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广东省揭阳市惠来县2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．以下选项中受到重力最接近0.5N的是（　　）
A．一个中学生 B．一只母鸡 C．一只鸡蛋 D．一张课桌
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、一个中学生的质量大约为50kg，其重力，故A不符合题意；
B、一只母鸡的质量大约为2kg，其重力，故B不符合题意；
C、一只鸡蛋的质量大约50g，即0.05kg，其重力，故C符合题意；
D、一张课桌的质量接近10kg，其重力，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】根据生活常识估算各物体质量，再利用公式计算重力，与题目要求对比得出答案。
2．下列关于一些物理知识，说法中正确的是（　　）
A．日常吃饭用的筷子是省力杠杆
B．鞋底凹凸不平的花纹是为了减小摩擦力
C．针头尖细是为了减小压强
D．物体在任何情况下都有惯性
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用；杠杆及其五要素
【解析】【解答】A、吃饭时使用的筷子，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、鞋底有凹凸的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、针头尖细时，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D、一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，惯性不是力，只与物体的质量有关，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查杠杆的分类，需根据动力臂与阻力臂的大小关系判断杠杆类型；
B、考查增大摩擦力的方法，需理解接触面粗糙程度对摩擦力的影响；
C、考查增大压强的方法，需明确受力面积对压强的影响；
D、考查惯性的概念，需区分惯性与力的不同，理解惯性的影响因素。
3．一个杯子放在水平桌面处于静止状态。下列各对力中，属于平衡力的是(　　)
A．桌子受到的重力和杯子对桌面的压力
B．桌子受到的重力和桌面对杯子的支持力
C．杯子受到的重力和杯子对桌面的压力
D．杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力
【答案】D
【知识点】平衡力的辨别
【解析】【解答】平衡力的四个条件是，作用在同一个物体上力，大小相等，方向相反，并且作用在同一条直线上。
A.桌子受到的重力和杯子对桌面的压力 不合题意；
B.桌子受到的重力和桌面对杯子的支持力 不合题意；
C.杯子受到的重力和杯子对桌面的压力 不合题意；
D.杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力 符合题意。
故选D。
【点评】平衡力的条件是，作用在同一个物体上力，大小相等，方向相反，并且作用在同一条直线上。
4．如图所示，不能用流体压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．图甲所示向两张纸中向吹气，纸张向中间靠拢
B．图乙所示用吸管吸饮料
C．图丙所示向B管吹气，A管中的水面上升
D．图丁所示飞机产生升力的原因
【答案】B
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：图甲中，向两张纸的中间吹气时，两张纸中间区域空气的流速更大，压强更小，而两张纸的外侧空气流速更小，压强更大，由此会产生一个指向纸内侧的压强差，因此两张纸会向中间靠拢，该现象利用的是流体压强与流速的关系，故A错误；
B：用吸管吸饮料时，我们吸出吸管内的空气后，吸管内部的气压会降低，小于外界的大气压强，饮料就会在外界大气压的作用下被压入口中，这个现象是利用了大气压强的原理，故B正确；
C：图丙中，向B管吹气时，A管的上方空气流速会变大，A管上方的压强减小，A管内气压小于外界大气压，液体就会在外界大气压的作用下沿A管上升，该现象同样利用了流体压强与流速的关系，故C不错误；
D选项：机翼的形状上凸下平，相同时间内空气流过机翼上表面时流速更大、压强更小，流过机翼下表面时流速更小、压强更大，由此会产生向上的压强差，进而产生向上的压力差，这个压力差就是让飞机获得升力的原因，利用的是流体压强与流速的关系，故D错误。
故选B。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
5．小明在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中，观察到铅笔静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．甲杯液体的密度较小
B．两杯液体的密度相同
C．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大
D．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大
【答案】A
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】A、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力等于自身重力，因此浮力大小相等；根据阿基米德原理，浮力相同时，排开液体的体积越大，液体密度越小。甲杯中铅笔排开液体的体积更大，故甲杯液体的密度较小，故A正确；
B、由上述分析可知，甲杯液体密度小于乙杯液体密度，故B错误；
C、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力都等于自身重力，因此在甲杯液体中受到的浮力与在乙杯液体中受到的浮力相等，故C错误；
D、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力都等于自身重力，因此在乙杯液体中受到的浮力与在甲杯液体中受到的浮力相等，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查阿基米德原理与物体漂浮条件的综合应用，核心是利用“浮力相等时，排开液体体积与液体密度成反比”的规律；
B、考查液体密度的比较，需结合排开液体体积的差异，通过阿基米德原理判断；
C、考查漂浮条件的应用，明确漂浮时浮力等于物体重力，与液体密度无关；
D、考查漂浮条件的应用，明确同一物体漂浮在不同液体中时，浮力大小均等于自身重力。
6．如题图所示，水平桌面上有一长为L ，质量分布均匀的木板M ，右端与桌边相齐，在水平力F 的作用下，沿直线向右匀速离开桌边，在此过程中，下列说法正确的是（　　）
A．M对桌面的压强变小，压力不变
B．M对桌面的压强不变，压力不变
C．M对桌面的压强变大，摩擦力不变
D．M对桌面的压强变大，摩擦力变小
【答案】C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】图中，木板被拉出一小段距离时，对桌面的压力等于木板重力，大小不变；但受力面积逐渐减小，根据p=，对桌面的压强逐渐增大；因为压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，摩擦力和接触面积无关，C符合题意。
故选C。
【分析】物体对水平面的压力和物体的重力相等；压力一定时，受力面积变小，压强变大；滑动摩擦力和受力面积无关。
7．游泳时佩戴的泳圈是防止溺水的有效方法，如图所示，质量为50kg的小蓉佩戴游泳圈后，能静静地漂浮在水面上，她的受到的浮力大小约（　　）
A．5000N B．500N C．50N D．0N
【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、人漂浮时浮力等于自身重力，50kg 人体重力约 500N，浮力不会达到 5000N，故 A 不符合题意；
B、由重力公式算出人体约 500N，漂浮时浮力与重力大小相等，故 B 符合题意；
C、50N 浮力远小于人体重力，无法维持漂浮状态，故 C 不符合题意；
D、漂浮物体一定受浮力作用，浮力不可能为零，故 D 不符合题意；
故答案为：B。
【分析】A、考查漂浮受力特点，明确漂浮时浮力和重力大小基本相当；
B、考查重力估算与漂浮条件，结合生活质量常识即可快速判断；
C、考查受力平衡理解，浮力过小无法平衡人的重力；
D、考查浮力基本概念，漂浮状态必定受到水的浮力作用。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．力的作用效果跟力的　 　、　 　和作用点有关；牛顿第一定律的内容为：一切物体在没有受到力作用时，总保持　 　状态或匀速直线运动状态。
【答案】大小；方向；静止
【知识点】力的三要素及力的示意图；牛顿第一定律
【解析】【解答】力的作用效果由力的三要素共同决定，这三要素分别是力的大小、方向和作用点。
牛顿第一定律是在可靠实验事实的基础上，通过科学推理得出的，其内容为：一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，直到有外力迫使它改变这种状态为止。
故答案为：大小；方向；静止；
【分析】直接回忆并写出力的三要素的定义，明确这三个要素会影响力的作用效果。
明确牛顿第一定律的研究方法（实验 + 推理），并完整写出定律的内容，理解其揭示的 “力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因” 这一核心结论。
9．载人飞船实现了中国人的“飞天梦”。载人飞船返回舱穿越大气层着陆的情景如图所示，此过程中返回舱加速下降并与大气剧烈摩擦，返回舱动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　。（均选填“增加”“减小”或“不变”）。
【答案】增加；减小；减小
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】返回舱加速下降时，质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能减小；同时返回舱与大气剧烈摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，因此机械能减小。
故答案为：增加；减小；减小；
【分析】先根据动能公式 ，分析质量不变、速度增大时动能的变化；再根据重力势能公式 ，分析质量不变、高度减小时重力势能的变化；最后结合摩擦生热现象，分析机械能与内能的转化，得出机械能的变化情况。
10．如图所示，用拇指和食指按压一支铅笔的两端，拇指和食指受到的压力分别为和，受到的压强分别为和，则　 　，　 　（两空选填“>”<”或“=”）；若，笔尖的面积为，则　 　Pa。
【答案】=；<；
【知识点】力作用的相互性；压强的大小及其计算
【解析】【解答】图中，铅笔静止，受到平衡力，两个手指受到的压力大小相等，即，拇指的受力面积大于食指的受力面积，根据，则；计算食指受到的压强为：。
【分析】静止的物体受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等；根据，计算压强的大小。
11．如图所示，图甲中木块的长度为　 　cm；天平平衡时，放在天平右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，所测物体的质量为　 　g。图丙所示为实验室常用的弹簧测力计，使用前要检查指针是否指在　 　线上。
【答案】2.15；34；零刻度
【知识点】质量的测量与天平的使用；刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】物体左端与刻度尺的零刻度线对齐，右端对齐2.15cm刻度线，因此物体的长度为2.15cm。
天平标尺的分度值为0.2g，游码对应刻度为4g；物体的质量等于砝码总质量与游码示数之和，即。
弹簧测力计使用前，需检查指针是否指在零刻度线上，若未对齐，要进行校零操作。
故答案为：2.15；34；零刻度；
【分析】使用刻度尺测量长度时，需确定物体两端对应的刻度值，若物体左端对齐零刻度线，则直接读取右端刻度值，同时注意估读到分度值的下一位。
使用天平测量质量时，物体质量等于砝码质量与游码对应刻度值之和，需先确定标尺的分度值，再读取游码对应的刻度。
弹簧测力计使用前，必须进行校零操作，确保指针指在零刻度线上，避免测量结果出现误差。
12．在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，箱子运动的平均速度为　 　m/s；木箱所受重力对木箱做功为　 　J；工人对木箱做功为　 　J。
【答案】1.5；0；600
【知识点】速度公式及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】已知箱子在4秒内移动了6米，根据平均速度公式，可得箱子的平均速度：
木箱所受重力方向竖直向下，与水平位移方向垂直，因此重力不做功，做功大小为0。
推力大小为100N，推动箱子移动了6米，根据功的计算公式，推力做的功：
故答案为：1.5；0；600；
【分析】直接利用平均速度公式 ，将题目中给出的路程和时间代入计算即可。
根据功的定义，当力的方向与物体位移方向垂直时，力不做功；木箱水平移动，重力方向竖直向下，因此重力不做功。
已知推力大小和物体在推力方向上移动的距离，利用功的计算公式 ，直接代入数值计算推力做的功。
13．如图所示，密度为的液体中有体积均为的A、B、C三个实心物体，A正在向上运动，B静止，C正在向下运动。请写出B物体所受的浮力表达式　 　，B物体的密度为　 　。此刻它们受到的浮力分别为，三者的大小关系是　 　，（选填：A/B/C）
A．　　B．　　C．
【答案】；；A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理，B物体浸没在液体中时，所受浮力等于排开液体的重力，表达式为：
B物体静止时悬浮在液体中，根据悬浮条件，其密度与液体密度相等，即。
三个物体体积相同，浸没在同种液体中时排开液体的体积相等，由阿基米德原理可知它们受到的浮力相等，因此选项A符合题意，BC不符合题意，故选A。
故答案为：；；A；
【分析】直接应用阿基米德原理公式，代入题目中的液体密度和物体体积，得出浮力表达式。
利用物体悬浮时的条件，即物体密度与液体密度相等，得出B物体的密度等于液体密度。
根据阿基米德原理，浮力大小由液体密度和排开液体的体积决定；三个物体体积相同、浸没在同种液体中，因此排开液体的体积相等，受到的浮力也相等，据此选出正确选项。
14．将物体A、B置于如图所示的装置中，5s内物体B恰好匀速下降2m，则物体A的速度为　 　m/s，已知A重30N，B重5N，则A所受地面的摩擦力为　 　N；若在A的重心对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A向左匀速直线运动，则拉力　 　N。（不计滑轮组的机械自重与机械摩擦）
【答案】0.2；10；20
【知识点】二力平衡的条件及其应用；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】装置中左侧为动滑轮、右侧为定滑轮，绳子段数，B挂在自由端。5秒内B下降，物体A移动的距离为：，则物体A的速度：
B匀速下降，受力平衡，绳子自由端拉力等于B的重力，即；不计绳重、滑轮重及摩擦，A受到的摩擦力为：
对A施加水平向左的拉力，使A匀速向左运动，因压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小仍为；此时A受向左的拉力、向右的摩擦力和滑轮组的拉力，受力平衡，故拉力：。
故答案为：0.2；10；20；
【分析】根据滑轮组的绳子段数，利用求出A移动的距离，再用速度公式计算A的速度。
由B匀速下降得出绳子拉力等于B的重力，再根据动滑轮的受力特点，用计算A受到的摩擦力。
根据影响滑动摩擦力的因素判断摩擦力大小不变，再对匀速向左运动的A进行受力分析，利用平衡条件求出拉力大小。
三、作图题：本题7分。
15．按要求完成下列作图；
（1）如题图1所示，用一根硬棒通过支点O撬起石头；画过石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂l；
（2）如图2图所示，画出漂浮在水面的小球的受力示意图；
（3）如图3图示所示，物体静止在斜面上，画出A的受力示意图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的示意图；浮力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）重力的作用点在物体重心，方向竖直向下，画出重力的示意图；过支点 O 向动力作用线作垂线段，即为动力的力臂 l ，如下图所示：
故答案为： ；
（2）漂浮在水面的小球受竖直向下的重力 G 和竖直向上的浮力 F 浮，二力大小相等、方向相反，作用点均在小球重心，画出二力的示意图 ，作图如下图所示：
故答案为：；
（3） 静止在斜面上的物体受竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力，三力作用点均在物体重心，画出三力的示意图，作图如下图所示：
故答案为：；
【分析】(1)画重力时，明确作用点（重心）和方向（竖直向下）；画力臂时，遵循 “过支点作力的作用线的垂线” 的步骤，垂线段即为力臂。
(2) 根据漂浮条件，小球受平衡力，重力与浮力大小相等、方向相反，作用点都在重心，按力的示意图规范画出两个力即可。
(3) 对静止在斜面上的物体进行受力分析，确定重力、支持力、摩擦力三个力的方向和作用点，再按力的示意图的画法依次画出各力。
（1）重力的作用点在物体的重心，且方向竖直向下；过支点O作动力作用线的垂线段，即为动力的力臂，如下图所示：
（2）漂浮在水面的小球受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力，作用在均在小球的重心，此时小球处于平衡状态，两个力大小相等，作图如下图所示：
（3）物体静止在斜面上，受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力，作用点均在物体的重心上，作图如下图所示：
四、实验题：本大题共3小题。第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分。
16．某兴趣小组在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，用同一木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
（1）甲、乙、丙三次实验中以相同速度沿水平方向匀速拉动木块，根据　 　知识，弹簧测力计对木块的拉力大小等于滑动摩擦力的大小。
（2）通过对比甲、乙两次实验可知：当接触面粗糙程度相同时，　 　。
（3）通过对比　 　两次实验可知：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）小明同学利用图甲实验装置继续探究滑动摩擦力与速度的关系，改变木块的速度，进行实验，记录的实验数据如图表所示：
实验次数 1 2 3 4
运动速度（m/s） 0.2 0.3 0.4 0.5
测力计的示数（N） 1.2 1.2 1.2 1.2
分析实验数据可知：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度　 　（选填“有关”或“无关”）。
（5）某次实验中拉动木块由静止开始到匀速直线运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F随时间t的变化图象如图丁所示，其中0~3s木块处于静止状态，分析图象可知：要使木块由静止开始运动，至少要　 　N的水平拉力、若实验时木块受到的拉力是1.8N，下列对于木块所处状态的判断，正确的是　 　（选填字母）。
A．始终静止
B．始终做匀速直线运动
C．静止或匀速直线运动
D．条件不足，无法判断
【答案】（1）二力平衡
（2）压力越大，滑动摩擦力越大
（3）甲、丙
（4）无关
（5）2.0；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1) 实验中，用弹簧测力计水平拉动木块，使其在水平桌面做匀速直线运动。此时木块处于平衡状态，水平方向上的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，拉力的大小等于滑动摩擦力的大小。
故答案为：二力平衡；
(2) 对比甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计示数不同，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关，且压力越大，滑动摩擦力越大。
故答案为：压力越大，滑动摩擦力越大；
(3) 对比甲、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，弹簧测力计示数不同；毛巾表面比木板表面粗糙，丙图的拉力更大，说明压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：甲、丙；
(4) 由实验数据可知，木块运动速度逐渐增大时，拉力大小始终不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关。
故答案为：无关；
（5）分析图丁可知，木块的最大静摩擦力为2N，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力。
由图丁可知，木块的最大静摩擦力为 2N，滑动摩擦力为 1.8N；当木块受到的拉力为 1.8N 时，木块可能静止（拉力未超过最大静摩擦力），也可能做匀速直线运动（拉力与滑动摩擦力平衡），因此选项 C 正确，ABD 错误，故选 C。
故答案为：2.0；C；
【分析】(1) 利用二力平衡条件，当物体做匀速直线运动时，水平方向上的拉力与摩擦力大小相等，以此通过弹簧测力计的示数测量滑动摩擦力。
(2) 采用控制变量法，控制接触面粗糙程度不变，改变压力大小，通过弹簧测力计示数的变化，分析压力对滑动摩擦力的影响。
(3) 采用控制变量法，控制压力大小不变，改变接触面粗糙程度，通过弹簧测力计示数的变化，分析接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。
(4) 通过改变木块的运动速度，观察弹簧测力计示数的变化，得出滑动摩擦力与运动速度无关的结论。
(5) 根据图丁分析最大静摩擦力和滑动摩擦力的大小，再结合静摩擦和滑动摩擦的特点，分析拉力为 1.8N 时木块的可能运动状态，选出正确选项。
（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，根据二力平衡知识，拉力的大小等于滑动摩擦力的大小。
（2）对比甲、乙两次实验，当接触面粗糙程度相同时，压力不同，弹簧测力计的示数不同，则物体所受摩擦力不同，说明摩擦力的大小和压力大小有关，而且压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）对比甲、丙两次实验，当压力相同时，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，则物体所受摩擦力不同，毛巾表面比木板表面粗糙，丙图的拉力比甲图的拉力大，可知在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）从表格中的数据可以看出，四次实验中木块运动的速度越来越大，而拉力的大小却始终不变，因此滑动摩擦力的大小与运动的速度无关。
（5）[1]分析图丁可知，木块的最大静摩擦力为2N，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力。
[2]由丁图可知木块的最大静摩擦为2N，滑动摩擦力为1.8N，所以当木块受到的拉力是1.8N时，木块可能静止（还没达到最大静摩擦力），也可能匀速直线运动（拉力等于滑动摩擦力），故ABD错误，C正确。
故选C。
17．利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、数量足够的钩码等实验器材探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前杠杆静止时如图所示，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，调节杠杆在水平位置平衡的目的是：方便测量　 　。
（2）记录实验数据的表格如下表，请将表头栏目、实验所记录的数据补充完整。
实验次数 ①　 　 动力臂 阻力 阻力臂
1 2 0.3 3 0.2
2 4 0.4 8 ②　 　
3 5 ③　 　 6 0.25
【答案】（1）平衡；右；力臂
（2）动力；0.2；0.3
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1)杠杆静止时属于平衡状态，无论杠杆处于水平还是倾斜的静止姿态，只要保持静止，就视为达到了平衡状态。
图中杠杆左端下沉，说明左侧力与力臂的乘积较大，此时需将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆上的刻度重合，可直接从杠杆上读取力臂的数值，避免杠杆倾斜时带来的力臂测量误差。
故答案为：平衡；右；力臂；
(2)表格中缺少动力（即钩码对杠杆的拉力）的物理量名称及单位，应填写“动力”。
根据杠杆平衡条件 ，第二次实验中：，解得。
根据杠杆平衡条件 ，第三次实验中：，解得。
故答案为：动力；0.2；0.32；
【分析】(1)明确杠杆平衡状态的定义，只要杠杆保持静止，无论姿态如何，都属于平衡状态。
根据杠杆的倾斜方向判断哪一侧力与力臂的乘积更大，平衡螺母向偏高的一侧调节，使杠杆水平平衡。
理解杠杆水平平衡的优势，此时力臂与杠杆刻度重合，便于直接读取力臂数值，减小测量误差。
(2)根据实验数据，表格中缺少的是动力这一物理量，需补充完整其名称及单位。
利用杠杆平衡条件（动力×动力臂=阻力×阻力臂），代入已知的动力、动力臂和阻力数值，计算阻力臂。同样利用杠杆平衡条件，代入已知的阻力、阻力臂和动力数值，计算动力臂。
（1）[1]杠杆静止时属于平衡状态，无论杠杆处于何种静止姿态（水平或倾斜），只要静止即视为平衡。
[2]图中杠杆左端下沉，说明左侧力与力臂的乘积较大，需将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
[3]杠杆水平平衡时，力臂与杠杆上的刻度重合，可直接从杠杆上读取力臂数值，避免倾斜时力臂测量误差。
（2）[1]表格中缺少动力（即钩码对杠杆的拉力）的物理量名称及它的单位，应填写“动力”。
[2]根据杠杆平衡条件 ，第二次实验中：4×0.4=8×L2
解得L2=0.2
[3] 根据杠杆平衡条件 ，第三次实验中：5×L1=6×0.25
解得L1=0.3
18．如图1所示，图A、B、C、D、E是“探究浮力大小跟排开液块所受重力的关系”实验的五个步骤。
（1）　 　两步骤可计算出圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力　 　N。A、E两步骤可得出物块排开水所受的重力。比较与，可以得到浮力的大小跟物块排开水所受重力的关系　 　（选填：“<”或“>”或“＝”）。
（2）如图2所示是圆柱块物块从水面缓慢浸入水中时，根据实验数据描绘出弹簧测力计示数F随物块浸入深度h变化的关系图像。分析图像可得：当物块没有浸没之前，h增大时，弹簧测力计示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；当时，物块所受的浮力为　 　N；浸没后，h继续增大时，物块所受的浮力将　 　（选填：变大/不变/变小），该物块的密度是　 　。（水的密度为）
【答案】（1）B、D；1.2；=
（2）变小；0.8；不变；3.5×103
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】(1)由图B可知，物块的重力 ；由图D可知，物块浸没在水中时弹簧测力计的示数 。根据称重法，物块浸没在水中时受到的浮力：
因此，通过B、D两步可计算出物块浸没在水中时的浮力为 。
物块排开水所受的重力 等于桶和排开水的总重减去空桶的重力，通过A、E两步可得出 ；比较 与 ，可得 ，即浮力的大小等于物块排开液体所受的重力。
故答案为： B、D ；1.2；=；
(2)由图2可知，深度为零时弹簧测力计的示数为 ，即物块的重力 。物块未浸没前（深度小于6cm），弹簧测力计示数变小；当 时，示数为 ，此时物块受到的浮力：
物块浸没后（深度6~10cm），弹簧测力计示数保持 不变，由称重法可知浮力大小不变。
物块浸没在水中时拉力为 ，浮力 。根据阿基米德原理，物块的体积：
物块的密度：
故答案为：变小；0.8；不变；3.5×103；
【分析】(1)利用称重法测浮力，通过读取物块的重力和浸没时弹簧测力计的示数，计算浮力大小。
通过测量空桶重、桶和排开水的总重，得出排开水的重力，再与浮力比较，验证阿基米德原理。
(2)根据图像读取不同深度下弹簧测力计的示数，利用称重法计算浮力，并分析浮力随深度的变化规律。
利用阿基米德原理，由浸没时的浮力计算物块体积；再结合重力计算物块的质量，进而求出物块的密度。
（1）[1][2]由图B可知，物块的重力G=4.2N，由图D可知，物块浸没在水中弹簧测力计的示数F示=3N，圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F示=4.2N-3N=1.2N
所以，BD两步骤可计算处圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力F浮=1.2N。
[3]物块排开水所受的重力G排等于桶和排开水的总重减去空桶的重，A、E两步骤可得出物块排开水所受的重力G排，比较F浮与G排，可以得到F浮=G排，即浮力的大小等于物块排开液块所受重力。
（2）[1][2][3]由2图可知，当深度为零时，弹簧测力计的示数是4.2N，物块的重力是4.2N，物块没有浸没前，即圆柱块的深度小于6cm时，弹簧测力计的示数变小，当h=4cm时，弹簧测力计的示数为3.4N，物块受到浮力F'浮=G-F'示=4.2N-3.4N=0.8N
圆柱块的深度在6~10cm时，即物块浸没后，随深度的增加，弹簧测力计的示数保持3N不变，由称重法可知物块受到的浮力不变。
[4]圆柱块物块浸没在水中时拉力是3N，物块受到的浮力F″浮=G-F″示=4.2N-3N=1.2N
物块的体积
该物块的密度
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．如图，“长春”舰满载时排水量为，吃水深度6m（底部到水面距离），（海水的密度为，）求：
（1）满载时，“长春”舰受到的浮力有多大？
（2）“长春”舰满载时其底部受到海水的压强是多少？
（3）“长春”舰以36km/h的速度匀速航行5h，航行距离是多少？若海水平均阻力为，则这一过程中军舰发动机克服阻力做的功是多少？
【答案】（1）满载时，“长春舰”受到的浮力可根据阿基米德原理计算：
（2）“长春舰”满载时，其底部受到海水的压强可由液体压强公式计算：
（3）首先计算航行距离：
再计算发动机克服阻力做的功：
【知识点】速度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 根据阿基米德原理，浸在液体中的物体所受浮力等于排开液体的重力，直接代入排开水的质量与重力加速度计算浮力。
(2) 利用液体压强公式，代入海水密度、重力加速度和舰底所处深度，计算舰底受到的海水压强。
(3) 先通过速度公式计算军舰航行的距离，再利用功的计算公式，代入阻力大小与航行距离，计算克服阻力做的功。
（1）满载时，“长春舰”受到的浮力F浮=G排=m排g=7.5×106kg×10N/kg=7.5×107N
（2）“长春”舰满载时其底部受到海水的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6m=6×104Pa
（3）航行距离s=vt=36km/h×5h=180km=1.8×105m
这一过程中军舰发动机克服阻力做的功W=fs=1.0×106N×1.8×105m=1.8×1011J
20．用如图所示的滑轮组在20s内将重600N的物体从地面竖直提高4m，所用拉力是250N。在这个过程中，求：
（1）有用功是多少？
（2）拉力的功率是多少？
（3）滑轮组机械效率是多少？
【答案】解：（1）提升物体做的有用功：
（2）由图可知，滑轮组绳子段数 ，绳子自由端移动的距离：
拉力做的总功：
拉力的功率：
（3）滑轮组的机械效率：
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 直接利用有用功公式 ，代入物体重力和提升高度计算即可。
(2) 先根据滑轮组绳子段数计算自由端移动距离，再用总功公式 计算总功，最后通过功率公式 求出拉力功率。
(3) 根据机械效率的定义，用有用功除以总功，计算滑轮组的机械效率。
六、综合能力题：本大题共3小题，第21、22小题各6分，23小题7分，共19分。
21．受“曹冲称象”的启发，小明在家利用量筒、碗、水盆和足量的水（密度为ρ水）、油性笔等，测量小玻璃珠的密度，如图所示，实验步骤如下（请将步骤④补充完整）：
①如图甲，取一定数量的小玻璃珠放入空碗中，再把碗放入盛有水的水盆中，用油性笔在碗外壁上标记水面的位置；
②如图乙，往量筒内倒入适量的水，记下量筒中水的体积V1；
③如图丙，取出碗中所有的小玻璃珠并放入量筒中，记下小玻璃珠和水的总体积V2；
④如图丁，将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面 　 　 ，记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积V3。
完成下列填空（选用V1、V2、V3和ρ水，表示以下物理量）：
(1)小玻璃珠的总体积为V= 　 　 ；
(2)小玻璃珠的总质量为m= 　 　 ；
(3)小玻璃珠密度的表达式为ρ= 　 　 ；
(4)在不改变实验方法的前提下，请提出一条提高测量精度的措施： 　 　 （示例：在同等容积的情况下换用碗口面积较小的碗）。
【答案】相平；；；；换用分度值更小的量筒
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】④如图丁，将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面相平，记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积。
故答案为：相平；
(1)小玻璃珠的总体积为：
故答案为：；
(2)图丙与图丁中量筒所测的体积差值，即为丁图碗中水的体积：
小玻璃珠的总质量与丁图碗中水的质量相同，因此：
故答案为：；
(3)小玻璃珠密度的表达式为：
故答案为：；
(4)换用分度值更小的量筒，可以减小体积测量的误差，从而提高整体测量精度。
故答案为：换用分度值更小的量筒；
【分析】(1) 玻璃珠的总体积，等于玻璃珠和水的总体积减去水的体积，因此用即可得到玻璃珠的体积。
(2) 碗中水的体积等于量筒中倒出的水的体积，用丙图的总体积减去丁图剩余的总体积即可；再利用“等效替代法”，玻璃珠漂浮时的质量等于排开水的质量，因此可以用水的质量表示玻璃珠的质量。
(3) 根据密度的定义式，将前面求出的玻璃珠质量和体积代入，即可推导出密度表达式。
(4) 量筒的分度值越小，读数时产生的误差越小，因此换用分度值更小的量筒可以提高测量精度。
22．杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤的示意图，使用时，将待称物体挂在秤钩上，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置D，使秤杆达到水平平衡时可读出待称物体的质量，此秤最大称量是5kg，秤砣最远可移至E点。秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示（g取）。
（1）提起　 　处（选填：B或C）的秤纽，此秤的称量最大；
（2）秤砣质量为　 　；
（3）当提起C处秤纽称一袋质量为1.5kg的荔枝时，D与C之间的距离为　 　m。
【答案】（1）B
（2）0.2kg
（3）0.375
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】(1) 根据杠杆平衡条件，当阻力（物体重力）和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，能称量的物体质量越大。以B为支点时，动力臂为BE；以C为支点时，动力臂为CE，显然，因此提起B处的秤纽时，此秤的称量最大。
故答案为：B；
(2) 当提起B处秤纽、秤砣移到E点时，秤达到最大称量。根据杠杆平衡条件，有，即，可得秤砣质量：
故答案为：0.2kg；
(3) 当提起C处秤纽称荔枝且秤杆水平平衡时，有，即，可得D与C之间的距离：
故答案为：0.375；
【分析】(1) 利用杠杆平衡条件，分析不同支点下动力臂的长度，动力臂越长，能平衡的阻力（物体重力）越大，从而确定称量最大的秤纽。
(2) 根据杠杆平衡条件，将物体和秤砣的重力作为动力和阻力，代入最大称量时的力臂数据，计算秤砣的质量。
(3) 同样利用杠杆平衡条件，以C为支点，代入荔枝的质量、秤砣质量及AC的长度，计算秤砣到C点的距离DC。
（1）根据杠杆平衡条件，当阻力（物体重力）和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，能称的物体质量越大。以B为支点时，动力臂为BE；以C为支点时，动力臂为CE，显然。所以提起B处的秤纽，此秤的称量最大。
（2）当提起B处秤纽，秤砣移到E点时，秤达到最大称量。根据杠杆平衡条件，此时有，即，可得秤砣质量为
（3）当提起处秤纽称荔枝且秤杆水平平衡时，有，即，可得D与C之间的距离
23．九天无人机系统（简称：SS-UAV），是中国航空工业集团自主研发的一款装载涡扇发动机的灵活配置重型无人机，是一款新型、大型无人空中通用平台。“九天”无人机拥有强大的载荷能力，并且配备可快速更换的重载任务舱和8个外挂点，通过换装不同模块化任务载荷，可满足空运空投、信息支援与对抗、火力打击与支援等任务需求，可用于未来高技术、高强度、高对抗体系作战、运输支援以及应急救援等军民用任务和国民经济领域。“九天”无人机机体长度为16.35米，飞机翼展25米，轮子与水平地面接触的总面积为，最大起飞质量16t，最大任务飞行高度15000米，最大飞行速度700km/h，航时大于12小时，航程达到7000公里。（g取）
（1）如图，“九天”无人机以起飞质量12t静止在水平地面时，其受到重力为　 　N，它对地面的压强是　 　Pa。
（2）当“九天”无人机执行某次火力打击与支援任务时，以最大起飞质量起飞，在飞机离开地面的瞬间，飞机受到的竖直向上的升力至少为　 　N；在飞机空投物质前，飞机上的摄像头会将拍摄到的地面物体形成倒立、　 　（选填：放大/等大/缩小）的实像并且实时传输到无人机指挥中心。
（3）当“九天”无人机在10000米高空水平匀速飞行并执行火力打击与支援任务时，8个外挂点的弹药全部完成精准投弹，则无人机投弹后比投弹前动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　（三个空均选填：变大/不变/变小）。
【答案】（1）1.2×105；6×104
（2）1.6×105；缩小
（3）变小；变小；变小
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）如图，“九天”无人机起飞质量12t=12×103kg，静止在水平地面时，压力等于重力，则压力：；
对地面的压强；
（2）“九天”无人机以最大起飞质量起飞，在离开地面的瞬间，受到的竖直向上的升力至少为，
飞机上的摄像头拍摄地面物体时，像比地面物体小，根据凸透镜成像规律，飞机上的摄像头成倒立缩小的实像。
（3）无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，速度不变，则无人机的动能变小。
无人机的高度不变，投弹后的重力势能变小。机械能是动能与重力势能之和，则机械能变小。
【分析】（1）根据F=G=mg，计算压力，利用，计算压强；
（2）根据F升=G，计算升力的大小；摄像头是凸透镜，物体在二倍焦距外，成倒立缩小的实像；
（3）物体的动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
（1）[1]如图，“九天”无人机以起飞质量12t静止在水平地面时，其受到重力
[2]“九天”无人机对地面的压强
（2）[1]“九天”无人机以最大起飞质量起飞，在飞机离开地面的瞬间，飞机受到的竖直向上的升力至少为
[2]飞机上的摄像头拍摄地面物体时形成的像比地面物体小，据凸透镜成像规律得在飞机空投物质前，飞机上的摄像头会将拍摄到的地面物体形成倒立缩小的实像。
（3）[1]无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，则速度不变，故无人机投弹后比投弹前动能变小。
[2]无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，高度不变，故无人机投弹后比投弹前重力势能变小。
[3]机械能等于动能与重力势能之和，两者均变小，则机械能变小。
1 / 1广东省揭阳市惠来县2024-2025学年八年级下学期期末考试物理试题
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．以下选项中受到重力最接近0.5N的是（　　）
A．一个中学生 B．一只母鸡 C．一只鸡蛋 D．一张课桌
2．下列关于一些物理知识，说法中正确的是（　　）
A．日常吃饭用的筷子是省力杠杆
B．鞋底凹凸不平的花纹是为了减小摩擦力
C．针头尖细是为了减小压强
D．物体在任何情况下都有惯性
3．一个杯子放在水平桌面处于静止状态。下列各对力中，属于平衡力的是(　　)
A．桌子受到的重力和杯子对桌面的压力
B．桌子受到的重力和桌面对杯子的支持力
C．杯子受到的重力和杯子对桌面的压力
D．杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力
4．如图所示，不能用流体压强与流速的关系来解释的是（　　）
A．图甲所示向两张纸中向吹气，纸张向中间靠拢
B．图乙所示用吸管吸饮料
C．图丙所示向B管吹气，A管中的水面上升
D．图丁所示飞机产生升力的原因
5．小明在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中，观察到铅笔静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．甲杯液体的密度较小
B．两杯液体的密度相同
C．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大
D．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大
6．如题图所示，水平桌面上有一长为L ，质量分布均匀的木板M ，右端与桌边相齐，在水平力F 的作用下，沿直线向右匀速离开桌边，在此过程中，下列说法正确的是（　　）
A．M对桌面的压强变小，压力不变
B．M对桌面的压强不变，压力不变
C．M对桌面的压强变大，摩擦力不变
D．M对桌面的压强变大，摩擦力变小
7．游泳时佩戴的泳圈是防止溺水的有效方法，如图所示，质量为50kg的小蓉佩戴游泳圈后，能静静地漂浮在水面上，她的受到的浮力大小约（　　）
A．5000N B．500N C．50N D．0N
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．力的作用效果跟力的　 　、　 　和作用点有关；牛顿第一定律的内容为：一切物体在没有受到力作用时，总保持　 　状态或匀速直线运动状态。
9．载人飞船实现了中国人的“飞天梦”。载人飞船返回舱穿越大气层着陆的情景如图所示，此过程中返回舱加速下降并与大气剧烈摩擦，返回舱动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　。（均选填“增加”“减小”或“不变”）。
10．如图所示，用拇指和食指按压一支铅笔的两端，拇指和食指受到的压力分别为和，受到的压强分别为和，则　 　，　 　（两空选填“>”<”或“=”）；若，笔尖的面积为，则　 　Pa。
11．如图所示，图甲中木块的长度为　 　cm；天平平衡时，放在天平右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，所测物体的质量为　 　g。图丙所示为实验室常用的弹簧测力计，使用前要检查指针是否指在　 　线上。
12．在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，箱子运动的平均速度为　 　m/s；木箱所受重力对木箱做功为　 　J；工人对木箱做功为　 　J。
13．如图所示，密度为的液体中有体积均为的A、B、C三个实心物体，A正在向上运动，B静止，C正在向下运动。请写出B物体所受的浮力表达式　 　，B物体的密度为　 　。此刻它们受到的浮力分别为，三者的大小关系是　 　，（选填：A/B/C）
A．　　B．　　C．
14．将物体A、B置于如图所示的装置中，5s内物体B恰好匀速下降2m，则物体A的速度为　 　m/s，已知A重30N，B重5N，则A所受地面的摩擦力为　 　N；若在A的重心对A施加一个水平向左的拉力F，刚好使A向左匀速直线运动，则拉力　 　N。（不计滑轮组的机械自重与机械摩擦）
三、作图题：本题7分。
15．按要求完成下列作图；
（1）如题图1所示，用一根硬棒通过支点O撬起石头；画过石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂l；
（2）如图2图所示，画出漂浮在水面的小球的受力示意图；
（3）如图3图示所示，物体静止在斜面上，画出A的受力示意图。
四、实验题：本大题共3小题。第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分。
16．某兴趣小组在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，用同一木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
（1）甲、乙、丙三次实验中以相同速度沿水平方向匀速拉动木块，根据　 　知识，弹簧测力计对木块的拉力大小等于滑动摩擦力的大小。
（2）通过对比甲、乙两次实验可知：当接触面粗糙程度相同时，　 　。
（3）通过对比　 　两次实验可知：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）小明同学利用图甲实验装置继续探究滑动摩擦力与速度的关系，改变木块的速度，进行实验，记录的实验数据如图表所示：
实验次数 1 2 3 4
运动速度（m/s） 0.2 0.3 0.4 0.5
测力计的示数（N） 1.2 1.2 1.2 1.2
分析实验数据可知：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度　 　（选填“有关”或“无关”）。
（5）某次实验中拉动木块由静止开始到匀速直线运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F随时间t的变化图象如图丁所示，其中0~3s木块处于静止状态，分析图象可知：要使木块由静止开始运动，至少要　 　N的水平拉力、若实验时木块受到的拉力是1.8N，下列对于木块所处状态的判断，正确的是　 　（选填字母）。
A．始终静止
B．始终做匀速直线运动
C．静止或匀速直线运动
D．条件不足，无法判断
17．利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、数量足够的钩码等实验器材探究杠杆的平衡条件。
（1）实验前杠杆静止时如图所示，此时杠杆处于　 　（选填“平衡”或“非平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，调节杠杆在水平位置平衡的目的是：方便测量　 　。
（2）记录实验数据的表格如下表，请将表头栏目、实验所记录的数据补充完整。
实验次数 ①　 　 动力臂 阻力 阻力臂
1 2 0.3 3 0.2
2 4 0.4 8 ②　 　
3 5 ③　 　 6 0.25
18．如图1所示，图A、B、C、D、E是“探究浮力大小跟排开液块所受重力的关系”实验的五个步骤。
（1）　 　两步骤可计算出圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力　 　N。A、E两步骤可得出物块排开水所受的重力。比较与，可以得到浮力的大小跟物块排开水所受重力的关系　 　（选填：“<”或“>”或“＝”）。
（2）如图2所示是圆柱块物块从水面缓慢浸入水中时，根据实验数据描绘出弹簧测力计示数F随物块浸入深度h变化的关系图像。分析图像可得：当物块没有浸没之前，h增大时，弹簧测力计示数　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；当时，物块所受的浮力为　 　N；浸没后，h继续增大时，物块所受的浮力将　 　（选填：变大/不变/变小），该物块的密度是　 　。（水的密度为）
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19．如图，“长春”舰满载时排水量为，吃水深度6m（底部到水面距离），（海水的密度为，）求：
（1）满载时，“长春”舰受到的浮力有多大？
（2）“长春”舰满载时其底部受到海水的压强是多少？
（3）“长春”舰以36km/h的速度匀速航行5h，航行距离是多少？若海水平均阻力为，则这一过程中军舰发动机克服阻力做的功是多少？
20．用如图所示的滑轮组在20s内将重600N的物体从地面竖直提高4m，所用拉力是250N。在这个过程中，求：
（1）有用功是多少？
（2）拉力的功率是多少？
（3）滑轮组机械效率是多少？
六、综合能力题：本大题共3小题，第21、22小题各6分，23小题7分，共19分。
21．受“曹冲称象”的启发，小明在家利用量筒、碗、水盆和足量的水（密度为ρ水）、油性笔等，测量小玻璃珠的密度，如图所示，实验步骤如下（请将步骤④补充完整）：
①如图甲，取一定数量的小玻璃珠放入空碗中，再把碗放入盛有水的水盆中，用油性笔在碗外壁上标记水面的位置；
②如图乙，往量筒内倒入适量的水，记下量筒中水的体积V1；
③如图丙，取出碗中所有的小玻璃珠并放入量筒中，记下小玻璃珠和水的总体积V2；
④如图丁，将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面 　 　 ，记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积V3。
完成下列填空（选用V1、V2、V3和ρ水，表示以下物理量）：
(1)小玻璃珠的总体积为V= 　 　 ；
(2)小玻璃珠的总质量为m= 　 　 ；
(3)小玻璃珠密度的表达式为ρ= 　 　 ；
(4)在不改变实验方法的前提下，请提出一条提高测量精度的措施： 　 　 （示例：在同等容积的情况下换用碗口面积较小的碗）。
22．杆秤是从我国古代沿用至今的称量工具，如图是小明制作的杆秤的示意图，使用时，将待称物体挂在秤钩上，用手提起B或C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置D，使秤杆达到水平平衡时可读出待称物体的质量，此秤最大称量是5kg，秤砣最远可移至E点。秤杆和秤钩的质量忽略不计，AB、BC、BE的长度如图所示（g取）。
（1）提起　 　处（选填：B或C）的秤纽，此秤的称量最大；
（2）秤砣质量为　 　；
（3）当提起C处秤纽称一袋质量为1.5kg的荔枝时，D与C之间的距离为　 　m。
23．九天无人机系统（简称：SS-UAV），是中国航空工业集团自主研发的一款装载涡扇发动机的灵活配置重型无人机，是一款新型、大型无人空中通用平台。“九天”无人机拥有强大的载荷能力，并且配备可快速更换的重载任务舱和8个外挂点，通过换装不同模块化任务载荷，可满足空运空投、信息支援与对抗、火力打击与支援等任务需求，可用于未来高技术、高强度、高对抗体系作战、运输支援以及应急救援等军民用任务和国民经济领域。“九天”无人机机体长度为16.35米，飞机翼展25米，轮子与水平地面接触的总面积为，最大起飞质量16t，最大任务飞行高度15000米，最大飞行速度700km/h，航时大于12小时，航程达到7000公里。（g取）
（1）如图，“九天”无人机以起飞质量12t静止在水平地面时，其受到重力为　 　N，它对地面的压强是　 　Pa。
（2）当“九天”无人机执行某次火力打击与支援任务时，以最大起飞质量起飞，在飞机离开地面的瞬间，飞机受到的竖直向上的升力至少为　 　N；在飞机空投物质前，飞机上的摄像头会将拍摄到的地面物体形成倒立、　 　（选填：放大/等大/缩小）的实像并且实时传输到无人机指挥中心。
（3）当“九天”无人机在10000米高空水平匀速飞行并执行火力打击与支援任务时，8个外挂点的弹药全部完成精准投弹，则无人机投弹后比投弹前动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　（三个空均选填：变大/不变/变小）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】A、一个中学生的质量大约为50kg，其重力，故A不符合题意；
B、一只母鸡的质量大约为2kg，其重力，故B不符合题意；
C、一只鸡蛋的质量大约50g，即0.05kg，其重力，故C符合题意；
D、一张课桌的质量接近10kg，其重力，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】根据生活常识估算各物体质量，再利用公式计算重力，与题目要求对比得出答案。
2．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用；杠杆及其五要素
【解析】【解答】A、吃饭时使用的筷子，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、鞋底有凹凸的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、针头尖细时，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C错误；
D、一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，惯性不是力，只与物体的质量有关，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查杠杆的分类，需根据动力臂与阻力臂的大小关系判断杠杆类型；
B、考查增大摩擦力的方法，需理解接触面粗糙程度对摩擦力的影响；
C、考查增大压强的方法，需明确受力面积对压强的影响；
D、考查惯性的概念，需区分惯性与力的不同，理解惯性的影响因素。
3．【答案】D
【知识点】平衡力的辨别
【解析】【解答】平衡力的四个条件是，作用在同一个物体上力，大小相等，方向相反，并且作用在同一条直线上。
A.桌子受到的重力和杯子对桌面的压力 不合题意；
B.桌子受到的重力和桌面对杯子的支持力 不合题意；
C.杯子受到的重力和杯子对桌面的压力 不合题意；
D.杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力 符合题意。
故选D。
【点评】平衡力的条件是，作用在同一个物体上力，大小相等，方向相反，并且作用在同一条直线上。
4．【答案】B
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A：图甲中，向两张纸的中间吹气时，两张纸中间区域空气的流速更大，压强更小，而两张纸的外侧空气流速更小，压强更大，由此会产生一个指向纸内侧的压强差，因此两张纸会向中间靠拢，该现象利用的是流体压强与流速的关系，故A错误；
B：用吸管吸饮料时，我们吸出吸管内的空气后，吸管内部的气压会降低，小于外界的大气压强，饮料就会在外界大气压的作用下被压入口中，这个现象是利用了大气压强的原理，故B正确；
C：图丙中，向B管吹气时，A管的上方空气流速会变大，A管上方的压强减小，A管内气压小于外界大气压，液体就会在外界大气压的作用下沿A管上升，该现象同样利用了流体压强与流速的关系，故C不错误；
D选项：机翼的形状上凸下平，相同时间内空气流过机翼上表面时流速更大、压强更小，流过机翼下表面时流速更小、压强更大，由此会产生向上的压强差，进而产生向上的压力差，这个压力差就是让飞机获得升力的原因，利用的是流体压强与流速的关系，故D错误。
故选B。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。
5．【答案】A
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用；制作微型密度计
【解析】【解答】A、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力等于自身重力，因此浮力大小相等；根据阿基米德原理，浮力相同时，排开液体的体积越大，液体密度越小。甲杯中铅笔排开液体的体积更大，故甲杯液体的密度较小，故A正确；
B、由上述分析可知，甲杯液体密度小于乙杯液体密度，故B错误；
C、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力都等于自身重力，因此在甲杯液体中受到的浮力与在乙杯液体中受到的浮力相等，故C错误；
D、铅笔在两种液体中均漂浮，浮力都等于自身重力，因此在乙杯液体中受到的浮力与在甲杯液体中受到的浮力相等，故D错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查阿基米德原理与物体漂浮条件的综合应用，核心是利用“浮力相等时，排开液体体积与液体密度成反比”的规律；
B、考查液体密度的比较，需结合排开液体体积的差异，通过阿基米德原理判断；
C、考查漂浮条件的应用，明确漂浮时浮力等于物体重力，与液体密度无关；
D、考查漂浮条件的应用，明确同一物体漂浮在不同液体中时，浮力大小均等于自身重力。
6．【答案】C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】图中，木板被拉出一小段距离时，对桌面的压力等于木板重力，大小不变；但受力面积逐渐减小，根据p=，对桌面的压强逐渐增大；因为压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，摩擦力和接触面积无关，C符合题意。
故选C。
【分析】物体对水平面的压力和物体的重力相等；压力一定时，受力面积变小，压强变大；滑动摩擦力和受力面积无关。
7．【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、人漂浮时浮力等于自身重力，50kg 人体重力约 500N，浮力不会达到 5000N，故 A 不符合题意；
B、由重力公式算出人体约 500N，漂浮时浮力与重力大小相等，故 B 符合题意；
C、50N 浮力远小于人体重力，无法维持漂浮状态，故 C 不符合题意；
D、漂浮物体一定受浮力作用，浮力不可能为零，故 D 不符合题意；
故答案为：B。
【分析】A、考查漂浮受力特点，明确漂浮时浮力和重力大小基本相当；
B、考查重力估算与漂浮条件，结合生活质量常识即可快速判断；
C、考查受力平衡理解，浮力过小无法平衡人的重力；
D、考查浮力基本概念，漂浮状态必定受到水的浮力作用。
8．【答案】大小；方向；静止
【知识点】力的三要素及力的示意图；牛顿第一定律
【解析】【解答】力的作用效果由力的三要素共同决定，这三要素分别是力的大小、方向和作用点。
牛顿第一定律是在可靠实验事实的基础上，通过科学推理得出的，其内容为：一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，直到有外力迫使它改变这种状态为止。
故答案为：大小；方向；静止；
【分析】直接回忆并写出力的三要素的定义，明确这三个要素会影响力的作用效果。
明确牛顿第一定律的研究方法（实验 + 推理），并完整写出定律的内容，理解其揭示的 “力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因” 这一核心结论。
9．【答案】增加；减小；减小
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】返回舱加速下降时，质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能减小；同时返回舱与大气剧烈摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，因此机械能减小。
故答案为：增加；减小；减小；
【分析】先根据动能公式 ，分析质量不变、速度增大时动能的变化；再根据重力势能公式 ，分析质量不变、高度减小时重力势能的变化；最后结合摩擦生热现象，分析机械能与内能的转化，得出机械能的变化情况。
10．【答案】=；<；
【知识点】力作用的相互性；压强的大小及其计算
【解析】【解答】图中，铅笔静止，受到平衡力，两个手指受到的压力大小相等，即，拇指的受力面积大于食指的受力面积，根据，则；计算食指受到的压强为：。
【分析】静止的物体受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等；根据，计算压强的大小。
11．【答案】2.15；34；零刻度
【知识点】质量的测量与天平的使用；刻度尺的使用；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】物体左端与刻度尺的零刻度线对齐，右端对齐2.15cm刻度线，因此物体的长度为2.15cm。
天平标尺的分度值为0.2g，游码对应刻度为4g；物体的质量等于砝码总质量与游码示数之和，即。
弹簧测力计使用前，需检查指针是否指在零刻度线上，若未对齐，要进行校零操作。
故答案为：2.15；34；零刻度；
【分析】使用刻度尺测量长度时，需确定物体两端对应的刻度值，若物体左端对齐零刻度线，则直接读取右端刻度值，同时注意估读到分度值的下一位。
使用天平测量质量时，物体质量等于砝码质量与游码对应刻度值之和，需先确定标尺的分度值，再读取游码对应的刻度。
弹簧测力计使用前，必须进行校零操作，确保指针指在零刻度线上，避免测量结果出现误差。
12．【答案】1.5；0；600
【知识点】速度公式及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】已知箱子在4秒内移动了6米，根据平均速度公式，可得箱子的平均速度：
木箱所受重力方向竖直向下，与水平位移方向垂直，因此重力不做功，做功大小为0。
推力大小为100N，推动箱子移动了6米，根据功的计算公式，推力做的功：
故答案为：1.5；0；600；
【分析】直接利用平均速度公式 ，将题目中给出的路程和时间代入计算即可。
根据功的定义，当力的方向与物体位移方向垂直时，力不做功；木箱水平移动，重力方向竖直向下，因此重力不做功。
已知推力大小和物体在推力方向上移动的距离，利用功的计算公式 ，直接代入数值计算推力做的功。
13．【答案】；；A
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理，B物体浸没在液体中时，所受浮力等于排开液体的重力，表达式为：
B物体静止时悬浮在液体中，根据悬浮条件，其密度与液体密度相等，即。
三个物体体积相同，浸没在同种液体中时排开液体的体积相等，由阿基米德原理可知它们受到的浮力相等，因此选项A符合题意，BC不符合题意，故选A。
故答案为：；；A；
【分析】直接应用阿基米德原理公式，代入题目中的液体密度和物体体积，得出浮力表达式。
利用物体悬浮时的条件，即物体密度与液体密度相等，得出B物体的密度等于液体密度。
根据阿基米德原理，浮力大小由液体密度和排开液体的体积决定；三个物体体积相同、浸没在同种液体中，因此排开液体的体积相等，受到的浮力也相等，据此选出正确选项。
14．【答案】0.2；10；20
【知识点】二力平衡的条件及其应用；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】装置中左侧为动滑轮、右侧为定滑轮，绳子段数，B挂在自由端。5秒内B下降，物体A移动的距离为：，则物体A的速度：
B匀速下降，受力平衡，绳子自由端拉力等于B的重力，即；不计绳重、滑轮重及摩擦，A受到的摩擦力为：
对A施加水平向左的拉力，使A匀速向左运动，因压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小仍为；此时A受向左的拉力、向右的摩擦力和滑轮组的拉力，受力平衡，故拉力：。
故答案为：0.2；10；20；
【分析】根据滑轮组的绳子段数，利用求出A移动的距离，再用速度公式计算A的速度。
由B匀速下降得出绳子拉力等于B的重力，再根据动滑轮的受力特点，用计算A受到的摩擦力。
根据影响滑动摩擦力的因素判断摩擦力大小不变，再对匀速向左运动的A进行受力分析，利用平衡条件求出拉力大小。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】弹力；重力示意图；摩擦力的示意图；浮力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）重力的作用点在物体重心，方向竖直向下，画出重力的示意图；过支点 O 向动力作用线作垂线段，即为动力的力臂 l ，如下图所示：
故答案为： ；
（2）漂浮在水面的小球受竖直向下的重力 G 和竖直向上的浮力 F 浮，二力大小相等、方向相反，作用点均在小球重心，画出二力的示意图 ，作图如下图所示：
故答案为：；
（3） 静止在斜面上的物体受竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力，三力作用点均在物体重心，画出三力的示意图，作图如下图所示：
故答案为：；
【分析】(1)画重力时，明确作用点（重心）和方向（竖直向下）；画力臂时，遵循 “过支点作力的作用线的垂线” 的步骤，垂线段即为力臂。
(2) 根据漂浮条件，小球受平衡力，重力与浮力大小相等、方向相反，作用点都在重心，按力的示意图规范画出两个力即可。
(3) 对静止在斜面上的物体进行受力分析，确定重力、支持力、摩擦力三个力的方向和作用点，再按力的示意图的画法依次画出各力。
（1）重力的作用点在物体的重心，且方向竖直向下；过支点O作动力作用线的垂线段，即为动力的力臂，如下图所示：
（2）漂浮在水面的小球受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力，作用在均在小球的重心，此时小球处于平衡状态，两个力大小相等，作图如下图所示：
（3）物体静止在斜面上，受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力，作用点均在物体的重心上，作图如下图所示：
16．【答案】（1）二力平衡
（2）压力越大，滑动摩擦力越大
（3）甲、丙
（4）无关
（5）2.0；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】(1) 实验中，用弹簧测力计水平拉动木块，使其在水平桌面做匀速直线运动。此时木块处于平衡状态，水平方向上的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件，拉力的大小等于滑动摩擦力的大小。
故答案为：二力平衡；
(2) 对比甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，弹簧测力计示数不同，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关，且压力越大，滑动摩擦力越大。
故答案为：压力越大，滑动摩擦力越大；
(3) 对比甲、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，弹簧测力计示数不同；毛巾表面比木板表面粗糙，丙图的拉力更大，说明压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：甲、丙；
(4) 由实验数据可知，木块运动速度逐渐增大时，拉力大小始终不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关。
故答案为：无关；
（5）分析图丁可知，木块的最大静摩擦力为2N，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力。
由图丁可知，木块的最大静摩擦力为 2N，滑动摩擦力为 1.8N；当木块受到的拉力为 1.8N 时，木块可能静止（拉力未超过最大静摩擦力），也可能做匀速直线运动（拉力与滑动摩擦力平衡），因此选项 C 正确，ABD 错误，故选 C。
故答案为：2.0；C；
【分析】(1) 利用二力平衡条件，当物体做匀速直线运动时，水平方向上的拉力与摩擦力大小相等，以此通过弹簧测力计的示数测量滑动摩擦力。
(2) 采用控制变量法，控制接触面粗糙程度不变，改变压力大小，通过弹簧测力计示数的变化，分析压力对滑动摩擦力的影响。
(3) 采用控制变量法，控制压力大小不变，改变接触面粗糙程度，通过弹簧测力计示数的变化，分析接触面粗糙程度对滑动摩擦力的影响。
(4) 通过改变木块的运动速度，观察弹簧测力计示数的变化，得出滑动摩擦力与运动速度无关的结论。
(5) 根据图丁分析最大静摩擦力和滑动摩擦力的大小，再结合静摩擦和滑动摩擦的特点，分析拉力为 1.8N 时木块的可能运动状态，选出正确选项。
（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，根据二力平衡知识，拉力的大小等于滑动摩擦力的大小。
（2）对比甲、乙两次实验，当接触面粗糙程度相同时，压力不同，弹簧测力计的示数不同，则物体所受摩擦力不同，说明摩擦力的大小和压力大小有关，而且压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）对比甲、丙两次实验，当压力相同时，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，则物体所受摩擦力不同，毛巾表面比木板表面粗糙，丙图的拉力比甲图的拉力大，可知在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）从表格中的数据可以看出，四次实验中木块运动的速度越来越大，而拉力的大小却始终不变，因此滑动摩擦力的大小与运动的速度无关。
（5）[1]分析图丁可知，木块的最大静摩擦力为2N，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力。
[2]由丁图可知木块的最大静摩擦为2N，滑动摩擦力为1.8N，所以当木块受到的拉力是1.8N时，木块可能静止（还没达到最大静摩擦力），也可能匀速直线运动（拉力等于滑动摩擦力），故ABD错误，C正确。
故选C。
17．【答案】（1）平衡；右；力臂
（2）动力；0.2；0.3
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1)杠杆静止时属于平衡状态，无论杠杆处于水平还是倾斜的静止姿态，只要保持静止，就视为达到了平衡状态。
图中杠杆左端下沉，说明左侧力与力臂的乘积较大，此时需将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
杠杆在水平位置平衡时，力臂与杠杆上的刻度重合，可直接从杠杆上读取力臂的数值，避免杠杆倾斜时带来的力臂测量误差。
故答案为：平衡；右；力臂；
(2)表格中缺少动力（即钩码对杠杆的拉力）的物理量名称及单位，应填写“动力”。
根据杠杆平衡条件 ，第二次实验中：，解得。
根据杠杆平衡条件 ，第三次实验中：，解得。
故答案为：动力；0.2；0.32；
【分析】(1)明确杠杆平衡状态的定义，只要杠杆保持静止，无论姿态如何，都属于平衡状态。
根据杠杆的倾斜方向判断哪一侧力与力臂的乘积更大，平衡螺母向偏高的一侧调节，使杠杆水平平衡。
理解杠杆水平平衡的优势，此时力臂与杠杆刻度重合，便于直接读取力臂数值，减小测量误差。
(2)根据实验数据，表格中缺少的是动力这一物理量，需补充完整其名称及单位。
利用杠杆平衡条件（动力×动力臂=阻力×阻力臂），代入已知的动力、动力臂和阻力数值，计算阻力臂。同样利用杠杆平衡条件，代入已知的阻力、阻力臂和动力数值，计算动力臂。
（1）[1]杠杆静止时属于平衡状态，无论杠杆处于何种静止姿态（水平或倾斜），只要静止即视为平衡。
[2]图中杠杆左端下沉，说明左侧力与力臂的乘积较大，需将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
[3]杠杆水平平衡时，力臂与杠杆上的刻度重合，可直接从杠杆上读取力臂数值，避免倾斜时力臂测量误差。
（2）[1]表格中缺少动力（即钩码对杠杆的拉力）的物理量名称及它的单位，应填写“动力”。
[2]根据杠杆平衡条件 ，第二次实验中：4×0.4=8×L2
解得L2=0.2
[3] 根据杠杆平衡条件 ，第三次实验中：5×L1=6×0.25
解得L1=0.3
18．【答案】（1）B、D；1.2；=
（2）变小；0.8；不变；3.5×103
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】(1)由图B可知，物块的重力 ；由图D可知，物块浸没在水中时弹簧测力计的示数 。根据称重法，物块浸没在水中时受到的浮力：
因此，通过B、D两步可计算出物块浸没在水中时的浮力为 。
物块排开水所受的重力 等于桶和排开水的总重减去空桶的重力，通过A、E两步可得出 ；比较 与 ，可得 ，即浮力的大小等于物块排开液体所受的重力。
故答案为： B、D ；1.2；=；
(2)由图2可知，深度为零时弹簧测力计的示数为 ，即物块的重力 。物块未浸没前（深度小于6cm），弹簧测力计示数变小；当 时，示数为 ，此时物块受到的浮力：
物块浸没后（深度6~10cm），弹簧测力计示数保持 不变，由称重法可知浮力大小不变。
物块浸没在水中时拉力为 ，浮力 。根据阿基米德原理，物块的体积：
物块的密度：
故答案为：变小；0.8；不变；3.5×103；
【分析】(1)利用称重法测浮力，通过读取物块的重力和浸没时弹簧测力计的示数，计算浮力大小。
通过测量空桶重、桶和排开水的总重，得出排开水的重力，再与浮力比较，验证阿基米德原理。
(2)根据图像读取不同深度下弹簧测力计的示数，利用称重法计算浮力，并分析浮力随深度的变化规律。
利用阿基米德原理，由浸没时的浮力计算物块体积；再结合重力计算物块的质量，进而求出物块的密度。
（1）[1][2]由图B可知，物块的重力G=4.2N，由图D可知，物块浸没在水中弹簧测力计的示数F示=3N，圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F示=4.2N-3N=1.2N
所以，BD两步骤可计算处圆柱块物块浸没在水中时受到的浮力F浮=1.2N。
[3]物块排开水所受的重力G排等于桶和排开水的总重减去空桶的重，A、E两步骤可得出物块排开水所受的重力G排，比较F浮与G排，可以得到F浮=G排，即浮力的大小等于物块排开液块所受重力。
（2）[1][2][3]由2图可知，当深度为零时，弹簧测力计的示数是4.2N，物块的重力是4.2N，物块没有浸没前，即圆柱块的深度小于6cm时，弹簧测力计的示数变小，当h=4cm时，弹簧测力计的示数为3.4N，物块受到浮力F'浮=G-F'示=4.2N-3.4N=0.8N
圆柱块的深度在6~10cm时，即物块浸没后，随深度的增加，弹簧测力计的示数保持3N不变，由称重法可知物块受到的浮力不变。
[4]圆柱块物块浸没在水中时拉力是3N，物块受到的浮力F″浮=G-F″示=4.2N-3N=1.2N
物块的体积
该物块的密度
19．【答案】（1）满载时，“长春舰”受到的浮力可根据阿基米德原理计算：
（2）“长春舰”满载时，其底部受到海水的压强可由液体压强公式计算：
（3）首先计算航行距离：
再计算发动机克服阻力做的功：
【知识点】速度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 根据阿基米德原理，浸在液体中的物体所受浮力等于排开液体的重力，直接代入排开水的质量与重力加速度计算浮力。
(2) 利用液体压强公式，代入海水密度、重力加速度和舰底所处深度，计算舰底受到的海水压强。
(3) 先通过速度公式计算军舰航行的距离，再利用功的计算公式，代入阻力大小与航行距离，计算克服阻力做的功。
（1）满载时，“长春舰”受到的浮力F浮=G排=m排g=7.5×106kg×10N/kg=7.5×107N
（2）“长春”舰满载时其底部受到海水的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6m=6×104Pa
（3）航行距离s=vt=36km/h×5h=180km=1.8×105m
这一过程中军舰发动机克服阻力做的功W=fs=1.0×106N×1.8×105m=1.8×1011J
20．【答案】解：（1）提升物体做的有用功：
（2）由图可知，滑轮组绳子段数 ，绳子自由端移动的距离：
拉力做的总功：
拉力的功率：
（3）滑轮组的机械效率：
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】(1) 直接利用有用功公式 ，代入物体重力和提升高度计算即可。
(2) 先根据滑轮组绳子段数计算自由端移动距离，再用总功公式 计算总功，最后通过功率公式 求出拉力功率。
(3) 根据机械效率的定义，用有用功除以总功，计算滑轮组的机械效率。
21．【答案】相平；；；；换用分度值更小的量筒
【知识点】密度公式及其应用；固体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】④如图丁，将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面相平，记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积。
故答案为：相平；
(1)小玻璃珠的总体积为：
故答案为：；
(2)图丙与图丁中量筒所测的体积差值，即为丁图碗中水的体积：
小玻璃珠的总质量与丁图碗中水的质量相同，因此：
故答案为：；
(3)小玻璃珠密度的表达式为：
故答案为：；
(4)换用分度值更小的量筒，可以减小体积测量的误差，从而提高整体测量精度。
故答案为：换用分度值更小的量筒；
【分析】(1) 玻璃珠的总体积，等于玻璃珠和水的总体积减去水的体积，因此用即可得到玻璃珠的体积。
(2) 碗中水的体积等于量筒中倒出的水的体积，用丙图的总体积减去丁图剩余的总体积即可；再利用“等效替代法”，玻璃珠漂浮时的质量等于排开水的质量，因此可以用水的质量表示玻璃珠的质量。
(3) 根据密度的定义式，将前面求出的玻璃珠质量和体积代入，即可推导出密度表达式。
(4) 量筒的分度值越小，读数时产生的误差越小，因此换用分度值更小的量筒可以提高测量精度。
22．【答案】（1）B
（2）0.2kg
（3）0.375
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】(1) 根据杠杆平衡条件，当阻力（物体重力）和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，能称量的物体质量越大。以B为支点时，动力臂为BE；以C为支点时，动力臂为CE，显然，因此提起B处的秤纽时，此秤的称量最大。
故答案为：B；
(2) 当提起B处秤纽、秤砣移到E点时，秤达到最大称量。根据杠杆平衡条件，有，即，可得秤砣质量：
故答案为：0.2kg；
(3) 当提起C处秤纽称荔枝且秤杆水平平衡时，有，即，可得D与C之间的距离：
故答案为：0.375；
【分析】(1) 利用杠杆平衡条件，分析不同支点下动力臂的长度，动力臂越长，能平衡的阻力（物体重力）越大，从而确定称量最大的秤纽。
(2) 根据杠杆平衡条件，将物体和秤砣的重力作为动力和阻力，代入最大称量时的力臂数据，计算秤砣的质量。
(3) 同样利用杠杆平衡条件，以C为支点，代入荔枝的质量、秤砣质量及AC的长度，计算秤砣到C点的距离DC。
（1）根据杠杆平衡条件，当阻力（物体重力）和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，能称的物体质量越大。以B为支点时，动力臂为BE；以C为支点时，动力臂为CE，显然。所以提起B处的秤纽，此秤的称量最大。
（2）当提起B处秤纽，秤砣移到E点时，秤达到最大称量。根据杠杆平衡条件，此时有，即，可得秤砣质量为
（3）当提起处秤纽称荔枝且秤杆水平平衡时，有，即，可得D与C之间的距离
23．【答案】（1）1.2×105；6×104
（2）1.6×105；缩小
（3）变小；变小；变小
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）如图，“九天”无人机起飞质量12t=12×103kg，静止在水平地面时，压力等于重力，则压力：；
对地面的压强；
（2）“九天”无人机以最大起飞质量起飞，在离开地面的瞬间，受到的竖直向上的升力至少为，
飞机上的摄像头拍摄地面物体时，像比地面物体小，根据凸透镜成像规律，飞机上的摄像头成倒立缩小的实像。
（3）无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，速度不变，则无人机的动能变小。
无人机的高度不变，投弹后的重力势能变小。机械能是动能与重力势能之和，则机械能变小。
【分析】（1）根据F=G=mg，计算压力，利用，计算压强；
（2）根据F升=G，计算升力的大小；摄像头是凸透镜，物体在二倍焦距外，成倒立缩小的实像；
（3）物体的动能和质量、速度有关，重力势能和质量、高度有关。
（1）[1]如图，“九天”无人机以起飞质量12t静止在水平地面时，其受到重力
[2]“九天”无人机对地面的压强
（2）[1]“九天”无人机以最大起飞质量起飞，在飞机离开地面的瞬间，飞机受到的竖直向上的升力至少为
[2]飞机上的摄像头拍摄地面物体时形成的像比地面物体小，据凸透镜成像规律得在飞机空投物质前，飞机上的摄像头会将拍摄到的地面物体形成倒立缩小的实像。
（3）[1]无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，则速度不变，故无人机投弹后比投弹前动能变小。
[2]无人机投弹后比投弹前质量变小，水平匀速飞行，高度不变，故无人机投弹后比投弹前重力势能变小。
[3]机械能等于动能与重力势能之和，两者均变小，则机械能变小。
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