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2026年广东省惠州市初中学业质量检测（期中）物理试卷
1．惠东梁化菠萝果实饱满，如图所示为小明爸爸手上的菠萝（带叶子）全长L约（　　）
A．10cm B．10dm C．40cm D．40dm
【答案】C
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据图片可知，菠萝（含叶子）的全长L明显比手掌长，大约是手掌长度的2倍左右，而成年人手掌的长度大约在18~20cm左右，因此菠萝的长度约为40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】首先估测成年人手掌的长度，然后将菠萝长度与其比较，从而确定菠萝的长度即可。
2．贾湖骨笛是我国考古发现的最早乐器。吹奏时，手指按住骨笛不同的音孔，改变了笛声的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【答案】A
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】吹奏骨笛时，是里面空气柱的振动发声。手指按住不同的音孔，改变了骨笛内空气柱的长度，即改变的空气柱的振动频率，从而改变了笛声的音调。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】音调与物体的振动频率大小有关，响度与物体的振幅大小有关，音色与发声体的结构特点有关。
3．小明利用一块质地均匀的木块雕刻出一个飞马木雕，在雕刻过程中不变的是木块的（　　）
A．体积 B．质量 C．密度 D．形状
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】A．对木块进行雕刻创作时，会去除掉部分材料，因此木块的体积会减小，故A错误；
B．质量指的是物体所含物质的多少，雕刻后木块所含的物质减少，因此木块的质量会变小，故B错误；
C．密度是物质本身的一种固有特性，它的大小只和物质的种类、状态等因素有关，和物体自身的质量、体积都没有关系。本题中木块材质均匀，雕刻过程中木块的物质种类没有发生变化，因此它的密度不变，故C正确；
D．雕刻本身就是改变木块原有形状的过程，因此木块的形状一定会发生改变，故D错误。
故选 C。
【分析】雕刻时，木头的质量、形状、体积均发生变化，种类不变，密度不变。
4．如图所示，日晷是我国古代的一种计时工具，通过观察直杆在太阳下的影子所在的位置来确定时间。日晷的计时原理利用的是（　　）
A．光的反射 B．光的折射
C．光的色散 D．光的直线传播
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】光在同种均匀介质中是沿直线传播的，当光传播到不透明的障碍物上时，光线无法绕过障碍物，因此就会在障碍物后方形成一块光照不到的黑暗区域，也就是影子。日晷正是利用晷针影子的方向、长短变化，来粗略推断时刻的计时工具，故D正确，A、B、C错误。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．如图所示是我国传统的走马灯，点燃底部蜡烛，上升的热空气驱动扇叶转动，此过程类似四冲程汽油机的（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】根据图片可知，点燃走马灯内的蜡烛时，气体温度升高密度减小向上运动，从而推动上方的扇叶做功而转动，这个过程中将气体的内能转化为机械能，与做功冲程的能量转化相同，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。
6．小明想设计一座在海边抗风休息站，为使休息站不易被风吹飞，其顶部横截面应设计成（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】AC．休息站顶部上下表面形状相同，则上下方空气流速相同，压强相等，无额外压力差，故AC不符合题意；
B．休息站顶部上凸下平，上方空气流速快压强小，下方流速慢压强大，会产生向上的升力，更容易被风吹起，故B不符合题意；
D．休息站顶部上平下凸，下方空气流速快压强小，上方流速慢压强大，会产生向下的压力差，能把建筑牢牢压在地面，故D符合题意。
故选D。
【分析】要使休息站不易吹飞，则要求顶部受到大气向下的压力差，根据流体压强和流速的知识分析判断。
7．小明设计了一台能调节风速的电风扇，下列符合要求的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A选项中，电风扇和定值电阻是并联连接的，根据并联电路的特点，各支路用电器工作互不影响，因此无法改变通过电风扇的电流，不能调节风速，故A错误；
B选项中，电路中只有电风扇一个用电器，是最简单的电路，无法改变电流大小，因此也不能调节风速，故B错误；
C选项中，电风扇和滑动变阻器串联在电路中，调节滑动变阻器的滑片，就可以改变滑动变阻器接入电路的电阻大小，进而改变整个电路的总电阻，根据欧姆定律，电路中的电流会随之改变，通过电风扇的电流改变后，就可以调节电风扇的风速，故C正确；
D选项中，电风扇和滑动变阻器并联在电路中，并联电路各支路工作互不影响，滑动变阻器的变化不会改变电风扇两端的电压和通过的电流，因此无法调节电风扇的风速，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
8．如图所示，小明坐在右边的小船上，用力推左边的小船，两条小船向　 　方向移动（选填“相同”或“相反”），说明力的作用是　 　，以右边小船为参照物，小明是　 　的。
【答案】相反；相互的；静止
【知识点】力作用的相互性；运动和静止的相对性
【解析】【解答】坐在右侧小船上的小明，对左侧小船施加了一个向左的推力；根据力的相互性，左侧小船同时会对小明和他所在的右侧小船施加一个大小相等、方向相反的反作用力。因此，左侧小船向左运动，右侧小船向右运动，两船向相反的方向移动。这一现象直接说明，物体间力的作用是相互的。在整个过程中，小明始终与右侧小船保持相对静止，二者之间的位置没有发生任何变化。因此，若以右侧小船作为参照物，小明是静止的。
故答案为：相反；相互的；静止。
【分析】（1）当一个物体对另一个物体施加力的作用时，它同时也会受到来自对方的、大小相等、方向相反的反作用力；
（2）两船受力方向相反，因此会向相反方向运动；
（3）判断物体运动或静止，取决于它与参照物之间的相对位置是否发生改变。若位置不变，则物体相对于参照物是静止的；反之则为运动的。
9．如图所示为古代蜀地人使用的“夹瓷盏”省油灯，原理是夹层里水的　 　较大，升高相同温度时吸收更多的热量，可以快速降低油的温度减少油的消耗，此过程水的内能是通过　 　的方式增加的；在燃烧油的过程中会闻到味道，因为分子在不停地做　 　。
【答案】比热容；热传递；无规则运动
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据图片可知，省油灯的夹层内为水，而水的比热容较大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同温度时水可以吸收更多热量，因此能降低油的温度减少油的消耗。
（2）在省油灯燃烧时，水吸收油放出的热量，属于能量的转移，那么是利用热传递改变内能。
（3）燃烧油时能闻到味道，是因为油分子在空气中不停地做无规则运动，属于扩散现象。
【分析】（1）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（2）热传递改变内能的本质为能量的转移；
（3）扩散现象的本质是分子的无规则运动。
10．中国“人造太阳”--大型核实验装置“东方超环”（EAST）取得重大突破，如图所示。其反应原理与太阳类似，通过核聚变释放巨大的核能，核能是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；装置中，通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，是利用了电流的　 　效应。
【答案】不可再生；磁
【知识点】能源及其分类；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】（1）核能使用的燃料使用后无法短时间内产生，属于不可再生能源。
（2）通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，即电流通过导体产生磁场，这是利用了电流的磁效应。
【分析】（1）可以在短时间内得到补偿的能源为可再生能源，否则为不可再生能源；
（2）根据电流的磁效应解答。
11．如图所示，小明用8N的握力握住一个总重5N的杯子，静止不动，此时杯子受到摩擦力的大小为　 　N，方向竖直向　 　，小明将握力增加到10N，杯子仍然保持静止，则杯子所受摩擦力的大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】5；上；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）杯子在竖直方向上保持静止时，它受到的总重力和摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，那么此时杯子受到的摩擦力f=G=5N，方向竖直向上。
（2）小明将握力增加到10N时，杯子仍然保持静止，摩擦力与总重力仍然平衡，即摩擦力仍然等于重力。杯子的重力保持不变，因此杯子受到的摩擦力不变。
【分析】（1）对杯子进行受力分析，根据平衡力的知识计算杯子受到的摩擦力；
（2）当握力增大时，再次根据平衡力的知识分析摩擦力是否改变。
12．如图所示，《天工开物》中对釜的铸造有“铁化如水，以泥固纯铁柄勺从嘴受注”这样的记载，其中“铁化如水”描述的物态变化是　 　；将“铁水”注入模具中使“铁水”冷却成固态“釜”，此过程温度保持不变，该过程需要　 　热；说明铁是　 　。（选填“晶体”或“非晶体”）
【答案】熔化；放；晶体
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体
【解析】【解答】（1）“铁化如水”的过程，其实是指铁从固态变成液态发生熔化的过程。
（2）将“铁水”注入模具中使“铁水”冷却成固态“釜”，即铁从液态变成固态的发生凝固现象，凝固过程需要放热。
（3）浇铸时铁水温度始终不变，说明铁是晶体。
【分析】（1）物质从固态变成液态叫熔化，需要吸热；
（2）物质从液态变成固态叫凝固，向外放热；
（3）晶体有熔点（或凝固点），非晶体没有熔点（或凝固点）。
13．如图所示，是发光二极管的示意图，发光二极管是由　 　材料制成的。我们把它连入电路中，当发光二极管和小灯泡都发光，电流方向为　 　（填“A到B”或“B到A”）；如果较短接线脚接A接线柱，长脚接B接线柱时，发光二极管和小灯泡都不发光，这说明发光二极管具有　 　的性质。
【答案】半导体；A到B；单向导电
【知识点】电流的方向；半导体特点及作用
【解析】【解答】（1）发光二极管是用半导体材料制成的，半导体材料是指导电性能介于导体和绝缘体之间的材料，具有特殊的电学性质，
（2）在电源外部，电流总是从电源正极出发经用电器流回负极，所以电流方向为A到B；
（3）如果较短接线脚接A接线柱，长脚接B接线柱时，此时接线方向与原来相反，发光二极管和小灯泡都不发光，则此时电路是断路，这说明发光二极管具有单向导电性。
【分析】（1）根据半导体的性质和应用解答；
（2）根据电流方向的规定解答；
（3）根据发光二极管的单项导电性解答。
14．如图甲所示，闭合开关，导体ab上下运动时，灵敏电流计的指针　 　（选填“偏转”或“不偏转”）。若实验过程中灵敏电流计的指针偏转角度较小，可通过　 　来增大感应电流。改装成如图乙所示实验装置，闭合开关，当导体棒ab做切割磁感线运动时，导体棒cd会　 　（选填“运动”或“静止”）
【答案】不偏转；增强磁场；运动
【知识点】磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1） 如图甲所示， 磁感线沿竖直方向，则导体棒ab上下运动时不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不偏转。
（2）磁场越强，导体切割磁感线运动的速度越大，则感应电流越大，那么要增大灵敏电流计的偏转角度，应该增强磁场或加快导体切割磁感线的速度。
（3）根据乙图可知，当让导体棒ab做切割磁感线运动时，导体棒ab中有电流产生。ab与cd串联，则此时导体棒cd中有电流通过，通电的导体棒cd在磁场中受到力的作用将会运动。
【分析】（1）电磁感应的条件：①闭合电路的部分导体；②做切割磁感线运动；
（2）磁场越强，导体切割磁感线运动的速度越大，则感应电流越大；
（3）根据通电导体在磁场中受力运动分析。
15．（1）请在图中作出某潜水艇在海水中悬浮时所受重力G和浮力F的示意图（O为潜水艇的重心）；
（2）如图所示，一束光线与镜面成30°角射向平面镜。请作出对应的反射光线并标出反射角的度数；
（3）如图是酒店实物电路的简化图，同时插入房卡和闭合开关灯才能亮（房卡插槽相当于开关），请在图中完成其简化电路设计。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1） 潜水艇在海水中悬浮时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，二者都作用在重心上。此时浮力与重力是一对平衡力，那么二者大小相等，如下图所示：
（2）根据图片可知，入射光线与镜面的夹角为30°，则此时入射角为：。根据反射角等于入射角可知，此时反射角也为，如下图所示：
（3）根据题意可知，同时插入房卡和闭合开关灯才能亮，说明房卡和开关相互影响，即二者串联后，再与灯泡串联。为了用电安全，控制灯的开关应接在相线与灯之间，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据光的反射定律“反射角等于入射角”计算并完成作图；
（3）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联，据此确定两个开关的关系，结合家庭电路安全用电的知识解答即可。
（1）潜水艇受到的重力竖直向下，浮力竖直向上，由于潜水艇悬浮则受到的浮力与重力是一对平衡力，大小相等，据此作图。
（2）图中法线已经画出，根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线，入射光线与平面镜的夹角为，所以入射角为
故反射角也为。据此作图。
（3）同时插入房卡和闭合开关灯才能亮（房卡插槽相当于开关），房卡插槽应与开关、灯串联接入家庭电路。且控制灯的开关应接在相线与灯之间。据此作图。
16．（1）如图所示，铅笔的长度为　 　cm；小石块的重力是　 　N。
（2）小明用频闪拍摄的方法“测量小车运动的速度”，如图所示，相机每隔0.2s曝光一次，拍摄了小车在斜面上下滑的频闪照片。图中小车从A运动到C的速度是　 　m/s。
（3）如图甲是探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置：
①组装好器材后，用酒精灯给水加热，如图乙所示的温度计的示数为　 　℃。
②如图丙是根据实验数据绘制出水的温度随加热时间变化关系的图像，由图可知水沸腾的特点是：水沸腾时，　 　。
③利用如图所示装置探究水沸腾的条件，对三支大试管中的水加热，使之保持沸腾，则小试管中的水会沸腾的是　 　（填字母）。
A. B. C.
【答案】（1）5.85；0.8
（2）1
（3）98；温度不变；C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验；刻度尺的使用；测量物体运动的平均速度；沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，该刻度尺的分度值是1mm，准确值为5.8cm，估读值为0.05cm，则铅笔的长度为5.85cm。
②根据图片可知，该弹簧测力计的分度值为0.1N，则小石块所受的重力为0.8N。
（2）根据图片可知，小车从A运动到C中间有两个间隔，则所用的时间是tAC=0.2s×2=0.4s，小车从A点到C点的路程；
则小车从A运动到C的速度。
（3）①根据乙图可知，该温度计的分度值是1℃，读数为：90℃+1℃×8=98℃。
②根据丙图可知，第4min开始，水温度保持99℃不变，则水沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
③大小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热。
A、B中大试管上方和小试管上方大气压强相等，即水的沸点相同，那么在大试管中的水不断沸腾的过程中，A、B中的小试管无法从大试管中吸收热量，所以A、B小试管中的水不会沸腾；
而C图中，大试管是封口的，气压增大沸点升高，即大试管中的水的沸点比小试管中水的沸点高，能从大试管中吸收热量，所以C中小试管中的水会沸腾。
【分析】（1）①根据图片确定刻度尺的分度值，根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
②根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出小石块的重力。
（2）根据图片确定小车通过AC的时间和路程，根据计算速度；
（3）①根据乙图确定温度计的分度值，根据液面位置读出示数；
②根据丙图分析水沸腾时的温度变化特点；
③大小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热，结合液体沸点随上方气压的增大而升高的规律分析。
（1）[1]由图可知，刻度尺的分度值是1mm，铅笔的左端与零刻度线对齐，铅笔的右端与5.85cm对齐，铅笔的长度为5.85cm。
[2]由图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，示数为0.8N，则小石块所受的重力为0.8N。
（2）相机每隔0.2s曝光一次，图中小车从A运动到C，中间有两个间隔，所用的时间是0.4s，小车从A点到C点的路程
图中小车从A运动到C的速度
（3）①[1]由图乙可知，温度计的分度值是1℃，读数为98℃。
②[2]由图丙可知，第4min开始，水温度保持不变，说明水已经沸腾，可以得到水沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
③[3]大试管和小试管里都装有水，给三支大试管中的水加热，使之保持沸腾。小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热；在大试管中的水不断沸腾的过程中，A、B中的小试管无法从大试管中吸收热量，所以A、B小试管中的水不会沸腾；而C图大试管中的水的沸点比小试管中水的沸点高，能从大试管中吸收热量，所以C中小试管中的水会沸腾。
17．小明想探究凸透镜成像的规律，实验器材有：一个凸透镜、光屏、高度为3.0cm的光源、光具座和刻度尺。
（1）实验前小明想利用太阳光估测凸透镜的焦距，如图中凸透镜和光屏的位置正确的是______；
A． B．
C． D．
（2）由（1）测出凸透镜的焦距f为10.0cm，再用如图的装置开始实验，要调整光源、凸透镜和光屏的中心在　 　；在光源的选择上，小明认为“F”型光源比“T”型光源更好，原因是　 　；
（3）实验时，物距从28.0cm开始，逐渐减小物距。下表是他们记录的物距、像距、像的高度和正倒情况，请根据表格数据回答以下问题：
物距u/cm 28.0 24.0 20.0 16.0 12.0 10.0 6.0 2.0
像距v/cm 15.7 17.3 20.0 26.6 60.4 \
\
像的高度h/cm 1.7 2.1 3.0 5.0 15.1 \ \ \
像的正倒 倒 倒 倒 倒 倒 \ 正 正
①分析实验数据可知，当物距，即　 　（选填“u>2f”或“u=2f”或“f②取下光屏，在图乙中a处沿凸透镜主光轴直接观察F光源从物距28.0cm移动到2.0cm过程中的像，如图为实验光源，则观察到的像不可能是图中的　 　。（选填序号）
【答案】（1）C
（2）同一高度；便于比较成像性质
（3）f【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行于主轴的光线经过凸透镜后，折射光线经过另一侧的焦点。而太阳光看作平行光线，让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑，光斑到透镜中心的距离即为焦距，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）① 在探究凸透镜成像的规律的实验中， 应将蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心调整在同一高度，目的是为了使像成在光屏中央。
②凸透镜成的实像是倒立的，即上下左右颠倒，为了直观地观察像的左右关系和倒正关系，应该选择左右和上下都不对称的物体，因此“F”型光源比“T”型光源更好，原因是：便于比较成像性质。
（3）①当物距时，满足f②凸透镜成的实像都是倒立的，依次为缩小、等大和缩小的，成的虚像都是正立的，且是放大的，没有缩小的，则不可能是图中的①。
【分析】（1）根据利用阳光测量凸透镜焦距的方法判断；
（2）①根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项分析；
②凸透镜成的实像是倒立的，即上下左右颠倒，为了直观地观察像的左右关系和倒正关系，应该选择左右和上下都不对称的物体。
（3）①比较物距和焦距的位置关系，从而确定成像特点和应用；
②凸透镜成的虚像都是正立的，且是放大的，没有缩小的。
（1）利用太阳光测量凸透镜焦距，应让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑，光斑到透镜中心的距离即为焦距，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）为了使像成在光屏中央，应将蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心调整在同一高度。
“F”型光源比“T”型光源更好，“F”型光源左右不对称，更能直观地观察像的左右关系和倒正关系，即便于比较成像性质。
（3）已知凸透镜焦距为10.0cm，当物距时，满足fF光源从物距28.0cm移动到20.0cm过程中，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；当物距等于二倍焦距（20.0cm），成倒立、等大的实像；当F光源从20.0cm移动到10.0cm的过程中，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；当物距从10.0cm移动到2.0cm过程中，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，没有正立、缩小的虚像，观察到的像不可能是图中的①。
18．小明需要测量小灯泡正常发光时灯丝的电阻，使用器材如下：额定电压为2.5V的小灯泡，电压恒为4V的电源，电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线等。
（1）用笔画线将图甲中的电路连接完整。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态；闭合开关后发现小灯泡不发光，电压表示数接近电源电压，电流表示数接近于零，则故障可能是小灯泡　 　（选填“短路”或“断路”）。
（3）排除故障后，调节滑片，当电压表示数为1V时，电流表示数如图乙所示，为　 　A。
（4）为了测量小灯泡正常发光时的电阻，逐渐调节滑动变阻器，发现无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，下一步操作是：　 　。
（5）调整实验后，分别记录电压表和对应的电流表示数，将实验数据记录在如下表格中，通过计算可知小灯泡正常发光时的电阻值为　 　Ω（结果保留一位小数）；
次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1 1.5 2 2.5 3
电流I/A
0.19 0.22 0.24 0.27
（6）根据实验数据描点、绘制出灯丝的电流与电压关系图像如图丙所示，分析图像可知：探究电流与电压的关系时，不能选用灯泡的原因是　 　。
【答案】（1）
（2）断开；断路
（3）0.16
（4）需要更换最大阻值更大的变阻器
（5）10.4
（6）灯泡的电阻随温度的升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在伏安法测电阻的实验中，滑动变阻器与灯泡串联，且接线“一上一下”，只需将电源的“-”接线柱与变阻器右上角的接线柱相连即可，如下图所示：
（2）①连接电路时，为了防止发生短路烧毁用电器，开关要处于断开状态。
②电流表示数接近于零，则电路中应该出现断路。电压表示数接近电源电压，说明电压表和电源两极之间是通路。比较可知，应该是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）根据图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为：0.1A+0.02A×3=0.16A。
（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即变阻器的阻值越大，分担的电压越大。实验过程中，无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，说明变阻器连入电路的最大阻值较小，需要更换最大阻值更大的变阻器。
（5）根据表格数据可知，当小灯泡的额定电压是2.5V时，通过灯泡的额定电流是0.24A，那么小灯泡正常发光时的电阻值为。
（6）根据控制变量法的要求可知，研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变。而灯泡的电流与电压不成正比，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大，而故不能选用灯泡。
【分析】（1）根据滑动变阻器的接线方法分析；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置。
（3）根据图乙确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即变阻器的阻值越大，分担的电压越大；
（5）根据表格确定灯泡的额定电流，根据计算灯泡正常发光电阻；
（6）根据控制变量法的要求可知，研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变，根据图像确定灯泡的电阻随温度的变化规律即可。
（1）滑动变阻器一上一下串联接入电路中，如图所示：
（2）[1]为了保护电路，连接电路时，开关要处于断开状态。
[2]闭合开关后发现小灯泡不发光，电流表示数接近于零，可能电路中出现断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表和电源之间是通路，故障可能是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.16A。
（4）为了测量小灯泡正常发光时的电阻，逐渐调节滑动变阻器，发现无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，说明变阻器连入电路的最大阻值较小，需要更换最大阻值更大的变阻器。
（5）小灯泡的额定电压是2.5V，由表中数据可知对应的电流是0.24A，小灯泡正常发光时的电阻值为
（6）分析图丙可知，灯泡的电流与电压不成正比，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大，而研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变，故不能选用灯泡。
19．如图是我国第五代隐身舰载战斗机歼-35。歼-35满载起飞总质量约为静止在水平跑道上轮胎与跑道的总接触面积为，最大飞行速度约为2800km/h。已知g=10N/kg，求该飞机：
（1）满载时受到的总重力；
（2）满载时对跑道的压强；
（3）以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程。
【答案】（1）解：根据题意可知， 歼-35满载起飞总质量约为 ，
则飞机满载时受到的总重力。
（2）解：飞机对跑道的压力等于自身总重力，即
轮胎与跑道的总接触面积为，
则飞机满载时对跑道的压强。
（3）解：根据题意可知，飞机的最大飞行速度为 2800km/h ，
则以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据G=mg计算飞机的总重力；
（2）飞机对跑道的压力等于自身总重力，利用计算飞机对跑道的压强；
（3）根据s=vt计算以最大速度飞行12min通过的路程。
（1）飞机满载时受到的总重力
（2）飞机静止在水平跑道上，对跑道的压力等于自身总重力，即
满载时对跑道的压强
（3）以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程
20．如图甲所示是一款利用高温水蒸气熨烫衣服的家用便携式挂烫机，图乙是其简化电路图，R1、R2均为电热丝，其中R1的阻值为40Ω，电源电压为220V。只闭合S 时低温挡工作，S1、S2都闭合时高温挡工作。若挂烫机中加入2kg、初温为20℃的水，在高温挡正常工作5min可将水加热到55℃。［水的比热容取]求：
（1）高温挡时电路的电流；
（2）水吸收的热量；
（3）电路消耗的总电能。
【答案】（1）解：根据乙图可知，当开关、都闭合时，此时短路，电路中只有，为高温档，
则此时通过电路的电流为。
（2）解：根据题意可知， 2kg初温为20℃的水加热到55℃时吸收的热量为。
（3）解：综上所述，通过电路的电流为5.5A，则5min内电路消耗的总电能为。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，当开关、都闭合时，此时短路，电路中只有，为高温档，根据计算通过电路的电流；
（2）根据计算水吸收的热量；
（3）根据W=UIt计算电路消耗的电能。
（1）、都闭合时，高温挡工作。此时短路，电路中只有，由欧姆定律得，高温挡时电路的电流为
（2）水吸收的热量为
（3）电路消耗的总电能为
21．杆秤作为传统衡器，不仅是计量重量的工具，更承载着中华历史文脉与传统智慧，正所谓“秤砣虽小压千斤”。杆秤的构造如图甲所示，称量时将被称量物体放在秤盘中，移动系秤砣的挂绳使秤杆水平平衡，根据挂绳所处位置的秤星（刻度）就可以读出被称量物体的质量。小明对杆秤很感兴趣，由此开展制作简易杆秤的学习。
（1）如图甲示，小明用木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空小盆挂在A点作为秤盘，在B点挂粗绳作为提纽，则　 　点相当于支点。
（2）调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置0，此位置为秤的定盘星，对应的质量刻度值为　 　g。
（3）在秤盘中逐个添加50g的砝码，调节秤砣位置使秤杆水平平衡，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离B点的长度（如表），根据表中数据，应将150g的刻度值标记在距离B点　 　cm处。
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离B点的长度/cm 7 12
22
（4）在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，每一格就表示　 　g，即为该杆秤的分度值。
（5）在称重过程中若杆秤左低右高，如图乙所示，则此时杆秤所示的质量值　 　被测物的真实质量值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（6）请你提出一个增大杆秤量程（称量）的方法：　 　。
【答案】（1）B
（2）0
（3）17
（4）1
（5）小于
（6）将提纽向左移动适当距离
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，木棒相当于杠杆，秤盘施加阻力，秤砣施加动力，杠杆可绕B点转动，所以B点是支点。
（2）当杆秤平衡时，秤砣所在位置的刻度就是秤盘中物体的质量。此时秤盘中没有放物体，则该位置对应的质量刻度值为0。
（3）根据题意可知，当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，秤砣质量，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：；①
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：；②
联立①②解得：，
当托盘中砝码总质量为，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得到：
解得：。
（4）托盘中增加50g砝码，刻度值增加5cm，在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，把0~50g平均分成50格，每格表示：1g。
（5）杆秤左低右高，则要使杆秤平衡，需要秤砣继续向右移动，那么说明此时读出的质量值小于被测物的真实质量值。
（6）要增大杆秤的量程，即要增大秤盘一侧的重力，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此时要减小秤盘一侧的力臂长度，即将提纽向左移动适当距离。
【分析】（1）当杠杆转动时，它围绕着不动的点为支点；
（2）当杆秤平衡时，秤砣所在位置的刻度就是秤盘中物体的质量。
（3）当杆秤平衡时，满足，从表格中选取两组数据列方程计算秤盘的质量和AB的长度，再据此计算150g的刻度值所在的位置。
（4）画上49个刻度，则平均分成50份，据此计算分度值；
（5）根据杆秤的翘起情况判断此时秤砣所在的刻度偏大还是偏小即可；
（6）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂和阻力臂的变化即可。
（1）由图甲可知，木棒可绕B点转动，所以B点是支点。
（2）此时秤盘中没有放物体，此时调节杆秤水平平衡，消除杆秤自重和秤盘质量的影响，则该位置对应的质量刻度值为0。
（3）根据杠杆平衡条件可得
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，秤砣质量，根据杠杆平衡条件可知①
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，根据杠杆平衡条件可知②
联立①②解得，
当托盘中砝码总质量为，根据杠杆平衡条件得
解得
（4）由表中数据可知，托盘中增加50g砝码，刻度值增加5cm，在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，把0~50g平均分成50格，每格表示1g。
（5）杆秤左低右高，说明秤砣所在的位置比平衡时更靠近支点，此时读出的质量值小于被测物的真实质量值。
（6）将提纽向左移动适当距离，对应的阻力臂减小，秤砣的质量不变，则动力不变，根据杠杆平衡条件可知，动力臂将变小，而杆秤的长度不变，杆秤的量程将变大。
22．水下机器人可以对海底电缆进行埋深检测、视频摄像、悬空裸露检测。如图甲所示，某水下机器人“小H”由锂电池供电，采用电动机提供动力，如表是“小H”的部分技术参数（能量密度是指电池单位质量所输出的电能）。如图乙为“小H”承受压强的过载保护电路原理图，电源电压为12V，R1是压敏电阻，其电阻值随受到的压强变化关系如图丙所示，触发器的电阻忽略不计，电流表的示数超过0.2A时就触发电动机停止工作，放弃下潜指令，以免“小H”受损伤。
（1）“小H”在海水里下潜的过程中，受到海水的压强变　 　。
（2）“小H”在工作过程中采用电动机提供动力，将电能转化为　 　能。
（3）某次“小H”在海底作业时，需将体积、质量60kg的电子设备提高0.6m，消耗了锂电池总储存能量的0.01%，则电子设备在海水中受到的浮力大小为　 　N，“小H”对电子设备做功为　 　J，此过程中“小H”消耗电能　 　J。（，）
项目名称 电源电压 最大承受压强 提升重物最大高度 锂电池能量密度 锂电池的总质量
数据 60V 0.8m 0.50kW·h/kg 2kg
（4）为保护“小H”，电阻箱R0的阻值至少应为　 　Ω。
【答案】（1）大
（2）机械
（3）90；306；360
（4）40
【知识点】能量的转化或转移；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“小H”在海水里下潜时深度不断变大，由液体压强公式可知，受到海水的压强变大。
（2）小H”在工作过程中采用电动机提供动力，电动机工作时消耗电能，产生机械能，将电能转化为机械能。
（3）①“小H”在海底作业时，它排开水的体积等于自身体积，
电子设备受到的浮力为；
电子设备的重力为；
根据平衡力的知识可知，“小H”对电子设备的拉力为；
“小H”对电子设备做的功。
②根据表格数据可知，锂电池的总能量为W=；
消耗锂电池的能量为。
（4）根据表格数据可知，“小H”承受的最大压强为。根据图像可知，此时压力传感器的阻值，
此时电路总电阻；
电阻箱R0接入的最小阻值。
【分析】（1）根据分析受到海水的压强变化；
（2）根据电动机工作时的能量转化解答；
（3）①根据阿基米德原理计算电子设备受到的浮力，根据平衡力的知识计算它受到的拉力，根据W=Fs计算对电子设备做的功；
②根据W=能量密度×电池质量计算锂电池储存的能量，然后计算消耗的能量。
（4）根据图像确定压力传感器的电阻，根据计算总电阻，根据计算此时电阻箱的阻值。
（1）“小H”在海水里下潜的过程中，深度变大，由可知，受到海水的压强变大。
（2）电动机工作时，消耗电能，产生机械能，将电能转化为机械能。
（3）[1]电子设备受到的浮力为
[2]电子设备的重力为
“小H”对电子设备的拉力为
“小H”对电子设备做的功
[3]锂电池的总能量为
消耗锂电池的能量为
（4）由图丙可知，“小H”承受的最大压强为，由表格数据知压力传感器的阻值，电路总电阻
电阻箱R0接入的最小阻值
23．阅读短文，回答问题。
第五代战斗机-“歼-20”
“歼-20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能。“歼-20”采用先进的光传操控系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速（合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107J/kg，g取10N/kg。）
速度v（m/s） 100 200 300 400 500
阻力f/N 0.6×104 2.4×104 5.4×104 9.6×104 1.5×105
（1）“歼-20”飞机表面能吸收对方雷达发射的　 　波，从而实现隐身，飞机在水平匀速飞行过程中机械能　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；（不考虑燃油的质量变化）
（2）当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率为　 　kW。若在飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约为　 　km（结果保留整数）；
（3）飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼-20”飞机的推重比约为　 　（结果保留一位小数）；
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值R1与离地高度h的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在　 　（选填“1”、“2”或“3”）位置。
【答案】（1）电磁；不变
（2）；1333
（3）1.2
（4）3
【知识点】功率计算公式的应用；动能和势能的大小变化；热机的效率；重力及其大小的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）①雷达首先发射电磁波，遇到障碍物后被反射回来，它根据反射回的电磁波确定目标的距离和形状等信息，而隐形战机吸收雷达发射的电磁波实现隐身。
②飞机水平匀速飞行时，质量和速度不变，则它的动能不变；质量不变，高度不变，则重力势能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，飞机的机械能不变。
（2）①根据表格数据可知，当时，阻力，
飞机匀速直线飞行时受力平衡，即牵引力等于阻力，
则输出功率。
②根据题意可知，飞机加满燃油的质量，
燃油完全放热；
已知飞机发动机的效率是40%，
则发动机有用功。
根据表格数据可知，当时，阻力，
则飞机的最大航程。
（3）根据表格数据可知，阻力与速度平方成正比，那么得到：；
根据题干描述可知，该飞机的最大航行速度，
则此时飞机受到的阻力为：，
根据平衡力的知识可知，此时飞机产生的牵引力；
已知最大起飞质量为27t，则最大起飞重力，
那么推重比，
（4）根据丙图可知，定值电阻与测距传感器串联。根据乙图可知，当高度增大时，测距传感器的阻值增大。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时R1两端电压变大，因此电压表应该并联在R1两端，即安装在3的位置。
【分析】（1）①只要没有反射回的电磁波被雷达接收到，则雷达就不能发现飞机的存在，从而实现隐身；
②动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
（2）①根据表格数据确定时飞机受到的阻力大小，根据平衡力的知识计算牵引力大小，根据P=Fv计算飞机的输出功率。
②根据计算燃料放出的热量，根据计算飞机做的有用功，根据表格确定v=500m/s时飞机受到的牵引力，最后根据计算飞机的最大航程。
（3）根据表格数据确定阻力和速度的数量关系，据此推算最大速度时产生的牵引力，最后与飞机的重力作比即可；
（4）根据串联电路的分压规律分析电阻两端电压的变化规律即可。
（1）[1]雷达靠电磁波反射探测目标，隐形战机吸收雷达发射的电磁波实现隐身。
[2]飞机水平匀速飞行，不考虑燃油质量变化时，质量、速度不变，动能不变，高度不变，重力势能不变，因此机械能不变。
（2）[1]飞机匀速飞行，牵引力，由表格得时，，输出功率
[2]加满燃油时，燃油总质量
燃油完全放热
发动机有用功
时，，，由得，飞机的最大航程
（3）由表格规律可得：阻力与速度平方成正比，
最大航行速度，得
牵引力
最大起飞重力
推重比
（4）电源输出电流恒定，与串联：位置2在干路，电流表示数等于恒定的总电流，不随高度变化；位置1测电压， ，、都不变，电压表示数不变；位置3测电压，高度增大时，由图乙得 增大， ，恒定，所以随增大而增大，符合要求，因此高度表装在位置3。
1 / 12026年广东省惠州市初中学业质量检测（期中）物理试卷
1．惠东梁化菠萝果实饱满，如图所示为小明爸爸手上的菠萝（带叶子）全长L约（　　）
A．10cm B．10dm C．40cm D．40dm
2．贾湖骨笛是我国考古发现的最早乐器。吹奏时，手指按住骨笛不同的音孔，改变了笛声的（　　）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
3．小明利用一块质地均匀的木块雕刻出一个飞马木雕，在雕刻过程中不变的是木块的（　　）
A．体积 B．质量 C．密度 D．形状
4．如图所示，日晷是我国古代的一种计时工具，通过观察直杆在太阳下的影子所在的位置来确定时间。日晷的计时原理利用的是（　　）
A．光的反射 B．光的折射
C．光的色散 D．光的直线传播
5．如图所示是我国传统的走马灯，点燃底部蜡烛，上升的热空气驱动扇叶转动，此过程类似四冲程汽油机的（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
6．小明想设计一座在海边抗风休息站，为使休息站不易被风吹飞，其顶部横截面应设计成（　　）
A． B．
C． D．
7．小明设计了一台能调节风速的电风扇，下列符合要求的电路图是（　　）
A． B．
C． D．
8．如图所示，小明坐在右边的小船上，用力推左边的小船，两条小船向　 　方向移动（选填“相同”或“相反”），说明力的作用是　 　，以右边小船为参照物，小明是　 　的。
9．如图所示为古代蜀地人使用的“夹瓷盏”省油灯，原理是夹层里水的　 　较大，升高相同温度时吸收更多的热量，可以快速降低油的温度减少油的消耗，此过程水的内能是通过　 　的方式增加的；在燃烧油的过程中会闻到味道，因为分子在不停地做　 　。
10．中国“人造太阳”--大型核实验装置“东方超环”（EAST）取得重大突破，如图所示。其反应原理与太阳类似，通过核聚变释放巨大的核能，核能是　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；装置中，通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，是利用了电流的　 　效应。
11．如图所示，小明用8N的握力握住一个总重5N的杯子，静止不动，此时杯子受到摩擦力的大小为　 　N，方向竖直向　 　，小明将握力增加到10N，杯子仍然保持静止，则杯子所受摩擦力的大小将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
12．如图所示，《天工开物》中对釜的铸造有“铁化如水，以泥固纯铁柄勺从嘴受注”这样的记载，其中“铁化如水”描述的物态变化是　 　；将“铁水”注入模具中使“铁水”冷却成固态“釜”，此过程温度保持不变，该过程需要　 　热；说明铁是　 　。（选填“晶体”或“非晶体”）
13．如图所示，是发光二极管的示意图，发光二极管是由　 　材料制成的。我们把它连入电路中，当发光二极管和小灯泡都发光，电流方向为　 　（填“A到B”或“B到A”）；如果较短接线脚接A接线柱，长脚接B接线柱时，发光二极管和小灯泡都不发光，这说明发光二极管具有　 　的性质。
14．如图甲所示，闭合开关，导体ab上下运动时，灵敏电流计的指针　 　（选填“偏转”或“不偏转”）。若实验过程中灵敏电流计的指针偏转角度较小，可通过　 　来增大感应电流。改装成如图乙所示实验装置，闭合开关，当导体棒ab做切割磁感线运动时，导体棒cd会　 　（选填“运动”或“静止”）
15．（1）请在图中作出某潜水艇在海水中悬浮时所受重力G和浮力F的示意图（O为潜水艇的重心）；
（2）如图所示，一束光线与镜面成30°角射向平面镜。请作出对应的反射光线并标出反射角的度数；
（3）如图是酒店实物电路的简化图，同时插入房卡和闭合开关灯才能亮（房卡插槽相当于开关），请在图中完成其简化电路设计。
16．（1）如图所示，铅笔的长度为　 　cm；小石块的重力是　 　N。
（2）小明用频闪拍摄的方法“测量小车运动的速度”，如图所示，相机每隔0.2s曝光一次，拍摄了小车在斜面上下滑的频闪照片。图中小车从A运动到C的速度是　 　m/s。
（3）如图甲是探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置：
①组装好器材后，用酒精灯给水加热，如图乙所示的温度计的示数为　 　℃。
②如图丙是根据实验数据绘制出水的温度随加热时间变化关系的图像，由图可知水沸腾的特点是：水沸腾时，　 　。
③利用如图所示装置探究水沸腾的条件，对三支大试管中的水加热，使之保持沸腾，则小试管中的水会沸腾的是　 　（填字母）。
A. B. C.
17．小明想探究凸透镜成像的规律，实验器材有：一个凸透镜、光屏、高度为3.0cm的光源、光具座和刻度尺。
（1）实验前小明想利用太阳光估测凸透镜的焦距，如图中凸透镜和光屏的位置正确的是______；
A． B．
C． D．
（2）由（1）测出凸透镜的焦距f为10.0cm，再用如图的装置开始实验，要调整光源、凸透镜和光屏的中心在　 　；在光源的选择上，小明认为“F”型光源比“T”型光源更好，原因是　 　；
（3）实验时，物距从28.0cm开始，逐渐减小物距。下表是他们记录的物距、像距、像的高度和正倒情况，请根据表格数据回答以下问题：
物距u/cm 28.0 24.0 20.0 16.0 12.0 10.0 6.0 2.0
像距v/cm 15.7 17.3 20.0 26.6 60.4 \
\
像的高度h/cm 1.7 2.1 3.0 5.0 15.1 \ \ \
像的正倒 倒 倒 倒 倒 倒 \ 正 正
①分析实验数据可知，当物距，即　 　（选填“u>2f”或“u=2f”或“f②取下光屏，在图乙中a处沿凸透镜主光轴直接观察F光源从物距28.0cm移动到2.0cm过程中的像，如图为实验光源，则观察到的像不可能是图中的　 　。（选填序号）
18．小明需要测量小灯泡正常发光时灯丝的电阻，使用器材如下：额定电压为2.5V的小灯泡，电压恒为4V的电源，电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线等。
（1）用笔画线将图甲中的电路连接完整。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态；闭合开关后发现小灯泡不发光，电压表示数接近电源电压，电流表示数接近于零，则故障可能是小灯泡　 　（选填“短路”或“断路”）。
（3）排除故障后，调节滑片，当电压表示数为1V时，电流表示数如图乙所示，为　 　A。
（4）为了测量小灯泡正常发光时的电阻，逐渐调节滑动变阻器，发现无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，下一步操作是：　 　。
（5）调整实验后，分别记录电压表和对应的电流表示数，将实验数据记录在如下表格中，通过计算可知小灯泡正常发光时的电阻值为　 　Ω（结果保留一位小数）；
次数 1 2 3 4 5
电压U/V 1 1.5 2 2.5 3
电流I/A
0.19 0.22 0.24 0.27
（6）根据实验数据描点、绘制出灯丝的电流与电压关系图像如图丙所示，分析图像可知：探究电流与电压的关系时，不能选用灯泡的原因是　 　。
19．如图是我国第五代隐身舰载战斗机歼-35。歼-35满载起飞总质量约为静止在水平跑道上轮胎与跑道的总接触面积为，最大飞行速度约为2800km/h。已知g=10N/kg，求该飞机：
（1）满载时受到的总重力；
（2）满载时对跑道的压强；
（3）以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程。
20．如图甲所示是一款利用高温水蒸气熨烫衣服的家用便携式挂烫机，图乙是其简化电路图，R1、R2均为电热丝，其中R1的阻值为40Ω，电源电压为220V。只闭合S 时低温挡工作，S1、S2都闭合时高温挡工作。若挂烫机中加入2kg、初温为20℃的水，在高温挡正常工作5min可将水加热到55℃。［水的比热容取]求：
（1）高温挡时电路的电流；
（2）水吸收的热量；
（3）电路消耗的总电能。
21．杆秤作为传统衡器，不仅是计量重量的工具，更承载着中华历史文脉与传统智慧，正所谓“秤砣虽小压千斤”。杆秤的构造如图甲所示，称量时将被称量物体放在秤盘中，移动系秤砣的挂绳使秤杆水平平衡，根据挂绳所处位置的秤星（刻度）就可以读出被称量物体的质量。小明对杆秤很感兴趣，由此开展制作简易杆秤的学习。
（1）如图甲示，小明用木棒作为秤杆，用细线系一个20g的钩码作为秤砣，把空小盆挂在A点作为秤盘，在B点挂粗绳作为提纽，则　 　点相当于支点。
（2）调节秤砣位置使杆秤水平平衡，标记此时细线的位置0，此位置为秤的定盘星，对应的质量刻度值为　 　g。
（3）在秤盘中逐个添加50g的砝码，调节秤砣位置使秤杆水平平衡，记录细线的位置、标记相应的质量，再测出细线距离B点的长度（如表），根据表中数据，应将150g的刻度值标记在距离B点　 　cm处。
托盘中砝码总质量/g 50 100 150 200
距离B点的长度/cm 7 12
22
（4）在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，每一格就表示　 　g，即为该杆秤的分度值。
（5）在称重过程中若杆秤左低右高，如图乙所示，则此时杆秤所示的质量值　 　被测物的真实质量值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（6）请你提出一个增大杆秤量程（称量）的方法：　 　。
22．水下机器人可以对海底电缆进行埋深检测、视频摄像、悬空裸露检测。如图甲所示，某水下机器人“小H”由锂电池供电，采用电动机提供动力，如表是“小H”的部分技术参数（能量密度是指电池单位质量所输出的电能）。如图乙为“小H”承受压强的过载保护电路原理图，电源电压为12V，R1是压敏电阻，其电阻值随受到的压强变化关系如图丙所示，触发器的电阻忽略不计，电流表的示数超过0.2A时就触发电动机停止工作，放弃下潜指令，以免“小H”受损伤。
（1）“小H”在海水里下潜的过程中，受到海水的压强变　 　。
（2）“小H”在工作过程中采用电动机提供动力，将电能转化为　 　能。
（3）某次“小H”在海底作业时，需将体积、质量60kg的电子设备提高0.6m，消耗了锂电池总储存能量的0.01%，则电子设备在海水中受到的浮力大小为　 　N，“小H”对电子设备做功为　 　J，此过程中“小H”消耗电能　 　J。（，）
项目名称 电源电压 最大承受压强 提升重物最大高度 锂电池能量密度 锂电池的总质量
数据 60V 0.8m 0.50kW·h/kg 2kg
（4）为保护“小H”，电阻箱R0的阻值至少应为　 　Ω。
23．阅读短文，回答问题。
第五代战斗机-“歼-20”
“歼-20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能。“歼-20”采用先进的光传操控系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速（合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107J/kg，g取10N/kg。）
速度v（m/s） 100 200 300 400 500
阻力f/N 0.6×104 2.4×104 5.4×104 9.6×104 1.5×105
（1）“歼-20”飞机表面能吸收对方雷达发射的　 　波，从而实现隐身，飞机在水平匀速飞行过程中机械能　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；（不考虑燃油的质量变化）
（2）当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率为　 　kW。若在飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约为　 　km（结果保留整数）；
（3）飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼-20”飞机的推重比约为　 　（结果保留一位小数）；
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度。若某测距传感器的阻值R1与离地高度h的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在　 　（选填“1”、“2”或“3”）位置。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】根据图片可知，菠萝（含叶子）的全长L明显比手掌长，大约是手掌长度的2倍左右，而成年人手掌的长度大约在18~20cm左右，因此菠萝的长度约为40cm，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】首先估测成年人手掌的长度，然后将菠萝长度与其比较，从而确定菠萝的长度即可。
2．【答案】A
【知识点】声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】吹奏骨笛时，是里面空气柱的振动发声。手指按住不同的音孔，改变了骨笛内空气柱的长度，即改变的空气柱的振动频率，从而改变了笛声的音调。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】音调与物体的振动频率大小有关，响度与物体的振幅大小有关，音色与发声体的结构特点有关。
3．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】A．对木块进行雕刻创作时，会去除掉部分材料，因此木块的体积会减小，故A错误；
B．质量指的是物体所含物质的多少，雕刻后木块所含的物质减少，因此木块的质量会变小，故B错误；
C．密度是物质本身的一种固有特性，它的大小只和物质的种类、状态等因素有关，和物体自身的质量、体积都没有关系。本题中木块材质均匀，雕刻过程中木块的物质种类没有发生变化，因此它的密度不变，故C正确；
D．雕刻本身就是改变木块原有形状的过程，因此木块的形状一定会发生改变，故D错误。
故选 C。
【分析】雕刻时，木头的质量、形状、体积均发生变化，种类不变，密度不变。
4．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】光在同种均匀介质中是沿直线传播的，当光传播到不透明的障碍物上时，光线无法绕过障碍物，因此就会在障碍物后方形成一块光照不到的黑暗区域，也就是影子。日晷正是利用晷针影子的方向、长短变化，来粗略推断时刻的计时工具，故D正确，A、B、C错误。
故选D。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等。
5．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程
【解析】【解答】根据图片可知，点燃走马灯内的蜡烛时，气体温度升高密度减小向上运动，从而推动上方的扇叶做功而转动，这个过程中将气体的内能转化为机械能，与做功冲程的能量转化相同，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。
6．【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】AC．休息站顶部上下表面形状相同，则上下方空气流速相同，压强相等，无额外压力差，故AC不符合题意；
B．休息站顶部上凸下平，上方空气流速快压强小，下方流速慢压强大，会产生向上的升力，更容易被风吹起，故B不符合题意；
D．休息站顶部上平下凸，下方空气流速快压强小，上方流速慢压强大，会产生向下的压力差，能把建筑牢牢压在地面，故D符合题意。
故选D。
【分析】要使休息站不易吹飞，则要求顶部受到大气向下的压力差，根据流体压强和流速的知识分析判断。
7．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A选项中，电风扇和定值电阻是并联连接的，根据并联电路的特点，各支路用电器工作互不影响，因此无法改变通过电风扇的电流，不能调节风速，故A错误；
B选项中，电路中只有电风扇一个用电器，是最简单的电路，无法改变电流大小，因此也不能调节风速，故B错误；
C选项中，电风扇和滑动变阻器串联在电路中，调节滑动变阻器的滑片，就可以改变滑动变阻器接入电路的电阻大小，进而改变整个电路的总电阻，根据欧姆定律，电路中的电流会随之改变，通过电风扇的电流改变后，就可以调节电风扇的风速，故C正确；
D选项中，电风扇和滑动变阻器并联在电路中，并联电路各支路工作互不影响，滑动变阻器的变化不会改变电风扇两端的电压和通过的电流，因此无法调节电风扇的风速，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
8．【答案】相反；相互的；静止
【知识点】力作用的相互性；运动和静止的相对性
【解析】【解答】坐在右侧小船上的小明，对左侧小船施加了一个向左的推力；根据力的相互性，左侧小船同时会对小明和他所在的右侧小船施加一个大小相等、方向相反的反作用力。因此，左侧小船向左运动，右侧小船向右运动，两船向相反的方向移动。这一现象直接说明，物体间力的作用是相互的。在整个过程中，小明始终与右侧小船保持相对静止，二者之间的位置没有发生任何变化。因此，若以右侧小船作为参照物，小明是静止的。
故答案为：相反；相互的；静止。
【分析】（1）当一个物体对另一个物体施加力的作用时，它同时也会受到来自对方的、大小相等、方向相反的反作用力；
（2）两船受力方向相反，因此会向相反方向运动；
（3）判断物体运动或静止，取决于它与参照物之间的相对位置是否发生改变。若位置不变，则物体相对于参照物是静止的；反之则为运动的。
9．【答案】比热容；热传递；无规则运动
【知识点】热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子热运动
【解析】【解答】（1）根据图片可知，省油灯的夹层内为水，而水的比热容较大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同温度时水可以吸收更多热量，因此能降低油的温度减少油的消耗。
（2）在省油灯燃烧时，水吸收油放出的热量，属于能量的转移，那么是利用热传递改变内能。
（3）燃烧油时能闻到味道，是因为油分子在空气中不停地做无规则运动，属于扩散现象。
【分析】（1）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（2）热传递改变内能的本质为能量的转移；
（3）扩散现象的本质是分子的无规则运动。
10．【答案】不可再生；磁
【知识点】能源及其分类；通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】（1）核能使用的燃料使用后无法短时间内产生，属于不可再生能源。
（2）通电线圈产生的磁场将超高温等离子体约束在磁场中，即电流通过导体产生磁场，这是利用了电流的磁效应。
【分析】（1）可以在短时间内得到补偿的能源为可再生能源，否则为不可再生能源；
（2）根据电流的磁效应解答。
11．【答案】5；上；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的方向
【解析】【解答】（1）杯子在竖直方向上保持静止时，它受到的总重力和摩擦力是一对平衡力，即二者大小相等，方向相反，那么此时杯子受到的摩擦力f=G=5N，方向竖直向上。
（2）小明将握力增加到10N时，杯子仍然保持静止，摩擦力与总重力仍然平衡，即摩擦力仍然等于重力。杯子的重力保持不变，因此杯子受到的摩擦力不变。
【分析】（1）对杯子进行受力分析，根据平衡力的知识计算杯子受到的摩擦力；
（2）当握力增大时，再次根据平衡力的知识分析摩擦力是否改变。
12．【答案】熔化；放；晶体
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；晶体和非晶体
【解析】【解答】（1）“铁化如水”的过程，其实是指铁从固态变成液态发生熔化的过程。
（2）将“铁水”注入模具中使“铁水”冷却成固态“釜”，即铁从液态变成固态的发生凝固现象，凝固过程需要放热。
（3）浇铸时铁水温度始终不变，说明铁是晶体。
【分析】（1）物质从固态变成液态叫熔化，需要吸热；
（2）物质从液态变成固态叫凝固，向外放热；
（3）晶体有熔点（或凝固点），非晶体没有熔点（或凝固点）。
13．【答案】半导体；A到B；单向导电
【知识点】电流的方向；半导体特点及作用
【解析】【解答】（1）发光二极管是用半导体材料制成的，半导体材料是指导电性能介于导体和绝缘体之间的材料，具有特殊的电学性质，
（2）在电源外部，电流总是从电源正极出发经用电器流回负极，所以电流方向为A到B；
（3）如果较短接线脚接A接线柱，长脚接B接线柱时，此时接线方向与原来相反，发光二极管和小灯泡都不发光，则此时电路是断路，这说明发光二极管具有单向导电性。
【分析】（1）根据半导体的性质和应用解答；
（2）根据电流方向的规定解答；
（3）根据发光二极管的单项导电性解答。
14．【答案】不偏转；增强磁场；运动
【知识点】磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1） 如图甲所示， 磁感线沿竖直方向，则导体棒ab上下运动时不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不偏转。
（2）磁场越强，导体切割磁感线运动的速度越大，则感应电流越大，那么要增大灵敏电流计的偏转角度，应该增强磁场或加快导体切割磁感线的速度。
（3）根据乙图可知，当让导体棒ab做切割磁感线运动时，导体棒ab中有电流产生。ab与cd串联，则此时导体棒cd中有电流通过，通电的导体棒cd在磁场中受到力的作用将会运动。
【分析】（1）电磁感应的条件：①闭合电路的部分导体；②做切割磁感线运动；
（2）磁场越强，导体切割磁感线运动的速度越大，则感应电流越大；
（3）根据通电导体在磁场中受力运动分析。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图；浮力的示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1） 潜水艇在海水中悬浮时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，二者都作用在重心上。此时浮力与重力是一对平衡力，那么二者大小相等，如下图所示：
（2）根据图片可知，入射光线与镜面的夹角为30°，则此时入射角为：。根据反射角等于入射角可知，此时反射角也为，如下图所示：
（3）根据题意可知，同时插入房卡和闭合开关灯才能亮，说明房卡和开关相互影响，即二者串联后，再与灯泡串联。为了用电安全，控制灯的开关应接在相线与灯之间，如下图所示：
【分析】（1）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）根据光的反射定律“反射角等于入射角”计算并完成作图；
（3）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联，据此确定两个开关的关系，结合家庭电路安全用电的知识解答即可。
（1）潜水艇受到的重力竖直向下，浮力竖直向上，由于潜水艇悬浮则受到的浮力与重力是一对平衡力，大小相等，据此作图。
（2）图中法线已经画出，根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线，入射光线与平面镜的夹角为，所以入射角为
故反射角也为。据此作图。
（3）同时插入房卡和闭合开关灯才能亮（房卡插槽相当于开关），房卡插槽应与开关、灯串联接入家庭电路。且控制灯的开关应接在相线与灯之间。据此作图。
16．【答案】（1）5.85；0.8
（2）1
（3）98；温度不变；C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；探究水的沸腾实验；刻度尺的使用；测量物体运动的平均速度；沸点与气压的关系
【解析】【解答】（1）①根据图片可知，该刻度尺的分度值是1mm，准确值为5.8cm，估读值为0.05cm，则铅笔的长度为5.85cm。
②根据图片可知，该弹簧测力计的分度值为0.1N，则小石块所受的重力为0.8N。
（2）根据图片可知，小车从A运动到C中间有两个间隔，则所用的时间是tAC=0.2s×2=0.4s，小车从A点到C点的路程；
则小车从A运动到C的速度。
（3）①根据乙图可知，该温度计的分度值是1℃，读数为：90℃+1℃×8=98℃。
②根据丙图可知，第4min开始，水温度保持99℃不变，则水沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
③大小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热。
A、B中大试管上方和小试管上方大气压强相等，即水的沸点相同，那么在大试管中的水不断沸腾的过程中，A、B中的小试管无法从大试管中吸收热量，所以A、B小试管中的水不会沸腾；
而C图中，大试管是封口的，气压增大沸点升高，即大试管中的水的沸点比小试管中水的沸点高，能从大试管中吸收热量，所以C中小试管中的水会沸腾。
【分析】（1）①根据图片确定刻度尺的分度值，根据“测量值=准确值+估读值”记录两个刻度值，最后相减即可；
②根据图片确定测力计的分度值，根据指针位置读出小石块的重力。
（2）根据图片确定小车通过AC的时间和路程，根据计算速度；
（3）①根据乙图确定温度计的分度值，根据液面位置读出示数；
②根据丙图分析水沸腾时的温度变化特点；
③大小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热，结合液体沸点随上方气压的增大而升高的规律分析。
（1）[1]由图可知，刻度尺的分度值是1mm，铅笔的左端与零刻度线对齐，铅笔的右端与5.85cm对齐，铅笔的长度为5.85cm。
[2]由图可知，弹簧测力计的分度值为0.1N，示数为0.8N，则小石块所受的重力为0.8N。
（2）相机每隔0.2s曝光一次，图中小车从A运动到C，中间有两个间隔，所用的时间是0.4s，小车从A点到C点的路程
图中小车从A运动到C的速度
（3）①[1]由图乙可知，温度计的分度值是1℃，读数为98℃。
②[2]由图丙可知，第4min开始，水温度保持不变，说明水已经沸腾，可以得到水沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
③[3]大试管和小试管里都装有水，给三支大试管中的水加热，使之保持沸腾。小试管中的水要想沸腾，必须具备两个条件，一是温度达到沸点，二是持续吸热；在大试管中的水不断沸腾的过程中，A、B中的小试管无法从大试管中吸收热量，所以A、B小试管中的水不会沸腾；而C图大试管中的水的沸点比小试管中水的沸点高，能从大试管中吸收热量，所以C中小试管中的水会沸腾。
17．【答案】（1）C
（2）同一高度；便于比较成像性质
（3）f【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行于主轴的光线经过凸透镜后，折射光线经过另一侧的焦点。而太阳光看作平行光线，让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑，光斑到透镜中心的距离即为焦距，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）① 在探究凸透镜成像的规律的实验中， 应将蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心调整在同一高度，目的是为了使像成在光屏中央。
②凸透镜成的实像是倒立的，即上下左右颠倒，为了直观地观察像的左右关系和倒正关系，应该选择左右和上下都不对称的物体，因此“F”型光源比“T”型光源更好，原因是：便于比较成像性质。
（3）①当物距时，满足f②凸透镜成的实像都是倒立的，依次为缩小、等大和缩小的，成的虚像都是正立的，且是放大的，没有缩小的，则不可能是图中的①。
【分析】（1）根据利用阳光测量凸透镜焦距的方法判断；
（2）①根据探究凸透镜成像规律实验的注意事项分析；
②凸透镜成的实像是倒立的，即上下左右颠倒，为了直观地观察像的左右关系和倒正关系，应该选择左右和上下都不对称的物体。
（3）①比较物距和焦距的位置关系，从而确定成像特点和应用；
②凸透镜成的虚像都是正立的，且是放大的，没有缩小的。
（1）利用太阳光测量凸透镜焦距，应让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑，光斑到透镜中心的距离即为焦距，故C正确，ABD错误。
故选C。
（2）为了使像成在光屏中央，应将蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心调整在同一高度。
“F”型光源比“T”型光源更好，“F”型光源左右不对称，更能直观地观察像的左右关系和倒正关系，即便于比较成像性质。
（3）已知凸透镜焦距为10.0cm，当物距时，满足fF光源从物距28.0cm移动到20.0cm过程中，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；当物距等于二倍焦距（20.0cm），成倒立、等大的实像；当F光源从20.0cm移动到10.0cm的过程中，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；当物距从10.0cm移动到2.0cm过程中，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，没有正立、缩小的虚像，观察到的像不可能是图中的①。
18．【答案】（1）
（2）断开；断路
（3）0.16
（4）需要更换最大阻值更大的变阻器
（5）10.4
（6）灯泡的电阻随温度的升高而增大
【知识点】电流的测量及电流表的使用；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在伏安法测电阻的实验中，滑动变阻器与灯泡串联，且接线“一上一下”，只需将电源的“-”接线柱与变阻器右上角的接线柱相连即可，如下图所示：
（2）①连接电路时，为了防止发生短路烧毁用电器，开关要处于断开状态。
②电流表示数接近于零，则电路中应该出现断路。电压表示数接近电源电压，说明电压表和电源两极之间是通路。比较可知，应该是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）根据图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为：0.1A+0.02A×3=0.16A。
（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即变阻器的阻值越大，分担的电压越大。实验过程中，无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，说明变阻器连入电路的最大阻值较小，需要更换最大阻值更大的变阻器。
（5）根据表格数据可知，当小灯泡的额定电压是2.5V时，通过灯泡的额定电流是0.24A，那么小灯泡正常发光时的电阻值为。
（6）根据控制变量法的要求可知，研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变。而灯泡的电流与电压不成正比，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大，而故不能选用灯泡。
【分析】（1）根据滑动变阻器的接线方法分析；
（2）①根据电路连接的注意事项解答；
②根据电流表和电压表的示数变化确定故障的种类和位置。
（3）根据图乙确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数；
（4）在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即变阻器的阻值越大，分担的电压越大；
（5）根据表格确定灯泡的额定电流，根据计算灯泡正常发光电阻；
（6）根据控制变量法的要求可知，研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变，根据图像确定灯泡的电阻随温度的变化规律即可。
（1）滑动变阻器一上一下串联接入电路中，如图所示：
（2）[1]为了保护电路，连接电路时，开关要处于断开状态。
[2]闭合开关后发现小灯泡不发光，电流表示数接近于零，可能电路中出现断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表和电源之间是通路，故障可能是与电压表并联的小灯泡断路。
（3）由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.16A。
（4）为了测量小灯泡正常发光时的电阻，逐渐调节滑动变阻器，发现无论如何调节滑动变阻器，电压表示数仍大于2.5V，说明变阻器连入电路的最大阻值较小，需要更换最大阻值更大的变阻器。
（5）小灯泡的额定电压是2.5V，由表中数据可知对应的电流是0.24A，小灯泡正常发光时的电阻值为
（6）分析图丙可知，灯泡的电流与电压不成正比，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大，而研究导体中的电流与导体两端电压关系时，要控制电阻不变，故不能选用灯泡。
19．【答案】（1）解：根据题意可知， 歼-35满载起飞总质量约为 ，
则飞机满载时受到的总重力。
（2）解：飞机对跑道的压力等于自身总重力，即
轮胎与跑道的总接触面积为，
则飞机满载时对跑道的压强。
（3）解：根据题意可知，飞机的最大飞行速度为 2800km/h ，
则以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程。
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据G=mg计算飞机的总重力；
（2）飞机对跑道的压力等于自身总重力，利用计算飞机对跑道的压强；
（3）根据s=vt计算以最大速度飞行12min通过的路程。
（1）飞机满载时受到的总重力
（2）飞机静止在水平跑道上，对跑道的压力等于自身总重力，即
满载时对跑道的压强
（3）以最大飞行速度匀速飞行12min所通过的路程
20．【答案】（1）解：根据乙图可知，当开关、都闭合时，此时短路，电路中只有，为高温档，
则此时通过电路的电流为。
（2）解：根据题意可知， 2kg初温为20℃的水加热到55℃时吸收的热量为。
（3）解：综上所述，通过电路的电流为5.5A，则5min内电路消耗的总电能为。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）根据乙图可知，当开关、都闭合时，此时短路，电路中只有，为高温档，根据计算通过电路的电流；
（2）根据计算水吸收的热量；
（3）根据W=UIt计算电路消耗的电能。
（1）、都闭合时，高温挡工作。此时短路，电路中只有，由欧姆定律得，高温挡时电路的电流为
（2）水吸收的热量为
（3）电路消耗的总电能为
21．【答案】（1）B
（2）0
（3）17
（4）1
（5）小于
（6）将提纽向左移动适当距离
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）根据图甲可知，木棒相当于杠杆，秤盘施加阻力，秤砣施加动力，杠杆可绕B点转动，所以B点是支点。
（2）当杆秤平衡时，秤砣所在位置的刻度就是秤盘中物体的质量。此时秤盘中没有放物体，则该位置对应的质量刻度值为0。
（3）根据题意可知，当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，秤砣质量，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：；①
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：；②
联立①②解得：，
当托盘中砝码总质量为，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得到：
解得：。
（4）托盘中增加50g砝码，刻度值增加5cm，在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，把0~50g平均分成50格，每格表示：1g。
（5）杆秤左低右高，则要使杆秤平衡，需要秤砣继续向右移动，那么说明此时读出的质量值小于被测物的真实质量值。
（6）要增大杆秤的量程，即要增大秤盘一侧的重力，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此时要减小秤盘一侧的力臂长度，即将提纽向左移动适当距离。
【分析】（1）当杠杆转动时，它围绕着不动的点为支点；
（2）当杆秤平衡时，秤砣所在位置的刻度就是秤盘中物体的质量。
（3）当杆秤平衡时，满足，从表格中选取两组数据列方程计算秤盘的质量和AB的长度，再据此计算150g的刻度值所在的位置。
（4）画上49个刻度，则平均分成50份，据此计算分度值；
（5）根据杆秤的翘起情况判断此时秤砣所在的刻度偏大还是偏小即可；
（6）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力臂和阻力臂的变化即可。
（1）由图甲可知，木棒可绕B点转动，所以B点是支点。
（2）此时秤盘中没有放物体，此时调节杆秤水平平衡，消除杆秤自重和秤盘质量的影响，则该位置对应的质量刻度值为0。
（3）根据杠杆平衡条件可得
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，秤砣质量，根据杠杆平衡条件可知①
当托盘中砝码总质量为，距离B点的长度是，根据杠杆平衡条件可知②
联立①②解得，
当托盘中砝码总质量为，根据杠杆平衡条件得
解得
（4）由表中数据可知，托盘中增加50g砝码，刻度值增加5cm，在每相邻两细线的位置处均匀地画上49条刻度线，把0~50g平均分成50格，每格表示1g。
（5）杆秤左低右高，说明秤砣所在的位置比平衡时更靠近支点，此时读出的质量值小于被测物的真实质量值。
（6）将提纽向左移动适当距离，对应的阻力臂减小，秤砣的质量不变，则动力不变，根据杠杆平衡条件可知，动力臂将变小，而杆秤的长度不变，杆秤的量程将变大。
22．【答案】（1）大
（2）机械
（3）90；306；360
（4）40
【知识点】能量的转化或转移；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据题意可知，“小H”在海水里下潜时深度不断变大，由液体压强公式可知，受到海水的压强变大。
（2）小H”在工作过程中采用电动机提供动力，电动机工作时消耗电能，产生机械能，将电能转化为机械能。
（3）①“小H”在海底作业时，它排开水的体积等于自身体积，
电子设备受到的浮力为；
电子设备的重力为；
根据平衡力的知识可知，“小H”对电子设备的拉力为；
“小H”对电子设备做的功。
②根据表格数据可知，锂电池的总能量为W=；
消耗锂电池的能量为。
（4）根据表格数据可知，“小H”承受的最大压强为。根据图像可知，此时压力传感器的阻值，
此时电路总电阻；
电阻箱R0接入的最小阻值。
【分析】（1）根据分析受到海水的压强变化；
（2）根据电动机工作时的能量转化解答；
（3）①根据阿基米德原理计算电子设备受到的浮力，根据平衡力的知识计算它受到的拉力，根据W=Fs计算对电子设备做的功；
②根据W=能量密度×电池质量计算锂电池储存的能量，然后计算消耗的能量。
（4）根据图像确定压力传感器的电阻，根据计算总电阻，根据计算此时电阻箱的阻值。
（1）“小H”在海水里下潜的过程中，深度变大，由可知，受到海水的压强变大。
（2）电动机工作时，消耗电能，产生机械能，将电能转化为机械能。
（3）[1]电子设备受到的浮力为
[2]电子设备的重力为
“小H”对电子设备的拉力为
“小H”对电子设备做的功
[3]锂电池的总能量为
消耗锂电池的能量为
（4）由图丙可知，“小H”承受的最大压强为，由表格数据知压力传感器的阻值，电路总电阻
电阻箱R0接入的最小阻值
23．【答案】（1）电磁；不变
（2）；1333
（3）1.2
（4）3
【知识点】功率计算公式的应用；动能和势能的大小变化；热机的效率；重力及其大小的计算；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）①雷达首先发射电磁波，遇到障碍物后被反射回来，它根据反射回的电磁波确定目标的距离和形状等信息，而隐形战机吸收雷达发射的电磁波实现隐身。
②飞机水平匀速飞行时，质量和速度不变，则它的动能不变；质量不变，高度不变，则重力势能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，飞机的机械能不变。
（2）①根据表格数据可知，当时，阻力，
飞机匀速直线飞行时受力平衡，即牵引力等于阻力，
则输出功率。
②根据题意可知，飞机加满燃油的质量，
燃油完全放热；
已知飞机发动机的效率是40%，
则发动机有用功。
根据表格数据可知，当时，阻力，
则飞机的最大航程。
（3）根据表格数据可知，阻力与速度平方成正比，那么得到：；
根据题干描述可知，该飞机的最大航行速度，
则此时飞机受到的阻力为：，
根据平衡力的知识可知，此时飞机产生的牵引力；
已知最大起飞质量为27t，则最大起飞重力，
那么推重比，
（4）根据丙图可知，定值电阻与测距传感器串联。根据乙图可知，当高度增大时，测距传感器的阻值增大。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，此时R1两端电压变大，因此电压表应该并联在R1两端，即安装在3的位置。
【分析】（1）①只要没有反射回的电磁波被雷达接收到，则雷达就不能发现飞机的存在，从而实现隐身；
②动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
（2）①根据表格数据确定时飞机受到的阻力大小，根据平衡力的知识计算牵引力大小，根据P=Fv计算飞机的输出功率。
②根据计算燃料放出的热量，根据计算飞机做的有用功，根据表格确定v=500m/s时飞机受到的牵引力，最后根据计算飞机的最大航程。
（3）根据表格数据确定阻力和速度的数量关系，据此推算最大速度时产生的牵引力，最后与飞机的重力作比即可；
（4）根据串联电路的分压规律分析电阻两端电压的变化规律即可。
（1）[1]雷达靠电磁波反射探测目标，隐形战机吸收雷达发射的电磁波实现隐身。
[2]飞机水平匀速飞行，不考虑燃油质量变化时，质量、速度不变，动能不变，高度不变，重力势能不变，因此机械能不变。
（2）[1]飞机匀速飞行，牵引力，由表格得时，，输出功率
[2]加满燃油时，燃油总质量
燃油完全放热
发动机有用功
时，，，由得，飞机的最大航程
（3）由表格规律可得：阻力与速度平方成正比，
最大航行速度，得
牵引力
最大起飞重力
推重比
（4）电源输出电流恒定，与串联：位置2在干路，电流表示数等于恒定的总电流，不随高度变化；位置1测电压， ，、都不变，电压表示数不变；位置3测电压，高度增大时，由图乙得 增大， ，恒定，所以随增大而增大，符合要求，因此高度表装在位置3。
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