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2025年广东省肇庆市广东肇庆中学中考二模物理试题
一、【植树主题】献礼肇中百廿华诞共建德庆绿美家乡 ——2025年 3月 26日我校携手德庆县官圩镇共植“肇中校友林”，请根据植树活动的相应情景，完成各小题。
1．下列关于植树过程中的情景，没有力对树苗做功的是（　　）
A．从车上搬下树苗 B．扶着树苗，回填土
C．把树苗从地面提起来 D．将树苗放入挖好的坑中
【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、从车上搬下树苗时，人对树苗施加了向上的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 A 错误；
B、扶着树苗回填土时，人对树苗施加了扶持的力，但树苗在该力的方向上没有移动距离，力对树苗没有做功，故 B 正确；
C、把树苗从地面提起时，人对树苗施加了向上的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 C 错误；
D、将树苗放入挖好的坑中时，人对树苗施加了向下的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】本题考查做功的两个必要条件，用到的核心判断依据是：物体受到力的作用，且在力的方向上通过一段距离，二者缺一不可。解题时需逐一分析每个选项中力的方向与物体移动距离的方向是否一致，判断是否同时满足做功的两个条件，进而确定正确选项。
2．2023年3月12日是我国第45个植树节。小坤同学为刚种植的树苗设计了自动浇水电路，该电路中的光控开关在天黑时自动闭合，湿敏开关在土壤过于干燥时自动闭合。当天黑且土壤过于干燥时，电动机开始工作，自动对树苗进行浇水。图的电路中符合上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求，只有在土壤过于干燥的夜间，电动机才会启动；即使土壤干燥，只要是白天，电动机就不会工作，由此可知光控开关和湿敏开关不能单独控制电动机，两个开关必须都满足条件（闭合）电路才能接通，因此两个开关应该串联后再与电动机连接。
A、两个开关为并联关系，只要任意一个开关闭合，电动机就能工作，不符合题目要求，故A错误；
B、开关S1与电动机并联，当S1闭合后，电动机会被短路，无法正常工作，不符合要求，故B错误；
C、两个开关为串联关系，只有两个开关同时闭合，电动机才能通电工作，完全符合题目要求，故C正确；
D、开关S2与电动机并联，当S2闭合后，电动机会被短路，无法正常工作，不符合要求，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
3．古筝、琵琶是我国的传统乐器，有经验的人只凭听就能分辨出它们合奏时各自的声音，这是因为古筝声和琵琶声（　　）
A．音色不同 B．频率不同 C．响度不同 D．音调不同
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】古筝声和琵琶的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，所以有经验的人能通过音色分辨出是古筝还是琵琶在演奏，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】音调（声音的高低），由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；
响度（声音的强弱/大小），由发声体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大；
音色（声音的特色），由发声体的材料和结构决定，通过音色可以辨别不同的发声体。
4．下列能源中属于可再生能源的是（　　）
A．石油 B．核能 C．天然气 D．太阳能
【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】核能、石油、天然气都属于不可再生能源，只有太阳能是可再生能源。
故答案为：D。
【分析】像太阳能、风能、水能以及动、植物等这类可以长期提供或短时间内可以获得补充的能源属于可再生能源。
5．“珍爱生命，安全用电”。关于安全用电，下列说法正确的是
A．发现有人触电，应立即用手将其拉开
B．家用电器着火时，可以直接用水浇灭
C．家庭电路中，必须安装空气开关等保险装置
D．可以在未断开开关的情况下更换灯泡
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、发现有人触电后，由于人体是导体，若用手直接去拉触电者，电流也会通过救助者的身体进入大地，使救助者发生间接触电事故，故A错误；
B、由于生活用水是导体，用电器或导线失火时，若用水去灭火，电流将会沿着水传向救助者，造成间接触电，故B错误；
C：为了防止家庭电路中电流过大出现危险，在家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，以确保电路中电流过大时自动切断电路，能有效避免用电安全事故，故C正确；
D：在检修电路、更换灯泡时，首先要切断电源，再进行维修或更换，如果没有断开电源进行维修或更换时，容易发生触电事故，故D错误；
故本题正确答案为：“C”
【分析】（1）人体是导体，发现有人触电时不能用手直接去拉，否则施救者也会触电；
（2）生活用水是导体，不能用于电器着火的扑救物质；
（3）为防止家庭电路中电流过大而出现危险，在家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，以确保电路中电流过大时能自动切断电路；
（4）在检修电路、更换灯泡时，首先要切断电源，再进行维修或更换 。
6．“天宫课堂”授课期间，航天员通过视频通话形式与地面课堂师生进行交流，其中将信息传回地面主要是通过（　　）
A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．红外线
【答案】A
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】“天宫课堂” 授课期间，航天员通过视频通话与地面师生交流，信息传回地面主要依靠电磁波。电磁波的传播不需要介质，可在真空、固体、液体、气体中传播；而超声波和次声波需要介质，无法在太空真空环境中传播。红外线虽属于电磁波，但易受遮挡干扰，传输距离和数据量有限，不适合天地间大规模高速信息传输，故 A 符合题意，BCD 不符合题意。
故答案为：A。
【分析】本题考查电磁波与声波的传播特点，电磁波可在真空中传播，是天地通信的主要载体；超声波、次声波依赖介质，无法在真空环境中使用；同时需区分红外线与通用通信电磁波的适用场景，明确红外线不适用于远距离高速信息传输。
7．甲、乙两机械做功情况的部分数据如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲的机械效率等于乙的机械效率
B．甲机械的总功为
C．乙机械的额外功为
D．甲机械做的有用功大于乙机械做的有用功
【答案】D
【知识点】机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A、由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，甲的机械效率小于乙的机械效率，故A错误；
B、甲机械中额外功为1500J，占总功的75%，则甲的总功为：
故B错误；
C、由图可知，乙机械的有用功为90J，占总功的30%，则额外功占总功的70%，额外功大于90J，故C错误；
D、甲机械的有用功为：
而乙机械的有用功为90J，因此甲机械做的有用功大于乙机械做的有用功，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查机械效率的概念，直接从图中读取甲、乙的机械效率，比较二者大小；
B、考查总功的计算，利用额外功占总功的比例，结合公式计算甲的总功；
C、考查额外功的判断，根据乙机械有用功占总功的比例，推出额外功占比，进而判断额外功的大小；
D、考查有用功的计算与比较，先根据甲的总功和额外功求出甲的有用功，再与乙的有用功比较大小。
二、填空题（15分）
8．【从生活到物理】生活处处有物理，留心观察皆学问，请根据生活中的情境，完成下题。
（1）小明利用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美味的手擀捞面。煮面时通过　 　的方式增大了面的内能，满屋飘香说明分子在不停地做　 　。制作过程中小明发现用毛料布擦拭过的塑料小勺靠近胡椒粉时，胡椒粉被吸到勺子上，说明塑料勺子带了　 　。
（2）成群白鹭现身七星岩里湖如图1，当白鹭用力扇动翅膀起飞时，说明力能改变物体的　 　；若以水面为参照物，白鹭是　 　（选填“静止”或“运动”）的，此过程中水中的“白鹭”大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）建在广州塔顶部的摩天轮是世界上最高的摩天轮，如图所示。摩天轮匀速转动，在座舱从最低点向最高点运动的过程中，座舱的动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】（1）热传递；无规则运动；电荷
（2）运动状态；运动；不变
（3）不变；变大；变大
【知识点】机械能及其转化；热传递改变物体内能；力的作用效果；平面镜成像的原理、特点；物体带电情况的判断
【解析】【解答】(1)煮面时加热，面条吸收热量，内能增大，这是通过热传递的方式改变了面条的内能；
煮面时满屋飘香，属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动；
用毛料布擦拭过的塑料小勺靠近胡椒粉时，胡椒粉被吸引到勺子上，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，说明塑料勺子带了电荷。
故答案为：热传递；无规则运动；电荷；
(2)白鹭扇动翅膀起飞时，翅膀对空气施加力的作用，由于力的作用是相互的，空气也对翅膀施加反作用力，使白鹭的速度大小发生改变，说明力能改变物体的运动状态；
以水面为参照物，白鹭起飞时相对于水面的位置发生了改变，因此白鹭是运动的；
水面相当于平面镜，根据平面镜成像规律，水中的 “白鹭” 是白鹭成的正立、等大的虚像，像的大小与白鹭本身大小相等，不会发生变化。
故答案为：运动状态；运动；不变；
(3)摩天轮匀速转动，座舱从最低点向最高点运动时，质量和速度均不变，因此座舱的动能不变；
座舱的高度逐渐变大，质量不变，因此座舱的重力势能变大；
机械能等于动能与势能的总和，动能不变、重力势能变大，因此座舱的机械能变大。
故答案为：不变；变大；变大；
【分析】(1) 本题考查内能改变的方式、分子热运动和摩擦起电现象，解题时需结合热传递的定义、扩散现象的本质以及带电体的性质，逐一分析现象对应的物理原理；
(2) 本题考查力的作用效果、参照物的选择和平面镜成像规律，解题时需明确力的相互性与运动状态改变的关系，根据位置变化判断物体运动状态，并结合平面镜成像 “等大、正立、虚像” 的特点分析像的变化；
(3) 本题考查动能、重力势能和机械能的变化判断，解题时需根据动能与质量、速度的关系，重力势能与质量、高度的关系，结合机械能的定义，分析座舱运动过程中能量的变化情况。
（1）[1]煮面时需要加热，面条吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式增大了面的内能。
[2]煮面时满屋飘香是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
[3]用毛料布擦拭过的塑料小勺胡椒粉时，胡椒粉被吸到勺子上，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，说明塑料勺子带了电荷。
（2）[1]当白鹭用力扇动翅膀起飞时，翅膀对空气有力的作用，由于力的作用是相互的，空气对翅膀也有着力的作用，使白鹭起飞，速度大小发生改变，说明力能改变物体的运动状态。
[2]若以水面为参照物，白鹭起飞时相对于水面的位置发生了改变，故白鹭是运动的。
[3]此过程中以水面为平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，水中的“白鹭”是白鹭在水面成的虚像，其大小不变。
（3）[1]摩天轮匀速转动，在座舱从最低点向最高点运动的过程中，由于座舱的质量和速度均不变，则动能不变。
[2]由于座舱的高度在变大，质量不变，所以其重力势能变大。
[3]机械能等于动能和势能的总和，动能不变，重力势能变大，故机械能变大。
9．如图所示，深秋的清晨观察到草叶上形成了串串露珠，透过露珠能够看到远处景物倒立的像，露珠相当于　 　，此光学元件对光有　 　（选填“会聚”或“发散”）作用；在生活中利用该成像原理的仪器有　 　。
【答案】凸透镜；会聚；照相机
【知识点】透镜及其特点与分类
【解析】【解答】深秋清晨草叶上的露珠呈球状，中间厚、边缘薄，相当于一个凸透镜，对光线具有会聚作用。透过露珠看到远处景物倒立的像，说明此时物距大于 2 倍焦距，成倒立、缩小的实像，生活中照相机就是利用这一原理工作的。
故答案为：凸透镜；会聚；照相机；
【分析】考查凸透镜的识别与光学性质，解题思路是根据露珠的外形特点，判断其相当于凸透镜，并利用凸透镜对光线的会聚作用分析其光学特性；
考查凸透镜成像规律的应用，解题思路是根据看到的像的性质（倒立、缩小），判断此时物距与焦距的关系，再结合生活实例（照相机）说明该成像原理的应用。
10．模块化分段建造再整装技术的核心是大型龙门吊，如图所示是上海生产的世界上最大的龙门吊，图为其滑轮部分的简化图，其中定滑轮可以　 　（选填“改变力的方向”或“省力”），　 　（“”或“”）为定滑轮。现用此装置将地面上一个重为的货物提起，不计机械自重和摩擦，则每根钢绳受到的拉力大小为　 　。
【答案】改变力的方向；A；10000
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】轴的位置固定不动的滑轮叫做定滑轮，由图可知，A滑轮的轴固定不动，属于定滑轮；定滑轮不省力，但可以改变力的方向。
由图可知，承担物重的绳子股数，不计机械自重和摩擦，根据滑轮组拉力公式，每根钢绳受到的拉力为：
故答案为：改变力的方向；A；10000；
【分析】考查定滑轮的识别与特点，解题思路是根据滑轮轴的位置是否固定，判断其为定滑轮，并结合定滑轮的工作特点分析其作用；
考查滑轮组拉力的计算，解题思路是先确定承担物重的绳子股数，再利用公式（不计机械自重和摩擦）计算拉力大小。
11．最近“纸火锅”（如图）逐渐流行起来，“纸火锅”是用纸张代替金属材料做容器盛放汤料，当酒精燃烧时纸张不会燃烧。纸的着火点约183℃，酒精灯火焰温度约400℃。水沸腾时不断　 　热量（选填“吸收”或“放出”），温度　 　（选填“上升”“不变”或“下降”），使得水的温度　 　（选填“低于”或“高于”）纸的着火点，所以纸锅可以煮火锅。
【答案】吸收；不变；低于
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】已知纸的着火点约为 183℃，酒精灯火焰温度约为 400℃。将装有水的纸锅放在酒精灯上加热时，水沸腾后会持续吸热，但温度始终保持在沸点（标准大气压下为 100℃）不变，而水的沸点低于纸的着火点，因此纸锅的温度无法达到着火点，不会燃烧。
故答案为：吸收；不变；低于；
【分析】本题考查沸腾的特点与燃烧条件的结合应用，先明确水沸腾时 “持续吸热、温度不变” 的特点，再对比水的沸点与纸的着火点，判断纸锅温度能否达到燃烧条件，从而得出纸锅不会燃烧的结论。
12．如图所示是灯泡和电阻的图像，由图像可知电阻的阻值为　 　。将灯泡和电阻按图所示接入电路中，只闭合开关，灯泡的实际电功率为，则此时灯泡的电阻为　 　；再闭合开关，电流表示数变化了　 　。
【答案】10；4；0.2
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图像可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为0.3A，根据欧姆定律可得电阻的阻值：
当闭合开关S、断开开关S1时，电路为灯泡L的简单电路。由图像可知，当灯泡两端电压为2V、通过的电流为0.5A时，其实际电功率为：
因此电源电压为2V，灯泡的电阻为：
再闭合开关S1时，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流。根据并联电路电压规律，此时R两端电压为2V，由图像可知通过R的电流为0.2A。由于并联电路各支路独立工作，灯泡的电流不变，因此电流表示数的变化量等于通过R的电流，即增加了0.2A。
故答案为：10；4；0.2；
【分析】考查欧姆定律的应用，根据图像读取定值电阻对应的电压和电流，代入公式计算阻值；
考查简单电路的电功率与电阻计算，先根据灯泡的实际功率条件，从图像中找到对应的电压和电流，再结合欧姆定律（P=UI）和电功率公式（）计算电源电压与灯泡电阻；
考查并联电路的电流规律，明确并联电路各支路电压相等、支路独立工作的特点，结合图像得出通过电阻的电流，进而确定干路电流的变化量。
三、作图题（7分）
13．用线将吊灯悬挂在天花板上静止，请在图中画出吊灯的重力的示意图。
【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向总是竖直向下的，因此从吊灯的重心O点出发，画一条竖直向下的带箭头线段，并在箭头旁标注符号G，如图所示：
故答案为：；
【分析】本题考查重力示意图的画法，明确重力的三要素 —— 作用点在物体重心、方向竖直向下、用符号G表示，然后按照力的示意图的规范画法，从重心出发画出对应的有向线段即可。
14．如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请根据图中磁感线的方向，在螺线管左端和小磁针右端的括号内标出极性（“N”或“S”），在电源左边的括号内标出极性（“+”或“﹣”）。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由通电螺线管的外部磁场是“N极出S极入”可知，螺线管左侧是N极，右侧是S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左侧是N极，则小磁针的右侧是S极，根据右手螺旋定则可知，在通电螺线管的外部，电流的方向是自下向上，故电流从电源左侧流出，电源左侧为正极，如下图所示：
【分析】 根据在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，由此判断出螺线管的N极和S极，再根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进一步分析电源的正、负极，同时结合磁极间的相互作用规律判断小磁针的极性。
15．如图，小玲利用一块平面镜，将正午时分直射的太阳光引入一根水平管道内，请在图中画出平面镜的位置。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】题目要求将正午直射的太阳光引入水平管道，由此可知入射光线方向向下，反射后的光线水平向左。根据光的反射定律，反射角等于入射角，法线是入射光线和反射光线夹角的角平分线，且法线与平面镜垂直。我们先确定入射光线与反射光线的夹角，作出该夹角的角平分线得到法线，再过入射点作法线的垂线，即可确定平面镜的位置，作图结果如下：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
四、实验探究题（24分）
16．亲爱的同学，请你根据掌握的物理知识，回答下列问题。
（1）如图所示，变阻箱示数为　 　；如图所示，电流表示数为　 　，如图所示，电能表的示数为　 　。
（2）如图所示，体温计的读数是　 　；若某发烧患者康复后用此体温计直接测量自己的体温，读数为　 　。
（3）如图是探究光的反射规律的实验装置。
图甲中，入射光线与平面镜的夹角如图所示，则反射角为　 　。
图乙中，纸板绕CD轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的点，此时纸板上看不到反射光线，这说明　 　。
【答案】（1）108；0.5；2025.6
（2）38.5；38.5
（3）50°；反射光线、入射光线和法线在同一平面内
【知识点】体温计的使用及其读数；光的反射定律；电流的测量及电流表的使用；电能表参数的理解；电阻箱的使用
【解析】【解答】(1)变阻箱的读数方法是将每个旋钮对应的数字乘以其下方的倍数，再相加。如图1所示，变阻箱的示数为：
如图2所示，电流表选用的是量程，该量程的分度值为，故电流表示数为。
电能表的最后一位是小数位，单位为，如图3所示，电能表的示数为。
故答案为： 108 ；0.5；2025.6；
(2)如图4所示，体温计的分度值为，根据液柱位置，读数为。
体温计的玻璃泡上方有缩口，使用前需甩一甩。若不甩，其示数只能随体温升高而上升，不会自动下降。因此，康复后体温低于的患者，用此体温计直接测量，示数仍为。
故答案为：38.5；38.5；
(3)在图甲中，入射光线与平面镜的夹角为，则入射角为。根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也为。
当把纸板绕轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的点时，由于法线与镜面垂直，转动后的纸板不再与法线和入射光线所在的平面重合，因此在纸板上看不到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：50°；反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
【分析】(1) 考查常见电学仪器的读数，变阻箱按“数字×倍数”相加读数；电流表先确定量程和分度值再读数；电能表注意最后一位为小数位。
(2) 考查体温计的读数与使用，先明确体温计的分度值进行读数；再利用其缩口特性，分析不甩动时示数“只升不降”的特点。
(3) 考查光的反射定律，先根据入射光线与镜面的夹角求出入射角，再利用反射角等于入射角得出反射角；通过纸板转动实验，验证反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。
（1）[1]如图1所示，变阻箱示数为
[2]如图2所示，电流表选用的是量程，分度值为，故电流表示数为。
[3]电能表最后一位是小数，如图3所示，电能表的示数为。
（2）[1]如图4所示，体温计的分度值为，体温计的读数是。
[2]体温计使用前需甩一甩，发烧患者康复后体温低于，用此体温计直接测量自己的体温，没有甩，示数不下降，读数为。
（3）[1]在图甲中，入射光线与平面镜的夹角为，那么入射角是
根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角也是。
[2]由题意得，当把纸板绕CD 轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的O点，由于法线与镜面垂直，因此法线不在纸板上，在纸板上看不到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
17．为了探究肥宅快乐水（可乐）的秘密，小芸决定对可乐的密度进行测量。
（1）实验过程：
把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针指在如图所示的位置，应将平衡螺母向　 　调节，使天平平衡；
用天平测出空烧杯质量为；
向烧杯中倒入适量可乐，放在天平的左盘中，在右盘加减砝码并调节游码，天平平衡时，所用砝码及游码在标尺上的位置如图所示，则烧杯和可乐总质量为　 　；
将可乐全部倒入量筒，如图所示。
（2）利用上述方法测出可乐的密度为　 　；
（3）这种方法测量的可乐密度值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”），原因是　 　；
（4）只需将的操作顺序稍做调整即可减小这种误差，调整后的顺序是　 　。
【答案】（1）右；74.0
（2）
（3）偏大；将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
（4）③④②
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】(1)①天平使用前，需放在水平台面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处。图中指针偏向分度盘中央刻度线左侧，根据“左偏右调”的调节规则，应将平衡螺母向右调节，使横梁在水平位置平衡。
③由图2可知，天平标尺的分度值为0.2g，游码对应的示数为4.0g，因此烧杯和可乐的总质量为：
故答案为：右；74.0；
(2)将可乐全部倒入量筒中，如图3所示，量筒分度值为1mL，可乐的体积为：
可乐的质量为：
根据密度公式，可乐的密度为：
故答案为：；
(3)将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
故答案为：偏大；将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
(4)为避免液体残留带来的误差，可调整实验步骤：先测烧杯和可乐的总质量，再将可乐倒入量筒测体积，最后测烧杯和残留可乐的质量，通过总质量减去残留质量得到倒入量筒的可乐质量。调整后的操作顺序为：③④②。
故答案为：③④②；
【分析】(1) 本题考查天平的调节与读数，根据天平调平规则调节平衡螺母；读数时将砝码质量与游码示数相加，得到总质量；
(2) 本题考查液体密度的计算，先利用量筒读取液体体积，再通过质量差求出液体质量，最后代入公式计算密度；
(3) 本题考查实验误差分析，分析液体残留对体积测量的影响，结合密度公式判断密度测量值的偏差；
(4) 本题考查实验步骤优化，通过调整测量顺序，利用“总质量-残留质量”的方法消除液体残留带来的误差，保证质量和体积测量的一致性。
（1）①[1]根据天平的使用方法可知，天平放在水平台面上且将游码移至标尺左端的零刻度线处，如图1所示，发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，由“右偏左调，左偏右调”的规则可知，应将平衡螺母向右调节，使指针对准分度盘中央的刻度线，直到横梁在水平位置平衡。
③[2]由图2知，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为4.0g，则烧杯和可乐总质量为
（2）将可乐全部倒入量筒，如图所示，量筒的分度值为1mL，可乐的体积
可乐的质量为
利用上述方法测出可乐的密度为
（3）[1][2]将可乐全部倒入量筒过程中，杯中有液体的残留，导致量筒中液体的体积变小，根据密度公式，这种方法测量的可乐密度值比真实值偏大。
（4）为了避免由于可乐残留引起的误差，操作步骤上可先测总质量，再倒入量筒测体积，最后测量烧杯和残留可乐的质量，即调整后的顺序是：③④②。
18．小肇和小中利用如图所示电路探究并联电路电流的规律。
（1）在开关闭合之前，小肇发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，原因是______。
A．电流表正负接线柱接反
B．使用前电流表没有调零
C．电流表量程较小
（2）图是他们设计的电路图，图是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是　 　（选填“”“”或“”）处的电流。
（3）小肇经过实验探究，测出一组、、三处的电流，数据如表所示，由此他得出结论：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，各支路电流相等的错误结论。要得到并联电路中电流的规律，还应该选用规格是　 　（选填“相同”或“不相同”）的灯泡进行多次实验，这样做的目的　 　。
处的电流 处的电流 处的电流
（4）实验中，小肇发现两个并联的小灯泡中，一个发光，另一个小灯泡不发光，不发光的原因可能是______。
A．通过两小灯泡的电压不相等 B．不发光的小灯泡的灯丝断了
C．不发光的小灯泡短路 D．不发光的小灯泡靠近电源负极
（5）小中用另一个灯泡替换，发现更亮，可知发光时比电阻　 　（选填“大”或“小”）。
【答案】（1）B
（2）B
（3）不相同；寻找普遍规律
（4）B
（5）小
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律；电功率的计算
【解析】【解答】(1)开关闭合前，电流表指针指向零刻度线左侧，说明电流表在使用前没有调零，故选B。
故答案为：B；
(2)由图2可知，电流表与灯泡L2串联，测量的是通过L2的电流；结合图1的电路结构，可知电流表测的是B处的电流。
故答案为：B；
(3)本次实验存在不足：实验次数过少，且选用了两个规格相同的灯泡，所得结论不具备普遍性。改进方法为：选用不同规格的灯泡，进行多次测量，以寻找普遍规律。
故答案为：不相同；寻找普遍规律；
(4)A. 并联电路中各支路两端电压相等，该说法本身正确，但不是灯泡不发光的原因，故A不符合题意；
B. 若不发光的小灯泡灯丝断了，会造成该支路断路，因此灯泡不发光，而其他支路不受影响，故B符合题意；
C. 若小灯泡短路，会造成电源短路，导致整个电路的灯泡都不发光，与题意不符，故C不符合题意；
D. 灯泡的发光情况与它在电路中靠近电源正极还是负极无关，故D不符合题意；
故答案为：B。
(5)用灯泡L3替换L1后，L3更亮，说明L3的实际功率更大；由于并联电路各支路两端电压相等，根据公式，电压相同时，功率越大，电阻越小，因此L3的电阻比L1小。
故答案为：小；
【分析】(1) 本题考查电流表的使用规范，根据电流表使用前指针未指零的现象，判断其未调零，直接得出答案；
(2) 本题考查电流表的测量对象判断，根据电流表与L2串联的连接方式，结合电路图确定其测量的位置；
(3) 本题考查实验改进方法，分析“相同规格灯泡+单次实验”的局限性，提出更换不同规格器材、多次实验的改进方案；
(4) 本题考查并联电路故障分析，结合并联电路特点，逐一分析断路、短路、电压规律等选项，判断出只有支路断路会导致“一灯亮一灯不亮”；
(5) 本题考查并联电路功率与电阻的关系，根据灯泡亮度判断实际功率大小，再结合并联电路电压相等的特点，利用公式推导电阻的大小关系。
（1）在开关闭合之前，小肇发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，说明电流表使用前没有调零，故选B。
（2）由图可知，电流表与串联，测通过的电流，由图1可知，测的是B处的电流。
（3）[1][2]由于实验次数太少，并且用了两个规格相同的灯泡，得到的实验结论不具有普遍性，因此应选用不相同规格的灯泡，多次测量，寻找普遍规律。
（4）A.并联电路中各支路两端电压相等，故A不符合题意；
B.不发光的小灯泡的灯丝断了，符合题意。两个并联的小灯泡中，一个发光，另一个小灯泡不发光，有可能是该支路断路，即该小灯泡的灯丝断了，故B符合题意。
C.如果该小灯泡短路，会导致整个电路短路，其它支路也不工作，故C不符合题意；
D.该小灯泡靠近电源负极，不影响其发光，故D不符合题意；
故选B。
（5）小中用另一个灯泡替换，发现更亮，说明的实际功率大；因并联电路各支路两端电压相等，根据可知，比电阻小。
五、计算题（15分）
19．“海葵一号”是中国自主设计并建造的亚洲首艘圆筒型浮式生产储卸油装置，“海葵一号”漂浮在大海上工作，从空中俯瞰像一朵绽放的葵花。查阅资料得知：“海葵一号”的质量是，满载时排开海水的质量是。求：（取，海水的密度为）
（1）“海葵一号”满载时受到的浮力；
（2）“海葵一号”一次最多能储存石油的质量；
（3）若“海葵一号”在水面下3m深处，受到的海水的压强是多少。
【答案】（1）满载时排开海水的质量为，根据阿基米德原理，物体所受浮力等于其排开液体的重力，因此满载时受到的浮力：
（2）“海葵一号”漂浮时，浮力等于总重力，即其满载时的总质量等于排开水的质量。因此一次最多能储存石油的质量：
（3）“海葵一号”在水面下深处时，受到的海水压强：
【知识点】质量及其特性；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】(1) 本题考查阿基米德原理的应用，解题核心公式为阿基米德原理公式 ，解题思路是直接代入排开海水的质量与重力加速度，计算浮力大小；
(2) 本题考查漂浮条件与质量差计算，解题核心规律为漂浮条件 （即），解题思路是先根据漂浮条件得出总质量等于排开水的质量，再通过总质量减去装置自身质量，得到可储存石油的最大质量；
(3) 本题考查液体压强的计算，解题核心公式为液体压强公式 ，解题思路是代入海水密度、深度与重力加速度，直接计算该深度处的海水压强。
（1）满载时排开海水的质量是，根据阿基米德原理，其满载时受到的浮力等于其排开海水的重力，则
（2）“海葵一号”漂浮时浮力等于重力，即满载时的总质量等于排开水的质量，所以一次最多能储存石油的质量
（3）若“海葵一号”在水面下3m深处，受到的海水的压强
20．小芸家的饮水机具有加热和保温两挡，其简化电路如图所示（和为阻值不变的发热电阻丝）。已知饮水机的额定电压为，阻值为，饮水机加热挡的额定电功率为。求：
（1）饮水机在加热挡工作时的电流；
（2）的电阻；
（3）饮水机的保温挡电功率。
【答案】（1）已知饮水机加热挡的额定电功率为，电源电压为，根据电功率公式，可得加热挡工作时的电流：
（2）由电路图可知，开关、都闭合时，电路为的简单电路，此时电路电阻最小，饮水机处于加热状态。根据欧姆定律，可得的阻值：
（3）由电路图可知，开关闭合、断开时，与串联，电路总电阻最大，饮水机处于保温状态。根据电功率公式，可得保温挡的电功率：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1) 本题考查电功率公式的应用，明确加热挡的功率和电源电压，直接代入公式计算工作电流；
(2) 本题考查欧姆定律的应用，先根据开关状态判断加热挡的电路结构，再利用加热挡的电压和电流，代入公式计算的阻值；
(3) 本题考查串联电路的电功率计算，先根据开关状态判断保温挡的电路结构（两电阻串联），再结合串联电路的总电阻，利用公式计算保温挡的功率。
（1）饮水机加热挡的额定电功率为，根据可知，饮水机在加热挡工作时的电流为
（2）由电路图可知，开关、都闭合时，电路为的简单电路，电路中的电阻最小，饮水机处于加热状态，则的阻值为
（3）由电路图可知，开关闭合，断开时，两电阻串联，电路中的电阻最大，饮水机处于保温状态，则饮水机的保温挡电功率为
六、综合题（18分）
21．小芸注意到很多公共场所都有类似图所示的提示牌。她想：摩擦力的大小与接触面的潮湿程度有什么关系呢？为了探究这一问题，她找来长条形地板砖、运动鞋、弹簧测力计和喷雾器，设计了图所示的实验装置。
（1）为了测出鞋子与地板砖间滑动摩擦力的大小，小芸把长条形地板砖放在水平桌面上，用弹簧测力计水平拉着鞋子在地板砖上做　 　运动。根据二力平衡条件可知，此时弹簧测力计的示数　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）滑动摩擦力的大小。
（2）小芸用喷雾器向地板砖表面均匀喷雾改变地板砖的潮湿程度，通过实验得到如表的数据。
喷雾次数
摩擦力
小芸分析数据得出结论：在其他条件不变时，摩擦力的大小随接触面潮湿程度的变化规律是　 　。
（3）如果拉动鞋子在木板上运动，鞋子运动的路程时间图像如图所示若用和分别表示和时间内弹簧测力计的示数，则可判断　 　（选填“”“”或“”）。
（4）小芸发现：超市里的收银员清点钞票时手指沾湿海绵如图所示，这是通过改变接触面的潮湿程度来　 　（选填“增加”或“减小”）摩擦力。
【答案】（1）匀速直线；等于
（2）先增大后减小
（3）=
（4）增加
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)为测量鞋子与地板砖间的滑动摩擦力，将长条形地板砖置于水平桌面，用弹簧测力计水平拉动鞋子做匀速直线运动。根据二力平衡条件，物体做匀速直线运动时，水平方向上的拉力与滑动摩擦力大小相等，因此弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
故答案为：匀速直线；等于；
(2)分析表格数据可知，当喷雾次数从0增加到4次时，摩擦力由3.2N增大到4.0N；当喷雾次数超过4次后，摩擦力逐渐减小。由此可得出结论：在其他条件不变时，摩擦力随接触面潮湿程度的变化规律是先增大后减小。
故答案为：先增大后减小；
(3)由图可知，木块在和内的路程与时间均成正比，说明木块在这两个阶段均做匀速直线运动。同一木块在压力和接触面粗糙程度均不变的水平面上运动，滑动摩擦力大小不变；又因木块做匀速直线运动，拉力与滑动摩擦力大小相等，因此两次拉力相等，即。
故答案为：=；
(4)超市收银员清点钞票时手指沾湿海绵，是通过改变接触面的潮湿程度来增大摩擦力，从而使手指更容易捏住钞票。
故答案为：增加；
【分析】(1) 本题考查滑动摩擦力的测量方法，利用二力平衡条件，通过让物体做匀速直线运动，将滑动摩擦力的大小转化为弹簧测力计的拉力示数；
(2) 本题考查实验数据的分析与结论总结，对比不同喷雾次数下的摩擦力数据，归纳出摩擦力随接触面潮湿程度的变化规律；
(3) 本题考查影响滑动摩擦力大小的因素，先根据图像判断木块的运动状态，再结合压力和接触面粗糙程度不变的条件，分析滑动摩擦力的大小关系，进而得出拉力的大小关系；
(4) 本题考查摩擦力在生活中的应用，结合实验结论，分析手指沾湿海绵这一操作对接触面潮湿程度和摩擦力的影响。
（1）[1][2]为了测出鞋子与地板砖间滑动摩擦力的大小，小芸把长条形地板砖放在水平桌面上，用弹簧测力计水平拉着鞋子在地板砖上做匀速直线运动。因为当物体做匀速直线运动时，在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡条件可知，此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
（2）观察表格中的数据，喷雾次数从0增加到4时，摩擦力从 3.2N增大到4.0N；喷雾次数从4继续增加，摩擦力逐渐减小。所以可以得出结论：在其他条件不变时，摩擦力的大小随接触面潮湿程度的变化规律是先增大后减小。
（3）由图可知，木块在和内运动的路程和时间均成正比，说明木块在和内均做匀速直线运动，同一木块在粗糙程度相同的水平面上运动，压力不变，接触面的粗糙程度相同，所以木块受到的滑动摩擦力相同，木块做匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，所以拉力也相等，即。
（4）超市里的收银员清点钞票时手指沾湿海绵，这是通过改变接触面的潮湿程度来增加摩擦力，使得手指更容易捏住钞票。
22．安全伴我行，成长更安心请你用所学的物理知识解释下列现象。
（1）交通安全图：“一盔一带，安全守护”，骑行及乘坐电动自行车时应正确戴好头盔，头盔的内部材料松软，戴头盔会减小撞击时头部所受的　 　（选填“压力”或“压强”）；乘坐汽车时系好安全带，可使坐在向前行驶的汽车上的乘客，在汽车受到　 　（选填“前方”或“后方”）车辆的猛烈碰撞时，减小由于　 　带来的伤害；
（2）消防安全图：“冷静科学，火场逃生”，面对滚滚浓烟和熊熊烈焰，只要冷静机智运火场自救与逃生知识，就能最大限度拯救自己和他人的生命。火灾发生时，会产生大量的高温有害气体，其平均密度　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）正常空气密度，离地面米以下的范围有害气体含量少，故逃生时应弯腰前行。若条件允许，可用湿棉被裹身逃生，此方法原理之一是利用了水的　 　较大，吸热能力　 　（选填“强”或“弱”）；
（3）防溺水安全图：“远离未知，防溺护生”，为了安全，禁止随意下河游泳，因为看似平静的水面可能暗藏“漩涡”，“漩涡”内的水流速　 　，压强　 　，容易将附近的人“吸”进去。（均选填“大”或“小”）
【答案】（1）压强；前方；惯性
（2）小于；比热容；强
（3）大；小
【知识点】密度与温度的关系；惯性及其现象；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】(1)头盔内部材料松软，受撞击时会发生较大形变，从而增大头部与头盔的接触面积。根据压强公式 ，在压力 一定时，增大受力面积 可以减小头部所受的压强，减轻撞击伤害。
乘坐汽车时系好安全带，当汽车受到前方车辆猛烈碰撞突然减速时，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，有向前倾倒的危险；安全带可将乘客固定在座位上，减小因惯性产生的向前移动，从而减小伤害。
故答案为：压强；前方；惯性；
(2)火灾发生时，产生的大量高温有害气体因温度升高，分子热运动加剧、分子间距增大，其平均密度小于正常空气密度，会向上漂浮，因此离地面0.9米以下的范围有害气体含量少，逃生时弯腰前行能减少有害气体吸入。
水的比热容较大，根据公式 ，在质量 和升高温度 相同时，比热容 大的物质吸收的热量 多，水的吸热能力强；用湿棉被裹身逃生时，湿棉被中的水可吸收大量热量，使棉被温度不会升得太高，保护人体免受高温伤害。
故答案为：小于；比热容；强；
(3)根据流体压强与流速的关系：流体中流速越大的地方，压强越小。“漩涡”内水流速大、压强小，周围水流速相对较小、压强大，会产生指向漩涡中心的压力差，容易将附近的人“吸”进去。
故答案为：大；小；
【分析】(1) 本题考查压强和惯性的应用，先利用压强公式 分析增大受力面积对减小压强的作用，再结合惯性的概念解释安全带的防护原理；
(2) 本题考查密度与比热容的应用，先根据气体密度随温度的变化分析有害气体的分布特点，再利用比热容公式解释湿棉被的降温防护作用；
(3) 本题考查流体压强与流速的关系，根据“流速越大，压强越小”的规律，分析漩涡内外的压强差，解释其“吸入”现象的成因。
（1）[1]头盔内部材料松软，在受到撞击时，会发生较大的形变，从而增大了头部与头盔的接触面积。根据压强公式，在压力一定的情况下，增大受力面积，可以减小头部所受的压强，从而减轻撞击对头部的伤害。
[2][3]乘坐汽车时系好安全带，当汽车受到前方车辆的猛烈碰撞时，汽车会突然减速，而乘客由于惯性会保持原来的运动状态，有向前倾倒的危险。安全带可以将乘客固定在座位上，减小乘客由于惯性而产生的向前移动，从而减小伤害。
（2）[1]火灾发生时，产生的大量高温有害气体，由于温度升高，气体分子热运动加剧，分子间距离增大，所以其平均密度小于正常空气密度，会向上漂浮，因此离地面米以下的范围有害气体含量少，逃生时弯腰前行能减少有害气体的吸入。
[2][3]水的比热容较大，根据，在质量和升高温度相同时，比热容大的物质吸收的热量多，所以水的吸热能力强。用湿棉被裹身逃生，湿棉被中的水可以吸收大量的热量，使棉被的温度不会升得太高，从而保护人体免受高温伤害。
（3）[1][2]根据流体压强与流速的关系，流体中流速越大的地方，压强越小。“漩涡”内的水流速大，所以压强小，而周围水流速度相对较小，压强大，这样就会产生一个指向“漩涡”中心的压力差，容易将附近的人“吸”进去。
23．阅读短文，回答文后的问题。
呵护学生健康、共筑近视防线教室护眼灯
近年来，学生近视多发并呈现低龄化的现象引起广泛关注。为呵护学生健康、共筑近视防线，广东肇庆中学府城分校将原本容易造成近视的日光灯改造成了护眼灯。
教室护眼灯的外观图如图所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生、常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光暮眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯是采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板的正面射出，如图所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯在工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，如图是温度为时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
（1）教室里，各盏护眼灯之间的连接方式是　 　联。
（2）护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于　 　眩光。
（3）导光板材料主要利用了下列哪种物理属性______
A．导电性 B．导热性 C．磁性 D．透明度
（4）当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是______
A．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
（5）当护眼灯灯珠的温度由升高到时，电流与电压的关系图像应在图中的　 　（选填“左侧”“右侧”或“原处”）。
（6）下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是______。
A． B．
C． D．
【答案】（1）并
（2）直接
（3）D
（4）C
（5）左侧
（6）B
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；串联电路和并联电路的辨别；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在教室中，各盏护眼灯能够独立工作，工作时互不干扰，因此各护眼灯的连接方式为并联。
（2）根据题干给出的材料可知，常见的眩光分为直接眩光、反射眩光和光幕眩光三类，白炽灯发出的眩光是由灯具自身直接产生的，因此属于直接眩光。
（3）教室护眼灯使用双侧发光的设计，光源放置在灯具的两条长边上，光源发出的光从两侧的导光板向中间传播，当光线传播到导光板底部的导光点时，传播方向会发生改变，最终从导光板的正面射出。由此可知，导光板的这项物理性质和光的传播直接相关，对应的是透明度，故ABC错误，D正确。
故选D。
（4）从文中描述可知，在没有导光点的导光板上，光无法从导光板表面射出，只会在导光板内发生反射；当光线遇到导光板底部的导光点时，光线的传播方向会发生改变，最终从导光板正面射出，说明光在导光点处同时发生反射和折射，故ABD错误，C正确。
故选C。
（5）根据短文内容，护眼灯灯珠的电阻会随温度升高而减小，因此当灯珠温度由T1升高到T2时，根据可知，相同电压下，因为电阻变小，电流会变大，因此I-U图像的斜率会增大，所以该变化后的I-U图像应该在原图3中原有曲线的左侧。
(6)观察图3的阴影区域可以看出，护眼灯灯珠的正常工作电压需要维持在U1和U2之间，如果电压超出这个区间，很小的电压变化就会导致电流发生急剧变化，进而损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影；
3、光的折射：光经过不同介质时，入射光线会发生偏折，如：光的色散（太阳光经过三棱镜折射会发生光的色散）、海市蜃楼；
4、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
（1）教室里，各盏护眼灯之间可以独立工作，互不影响，因此它们是并联的。
（2）由材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光。
（3）教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，当遇到导光板底部的导光点时，改变光线的传播方向，由导光板的正面射出，说明导光板材料的物理性质应与光相关，即透明度，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）由图2可知，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，在导光板表面只发生反射；当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板的正面射出，说明光在导光点处既反射又折射，故ABD不正确，C正确。
故选C。
（5）由短文知道，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，由可知，此时相同电压下，由于电阻变小，电流将变大，I-U图像的斜率将变大，故应在图3中图像的左侧。
（6）由图3的阴影部分知道，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
1 / 12025年广东省肇庆市广东肇庆中学中考二模物理试题
一、【植树主题】献礼肇中百廿华诞共建德庆绿美家乡 ——2025年 3月 26日我校携手德庆县官圩镇共植“肇中校友林”，请根据植树活动的相应情景，完成各小题。
1．下列关于植树过程中的情景，没有力对树苗做功的是（　　）
A．从车上搬下树苗 B．扶着树苗，回填土
C．把树苗从地面提起来 D．将树苗放入挖好的坑中
2．2023年3月12日是我国第45个植树节。小坤同学为刚种植的树苗设计了自动浇水电路，该电路中的光控开关在天黑时自动闭合，湿敏开关在土壤过于干燥时自动闭合。当天黑且土壤过于干燥时，电动机开始工作，自动对树苗进行浇水。图的电路中符合上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
3．古筝、琵琶是我国的传统乐器，有经验的人只凭听就能分辨出它们合奏时各自的声音，这是因为古筝声和琵琶声（　　）
A．音色不同 B．频率不同 C．响度不同 D．音调不同
4．下列能源中属于可再生能源的是（　　）
A．石油 B．核能 C．天然气 D．太阳能
5．“珍爱生命，安全用电”。关于安全用电，下列说法正确的是
A．发现有人触电，应立即用手将其拉开
B．家用电器着火时，可以直接用水浇灭
C．家庭电路中，必须安装空气开关等保险装置
D．可以在未断开开关的情况下更换灯泡
6．“天宫课堂”授课期间，航天员通过视频通话形式与地面课堂师生进行交流，其中将信息传回地面主要是通过（　　）
A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．红外线
7．甲、乙两机械做功情况的部分数据如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．甲的机械效率等于乙的机械效率
B．甲机械的总功为
C．乙机械的额外功为
D．甲机械做的有用功大于乙机械做的有用功
二、填空题（15分）
8．【从生活到物理】生活处处有物理，留心观察皆学问，请根据生活中的情境，完成下题。
（1）小明利用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美味的手擀捞面。煮面时通过　 　的方式增大了面的内能，满屋飘香说明分子在不停地做　 　。制作过程中小明发现用毛料布擦拭过的塑料小勺靠近胡椒粉时，胡椒粉被吸到勺子上，说明塑料勺子带了　 　。
（2）成群白鹭现身七星岩里湖如图1，当白鹭用力扇动翅膀起飞时，说明力能改变物体的　 　；若以水面为参照物，白鹭是　 　（选填“静止”或“运动”）的，此过程中水中的“白鹭”大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）建在广州塔顶部的摩天轮是世界上最高的摩天轮，如图所示。摩天轮匀速转动，在座舱从最低点向最高点运动的过程中，座舱的动能　 　，重力势能　 　，机械能　 　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
9．如图所示，深秋的清晨观察到草叶上形成了串串露珠，透过露珠能够看到远处景物倒立的像，露珠相当于　 　，此光学元件对光有　 　（选填“会聚”或“发散”）作用；在生活中利用该成像原理的仪器有　 　。
10．模块化分段建造再整装技术的核心是大型龙门吊，如图所示是上海生产的世界上最大的龙门吊，图为其滑轮部分的简化图，其中定滑轮可以　 　（选填“改变力的方向”或“省力”），　 　（“”或“”）为定滑轮。现用此装置将地面上一个重为的货物提起，不计机械自重和摩擦，则每根钢绳受到的拉力大小为　 　。
11．最近“纸火锅”（如图）逐渐流行起来，“纸火锅”是用纸张代替金属材料做容器盛放汤料，当酒精燃烧时纸张不会燃烧。纸的着火点约183℃，酒精灯火焰温度约400℃。水沸腾时不断　 　热量（选填“吸收”或“放出”），温度　 　（选填“上升”“不变”或“下降”），使得水的温度　 　（选填“低于”或“高于”）纸的着火点，所以纸锅可以煮火锅。
12．如图所示是灯泡和电阻的图像，由图像可知电阻的阻值为　 　。将灯泡和电阻按图所示接入电路中，只闭合开关，灯泡的实际电功率为，则此时灯泡的电阻为　 　；再闭合开关，电流表示数变化了　 　。
三、作图题（7分）
13．用线将吊灯悬挂在天花板上静止，请在图中画出吊灯的重力的示意图。
14．如图，小磁针静止在通电螺线管右侧，请根据图中磁感线的方向，在螺线管左端和小磁针右端的括号内标出极性（“N”或“S”），在电源左边的括号内标出极性（“+”或“﹣”）。
15．如图，小玲利用一块平面镜，将正午时分直射的太阳光引入一根水平管道内，请在图中画出平面镜的位置。
四、实验探究题（24分）
16．亲爱的同学，请你根据掌握的物理知识，回答下列问题。
（1）如图所示，变阻箱示数为　 　；如图所示，电流表示数为　 　，如图所示，电能表的示数为　 　。
（2）如图所示，体温计的读数是　 　；若某发烧患者康复后用此体温计直接测量自己的体温，读数为　 　。
（3）如图是探究光的反射规律的实验装置。
图甲中，入射光线与平面镜的夹角如图所示，则反射角为　 　。
图乙中，纸板绕CD轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的点，此时纸板上看不到反射光线，这说明　 　。
17．为了探究肥宅快乐水（可乐）的秘密，小芸决定对可乐的密度进行测量。
（1）实验过程：
把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针指在如图所示的位置，应将平衡螺母向　 　调节，使天平平衡；
用天平测出空烧杯质量为；
向烧杯中倒入适量可乐，放在天平的左盘中，在右盘加减砝码并调节游码，天平平衡时，所用砝码及游码在标尺上的位置如图所示，则烧杯和可乐总质量为　 　；
将可乐全部倒入量筒，如图所示。
（2）利用上述方法测出可乐的密度为　 　；
（3）这种方法测量的可乐密度值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”），原因是　 　；
（4）只需将的操作顺序稍做调整即可减小这种误差，调整后的顺序是　 　。
18．小肇和小中利用如图所示电路探究并联电路电流的规律。
（1）在开关闭合之前，小肇发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，原因是______。
A．电流表正负接线柱接反
B．使用前电流表没有调零
C．电流表量程较小
（2）图是他们设计的电路图，图是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是　 　（选填“”“”或“”）处的电流。
（3）小肇经过实验探究，测出一组、、三处的电流，数据如表所示，由此他得出结论：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，各支路电流相等的错误结论。要得到并联电路中电流的规律，还应该选用规格是　 　（选填“相同”或“不相同”）的灯泡进行多次实验，这样做的目的　 　。
处的电流 处的电流 处的电流
（4）实验中，小肇发现两个并联的小灯泡中，一个发光，另一个小灯泡不发光，不发光的原因可能是______。
A．通过两小灯泡的电压不相等 B．不发光的小灯泡的灯丝断了
C．不发光的小灯泡短路 D．不发光的小灯泡靠近电源负极
（5）小中用另一个灯泡替换，发现更亮，可知发光时比电阻　 　（选填“大”或“小”）。
五、计算题（15分）
19．“海葵一号”是中国自主设计并建造的亚洲首艘圆筒型浮式生产储卸油装置，“海葵一号”漂浮在大海上工作，从空中俯瞰像一朵绽放的葵花。查阅资料得知：“海葵一号”的质量是，满载时排开海水的质量是。求：（取，海水的密度为）
（1）“海葵一号”满载时受到的浮力；
（2）“海葵一号”一次最多能储存石油的质量；
（3）若“海葵一号”在水面下3m深处，受到的海水的压强是多少。
20．小芸家的饮水机具有加热和保温两挡，其简化电路如图所示（和为阻值不变的发热电阻丝）。已知饮水机的额定电压为，阻值为，饮水机加热挡的额定电功率为。求：
（1）饮水机在加热挡工作时的电流；
（2）的电阻；
（3）饮水机的保温挡电功率。
六、综合题（18分）
21．小芸注意到很多公共场所都有类似图所示的提示牌。她想：摩擦力的大小与接触面的潮湿程度有什么关系呢？为了探究这一问题，她找来长条形地板砖、运动鞋、弹簧测力计和喷雾器，设计了图所示的实验装置。
（1）为了测出鞋子与地板砖间滑动摩擦力的大小，小芸把长条形地板砖放在水平桌面上，用弹簧测力计水平拉着鞋子在地板砖上做　 　运动。根据二力平衡条件可知，此时弹簧测力计的示数　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）滑动摩擦力的大小。
（2）小芸用喷雾器向地板砖表面均匀喷雾改变地板砖的潮湿程度，通过实验得到如表的数据。
喷雾次数
摩擦力
小芸分析数据得出结论：在其他条件不变时，摩擦力的大小随接触面潮湿程度的变化规律是　 　。
（3）如果拉动鞋子在木板上运动，鞋子运动的路程时间图像如图所示若用和分别表示和时间内弹簧测力计的示数，则可判断　 　（选填“”“”或“”）。
（4）小芸发现：超市里的收银员清点钞票时手指沾湿海绵如图所示，这是通过改变接触面的潮湿程度来　 　（选填“增加”或“减小”）摩擦力。
22．安全伴我行，成长更安心请你用所学的物理知识解释下列现象。
（1）交通安全图：“一盔一带，安全守护”，骑行及乘坐电动自行车时应正确戴好头盔，头盔的内部材料松软，戴头盔会减小撞击时头部所受的　 　（选填“压力”或“压强”）；乘坐汽车时系好安全带，可使坐在向前行驶的汽车上的乘客，在汽车受到　 　（选填“前方”或“后方”）车辆的猛烈碰撞时，减小由于　 　带来的伤害；
（2）消防安全图：“冷静科学，火场逃生”，面对滚滚浓烟和熊熊烈焰，只要冷静机智运火场自救与逃生知识，就能最大限度拯救自己和他人的生命。火灾发生时，会产生大量的高温有害气体，其平均密度　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）正常空气密度，离地面米以下的范围有害气体含量少，故逃生时应弯腰前行。若条件允许，可用湿棉被裹身逃生，此方法原理之一是利用了水的　 　较大，吸热能力　 　（选填“强”或“弱”）；
（3）防溺水安全图：“远离未知，防溺护生”，为了安全，禁止随意下河游泳，因为看似平静的水面可能暗藏“漩涡”，“漩涡”内的水流速　 　，压强　 　，容易将附近的人“吸”进去。（均选填“大”或“小”）
23．阅读短文，回答文后的问题。
呵护学生健康、共筑近视防线教室护眼灯
近年来，学生近视多发并呈现低龄化的现象引起广泛关注。为呵护学生健康、共筑近视防线，广东肇庆中学府城分校将原本容易造成近视的日光灯改造成了护眼灯。
教室护眼灯的外观图如图所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生、常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光暮眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯是采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板的正面射出，如图所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯在工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，如图是温度为时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
（1）教室里，各盏护眼灯之间的连接方式是　 　联。
（2）护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于　 　眩光。
（3）导光板材料主要利用了下列哪种物理属性______
A．导电性 B．导热性 C．磁性 D．透明度
（4）当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是______
A．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
（5）当护眼灯灯珠的温度由升高到时，电流与电压的关系图像应在图中的　 　（选填“左侧”“右侧”或“原处”）。
（6）下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是______。
A． B．
C． D．
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】A、从车上搬下树苗时，人对树苗施加了向上的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 A 错误；
B、扶着树苗回填土时，人对树苗施加了扶持的力，但树苗在该力的方向上没有移动距离，力对树苗没有做功，故 B 正确；
C、把树苗从地面提起时，人对树苗施加了向上的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 C 错误；
D、将树苗放入挖好的坑中时，人对树苗施加了向下的力，树苗在竖直方向移动了一段距离，力对树苗做了功，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】本题考查做功的两个必要条件，用到的核心判断依据是：物体受到力的作用，且在力的方向上通过一段距离，二者缺一不可。解题时需逐一分析每个选项中力的方向与物体移动距离的方向是否一致，判断是否同时满足做功的两个条件，进而确定正确选项。
2．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题目要求，只有在土壤过于干燥的夜间，电动机才会启动；即使土壤干燥，只要是白天，电动机就不会工作，由此可知光控开关和湿敏开关不能单独控制电动机，两个开关必须都满足条件（闭合）电路才能接通，因此两个开关应该串联后再与电动机连接。
A、两个开关为并联关系，只要任意一个开关闭合，电动机就能工作，不符合题目要求，故A错误；
B、开关S1与电动机并联，当S1闭合后，电动机会被短路，无法正常工作，不符合要求，故B错误；
C、两个开关为串联关系，只有两个开关同时闭合，电动机才能通电工作，完全符合题目要求，故C正确；
D、开关S2与电动机并联，当S2闭合后，电动机会被短路，无法正常工作，不符合要求，故D错误。
故选C。
【分析】电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
3．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】古筝声和琵琶的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，所以有经验的人能通过音色分辨出是古筝还是琵琶在演奏，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】音调（声音的高低），由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；
响度（声音的强弱/大小），由发声体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大；
音色（声音的特色），由发声体的材料和结构决定，通过音色可以辨别不同的发声体。
4．【答案】D
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】核能、石油、天然气都属于不可再生能源，只有太阳能是可再生能源。
故答案为：D。
【分析】像太阳能、风能、水能以及动、植物等这类可以长期提供或短时间内可以获得补充的能源属于可再生能源。
5．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、发现有人触电后，由于人体是导体，若用手直接去拉触电者，电流也会通过救助者的身体进入大地，使救助者发生间接触电事故，故A错误；
B、由于生活用水是导体，用电器或导线失火时，若用水去灭火，电流将会沿着水传向救助者，造成间接触电，故B错误；
C：为了防止家庭电路中电流过大出现危险，在家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，以确保电路中电流过大时自动切断电路，能有效避免用电安全事故，故C正确；
D：在检修电路、更换灯泡时，首先要切断电源，再进行维修或更换，如果没有断开电源进行维修或更换时，容易发生触电事故，故D错误；
故本题正确答案为：“C”
【分析】（1）人体是导体，发现有人触电时不能用手直接去拉，否则施救者也会触电；
（2）生活用水是导体，不能用于电器着火的扑救物质；
（3）为防止家庭电路中电流过大而出现危险，在家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，以确保电路中电流过大时能自动切断电路；
（4）在检修电路、更换灯泡时，首先要切断电源，再进行维修或更换 。
6．【答案】A
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】“天宫课堂” 授课期间，航天员通过视频通话与地面师生交流，信息传回地面主要依靠电磁波。电磁波的传播不需要介质，可在真空、固体、液体、气体中传播；而超声波和次声波需要介质，无法在太空真空环境中传播。红外线虽属于电磁波，但易受遮挡干扰，传输距离和数据量有限，不适合天地间大规模高速信息传输，故 A 符合题意，BCD 不符合题意。
故答案为：A。
【分析】本题考查电磁波与声波的传播特点，电磁波可在真空中传播，是天地通信的主要载体；超声波、次声波依赖介质，无法在真空环境中使用；同时需区分红外线与通用通信电磁波的适用场景，明确红外线不适用于远距离高速信息传输。
7．【答案】D
【知识点】机械效率的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】A、由图可知，甲的机械效率为25%，乙的机械效率为30%，甲的机械效率小于乙的机械效率，故A错误；
B、甲机械中额外功为1500J，占总功的75%，则甲的总功为：
故B错误；
C、由图可知，乙机械的有用功为90J，占总功的30%，则额外功占总功的70%，额外功大于90J，故C错误；
D、甲机械的有用功为：
而乙机械的有用功为90J，因此甲机械做的有用功大于乙机械做的有用功，故D正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查机械效率的概念，直接从图中读取甲、乙的机械效率，比较二者大小；
B、考查总功的计算，利用额外功占总功的比例，结合公式计算甲的总功；
C、考查额外功的判断，根据乙机械有用功占总功的比例，推出额外功占比，进而判断额外功的大小；
D、考查有用功的计算与比较，先根据甲的总功和额外功求出甲的有用功，再与乙的有用功比较大小。
8．【答案】（1）热传递；无规则运动；电荷
（2）运动状态；运动；不变
（3）不变；变大；变大
【知识点】机械能及其转化；热传递改变物体内能；力的作用效果；平面镜成像的原理、特点；物体带电情况的判断
【解析】【解答】(1)煮面时加热，面条吸收热量，内能增大，这是通过热传递的方式改变了面条的内能；
煮面时满屋飘香，属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动；
用毛料布擦拭过的塑料小勺靠近胡椒粉时，胡椒粉被吸引到勺子上，这是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，说明塑料勺子带了电荷。
故答案为：热传递；无规则运动；电荷；
(2)白鹭扇动翅膀起飞时，翅膀对空气施加力的作用，由于力的作用是相互的，空气也对翅膀施加反作用力，使白鹭的速度大小发生改变，说明力能改变物体的运动状态；
以水面为参照物，白鹭起飞时相对于水面的位置发生了改变，因此白鹭是运动的；
水面相当于平面镜，根据平面镜成像规律，水中的 “白鹭” 是白鹭成的正立、等大的虚像，像的大小与白鹭本身大小相等，不会发生变化。
故答案为：运动状态；运动；不变；
(3)摩天轮匀速转动，座舱从最低点向最高点运动时，质量和速度均不变，因此座舱的动能不变；
座舱的高度逐渐变大，质量不变，因此座舱的重力势能变大；
机械能等于动能与势能的总和，动能不变、重力势能变大，因此座舱的机械能变大。
故答案为：不变；变大；变大；
【分析】(1) 本题考查内能改变的方式、分子热运动和摩擦起电现象，解题时需结合热传递的定义、扩散现象的本质以及带电体的性质，逐一分析现象对应的物理原理；
(2) 本题考查力的作用效果、参照物的选择和平面镜成像规律，解题时需明确力的相互性与运动状态改变的关系，根据位置变化判断物体运动状态，并结合平面镜成像 “等大、正立、虚像” 的特点分析像的变化；
(3) 本题考查动能、重力势能和机械能的变化判断，解题时需根据动能与质量、速度的关系，重力势能与质量、高度的关系，结合机械能的定义，分析座舱运动过程中能量的变化情况。
（1）[1]煮面时需要加热，面条吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式增大了面的内能。
[2]煮面时满屋飘香是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
[3]用毛料布擦拭过的塑料小勺胡椒粉时，胡椒粉被吸到勺子上，由于带电体具有吸引轻小物体的性质，说明塑料勺子带了电荷。
（2）[1]当白鹭用力扇动翅膀起飞时，翅膀对空气有力的作用，由于力的作用是相互的，空气对翅膀也有着力的作用，使白鹭起飞，速度大小发生改变，说明力能改变物体的运动状态。
[2]若以水面为参照物，白鹭起飞时相对于水面的位置发生了改变，故白鹭是运动的。
[3]此过程中以水面为平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，水中的“白鹭”是白鹭在水面成的虚像，其大小不变。
（3）[1]摩天轮匀速转动，在座舱从最低点向最高点运动的过程中，由于座舱的质量和速度均不变，则动能不变。
[2]由于座舱的高度在变大，质量不变，所以其重力势能变大。
[3]机械能等于动能和势能的总和，动能不变，重力势能变大，故机械能变大。
9．【答案】凸透镜；会聚；照相机
【知识点】透镜及其特点与分类
【解析】【解答】深秋清晨草叶上的露珠呈球状，中间厚、边缘薄，相当于一个凸透镜，对光线具有会聚作用。透过露珠看到远处景物倒立的像，说明此时物距大于 2 倍焦距，成倒立、缩小的实像，生活中照相机就是利用这一原理工作的。
故答案为：凸透镜；会聚；照相机；
【分析】考查凸透镜的识别与光学性质，解题思路是根据露珠的外形特点，判断其相当于凸透镜，并利用凸透镜对光线的会聚作用分析其光学特性；
考查凸透镜成像规律的应用，解题思路是根据看到的像的性质（倒立、缩小），判断此时物距与焦距的关系，再结合生活实例（照相机）说明该成像原理的应用。
10．【答案】改变力的方向；A；10000
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】轴的位置固定不动的滑轮叫做定滑轮，由图可知，A滑轮的轴固定不动，属于定滑轮；定滑轮不省力，但可以改变力的方向。
由图可知，承担物重的绳子股数，不计机械自重和摩擦，根据滑轮组拉力公式，每根钢绳受到的拉力为：
故答案为：改变力的方向；A；10000；
【分析】考查定滑轮的识别与特点，解题思路是根据滑轮轴的位置是否固定，判断其为定滑轮，并结合定滑轮的工作特点分析其作用；
考查滑轮组拉力的计算，解题思路是先确定承担物重的绳子股数，再利用公式（不计机械自重和摩擦）计算拉力大小。
11．【答案】吸收；不变；低于
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】已知纸的着火点约为 183℃，酒精灯火焰温度约为 400℃。将装有水的纸锅放在酒精灯上加热时，水沸腾后会持续吸热，但温度始终保持在沸点（标准大气压下为 100℃）不变，而水的沸点低于纸的着火点，因此纸锅的温度无法达到着火点，不会燃烧。
故答案为：吸收；不变；低于；
【分析】本题考查沸腾的特点与燃烧条件的结合应用，先明确水沸腾时 “持续吸热、温度不变” 的特点，再对比水的沸点与纸的着火点，判断纸锅温度能否达到燃烧条件，从而得出纸锅不会燃烧的结论。
12．【答案】10；4；0.2
【知识点】并联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图像可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为0.3A，根据欧姆定律可得电阻的阻值：
当闭合开关S、断开开关S1时，电路为灯泡L的简单电路。由图像可知，当灯泡两端电压为2V、通过的电流为0.5A时，其实际电功率为：
因此电源电压为2V，灯泡的电阻为：
再闭合开关S1时，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流。根据并联电路电压规律，此时R两端电压为2V，由图像可知通过R的电流为0.2A。由于并联电路各支路独立工作，灯泡的电流不变，因此电流表示数的变化量等于通过R的电流，即增加了0.2A。
故答案为：10；4；0.2；
【分析】考查欧姆定律的应用，根据图像读取定值电阻对应的电压和电流，代入公式计算阻值；
考查简单电路的电功率与电阻计算，先根据灯泡的实际功率条件，从图像中找到对应的电压和电流，再结合欧姆定律（P=UI）和电功率公式（）计算电源电压与灯泡电阻；
考查并联电路的电流规律，明确并联电路各支路电压相等、支路独立工作的特点，结合图像得出通过电阻的电流，进而确定干路电流的变化量。
13．【答案】
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】重力的方向总是竖直向下的，因此从吊灯的重心O点出发，画一条竖直向下的带箭头线段，并在箭头旁标注符号G，如图所示：
故答案为：；
【分析】本题考查重力示意图的画法，明确重力的三要素 —— 作用点在物体重心、方向竖直向下、用符号G表示，然后按照力的示意图的规范画法，从重心出发画出对应的有向线段即可。
14．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】由通电螺线管的外部磁场是“N极出S极入”可知，螺线管左侧是N极，右侧是S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左侧是N极，则小磁针的右侧是S极，根据右手螺旋定则可知，在通电螺线管的外部，电流的方向是自下向上，故电流从电源左侧流出，电源左侧为正极，如下图所示：
【分析】 根据在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，由此判断出螺线管的N极和S极，再根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进一步分析电源的正、负极，同时结合磁极间的相互作用规律判断小磁针的极性。
15．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】题目要求将正午直射的太阳光引入水平管道，由此可知入射光线方向向下，反射后的光线水平向左。根据光的反射定律，反射角等于入射角，法线是入射光线和反射光线夹角的角平分线，且法线与平面镜垂直。我们先确定入射光线与反射光线的夹角，作出该夹角的角平分线得到法线，再过入射点作法线的垂线，即可确定平面镜的位置，作图结果如下：
【分析】反射定律：反射角等于入射角，反射光线、入射光线、法线处于同一平面、在反射中光路是可逆的。
16．【答案】（1）108；0.5；2025.6
（2）38.5；38.5
（3）50°；反射光线、入射光线和法线在同一平面内
【知识点】体温计的使用及其读数；光的反射定律；电流的测量及电流表的使用；电能表参数的理解；电阻箱的使用
【解析】【解答】(1)变阻箱的读数方法是将每个旋钮对应的数字乘以其下方的倍数，再相加。如图1所示，变阻箱的示数为：
如图2所示，电流表选用的是量程，该量程的分度值为，故电流表示数为。
电能表的最后一位是小数位，单位为，如图3所示，电能表的示数为。
故答案为： 108 ；0.5；2025.6；
(2)如图4所示，体温计的分度值为，根据液柱位置，读数为。
体温计的玻璃泡上方有缩口，使用前需甩一甩。若不甩，其示数只能随体温升高而上升，不会自动下降。因此，康复后体温低于的患者，用此体温计直接测量，示数仍为。
故答案为：38.5；38.5；
(3)在图甲中，入射光线与平面镜的夹角为，则入射角为。根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也为。
当把纸板绕轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的点时，由于法线与镜面垂直，转动后的纸板不再与法线和入射光线所在的平面重合，因此在纸板上看不到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：50°；反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
【分析】(1) 考查常见电学仪器的读数，变阻箱按“数字×倍数”相加读数；电流表先确定量程和分度值再读数；电能表注意最后一位为小数位。
(2) 考查体温计的读数与使用，先明确体温计的分度值进行读数；再利用其缩口特性，分析不甩动时示数“只升不降”的特点。
(3) 考查光的反射定律，先根据入射光线与镜面的夹角求出入射角，再利用反射角等于入射角得出反射角；通过纸板转动实验，验证反射光线、入射光线和法线在同一平面内的结论。
（1）[1]如图1所示，变阻箱示数为
[2]如图2所示，电流表选用的是量程，分度值为，故电流表示数为。
[3]电能表最后一位是小数，如图3所示，电能表的示数为。
（2）[1]如图4所示，体温计的分度值为，体温计的读数是。
[2]体温计使用前需甩一甩，发烧患者康复后体温低于，用此体温计直接测量自己的体温，没有甩，示数不下降，读数为。
（3）[1]在图甲中，入射光线与平面镜的夹角为，那么入射角是
根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角也是。
[2]由题意得，当把纸板绕CD 轴向后转动一定角度，再将激光紧贴纸板射向镜面上的O点，由于法线与镜面垂直，因此法线不在纸板上，在纸板上看不到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
17．【答案】（1）右；74.0
（2）
（3）偏大；将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
（4）③④②
【知识点】液体密度的测量；设计实验测密度
【解析】【解答】(1)①天平使用前，需放在水平台面上，并将游码移至标尺左端零刻度线处。图中指针偏向分度盘中央刻度线左侧，根据“左偏右调”的调节规则，应将平衡螺母向右调节，使横梁在水平位置平衡。
③由图2可知，天平标尺的分度值为0.2g，游码对应的示数为4.0g，因此烧杯和可乐的总质量为：
故答案为：右；74.0；
(2)将可乐全部倒入量筒中，如图3所示，量筒分度值为1mL，可乐的体积为：
可乐的质量为：
根据密度公式，可乐的密度为：
故答案为：；
(3)将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
故答案为：偏大；将可乐倒入量筒时，杯壁会残留部分液体，导致测得的体积偏小。根据密度公式，质量测量准确，体积偏小，因此测得的可乐密度比真实值偏大。
(4)为避免液体残留带来的误差，可调整实验步骤：先测烧杯和可乐的总质量，再将可乐倒入量筒测体积，最后测烧杯和残留可乐的质量，通过总质量减去残留质量得到倒入量筒的可乐质量。调整后的操作顺序为：③④②。
故答案为：③④②；
【分析】(1) 本题考查天平的调节与读数，根据天平调平规则调节平衡螺母；读数时将砝码质量与游码示数相加，得到总质量；
(2) 本题考查液体密度的计算，先利用量筒读取液体体积，再通过质量差求出液体质量，最后代入公式计算密度；
(3) 本题考查实验误差分析，分析液体残留对体积测量的影响，结合密度公式判断密度测量值的偏差；
(4) 本题考查实验步骤优化，通过调整测量顺序，利用“总质量-残留质量”的方法消除液体残留带来的误差，保证质量和体积测量的一致性。
（1）①[1]根据天平的使用方法可知，天平放在水平台面上且将游码移至标尺左端的零刻度线处，如图1所示，发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，由“右偏左调，左偏右调”的规则可知，应将平衡螺母向右调节，使指针对准分度盘中央的刻度线，直到横梁在水平位置平衡。
③[2]由图2知，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为4.0g，则烧杯和可乐总质量为
（2）将可乐全部倒入量筒，如图所示，量筒的分度值为1mL，可乐的体积
可乐的质量为
利用上述方法测出可乐的密度为
（3）[1][2]将可乐全部倒入量筒过程中，杯中有液体的残留，导致量筒中液体的体积变小，根据密度公式，这种方法测量的可乐密度值比真实值偏大。
（4）为了避免由于可乐残留引起的误差，操作步骤上可先测总质量，再倒入量筒测体积，最后测量烧杯和残留可乐的质量，即调整后的顺序是：③④②。
18．【答案】（1）B
（2）B
（3）不相同；寻找普遍规律
（4）B
（5）小
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；并联电路的电流规律；电功率的计算
【解析】【解答】(1)开关闭合前，电流表指针指向零刻度线左侧，说明电流表在使用前没有调零，故选B。
故答案为：B；
(2)由图2可知，电流表与灯泡L2串联，测量的是通过L2的电流；结合图1的电路结构，可知电流表测的是B处的电流。
故答案为：B；
(3)本次实验存在不足：实验次数过少，且选用了两个规格相同的灯泡，所得结论不具备普遍性。改进方法为：选用不同规格的灯泡，进行多次测量，以寻找普遍规律。
故答案为：不相同；寻找普遍规律；
(4)A. 并联电路中各支路两端电压相等，该说法本身正确，但不是灯泡不发光的原因，故A不符合题意；
B. 若不发光的小灯泡灯丝断了，会造成该支路断路，因此灯泡不发光，而其他支路不受影响，故B符合题意；
C. 若小灯泡短路，会造成电源短路，导致整个电路的灯泡都不发光，与题意不符，故C不符合题意；
D. 灯泡的发光情况与它在电路中靠近电源正极还是负极无关，故D不符合题意；
故答案为：B。
(5)用灯泡L3替换L1后，L3更亮，说明L3的实际功率更大；由于并联电路各支路两端电压相等，根据公式，电压相同时，功率越大，电阻越小，因此L3的电阻比L1小。
故答案为：小；
【分析】(1) 本题考查电流表的使用规范，根据电流表使用前指针未指零的现象，判断其未调零，直接得出答案；
(2) 本题考查电流表的测量对象判断，根据电流表与L2串联的连接方式，结合电路图确定其测量的位置；
(3) 本题考查实验改进方法，分析“相同规格灯泡+单次实验”的局限性，提出更换不同规格器材、多次实验的改进方案；
(4) 本题考查并联电路故障分析，结合并联电路特点，逐一分析断路、短路、电压规律等选项，判断出只有支路断路会导致“一灯亮一灯不亮”；
(5) 本题考查并联电路功率与电阻的关系，根据灯泡亮度判断实际功率大小，再结合并联电路电压相等的特点，利用公式推导电阻的大小关系。
（1）在开关闭合之前，小肇发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，说明电流表使用前没有调零，故选B。
（2）由图可知，电流表与串联，测通过的电流，由图1可知，测的是B处的电流。
（3）[1][2]由于实验次数太少，并且用了两个规格相同的灯泡，得到的实验结论不具有普遍性，因此应选用不相同规格的灯泡，多次测量，寻找普遍规律。
（4）A.并联电路中各支路两端电压相等，故A不符合题意；
B.不发光的小灯泡的灯丝断了，符合题意。两个并联的小灯泡中，一个发光，另一个小灯泡不发光，有可能是该支路断路，即该小灯泡的灯丝断了，故B符合题意。
C.如果该小灯泡短路，会导致整个电路短路，其它支路也不工作，故C不符合题意；
D.该小灯泡靠近电源负极，不影响其发光，故D不符合题意；
故选B。
（5）小中用另一个灯泡替换，发现更亮，说明的实际功率大；因并联电路各支路两端电压相等，根据可知，比电阻小。
19．【答案】（1）满载时排开海水的质量为，根据阿基米德原理，物体所受浮力等于其排开液体的重力，因此满载时受到的浮力：
（2）“海葵一号”漂浮时，浮力等于总重力，即其满载时的总质量等于排开水的质量。因此一次最多能储存石油的质量：
（3）“海葵一号”在水面下深处时，受到的海水压强：
【知识点】质量及其特性；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】(1) 本题考查阿基米德原理的应用，解题核心公式为阿基米德原理公式 ，解题思路是直接代入排开海水的质量与重力加速度，计算浮力大小；
(2) 本题考查漂浮条件与质量差计算，解题核心规律为漂浮条件 （即），解题思路是先根据漂浮条件得出总质量等于排开水的质量，再通过总质量减去装置自身质量，得到可储存石油的最大质量；
(3) 本题考查液体压强的计算，解题核心公式为液体压强公式 ，解题思路是代入海水密度、深度与重力加速度，直接计算该深度处的海水压强。
（1）满载时排开海水的质量是，根据阿基米德原理，其满载时受到的浮力等于其排开海水的重力，则
（2）“海葵一号”漂浮时浮力等于重力，即满载时的总质量等于排开水的质量，所以一次最多能储存石油的质量
（3）若“海葵一号”在水面下3m深处，受到的海水的压强
20．【答案】（1）已知饮水机加热挡的额定电功率为，电源电压为，根据电功率公式，可得加热挡工作时的电流：
（2）由电路图可知，开关、都闭合时，电路为的简单电路，此时电路电阻最小，饮水机处于加热状态。根据欧姆定律，可得的阻值：
（3）由电路图可知，开关闭合、断开时，与串联，电路总电阻最大，饮水机处于保温状态。根据电功率公式，可得保温挡的电功率：
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】(1) 本题考查电功率公式的应用，明确加热挡的功率和电源电压，直接代入公式计算工作电流；
(2) 本题考查欧姆定律的应用，先根据开关状态判断加热挡的电路结构，再利用加热挡的电压和电流，代入公式计算的阻值；
(3) 本题考查串联电路的电功率计算，先根据开关状态判断保温挡的电路结构（两电阻串联），再结合串联电路的总电阻，利用公式计算保温挡的功率。
（1）饮水机加热挡的额定电功率为，根据可知，饮水机在加热挡工作时的电流为
（2）由电路图可知，开关、都闭合时，电路为的简单电路，电路中的电阻最小，饮水机处于加热状态，则的阻值为
（3）由电路图可知，开关闭合，断开时，两电阻串联，电路中的电阻最大，饮水机处于保温状态，则饮水机的保温挡电功率为
21．【答案】（1）匀速直线；等于
（2）先增大后减小
（3）=
（4）增加
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】(1)为测量鞋子与地板砖间的滑动摩擦力，将长条形地板砖置于水平桌面，用弹簧测力计水平拉动鞋子做匀速直线运动。根据二力平衡条件，物体做匀速直线运动时，水平方向上的拉力与滑动摩擦力大小相等，因此弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
故答案为：匀速直线；等于；
(2)分析表格数据可知，当喷雾次数从0增加到4次时，摩擦力由3.2N增大到4.0N；当喷雾次数超过4次后，摩擦力逐渐减小。由此可得出结论：在其他条件不变时，摩擦力随接触面潮湿程度的变化规律是先增大后减小。
故答案为：先增大后减小；
(3)由图可知，木块在和内的路程与时间均成正比，说明木块在这两个阶段均做匀速直线运动。同一木块在压力和接触面粗糙程度均不变的水平面上运动，滑动摩擦力大小不变；又因木块做匀速直线运动，拉力与滑动摩擦力大小相等，因此两次拉力相等，即。
故答案为：=；
(4)超市收银员清点钞票时手指沾湿海绵，是通过改变接触面的潮湿程度来增大摩擦力，从而使手指更容易捏住钞票。
故答案为：增加；
【分析】(1) 本题考查滑动摩擦力的测量方法，利用二力平衡条件，通过让物体做匀速直线运动，将滑动摩擦力的大小转化为弹簧测力计的拉力示数；
(2) 本题考查实验数据的分析与结论总结，对比不同喷雾次数下的摩擦力数据，归纳出摩擦力随接触面潮湿程度的变化规律；
(3) 本题考查影响滑动摩擦力大小的因素，先根据图像判断木块的运动状态，再结合压力和接触面粗糙程度不变的条件，分析滑动摩擦力的大小关系，进而得出拉力的大小关系；
(4) 本题考查摩擦力在生活中的应用，结合实验结论，分析手指沾湿海绵这一操作对接触面潮湿程度和摩擦力的影响。
（1）[1][2]为了测出鞋子与地板砖间滑动摩擦力的大小，小芸把长条形地板砖放在水平桌面上，用弹簧测力计水平拉着鞋子在地板砖上做匀速直线运动。因为当物体做匀速直线运动时，在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡条件可知，此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小。
（2）观察表格中的数据，喷雾次数从0增加到4时，摩擦力从 3.2N增大到4.0N；喷雾次数从4继续增加，摩擦力逐渐减小。所以可以得出结论：在其他条件不变时，摩擦力的大小随接触面潮湿程度的变化规律是先增大后减小。
（3）由图可知，木块在和内运动的路程和时间均成正比，说明木块在和内均做匀速直线运动，同一木块在粗糙程度相同的水平面上运动，压力不变，接触面的粗糙程度相同，所以木块受到的滑动摩擦力相同，木块做匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，所以拉力也相等，即。
（4）超市里的收银员清点钞票时手指沾湿海绵，这是通过改变接触面的潮湿程度来增加摩擦力，使得手指更容易捏住钞票。
22．【答案】（1）压强；前方；惯性
（2）小于；比热容；强
（3）大；小
【知识点】密度与温度的关系；惯性及其现象；减小压强的方法及其应用；流体压强与流速的关系；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】(1)头盔内部材料松软，受撞击时会发生较大形变，从而增大头部与头盔的接触面积。根据压强公式 ，在压力 一定时，增大受力面积 可以减小头部所受的压强，减轻撞击伤害。
乘坐汽车时系好安全带，当汽车受到前方车辆猛烈碰撞突然减速时，乘客由于惯性会保持原来的运动状态，有向前倾倒的危险；安全带可将乘客固定在座位上，减小因惯性产生的向前移动，从而减小伤害。
故答案为：压强；前方；惯性；
(2)火灾发生时，产生的大量高温有害气体因温度升高，分子热运动加剧、分子间距增大，其平均密度小于正常空气密度，会向上漂浮，因此离地面0.9米以下的范围有害气体含量少，逃生时弯腰前行能减少有害气体吸入。
水的比热容较大，根据公式 ，在质量 和升高温度 相同时，比热容 大的物质吸收的热量 多，水的吸热能力强；用湿棉被裹身逃生时，湿棉被中的水可吸收大量热量，使棉被温度不会升得太高，保护人体免受高温伤害。
故答案为：小于；比热容；强；
(3)根据流体压强与流速的关系：流体中流速越大的地方，压强越小。“漩涡”内水流速大、压强小，周围水流速相对较小、压强大，会产生指向漩涡中心的压力差，容易将附近的人“吸”进去。
故答案为：大；小；
【分析】(1) 本题考查压强和惯性的应用，先利用压强公式 分析增大受力面积对减小压强的作用，再结合惯性的概念解释安全带的防护原理；
(2) 本题考查密度与比热容的应用，先根据气体密度随温度的变化分析有害气体的分布特点，再利用比热容公式解释湿棉被的降温防护作用；
(3) 本题考查流体压强与流速的关系，根据“流速越大，压强越小”的规律，分析漩涡内外的压强差，解释其“吸入”现象的成因。
（1）[1]头盔内部材料松软，在受到撞击时，会发生较大的形变，从而增大了头部与头盔的接触面积。根据压强公式，在压力一定的情况下，增大受力面积，可以减小头部所受的压强，从而减轻撞击对头部的伤害。
[2][3]乘坐汽车时系好安全带，当汽车受到前方车辆的猛烈碰撞时，汽车会突然减速，而乘客由于惯性会保持原来的运动状态，有向前倾倒的危险。安全带可以将乘客固定在座位上，减小乘客由于惯性而产生的向前移动，从而减小伤害。
（2）[1]火灾发生时，产生的大量高温有害气体，由于温度升高，气体分子热运动加剧，分子间距离增大，所以其平均密度小于正常空气密度，会向上漂浮，因此离地面米以下的范围有害气体含量少，逃生时弯腰前行能减少有害气体的吸入。
[2][3]水的比热容较大，根据，在质量和升高温度相同时，比热容大的物质吸收的热量多，所以水的吸热能力强。用湿棉被裹身逃生，湿棉被中的水可以吸收大量的热量，使棉被的温度不会升得太高，从而保护人体免受高温伤害。
（3）[1][2]根据流体压强与流速的关系，流体中流速越大的地方，压强越小。“漩涡”内的水流速大，所以压强小，而周围水流速度相对较小，压强大，这样就会产生一个指向“漩涡”中心的压力差，容易将附近的人“吸”进去。
23．【答案】（1）并
（2）直接
（3）D
（4）C
（5）左侧
（6）B
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用；串联电路和并联电路的辨别；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在教室中，各盏护眼灯能够独立工作，工作时互不干扰，因此各护眼灯的连接方式为并联。
（2）根据题干给出的材料可知，常见的眩光分为直接眩光、反射眩光和光幕眩光三类，白炽灯发出的眩光是由灯具自身直接产生的，因此属于直接眩光。
（3）教室护眼灯使用双侧发光的设计，光源放置在灯具的两条长边上，光源发出的光从两侧的导光板向中间传播，当光线传播到导光板底部的导光点时，传播方向会发生改变，最终从导光板的正面射出。由此可知，导光板的这项物理性质和光的传播直接相关，对应的是透明度，故ABC错误，D正确。
故选D。
（4）从文中描述可知，在没有导光点的导光板上，光无法从导光板表面射出，只会在导光板内发生反射；当光线遇到导光板底部的导光点时，光线的传播方向会发生改变，最终从导光板正面射出，说明光在导光点处同时发生反射和折射，故ABD错误，C正确。
故选C。
（5）根据短文内容，护眼灯灯珠的电阻会随温度升高而减小，因此当灯珠温度由T1升高到T2时，根据可知，相同电压下，因为电阻变小，电流会变大，因此I-U图像的斜率会增大，所以该变化后的I-U图像应该在原图3中原有曲线的左侧。
(6)观察图3的阴影区域可以看出，护眼灯灯珠的正常工作电压需要维持在U1和U2之间，如果电压超出这个区间，很小的电压变化就会导致电流发生急剧变化，进而损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】1、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路；
2、光的反射：光在同种介质中传播，经过反射面，入射光线会发生反射的现象，如平面镜成像，湖面倒影；
3、光的折射：光经过不同介质时，入射光线会发生偏折，如：光的色散（太阳光经过三棱镜折射会发生光的色散）、海市蜃楼；
4、欧姆定律：公式为U=IR，所以电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比．
（1）教室里，各盏护眼灯之间可以独立工作，互不影响，因此它们是并联的。
（2）由材料可知，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光。
（3）教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，当遇到导光板底部的导光点时，改变光线的传播方向，由导光板的正面射出，说明导光板材料的物理性质应与光相关，即透明度，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）由图2可知，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，在导光板表面只发生反射；当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板的正面射出，说明光在导光点处既反射又折射，故ABD不正确，C正确。
故选C。
（5）由短文知道，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，由可知，此时相同电压下，由于电阻变小，电流将变大，I-U图像的斜率将变大，故应在图3中图像的左侧。
（6）由图3的阴影部分知道，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
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