
（1）物体A的密度；
（2）甲图中物体A受到的浮力；
（3）合金块B的密度。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；压强；压强的大小及其计算；大气压强的存在；功的计算及应用
【解析】【解答】A、结合生活常识可知，一枚普通鸡蛋的质量大约为50 克，换算成国际单位制就是0.05 千克。根据重力计算公式G=mg（其中g取10N/kg），可计算出这枚鸡蛋受到的重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，该数值与选项描述不符，故A不符合实际；
B、一名普通中学生的质量约为50kg，其受到的重力约为500N，站立时对地面的压力大小等于自身重力，即约为500N。中学生双脚与地面的接触面积大致为0.04 平方米，根据压强公式，可计算出其对地面的压强约为，与选项中隐含的压强数值不符，故B不符合实际；C、由A选项可知，一枚鸡蛋的重力约为0.5N，将其举高2 米，根据功的计算公式W = Gh，可计算出所做的功约为W=Gh=0.5N×2m=1J，该计算结果符合实际情况，故C符合实际；
D、我们日常生活所处的环境，标准大气压约为1×105Pa，日常环境气压会围绕这个数值小幅波动，但总体接近该数值，选项中描述的气压与实际日常环境气压不符，故D不符合实际。
故选：C。
【分析】对于物理量的估算，不能单纯依靠主观判断，需结合生活实际经验、基本物理公式进行合理推算，同时注意单位换算的准确性。部分物理量需要通过简单计算得出具体数值，再与实际情况对比，最终筛选出最符合实际的选项。
2．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪融化的过程，是固态的冰转化为液态的水，该物态变化为熔化，熔化过程需要持续吸收热量，故A正确；
B．地面积水慢慢消失，是液态水分逐渐蒸发成气态水蒸气，属于汽化现象，汽化需要吸热，因此该选项表述错误，故B错误；
C．霜的形成，是空气中的水蒸气遇冷直接凝结为固态冰晶，属于凝华现象，凝华过程向外释放热量，故C错误；
D．水结成冰，是液态转化为固态的凝固过程，晶体凝固时温度保持恒定，同时不断放出热量，故D错误。
故选：A。
【分析】自然界中物质存在固、液、气三种常见状态，三种状态之间可以相互转化。固态转为液态为熔化，液态转为固态为凝固；液态转为气态为汽化，气态转为液态为液化；固态直接变为气态是升华，气态直接变为固态是凝华。各类物态变化均伴随热量的吸收与释放，其中凝固、液化、凝华三类变化需要放热，熔化、汽化、升华三类变化需要吸热。
3．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】 A．静止的物体之间有相对运动的趋势时，也会在接触面产生摩擦力，当物体在光滑的水平面上运动时，不会受到摩擦力的作用，故A错误；
B．抛向空中的实心球到达最高点时，受到的重力和空气阻力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C．篮球运动员投篮后，篮球继续向前运动是因为篮球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．瓶盖上有很多纹路，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D正确。
故选：D。
【分析】 （1）静止的物体之间有相对运动的趋势时，也会在接触面产生摩擦力；
（2）平衡状态是指静止或匀速直线运动状态，物体在平衡状态时受平衡力；
（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，大小与物体的质量有关，与速度大小无关；
（4）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
4．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计
【解析】【解答】 根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联的；若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电机在一条支路中，故B正确。
故选：B。
【分析】 根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
5．【答案】C
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A、忽略空气阻力的影响，小球整体机械能保持不变，右侧最高点C的高度应当与起始A点保持一致，故A错误；
B、小球由B向C摆动时，运动速度逐渐减小，所处高度不断升高，动能随之减小，重力势能逐步增加，是动能转化为重力势能，故B错误；
C、小球从A摆至B的过程中，重力势能不断转化为动能，从B摆向C时又将动能转化为重力势能，因此在最低点B处，小球的动能达到最大值，故C正确；
D、小球摆动至右侧最高点C时，瞬时速度为零，若此刻一切外力全部消失，小球将会保持静止状态，故D错误。
故选：C。
【分析】影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械能是动能与势能的和；在只有动能和势能转化时，机械能守恒。
一切物体在没有受到任何外力时，其总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
6．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力产生的条件；摩擦力的方向；摩擦力的种类
【解析】【解答】A．研墨过程中，墨条沿砚面滑动，墨条相对砚台发生向前的相对运动，滑动摩擦力始终阻碍物体的相对运动，因此摩擦力与墨条运动方向相反，故A错误；
B．书写字迹时，笔尖墨汁与纸面持续发生相对滑动，此时纸面给毛笔的摩擦为滑动摩擦，并非静摩擦力，故B错误；
C．手握毛笔竖直悬空保持静止，笔杆受到竖直向下的重力作用，手部与笔杆间的静摩擦力和重力相互平衡，使笔杆保持静止，该选项表述有误，故C错误；
D．向右运笔写字时，笔尖相对纸张向右滑动，滑动摩擦力会阻碍相对运动的发生，所以笔尖受到的摩擦力方向水平向左，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）摩擦力的核心作用是阻碍两个接触面间的相对运动或相对运动趋势。
（2）发生相对滑动时产生滑动摩擦力，仅有相对运动趋势、无相对滑动时为静摩擦力。
（3）物体保持静止状态时，受力相互平衡，合力为零。
（4）滑动摩擦力的方向，始终与研究对象的相对运动方向相反。
7．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．由图可知冰块漂浮，根据物体浮沉条件可知，
可得，则冰块漂浮时排开水的体积
冰全部熔化成水以后，熔化成水的质量保持不变，则熔化成水的体积
所以液面的高度不变，故A正确；
B．根据压强的公式可知，杯底受到水的压力
液面高度不变h也就不变，所以不变，故B错误；
C．冰块熔化后，总质量不变，而烧杯对桌面的压力等于烧杯及烧杯内物体重力之和，所以烧杯对桌面的压力不变，根据可知，烧杯对桌面压强的不变，故C错误；
D．冰熔化后，物体B仍然悬浮，根据物体浮沉条件可知，浮力等于重力，物体B重力不变，则物块B受到的浮力不变，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）根据浮沉条件和密度公式分析回答；
（2）根据p=ρgh和分析回答；
（3）冰块熔化后，质量不变，即烧杯内物体的总质量不变，而烧杯对桌面的压力等于烧杯及烧杯内物体重力之和，据此分析；
（4）冰熔化后，物体B仍然悬浮，浮力等于重力，物体B重力不变，据此分析。
8．【答案】A
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据吸热公式，可以推导出质量表达式。对于甲、乙两种物质，它们的质量比为： ，所以甲、乙的质量比为2：3，因此选项A正确，其他选项不符合题意。
正确答案为A。
【分析】比较不同液体的比热容原理为Q=cmΔt，结合热量吸收的比值，温差变化的比值，据此计算不同物质的质量。
9．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别；力的合成与应用
【解析】【解答】A、石块B保持静止不动，属于平衡状态，平衡状态下物体所受全部外力相互抵消，整体合力大小为零，故A错误；
B、石块A叠放在B上方，会对B产生向下的压力，但该压力大小并不完全等同于A的重力，二者不能直接划等号，故B错误；
C、石块B自身存在重力，同时还要承受上方石块A的压力，石块C提供的支持力需要同时平衡这两个力，两个力大小并不一致，不满足平衡力的条件，故C错误；
D、石块B对C的压力与石块C对B的支持力，满足大小一致、方向相反、作用在不同物体、共线的特点，完全符合相互作用力的判定条件，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）平衡力的合力为零。
（2）石块B受到石块A压力等于A的重力；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
10．【答案】B
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】A．甲图中直线，说明导体的电流与电压成正比，即它是定值电阻 的 图像，曲线是灯泡L的 图像。当定值电阻的电压为时， 通过它的电流，则定值电阻，
故A错误；
B．根据乙图可知，灯泡与定值电阻并联，电流表测总电流。灯泡 L正常发光时电压为 8V，并联电路因此；
根据甲图可知，通过灯泡的电流，通过定值电阻的电流，
那么干路电流（电流表示数），
故B正确；
C．若R两端电压为6V，根据并联电路中各支路电压等于电源电压可知，电源电压就等于6V，故C错误；
D．若电源电压为6 V，则L两端电压为6V，由图甲可知，此时通过L的电流为0.6A ，故D错误。
故选B。
【分析】A.首先根据图像的形状不同与灯泡和定值电阻对应起来，然后根据计算定值电阻的阻值；
B.根据灯泡正常发光确定电源电压，根据图像甲确定通过二者的电流，然后相加即可；
C.根据并联电路中各支路电压等于电源电压判断；
D.根据甲图确定通过灯泡的电流。
11．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小；摩擦力的方向；压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】A、甲受到的摩擦力，由于甲、乙在受到水平拉力时保持静止，故甲受力平衡，甲受到向右5N的水平拉力，则甲受到水平向左的摩擦力f=5N，故A错误；
B、乙受到地面的摩擦力，由于甲、乙在受到水平拉力时保持静止，根据力的作用是相互的，甲对乙的摩擦力为5N，方向水平向右，根据平衡关系可知，地面对乙的摩擦力为f=8N-5N=3N，方向水平向右，故B错误。
C、乙对地面的压力F=G甲+G乙=10N+20N=30N，故C错误；
D、甲对乙的压强，故D正确；
【分析】（1）根据平衡条件，摩擦力产生的条件对物体进行手里分析；
（2）根据压强公式进行计算。
12．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】 竹筒A、B的内径相等，则它们的底面积S相同，设竹筒A筒身的高度为h1，竹筒B筒身的高度为h2；
当它们都盛满时，竹筒A中米酒的体积为V1=Sh1，竹筒B中酱油的体积为V2=Sh2；
已知竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等，即mA=mB；
根据m=ρV可得，ρ米酒V1=ρ酱油V2；
因为V=Sh，则有ρ米酒Sh1=ρ酱油Sh2；
则竹筒A与竹筒B筒身的高度之比为：，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 （1）已知竹筒A、B的内径相等，则它们的底面积S相同，设竹筒A筒身的高度为h1，竹筒B筒身的高度为h2；
（2）当它们都盛满时，竹筒A中米酒和竹筒B中酱油的质量相等，即mA=mB，根据m=ρV、V=Sh可列出等式ρ米酒Sh1=ρ酱油Sh2，进而求出竹筒A与竹筒B筒身的高度之比。
13．【答案】电；负
【知识点】电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断
【解析】【解答】摩擦过的琥珀带电，能吸引芥菜籽，是带电物体吸引轻小物体，是静电现象，与磁现象无关。
丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，摩擦过的琥珀与其相互吸引，异种电荷相互吸引，故琥珀带负电。
【分析】不同物质相互摩擦，带异种电荷，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体。
14．【答案】机械能；丙
【知识点】能量的转化或转移；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】智能手环工作时，佩戴者手臂摆动会带动内部小磁体做反复运动，小磁体在运动过程中不断穿过线圈，使线圈切割磁感线，进而在线圈中产生感应电流，这一现象正是电磁感应现象。在这一过程中，小磁体运动所具有的机械能，被转化为线圈中电能，为手环相关部件供电。
观察乙、丙两图可知，乙图所示电路中接入了电源，其工作原理是通电导体在磁场中会受到力的作用，这是电动机的核心工作原理，与手环的工作机制不同；而丙图电路没有外接电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，该装置是电磁感应现象的典型实验装置，与智能手环利用电磁感应产生电能的工作原理完全一致。
故答案为：机械能；丙。
【分析】 发电机的原理是电磁感应现象，以及电磁感应现象中的能量转化是机械能转化为电能。
15．【答案】；
【知识点】压力及重力与压力的区别；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】 满载排水量约7500吨，根据阿基米德原理知，浮力； 由阿基米德原理可得，西宁舰浸入水中的体积等于排开水的体积。
故答案为：7.5×107；7.5×103。
【分析】根据阿基米德原理计算浮力，结合阿基米德原理公式计算浸入的体积。
16．【答案】2：1；9；0.6
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据电阻规格，计算甲电阻，乙电阻
串联时，甲、乙两电阻两端的电压之比，
电路允许通过的最大电流为，
则最大电源电压：；
电阻并联时，电路两端最大电压，通过甲的电流，
通过乙的电流，干路的最大电流为
【分析】根据，计算电阻；电阻串联时，电流处处相等，根据U=IR，计算电压；电阻分压比等于电阻比；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
17．【答案】8∶1；4∶1
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】 由图知，，，故；
因为甲、乙两个正方体质量相等，即m甲=m乙，所以，
又因为都是正方体，所以它们的边长之比为：a甲：a乙=1：2，
则底面积之比为：S甲：S乙=1：4，
因为放在水平地面上，所以对地面的压力相等，F=G=mg，
对地面的压强：。
故答案为：8：1；4：1。
【分析】先根据图像给出的数据求出甲、乙两物质的密度之比；
由题知，甲、乙两正方体的质量相同，利用密度公式求体积之比、边长之比、底面积之比，甲、乙两正方体的质量相同、重力相同、压力相同，再根据压强公式计算对水平地面的压强之比。
18．【答案】
【知识点】平面镜成像的相关作图
【解析】【解答】 平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，据此过S'点向平面镜作垂线，并延长至等长，得到发光点S，连接S'和眼睛与平面镜相交于一点O，为反射后能进入人眼光线的入射点，连接SO、O与眼睛分别为入射光线和反射光线，如图所示：
【分析】 根据像物关于平面镜对称可做出发光点S，再连接S'与眼睛可确定反射点O的位置，最后可画出入射光线和反射光线。
19．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】 球体A静止在墙角，所以，球体不受摩擦力，也不受墙壁的弹力（否则球体不会静止），所以球体只受到两个力的作用：竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F，并且这两个力是一对平衡力；
过球体A的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，分别用G和F表示，注意两条线段长度要相等。如下图：
【分析】对物体进行受力分析，明确受到哪些力、方向如何，作出示意图。
20．【答案】（1）
（2）电流表正负接线柱接反
（3）改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据；当电阻一定时，电流与电压成正比
（4）
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，电流表与电阻R串联，电压表与电阻R并联。根据甲图可知，只需将电流表0.6A接线柱与电阻右接线柱相连的导线拆下，改接在电压表的负接线柱上即可，如下图所示：
（2）电流表接线应该“正进负出”。 如图乙所示， 闭合开关之后，电流表指针向左偏转是因为电流表正负接线柱接反。
（3）①在串联电路中，电压的分配与电阻成正比。在探究电流与电压关系的实验中，滑动变阻器的作用是通过移动滑片改变接入的阻值，进而改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据。
②根据丙图可知，电流随电压的变化图像是一条通过坐标原点的斜线，那么得到：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）根据丁图可知，闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压。
将滑动变阻器滑片移到a端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数为U1，
再将滑动变阻器滑片移到b端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时电压表测量电源电压，读出电压表的读数为U2，
在步骤①中，滑动变阻器两端的电压；
根据串联电路各处电流都相等得到；
解得：。
【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，然后与甲图对照，确定问题所在，然后进行修改即可。
（2）根据电流表接线“正进负出”的要求分析；
（3）①在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，而实验中要不断改变定值电阻的电压，据此分析变阻器的作用；
②根据图像的形状分析电流随电压的变化规律。
（4）根据电路的变化确定待测电阻和变阻器两端的电压，然后根据串联电路电流相等结合欧姆定律列出方程，进而计算待测电阻的的阻值即可。
（1）为了使电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，将电流表0.6A接线柱与电阻右接线柱相连的导线去掉，将电阻右接线柱与电压表的负接线柱相连，如下图：
（2）闭合开关之后，电流表指针向左偏转是因为电流表正负接线柱接反。
（3）[1]在探究电流与电压关系的实验中，滑动变阻器的作用是改变定值电阻两端的电压，从而获得多组数据。
[2]分析图丙可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，将滑动变阻器滑片移到a端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数为U1，再将滑动变阻器滑片移到b端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，电压表测量电源电压，读出电压表的读数为U2，在步骤①中，滑动变阻器两端的电压
根据欧姆定律可知，电路中的电流为
则待测电阻为
21．【答案】（1）浮力；小明
（2）液体密度
（3）4；4.4；1.1×103
（4）B
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，甲、丙两次实验中，测力计的示数相同，根据称量法F浮=G-F拉可知，此时铁块受到的浮力相等。此时浸入深度不同，说明浮力大小与浸在液体的深度无关，即猜想一错误；
②根据控制变量法要求可知，探究浮力与物体浸在液体中的深度有关时，应保持液体密度和铁块浸在水中的体积相同，只改变铁块浸没深度。根据图片可知，乙、丙两次实验中，铁块浸没深度和浸在水中的体积液都不相同，没有控制变量，所以小明观点正确，小彤观点错误。
（2）根据图片可知，实验丁、戊中，铁块浸浸在液体中的体积相同，只有液体密度不同，此时测力计的示数不同说明受到的浮力不同，那么得出：浸没在液体中的物体所受浮力大小与液体密度有关。
（3）根据甲和丁实验可知，铁块浸没在水中时的浮力为，
根据甲和戊图可知，铁块浸没在盐水中的浮力为。
因为铁块在水中和盐水中都是完全浸没，所以排开液体的体积相同，即
；
所以盐水的密度。
（4）根据题意可知，当铁块下表面到水面距离h逐渐变大时，铁块浸在水中的体积先变大后不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，铁块受到的浮力先增大后不变。根据称重法F浮=G-F拉可知，弹簧测力计施加的拉力先变小后不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】 （1）①根据称量法F浮=G-F拉分析丙和丁中浮力的大小关系；
②根据控制变量法要求可知，探究浮力与物体浸在液体中的深度有关时，应保持液体密度和铁块浸在水中的体积相同，据此分析解答。
（2）根据图片分析丁和戊中哪个因素不同即可；
（3）根据图示实验利用称量法分别求出物体在水与盐水中受到的浮力，然后根据阿基米德原理利用排开液体体积相等为等量条件列方程计算盐水的密度；
（4）首先根据阿基米德原理分析铁块受到浮力的变化，然后根据F浮=G-F拉分析测力计的示数变化即可。
（1）[1]由甲、丙两次实验可知，丙实验中铁块受到的浮力
由甲、丁两次实验可知，丁实验中铁块受到的浮力
所以丙和丁两次实验中，铁块受到的浮力相等。
[2]要探究“浮力可能与物体浸在液体中的深度有关”的猜想，根据控制变量法的使用方法，应保持液体密度、铁块浸在水中的体积相同，铁块浸没深度不同，丙、丁两次实验满足要求，乙、丙两次实验中，不仅铁块浸没深度不同，铁块浸在水中的体积液相同，不符合控制变量法的使用方法，得不出正确结论。所以小明观点正确，小彤观点错误。
（2）丁、戊两次实验中，铁块浸没深度相同、浸在液体中的体积相同，液体密度不同，根据控制变量法的使用方法，探究的是“浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体密度的关系”。
由甲、丁两次实验可知，铁块浸没在水中受到的浮力
由甲、戊两次实验可知，铁块浸没在盐水中受到的浮力
所以铁块浸没在不同密度液体中，受到的浮力不同，能得出“浸没在液体中的物体所受浮力大小与液体密度有关”。
（3）[1][2]由小问（2）分析中可知，铁块浸没在水中时的浮力为，浸没在盐水中的浮力为。
[3]铁块的浸在水中的体积
铁块的浸在盐水中的体积
因为铁块在水中和盐水中都是完全浸没，所以有
即
所以盐水的密度
（4）当铁块下表面到水面距离h逐渐变大时，铁块逐渐进入水中，此时在乙实验中，铁块浸在水中的体积先变大，后不变，所以受到的浮力先增大后不变，根据称重法测浮力可知，弹簧测力计施加的拉力先变小，后不变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．【答案】（1）解：由电路图甲可知，当开关S闭合，S0断开时，只有电热丝R2接入电路，此时电路中的电阻较大，由知，此时功率较小，电水壶处于保温状态。由图乙可知，电水壶的保温功率。电路中的电流为
（2）解：由电路图甲可知，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，此时电路中的电阻较小，由知，此时功率较大，电水壶处于加热状态。由图乙可知，电水壶的加热功率
在并联电路中，总功率等于各支路功率之和，即
电热丝R2的功率即为保温功率，
所以电热丝R1的电功率为
（3）解：由图乙可知，电水壶的加热时间和保温时间分别为：加热时间
保温时间
在加热状态下消耗的电能
在保温状态下消耗的电能
则在15min内，电水壶消耗的总电能
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）图中，开关S闭合，S0断开时，只R2接入电路，电阻较大，根据，判断功率大小和保温状态。根据，计算电流；
（2）图中，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，电阻较小，根据，功率较大，未加热状态。根据总电功率，计算电热丝R1的电功率；
（3）根据电路连接，利用W=Pt，计算加热状态、保温状态消耗的电能；再计算电水壶消耗的总电能。
（1）由电路图甲可知，当开关S闭合，S0断开时，只有电热丝R2接入电路，此时电路中的电阻较大，由知，此时功率较小，电水壶处于保温状态。由图乙可知，电水壶的保温功率。电路中的电流为
（2）由电路图甲可知，当开关S和S0均闭合时，电热丝R1和R2并联接入电路，此时电路中的电阻较小，由知，此时功率较大，电水壶处于加热状态。由图乙可知，电水壶的加热功率
在并联电路中，总功率等于各支路功率之和，即
电热丝R2的功率即为保温功率，
所以电热丝R1的电功率为
（3）由图乙可知，电水壶的加热时间和保温时间分别为：加热时间
保温时间
在加热状态下消耗的电能
在保温状态下消耗的电能
则在15min内，电水壶消耗的总电能
23．【答案】（1）解：由图乙可知，A漂浮在水面上，根据物体浮沉条件可知，A受到的浮力等于A受到的重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得①所以，物体A的密度为；
（2）解：由于物体A的重力为10N，由①可得；所以，A的体积为，图甲中，根据阿基米德原理可得，此时A受到的浮力为；
（3）解：根据题意可知，B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即
图乙中，对B受力分析可得，所以，B受到的浮力为此时B排开水的体积等于B的体积，根据阿基米德原理可得，B的体积为，合金块B的密度为
。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）A漂浮在水面上，受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得 ，据此求解物体A的密度；
（2）物体A的重力为10N，结合重力公式可列；据此求解A的体积；根据浮力公式计算A受到的浮力；
（3）B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即；对B受力分析可得；此时B排开水的体积等于B的体积，所以B的体积为，据此求解合金块B的密度为。
（1）由图乙可知，A漂浮在水面上，根据物体浮沉条件可知，A受到的浮力等于A受到的重力，根据阿基米德原理和G=mg以及密度公式可得
①
所以，物体A的密度为
（2）由于物体A的重力为10N，由①可得
所以，A的体积为
图甲中，根据阿基米德原理可得，此时A受到的浮力为
（3）根据题意可知，B的重力大小等于由图乙到图甲A受到的浮力的增加量，即
图乙中，对B受力分析可得
所以，B受到的浮力为
此时B排开水的体积等于B的体积，根据阿基米德原理可得，B的体积为
合金块B的密度为
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