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2026年上海市闵行区中考物理二模试卷
1．2025年11月25日，搭载神舟二十二号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。
（1）火箭点火发射时，发出巨大的“轰鸣”声，“轰鸣”是形容声音的　 　（选填“A 响度大”或“B 音调高”）；燃料燃烧产生的高温高压气体向下喷出，火箭加速向上升空，这一现象表明物体间力的作用是　 　的；
（2）火箭加速升空过程中，燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的　 　能。
2．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”。
（1）“潭清疑水浅”是由于光的　 　形成的；
（2）在池塘边闻到荷花的香味，是由于分子在不停地做　 　运动；
（3）鱼受到惊扰，散开时碰到了荷叶的根茎，导致原本静止的荷叶发生了晃动，这一现象表明力可以改变物体的　 　。
3．夏天，将密封饮料罐从冰箱内取出，放置在餐桌上。
（1）饮料罐从冰箱内取出后，罐中饮料的质量__________；
A．变大 B．变小 C．不变
（2）一段时间后饮料罐外壁会附着一层小水珠，就像“出汗”一样，如图所示。“出汗”的原因是：　 　；
（3）罐内饮料的温度逐渐升高，这是通过　 　方式改变内能。
4．家中有各种用电器。
（1）电灯、空调等用电器是　 　（选填“A串联”或“B 并联”）的；
（2）以下用电器中，主要利用电流热效应工作的是__________；
A．洗衣机 B．电水壶 C．电视机 D．电饭煲
（3）利用开关控制节能灯的电路，图中_______的设计符合安全用电的要求。
A． B．
5．小明佩戴的智能手环可用于记录他的运动数据，如图所示。
（1）该智能手环的周长约为__________；
A．18 mm B．18 cm C．18 dm D．18 m
（2）小明在操场上进行慢跑锻炼，若以佩戴智能手环的手腕为参照物，智能手环是　 　（选涂“A静止”或“B 运动”）的。智能手环记录的运动数据如图所示，则该过程中小明的跑步速度为　 　m/s。
6．电磁波具有能量，能量可以随着电磁波向外传递。
（1）如图所示的设备中，利用电磁波传递能量的是__________；
A．行李安检仪 B．收音机
C．导航卫星 D．微波炉
（2）电磁波的“家族”成员包含各种颜色的可见光、红外线、紫外线、X射线、γ射线等。研究表明：不同电磁波具有不同的能量，电磁波的频率越高，能量越高。真空中，部分成员的波长和频率如下表所示。
“家族”成员 红外线 红光 紫外线 X射线
波长范围/nm 760~106 620~760 10~400 0.01~10
频率范围/×1014 Hz 0.003~3.95 3.95~4.84 7.5~300 300~300000
波长小于0.01 nm的γ射线因具有较高的能量而被用于放射性治疗，请解释γ射线具有较高能量的原因。
7．“福建舰”是我国自主设计建造的第一艘弹射型航空母舰。
（1）图中“福建舰”排开海水的质量为7万吨，它受到的浮力大小为　 　N；
（2）由于流速大的地方压强　 　（选填“A大”或“B小”），所以航母编队航行时各舰船之间需保留足够的安全距离。
8．小明做“探究凸透镜成像规律”的实验，安装实验器材后如图所示。
（1）开展探究实验前，应先调整　 　（选填“A蜡烛”“B凸透镜”或“C光屏”）的高度；
（2）调整后，小明保持凸透镜位置不变，将蜡烛移到10 cm刻度处，此时物距为　 　cm；
（3）接着，小明移动光屏找像，当光屏位于70cm刻度线左侧某位置时，光屏上出现清晰的像，则该像是__________。
A．倒立放大的像 B．倒立缩小的像
C．正立放大的像 D．正立缩小的像
9．小明在学习液体压强时，先进行了实验探究，然后完成了液体压强公式的推导。
（1）小明在“探究液体压强和深度的关系”实验中，他的探究方案是：将U形管压强计的金属盒放入水中不同深度处，观察两侧液面高度差的变化情况，得出实验结论。上述实验探究方案还不够完整，请提出合理的建议；
（2）完成实验探究后，小明以柱形容器内的液体为研究对象，推导了液体对容器底部压强的表达式，推导过程如下：
对非柱形容器中液体对容器底的压强，上述推导过程是否成立？请说明理由；
（3）在上述推导的基础上，小明考虑在下图所示的不同容器内部建构合适的模型（斜线标注），用于推导液体内部压强公式，以下模型中可行的是__________。
A． B． C． D．
10．小华利用如图所示的健身器材，进行居家健身锻炼。
（1）该健身器材中的滑轮为　 　滑轮；
（2）请在图中画出重物静止时的受力示意图；
（3）在某次健身过程中，小华在2s内所做的有用功为170J，他所做有用功、额外功占比如下图所示。求小华做功的功率P。
11．燃油汽车与电动汽车都能满足家庭日常用车的需求。
（1）小明家的汽车油箱容量为60L，最多可装汽油________kg。小明爸爸每天开车上班消耗汽油1 kg，这部分汽油完全燃烧时放出的热量为________J；（汽油的热值为4.3×107J/kg、密度为0.75×103kg/m3）
（2）发动机工作一段时间后水箱内的水温升高了10℃。如果水箱内水的质量为5kg，求这段时间内水吸收的热量Q水；[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
（3）近期小明家有增购电动汽车的计划，电动汽车一般采用磷酸铁锂电池为电动机供电。
①锂原子失去一个电子变成锂离子，锂离子带________电；
②电动机内部有大量的线圈（相当于螺线管），当有如图所示的电流通过时，小磁针静止在图示的位置。请在图中标注出小磁针的N极________。
③图中所示为电动机工作原理的示意图，当有电流通过时，磁场会对导线产生一个竖直向下的作用力F。根据上述信息可知：下列选项中能正确表示闭合开关后磁场对导体ab作用力方向的是________。
12．小红同学在“探究电流与电阻的关系”实验中，选用的实验器材有电压为4.5V恒定不变的电源，规格为“20Ω 2A”的滑动变阻器，若干个阻值不同的定值电阻。在该实验中，小红先控制定值电阻R两端的电压为2.5V不变。
（1）请在图甲中把电压表按照实验要求连入电路；
（2）小红把阻值为8 Ω的定值电阻R0连入电路，闭合开关，观察到电流表示数如图乙所示为　 　A。为了完成实验，应将变阻器的滑片向　 　（选填“A左”或“B右”）移动，并观察　 　（选填“A 电流表”或“B 电压表”）的示数；
（3）接着，她换用阻值为R1、R2的定值电阻继续进行实验。在满足实验要求的情况下对应滑动变阻器的阻值分别为R滑1和R滑2。若R2=R1+5Ω，则两次滑动变阻器的阻值相差　 　Ω；
（4）为了获得更多的实验数据，小红换用不同的定值电阻继续实验（实验过程中两电表量程均保持不变）。在保证电路安全的情况下，所用电阻的阻值可以是__________。
A．5 Ω B．10 Ω C．20 Ω D．50 Ω
13．小华按照图甲电路图连接电路，其中电源电压保持12V不变，滑动变阻器R滑上标有“20 Ω 1A”字样。
（1）若闭合开关S，将滑片移动到某位置时，电路中电流为0.8 A，求此时该电路的电功率P。
（2）若再将一个定值电阻R0和电流表A以某种方式同时接入电路中，并闭合开关S。在移动滑片过程中，电流表示数IA与变阻器阻值的倒数的图线如图乙所示，该图线与纵坐标轴的交点为0.5A。
①请画出将电阻R0和电流表A接入后的电路图。
②求R0的阻值。
答案解析部分
1．【答案】（1）A；相互
（2）机械
【知识点】热机；力作用的相互性；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】（1）响度是表示声音的大小，“轰鸣”指声音的大小，对应“响度大”。
故选A。
火箭升空时，向下喷气，气体对火箭产生向上的反作用力，使火箭升空，是物体间力的作用是相互的。
（2）火箭加速升空时，速度增大，动能增加，高度升高，重力势能增加，机械能是动能与重力势能的总和，是燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的机械能。
【分析】（1）响度指声音的大小；产生力的作用时，一个物体对另一个物体施力时，也会受到对方的反作用力，则力的作用是相互的；
（2）质量一定时，速度变大，动能变大， 高度变大，重力势能变大。
（1）响度是表示声音强弱（大小）的物理量，“轰鸣”描述的是声音的大小，所以对应“响度大”。
故选A。
火箭向下喷出气体时，气体对火箭产生向上的反作用力，推动火箭升空，这一现象说明物体间力的作用是相互的，即一个物体对另一个物体施力时，也会受到对方的反作用力。
（2）火箭加速升空时，速度增大导致动能增加，高度升高导致重力势能增加，机械能是动能与重力势能的总和，因此燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的机械能。
2．【答案】（1）折射
（2）无规则
（3）运动状态
【知识点】光的折射现象及其应用；力的作用效果；分子热运动
【解析】【解答】（1）潭清疑水浅，是光从水中斜射入空气中，在水面发生折射，人眼看到水中的虚像，虚像位置比实际水底偏高，是光的折射现象。
（2）闻到荷花香味，是分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。
（3）静止的荷叶晃动，则荷叶的运动状态发生了改变，是力可以改变物体的运动状态。
【分析】（1）光线经过不同介质，发生折射；
（2）闻到气味，是分子不停无规则运动，发生扩散现象；
（3）力可以改变物体的运动状态。
（1）当光从水中斜射入空气中时会发生折射，人眼逆着折射光线观察，会看到水底的虚像，虚像位置比实际水底偏高，所以产生“水浅”的视觉效果，该现象由光的折射形成。
（2）闻到荷花香味是扩散现象，扩散现象的本质是分子在不停地做无规则运动，因此此处应填无规则。
（3）原本静止的荷叶出现晃动，说明荷叶的运动状态发生了改变，这一现象直接表明力可以改变物体的运动状态。
3．【答案】（1）C
（2）空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠附着在饮料罐外壁上
（3）热传递
【知识点】液化及液化放热；质量及其特性；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）质量是物体含有物质的多少，不随位置、温度而改变。饮料罐密封，从冰箱内取出，总量不变，则质量不变，故选C。
（2）夏天，刚从冰箱取出的饮料罐温度低，空气中温度较高的水蒸气，在饮料罐遇冷，放热液化成小水珠，形成“出汗”现象。
（3）饮料温度低于室温，热量从周围空气传递给饮料，饮料吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变内能。
【分析】（1）质量是物体的固有属性，和温度、状态、位置无关；
（2）水蒸气遇冷变为小水珠，发生液化现象；
（3）改变内能的方式分为做功和热传递，物体间温度不同时，发生热传递。
（1）质量是物体所含物质的多少，是物体的固有属性，不随位置、温度改变。本题中饮料罐是密封的，罐内饮料的物质总量没有变化，因此质量不变，故选C。
（2）夏天室温较高，空气中含有大量温度较高的水蒸气，刚从冰箱取出的饮料罐温度远低于室温，水蒸气遇到冷的饮料罐外壁，放热液化成液态小水珠附着在罐壁，也就是“出汗”现象。
（3）改变内能的方式分为做功和热传递。本题中饮料温度低于室温，热量从周围空气传递给饮料，使饮料内能增加、温度升高，因此是通过热传递的方式改变内能。
4．【答案】（1）B
（2）B；D
（3）A
【知识点】电流的热效应；家庭电路的连接；电路的基本连接方式
【解析】【解答】（1）家庭电路中，各用电器互不影响，能独立工作，电灯、空调等用电器是并联的。
（2）A．洗衣机工作时，将电能转化为机械能，未利用电流的热效应，故A不符合题意；
BD．电水壶、电饭煲工作时，电能转化为内能，利用了电流的热效应，故BD符合题意；
C．电视机工作时，电能转化为光能和声能，未利用电流的热效应，故C不符合题意；
故选BD。
（3）家庭电路中，开关接在火线上，再连接节能灯，节能灯的另一端接零线。在断开开关时，用电器与火线断开连接，不带电，使用更安全。符合安全要求。
【分析】（1）家庭电路中，各用电器是并联的；
（2）电流通过导体时电能转化成内能，是电流的热效应；
（3）灯泡的开关连接在火线一侧，灯泡侧壁连接零线。
（1）在家庭电路中各用电器互不影响，能独立工作，所以家庭电路中电灯、空调等用电器是并联的。
（2）电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应。
A．洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故A不符合题意；
B．电水壶工作时，电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B符合题意；
C．电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故C不符合题意；
D．电饭煲工作时，主要将电能转化为内能，是利用电流的热效应，故D符合题意。
故选BD。
（3）在家庭电路中，开关必须接在火线上，再连接到节能灯，节能灯另一端接零线。这样断开开关时，用电器与火线断开连接，不带电，能避免触电风险。故图中的设计符合安全用电要求。
5．【答案】（1）B
（2）A静止；2
【知识点】长度的估测；速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）结合生活常识，中学生手腕周长在15–20cm之间，智能手环的周长与手腕周长接近。故B符合题意。
（2）佩戴智能手环跑步，以手腕为参照物，智能手环没有位置变化，是静止的。
结合小明运动的时间，计算跑步速度为
【分析】（1）根据常见物体的长度，进行估测；
（2）相对于参照物，没有位置变化，是静止的；根据，计算速度。
（1）智能手环佩戴于手腕，其周长应与手腕周长相仿。结合生活常识，中学生手腕周长通常在15–20 cm之间，故B符合题意。
（2）图中，以佩戴智能手环的手腕为参照物，智能手环相对于手腕的位置保持不变，因此是静止的。
小明运动的时间，则小明的跑步速度为
6．【答案】（1）D
（2）真空中电磁波波速为定值，γ射线波长极小，由可知γ射线频率极高，根据“电磁波频率越高，能量越高”，因此γ射线具有较高能量。
【知识点】波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）图中，安检仪、收音机、导航卫星，都可获得信息，是电磁波在传递信息；微波炉对食物加热，利用电磁波携带的能量，是电磁波可传递能量。故选D。
（2）根据电磁波的特点，真空中，所有电磁波的传播速度（光速）是定值，且（为波长，为频率），波长越小，频率越高。γ射线波长小于0.01nm，远小于表格中其他电磁波的波长，则γ射线的频率远高于其他电磁波，电磁波的频率越高，能量越高，可知γ射线具有较高能量。
【分析】（1）通过电磁波获得信息，是电磁波可传递信息；电磁波加热食物，是电磁波传递能量；
（2）相同介质中，电磁波速度相同，电磁波的频率越高，波长越小。
（1）行李安检仪、收音机、导航卫星都是利用电磁波传递信息，实现成像、收音、通信导航的功能；只有微波炉是利用电磁波携带的能量加热食物，属于利用电磁波传递能量。故选D。
（2）根据电磁波的基本规律，真空中所有电磁波的传播速度（光速）是定值，满足公式（为波长，为频率），由此可得波长越小，频率越高。本题中γ射线波长小于0.01nm，远小于表格中其他电磁波的波长，因此γ射线的频率远高于其他电磁波，因为电磁波的频率越高，能量越高，所以可知γ射线具有较高能量。
7．【答案】（1）7×108N
（2）B
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据福建舰排开海水的质量，计算浮力
；
（2）流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。当航母编队航行时，两船之间水流流速大、压强小，外侧水流流速小、压强大，容易在压力差作用下发生碰撞，各舰船之间需保留足够的安全距离。
【分析】（1）根据，计算浮力大小；
（2）根据流体压强与流速的关系，舰船之间需保留足够的安全距离。
（1）已知排开海水的质量
取 g=10 N/kg，
（2）根据流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。当航母编队航行时，两船之间水流流速大、压强小，外侧水流流速小、压强大，容易在压力差作用下发生碰撞，因此各舰船之间需保留足够的安全距离。
8．【答案】（1）C
（2）30.0
（3）B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）探究凸透镜成像规律时，先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。图中，光屏的位置偏高，实验前，应先调整C光屏的高度，把它调低，让三者中心在同一高度。
（2）图中，凸透镜在光40.0cm刻度处，蜡烛在10.0cm处，物距为
（3）物距，光屏在70cm刻度线左侧，则像距，即，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像。
故选B。
【分析】（1）探究凸透镜成像规律时，调节烛焰、凸透镜、光屏三者中心在同一高度，让像成在光屏的中央；
（2）根据物体到凸透镜的距离，计算物距；
（3）根据物距和像距的大小关系，判断凸透镜成像特点。
（1）在探究凸透镜成像规律的实验中，为了让像始终成在光屏的中央，必须先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。如图所示，光屏的位置偏高，烛焰、凸透镜、光屏三者中心没有对齐。 所以，开展探究实验前，应先调整的是C光屏（把它调低，让三者中心在同一高度）。
（2）凸透镜位于光具座的40.0cm刻度处，蜡烛移到10.0cm刻度处，物距为
（3）物距，光屏位于70cm刻度线左侧，说明像距，即，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像。
故选B。
9．【答案】（1）换用不同密度的液体（如盐水）重复实验，获得普遍规律。
（2）公式成立的前提是：液体对容器底部的压力F等于液体的重力G，这仅在柱形容器中成立。对于非柱形容器
（3）D
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的计算；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）探究液体压强和深度的关系时，要换用不同密度的液体进行实验，使结论更具普遍性。
（2）根据压强公式的推导过程：，液体对容器底部的压力等于液体的重力，容器必须是柱形的。若容器不是柱形，液体对容器底的压力F与液体重力G不相等，公式不能直接用于非柱形容器。
（3）推导液体内部压强公式时，要选竖直的柱形液柱，利用，对液柱推导。 A、B、C 模型选取的液柱不是规则的柱形，无法用，计算液柱重力，推导不成立； D选取竖直的柱形液柱，满足，可以用，推导液体压强公式，是可行的。
故选D。
【分析】（1）探究液体压强和深度的关系，利用密度不同的液体进行多次实验；
（2）在柱形容器中，可以利用，计算液体压强；
（3）根据柱形物体，适合利用，分析液体压强的大小。
（1）为了使结论更具普遍性，还可以换用不同密度的液体（如盐水）重复实验，验证规律是否依然成立。
（2）推导过程中，公式成立的前提是：液体对容器底部的压力F等于液体的重力G，这仅在柱形容器中成立。对于非柱形容器（如上宽下窄或上窄下宽的容器），液体对容器底的压力F与液体重力G不相等，因此该推导过程不能直接用于非柱形容器。
（3）推导液体内部压强公式时，需要选取一个竖直的柱形液柱作为研究对象，利用对液柱推导。 A、B、C 模型选取的液柱不是规则的柱形，无法直接用计算液柱重力，推导不成立； D模型选取的是一个竖直的柱形液柱，满足，可以用推导液体压强公式，是可行的。
故选D。
10．【答案】（1）定
（2）
（3）100W
【知识点】功率计算公式的应用；重力示意图；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）图中，滑轮的轴固定不动，是定滑轮。
（2）图中，重物静止时，受到竖直向下的重力G、绳子对物体竖直向上的拉力F拉， 根据二力平衡，两力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在重物上，如图
。
（3）根据 ，得，
结合时间，计算做功的功率
【分析】（1）固定不动的滑轮，是定滑轮；
（2）物体静止，受到竖直向下的重力，竖直向上的拉力；
（3）根据，计算总功，利用，计算功率的大小。
（1）该滑轮的轴固定不动，所以是定滑轮。
（2）重物静止时，受到两个力：竖直向下的重力G、竖直向上的绳子拉力F拉， 根据二力平衡知识可知两力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在重物上。
（3）由 ，得
小华做功的功率
11．【答案】(1) 45
(2)
(3) 正 A
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】（1）根据油箱容量，
计算汽油质量，
结合热值，计算1kg汽油完全燃烧，放出的热量；
（2）结合水的质量，计算水吸收热量：
（3）①锂原子失去一个电子后，电子带负电，质子数多于电子数，锂离子带正电。
②图中，根据安培定则，判断螺线管左端为N极，右端为S极。根据磁极间相互作用，小磁针静止时，右端为小磁针的N极。
③通电导线在磁场中，受力方向与电流的方向和磁场方向有关，改变其中一个因素，受力方向会改变；
A．图中，磁场方向和电流的方向均改变，导体ab作用力方向不变，仍向下，故A符合题意；
B．图中，磁场方向不变，电流的方向改变，导体ab受力方向改变，故B不符合题意；
C．图中，磁场方向改变，电流方向不变，则导体ab受力方向改变，故C不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据m=ρV，计算物体的质量，利用Q=mq，计算燃料放出的热量；
（2）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）物体失去电子带正电；根据安培定则，判断通电螺线管的磁极位置，结合磁极相互作用，判断小磁针的磁极；通电导体在磁场中，受力方向和电流方向、磁场方向有关。
12．【答案】（1）
（2）0.2；B；B
（3）4
（4）A；B；C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）实验中，控制电压表为2.5V不变，电压表应选择0~3V 量程，并联在定值电阻两端。
（2）图乙中，电流表接0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.2A。
则定值电阻两端电压：，
为使定值电阻两端电压达到2.5V，则增大电路电流，减小滑动变阻器的电阻，滑片向右移动，直到示数为2.5V。
（3）定值电阻两端电压，滑动变阻器两端电压：
根据串联分压，可得……①，……②
联立两式，解得；
（4）电流表量程为0~0.6A，最大电流，定值电阻最小值
滑动变阻器最大阻值为20Ω，滑动变阻器两端电压2V，电路电流：
定值电阻最大值：，
定值电阻的取值范围为，故ABC符合题意；D不符合题意。
故选ABC。
【分析】（1）探究电流和电阻关系时，电压表和定值电阻并联；
（2）根据电流表量程和指针位置，测量电流；根据U=IR，计算电压；减小滑动变阻器的电阻，分压减小，定值电阻分压变大；
（3）根据串联分压规律，计算滑动变阻器的电阻变化量；
（4）根据电流表的量程，结合最大电流，根据，计算最小电阻，再计算最大电阻。
（1）实验中需控制定值电阻两端电压为 2.5V 不变，因此电压表应选择0~3V 量程，并联在定值电阻两端。
（2）电流表接0~0.6A量程，分度值为0.02A，指针指向0.2A，故示数为0.2A。
此时定值电阻两端电压：
为使定值电阻两端电压达到2.5V，需增大电路电流，减小滑动变阻器接入的电阻，因此滑片应向右移动，同时观察电压表的示数，直到示数为 2.5V。
（3）定值电阻两端电压，滑动变阻器两端电压：
根据串联分压可得……①
……②联立两式，解得
（4）电流表量程为0~0.6A，电路最大电流，此时定值电阻最小值
滑动变阻器最大阻值为20Ω，此时滑动变阻器两端电压2V，电路电流：
定值电阻最大值：
因此定值电阻的取值范围为，故ABC符合题意；D不符合题意。
故选ABC。
13．【答案】（1）解：根据公式，电功率
（2）①当时，阻值趋近于无穷大，支路电流为0，由图乙可知此时电流表示数为，说明电路仍有电流，因此与为并联关系；又因为电流表示数随增大而增大，若电流表仅测的电流，示数应保持不变，因此电流表测量干路总电流，电路图为：
①
②由图乙可知，当时，支路电流为0，干路电流表示数等于的电流，即，并联电路中各支路电压等于电源电压，因此两端电压，根据欧姆定律，电阻
【知识点】串、并联电路的设计；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据，计算电功率；
（2）根据电流的变化，结合并联电路电流规律，判断电路的连接；
根据，计算电路中电阻的大小。
（1）根据公式，电功率
（2）①当时，阻值趋近于无穷大，支路电流为0，由图乙可知此时电流表示数为，说明电路仍有电流，因此与为并联关系；又因为电流表示数随增大而增大，若电流表仅测的电流，示数应保持不变，因此电流表测量干路总电流。
②由图乙可知，当时，支路电流为0，干路电流表示数等于的电流，即，并联电路中各支路电压等于电源电压，因此两端电压，根据欧姆定律，电阻
1 / 12026年上海市闵行区中考物理二模试卷
1．2025年11月25日，搭载神舟二十二号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。
（1）火箭点火发射时，发出巨大的“轰鸣”声，“轰鸣”是形容声音的　 　（选填“A 响度大”或“B 音调高”）；燃料燃烧产生的高温高压气体向下喷出，火箭加速向上升空，这一现象表明物体间力的作用是　 　的；
（2）火箭加速升空过程中，燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的　 　能。
【答案】（1）A；相互
（2）机械
【知识点】热机；力作用的相互性；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】（1）响度是表示声音的大小，“轰鸣”指声音的大小，对应“响度大”。
故选A。
火箭升空时，向下喷气，气体对火箭产生向上的反作用力，使火箭升空，是物体间力的作用是相互的。
（2）火箭加速升空时，速度增大，动能增加，高度升高，重力势能增加，机械能是动能与重力势能的总和，是燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的机械能。
【分析】（1）响度指声音的大小；产生力的作用时，一个物体对另一个物体施力时，也会受到对方的反作用力，则力的作用是相互的；
（2）质量一定时，速度变大，动能变大， 高度变大，重力势能变大。
（1）响度是表示声音强弱（大小）的物理量，“轰鸣”描述的是声音的大小，所以对应“响度大”。
故选A。
火箭向下喷出气体时，气体对火箭产生向上的反作用力，推动火箭升空，这一现象说明物体间力的作用是相互的，即一个物体对另一个物体施力时，也会受到对方的反作用力。
（2）火箭加速升空时，速度增大导致动能增加，高度升高导致重力势能增加，机械能是动能与重力势能的总和，因此燃料燃烧释放的部分能量转化为火箭的机械能。
2．“潭清疑水浅，荷动知鱼散”。
（1）“潭清疑水浅”是由于光的　 　形成的；
（2）在池塘边闻到荷花的香味，是由于分子在不停地做　 　运动；
（3）鱼受到惊扰，散开时碰到了荷叶的根茎，导致原本静止的荷叶发生了晃动，这一现象表明力可以改变物体的　 　。
【答案】（1）折射
（2）无规则
（3）运动状态
【知识点】光的折射现象及其应用；力的作用效果；分子热运动
【解析】【解答】（1）潭清疑水浅，是光从水中斜射入空气中，在水面发生折射，人眼看到水中的虚像，虚像位置比实际水底偏高，是光的折射现象。
（2）闻到荷花香味，是分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。
（3）静止的荷叶晃动，则荷叶的运动状态发生了改变，是力可以改变物体的运动状态。
【分析】（1）光线经过不同介质，发生折射；
（2）闻到气味，是分子不停无规则运动，发生扩散现象；
（3）力可以改变物体的运动状态。
（1）当光从水中斜射入空气中时会发生折射，人眼逆着折射光线观察，会看到水底的虚像，虚像位置比实际水底偏高，所以产生“水浅”的视觉效果，该现象由光的折射形成。
（2）闻到荷花香味是扩散现象，扩散现象的本质是分子在不停地做无规则运动，因此此处应填无规则。
（3）原本静止的荷叶出现晃动，说明荷叶的运动状态发生了改变，这一现象直接表明力可以改变物体的运动状态。
3．夏天，将密封饮料罐从冰箱内取出，放置在餐桌上。
（1）饮料罐从冰箱内取出后，罐中饮料的质量__________；
A．变大 B．变小 C．不变
（2）一段时间后饮料罐外壁会附着一层小水珠，就像“出汗”一样，如图所示。“出汗”的原因是：　 　；
（3）罐内饮料的温度逐渐升高，这是通过　 　方式改变内能。
【答案】（1）C
（2）空气中的水蒸气遇冷液化形成小水珠附着在饮料罐外壁上
（3）热传递
【知识点】液化及液化放热；质量及其特性；热传递改变物体内能
【解析】【解答】（1）质量是物体含有物质的多少，不随位置、温度而改变。饮料罐密封，从冰箱内取出，总量不变，则质量不变，故选C。
（2）夏天，刚从冰箱取出的饮料罐温度低，空气中温度较高的水蒸气，在饮料罐遇冷，放热液化成小水珠，形成“出汗”现象。
（3）饮料温度低于室温，热量从周围空气传递给饮料，饮料吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变内能。
【分析】（1）质量是物体的固有属性，和温度、状态、位置无关；
（2）水蒸气遇冷变为小水珠，发生液化现象；
（3）改变内能的方式分为做功和热传递，物体间温度不同时，发生热传递。
（1）质量是物体所含物质的多少，是物体的固有属性，不随位置、温度改变。本题中饮料罐是密封的，罐内饮料的物质总量没有变化，因此质量不变，故选C。
（2）夏天室温较高，空气中含有大量温度较高的水蒸气，刚从冰箱取出的饮料罐温度远低于室温，水蒸气遇到冷的饮料罐外壁，放热液化成液态小水珠附着在罐壁，也就是“出汗”现象。
（3）改变内能的方式分为做功和热传递。本题中饮料温度低于室温，热量从周围空气传递给饮料，使饮料内能增加、温度升高，因此是通过热传递的方式改变内能。
4．家中有各种用电器。
（1）电灯、空调等用电器是　 　（选填“A串联”或“B 并联”）的；
（2）以下用电器中，主要利用电流热效应工作的是__________；
A．洗衣机 B．电水壶 C．电视机 D．电饭煲
（3）利用开关控制节能灯的电路，图中_______的设计符合安全用电的要求。
A． B．
【答案】（1）B
（2）B；D
（3）A
【知识点】电流的热效应；家庭电路的连接；电路的基本连接方式
【解析】【解答】（1）家庭电路中，各用电器互不影响，能独立工作，电灯、空调等用电器是并联的。
（2）A．洗衣机工作时，将电能转化为机械能，未利用电流的热效应，故A不符合题意；
BD．电水壶、电饭煲工作时，电能转化为内能，利用了电流的热效应，故BD符合题意；
C．电视机工作时，电能转化为光能和声能，未利用电流的热效应，故C不符合题意；
故选BD。
（3）家庭电路中，开关接在火线上，再连接节能灯，节能灯的另一端接零线。在断开开关时，用电器与火线断开连接，不带电，使用更安全。符合安全要求。
【分析】（1）家庭电路中，各用电器是并联的；
（2）电流通过导体时电能转化成内能，是电流的热效应；
（3）灯泡的开关连接在火线一侧，灯泡侧壁连接零线。
（1）在家庭电路中各用电器互不影响，能独立工作，所以家庭电路中电灯、空调等用电器是并联的。
（2）电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应。
A．洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故A不符合题意；
B．电水壶工作时，电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B符合题意；
C．电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故C不符合题意；
D．电饭煲工作时，主要将电能转化为内能，是利用电流的热效应，故D符合题意。
故选BD。
（3）在家庭电路中，开关必须接在火线上，再连接到节能灯，节能灯另一端接零线。这样断开开关时，用电器与火线断开连接，不带电，能避免触电风险。故图中的设计符合安全用电要求。
5．小明佩戴的智能手环可用于记录他的运动数据，如图所示。
（1）该智能手环的周长约为__________；
A．18 mm B．18 cm C．18 dm D．18 m
（2）小明在操场上进行慢跑锻炼，若以佩戴智能手环的手腕为参照物，智能手环是　 　（选涂“A静止”或“B 运动”）的。智能手环记录的运动数据如图所示，则该过程中小明的跑步速度为　 　m/s。
【答案】（1）B
（2）A静止；2
【知识点】长度的估测；速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）结合生活常识，中学生手腕周长在15–20cm之间，智能手环的周长与手腕周长接近。故B符合题意。
（2）佩戴智能手环跑步，以手腕为参照物，智能手环没有位置变化，是静止的。
结合小明运动的时间，计算跑步速度为
【分析】（1）根据常见物体的长度，进行估测；
（2）相对于参照物，没有位置变化，是静止的；根据，计算速度。
（1）智能手环佩戴于手腕，其周长应与手腕周长相仿。结合生活常识，中学生手腕周长通常在15–20 cm之间，故B符合题意。
（2）图中，以佩戴智能手环的手腕为参照物，智能手环相对于手腕的位置保持不变，因此是静止的。
小明运动的时间，则小明的跑步速度为
6．电磁波具有能量，能量可以随着电磁波向外传递。
（1）如图所示的设备中，利用电磁波传递能量的是__________；
A．行李安检仪 B．收音机
C．导航卫星 D．微波炉
（2）电磁波的“家族”成员包含各种颜色的可见光、红外线、紫外线、X射线、γ射线等。研究表明：不同电磁波具有不同的能量，电磁波的频率越高，能量越高。真空中，部分成员的波长和频率如下表所示。
“家族”成员 红外线 红光 紫外线 X射线
波长范围/nm 760~106 620~760 10~400 0.01~10
频率范围/×1014 Hz 0.003~3.95 3.95~4.84 7.5~300 300~300000
波长小于0.01 nm的γ射线因具有较高的能量而被用于放射性治疗，请解释γ射线具有较高能量的原因。
【答案】（1）D
（2）真空中电磁波波速为定值，γ射线波长极小，由可知γ射线频率极高，根据“电磁波频率越高，能量越高”，因此γ射线具有较高能量。
【知识点】波速、波长和频率的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）图中，安检仪、收音机、导航卫星，都可获得信息，是电磁波在传递信息；微波炉对食物加热，利用电磁波携带的能量，是电磁波可传递能量。故选D。
（2）根据电磁波的特点，真空中，所有电磁波的传播速度（光速）是定值，且（为波长，为频率），波长越小，频率越高。γ射线波长小于0.01nm，远小于表格中其他电磁波的波长，则γ射线的频率远高于其他电磁波，电磁波的频率越高，能量越高，可知γ射线具有较高能量。
【分析】（1）通过电磁波获得信息，是电磁波可传递信息；电磁波加热食物，是电磁波传递能量；
（2）相同介质中，电磁波速度相同，电磁波的频率越高，波长越小。
（1）行李安检仪、收音机、导航卫星都是利用电磁波传递信息，实现成像、收音、通信导航的功能；只有微波炉是利用电磁波携带的能量加热食物，属于利用电磁波传递能量。故选D。
（2）根据电磁波的基本规律，真空中所有电磁波的传播速度（光速）是定值，满足公式（为波长，为频率），由此可得波长越小，频率越高。本题中γ射线波长小于0.01nm，远小于表格中其他电磁波的波长，因此γ射线的频率远高于其他电磁波，因为电磁波的频率越高，能量越高，所以可知γ射线具有较高能量。
7．“福建舰”是我国自主设计建造的第一艘弹射型航空母舰。
（1）图中“福建舰”排开海水的质量为7万吨，它受到的浮力大小为　 　N；
（2）由于流速大的地方压强　 　（选填“A大”或“B小”），所以航母编队航行时各舰船之间需保留足够的安全距离。
【答案】（1）7×108N
（2）B
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据福建舰排开海水的质量，计算浮力
；
（2）流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。当航母编队航行时，两船之间水流流速大、压强小，外侧水流流速小、压强大，容易在压力差作用下发生碰撞，各舰船之间需保留足够的安全距离。
【分析】（1）根据，计算浮力大小；
（2）根据流体压强与流速的关系，舰船之间需保留足够的安全距离。
（1）已知排开海水的质量
取 g=10 N/kg，
（2）根据流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。当航母编队航行时，两船之间水流流速大、压强小，外侧水流流速小、压强大，容易在压力差作用下发生碰撞，因此各舰船之间需保留足够的安全距离。
8．小明做“探究凸透镜成像规律”的实验，安装实验器材后如图所示。
（1）开展探究实验前，应先调整　 　（选填“A蜡烛”“B凸透镜”或“C光屏”）的高度；
（2）调整后，小明保持凸透镜位置不变，将蜡烛移到10 cm刻度处，此时物距为　 　cm；
（3）接着，小明移动光屏找像，当光屏位于70cm刻度线左侧某位置时，光屏上出现清晰的像，则该像是__________。
A．倒立放大的像 B．倒立缩小的像
C．正立放大的像 D．正立缩小的像
【答案】（1）C
（2）30.0
（3）B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）探究凸透镜成像规律时，先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。图中，光屏的位置偏高，实验前，应先调整C光屏的高度，把它调低，让三者中心在同一高度。
（2）图中，凸透镜在光40.0cm刻度处，蜡烛在10.0cm处，物距为
（3）物距，光屏在70cm刻度线左侧，则像距，即，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像。
故选B。
【分析】（1）探究凸透镜成像规律时，调节烛焰、凸透镜、光屏三者中心在同一高度，让像成在光屏的中央；
（2）根据物体到凸透镜的距离，计算物距；
（3）根据物距和像距的大小关系，判断凸透镜成像特点。
（1）在探究凸透镜成像规律的实验中，为了让像始终成在光屏的中央，必须先调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度。如图所示，光屏的位置偏高，烛焰、凸透镜、光屏三者中心没有对齐。 所以，开展探究实验前，应先调整的是C光屏（把它调低，让三者中心在同一高度）。
（2）凸透镜位于光具座的40.0cm刻度处，蜡烛移到10.0cm刻度处，物距为
（3）物距，光屏位于70cm刻度线左侧，说明像距，即，根据凸透镜成像规律，成倒立、缩小的实像。
故选B。
9．小明在学习液体压强时，先进行了实验探究，然后完成了液体压强公式的推导。
（1）小明在“探究液体压强和深度的关系”实验中，他的探究方案是：将U形管压强计的金属盒放入水中不同深度处，观察两侧液面高度差的变化情况，得出实验结论。上述实验探究方案还不够完整，请提出合理的建议；
（2）完成实验探究后，小明以柱形容器内的液体为研究对象，推导了液体对容器底部压强的表达式，推导过程如下：
对非柱形容器中液体对容器底的压强，上述推导过程是否成立？请说明理由；
（3）在上述推导的基础上，小明考虑在下图所示的不同容器内部建构合适的模型（斜线标注），用于推导液体内部压强公式，以下模型中可行的是__________。
A． B． C． D．
【答案】（1）换用不同密度的液体（如盐水）重复实验，获得普遍规律。
（2）公式成立的前提是：液体对容器底部的压力F等于液体的重力G，这仅在柱形容器中成立。对于非柱形容器
（3）D
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算；液体压强的计算；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）探究液体压强和深度的关系时，要换用不同密度的液体进行实验，使结论更具普遍性。
（2）根据压强公式的推导过程：，液体对容器底部的压力等于液体的重力，容器必须是柱形的。若容器不是柱形，液体对容器底的压力F与液体重力G不相等，公式不能直接用于非柱形容器。
（3）推导液体内部压强公式时，要选竖直的柱形液柱，利用，对液柱推导。 A、B、C 模型选取的液柱不是规则的柱形，无法用，计算液柱重力，推导不成立； D选取竖直的柱形液柱，满足，可以用，推导液体压强公式，是可行的。
故选D。
【分析】（1）探究液体压强和深度的关系，利用密度不同的液体进行多次实验；
（2）在柱形容器中，可以利用，计算液体压强；
（3）根据柱形物体，适合利用，分析液体压强的大小。
（1）为了使结论更具普遍性，还可以换用不同密度的液体（如盐水）重复实验，验证规律是否依然成立。
（2）推导过程中，公式成立的前提是：液体对容器底部的压力F等于液体的重力G，这仅在柱形容器中成立。对于非柱形容器（如上宽下窄或上窄下宽的容器），液体对容器底的压力F与液体重力G不相等，因此该推导过程不能直接用于非柱形容器。
（3）推导液体内部压强公式时，需要选取一个竖直的柱形液柱作为研究对象，利用对液柱推导。 A、B、C 模型选取的液柱不是规则的柱形，无法直接用计算液柱重力，推导不成立； D模型选取的是一个竖直的柱形液柱，满足，可以用推导液体压强公式，是可行的。
故选D。
10．小华利用如图所示的健身器材，进行居家健身锻炼。
（1）该健身器材中的滑轮为　 　滑轮；
（2）请在图中画出重物静止时的受力示意图；
（3）在某次健身过程中，小华在2s内所做的有用功为170J，他所做有用功、额外功占比如下图所示。求小华做功的功率P。
【答案】（1）定
（2）
（3）100W
【知识点】功率计算公式的应用；重力示意图；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）图中，滑轮的轴固定不动，是定滑轮。
（2）图中，重物静止时，受到竖直向下的重力G、绳子对物体竖直向上的拉力F拉， 根据二力平衡，两力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在重物上，如图
。
（3）根据 ，得，
结合时间，计算做功的功率
【分析】（1）固定不动的滑轮，是定滑轮；
（2）物体静止，受到竖直向下的重力，竖直向上的拉力；
（3）根据，计算总功，利用，计算功率的大小。
（1）该滑轮的轴固定不动，所以是定滑轮。
（2）重物静止时，受到两个力：竖直向下的重力G、竖直向上的绳子拉力F拉， 根据二力平衡知识可知两力大小相等、方向相反，作用在同一直线上，作用在重物上。
（3）由 ，得
小华做功的功率
11．燃油汽车与电动汽车都能满足家庭日常用车的需求。
（1）小明家的汽车油箱容量为60L，最多可装汽油________kg。小明爸爸每天开车上班消耗汽油1 kg，这部分汽油完全燃烧时放出的热量为________J；（汽油的热值为4.3×107J/kg、密度为0.75×103kg/m3）
（2）发动机工作一段时间后水箱内的水温升高了10℃。如果水箱内水的质量为5kg，求这段时间内水吸收的热量Q水；[c水=4.2×103 J/（kg·℃）]
（3）近期小明家有增购电动汽车的计划，电动汽车一般采用磷酸铁锂电池为电动机供电。
①锂原子失去一个电子变成锂离子，锂离子带________电；
②电动机内部有大量的线圈（相当于螺线管），当有如图所示的电流通过时，小磁针静止在图示的位置。请在图中标注出小磁针的N极________。
③图中所示为电动机工作原理的示意图，当有电流通过时，磁场会对导线产生一个竖直向下的作用力F。根据上述信息可知：下列选项中能正确表示闭合开关后磁场对导体ab作用力方向的是________。
【答案】(1) 45
(2)
(3) 正 A
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】（1）根据油箱容量，
计算汽油质量，
结合热值，计算1kg汽油完全燃烧，放出的热量；
（2）结合水的质量，计算水吸收热量：
（3）①锂原子失去一个电子后，电子带负电，质子数多于电子数，锂离子带正电。
②图中，根据安培定则，判断螺线管左端为N极，右端为S极。根据磁极间相互作用，小磁针静止时，右端为小磁针的N极。
③通电导线在磁场中，受力方向与电流的方向和磁场方向有关，改变其中一个因素，受力方向会改变；
A．图中，磁场方向和电流的方向均改变，导体ab作用力方向不变，仍向下，故A符合题意；
B．图中，磁场方向不变，电流的方向改变，导体ab受力方向改变，故B不符合题意；
C．图中，磁场方向改变，电流方向不变，则导体ab受力方向改变，故C不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据m=ρV，计算物体的质量，利用Q=mq，计算燃料放出的热量；
（2）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）物体失去电子带正电；根据安培定则，判断通电螺线管的磁极位置，结合磁极相互作用，判断小磁针的磁极；通电导体在磁场中，受力方向和电流方向、磁场方向有关。
12．小红同学在“探究电流与电阻的关系”实验中，选用的实验器材有电压为4.5V恒定不变的电源，规格为“20Ω 2A”的滑动变阻器，若干个阻值不同的定值电阻。在该实验中，小红先控制定值电阻R两端的电压为2.5V不变。
（1）请在图甲中把电压表按照实验要求连入电路；
（2）小红把阻值为8 Ω的定值电阻R0连入电路，闭合开关，观察到电流表示数如图乙所示为　 　A。为了完成实验，应将变阻器的滑片向　 　（选填“A左”或“B右”）移动，并观察　 　（选填“A 电流表”或“B 电压表”）的示数；
（3）接着，她换用阻值为R1、R2的定值电阻继续进行实验。在满足实验要求的情况下对应滑动变阻器的阻值分别为R滑1和R滑2。若R2=R1+5Ω，则两次滑动变阻器的阻值相差　 　Ω；
（4）为了获得更多的实验数据，小红换用不同的定值电阻继续实验（实验过程中两电表量程均保持不变）。在保证电路安全的情况下，所用电阻的阻值可以是__________。
A．5 Ω B．10 Ω C．20 Ω D．50 Ω
【答案】（1）
（2）0.2；B；B
（3）4
（4）A；B；C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）实验中，控制电压表为2.5V不变，电压表应选择0~3V 量程，并联在定值电阻两端。
（2）图乙中，电流表接0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.2A。
则定值电阻两端电压：，
为使定值电阻两端电压达到2.5V，则增大电路电流，减小滑动变阻器的电阻，滑片向右移动，直到示数为2.5V。
（3）定值电阻两端电压，滑动变阻器两端电压：
根据串联分压，可得……①，……②
联立两式，解得；
（4）电流表量程为0~0.6A，最大电流，定值电阻最小值
滑动变阻器最大阻值为20Ω，滑动变阻器两端电压2V，电路电流：
定值电阻最大值：，
定值电阻的取值范围为，故ABC符合题意；D不符合题意。
故选ABC。
【分析】（1）探究电流和电阻关系时，电压表和定值电阻并联；
（2）根据电流表量程和指针位置，测量电流；根据U=IR，计算电压；减小滑动变阻器的电阻，分压减小，定值电阻分压变大；
（3）根据串联分压规律，计算滑动变阻器的电阻变化量；
（4）根据电流表的量程，结合最大电流，根据，计算最小电阻，再计算最大电阻。
（1）实验中需控制定值电阻两端电压为 2.5V 不变，因此电压表应选择0~3V 量程，并联在定值电阻两端。
（2）电流表接0~0.6A量程，分度值为0.02A，指针指向0.2A，故示数为0.2A。
此时定值电阻两端电压：
为使定值电阻两端电压达到2.5V，需增大电路电流，减小滑动变阻器接入的电阻，因此滑片应向右移动，同时观察电压表的示数，直到示数为 2.5V。
（3）定值电阻两端电压，滑动变阻器两端电压：
根据串联分压可得……①
……②联立两式，解得
（4）电流表量程为0~0.6A，电路最大电流，此时定值电阻最小值
滑动变阻器最大阻值为20Ω，此时滑动变阻器两端电压2V，电路电流：
定值电阻最大值：
因此定值电阻的取值范围为，故ABC符合题意；D不符合题意。
故选ABC。
13．小华按照图甲电路图连接电路，其中电源电压保持12V不变，滑动变阻器R滑上标有“20 Ω 1A”字样。
（1）若闭合开关S，将滑片移动到某位置时，电路中电流为0.8 A，求此时该电路的电功率P。
（2）若再将一个定值电阻R0和电流表A以某种方式同时接入电路中，并闭合开关S。在移动滑片过程中，电流表示数IA与变阻器阻值的倒数的图线如图乙所示，该图线与纵坐标轴的交点为0.5A。
①请画出将电阻R0和电流表A接入后的电路图。
②求R0的阻值。
【答案】（1）解：根据公式，电功率
（2）①当时，阻值趋近于无穷大，支路电流为0，由图乙可知此时电流表示数为，说明电路仍有电流，因此与为并联关系；又因为电流表示数随增大而增大，若电流表仅测的电流，示数应保持不变，因此电流表测量干路总电流，电路图为：
①
②由图乙可知，当时，支路电流为0，干路电流表示数等于的电流，即，并联电路中各支路电压等于电源电压，因此两端电压，根据欧姆定律，电阻
【知识点】串、并联电路的设计；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据，计算电功率；
（2）根据电流的变化，结合并联电路电流规律，判断电路的连接；
根据，计算电路中电阻的大小。
（1）根据公式，电功率
（2）①当时，阻值趋近于无穷大，支路电流为0，由图乙可知此时电流表示数为，说明电路仍有电流，因此与为并联关系；又因为电流表示数随增大而增大，若电流表仅测的电流，示数应保持不变，因此电流表测量干路总电流。
②由图乙可知，当时，支路电流为0，干路电流表示数等于的电流，即，并联电路中各支路电压等于电源电压，因此两端电压，根据欧姆定律，电阻
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