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广东省东莞市东城实验中学2026年中考一模测试物理试卷
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．如图所示，在第十五届全运会标枪比赛中，四足机器人正在为运动员转运标枪，相对于机器人静止的是（　　）
A．地面 B．看台
C．标枪 D．站立的志愿者
2．2023年11月，我国研发出世界上最薄的不锈钢箔材，可以用手轻易撕开。将一片这种箔材撕掉一半，剩下一半箔材的密度（　　）
A．变为原来的一半 B．保持不变
C．变为原来的2倍 D．变为原来的4倍
3．《天工开物》记载了铸造大钟时，要将蜡做的模型“施火力灸化”成蜡油从模具中流出。蜡由固态变为液态是（　　）
A．凝固 B．熔化 C．液化 D．升华
4．如图所示，赛艇的船桨是一种杠杆，以O为支点，手握A点只要移动较小的距离，就能使桨板在水中移动较大的距离，则该杠杆（ ）
A．省力，省距离 B．费力，费距离
C．省力，费距离 D．费力，省距离
5．大型计算机主机在处理海量数据时会产生大量电热，将主机直接浸泡在氟化液中，可有效冷却。氟化液除具有良好的导热性外，还具有良好的（　　）
A．弹性 B．导电性 C．绝缘性 D．延展性
6．人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将空腔铁鱼烧红，此时铁鱼没有磁性；让铁鱼头尾分别朝向南北方向，待其冷却后，就具有了磁性，成为可以用来辨别南北方向的指南鱼，如图。此指南鱼（　　）
A．是被地磁场磁化的 B．指向南方的那端是它的N极
C．腹部磁性最强 D．可以用铜来制作
7．科学小组制作“可调式电热水壶”，要求闭合开关后，顺时针调节旋钮滑片P时，产热加快，同时显示仪（即电压表）示数增大。下列设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）
8．如图为氦的原子模型示意图，A是电子，带　 　电；B是原子核，由　 　和　 　构成。
9．如图所示是小晋妈妈进行“刷脸”支付的情景。她只需面对摄像头，经系统扫描确认后，即可完成付款。在“刷脸”支付时，摄像头相当于　 　透镜；人脸经摄像头成倒立　 　的实像；当人脸远离摄像头时，摄像头所成的像会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
10．如图为中国古代的“计程车”——记里鼓车。当车行驶一里时，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于　 　发声；当车行驶十里时，木人就敲一下镯，人能区分鼓声和镯声，是依据声音的　 　不同（选填“响度”“音调”或“音色”）；听鼓声或镯声可判断鼓车行驶距离，利用了声音传递　 　（选填“信息”或“能量”）。
11．太阳能是太阳内部发生核　 　（选填“裂变”或“聚变”）产生的，属于　 　（选填“可”或“不可”）再生能源；太阳能发电站将太阳能转化为　 　能。
12．滑雪运动员戴的手套较粗糙，可增大手套与滑雪杆之间的　 　；滑雪时，人不用力也不会立即停下来，是因为人具有　 　；若用滑雪杆向后撑地可使人加速向前滑行，说明力可以改变物体的　 　。
13．蜻蜓在平静水面上空飞行，它在水中的倒影是　 　（选填“虚”或“实”）像；蜻蜓距水面3m，水深2m，它的倒影距水面　 　m；当它向水面俯冲时，它的像大小将　 　。
14．家用小型风扇的电动机工作利用了通电导体在磁场中受到　 　的作用原理；电动机转动一段时间后会发热，这是电流的　 　效应。若不用电源，将小风扇与发光二极管接通，用手转动扇叶可使发光二极管发光，此时小风扇相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（1）请在图中画出平行于主光轴的两条入射光线通过透镜后的光线。
（2）图为站立在水平地面上的宇树机器人，请画出它受到的重力和支持力。（点O为重心）
（3）如图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作。请根据题意，按安全用电原则，在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
四、实验题（本大题3小题，16题7分，17题6分，18题7分，共20分）
16．（1）如图测力计的读数为　 　N；温度计的读数为　 　。
（2）研究光的折射现象，如图中，　 　（选填“1”或“2”）为入射角；实验表明，光线从空气斜射入水中时，折射光线　 　（选填“靠近”或“远离”）法线。
（3）探究液体内部压强与哪些因素有关，安装好压强计后，发现U形管两侧液面存在高度差，如图所示。此压强计的气密性　 　（选填“好”或‘差）；此时U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器，它左侧管内液面上的气压　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）当时大气压。
17．小明测量不吸水木块的密度，如图所示。实验过程如下：
（1）小明把天平放在水平桌面上。移动游码到零刻度处，此时指针位置如图甲，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，直至天平平衡。
（2）烧杯中加入适量水，用天平测出杯子和水的总质量如图乙所示，接着再将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量。
（3）他选用一个合适的金属块放在木块上，木块刚好浸没在水中，如图丙所示，测得此时总质量为，记录实验数据并计算出相关数据填入下表。请将表格中①②③④处的空缺数据补充完整。（计算时g取10N/kg）
物理量 木块质量/g 木块体积/ 木块密度/
数值 ①　 　 120 132 ②　 　 ③　 　 ④　 　
（4）若不改变实验方法，在没有合适的金属块（或物块）时，你采用的替代品及方案为：　 　。
18．如图所示，小明用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻来探究电流与电阻的关系，电源电压恒为6V，滑动变阻器的规格为“40Ω 0.5A”。
（1）他连接了图甲所示的电路，其中有一根导线接错，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到　 　（选填“左”或“右”）端；
（3）将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，直到电压表示数为2.5V。此时电流表示数如图乙，记录为　 　A，滑动变阻器接入电路的阻值为　 　Ω。
（4）依次更换定值电阻，重复实验。若分别将10Ω、15Ω定值电阻接入电路，调节滑动变阻器，控制电压表示数保持不变，若滑动变阻器接入电路中的阻值分别为、，则　 　。
（5）多次更换定值电阻进行实验的目的是　 　。
五、计算题（本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分）
19．如图所示，质量为5kg的无人机静止在水平地面上，与地面总接触面积为。在升力作用下，它匀速竖直上升3m所用时间为2s。求无人机：（取10N/kg）
（1）受到的重力；
（2）静止在水平地面时对地面的压强；
（3）升力做功的功率。
20．某烘干机简化电路如图。阻值不变的加热电阻，电动机铭牌“220V100W”，接入220V的电路中，闭合开关，求：
（1）通过R的电流、发热功率；
（2）工作100s，电动机消耗的电能。
六、综合能力题（本大题共3小题，每小题6分，共18分）
21．如图甲，小明发现儿童公园里的滑梯轨道是弯曲的斜面而不是平直的斜面，他思考∶在相同条件下，物体在弯曲斜面和平直的斜面轨道滑下时运动的快慢如何呢？他进行了如下实验∶
（1）在平直斜面上，小车从A点由静止下滑过程中，小车的机械能转化情况为：　 　能转化为　 　能，如图乙，斜面上AB段的距离为　 　cm；
（2）小明测得小车从A点到B点用时3.5s，从A点到C点的时间为5s，则小车下滑时　 　（选填“是”或“不是”）匀速直线运动；
（3）接着在A点到C点之间，他选用材料、表面粗糙程度等与图乙所示斜面均相同的弧形板搭建起一个长为108cm的弯曲斜面进行实验，如图丙所示。通过测量，他算出小车由静止从A点滑到C点时，前一半路程的平均速度为0.2m/s，后一半路程的平均速度为0.3m/s，则小车在整个弯曲斜面滑行的平均速度为　 　m/s；
（4）上述实验中，小车从　 　（选填“平直”或“弯曲”）轨道上下滑时所用时间更短。
22．如图所示，用甲、乙、丙三个相同的加热装置探究不同物质的吸热情况和不同燃料的热值大小。实验开始前，烧杯中液体的质量相等，酒精灯中燃料的质量相等。
（1）若比较不同燃料热值的高低，烧杯中液体的初温　 　（选填“一定”或“不一定”）要相同；
（2）比较水和花生油的吸热情况，应选择图乙和图　 　的装置进行实验。实验中，乙图花生油温度升高的更快，若要使相同质量的水和花生油升高相同温度，水需要的热量　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）花生油需要的热量。
（3）根据实验数据，作出甲、乙、丙三套装置图中液体升高温度随加热时间变化曲线A、B、C如图丁，若已知燃料1的热值大于燃料2，相同时间内燃料燃烧消耗的质量相等，则A、B曲线对应的装置图分别为　 　、　 　。进一步分析图像，可估算出花生油的比热容约为　 　。[不计热量损失，]。
23．阅读短文，回答问题
自动注水浇灌装置
科技小组为学校试验田设计了一个自动注水、浇灌的装置，其电路设计如图所示。控制电路装置中，是滑动变阻器的电阻片，最大阻值为80，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴转动，另一端固定着一个浮子，浮子随水面升降带动变阻器滑片移动，从而改变滑动变阻器接入电路的电阻；当水箱内没有水时，滑动变阻器阻值刚好最大。闭合开关，若水箱中没水或水位较低时，注水系统以0.007速度往水箱里注水（即每秒钟注水0.007），同时浇灌系统以0.002的速度开始浇灌试验田，此时电流表A示数为。当水箱内的水位上升到2m时，滑动变阻器阻值刚好为0，此时通过电磁铁线圈的电流达到100mA，衔铁被吸下，停止注水，电流表A示数；当水位下降到1m时，衔铁被拉起，重新注水。控制电路电源电压，为定值电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计。工作电路电源电压；水箱为圆柱体，底面积。
（1）为了符合设计要求，控制电路中的导线c应与电阻片R的　 　（选填“a”或“b”）端相连；正确连好电路后，电磁铁的下端为　 　极；当水面上升时，的示数变　 　；
（2）定值电阻=　 　；
（3）某次水箱内没有水，请在图中画出闭合S后的30min时间内电流表A示数随时间的变化图像　 　；此过程中，控制电路中的最大功率为　 　。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 机器人在为运动员转运标枪的过程中，标枪在机器人上，相对于机器人的位置没有发生变化，是静止的；地面、看台和站立的志愿者相对于机器人的位置都发生了变化，都是运动的。
故选：C。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
2．【答案】B
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】密度属于物质自身特有的物理属性，大小由物质自身类别、所处状态以及环境温度决定。把不锈钢箔裁去一半后，剩余部分的物质组成并未发生变化，所以密度不会随之改变。故B正确，ACD 错误。
故选：B。
【分析】物理学中，把单位体积某种物质的质量定义为该物质的密度。同种物质构成的物体，质量和体积的比值始终固定不变，这一比值是物质特有的属性，不会随物体质量、体积的改变而变化，仅由物质种类、物态和温度三个因素决定。
3．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 蜡由固态变为液态属于熔化现象，故B正确，ACD错误。
故选：B。【分析】熔化是物质由固态变为液态的过程。
4．【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】船桨的动力臂（支点 O 到 A 点的距离）小于阻力臂（支点 O 到桨板的距离），根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，属于费力杠杆；同时，动力端移动较小距离，阻力端可移动较大距离，具有省距离的特点，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】考查费力杠杆的判断及特点，通过比较动力臂与阻力臂的大小，判断船桨属于费力杠杆，且费力杠杆具有省距离的特点。
5．【答案】C
【知识点】物质的基本属性；导体与绝缘体
【解析】【解答】计算机主机内部布满精密电子线路，采用氟化液浸没式散热时，首要前提是不能引发线路短路故障。这就要求氟化液不仅具备优异的导热散热能力，同时还要拥有可靠的绝缘性能，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】解答这类选材类物理题型，需结合实际应用场景，匹配材料所需具备的物理特性，再对照题意逐一分析筛选，从而选出符合使用要求的选项。
6．【答案】A
【知识点】磁性材料；磁场；地磁场
【解析】【解答】A．将铁制鱼体烧至高温后沿南北方向摆放，在地磁场的影响下缓慢冷却，会被感应磁化从而带上磁性，故A正确；
B．磁极间遵循异名磁极互相吸引的规律，地磁北极靠近地理南极，因此指南鱼指向南方的一端为N极，并非S极，故B错误；
C．磁体的磁性分布不均匀，两端磁极处磁性最强，中间部位磁性最弱，指南鱼腹部处于中间位置，磁性最弱的说法表述有误，故C错误；
D．铜不属于可被磁化的铁磁材料，无法借助地磁场获得磁性，不适合制作指南鱼，故D错误。
故选：A。
【分析】(1) 地球本身相当于一块巨型天然磁体，其周围空间存在天然地磁场，能够对铁磁性物质产生磁化作用。
(2) 地磁两极与地理两极并不重合，地磁北极位于地理南极附近，地磁南极位于地理北极附近，这也是磁极指向规律的重要依据。
7．【答案】A
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．电压表并联在发热体两端，此时滑动变阻器以最大阻值全部接入电路。旋转旋钮滑片时，接入电路的电阻大小不会发生改变，电路总电阻恒定，电路电流保持不变。依据焦耳定律，发热体的发热功率恒定，发热快慢不会变化，故A错误。
B．电压表并联在发热体两端，变阻器接入右侧电阻段。顺时针旋转旋钮滑片时，变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻随之减小，电路工作电流增大。在发热体电阻和通电时间不变的情况下，发热量随之加快，故B正确。
C．电压表并联在发热体两端，变阻器接入左侧电阻段。顺时针旋转旋钮滑片时，变阻器接入电路的电阻增大，电路电流随之减小，发热体产生热量的速率变慢，故C错误。
D．电压表并联在变阻器两端，变阻器接入右侧电阻段。顺时针转动滑片，接入电阻变小，电路电流增大，发热体分压升高、发热加快；根据串联分压特点，电源电压恒定，变阻器分得的电压会降低，故D错误。
故选：B。
【分析】(1) 电路中变阻器与发热电热丝串联，先根据旋钮滑片的转动方向，判断变阻器接入电路阻值的增减变化。
(2) 结合欧姆定律分析电路电流、各部分元件两端电压的变化情况。
(3) 利用焦耳定律，在电阻、通电时间不变的前提下，根据电流大小变化，判断发热体产热快慢的变化规律，同时结合串联电路分压规律判断电压表示数变化。
8．【答案】负；质子；中子
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 原子由原子核和核外电子构成，核外电子带负电；原子核由质子和中子构成；质子带正电，中子不带电。
故答案为：负；质子；中子。【分析】原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成。
9．【答案】凸；缩小；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】在刷脸时，摄像头是凸透镜，成像时，人脸在二倍焦距外，经摄像头成倒立、缩小的实像。
根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，当人脸远离摄像头时，物距变大，像距变小，像变小。
【分析】物体在凸透镜的二倍焦距外时，成倒立缩小的实像，物距变大，像距变小，像变小。
10．【答案】振动；音色；信息
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】（1）一切发声的物体都在振动，敲击鼓面能够发出声响，正是鼓面发生振动的结果；
（2）鼓与镯的制作材质、自身构造均不相同，发出声音的特色音色也就存在差异，人们正是依靠音色的不同来分辨鼓声和镯声；
（3）通过辨别声音特色判断车辆远近，是利用了声音能够传递各类消息、情况的特点，属于声传递信息的应用。
故答案为：振动；音色；信息。
【分析】(1) 声音产生的根源是物体的振动，振动停止，发声也会随之停止；
(2) 音色是区分不同发声体的独有特征，只由发声体的材料和结构决定，与音调、响度无关；
(3) 声音有两大重要应用，一是传递信息，比如听声辨物、预报天气；二是传递能量，比如超声波清洗、超声碎石等。
11．【答案】聚变；可；电
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】 太阳内部的能量来源于核聚变，氢原子核在超高温条件下聚合成氦原子核，释放出大量能量；
太阳能可以持续从太阳获得，属于可再生能源；
太阳能发电站的功能是将太阳能转化为电能，以此为各类用电设备提供能量。
故答案为：聚变；可；电。
【分析】太阳内部的能量来源于核聚变，核聚变释放出大量能量；
可再生能源是能够源源不断从自然界获取的能源，太阳能可以持续从太阳获得，属于可再生能源；
太阳能发电站的功能是将太阳能转化为电能。
12．【答案】摩擦力；惯性；运动状态
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】接触面的粗糙程度会影响滑动摩擦力大小，在压力不变时，表面越粗糙，摩擦力越大。粗糙手套正是通过增大接触面粗糙程度，来加大手与滑雪杖之间的摩擦。
惯性是物体本身固有的属性，能够维持自身原本的运动状态。滑雪过程中人向前滑行时，即便不再发力，也会依靠惯性继续向前运动，不会马上静止。
力可以产生两种作用效果：改变物体的形状或是改变物体的运动状态。借助滑雪杖向后撑地，使人滑行速度变快、运动快慢发生变化，体现了力能够改变物体的运动状态。
故答案为：摩擦力；惯性；运动状态。
【分析】(1) 滑动摩擦力受压力和接触面粗糙程度影响，增大粗糙程度可在压力不变时增大摩擦。
(2) 一切物体都具有惯性，不受外力干扰时，会保持原来静止或匀速直线运动的状态。
(3) 力的作用效果包含两类：使物体发生形变、改变物体运动快慢或运动方向，都属于改变运动状态。
13．【答案】虚；3；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平静的湖水表面可等效为光滑平面镜，水面倒影属于光的反射所形成的平面镜成像，所成的像为虚像。根据平面镜成像规律，像与实物到水面的距离完全相等。蜻蜓离水面3米，它在水中所成的像同样距离水面3米。
平面镜成像时，像的大小和物体本身大小始终一致，不会随物体与水面距离的远近而改变。因此蜻蜓朝水面俯冲下落的过程中，水中倒影的大小保持不变。
故答案为：虚；3；不变。
【分析】
(1) 水面倒影的本质是平面镜成像，成因是光的反射，所成像为不能用光屏承接的虚像。
(2) 平面镜成像具备等距、等大、对称、虚像的特点，像距始终等于物距，像的大小只由物体本身决定，与距离镜面的远近无关。
14．【答案】力；热；电源
【知识点】电路的构成及电路图；电流的热效应；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】 电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；
电动机转动一段时间后会发热，电能转化为内能，这是电流的热效应；
若不用电源，将小风扇与发光二极管接通，用手转动扇叶可使发光二极管发光，说明小风扇将机械能转化为电能，此时小风扇提供电能，在电路中相当于电源。
故答案为：力；热；电源。
【分析】 （1）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；
（2）电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应；
（3）电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
（2） 机器人站立在水平地面时受到的重力竖直向下，支持力竖直向上，二力是一对平衡力，从重心O点开始，分别沿重力和支持力的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，如图所示：
（3） 三孔插座的正确接法是左孔接中性线，右孔接相线，上孔接保护线，USB接口和三孔插座都能独立工作，它们之间是并联的，开关接在干路上，如图所示：
【分析】（1）先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。
（2） 重力方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，据此按照力的示意图的画法作出武者受到的重力和支持力的示意图。
（3） 开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作，它们之间是并联的。
三孔插座的正确接法是左孔接中性线，右孔接相线，上孔接保护线。
（1）由凹透镜的特殊光线可知，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后将发散，且其折射光线的反向延长线必通过平行光线同侧虚焦点。
（2）机器人静止在水平地面上，处于平衡状态，所受合力为零。它在竖直方向上受到地球施加的重力 和地面施加的支持力F 。根据二力平衡条件，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此作图时两个力的作用点均在重心O，方向相反且箭头长度相等。
（3）三孔插座、USB接口能够独立工作是并联的，开关在干路上与火线相连，三孔插座遵循左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线。
16．【答案】（1）2.4；29
（2）2；靠近
（3）好；不是；小于
【知识点】温度及温度计的使用与读数；光的折射规律；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）观察弹簧测力计刻度，每一小格代表0.2N，按照刻度分度值读取，指针对应示数为2.4N。温度计刻度每小格为1℃，液柱处在零摄氏度以上第29 格刻度位置，对应温度示数为29℃。
（2）入射角定义为入射光线与法线之间的夹角，题图中入射光线处在空气一侧，∠2 正好符合入射光线与法线的夹角，故入射角为∠2。依据光的折射规律，当光从空气斜射入水中时，折射光线会向法线偏折，也就是靠近法线。
（3）若液体压强计装置漏气，U形管两端气压均与外界大气压相同，液面理应保持相平；安装后液面原本就有高度差，说明装置密封性能良好。连通器的条件是上端开口、底部互相连通，而压强计的U形管一端封闭不与大气相通，不满足连通器条件，因此不属于连通器。图中U形管左侧液面更高，由液体压强平衡关系可知，左侧管内气压加上自身液体压强才等于外界大气压，因此左侧管内气压小于外界大气压。
故答案为：（1）2.4；29；（2）2；靠近；（3）好；不是；小于。
【分析】 （1）认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数，根据二力平衡条件分析出物块的重力；
温度计的读数：先确定零上还是零下，然后确定分度值，再根据液面位置读数；
（2）光的折射规律：折射光线、入射光线和法线位于同一平面内；折射光线和入射光线分别位于法线的两侧；当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角；
（3）U形管左端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强小于大气压；上端开口，下端连通的容器叫连通器。
（1）[1]由图可知，弹簧测力计的分度值为，指针指向，读数为。
[2]由图可知，温度计分度值为，液柱位于零上刻度处，读数为
（2）[1]入射角是入射光线与法线的夹角，图中入射光线在空气中，是入射光线与法线的夹角，因此入射角为。
[2]根据光的折射规律：光线从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，折射光线靠近法线。
（3）[1]若压强计气密性差（漏气），U形管两侧气压都等于大气压，液面会相平，安装后就存在高度差，说明气密性好。
[2]连通器要求上端都开口、底部相连通，压强计U形管一端封闭不通大气，因此不是连通器。
[3]图中U形管左侧（接橡皮管一侧）液面更高，左侧管内气压加上左侧的液体压强等于外界大气压，所以左侧管内气压小于外界大气压。
17．【答案】右；102；18；30；；用细针将木块完全压入水中，使木块浸没
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 （1）当天平指针指向分度盘的左侧时，要向右移动平衡螺母，直到指针指在分度盘的中线处；
（3）由图乙可知，杯子和水的总质量：m1=100g+2g=102g；
由表格数据知，将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量m2=120g，
则木块的质量m木=m2-m1=120g-102g=18g；
由题知，将一个金属块放在木块上，一起放入杯子中，使木块恰好浸没在水中，测出此时的总质量m3=132g，
则木块和金属块的总质量：m总=m3-m1=132g-102g=30g=0.03kg，
木块和金属块的总重力：G总=m总g=0.03kg×10N/kg=0.3N，
因为木块和金属块漂浮，木块恰好浸没在水中，
所以木块受到的浮力：F浮=G总=0.3N；
由F浮=ρ水V排g=ρ水Vg可得木块的体积： ，木块的密度： ；
（4）若没有合适的金属块（或物块）时，可用细针将木块完全压入水中，使木块浸没，从而等效替代金属块的作用。
故答案为：（1）右；（3）①102；②18；③30；④0.6×103；（4）用细针将木块完全压入水中，使木块浸没。
【分析】 （1）利用天平测量质量前调平衡时，按照“左偏右调”的原则进行；
（3）左盘中物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值之和；
由表格数据知，将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量m2=120g，求得木块的质量；将一个金属块放在木块上，一起放入杯子中，使木块恰好浸没在水中，测出此时的总质量m3=132g，可求木块和金属块的总质量，利用G=mg求其总重力；因为木块和金属块漂浮，木块恰好浸没在水中，所以木块受到的浮力等于木块和金属块总重力，利用F浮=ρ水V排g=ρ水Vg可求木块的体积，再利用密度公式求木块的密度。
（4）若没有合适的金属块（或物块）时，可用细针将木块完全压入水中，据此解答。
18．【答案】（1）
（2）左
（3）0.5；7
（4）小于
（5）避免偶然性，寻找普遍规律
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1） 本实验电路要求定值电阻、电流表与滑动变阻器采用串联方式连接，电压表并联在定值电阻两端，测量其两端电压。原实物接线存在明显问题：定值电阻并未真正接入回路，定值电阻左端接线柱与电流表正极接线柱之间的连线接法有误。正确改接方法：把定值电阻右侧接线柱与电流表的正接线柱相连， 据此作图：
（2） 闭合开关进行实验前，需将滑动变阻器调至阻值最大位置，起到保护电路的作用。本题中滑动变阻器选用右下接线柱接入电路，将滑片滑动到最左端位置时，接入电路的电阻丝长度最长，此时变阻器接入阻值达到最大值。
（3）由图甲可知，电流表选用0～0.6A量程。由图乙可知，电流表的读数为0.5A。
电源总电压6V，滑动变阻器两端电压U滑=U-UR=6V-2.5V=3.5V
串联电流相等，因此滑动变阻器接入电阻（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律，
定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的阻值也越大，10Ω＜15Ω，因此R1小于R2。
（5） 多次更换规格不同的定值电阻重复进行实验操作，目的是通过多组实验数据归纳总结电流与电阻之间的内在规律，排除单次实验带来的偶然性与片面性，让得出的实验结论更具普遍性和严谨性。
故答案为：（1）； （2）左；（3）0.5；7；（4）＜；（5）避免偶然性，寻找普遍规律。
【分析】 （1）找出电路连接错误之处，应将定值电阻右接线柱与电流表正接线柱连接起来，据此作图。
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器应调到最大阻值处。
（3）根据电流表选用0～0.6A量程确定分度值读数。根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器两端电压，由欧姆定律得出滑动变阻器接入电阻；
（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律分析。
（5）本实验是探究性实验，据此分析。
（1）实验电路中，定值电阻、电流表、滑动变阻器应为串联电路，电压表测定值电阻电压，实物图中定值电阻未接入电路，定值电阻左接线柱与电流表正接线柱之间的导线错误；应将定值电阻右接线柱与电流表正接线柱连接起来，据此作图。
（2）闭合开关前，滑动变阻器应调到最大阻值处，本题滑动变阻器右下接线柱接入电路，滑片移到最左端时接入电阻最大。
（3）[1]由图甲可知，电流表选用0~0.6A量程。由图乙可知，电流表的读数为0.5A。
[2]电源总电压，滑动变阻器两端电压
串联电流相等，因此滑动变阻器接入电阻
（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律
定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的阻值也越大，，因此小于。
（5）本实验是探究性实验，多次更换不同定值电阻重复实验，是为了得到电流与电阻关系的普遍规律，避免单次实验的偶然性。
19．【答案】（1）根据重力公式G=mg可知，无人机受到的重力为：G=mg=5kg×10N/kg=50N。
答： 受到的重力为50N。
（2）无人机静止在水平地面，保持平衡状态，受力平衡，对地面的压力等于自身重力，则无人机对地面的压力为：
F=G=50N；
静止在水平地面时对地面的压强为：。
答： 静止在水平地面时对地面的压强为1.25×105Pa。
（3）无人机匀速竖直上升，处于平衡状态，升力与重力是一对平衡力，大小相等，则无人机的升力为：F升=G=50N；
升力做功为：W=F升h=50N×3m=150J；
升力做功的功率为：。
答： 升力做功的功率为75W。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）已知无人机的质量，根据G=mg计算受到的重力；
（2）无人机静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，根据F=G可知无人机对地面的压力，根据计算静止在水平地面时对地面的压强；（3）无人机匀速竖直上升，升力与重力是一对平衡力，大小相等，由此可知无人机的升力；已知无人机上升的高度，根据W=W=F升h求出升力做功，再根据计算升力做功的功率。
（1）无人机受到的重力
（2）无人机静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，即，静止在水平地面时对地面的压强
（3）无人机匀速竖直上升，升力与重力是一对平衡力，因此升力，升力做功
升力做功的功率
20．【答案】（1）根据电路图分析，电动机M与加热电阻R采用并联方式连接。并联电路中各支路两端电压与电源电压相等，因此加热电阻R两端电压等于电源电压220V。
根据欧姆定律，通过加热电阻R的电流：；
加热电阻R的电功率：
答： 通过R的电流4A、发热功率880W。
（2）已知电动机的功率为100W，工作时间为100s，根据电功计算公式，电动机消耗的电能：。
答： 工作100s，电动机消耗的电能为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）并联电路的基本特点是各支路两端电压相等，据此可直接得到加热电阻两端的电压值，再结合欧姆定律计算通过电阻的电流，最后利用电功率公式求解其功率。
（2）对于纯电阻用电器，电功率与电功的关系可直接用公式W=Pt计算，电动机消耗的电能等于其功率与工作时间的乘积。
（1）由电路图可知，电动机M与加热电阻R并联，并联电路中各支路两端电压等于电源电压，则通过R的电流
R的功率
（2）由题意可知，工作100s，电动机消耗的电能
21．【答案】（1）重力势；动；45.0
（2）不是
（3）
（4）弯曲
【知识点】机械能及其转化；速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）小车沿斜面下滑时，位置高度不断降低，重力势能随之减小；同时运动速度持续增大，动能不断增加，这一过程中重力势能转化为动能。
观察图乙，刻度尺的分度值为 1cm，A 点对应的刻度为 90.0cm，B 点对应的刻度为 45.0cm，因此 AB 段的路程为：
（2）在平直斜面上，AB段与BC段的路程相等，均为45.0cm。AB 段用时3.5s，BC段用时为。两段路程相同但所用时间不同，说明小车的运动速度在变化，因此小车做的不是匀速直线运动。
（3）一半路程，总时间
总平均速度
（4）平直斜面AC段全程用时为5s，而沿弯曲斜面下滑的总用时为4.5s，对比可知，小车沿弯曲轨道下滑的时间更短。
故答案为：（1）重力势；动；45.0；（2）不是；（3）；（4）弯曲。
【分析】（1）物体的重力势能与高度相关，动能与速度相关，小车下滑时高度降低、速度增大，实现了重力势能向动能的转化。读取刻度尺时，需明确分度值并根据两点刻度差计算路程。
（2）判断物体是否做匀速直线运动，可依据 “相同路程所用时间是否相等”，若时间不同，则说明速度发生了变化。
（3）计算全程平均速度时，需先求出总路程与总时间，再利用公式计算，注意不能直接对两段速度取平均值。
（4）通过对比不同轨道下的总用时，可直接判断运动的快慢差异。
（1）[1][2]小车从斜面上滑下时，高度降低、速度增大，因此重力势能转化为动能。
[3]由图乙可知，刻度尺分度值为1cm，A对应刻度为90.0 cm，B对应刻度为45.0 cm，因此
（2）平直斜面上，AB和BC路程相等（均为45.0cm），AB用时3.5s，BC用时，相同路程时间不同，速度不同，因此小车不是匀速直线运动。
（3）一半路程，总时间
总平均速度
（4）平直斜面AC总用时5s，弯曲斜面滑行总用时4.5s，因此弯曲轨道下滑时间更短。
22．【答案】（1）不一定
（2）甲；大于
（3）乙；甲；2.52×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 （1）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，在燃料都烧完后，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，故若比较不同燃料热值的高低，烧杯中液体的初温不一定要相同。
（2）比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小比较水和花生油的吸热情况，应选择图乙和图甲的装置进行实验。实验中，乙图花生油温度升高的更快，若要使相同质量的水和花生油升高相同温度，水加热时间长，由转换法，需要的热量大于花生油需要的热量。
（3）若已知燃料1的热值大于燃料2，则甲图中燃料完全燃烧放出的热量大于丙图中燃料完全燃烧放出的热量，甲图中水升高的温度大于丙图中水升高的温度；
甲图和乙图的燃料相同，由于花生油的吸热能力小于水的吸热能力，根据Q吸=cmΔt可知，乙图中花生油升高的温度大于甲图中水升高的温度；
所以在相同时间内，乙图中花生油升高的温度最多，甲图中的水其次，丙图中的水升高的温度最少，则A、B曲线对应的装置图分别为乙、甲；
由图丁可知，在0～t1时间内，水升高的温度Δt1=30℃-0℃=30℃，花生油升高的温度Δt2=50℃-0℃=50℃，
水吸收的热量：Q吸1=c水mΔt1=4.2×103J/（kg ℃）×m×30℃，
花生油吸收的热量：Q吸2=c油mΔt2=c油×m×50℃，
相同的热源，在相同的时间内吸收的热量相同，即c油×m×50℃=4.2×103J/（kg ℃）×m×30℃，
解得：c油=2.1×103J/（kg ℃）。
故答案为：（1）不一定； （2）甲；大于； （3）乙；甲；2.52×103。
【分析】 （1）（2）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，在燃料都烧完后，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大；比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小；比较不同物质吸热能力的实验中，我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）若已知燃料1的热值大于燃料2，则甲图中燃料完全燃烧放出的热量大于丙图中燃料完全燃烧放出的热量，甲图中水升高的温度较大，甲图和乙图的燃料相同，由于花生油的吸热能力小于水的吸热能力，根据Q吸=cmΔt可知，乙图中花生油升高的温度高于甲图中水升高的温度，据此可知A、B、C曲线对应的装置图；根据Q吸=cmΔt求出甲图中水吸收的热量，在相同时间内，乙图中花生油吸收的热量等于甲图中水吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出花生油的比热容。
（1）比较不同燃料热值时，我们通过比较液体升高的温度（末温初温）判断放热多少，初温不同不影响的计算，因此初温不一定需要相同。
（2）[1]比较不同物质吸热情况时，需要控制热源（燃料）相同，改变液体种类；乙装置是燃料1加热花生油，因此选择同样是燃料1、液体为水的甲装置。
[2]花生油升温更快，说明花生油比热容更小，根据，质量、升高温度相同时，比热容越大，吸收热量越多，水的比热容大于花生油，因此水需要的热量大于花生油。
（3）[1][2]已知燃料1热值大于燃料2，相同时间燃烧质量相等，因此相同时间燃料1放热更多。乙装置是燃料1加热花生油，花生油比热容最小，相同吸热下升温最快，因此升温最快的A对应乙；甲装置是燃料1加热水，相同时间放热比燃料2加热水（丙装置）多，升温比丙快，因此B对应甲，C对应丙。
[3]相同加热时间，相同装置放热相同，不计热量损失，则，液体质量相等，由得：，由图像可知，相同加热时间，，则花生油的比热容
23．【答案】（1）b；N；大
（2）40
（3）；0.4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题目设定的工作逻辑，水箱内无水时，滑动变阻器接入电路的阻值应达到最大值。此时浮子处于最低位置，滑杆绕支点O转动后，滑片会停留在最上端，为使接入电路的电阻丝长度最长、阻值最大，导线c必须连接b端。
电流从电磁铁的上端流入、下端流出，依据安培定则，用右手握住螺线管，让四指顺着电流方向弯曲，大拇指所指的方向即为螺线管的N极，因此电磁铁的下端为N极。
当水箱内水面上升时，浮子随之上移，带动滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻随之减小。在电源电压恒定的情况下，控制电路的总电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流会增大，因此电流表 A1的示数将变大。
根据设计要求，水箱无水时滑动变阻器接入阻值最大，水箱无水时浮子在最低位置，滑杆绕O转动后，滑片位于最上端，此时要接入最大电阻，导线c需要接b端，才能保证接入电阻长度最长，阻值最大。
（2）当水位上升至2m时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时控制电路中只有定值电阻R0工作，电路中的电流为，
控制电路电源电压，所以
（3）从无水到水位上升至2m，水箱净增水体积
净进水速度
注水时间
因此0~8min电流为2.5A。
水位从2m下降到1m，减少水体积
浇灌时间
因此8~18min电流为0.5A。
水位从1m上升到2m，注水时间
因此18~22min电流为2.5A。
停止注水后到30min，剩余时间为8min，因此22~30min电流为0.5A，按此分段画出水平线段即可。故作图如下：
控制电路电源电压不变，总电阻最小时功率最大，时总电阻最小，电流最大为0.1A，因此最大功率。
故答案为：（1）b；N；大；（2）40；（3）；0.4。
【分析】 （1）通过分析浮子位置与滑片的联动关系，确定滑动变阻器的接线方式。利用安培定则判断电磁铁的磁极，结合欧姆定律分析水位变化对控制电路电流的影响。
（2）根据水位最高时滑动变阻器被短路的条件，利用欧姆定律直接计算定值电阻 R0的阻值。
（3）分段分析水箱注水、出水的过程，计算各阶段的持续时间和对应的工作电流，据此绘制电流随时间变化的图像。控制电路的最大功率出现在总电阻最小时，结合电源电压和最大电流进行计算。
（1）[1]根据设计要求，水箱无水时滑动变阻器接入阻值最大，水箱无水时浮子在最低位置，滑杆绕O转动后，滑片位于最上端，此时要接入最大电阻，导线c需要接b端，才能保证接入电阻长度最长，阻值最大。
[2]电流从电磁铁上端流入、下端流出，根据安培定则，右手握住螺线管，四指沿电流方向，大拇指指向电磁铁下端，因此电磁铁下端为N极。
[3]水面上升时，浮子上移，带动滑片下移，滑动变阻器接入电阻减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据，此时电路中电流增大，因此示数变大。
（2）水位上升到2m时，滑动变阻器接入电阻为0，控制电路只有，此时电流
控制电路电源电压，所以
（3）[1]从无水到水位上升至2m，水箱净增水体积
净进水速度
注水时间
因此0~8min电流为2.5A。
水位从2m下降到1m，减少水体积
浇灌时间
因此8~18min电流为0.5A。
水位从1m上升到2m，注水时间
因此18~22min电流为2.5A。
停止注水后到30min，剩余时间为8min，因此22~30min电流为0.5A，按此分段画出水平线段即可。故作图如下：
[2]控制电路电源电压不变，总电阻最小时功率最大，时总电阻最小，电流最大为0.1A，因此最大功率
1 / 1广东省东莞市东城实验中学2026年中考一模测试物理试卷
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．如图所示，在第十五届全运会标枪比赛中，四足机器人正在为运动员转运标枪，相对于机器人静止的是（　　）
A．地面 B．看台
C．标枪 D．站立的志愿者
【答案】C
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】 机器人在为运动员转运标枪的过程中，标枪在机器人上，相对于机器人的位置没有发生变化，是静止的；地面、看台和站立的志愿者相对于机器人的位置都发生了变化，都是运动的。
故选：C。
【分析】 在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
2．2023年11月，我国研发出世界上最薄的不锈钢箔材，可以用手轻易撕开。将一片这种箔材撕掉一半，剩下一半箔材的密度（　　）
A．变为原来的一半 B．保持不变
C．变为原来的2倍 D．变为原来的4倍
【答案】B
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】密度属于物质自身特有的物理属性，大小由物质自身类别、所处状态以及环境温度决定。把不锈钢箔裁去一半后，剩余部分的物质组成并未发生变化，所以密度不会随之改变。故B正确，ACD 错误。
故选：B。
【分析】物理学中，把单位体积某种物质的质量定义为该物质的密度。同种物质构成的物体，质量和体积的比值始终固定不变，这一比值是物质特有的属性，不会随物体质量、体积的改变而变化，仅由物质种类、物态和温度三个因素决定。
3．《天工开物》记载了铸造大钟时，要将蜡做的模型“施火力灸化”成蜡油从模具中流出。蜡由固态变为液态是（　　）
A．凝固 B．熔化 C．液化 D．升华
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】 蜡由固态变为液态属于熔化现象，故B正确，ACD错误。
故选：B。【分析】熔化是物质由固态变为液态的过程。
4．如图所示，赛艇的船桨是一种杠杆，以O为支点，手握A点只要移动较小的距离，就能使桨板在水中移动较大的距离，则该杠杆（ ）
A．省力，省距离 B．费力，费距离
C．省力，费距离 D．费力，省距离
【答案】D
【知识点】杠杆及其五要素
【解析】【解答】船桨的动力臂（支点 O 到 A 点的距离）小于阻力臂（支点 O 到桨板的距离），根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，属于费力杠杆；同时，动力端移动较小距离，阻力端可移动较大距离，具有省距离的特点，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】考查费力杠杆的判断及特点，通过比较动力臂与阻力臂的大小，判断船桨属于费力杠杆，且费力杠杆具有省距离的特点。
5．大型计算机主机在处理海量数据时会产生大量电热，将主机直接浸泡在氟化液中，可有效冷却。氟化液除具有良好的导热性外，还具有良好的（　　）
A．弹性 B．导电性 C．绝缘性 D．延展性
【答案】C
【知识点】物质的基本属性；导体与绝缘体
【解析】【解答】计算机主机内部布满精密电子线路，采用氟化液浸没式散热时，首要前提是不能引发线路短路故障。这就要求氟化液不仅具备优异的导热散热能力，同时还要拥有可靠的绝缘性能，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】解答这类选材类物理题型，需结合实际应用场景，匹配材料所需具备的物理特性，再对照题意逐一分析筛选，从而选出符合使用要求的选项。
6．人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将空腔铁鱼烧红，此时铁鱼没有磁性；让铁鱼头尾分别朝向南北方向，待其冷却后，就具有了磁性，成为可以用来辨别南北方向的指南鱼，如图。此指南鱼（　　）
A．是被地磁场磁化的 B．指向南方的那端是它的N极
C．腹部磁性最强 D．可以用铜来制作
【答案】A
【知识点】磁性材料；磁场；地磁场
【解析】【解答】A．将铁制鱼体烧至高温后沿南北方向摆放，在地磁场的影响下缓慢冷却，会被感应磁化从而带上磁性，故A正确；
B．磁极间遵循异名磁极互相吸引的规律，地磁北极靠近地理南极，因此指南鱼指向南方的一端为N极，并非S极，故B错误；
C．磁体的磁性分布不均匀，两端磁极处磁性最强，中间部位磁性最弱，指南鱼腹部处于中间位置，磁性最弱的说法表述有误，故C错误；
D．铜不属于可被磁化的铁磁材料，无法借助地磁场获得磁性，不适合制作指南鱼，故D错误。
故选：A。
【分析】(1) 地球本身相当于一块巨型天然磁体，其周围空间存在天然地磁场，能够对铁磁性物质产生磁化作用。
(2) 地磁两极与地理两极并不重合，地磁北极位于地理南极附近，地磁南极位于地理北极附近，这也是磁极指向规律的重要依据。
7．科学小组制作“可调式电热水壶”，要求闭合开关后，顺时针调节旋钮滑片P时，产热加快，同时显示仪（即电压表）示数增大。下列设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】A．电压表并联在发热体两端，此时滑动变阻器以最大阻值全部接入电路。旋转旋钮滑片时，接入电路的电阻大小不会发生改变，电路总电阻恒定，电路电流保持不变。依据焦耳定律，发热体的发热功率恒定，发热快慢不会变化，故A错误。
B．电压表并联在发热体两端，变阻器接入右侧电阻段。顺时针旋转旋钮滑片时，变阻器接入电路的电阻减小，电路总电阻随之减小，电路工作电流增大。在发热体电阻和通电时间不变的情况下，发热量随之加快，故B正确。
C．电压表并联在发热体两端，变阻器接入左侧电阻段。顺时针旋转旋钮滑片时，变阻器接入电路的电阻增大，电路电流随之减小，发热体产生热量的速率变慢，故C错误。
D．电压表并联在变阻器两端，变阻器接入右侧电阻段。顺时针转动滑片，接入电阻变小，电路电流增大，发热体分压升高、发热加快；根据串联分压特点，电源电压恒定，变阻器分得的电压会降低，故D错误。
故选：B。
【分析】(1) 电路中变阻器与发热电热丝串联，先根据旋钮滑片的转动方向，判断变阻器接入电路阻值的增减变化。
(2) 结合欧姆定律分析电路电流、各部分元件两端电压的变化情况。
(3) 利用焦耳定律，在电阻、通电时间不变的前提下，根据电流大小变化，判断发热体产热快慢的变化规律，同时结合串联电路分压规律判断电压表示数变化。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）
8．如图为氦的原子模型示意图，A是电子，带　 　电；B是原子核，由　 　和　 　构成。
【答案】负；质子；中子
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 原子由原子核和核外电子构成，核外电子带负电；原子核由质子和中子构成；质子带正电，中子不带电。
故答案为：负；质子；中子。【分析】原子是由原子核和核外电子组成的，原子核由质子和中子组成。
9．如图所示是小晋妈妈进行“刷脸”支付的情景。她只需面对摄像头，经系统扫描确认后，即可完成付款。在“刷脸”支付时，摄像头相当于　 　透镜；人脸经摄像头成倒立　 　的实像；当人脸远离摄像头时，摄像头所成的像会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】凸；缩小；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】在刷脸时，摄像头是凸透镜，成像时，人脸在二倍焦距外，经摄像头成倒立、缩小的实像。
根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，当人脸远离摄像头时，物距变大，像距变小，像变小。
【分析】物体在凸透镜的二倍焦距外时，成倒立缩小的实像，物距变大，像距变小，像变小。
10．如图为中国古代的“计程车”——记里鼓车。当车行驶一里时，车上的木人就敲一下鼓，鼓面由于　 　发声；当车行驶十里时，木人就敲一下镯，人能区分鼓声和镯声，是依据声音的　 　不同（选填“响度”“音调”或“音色”）；听鼓声或镯声可判断鼓车行驶距离，利用了声音传递　 　（选填“信息”或“能量”）。
【答案】振动；音色；信息
【知识点】声音的产生；音色；音调、响度与音色的区分；声与信息传递
【解析】【解答】（1）一切发声的物体都在振动，敲击鼓面能够发出声响，正是鼓面发生振动的结果；
（2）鼓与镯的制作材质、自身构造均不相同，发出声音的特色音色也就存在差异，人们正是依靠音色的不同来分辨鼓声和镯声；
（3）通过辨别声音特色判断车辆远近，是利用了声音能够传递各类消息、情况的特点，属于声传递信息的应用。
故答案为：振动；音色；信息。
【分析】(1) 声音产生的根源是物体的振动，振动停止，发声也会随之停止；
(2) 音色是区分不同发声体的独有特征，只由发声体的材料和结构决定，与音调、响度无关；
(3) 声音有两大重要应用，一是传递信息，比如听声辨物、预报天气；二是传递能量，比如超声波清洗、超声碎石等。
11．太阳能是太阳内部发生核　 　（选填“裂变”或“聚变”）产生的，属于　 　（选填“可”或“不可”）再生能源；太阳能发电站将太阳能转化为　 　能。
【答案】聚变；可；电
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】 太阳内部的能量来源于核聚变，氢原子核在超高温条件下聚合成氦原子核，释放出大量能量；
太阳能可以持续从太阳获得，属于可再生能源；
太阳能发电站的功能是将太阳能转化为电能，以此为各类用电设备提供能量。
故答案为：聚变；可；电。
【分析】太阳内部的能量来源于核聚变，核聚变释放出大量能量；
可再生能源是能够源源不断从自然界获取的能源，太阳能可以持续从太阳获得，属于可再生能源；
太阳能发电站的功能是将太阳能转化为电能。
12．滑雪运动员戴的手套较粗糙，可增大手套与滑雪杆之间的　 　；滑雪时，人不用力也不会立即停下来，是因为人具有　 　；若用滑雪杆向后撑地可使人加速向前滑行，说明力可以改变物体的　 　。
【答案】摩擦力；惯性；运动状态
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】接触面的粗糙程度会影响滑动摩擦力大小，在压力不变时，表面越粗糙，摩擦力越大。粗糙手套正是通过增大接触面粗糙程度，来加大手与滑雪杖之间的摩擦。
惯性是物体本身固有的属性，能够维持自身原本的运动状态。滑雪过程中人向前滑行时，即便不再发力，也会依靠惯性继续向前运动，不会马上静止。
力可以产生两种作用效果：改变物体的形状或是改变物体的运动状态。借助滑雪杖向后撑地，使人滑行速度变快、运动快慢发生变化，体现了力能够改变物体的运动状态。
故答案为：摩擦力；惯性；运动状态。
【分析】(1) 滑动摩擦力受压力和接触面粗糙程度影响，增大粗糙程度可在压力不变时增大摩擦。
(2) 一切物体都具有惯性，不受外力干扰时，会保持原来静止或匀速直线运动的状态。
(3) 力的作用效果包含两类：使物体发生形变、改变物体运动快慢或运动方向，都属于改变运动状态。
13．蜻蜓在平静水面上空飞行，它在水中的倒影是　 　（选填“虚”或“实”）像；蜻蜓距水面3m，水深2m，它的倒影距水面　 　m；当它向水面俯冲时，它的像大小将　 　。
【答案】虚；3；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】平静的湖水表面可等效为光滑平面镜，水面倒影属于光的反射所形成的平面镜成像，所成的像为虚像。根据平面镜成像规律，像与实物到水面的距离完全相等。蜻蜓离水面3米，它在水中所成的像同样距离水面3米。
平面镜成像时，像的大小和物体本身大小始终一致，不会随物体与水面距离的远近而改变。因此蜻蜓朝水面俯冲下落的过程中，水中倒影的大小保持不变。
故答案为：虚；3；不变。
【分析】
(1) 水面倒影的本质是平面镜成像，成因是光的反射，所成像为不能用光屏承接的虚像。
(2) 平面镜成像具备等距、等大、对称、虚像的特点，像距始终等于物距，像的大小只由物体本身决定，与距离镜面的远近无关。
14．家用小型风扇的电动机工作利用了通电导体在磁场中受到　 　的作用原理；电动机转动一段时间后会发热，这是电流的　 　效应。若不用电源，将小风扇与发光二极管接通，用手转动扇叶可使发光二极管发光，此时小风扇相当于　 　（选填“用电器”或“电源”）。
【答案】力；热；电源
【知识点】电路的构成及电路图；电流的热效应；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】 电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；
电动机转动一段时间后会发热，电能转化为内能，这是电流的热效应；
若不用电源，将小风扇与发光二极管接通，用手转动扇叶可使发光二极管发光，说明小风扇将机械能转化为电能，此时小风扇提供电能，在电路中相当于电源。
故答案为：力；热；电源。
【分析】 （1）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动；
（2）电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应；
（3）电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（1）请在图中画出平行于主光轴的两条入射光线通过透镜后的光线。
（2）图为站立在水平地面上的宇树机器人，请画出它受到的重力和支持力。（点O为重心）
（3）如图甲为带开关和USB接口的插座。开关断开时，USB接口和三孔插座都不能工作；开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作。请根据题意，按安全用电原则，在图乙中用笔画线代替导线将该插座接入家庭电路中。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；力的三要素及力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】 （1）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：
（2） 机器人站立在水平地面时受到的重力竖直向下，支持力竖直向上，二力是一对平衡力，从重心O点开始，分别沿重力和支持力的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，如图所示：
（3） 三孔插座的正确接法是左孔接中性线，右孔接相线，上孔接保护线，USB接口和三孔插座都能独立工作，它们之间是并联的，开关接在干路上，如图所示：
【分析】（1）先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。
（2） 重力方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，据此按照力的示意图的画法作出武者受到的重力和支持力的示意图。
（3） 开关闭合时，USB接口和三孔插座都能独立工作，它们之间是并联的。
三孔插座的正确接法是左孔接中性线，右孔接相线，上孔接保护线。
（1）由凹透镜的特殊光线可知，平行于主光轴的入射光线经凹透镜折射后将发散，且其折射光线的反向延长线必通过平行光线同侧虚焦点。
（2）机器人静止在水平地面上，处于平衡状态，所受合力为零。它在竖直方向上受到地球施加的重力 和地面施加的支持力F 。根据二力平衡条件，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此作图时两个力的作用点均在重心O，方向相反且箭头长度相等。
（3）三孔插座、USB接口能够独立工作是并联的，开关在干路上与火线相连，三孔插座遵循左孔接零线、右孔接火线、上孔接地线。
四、实验题（本大题3小题，16题7分，17题6分，18题7分，共20分）
16．（1）如图测力计的读数为　 　N；温度计的读数为　 　。
（2）研究光的折射现象，如图中，　 　（选填“1”或“2”）为入射角；实验表明，光线从空气斜射入水中时，折射光线　 　（选填“靠近”或“远离”）法线。
（3）探究液体内部压强与哪些因素有关，安装好压强计后，发现U形管两侧液面存在高度差，如图所示。此压强计的气密性　 　（选填“好”或‘差）；此时U形管　 　（选填“是”或“不是”）连通器，它左侧管内液面上的气压　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）当时大气压。
【答案】（1）2.4；29
（2）2；靠近
（3）好；不是；小于
【知识点】温度及温度计的使用与读数；光的折射规律；连通器原理及其应用；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）观察弹簧测力计刻度，每一小格代表0.2N，按照刻度分度值读取，指针对应示数为2.4N。温度计刻度每小格为1℃，液柱处在零摄氏度以上第29 格刻度位置，对应温度示数为29℃。
（2）入射角定义为入射光线与法线之间的夹角，题图中入射光线处在空气一侧，∠2 正好符合入射光线与法线的夹角，故入射角为∠2。依据光的折射规律，当光从空气斜射入水中时，折射光线会向法线偏折，也就是靠近法线。
（3）若液体压强计装置漏气，U形管两端气压均与外界大气压相同，液面理应保持相平；安装后液面原本就有高度差，说明装置密封性能良好。连通器的条件是上端开口、底部互相连通，而压强计的U形管一端封闭不与大气相通，不满足连通器条件，因此不属于连通器。图中U形管左侧液面更高，由液体压强平衡关系可知，左侧管内气压加上自身液体压强才等于外界大气压，因此左侧管内气压小于外界大气压。
故答案为：（1）2.4；29；（2）2；靠近；（3）好；不是；小于。
【分析】 （1）认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数，根据二力平衡条件分析出物块的重力；
温度计的读数：先确定零上还是零下，然后确定分度值，再根据液面位置读数；
（2）光的折射规律：折射光线、入射光线和法线位于同一平面内；折射光线和入射光线分别位于法线的两侧；当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角；
（3）U形管左端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强小于大气压；上端开口，下端连通的容器叫连通器。
（1）[1]由图可知，弹簧测力计的分度值为，指针指向，读数为。
[2]由图可知，温度计分度值为，液柱位于零上刻度处，读数为
（2）[1]入射角是入射光线与法线的夹角，图中入射光线在空气中，是入射光线与法线的夹角，因此入射角为。
[2]根据光的折射规律：光线从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，折射光线靠近法线。
（3）[1]若压强计气密性差（漏气），U形管两侧气压都等于大气压，液面会相平，安装后就存在高度差，说明气密性好。
[2]连通器要求上端都开口、底部相连通，压强计U形管一端封闭不通大气，因此不是连通器。
[3]图中U形管左侧（接橡皮管一侧）液面更高，左侧管内气压加上左侧的液体压强等于外界大气压，所以左侧管内气压小于外界大气压。
17．小明测量不吸水木块的密度，如图所示。实验过程如下：
（1）小明把天平放在水平桌面上。移动游码到零刻度处，此时指针位置如图甲，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，直至天平平衡。
（2）烧杯中加入适量水，用天平测出杯子和水的总质量如图乙所示，接着再将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量。
（3）他选用一个合适的金属块放在木块上，木块刚好浸没在水中，如图丙所示，测得此时总质量为，记录实验数据并计算出相关数据填入下表。请将表格中①②③④处的空缺数据补充完整。（计算时g取10N/kg）
物理量 木块质量/g 木块体积/ 木块密度/
数值 ①　 　 120 132 ②　 　 ③　 　 ④　 　
（4）若不改变实验方法，在没有合适的金属块（或物块）时，你采用的替代品及方案为：　 　。
【答案】右；102；18；30；；用细针将木块完全压入水中，使木块浸没
【知识点】固体密度的测量；设计实验测密度；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 （1）当天平指针指向分度盘的左侧时，要向右移动平衡螺母，直到指针指在分度盘的中线处；
（3）由图乙可知，杯子和水的总质量：m1=100g+2g=102g；
由表格数据知，将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量m2=120g，
则木块的质量m木=m2-m1=120g-102g=18g；
由题知，将一个金属块放在木块上，一起放入杯子中，使木块恰好浸没在水中，测出此时的总质量m3=132g，
则木块和金属块的总质量：m总=m3-m1=132g-102g=30g=0.03kg，
木块和金属块的总重力：G总=m总g=0.03kg×10N/kg=0.3N，
因为木块和金属块漂浮，木块恰好浸没在水中，
所以木块受到的浮力：F浮=G总=0.3N；
由F浮=ρ水V排g=ρ水Vg可得木块的体积： ，木块的密度： ；
（4）若没有合适的金属块（或物块）时，可用细针将木块完全压入水中，使木块浸没，从而等效替代金属块的作用。
故答案为：（1）右；（3）①102；②18；③30；④0.6×103；（4）用细针将木块完全压入水中，使木块浸没。
【分析】 （1）利用天平测量质量前调平衡时，按照“左偏右调”的原则进行；
（3）左盘中物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值之和；
由表格数据知，将木块放入水中，测出杯子、水、木块的总质量m2=120g，求得木块的质量；将一个金属块放在木块上，一起放入杯子中，使木块恰好浸没在水中，测出此时的总质量m3=132g，可求木块和金属块的总质量，利用G=mg求其总重力；因为木块和金属块漂浮，木块恰好浸没在水中，所以木块受到的浮力等于木块和金属块总重力，利用F浮=ρ水V排g=ρ水Vg可求木块的体积，再利用密度公式求木块的密度。
（4）若没有合适的金属块（或物块）时，可用细针将木块完全压入水中，据此解答。
18．如图所示，小明用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻来探究电流与电阻的关系，电源电压恒为6V，滑动变阻器的规格为“40Ω 0.5A”。
（1）他连接了图甲所示的电路，其中有一根导线接错，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到　 　（选填“左”或“右”）端；
（3）将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，直到电压表示数为2.5V。此时电流表示数如图乙，记录为　 　A，滑动变阻器接入电路的阻值为　 　Ω。
（4）依次更换定值电阻，重复实验。若分别将10Ω、15Ω定值电阻接入电路，调节滑动变阻器，控制电压表示数保持不变，若滑动变阻器接入电路中的阻值分别为、，则　 　。
（5）多次更换定值电阻进行实验的目的是　 　。
【答案】（1）
（2）左
（3）0.5；7
（4）小于
（5）避免偶然性，寻找普遍规律
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】 （1） 本实验电路要求定值电阻、电流表与滑动变阻器采用串联方式连接，电压表并联在定值电阻两端，测量其两端电压。原实物接线存在明显问题：定值电阻并未真正接入回路，定值电阻左端接线柱与电流表正极接线柱之间的连线接法有误。正确改接方法：把定值电阻右侧接线柱与电流表的正接线柱相连， 据此作图：
（2） 闭合开关进行实验前，需将滑动变阻器调至阻值最大位置，起到保护电路的作用。本题中滑动变阻器选用右下接线柱接入电路，将滑片滑动到最左端位置时，接入电路的电阻丝长度最长，此时变阻器接入阻值达到最大值。
（3）由图甲可知，电流表选用0～0.6A量程。由图乙可知，电流表的读数为0.5A。
电源总电压6V，滑动变阻器两端电压U滑=U-UR=6V-2.5V=3.5V
串联电流相等，因此滑动变阻器接入电阻（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律，
定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的阻值也越大，10Ω＜15Ω，因此R1小于R2。
（5） 多次更换规格不同的定值电阻重复进行实验操作，目的是通过多组实验数据归纳总结电流与电阻之间的内在规律，排除单次实验带来的偶然性与片面性，让得出的实验结论更具普遍性和严谨性。
故答案为：（1）； （2）左；（3）0.5；7；（4）＜；（5）避免偶然性，寻找普遍规律。
【分析】 （1）找出电路连接错误之处，应将定值电阻右接线柱与电流表正接线柱连接起来，据此作图。
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器应调到最大阻值处。
（3）根据电流表选用0～0.6A量程确定分度值读数。根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器两端电压，由欧姆定律得出滑动变阻器接入电阻；
（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律分析。
（5）本实验是探究性实验，据此分析。
（1）实验电路中，定值电阻、电流表、滑动变阻器应为串联电路，电压表测定值电阻电压，实物图中定值电阻未接入电路，定值电阻左接线柱与电流表正接线柱之间的导线错误；应将定值电阻右接线柱与电流表正接线柱连接起来，据此作图。
（2）闭合开关前，滑动变阻器应调到最大阻值处，本题滑动变阻器右下接线柱接入电路，滑片移到最左端时接入电阻最大。
（3）[1]由图甲可知，电流表选用0~0.6A量程。由图乙可知，电流表的读数为0.5A。
[2]电源总电压，滑动变阻器两端电压
串联电流相等，因此滑动变阻器接入电阻
（4）实验控制定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器两端电压也不变，根据串联分压规律
定值电阻越大，需要滑动变阻器接入的阻值也越大，，因此小于。
（5）本实验是探究性实验，多次更换不同定值电阻重复实验，是为了得到电流与电阻关系的普遍规律，避免单次实验的偶然性。
五、计算题（本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分）
19．如图所示，质量为5kg的无人机静止在水平地面上，与地面总接触面积为。在升力作用下，它匀速竖直上升3m所用时间为2s。求无人机：（取10N/kg）
（1）受到的重力；
（2）静止在水平地面时对地面的压强；
（3）升力做功的功率。
【答案】（1）根据重力公式G=mg可知，无人机受到的重力为：G=mg=5kg×10N/kg=50N。
答： 受到的重力为50N。
（2）无人机静止在水平地面，保持平衡状态，受力平衡，对地面的压力等于自身重力，则无人机对地面的压力为：
F=G=50N；
静止在水平地面时对地面的压强为：。
答： 静止在水平地面时对地面的压强为1.25×105Pa。
（3）无人机匀速竖直上升，处于平衡状态，升力与重力是一对平衡力，大小相等，则无人机的升力为：F升=G=50N；
升力做功为：W=F升h=50N×3m=150J；
升力做功的功率为：。
答： 升力做功的功率为75W。
【知识点】功率计算公式的应用；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）已知无人机的质量，根据G=mg计算受到的重力；
（2）无人机静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，根据F=G可知无人机对地面的压力，根据计算静止在水平地面时对地面的压强；（3）无人机匀速竖直上升，升力与重力是一对平衡力，大小相等，由此可知无人机的升力；已知无人机上升的高度，根据W=W=F升h求出升力做功，再根据计算升力做功的功率。
（1）无人机受到的重力
（2）无人机静止在水平地面，对地面的压力等于自身重力，即，静止在水平地面时对地面的压强
（3）无人机匀速竖直上升，升力与重力是一对平衡力，因此升力，升力做功
升力做功的功率
20．某烘干机简化电路如图。阻值不变的加热电阻，电动机铭牌“220V100W”，接入220V的电路中，闭合开关，求：
（1）通过R的电流、发热功率；
（2）工作100s，电动机消耗的电能。
【答案】（1）根据电路图分析，电动机M与加热电阻R采用并联方式连接。并联电路中各支路两端电压与电源电压相等，因此加热电阻R两端电压等于电源电压220V。
根据欧姆定律，通过加热电阻R的电流：；
加热电阻R的电功率：
答： 通过R的电流4A、发热功率880W。
（2）已知电动机的功率为100W，工作时间为100s，根据电功计算公式，电动机消耗的电能：。
答： 工作100s，电动机消耗的电能为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）并联电路的基本特点是各支路两端电压相等，据此可直接得到加热电阻两端的电压值，再结合欧姆定律计算通过电阻的电流，最后利用电功率公式求解其功率。
（2）对于纯电阻用电器，电功率与电功的关系可直接用公式W=Pt计算，电动机消耗的电能等于其功率与工作时间的乘积。
（1）由电路图可知，电动机M与加热电阻R并联，并联电路中各支路两端电压等于电源电压，则通过R的电流
R的功率
（2）由题意可知，工作100s，电动机消耗的电能
六、综合能力题（本大题共3小题，每小题6分，共18分）
21．如图甲，小明发现儿童公园里的滑梯轨道是弯曲的斜面而不是平直的斜面，他思考∶在相同条件下，物体在弯曲斜面和平直的斜面轨道滑下时运动的快慢如何呢？他进行了如下实验∶
（1）在平直斜面上，小车从A点由静止下滑过程中，小车的机械能转化情况为：　 　能转化为　 　能，如图乙，斜面上AB段的距离为　 　cm；
（2）小明测得小车从A点到B点用时3.5s，从A点到C点的时间为5s，则小车下滑时　 　（选填“是”或“不是”）匀速直线运动；
（3）接着在A点到C点之间，他选用材料、表面粗糙程度等与图乙所示斜面均相同的弧形板搭建起一个长为108cm的弯曲斜面进行实验，如图丙所示。通过测量，他算出小车由静止从A点滑到C点时，前一半路程的平均速度为0.2m/s，后一半路程的平均速度为0.3m/s，则小车在整个弯曲斜面滑行的平均速度为　 　m/s；
（4）上述实验中，小车从　 　（选填“平直”或“弯曲”）轨道上下滑时所用时间更短。
【答案】（1）重力势；动；45.0
（2）不是
（3）
（4）弯曲
【知识点】机械能及其转化；速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 （1）小车沿斜面下滑时，位置高度不断降低，重力势能随之减小；同时运动速度持续增大，动能不断增加，这一过程中重力势能转化为动能。
观察图乙，刻度尺的分度值为 1cm，A 点对应的刻度为 90.0cm，B 点对应的刻度为 45.0cm，因此 AB 段的路程为：
（2）在平直斜面上，AB段与BC段的路程相等，均为45.0cm。AB 段用时3.5s，BC段用时为。两段路程相同但所用时间不同，说明小车的运动速度在变化，因此小车做的不是匀速直线运动。
（3）一半路程，总时间
总平均速度
（4）平直斜面AC段全程用时为5s，而沿弯曲斜面下滑的总用时为4.5s，对比可知，小车沿弯曲轨道下滑的时间更短。
故答案为：（1）重力势；动；45.0；（2）不是；（3）；（4）弯曲。
【分析】（1）物体的重力势能与高度相关，动能与速度相关，小车下滑时高度降低、速度增大，实现了重力势能向动能的转化。读取刻度尺时，需明确分度值并根据两点刻度差计算路程。
（2）判断物体是否做匀速直线运动，可依据 “相同路程所用时间是否相等”，若时间不同，则说明速度发生了变化。
（3）计算全程平均速度时，需先求出总路程与总时间，再利用公式计算，注意不能直接对两段速度取平均值。
（4）通过对比不同轨道下的总用时，可直接判断运动的快慢差异。
（1）[1][2]小车从斜面上滑下时，高度降低、速度增大，因此重力势能转化为动能。
[3]由图乙可知，刻度尺分度值为1cm，A对应刻度为90.0 cm，B对应刻度为45.0 cm，因此
（2）平直斜面上，AB和BC路程相等（均为45.0cm），AB用时3.5s，BC用时，相同路程时间不同，速度不同，因此小车不是匀速直线运动。
（3）一半路程，总时间
总平均速度
（4）平直斜面AC总用时5s，弯曲斜面滑行总用时4.5s，因此弯曲轨道下滑时间更短。
22．如图所示，用甲、乙、丙三个相同的加热装置探究不同物质的吸热情况和不同燃料的热值大小。实验开始前，烧杯中液体的质量相等，酒精灯中燃料的质量相等。
（1）若比较不同燃料热值的高低，烧杯中液体的初温　 　（选填“一定”或“不一定”）要相同；
（2）比较水和花生油的吸热情况，应选择图乙和图　 　的装置进行实验。实验中，乙图花生油温度升高的更快，若要使相同质量的水和花生油升高相同温度，水需要的热量　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）花生油需要的热量。
（3）根据实验数据，作出甲、乙、丙三套装置图中液体升高温度随加热时间变化曲线A、B、C如图丁，若已知燃料1的热值大于燃料2，相同时间内燃料燃烧消耗的质量相等，则A、B曲线对应的装置图分别为　 　、　 　。进一步分析图像，可估算出花生油的比热容约为　 　。[不计热量损失，]。
【答案】（1）不一定
（2）甲；大于
（3）乙；甲；2.52×103
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 （1）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，在燃料都烧完后，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，故若比较不同燃料热值的高低，烧杯中液体的初温不一定要相同。
（2）比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小比较水和花生油的吸热情况，应选择图乙和图甲的装置进行实验。实验中，乙图花生油温度升高的更快，若要使相同质量的水和花生油升高相同温度，水加热时间长，由转换法，需要的热量大于花生油需要的热量。
（3）若已知燃料1的热值大于燃料2，则甲图中燃料完全燃烧放出的热量大于丙图中燃料完全燃烧放出的热量，甲图中水升高的温度大于丙图中水升高的温度；
甲图和乙图的燃料相同，由于花生油的吸热能力小于水的吸热能力，根据Q吸=cmΔt可知，乙图中花生油升高的温度大于甲图中水升高的温度；
所以在相同时间内，乙图中花生油升高的温度最多，甲图中的水其次，丙图中的水升高的温度最少，则A、B曲线对应的装置图分别为乙、甲；
由图丁可知，在0～t1时间内，水升高的温度Δt1=30℃-0℃=30℃，花生油升高的温度Δt2=50℃-0℃=50℃，
水吸收的热量：Q吸1=c水mΔt1=4.2×103J/（kg ℃）×m×30℃，
花生油吸收的热量：Q吸2=c油mΔt2=c油×m×50℃，
相同的热源，在相同的时间内吸收的热量相同，即c油×m×50℃=4.2×103J/（kg ℃）×m×30℃，
解得：c油=2.1×103J/（kg ℃）。
故答案为：（1）不一定； （2）甲；大于； （3）乙；甲；2.52×103。
【分析】 （1）（2）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，在燃料都烧完后，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大；比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小；比较不同物质吸热能力的实验中，我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）若已知燃料1的热值大于燃料2，则甲图中燃料完全燃烧放出的热量大于丙图中燃料完全燃烧放出的热量，甲图中水升高的温度较大，甲图和乙图的燃料相同，由于花生油的吸热能力小于水的吸热能力，根据Q吸=cmΔt可知，乙图中花生油升高的温度高于甲图中水升高的温度，据此可知A、B、C曲线对应的装置图；根据Q吸=cmΔt求出甲图中水吸收的热量，在相同时间内，乙图中花生油吸收的热量等于甲图中水吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出花生油的比热容。
（1）比较不同燃料热值时，我们通过比较液体升高的温度（末温初温）判断放热多少，初温不同不影响的计算，因此初温不一定需要相同。
（2）[1]比较不同物质吸热情况时，需要控制热源（燃料）相同，改变液体种类；乙装置是燃料1加热花生油，因此选择同样是燃料1、液体为水的甲装置。
[2]花生油升温更快，说明花生油比热容更小，根据，质量、升高温度相同时，比热容越大，吸收热量越多，水的比热容大于花生油，因此水需要的热量大于花生油。
（3）[1][2]已知燃料1热值大于燃料2，相同时间燃烧质量相等，因此相同时间燃料1放热更多。乙装置是燃料1加热花生油，花生油比热容最小，相同吸热下升温最快，因此升温最快的A对应乙；甲装置是燃料1加热水，相同时间放热比燃料2加热水（丙装置）多，升温比丙快，因此B对应甲，C对应丙。
[3]相同加热时间，相同装置放热相同，不计热量损失，则，液体质量相等，由得：，由图像可知，相同加热时间，，则花生油的比热容
23．阅读短文，回答问题
自动注水浇灌装置
科技小组为学校试验田设计了一个自动注水、浇灌的装置，其电路设计如图所示。控制电路装置中，是滑动变阻器的电阻片，最大阻值为80，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴转动，另一端固定着一个浮子，浮子随水面升降带动变阻器滑片移动，从而改变滑动变阻器接入电路的电阻；当水箱内没有水时，滑动变阻器阻值刚好最大。闭合开关，若水箱中没水或水位较低时，注水系统以0.007速度往水箱里注水（即每秒钟注水0.007），同时浇灌系统以0.002的速度开始浇灌试验田，此时电流表A示数为。当水箱内的水位上升到2m时，滑动变阻器阻值刚好为0，此时通过电磁铁线圈的电流达到100mA，衔铁被吸下，停止注水，电流表A示数；当水位下降到1m时，衔铁被拉起，重新注水。控制电路电源电压，为定值电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计。工作电路电源电压；水箱为圆柱体，底面积。
（1）为了符合设计要求，控制电路中的导线c应与电阻片R的　 　（选填“a”或“b”）端相连；正确连好电路后，电磁铁的下端为　 　极；当水面上升时，的示数变　 　；
（2）定值电阻=　 　；
（3）某次水箱内没有水，请在图中画出闭合S后的30min时间内电流表A示数随时间的变化图像　 　；此过程中，控制电路中的最大功率为　 　。
【答案】（1）b；N；大
（2）40
（3）；0.4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据题目设定的工作逻辑，水箱内无水时，滑动变阻器接入电路的阻值应达到最大值。此时浮子处于最低位置，滑杆绕支点O转动后，滑片会停留在最上端，为使接入电路的电阻丝长度最长、阻值最大，导线c必须连接b端。
电流从电磁铁的上端流入、下端流出，依据安培定则，用右手握住螺线管，让四指顺着电流方向弯曲，大拇指所指的方向即为螺线管的N极，因此电磁铁的下端为N极。
当水箱内水面上升时，浮子随之上移，带动滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻随之减小。在电源电压恒定的情况下，控制电路的总电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流会增大，因此电流表 A1的示数将变大。
根据设计要求，水箱无水时滑动变阻器接入阻值最大，水箱无水时浮子在最低位置，滑杆绕O转动后，滑片位于最上端，此时要接入最大电阻，导线c需要接b端，才能保证接入电阻长度最长，阻值最大。
（2）当水位上升至2m时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时控制电路中只有定值电阻R0工作，电路中的电流为，
控制电路电源电压，所以
（3）从无水到水位上升至2m，水箱净增水体积
净进水速度
注水时间
因此0~8min电流为2.5A。
水位从2m下降到1m，减少水体积
浇灌时间
因此8~18min电流为0.5A。
水位从1m上升到2m，注水时间
因此18~22min电流为2.5A。
停止注水后到30min，剩余时间为8min，因此22~30min电流为0.5A，按此分段画出水平线段即可。故作图如下：
控制电路电源电压不变，总电阻最小时功率最大，时总电阻最小，电流最大为0.1A，因此最大功率。
故答案为：（1）b；N；大；（2）40；（3）；0.4。
【分析】 （1）通过分析浮子位置与滑片的联动关系，确定滑动变阻器的接线方式。利用安培定则判断电磁铁的磁极，结合欧姆定律分析水位变化对控制电路电流的影响。
（2）根据水位最高时滑动变阻器被短路的条件，利用欧姆定律直接计算定值电阻 R0的阻值。
（3）分段分析水箱注水、出水的过程，计算各阶段的持续时间和对应的工作电流，据此绘制电流随时间变化的图像。控制电路的最大功率出现在总电阻最小时，结合电源电压和最大电流进行计算。
（1）[1]根据设计要求，水箱无水时滑动变阻器接入阻值最大，水箱无水时浮子在最低位置，滑杆绕O转动后，滑片位于最上端，此时要接入最大电阻，导线c需要接b端，才能保证接入电阻长度最长，阻值最大。
[2]电流从电磁铁上端流入、下端流出，根据安培定则，右手握住螺线管，四指沿电流方向，大拇指指向电磁铁下端，因此电磁铁下端为N极。
[3]水面上升时，浮子上移，带动滑片下移，滑动变阻器接入电阻减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据，此时电路中电流增大，因此示数变大。
（2）水位上升到2m时，滑动变阻器接入电阻为0，控制电路只有，此时电流
控制电路电源电压，所以
（3）[1]从无水到水位上升至2m，水箱净增水体积
净进水速度
注水时间
因此0~8min电流为2.5A。
水位从2m下降到1m，减少水体积
浇灌时间
因此8~18min电流为0.5A。
水位从1m上升到2m，注水时间
因此18~22min电流为2.5A。
停止注水后到30min，剩余时间为8min，因此22~30min电流为0.5A，按此分段画出水平线段即可。故作图如下：
[2]控制电路电源电压不变，总电阻最小时功率最大，时总电阻最小，电流最大为0.1A，因此最大功率
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