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辽宁省锦州市2026届普通高中高三下学期质量检测（一）物理试卷
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．2024年11月珠海航展，我国自主研发的歼-35隐身战机首次公开飞行表演，短时间内完成大角度爬升、急转弯、快速减速等高难度动作，展现出色的空中灵活性。这种“高灵活性”本质上反映飞机具有较强的( )
A.惯性 B.瞬时速度 C.加速度 D.航程
2．吴健雄通过的衰变实验，证实了李政道和杨振宁提出的弱相互作用中宇称不守恒。其衰变方程为：，是反中微子，关于该衰变，下列说法正确的是( )
A.反中微子带负电
B.释放的电子来自原子核内部
C.的比结合能大于的比结合能
D.衰变过程质量守恒，总质量不变
3．近些年，健康理念日益深入人心，运动成为人们的生活常态，平衡球常被用于力量与稳定性训练。某充气瑜伽健身球内封闭有一定质量的理想气体，某次训练时健身球被快速挤压变形后迅速松开，松开过程中球内气体快速膨胀恢复原状，膨胀过程与外界无热量交换。则该膨胀过程中球内气体( )
A.压强增大 B.温度升高 C.内能减少 D.对外界不做功
4．某燃气灶支架如图所示，其圆圈底座上等间距地分布A、B、C、D四个完全相同的支撑爪，支撑爪斜面与水平面的夹角均为，支撑爪与铁锅接触面间不计摩擦。将支架水平放置，质量为m的半球形铁锅水平正放在支架上，重力加速度大小为g，下列说法正确的是( )
A.支撑爪A、C对铁锅作用力的合力大小为mg
B.铁锅所受四个支撑爪作用力的合力与重力是一对平衡力
C.仅增大支撑爪斜面与水平面的夹角，单个支撑爪对铁锅的支持力减小
D.仅增大支撑爪斜面与水平面的夹角，支架整体对该铁锅的作用力增大
5．某社区为满足居民新能源汽车充电需求，采用一原两副的理想变压器为两个区域的充电桩供电，电路如图所示。原线圈匝数为，接电压为的正弦交流电，副线圈Ⅰ匝数为n2，为Ⅰ区充电桩供电；副线圈Ⅱ匝数为，为Ⅱ区充电桩供电。下列说法正确的是( )
A.原线圈输入功率等于副线圈Ⅰ、Ⅱ输出功率之和
B.仅增大，则Ⅰ区充电桩电压减小
C.副线圈Ⅰ、Ⅱ电流之比为
D.若Ⅱ区充电桩负载增多（总电阻减小），则Ⅰ区充电桩电压降低
6．如图所示，在xoy平面内，两点电荷分别固定于A(0,0)、B(5,0)两点。过C(0,4)点的等势面恰好与y轴相切，若A处电荷带正电，则B处电荷( )
A.带正电，且 B.带正电，且
C.带负电，且 D.带负电，且
7．如图，在星球C表面，一质量的物块沿倾角的斜面顶端由静止释放，下滑至斜面底端过程中动能随下降高度h的变化如图乙所示。已知物块与斜面间的动摩擦因数，星球C与地球平均密度相同，地球表面重力加速度大小，，忽略星球自转，则( )
A.星球C表面
B.星球C表面
C.第一宇宙速度与地球之比
D.第一宇宙速度与地球之比
8．如图所示，“液导激光”是一项新型的激光加工技术，其原理是利用稳定的液柱引导激光，并通过全反射实现激光传输。已知液柱的折射率为n，激光在液柱中传播。下列说法正确的是( )
A.激光从液柱射向空气时，临界角C满足
B.若液柱的折射率增大，则激光发生全反射的临界角也随之增大
C.激光在液柱中的传播速度小于在空气中的传播速度
D.若改用频率较高的激光沿原方向入射，不可能在液柱中发生全反射
9．两列简谐横波在x轴上传播，a波沿x轴正向传播，b波沿x轴负向传播，时刻的波形图如图所示。此时刻，平衡位置在和的质点P、Q刚好开始振动，两列波的波速均为，质点M、N的平衡位置分别为和，下列说法正确的是( )
A.两列波的周期相同都是2s
B.两列波相遇时刻为1.0s，此时刻质点N向下振动
C.两列波振幅不同，故不能发生干涉
D.P、Q间（不包括P、Q）有2处振动加强点
10．如图甲所示，两根间距为、电阻不计的足够长光滑平行金属导轨与水平面夹角，导轨底端接入一阻值为的定值电阻，所在区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直于导轨平面向上，在导轨上垂直于导轨放置一质量为、电阻为的金属杆。开始时使金属杆保持静止，某时刻开始给金属杆一个沿斜面向上的恒力，金属杆由静止开始运动。图乙为运动过程的图像，重力加速度。则在金属杆向上运动的过程中，下列说法中正确的是( )
A.匀强磁场的磁感应强度
B.前2 s内通过电阻R的电荷量为3.7 C
C.前2 s内金属杆通过的位移为5.55m
D.前4 s内电阻R产生的热量为6.2J
二、实验题
11．学生实验“用DIS研究机械能守恒定律”的装置如图（a）所示，小球从A点由静止释放，摆动过程中通过光电门传感器K（位于D点，作为高度零点）。已知已测得小球直径，实验以图像方式显示结果，图（b）的横轴为小球距D点的高度h，纵轴为能量，试回答下列问题：
(1)光电门传感器K固定在D点，其作用是通过测量________________，从而得到小球经过D点时的________________。
(2)根据图像信息，推断图线甲、乙、丙所对应的物理量。当小球摆至高度时，通过图像估算，此时小球的重力势能约为________J，动能约为________J。（计算结果保留两位有效数字）
12．巨磁电阻传感器可以用来测量磁场、位移、角度、电压、电流等物理量，因此在工业生产、交通运输、医疗卫生等方面有着广泛的应用。一名同学为探究巨磁电阻（GMR）的特性，进行了如下实验：
(1)该同学先用多用电表欧姆挡测量未加磁场时该巨磁电阻的阻值，操作如下：
a.将选择开关置于“欧姆挡”倍率的挡位；
b.将红黑表笔短接，旋动________________；直至指针指到欧姆挡的0刻线。
c.测量该巨磁电阻，指针示数如图乙所示，则该巨磁电阻在未加磁场时阻值约为________________。
(2)接下来该同学设计了如图丙所示电路进行实验。该电路主要部分由四个相同的巨磁电阻组成，其中和在磁性材料上方，受磁场作用时电阻减小，而和在磁性材料下方，被屏蔽而不受外界磁场的影响，电阻不变。电路中电源电动势为E，内阻不计；电压表为理想电压表。
d.当外界磁场为“0”时，电压表示数为________________；
e.当外界磁场不为“0”时，和电阻减小，均变为；被屏蔽的和电阻不变，设此时，且此时电压表示数为U，则________________（用来表示）因此，可以利用上述电路研究巨磁电阻阻值随磁场变化的规律。
三、计算题
13．铝矿石广泛应用于航空航天、交通运输等国家重要装备制造领域。某矿山采用倾斜传送带筛选矿石，流程如下：将碎石原料轻放在长度、倾角的倾斜传送带底端，传送带以的速度沿逆时针匀速转动。顶端出口处通过自动化选矿门将高品位矿石送入冶炼环节，低品位碎石残渣从传送带顶端沿切线抛出落入渣土车，传送带顶端相对渣土车的竖直高度为。已知碎石与传送带间的动摩擦因数，重力加速度，不计空气阻力。求：
(1)碎石在传送带上的加速度大小a；
(2)碎石从底端由静止开始运动至传送带顶端时的速度大小；
(3)碎石残渣落入渣土车时的速度大小，以及其从释放到落入渣土车的总时间t。
14．在光滑水平地面上有一长木板，其左端与半径的固定光滑四分之一圆弧轨道底端平滑连接。可视为质点的物块A置于木板上某处，A左侧的木板上表面光滑，右侧粗糙且与A间动摩擦因数。另一可视为质点的物块B从圆弧轨道顶端由静止滑下，滑上木板后经与A发生完全弹性正碰，最终A恰好不滑离木板。已知A的质量是B质量的2倍，木板的质量是B质量的3倍，取。求：
(1)B刚滑到木板上时的速度大小；
(2)A、B碰撞后瞬间两者的速度大小；
(3)木板的最小长度L。
15．如图所示，在平面直角坐标系xOy内，有一与y轴相距d且平行于y轴的理想边界MN。MN左侧有平行y轴向下的匀强电场，MN右侧有垂直坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。某时刻，从坐标原点同时发射两个电荷量均为q，质量均为m的正电荷a、b，两粒子的速度大小均为，且与x轴正方向均成角。已知a粒子以垂直于MN的速度从P点进入磁场，b粒子从Q点进入磁场，P、Q两点未画出。粒子重力忽略不计，求：
(1)匀强电场的电场强度大小；
(2)P、Q两点纵坐标绝对值之比；
(3)两粒子第二次经过MN边界时间差（可用反三角函数表示）
参考答案
1．答案：C
解析：A.惯性是物体保持原有运动状态的性质，惯性越大运动状态越难改变，灵活性越差，A错误；
B.瞬时速度描述物体某一时刻运动的快慢和方向，与运动状态改变的快慢无关，B错误；
C.加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度的大小、方向变化快慢都由加速度反映，短时间完成爬升、转弯、减速等动作本质是速度变化快，即加速度大，C正确；
D.航程是飞机可飞行的最远距离，与运动状态改变的能力无关，D错误。
故选C。
2．答案：B
解析：A.根据衰变前后电荷数守恒，反应前总电荷数为27，反应后电荷数为28，电子电荷数为-1，可得反中微子电荷数为0，不带电，A错误；
B.衰变的本质是原子核内部的中子转化为质子和电子，释放的电子来自原子核内部，B正确；
C.该衰变释放能量，说明生成物的原子核更稳定，原子核越稳定比结合能越大，因此的比结合能小于的比结合能，C错误；
D.衰变过程释放能量，根据质能方程可知存在质量亏损，总质量减小，仅质量数守恒，D错误。
故选B。
3．答案：C
解析：平衡球被迅速松开，该膨胀过程中球内气体的体积增大，球内气体对外界做功，膨胀过程与外界无热量交换，由热力学第一定律
可知球内气体内能减少，温度降低，由理想气体状态方程可知球内气体压强减小。
故选C。
4．答案：B
解析：A.根据对称性，支撑爪A、C对铁锅作用力的合力方向竖直向上，支撑爪B、D对铁锅作用力的合力方向竖直向上，支撑爪A、C对铁锅作用力的合力与支撑爪B、D对铁锅作用力的合力大小和方向都相同，设支撑爪A、C对铁锅作用力的合力为F，对铁锅受力分析，有
可得A、C支撑爪对铁锅作用力的合力大小为 ，故A错误；
B.铁锅静止，则铁锅所受四个支撑爪作用力的合力与重力是一对平衡力，故B正确；
C.整体分析有
单个支撑爪对铁锅的支持力为
仅增大支撑爪斜面与水平面的夹角，单个支撑爪对铁锅的支持力增大，故C错误；
D.对铁锅受力分析，根据平衡条件可得
可知增大支撑爪斜面与水平面的夹角，支架整体对该铁锅的作用力不变。
故选B。
5．答案：A
解析：A.理想变压器无能量损耗，输入功率全部转化为两个副线圈的输出功率，即原线圈输入功率等于副线圈Ⅰ、Ⅱ输出功率之和，故A正确；
B.根据变压器原副线圈电压与匝数关系可得
仅增大，则Ⅰ区充电桩电压增大，故B错误；
C.根据变压器原副线圈电压与匝数关系可得
即
由于副线圈Ⅰ、Ⅱ所接入的电阻不确定，所以无法得出副线圈Ⅰ、Ⅱ电流之比，故C错误；
D.根据变压器原副线圈电压与匝数关系可得
则Ⅰ区充电桩电压与Ⅱ区充电桩负载无关，故D错误。
故选A。
6．答案：D
解析：等势面与y轴相切于C点，因此C点等势面的切线为竖直方向，根据场强方向垂直于等势面，可知C点合场强沿水平方向，竖直分量之和为0。 A处的电荷带正电，在C点的场强方向沿y轴正方向（竖直向上），因此B处电荷在C点的场强竖直分量必须向下，才能抵消A的竖直分量。 则B处电荷带负电，根据电势的计算公式可知
由于可知。
故选D。
7．答案：D
解析：AB.物块由顶端到底端过程中，根据动能定理
其中
解得，故AB错误；
CD.设第一宇宙速度为v，对于天体，忽略自转时，根据万有引力等于重力，有
其中
联立，可得，
由于星球C平均密度与地球相等，故
可得第一宇宙速度之比，故C错误，D正确。
故选D。
8．答案：AC
解析：A.激光从液柱射向空气刚好全反射时，临界角满足，故A正确；
B.折射率越大，临界角越小，则液柱的折射率增大，激光发生全反射的临界角也随之减小，故B错误；
C.根据，可得
折射率越大，传播速度越小，则激光在液柱中的传播速度小于在空气中的传播速度，故C正确；
D.光的频率越高，在介质中的折射率越大，临界角越小，越容易发生全反射，则若改用频率较高的激光沿原方向入射，一定能在液柱中发生全反射，故D错误。
故选AC。
9．答案：AD
解析：A.从波形图可得，两列波的波长相等
已知波速均为，由周期公式
可得两列波周期均为，A正确；
B.时，两列波的前端分别在和处，相距
两波相向传播，相对速度为，则相遇时间
振动方向判断：a波向右传，起振方向向下，b波向左传，起振方向向上，时两波刚传到N点，b波振幅大于a波，合振动方向向上，因此N向上振动，B错误；
C.波的干涉条件是频率相同，与振幅无关，两列波周期相同，频率相同，可以发生干涉，C错误；
D.两列波起振方向相反，因此振动加强条件为路程差
其中n为整数，故在处加强，振动加强点有2处，D正确。
故选AD。
10．答案：BC
解析：A.由图乙可知金属杆先做加速度减小的加速运动，2s后做匀速直线运动；当时，速度为，此时感应电动势为
感应电流为
安培力为
根据受力平衡可得
联立解得，故A错误；
B.前2s内，根据动量定理有
又
联立解得，故B正确；
C.设前2s内金属杆通过的位移为x，由
解得，故C正确；
D.前2s内金属杆通过的位移为，2~4s内金属杆通过的位移为
前4s内由能量守恒可得
解得
则前4s内电阻R产生的热量为，故D错误。
故选BC。
11．答案：(1)小球通过光电门的时间；瞬时速度
(2)；
解析：（1）通过测量小球通过光电门的时间，利用得到小球经过D点的瞬时速度，进而计算动能。
（2）小球运动过程中，机械能不变，小球距离D点高度越高，重力势能越大，动能越小，所以甲为小球的机械能，乙为小球重力势能，丙为小球动能，图像可知，当小球摆至高度时，重力势能约为，动能约为。
12．答案：(1)欧姆调零旋钮； 1900
(2)0；
解析：（1）多用电表欧姆挡使用时，选好倍率后需要红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮进行欧姆调零；
开关置于“欧姆挡”倍率的挡位， 由图乙可知欧姆表读数为
（2）磁场为0时，四个巨磁电阻阻值均为，电路结构为与串联、与串联，两条支路并联在电源两端，由电路图可知M、N两点电势相等，因此电压表示数为。
设电源负极电势为0，正极电势为E，对和支路，电流
可得
故M点电势
对和支路，电流
可得
故N点电势
电压表示数
代入整理得
解得
13．答案：(1)
(2)
(3)，2.8 s
解析：（1）对碎石受力分析，根据牛顿第二定律有
解得
（2）假设碎石加速到与传送带共速，运动的位移
解得
故正好等于传送带长度，说明碎石到达顶端时刚好共速，因此
（3）碎石抛出后下落过程，由动能定理有
代入数据得
设碎石在传送带上的运动时间为，由
解得
设竖直向上为正方向，斜上抛时间为
解得
故总时间
14．答案：(1)
(2)，
(3)2.76m
解析：（1）B从圆弧轨道顶端由静止滑下，根据动能定理
B刚滑到木板上时的速度大小
（2）A、B发生完全弹性碰撞，动量守恒且能量守恒
解得、
（3）B匀速运动时间Δt内发生的位移
最终A恰好不滑离木板，则A与木板共速
根据能量守恒
解得
木板的最小长度
15．答案：(1)
(2)1:3
(3)或
解析：（1）a粒子在电场中做类斜抛运动，垂直MN进入磁场，x轴方向匀速运动，则
y轴方向速度减为0，则
其中
解得
（2）a粒子纵坐标
解得
b粒子纵坐标的绝对值
解得
所以P、Q两点纵坐标绝对值之比
（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力有
运动周期
粒子在磁场中经历时间
a粒子在磁场中运动的圆心角
设b粒子进入磁场时速度方向与MN夹角为α，则
其在磁场中运动的圆心角
故两粒子第二次经过MN边界的时间差
第二种设法：若设b粒子进入磁场时速度方向与水平方向夹角为β，则
其在磁场中运动的圆心角
故两粒子第二次经过MN边界的时间差

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