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　基因自由组合定律的重点题型
　“拆分法”求解自由组合定律计算问题
1．思路
将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合。
2．方法
(1)基因型(表型)种类、概率及比例
(2)配子种类及概率的计算
有多对等位基因的个体 举例：基因型为AaBbCc的个体
产生配子的种类数 Aa　　Bb　　 Cc ↓　　 ↓　 ↓ 2　×　2　×　2＝8(种)
产生某种配子的概率 产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8
1．(2026·贵阳一中开学检测)按照孟德尔遗传定律，AaBbCcDd个体自交或测交得到的子代(　　)
A．自交子代基因型有8种
B．测交子代基因型有81种
C．自交子代aabbccdd出现的概率为1/16
D．测交子代AaBbCcDd出现的概率为1/16
　“逆向组合法”推断亲本基因型问题
1．基因填充法
根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处补充完整，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。
2．分解组合法
根据子代表型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如：
(1)9∶3∶3∶1→(3∶1)(3∶1)→(Aa×Aa)(Bb×Bb)→AaBb×AaBb。
(2)1∶1∶1∶1→(1∶1)(1∶1)→(Aa×aa)(Bb×bb)→AaBb×aabb或Aabb×aaBb。
(3)3∶3∶1∶1→(3∶1)(1∶1)→(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)→AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。
2．(2025·甘肃卷)某种牛常染色体上的一对等位基因H(无角)对h(有角)完全显性。体表斑块颜色由另一对独立的常染色体基因(M褐色/m红色)控制，杂合态时公牛呈现褐斑，母牛呈现红斑。在下图的杂交实验中，亲本公牛的基因型是(　　)
A．HhMm　　　　　　 B．HHMm
C．HhMM D．HHMM
　自由组合中多对基因的推断
1．n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律
亲本相 对性状 的对数 F1配子 F2表型 F2基因型
种类 比例 种类 比例 种类 比例
1 2 (1∶1)1 2 (3∶1)1 3 (1∶2∶1)1
2 22 (1∶1)2 22 (3∶1)2 32 (1∶2∶1)2
n 2n (1∶1)n 2n (3∶1)n 3n (1∶2∶1)n
2．控制性状的等位基因对数
(1)巧用“性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数
①自交情况下，得到的“性状比之和”是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因；②测交情况下，得到的“性状比之和”是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。
(2)两步法分析涉及多对等位基因的遗传问题
第一步，确定控制某性状的等位基因的对数：常用“拆分法”把题中出现的概率——如1/64进行拆分，即1/64＝(1/4)3，从而推测控制一对相对性状的等位基因对数(3对)。第二步，弄清各种表型对应的基因型。弄清这个问题以后，用常规的方法推断出子代的基因型种类或某种基因型的比例，然后进一步推断出子代表型的种类或某种表型的比例。
(3)利用(3/4)n、(1/4)n推导
依据n对等位基因自由组合且为完全显性时，F2中每对等位基因都至少含有一个显性基因的个体所占比例是(3/4)n，隐性纯合子所占比例是(1/4)n，可快速推导基因型。
3．(经典高考题)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)
A．植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体
B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大
C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
自交“和”为16，测交“和”为4的特殊 分离比成因
1．基因互作
2．显性基因累加效应
(1)表型
(2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，效果越强。
3．解题技巧
(1)看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
(3)根据表型写出对应的基因型。
(4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
4．(2026·贵州六校联考)白车轴草有两个稳定遗传的品种：叶片内含氰 (HCN)的品种和不含氰的品种，其遗传受两对基因 (D/d、H/h)控制。为了研究白车轴草叶片含氰量的遗传方式，研究者将两个不含氰的品种 (甲、乙)进行杂交，如图所示。下列有关叙述错误的是(　　)
A．两对基因的遗传遵循自由组合定律
B．亲本的基因型是DDhh和ddHH
C．F2中不含氰的植株基因型有5种
D．F2含氰植株中与F1基因型相同的概率是1/9
5．(2026·贵阳一中开学检测)棉花的纤维长度由两对等位基因A/a、B/b控制，已知显性基因A、B决定的纤维长度相等，基因a、b决定的纤维长度也相等。现有一株纤维长度为10 cm的棉花，让该株棉花自交，分别统计F1全部个体的纤维长度及比例，结果是F1中12 cm∶11 cm∶10 cm∶9 cm∶8 cm＝1∶4∶6∶4∶1。下列叙述错误的是(　　)
A．控制棉花纤维长度的两对等位基因A/a、B/b遵循自由组合定律
B．F1纤维长度为11 cm的植株中有2种基因型
C．F1纤维长度为10 cm的植株中纯合子比例为1/2
D．F1纤维长度为9 cm的植株均为杂合子
　自交“和”小于16，测交“和”小于4的 特殊分离比成因
1．胚胎致死或个体致死
2．配子致死或配子不育
3．解题技巧
第一步：先将其拆分成分离定律单独分析。
第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体的基因型、表型及比例。
6．(2024·贵州适应性测试)果蝇的卷翅和直翅是一对相对性状(等位基因B/b控制)，灰体和黑檀体是另一对相对性状(等位基因E/e控制)，这两对等位基因均位于常染色体上。用相同基因型的雌雄果蝇交配，子代表型及比例为卷翅灰体∶卷翅黑檀体∶直翅灰体∶直翅黑檀体＝6∶2∶3∶1。回答下列问题：
(1)灰体和黑檀体中显性性状是________，判断依据是
_____________________________________________________________________。
(2)亲代果蝇的表型是________，子代卷翅∶直翅不符合3∶1的原因是
_____________________________________________________________________。
(3)果蝇的长触角对短触角是显性性状，由位于常染色体上的等位基因F/f控制。现有四种基因型的雌雄果蝇(FFEE、FfEe、FFee、ffee)，请设计一次杂交实验探究等位基因F/f与等位基因E/e的位置关系。写出实验思路、预期结果及结论。
_____________________________________________________________________。
第19讲　基因自由组合定律的重点题型
突破训练
1．D　2．A　3．B　4．D　5．C　
6．(1)灰体　子代灰体和黑檀体的比例是9∶3＝3∶1
(2)卷翅灰体　BB纯合子致死，导致BBEE、BBEe、BBee死亡　(3)实验思路：选择FfEe和ffee杂交，统计子代的表型种类；预期结果及结论：若子代出现4种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于非同源染色体上；若子代出现2种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于一对同源染色体上(共67张PPT)
第19讲　基因自由组合定律的重点题型
必修2　遗传与进化
第四单元　遗传的基本规律
1．思路
将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合。
“拆分法”求解自由组合定律计算问题
2．方法
(1)基因型(表型)种类、概率及比例
(2)配子种类及概率的计算
有多对等位基因的个体 举例：基因型为AaBbCc的个体
产生配子的种类数 Aa　　Bb　　 Cc
↓　　 ↓　 ↓
2　×　 2　×　 2＝8(种)
产生某种配子的概率 产生ABC配子的概率为1/2(A)×1/2(B)×1/2(C)＝1/8
突破训练
1．(2026·贵阳一中开学检测)按照孟德尔遗传定律，AaBbCcDd个体自交或测交得到的子代(　　)
A．自交子代基因型有8种
B．测交子代基因型有81种
C．自交子代aabbccdd出现的概率为1/16
D．测交子代AaBbCcDd出现的概率为1/16
√
D　[按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有34＝81种， A错误；按照孟德尔定律，对AaBbCcDd个体进行测交，测交子代基因型有24＝16种，B错误；自交子代aabbccdd出现的概率为(1/4)4＝1/256，C错误；测交子代AaBbCcDd出现的概率为(1/2)4＝1/16，D正确。]
1．基因填充法
根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处补充完整，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。
“逆向组合法”推断亲本基因型问题
2．分解组合法
根据子代表型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如：
(1)9∶3∶3∶1→(3∶1)(3∶1)→(Aa×Aa)(Bb×Bb)→AaBb×AaBb。
(2)1∶1∶1∶1→(1∶1)(1∶1)→(Aa×aa)(Bb×bb)→AaBb×aabb或Aabb×aaBb。
(3)3∶3∶1∶1→(3∶1)(1∶1)→(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)
→AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。
突破训练
2．(2025·甘肃卷)某种牛常染色体上的一对等位基因H(无角)对h(有角)完全显性。体表斑块颜色由另一对独立的常染色体基因(M褐色/m红色)控制，杂合态时公牛呈现褐斑，母牛呈现红斑。在下图的杂交实验中，亲本公牛的基因型是(　　)
A．HhMm　　B．HHMm C．HhMM D．HHMM
√
A　[若亲本公牛基因型为HhMm(无角褐斑)，有角红斑母牛基因型为hhMm，对于有角和无角这对性状，Hh×hh后代会出现有角(hh)和无角(Hh)个体，对于体表斑块颜色这对性状，Mm×Mm 后代会出现MM、Mm和mm个体，F1公牛会出现有角褐斑，若无角褐斑公牛的基因型为HhMm，无角褐斑母牛的基因型为H_MM，二者杂交后代会出现无角红斑母牛(H_Mm)，A正确；若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMm，有角红斑母牛基因型为hh_m，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代的表型，B错
误；若亲本无角褐斑公牛基因型为HhMM，有角红斑母牛基因型为hhMm，后代会出现有角褐斑公牛(hhM_)，若无角褐斑公牛基因型为HhMM，无角褐斑母牛基因型为H_MM，子代不会出现无角红斑母牛(H_Mm或H_mm)，不符合子代表型，C错误；若亲本无角褐斑公牛基因型为HHMM，有角红斑母牛基因型为hh_m，对于有角和无角这对性状，HH×hh后代全部为无角(Hh)，不符合子代表型，D错误。]
1．n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律
自由组合中多对基因的推断
亲本相 对性状 的对数 F1配子 F2表型 F2基因型
种类 比例 种类 比例 种类 比例
1 2 (1∶1)1 2 (3∶1)1 3 (1∶2∶1)1
2 22 (1∶1)2 22 (3∶1)2 32 (1∶2∶1)2
n 2n (1∶1)n 2n (3∶1)n 3n (1∶2∶1)n
2．控制性状的等位基因对数
(1)巧用“性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数
①自交情况下，得到的“性状比之和”是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因；②测交情况下，得到的“性状比之和”是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。
(2)两步法分析涉及多对等位基因的遗传问题
第一步，确定控制某性状的等位基因的对数：常用“拆分法”把题中出现的概率——如1/64进行拆分，即1/64＝(1/4)3，从而推测控制一对相对性状的等位基因对数(3对)。第二步，弄清各种表型对应的基因型。弄清这个问题以后，用常规的方法推断出子代的基因型种类或某种基因型的比例，然后进一步推断出子代表型的种类或某种表型的比例。
(3)利用(3/4)n、(1/4)n推导
依据n对等位基因自由组合且为完全显性时，F2中每对等位基因都至少含有一个显性基因的个体所占比例是(3/4)n，隐性纯合子所占比例是(1/4)n，可快速推导基因型。
突破训练
3．(经典高考题)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是(　　)
A．植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体
B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大
C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
√
B　[若n＝1，则植株A测交会出现2(21)种不同的表型，若n＝2，则植株A测交会出现4(22)种不同的表型，以此类推，当n对等位基因测交时，会出现2×2×2×2×……＝2n种不同的表型，A正确；n越大，植株A测交子代中表型的种类数目越多，但各表型的比例相等，与n的大小无关，B错误；植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等，占子代个体总数的比例均为(1/2)n，C正确；植株A的测交子代中，纯合子的个体数所占比例为(1/2)n，杂合子的个体数所占比例为1－(1/2)n，当n≥2时，杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。]
1．基因互作
自交“和”为16，测交“和”为4的特
殊分离比成因
2．显性基因累加效应
(1)表型
(2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，效果越强。
3．解题技巧
(1)看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。
(3)根据表型写出对应的基因型。
(4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
突破训练
4．(2026·贵州六校联考)白车轴草有两个稳定遗传的品种：叶片内含氰 (HCN)的品种和不含氰的品种，其遗传受两对基因 (D/d、H/h)控制。为了研究白车轴草叶片含氰量的遗传方式，研究者将两个不含氰的品种 (甲、乙)进行杂交，如图所示。
下列有关叙述错误的是(　　)
A．两对基因的遗传遵循自由组合定律
B．亲本的基因型是DDhh和ddHH
C．F2中不含氰的植株基因型有5种
D．F2含氰植株中与F1基因型相同的概率是1/9
√
D　[F2中含氰∶不含氰＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，可判断白车轴草叶片内含氰量的遗传遵循自由组合定律，A正确；不含氰的植株基因型是D_hh、dd_ _，F1的基因型是DdHh，亲本不含氰，可推测亲本基因型为DDhh和ddHH，B正确；F1基因型为双杂合DdHh，DdHh自交后，F2中D_H_为含氰的植株，则不含氰的植株基因型有ddHH、ddHh、DDhh、Ddhh、ddhh，共5种，C正确；F1的基因型是DdHh，F2含氰植株(D_H_)中DdHh的比例为4/9，D错误。]
5．(2026·贵阳一中开学检测)棉花的纤维长度由两对等位基因A/a、B/b控制，已知显性基因A、B决定的纤维长度相等，基因a、b决定的纤维长度也相等。现有一株纤维长度为10 cm的棉花，让该株棉花自交，分别统计F1全部个体的纤维长度及比例，结果是F1中12 cm∶11 cm∶10 cm∶
9 cm∶8 cm＝1∶4∶6∶4∶1。下列叙述错误的是(　　)
A．控制棉花纤维长度的两对等位基因A/a、B/b遵循自由组合定律
B．F1纤维长度为11 cm的植株中有2种基因型
C．F1纤维长度为10 cm的植株中纯合子比例为1/2
D．F1纤维长度为9 cm的植株均为杂合子
√
C　[据题意可知，该株棉花自交，F1全部个体的表型及比例是
12 cm∶11 cm∶10 cm∶9 cm∶8 cm＝1∶4∶6∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，说明两对等位基因A/a、B/b遵循自由组合定律，A正确；F1全部个体的表型及比例是9∶3∶3∶1的变式，说明亲本的基因型为AaBb，F1纤维长度为11 cm的个体基因型(含有3个显性基因)为AABb、AaBB，B正确；F1纤维长度为10 cm的植株基因型(含有2个显性基因)为AAbb、AaBb、aaBB，比例为1∶4∶1，纯合子的比例为2/6＝1/3，C错误；F1纤维长度为9 cm的植株含有1个显性基因，故均为杂合子，D正确。]
1．胚胎致死或个体致死
自交“和”小于16，测交“和”小于
4的特殊分离比成因
2．配子致死或配子不育
3．解题技巧
第一步：先将其拆分成分离定律单独分析。
第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体的基因型、表型及比例。
突破训练
6．(2024·贵州适应性测试)果蝇的卷翅和直翅是一对相对性状(等位基因B/b控制)，灰体和黑檀体是另一对相对性状(等位基因E/e控制)，这两对等位基因均位于常染色体上。用相同基因型的雌雄果蝇交配，子代表型及比例为卷翅灰体∶卷翅黑檀体∶直翅灰体∶直翅黑檀体＝6∶2∶3∶1。回答下列问题：
(1)灰体和黑檀体中显性性状是________，判断依据是___________________________________________________________。
(2)亲代果蝇的表型是____________，子代卷翅∶直翅不符合3∶1的原因是________________________________________________。
子代灰体和
黑檀体的比例是9∶3＝3∶1
灰体
卷翅灰体
BB纯合子致死，导致BBEE、BBEe、BBee死亡
(3)果蝇的长触角对短触角是显性性状，由位于常染色体上的等位基因F/f控制。现有四种基因型的雌雄果蝇(FFEE、FfEe、FFee、ffee)，请设计一次杂交实验探究等位基因F/f与等位基因E/e的位置关系。写出实验思路、预期结果及结论。_____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
实验思路：选择FfEe和ffee杂交，统计子代的表型种类；预期结果及结论：若子代出现4种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于非同源染色体上；若子代出现2种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于一对同源染色体上
[解析]　(1)灰体和黑檀体中显性性状是灰体，因为用相同基因型的雌雄果蝇交配，子代表型及比例为卷翅灰体∶卷翅黑檀体∶直翅灰体∶直翅黑檀体＝6∶2∶3∶1，灰体和黑檀体的比例是9∶3＝3∶1。(2)因为子代表型及比例为卷翅灰体(B_E_)∶卷翅黑檀体(B_ee)∶直翅灰体(bbE_)∶直翅黑檀体(bbee)＝6∶2∶3∶1，则亲本基因型都是BbEe，表型是卷翅灰体。子代卷翅∶直翅不符合3∶1的原因是基因型BB纯合子致死，导致BBE_和BBee死亡。(3)四种基因型的雌雄果蝇(FFEE、FfEe、FFee、ffee)，设计一次杂交实验探究等位基因
F/f与等位基因E/e的位置关系，可以设计测交实验。实验思路：选择FfEe和ffee杂交，统计子代的表型种类；预期结果及结论：若子代出现4种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于非同源染色体上。若子代出现2种表型，则等位基因F/f与等位基因E/e位于一对同源染色体上。
课后分层作业(十九) 　基因自由组合定律的重点题型
1．番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是(　　)
A．9/64、1/9　　　　　 B．9/64、1/64
C．3/64、1/3 D．3/64、1/64
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
A　[设控制三对性状的基因分别用A/a、B/b、C/c表示，亲代基因型为AABBcc与aabbCC，F1的基因型为AaBbCc，F2中A_∶aa＝3∶1，B_∶bb＝3∶1，C_∶cc＝3∶1，所以F2中红果、多室、长蔓所占的比例是3/4×1/4×3/4＝9/64；在F2的每对相对性状中，显性性状中的纯合子占1/3，故红果、多室、长蔓中纯合子的比例是1/3×1/3＝1/9。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
2．番茄中红色果实(R)对黄色果实(r)为显性，两室果(D)对多室果(d)为显性，高藤(T)对矮藤(t)为显性，控制三对性状的等位基因分别位于三对同源染色体上，某红果两室高藤植株甲与rrddTT杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2；与rrDDtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/4；与RRddtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2。植株甲的基因型是(　　)
A．RRDdTt　　　　　 B．RrDdTt
C．RrDdTT D．RrDDTt
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
D　[甲表型为红果两室高藤，对应的基因型为R_D_T_，甲与rrddTT杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2，说明R_D_有一对基因是纯合子，有一对基因是杂合子，与rrDDtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/4，说明R_T_是杂合子，即RrTt，甲与RRddtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2，说明D_是纯合子，综上所述，甲的基因型为RrDDTt，D正确，A、B、C错误。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
3．(2025·贵州省贵阳联考)南瓜中白色(W)对黄色(w)呈显性，盘状(D)对球状(d)呈显性，两对等位基因独立遗传，基因型为WwDd的南瓜甲和南瓜乙杂交，F1表型为白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝3∶1∶3∶1，下列相关叙述错误的是(　　)
A．南瓜乙的基因型为wwDd
B．南瓜甲产生WD卵细胞和WD精子的数量之比不为1∶1
C．亲代产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合
D．F1中重组类型占1/4
√
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
11
C　[WwDd×wwDd→(1白色∶1黄色)×(3盘状∶1球状)＝白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝3∶1∶3∶1，A正确；基因型为WwDd的南瓜将产生雌雄配子各4种，4种雌雄配子的数量比均接近1∶1∶1∶1，但一般雌配子和雄配子的数量不相等，雄配子的数量远远多于雌配子的数量，B正确；基因的自由组合发生在减数分裂Ⅰ的过程中，即减数分裂产生配子时才能体现自由组合，F1产生的雌、雄配子随机结合不能体现自由组合，C错误；亲本表型为白色盘状南瓜和黄色盘状南瓜，则子代中重组性状有白色球状(1Wwdd)、黄色球状(1wwdd)，重组性状类型占2/8＝1/4，D正确。]
题号
1
3
5
2
4
6
8
7
9
10
题号
1
3
5
2
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4．(2025·贵州名校联考)人类多指(D)对正常指(d)为显性。某家庭中，父亲多指，母亲正常，他们婚后生育了一个多指且患白化病的女儿。若白化病相关基因用B和b表示，不考虑基因突变，下列相关分析合理的是(　　)
A．若这对夫妇再生一个孩子且完全正常的概率为3/8
B．女儿的基因型为bbDd，b基因来自她的父亲和母亲
C．进行遗传咨询和产前诊断可以避免第二个孩子患病
D．该家庭中父亲的基因型为BbDd，母亲基因型为Bbdd
√
题号
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B　[据题意分析可知，该家庭中，父亲多指，但是没有白化病，基因型为B_D_，母亲正常，基因型为B_dd，他们婚后生育了一个多指且患白化病的女儿的基因型为bbDd，故父亲基因型为BbDD或BbDd，母亲基因型为Bbdd，女儿的b基因来自她的父亲和母亲，由于父亲基因型为BbDD或BbDd，母亲基因型为Bbdd，若这对夫妇再生一个孩子且完全正常的概率为0或3/8，A、D错误，B正确；多指和白化病都是常染色体遗传病，在生育的后代中儿子和女儿患病的概率一样，故进行遗传咨询不能完全避免第二个孩子患病，C错误。]
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5．(2025·贵州六校联考)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为黄色，A_bb、aaB_表现为灰色，aabb表现为青色，让两只灰色鼠杂交得F1，F1雌雄鼠相互交配得F2，F2表型及比例为黄色∶灰色∶青色＝9∶6∶1。下列相关说法错误的是(　　)
A．亲代的两只灰色鼠都是纯合子
B．F2黄色鼠中与F1基因型相同的占4/9
C．F2中黄色鼠中纯合子占1/3
D．控制鼠的体色的两对基因不位于一对同源染色体上
√
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C　[分析题干信息，A_B_表现为黄色，A_bb、aaB_表现为灰色，aabb表现为青色。两只灰色鼠杂交得F1，F1雌雄鼠相互交配得F2，F2表型及比例为黄色∶灰色∶青色＝9∶6∶1，说明F1基因型为AaBb，亲代鼠基因型为AAbb和aaBB，A正确；F1基因型为AaBb，F2黄色鼠基因型为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb＝1∶2∶2∶4，故F2黄色鼠中与F1基因型相同的占4/9，B正确；结合B选项的分析，F2中黄色鼠中纯合子占1/9，C错误；F2表型及比例为黄色∶灰色∶青色＝9∶6∶1，是9∶3∶3∶1的变式，因此控制鼠的体色的两对基因独立遗传，不位于一对同源染色体上，D正确。]
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6．(2025·贵州名校联考)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是白色红色紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色体上。现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合植株杂交，得到F1。下列叙述错误的是(　　)
A．F1中红花植株所占比例为3/8
B．F1中紫花植株有2种基因型
C．F1白花植株自交，子代中纯合植株占1/2
D．可用纯合白花植株鉴定红花植株是否为纯合植株
√
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C　[紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合植株(Aabb)杂交，F1中红花植株(A_bb)占(3/4)×(1/2)＝3/8，A正确；F1中紫花植株有AABb、AaBb共2种基因型，B正确；F1白花植株(1/2aaBb、1/2aabb)自交，子代纯合植株占(1/2)×(1/2)＋1/2＝3/4，C错误；可用纯合白花植株(aabb或aaBB)鉴定红花植株(A_bb)是否为纯合植株，用aabb进行鉴定时，aabb与AAbb的后代均为Aabb(红花植株)，aabb与Aabb的后代为1/2Aabb(红花植株)、1/2aabb(白花植株)；用aaBB进行鉴定时，aaBB与AAbb的后代均为AaBb(紫花植株)，aaBB与Aabb的后代为1/2AaBb(紫花植株)、1/2aaBb(白花植株)，D正确。]
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7．(2025·贵州名校联考)某雌雄同株植物花的颜色由A/a、B/b两对等位基因控制。A基因控制红色素的合成(AA和Aa的效应相同，B基因具有淡化色素的作用)，现用两纯合白花植株进行人工杂交(子代数量足够多)，F1自交产生的F2中粉色∶红色∶白色＝6∶3∶7。下列说法错误的是(　　)
A．F2粉色植株中全为杂合子
B．红花植株的自交后代中会出现红色
C．纯合白花植株的基因型为AABB、aabb两种类型
D．基因型为__Bb的个体的表型有粉色和白色两种类型
√
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C　[根据题干信息分析，A基因控制红色素合成，B为修饰基因，淡化红色的深度，故红色为A_bb、粉色为A_Bb、白色为A_BB或aa_ _，F2粉色植株基因型为AABb和AaBb，均为杂合子，A正确；红花植株的基因型为AAbb、Aabb，AAbb自交子代全为红花，Aabb自交子代3/4为红花，B正确；纯合白花的基因型为AABB、aaBB、aabb三种类型，C错误；红色为A_bb、粉色为A_Bb、白色为A_BB或aa_ _，故基因型为__Bb的个体的表型有粉色和白色两种类型，D正确。]
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8．(2025·贵州贵阳模拟)人体Ⅰ型胶原蛋白是骨骼和结缔组织的主要结构蛋白，由两条α1链和一条α2链组成，α1链由17号染色体上的COL1A1编码，α2链由7号染色体上的COL1A2编码。某夫妻因部分Ⅰ型胶原蛋白结构异常导致疾病发生，检测发现丈夫存在1个突变的COL1A1，妻子存在1个突变的COL1A2。下列叙述错误的是(　　)
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A．人体中的COL1A1和COL1A2为非等位基因
B．该夫妻所患疾病都属于常染色体显性遗传病
C．丈夫体内Ⅰ型胶原蛋白结构异常的概率是1/2
D．该夫妻生下正常女孩的概率是1/8
√
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C　[分析题意，COL1A1和COL1A2基因分别位于17号和7号染色体上，两个基因属于非等位基因，A正确。检测发现丈夫存在1个突变的COL1A1，妻子存在1个突变的COL1A2，即一个基因突变后就患病，说明该病是显性遗传病，又因为相关基因位于常染色体上，故是常染色体显性遗传病，B正确。设相关基因分别是A/a、B/b，丈夫为COL1A1杂合突变(基因型：Aabb)，妻子COL1A2杂合突变(基因型：aaBb)。Ⅰ型胶原蛋白分子由两条α1链和一条α2链组成。α1链由COL1A1编码，丈夫体内α1链的生成：由于COL1A1杂合，每条
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α1链有50%概率正常、50%概率异常(假设等位基因随机表达)。α2链正常(100%)。胶原蛋白分子结构异常的条件：至少一条α1链突变。两条α1链均正常的概率＝(1/2)×(1/2)＝1/4。因此，结构异常的概率＝1－1/4＝3/4(包括一条或两条α1链突变的情况)，C错误。设相关基因分别是A/a、B/b，夫妻基因型分别是Aabb、aaBb，该夫妻生下正常女孩的概率是1/2×1/2(aabb)×1/2(女孩)＝1/8，D正确。]
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9．(2025·河南卷)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是(　　)
A．甲的基因型是AaBB或AABb
B．F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死
C．F2植株中性状能稳定遗传的占7/15
D．F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种
√
题号
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D　[已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6，为9∶3∶3∶1的变式，可知杂交后代F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A_B_，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A_B_)∶突变株均为3∶1，故甲的基因型是
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AaBB或AABb，A正确；F1基因型为AaBb，自交后代F2应该出现9∶(6＋1)的分离比，出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确；F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确；F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有：AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb 6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。]
题号
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10．(2025·贵州名校联考)有一种植物的花色受常染色体上独立遗传的两对等位基因控制，有色基因B对白色基因b为显性，基因A存在时抑制基因B的作用，使花色表现为白色，基因a不影响基因B和b的作用。现有3组杂交实验，结果如下。请回答下列问题：
题号
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11
(1)基因A、B的遗传遵循____________定律。
(2)组别②的F2中白色花植株的基因型有____________种，若F2中白色花植株自花传粉，后代的有色花植株所占比例为________。
(3)组别③F2的表型及其数量比为________________________。
题号
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自由组合
2(或二或两)
1/6
白色∶有色＝13∶3
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11
(4)现有白色花植株(记为丁)，其自交后代无性状分离。某同学欲用基因型为aaBb的植株与丁杂交，根据F1的表型及比例判断丁的基因型，该同学能否达到目的？请根据杂交实验的预期结果说明理由： ______________________________________________________________________________________________。
题号
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不能，因为当丁的基因型为AABB、AABb或AAbb时，与aaBb杂交的后代均为白色花植株
题号
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[解析]　(1)分析题意可知，“有色基因B对b为显性，A存在时可抑制B的显色作用”，且A、B是常染色体上独立遗传的两对等位基因，因此它们遵循自由组合定律。(2)组别②亲本为甲(有色)×丙(白色)，F1全白且F2白色∶有色＝3∶1，又因为有色基因B对白色基因b为显性，基因A存在时抑制基因B的作用，使花色表现为白色，基因a不影响基因B和b的作用，可推知亲本甲＝aaBB(有色)，丙＝AABB(白色)，则F1基因型为AaBB(白色)，F1自交得F2，基因型分布1(AABB)∶2(AaBB)∶1(aaBB)。其中AABB、AaBB都是白色，
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aaBB为有色，故白色∶有色＝3∶1，F2出现的白花共有两种基因型(AABB、AaBB)；F2白花中AABB与AaBB之比为1∶2，在后代中有色花植株所占比例＝2/3×1/4＝1/6。(3)组别③中，乙(白色)×丙(白色)得到的F1为AaBb(白色)，F1自交后代中A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，由于基因间的相互作用，最终表现为白色∶有色＝13∶3。(4)当丁的基因型为AABB、AABb或AAbb时，与aaBb杂交的后代均为白色花植株，故用基因型为aaBb的植株与丁杂交，根据F1的表型及比例无法判断丁的基因型。
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11．(2025·贵州遵义模拟)某种农作物为两性花植物，自然状态为随机交配。该种农作物子叶颜色(由E、e基因控制：EE表现深绿；Ee表现浅绿；ee呈黄色，幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由F、f基因控制)为两对独立遗传的相对性状。科研人员进行了两组遗传实验：
实验一：子叶浅绿不抗病植株与子叶深绿抗病植株杂交，F1中子叶深绿抗病∶子叶浅绿抗病＝1∶1。
实验二：子叶深绿抗病植株与子叶浅绿抗病植株杂交，F1中子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶1∶3∶1。
题号
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回答下列问题：
(1)通过实验一的结果判断，该种农作物花叶病的抗性中显性性状为________，依据是__________________________________________。
题号
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11
抗病
不抗病植株与抗病植株杂交，后代均表现为抗病
(2)实验二的亲本中，子叶浅绿抗病植株产生的配子有________种，能产生这几种配子的原因是__________________________________________________________________________________________________________________________________。
若让该植株自交，F1中成熟个体的表型及比例为____________________________________________________________________________。
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11
4
在减数分裂产生配子时，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，从而产生4种类型的配子
子叶深绿抗病∶
子叶浅绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶6∶1∶2
(3)欲从实验二的F1中选出子叶深绿且抗病的稳定遗传个体，写出实验思路及预期结果： ________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
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用子叶深绿抗病植株单独隔离种植，单株收获其子代，分别观察统计子代的表型；若子代全为子叶深绿抗病，即为稳定遗传个体
[解析]　(1)观察实验一和实验二，发现不抗病植株与抗病植株杂交，后代均表现为抗病。 根据“无中生有为隐性，有中生无为显性”以及亲代不同性状杂交子代只表现一种性状时，子代表现的性状为显性性状的规律，可判断抗病为显性性状。(2)已知子叶颜色和花叶病抗性由两对等位基因控制且独立遗传，实验二亲本子叶浅绿抗病植株基因型为EeFf。 依据基因的自由组合定律，在减数分裂产生配子时，同源染色体上的等位基因彼此分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以能产生EF、Ef、eF、ef这4种类型的配子。 让
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该植株(EeFf)自交，由于ee在幼苗阶段死亡，所以存活个体中E_(深绿、浅绿)占3/4，ee(黄色死亡)占1/4；F_(抗病)占3/4，ff(不抗病)占1/4。综合考虑，F1中成熟个体的表型及比例为子叶深绿抗病(EEF_)∶子叶深绿不抗病(EEff)∶子叶浅绿抗病(EeF_)∶子叶浅绿不抗病(Eeff)＝(1/3×3/4)∶(1/3×1/4)∶(2/3×3/4)∶(2/3×1/4)＝3∶1∶6∶2。(3)子叶深绿抗病植株的基因型可能为EEFF、EEFf。 采用单独隔离种植的方法，单株收获其子代，分别观察统计子代的表型。若子代全为子叶深绿抗病，说明该亲本为EEFF，即为稳定遗传个体；若子代出现其他表型，则不是稳定遗传个体。
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谢 谢 ！　基因自由组合定律的重点题型
1．番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是(　　)
A．9/64、1/9　　　　　B．9/64、1/64
C．3/64、1/3 D．3/64、1/64
2．番茄中红色果实(R)对黄色果实(r)为显性，两室果(D)对多室果(d)为显性，高藤(T)对矮藤(t)为显性，控制三对性状的等位基因分别位于三对同源染色体上，某红果两室高藤植株甲与rrddTT杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2；与rrDDtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/4；与RRddtt杂交，子代中红果两室高藤植株占1/2。植株甲的基因型是(　　)
A．RRDdTt　　　　　 B．RrDdTt
C．RrDdTT D．RrDDTt
3．(2025·贵州省贵阳联考)南瓜中白色(W)对黄色(w)呈显性，盘状(D)对球状(d)呈显性，两对等位基因独立遗传，基因型为WwDd的南瓜甲和南瓜乙杂交，F1表型为白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝3∶1∶3∶1，下列相关叙述错误的是(　　)
A．南瓜乙的基因型为wwDd
B．南瓜甲产生WD卵细胞和WD精子的数量之比不为1∶1
C．亲代产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合
D．F1中重组类型占1/4
4．(2025·贵州名校联考)人类多指(D)对正常指(d)为显性。某家庭中，父亲多指，母亲正常，他们婚后生育了一个多指且患白化病的女儿。若白化病相关基因用B和b表示，不考虑基因突变，下列相关分析合理的是(　　)
A．若这对夫妇再生一个孩子且完全正常的概率为3/8
B．女儿的基因型为bbDd，b基因来自她的父亲和母亲
C．进行遗传咨询和产前诊断可以避免第二个孩子患病
D．该家庭中父亲的基因型为BbDd，母亲基因型为Bbdd
5．(2025·贵州六校联考)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为黄色，A_bb、aaB_表现为灰色，aabb表现为青色，让两只灰色鼠杂交得F1，F1雌雄鼠相互交配得F2，F2表型及比例为黄色∶灰色∶青色＝9∶6∶1。下列相关说法错误的是(　　)
A．亲代的两只灰色鼠都是纯合子
B．F2黄色鼠中与F1基因型相同的占4/9
C．F2中黄色鼠中纯合子占1/3
D．控制鼠的体色的两对基因不位于一对同源染色体上
6．(2025·贵州名校联考)某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是白色红色紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色体上。现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合植株杂交，得到F1。下列叙述错误的是(　　)
A．F1中红花植株所占比例为3/8
B．F1中紫花植株有2种基因型
C．F1白花植株自交，子代中纯合植株占1/2
D．可用纯合白花植株鉴定红花植株是否为纯合植株
7．(2025·贵州名校联考)某雌雄同株植物花的颜色由A/a、B/b两对等位基因控制。A基因控制红色素的合成(AA和Aa的效应相同，B基因具有淡化色素的作用)，现用两纯合白花植株进行人工杂交(子代数量足够多)，F1自交产生的F2中粉色∶红色∶白色＝6∶3∶7。下列说法错误的是(　　)
A．F2粉色植株中全为杂合子
B．红花植株的自交后代中会出现红色
C．纯合白花植株的基因型为AABB、aabb两种类型
D．基因型为__Bb的个体的表型有粉色和白色两种类型
8．(2025·贵州贵阳模拟)人体Ⅰ型胶原蛋白是骨骼和结缔组织的主要结构蛋白，由两条α1链和一条α2链组成，α1链由17号染色体上的COL1A1编码，α2链由7号染色体上的COL1A2编码。某夫妻因部分Ⅰ型胶原蛋白结构异常导致疾病发生，检测发现丈夫存在1个突变的COL1A1，妻子存在1个突变的COL1A2。下列叙述错误的是(　　)
A．人体中的COL1A1和COL1A2为非等位基因
B．该夫妻所患疾病都属于常染色体显性遗传病
C．丈夫体内Ⅰ型胶原蛋白结构异常的概率是1/2
D．该夫妻生下正常女孩的概率是1/8
9．(2025·河南卷)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是(　　)
A．甲的基因型是AaBB或AABb
B．F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死
C．F2植株中性状能稳定遗传的占7/15
D．F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种
10．(2025·贵州名校联考)有一种植物的花色受常染色体上独立遗传的两对等位基因控制，有色基因B对白色基因b为显性，基因A存在时抑制基因B的作用，使花色表现为白色，基因a不影响基因B和b的作用。现有3组杂交实验，结果如下。请回答下列问题：
(1)基因A、B的遗传遵循____________定律。
(2)组别②的F2中白色花植株的基因型有____________种，若F2中白色花植株自花传粉，后代的有色花植株所占比例为________。
(3)组别③F2的表型及其数量比为________________________。
(4)现有白色花植株(记为丁)，其自交后代无性状分离。某同学欲用基因型为aaBb的植株与丁杂交，根据F1的表型及比例判断丁的基因型，该同学能否达到目的？请根据杂交实验的预期结果说明理由： ___________________________________
_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
11．(2025·贵州遵义模拟)某种农作物为两性花植物，自然状态为随机交配。该种农作物子叶颜色(由E、e基因控制：EE表现深绿；Ee表现浅绿；ee呈黄色，幼苗阶段死亡)和花叶病的抗性(由F、f基因控制)为两对独立遗传的相对性状。科研人员进行了两组遗传实验：
实验一：子叶浅绿不抗病植株与子叶深绿抗病植株杂交，F1中子叶深绿抗病∶子叶浅绿抗病＝1∶1。
实验二：子叶深绿抗病植株与子叶浅绿抗病植株杂交，F1中子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶1∶3∶1。
回答下列问题：
(1)通过实验一的结果判断，该种农作物花叶病的抗性中显性性状为________，依据是_________________________________________________________________。
(2)实验二的亲本中，子叶浅绿抗病植株产生的配子有________种，能产生这几种配子的原因是_________________________________________________________
_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
若让该植株自交，F1中成熟个体的表型及比例为___________________________。
(3)欲从实验二的F1中选出子叶深绿且抗病的稳定遗传个体，写出实验思路及预期结果： _____________________________________________________________
_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
课后分层作业(十九)
1．A　2．D　3．C　4．B　5．C　6．C　7．C　8．C　9．D　
10．(1)自由组合　(2)2(或二或两)　1/6　(3)白色∶有色＝13∶3　(4)不能，因为当丁的基因型为AABB、AABb或AAbb时，与aaBb杂交的后代均为白色花植株
11．(1)抗病　不抗病植株与抗病植株杂交，后代均表现为抗病　(2)4　在减数分裂产生配子时，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，从而产生4种类型的配子　子叶深绿抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿不抗病＝3∶6∶1∶2　(3)用子叶深绿抗病植株单独隔离种植，单株收获其子代，分别观察统计子代的表型；若子代全为子叶深绿抗病，即为稳定遗传个体

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