资源简介

2026年广西壮族自治区南宁市隆安县第三中学中考一模物理试题
1．声纹锁可通过识别人声解锁防盗门，它辨别声音的依据是（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．声速
2．“禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦，下列现象与禾下阴影的形成原理相同的是（　　）
A．水中的倒影 B．小孔成像 C．镜子中的像 D．海市蜃楼
3．为了增强学生劳动观念，感受劳动乐趣，某校初二年级开展了以“高新学子，包你满意”为主题的包饺子活动，下列步骤中力的作用效果与其他三项不同的是（　　）
A．手推擀面杖来回运动 B．面团被擀制成面皮
C．揉捏面团 D．面皮包馅捏成饺子
4．如图所示，电工师傅戴着绝缘手套在检修电路。其手套的材质可能是（　　）
A．铁 B．铜 C．银 D．橡胶
5．用湿手将冰柜里的冻肉拿出时会粘手，此现象所属的物态变化是（　　）
A．汽化 B．液化 C．凝华 D．凝固
6．“金陵金箔”轻薄柔软，堪称“中华一绝”。金箔的正确拿取方法是：手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦后，再将羽毛靠近工作台上方的金箔将其吸住，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．羽毛与纸垫的摩擦过程产生了新的电荷
B．羽毛与纸垫摩擦后，两者带上异种电荷
C．羽毛能够吸引金箔，是由于两者带有异种电荷
D．此现象运用到的原理和验电器的工作原理相同
7．某老师从家以正常速度步行去学校，用时23min，则这段时间内他手机上的运行应用程序记录的步数最接近（　　）
A．20步 B．200步 C．2000步 D．20000步
8．在下列生活场景中，利用大气压强作用的是（　　）
A．用吸管吸牛奶 B．用高压锅煮饭
C．用打气筒打气 D．用U形管压强计测压强
9．“液态”导体同金属导体一样也有电阻。如图，逐渐向容器中添加同种导电液体，观察电流表示数，该实验探究影响“液态”导体电阻大小的因素是（　　）
A．液体的种类 B．长度 C．温度 D．横截面积
10．《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具--“高转筒车”（如图）．使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中．下列说法正确的是（　　）
A．该装置不需要消耗人力便可不断做功，属于永动机
B．水被输送到高处的过程中重力势能增加
C．流水驱动轮子转动时将内能转化为机械能
D．该机械不符合能量守恒定律
11．社区请专业电工师傅排查居民家庭的安全用电情况，下列情况需要整改的是（　　）
A．私拉电线为电动自行车充电
B．洗衣机的三脚插头插在两孔插座上
C．干路上安装空气开关和漏电保护器
D．及时更换达到使用寿命的家用电器
12．新情境如图所示，在某棋类节目中，铁质的棋盘竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上，不计棋子间的相互作用力，每个棋子质量相等。下列说法正确的是（　　）
A．每个小棋子共受四个力
B．磁性越强的棋子对棋盘的压力越大
C．棋子不掉下来的原因是棋盘对棋子的吸引力
D．棋盘对棋子的吸引力和棋子对棋盘的压力是一对平衡力
13．小明在青秀山游玩，忽然闻到阵阵花香，这是分子的　 　 现象；气温升高后花香更浓，是因为温度越高，分子运动越　 　。
14．如图，正确的使用试电笔方式是　 　（选填“甲”或“乙”）。电工师傅正确测试火线时，氖管发光，此时　 　（选填“有”或“没有”）电流通过电工师傅的身体。
15．嫦娥六号探测器随运载火箭升空时，外壳与大气摩擦导致温度升高，这是通过　 　的方式改变物体内能；探测器在月球表面采样时，依靠　 　波向地面传输采样画面。
16．如图所示是一个磁悬浮小夜灯，它是由底座和灯泡组成的。灯泡不接触任何东西就能发光的原理是　 　 现象，该原理与 　 　 （选填“电动机”或“发电机”）的原理相同。
17．祝融号是“天问一号”任务的火星车，如图所示。“祝融号”火星车用其后置变焦数码照相机拍摄了火星地形地貌的照片。其照相机镜头相当于一个凸透镜，该透镜可以用来矫正　 　（选填“近”或“远”）视眼。祝融号拍摄火星地貌照片时，地面上发生了光的　 　反射。
18．某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比，底面积之比，若沿水平方向将该模型切去高度为的一部分，并将切去部分竖直正放在同一水平面上。切去部分对水平面的压强为，剩余部分对水平面的压强为。其中与切去部分的高度的关系如图乙所示。则名人塑像B的密度　 　。若要使得，则需要切掉的高度　 　cm。
19．（1）春节挂灯笼是我国的传统风俗习惯。悬挂的一盏灯笼被风吹动的情境如图所示，请画出此时灯笼所受重力的示意图 （O点为灯笼的重心）。
（2）如图所示，物体S、不透光的塑料板放在平面镜前，请画出S在平面镜中的像S'。
（3）在如图的括号中标出通电螺线管左端和小磁针右端的极性。
20．如图甲是“兴学课堂”小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）安装好杠杆，发现左端低、右端高，应将平衡螺母向　 　调节，使之在水平位置平衡。
（2）点悬挂两个钩码，、、三点分别悬挂六个、　 　个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，这说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越　 　。
进一步实验，归纳得出杠杆的平衡条件是　 　（用物理量的符号表示）。
（3）《墨经》中记述了墨子及其弟子对秤的研究，将秤的两个力臂分别称作“标”和“本”，原文说“两加焉，重相若，则标必下”，意思就是已经平衡的秤两边加上同样质量的重物，“标”这一边必定下垂，则“标”应为图乙中的　 　（选填“OA”或“”）。
21．（1）小明和小华一起探究“平面镜成像特点”实验，实验器材有：玻璃板、支架、两支完全相同的棋子等；
该实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，是为了便于　 　 ；实验中发现A的像A'偏暗，为了使A的像更亮，可以用手电筒发出的一束平行光来照射，图乙中有a、b、c、d 四种照射方法，其中能观察到棋子的像变亮的照射方法是　 　； 小明把四个字母模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用于研究像与物左右位置的关系，其中能够达到实验目的的是　 　
A．字母C模型 B．字母A模型 C．字母T模型 D．字母V模型
（2）在做探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验。
图丁中温度计的示数为　 　℃；根据实验测得的数据绘制出如图戊所示的温度随时间变化的图像。分析图像数据可知， BC段熔化过程的特点是　 　 ；当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水　 　 （选填“能”或“不能”）沸腾。
22．航空航天科研团队成功研制出新型铌合金材料，现在小明按以下方案测量其密度：
（1）如图（a），将铌合金材料切割成正方体形状，用刻度尺测出边长是　 　cm，则它的体积是　 　cm3；如图（b），用天平测其质量是　 　g，根据实验原理公式　 　，计算可得铌合金的密度为　 　g/cm3；
（2）小敏发现铌合金块形状不规则，怀疑小明的体积测量不准确，于是设计了新方案：
①如图（c），在水平放置的电子天平上放一装有适量水的容器，记下质量m1；
②如图（d），将铌合金块轻放入水中（铌合金不会与水发生化学反应且水未溢出），待水位稳定后，做好标记B，记下总质量m2；
③如图（e），取出铌合金块，在容器内注入水，直到水位再次达到标记B处，记下质量m3；
请你根据上述实验方案，结合图中提供的具体数据，计算出铌合金块的密度（结果保留一位小数）　 　；
（3）小明认为小敏的方案，在取出铌合金块时会带出少量水，测量结果依然不准。你是否支持小明的观点，若支持，请分析该操作对测量结果的影响；若不支持，请简述理由。
23．小明测量一阻值未知的定值电阻R，过程如下。
（1）用笔画出导线，将图甲中的电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小）。
（2）正确连接电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P的过程中，电压表有示数且几乎不变，电流表没有示数，则电路故障可能是定值电阻R发生　 　。
（3）解决故障后，通过调节变阻器滑片P进行多次实验，目的是 　 　 ，实验数据如表。小明根据实验数据分别画出了电阻的I-U图像，如图乙、丙所示，其中图像 　 　 是正确的；所测定值电阻R的阻值为 　 　Ω（结果保留一位小数）。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.10 1.50 1.90 2.30 2.50
电流I/A 0.22 0.30 0.28 0.45 0.50
（4）实验中发现电压表不能使用，小明发现在原电路基础上，不用电压表也能测量出R的阻值。若已知滑动变阻器的最大阻值为R0。步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关，记录此时电流表示数为I1；
②将滑动变阻器的滑片P移至最右端，记录此时电流表示数为I2。则R=　 　 （用字母I1、I2、R0表示 ）。该方案可能存在的风险是 　 　。
24．如图甲，无人机在森林防火监测中发挥着重要作用。图乙是无人机中的火情监测电路：由电压恒为45V 的电源、红外探测电阻R2、电阻箱R1（4~450Ω）串联组成，由电压表改装成的报警装置可以实时监测R1两端的电压。电阻R2随环境中的平均红外线强度E（单位cd）变化的图像如图丙所示，日常环境中红外线强度为E0。当发生火情时，红外线强度E 明显增大， 当R1两端电压达到U0。（称为报警电压）时，即会发出警报。
（1）某次测试中，将R1调到某值，红外线强度增加到6E0时，装置恰好报警，此时电流大小I1=0.3A。
①求报警电压U0；
②求该装置能预警的最小红外线强度为E 的几倍；
（2）若要进一步提升装置灵敏度（即触发报警时红外线强度更低），请提出一条改进措施：
25．如图甲，是我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，其满载排水量为8×104吨。小民同学在实验室模拟航母下水前的一个过程，他将一质量为4kg的航母模型置于水平地面上的一个薄壁柱形容器底部，该柱形容器质量为2kg，底面积为0.04m2，高为0.5m，如图乙所示。现向容器中加水，当水深度为0.2m时，模型刚好离开容器底部，如图丙所示。继续加水直到深度为0.45m，然后将2架单架质量为1.2kg的舰载机模型轻放在航母模型上，静止后它们一起漂浮在水面上。已知，求：
（1）福建舰满载航行时受到的浮力；
（2）图丙中航母模型浸入水中的体积；
（3）放上2架舰载机模型并静止一段时间后，再取走1架舰载机模型，当最终静止时，容器对水平地面的压强。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的发声构造存在明显差异，每个人的声带形态、结构各不相同，这就导致发声时的特色音质有所区别。声纹锁正是依托这一特性，依靠辨别独特的音色来完成身份识别与解锁操作。音调、响度无法作为专属识别依据，因此ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】音色由发声体自身结构、材料等固有条件决定，是区分不同人、不同声源的核心特征。
2．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】禾下形成的影子，是光线沿直线传播过程中，被物体遮挡后形成的暗区，原理为光的直线传播。
AC、镜面成像与水面倒影，都属于平面镜成像现象，依靠光的反射作用形成，故AC不符合题意；
B 、小孔成像现象，同样遵循光沿直线传播的规律，原理一致，故B符合题意；
D、海市蜃楼是光线在不均匀介质中传播发生偏折，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
3．【答案】A
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】 A、手推面杖来回运动，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态。
BCD、面团被擀制成面皮，揉捏面团，面皮包馅捏成饺子，物体的形状发生改变，说明力可以改变物体的形状。
故选：A。
【分析】 力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
4．【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】铁、铜、银容易导电，属于导体，橡胶属于绝缘体，不易导电；检修电路时，有触电危险，电工师傅要戴上绝缘手套，避免触电，要戴橡胶手套检修电路，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】绝缘体不易导电，可避免人体触电。
5．【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】湿手上有水，拿冻肉时，手上的水遇到温度很低的冻肉，由液态变为固态，发生凝固现象，将手和冻肉“粘”在一起。汽化是液态变为气态；液化是气态变为液态；凝华是气态直接变为固态，均不符合该现象，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】物体从液态变为固态，是凝固现象，凝固放热。
6．【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用
【解析】【解答】AB．羽毛与纸垫的摩擦时，电子发生转移，是摩擦起电现象，带上等量的异种电荷，不是创造了电荷，故A错误，B正确；
CD．由于带电体具有吸引轻小物体的性质，羽毛摩擦后带电，金箔不带电，带电的羽毛靠近不带电的金箔时，金箔被吸引。验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。两者的原理不同。故C错误，D错误。
故选B。
【分析】不同物质相互摩擦，电子在物体间的转移，使物体带上电；羽毛吸引金箔利用了带电体能吸引轻小物体的性质。
7．【答案】C
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】成年人日常步行的平均速度约为1.1m/s，结合通行时长 23 分钟，可粗略计算出行走总路程为。结合生活常识，成年人单步跨度大约在0.75m左右，通过总路程与单步长度，能够换算出大致步数为。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】 先利用速度公式求出人用时23min所走的路程，再根据人一步的距离约0.75m，求得步数。
8．【答案】A
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【解答】A. 利用吸管饮用牛奶时，吸出吸管内空气，管内气压减小，外界大气压大于管内气压，在大气压力的作用下，牛奶被压入吸管，属于大气压的实际应用，故A正确。
B. 高压锅为密闭结构，工作时内部气压升高，水的沸点随之上升，以此加快食物煮熟的速度，该原理与外界大气压无关，故B错误。
C. 打气筒向内充气时，通过压缩空气体积来增大内部气压，依靠内部高压完成充气，并未利用大气压强，故C错误。
D. U形管压强计依托液体压强规律制成，依靠液面高度差反映压强大小，和大气压强没有关联，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）吸管吸饮料依靠内外气压差，是大气压的常见应用。
（2）高压锅通过增大内部气压提升液体沸点。
（3）打气筒是通过压缩气体，增大内部压强实现充气。
（4）U形管压强计用于探究液体压强，遵循液体压强规律。
9．【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】向容器中添加同种导电液体，液体的液体种类、长度、温度均不变，横截面积变大，探究的是横截面积对“液态”导体电阻大小的影响，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】电阻大小的影响因素是种类、长度、横截面积、温度，只改变横截面积，探究电阻和横截面积的关系。
10．【答案】B
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】 A．永动机是不需要外界输入能量或者只需要一个初始能量就可以永远做功的机器，这种机械违反能量守恒定律，是不可能存在的，而“高转筒车”转动需要流水提供动力，没有流水就不能转动，所以“高转筒车”不是永动机，故A错误；
B．水从低处被提升到高处，质量不变，高度增加，则重力势能增加，故B正确；
C．流水驱动轮子转动时要克服摩擦力做功，将一部分机械能转化为内能，故C错误；
D．能量守恒定律是自然界普遍存在的规律，任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律，“高转筒车”也不例外，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）能量守恒定律是自然界普遍存在的规律，任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律，永动机是不可能实现的；
（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大；
（3）判断能量的转化过程，主要看消耗了什么类型的能量，获得了什么类型的能量，据此判断。
11．【答案】A,B
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】 A、私拉电线为电动自行车充电，容易使人直接或间接接触到火线而造成触电事故，故A符合题意；
B、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故B符合题意；
C、进户线安装了空气开关和漏电保护器，电流过大或发生漏电情况时，电路会断开，故C不符合题意；
D、插座、导线和家用电器等达到使用寿命后继续使用，容易造成触电事故，故D不符合题意；
故选：AB。
【分析】 （1）严谨私拉电线；
（2）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（3）家庭电路中应安装空气开关、漏电保护器等装置；
（4）插座、导线和家用电器等老化后要及时更换，防止发生触电事故。
12．【答案】A,B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】 A. 吸附在磁性棋盘上的棋子，竖直方向受重力与静摩擦力，水平方向受到棋盘的磁力与支持力，全程一共受到四个力的共同作用，故A正确。
B. 棋子和棋盘之间的磁力会随磁性增强而变大，棋子对棋盘的挤压作用同步增强，所受压力也会随之增大，故B正确。
C. 棋子能够保持静止不下落，核心原因是竖直方向的静摩擦力与自身重力大小相等、相互平衡，并非单纯依靠磁力吸附，故C错误。
D. 棋盘对棋子的吸引力、棋子对棋盘的压力，二者分别作用在两个不同物体上，属于相互作用力，不满足平衡力的条件，故D错误。
故选：AB。
【分析】（1）结合静止状态，全面分析棋子竖直、水平方向的全部受力情况。
（2）磁性强弱影响相互吸引力大小，进而改变接触面的压力数值。
（3）静止物体竖直方向受力平衡，依靠静摩擦力抵消重力作用。
（4）区分平衡力与相互作用力，依据受力物体是否相同进行判断。
13．【答案】扩散；剧烈
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】 空气中弥漫着淡淡的花香，属于扩散现象，该现象能够说明微观分子始终在不停做无规则运动。环境温度越高，分子的热运动程度就越活跃，扩散速度加快，花香也就会更加浓郁。
故答案为：扩散；剧烈。
【分析】 （1）扩散现象是分子无规则运动的直观体现，普遍存在于各类物质之间。
（2）分子热运动受温度影响显著，温度越高，分子运动越剧烈。
14．【答案】甲；有
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用
【解析】【解答】 如图，正确的使用试电笔方式是甲。电工师傅正确测试火线时，氖管发光，此时有电流通过电工师傅的身体即构成了通路。
故答案为：甲；有。【分析】使用试电笔辨别火线和零线时，手指一定要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体。
15．【答案】做功；电磁
【知识点】做功改变物体内能；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】运载火箭升空时，与大气摩擦时，机械能转化为内能，内能增大，温度升高，是做功的方式改变物体的内能。
电磁波可以在真空中传播，月球表面是真空的，探测器在月球表面采样时，依靠电磁波向地面传输信息。
【分析】物体运动时，和空气摩擦，通过做功改变内能；月球和地球联系，利用电磁波传递信息。
16．【答案】电磁感应；发电机
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】 内部的发射线圈产生交变磁场，灯泡被隔空点亮，电路中产生了感应电流，这是电磁感应现象，这个过程与发电机工作原理相同。
故答案为：电磁感应；发电机。
【分析】电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
发电机的工作原理是电磁感应现象。
17．【答案】远；漫
【知识点】镜面反射与漫反射；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 照相机的镜头相当于一个凸透镜，利用的是物距大于二倍焦距时凸透镜的成像规律，即成倒立缩小的实像；景物到火星车镜头的距离大于二倍焦距处。凸透镜对光线有会聚作用，可用来矫正远视眼；
祝融号拍摄火星地貌照片时，是由于光射到地面上发生了光的漫反射。
故答案为：远；漫。
【分析】照相机的镜头相当于凸透镜，凸透镜成像规律及其应用之一：物距u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；凸透镜对光线有会聚作用，可用来矫正远视眼；
漫反射，是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象．当一束平行的入射光线射到粗糙的表面时，表面会把光线向着四面八方反射，所以入射线虽然互相平行，由于各点的法线方向不一致，造成反射光线向不同的方向无规则地反射，这种反射称之为“漫反射”。
18．【答案】2000；8
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】根据乙图可知，当切割高度＜20cm，即高度小于0.2m时，p1满足正比例函数关系，
故此时切割的是柱体B，
根据有：4000Pa=ρB×10N/kg×0.2m；
解得：ρB=2000kg/m3。
由图像知，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为4：1，高度之比为1：1，故体积之比4：1；
由因为密度之比为1：4，故根据m=ρV得到质量之比为1：1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1：1，因此压力1：1，又由于面积比4：1，根据得A和B压强比1：4，即p1＞p2；故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比4：1，根据F=pS和压强相等得两者压力比为4：1即质量比为4：1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的，
又因为A和B质量相等，假设mA=mB=m，则总质量为2m，B的质量为×2m，高度也是，Δh=×20cm=8cm。
【分析】 根据乙图可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）重力的核心特性是方向始终竖直向下，其作用点（重心）标注为O点。作图时，以重心 O 为起点，沿竖直向下的方向绘制一条带箭头的线段，用以表示重力的方向，最后在箭头附近标注符号“G”，即可完成重力的示意图绘制，如图所示。
（2）平面镜成像的关键规律是像与物体关于镜面对称，且像为虚像（需用虚线绘制）。作图时，先分别找到物体S两个端点关于平面镜的对称点，再用虚线将这两个对称点连接起来，所得的图形即为物体 S在平面镜中的像S'，如图所示。
（3）首先明确电流在螺线管中的流向：由图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出。根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的一端为N极），可判断出该通电螺线管的左端为S极、右端为N极。再依据磁极间 “异名磁极相互吸引” 的规律，由于螺线管左端为S极，因此与之靠近的小磁针右端应为N极，据此完成小磁针极性的标注，如图所示。
【分析】 （1）重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心O点，据此画出重力示意图；
（2）平面镜所成的像与物体关于镜面对称，虽然物体与平面镜之间有不透光的塑料板，但整个物体表面反射出来的光都能射到平面镜上，仍能成完整的像。分别作出物体S两个端点关于平面镜的对称点，然后用虚线连接，可得S在平面镜中的像S'；
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，从右端流出，根据安培定则可知，确定通电螺线管的N、S极，再根据磁极间的相互作用规律确定小磁针的N、S极。
（1）重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心O点。所以从重心O点开始，沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示重力。据此作图。
（2）平面镜所成的像与物体关于镜面对称，虽然物体与平面镜之间有不透光的塑料板，但整个物体表面反射出来的光都能射到平面镜上，所以能成完整的像。分别作出物体S两个端点关于平面镜的对称点，然后用虚线连接，即为S在平面镜中的像S'。据此作图。
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，从右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针右端的极性为N极。据此作图。
20．【答案】（1）右
（2）3；小；
（3）OA
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 （1）杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母（左端和右端的均可）向右调节，使之在水平位置平衡；
（2）设每个钩码的重力为G，杠杆上单位长度为L，D点悬挂两个钩码，A、C点分别悬挂六个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，即有：2G×3L=6G×L；2G×3L=2G×3L，则当在B点挂钩码时，则有2G×3L=nG×2L，解得n=3，由此可知，B点挂3个钩码，杠杆也能在水平位置平衡。根据进一步的实验数据可以分析得出，杠杆平衡的条件是F1l1=F2l2；
（3）由图可知，OB×m重g=OA×m权g，如果两端加上相同的重物G，则：
F1L1=OB×（m重g+G）=OB×m重g+OB×G ①
F2L2=OA×（m权g+G）=OA×m权g+OA×G ②
由①②可知：F1L1＜F2L2，即OA端下沉，根据题意可知标为OA。
故答案为：（1）右；（2）3；小；F1l1=F2l2；（3）OA。【分析】（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移；
（2）根据杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，分析解题；
（3）杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，如不相等，则杠杆不平衡，乘积较大的那端会下沉，据此判断。
（1）当杠杆左端低、右端高时，说明杠杆的重心偏向左端，为了使杠杆水平，需要将平衡螺母向右调节，使杠杆水平平衡。
（2）[1][3]点悬挂两个钩码，、点分别悬挂六个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，分析钩码个数和到支点的格数可知，B点挂3个钩码，杠杆也能在水平位置平衡。根据进一步的实验数据可以分析得出，杠杆平衡的条件是。
[2]根据钩码在A、B、C三点对杠杆拉力的力臂越来越大，所需钩码数目变少，说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越小。
（3）平衡的秤两边加上同样质量的重物，即动力与阻力增加的力相同，“标”这一边必定下垂，说明“标”这一边力与力臂乘积的增加量较大，即“标”力臂大，因此“标”应为图乙中的OA。
21．【答案】（1）确定像的位置；c；A
（2）-4；持续吸热，温度不变；不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】 （1）实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，利用玻璃板既能反射光，又能透射光的特点，是为了便于确定像的位置。
实验中发现A的像A'偏暗，为了使A的像更亮，应使A反射更多的光线，可以用手电筒发出的一束平行光来照射，观察到棋子的像变亮的照射方法是c。
小明把四个字母模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用于研究像与物左右位置的关系，要选择左右不对称的物体，其中能够达到实验目的的是字母C模型，故选：A。
（2）图丁中温度计的分度值为1℃，且刻度在零刻度线以下，故温度计的示数为-4℃。
分析图像数据可知，t1时间温度达到0℃，冰开始熔化，因此t1～t2是冰熔化的过程，在这个过程中，酒精灯一直在加热，但是温度不变，因此熔化过程的特点是继续吸热，温度不变。根据沸腾的条件：达到沸点，持续吸热。
当冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不能持续从烧杯中吸热，故不能沸腾。
故答案为：（1）确定像的位置；c；A；（2）-4；继续吸热，温度不变；不能。
【分析】（1）茶色透明玻璃板有透光性，玻璃板既能成像，又能看见玻璃板后的物体，便于确定像的位置；
比较像与物的大小关系时，采用了等效替代法，即棋子B替代了棋子A的像；
为了使A的像更亮，应使A反射更多的光线；研究像与物左右位置的关系，要选择左右不对称的物体；
（2）根据温度计的分度值读出示数；
在熔化过程中虽然对它继续加热，但温度保持不变；
液体沸腾条件：达到沸点，继续吸热。
（1）[1]该实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，能透过玻璃板看到替代像的物体B，从而确定像的位置。
[2]要让像变亮，本质是让物体（棋子A）更亮，从而反射更多光，让像更清晰；方法a水平照射棋子A，仅仅照亮棋子的背部，不能使其反射更多的光线到玻璃板；方法b照射到玻璃板上反射回去，只能使玻璃板变亮，方法d直接照射物体B，并不能使物体A的像变亮；方法c，直接照亮物体A，A反射光变多，像变亮，故正确方法是c。
[3]平面镜成像的特点是像与物左右相反，为了研究像与物左右位置的关系，因此需要选择左右不对称的字母，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）[1]由图丁可知，从零摄氏度往下读，分度值为1℃，故读数为-4℃。
[2]分析图像数据可知，图像中的BC段与时间轴重合，说明冰在熔化过程中持续吸热，温度不变。
[3]当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水和烧杯中的水温度都能达到沸点，但试管中的水无法从烧杯中的水吸热，故试管中的水无法沸腾。
22．【答案】（1）2.00；8；68.8；；8.6
（2）
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）铌合金正方体的棱长为2.00cm，则铌合金正方体的体积为V=（2.00cm）3=8cm3
铌合金正方体的质量为m=50g+10g+5g+3.8g=68.8g
利用密度公式算出它的密度，所以实验原理是，铌合金的密度为（2）铌合金块的质量总质量减去容器的质量为m=m2-m1=368.80g-300.00g=68.8g
利用步骤③与步骤①中水的质量之差，可求出合金的体积，铌合金块的体积为
则铌合金块的密度为
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
故答案为：（1）2.00；8；68.8；；8.6；（2）8.8g/cm3；（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
【分析】 （1）由图a可知，刻度尺的分度值，并读出材料的边长；由图b可得材料的质量；根据计算出密度；
（2）如图d，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，由图戊和图丙可得注入水的质量，根据求注入水的体积，即铌合金块的体积；由图丙和图丁可得铌合金块的质量，根据求铌合金块的密度；
（3）根据”在取出铌合金块时会带走一部分水，但又补水达到标记B处”分析。
（1）[1]如图（a），刻度尺分度值为0.1cm，则铌合金正方体的边长为2.00cm。
[2]铌合金正方体的体积为
[3]如图（b），横梁标尺分度值为0.2g，则铌合金正方体的质量为
[4][5]实验时，测量出合金的质量和体积，然后利用密度公式算出它的密度，所以实验原理是，铌合金的密度为
（2）铌合金块的质量为
利用步骤③与步骤①中水的质量之差，可求出合金的体积，铌合金块的体积为
则铌合金块的密度为
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
23．【答案】（1）
（2）断路
（3）减小误差；乙；5.0
（4）；若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小，可知电路的电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：
（2）正确连接电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P的过程中，电流表没有示数，电路可能断路，电压表有示数且几乎不变，电压表测电源电压，则电路故障可能是定值电阻R发生断路。
（3）测定未知定值电阻时，多次实验的目的是通过多次测量求平均值，减小实验误差。第3次实验数据不符合规律，可能是读数错误或记录错误。对于定值电阻，其图像应为一条过原点的直线，故图像乙正确。
根据第1次实验的电阻为，同理，第2、4、5次的电阻分别为5.0Ω、5.11Ω和5.0Ω，排除第3次异常数据后，取其他4次实验的平均值。（4）图甲中定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，步骤①将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关，记录此时电流表的示数I1，此时滑动变阻器的最大阻值R0与R串联，电源电压为U=I1（R0+R） ①
步骤2将滑动变阻器的滑片P移至最右端，此时电流表的示数为I2，滑动变阻器接入电路的阻值为0，为R简单电路，电源电压为U=I2R ②
联立①②式，；当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电阻为0，若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源。
故答案为：（1）；（2）断路；（3）减小误差；乙；5.0；（4）；若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源。
【分析】 （1）根据滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小，确定电路的电阻变化，从而确定变阻器右下接线柱连入电路中；
（2）移动滑动变阻器滑片P的过程中，电流表没有示数，电路可能断路，根据电压表有示数且几乎不变分析；
（3）对于定值电阻，其图像应为一条过原点的直线，据此分析，根据得出第1次实验的电阻，同理得出第2、4、5次的电阻分，为减小误差取平均值作为测量结果；
（4）图甲中定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P移至最左端，滑动变阻器的最大阻值R0与R串联，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压；将滑动变阻器的滑片P移至最右端，此时电流表的示数为I2，为R简单电路，由欧姆定律得出电源电压，解方程得出R大小；当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电阻为0，从电路完全分析。
（1）测量未知的定值电阻R，待测定值电阻与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测电路电流，电压表测量待测电阻两端的电压，滑片向左移动时，电流表示数变小，滑动变阻器接入电路的电阻应增大，滑动变阻器应接右下接线柱，据此作图。
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表有示数且几乎不变，说明电压表能连通到电源两端，因此是定值电阻断路。
（3）[1]测定未知定值电阻时，多次实验的目的是通过多次测量求平均值，减小实验误差。
[2]定值电阻阻值不变，通过电阻的电流与两端电压成正比，因此图像是过原点的直线，乙图正确。
[3]根据表格数据计算每次测量的电阻，取平均值，排除第3次异常数据：
平均阻值
则所测定值电阻R的阻值为。
（4）[1]滑片移到最左端，滑动变阻器接入电阻为，与串联，电源电压①
滑片移到最右端，滑动变阻器接入电阻为，电源电压②
联立①②解得
[2]滑片在最右端时，电路只有定值电阻接入，总电阻很小，电路中的电流可能过大，导致电流表或电源损坏。
24．【答案】（1）解：红外线强度增加到6E0时，R'2=60Ω；装置恰好报警，此时电流大小I1=0.3A，
U'2=I'R'2=0.3A×60Ω=18V，根据串联电路的特点知，报警电压U0=U-U'2=45V-18V=27V。
根据串联分压规律知，R1调到最大值，报警的光强最小，根据串联分压规律知；
U0：U'2=R1：R2；
即27V：（45V-27V）=450Ω：R2；
解得R2=300Ω；根据乙知，光强为1.2E0；
答：将R1设置为150Ω，当环境中红外线强度增加到1.2E0时，电路中的电流I0大小为0.1A；报警电压U0为27V。
（2）要进一步提升装置灵敏度（即触发报警时红外线强度更低，R2更大，在R1不变时，根据串联分压规律知，R2的电压更大，故可以提高电源电压。
答：该装置能预警的最小红外线强度为1.2E0；若要进一步提升装置灵敏度，可以提高电源电压。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 （2）根据U=IR和串联电路的特点计算电压；
（3）根据串联分压规律解答。
（1）①由图丙可知，当红外线强度增加到时，，装置恰好报警，此时电流大小，根据可得两端的电压
因为电源电压，且与串联，根据串联电路的特点，报警电压
② 报警电压不变，根据串联分压规律，调到最大值时，R2两端电压最大，R2的阻值最大，报警的红外线强度最小。此时R1两端电压为
由串联分压知，代入数据，解得。
再根据图丙可知，当时，对应的红外线强度为。
（2）要进一步提升装置灵敏度，即在更低的红外线强度下触发报警，此时即R2阻值更大，根据欧姆定律分析可知，
所以，可以通过降低报警电压或增大电源电压或增大电阻箱的最大阻值。
25．【答案】（1）解：福建舰满载航行时受到的浮力为：
F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N。
答： 福建舰满载航行时受到的浮力为8×108N。
（2）解：航母模型的重力：G航=m航g=4kg×10N/kg=40N；
由题知，模型刚好离开容器底部，即航母模型漂浮，
所以此时航母模型受到的浮力：F浮'=G航=40N；
由F浮=ρ液V排g可知航母排开水的体积：。
答： 图丙中航母模型浸入水中的体积4×10-3m3。
（3）解：舰载机模型的总重力：G舰载机=2m舰载机g=2×1.2kg×10N/kg=24N；
放上舰载机后整个装置静止时，增加的浮力：
ΔF浮=G舰载机=24N，
由F浮=ρ液V排g可知增加的排开水的体积：；
水面升高：；
原来水深为0.45m，容器高度为0.5m，所以有水溢出，
溢出水的重力为：
G溢=ρ水gS（0.45m+0.06m-0.5m）=1×103kg/m3×10N/kg×0.034m2×（0.45m+0.06m-0.5m）=4N；
溢出水之前水的体积为：V水=Sh水-V排=0.04m2×0.45m-4×10-3m3=0.014m3，
溢出水之前水的重力为：G水=ρ水gV水=1×103kg/m3×10N/kg×0.014m3=140N，
剩余水的重力为：G剩=G水-G溢=140N-4N=136N，
再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力为：
F=G剩+G容器+G航+G舰载机'=136N+2kg×10N/kg+40N+1.2kg×10N/kg=208N，
容器对水平地面的压强为：。
答： 容器对水平地面的压强为5200Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）利用F浮=G排=m排g算出福建舰满载航行时受到的浮力；
（2）根据阿基米德原理求出排开的水的体积；
（3）根据G舰载机=2m舰载机g算出舰载机模型的总重力，进而判断出放上舰载机后整个装置静止时增加的浮力，由F浮=ρ液V排g可知增加的排开水的体积，由V=Sh算出水面升高，根据原来水深和容器高度判断出是由有水溢出；
根据G溢=ρ水gSΔh'算出溢出水的重力，由V水=Sh水-V排算出溢出水之前水的体积，由G水=ρ水gV水算出溢出水之前水的重力，进而算出剩余水的重力，根据F=G剩+G容器+G航+G舰载机'算出再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力，由算出容器对水平地面的压强。
（1）根据轮船漂浮条件和阿基米德原理，航母满载航行时处于漂浮状态，其受到的浮力等于自身重力，也等于它排开水的重力。福建舰的满载排开水的重力为
福建舰满载时受到的浮力为
（2）在图丙中，航母模型刚好离开容器底部，处于漂浮状态，此时模型受到的浮力等于其自身重力，航母模型的重力
所以，模型受到的浮力为40N，根据可得，模型排开水的体积为
（3）舰载机模型的总重力
放上舰载机后整个装置静止时，增加的浮力
由可知，增加的排开水的体积
水面升高
原来水深为0.45m，容器高度为0.5m，所以有水溢出。
溢出水的重力为
溢出水之前水的体积为
溢出水之前水的重力为
剩余水的重力为
再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力为
容器对水平地面的压强为
1 / 12026年广西壮族自治区南宁市隆安县第三中学中考一模物理试题
1．声纹锁可通过识别人声解锁防盗门，它辨别声音的依据是（　　）
A．响度 B．音调 C．音色 D．声速
【答案】C
【知识点】音色
【解析】【解答】不同发声体的发声构造存在明显差异，每个人的声带形态、结构各不相同，这就导致发声时的特色音质有所区别。声纹锁正是依托这一特性，依靠辨别独特的音色来完成身份识别与解锁操作。音调、响度无法作为专属识别依据，因此ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】音色由发声体自身结构、材料等固有条件决定，是区分不同人、不同声源的核心特征。
2．“禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦，下列现象与禾下阴影的形成原理相同的是（　　）
A．水中的倒影 B．小孔成像 C．镜子中的像 D．海市蜃楼
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】禾下形成的影子，是光线沿直线传播过程中，被物体遮挡后形成的暗区，原理为光的直线传播。
AC、镜面成像与水面倒影，都属于平面镜成像现象，依靠光的反射作用形成，故AC不符合题意；
B 、小孔成像现象，同样遵循光沿直线传播的规律，原理一致，故B符合题意；
D、海市蜃楼是光线在不均匀介质中传播发生偏折，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
3．为了增强学生劳动观念，感受劳动乐趣，某校初二年级开展了以“高新学子，包你满意”为主题的包饺子活动，下列步骤中力的作用效果与其他三项不同的是（　　）
A．手推擀面杖来回运动 B．面团被擀制成面皮
C．揉捏面团 D．面皮包馅捏成饺子
【答案】A
【知识点】力的作用效果
【解析】【解答】 A、手推面杖来回运动，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态。
BCD、面团被擀制成面皮，揉捏面团，面皮包馅捏成饺子，物体的形状发生改变，说明力可以改变物体的形状。
故选：A。
【分析】 力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
4．如图所示，电工师傅戴着绝缘手套在检修电路。其手套的材质可能是（　　）
A．铁 B．铜 C．银 D．橡胶
【答案】D
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】铁、铜、银容易导电，属于导体，橡胶属于绝缘体，不易导电；检修电路时，有触电危险，电工师傅要戴上绝缘手套，避免触电，要戴橡胶手套检修电路，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】绝缘体不易导电，可避免人体触电。
5．用湿手将冰柜里的冻肉拿出时会粘手，此现象所属的物态变化是（　　）
A．汽化 B．液化 C．凝华 D．凝固
【答案】D
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】湿手上有水，拿冻肉时，手上的水遇到温度很低的冻肉，由液态变为固态，发生凝固现象，将手和冻肉“粘”在一起。汽化是液态变为气态；液化是气态变为液态；凝华是气态直接变为固态，均不符合该现象，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】物体从液态变为固态，是凝固现象，凝固放热。
6．“金陵金箔”轻薄柔软，堪称“中华一绝”。金箔的正确拿取方法是：手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦后，再将羽毛靠近工作台上方的金箔将其吸住，如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．羽毛与纸垫的摩擦过程产生了新的电荷
B．羽毛与纸垫摩擦后，两者带上异种电荷
C．羽毛能够吸引金箔，是由于两者带有异种电荷
D．此现象运用到的原理和验电器的工作原理相同
【答案】B
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；物体带电情况的判断；验电器的原理及使用
【解析】【解答】AB．羽毛与纸垫的摩擦时，电子发生转移，是摩擦起电现象，带上等量的异种电荷，不是创造了电荷，故A错误，B正确；
CD．由于带电体具有吸引轻小物体的性质，羽毛摩擦后带电，金箔不带电，带电的羽毛靠近不带电的金箔时，金箔被吸引。验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。两者的原理不同。故C错误，D错误。
故选B。
【分析】不同物质相互摩擦，电子在物体间的转移，使物体带上电；羽毛吸引金箔利用了带电体能吸引轻小物体的性质。
7．某老师从家以正常速度步行去学校，用时23min，则这段时间内他手机上的运行应用程序记录的步数最接近（　　）
A．20步 B．200步 C．2000步 D．20000步
【答案】C
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【解答】成年人日常步行的平均速度约为1.1m/s，结合通行时长 23 分钟，可粗略计算出行走总路程为。结合生活常识，成年人单步跨度大约在0.75m左右，通过总路程与单步长度，能够换算出大致步数为。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【分析】 先利用速度公式求出人用时23min所走的路程，再根据人一步的距离约0.75m，求得步数。
8．在下列生活场景中，利用大气压强作用的是（　　）
A．用吸管吸牛奶 B．用高压锅煮饭
C．用打气筒打气 D．用U形管压强计测压强
【答案】A
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【解答】A. 利用吸管饮用牛奶时，吸出吸管内空气，管内气压减小，外界大气压大于管内气压，在大气压力的作用下，牛奶被压入吸管，属于大气压的实际应用，故A正确。
B. 高压锅为密闭结构，工作时内部气压升高，水的沸点随之上升，以此加快食物煮熟的速度，该原理与外界大气压无关，故B错误。
C. 打气筒向内充气时，通过压缩空气体积来增大内部气压，依靠内部高压完成充气，并未利用大气压强，故C错误。
D. U形管压强计依托液体压强规律制成，依靠液面高度差反映压强大小，和大气压强没有关联，故D错误。
故选：A。
【分析】 （1）吸管吸饮料依靠内外气压差，是大气压的常见应用。
（2）高压锅通过增大内部气压提升液体沸点。
（3）打气筒是通过压缩气体，增大内部压强实现充气。
（4）U形管压强计用于探究液体压强，遵循液体压强规律。
9．“液态”导体同金属导体一样也有电阻。如图，逐渐向容器中添加同种导电液体，观察电流表示数，该实验探究影响“液态”导体电阻大小的因素是（　　）
A．液体的种类 B．长度 C．温度 D．横截面积
【答案】D
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】向容器中添加同种导电液体，液体的液体种类、长度、温度均不变，横截面积变大，探究的是横截面积对“液态”导体电阻大小的影响，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】电阻大小的影响因素是种类、长度、横截面积、温度，只改变横截面积，探究电阻和横截面积的关系。
10．《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具--“高转筒车”（如图）．使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中．下列说法正确的是（　　）
A．该装置不需要消耗人力便可不断做功，属于永动机
B．水被输送到高处的过程中重力势能增加
C．流水驱动轮子转动时将内能转化为机械能
D．该机械不符合能量守恒定律
【答案】B
【知识点】势能的影响因素；机械能及其转化；能量的转化或转移；能量守恒定律
【解析】【解答】 A．永动机是不需要外界输入能量或者只需要一个初始能量就可以永远做功的机器，这种机械违反能量守恒定律，是不可能存在的，而“高转筒车”转动需要流水提供动力，没有流水就不能转动，所以“高转筒车”不是永动机，故A错误；
B．水从低处被提升到高处，质量不变，高度增加，则重力势能增加，故B正确；
C．流水驱动轮子转动时要克服摩擦力做功，将一部分机械能转化为内能，故C错误；
D．能量守恒定律是自然界普遍存在的规律，任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律，“高转筒车”也不例外，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）能量守恒定律是自然界普遍存在的规律，任何能量的转化都符合能量的转化和守恒定律，永动机是不可能实现的；
（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大；
（3）判断能量的转化过程，主要看消耗了什么类型的能量，获得了什么类型的能量，据此判断。
11．社区请专业电工师傅排查居民家庭的安全用电情况，下列情况需要整改的是（　　）
A．私拉电线为电动自行车充电
B．洗衣机的三脚插头插在两孔插座上
C．干路上安装空气开关和漏电保护器
D．及时更换达到使用寿命的家用电器
【答案】A,B
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】 A、私拉电线为电动自行车充电，容易使人直接或间接接触到火线而造成触电事故，故A符合题意；
B、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故B符合题意；
C、进户线安装了空气开关和漏电保护器，电流过大或发生漏电情况时，电路会断开，故C不符合题意；
D、插座、导线和家用电器等达到使用寿命后继续使用，容易造成触电事故，故D不符合题意；
故选：AB。
【分析】 （1）严谨私拉电线；
（2）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（3）家庭电路中应安装空气开关、漏电保护器等装置；
（4）插座、导线和家用电器等老化后要及时更换，防止发生触电事故。
12．新情境如图所示，在某棋类节目中，铁质的棋盘竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上，不计棋子间的相互作用力，每个棋子质量相等。下列说法正确的是（　　）
A．每个小棋子共受四个力
B．磁性越强的棋子对棋盘的压力越大
C．棋子不掉下来的原因是棋盘对棋子的吸引力
D．棋盘对棋子的吸引力和棋子对棋盘的压力是一对平衡力
【答案】A,B
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】 A. 吸附在磁性棋盘上的棋子，竖直方向受重力与静摩擦力，水平方向受到棋盘的磁力与支持力，全程一共受到四个力的共同作用，故A正确。
B. 棋子和棋盘之间的磁力会随磁性增强而变大，棋子对棋盘的挤压作用同步增强，所受压力也会随之增大，故B正确。
C. 棋子能够保持静止不下落，核心原因是竖直方向的静摩擦力与自身重力大小相等、相互平衡，并非单纯依靠磁力吸附，故C错误。
D. 棋盘对棋子的吸引力、棋子对棋盘的压力，二者分别作用在两个不同物体上，属于相互作用力，不满足平衡力的条件，故D错误。
故选：AB。
【分析】（1）结合静止状态，全面分析棋子竖直、水平方向的全部受力情况。
（2）磁性强弱影响相互吸引力大小，进而改变接触面的压力数值。
（3）静止物体竖直方向受力平衡，依靠静摩擦力抵消重力作用。
（4）区分平衡力与相互作用力，依据受力物体是否相同进行判断。
13．小明在青秀山游玩，忽然闻到阵阵花香，这是分子的　 　 现象；气温升高后花香更浓，是因为温度越高，分子运动越　 　。
【答案】扩散；剧烈
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】 空气中弥漫着淡淡的花香，属于扩散现象，该现象能够说明微观分子始终在不停做无规则运动。环境温度越高，分子的热运动程度就越活跃，扩散速度加快，花香也就会更加浓郁。
故答案为：扩散；剧烈。
【分析】 （1）扩散现象是分子无规则运动的直观体现，普遍存在于各类物质之间。
（2）分子热运动受温度影响显著，温度越高，分子运动越剧烈。
14．如图，正确的使用试电笔方式是　 　（选填“甲”或“乙”）。电工师傅正确测试火线时，氖管发光，此时　 　（选填“有”或“没有”）电流通过电工师傅的身体。
【答案】甲；有
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用
【解析】【解答】 如图，正确的使用试电笔方式是甲。电工师傅正确测试火线时，氖管发光，此时有电流通过电工师傅的身体即构成了通路。
故答案为：甲；有。【分析】使用试电笔辨别火线和零线时，手指一定要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体。
15．嫦娥六号探测器随运载火箭升空时，外壳与大气摩擦导致温度升高，这是通过　 　的方式改变物体内能；探测器在月球表面采样时，依靠　 　波向地面传输采样画面。
【答案】做功；电磁
【知识点】做功改变物体内能；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】运载火箭升空时，与大气摩擦时，机械能转化为内能，内能增大，温度升高，是做功的方式改变物体的内能。
电磁波可以在真空中传播，月球表面是真空的，探测器在月球表面采样时，依靠电磁波向地面传输信息。
【分析】物体运动时，和空气摩擦，通过做功改变内能；月球和地球联系，利用电磁波传递信息。
16．如图所示是一个磁悬浮小夜灯，它是由底座和灯泡组成的。灯泡不接触任何东西就能发光的原理是　 　 现象，该原理与 　 　 （选填“电动机”或“发电机”）的原理相同。
【答案】电磁感应；发电机
【知识点】直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应
【解析】【解答】 内部的发射线圈产生交变磁场，灯泡被隔空点亮，电路中产生了感应电流，这是电磁感应现象，这个过程与发电机工作原理相同。
故答案为：电磁感应；发电机。
【分析】电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
发电机的工作原理是电磁感应现象。
17．祝融号是“天问一号”任务的火星车，如图所示。“祝融号”火星车用其后置变焦数码照相机拍摄了火星地形地貌的照片。其照相机镜头相当于一个凸透镜，该透镜可以用来矫正　 　（选填“近”或“远”）视眼。祝融号拍摄火星地貌照片时，地面上发生了光的　 　反射。
【答案】远；漫
【知识点】镜面反射与漫反射；近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 照相机的镜头相当于一个凸透镜，利用的是物距大于二倍焦距时凸透镜的成像规律，即成倒立缩小的实像；景物到火星车镜头的距离大于二倍焦距处。凸透镜对光线有会聚作用，可用来矫正远视眼；
祝融号拍摄火星地貌照片时，是由于光射到地面上发生了光的漫反射。
故答案为：远；漫。
【分析】照相机的镜头相当于凸透镜，凸透镜成像规律及其应用之一：物距u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；凸透镜对光线有会聚作用，可用来矫正远视眼；
漫反射，是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象．当一束平行的入射光线射到粗糙的表面时，表面会把光线向着四面八方反射，所以入射线虽然互相平行，由于各点的法线方向不一致，造成反射光线向不同的方向无规则地反射，这种反射称之为“漫反射”。
18．某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比，底面积之比，若沿水平方向将该模型切去高度为的一部分，并将切去部分竖直正放在同一水平面上。切去部分对水平面的压强为，剩余部分对水平面的压强为。其中与切去部分的高度的关系如图乙所示。则名人塑像B的密度　 　。若要使得，则需要切掉的高度　 　cm。
【答案】2000；8
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】根据乙图可知，当切割高度＜20cm，即高度小于0.2m时，p1满足正比例函数关系，
故此时切割的是柱体B，
根据有：4000Pa=ρB×10N/kg×0.2m；
解得：ρB=2000kg/m3。
由图像知，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为4：1，高度之比为1：1，故体积之比4：1；
由因为密度之比为1：4，故根据m=ρV得到质量之比为1：1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1：1，因此压力1：1，又由于面积比4：1，根据得A和B压强比1：4，即p1＞p2；故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比4：1，根据F=pS和压强相等得两者压力比为4：1即质量比为4：1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的，
又因为A和B质量相等，假设mA=mB=m，则总质量为2m，B的质量为×2m，高度也是，Δh=×20cm=8cm。
【分析】 根据乙图可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
19．（1）春节挂灯笼是我国的传统风俗习惯。悬挂的一盏灯笼被风吹动的情境如图所示，请画出此时灯笼所受重力的示意图 （O点为灯笼的重心）。
（2）如图所示，物体S、不透光的塑料板放在平面镜前，请画出S在平面镜中的像S'。
（3）在如图的括号中标出通电螺线管左端和小磁针右端的极性。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】平面镜成像的相关作图；重力示意图；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 （1）重力的核心特性是方向始终竖直向下，其作用点（重心）标注为O点。作图时，以重心 O 为起点，沿竖直向下的方向绘制一条带箭头的线段，用以表示重力的方向，最后在箭头附近标注符号“G”，即可完成重力的示意图绘制，如图所示。
（2）平面镜成像的关键规律是像与物体关于镜面对称，且像为虚像（需用虚线绘制）。作图时，先分别找到物体S两个端点关于平面镜的对称点，再用虚线将这两个对称点连接起来，所得的图形即为物体 S在平面镜中的像S'，如图所示。
（3）首先明确电流在螺线管中的流向：由图可知，电流从螺线管的左端流入、右端流出。根据安培定则（右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的一端为N极），可判断出该通电螺线管的左端为S极、右端为N极。再依据磁极间 “异名磁极相互吸引” 的规律，由于螺线管左端为S极，因此与之靠近的小磁针右端应为N极，据此完成小磁针极性的标注，如图所示。
【分析】 （1）重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心O点，据此画出重力示意图；
（2）平面镜所成的像与物体关于镜面对称，虽然物体与平面镜之间有不透光的塑料板，但整个物体表面反射出来的光都能射到平面镜上，仍能成完整的像。分别作出物体S两个端点关于平面镜的对称点，然后用虚线连接，可得S在平面镜中的像S'；
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，从右端流出，根据安培定则可知，确定通电螺线管的N、S极，再根据磁极间的相互作用规律确定小磁针的N、S极。
（1）重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心O点。所以从重心O点开始，沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示重力。据此作图。
（2）平面镜所成的像与物体关于镜面对称，虽然物体与平面镜之间有不透光的塑料板，但整个物体表面反射出来的光都能射到平面镜上，所以能成完整的像。分别作出物体S两个端点关于平面镜的对称点，然后用虚线连接，即为S在平面镜中的像S'。据此作图。
（3）由图可知，电流从螺线管的左端流入，从右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针右端的极性为N极。据此作图。
20．如图甲是“兴学课堂”小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）安装好杠杆，发现左端低、右端高，应将平衡螺母向　 　调节，使之在水平位置平衡。
（2）点悬挂两个钩码，、、三点分别悬挂六个、　 　个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，这说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越　 　。
进一步实验，归纳得出杠杆的平衡条件是　 　（用物理量的符号表示）。
（3）《墨经》中记述了墨子及其弟子对秤的研究，将秤的两个力臂分别称作“标”和“本”，原文说“两加焉，重相若，则标必下”，意思就是已经平衡的秤两边加上同样质量的重物，“标”这一边必定下垂，则“标”应为图乙中的　 　（选填“OA”或“”）。
【答案】（1）右
（2）3；小；
（3）OA
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】 （1）杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母（左端和右端的均可）向右调节，使之在水平位置平衡；
（2）设每个钩码的重力为G，杠杆上单位长度为L，D点悬挂两个钩码，A、C点分别悬挂六个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，即有：2G×3L=6G×L；2G×3L=2G×3L，则当在B点挂钩码时，则有2G×3L=nG×2L，解得n=3，由此可知，B点挂3个钩码，杠杆也能在水平位置平衡。根据进一步的实验数据可以分析得出，杠杆平衡的条件是F1l1=F2l2；
（3）由图可知，OB×m重g=OA×m权g，如果两端加上相同的重物G，则：
F1L1=OB×（m重g+G）=OB×m重g+OB×G ①
F2L2=OA×（m权g+G）=OA×m权g+OA×G ②
由①②可知：F1L1＜F2L2，即OA端下沉，根据题意可知标为OA。
故答案为：（1）右；（2）3；小；F1l1=F2l2；（3）OA。【分析】（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移；
（2）根据杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂，分析解题；
（3）杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，如不相等，则杠杆不平衡，乘积较大的那端会下沉，据此判断。
（1）当杠杆左端低、右端高时，说明杠杆的重心偏向左端，为了使杠杆水平，需要将平衡螺母向右调节，使杠杆水平平衡。
（2）[1][3]点悬挂两个钩码，、点分别悬挂六个、两个钩码，杠杆均能在水平位置平衡，分析钩码个数和到支点的格数可知，B点挂3个钩码，杠杆也能在水平位置平衡。根据进一步的实验数据可以分析得出，杠杆平衡的条件是。
[2]根据钩码在A、B、C三点对杠杆拉力的力臂越来越大，所需钩码数目变少，说明杠杆平衡时，力臂越大，对应的力越小。
（3）平衡的秤两边加上同样质量的重物，即动力与阻力增加的力相同，“标”这一边必定下垂，说明“标”这一边力与力臂乘积的增加量较大，即“标”力臂大，因此“标”应为图乙中的OA。
21．（1）小明和小华一起探究“平面镜成像特点”实验，实验器材有：玻璃板、支架、两支完全相同的棋子等；
该实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，是为了便于　 　 ；实验中发现A的像A'偏暗，为了使A的像更亮，可以用手电筒发出的一束平行光来照射，图乙中有a、b、c、d 四种照射方法，其中能观察到棋子的像变亮的照射方法是　 　； 小明把四个字母模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用于研究像与物左右位置的关系，其中能够达到实验目的的是　 　
A．字母C模型 B．字母A模型 C．字母T模型 D．字母V模型
（2）在做探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验。
图丁中温度计的示数为　 　℃；根据实验测得的数据绘制出如图戊所示的温度随时间变化的图像。分析图像数据可知， BC段熔化过程的特点是　 　 ；当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水　 　 （选填“能”或“不能”）沸腾。
【答案】（1）确定像的位置；c；A
（2）-4；持续吸热，温度不变；不能
【知识点】熔化和凝固的探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】 （1）实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，利用玻璃板既能反射光，又能透射光的特点，是为了便于确定像的位置。
实验中发现A的像A'偏暗，为了使A的像更亮，应使A反射更多的光线，可以用手电筒发出的一束平行光来照射，观察到棋子的像变亮的照射方法是c。
小明把四个字母模型分别面对玻璃板直立在桌面上，用于研究像与物左右位置的关系，要选择左右不对称的物体，其中能够达到实验目的的是字母C模型，故选：A。
（2）图丁中温度计的分度值为1℃，且刻度在零刻度线以下，故温度计的示数为-4℃。
分析图像数据可知，t1时间温度达到0℃，冰开始熔化，因此t1～t2是冰熔化的过程，在这个过程中，酒精灯一直在加热，但是温度不变，因此熔化过程的特点是继续吸热，温度不变。根据沸腾的条件：达到沸点，持续吸热。
当冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不能持续从烧杯中吸热，故不能沸腾。
故答案为：（1）确定像的位置；c；A；（2）-4；继续吸热，温度不变；不能。
【分析】（1）茶色透明玻璃板有透光性，玻璃板既能成像，又能看见玻璃板后的物体，便于确定像的位置；
比较像与物的大小关系时，采用了等效替代法，即棋子B替代了棋子A的像；
为了使A的像更亮，应使A反射更多的光线；研究像与物左右位置的关系，要选择左右不对称的物体；
（2）根据温度计的分度值读出示数；
在熔化过程中虽然对它继续加热，但温度保持不变；
液体沸腾条件：达到沸点，继续吸热。
（1）[1]该实验采用茶色透明玻璃板代替平面镜，能透过玻璃板看到替代像的物体B，从而确定像的位置。
[2]要让像变亮，本质是让物体（棋子A）更亮，从而反射更多光，让像更清晰；方法a水平照射棋子A，仅仅照亮棋子的背部，不能使其反射更多的光线到玻璃板；方法b照射到玻璃板上反射回去，只能使玻璃板变亮，方法d直接照射物体B，并不能使物体A的像变亮；方法c，直接照亮物体A，A反射光变多，像变亮，故正确方法是c。
[3]平面镜成像的特点是像与物左右相反，为了研究像与物左右位置的关系，因此需要选择左右不对称的字母，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（2）[1]由图丁可知，从零摄氏度往下读，分度值为1℃，故读数为-4℃。
[2]分析图像数据可知，图像中的BC段与时间轴重合，说明冰在熔化过程中持续吸热，温度不变。
[3]当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水和烧杯中的水温度都能达到沸点，但试管中的水无法从烧杯中的水吸热，故试管中的水无法沸腾。
22．航空航天科研团队成功研制出新型铌合金材料，现在小明按以下方案测量其密度：
（1）如图（a），将铌合金材料切割成正方体形状，用刻度尺测出边长是　 　cm，则它的体积是　 　cm3；如图（b），用天平测其质量是　 　g，根据实验原理公式　 　，计算可得铌合金的密度为　 　g/cm3；
（2）小敏发现铌合金块形状不规则，怀疑小明的体积测量不准确，于是设计了新方案：
①如图（c），在水平放置的电子天平上放一装有适量水的容器，记下质量m1；
②如图（d），将铌合金块轻放入水中（铌合金不会与水发生化学反应且水未溢出），待水位稳定后，做好标记B，记下总质量m2；
③如图（e），取出铌合金块，在容器内注入水，直到水位再次达到标记B处，记下质量m3；
请你根据上述实验方案，结合图中提供的具体数据，计算出铌合金块的密度（结果保留一位小数）　 　；
（3）小明认为小敏的方案，在取出铌合金块时会带出少量水，测量结果依然不准。你是否支持小明的观点，若支持，请分析该操作对测量结果的影响；若不支持，请简述理由。
【答案】（1）2.00；8；68.8；；8.6
（2）
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量
【解析】【解答】 （1）铌合金正方体的棱长为2.00cm，则铌合金正方体的体积为V=（2.00cm）3=8cm3
铌合金正方体的质量为m=50g+10g+5g+3.8g=68.8g
利用密度公式算出它的密度，所以实验原理是，铌合金的密度为（2）铌合金块的质量总质量减去容器的质量为m=m2-m1=368.80g-300.00g=68.8g
利用步骤③与步骤①中水的质量之差，可求出合金的体积，铌合金块的体积为
则铌合金块的密度为
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
故答案为：（1）2.00；8；68.8；；8.6；（2）8.8g/cm3；（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
【分析】 （1）由图a可知，刻度尺的分度值，并读出材料的边长；由图b可得材料的质量；根据计算出密度；
（2）如图d，当水位达到标记B处时，说明注入水的体积等于铌合金块排开水的体积，即等于铌合金块的体积，由图戊和图丙可得注入水的质量，根据求注入水的体积，即铌合金块的体积；由图丙和图丁可得铌合金块的质量，根据求铌合金块的密度；
（3）根据”在取出铌合金块时会带走一部分水，但又补水达到标记B处”分析。
（1）[1]如图（a），刻度尺分度值为0.1cm，则铌合金正方体的边长为2.00cm。
[2]铌合金正方体的体积为
[3]如图（b），横梁标尺分度值为0.2g，则铌合金正方体的质量为
[4][5]实验时，测量出合金的质量和体积，然后利用密度公式算出它的密度，所以实验原理是，铌合金的密度为
（2）铌合金块的质量为
利用步骤③与步骤①中水的质量之差，可求出合金的体积，铌合金块的体积为
则铌合金块的密度为
（3）取出铌合金块后向容器中加水使液面上升至标记位置时，已经把带走的水补齐了，这些水对测量铌合金块的体积无影响，故铌合金的密度测量值不变，所以不支持小明的观点。
23．小明测量一阻值未知的定值电阻R，过程如下。
（1）用笔画出导线，将图甲中的电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小）。
（2）正确连接电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P的过程中，电压表有示数且几乎不变，电流表没有示数，则电路故障可能是定值电阻R发生　 　。
（3）解决故障后，通过调节变阻器滑片P进行多次实验，目的是 　 　 ，实验数据如表。小明根据实验数据分别画出了电阻的I-U图像，如图乙、丙所示，其中图像 　 　 是正确的；所测定值电阻R的阻值为 　 　Ω（结果保留一位小数）。
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1.10 1.50 1.90 2.30 2.50
电流I/A 0.22 0.30 0.28 0.45 0.50
（4）实验中发现电压表不能使用，小明发现在原电路基础上，不用电压表也能测量出R的阻值。若已知滑动变阻器的最大阻值为R0。步骤如下：
①将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关，记录此时电流表示数为I1；
②将滑动变阻器的滑片P移至最右端，记录此时电流表示数为I2。则R=　 　 （用字母I1、I2、R0表示 ）。该方案可能存在的风险是 　 　。
【答案】（1）
（2）断路
（3）减小误差；乙；5.0
（4）；若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小，可知电路的电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：
（2）正确连接电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P的过程中，电流表没有示数，电路可能断路，电压表有示数且几乎不变，电压表测电源电压，则电路故障可能是定值电阻R发生断路。
（3）测定未知定值电阻时，多次实验的目的是通过多次测量求平均值，减小实验误差。第3次实验数据不符合规律，可能是读数错误或记录错误。对于定值电阻，其图像应为一条过原点的直线，故图像乙正确。
根据第1次实验的电阻为，同理，第2、4、5次的电阻分别为5.0Ω、5.11Ω和5.0Ω，排除第3次异常数据后，取其他4次实验的平均值。（4）图甲中定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，步骤①将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关，记录此时电流表的示数I1，此时滑动变阻器的最大阻值R0与R串联，电源电压为U=I1（R0+R） ①
步骤2将滑动变阻器的滑片P移至最右端，此时电流表的示数为I2，滑动变阻器接入电路的阻值为0，为R简单电路，电源电压为U=I2R ②
联立①②式，；当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电阻为0，若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源。
故答案为：（1）；（2）断路；（3）减小误差；乙；5.0；（4）；若电源电压较高或R较小，可能导致电流过大，超过电流表量程，甚至损坏电源。
【分析】 （1）根据滑动变阻器滑片向左移，电流表示数变小，确定电路的电阻变化，从而确定变阻器右下接线柱连入电路中；
（2）移动滑动变阻器滑片P的过程中，电流表没有示数，电路可能断路，根据电压表有示数且几乎不变分析；
（3）对于定值电阻，其图像应为一条过原点的直线，据此分析，根据得出第1次实验的电阻，同理得出第2、4、5次的电阻分，为减小误差取平均值作为测量结果；
（4）图甲中定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P移至最左端，滑动变阻器的最大阻值R0与R串联，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压；将滑动变阻器的滑片P移至最右端，此时电流表的示数为I2，为R简单电路，由欧姆定律得出电源电压，解方程得出R大小；当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电阻为0，从电路完全分析。
（1）测量未知的定值电阻R，待测定值电阻与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测电路电流，电压表测量待测电阻两端的电压，滑片向左移动时，电流表示数变小，滑动变阻器接入电路的电阻应增大，滑动变阻器应接右下接线柱，据此作图。
（2）电流表无示数说明电路断路，电压表有示数且几乎不变，说明电压表能连通到电源两端，因此是定值电阻断路。
（3）[1]测定未知定值电阻时，多次实验的目的是通过多次测量求平均值，减小实验误差。
[2]定值电阻阻值不变，通过电阻的电流与两端电压成正比，因此图像是过原点的直线，乙图正确。
[3]根据表格数据计算每次测量的电阻，取平均值，排除第3次异常数据：
平均阻值
则所测定值电阻R的阻值为。
（4）[1]滑片移到最左端，滑动变阻器接入电阻为，与串联，电源电压①
滑片移到最右端，滑动变阻器接入电阻为，电源电压②
联立①②解得
[2]滑片在最右端时，电路只有定值电阻接入，总电阻很小，电路中的电流可能过大，导致电流表或电源损坏。
24．如图甲，无人机在森林防火监测中发挥着重要作用。图乙是无人机中的火情监测电路：由电压恒为45V 的电源、红外探测电阻R2、电阻箱R1（4~450Ω）串联组成，由电压表改装成的报警装置可以实时监测R1两端的电压。电阻R2随环境中的平均红外线强度E（单位cd）变化的图像如图丙所示，日常环境中红外线强度为E0。当发生火情时，红外线强度E 明显增大， 当R1两端电压达到U0。（称为报警电压）时，即会发出警报。
（1）某次测试中，将R1调到某值，红外线强度增加到6E0时，装置恰好报警，此时电流大小I1=0.3A。
①求报警电压U0；
②求该装置能预警的最小红外线强度为E 的几倍；
（2）若要进一步提升装置灵敏度（即触发报警时红外线强度更低），请提出一条改进措施：
【答案】（1）解：红外线强度增加到6E0时，R'2=60Ω；装置恰好报警，此时电流大小I1=0.3A，
U'2=I'R'2=0.3A×60Ω=18V，根据串联电路的特点知，报警电压U0=U-U'2=45V-18V=27V。
根据串联分压规律知，R1调到最大值，报警的光强最小，根据串联分压规律知；
U0：U'2=R1：R2；
即27V：（45V-27V）=450Ω：R2；
解得R2=300Ω；根据乙知，光强为1.2E0；
答：将R1设置为150Ω，当环境中红外线强度增加到1.2E0时，电路中的电流I0大小为0.1A；报警电压U0为27V。
（2）要进一步提升装置灵敏度（即触发报警时红外线强度更低，R2更大，在R1不变时，根据串联分压规律知，R2的电压更大，故可以提高电源电压。
答：该装置能预警的最小红外线强度为1.2E0；若要进一步提升装置灵敏度，可以提高电源电压。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】 （2）根据U=IR和串联电路的特点计算电压；
（3）根据串联分压规律解答。
（1）①由图丙可知，当红外线强度增加到时，，装置恰好报警，此时电流大小，根据可得两端的电压
因为电源电压，且与串联，根据串联电路的特点，报警电压
② 报警电压不变，根据串联分压规律，调到最大值时，R2两端电压最大，R2的阻值最大，报警的红外线强度最小。此时R1两端电压为
由串联分压知，代入数据，解得。
再根据图丙可知，当时，对应的红外线强度为。
（2）要进一步提升装置灵敏度，即在更低的红外线强度下触发报警，此时即R2阻值更大，根据欧姆定律分析可知，
所以，可以通过降低报警电压或增大电源电压或增大电阻箱的最大阻值。
25．如图甲，是我国自主设计建造的首艘弹射型航空母舰——福建舰，其满载排水量为8×104吨。小民同学在实验室模拟航母下水前的一个过程，他将一质量为4kg的航母模型置于水平地面上的一个薄壁柱形容器底部，该柱形容器质量为2kg，底面积为0.04m2，高为0.5m，如图乙所示。现向容器中加水，当水深度为0.2m时，模型刚好离开容器底部，如图丙所示。继续加水直到深度为0.45m，然后将2架单架质量为1.2kg的舰载机模型轻放在航母模型上，静止后它们一起漂浮在水面上。已知，求：
（1）福建舰满载航行时受到的浮力；
（2）图丙中航母模型浸入水中的体积；
（3）放上2架舰载机模型并静止一段时间后，再取走1架舰载机模型，当最终静止时，容器对水平地面的压强。
【答案】（1）解：福建舰满载航行时受到的浮力为：
F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N。
答： 福建舰满载航行时受到的浮力为8×108N。
（2）解：航母模型的重力：G航=m航g=4kg×10N/kg=40N；
由题知，模型刚好离开容器底部，即航母模型漂浮，
所以此时航母模型受到的浮力：F浮'=G航=40N；
由F浮=ρ液V排g可知航母排开水的体积：。
答： 图丙中航母模型浸入水中的体积4×10-3m3。
（3）解：舰载机模型的总重力：G舰载机=2m舰载机g=2×1.2kg×10N/kg=24N；
放上舰载机后整个装置静止时，增加的浮力：
ΔF浮=G舰载机=24N，
由F浮=ρ液V排g可知增加的排开水的体积：；
水面升高：；
原来水深为0.45m，容器高度为0.5m，所以有水溢出，
溢出水的重力为：
G溢=ρ水gS（0.45m+0.06m-0.5m）=1×103kg/m3×10N/kg×0.034m2×（0.45m+0.06m-0.5m）=4N；
溢出水之前水的体积为：V水=Sh水-V排=0.04m2×0.45m-4×10-3m3=0.014m3，
溢出水之前水的重力为：G水=ρ水gV水=1×103kg/m3×10N/kg×0.014m3=140N，
剩余水的重力为：G剩=G水-G溢=140N-4N=136N，
再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力为：
F=G剩+G容器+G航+G舰载机'=136N+2kg×10N/kg+40N+1.2kg×10N/kg=208N，
容器对水平地面的压强为：。
答： 容器对水平地面的压强为5200Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）利用F浮=G排=m排g算出福建舰满载航行时受到的浮力；
（2）根据阿基米德原理求出排开的水的体积；
（3）根据G舰载机=2m舰载机g算出舰载机模型的总重力，进而判断出放上舰载机后整个装置静止时增加的浮力，由F浮=ρ液V排g可知增加的排开水的体积，由V=Sh算出水面升高，根据原来水深和容器高度判断出是由有水溢出；
根据G溢=ρ水gSΔh'算出溢出水的重力，由V水=Sh水-V排算出溢出水之前水的体积，由G水=ρ水gV水算出溢出水之前水的重力，进而算出剩余水的重力，根据F=G剩+G容器+G航+G舰载机'算出再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力，由算出容器对水平地面的压强。
（1）根据轮船漂浮条件和阿基米德原理，航母满载航行时处于漂浮状态，其受到的浮力等于自身重力，也等于它排开水的重力。福建舰的满载排开水的重力为
福建舰满载时受到的浮力为
（2）在图丙中，航母模型刚好离开容器底部，处于漂浮状态，此时模型受到的浮力等于其自身重力，航母模型的重力
所以，模型受到的浮力为40N，根据可得，模型排开水的体积为
（3）舰载机模型的总重力
放上舰载机后整个装置静止时，增加的浮力
由可知，增加的排开水的体积
水面升高
原来水深为0.45m，容器高度为0.5m，所以有水溢出。
溢出水的重力为
溢出水之前水的体积为
溢出水之前水的重力为
剩余水的重力为
再取下1架舰载机模型后容器对水平面的压力为
容器对水平地面的压强为
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