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湖南省岳阳市平江县2024-2025学年九年级下学期期中物理试题
1．陕西历史博物馆的文物之一——西周柞钟是一套八件编钟，形制、纹饰基本相同，大小递减。用木槌敲击不同大小的柞钟，以下有关说法正确的是（　　）
A．敲击大小不同的柞钟，发出声音的音色不同
B．敲击越小的柞钟，发出声音的音调越低
C．用相同的力敲击，大柞钟发出声音的响度比小柞钟大
D．用相同的力敲击，小柞钟发出声音的音调比大柞钟高
【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．大小不同的柞钟被敲击时，发出声音的音调不同，二者音色是一致的，故A错误；
B．体积越小的柞钟被敲击后，振动频率更快，发出声音的音调越高，故B错误；
C．使用相同的力度敲击大小不同的柞钟时，大柞钟和小柞钟的振幅相同，所以二者发出声音的响度大小相同，故C错误；
D．用相同的力敲击大小不同的柞钟时，小柞钟振动频率更高，发出声音的音调比大柞钟更高，故D正确。
故选D。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．“因为有了光，自然界才绚丽多彩，世界才生机勃勃……”，下列有关光现象的说法正确的是（　　）
A．月亮属于自然光源
B．手机屏幕显示的彩色画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
C．商业楼的玻璃墙造成光污染是光的镜面反射引起的
D．光从空气进入水中，传播方向一定发生改变
【答案】C
【知识点】光与光源；镜面反射与漫反射；光的折射规律；色光的三（基）原色和颜料的三原色
【解析】【解答】A．月亮本身并不发光，它通过反射太阳光而发亮，因此不属于光源。选项A的说法是错误的。
B．手机屏幕显示彩色画面的原理是基于红、绿、蓝三原色光（RGB）的混合，而非红、黄、蓝三色。因此选项B的说法不正确。
C．玻璃幕墙表面光滑平整，当阳光或其他人工光源照射时会产生强烈的镜面反射现象，这种反射正是造成光污染的主要原因。选项C的表述是正确的。
D．光的折射现象仅在光线斜射进入不同介质时发生，若垂直入射则不会改变传播方向。因此选项D的说法不完全准确。
正确答案是C。
【分析】1、光源：能自身发出光线，如太阳、手电筒、萤火虫。
2、反射分类：漫反射 是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象 ，镜面反射：指若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来。
3、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅。
3．日常生活与物理知识紧密联系，生活中有很多工具运用了物理知识。下列说法错误的是（　　）
A．高压锅运用了气压增大、水的沸点升高的原理
B．水平仪运用了重力的方向总是垂直向下的原理
C．用吸管“吸”饮料是利用大气压强将饮料“压”入口中
D．汽车安全带及头枕的设计是为了防止惯性带来的危害
【答案】B
【知识点】重力的方向；惯性及其现象；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．液体沸点会随大气压的变化而改变，气压越大，沸点越高，高压锅能更快煮熟食物，正是利用了锅内气压升高、液体沸点随之升高的原理，故A正确，不符合题意；
B．水平仪的工作原理是重力的方向始终竖直向下，并非垂直向下，故B错误，符合题意；
C．用吸管吸饮料时，吸管内部气压会降低，饮料就是在外界大气压的作用下被压入口中的，故C正确，不符合题意；
D．汽车配备的安全带和座椅头枕，能够防止汽车突然刹车、或者被追尾时，惯性给人体带来伤害，故D正确，不符合题意。
综上，答案选B。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
4．小明探究海波和石蜡熔化时温度的变化规律，绘制出两种物质的熔化图像，下列说法正确的是（　　）
A．物质A为海波
B．第2min末，物质B为固液共存状态
C．3~7min，物质B温度不变，不需要吸热
D．熔化过程与物质B相似的，还有冰、铁等物质
【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；晶体和非晶体
【解析】【解答】A．海波熔化过程存在固定的熔化温度，说明海波是晶体，它的熔点为48℃。题目中A图反映的是非晶体的熔化规律，B图反映的是晶体的熔化规律，故A错误；
B．在第2min末，物质B还处于升温阶段，尚未开始熔化，此时物质B为固态，故B错误；
C．在3～7min时间段内，物质B的温度保持不变，这个阶段正是物质B的熔化过程，此时物质处于固液共存的状态，熔化过程中物质仍然会持续吸收热量，故C错误；
D．所有金属都属于晶体，它们的熔化过程都和物质B的熔化规律一致，冰、铁、萘这类物质都属于晶体，熔化特点也和物质B相同，故D正确。
故选D。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
5．如图所示小伟在做家务劳动时，用平行于水平地面的力推沙发，沙发没有推动下列说法正确的是（　　）
A．小伟对沙发做了功
B．小伟对沙发的推力小于地面对沙发的摩擦力
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力是一对相互作用力
D．小伟对沙发的推力和地面对沙发的摩擦力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据题意可知，沙发受到推力，但是没有在力的方向上移动距离，所以小伟对沙发没有做功，故A错误；
BD．沙发出于静止状态，则它受到平衡力，即小伟对沙发的推力等于地面对沙发的摩擦力，故B错误，D正确；
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力，二者都作用在同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误。
故选D。
【分析】A.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
BD.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在直线和两个物体上。
6．如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　）
A．大于，p甲大于p乙 B．大于，p甲小于p乙
C．小于，p甲大于p乙 D．小于，p甲小于p乙
【答案】A
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】A、B两实心小球的体积相同。A球排开甲液体的体积大于B球排开乙液体的体积。取出小球后，乙容器液面高度高于甲容器液面高度，而此时两液体对容器底部的压强相等。根据液体压强公式可推导出甲液体的密度大于乙液体密度，即ρ甲 >ρ乙。观察图示可知： A球完全浸没在甲液体中，排开液体体积等于球体积（V排甲=VA）， B球漂浮在乙液体中，排开液体体积小于球体积（V排乙B），由于两球体积相等（VA=VB），故V排甲>V排乙。结合甲液体密度更大的条件，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可得F浮A>F浮B。通过受力分析： A球悬浮，满足GA=F浮A， B球漂浮，满足GB=F浮B，因此GA>GB。由于液体对容器底部压强相等且底面积相同，液体产生的压力相等，说明两容器内液体重力相同。考虑容器自重后，左侧系统（甲容器+A球）总重力大于右侧系统（乙容器+B球）总重力。根据压力F=G总及相同受力面积，由压强公式可得p甲>p乙，故选项A正确。
故选A。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度.
4、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
7．2016年“科学突破奖”颁奖仪式在美国举行，我国科学家王贻芳获得“基础物理学突破奖”，在物理学理论建立的过程中，有许多科学家做出了贡献，关于科学家的贡献和物理学史方面的知识，下列说法不正确的是（　　）
A．亚里士多德等学者认为物体的运动需要力来维持
B．牛顿第一定律是牛顿直接由实验得出的
C．伽利略通过实验研究发现运动不需要力来维持
D．牛顿提出：任何物体之间都存在互相吸引的力，这就是“万有引力”
【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；科学家及其贡献
【解析】【解答】A．亚里士多德提出了“物体的运动需要力来维持”的观点，这一猜想后来被伽利略推翻，故A不符合题意；
B．牛顿第一定律无法通过实际实验直接验证，是在实验事实的基础上进一步推理总结得出的，故B符合题意；
C．伽利略借助理想实验研究力与运动的关系，得到了“物体的运动不需要力来维持”的结论，故不符合题意；
D．宇宙中任何物体之间都存在相互吸引的作用力，也就是万有引力，万有引力定律最早是由牛顿提出发现的，故D不符合题意。
故选B。
【分析】实验中不可能实现阻力为0，所以牛顿第一定律是在实验事实的基础上进一步推理总结得出的；
伽利略通过实验得到了“物体的运动不需要力来维持”的结论；
牛顿提出了外有引力。
8．2024年10月30日，搭载着“神舟十九号”载人飞船的“长征二号”F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　）
A．火箭的燃料燃烧得越充分，其热值越大
B．火箭发动机把燃料燃烧产生的内能转化为机械能
C．火箭“体内”的液氢燃料温度低至-253℃，内能为零
D．火箭发动机工作过程中的热机效率是100%
【答案】B
【知识点】内能的概念；燃料的热值；热机；热机的效率
【解析】【解答】A．热值是燃料本身的固有性质，和燃料的燃烧程度无关，因此即使火箭的燃料燃烧得更充分，燃料的热值也不会发生改变，故A错误；
B．火箭发动机工作时，燃料燃烧释放内能，利用燃料燃烧产生的高温高压燃气向后喷出获得的反作用力推动火箭前进，将内能转化为了机械能，故B正确；
C．内能是物体内部分子无规则运动的动能和分子势能的总和，一切物体在任何温度下都具有内能，因此即使火箭携带的液氢燃料温度低到-253℃，仍然具有内能，内能不为零，故C错误；
D．热机在工作过程中，不可避免会存在能量损耗，比如克服机械摩擦消耗能量、机械散热损失能量、废气带走一部分能量等，因此火箭发动机的热机效率不可能达到100%，故D错误。
综上，本题选B。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、燃料燃烧时，燃料的化学能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；
3、温度、内能、热量的关系中只有温度的改变会引起内能改变；内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
4、任何机械的效率都小于100%。
9．“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法不符合安全用电原则的是（　　）
A．连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间
B．若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火
C．使用试电笔时，手指按住笔尾金属体
D．洗衣机、电冰箱等用电器可以使用两脚插头
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．按照安全用电规范，控制家用电器的开关一定要安装在火线上，也就是接在火线与用电器之间，断开开关时就能切断用电器的火线供电，能避免更换、维修用电器时发生触电，故A错误；
B．当家用电器起火后，必须先断开电源切断供电，之后再进行灭火，这样能避免灭火过程中发生触电，防止险情进一步扩大，故B错误；
C．使用试电笔辨别火线零线时，手必须接触笔尾的金属体，这样才能和人体形成闭合回路，使试电笔氖管正常发光区分火线，因此这种操作是符合安全要求的，故C错误；
D．洗衣机、电冰箱这类带有金属外壳的用电器，若内部绝缘破损出现漏电，金属外壳会带电，必须使用三脚插头将金属外壳接地，漏电时电流会通过地线导入大地，避免人体接触后发生触电事故，题目说“把三脚插头改成两脚插头使用”，这是违反安全用电原则的，故D正确。
故选D。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电；
家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
10．现在很多大型商场都安装一种“聪明”的电梯，载人时电梯运行的速度快，不载人时电梯运行的速度慢。这种电梯的简易控制电路如图所示，R是压力传感器。下列分析正确的是（　　）
A．螺线管的上端是S极
B．控制电路的工作原理是磁场对电流的作用
C．压力传感器R的阻值随压力的增大而减小
D．载人时电磁铁的磁性减弱
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．从图中可以看出，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，依据安培定则可以判断，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．该装置控制电路的工作原理是电流的磁效应，故B错误；
CD．压力传感器R的阻值随压力增大而减小，当有人走上电梯时，压敏电阻受到的压力增大，其阻值减小，由于控制电路为串联结构，总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性随之增强。工作电路中，衔铁原本和触点1接触，此时定值电阻与电动机串联接入电路；当压力增大到一定程度，衔铁被吸下，改和触点2接触，工作电路中只有电动机接入电路，根据欧姆定律可知，此时通过电动机的电流变大，再由P=UI可得，电动机的电功率变大，电梯运行速度就会变快；反之，当没有人站在电梯上时，压敏电阻阻值变大，电磁继电器控制电路的电流就会减小。综上可知，C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．电阻减小，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性随之增强，电功率的计算：公式为P=UI。
11．下表是某型号手机快充充电器的部分参数。利用“USB充电电流电压显示计”来测量该快速充电器将某一手机电池从零电量到充满电的过程中输出的电流和电压，并绘制如图甲乙所示图像。下列有关说法错误的是（　　）
额定输入电压 100~240V 50/60Hz
输出 5V~2A 10V~5A
A．该快充充电器的最大输出功率为50W
B．充电器为手机充电时，手机电池相当于用电器
C．充电器为手机充电时，电流通过手机电池，把电能转化为化学能
D．若不计电能损耗，前10min充电消耗的电能为
【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】A．由甲、乙两图可知，充电时的最大电压为 10 V，最大充电电流为 5 A，则最大输出功率，故 A 正确，不符合题意。
B．用充电器给手机充电时，手机电池消耗电能，相当于电路中的用电器，故 B 正确，不符合题意。
C．用充电器给手机充电时，手机电池将电能转化为化学能储存起来，故 C 正确，不符合题意。
D．若不计能量损耗，0～5 min 内，充电电压为 10 V，电流为 5 A，通电时间为 5 min，由 W=UIt 可求出此过程消耗的电能；5～10 min 内，充电电压为 10 V，电流为 4 A，通电时间为 5 min，同理可求出此过程消耗的电能；两段时间消耗的电能之和即为 0～10 min 内消耗的总电能， D 错误，符合题意。
故选 D。
【分析】完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
充电过程中，电能转化为化学能；
电功的计算：公式为W=Pt=UIt。
12．2024年第33届奥运会在法国巴黎举办，中国举重队获得5块金牌。举重比赛时有一位主裁判和两位副裁判，每位裁判控制一个开关，只有当主裁判闭合开关，且至少有一位副裁判闭合开关或时，指示灯才发光代表运动员举重成功。如图所示的电路设计，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求，只有主裁判和至少一名副裁判按下按钮时，指示灯泡才会亮，由此可以判断：两个副裁判的按钮可以独立工作、互不影响，因此两个副裁判对应的开关是并联关系；而主裁判的按钮必须按下，灯泡才能发光，说明主裁判的开关需要控制整个电路，因此两个副裁判的并联电路，需要再和主裁判的开关串联，最后再与指示灯泡串联，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
13．《中国制造2025》提出：坚持清洁低碳导向，加快能源绿色低碳转型，提高清洁能源和非化石能源消费比重。在煤、石油、电能三种能源中属于清洁能源的是　 　，它是　 　（填“一次能源”或“二次能源”）；为核潜艇提供能量的装置是核反应堆，在核反应堆中发生的是　 　（填“核裂变”或“核聚变”）。
【答案】电能；二次能源；核裂变
【知识点】能源及其分类；核裂变；能源与可持续发展
【解析】【解答】 煤和石油都属于化石能源，使用过程中会对大气产生污染，因此不属于清洁能源；而电能在使用过程中不会对自然环境造成污染，所以属于清洁能源。
电能不能直接从自然界中直接获取，需要消耗一次能源才能加工得到，因此电能属于二次能源。
目前核电站的核燃料，是在核反应堆中发生可控核裂变反应来释放能量的。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
3、新能源： 指传统能源之外的各种能源形式 ，如太阳能、风能、海洋能。
14．如图是人的眼球结构图，正常人的眼睛通过睫状体对晶状体的睫状体调节，可以看清近处和远处的物体。正常人看物体由远及近时，为了使像始终落在视网膜上，则晶状体　 　（选填“变厚”“不变”或“变薄”）。近视眼患者为了使远处物体的像正常成在视网膜上，需要佩戴一个　 　透镜。
【答案】变厚；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 人眼睛里的晶状体是中间厚、边缘薄的结构，本质相当于凸透镜，视物时会成倒立、缩小的实像。根据凸透镜成实像“物近像远像变大”的规律，正常人看物体从远到近移动时，物距会变小，对应的像距会变大。因此要让像始终成在视网膜上，晶状体会逐渐变厚，以此增强眼睛的折光能力，让光线提前偏折，最终让清晰的像刚好落在视网膜上。
近视眼无法看清远处的物体，是因为晶状体折光能力过强，远处物体的像会成在视网膜的前方。我们可以利用对光线有发散作用的凹透镜来矫正，推迟光线的会聚，让像向后移动到视网膜上，从而看清物体。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
2、物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
3、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
15．将一些细铜丝绕在铅笔下端，制成一个简易密度计，如图所示。如将此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4︰5，则该液体的密度为　 　kg/m3（细铜丝体积忽略不计）。
【答案】
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】由题意可知，该密度计先后放入水中和某液体中，均处于漂浮状态，已知密度计浸入两种液体中的长度之比。设密度计浸入水中的长度为4h ，浸入液体中的长度为5h ，密度计的横截面积为S。由于密度计两次均漂浮，所受浮力均等于自身重力，则，所以，根据阿基米德原理可得可得：，整理可得。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度.
16．如图甲所示电路中，电阻，是0~10Ω的滑动变阻器，电源电压恒为6V。已知滑片每滑动1cm时，接入电路的阻值变化1Ω，滑片距离a端的长度设为。闭合开关，的滑片滑动过程中，电压表示数U与的图像如图乙所示。则的阻值为　 　Ω；当时，电压表的读数为　 　V；移动滑片的过程中（两电压表示数始终未超出量程），电路的电功率最小值为　 　W。
【答案】8；3；1.8
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，电阻、、串联，电压表测、的总电压，电压表测电压。
根据乙图可知可知，当，即接入电路的阻值为0Ω时，电压表示数为4.8V，即电压为4.8V，
此时电压为；
此时电路电流为；
则的阻值为。
（2）根据题意可知，滑片每滑动1cm时，接入电路的阻值变化1Ω，
则当时，接入电路的阻值最大为10Ω，
此时总电阻为：；
此时电路中电流最小为；
则电压表的读数为
则电路的电功率最小值为。
【分析】 （1）由图可知，R1、R2、R3串联，V1测R2和R3两端的电压，V2测R3两端的电压。当P在a端时，只有R1和R2接入电路，V1测R2两端的电压，由图乙可知此时R2两端的电压为4.8V，根据串联电路电压规律可求出R1两端的电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律可求出R2的值；
（2）根据滑片移动距离和接入阻值的变化计算出L=10cm时R3接入的阻值，根据电阻串联的知识计算出此时的总电阻，根据计算此时的最小电流，根据U=IR计算V2的示数，根据P=UI计算电路的最小功率。
17．如图是小帅同学练习头球的示意图，他用右脚向后蹬地，用头将球顶出去。请画出小帅受到的摩擦力以及足球离开头后在空中受到的力（不计空气阻力）。
【答案】
【知识点】重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】当人用右脚向后蹬地时，脚与地面之间会产生静摩擦力，根据静摩擦力的性质：静摩擦力方向与物体相对运动趋势的方向相反，人脚向后蹬地时，脚相对于地面有向后的运动趋势，因此脚受到地面的静摩擦力方向向前。本题中，若不考虑空气阻力，在空中运动的足球只受到重力作用，重力的作用点在足球的重心，方向始终竖直向下，重力的示意图如下图所示：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
摩擦力作用于接触面，方向和物体运动方向相反。
18．在“防溺水”主题班会上，亮亮通过作图的方式向解释“潭清疑水浅”的道理。如图所示，A为水潭底的一点，为岸上的人看到A的像，请完成光路图。
【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】来自A点的光线斜射出水面时，会发生折射现象：当光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线会向远离法线的方向偏折，之后折射光线进入人的眼睛。而人眼会逆着光的传播方向、沿直线判断光源的位置，因此最终逆着光线看去，得到的是A点位置偏高的虚像点。我们作图时，先连接人眼和虚像点，该连线与水面的交点O就是入射点（折射点），O到人眼之间的光线就是折射光线，最后连接A点和O得到入射光线即可，完成的作图如下：
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线，所以A'是虚像，作图时，连接连接人眼和虚像点，该连线与水面的交点O就是入射点，连接O和A就是入射光线。
19．小华发现小轿车的前挡风玻璃是倾斜安装的，由此他想借助玻璃板，A、B两个完全相同的棋子，白纸，铅笔等器材来探究平面镜成像的特点，如图甲所示。
（1）实验时，由于环境太暗难以找到棋子A的像，小华解决的办法是用手电筒照射棋子　 　。（选填“A”或“B”）
（2）三次改变棋子A的位置，得到三组物、像位置点，如图乙所示，接下来他的操作是连接并观察物、像位置点连线与镜面是否垂直，并测量物、像到镜面的距离，从而得出结论：平面镜所成的像与物体关于镜面是　 　的。
（3）实验中，小华透过玻璃板看到棋子A的两个像、，分别在白纸上标记棋子A与两个像的位置如图丙所示，通过分析可知玻璃板的厚度为　 　mm。
【答案】（1）A
（2）对称
（3）5
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）实验时环境光线过暗时，棋子A反射的光量较少，会导致很难观察到棋子A的像，此时可以通过用手电筒照射棋子A，增加棋子A反射的光量，来解决这个问题。
（2）本次实验需要探究平面镜成像时物与像的位置关系，因此标记好物和像的位置后，接下来的操作是：连接各组对应的物点与像点，分别判断物、像位置点的连线和镜面是否垂直，同时测量物到镜面的距离和像到镜面的距离，最终可得到实验结论：平面镜所成的像与物体关于镜面对称。
（3）是棋子A通过玻璃板前表面所成的像，此时棋子A到前表面的距离与像到前表面的距离之和，也就是物和像的距离为30cm；是棋子A通过玻璃板后表面所成的像，此时棋子A到后表面的距离与像到后表面的距离之和，也就是物和像的距离为31cm。前后两个像的物像距离差来自玻璃板的厚度，因此玻璃板的厚度为：
。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）实验时，由于环境太暗难以找到棋子A的像，说明物体反射的光太少，小华解决的办法是用手电筒照射棋子A。
（2）要研究物与像的位置关系，接下来他的操作是连接对应的物像点，测量物、像位置点连线与镜面是否垂直，并测量物、像到镜面的距离。从而得出结论：平面镜所成的像与物体关于镜面是对称的。
（3）像是关于前镜面成的像，物像距离为30cm，像是关于后镜面成的像、物像距离为31cm，可知玻璃板的厚度为
20．下图所示的是“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。
实验次序 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 15.0 1.5 10.0
2 1.0 20.0 4.0 5.0
3 2.0 15.0 3.0 10.0
（1）挂钩码前杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；
（2）为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（3）实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量　 　。收集的实验数据如上表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件：　 　（用、、、表示）。
【答案】（1）平衡
（2）右
（3）力臂；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图甲中杠杆已经静止，根据平衡状态的定义，静止的物体处于平衡状态，因此此时杠杆已经处于平衡状态。
（2）图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，说明杠杆重心偏左，调节平衡螺母时，应向偏高的右侧调节平衡螺母，就能让杠杆在水平位置平衡。
（3） 当杠杆调节至水平位置平衡后，钩码对杠杆的拉力方向是竖直向下的，此时拉力的力臂刚好和杠杆重合，能够直接从杠杆的刻度上读出力臂的大小，因此这样调节的目的是便于测量力臂。
分析表格中的多次实验数据可以发现，每一组实验中动力和动力臂的乘积，都和阻力与阻力臂的乘积相等，因此总结得到杠杆的平衡条件为：，也就是动力×动力臂=阻力×阻力臂。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，受平衡力作用，故此时杠杆处于平衡状态。
（2）图甲中的杠杆左低右高，表明左边要重一些，要使杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向右调节。
（3）[1]杠杆在水平位置平衡，钩码对杠杆的作用力竖直向下，此时力臂与杠杆重合，便于直接在杠杆上测量力臂。
[2]根据表格中数据可知，每次实验中动力与动力臂的乘积都等于对应的阻力与阻力臂的乘积，故可以得出的结论是。
21．小硕是一名物理爱好者，他在学校实验室里进行一项关于电功率的实验。他的目标是测量一个小灯泡的实际电功率，并验证其与标称功率是否一致。小灯泡的标签上写着“3V”，在实验中，他使用的是一个恒定电压的电源。请你帮他解决实验中遇到的问题。
（1）在连接电路时开关要　 　，滑动变阻器的滑片要调到最大阻值处；
（2）电路连接完成后闭合开关，发现电压表和电流表均有示数，且示数都很小，小灯泡不发光，原因可能是________（填字母代号）；
A．小灯泡断路 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器断路 D．小灯泡实际功率太小
（3）小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率是　 　W；
（4）小灯泡正常发光时，小明断开开关，将另一盏规格为“3V、1.2W”的小灯泡替换以上实验中的灯泡，保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合开关后，电流表的示数可能是________。
A．0.28A B．0.36A C．0.40A D．0.42A
【答案】（1）断开
（2）D
（3）0.9
（4）B
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）为保证电路安全，连接电路的过程中，开关需要处于断开状态。
（2）由题意可知，电流表和电压表都有示数，说明电路是通路，没有断路或短路故障；此时电表示数都很小，小灯泡也不发光，原因是滑动变阻器接入电路的阻值过大，导致电路总电阻很大，电流很小，小灯泡的实际功率太小，不足以让小灯泡发光，因此D选项正确，ABC错误。
故选D。
（3）由图乙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，读出电流表示数为0.3A，因此小灯泡的额定功率：
（4）根据题意可知，“3V 1.2W”的小灯泡正常发光的电流，替换灯泡前原灯泡电阻，替换灯泡后新灯泡电阻，替换原灯泡后保持滑动变阻器滑片位置不变，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知电路电流变大，电流会大于原灯泡的额定电流0.3A；新灯泡电阻比原灯泡小，新灯泡额定功率更大，根据电功率公式分析可知，新灯泡正常发光时的电流一定大于原灯泡的额定电流0.3A，但因为总电压不变，滑动变阻器阻值不变，总电流增大后滑动变阻器分压增大，新灯泡两端电压会小于额定电压，因此实际电流会小于新灯泡的额定电流0.4A，所以电流表示数范围为0.3A~0.4A，因此B选项符合题意，ACD不符合。
故选B。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、灯泡不发光的原因：首先要排除是否电路中电流过小，导致灯泡电功率过小；
3、电功率的计算。
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）为了电路元件的安全，在连接电路时，开关要断开。
（2）根据题意可知，电压表和电流表均有示数，说明电路是正常的，没有故障，因电表示数都很小，小灯泡不发光，则是因为小灯泡实际功率太小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（3）如图乙所示，电流表量程是0~0.6A，分度值0.02A，读数为0.3A，小灯泡的额定功率
（4）根据题意可知，“3V 1.2W”的小灯泡正常发光的电流
替换灯泡前原灯泡电阻
替换灯泡后新灯泡电阻
电路总电阻减小，电流增大，大于0.3A，保持滑动变阻器的滑片位置不动，滑动变阻器两端电压变大，灯泡两端电压变小，小于3V，新灯泡不能正常发光，此时的电流小于0.4A；电流表的示数范围是0.3A到0.4A，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．如图甲所示，一薄壁圆柱体容器足够深，底面积为，容器内放有重力为6N、边长为10cm的正方体木块，当加入一定量的水时，木块对容器底的压力恰好为（此时木块静止），如图乙所示。求：
（1）木块受到的浮力大小；
（2）容器内水的深度；
（3）现用一竖直向上的拉力F将木块向上拉到距离容器底2cm处保持静止，如图丙所示，求木块静止时拉力F的大小。
【答案】（1）解：因为木块对容器底部没有压力，所以木块受到的浮力。
（2）解：由浮力的产生原因可知，木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为，木块底面积，木块下表面受到水的压强为，由可得木块下表面所处的深度，即容器内水的深度为。
（3）解：由（2）可知，容器内水的体积，设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积，解得，木块下表面受到的压力为，由力的平衡关系可知拉力为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）木块对容器底部没有压力，木块受到的浮力；
（2）木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为，木块底面积，木块下表面受到水的压强为，由可得木块下表面所处的深度；
（3）容器内水的体积，设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积，据此求解，木块下表面受到的压力为，由力的平衡关系可知拉力为。
（1）因为木块对容器底部没有压力，所以木块受到的浮力
（2）由浮力的产生原因可知，木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为
木块底面积
木块下表面受到水的压强为
由可得木块下表面所处的深度，即容器内水的深度为
（3）由（2）可知，容器内水的体积
设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积
解得，木块下表面受到的压力为
由力的平衡关系可知拉力为
23．小琳同学家里新买来一个电砂锅，该电砂锅能通过手机软件远程设定预约加热模式，自动实现“预热”、“加热”和“保温”功能。已知保温功率大于预热功率，查看说明书发现加热挡功率为1000W，预热功率和保温功率信息因为磨损看不清楚。小琳同学还翻看了说明书上电砂锅的电路图如图甲所示，R1、R2为发热电阻，且R2=60.5Ω。小琳同学接下来把电砂锅接入家庭电路中正常工作开始煲汤，图乙所示是本次使用电砂锅煲汤工作3.5h的P-t图像，电砂锅的加热效率为80%。求：
（1）电砂锅的加热挡正常工作时的电流；（保留一位小数）
（2）电砂锅内装有2kg、10℃的食材，加热挡正常工作210s可以使食材温度升高到多少；[c食材=]
（3）本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
【答案】（1）解：由电功率公式P=UI变形可得电砂锅的加热档正常工作时的电流。
（2）解：加热档正常工作210s产生的热量W=Pt=1000W×210s=2.1×105J则水吸收的热量Q吸=ηW=80%×2.1×105J=1.68×105J
根据比热容公式变形可得食材升高的温度。
（3）解：由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温档，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热档，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率则电阻R1单独工作时，即保温档的电功率
根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值
则保温档的电功率
本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）由电功率公式P=UI变可得电砂锅的加热挡正常工作时的电流；
（2）结合做功公式计算加热挡正常工作210s产生的热量；则水吸收的热量Q吸=ηW；结合比热容公式计算食材升高的温度；
（3）由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温挡，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热挡，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率；保温挡的电功率，根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值和保温挡的电功率，结合做功公式计算使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
（1）由电功率公式P=UI变形可得电砂锅的加热挡正常工作时的电流
（2）加热挡正常工作210s产生的热量W=Pt=1000W×210s=2.1×105J
则水吸收的热量Q吸=ηW=80%×2.1×105J=1.68×105J
根据比热容公式变形可得食材升高的温度
（3）由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温挡，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热挡，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率
则电阻R1单独工作时，即保温挡的电功率
根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值
则保温挡的电功率
本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能
1 / 1湖南省岳阳市平江县2024-2025学年九年级下学期期中物理试题
1．陕西历史博物馆的文物之一——西周柞钟是一套八件编钟，形制、纹饰基本相同，大小递减。用木槌敲击不同大小的柞钟，以下有关说法正确的是（　　）
A．敲击大小不同的柞钟，发出声音的音色不同
B．敲击越小的柞钟，发出声音的音调越低
C．用相同的力敲击，大柞钟发出声音的响度比小柞钟大
D．用相同的力敲击，小柞钟发出声音的音调比大柞钟高
2．“因为有了光，自然界才绚丽多彩，世界才生机勃勃……”，下列有关光现象的说法正确的是（　　）
A．月亮属于自然光源
B．手机屏幕显示的彩色画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
C．商业楼的玻璃墙造成光污染是光的镜面反射引起的
D．光从空气进入水中，传播方向一定发生改变
3．日常生活与物理知识紧密联系，生活中有很多工具运用了物理知识。下列说法错误的是（　　）
A．高压锅运用了气压增大、水的沸点升高的原理
B．水平仪运用了重力的方向总是垂直向下的原理
C．用吸管“吸”饮料是利用大气压强将饮料“压”入口中
D．汽车安全带及头枕的设计是为了防止惯性带来的危害
4．小明探究海波和石蜡熔化时温度的变化规律，绘制出两种物质的熔化图像，下列说法正确的是（　　）
A．物质A为海波
B．第2min末，物质B为固液共存状态
C．3~7min，物质B温度不变，不需要吸热
D．熔化过程与物质B相似的，还有冰、铁等物质
5．如图所示小伟在做家务劳动时，用平行于水平地面的力推沙发，沙发没有推动下列说法正确的是（　　）
A．小伟对沙发做了功
B．小伟对沙发的推力小于地面对沙发的摩擦力
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力是一对相互作用力
D．小伟对沙发的推力和地面对沙发的摩擦力是一对平衡力
6．如图所示，两个相同的柱形容器置于水平地面上，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，A、B两个体积相同的实心小球分别静止在两液体中，容器对地面的压强为p甲、p乙、现将两个小球取出，两液体对容器底部的压强相等，则（　　）
A．大于，p甲大于p乙 B．大于，p甲小于p乙
C．小于，p甲大于p乙 D．小于，p甲小于p乙
7．2016年“科学突破奖”颁奖仪式在美国举行，我国科学家王贻芳获得“基础物理学突破奖”，在物理学理论建立的过程中，有许多科学家做出了贡献，关于科学家的贡献和物理学史方面的知识，下列说法不正确的是（　　）
A．亚里士多德等学者认为物体的运动需要力来维持
B．牛顿第一定律是牛顿直接由实验得出的
C．伽利略通过实验研究发现运动不需要力来维持
D．牛顿提出：任何物体之间都存在互相吸引的力，这就是“万有引力”
8．2024年10月30日，搭载着“神舟十九号”载人飞船的“长征二号”F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　）
A．火箭的燃料燃烧得越充分，其热值越大
B．火箭发动机把燃料燃烧产生的内能转化为机械能
C．火箭“体内”的液氢燃料温度低至-253℃，内能为零
D．火箭发动机工作过程中的热机效率是100%
9．“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法不符合安全用电原则的是（　　）
A．连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间
B．若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火
C．使用试电笔时，手指按住笔尾金属体
D．洗衣机、电冰箱等用电器可以使用两脚插头
10．现在很多大型商场都安装一种“聪明”的电梯，载人时电梯运行的速度快，不载人时电梯运行的速度慢。这种电梯的简易控制电路如图所示，R是压力传感器。下列分析正确的是（　　）
A．螺线管的上端是S极
B．控制电路的工作原理是磁场对电流的作用
C．压力传感器R的阻值随压力的增大而减小
D．载人时电磁铁的磁性减弱
11．下表是某型号手机快充充电器的部分参数。利用“USB充电电流电压显示计”来测量该快速充电器将某一手机电池从零电量到充满电的过程中输出的电流和电压，并绘制如图甲乙所示图像。下列有关说法错误的是（　　）
额定输入电压 100~240V 50/60Hz
输出 5V~2A 10V~5A
A．该快充充电器的最大输出功率为50W
B．充电器为手机充电时，手机电池相当于用电器
C．充电器为手机充电时，电流通过手机电池，把电能转化为化学能
D．若不计电能损耗，前10min充电消耗的电能为
12．2024年第33届奥运会在法国巴黎举办，中国举重队获得5块金牌。举重比赛时有一位主裁判和两位副裁判，每位裁判控制一个开关，只有当主裁判闭合开关，且至少有一位副裁判闭合开关或时，指示灯才发光代表运动员举重成功。如图所示的电路设计，符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
13．《中国制造2025》提出：坚持清洁低碳导向，加快能源绿色低碳转型，提高清洁能源和非化石能源消费比重。在煤、石油、电能三种能源中属于清洁能源的是　 　，它是　 　（填“一次能源”或“二次能源”）；为核潜艇提供能量的装置是核反应堆，在核反应堆中发生的是　 　（填“核裂变”或“核聚变”）。
14．如图是人的眼球结构图，正常人的眼睛通过睫状体对晶状体的睫状体调节，可以看清近处和远处的物体。正常人看物体由远及近时，为了使像始终落在视网膜上，则晶状体　 　（选填“变厚”“不变”或“变薄”）。近视眼患者为了使远处物体的像正常成在视网膜上，需要佩戴一个　 　透镜。
15．将一些细铜丝绕在铅笔下端，制成一个简易密度计，如图所示。如将此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4︰5，则该液体的密度为　 　kg/m3（细铜丝体积忽略不计）。
16．如图甲所示电路中，电阻，是0~10Ω的滑动变阻器，电源电压恒为6V。已知滑片每滑动1cm时，接入电路的阻值变化1Ω，滑片距离a端的长度设为。闭合开关，的滑片滑动过程中，电压表示数U与的图像如图乙所示。则的阻值为　 　Ω；当时，电压表的读数为　 　V；移动滑片的过程中（两电压表示数始终未超出量程），电路的电功率最小值为　 　W。
17．如图是小帅同学练习头球的示意图，他用右脚向后蹬地，用头将球顶出去。请画出小帅受到的摩擦力以及足球离开头后在空中受到的力（不计空气阻力）。
18．在“防溺水”主题班会上，亮亮通过作图的方式向解释“潭清疑水浅”的道理。如图所示，A为水潭底的一点，为岸上的人看到A的像，请完成光路图。
19．小华发现小轿车的前挡风玻璃是倾斜安装的，由此他想借助玻璃板，A、B两个完全相同的棋子，白纸，铅笔等器材来探究平面镜成像的特点，如图甲所示。
（1）实验时，由于环境太暗难以找到棋子A的像，小华解决的办法是用手电筒照射棋子　 　。（选填“A”或“B”）
（2）三次改变棋子A的位置，得到三组物、像位置点，如图乙所示，接下来他的操作是连接并观察物、像位置点连线与镜面是否垂直，并测量物、像到镜面的距离，从而得出结论：平面镜所成的像与物体关于镜面是　 　的。
（3）实验中，小华透过玻璃板看到棋子A的两个像、，分别在白纸上标记棋子A与两个像的位置如图丙所示，通过分析可知玻璃板的厚度为　 　mm。
20．下图所示的是“探究杠杆的平衡条件”的实验，使用的钩码规格相同。
实验次序 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.0 15.0 1.5 10.0
2 1.0 20.0 4.0 5.0
3 2.0 15.0 3.0 10.0
（1）挂钩码前杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；
（2）为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（3）实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码位置，使其在水平位置重新平衡。使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量　 　。收集的实验数据如上表所示，经分析可得出杠杆的平衡条件：　 　（用、、、表示）。
21．小硕是一名物理爱好者，他在学校实验室里进行一项关于电功率的实验。他的目标是测量一个小灯泡的实际电功率，并验证其与标称功率是否一致。小灯泡的标签上写着“3V”，在实验中，他使用的是一个恒定电压的电源。请你帮他解决实验中遇到的问题。
（1）在连接电路时开关要　 　，滑动变阻器的滑片要调到最大阻值处；
（2）电路连接完成后闭合开关，发现电压表和电流表均有示数，且示数都很小，小灯泡不发光，原因可能是________（填字母代号）；
A．小灯泡断路 B．小灯泡短路
C．滑动变阻器断路 D．小灯泡实际功率太小
（3）小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率是　 　W；
（4）小灯泡正常发光时，小明断开开关，将另一盏规格为“3V、1.2W”的小灯泡替换以上实验中的灯泡，保持滑动变阻器的滑片位置不动，闭合开关后，电流表的示数可能是________。
A．0.28A B．0.36A C．0.40A D．0.42A
22．如图甲所示，一薄壁圆柱体容器足够深，底面积为，容器内放有重力为6N、边长为10cm的正方体木块，当加入一定量的水时，木块对容器底的压力恰好为（此时木块静止），如图乙所示。求：
（1）木块受到的浮力大小；
（2）容器内水的深度；
（3）现用一竖直向上的拉力F将木块向上拉到距离容器底2cm处保持静止，如图丙所示，求木块静止时拉力F的大小。
23．小琳同学家里新买来一个电砂锅，该电砂锅能通过手机软件远程设定预约加热模式，自动实现“预热”、“加热”和“保温”功能。已知保温功率大于预热功率，查看说明书发现加热挡功率为1000W，预热功率和保温功率信息因为磨损看不清楚。小琳同学还翻看了说明书上电砂锅的电路图如图甲所示，R1、R2为发热电阻，且R2=60.5Ω。小琳同学接下来把电砂锅接入家庭电路中正常工作开始煲汤，图乙所示是本次使用电砂锅煲汤工作3.5h的P-t图像，电砂锅的加热效率为80%。求：
（1）电砂锅的加热挡正常工作时的电流；（保留一位小数）
（2）电砂锅内装有2kg、10℃的食材，加热挡正常工作210s可以使食材温度升高到多少；[c食材=]
（3）本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】音调及音调与频率的关系；响度及响度与振幅的关系；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A．大小不同的柞钟被敲击时，发出声音的音调不同，二者音色是一致的，故A错误；
B．体积越小的柞钟被敲击后，振动频率更快，发出声音的音调越高，故B错误；
C．使用相同的力度敲击大小不同的柞钟时，大柞钟和小柞钟的振幅相同，所以二者发出声音的响度大小相同，故C错误；
D．用相同的力敲击大小不同的柞钟时，小柞钟振动频率更高，发出声音的音调比大柞钟更高，故D正确。
故选D。
【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
2．【答案】C
【知识点】光与光源；镜面反射与漫反射；光的折射规律；色光的三（基）原色和颜料的三原色
【解析】【解答】A．月亮本身并不发光，它通过反射太阳光而发亮，因此不属于光源。选项A的说法是错误的。
B．手机屏幕显示彩色画面的原理是基于红、绿、蓝三原色光（RGB）的混合，而非红、黄、蓝三色。因此选项B的说法不正确。
C．玻璃幕墙表面光滑平整，当阳光或其他人工光源照射时会产生强烈的镜面反射现象，这种反射正是造成光污染的主要原因。选项C的表述是正确的。
D．光的折射现象仅在光线斜射进入不同介质时发生，若垂直入射则不会改变传播方向。因此选项D的说法不完全准确。
正确答案是C。
【分析】1、光源：能自身发出光线，如太阳、手电筒、萤火虫。
2、反射分类：漫反射 是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象 ，镜面反射：指若反射面比较光滑，当平行入射的光线射到这个反射面时，仍会平行地向一个方向反射出来。
3、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅。
3．【答案】B
【知识点】重力的方向；惯性及其现象；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A．液体沸点会随大气压的变化而改变，气压越大，沸点越高，高压锅能更快煮熟食物，正是利用了锅内气压升高、液体沸点随之升高的原理，故A正确，不符合题意；
B．水平仪的工作原理是重力的方向始终竖直向下，并非垂直向下，故B错误，符合题意；
C．用吸管吸饮料时，吸管内部气压会降低，饮料就是在外界大气压的作用下被压入口中的，故C正确，不符合题意；
D．汽车配备的安全带和座椅头枕，能够防止汽车突然刹车、或者被追尾时，惯性给人体带来伤害，故D正确，不符合题意。
综上，答案选B。
【分析】1、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；
2、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
3、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；
4、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述。
4．【答案】D
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；晶体和非晶体
【解析】【解答】A．海波熔化过程存在固定的熔化温度，说明海波是晶体，它的熔点为48℃。题目中A图反映的是非晶体的熔化规律，B图反映的是晶体的熔化规律，故A错误；
B．在第2min末，物质B还处于升温阶段，尚未开始熔化，此时物质B为固态，故B错误；
C．在3～7min时间段内，物质B的温度保持不变，这个阶段正是物质B的熔化过程，此时物质处于固液共存的状态，熔化过程中物质仍然会持续吸收热量，故C错误；
D．所有金属都属于晶体，它们的熔化过程都和物质B的熔化规律一致，冰、铁、萘这类物质都属于晶体，熔化特点也和物质B相同，故D正确。
故选D。
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态。
5．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据题意可知，沙发受到推力，但是没有在力的方向上移动距离，所以小伟对沙发没有做功，故A错误；
BD．沙发出于静止状态，则它受到平衡力，即小伟对沙发的推力等于地面对沙发的摩擦力，故B错误，D正确；
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力，二者都作用在同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误。
故选D。
【分析】A.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
BD.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在直线和两个物体上。
6．【答案】A
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】A、B两实心小球的体积相同。A球排开甲液体的体积大于B球排开乙液体的体积。取出小球后，乙容器液面高度高于甲容器液面高度，而此时两液体对容器底部的压强相等。根据液体压强公式可推导出甲液体的密度大于乙液体密度，即ρ甲 >ρ乙。观察图示可知： A球完全浸没在甲液体中，排开液体体积等于球体积（V排甲=VA）， B球漂浮在乙液体中，排开液体体积小于球体积（V排乙B），由于两球体积相等（VA=VB），故V排甲>V排乙。结合甲液体密度更大的条件，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，可得F浮A>F浮B。通过受力分析： A球悬浮，满足GA=F浮A， B球漂浮，满足GB=F浮B，因此GA>GB。由于液体对容器底部压强相等且底面积相同，液体产生的压力相等，说明两容器内液体重力相同。考虑容器自重后，左侧系统（甲容器+A球）总重力大于右侧系统（乙容器+B球）总重力。根据压力F=G总及相同受力面积，由压强公式可得p甲>p乙，故选项A正确。
故选A。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度.
4、压强的影响因素：公式为P=F/S，所以压强的大小和压力大小成正比，和受力面积成反比；压强大小于接触面材料无关，所以在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
7．【答案】B
【知识点】牛顿第一定律；科学家及其贡献
【解析】【解答】A．亚里士多德提出了“物体的运动需要力来维持”的观点，这一猜想后来被伽利略推翻，故A不符合题意；
B．牛顿第一定律无法通过实际实验直接验证，是在实验事实的基础上进一步推理总结得出的，故B符合题意；
C．伽利略借助理想实验研究力与运动的关系，得到了“物体的运动不需要力来维持”的结论，故不符合题意；
D．宇宙中任何物体之间都存在相互吸引的作用力，也就是万有引力，万有引力定律最早是由牛顿提出发现的，故D不符合题意。
故选B。
【分析】实验中不可能实现阻力为0，所以牛顿第一定律是在实验事实的基础上进一步推理总结得出的；
伽利略通过实验得到了“物体的运动不需要力来维持”的结论；
牛顿提出了外有引力。
8．【答案】B
【知识点】内能的概念；燃料的热值；热机；热机的效率
【解析】【解答】A．热值是燃料本身的固有性质，和燃料的燃烧程度无关，因此即使火箭的燃料燃烧得更充分，燃料的热值也不会发生改变，故A错误；
B．火箭发动机工作时，燃料燃烧释放内能，利用燃料燃烧产生的高温高压燃气向后喷出获得的反作用力推动火箭前进，将内能转化为了机械能，故B正确；
C．内能是物体内部分子无规则运动的动能和分子势能的总和，一切物体在任何温度下都具有内能，因此即使火箭携带的液氢燃料温度低到-253℃，仍然具有内能，内能不为零，故C错误；
D．热机在工作过程中，不可避免会存在能量损耗，比如克服机械摩擦消耗能量、机械散热损失能量、废气带走一部分能量等，因此火箭发动机的热机效率不可能达到100%，故D错误。
综上，本题选B。
【分析】1、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
2、燃料燃烧时，燃料的化学能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；
3、温度、内能、热量的关系中只有温度的改变会引起内能改变；内能和物体的质量、温度和状态有关，一切物体都具有内能。
4、任何机械的效率都小于100%。
9．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．按照安全用电规范，控制家用电器的开关一定要安装在火线上，也就是接在火线与用电器之间，断开开关时就能切断用电器的火线供电，能避免更换、维修用电器时发生触电，故A错误；
B．当家用电器起火后，必须先断开电源切断供电，之后再进行灭火，这样能避免灭火过程中发生触电，防止险情进一步扩大，故B错误；
C．使用试电笔辨别火线零线时，手必须接触笔尾的金属体，这样才能和人体形成闭合回路，使试电笔氖管正常发光区分火线，因此这种操作是符合安全要求的，故C错误；
D．洗衣机、电冰箱这类带有金属外壳的用电器，若内部绝缘破损出现漏电，金属外壳会带电，必须使用三脚插头将金属外壳接地，漏电时电流会通过地线导入大地，避免人体接触后发生触电事故，题目说“把三脚插头改成两脚插头使用”，这是违反安全用电原则的，故D正确。
故选D。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电；
家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
10．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．从图中可以看出，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，依据安培定则可以判断，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．该装置控制电路的工作原理是电流的磁效应，故B错误；
CD．压力传感器R的阻值随压力增大而减小，当有人走上电梯时，压敏电阻受到的压力增大，其阻值减小，由于控制电路为串联结构，总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性随之增强。工作电路中，衔铁原本和触点1接触，此时定值电阻与电动机串联接入电路；当压力增大到一定程度，衔铁被吸下，改和触点2接触，工作电路中只有电动机接入电路，根据欧姆定律可知，此时通过电动机的电流变大，再由P=UI可得，电动机的电功率变大，电梯运行速度就会变快；反之，当没有人站在电梯上时，压敏电阻阻值变大，电磁继电器控制电路的电流就会减小。综上可知，C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．电阻减小，控制电路的电流会变大，电磁铁磁性随之增强，电功率的计算：公式为P=UI。
11．【答案】D
【知识点】能量的转化或转移；电路的构成及电路图；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】A．由甲、乙两图可知，充电时的最大电压为 10 V，最大充电电流为 5 A，则最大输出功率，故 A 正确，不符合题意。
B．用充电器给手机充电时，手机电池消耗电能，相当于电路中的用电器，故 B 正确，不符合题意。
C．用充电器给手机充电时，手机电池将电能转化为化学能储存起来，故 C 正确，不符合题意。
D．若不计能量损耗，0～5 min 内，充电电压为 10 V，电流为 5 A，通电时间为 5 min，由 W=UIt 可求出此过程消耗的电能；5～10 min 内，充电电压为 10 V，电流为 4 A，通电时间为 5 min，同理可求出此过程消耗的电能；两段时间消耗的电能之和即为 0～10 min 内消耗的总电能， D 错误，符合题意。
故选 D。
【分析】完整的电路包括电源（提供电压）；导线，开关（控制电路通断）；用电器（消耗电能）。
充电过程中，电能转化为化学能；
电功的计算：公式为W=Pt=UIt。
12．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求，只有主裁判和至少一名副裁判按下按钮时，指示灯泡才会亮，由此可以判断：两个副裁判的按钮可以独立工作、互不影响，因此两个副裁判对应的开关是并联关系；而主裁判的按钮必须按下，灯泡才能发光，说明主裁判的开关需要控制整个电路，因此两个副裁判的并联电路，需要再和主裁判的开关串联，最后再与指示灯泡串联，故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
13．【答案】电能；二次能源；核裂变
【知识点】能源及其分类；核裂变；能源与可持续发展
【解析】【解答】 煤和石油都属于化石能源，使用过程中会对大气产生污染，因此不属于清洁能源；而电能在使用过程中不会对自然环境造成污染，所以属于清洁能源。
电能不能直接从自然界中直接获取，需要消耗一次能源才能加工得到，因此电能属于二次能源。
目前核电站的核燃料，是在核反应堆中发生可控核裂变反应来释放能量的。
【分析】1、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
2、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
3、新能源： 指传统能源之外的各种能源形式 ，如太阳能、风能、海洋能。
14．【答案】变厚；凹
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；眼睛及其视物原理；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】 人眼睛里的晶状体是中间厚、边缘薄的结构，本质相当于凸透镜，视物时会成倒立、缩小的实像。根据凸透镜成实像“物近像远像变大”的规律，正常人看物体从远到近移动时，物距会变小，对应的像距会变大。因此要让像始终成在视网膜上，晶状体会逐渐变厚，以此增强眼睛的折光能力，让光线提前偏折，最终让清晰的像刚好落在视网膜上。
近视眼无法看清远处的物体，是因为晶状体折光能力过强，远处物体的像会成在视网膜的前方。我们可以利用对光线有发散作用的凹透镜来矫正，推迟光线的会聚，让像向后移动到视网膜上，从而看清物体。
【分析】1、凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
2、物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
3、近视眼对光线汇聚作用较强，需要凹透镜（对光线具有发散作用）进行矫正。
15．【答案】
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】由题意可知，该密度计先后放入水中和某液体中，均处于漂浮状态，已知密度计浸入两种液体中的长度之比。设密度计浸入水中的长度为4h ，浸入液体中的长度为5h ，密度计的横截面积为S。由于密度计两次均漂浮，所受浮力均等于自身重力，则，所以，根据阿基米德原理可得可得：，整理可得。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；
3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度.
16．【答案】8；3；1.8
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，电阻、、串联，电压表测、的总电压，电压表测电压。
根据乙图可知可知，当，即接入电路的阻值为0Ω时，电压表示数为4.8V，即电压为4.8V，
此时电压为；
此时电路电流为；
则的阻值为。
（2）根据题意可知，滑片每滑动1cm时，接入电路的阻值变化1Ω，
则当时，接入电路的阻值最大为10Ω，
此时总电阻为：；
此时电路中电流最小为；
则电压表的读数为
则电路的电功率最小值为。
【分析】 （1）由图可知，R1、R2、R3串联，V1测R2和R3两端的电压，V2测R3两端的电压。当P在a端时，只有R1和R2接入电路，V1测R2两端的电压，由图乙可知此时R2两端的电压为4.8V，根据串联电路电压规律可求出R1两端的电压，根据串联电路电流规律和欧姆定律可求出R2的值；
（2）根据滑片移动距离和接入阻值的变化计算出L=10cm时R3接入的阻值，根据电阻串联的知识计算出此时的总电阻，根据计算此时的最小电流，根据U=IR计算V2的示数，根据P=UI计算电路的最小功率。
17．【答案】
【知识点】重力示意图；摩擦力的方向
【解析】【解答】当人用右脚向后蹬地时，脚与地面之间会产生静摩擦力，根据静摩擦力的性质：静摩擦力方向与物体相对运动趋势的方向相反，人脚向后蹬地时，脚相对于地面有向后的运动趋势，因此脚受到地面的静摩擦力方向向前。本题中，若不考虑空气阻力，在空中运动的足球只受到重力作用，重力的作用点在足球的重心，方向始终竖直向下，重力的示意图如下图所示：
【分析】重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。
摩擦力作用于接触面，方向和物体运动方向相反。
18．【答案】
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】来自A点的光线斜射出水面时，会发生折射现象：当光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线会向远离法线的方向偏折，之后折射光线进入人的眼睛。而人眼会逆着光的传播方向、沿直线判断光源的位置，因此最终逆着光线看去，得到的是A点位置偏高的虚像点。我们作图时，先连接人眼和虚像点，该连线与水面的交点O就是入射点（折射点），O到人眼之间的光线就是折射光线，最后连接A点和O得到入射光线即可，完成的作图如下：
【分析】折射规律：光从空气中传播到水中，折射光线会偏向法线，光从水中射向空气中，折射光线会远离法线，所以A'是虚像，作图时，连接连接人眼和虚像点，该连线与水面的交点O就是入射点，连接O和A就是入射光线。
19．【答案】（1）A
（2）对称
（3）5
【知识点】平面镜成像的原理、特点；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）实验时环境光线过暗时，棋子A反射的光量较少，会导致很难观察到棋子A的像，此时可以通过用手电筒照射棋子A，增加棋子A反射的光量，来解决这个问题。
（2）本次实验需要探究平面镜成像时物与像的位置关系，因此标记好物和像的位置后，接下来的操作是：连接各组对应的物点与像点，分别判断物、像位置点的连线和镜面是否垂直，同时测量物到镜面的距离和像到镜面的距离，最终可得到实验结论：平面镜所成的像与物体关于镜面对称。
（3）是棋子A通过玻璃板前表面所成的像，此时棋子A到前表面的距离与像到前表面的距离之和，也就是物和像的距离为30cm；是棋子A通过玻璃板后表面所成的像，此时棋子A到后表面的距离与像到后表面的距离之和，也就是物和像的距离为31cm。前后两个像的物像距离差来自玻璃板的厚度，因此玻璃板的厚度为：
。
【分析】1、平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系），光线最好在较暗的环境中观察，方便观察像的位置；
2、实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止；在蜡烛B一侧放置光屏，光屏上无法成像；
3、试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
（1）实验时，由于环境太暗难以找到棋子A的像，说明物体反射的光太少，小华解决的办法是用手电筒照射棋子A。
（2）要研究物与像的位置关系，接下来他的操作是连接对应的物像点，测量物、像位置点连线与镜面是否垂直，并测量物、像到镜面的距离。从而得出结论：平面镜所成的像与物体关于镜面是对称的。
（3）像是关于前镜面成的像，物像距离为30cm，像是关于后镜面成的像、物像距离为31cm，可知玻璃板的厚度为
20．【答案】（1）平衡
（2）右
（3）力臂；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图甲中杠杆已经静止，根据平衡状态的定义，静止的物体处于平衡状态，因此此时杠杆已经处于平衡状态。
（2）图甲中杠杆左端下沉、右端上翘，说明杠杆重心偏左，调节平衡螺母时，应向偏高的右侧调节平衡螺母，就能让杠杆在水平位置平衡。
（3） 当杠杆调节至水平位置平衡后，钩码对杠杆的拉力方向是竖直向下的，此时拉力的力臂刚好和杠杆重合，能够直接从杠杆的刻度上读出力臂的大小，因此这样调节的目的是便于测量力臂。
分析表格中的多次实验数据可以发现，每一组实验中动力和动力臂的乘积，都和阻力与阻力臂的乘积相等，因此总结得到杠杆的平衡条件为：，也就是动力×动力臂=阻力×阻力臂。
【分析】1、 探究杠杆平衡的条件 ，原理为动力*动力臂=阻力*阻力臂，首先对杠杆进行调平：调平原理为动力×动力臂=阻力×阻力臂，当指针偏左表明左侧较重，所以需要增加右侧力和力臂；调平的原因为：减小杠杆自重对杠杆平衡试验的影响
2、其次不断改变钩码重力以及钩码的位置，记录多组试验数据，分析动力、动力臂、阻力、阻力臂的大小关系；其中动力大于阻力此时杠杆为费力杠杆，反之属于在省力杠杆；
3、最后，使用弹簧测力计对杠杆的平衡进行动态分析，改变拉力的方向，实质为改变动力臂的大小，动力臂变小，则动力变大。
（1）如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，受平衡力作用，故此时杠杆处于平衡状态。
（2）图甲中的杠杆左低右高，表明左边要重一些，要使杠杆在水平位置平衡，可以将右侧平衡螺母向右调节。
（3）[1]杠杆在水平位置平衡，钩码对杠杆的作用力竖直向下，此时力臂与杠杆重合，便于直接在杠杆上测量力臂。
[2]根据表格中数据可知，每次实验中动力与动力臂的乘积都等于对应的阻力与阻力臂的乘积，故可以得出的结论是。
21．【答案】（1）断开
（2）D
（3）0.9
（4）B
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）为保证电路安全，连接电路的过程中，开关需要处于断开状态。
（2）由题意可知，电流表和电压表都有示数，说明电路是通路，没有断路或短路故障；此时电表示数都很小，小灯泡也不发光，原因是滑动变阻器接入电路的阻值过大，导致电路总电阻很大，电流很小，小灯泡的实际功率太小，不足以让小灯泡发光，因此D选项正确，ABC错误。
故选D。
（3）由图乙可知，电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，读出电流表示数为0.3A，因此小灯泡的额定功率：
（4）根据题意可知，“3V 1.2W”的小灯泡正常发光的电流，替换灯泡前原灯泡电阻，替换灯泡后新灯泡电阻，替换原灯泡后保持滑动变阻器滑片位置不变，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知电路电流变大，电流会大于原灯泡的额定电流0.3A；新灯泡电阻比原灯泡小，新灯泡额定功率更大，根据电功率公式分析可知，新灯泡正常发光时的电流一定大于原灯泡的额定电流0.3A，但因为总电压不变，滑动变阻器阻值不变，总电流增大后滑动变阻器分压增大，新灯泡两端电压会小于额定电压，因此实际电流会小于新灯泡的额定电流0.4A，所以电流表示数范围为0.3A~0.4A，因此B选项符合题意，ACD不符合。
故选B。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、灯泡不发光的原因：首先要排除是否电路中电流过小，导致灯泡电功率过小；
3、电功率的计算。
4、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
（1）为了电路元件的安全，在连接电路时，开关要断开。
（2）根据题意可知，电压表和电流表均有示数，说明电路是正常的，没有故障，因电表示数都很小，小灯泡不发光，则是因为小灯泡实际功率太小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（3）如图乙所示，电流表量程是0~0.6A，分度值0.02A，读数为0.3A，小灯泡的额定功率
（4）根据题意可知，“3V 1.2W”的小灯泡正常发光的电流
替换灯泡前原灯泡电阻
替换灯泡后新灯泡电阻
电路总电阻减小，电流增大，大于0.3A，保持滑动变阻器的滑片位置不动，滑动变阻器两端电压变大，灯泡两端电压变小，小于3V，新灯泡不能正常发光，此时的电流小于0.4A；电流表的示数范围是0.3A到0.4A，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
22．【答案】（1）解：因为木块对容器底部没有压力，所以木块受到的浮力。
（2）解：由浮力的产生原因可知，木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为，木块底面积，木块下表面受到水的压强为，由可得木块下表面所处的深度，即容器内水的深度为。
（3）解：由（2）可知，容器内水的体积，设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积，解得，木块下表面受到的压力为，由力的平衡关系可知拉力为。
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）木块对容器底部没有压力，木块受到的浮力；
（2）木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为，木块底面积，木块下表面受到水的压强为，由可得木块下表面所处的深度；
（3）容器内水的体积，设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积，据此求解，木块下表面受到的压力为，由力的平衡关系可知拉力为。
（1）因为木块对容器底部没有压力，所以木块受到的浮力
（2）由浮力的产生原因可知，木块受到的浮力等于水对木块下表面的压力，水对木块下表面的压力为
木块底面积
木块下表面受到水的压强为
由可得木块下表面所处的深度，即容器内水的深度为
（3）由（2）可知，容器内水的体积
设图丙中木块下表面所处的深度为，此时水的体积
解得，木块下表面受到的压力为
由力的平衡关系可知拉力为
23．【答案】（1）解：由电功率公式P=UI变形可得电砂锅的加热档正常工作时的电流。
（2）解：加热档正常工作210s产生的热量W=Pt=1000W×210s=2.1×105J则水吸收的热量Q吸=ηW=80%×2.1×105J=1.68×105J
根据比热容公式变形可得食材升高的温度。
（3）解：由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温档，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热档，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率则电阻R1单独工作时，即保温档的电功率
根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值
则保温档的电功率
本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；电功率的计算；电功与热量的综合计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】（1）由电功率公式P=UI变可得电砂锅的加热挡正常工作时的电流；
（2）结合做功公式计算加热挡正常工作210s产生的热量；则水吸收的热量Q吸=ηW；结合比热容公式计算食材升高的温度；
（3）由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温挡，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热挡，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率；保温挡的电功率，根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值和保温挡的电功率，结合做功公式计算使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能。
（1）由电功率公式P=UI变形可得电砂锅的加热挡正常工作时的电流
（2）加热挡正常工作210s产生的热量W=Pt=1000W×210s=2.1×105J
则水吸收的热量Q吸=ηW=80%×2.1×105J=1.68×105J
根据比热容公式变形可得食材升高的温度
（3）由题可知，当开关S1闭合，S2接a时，仅有R1工作，当开关S1闭合，S2接b时，电阻R1和R2并联工作，当开关S1断开，S2接a时电阻R1和R2串联工作，根据公式可知，当开关S1闭合，S2接a时，处于保温挡，当开关S1闭合，S2接b时，处于加热挡，当开关S1断开，S2接a时处于预热挡，根据电功率公式可得电阻R2工作时的电功率
则电阻R1单独工作时，即保温挡的电功率
根据电功率公式变形可得电阻R1的阻值
则保温挡的电功率
本次使用电砂锅工作3.5h煲汤消耗的电能
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