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湖南省长沙市一中双语实验学校2026年中考一模物理试卷
1． 某科技展览会上展示了一种新型的静电演示装置。装置中有一块特殊的塑胶板，当用丝绸快速摩擦塑胶板后，塑胶板能够吸引起一些细小的纸屑。下列说法正确的是(　　)
A．“用丝绸快速摩擦塑胶板”的过程中，创造了电荷
B．“用丝绸快速摩擦塑胶板”的过程中，丝绸和塑胶板带同种电荷
C．“吸引起纸屑”是由于“塑胶板”和“纸屑”带同种电荷相互吸引
D．“吸引起纸屑”是由于丝绸摩擦后的“塑胶板”带电，具有吸引轻小物体的性质
【答案】D
【解析】【解答】A、丝绸摩擦塑料板使电荷发生了转移，并没有创造电荷，故A错误；
B、丝绸和塑胶板相互摩擦，它们会带异种电荷，而不是同种电荷，故B错误：
CD、“吸引起纸屑”是因为塑胶板带电后具有吸引轻小物体的性质，而不是因为带同种电荷相互吸引，故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电；带电体可以吸引轻小物体。
2． 纯电动汽车节能环保，备受大众青睐。关于充电桩的安装与使用，下列做法符合安全用电要求的是(　　)
A．每个充电桩都安装有空气开关
B．由于充电时电流很大，充电导线越细越安全
C．安装充电桩时不需要连接地线
D．充电桩起火时应迅速浇水扑灭
【答案】A
【解析】【解答】A．空气开关可以在电路发生过载、短路时自动切断电源，保护充电桩、车辆和人员安全，因此每个充电桩都必须安装空气开关，故A符合安全用电要求；
B．根据焦耳定律，导线越细，电阻越大，充电时大电流会产生大量热量，极易引发火灾，因此充电导线必须选用足够粗的合格线缆，故B不符合安全用电要求；
C．地线可以在设备漏电时，将电流导入大地，避免人员触电，不接地线存在严重安全隐患，故C不符合安全用电要求；
D．日常用水含杂质，是导体，充电桩起火时浇水会导致触电，同时可能扩大火势。电气火灾应先切断电源，再使用干粉灭火器灭火，故D不符合安全用电要求。
故选：A。
【分析】为防止家庭电路电流过大出现危险，在家庭电路中应安装保险丝或空气开关，电流过大时切断电路，保证安全；其它因素相同时，导线越细，电阻越大；对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；用电器起火，先关闭电源再救火；生活用水是导体。
3．我国在航天、新能源、人工智能等领域取得了举世瞩目的成就。下列相关说法正确的是( )
A．“天问二号”探测器在深空探测过程中，通过超声波与地面指挥中心保持联系
B．我国“人造太阳”EAST装置在1亿摄氏度下实现1066秒稳态运行，该装置利用核聚变释放巨大能量
C．新能源汽车的电动机工作原理是电磁感应现象
D．AI大模型运行所依赖的数据中心，其核心芯片主要由超导体材料制成
【答案】B
【知识点】核聚变；超声波与次声波；超导体特点及作用；电磁感应
【解析】【解答】A.深空是真空，超声波不能在真空中传播，探测器通过电磁波与地面指挥中心保持联系，故A错误；
B.“人造太阳”利用核聚变释放能量，故B正确；
C.电磁感应现象是发电机的工作原理，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D.芯片的主要材料是半导体（硅），超导体是零电阻材料，尚未广泛用于芯片，故D错误。
故选：B。
【分析】重原子核分裂成较轻的原子核叫做裂变，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；轻原子核结合成较重的原子核叫做聚变。电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体。
4．毽球源于中国民间传统体育游戏——踢毽子。在踢毽球过程中，下列说法正确的是
A．刚踢出的毽球仍会受到脚的作用力
B．毽球运动到最高点时，处于平衡状态
C．下落的毽球被踢起，表明力可以改变物体的运动状态
D．上升的毽球运动越来越慢，表明物体的运动需要力来维持
【答案】C
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、踢出的毽子，与脚不接触，不受力，故A错误；
B、 毽球运动到最高点 时，受到重力和阻力，二力不相等，不处于平衡状态，故B错误；
C、下落的毽子被踢时，受到力的作用，改变力的方向，所以力会改变物体的运动状态，故C正确；
D、 上升的毽球受到重力的作用，导致运动越来越慢，故D错误。
综上选C。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
5． 关于自行车的结构与使用，下列哪一项是为了减小摩擦( )
A．刹车时增大握力
B．车轮安装滚动轴承
C．轮带花纹
D．车座做的宽大
【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、刹车时增大握力，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A错误。
B、车轮安装滚动轴承，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故B正确。
C、车轮带花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误。
D、车座做的宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，不是为了减小摩擦，故D错误。
故选：B。
【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
6． 对于如图所涉及的物理知识，分析正确的是 (　　)
A．图甲：地漏阻隔异味采用了连通器原理
B．图乙：高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压越高液体沸点越低
C．图丙：沿纸条上方水平吹气，纸条向上飘起，纸条上方空气流速大，压强大
D．图丁：蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强小
【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、地漏是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，故A正确；
B、因为液体的沸点随气压的增大而升高，煮食物时高压锅内的气压比普通锅内的气压高，所以高压锅内液体的沸点高，饭菜熟的快，故B错误；
C、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故C错误；
D、蚊子的口器尖，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故D错误。
故选：A。
【分析】连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平；液体的沸点随液面上气压的增大而升高，所以高压锅内气压高沸点高；从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
7． 国家“十五五”规划重点发展商业航天与可重复使用航天技术。如图所示，我国朱雀三号可复用运载火箭在某次试验中，竖直向上做匀速直线飞行，不计燃料质量变化，下列说法正确的是(　　)
A．火箭的机械能守恒
B．火箭受到的推力与自身重力等大，是一对相互作用力
C．火箭匀速上升过程中，其惯性的大小保持不变
D．火箭对燃气的推力与燃气对火箭的推力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．火箭的动能不变，重力势能增大，机械能是动能和势能的总和，机械能增大，故A错误；
B．火箭受到的推力与自身重力受力物体都是火箭，不是一对相互作用力，故B错误；
C．惯性是物体的本身属性，惯性大小只与质量有关，火箭匀速上升过程中，质量不变，其惯性的大小保持不变，故C正确；
D．火箭对燃气向下的推力和燃气对火箭向上的推力大小相等，方向相反，作用在同一直线，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
【分析】惯性是物体的本身属性，只与物体质量有关；影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力的特点：受力物体是两个物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
8． 随着电子商务的迅猛发展，网络购物已成为人们日常消费的一种主要形式，一些生鲜商品也能冷锻快递运输。如图所示，是某食品冷链运输过程中使用的冰袋，下列分析正确的是 (　　)
A．冰袋温度很低，没有内能
B．此过程中发生热传递的原因是食品的内能比冰袋大
C．温度从食品转移到冰袋
D．冰袋中的物质熔化时，温度不变，内能增大
【答案】D
【知识点】内能的概念；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、任何物体在任何温度状态下都具有内能。温度很低的冰块也具有内能，故A错误；
B、此过程中发生热传递的原因是产品温度高于冰块的温度，故B错误。
C、此过程中热量从产品传向冰袋，传递的不是温度，故C错误；
D、冰袋中的物质熔化时，吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确；
故选：D。
【分析】任何物体在任何温度状态下都具有内能；温度是状态量，不能传递；晶体熔化时，吸收热量、温度不变；热传递的条件是物体间存在温度差。
9． 如图所示的电路，闭合开关S，电流表A1的示数为 0.30A， 电流表A的示数为 0.46A， 下列说法正确的是 (　　)
A．通过灯泡L1的电流为0.46A
B．通过灯泡L2的电流为0.46A
C．若灯泡L1断路，电流表A的示数变为0.16A
D．若灯泡L2短路，电流表A1的示数变为0.46A
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律
【解析】【解答】AB．由实物图可知，灯泡L1与灯泡L2分别在两条支路上，两灯并联，电流表A在干路中，测干路电流；电流表A1与灯泡L1在一条支路中，测通过灯泡L1的电流，故可得I1=0.3A
由并联电路电流的规律，I2=I-I1=0.46A-0.3A=0.16A
即通过灯泡L1的电流为0.3A，通过灯泡L2的电流为0.16A，故AB错误；
C．若灯泡L1开路，则灯泡L1支路没有电流通过，电流表A只测量通过灯泡L2的电流，因并联电路各支路可独立工作、互不影响，其示数变为0.16A，故C正确；
D．两灯并联，若灯泡L2短路，电流从正极出发会经过灯泡L2支路直接回到电源负极，电流表A1的示数为0，故D错误。
故选：C。
【分析】分析电路的连接及电流表测量的对象，根据并联电路电流的规律得出通过灯泡L2的电流；若灯泡L1开路，分析电路的连接，根据并联电路特点分析；根据灯泡L2短路分析。
10．如图所示，小明利用铝箔纸作为导线，与电池、铅笔芯串联制成一盏“笔芯电灯”，接通一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎热，产生这种现象的原因是(　　)
A．铅笔芯的电阻大 B．铅笔芯的电功率小
C．通过铅笔芯的电流大 D．铅笔芯的通电时间长
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
11．水平桌面上有甲、乙，丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器内的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器中的液面相平，则正确的是(　　)
A．长方体受到的浮力：
B．液体对容器底的压强：
C．长方体下表面受到液体的压力：
D．容器对桌面的压力：
【答案】A,C
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、根据图示可知，A悬浮，B、C漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故
F浮A=F浮B=F浮C，故A正确；
B、由于A悬浮，故ρ甲=ρ物；B漂浮，故ρ乙＞ρ物；C漂浮，故ρ丙＞ρ物；由于C浸入的体积小于B浸入的体积，所以丙中液体的密度大于乙中液体的密度，即ρ丙＞ρ乙，甲中液体密度最小，故三种液体密度关系：ρ甲＜ρ乙＜ρ丙；而液体的深度相同，由p=ρgh可知，丙容器底所受的压强最大，其次是乙，再次是甲，故液体对容器底的压强：p甲＜p乙＜p丙，故B错误；
C、因为物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，因此甲下表面受到的压力大于浮力；乙、丙上表面受到的压力为零，因此乙丙下表面受到液体的压力等于浮力，且相等，即FA＞FB=FC，故C正确；
D、据图示可知，物体的体积不变，液面的高度相同，丙中物体排开的液体的体积最小，则丙中液体的体积最大，由于ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，则丙中液体的质量最大，且A、B、C三个物体相同，丙容器和液体的质量最大，根据G=mg可知，丙容器的重力最大，丙容器对桌面的压力最大，其次是乙，最小的是甲，故容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙，故D错误。
故选：AC。
【分析】当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力；液体内部压强和液体的密度和液体的深度有关；物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力；此时容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体、液体重力之和。
12． 如图所示是某学校智能照明路灯的电路图，其中 Ro为光敏电阻，R为滑动变阻器，已知该智能照明路灯能正常使用，闭合开关S，下列说法正确的是 )
A．电磁铁的上端是N极
B．天暗时，衔铁被电磁铁吸引，触点c与a接触
C．光照越强，R0阻值越小
D．若想让路灯亮的更早，可将R的滑片向下滑
【答案】C,D
【知识点】电路的动态分析；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A、图中电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则（右手螺旋定则），可判断上端为S极，故A错误。
B、天亮时：光照强→R0阻值小→控制电路电流大→电磁铁磁性强→吸引衔铁→触点c与a接触（路灯灭）；天暗时：光照弱→R0阻值大→控制电路电流小→电磁铁磁性弱→释放衔铁→触点c与b接触（路灯亮），故B错误。
C、由题意可知，光敏电阻特性：光照越强，阻值越小；光照越弱，阻值越大，故C正确。
D、想让路灯更早亮（天未完全黑就亮），需在光照较强、R0较小时，让控制电路电流提早释放衔铁。将R滑片向下滑→R阻值变大→总电阻更大→电流更小→路灯更早亮，故D正确。
故选：CD。
【分析】根据电源的正负极判定螺线管中电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性。根据题意对天亮时和天暗时的电路进行分析判断。由题意得光敏电阻特性。想让路灯更早亮（天未完全黑就亮），需在光照较强、R0较小时，让控制电路电流提早释放衔铁，据此分析。
13．如图是中国自主产权的盾构机工作时的模拟场景。盾构机前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时会产生大量的热，这是通过　 　方式改变物体内能的。工作中需要用水给刀片降温，主要利用了水的　 　较大的特性。
【答案】做功；比热容
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】刀盘旋转工作时会产生大量的热，摩擦力会做功，这是通过做功改变物体内能，利用水降温，是由于水的比热容较大。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
比热容的应用：水的比热容较大，用水做冷却剂。
14．工业生产中常用“吸”的方式来搬运物体。吸盘安装在吊车上，抽出空气后的吸盘“吸”起大块玻璃板，这是利用　 　的作用；电磁铁安装在吊车上，通电后“吸”起大量钢铁，这是利用电流的　 　效应。
【答案】大气压；磁
【知识点】大气压强的存在；电磁铁的构造和原理
【解析】【解答】（1） 吸盘安装在吊车上，抽出空气后，吸盘内部气压小于外界大气压，外界大气压就会将吸盘紧紧压在玻璃板上，从而“吸”起大块玻璃板，这是利用了大气压的作用。
（2）电磁铁通电后具有磁性，能够吸引钢铁等磁性物质，而电磁铁是利用电流的磁效应工作的，即通电导体周围存在磁场，所以这里是利用电流的磁效应。
【分析】 （1）抽出空气后，吸盘内外气压不同，据此分析；
（2）通电导线周围存在磁场，电磁铁是利用电流的磁效应工作的。
15．冰壶比赛中，运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始运动，说明力可以改变物体的　 　：这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为　 　N：若质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，则重力对冰壶做的功为　 　J.（取g=10N/kg）
【答案】运动状态；2；0
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始保存进入下一题运动，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为F=F1-F2=5N-3N=2N；
（3）质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，重力的方向竖直向下，冰壶在竖直方向上没有移动距离，根据W=Gh可知重力对冰壶做的功为0J。
故答案为：运动状态；2；0。
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员给冰壶施加5N的水平推力，这个过程中冰壶受到3N的阻力，两力的方向相反，根据F=F1-F2计算冰壶受到的合力；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；据此判断重力对物体是否做功。
16．如图甲所示电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V0.3A”，滑动变阻器R标有“20Ω2A”，电路工作时不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全。只闭合开关S时电路的最小总功率为P1，开关S、S1、S2均闭合时的最小总功率为P2，两种情况下，移动滑片，得到电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化的关系如图乙。则灯泡L的电阻为　 　Ω，电源电压U为　 　V，P1： 　 　.
【答案】20；6；1： 4
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，由于灯泡的额定电流为0.3A，所以电路中的电流最大为0.3A，因此图乙中下方曲线为此时电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化关系图像；开关S、S1、S2均闭合时，灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器并联，此时电路中的总电阻小于滑动变阻器的阻值，电路中的电流比只闭合S时的电流大，因而所对应的图像是上方的图像，当滑片移到最左端时，电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，此时电路中的最小电流为I'= 0.6A，只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器电阻最小为0，此时电流最大为0.3A，恰好等于灯泡的额定电流，说明灯泡正常发光，电源电压等于灯泡的额定电压，为6V。
由可得，灯泡电阻为
电路中的最小电流
电路的最小总功率为P1= UI=6V× 0.15A= 0.9W
开关S、S1、S2均闭合时，电路的最小总功率为P2= UI' =6V× 0.6 A = 3.6W
则P1 ： P2 =0.9W： 3.6W=1： 4
【分析】只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器电阻最小，电流最大确定电源电压；根据欧姆定律计算灯泡电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律计算最小电流，得出最小电功率P1，判断出图乙中哪根曲线是此时的电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化的图像；开关S、S1、S2均闭合时，灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器并联，当滑片移到最左端时，电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙中的图像确定此时的最小电流，根据P=UI可求出此时的最小总功率为P2，据此解答。
17．在制作简易热机模型的跨学科实践活动中，某探究小组的同学制作了如图所示的简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽，使小风扇转动。
（1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能→内能→　 　；
（2）蒸汽从管口喷出推动风扇转动的过程，与四冲程汽油机的　 　冲程能量转化情况相似。
（3）在测试过程中，发现风扇转动得很慢。同学们交流后认为，这是蒸汽喷射力不足造成的。以下解决方案中你认为可行的是（　　）
A．增加酒精灯的高度，用其内焰加热
B．检查罐身是否破损，并用密封胶加固中性笔管与易拉罐的接口，防止蒸汽泄漏
【答案】（1）机械能
（2）做功
（3）B
【知识点】热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）实验时，酒精灯点燃，有蒸汽从易拉罐喷出时，扇叶转动起来；酒精燃烧，将化学能转化为内能，蒸汽推动扇叶转动，内能转化为机械能，则化学能→内能→机械能。
（2）蒸汽从管口喷出，推动风扇转动，内能转化为机械能，四冲程汽油机中，做功冲程将内能转化为机械能。
（3）A． 酒精灯的外焰温度最高，应用外焰加热，内焰温度低，加热的效率降低，水更难沸腾，蒸汽量会更少，喷射力更弱，故A不符合题意；
B．若有蒸汽泄露，则喷出的蒸汽压力和流量不足，则风扇转动缓慢。可减少蒸汽泄漏，提高蒸汽喷射力，使风扇转得更快，故B符合题意。
故选B。
【分析】（1）燃料燃烧，化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能；
（2）四冲程汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能；
（3）酒精灯外焰温度高，加热效率高；减少能量损失，可以提高能量的利用率。
（1）实验时将易拉罐下面的酒精灯点燃，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来；酒精燃烧将化学能转化为内能，蒸汽推动扇叶转动，将内能转化为机械能。因此汽轮机模型工作过程的能量转化为：化学能→内能→机械能。
（2）蒸汽从管口喷出推动风扇转动的过程，是利用蒸汽对风扇做功，内能转化为机械能，而四冲程汽油机中，做功冲程能量转化为内能转化为机械能，故与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
（3）A． 酒精灯的外焰温度最高，加热时应使用外焰，用内焰加热会使加热效率降低，水更难沸腾，蒸汽量会更少，喷射力会更弱，故A不符合题意；
B．如果罐身或接口处有蒸汽泄露，会导致喷出的蒸汽压力和流量不足，从而使风扇转动缓慢。检查并密封罐身和接口，可以减少蒸汽泄漏，提高蒸汽喷射力，从而让风扇转得更快，故B符合题意。
故选B。
18．如图所示，是乐乐同学“探究液体内部压强特点”的实验过程。
（1）实验中，将液体内部的压强大小转换为 U形管两侧液面的　 　表表示；
（2）比较图1、图2可知，液体内部压强与　 　有关；
（3）乐乐还自制了另一套装置来探究液体压强与什么因素有关。如图3所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，发现橡皮膜会向内凹，这个现象说明：当深度相同时，　 　，液体压强越大。
【答案】（1）液面的高度差
（2）液体深度
（3）当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）实验中利用转换法，通过观察U形管两端液面的高度差来判断液体压强的大小变化；
（2）比较比较图-1、图-2可知，液体密度相同，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，说明液体内部压强与液体深度有关；
（3）将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，此时瓶子内外液体的深度相同，液体的密度不同，发现橡皮膜会内凹，说明瓶子外部液体压强大于瓶子内部水的压强，即当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
【分析】（1）压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
（2）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（3）盐水密度大， 橡皮膜 先水的方向凹陷，说明盐水产生的压强大。
19．杆秤是我国最古老的也是现今人们仍然在使用的称量王具，是根据杠杆原理制造出来的，在物理实践活动中，小明探究杠杆的平衡条件后制作了一把杆秤。
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，为使杠杆在水平位置平衡，小明将杠杆左、右两端的平衡螺母均适当向右调节，他的操作　 　(可行/不可行)；
（2）如图乙所示，小明在杠杆A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂两个钩码(每个钩码重均为0.5N， 杠杆每格刻度均匀且杠杆重不计)，将弹簧测力计沿D方向竖直向下拉弹簧测力计，为使杠杆保持水平平衡，弹簧测力计的示数为　 　N；
（3）然后沿C方向斜向下拉弹簧测力计，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，请在图乙中画出此时弹簧测力计对杠杆的拉力F，并画出F的力臂L；
（4）杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，如图丙所示某杆秤的0刻度距离提纽1cm，秤钩到提组的水平距离为5cm，秤砣的质量为 0.5kg则提纽右侧距离提纽5cm处的刻度值应为　 　kg。
【答案】（1）可行
（2）0.75
（3）
（4）0.4
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法；探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）杠杆在图甲所示位置静止，杠杆左端下沉，右端上翘。根据杠杆平衡螺母的调节原则“左偏右调，右偏左调”，为使杠杆水平平衡，小明应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）设杠杆每格长度为L，每个钩码重为G，根据杠杆平衡条件可得：F×4L=2G×3L，解得：F=1.5G=1.5×0.5N=0.75N。
（3）力的方向沿弹簧测力计方向，力到支点的距离为力臂。如图所示；
（4）秤砣的重力为
依题意与杠杆平衡条件得
则
当秤砣在提纽右侧距离提纽5cm处时，杆秤在水平位置平衡时，秤钩处挂的物体的重力为为
则
由G=mg得，此时物体的质量为
【分析】 （1）根据杠杆平衡螺母的调节原则“左偏右调，右偏左调”分析；
（2）根据杠杆平衡条件得出弹簧测力计的示数大小；
（3） 支点到力的作用线的距离是力臂，据此画图；
（4）杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
20．小明用电压为6V的电源、定值电阻R1、电压表、电流表、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R2、开关等器材，探究导体中的电流与导体两端电压的关系。
（1）根据图甲所示电路图，将图乙的实物图连接完整；
（2）连接好电路后，闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数，接下来的操作是____(填字母)。
A．换用另一个定值电阻，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数
B．将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数
（3）小明的实验数据如下表：
实验序号 1 2 3 4 5
电压/V 1.5 2.5 3.5 4.5 5.5
电流/A 0.15 0.25 0.35 0.45 0.54
老师指出表中有一组数据是无法从实验中测得的，请你判断这组数据的实验序号是　 　；
（4）通过实验得出初步结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成　 　。
【答案】（1）
（2）B
（3）序号1
（4）正比
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，电压表并联在电阻R1两端，因此图乙中将电压表并联在电阻两端，如下图所示：
；
（2）探究电流与电压关系的实验，要控制电阻不变，记下电流随电压的变化关系，为得出普遍性的结论，要多次测量，故实验时，闭合开 关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）由表中第1组数据可知，当定值电阻两端电压为1.5V时，通过定值电阻的电流为0.15A，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=，
因此第1组数据是无法从实验中测得的，要想完成这组数据滑动变阻器规格至少为30Ω；
（4）由表中数据可知，忽略误差不计，电压与电流的比为一定值，故可得出结论：当电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；
【分析】（1）根据电路图连接实物图；
（2）根据实验原理和实验注意事项分析；
（3）根据表中第1组数据利用串联电路的规律及欧姆定律求出滑动变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
（4）根据表中数据分析得出结论；
21． 如图甲为某简易电陶炉，图乙是其内部简化电路图，R是一根电阻丝。其额定电压为220V，额定功率为1100W，求：
（1）通过发热电阻R的额定电流。
（2）电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量。
（3）小明学习了电功率后，想利用此电阻丝(可裁剪)以及只增加一只开关S1为简易电陶炉增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W。请将你设计的电路图画在丙图中，并标出对应电阻阻值大小。
【答案】（1）通过发热电阻R的额定电流
（2）电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量
（3）发热电阻R的电阻
由可知，在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；所以要增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W，将原来的电阻等分成两个一样大的电阻，再将两电阻串联接入电路，然后用一个开关和其中一个电阻并联如下图所示：
【知识点】串、并联电路的设计；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据P=UI求出通过发热电阻R的额定电流；
（2）根据Q=W=Pt求出电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量；
（3）根据知在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；通过改变开关的状态来改变接入电阻的大小，两个电阻的连接方式可以是串联也可以是并联，据此设计电路。
22．如图所示，实心均匀圆柱体A和重30N的薄壁圆柱形容器B置于水平地面上。容器B的底面积为 其内部盛有0.3m深的水。如图甲所示，将A浸没在容器B的水中(容器足够高，水未溢出)，容器B对水平地面压强的增加量为 水对容器底部压强的增加量为 若将A顶部的中心通过一段长10cm的细绳与均匀圆柱体C底部的中心相连，再向容器内缓慢注入一定量的水，一段时间后，当A对容器底的压力刚好为零时停止注水，水面恰好与圆柱体C的上表面相平，如图乙所示。已知 底面积 g取10N/kg，实心圆柱体A和C均不吸水，绳重、体积和形变均不计。求：
（1）未将A放入B容器前，水对容器底部的压强，
（2）圆柱体A 所受的重力大小；
（3）还未注水前(如图甲)，容器对A的支持力是多少；
（4）停止注水时，容器B对水平地面的压强。
【答案】（1）水对容器底部的压强p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa
（2）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以由可得，容器B对水平地面压力的增加量即物体A的重力GA=F=pSB=3×103Pa×3×10-2m2=90N
（3）将A浸没在容器B的水中且水未溢出，水对容器底部压强的增加量为2×103Pa，则水面上升的高度
圆柱体A排开水的体积即A的体积
圆柱体A受到的浮力
F浮A=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10-3m3=60N
因圆柱体A静止时受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，所以，由圆柱体A受到的合力为零可得
F浮A+F支持=GA
则A在水中静止后容器底部对它的支持力
F支持=GA-F浮A=90N-60N=30N
（4）A的密度是
A的高度是
C的密度是
当A对容器底的压力刚好为零时，细线对A的拉力为30N，A对C向下的拉力也为30N，C受力平衡，则
将、代入得
C的体积和A相同，底面积相同，则C的高度也是0.3m。
B中水的深度为
乙图中水和物体A、C的总体积是
当A对容器底的压力刚好为零，说明A和C在水中悬浮，它们的总重力等于等体积水的重力，则乙图中水和物体A、C的总重力是
乙图中B对地面的压力
此时容器B对水平地面的压强
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的特点；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据液体压强公式p=ρgh计算求水对容器底部的压强；
（2）将A浸没在容器B的水中且水未溢出，水对容器底部压强的增加量为2×103Pa，根据液体压强公式计算水面上升的高度，根据体积公式V=Sh计算圆柱体A排开水的体积即A的体积，根据浮力计算公式F浮=ρ液gV排计算圆柱体A受到的浮力，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，由p=可得容器B对水平地面压力的增加量即物体A的重力，容器B对水平地面压强的增加量为3×103Pa，进一步计算物体A的重力；
（3）因圆柱体A静止时受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，所以圆柱体A受到的合力为零，即F浮A+F支持=GA，进一步计算A在水中静止后容器底部对它的支持力；
（4）根据密度公式ρ=计算A的密度，根据体积公式计算A的高度，已知ρA=3ρC，进一步计算C的密度，当A对容器底的压力刚好为零时，细线对A的拉力为30N，A对C向下的拉力也为30N，C受力平衡，则GC+F拉=F浮C，代入数据得计算可得VC，根据体积公式可得C的高度，B中水的深度为A、C和绳子的高度之和，进一步计算乙图中水和物体A、C的总体积，当A对容器底的压力刚好为零时，说明A和C在水中悬浮，它们的总重力等于等体积的水的重力，根据G=mg=ρVg计算乙图中水和物体A、C的总重力，乙图中B对地面的压力等于水和物体A、C的总重力与容器B的重力之和，根据由p=可计算此时容器B对水平地面的压强。
1 / 1湖南省长沙市一中双语实验学校2026年中考一模物理试卷
1． 某科技展览会上展示了一种新型的静电演示装置。装置中有一块特殊的塑胶板，当用丝绸快速摩擦塑胶板后，塑胶板能够吸引起一些细小的纸屑。下列说法正确的是(　　)
A．“用丝绸快速摩擦塑胶板”的过程中，创造了电荷
B．“用丝绸快速摩擦塑胶板”的过程中，丝绸和塑胶板带同种电荷
C．“吸引起纸屑”是由于“塑胶板”和“纸屑”带同种电荷相互吸引
D．“吸引起纸屑”是由于丝绸摩擦后的“塑胶板”带电，具有吸引轻小物体的性质
2． 纯电动汽车节能环保，备受大众青睐。关于充电桩的安装与使用，下列做法符合安全用电要求的是(　　)
A．每个充电桩都安装有空气开关
B．由于充电时电流很大，充电导线越细越安全
C．安装充电桩时不需要连接地线
D．充电桩起火时应迅速浇水扑灭
3．我国在航天、新能源、人工智能等领域取得了举世瞩目的成就。下列相关说法正确的是( )
A．“天问二号”探测器在深空探测过程中，通过超声波与地面指挥中心保持联系
B．我国“人造太阳”EAST装置在1亿摄氏度下实现1066秒稳态运行，该装置利用核聚变释放巨大能量
C．新能源汽车的电动机工作原理是电磁感应现象
D．AI大模型运行所依赖的数据中心，其核心芯片主要由超导体材料制成
4．毽球源于中国民间传统体育游戏——踢毽子。在踢毽球过程中，下列说法正确的是
A．刚踢出的毽球仍会受到脚的作用力
B．毽球运动到最高点时，处于平衡状态
C．下落的毽球被踢起，表明力可以改变物体的运动状态
D．上升的毽球运动越来越慢，表明物体的运动需要力来维持
5． 关于自行车的结构与使用，下列哪一项是为了减小摩擦( )
A．刹车时增大握力
B．车轮安装滚动轴承[ERRORIMAGE:https://tikupic.21cnjy.com/2026/05/14/0a/91/0a910a93446f041ac3975a28650b27c4.png]
C．轮带花纹
D．车座做的宽大
6． 对于如图所涉及的物理知识，分析正确的是 (　　)
A．图甲：地漏阻隔异味采用了连通器原理
B．图乙：高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压越高液体沸点越低
C．图丙：沿纸条上方水平吹气，纸条向上飘起，纸条上方空气流速大，压强大
D．图丁：蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强小
7． 国家“十五五”规划重点发展商业航天与可重复使用航天技术。如图所示，我国朱雀三号可复用运载火箭在某次试验中，竖直向上做匀速直线飞行，不计燃料质量变化，下列说法正确的是(　　)
A．火箭的机械能守恒
B．火箭受到的推力与自身重力等大，是一对相互作用力
C．火箭匀速上升过程中，其惯性的大小保持不变
D．火箭对燃气的推力与燃气对火箭的推力是一对平衡力
8． 随着电子商务的迅猛发展，网络购物已成为人们日常消费的一种主要形式，一些生鲜商品也能冷锻快递运输。如图所示，是某食品冷链运输过程中使用的冰袋，下列分析正确的是 (　　)
A．冰袋温度很低，没有内能
B．此过程中发生热传递的原因是食品的内能比冰袋大
C．温度从食品转移到冰袋
D．冰袋中的物质熔化时，温度不变，内能增大
9． 如图所示的电路，闭合开关S，电流表A1的示数为 0.30A， 电流表A的示数为 0.46A， 下列说法正确的是 (　　)
A．通过灯泡L1的电流为0.46A
B．通过灯泡L2的电流为0.46A
C．若灯泡L1断路，电流表A的示数变为0.16A
D．若灯泡L2短路，电流表A1的示数变为0.46A
10．如图所示，小明利用铝箔纸作为导线，与电池、铅笔芯串联制成一盏“笔芯电灯”，接通一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎热，产生这种现象的原因是(　　)
A．铅笔芯的电阻大 B．铅笔芯的电功率小
C．通过铅笔芯的电流大 D．铅笔芯的通电时间长
11．水平桌面上有甲、乙，丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个完全相同的长方体A、B、C分别放入容器内的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器中的液面相平，则正确的是(　　)
A．长方体受到的浮力：
B．液体对容器底的压强：
C．长方体下表面受到液体的压力：
D．容器对桌面的压力：
12． 如图所示是某学校智能照明路灯的电路图，其中 Ro为光敏电阻，R为滑动变阻器，已知该智能照明路灯能正常使用，闭合开关S，下列说法正确的是 )
A．电磁铁的上端是N极
B．天暗时，衔铁被电磁铁吸引，触点c与a接触
C．光照越强，R0阻值越小
D．若想让路灯亮的更早，可将R的滑片向下滑
13．如图是中国自主产权的盾构机工作时的模拟场景。盾构机前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时会产生大量的热，这是通过　 　方式改变物体内能的。工作中需要用水给刀片降温，主要利用了水的　 　较大的特性。
14．工业生产中常用“吸”的方式来搬运物体。吸盘安装在吊车上，抽出空气后的吸盘“吸”起大块玻璃板，这是利用　 　的作用；电磁铁安装在吊车上，通电后“吸”起大量钢铁，这是利用电流的　 　效应。
15．冰壶比赛中，运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始运动，说明力可以改变物体的　 　：这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为　 　N：若质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，则重力对冰壶做的功为　 　J.（取g=10N/kg）
16．如图甲所示电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V0.3A”，滑动变阻器R标有“20Ω2A”，电路工作时不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全。只闭合开关S时电路的最小总功率为P1，开关S、S1、S2均闭合时的最小总功率为P2，两种情况下，移动滑片，得到电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化的关系如图乙。则灯泡L的电阻为　 　Ω，电源电压U为　 　V，P1： 　 　.
17．在制作简易热机模型的跨学科实践活动中，某探究小组的同学制作了如图所示的简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽，使小风扇转动。
（1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能→内能→　 　；
（2）蒸汽从管口喷出推动风扇转动的过程，与四冲程汽油机的　 　冲程能量转化情况相似。
（3）在测试过程中，发现风扇转动得很慢。同学们交流后认为，这是蒸汽喷射力不足造成的。以下解决方案中你认为可行的是（　　）
A．增加酒精灯的高度，用其内焰加热
B．检查罐身是否破损，并用密封胶加固中性笔管与易拉罐的接口，防止蒸汽泄漏
18．如图所示，是乐乐同学“探究液体内部压强特点”的实验过程。
（1）实验中，将液体内部的压强大小转换为 U形管两侧液面的　 　表表示；
（2）比较图1、图2可知，液体内部压强与　 　有关；
（3）乐乐还自制了另一套装置来探究液体压强与什么因素有关。如图3所示，在一个右侧开孔并贴上橡皮膜的塑料瓶中装入部分水，然后将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，发现橡皮膜会向内凹，这个现象说明：当深度相同时，　 　，液体压强越大。
19．杆秤是我国最古老的也是现今人们仍然在使用的称量王具，是根据杠杆原理制造出来的，在物理实践活动中，小明探究杠杆的平衡条件后制作了一把杆秤。
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，为使杠杆在水平位置平衡，小明将杠杆左、右两端的平衡螺母均适当向右调节，他的操作　 　(可行/不可行)；
（2）如图乙所示，小明在杠杆A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂两个钩码(每个钩码重均为0.5N， 杠杆每格刻度均匀且杠杆重不计)，将弹簧测力计沿D方向竖直向下拉弹簧测力计，为使杠杆保持水平平衡，弹簧测力计的示数为　 　N；
（3）然后沿C方向斜向下拉弹簧测力计，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，请在图乙中画出此时弹簧测力计对杠杆的拉力F，并画出F的力臂L；
（4）杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，如图丙所示某杆秤的0刻度距离提纽1cm，秤钩到提组的水平距离为5cm，秤砣的质量为 0.5kg则提纽右侧距离提纽5cm处的刻度值应为　 　kg。
20．小明用电压为6V的电源、定值电阻R1、电压表、电流表、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R2、开关等器材，探究导体中的电流与导体两端电压的关系。
（1）根据图甲所示电路图，将图乙的实物图连接完整；
（2）连接好电路后，闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数，接下来的操作是____(填字母)。
A．换用另一个定值电阻，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数
B．将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数
（3）小明的实验数据如下表：
实验序号 1 2 3 4 5
电压/V 1.5 2.5 3.5 4.5 5.5
电流/A 0.15 0.25 0.35 0.45 0.54
老师指出表中有一组数据是无法从实验中测得的，请你判断这组数据的实验序号是　 　；
（4）通过实验得出初步结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成　 　。
21． 如图甲为某简易电陶炉，图乙是其内部简化电路图，R是一根电阻丝。其额定电压为220V，额定功率为1100W，求：
（1）通过发热电阻R的额定电流。
（2）电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量。
（3）小明学习了电功率后，想利用此电阻丝(可裁剪)以及只增加一只开关S1为简易电陶炉增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W。请将你设计的电路图画在丙图中，并标出对应电阻阻值大小。
22．如图所示，实心均匀圆柱体A和重30N的薄壁圆柱形容器B置于水平地面上。容器B的底面积为 其内部盛有0.3m深的水。如图甲所示，将A浸没在容器B的水中(容器足够高，水未溢出)，容器B对水平地面压强的增加量为 水对容器底部压强的增加量为 若将A顶部的中心通过一段长10cm的细绳与均匀圆柱体C底部的中心相连，再向容器内缓慢注入一定量的水，一段时间后，当A对容器底的压力刚好为零时停止注水，水面恰好与圆柱体C的上表面相平，如图乙所示。已知 底面积 g取10N/kg，实心圆柱体A和C均不吸水，绳重、体积和形变均不计。求：
（1）未将A放入B容器前，水对容器底部的压强，
（2）圆柱体A 所受的重力大小；
（3）还未注水前(如图甲)，容器对A的支持力是多少；
（4）停止注水时，容器B对水平地面的压强。
答案解析部分
1．【答案】D
【解析】【解答】A、丝绸摩擦塑料板使电荷发生了转移，并没有创造电荷，故A错误；
B、丝绸和塑胶板相互摩擦，它们会带异种电荷，而不是同种电荷，故B错误：
CD、“吸引起纸屑”是因为塑胶板带电后具有吸引轻小物体的性质，而不是因为带同种电荷相互吸引，故C错误，D正确。
故选：D。
【分析】摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电；带电体可以吸引轻小物体。
2．【答案】A
【解析】【解答】A．空气开关可以在电路发生过载、短路时自动切断电源，保护充电桩、车辆和人员安全，因此每个充电桩都必须安装空气开关，故A符合安全用电要求；
B．根据焦耳定律，导线越细，电阻越大，充电时大电流会产生大量热量，极易引发火灾，因此充电导线必须选用足够粗的合格线缆，故B不符合安全用电要求；
C．地线可以在设备漏电时，将电流导入大地，避免人员触电，不接地线存在严重安全隐患，故C不符合安全用电要求；
D．日常用水含杂质，是导体，充电桩起火时浇水会导致触电，同时可能扩大火势。电气火灾应先切断电源，再使用干粉灭火器灭火，故D不符合安全用电要求。
故选：A。
【分析】为防止家庭电路电流过大出现危险，在家庭电路中应安装保险丝或空气开关，电流过大时切断电路，保证安全；其它因素相同时，导线越细，电阻越大；对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；用电器起火，先关闭电源再救火；生活用水是导体。
3．【答案】B
【知识点】核聚变；超声波与次声波；超导体特点及作用；电磁感应
【解析】【解答】A.深空是真空，超声波不能在真空中传播，探测器通过电磁波与地面指挥中心保持联系，故A错误；
B.“人造太阳”利用核聚变释放能量，故B正确；
C.电磁感应现象是发电机的工作原理，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D.芯片的主要材料是半导体（硅），超导体是零电阻材料，尚未广泛用于芯片，故D错误。
故选：B。
【分析】重原子核分裂成较轻的原子核叫做裂变，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；轻原子核结合成较重的原子核叫做聚变。电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体。
4．【答案】C
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、踢出的毽子，与脚不接触，不受力，故A错误；
B、 毽球运动到最高点 时，受到重力和阻力，二力不相等，不处于平衡状态，故B错误；
C、下落的毽子被踢时，受到力的作用，改变力的方向，所以力会改变物体的运动状态，故C正确；
D、 上升的毽球受到重力的作用，导致运动越来越慢，故D错误。
综上选C。
【分析】1、力的作用效果：力会使物体的运动状态和物体形状发生改变；
2、力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用；
3、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
5．【答案】B
【知识点】增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、刹车时增大握力，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A错误。
B、车轮安装滚动轴承，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故B正确。
C、车轮带花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误。
D、车座做的宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，不是为了减小摩擦，故D错误。
故选：B。
【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
6．【答案】A
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、地漏是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，故A正确；
B、因为液体的沸点随气压的增大而升高，煮食物时高压锅内的气压比普通锅内的气压高，所以高压锅内液体的沸点高，饭菜熟的快，故B错误；
C、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故C错误；
D、蚊子的口器尖，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故D错误。
故选：A。
【分析】连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平；液体的沸点随液面上气压的增大而升高，所以高压锅内气压高沸点高；从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
7．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．火箭的动能不变，重力势能增大，机械能是动能和势能的总和，机械能增大，故A错误；
B．火箭受到的推力与自身重力受力物体都是火箭，不是一对相互作用力，故B错误；
C．惯性是物体的本身属性，惯性大小只与质量有关，火箭匀速上升过程中，质量不变，其惯性的大小保持不变，故C正确；
D．火箭对燃气向下的推力和燃气对火箭向上的推力大小相等，方向相反，作用在同一直线，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
【分析】惯性是物体的本身属性，只与物体质量有关；影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；二力平衡的条件：同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力的特点：受力物体是两个物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
8．【答案】D
【知识点】内能的概念；热传递改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A、任何物体在任何温度状态下都具有内能。温度很低的冰块也具有内能，故A错误；
B、此过程中发生热传递的原因是产品温度高于冰块的温度，故B错误。
C、此过程中热量从产品传向冰袋，传递的不是温度，故C错误；
D、冰袋中的物质熔化时，吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确；
故选：D。
【分析】任何物体在任何温度状态下都具有内能；温度是状态量，不能传递；晶体熔化时，吸收热量、温度不变；热传递的条件是物体间存在温度差。
9．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律
【解析】【解答】AB．由实物图可知，灯泡L1与灯泡L2分别在两条支路上，两灯并联，电流表A在干路中，测干路电流；电流表A1与灯泡L1在一条支路中，测通过灯泡L1的电流，故可得I1=0.3A
由并联电路电流的规律，I2=I-I1=0.46A-0.3A=0.16A
即通过灯泡L1的电流为0.3A，通过灯泡L2的电流为0.16A，故AB错误；
C．若灯泡L1开路，则灯泡L1支路没有电流通过，电流表A只测量通过灯泡L2的电流，因并联电路各支路可独立工作、互不影响，其示数变为0.16A，故C正确；
D．两灯并联，若灯泡L2短路，电流从正极出发会经过灯泡L2支路直接回到电源负极，电流表A1的示数为0，故D错误。
故选：C。
【分析】分析电路的连接及电流表测量的对象，根据并联电路电流的规律得出通过灯泡L2的电流；若灯泡L1开路，分析电路的连接，根据并联电路特点分析；根据灯泡L2短路分析。
【知识点】串联电路的电流规律；焦耳定律的应用
11．【答案】A,C
【知识点】压力及重力与压力的区别；液体压强的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A、根据图示可知，A悬浮，B、C漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故
F浮A=F浮B=F浮C，故A正确；
B、由于A悬浮，故ρ甲=ρ物；B漂浮，故ρ乙＞ρ物；C漂浮，故ρ丙＞ρ物；由于C浸入的体积小于B浸入的体积，所以丙中液体的密度大于乙中液体的密度，即ρ丙＞ρ乙，甲中液体密度最小，故三种液体密度关系：ρ甲＜ρ乙＜ρ丙；而液体的深度相同，由p=ρgh可知，丙容器底所受的压强最大，其次是乙，再次是甲，故液体对容器底的压强：p甲＜p乙＜p丙，故B错误；
C、因为物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，因此甲下表面受到的压力大于浮力；乙、丙上表面受到的压力为零，因此乙丙下表面受到液体的压力等于浮力，且相等，即FA＞FB=FC，故C正确；
D、据图示可知，物体的体积不变，液面的高度相同，丙中物体排开的液体的体积最小，则丙中液体的体积最大，由于ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，则丙中液体的质量最大，且A、B、C三个物体相同，丙容器和液体的质量最大，根据G=mg可知，丙容器的重力最大，丙容器对桌面的压力最大，其次是乙，最小的是甲，故容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙，故D错误。
故选：AC。
【分析】当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力；液体内部压强和液体的密度和液体的深度有关；物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力；此时容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体、液体重力之和。
12．【答案】C,D
【知识点】电路的动态分析；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A、图中电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则（右手螺旋定则），可判断上端为S极，故A错误。
B、天亮时：光照强→R0阻值小→控制电路电流大→电磁铁磁性强→吸引衔铁→触点c与a接触（路灯灭）；天暗时：光照弱→R0阻值大→控制电路电流小→电磁铁磁性弱→释放衔铁→触点c与b接触（路灯亮），故B错误。
C、由题意可知，光敏电阻特性：光照越强，阻值越小；光照越弱，阻值越大，故C正确。
D、想让路灯更早亮（天未完全黑就亮），需在光照较强、R0较小时，让控制电路电流提早释放衔铁。将R滑片向下滑→R阻值变大→总电阻更大→电流更小→路灯更早亮，故D正确。
故选：CD。
【分析】根据电源的正负极判定螺线管中电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性。根据题意对天亮时和天暗时的电路进行分析判断。由题意得光敏电阻特性。想让路灯更早亮（天未完全黑就亮），需在光照较强、R0较小时，让控制电路电流提早释放衔铁，据此分析。
13．【答案】做功；比热容
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】刀盘旋转工作时会产生大量的热，摩擦力会做功，这是通过做功改变物体内能，利用水降温，是由于水的比热容较大。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能。
比热容的应用：水的比热容较大，用水做冷却剂。
14．【答案】大气压；磁
【知识点】大气压强的存在；电磁铁的构造和原理
【解析】【解答】（1） 吸盘安装在吊车上，抽出空气后，吸盘内部气压小于外界大气压，外界大气压就会将吸盘紧紧压在玻璃板上，从而“吸”起大块玻璃板，这是利用了大气压的作用。
（2）电磁铁通电后具有磁性，能够吸引钢铁等磁性物质，而电磁铁是利用电流的磁效应工作的，即通电导体周围存在磁场，所以这里是利用电流的磁效应。
【分析】 （1）抽出空气后，吸盘内外气压不同，据此分析；
（2）通电导线周围存在磁场，电磁铁是利用电流的磁效应工作的。
15．【答案】运动状态；2；0
【知识点】物体运动状态的变化；力的合成与应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）运动员给冰壶施加5N的水平推力，使冰壶从静止开始保存进入下一题运动，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）这个过程中冰壶受到3N的阻力，冰壶受到的合力为F=F1-F2=5N-3N=2N；
（3）质量为20kg的冰壶在水平冰面上滑行10m，重力的方向竖直向下，冰壶在竖直方向上没有移动距离，根据W=Gh可知重力对冰壶做的功为0J。
故答案为：运动状态；2；0。
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）运动员给冰壶施加5N的水平推力，这个过程中冰壶受到3N的阻力，两力的方向相反，根据F=F1-F2计算冰壶受到的合力；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；据此判断重力对物体是否做功。
16．【答案】20；6；1： 4
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，由于灯泡的额定电流为0.3A，所以电路中的电流最大为0.3A，因此图乙中下方曲线为此时电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化关系图像；开关S、S1、S2均闭合时，灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器并联，此时电路中的总电阻小于滑动变阻器的阻值，电路中的电流比只闭合S时的电流大，因而所对应的图像是上方的图像，当滑片移到最左端时，电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，此时电路中的最小电流为I'= 0.6A，只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器电阻最小为0，此时电流最大为0.3A，恰好等于灯泡的额定电流，说明灯泡正常发光，电源电压等于灯泡的额定电压，为6V。
由可得，灯泡电阻为
电路中的最小电流
电路的最小总功率为P1= UI=6V× 0.15A= 0.9W
开关S、S1、S2均闭合时，电路的最小总功率为P2= UI' =6V× 0.6 A = 3.6W
则P1 ： P2 =0.9W： 3.6W=1： 4
【分析】只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器电阻最小，电流最大确定电源电压；根据欧姆定律计算灯泡电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律计算最小电流，得出最小电功率P1，判断出图乙中哪根曲线是此时的电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化的图像；开关S、S1、S2均闭合时，灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器并联，当滑片移到最左端时，电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙中的图像确定此时的最小电流，根据P=UI可求出此时的最小总功率为P2，据此解答。
17．【答案】（1）机械能
（2）做功
（3）B
【知识点】热机；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）实验时，酒精灯点燃，有蒸汽从易拉罐喷出时，扇叶转动起来；酒精燃烧，将化学能转化为内能，蒸汽推动扇叶转动，内能转化为机械能，则化学能→内能→机械能。
（2）蒸汽从管口喷出，推动风扇转动，内能转化为机械能，四冲程汽油机中，做功冲程将内能转化为机械能。
（3）A． 酒精灯的外焰温度最高，应用外焰加热，内焰温度低，加热的效率降低，水更难沸腾，蒸汽量会更少，喷射力更弱，故A不符合题意；
B．若有蒸汽泄露，则喷出的蒸汽压力和流量不足，则风扇转动缓慢。可减少蒸汽泄漏，提高蒸汽喷射力，使风扇转得更快，故B符合题意。
故选B。
【分析】（1）燃料燃烧，化学能转化为内能；内能对外做功，转化为机械能；
（2）四冲程汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能；
（3）酒精灯外焰温度高，加热效率高；减少能量损失，可以提高能量的利用率。
（1）实验时将易拉罐下面的酒精灯点燃，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来；酒精燃烧将化学能转化为内能，蒸汽推动扇叶转动，将内能转化为机械能。因此汽轮机模型工作过程的能量转化为：化学能→内能→机械能。
（2）蒸汽从管口喷出推动风扇转动的过程，是利用蒸汽对风扇做功，内能转化为机械能，而四冲程汽油机中，做功冲程能量转化为内能转化为机械能，故与四冲程汽油机的做功冲程能量转化情况相似。
（3）A． 酒精灯的外焰温度最高，加热时应使用外焰，用内焰加热会使加热效率降低，水更难沸腾，蒸汽量会更少，喷射力会更弱，故A不符合题意；
B．如果罐身或接口处有蒸汽泄露，会导致喷出的蒸汽压力和流量不足，从而使风扇转动缓慢。检查并密封罐身和接口，可以减少蒸汽泄漏，提高蒸汽喷射力，从而让风扇转得更快，故B符合题意。
故选B。
18．【答案】（1）液面的高度差
（2）液体深度
（3）当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）实验中利用转换法，通过观察U形管两端液面的高度差来判断液体压强的大小变化；
（2）比较比较图-1、图-2可知，液体密度相同，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，说明液体内部压强与液体深度有关；
（3）将瓶子放入装有盐水的烧杯中，当瓶内外液面相平时，此时瓶子内外液体的深度相同，液体的密度不同，发现橡皮膜会内凹，说明瓶子外部液体压强大于瓶子内部水的压强，即当深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
【分析】（1）压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
（2）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（3）盐水密度大， 橡皮膜 先水的方向凹陷，说明盐水产生的压强大。
19．【答案】（1）可行
（2）0.75
（3）
（4）0.4
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法；探究杠杆的平衡条件实验；制作简易杆秤
【解析】【解答】（1）杠杆在图甲所示位置静止，杠杆左端下沉，右端上翘。根据杠杆平衡螺母的调节原则“左偏右调，右偏左调”，为使杠杆水平平衡，小明应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）设杠杆每格长度为L，每个钩码重为G，根据杠杆平衡条件可得：F×4L=2G×3L，解得：F=1.5G=1.5×0.5N=0.75N。
（3）力的方向沿弹簧测力计方向，力到支点的距离为力臂。如图所示；
（4）秤砣的重力为
依题意与杠杆平衡条件得
则
当秤砣在提纽右侧距离提纽5cm处时，杆秤在水平位置平衡时，秤钩处挂的物体的重力为为
则
由G=mg得，此时物体的质量为
【分析】 （1）根据杠杆平衡螺母的调节原则“左偏右调，右偏左调”分析；
（2）根据杠杆平衡条件得出弹簧测力计的示数大小；
（3） 支点到力的作用线的距离是力臂，据此画图；
（4）杆秤是利用杠杆平衡原理制成的测量物体质量的工具，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
20．【答案】（1）
（2）B
（3）序号1
（4）正比
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）由图甲可知，电压表并联在电阻R1两端，因此图乙中将电压表并联在电阻两端，如下图所示：
；
（2）探究电流与电压关系的实验，要控制电阻不变，记下电流随电压的变化关系，为得出普遍性的结论，要多次测量，故实验时，闭合开 关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）由表中第1组数据可知，当定值电阻两端电压为1.5V时，通过定值电阻的电流为0.15A，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=，
因此第1组数据是无法从实验中测得的，要想完成这组数据滑动变阻器规格至少为30Ω；
（4）由表中数据可知，忽略误差不计，电压与电流的比为一定值，故可得出结论：当电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；
【分析】（1）根据电路图连接实物图；
（2）根据实验原理和实验注意事项分析；
（3）根据表中第1组数据利用串联电路的规律及欧姆定律求出滑动变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
（4）根据表中数据分析得出结论；
21．【答案】（1）通过发热电阻R的额定电流
（2）电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量
（3）发热电阻R的电阻
由可知，在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；所以要增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W，将原来的电阻等分成两个一样大的电阻，再将两电阻串联接入电路，然后用一个开关和其中一个电阻并联如下图所示：
【知识点】串、并联电路的设计；电功率的计算；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据P=UI求出通过发热电阻R的额定电流；
（2）根据Q=W=Pt求出电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量；
（3）根据知在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；通过改变开关的状态来改变接入电阻的大小，两个电阻的连接方式可以是串联也可以是并联，据此设计电路。
22．【答案】（1）水对容器底部的压强p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3000Pa
（2）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以由可得，容器B对水平地面压力的增加量即物体A的重力GA=F=pSB=3×103Pa×3×10-2m2=90N
（3）将A浸没在容器B的水中且水未溢出，水对容器底部压强的增加量为2×103Pa，则水面上升的高度
圆柱体A排开水的体积即A的体积
圆柱体A受到的浮力
F浮A=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10-3m3=60N
因圆柱体A静止时受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，所以，由圆柱体A受到的合力为零可得
F浮A+F支持=GA
则A在水中静止后容器底部对它的支持力
F支持=GA-F浮A=90N-60N=30N
（4）A的密度是
A的高度是
C的密度是
当A对容器底的压力刚好为零时，细线对A的拉力为30N，A对C向下的拉力也为30N，C受力平衡，则
将、代入得
C的体积和A相同，底面积相同，则C的高度也是0.3m。
B中水的深度为
乙图中水和物体A、C的总体积是
当A对容器底的压力刚好为零，说明A和C在水中悬浮，它们的总重力等于等体积水的重力，则乙图中水和物体A、C的总重力是
乙图中B对地面的压力
此时容器B对水平地面的压强
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的特点；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据液体压强公式p=ρgh计算求水对容器底部的压强；
（2）将A浸没在容器B的水中且水未溢出，水对容器底部压强的增加量为2×103Pa，根据液体压强公式计算水面上升的高度，根据体积公式V=Sh计算圆柱体A排开水的体积即A的体积，根据浮力计算公式F浮=ρ液gV排计算圆柱体A受到的浮力，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，由p=可得容器B对水平地面压力的增加量即物体A的重力，容器B对水平地面压强的增加量为3×103Pa，进一步计算物体A的重力；
（3）因圆柱体A静止时受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力作用处于平衡状态，所以圆柱体A受到的合力为零，即F浮A+F支持=GA，进一步计算A在水中静止后容器底部对它的支持力；
（4）根据密度公式ρ=计算A的密度，根据体积公式计算A的高度，已知ρA=3ρC，进一步计算C的密度，当A对容器底的压力刚好为零时，细线对A的拉力为30N，A对C向下的拉力也为30N，C受力平衡，则GC+F拉=F浮C，代入数据得计算可得VC，根据体积公式可得C的高度，B中水的深度为A、C和绳子的高度之和，进一步计算乙图中水和物体A、C的总体积，当A对容器底的压力刚好为零时，说明A和C在水中悬浮，它们的总重力等于等体积的水的重力，根据G=mg=ρVg计算乙图中水和物体A、C的总重力，乙图中B对地面的压力等于水和物体A、C的总重力与容器B的重力之和，根据由p=可计算此时容器B对水平地面的压强。
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