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2026年广西柳州市初中学业水平考试模拟物理试题
1．自2019年起，我市执行禁止燃放烟花爆竹规定，有效降低了燃放烟花爆竹对环境的污染，也减少了噪声的影响。这项措施中治理噪声的方式是（　　）
A．防止噪声产生 B．阻断噪声传播
C．防止噪声入耳 D．降低噪声传播速度
2．某薄片型“冰箱贴”的背面为磁性材料，其磁感线分布如图所示。下列判断正确的是（　　）
A．a点磁性最强 B．b点磁性最强
C．c点磁性最强 D．各点磁性一样强
3．如图，验电器的金属箔张开，说明橡胶棒带电。下列对小球材料及两片金属箔带电情况的判断正确的是（　　）
判断 小球材料 两片金属箔
A 绝缘体 同种电荷
B 绝缘体 不同电荷
C 导体 同种电荷
D 导体 不同电荷
A．A B．B C．C D．D
4．如图光现象中，属于光的直线传播现象的是（　　）
A．海市蜃楼
B．手影游戏
C．玻璃板下的直线看上去折断了
D．小猫照镜
5．如图手摇发电机，转动转盘，使线圈在磁场中转动，灯泡会发光。这种发电利用了（　　）
A．尖端放电 B．摩擦起电 C．电磁感应 D．电流热效应
6．近10年来，我国持续推进海绵城市建设。海绵城市能有效蓄水，还能缓解局部早晚温差。“缓解早晚温差”主要利用了水的（　　）
A．流动性强 B．凝固点较低 C．密度较大 D．比热容较大
7．“力，形之所以奋也”出自《墨经》一书，是古代对“力使物体运动状态发生改变”的朴素认知。下列实例中，力的作用效果主要与此相同的是（　　）
A．用力按橡皮泥
B．用力拉开弹簧
C．运动员压弯撑杆
D．用钢尺击飞棋子
8．如图是“F”光源通过凸透镜成像时的一种情形。下列仪器的成像原理与之相同的是（　　）
A．平面镜 B．潜望镜 C．照相机 D．放大镜
根据下列材料，完成下面小题。
在某些滑雪比赛项目里，运动员要多次往返不同区域，耗时较长，需全程携带手机与教练交流。
9．他们用手机交流信息是通过（　　）
A．电磁波 B．声波 C．可见光 D．红外线
10．某运动员在比赛中滑行时，他自身的动能和身上手机的动能大小关系是（　　）
A． B．
C． D．要知道高度才能比较
11．关于给电动车充电，下列操作符合安全用电原则的是（　　）
A．到电动车集中充电区充电
B．“楼上飞根线，楼下来充电”
C．车入房间，“人车同屋”充电
D．确保充电桩的金属外壳与地线连接
12．如图所示的电蚊拍有灭蚊和照明功能。当开关闭合、断开时，只起到灭蚊作用；当开关、都闭合时，能同时起到灭蚊和照明作用。下列符合要求的电路原理图是（　　）
A． B．
C． D．
13．据报道，科学家研发出一种不需要更换电池的心脏起搏器（一种植入患者体内的医疗电子设备），可将心脏每一次跳动而具有　 　能的极少一部分转化为电能，来维持起搏器工作。有网友在评论区指出，这正是传说中的永动机，这个说法是　 　（选填“正确”或“不正确”）的。
14．多耶舞是三江县群众喜爱的集体歌舞。大家手牵手围成多个圆圈，踏歌而舞，整齐地持续转圈（如图示）。图中这名舞者是运动还是静止？可以说，以鼓楼为参照物，她是　 　的；以和她牵手的舞伴为参照物，她是　 　的。
15．根据下列材料，完成下面小题。
-40℃的隆冬时节，我国高寒动车组正常奔驰在京哈高铁上，创造极端低温天气下的世界高铁奇迹。这些高铁配备有很多硬核设计。
（1）列车高速行驶时车外空气流速大，气体压强　 　（选填“大”或“小”）于车内气体压强，在车门、车窗等缝隙采用特殊弹性胶条进行密封，有效防止了空气从　 　（选填“车内向车外”或“车外向车内”）流动造成热量损失；
（2）高铁沿线车站均配备了电加热智能除雪装置，自动根据雨雪与温度变化给道岔的关键区域加热，使积雪　 　（选填“吸收”或“放出”）热量，快速　 　（填一种物态变化）成水，确保道岔转换自如。
16．如图，在我市某些小块农田里，人们用手抛撒谷粒播种水稻，虚线为一颗谷粒在空中的运动轨迹。请判断谷粒在空中运动过程中，下列力是否对它做功？它受到的重力　 　，手的抛掷力　 　。
17．一个质地均匀的正方体物块，边长为a，密度为ρ。将其放在水平地面上，沿虚线竖直向下截去一部分，如图所示，剩余部分的质量为物块总质量的，g值已知，则剩余部分对地面的压强为　 　；若分别将剩余部分和截去部分以不同侧面放在地面时，剩余部分对地面的最大压强为，截去部分对地面的最小压强为，则　 　。（结果均可保留分式或根号）
18．按要求完成下列作图；
（1）我国战机曾在东海上空通过“桶滚机动”在外机上方倒飞实施驱离，坚定捍卫国家主权。画出图中倒飞的战机受到的重力G。
（2）一束光射向一杯水，并从杯底射出。画出这束光进入水和离开水后的光线（忽略杯壁的影响）。
（3）如图所示的桔槔是我国古代劳动人民运用杠杆的经典实例。请画出图中拉力的力臂。
19．小明在做“测量小车运动的平均速度”实验时，搭建了如图甲、乙的两套实验装置。
（1）他最终选择了装置乙，这样能减小测量　 　（选填“路程”或“时间”）造成的误差；
（2）选好装置后，他将小车置于斜面上某处，金属片固定在斜面底端，用　 　测量小车将要通过的路程s；
（3）用　 　测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间t；
（4）根据测得的、，利用公式　 　算出小车在该过程的平均速度；
（5）实验中，小明测量的路程如图丙所示，这一错误操作将导致所得的平均速度　 　（选填“大于”或“小于”）实际值。
20．按要求完成下列填空；
（1）在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中，小明和小王均使用如图甲所示的实验装置，他们分别每隔1min测量一次温度，并绘制了温度与时间关系的图像如图乙。
①由图像可知：水的沸点为　 　℃，温度达到沸点时继续加热，水的温度将　 　；
②他们的图像存在差异，请你写出造成差异的一个可能原因：　 　；
（2）探究光的反射定律实验如图丙所示；
①白色纸板的表面应尽量　 　（选填“粗糙”或“光滑”）。为便于研究，应在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和　 　；取下纸板后，用量角器测量相应的角度，记录在表格中；
②要在图丙所示的实验中探究光路是否可逆，应使光沿　 　方向射到平面镜上进行观察。
21．同学们用不同方法测量某轻型塑料棒的密度ρ塑（）。
（1）小明用天平、量筒测量。
①测量质量时，应将塑料棒放在天平　 　（选填“左”或“右”）盘；天平平衡时，盘内砝码及游码的位置如图甲所示，塑料棒的质量为　 　g。
②如图乙所示，塑料棒的体积为　 　；经计算，ρ塑=　 　。
（2）小光提出仅用一把弹簧测力计（如图丙所示）进行测量，方案如下：
用细线将塑料棒悬挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数F1，则塑料棒受到的重力等于　 　；将塑料棒浸没在水中，读出测力计的示数F2；由F1、F2及ρ水即可计算塑料棒的密度。
（3）小明认为用小光的方案不能准确测出ρ塑。你是否同意小明的说法？答：我　 　（选填“同意”或“不同意”）。理由是：　 　
22．现有热敏电阻的阻值随温度变化规律如下表所示。
温度 4.0 9.0 14.0 20.0 28.0 38.0 45.0 60.0
电阻 220 160 100 60 45 30 25 15
某同学用电压表、电流表、定值电阻、热敏电阻（代替滑动变阻器）探究电流与电压的关系，电路如图甲所示。
（1）使用电流表和电压表前，应检查其指针是否对准　 　刻度线；
（2）实验中，要使电压表示数变大，可　 　（选填“升高”或“降低”）电阻　 　（选填题目所给符号）的温度；图乙是某次测量时电流表的示数，其读数为　 　A；
（3）分析实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（4）该同学要用热敏电阻、电压为3V的电源、定值电阻设计一个控制室内加热系统工作的温控装置。因环境温度低于20℃，需将室内温度保持在20℃~28℃。要求当1、2两点间电压大于2V时，触发加热系统工作。在图丙的三种电路中，应选择电路　 　，定值电阻的阻值应为　 　，当1、2两点间电压小于　 　V时，触发加热系统暂停。
23．2026年1月20日，我国在新闻发布会上再次明确“2030年前实现碳达峰、2060年前实现碳中和”。
（1）“碳中和”就是采取各种措施全部抵消生产生活中排放的　 　。
（2）为响应国家“低碳环保，节能减排”的号召，小明家在购置汽车时选择了一款柳州产的电动汽车，其蓄电池参数如下表。
电池能量 28kW·h
充电电压 220V
工作电压 122V
①请分析该汽车行驶过程中，其能量的主要转化情况。
②将汽车接在充电桩上充电，充电桩输出电压为220V，充电电流为10A。求充电桩的输出功率。
③本次充电将电池能量从30%充至80%，用时7h，求电池的充电效率。（）
24．某小组利用足够高的薄壁柱形容器研究物体的浮力与压强的变化。他们将容器放在水平桌面上，再将材料相同、质地均匀、不吸水的正方体A（边长）和长方体B（高度）平放在容器底，A和B顶部各系有一根体积可忽略的细线（如图甲）。向容器内缓慢注水，注水体积与水深关系如图乙所示。已知A、B的密度为、水的密度，取。
求：
（1）A受到的重力；
（2）A浸没时受到的浮力；
（3）当注水体积时停止注水。拉动两根细线中的一根，使其中一个物体竖直向上缓慢移动一段距离，然后保持静止。此时容器底部受到水的压强比未拉动前减小了340Pa。求此时细线拉力的可能值。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】 燃放烟花爆竹时会产生噪声，则禁止燃放烟花爆竹，是从噪声产生的源头禁止，属于防止噪声产生，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】控制噪声的三种途径分别是：在声源处防止噪声产生、在传播过程中阻断噪声传播、在人耳处防止噪声入耳。
2．【答案】B
【知识点】磁感线及其特点
【解析】【解答】根据图片可知，三点中b点位置磁感线最密集，所以b点磁性最强，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】在磁场中，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱，即磁感线越密集，则磁场越强。
3．【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用；导体与绝缘体
【解析】【解答】根据题意可知，带电的橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电荷通过小球和金属杆到达两个金属箔片，由于它们带上了同种电荷相互排斥，因此金属箔片张开。由于小球能够导电，所以小球为导体，故C符合题意，ABC不符合题意。
故选C。
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据此分析判断。
4．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．海市蜃楼是光在传播过程中发生折射而形成的虚像，故A不符合题意；
B．手影是由于光的直线传播形成的，故B符合题意；
C．光从玻璃射入空气中时发生折射形成的虚像，所以玻璃板下的直线看上去折断了，故C不符合题意；
D．小猫照镜子时看到自己的像，原理是光的反射，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据光的折射的知识判断；
B.光在同一直线上沿直线传播，现象有影子、日食和月食，小孔成像；
C.根据光的折射的知识判断；
D.平面镜成像的原理为光的反射。
5．【答案】C
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据图片可知，当我们转动手摇发电机时，线圈在磁场中转动做切割磁感线运动产生感应电流，即利用了电磁感应现象，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，应用为发电机。
6．【答案】D
【知识点】密度及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据Q=cm△t可知，自然界中水的比热容大，则相同质量的水在吸收或释放相同热量时，温度变化小，所以海绵城市能有效蓄水可以调节当地的气候，
故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
7．【答案】D
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A．用力按橡皮泥，用力拉开弹簧和撑杆被运动员压弯，都是物体橡的形状发生变化，说明力可以改变物体的形状，故ABC不符合题意；
D．用钢尺击打棋子时，棋子由静止变成运动，说明力能使物体的运动状态发生改变，故D符合题意。
故选D。
【分析】力的作用效果包括：力改变物体的形状和力改变物体的运动状态，据此分析判断。
8．【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】根据图片可知，凸透镜在刻度处，“F”光源在刻度处，光屏在刻度处，因此物距像距
此时像距小于物距，则光屏上成倒立、缩小的实像，应为照相机，
故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用。
【答案】9．A
10．B
【知识点】动能的影响因素；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【分析】（1）电磁波可以传递信息和能量，且传播不需要介质，根据电磁波的特点和应用判断；
（2） 动能的大小由质量和速度共同决定，速度相同时，物体质量越大，动能越大。
9．手机无线通信时，通过发射和接收电磁波来传递文本、图像和声音等信息，故A正确，BCD错误。
故选A。
10．当运动员和手机一起滑行时，二者速度相同，但是运动员自身质量远大于手机质量，因此运动员的动能 大于手机的动能 ，
故B正确，而ACD错误。
故选B。
11．【答案】A,D
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A．电动车到电动车集中充电区充电，能避免私拉电线等安全隐患，故A符合题意；
B．电线长期暴露在外容易老化破损，易引发漏电、火灾事故，所以私拉飞线从楼上接线下楼充电不安全，故B不符合题意；
C．电动车蓄电池充电可能发生故障起火、爆炸，会直接危及室内人员安全，故C不符合题意；
D． 充电桩的金属外壳与地线连接时，一旦外壳漏电，地线会把电流导入大地，避免发生触电事故，故D符合题意。
故选AD。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识分析判断。
12．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，灭蚊网和灯泡可以单独工作，也可以同时工作，即二者工作时互不影响，因此灭蚊网和灯泡并联。
当只闭合开关时，电蚊拍只起到灭蚊的作用，即只有灭蚊网工作；当同时闭合开关、时，电蚊拍同时起到灭蚊和照明的作用，即此时二者都工作，那么说明开关S1控制灭蚊灯网和灯泡，则它在干路上。开关只控制灯泡，则二者串联在灯泡的支路中，故CD符合题意，AB不符合题意。
故选C。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器，据此分析判断。
13．【答案】动；不正确
【知识点】动能的影响因素；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）物体由于运动而具有的能称为动能。心脏每一次跳动是一种机械运动，因此心脏跳动时具有的是动能。
（2）根据题意可知，该心脏起搏器是将心脏跳动的动能转化为电能，并非不消耗能量，因此“永动机”的说法不正确。
【分析】（1）物体由于运动而具有的能称为动能；
（2） 能量的转化和转移具有方向性，且能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，这就是能量的转化和转移定律。
14．【答案】运动；静止
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】根据题可知， 大家手牵手围成多个圆圈踏歌而舞时， 以鼓楼为参照物，这名舞者相对于鼓楼的位置不断发生变化，因此她是运动的。这名舞者相对于舞伴的位置没有发生变化，则以和她牵手的舞伴为参照物时，她是静止的。
【分析】如果物体相对参照物的位置不发生改变，那么它是静止的；否则，它就是运动的。
15．【答案】（1）小；车内向车外
（2）吸收；熔化
【知识点】熔化与熔化吸热特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）根据流体压强和流速的关系可知，流体流速越大的位置压强越小。高速列车行驶过程中，列车两侧的空气流动速度大而压强很小，物体在内外压强差的作用下，空气从车内向车外流动造成热量损失。
（2）电加热智能除雪装置产生热量， 道岔上的积雪吸收热量从固态变成液态发生熔化现象，确保道岔转换自如。
【分析】（1）根据流体压强和流速的关系可知，流体流速越大的位置压强越小。
（2）物质从固态变成液态发生熔化现象，需要吸热。
（1）[1][2]高速列车行驶过程中，列车两侧的空气流动速度很大，压强很小，车内部的压强不变，物体在内外压强差的作用下，空气从车内向车外流动造成热量损失。
（2）[1][2]固态物质变为液态的过程属于吸热过程，由固态雪转变为液态水的物态变化是熔化，此过程是吸收热量，电加热智能除雪装置能快速使雪熔化，确保道岔转换自如。
16．【答案】做功；不做功
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】当谷粒在空中竖直向下运动时，重力的方向竖直向下，且谷粒在重力方向移动距离，因此重力对谷粒做功。
谷粒被抛出去后，已经和谷粒脱离，即谷粒不再受到抛掷力，因此手的抛掷力不做功。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
17．【答案】；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，剩余部分仍然是一个上下粗细一致、密度均匀的柱体，
则剩余部分对水平地面压强。
（2）物块放在水平地面上，所以物块对地面的压力等于物块的重力。
剩余部分所有侧面中，最小的侧面面积为；
因此；
截去部分所有侧面中，最大的侧面是三角形斜边对应的平面，
此时三角形斜边长为；
三角形斜边对应的平面的高为，所以截去部分最大底面积为；
因此；
剩余部分和截去部分对地面的压力之比为；
剩余部分最小受力面积和截去部分最大受力面积之比为；
因此剩余部分对地面的最大压强与截去部分对地面的最小压强之比为。
【分析】（1）对于上下粗细一致，密度均匀的柱体来说，它对地面的压强；
（2）根据题意确定剩余部分的最小底面积，以及截取部分的最大底面积，然后分别计算出二者的底面积之比和压力之比，最后根据计算二者的压强之比。
18．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，战机受到的重力竖直向下，作用在飞机的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；光从水斜射入空气，折射角大于入射角。根据光路的可逆性可知， 最终出射光线和最初的入射光线平行，如下图所示：
（3）根据图片可知，O点就是杠杆的支点，从支点O向F的作用线作垂线段，这条垂线段就是对应的力臂L，如下图所示：
【分析】（1）对飞机进行受力分析，确定重力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据光的折射规律完成作图；
（3）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）重力方向始终竖直向下，和飞机飞行姿态无关，作用点在图中标出的重心O。从O点出发，画一条竖直向下的带箭头线段，在箭头旁标注G即可。据此作图。
（2）在水面的入射点作垂直于水面的虚线法线；光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，画出水中向下的折射光线，折射光线向法线偏折；折射光线到达杯底出射点后，再作垂直于杯底的虚线法线；光从水斜射入空气，折射角大于入射角，画出离开水后向下的折射光线，折射光线向杯底偏折。 最终出射光线和最初的入射光线平行，全程箭头方向沿光的传播方向向下。 据此作图。
（3）图中O点就是杠杆的支点；沿拉力F的反方向延长，得到力F的作用线；从支点O向F的作用线作垂线段，标注该垂线段为l，补上垂直符号即可。 据此作图。
19．【答案】（1）时间
（2）刻度尺
（3）秒表
（4）
（5）大于
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）斜面的坡度越小，小车在斜面上的速度越小，通过的时间更长，便于测量时间，所以他选择了装置乙；
（2）刻度尺用来测量物体的长度，因此用刻度尺测量小车通过的路程。
（3）实验室中，用秒表测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间。
（4）在路程和时间都已经测出的情况下，由算出小车在该过程的平均速度。
（5）根据丙图可知，小明测量的是车尾和车头的距离，即测量的路程大于了小车实际通过的路程，由可知，将导致所得的平均速度大于实际值。
【分析】（1）斜面的坡度越小，小车在斜面上的速度越小，运动时间越长；
（2）长度的测量工具为刻度尺；
（3）时间的测量工具为秒表；
（4）根据公式计算物体的运动速度；
（5）根据丙图确定测出路程的变化，根据分析测出小车速度的变化。
（1）最终选择了装置，是因为斜面的坡度小一些，可以使小车在斜面上通过的时间更长，便于测量时间，以减小测量时间的误差。
（2）路程的测量工具是刻度尺，因此用刻度尺测量小车通过的路程。
（3）实验室中，测量时间的工具是秒表，所以需要秒表测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间。
（4）实验中，用刻度尺测量小车通过的路程，用停表测量小车下滑的时间，由算出小车在该过程的平均速度。
（5）由图丙可知，小明测量的路程大于了小车实际通过的路程，由可知，将导致所得的平均速度大于实际值。
20．【答案】（1）99；不变；加热的水的质量不同
（2）粗糙；反射光；
【知识点】探究水的沸腾实验；光的反射定律
【解析】【解答】（1）①根据乙图可知，温度-时间关系图像中水平部分图像在纵轴上所对应的温度是99℃，即水保持不变的温度为99℃，所以液体的沸点是99℃。
②根据乙图可知，水升高的温度相同，但是加热时间不同，即吸收的热量不同。根据Q=cm△t可知，可能是液体质量不同。
（2）①光线在粗糙不平的表面发生漫反射，使我们能从不同的角度观察到光线，因此白色硬纸板的表面应尽量粗糙。
为了便于研究反射光线、法线和入射光线的位置关系，需要在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和反射光。
②根据丙图可知，让入射光逆着反射光路OB射入，如果看到反射光逆着入射OA光路射出现象，就可证明光路是可逆的。
【分析】（1）①液体沸腾时保持不变的温度是液体的沸点。当液体沸腾时，不断吸热，但是温度保持不变；
②根据丙图确定水升高的温度大小和吸收热量大小，然后根据Q=cm△t分析二者的哪个因素不同；
（2）①光线在光滑平整的表面发生镜面反射，在粗糙不平的表面发生漫反射；
②当光线沿原来反射光线的方向反向射回去时，反射光线与原来的入射光线重合，这就是光路的可逆性。
（1）①[1][2]沸腾前液体的温度逐渐上升，沸腾后，即使继续加热，液体的温度也不会改变，沸腾时的温度就是液体的沸点。温度-时间关系图像的水平部分的图像表示液体温度不再升高，水平部分图像在纵轴上所对应的温度是99℃，所以液体的沸点是99℃。
②[3]从图像可以看出两位同学实验时，图像不同的原因是液体达到沸腾所用的时间不同，常见原因可能有：液体质量不同、酒精灯火力大小不同、没有用外焰加热等。
（2）①[1]白色硬纸板的表面应尽量粗糙，让光线发生漫反射，使我们能从不同的角度观察到光线。
[2]为了便于测量和研究，需要把光路记录在纸板上，方法是在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和反射光；取下纸板后，用量角器测量相应的角度，记录在表格中。
②[3]为了验证折射现象中光路是否可逆，让入射光逆着反射光路OB射入，如果看到反射光逆着入射OA光路射出现象，就可证明光路是可逆的。
21．【答案】（1）左；42.4；40；
（2）F1
（3）同意；弹簧测力计分度值为0.1N，不能准确测出F2，因此不能准确得到ρ塑
【知识点】固体密度的测量；弹簧测力计及其使用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）① 根据“左物右码”的规律可知，塑料棒应该放在左盘。
根据甲图可知，该天平标尺分度值0.2g，则游码质量为2.4g，砝码质量为：20g+20g=40g，
因此塑料棒质量。
② 根据乙图可知，量筒的分度值为1mL，则塑料棒体积；
那么塑料棒密度。
（2）根据丙图可知，塑料棒悬挂在弹簧测力计下静止时，测力计的拉力与重力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，因此塑料棒的重力等于测力计的示数F1 。
（3）综上所述，塑料棒的重力为；
塑料棒浸没在水中时排开液体的体积等于自身体积，
那么它受到的浮力为；
则弹簧测力计示数；
小于弹簧测力计的分度值0.2N，因此不能准确测出塑料棒的密度。
【分析】（1）①根据天平使用“左物右码”分析；
塑料棒的质量等于游码质量和砝码质量之和。
②根据乙图确定量筒的分度值，根据图片读出两个体积后相减得到塑料棒的体积，根据计算塑料棒的密度；
（2）对塑料棒进行受力分析，根据平衡力的知识计算它的重力；
（3）根据G=mg计算塑料棒的重力，根据阿基米德原理计算它浸没时受到的浮力，根据平衡力的知识计算拉力大小，最后与测力计的分度值比较即可。
（1）[1] 天平使用规则，左盘放物体，右盘放砝码，因此塑料棒放在左盘。
[2] 天平标尺分度值0.2g，因此塑料棒质量
[3] 量筒中水的体积，放入塑料棒后总体积，因此塑料棒体积
[4]根据得塑料棒密度
（2）塑料棒悬挂在弹簧测力计下静止时，拉力与重力是一对平衡力，因此塑料棒的重力等于测力计的示数F1 。
（3）[1][2]由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，而塑料棒质量仅42.4g，F1等于重力为
根据阿基米德原理，浮力为
根据称重法测浮力
得弹簧测力计示数
小于弹簧测力计的分度值，因此不能准确测出塑料棒的密度。
22．【答案】零；升高；；；B；30；1.8
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）为了保证测量结果的准确性，则使用电流表和电压表前，要检查其指针是否对准零刻度线。
（2）①根据甲图可知，定值电阻R0与热敏电阻Rt串联，电压表测定值电阻的电压。根据可知，如果要使电压表示数变大，应增大电路的电流。由欧姆定律可知，应减小电路的电阻，即需要升高热敏电阻的温度。
②根据图乙可知，电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A，其读数为：0.2A+0.02A×3=0.26A。
（4）①根据A图可知，定值电阻和热敏电阻并联，根据并联电路的电压规律可知，电压不变，故不能实现电路的控制，故A不符合题意；
根据B图可知，定值电阻和热敏电阻串联。温度越低热敏电阻的阻值越大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，热敏电阻分到的电压越大，可以实现1、2两端电压大于2 V，控制开关开启加热系统加热，故B符合题意；
根据C图可知，定值电阻和热敏电阻串联。温度越低热敏电阻的阻值越大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，热敏电阻分到的电压越大。根据U总=U1+U2可知，定值电阻分到的电压越小，无法实现1、2两端电压大于2 V，控制开关开启加热系统加热，故C不符合题意。
故选B。
②根据表格可知，20℃的阻值为60Ω，
根据欧姆定律得到：；
解得：。
28℃时关闭加热系统，此时热敏电阻阻值为45Ω，此时1、2两端的电压；
1、2两端的电压小于1.8 V时，自动关闭加热系统（不考虑控制开关对电路的影响）。
【分析】（1）根据电流表和电压表的使用规范解答；
（2）①根据甲图可知，定值电阻R0与热敏电阻Rt串联，电压表测定值电阻的电压。根据U=IR分析电压表示数增大时电流表的示数变化，再根据分析热敏电阻的阻值变化，进而确定热敏电阻的温度变化即可。
②根据乙图确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读出示数。
（4）①根据欧姆定律和串并联电路的电流和电压规律分析两个电阻的电压变化规律，确定是否满足要求即可；
②根据表格数据确定温度为20℃时热敏电阻的阻值，然后根据欧姆定律列式计算出定值电阻的阻值。根据表格确定28℃时热敏电阻的阻值，最后根据欧姆定律计算1、2之间的电压即可。
23．【答案】（1）二氧化碳（）
（2）①化学能→电能→机械能／动能；②2200W；③90.9%
【知识点】能量的转化或转移；电功的计算；电功率的计算；碳达峰 碳中和
【解析】【解答】（1）二氧化碳是加剧温室效应的重要因素，而“碳中和”的核心是采取措施抵消生产生活中排放的二氧化碳，实现二氧化碳相对“零排放”。
（2）① 电动汽车从蓄电池获取能量，先将蓄电池内储存的化学能先转化为电能，再通过电动机将电能转化为汽车行驶的机械能；
② 根据表格数据可知，充电桩输出电压，充电电流
则充电桩输出功率；
③ 根据表格可知，电池总能量，
则充入电池的有用能量；
充电桩输出的总电能；
则电池的充电效率：。
【分析】（1）根据“碳中和”的定义解答；
（2）①根据电动汽车的能量转化知识解答；
②根据P=UI计算充电桩的输出功率；
③根据W总=Pt计算充电桩输出的总电能，根据W有用=W总电池×η计算冲入电池的能量。最后将二者作比计算电池的充电效率。
（1）由题意可知，“碳中和”的核心是采取措施抵消生产生活中排放的二氧化碳，实现二氧化碳相对“零排放”。
（2）① 电动汽车行驶过程中，蓄电池内储存的化学能先转化为电能，电能通过电动机转化为汽车行驶所需的机械能，驱动汽车前进；
② 由题意得，充电桩输出电压，充电电流
根据电功率公式，代入数据得充电桩输出功率
③ 由题意得，电池总能量，充电比例为
则充入电池的有用能量
充电桩输出的总电能
根据充电效率公式，代入数据得
24．【答案】（1）解：根据题意可知，物体A的密度 ，边长为0.1m，
则A受到的重力为。
（2）解：当物体A浸没在水中时，它排开水的体积等于A的体积，
则A受到的浮力为。
（3）解：根据乙图可知，注水体积且水深时，水面没过A；注水体积且水深时，水面没过B；注水体积时时水深。
由水深变为的过程中，有；
解得：容器底面积。
当水深时，有；
则B的底面积；
由容器底部受到水的压强减小340Pa，可得水面下降高度，
则水面下降高度；
若拉动B，可知A未露出水面，即使将B整体拉出水面，
水面下降高度为；
则拉动B不能使容器底部受到水的压强减小340Pa。
若拉动A，可知B有一部分露出水面，设A、B露出水面部分的体积分别为、，则有；
即
则A全部拉离水面可使容器底部受到水的压强减小340Pa。
此时，细线拉力
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据V=a3计算A的体积，根据公式计算物体A的重力。
（2）当物体A浸没在水中时，它排开水的体积等于A的体积，根据计算此时A受到的浮力；
（3）从图像中提取信息，利用V=Sh，结合液体压强公式p=ρ液体gh对A、B两个物体进行假设计算，从而计算出符合情况时细线拉力F的数值。
（1）A受到的重力为
（2）A浸没时排开水的体积等于A的体积，则A受到的浮力为
（3）分析图像得，注水体积，水深时，水面没过A；注水体积，水深时，水面没过B；注水体积时，水深。由水深变为的过程中，有
可得容器底面积
当，水深时，有
则B的底面积
由容器底部受到水的压强减小340Pa，可得水面下降高度，有，则水面下降高度
若拉动B，可知A未露出水面，即使将B整体拉出水面，水面下降高度为
可得，拉动B不能使容器底部受到水的压强减小340Pa。
若拉动A，可知B有一部分露出水面，设A、B露出水面部分的体积分别为、，则有
即
可得，A全部拉离水面可使容器底部受到水的压强减小340Pa。此时，细线拉力
1 / 12026年广西柳州市初中学业水平考试模拟物理试题
1．自2019年起，我市执行禁止燃放烟花爆竹规定，有效降低了燃放烟花爆竹对环境的污染，也减少了噪声的影响。这项措施中治理噪声的方式是（　　）
A．防止噪声产生 B．阻断噪声传播
C．防止噪声入耳 D．降低噪声传播速度
【答案】A
【知识点】防治噪声的途径
【解析】【解答】 燃放烟花爆竹时会产生噪声，则禁止燃放烟花爆竹，是从噪声产生的源头禁止，属于防止噪声产生，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】控制噪声的三种途径分别是：在声源处防止噪声产生、在传播过程中阻断噪声传播、在人耳处防止噪声入耳。
2．某薄片型“冰箱贴”的背面为磁性材料，其磁感线分布如图所示。下列判断正确的是（　　）
A．a点磁性最强 B．b点磁性最强
C．c点磁性最强 D．各点磁性一样强
【答案】B
【知识点】磁感线及其特点
【解析】【解答】根据图片可知，三点中b点位置磁感线最密集，所以b点磁性最强，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】在磁场中，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱，即磁感线越密集，则磁场越强。
3．如图，验电器的金属箔张开，说明橡胶棒带电。下列对小球材料及两片金属箔带电情况的判断正确的是（　　）
判断 小球材料 两片金属箔
A 绝缘体 同种电荷
B 绝缘体 不同电荷
C 导体 同种电荷
D 导体 不同电荷
A．A B．B C．C D．D
【答案】C
【知识点】验电器的原理及使用；导体与绝缘体
【解析】【解答】根据题意可知，带电的橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电荷通过小球和金属杆到达两个金属箔片，由于它们带上了同种电荷相互排斥，因此金属箔片张开。由于小球能够导电，所以小球为导体，故C符合题意，ABC不符合题意。
故选C。
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据此分析判断。
4．如图光现象中，属于光的直线传播现象的是（　　）
A．海市蜃楼
B．手影游戏
C．玻璃板下的直线看上去折断了
D．小猫照镜
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．海市蜃楼是光在传播过程中发生折射而形成的虚像，故A不符合题意；
B．手影是由于光的直线传播形成的，故B符合题意；
C．光从玻璃射入空气中时发生折射形成的虚像，所以玻璃板下的直线看上去折断了，故C不符合题意；
D．小猫照镜子时看到自己的像，原理是光的反射，故D不符合题意。
故选B。
【分析】A.根据光的折射的知识判断；
B.光在同一直线上沿直线传播，现象有影子、日食和月食，小孔成像；
C.根据光的折射的知识判断；
D.平面镜成像的原理为光的反射。
5．如图手摇发电机，转动转盘，使线圈在磁场中转动，灯泡会发光。这种发电利用了（　　）
A．尖端放电 B．摩擦起电 C．电磁感应 D．电流热效应
【答案】C
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据图片可知，当我们转动手摇发电机时，线圈在磁场中转动做切割磁感线运动产生感应电流，即利用了电磁感应现象，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，应用为发电机。
6．近10年来，我国持续推进海绵城市建设。海绵城市能有效蓄水，还能缓解局部早晚温差。“缓解早晚温差”主要利用了水的（　　）
A．流动性强 B．凝固点较低 C．密度较大 D．比热容较大
【答案】D
【知识点】密度及其特性；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据Q=cm△t可知，自然界中水的比热容大，则相同质量的水在吸收或释放相同热量时，温度变化小，所以海绵城市能有效蓄水可以调节当地的气候，
故D正确，而ABC错误。
故选D。
【分析】比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量。
7．“力，形之所以奋也”出自《墨经》一书，是古代对“力使物体运动状态发生改变”的朴素认知。下列实例中，力的作用效果主要与此相同的是（　　）
A．用力按橡皮泥
B．用力拉开弹簧
C．运动员压弯撑杆
D．用钢尺击飞棋子
【答案】D
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】A．用力按橡皮泥，用力拉开弹簧和撑杆被运动员压弯，都是物体橡的形状发生变化，说明力可以改变物体的形状，故ABC不符合题意；
D．用钢尺击打棋子时，棋子由静止变成运动，说明力能使物体的运动状态发生改变，故D符合题意。
故选D。
【分析】力的作用效果包括：力改变物体的形状和力改变物体的运动状态，据此分析判断。
8．如图是“F”光源通过凸透镜成像时的一种情形。下列仪器的成像原理与之相同的是（　　）
A．平面镜 B．潜望镜 C．照相机 D．放大镜
【答案】C
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】根据图片可知，凸透镜在刻度处，“F”光源在刻度处，光屏在刻度处，因此物距像距
此时像距小于物距，则光屏上成倒立、缩小的实像，应为照相机，
故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用。
根据下列材料，完成下面小题。
在某些滑雪比赛项目里，运动员要多次往返不同区域，耗时较长，需全程携带手机与教练交流。
9．他们用手机交流信息是通过（　　）
A．电磁波 B．声波 C．可见光 D．红外线
10．某运动员在比赛中滑行时，他自身的动能和身上手机的动能大小关系是（　　）
A． B．
C． D．要知道高度才能比较
【答案】9．A
10．B
【知识点】动能的影响因素；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【分析】（1）电磁波可以传递信息和能量，且传播不需要介质，根据电磁波的特点和应用判断；
（2） 动能的大小由质量和速度共同决定，速度相同时，物体质量越大，动能越大。
9．手机无线通信时，通过发射和接收电磁波来传递文本、图像和声音等信息，故A正确，BCD错误。
故选A。
10．当运动员和手机一起滑行时，二者速度相同，但是运动员自身质量远大于手机质量，因此运动员的动能 大于手机的动能 ，
故B正确，而ACD错误。
故选B。
11．关于给电动车充电，下列操作符合安全用电原则的是（　　）
A．到电动车集中充电区充电
B．“楼上飞根线，楼下来充电”
C．车入房间，“人车同屋”充电
D．确保充电桩的金属外壳与地线连接
【答案】A,D
【知识点】家庭电路的组成；安全用电原则
【解析】【解答】A．电动车到电动车集中充电区充电，能避免私拉电线等安全隐患，故A符合题意；
B．电线长期暴露在外容易老化破损，易引发漏电、火灾事故，所以私拉飞线从楼上接线下楼充电不安全，故B不符合题意；
C．电动车蓄电池充电可能发生故障起火、爆炸，会直接危及室内人员安全，故C不符合题意；
D． 充电桩的金属外壳与地线连接时，一旦外壳漏电，地线会把电流导入大地，避免发生触电事故，故D符合题意。
故选AD。
【分析】根据家庭电路安全用电的常识分析判断。
12．如图所示的电蚊拍有灭蚊和照明功能。当开关闭合、断开时，只起到灭蚊作用；当开关、都闭合时，能同时起到灭蚊和照明作用。下列符合要求的电路原理图是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目描述可知，灭蚊网和灯泡可以单独工作，也可以同时工作，即二者工作时互不影响，因此灭蚊网和灯泡并联。
当只闭合开关时，电蚊拍只起到灭蚊的作用，即只有灭蚊网工作；当同时闭合开关、时，电蚊拍同时起到灭蚊和照明的作用，即此时二者都工作，那么说明开关S1控制灭蚊灯网和灯泡，则它在干路上。开关只控制灯泡，则二者串联在灯泡的支路中，故CD符合题意，AB不符合题意。
故选C。
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器，据此分析判断。
13．据报道，科学家研发出一种不需要更换电池的心脏起搏器（一种植入患者体内的医疗电子设备），可将心脏每一次跳动而具有　 　能的极少一部分转化为电能，来维持起搏器工作。有网友在评论区指出，这正是传说中的永动机，这个说法是　 　（选填“正确”或“不正确”）的。
【答案】动；不正确
【知识点】动能的影响因素；能量守恒定律
【解析】【解答】（1）物体由于运动而具有的能称为动能。心脏每一次跳动是一种机械运动，因此心脏跳动时具有的是动能。
（2）根据题意可知，该心脏起搏器是将心脏跳动的动能转化为电能，并非不消耗能量，因此“永动机”的说法不正确。
【分析】（1）物体由于运动而具有的能称为动能；
（2） 能量的转化和转移具有方向性，且能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，这就是能量的转化和转移定律。
14．多耶舞是三江县群众喜爱的集体歌舞。大家手牵手围成多个圆圈，踏歌而舞，整齐地持续转圈（如图示）。图中这名舞者是运动还是静止？可以说，以鼓楼为参照物，她是　 　的；以和她牵手的舞伴为参照物，她是　 　的。
【答案】运动；静止
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】根据题可知， 大家手牵手围成多个圆圈踏歌而舞时， 以鼓楼为参照物，这名舞者相对于鼓楼的位置不断发生变化，因此她是运动的。这名舞者相对于舞伴的位置没有发生变化，则以和她牵手的舞伴为参照物时，她是静止的。
【分析】如果物体相对参照物的位置不发生改变，那么它是静止的；否则，它就是运动的。
15．根据下列材料，完成下面小题。
-40℃的隆冬时节，我国高寒动车组正常奔驰在京哈高铁上，创造极端低温天气下的世界高铁奇迹。这些高铁配备有很多硬核设计。
（1）列车高速行驶时车外空气流速大，气体压强　 　（选填“大”或“小”）于车内气体压强，在车门、车窗等缝隙采用特殊弹性胶条进行密封，有效防止了空气从　 　（选填“车内向车外”或“车外向车内”）流动造成热量损失；
（2）高铁沿线车站均配备了电加热智能除雪装置，自动根据雨雪与温度变化给道岔的关键区域加热，使积雪　 　（选填“吸收”或“放出”）热量，快速　 　（填一种物态变化）成水，确保道岔转换自如。
【答案】（1）小；车内向车外
（2）吸收；熔化
【知识点】熔化与熔化吸热特点；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）根据流体压强和流速的关系可知，流体流速越大的位置压强越小。高速列车行驶过程中，列车两侧的空气流动速度大而压强很小，物体在内外压强差的作用下，空气从车内向车外流动造成热量损失。
（2）电加热智能除雪装置产生热量， 道岔上的积雪吸收热量从固态变成液态发生熔化现象，确保道岔转换自如。
【分析】（1）根据流体压强和流速的关系可知，流体流速越大的位置压强越小。
（2）物质从固态变成液态发生熔化现象，需要吸热。
（1）[1][2]高速列车行驶过程中，列车两侧的空气流动速度很大，压强很小，车内部的压强不变，物体在内外压强差的作用下，空气从车内向车外流动造成热量损失。
（2）[1][2]固态物质变为液态的过程属于吸热过程，由固态雪转变为液态水的物态变化是熔化，此过程是吸收热量，电加热智能除雪装置能快速使雪熔化，确保道岔转换自如。
16．如图，在我市某些小块农田里，人们用手抛撒谷粒播种水稻，虚线为一颗谷粒在空中的运动轨迹。请判断谷粒在空中运动过程中，下列力是否对它做功？它受到的重力　 　，手的抛掷力　 　。
【答案】做功；不做功
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】当谷粒在空中竖直向下运动时，重力的方向竖直向下，且谷粒在重力方向移动距离，因此重力对谷粒做功。
谷粒被抛出去后，已经和谷粒脱离，即谷粒不再受到抛掷力，因此手的抛掷力不做功。
【分析】做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。
17．一个质地均匀的正方体物块，边长为a，密度为ρ。将其放在水平地面上，沿虚线竖直向下截去一部分，如图所示，剩余部分的质量为物块总质量的，g值已知，则剩余部分对地面的压强为　 　；若分别将剩余部分和截去部分以不同侧面放在地面时，剩余部分对地面的最大压强为，截去部分对地面的最小压强为，则　 　。（结果均可保留分式或根号）
【答案】；
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据题意可知，剩余部分仍然是一个上下粗细一致、密度均匀的柱体，
则剩余部分对水平地面压强。
（2）物块放在水平地面上，所以物块对地面的压力等于物块的重力。
剩余部分所有侧面中，最小的侧面面积为；
因此；
截去部分所有侧面中，最大的侧面是三角形斜边对应的平面，
此时三角形斜边长为；
三角形斜边对应的平面的高为，所以截去部分最大底面积为；
因此；
剩余部分和截去部分对地面的压力之比为；
剩余部分最小受力面积和截去部分最大受力面积之比为；
因此剩余部分对地面的最大压强与截去部分对地面的最小压强之比为。
【分析】（1）对于上下粗细一致，密度均匀的柱体来说，它对地面的压强；
（2）根据题意确定剩余部分的最小底面积，以及截取部分的最大底面积，然后分别计算出二者的底面积之比和压力之比，最后根据计算二者的压强之比。
18．按要求完成下列作图；
（1）我国战机曾在东海上空通过“桶滚机动”在外机上方倒飞实施驱离，坚定捍卫国家主权。画出图中倒飞的战机受到的重力G。
（2）一束光射向一杯水，并从杯底射出。画出这束光进入水和离开水后的光线（忽略杯壁的影响）。
（3）如图所示的桔槔是我国古代劳动人民运用杠杆的经典实例。请画出图中拉力的力臂。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的折射光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，战机受到的重力竖直向下，作用在飞机的重心上，如下图所示：
（2）根据图片可知，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；光从水斜射入空气，折射角大于入射角。根据光路的可逆性可知， 最终出射光线和最初的入射光线平行，如下图所示：
（3）根据图片可知，O点就是杠杆的支点，从支点O向F的作用线作垂线段，这条垂线段就是对应的力臂L，如下图所示：
【分析】（1）对飞机进行受力分析，确定重力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据光的折射规律完成作图；
（3）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
（1）重力方向始终竖直向下，和飞机飞行姿态无关，作用点在图中标出的重心O。从O点出发，画一条竖直向下的带箭头线段，在箭头旁标注G即可。据此作图。
（2）在水面的入射点作垂直于水面的虚线法线；光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，画出水中向下的折射光线，折射光线向法线偏折；折射光线到达杯底出射点后，再作垂直于杯底的虚线法线；光从水斜射入空气，折射角大于入射角，画出离开水后向下的折射光线，折射光线向杯底偏折。 最终出射光线和最初的入射光线平行，全程箭头方向沿光的传播方向向下。 据此作图。
（3）图中O点就是杠杆的支点；沿拉力F的反方向延长，得到力F的作用线；从支点O向F的作用线作垂线段，标注该垂线段为l，补上垂直符号即可。 据此作图。
19．小明在做“测量小车运动的平均速度”实验时，搭建了如图甲、乙的两套实验装置。
（1）他最终选择了装置乙，这样能减小测量　 　（选填“路程”或“时间”）造成的误差；
（2）选好装置后，他将小车置于斜面上某处，金属片固定在斜面底端，用　 　测量小车将要通过的路程s；
（3）用　 　测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间t；
（4）根据测得的、，利用公式　 　算出小车在该过程的平均速度；
（5）实验中，小明测量的路程如图丙所示，这一错误操作将导致所得的平均速度　 　（选填“大于”或“小于”）实际值。
【答案】（1）时间
（2）刻度尺
（3）秒表
（4）
（5）大于
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】（1）斜面的坡度越小，小车在斜面上的速度越小，通过的时间更长，便于测量时间，所以他选择了装置乙；
（2）刻度尺用来测量物体的长度，因此用刻度尺测量小车通过的路程。
（3）实验室中，用秒表测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间。
（4）在路程和时间都已经测出的情况下，由算出小车在该过程的平均速度。
（5）根据丙图可知，小明测量的是车尾和车头的距离，即测量的路程大于了小车实际通过的路程，由可知，将导致所得的平均速度大于实际值。
【分析】（1）斜面的坡度越小，小车在斜面上的速度越小，运动时间越长；
（2）长度的测量工具为刻度尺；
（3）时间的测量工具为秒表；
（4）根据公式计算物体的运动速度；
（5）根据丙图确定测出路程的变化，根据分析测出小车速度的变化。
（1）最终选择了装置，是因为斜面的坡度小一些，可以使小车在斜面上通过的时间更长，便于测量时间，以减小测量时间的误差。
（2）路程的测量工具是刻度尺，因此用刻度尺测量小车通过的路程。
（3）实验室中，测量时间的工具是秒表，所以需要秒表测量小车从静止滑下到撞击金属片的时间。
（4）实验中，用刻度尺测量小车通过的路程，用停表测量小车下滑的时间，由算出小车在该过程的平均速度。
（5）由图丙可知，小明测量的路程大于了小车实际通过的路程，由可知，将导致所得的平均速度大于实际值。
20．按要求完成下列填空；
（1）在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中，小明和小王均使用如图甲所示的实验装置，他们分别每隔1min测量一次温度，并绘制了温度与时间关系的图像如图乙。
①由图像可知：水的沸点为　 　℃，温度达到沸点时继续加热，水的温度将　 　；
②他们的图像存在差异，请你写出造成差异的一个可能原因：　 　；
（2）探究光的反射定律实验如图丙所示；
①白色纸板的表面应尽量　 　（选填“粗糙”或“光滑”）。为便于研究，应在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和　 　；取下纸板后，用量角器测量相应的角度，记录在表格中；
②要在图丙所示的实验中探究光路是否可逆，应使光沿　 　方向射到平面镜上进行观察。
【答案】（1）99；不变；加热的水的质量不同
（2）粗糙；反射光；
【知识点】探究水的沸腾实验；光的反射定律
【解析】【解答】（1）①根据乙图可知，温度-时间关系图像中水平部分图像在纵轴上所对应的温度是99℃，即水保持不变的温度为99℃，所以液体的沸点是99℃。
②根据乙图可知，水升高的温度相同，但是加热时间不同，即吸收的热量不同。根据Q=cm△t可知，可能是液体质量不同。
（2）①光线在粗糙不平的表面发生漫反射，使我们能从不同的角度观察到光线，因此白色硬纸板的表面应尽量粗糙。
为了便于研究反射光线、法线和入射光线的位置关系，需要在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和反射光。
②根据丙图可知，让入射光逆着反射光路OB射入，如果看到反射光逆着入射OA光路射出现象，就可证明光路是可逆的。
【分析】（1）①液体沸腾时保持不变的温度是液体的沸点。当液体沸腾时，不断吸热，但是温度保持不变；
②根据丙图确定水升高的温度大小和吸收热量大小，然后根据Q=cm△t分析二者的哪个因素不同；
（2）①光线在光滑平整的表面发生镜面反射，在粗糙不平的表面发生漫反射；
②当光线沿原来反射光线的方向反向射回去时，反射光线与原来的入射光线重合，这就是光路的可逆性。
（1）①[1][2]沸腾前液体的温度逐渐上升，沸腾后，即使继续加热，液体的温度也不会改变，沸腾时的温度就是液体的沸点。温度-时间关系图像的水平部分的图像表示液体温度不再升高，水平部分图像在纵轴上所对应的温度是99℃，所以液体的沸点是99℃。
②[3]从图像可以看出两位同学实验时，图像不同的原因是液体达到沸腾所用的时间不同，常见原因可能有：液体质量不同、酒精灯火力大小不同、没有用外焰加热等。
（2）①[1]白色硬纸板的表面应尽量粗糙，让光线发生漫反射，使我们能从不同的角度观察到光线。
[2]为了便于测量和研究，需要把光路记录在纸板上，方法是在纸板上用笔描出法线、每次实验中的入射光和反射光；取下纸板后，用量角器测量相应的角度，记录在表格中。
②[3]为了验证折射现象中光路是否可逆，让入射光逆着反射光路OB射入，如果看到反射光逆着入射OA光路射出现象，就可证明光路是可逆的。
21．同学们用不同方法测量某轻型塑料棒的密度ρ塑（）。
（1）小明用天平、量筒测量。
①测量质量时，应将塑料棒放在天平　 　（选填“左”或“右”）盘；天平平衡时，盘内砝码及游码的位置如图甲所示，塑料棒的质量为　 　g。
②如图乙所示，塑料棒的体积为　 　；经计算，ρ塑=　 　。
（2）小光提出仅用一把弹簧测力计（如图丙所示）进行测量，方案如下：
用细线将塑料棒悬挂在弹簧测力计下，读出测力计的示数F1，则塑料棒受到的重力等于　 　；将塑料棒浸没在水中，读出测力计的示数F2；由F1、F2及ρ水即可计算塑料棒的密度。
（3）小明认为用小光的方案不能准确测出ρ塑。你是否同意小明的说法？答：我　 　（选填“同意”或“不同意”）。理由是：　 　
【答案】（1）左；42.4；40；
（2）F1
（3）同意；弹簧测力计分度值为0.1N，不能准确测出F2，因此不能准确得到ρ塑
【知识点】固体密度的测量；弹簧测力计及其使用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）① 根据“左物右码”的规律可知，塑料棒应该放在左盘。
根据甲图可知，该天平标尺分度值0.2g，则游码质量为2.4g，砝码质量为：20g+20g=40g，
因此塑料棒质量。
② 根据乙图可知，量筒的分度值为1mL，则塑料棒体积；
那么塑料棒密度。
（2）根据丙图可知，塑料棒悬挂在弹簧测力计下静止时，测力计的拉力与重力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，因此塑料棒的重力等于测力计的示数F1 。
（3）综上所述，塑料棒的重力为；
塑料棒浸没在水中时排开液体的体积等于自身体积，
那么它受到的浮力为；
则弹簧测力计示数；
小于弹簧测力计的分度值0.2N，因此不能准确测出塑料棒的密度。
【分析】（1）①根据天平使用“左物右码”分析；
塑料棒的质量等于游码质量和砝码质量之和。
②根据乙图确定量筒的分度值，根据图片读出两个体积后相减得到塑料棒的体积，根据计算塑料棒的密度；
（2）对塑料棒进行受力分析，根据平衡力的知识计算它的重力；
（3）根据G=mg计算塑料棒的重力，根据阿基米德原理计算它浸没时受到的浮力，根据平衡力的知识计算拉力大小，最后与测力计的分度值比较即可。
（1）[1] 天平使用规则，左盘放物体，右盘放砝码，因此塑料棒放在左盘。
[2] 天平标尺分度值0.2g，因此塑料棒质量
[3] 量筒中水的体积，放入塑料棒后总体积，因此塑料棒体积
[4]根据得塑料棒密度
（2）塑料棒悬挂在弹簧测力计下静止时，拉力与重力是一对平衡力，因此塑料棒的重力等于测力计的示数F1 。
（3）[1][2]由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，而塑料棒质量仅42.4g，F1等于重力为
根据阿基米德原理，浮力为
根据称重法测浮力
得弹簧测力计示数
小于弹簧测力计的分度值，因此不能准确测出塑料棒的密度。
22．现有热敏电阻的阻值随温度变化规律如下表所示。
温度 4.0 9.0 14.0 20.0 28.0 38.0 45.0 60.0
电阻 220 160 100 60 45 30 25 15
某同学用电压表、电流表、定值电阻、热敏电阻（代替滑动变阻器）探究电流与电压的关系，电路如图甲所示。
（1）使用电流表和电压表前，应检查其指针是否对准　 　刻度线；
（2）实验中，要使电压表示数变大，可　 　（选填“升高”或“降低”）电阻　 　（选填题目所给符号）的温度；图乙是某次测量时电流表的示数，其读数为　 　A；
（3）分析实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（4）该同学要用热敏电阻、电压为3V的电源、定值电阻设计一个控制室内加热系统工作的温控装置。因环境温度低于20℃，需将室内温度保持在20℃~28℃。要求当1、2两点间电压大于2V时，触发加热系统工作。在图丙的三种电路中，应选择电路　 　，定值电阻的阻值应为　 　，当1、2两点间电压小于　 　V时，触发加热系统暂停。
【答案】零；升高；；；B；30；1.8
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）为了保证测量结果的准确性，则使用电流表和电压表前，要检查其指针是否对准零刻度线。
（2）①根据甲图可知，定值电阻R0与热敏电阻Rt串联，电压表测定值电阻的电压。根据可知，如果要使电压表示数变大，应增大电路的电流。由欧姆定律可知，应减小电路的电阻，即需要升高热敏电阻的温度。
②根据图乙可知，电流表选用0-0.6A量程，分度值为0.02A，其读数为：0.2A+0.02A×3=0.26A。
（4）①根据A图可知，定值电阻和热敏电阻并联，根据并联电路的电压规律可知，电压不变，故不能实现电路的控制，故A不符合题意；
根据B图可知，定值电阻和热敏电阻串联。温度越低热敏电阻的阻值越大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，热敏电阻分到的电压越大，可以实现1、2两端电压大于2 V，控制开关开启加热系统加热，故B符合题意；
根据C图可知，定值电阻和热敏电阻串联。温度越低热敏电阻的阻值越大，根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，热敏电阻分到的电压越大。根据U总=U1+U2可知，定值电阻分到的电压越小，无法实现1、2两端电压大于2 V，控制开关开启加热系统加热，故C不符合题意。
故选B。
②根据表格可知，20℃的阻值为60Ω，
根据欧姆定律得到：；
解得：。
28℃时关闭加热系统，此时热敏电阻阻值为45Ω，此时1、2两端的电压；
1、2两端的电压小于1.8 V时，自动关闭加热系统（不考虑控制开关对电路的影响）。
【分析】（1）根据电流表和电压表的使用规范解答；
（2）①根据甲图可知，定值电阻R0与热敏电阻Rt串联，电压表测定值电阻的电压。根据U=IR分析电压表示数增大时电流表的示数变化，再根据分析热敏电阻的阻值变化，进而确定热敏电阻的温度变化即可。
②根据乙图确定电流表的量程和分度值，然后根据指针的位置读出示数。
（4）①根据欧姆定律和串并联电路的电流和电压规律分析两个电阻的电压变化规律，确定是否满足要求即可；
②根据表格数据确定温度为20℃时热敏电阻的阻值，然后根据欧姆定律列式计算出定值电阻的阻值。根据表格确定28℃时热敏电阻的阻值，最后根据欧姆定律计算1、2之间的电压即可。
23．2026年1月20日，我国在新闻发布会上再次明确“2030年前实现碳达峰、2060年前实现碳中和”。
（1）“碳中和”就是采取各种措施全部抵消生产生活中排放的　 　。
（2）为响应国家“低碳环保，节能减排”的号召，小明家在购置汽车时选择了一款柳州产的电动汽车，其蓄电池参数如下表。
电池能量 28kW·h
充电电压 220V
工作电压 122V
①请分析该汽车行驶过程中，其能量的主要转化情况。
②将汽车接在充电桩上充电，充电桩输出电压为220V，充电电流为10A。求充电桩的输出功率。
③本次充电将电池能量从30%充至80%，用时7h，求电池的充电效率。（）
【答案】（1）二氧化碳（）
（2）①化学能→电能→机械能／动能；②2200W；③90.9%
【知识点】能量的转化或转移；电功的计算；电功率的计算；碳达峰 碳中和
【解析】【解答】（1）二氧化碳是加剧温室效应的重要因素，而“碳中和”的核心是采取措施抵消生产生活中排放的二氧化碳，实现二氧化碳相对“零排放”。
（2）① 电动汽车从蓄电池获取能量，先将蓄电池内储存的化学能先转化为电能，再通过电动机将电能转化为汽车行驶的机械能；
② 根据表格数据可知，充电桩输出电压，充电电流
则充电桩输出功率；
③ 根据表格可知，电池总能量，
则充入电池的有用能量；
充电桩输出的总电能；
则电池的充电效率：。
【分析】（1）根据“碳中和”的定义解答；
（2）①根据电动汽车的能量转化知识解答；
②根据P=UI计算充电桩的输出功率；
③根据W总=Pt计算充电桩输出的总电能，根据W有用=W总电池×η计算冲入电池的能量。最后将二者作比计算电池的充电效率。
（1）由题意可知，“碳中和”的核心是采取措施抵消生产生活中排放的二氧化碳，实现二氧化碳相对“零排放”。
（2）① 电动汽车行驶过程中，蓄电池内储存的化学能先转化为电能，电能通过电动机转化为汽车行驶所需的机械能，驱动汽车前进；
② 由题意得，充电桩输出电压，充电电流
根据电功率公式，代入数据得充电桩输出功率
③ 由题意得，电池总能量，充电比例为
则充入电池的有用能量
充电桩输出的总电能
根据充电效率公式，代入数据得
24．某小组利用足够高的薄壁柱形容器研究物体的浮力与压强的变化。他们将容器放在水平桌面上，再将材料相同、质地均匀、不吸水的正方体A（边长）和长方体B（高度）平放在容器底，A和B顶部各系有一根体积可忽略的细线（如图甲）。向容器内缓慢注水，注水体积与水深关系如图乙所示。已知A、B的密度为、水的密度，取。
求：
（1）A受到的重力；
（2）A浸没时受到的浮力；
（3）当注水体积时停止注水。拉动两根细线中的一根，使其中一个物体竖直向上缓慢移动一段距离，然后保持静止。此时容器底部受到水的压强比未拉动前减小了340Pa。求此时细线拉力的可能值。
【答案】（1）解：根据题意可知，物体A的密度 ，边长为0.1m，
则A受到的重力为。
（2）解：当物体A浸没在水中时，它排开水的体积等于A的体积，
则A受到的浮力为。
（3）解：根据乙图可知，注水体积且水深时，水面没过A；注水体积且水深时，水面没过B；注水体积时时水深。
由水深变为的过程中，有；
解得：容器底面积。
当水深时，有；
则B的底面积；
由容器底部受到水的压强减小340Pa，可得水面下降高度，
则水面下降高度；
若拉动B，可知A未露出水面，即使将B整体拉出水面，
水面下降高度为；
则拉动B不能使容器底部受到水的压强减小340Pa。
若拉动A，可知B有一部分露出水面，设A、B露出水面部分的体积分别为、，则有；
即
则A全部拉离水面可使容器底部受到水的压强减小340Pa。
此时，细线拉力
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据V=a3计算A的体积，根据公式计算物体A的重力。
（2）当物体A浸没在水中时，它排开水的体积等于A的体积，根据计算此时A受到的浮力；
（3）从图像中提取信息，利用V=Sh，结合液体压强公式p=ρ液体gh对A、B两个物体进行假设计算，从而计算出符合情况时细线拉力F的数值。
（1）A受到的重力为
（2）A浸没时排开水的体积等于A的体积，则A受到的浮力为
（3）分析图像得，注水体积，水深时，水面没过A；注水体积，水深时，水面没过B；注水体积时，水深。由水深变为的过程中，有
可得容器底面积
当，水深时，有
则B的底面积
由容器底部受到水的压强减小340Pa，可得水面下降高度，有，则水面下降高度
若拉动B，可知A未露出水面，即使将B整体拉出水面，水面下降高度为
可得，拉动B不能使容器底部受到水的压强减小340Pa。
若拉动A，可知B有一部分露出水面，设A、B露出水面部分的体积分别为、，则有
即
可得，A全部拉离水面可使容器底部受到水的压强减小340Pa。此时，细线拉力
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