资源简介

广东省茂名市高州市各校联考2024学年八年级下学期5月月考物理试题
一、单项选择题（共7小题，每小题3分，共21分）
1．下列物体中没有受到浮力的是（　　）
A．邀游的天宫二号
B．下潜的潜水器
C．上升的热气球
D．航行的辽宁号航母
2．如图所示，成熟的苹果挂在树枝上处于静止状态。下列说法正确的是（　　）
A．若重力突然消失，苹果将向上运动
B．若所有力全部消失，苹果将向下运动
C．树枝对苹果施力，苹果对树枝没有施力
D．剪断树枝后拉力消失，苹果重力没有改变
3．如图所示，小辉用水平方向的推力推木箱，但没有推动，下列说法正确的是 （　　）
A．推力比惯性小 B．推力比阻力小
C．推力与阻力是一对相互作用力 D．推力与阻力是一对平衡力
4．甲、乙两容器分别装有水和酒精，两容器底所受液体的压强相等，则水和酒精的深度之比是（ρ酒精=0.8×103kg/m3）（　　）
A．1∶1 B．5∶4 C．4∶5 D．无法确定
5．随着社会经济的发展，人们生活水平的提高，小汽车走进了千家万户，以下关于小汽车所涉及的物理知识描述正确的有（　　）
①汽车轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大车轮与地面的摩擦力
②汽车上宽大的座椅是为了减小座椅对人体的压强
③汽车配备安全带和安全气囊的目的是为了在紧急刹车时减小人的惯性
④汽车头枕是为了保护人体由于汽车加速带来的危害
⑤汽车行驶过程中，驾驶员相对于座椅是运动的
A．①②③ B．③④⑤ C．①②④ D．①②⑤
6．小华水平抛出一飞盘，快速前进的飞盘越升越高。从侧面看，飞行过程中飞盘的形状应 为如图所示中的（　　）
A． B．
C． D．
7．端午节那天，小明发现煮熟后的咸鸭蛋有的沉在水底，有的浮在水面(如图所示)。若甲的体积比乙小，则下列分析合理的是（　　）
A．甲的质量比乙大 B．甲受到的浮力等于重力
C．甲的密度比乙大 D．乙受到的浮力大于重力
二、填空题（共7小题，每空1分，共21分）
8．2021年5月22日，“祝融”号火星车安全到达火星表面，火星车的车轮上有花纹是通过增大　 　的方法来增大摩擦，方便它在火星表面行驶。2021年10月16日，神舟十三号载人飞船升空，与空间站组合体对接完成。出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全绳，当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是　 　的和力可以改变物体的　 　。
9．一个物体悬挂在弹簧测力计上测量时示数为29.4N，如果将放在天平上测量时其质量为　 　kg，若将它带到月球上测其质量为　 　kg，其重力与地球相比将　 　（填“变大”、“不变”或“变小）．
10．一位同学赤脚在江边湿地上漫步，他发现双脚陷入松软的泥土中了，于是用力拔起一只脚，但另一只脚却陷得更深了，原因是在　 　不变的情况下，减小了　 　，增 大了　 　。
11．小华一家人坐火车从西安去西藏旅游，在火车上他观察到带来的密封零食包装袋渐渐鼓了起来（如图），可以推测外界大气压　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），这是因为西藏比西安的海拔　 　（选填“高”或“低”），最早证实大气压存在的实验叫做　 　实验。
12．如图所示为一种常用核桃夹，用大小相同的力垂直作用在A、B两点，作用于　 　点更易夹碎核桃，这说明力的作用效果与力的　 　有关，核桃夹在夹核桃的那部位加工成锯齿状，目的是增大　 　。
13．如图所示是探究“使用滑轮组时拉力与物重的关系”时的情形，吊起动滑轮的绳子股数为　 　，既省力又　 　(选填“可以”或“不可以”)改变用力的方向．若钩码总重为1N，动滑轮重、绳重和摩擦均不计，则弹簧测力计的示数为　 　N．
14．“五一”期间，中国海军新型航空母舰“福建舰”成功进行了海试，从长江边的船厂驶向东海过程中，船身会　 　（选填“浮起一些”、“下沉一些”或“吃水深度不变”）；配套的舰载机歼15的起飞质量为33t，如果载上5架歼15飞机，航母排开的海水体积将增加　 　m3；航母编队中带有一艘核潜艇，在它从浅海下潜到深海的过程中，艇体上下表面受到海水的压力差会　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（海水的密度为1.1×103kg/m3）
三、作图题（共3小题，共7分）
15．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请在答题卡的图中画出冰壶所受支持力F和摩擦力f的示意图（作用点均画在“O”点）。
16．船和人(看成一个整体)的总重力为1 000 N，画出船和人在水中静止时受到的重力和浮力的示意图．(力的作用点已标出，虚线为竖直方向)
　 　
17．如图所示，杠杆OA处于静止状态，L2是力F2的力臂。请在图中画出力F1的力臂L1和力F2 的示意图（保留作图痕迹）。
四、实验题（共3小题，每空1分，共19分）
18．在实验“探究滑动摩擦力大小的影响因素”的实验中，回答下列问题：
甲乙丙三次实验中，摩擦力最小的是　 　；由甲和丁两组实验　 　（选填“能”或“不能”）得出滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关；由　 　两次实验对照可以证明骑自行车减速时拉紧车闸可以增大摩擦力。
19．小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量　 　；
（2）如图甲所示．在杠杆左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂　 　个钩码（实验中所用的钩码均相同）
（3）小明又用弹簧测力计，在C处竖直向上拉．如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡．则弹簧测力计的示数将逐渐　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
20．小亮同学利用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。
（1）他向图甲中的U形管内注入适量的红墨水，当管内的红墨水静止时，U形管左右两侧液面　 　。
（2）在使用压强计前，发现U形管中管内已有高度差（如图乙所示），接下来的操作是　 　（选填字母）。
A．直接从U形管右侧中倒出适量液体
B．重新安装胶管
（3）调整好后，多次改变探头在水中的深度，并比较每次的深度及相应的U形管左右两侧液面的高度差。这是为了探实水内部压强与　 　的关系。
（4）调整好后，把探头放入盛有水的容器中并下移至某位置，U形管两侧液面的高度差如图丙所示，保持探头的位置不度，向容器内加入适量的浓盐水并搅拌均匀，发现U形管两侧液面的高度差变大了，有同学得出了“液体压强与液体的密度有关”的结论。该结论是　 　的（选填“可靠”或“不可靠”），原因是：　 　。
（5）如图丁所示是同学们研究液体压强时，绘制的甲、乙两种液体产生的压强与深度关系的图像。由图像可知，甲、乙两种液体的密度关系是　 　（选填：“＞”、“＜”或“=）；从图像可以推断出，在甲液体8cm深处液体的压强为　 　Pa。
21．在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，实验步骤如图所示：
（1）金属块完全浸没在水中受到的浮力为　 　N；
（2）步骤B和C可以探究浮力的大小与　 　的关系；通过步骤C和D可以发现浮力的大小与物体浸没的深度　 　（选填“有关”或“无关”）；步骤　 　（填字母）可以探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）根据实验数据，可以计算出金属块的体积为　 　m3，金属块的密度为　 　kg/m3。（g取10N/kg）
五、计算题（共2小题，共13分）
22．如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的质量为55kg，g取10N/kg，求：
（1）人所受到重力大小；
（2）地面对手的支持力F大小；
（3）如果每只手掌的面积是82.5cm2，求手对地面的压强大小。
23．儿童乐园有一个孩子们热衷的“水上行走球”游乐项目。游戏者被关进了一个直径2.5m的大塑料球中，充气后封闭起来，然后连人带球被推进水中，游戏者在球中玩耍时，球始终浮在水面，如图所示。已知水的密度为1.0×103kg/m3，塑料球和球内气体的质量共计为15kg，若某次游戏中游戏者的质量为55kg，g取10N/kg，求：
（1）塑料球在水中所受的浮力大小；
（2）塑料球排开水的体积；
（3）水面下10cm深处，水对塑料球面积为20cm2的某表面产生的压力大小。
六、综合能力题（共3小题，每小题1分，共19分）
24．某小组探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
（1）弹簧测力计使用前要先进行　 　。
（2）实验步骤如图1所示，甲、乙、丁、戊中弹簧测力计的示数分别为、、、。由图甲和丁可知物体受到的浮力　 　。
（3）以下选项中若　 　成立，则可以得出浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
A. B. C.
（4）另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋（质量忽略不计）对实验进行改进，装置如图2所示。向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入装满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐　 　，B的示数逐渐　 　，且A、B示数的变化量　 　（选填“相等”或“不相等”）。
（5）比较两种实验方案，改进后的优点是　 　（多选）。
A.测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定
C.能同步观察测力A、B示数的变化
25．三峡水电站是目前世界上规模最大的水电站和清洁能源基地，也是目前中国有史以来建设的最大型的工程项目。
（1）轮船在通过三峡大坝时，需要经过五级船闸才能完成“跳大坝”的壮举，船闸利用了　 　原理；图2中的B阀门左侧的压力比右侧受到的压力　 　；（选填“大”或“小”）
（2）三峡大坝的正常蓄水位为175m，此时坝底受到的水的压强要　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）海水中的同一深度的水的压强，这是因为液体压强受　 　的影响；
（3）长江三峡大坝上下游水位差最高可达113m，其首级人字闸门每扇高约40m，宽约20m。当门外的水位高30m时，则这扇闸门底部所受水的压强是　 　Pa，已知闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，则这扇闸门所受水的压力是　 　N。（g取10N/kg）
26．随着我国人工智能技术的不断发展，各种各样的机器人已经走进你我的生活。（g取10N/kg）
（1）如图1所示是一种“擦窗机器人”，其质量为1.2千克，它的“腹部”有一个吸盘。当“擦窗机器人”的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于　 　的作用，它能牢牢地“吸”在竖直的玻璃上静止不动，此时它受到的摩擦力大小为　 　N，若工人再给它施加个垂直于玻璃的2N的压力，则它受到的摩擦力大小将　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（2）如图为自动发球机器人的示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变　 　。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为　 　Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要　 　乒乓球上方的风速。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A．由于太空中没有空气，所以邀游的天宫二号不受浮力，故A符合题意；
B．下潜的潜水器在水中会受到水的浮力，故B不符合题意；
C．上升的热气球在空气中会受到空气浮力，故C不符合题意；
D．航行的辽宁号航母漂浮在水中，会受到水的浮力，故D不符合题意。
故选A。
【分析】浸在液体（或气体）中的物体受到液体（或气体）竖直向上托起的力叫浮力。
2．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；牛顿第一定律
【解析】【解答】AC．物体间力的作用是相互的，由于苹果对树枝的拉力和树枝对苹果的拉力是一对相互作用力，若重力突然消失，苹果对树枝就不再有拉力，相互作用力同时产生，同时消失，此时苹果不再受力的作用，根据牛顿第一定律可知，苹果会保持静止，故AC错误；
B．苹果原来处于静止状态，若所有力全部消失，根据牛顿第一定律可知，苹果会保持静止状态，故B错误；
D．剪断树枝后拉力消失，但地球对物体的吸引力不变，物体质量不变，苹果的重力就不变，故D正确。
故选D。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）弹力产生的条件是接触且有弹性形变；弹力的方向与施力物体形变方向相反，并依据平衡力，及作用力与反作用力，即可求解。；
（3）一切物体在不受力的作用时总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（4）物体由于地球的吸引受到的力叫重力。
3．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，不是力，所以无法与推力比较大小，故A错误；
BCD．小辉对木箱的推力与地面对木箱的阻力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用于同一物体上，是一对平衡力，故BC错误，D正确。
故选D。
【分析】（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。惯性是物体本身的一种属性，不是力，不能说“受到惯性力作用”；
4．【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】水的密度为1.0×103kg/m3，根据公式p=ρgh可得，两容器底所受液体的压强相等，则水和酒精的深度之比是，故ABD不符合题意，C符合题意；
故答案为：C。
【分析】由液体压强的计算公式p=ρgh可计算水和酒精的深度之比。
5．【答案】C
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】①汽车轮胎上凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故①正确。
②汽车上宽大的座椅，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故②正确。
③汽车配备安全带和安全气囊的目的是为了在紧急刹车时防止惯性带来危害，由于质量不变，所以惯性不变，故③错误。
④汽车头枕是为了保护人体由于汽车加速带来的危害，故④正确；
⑤汽车行驶过程中，驾驶员相对于座椅的位置没有改变， 驾驶员相对于座椅是静止的，故⑤错误。
综上分析，正确的是①②④，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）压强与压力大小和受力面积的大小有关。减小压强的方法：减小压力、增大受力面积；
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性大小只与物体的质量有关，任何物体都有惯性；
（4）物体的运动与静止是相对于参照物来说的，关键是看相对于参照物的位置是否发生了改变；当物体受平衡力的作用时，其运动状态不会改变。
6．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.下面凸起，上面平，空气流过飞盘下方的速度大，压强小，上方的流速小，压强大，飞盘下方的压强小于上方的压强，产生向下的压力差，越飞越低，故A错误。
B.上面凸起，下面平，空气流过飞盘上方的速度大，压强小，下方的流速小，压强大，飞盘下方的压强大于上方的压强，产生向上的压力差，越飞越高，故B正确。
CD.上下相同，空气流过飞盘上方和下方的速度相同，压强相同，飞盘水平移动，由于重力作用，飞盘还会向下运动，故CD错误。
故选B。
【分析】流体的流速越大，流体压强越小，物体产生向上的升力作用，物体受到向上的压强大于向下的压强。
7．【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABD.甲漂浮，甲受到的重力等于浮力，乙沉在水底，乙受到的重力大于浮力，已知甲的体积比乙小，由图可知，甲排开水的体积较小，由阿基米德原理可知，甲受到的浮力小于乙受到的浮力，因此乙的质量大于甲的质量，故AD错误，B正确；
C.煮熟的咸鸭蛋有的沉在水底，有的浮在水面，沉在水底的密度大于水的密度，浮在水面上的密度小于水的密度；故甲的密度小于乙的密度，故C错误。
故选B。
【分析】G物＜F浮时，物体上浮，最终漂浮，漂浮时，G物=F浮，即ρ物＜ρ液；
G物=F浮时，物体悬浮，G物=F浮，即ρ物=ρ液；
G物＞F浮时，物体下沉，即ρ物＞ρ液。
8．【答案】摩擦力；相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】火星车的车轮上有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，方便它在火星表面行驶。
当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是相互的和力可以改变物体的的运动状态。
故答案为：摩擦力；相互；运动状态。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
物体间力的作用是相互的；
力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
9．【答案】3；3；变小
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】解：（1）因为G=mg，所以m= = =3kg．物体的质量是物体本身的一种性质，不随位置、状态、形状的变化而变化．所以物体从地球到月球，位置变化，质量不变，还是3kg．（2）物体在地球上受到的重力是物体在月球上受到月球引力的6倍．其重力与地球相比将变小．
故答案为：3；3；变小．
【分析】（1）知道物体的重力，根据G=mg求出物体的质量；物体的质量是物体本身的一种性质，不随位置、状态、形状的变化而变化．（2）物体在地球上受到的重力是物体在月球上受到月球引力的6倍．
10．【答案】压力；受力面积；压强
【知识点】压强大小比较；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】人站在泥土中，对泥土的压力始终等于本身受到的重力，压力不变；
由两只脚着地变为一只脚着地，受力面积变小，由可知，对地面的压强增大，使人陷得更深。
故答案为：压力；受力面积；压强。
【分析】增大压强方法：压力不变，减小受力面积；受力面积不变，增大压力。
11．【答案】变小；高；马德堡半球
【知识点】大气压强的存在；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】观察到带来的零食包装袋渐渐鼓了起来，这是因为大气压随高度增加而减小，使得袋内的气压大于外部大气压，因此包装袋会鼓鼓的，所以外界大气压在变小，故西藏比西安的海拔高。
最早证实大气压存在的实验叫做马德堡半球实验。
故答案为：变小；高；马德堡半球。
【分析】 气压与高度有关，海拔越高的地方，气压越低。
1654年，在德国马德堡市，举行了著名的马德堡半球实验，首次证明了大气压的存在。
12．【答案】B；作用点；压强
【知识点】力的三要素及力的示意图；增大压强的方法及其应用；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】由图知，A、B两处的位置不同，作用于B处比A处的力臂更长，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2知，阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，用力越小，故B点更容易夹碎核桃，这表明力的作用效果与力的作用点有关。
核桃夹在夹核桃的那部位加工成锯齿状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，使核桃更容易夹碎。
故答案为：B；作用点；压强。
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析；
（2）力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
（3）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
13．【答案】2；可以；0.5
【知识点】滑轮组及其工作特点；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答由图可知，动滑轮上有两股绳，滑轮组既可以省力，又可以改变用力方向，弹簧测力计的示数即自由端绳子的拉力大小是：．
故答案为：2；可以；0.5。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；动滑轮可以省力；滑轮组结合了定滑轮和动滑轮，这样既可以改变力的方向，又能很省力；在动滑轮自重、摩擦和绳重均不计的情况下，动滑轮被几根绳子承担，那么所用的拉力就是物体和动滑轮总重的几分之一．
14．【答案】浮起一些；150；不变
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】航空母舰从长江边的船厂驶向东海过程中，始终漂浮，浮力等于重力，由于“福建舰”的重力不变，所以其所受的浮力不变，根据阿基米德原理F浮 =ρ液 gV排 可知，液体密度变大，“福建舰”排开液体的体积变小，则船身会浮起一些。
5架歼15飞机受到的重力：
G飞机 =mg=33×103kg×10N/kg×5=1.65×106N
载上5架歼15飞机后，航母受到的浮力增加量为：
根据阿基米德原理F浮 = ρ海水gV排可得，航母排开的海水增加的体积为：
核潜艇在下潜过程中，潜艇受到的浮力不变，由浮力产生的原因压力差法F浮 =F上 F下 可知，潜艇受到水的压力差等于潜艇受到的浮力，所以潜艇受到水的压力差不变。
故答案为：浮起一些；150；不变。
【分析】（1）同一航母漂浮时，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，液体的密度不同，排开液体的体积不同；
（2）歼15舰载机通过电子弹射方式飞离航母时，航母的总重力变小，但航母仍处于漂浮状态，根据F浮=G可知航母受到的浮力的变化情况；根据G=mg和F浮=ρ水gV排可知航母此时排开水的体积变化量。
（3）根据浮力产生的原因压力差法F浮 =F上 F下 分析。
15．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；摩擦力的方向
【解析】【解答】冰壶受到水面地面的支持力方向竖直向上，冰壶正在水平向左滑行，则冰壶受到的摩擦力方向水平向右，从O点开始，分别沿竖直向上和水平向右的方向画一条带箭头的线段，并分别在箭头附近标上字母F和f。如图所示：
【分析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
16．【答案】
【知识点】重力示意图；浮力及其产生原因
【解析】【解答】船和人在水中静止时，处于平衡状态，受到的浮力等于重力，F浮=G=1000N，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，如图所示：
【分析】静止在水面上的船和人受到的浮力等于重力，然后结合重力和浮力的方向画出其受力的示意图．
17．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】过支点点O作F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1；过阻力臂L2的末端作垂直于L2的作用线，与杠杆的交点为F2的作用点，F2的方向竖直向上，如图所示：
【分析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出力臂的垂线，与杠杆的交点为F2的作用点，为使杠杆平衡F2的方向应该向下，据此画出力F2的示意图。
18．【答案】甲；不能；甲、乙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】甲乙丙三次实验中，甲中压力最小，且接触面最光滑，故滑动摩擦力最小的是甲；
由图甲、丁两图可知，切去物体A的一半，在改变接触面积的同时也改变了压力的大小，没有控制压力不变，所以不能得出滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。
甲和乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大，所以甲和乙两次实验对照可以证明骑自行车减速时拉紧车闸可以增大摩擦力。
故答案为：甲；不能；甲、乙。
【分析】（1）根据甲、乙、丙三图弹簧测力计示数分析滑动摩擦力大小；
（2）要探究滑动摩擦大小与接触面积的大小的关系，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积，据此分析；
（3）在接触面粗糙程度一定时，增大压力，增大摩擦力。
19．【答案】力臂；3；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，甲图中，A处有4个钩码，3个小格，B处有4个小格，力臂为4L，由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：
4G×3L=F2×4L
解得：F2=3G，即在B处挂3个同样的钩码；
（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
故答案为：（1）力臂；（2）3；（3）变大。
【分析】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量力臂。
（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在B处挂钩码的个数；拉力F的作用点在杠杆上，方向为竖直向下，根据钩码的数量可求出拉力F的大小，根据力的示意图可表示出拉力F；
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，分析弹簧测力计右倾时力臂的变化，再根据杠杆的平衡条件判断。
20．【答案】相平；B；水的深度；不可靠；没有控制液体的深度一定；＞；1200
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图甲中的U形管相当于一连通器，当管内的红墨水静止时，U形管左右两侧液面相平。
（2）使用压强计之前发现U形管内水面有高度差，应该取下胶管，重新安装。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）多次改变探头在水中的深度，并比较每次的深度及相应的U形管左右两侧液面的高度差。这是为了探究水内部压强与水的深度的关系。
（4）探究“液体压强与液体的密度有关”的关系时，应控制液体的深度相同，改变液体的密度。保持探头的位置不度，向容器内加入适量的浓盐水并搅拌均匀，探头所处的位置深度发生变化。没有控制液体深度一定，得出“液体压强与液体的密度有关”的结论是不可靠的。
（5）由丁图可得，当深度一定时，p甲>p乙，由液体压强公式可得。
由丁图可得，当甲的压强为600Pa时，深度为4cm。故甲的液体密度：
在甲液体8cm深处液体的压强为：
故答案为：（1）相平；（2）B；（3）水的深度；（4）不可靠；没有控制液体的深度一定；（5）＞；1200。
【分析】（1）图甲中的U形管相当于一连通器，液体不流动时，两侧液面保持相平。
（2）使用压强计之前发现U形管内水面有高度差，应该拔下软管，应该重新安装。
（3）（4）液体内部的压强取决于液体密度的和液体内部的深度，利用控制变量法分析。
（5）由丁图结合p=ρgh进行分析。
21．【答案】1；排开液体体积；无关；ADE；10-4；4×103
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图AC和称重法可知，金属块完全浸没在水中受到的浮力：
F浮 =G F示 =4N-3N=1N
（2）步骤B和C中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，可以探究浮力的大小与排开液体体积的关系；
步骤C和D中，液体密度和物体排开液体的体积相同，物体浸没在液体中的深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
要探究浮力的大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，步骤ADE 可以探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）由阿基米德原理F浮 =ρ水 gV排 可得，浸没时，金属块的体积等于排开液体的体积：
金属块的质量：
金属块的密度：
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；无关；ADE；（3）10-4；4×103。
【分析】（1）根据弹簧测力计称量法计算金属块受到的浮力。
（2）物体受到的浮力与排开液体的体积和液体的密度有关，浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关。
（3）根据阿基米德原理和密度公式计算金属块的密度。
22．【答案】解：（1）人所受到重力大小：
（2）身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，由杠杆平衡条件可得：
解得：F=330N。
（3）手对地面的压强：
答：（1）人所受到重力为550N；
（2）地面对手的支持力为330N；
（3）手对地面的压强为2×104Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出人所受到重力大小；
（2）身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，由杠杆平衡条件F1l1=F2l1求出地面对手的支持力F大小；
（3）根据求出手对地面的压强。
23．【答案】解：（1）游戏者和塑料球的总重力：
G=(m人 +m球 )g=(55kg+15kg)×10N/kg=700N
因为游戏者和塑料球在水中漂浮，所以塑料球在水中所受的浮力：
F浮 =G=700N
（2）由F浮=ρ水gV排可得，塑料球排开水的体积：
（3）水面下10cm深处，水对塑料球某表面的压强：
p=ρ水 gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa
水对塑料球某表面产生的压力：
F=pS=1000Pa×20×10 4m2=2N
答：（1）塑料球在水中所受的浮力大小为700N；
（2）塑料球排开水的体积为0.07m3；
（3）水面下10cm深处，水对塑料球面积为20cm2的某表面产生的压力大小为2N。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出游戏者和塑料球的总重力，因为游戏者和塑料球在水中漂浮，由二力平衡条件求出塑料球在水中所受的浮力；
（2）由阿基米德原理F浮=ρ水gV排求出塑料球排开水的体积；
（3）水面下10cm深处，根据p=ρ水 gh求出水对塑料球某表面的压强，根据F=pS求出水对塑料球某表面产生的压力。
24．【答案】调零；F1-F3；B；变小；变大；相等；BC
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）在使用弹簧测力计测量前，需要先对弹簧测力计进行调零操作，若未调零会直接影响力的测量结果准确性。
（2）根据受力平衡可知，物体的重力大小等于物体受到的浮力与弹簧测力计对物体的拉力之和，因此可以得到物体受到的浮力为F浮=F1-F3；
（3）排开液体所受的重力，等于接水小桶和排开液体的总重力减去空小桶的重力，表达式为G排=F4-F2，根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到的浮力大小等于它排开液体所受的重力，因此可得F1-F3= F4-F2，故选B。
（4）向下移动水平横杆，让重物缓慢浸入已经装满水的溢水杯中，随着物体浸入深度增加，物体排开液体的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知物体受到的浮力逐渐变大。对物体受力分析可知，弹簧测力计A的拉力等于物体重力减去浮力，因此浮力增大时，弹簧测力计A的示数会逐渐变小；同时排开的水不断流入右侧塑料袋中，塑料袋和水的总重力不断增加，因此弹簧测力计B的示数会逐渐增大。物体受到的浮力等于弹簧测力计A示数的减小量，而弹簧测力计B的增加量等于排开液体的重力，根据阿基米德原理浮力等于排开液体的重力，因此A、B两个弹簧测力计的示数变化量大小相等。
（5）A．物体的重力大小始终等于弹簧测力计A的示数与物体受到的浮力之和，故A不符合题意；
B．本实验中使用塑料袋接水，塑料袋在日常生活中很容易获取，同时弹簧测力计不需要手提，被固定后示数不会因为手的晃动发生变化，示数更加稳定，故B符合题意；
C．从实验装置可以看出，两个弹簧测力计都被固定，实验过程中可以同时观察A、B两个测力计的示数变化，方便比较浮力和排开液体重力的关系，故C符合题意。
故选BC。
【分析】（1）使用弹簧测力计前需先调零，未调零会造成测量数据存在误差。
（2）由受力平衡可得，物体所受浮力F浮=F1-F3。
（3）排开液体重力G排=F4-F2，依据阿基米德原理浮排，F1-F3= F4-F2；
（4）物体浸入水中越深，排液体积越大，浮力越大。测力计 A 示数随浮力增大而减小，测力计 B 示数随承接水量增多而增大；二者示数变化量相等。
（5）该实验装置取材简便，测力计固定示数稳定，还便于同步对比示数，据此对比选项。
25．【答案】连通器；小；小于；液体密度；；
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）船闸利用了连通器原理；
因为B阀门左侧水的深度小于右侧水的深度，根据液体压强公式p=ρgh可知，液体密度相同时，B阀门左侧受到水的压强小于右侧受到水的压强，由于受力面积S相同，由可知，B阀门左侧的压力比右侧受到的压力小。
（2）根据液体压强公式p=ρgh可知，深度相同时，液体密度越大，液体的压强就越大。因为液体压强受液体密度的影响，海水的密度大于江水的密度，深度相同时，坝底受到的水的压强要小于海水中的同一深度的水的压强。
（3）这扇闸门底部所受水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa
已知闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，则这扇闸门所受水的平均压强：
受力面积：
S=30m×20m=600m2
这扇闸门所受水的压力：
F=p'S=1.5×105Pa×600m2=9×107N
故答案为：（1）连通器；小；（2）小于；液体密度；（3）3×105；9×107。
【分析】（1）船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以船闸是利用连通器的原理工作的。
（2）根据液体压强公式p=ρgh可知，深度相同时，液体密度越大，液体的压强就越大。
（3）根据液体压强公式p=ρgh可得，这扇闸门底部所受水的压强，闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，求出闸门所受水的平均压强，这扇闸门所受水的压力F=pS。
26．【答案】大气压；12；不变；小；20；增大
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）当“擦窗机器人”的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于大气压的作用，它能牢牢地“吸”在竖直的玻璃上静止不动；
“擦窗机器人”的重力为：
G=mg=1.2kg×10N/kg =12N
“擦窗机器人”静止时处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，则摩擦力大小等于重力大小，为12N；若工人再用2N的力将它按压在玻璃上静止时，重力不变，摩擦力就不变。
（2）当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体流速变大，压强变小，乒乓球下方的流速小，压强大，形成向上的压强差，从而形成压力差，原本静止的乒乓球沿管上升。
球的重力：
G=mg=2.5×10﹣3kg×10N/kg=2.5×10﹣2N
当球下方和上方受到的压力差时，乒乓球开始上升，即
受力面积：
S=12.5cm2=12.5×10﹣4m2
球下方和上方气压差：
若考虑管壁摩擦，则需要增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差增大，从而使球沿竖直管上升。
故答案为：（1）大气压；12；不变；（2）小；20；增大。
【分析】（1）吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
首先要明确静止和匀速下滑时，物体都处于平衡状态，受平衡力，只要找出哪两个力是平衡力，然后根据平衡力的特点解题就可；
（2） 流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
已知球的质量可求得其重力，由此可知压力大小，已知竖直方向受大气压作用的等效面积，由可求得球下方和上方气压差；
球恰能上升受到管壁摩擦，若增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差越大，据此分析。
1 / 1广东省茂名市高州市各校联考2024学年八年级下学期5月月考物理试题
一、单项选择题（共7小题，每小题3分，共21分）
1．下列物体中没有受到浮力的是（　　）
A．邀游的天宫二号
B．下潜的潜水器
C．上升的热气球
D．航行的辽宁号航母
【答案】A
【知识点】浮力及其产生原因
【解析】【解答】A．由于太空中没有空气，所以邀游的天宫二号不受浮力，故A符合题意；
B．下潜的潜水器在水中会受到水的浮力，故B不符合题意；
C．上升的热气球在空气中会受到空气浮力，故C不符合题意；
D．航行的辽宁号航母漂浮在水中，会受到水的浮力，故D不符合题意。
故选A。
【分析】浸在液体（或气体）中的物体受到液体（或气体）竖直向上托起的力叫浮力。
2．如图所示，成熟的苹果挂在树枝上处于静止状态。下列说法正确的是（　　）
A．若重力突然消失，苹果将向上运动
B．若所有力全部消失，苹果将向下运动
C．树枝对苹果施力，苹果对树枝没有施力
D．剪断树枝后拉力消失，苹果重力没有改变
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；牛顿第一定律
【解析】【解答】AC．物体间力的作用是相互的，由于苹果对树枝的拉力和树枝对苹果的拉力是一对相互作用力，若重力突然消失，苹果对树枝就不再有拉力，相互作用力同时产生，同时消失，此时苹果不再受力的作用，根据牛顿第一定律可知，苹果会保持静止，故AC错误；
B．苹果原来处于静止状态，若所有力全部消失，根据牛顿第一定律可知，苹果会保持静止状态，故B错误；
D．剪断树枝后拉力消失，但地球对物体的吸引力不变，物体质量不变，苹果的重力就不变，故D正确。
故选D。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）弹力产生的条件是接触且有弹性形变；弹力的方向与施力物体形变方向相反，并依据平衡力，及作用力与反作用力，即可求解。；
（3）一切物体在不受力的作用时总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（4）物体由于地球的吸引受到的力叫重力。
3．如图所示，小辉用水平方向的推力推木箱，但没有推动，下列说法正确的是 （　　）
A．推力比惯性小 B．推力比阻力小
C．推力与阻力是一对相互作用力 D．推力与阻力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，不是力，所以无法与推力比较大小，故A错误；
BCD．小辉对木箱的推力与地面对木箱的阻力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用于同一物体上，是一对平衡力，故BC错误，D正确。
故选D。
【分析】（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。惯性是物体本身的一种属性，不是力，不能说“受到惯性力作用”；
4．甲、乙两容器分别装有水和酒精，两容器底所受液体的压强相等，则水和酒精的深度之比是（ρ酒精=0.8×103kg/m3）（　　）
A．1∶1 B．5∶4 C．4∶5 D．无法确定
【答案】C
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】水的密度为1.0×103kg/m3，根据公式p=ρgh可得，两容器底所受液体的压强相等，则水和酒精的深度之比是，故ABD不符合题意，C符合题意；
故答案为：C。
【分析】由液体压强的计算公式p=ρgh可计算水和酒精的深度之比。
5．随着社会经济的发展，人们生活水平的提高，小汽车走进了千家万户，以下关于小汽车所涉及的物理知识描述正确的有（　　）
①汽车轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大车轮与地面的摩擦力
②汽车上宽大的座椅是为了减小座椅对人体的压强
③汽车配备安全带和安全气囊的目的是为了在紧急刹车时减小人的惯性
④汽车头枕是为了保护人体由于汽车加速带来的危害
⑤汽车行驶过程中，驾驶员相对于座椅是运动的
A．①②③ B．③④⑤ C．①②④ D．①②⑤
【答案】C
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用；运动和静止的相对性
【解析】【解答】①汽车轮胎上凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故①正确。
②汽车上宽大的座椅，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故②正确。
③汽车配备安全带和安全气囊的目的是为了在紧急刹车时防止惯性带来危害，由于质量不变，所以惯性不变，故③错误。
④汽车头枕是为了保护人体由于汽车加速带来的危害，故④正确；
⑤汽车行驶过程中，驾驶员相对于座椅的位置没有改变， 驾驶员相对于座椅是静止的，故⑤错误。
综上分析，正确的是①②④，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）压强与压力大小和受力面积的大小有关。减小压强的方法：减小压力、增大受力面积；
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性大小只与物体的质量有关，任何物体都有惯性；
（4）物体的运动与静止是相对于参照物来说的，关键是看相对于参照物的位置是否发生了改变；当物体受平衡力的作用时，其运动状态不会改变。
6．小华水平抛出一飞盘，快速前进的飞盘越升越高。从侧面看，飞行过程中飞盘的形状应 为如图所示中的（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.下面凸起，上面平，空气流过飞盘下方的速度大，压强小，上方的流速小，压强大，飞盘下方的压强小于上方的压强，产生向下的压力差，越飞越低，故A错误。
B.上面凸起，下面平，空气流过飞盘上方的速度大，压强小，下方的流速小，压强大，飞盘下方的压强大于上方的压强，产生向上的压力差，越飞越高，故B正确。
CD.上下相同，空气流过飞盘上方和下方的速度相同，压强相同，飞盘水平移动，由于重力作用，飞盘还会向下运动，故CD错误。
故选B。
【分析】流体的流速越大，流体压强越小，物体产生向上的升力作用，物体受到向上的压强大于向下的压强。
7．端午节那天，小明发现煮熟后的咸鸭蛋有的沉在水底，有的浮在水面(如图所示)。若甲的体积比乙小，则下列分析合理的是（　　）
A．甲的质量比乙大 B．甲受到的浮力等于重力
C．甲的密度比乙大 D．乙受到的浮力大于重力
【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】ABD.甲漂浮，甲受到的重力等于浮力，乙沉在水底，乙受到的重力大于浮力，已知甲的体积比乙小，由图可知，甲排开水的体积较小，由阿基米德原理可知，甲受到的浮力小于乙受到的浮力，因此乙的质量大于甲的质量，故AD错误，B正确；
C.煮熟的咸鸭蛋有的沉在水底，有的浮在水面，沉在水底的密度大于水的密度，浮在水面上的密度小于水的密度；故甲的密度小于乙的密度，故C错误。
故选B。
【分析】G物＜F浮时，物体上浮，最终漂浮，漂浮时，G物=F浮，即ρ物＜ρ液；
G物=F浮时，物体悬浮，G物=F浮，即ρ物=ρ液；
G物＞F浮时，物体下沉，即ρ物＞ρ液。
二、填空题（共7小题，每空1分，共21分）
8．2021年5月22日，“祝融”号火星车安全到达火星表面，火星车的车轮上有花纹是通过增大　 　的方法来增大摩擦，方便它在火星表面行驶。2021年10月16日，神舟十三号载人飞船升空，与空间站组合体对接完成。出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全绳，当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是　 　的和力可以改变物体的　 　。
【答案】摩擦力；相互；运动状态
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】火星车的车轮上有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，方便它在火星表面行驶。
当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是相互的和力可以改变物体的的运动状态。
故答案为：摩擦力；相互；运动状态。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
物体间力的作用是相互的；
力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
9．一个物体悬挂在弹簧测力计上测量时示数为29.4N，如果将放在天平上测量时其质量为　 　kg，若将它带到月球上测其质量为　 　kg，其重力与地球相比将　 　（填“变大”、“不变”或“变小）．
【答案】3；3；变小
【知识点】重力及其大小的计算
【解析】【解答】解：（1）因为G=mg，所以m= = =3kg．物体的质量是物体本身的一种性质，不随位置、状态、形状的变化而变化．所以物体从地球到月球，位置变化，质量不变，还是3kg．（2）物体在地球上受到的重力是物体在月球上受到月球引力的6倍．其重力与地球相比将变小．
故答案为：3；3；变小．
【分析】（1）知道物体的重力，根据G=mg求出物体的质量；物体的质量是物体本身的一种性质，不随位置、状态、形状的变化而变化．（2）物体在地球上受到的重力是物体在月球上受到月球引力的6倍．
10．一位同学赤脚在江边湿地上漫步，他发现双脚陷入松软的泥土中了，于是用力拔起一只脚，但另一只脚却陷得更深了，原因是在　 　不变的情况下，减小了　 　，增 大了　 　。
【答案】压力；受力面积；压强
【知识点】压强大小比较；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】人站在泥土中，对泥土的压力始终等于本身受到的重力，压力不变；
由两只脚着地变为一只脚着地，受力面积变小，由可知，对地面的压强增大，使人陷得更深。
故答案为：压力；受力面积；压强。
【分析】增大压强方法：压力不变，减小受力面积；受力面积不变，增大压力。
11．小华一家人坐火车从西安去西藏旅游，在火车上他观察到带来的密封零食包装袋渐渐鼓了起来（如图），可以推测外界大气压　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），这是因为西藏比西安的海拔　 　（选填“高”或“低”），最早证实大气压存在的实验叫做　 　实验。
【答案】变小；高；马德堡半球
【知识点】大气压强的存在；大气压强与高度的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】观察到带来的零食包装袋渐渐鼓了起来，这是因为大气压随高度增加而减小，使得袋内的气压大于外部大气压，因此包装袋会鼓鼓的，所以外界大气压在变小，故西藏比西安的海拔高。
最早证实大气压存在的实验叫做马德堡半球实验。
故答案为：变小；高；马德堡半球。
【分析】 气压与高度有关，海拔越高的地方，气压越低。
1654年，在德国马德堡市，举行了著名的马德堡半球实验，首次证明了大气压的存在。
12．如图所示为一种常用核桃夹，用大小相同的力垂直作用在A、B两点，作用于　 　点更易夹碎核桃，这说明力的作用效果与力的　 　有关，核桃夹在夹核桃的那部位加工成锯齿状，目的是增大　 　。
【答案】B；作用点；压强
【知识点】力的三要素及力的示意图；增大压强的方法及其应用；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】由图知，A、B两处的位置不同，作用于B处比A处的力臂更长，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2知，阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，用力越小，故B点更容易夹碎核桃，这表明力的作用效果与力的作用点有关。
核桃夹在夹核桃的那部位加工成锯齿状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，使核桃更容易夹碎。
故答案为：B；作用点；压强。
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析；
（2）力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
（3）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
13．如图所示是探究“使用滑轮组时拉力与物重的关系”时的情形，吊起动滑轮的绳子股数为　 　，既省力又　 　(选填“可以”或“不可以”)改变用力的方向．若钩码总重为1N，动滑轮重、绳重和摩擦均不计，则弹簧测力计的示数为　 　N．
【答案】2；可以；0.5
【知识点】滑轮组及其工作特点；动滑轮拉力的计算
【解析】【解答由图可知，动滑轮上有两股绳，滑轮组既可以省力，又可以改变用力方向，弹簧测力计的示数即自由端绳子的拉力大小是：．
故答案为：2；可以；0.5。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；动滑轮可以省力；滑轮组结合了定滑轮和动滑轮，这样既可以改变力的方向，又能很省力；在动滑轮自重、摩擦和绳重均不计的情况下，动滑轮被几根绳子承担，那么所用的拉力就是物体和动滑轮总重的几分之一．
14．“五一”期间，中国海军新型航空母舰“福建舰”成功进行了海试，从长江边的船厂驶向东海过程中，船身会　 　（选填“浮起一些”、“下沉一些”或“吃水深度不变”）；配套的舰载机歼15的起飞质量为33t，如果载上5架歼15飞机，航母排开的海水体积将增加　 　m3；航母编队中带有一艘核潜艇，在它从浅海下潜到深海的过程中，艇体上下表面受到海水的压力差会　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（海水的密度为1.1×103kg/m3）
【答案】浮起一些；150；不变
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】航空母舰从长江边的船厂驶向东海过程中，始终漂浮，浮力等于重力，由于“福建舰”的重力不变，所以其所受的浮力不变，根据阿基米德原理F浮 =ρ液 gV排 可知，液体密度变大，“福建舰”排开液体的体积变小，则船身会浮起一些。
5架歼15飞机受到的重力：
G飞机 =mg=33×103kg×10N/kg×5=1.65×106N
载上5架歼15飞机后，航母受到的浮力增加量为：
根据阿基米德原理F浮 = ρ海水gV排可得，航母排开的海水增加的体积为：
核潜艇在下潜过程中，潜艇受到的浮力不变，由浮力产生的原因压力差法F浮 =F上 F下 可知，潜艇受到水的压力差等于潜艇受到的浮力，所以潜艇受到水的压力差不变。
故答案为：浮起一些；150；不变。
【分析】（1）同一航母漂浮时，浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；由阿基米德原理F浮=ρ液V排g可知，液体的密度不同，排开液体的体积不同；
（2）歼15舰载机通过电子弹射方式飞离航母时，航母的总重力变小，但航母仍处于漂浮状态，根据F浮=G可知航母受到的浮力的变化情况；根据G=mg和F浮=ρ水gV排可知航母此时排开水的体积变化量。
（3）根据浮力产生的原因压力差法F浮 =F上 F下 分析。
三、作图题（共3小题，共7分）
15．冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，如图所示是正在水平向左滑行的冰壶。请在答题卡的图中画出冰壶所受支持力F和摩擦力f的示意图（作用点均画在“O”点）。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；摩擦力的方向
【解析】【解答】冰壶受到水面地面的支持力方向竖直向上，冰壶正在水平向左滑行，则冰壶受到的摩擦力方向水平向右，从O点开始，分别沿竖直向上和水平向右的方向画一条带箭头的线段，并分别在箭头附近标上字母F和f。如图所示：
【分析】力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
16．船和人(看成一个整体)的总重力为1 000 N，画出船和人在水中静止时受到的重力和浮力的示意图．(力的作用点已标出，虚线为竖直方向)
　 　
【答案】
【知识点】重力示意图；浮力及其产生原因
【解析】【解答】船和人在水中静止时，处于平衡状态，受到的浮力等于重力，F浮=G=1000N，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，如图所示：
【分析】静止在水面上的船和人受到的浮力等于重力，然后结合重力和浮力的方向画出其受力的示意图．
17．如图所示，杠杆OA处于静止状态，L2是力F2的力臂。请在图中画出力F1的力臂L1和力F2 的示意图（保留作图痕迹）。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】过支点点O作F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1；过阻力臂L2的末端作垂直于L2的作用线，与杠杆的交点为F2的作用点，F2的方向竖直向上，如图所示：
【分析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出力臂的垂线，与杠杆的交点为F2的作用点，为使杠杆平衡F2的方向应该向下，据此画出力F2的示意图。
四、实验题（共3小题，每空1分，共19分）
18．在实验“探究滑动摩擦力大小的影响因素”的实验中，回答下列问题：
甲乙丙三次实验中，摩擦力最小的是　 　；由甲和丁两组实验　 　（选填“能”或“不能”）得出滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关；由　 　两次实验对照可以证明骑自行车减速时拉紧车闸可以增大摩擦力。
【答案】甲；不能；甲、乙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】甲乙丙三次实验中，甲中压力最小，且接触面最光滑，故滑动摩擦力最小的是甲；
由图甲、丁两图可知，切去物体A的一半，在改变接触面积的同时也改变了压力的大小，没有控制压力不变，所以不能得出滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。
甲和乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大，所以甲和乙两次实验对照可以证明骑自行车减速时拉紧车闸可以增大摩擦力。
故答案为：甲；不能；甲、乙。
【分析】（1）根据甲、乙、丙三图弹簧测力计示数分析滑动摩擦力大小；
（2）要探究滑动摩擦大小与接触面积的大小的关系，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积，据此分析；
（3）在接触面粗糙程度一定时，增大压力，增大摩擦力。
19．小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量　 　；
（2）如图甲所示．在杠杆左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂　 　个钩码（实验中所用的钩码均相同）
（3）小明又用弹簧测力计，在C处竖直向上拉．如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡．则弹簧测力计的示数将逐渐　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】力臂；3；变大
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，甲图中，A处有4个钩码，3个小格，B处有4个小格，力臂为4L，由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：
4G×3L=F2×4L
解得：F2=3G，即在B处挂3个同样的钩码；
（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
故答案为：（1）力臂；（2）3；（3）变大。
【分析】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量力臂。
（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在B处挂钩码的个数；拉力F的作用点在杠杆上，方向为竖直向下，根据钩码的数量可求出拉力F的大小，根据力的示意图可表示出拉力F；
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，分析弹簧测力计右倾时力臂的变化，再根据杠杆的平衡条件判断。
20．小亮同学利用如图所示的器材探究液体内部压强的特点。
（1）他向图甲中的U形管内注入适量的红墨水，当管内的红墨水静止时，U形管左右两侧液面　 　。
（2）在使用压强计前，发现U形管中管内已有高度差（如图乙所示），接下来的操作是　 　（选填字母）。
A．直接从U形管右侧中倒出适量液体
B．重新安装胶管
（3）调整好后，多次改变探头在水中的深度，并比较每次的深度及相应的U形管左右两侧液面的高度差。这是为了探实水内部压强与　 　的关系。
（4）调整好后，把探头放入盛有水的容器中并下移至某位置，U形管两侧液面的高度差如图丙所示，保持探头的位置不度，向容器内加入适量的浓盐水并搅拌均匀，发现U形管两侧液面的高度差变大了，有同学得出了“液体压强与液体的密度有关”的结论。该结论是　 　的（选填“可靠”或“不可靠”），原因是：　 　。
（5）如图丁所示是同学们研究液体压强时，绘制的甲、乙两种液体产生的压强与深度关系的图像。由图像可知，甲、乙两种液体的密度关系是　 　（选填：“＞”、“＜”或“=）；从图像可以推断出，在甲液体8cm深处液体的压强为　 　Pa。
【答案】相平；B；水的深度；不可靠；没有控制液体的深度一定；＞；1200
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图甲中的U形管相当于一连通器，当管内的红墨水静止时，U形管左右两侧液面相平。
（2）使用压强计之前发现U形管内水面有高度差，应该取下胶管，重新安装。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）多次改变探头在水中的深度，并比较每次的深度及相应的U形管左右两侧液面的高度差。这是为了探究水内部压强与水的深度的关系。
（4）探究“液体压强与液体的密度有关”的关系时，应控制液体的深度相同，改变液体的密度。保持探头的位置不度，向容器内加入适量的浓盐水并搅拌均匀，探头所处的位置深度发生变化。没有控制液体深度一定，得出“液体压强与液体的密度有关”的结论是不可靠的。
（5）由丁图可得，当深度一定时，p甲>p乙，由液体压强公式可得。
由丁图可得，当甲的压强为600Pa时，深度为4cm。故甲的液体密度：
在甲液体8cm深处液体的压强为：
故答案为：（1）相平；（2）B；（3）水的深度；（4）不可靠；没有控制液体的深度一定；（5）＞；1200。
【分析】（1）图甲中的U形管相当于一连通器，液体不流动时，两侧液面保持相平。
（2）使用压强计之前发现U形管内水面有高度差，应该拔下软管，应该重新安装。
（3）（4）液体内部的压强取决于液体密度的和液体内部的深度，利用控制变量法分析。
（5）由丁图结合p=ρgh进行分析。
21．在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，实验步骤如图所示：
（1）金属块完全浸没在水中受到的浮力为　 　N；
（2）步骤B和C可以探究浮力的大小与　 　的关系；通过步骤C和D可以发现浮力的大小与物体浸没的深度　 　（选填“有关”或“无关”）；步骤　 　（填字母）可以探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）根据实验数据，可以计算出金属块的体积为　 　m3，金属块的密度为　 　kg/m3。（g取10N/kg）
【答案】1；排开液体体积；无关；ADE；10-4；4×103
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）由图AC和称重法可知，金属块完全浸没在水中受到的浮力：
F浮 =G F示 =4N-3N=1N
（2）步骤B和C中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，可以探究浮力的大小与排开液体体积的关系；
步骤C和D中，液体密度和物体排开液体的体积相同，物体浸没在液体中的深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，说明浮力的大小与物体浸没的深度无关。
要探究浮力的大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，步骤ADE 可以探究浮力的大小与液体密度的关系；
（3）由阿基米德原理F浮 =ρ水 gV排 可得，浸没时，金属块的体积等于排开液体的体积：
金属块的质量：
金属块的密度：
故答案为：（1）1；（2）排开液体的体积；无关；ADE；（3）10-4；4×103。
【分析】（1）根据弹簧测力计称量法计算金属块受到的浮力。
（2）物体受到的浮力与排开液体的体积和液体的密度有关，浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关。
（3）根据阿基米德原理和密度公式计算金属块的密度。
五、计算题（共2小题，共13分）
22．如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的质量为55kg，g取10N/kg，求：
（1）人所受到重力大小；
（2）地面对手的支持力F大小；
（3）如果每只手掌的面积是82.5cm2，求手对地面的压强大小。
【答案】解：（1）人所受到重力大小：
（2）身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，由杠杆平衡条件可得：
解得：F=330N。
（3）手对地面的压强：
答：（1）人所受到重力为550N；
（2）地面对手的支持力为330N；
（3）手对地面的压强为2×104Pa。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出人所受到重力大小；
（2）身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，由杠杆平衡条件F1l1=F2l1求出地面对手的支持力F大小；
（3）根据求出手对地面的压强。
23．儿童乐园有一个孩子们热衷的“水上行走球”游乐项目。游戏者被关进了一个直径2.5m的大塑料球中，充气后封闭起来，然后连人带球被推进水中，游戏者在球中玩耍时，球始终浮在水面，如图所示。已知水的密度为1.0×103kg/m3，塑料球和球内气体的质量共计为15kg，若某次游戏中游戏者的质量为55kg，g取10N/kg，求：
（1）塑料球在水中所受的浮力大小；
（2）塑料球排开水的体积；
（3）水面下10cm深处，水对塑料球面积为20cm2的某表面产生的压力大小。
【答案】解：（1）游戏者和塑料球的总重力：
G=(m人 +m球 )g=(55kg+15kg)×10N/kg=700N
因为游戏者和塑料球在水中漂浮，所以塑料球在水中所受的浮力：
F浮 =G=700N
（2）由F浮=ρ水gV排可得，塑料球排开水的体积：
（3）水面下10cm深处，水对塑料球某表面的压强：
p=ρ水 gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa
水对塑料球某表面产生的压力：
F=pS=1000Pa×20×10 4m2=2N
答：（1）塑料球在水中所受的浮力大小为700N；
（2）塑料球排开水的体积为0.07m3；
（3）水面下10cm深处，水对塑料球面积为20cm2的某表面产生的压力大小为2N。
【知识点】重力及其大小的计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg求出游戏者和塑料球的总重力，因为游戏者和塑料球在水中漂浮，由二力平衡条件求出塑料球在水中所受的浮力；
（2）由阿基米德原理F浮=ρ水gV排求出塑料球排开水的体积；
（3）水面下10cm深处，根据p=ρ水 gh求出水对塑料球某表面的压强，根据F=pS求出水对塑料球某表面产生的压力。
六、综合能力题（共3小题，每小题1分，共19分）
24．某小组探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
（1）弹簧测力计使用前要先进行　 　。
（2）实验步骤如图1所示，甲、乙、丁、戊中弹簧测力计的示数分别为、、、。由图甲和丁可知物体受到的浮力　 　。
（3）以下选项中若　 　成立，则可以得出浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
A. B. C.
（4）另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋（质量忽略不计）对实验进行改进，装置如图2所示。向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入装满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐　 　，B的示数逐渐　 　，且A、B示数的变化量　 　（选填“相等”或“不相等”）。
（5）比较两种实验方案，改进后的优点是　 　（多选）。
A.测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定
C.能同步观察测力A、B示数的变化
【答案】调零；F1-F3；B；变小；变大；相等；BC
【知识点】阿基米德原理；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）在使用弹簧测力计测量前，需要先对弹簧测力计进行调零操作，若未调零会直接影响力的测量结果准确性。
（2）根据受力平衡可知，物体的重力大小等于物体受到的浮力与弹簧测力计对物体的拉力之和，因此可以得到物体受到的浮力为F浮=F1-F3；
（3）排开液体所受的重力，等于接水小桶和排开液体的总重力减去空小桶的重力，表达式为G排=F4-F2，根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到的浮力大小等于它排开液体所受的重力，因此可得F1-F3= F4-F2，故选B。
（4）向下移动水平横杆，让重物缓慢浸入已经装满水的溢水杯中，随着物体浸入深度增加，物体排开液体的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知物体受到的浮力逐渐变大。对物体受力分析可知，弹簧测力计A的拉力等于物体重力减去浮力，因此浮力增大时，弹簧测力计A的示数会逐渐变小；同时排开的水不断流入右侧塑料袋中，塑料袋和水的总重力不断增加，因此弹簧测力计B的示数会逐渐增大。物体受到的浮力等于弹簧测力计A示数的减小量，而弹簧测力计B的增加量等于排开液体的重力，根据阿基米德原理浮力等于排开液体的重力，因此A、B两个弹簧测力计的示数变化量大小相等。
（5）A．物体的重力大小始终等于弹簧测力计A的示数与物体受到的浮力之和，故A不符合题意；
B．本实验中使用塑料袋接水，塑料袋在日常生活中很容易获取，同时弹簧测力计不需要手提，被固定后示数不会因为手的晃动发生变化，示数更加稳定，故B符合题意；
C．从实验装置可以看出，两个弹簧测力计都被固定，实验过程中可以同时观察A、B两个测力计的示数变化，方便比较浮力和排开液体重力的关系，故C符合题意。
故选BC。
【分析】（1）使用弹簧测力计前需先调零，未调零会造成测量数据存在误差。
（2）由受力平衡可得，物体所受浮力F浮=F1-F3。
（3）排开液体重力G排=F4-F2，依据阿基米德原理浮排，F1-F3= F4-F2；
（4）物体浸入水中越深，排液体积越大，浮力越大。测力计 A 示数随浮力增大而减小，测力计 B 示数随承接水量增多而增大；二者示数变化量相等。
（5）该实验装置取材简便，测力计固定示数稳定，还便于同步对比示数，据此对比选项。
25．三峡水电站是目前世界上规模最大的水电站和清洁能源基地，也是目前中国有史以来建设的最大型的工程项目。
（1）轮船在通过三峡大坝时，需要经过五级船闸才能完成“跳大坝”的壮举，船闸利用了　 　原理；图2中的B阀门左侧的压力比右侧受到的压力　 　；（选填“大”或“小”）
（2）三峡大坝的正常蓄水位为175m，此时坝底受到的水的压强要　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）海水中的同一深度的水的压强，这是因为液体压强受　 　的影响；
（3）长江三峡大坝上下游水位差最高可达113m，其首级人字闸门每扇高约40m，宽约20m。当门外的水位高30m时，则这扇闸门底部所受水的压强是　 　Pa，已知闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，则这扇闸门所受水的压力是　 　N。（g取10N/kg）
【答案】连通器；小；小于；液体密度；；
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；连通器原理及其应用
【解析】【解答】（1）船闸利用了连通器原理；
因为B阀门左侧水的深度小于右侧水的深度，根据液体压强公式p=ρgh可知，液体密度相同时，B阀门左侧受到水的压强小于右侧受到水的压强，由于受力面积S相同，由可知，B阀门左侧的压力比右侧受到的压力小。
（2）根据液体压强公式p=ρgh可知，深度相同时，液体密度越大，液体的压强就越大。因为液体压强受液体密度的影响，海水的密度大于江水的密度，深度相同时，坝底受到的水的压强要小于海水中的同一深度的水的压强。
（3）这扇闸门底部所受水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa
已知闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，则这扇闸门所受水的平均压强：
受力面积：
S=30m×20m=600m2
这扇闸门所受水的压力：
F=p'S=1.5×105Pa×600m2=9×107N
故答案为：（1）连通器；小；（2）小于；液体密度；（3）3×105；9×107。
【分析】（1）船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以船闸是利用连通器的原理工作的。
（2）根据液体压强公式p=ρgh可知，深度相同时，液体密度越大，液体的压强就越大。
（3）根据液体压强公式p=ρgh可得，这扇闸门底部所受水的压强，闸门所受水的平均压强是底部压强的一半，求出闸门所受水的平均压强，这扇闸门所受水的压力F=pS。
26．随着我国人工智能技术的不断发展，各种各样的机器人已经走进你我的生活。（g取10N/kg）
（1）如图1所示是一种“擦窗机器人”，其质量为1.2千克，它的“腹部”有一个吸盘。当“擦窗机器人”的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于　 　的作用，它能牢牢地“吸”在竖直的玻璃上静止不动，此时它受到的摩擦力大小为　 　N，若工人再给它施加个垂直于玻璃的2N的压力，则它受到的摩擦力大小将　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（2）如图为自动发球机器人的示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变　 　。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为　 　Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要　 　乒乓球上方的风速。
【答案】大气压；12；不变；小；20；增大
【知识点】重力及其大小的计算；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）当“擦窗机器人”的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，由于大气压的作用，它能牢牢地“吸”在竖直的玻璃上静止不动；
“擦窗机器人”的重力为：
G=mg=1.2kg×10N/kg =12N
“擦窗机器人”静止时处于平衡状态，受到的摩擦力和重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，则摩擦力大小等于重力大小，为12N；若工人再用2N的力将它按压在玻璃上静止时，重力不变，摩擦力就不变。
（2）当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体流速变大，压强变小，乒乓球下方的流速小，压强大，形成向上的压强差，从而形成压力差，原本静止的乒乓球沿管上升。
球的重力：
G=mg=2.5×10﹣3kg×10N/kg=2.5×10﹣2N
当球下方和上方受到的压力差时，乒乓球开始上升，即
受力面积：
S=12.5cm2=12.5×10﹣4m2
球下方和上方气压差：
若考虑管壁摩擦，则需要增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差增大，从而使球沿竖直管上升。
故答案为：（1）大气压；12；不变；（2）小；20；增大。
【分析】（1）吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
首先要明确静止和匀速下滑时，物体都处于平衡状态，受平衡力，只要找出哪两个力是平衡力，然后根据平衡力的特点解题就可；
（2） 流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
已知球的质量可求得其重力，由此可知压力大小，已知竖直方向受大气压作用的等效面积，由可求得球下方和上方气压差；
球恰能上升受到管壁摩擦，若增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差越大，据此分析。
1 / 1

展开更多......

收起↑