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2026 年中考考前预测卷 02（天津专用）
物理·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
第Ⅰ卷
本卷共两大题，其 39 分。
一、单项选择题（本大题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合
题意）
1．在学校、医院和科学研究部门附近，有上图所示的标志。在下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的
是（ ）
A．用耳塞塞住耳朵
B．在道路两旁植树
C．楼房安装双层玻璃
D．在摩托车上安装消声器
【答案】D
【解析】如图为禁止鸣笛的标志，是防止噪声产生，是在声源处减弱噪声；
A．用耳塞塞住耳朵，是在人耳处减弱噪声，故 A不合题意；
BC．在道路两旁植树和楼房安装双层玻璃，都是阻断噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声，故 BC不
合题意；
D．在摩托车上安装消声器，是在声源处减弱噪声，故 D符合题意。
故选 D。
2．我国将每年的农历秋分日设立为“中国农民丰收节”，用以庆祝农作物喜获丰收。如图所示为一成年男
子手握玉米的场景，由此可估测出该玉米的长度约为（　　）
A．20mm B．20dm C．20cm D．20m
【答案】C
【解析】人四指的宽度约为 8cm，图中玉米的长度约为人四指宽度的 2.5倍，所以该玉米的长度约为
2.5×8cm=20cm=2dm
故选 C。
3．天气较冷时，戴眼镜的人佩戴口罩，在室外眼镜镜片容易变模糊，当他进入温暖的房间后，镜片又变清
晰，下列与“变清晰”原理相同的是（ ）
A．冬天汽车尾气管冒“白气” B．衣柜樟脑丸“变小”
C．雪山树枝上的“雾凇” D．教室里的积水“消失”
【答案】D
【解析】题干中“变清晰”的原理是：进入温暖房间后，镜片上的液态小水滴汽化为气态水蒸气，属
于汽化现象（液态变为气态）。
A．冬天汽车尾气管冒“白气”，是气态水蒸气遇冷液化为液态小水滴，属于液化现象，与“变清晰”
原理不同，故 A不符合题意；
B．衣柜樟脑丸“变小”，是固态樟脑丸直接升华为气态，属于升华现象，与“变清晰”原理不同，故 B
不符合题意；
C．雪山树枝上的“雾凇”，是气态水蒸气直接凝华为固态小冰晶，属于凝华现象，与“变清晰”原理
不同，故 C不符合题意；
D．教室里的积水“消失”，是液态水汽化为气态水蒸气，属于汽化现象，与“变清晰”原理相同，故 D
符合题意。
故选 D。
4．下列现象可用光沿直线传播解释的是（　　）
A． 瓶子在平面镜中的像 B． 手影游戏
C． 水中折笔 D． 水中倒影
【答案】B
【解析】A．瓶子在平面镜中的像属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 A不符合题意；
B．手影是由于光的直线传播，在不透明的手的后面、光线照不到的地方形成的影子，故 B符合题意；
C．水中折笔是水中的笔反射的光斜射入空气中发生折射形成的，故 C不符合题意；
D．水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 D不符合题意；
故选 B。
5．如图所示，玩具“不倒翁”被扳倒后自动会自动重新立起。相对于水平面，“不倒翁”在摆动过程中（　　）
A．所受的重力大小不变，方向变动 B．所受的重力大小改变，方向不变
C．所受支持力作用点改变，方向不变 D．所受支持力作用点不变，方向不变
【答案】C
【解析】AB．地面附近的一切物体都要受重力作用，重力的方向始终是竖直向下的，重力大小与质量
成正比，“不倒翁”质量不变，则它的重力不变，所以，玩具“不倒翁”在摆动过程中，重力的大小和
方向都不变；故 AB不符合题意；
CD．支持力是接触面施加给玩具“不倒翁”的力，方向始终垂直于接触面，即竖直向上；在摆动过程
中，玩具“不倒翁”与桌面的接触点会发生变化，因此支持力的作用点会随接触点的变化而改变，故 C
符合题意，D不符合题意。
故选 C。
6．居民区楼道内装有自动控制的楼道灯，其原理是在控制开关内装有“光敏”和“声敏”自动装置，只有
当天黑且有声音时，灯才会亮。小明了解原理后，设计如下电路图，既符合要求又满足安全用电原则
是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】声敏和光敏装置需同时闭合（天黑且有声音）灯才会亮，因此两者应串联。 为安全用电，开
关（声敏、光敏装置）应接在火线与灯泡之间，螺旋套应该接零线。
A．声敏和光敏并联，只要一个装置工作灯就亮，不符合 “天黑且有声音” 的条件，故 A错误；
B．声敏和光敏并联，只要一个装置工作灯就亮，不符合 “天黑且有声音” 的条件，故 B错误；
C．声敏和光敏串联，且接在火线与灯泡之间，螺旋套接零线，符合要求，故 C正确；
D．声敏和光敏串联，且接在火线与灯泡之间，但螺旋套未接零线，故 D错误。
故选 C。
7．下列在足球运动中描述正确的是（　　）
A．足球滚出后慢慢停下来是因为没有力维持足球的运动
B．守门员踢出的足球，由于受到惯性的作用能够在空中继续飞行
C．足球停下来静止在水平地面上时，足球受到的重力和支持力是一对平衡力
D．踢球瞬间，脚先给球一个力，然后球再给脚一个力，这两个力是相互作用力
【答案】C
【解析】A．足球滚出后慢慢停下来是因为受到阻力作用，说明力可以改变物体的运动状态，故 A错误；
B．守门员踢出的足球，由于具有惯性能够在空中继续飞行，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故
B错误；
C．足球停下来静止在水平地面上时，足球受到的重力和支持力大小相等，方向相反，作用在同一条直
线上，作用在同一个物体上，是一对平衡力，故 C正确；
D．相互作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们
同时产生，同时变化，同时消失，踢球瞬间，脚给球一个力的同时，脚也受到球对其的力，故 D错误。
故选 C。
8．如图所示电路，闭合开关后灯泡L1、L2 均不发光，电流表无示数。现用电压表检测故障，分别测得 ab、
bc、 cd 间电压为0V 、3V、0V ，由此可判断电路故障可能是（ ）
A．L1断路 B．L2 断路 C．L2 短路 D．开关断路
【答案】B
【解析】闭合开关后灯泡 L1、L2均不发光，电流表无示数，说明电路存在断路故障。用电压表检测故障，
测得 bc间电压为 3V，说明电压表与电源两极是连通的，bc之间的电路出现断路，即 L2断路。
A．若 L1断路，bc间电压应为 0V，故 A不符合题意；
B．L2断路，符合 bc间电压为 3V的情况，故 B符合题意；
C．若 L2短路，电路是通路，灯泡 L1会发光，电流表有示数，故 C不符合题意；
D．若开关断路，bc间电压应为 0V，故 D不符合题意。
故选 B。
9．如图所示是某一通电螺线管，小磁针静止时的 N极已经标出，下列分析中正确的是（　　）
A．通电螺线管右端为 N极
B．电源右端为正极
C．通电螺线管周围的磁感线是真实存在的
D．减小线圈的匝数通电螺线管周围的磁场会变强
【答案】B
【解析】A．根据图示可知，小磁针的左端为 N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为 S极，
故 A错误；
B．根据螺线管的右端为 S极，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，由
此可以确定电源的右端为正极，故 B正确；
C．人们为了研究方便引入了磁感线，磁感线并不存在，故 C错误；
D．通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，减小线圈匝数，螺线管周围磁场会变弱，故 D
错误。
故选 B。
10．如图所示，用滑轮组提升重为 400N的物体。在拉力 F的作用下，绳子自由端在 10s的时间竖直向上匀
速移动了 3m，滑轮组的额外功是 100J。对于这一过程，下列说法正确的是（　　）
A．滑轮组提升物体所做的有用功是 1200J B．拉力 F的功率是 50W
C．滑轮组的机械效率是 75% D．动滑轮所受的重力为 100N
【答案】B
【解析】A．由图可知，承担物重绳子的股数是
n＝3
物体上升的高度
h s 3m= = =1m
n 3
滑轮组提升物体所做的有用功
W 有用＝Gh＝400N×1m＝400J
故 A错误；
B．拉力的总功
W 总＝W 有用+W 额＝400J+100J＝500J
拉力做功的功率
W
P 总 500J= = = 50W
t 10s
故 B正确；
C．滑轮组的机械效率
W
h 有用 400J= = 100% = 80%
W总 500J
故 C错误；
D．不计绳重和摩擦，提升动滑轮做的功为额外功，动滑轮的重力
W
G 额 100J动 = = =100Nh 1m
但题中未说明不计绳重和摩擦，因此动滑轮的重力小于 100N，故 D错误。
故选 B。
二、多项选择题（本大题共 3 小题，每小题 3 分，共 9 分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合
题意，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 1 分，不选或选错的得 0 分）
11．蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，此时的光屏上正好呈现蜡烛清晰的像，已知凸透镜
的焦距为 20cm。请结合凸透镜的成像规律，判断下列说法正确的是（　　）
A．此时光屏上的像一定是倒立、放大的实像
B．电影放映机的成像原理与图的成像原理相同
C．将蜡烛移至 10cm刻度线处时，此时的光屏上会呈现与蜡烛等大的清晰实像
D．保持蜡烛和凸透镜位置不变，将凸透镜换为焦距为 10cm的凸透镜，应将光屏向左适当移动才能呈
现清晰实像
【答案】ABD
【解析】AB．由图可知，2 f＞u＞f ，此时光屏上成倒立放大的实像，电影放映机利用了此原理，故 AB
正确；
C．将蜡烛移至 10cm刻度线处时，u＝2f，此时像也在 2倍焦距处，即向左移动光屏在 90cm处会出现
与蜡烛等大的清晰实像，故 C错误；
D．保持蜡烛和凸透镜位置不变，将凸透镜换为焦距为 10cm的凸透镜，此时 u＞2f，成倒立、缩小的实
像，像距变小，应将光屏向左适当移动才能呈现清晰实像，故 D正确。
故选 ABD。
12．杆秤作为华夏国粹，它制作轻巧、使用便利，曾是商品流通中的主要度量工具，同时它还承载着公平
公正的象征意义。如图所示，是小刚同学制作的杆秤的示意图，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起 B
或 C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤
砣最远可移至 D点，此秤最大称量是10 kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如
图所示。下列说法正确的是（　　）
A．秤砣的质量是 0.4kg
B．提起 C秤纽，可以达到最大称量
C．距离 C点 12.5cm有两个刻度，分别为 1kg和 3.1kg
D．称量质量约为 0.5kg的物体，应使用 C秤纽，这样做的目的是为了提高杆秤称量的精度
【答案】ACD
【解析】AB．当提着 B处的秤纽，秤砣在 D点，秤钩所挂货物的重力为 G 物时，根据杠杆平衡条件F1l1 = F2l2
可得G物lAB = G秤砣lBD
G秤砣lG BD即 物 = lAB
当提着 C处的秤纽，秤砣在 D点，秤钩所挂货物的重力为 G 物 1时，根据杠杆平衡条件F1l1 = F2l2可得
G物1lAC = G秤砣lCD
G
G 秤砣
lCD
即 物1 = lAC
因为 lBD > lCD 且 lAB < lAC ，所以可得G物 > G物1
将G = mg 代入可得m物 > m物1
即提起 B秤纽，可以达到最大称量。
G l
因为G物lAB = G秤砣l G =
物 AB
BD ，则秤砣的重力为 秤砣 lBD
m物lG = mg m = AB将 代入可得秤砣的质量为 秤砣 lBD
因为此秤的最大称量是 10kg，即提起 B秤纽且秤砣在 D点时，物体的质量为 10kg，则秤砣的质量为
m
m = 物
lAB 10kg 2cm
秤砣 = = 0.4kglBD 50cm
故 A正确，B错误；
C．当提着 B处的秤纽时，秤砣挂在距离 C点 12.5cm处，此时秤砣的力臂为
l秤砣 = lBC + l = 3cm +12.5cm =15.5cm
根据杠杆平衡条件F1l1 = F2l2可得G物2lAB = G秤砣l秤砣
即m物2lAB = m秤砣l秤砣
m秤砣l秤砣 0.4kg 15.5cm
此时货物的质量为m物2 = = = 3.1kglAB 2cm
即距离 C点 12.5cm的刻度为 3.1kg。
当提着 C处的秤纽时，货物对杠杆拉力的力臂为 lAC = lBC + lAB = 3cm + 2cm = 5cm
秤砣挂在距离 C点 12.5cm处，此时秤砣的力臂为 l=12.5cm， 根据杠杆平衡条件F1l1 = F2l2可得
G物3lAC = G秤砣l
即m物3lAC = m秤砣l
m l
m 秤砣 0.4kg 12.5cm此时货物的质量为 物3 = = =1kglAC 5cm
即距离 C点 12.5cm的刻度为 1kg。
所以距离 C点 12.5cm有两个刻度，分别为 1kg和 3.1kg，故 C正确；
D．杆秤称量的精度取决于称量的货物质量变化量相同时，秤砣的位置移动的远近，若秤砣移动的位置
远，则相邻刻度的间隔宽，精度高，设货物的重力为 G，质量为 m，货物质量的变化量为Δm，货物对
杠杆拉力的力臂为 l1，秤砣对杠杆拉力的力臂为 l2，秤砣对杠杆拉力的力臂的变化量为Δl，根据杠杆
平衡条件F1l1 = F2l2可得Gl1 = G秤砣l2
即ml1 = m秤砣l2
当提着 B处的秤纽时则有mlAB = m秤砣l2
因为秤砣的质量和 AB的长度不变，则有DmlAB = m秤砣Dl
Dml
所以Dl = ABm秤砣
当提着 C处的秤纽时则有mlAC = m秤砣l2
因为秤砣的质量和 AC的长度不变，则有DmlAC = m秤砣Dl
所以Dl
Dml
= AC
m秤砣
即秤砣的质量相同，货物质量的变化量相同时，因为 lAB < lAC ，所以使用 C秤纽时Δl更大，秤砣移动
的位置远，相邻刻度的间隔宽，精度高，即称量质量约为 0.5kg的物体，应使用 C秤纽，这样做的目
的是为了提高杆秤称量的精度，故 D正确。
故选 ACD。
13．如图所示，电源电压保持不变，灯 L1标有“U0 2P0”字样，灯 L2标有“3U0”字样。当单刀双掷开关 S
接触 a时，灯 L1恰好正常发光，定值电阻 R0消耗的电功率为 4P0；当开关 S接触 b时，定值电阻 R0消
耗的电功率为 P0。下列说法正确的是（设灯丝的电阻不变）（　　）
A．电源电压为 4U0
U 2
B．定值电阻 R0的阻值为
0
P0
2
C．灯 L2的额定功率为 P9 0
D．开关 S分别接触 a、b时，电路消耗的总功率之比为 2:1
【答案】BD
【解析】A．当单刀双掷开关 S接触 a时，灯 L1恰好正常发光，电路电流为
I 2P= 0
U0
则电源电压为
U 2P= 0 + 4P0 6P= 02P = 3UI 00
U0
故 A错误；
B．定值电阻阻值为
R 4P 4P U
2
0 =
0 0 0
I 2
= 2 =
2P0 P0 ÷
è U0
故 B正确；
C．当开关 S接触 b时，定值电阻 R0电流为
I P0 P0 P01 = = =R0 U
2
0 U0
P0
定值电阻 R0电压
U I R P
2
= = 0
U
01 1 0 = UU 00 P0
灯泡 L2分压
U2 = U -U1 = 3U0 -U0 = 2U0
灯泡 L2电阻
2
R U= 2 2U0 2U02 =I P
=
1 0 P0
U0
灯 L2的额定功率为
3U 20 3U
2
P 0 92 = = 2 = PR 2U 2 02 0
P0
故 C错误；
D．开关 S分别接触 a、b时，电路消耗的总功率之比为
2P0
Pa UI I U 2= = = 0 =
P Pb UI1 I1 0 1
U0
故 D正确。
故选 BD。
第Ⅱ卷
本卷共两大题，共 61 分。
三、填空题（本大题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分）
14．北斗三号全球卫星导航系统正式开通以来，运行稳定，持续为全球用户提供优质服务，系统服务能力
步入世界一流行列。北斗卫星利用________向地面传递信息，北斗卫星上的芯片采用________材料制
成。
【答案】电磁波 半导体
【解析】[1]电磁波的传播不需要介质，北斗卫星利用电磁波向地面传递信息。
[2]半导体具有单向导电性，北斗卫星上的芯片采用半导体材料制成。
15．小肖同学从距平面镜 5m处以 1m/s的速度向平面镜靠近时，她在平面镜中的像的大小______（选填“变
大”、“变小”或“不变”）；她在平面镜中的像相对于她的速度是______m/s。
【答案】不变 2
【解析】[1]由于平面镜所成的像是与物体等大的。所以当她向平面镜移动时，她在镜中的像的大小不
变。
[2]若人以 1m/s速度向平面镜靠近，同时像也以 1m/s速度垂直向平面镜靠近，则像相对于她的速度是
两速度之和，即 2m/s。
16．如图甲所示，向 B管中吹气时，A管中的水面会上升，是因为 A管上方的空气流速变大，A管上方气体
压强_________（选填“增大”、“减小”或“不变”）；图乙所示，同学们用吸管吸饮料，是利用了_________
的原理。
【答案】减小 大气压
【解析】[1]往 B管中吹气，吸管 A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于
向下的压强，液面上升。
[2]吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进
口中。
17．荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着______。小明想
用塑料袋装些榴莲，双手搓开塑料袋时，发现塑料袋总会“粘”在手上，这是因为发生了______现象。
【答案】引力 摩擦起电
【解析】[1]分子间存在着相互作用的引力和斥力。因此荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较
大的水珠，说明分子间存在着引力。
[2]手与塑料袋摩擦，使电子发生了转移，手和塑料袋带上了异种电荷，由于异种电荷相互吸引，所以
塑料袋总会“粘”在手上，这属于摩擦起电现象。
18．某同学用天平测量小石块的质量。他将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺零刻线时发现指针位置
如图甲所示。为使天平的横梁水平平衡，则应向______调平衡螺母；调节天平的横梁水平平衡后，他
用天平测量小石块的质量。天平平衡时右盘中砝码及游码的位置如图乙所示，则此时天平的读数是
______g。
【答案】右 53.2
【解析】[1]如图甲，此时指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，说明左端重，应将平衡螺母向右调节，
给右端增重，直到天平平衡。
[2]如图乙，标尺的分度值为 0.2g，游码对应刻度为 3.2g，所以此时天平的读数为
m = 50g + 3.2g = 53.2g
19．如图所示，电源电压 3V，R1 = R2 = 15W ，先闭合开关S1 ，再闭合开关S2 ，电流表示数将________（选填
“变大”或“变小”）；当S1 闭合，S2 断开时，通电 100s，电流通过R1产生的热量是________J。
【答案】变大 15
【解析】[1]先闭合开关 S1，再闭合开关 S2，电路中电阻由 R1和 R2串联变为只有 R1接入电路，电路中
U
电阻变小，由 I = 可得，电流表示数变大。
R
U 3V
[2]当 S1闭合，S2断开时，由 R1和 R2串联，通过 R1的电流 I = = = 0.1AR1 + R2 15Ω +15Ω
2
通电 100s，电流通过 R 21产生的热量Q = I R1t = 0.1A 15Ω 100s =15J
四、综合题（本大题共 6 小题，共 37 分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入
过程，结果要有数值和单位）
20．如图所示，某电热水器的铭牌标有“220V2000W“字样，电热水器正常工作 5000s，把水箱内 50kg的水
从 20℃加热到 60℃．已知 c 3水＝4.2×10 J/（kg ℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水器的热效率．
【答案】（1）8.4×106J（2）84%
【解析】（1）水吸收热量：Q =cm△t=4.2×103吸 J/（kg ℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J；
（2）电热水器消耗的电能：W=Pt=2000W×5000s=107J；
Q吸 8.4 106 J电热水器的热效率：η= = 7 =84%.W 10 J
21．某物理小组进行了下列两个力学实验：
(1)“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验：
①在甲、乙、丙实验中，用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体 A，依据_______原理可知，滑动摩擦力
的大小等于弹簧测力计示数；
②通过甲、乙两图中的实验数据，可以得出结论：___________；
③通过甲、丙　两图的实验数据，可得出滑动摩擦力为与接触面粗糙程度的关系；
④甲实验中，若把水平拉力增加到 3N，则物体 A受到的滑动摩擦力是______N。
(2)“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置如图所示，让小车从斜面不同的高度由静止开始滚
下，观察木块被推动的距离．这是为了研究_____的动能与___________的关系。
【答案】(1)二力平衡 接触面的粗糙程度相同时，压力越大，摩擦力越大 1.6 (2)小车
速度
【解析】（1）①[1]用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体 A，物体 A处于平衡状态，所受的拉力和摩擦
力是一对平衡力，根据二力平衡原理，可知拉力等于摩擦力，所以滑动摩擦力等于测力计的示数。
②[2]由图甲、乙知，接触面的粗糙程度相同，压力不同，乙的压力较大，测力计的示数较大，则所受
的滑动摩擦力教大，故可得：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
④[3]图甲中，测力计的示数为 1.6N，即 A所受的滑动摩擦力为 1.6N。水平拉力增加时，压力和接触
面的粗糙程度不变，所受的滑动摩擦力大小不变，所以仍是 1.6N。
（2）[1][2]小车从斜面不同高度由静止滚下到水平面时的速度不同，质量相同，具有的动能不同，对
木块 B做功不同，移动的距离也不同，所以这是为了研究小车的动能与速度的关系。
22．如图所示的电路中，电阻R1的阻值为 20Ω，电源电压不变。当S1 、S2 断开，S3闭合时，电流表的示数
为 0.45A；当S1 断开，S2 、S3闭合时，电流表的示数为 0.75A。求：
(1)电源电压为多少？
(2)R2 的阻值为多少？
(3)S2、S3 断开，S1 闭合时，加在电阻R1两端的电压为多少？
【答案】(1)9V (2)30Ω (3)3.6V
【解析】（1）当 S1、S2断开，S3闭合时，只有 R1接入电路，电流表测量电路电流，由欧姆定律，电源
电压为U = U1 = I1R1 = 0.45A 20W = 9V
（2）当 S1断开，S2、S3闭合时，R1与 R2并联，电流表测量干路电流，并联电路中用电器互不影响。由
并联电路电流特点得，R2电流为 I2＝I -I1＝0.75A-0.45A＝0.3A
由并联电路电压特点得，R2电压为U2＝U＝9V
U2 9V
由欧姆定律，R2 的阻值为R2 = = = 30WI2 0.3A
（3）当 S2、S3断开，S1闭合时，R1与 R2串联接入电源，电路总电阻R总 = R1 + R2 = 20W + 30W = 50W
电路中电流 I
U 9V
3 = = = 0.18AR总 50W
由欧姆定律，电阻 R1两端的电压U 1 = I3 R1 = 0.18A 20W = 3.6V
23．小明做“测量小灯泡的电阻”实验时，使用的小灯泡额定电压为 2.5V ，电源电压为3V。小明现已连接
了部分电路，如图甲所示。
(1)小明在连接电路的过程中，有一不当之处是______；
(2)小明改正错误后继续实验，请用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整；
(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为______A，小灯泡正常发光时的电阻
为______W（电阻的计算结果保留一位小数）；
(4)小明测量了多组数据，并算出电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，他认为这样可以减小误差，你认
为小明的做法是______（选填“正确”或“错误”）的，原因是______。
【答案】(1)开关没有断开 (2) (3)0.28 8.9 (4)错误
灯丝的电阻随温度的变化而变化
【解析】（1）为了保护电路安全，连接实物电路时开关需要处于断开状态，如图甲所示，小明在连接
电路的过程中，有一不当之处是：开关没有断开。
（2）如图甲所示，实物电路中电压表应该和小灯泡并联，还需要把电压表左端的负接线柱和小灯泡左
端接线柱连接起来，如下图所示：
（3）[1]当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选择 0-0.6A的量程，分度值是
0.02A，读数为 0.28A，则通过小灯泡的电流大小为 0.28A。
[2]由题可知，当小灯泡正常发光时，两端的电压为 2.5V，通过小灯泡的电流大小为 0.28A，则小灯泡
正常发光时的电阻为
R U 2.5V= = 8.9Ω
I 0.28A
（4）[1][2]因为小灯泡灯丝的电阻会随温度的变化而变化，所以不能通过测量多组数据，并算出电阻
的平均值作为小灯泡的电阻值，这样的作法是错误的。
24．在一次物理课外小组活动中，老师让同学们测酒精的密度。除了酒精，老师还提供的器材有：两个烧
杯，一个正方体木块（内部嵌有铁钉，其平均密度小于酒精和水的密度，表面经处理后不吸水），烧杯，
刻度尺，足量的水。请你利用上述器材，帮助他们设计一个实验方案，测出酒精的密度。要求：
（1）写出主要实验步骤及要测量的物理量。
（2）写出酒精密度的数学表达式。（用已知量和测得量表示）
L - L水
【答案】（1）见解析；（2） r酒精 = rL - L 水酒精
【解析】（1）测量步骤：
①用刻度尺测出自制正方体的边长 L。
②将木块轻轻放入水中，使其漂浮在水面上，用刻度尺测出木块浸入水后露出的长度 L水。
③将木块轻轻放入待测酒精中漂浮，用刻度尺测出浸入酒精后露出的长度 L酒精。
（2）设木块的横截面积为 S，木块在水和酒精中都处于漂浮状态，则
F水浮 = F酒精浮
r水gS L - L水 = r酒精gS L - L酒精
解得
L - L
r酒精 =
水 r
L - L 水酒精
3
25．水平桌面上有一底面积为 3S0、高为 h0 的圆柱形薄壁容器，将一密度为ρ0、底面积为 S0、高为 h2 0
的圆
柱形物体竖直放置在容器底部，如图所示。然后向容器内缓慢注入某种液体，物体始终处于直立状态。
请解答如下问题：
（1）注入液体前柱形物体对容器底部的压强 p=___________；
1
（2）若注入液体的密度为 ρ0，在图所示的坐标系中，画出从刚开始注入液体到容器装满液体的过程2
中，物体对容器底部压力随容器中液面高度变化的图像，并标出始、末两端点的坐标；___________
（3）若注入液体的密度为 2ρ0，与未注入液体时相比，当液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的
压强增加量的比值恰为 6∶5时，求出此时容器中液体的深度。
【答案】（1）ρ0gh0 （2） （3）h0
【解析】（1）[1]根据压强公式可得，注入液体前柱形物体对容器底部的压强为
p F G mg r0Vg r0S0h0g= = = = = = r gh
S S 0 00 0 S0 S0 S0
（2）[2]刚开始注入液体时，物体受到的浮力为 0，物体对容器的压力即为其自身的重力，为
F1=G=mg=r0Vg=r0S0h0g
当注入液体的高度为 h0时，物体受到的浮力最大，根据阿基米德原理可得，此时受到的浮力为
F =r液gV =
1 r0gS h浮大 排 2 0 0
此时物体对容器底的压力为
F2 =F1-F =r0gS0h -
1 1
浮大 0 r gS2 0 0
h0 = r0gS2 0
h0
此后继续加注液体，物体所受的浮力不变，对容器的压力不变，物体对容器底部压力随容器中液面高
度变化的图像如图所示
（3）[3]当物体所受浮力等于物体重力时，有
F浮1=r
′
液gV
′=G=mg=r0Vg=r0S0h g排 0
即
2r0gS0h =r0S0h0g
1
解得，此时水的深度为 h = h0 ，假设满足题目要求时，液体注入到容器的深度为 h1，则有2
h 1①当 1 < h0 时，根据液体压强公式可得，液体对容器底压强的增加量为2
Dp液1 = r
′
液gh1 = 2r0gh1
根据压强公式可得，容器对桌面的压强增加量为
DF r′V′g 2r
Dp = 压 = 液 液 = 0
gS h
差 1 2r0gh= 1(3S0 -S0 ) 4= r
容1 S 3S 3S 3S 3 0
gh1
容 0 0 0
此时液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的压强增加量的比值为
Dp液1 : Dp 1=2r0gh1 :
4 r gh = 3: 2 6 : 5
容 3 0 1
不符合题意。
1
②当 h1 > h2 0
时，根据物体浮沉条件可知，物体处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，此时液体对容器
底压强的增加量为
Dp液2 = r
′
液gh
′
1 = 2r0gh
′
1
容器对桌面的压强增加量为
DF
p 压2
2r0gS h + 2r0g(3S0 -S )h 容 差 0 2r0g3S0 (h
′
1-h ) + 2r0g(3S -S )h 1D 2 = = =
0 0 =2r ′0gh1- r0gh容 S 3S 0
容 0 3S0 3
此时液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的压强增加量的比值为
Dp液1 : Dp 1=2r gh
′: (2r gh′- 10 1 0 1 r0gh容 3 0
) = 6 : 5
′
解得， h1 =h0 ，即为此时容器中液体的深度。2026 年中考考前预测卷 02（天津专用）
（考试时间：60 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
第Ⅰ卷
本卷共两大题，其 39 分。
一、单项选择题（本大题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合
题意）
1．在学校、医院和科学研究部门附近，有上图所示的标志。在下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的
是（ ）
A．用耳塞塞住耳朵
B．在道路两旁植树
C．楼房安装双层玻璃
D．在摩托车上安装消声器
2．我国将每年的农历秋分日设立为“中国农民丰收节”，用以庆祝农作物喜获丰收。如图所示为一成年男
子手握玉米的场景，由此可估测出该玉米的长度约为（　　）
A．20mm B．20dm C．20cm D．20m
3．天气较冷时，戴眼镜的人佩戴口罩，在室外眼镜镜片容易变模糊，当他进入温暖的房间后，镜片又变清
晰，下列与“变清晰”原理相同的是（ ）
A．冬天汽车尾气管冒“白气” B．衣柜樟脑丸“变小”
C．雪山树枝上的“雾凇” D．教室里的积水“消失”
4．下列现象可用光沿直线传播解释的是（　　）
A． 瓶子在平面镜中的像 B． 手影游戏
C． 水中折笔 D． 水中倒影
5．如图所示，玩具“不倒翁”被扳倒后自动会自动重新立起。相对于水平面，“不倒翁”在摆动过程中（　　）
A．所受的重力大小不变，方向变动 B．所受的重力大小改变，方向不变
C．所受支持力作用点改变，方向不变 D．所受支持力作用点不变，方向不变
6．居民区楼道内装有自动控制的楼道灯，其原理是在控制开关内装有“光敏”和“声敏”自动装置，只有
当天黑且有声音时，灯才会亮。小明了解原理后，设计如下电路图，既符合要求又满足安全用电原则
是（　　）
A． B．
C． D．
7．下列在足球运动中描述正确的是（　　）
A．足球滚出后慢慢停下来是因为没有力维持足球的运动
B．守门员踢出的足球，由于受到惯性的作用能够在空中继续飞行
C．足球停下来静止在水平地面上时，足球受到的重力和支持力是一对平衡力
D．踢球瞬间，脚先给球一个力，然后球再给脚一个力，这两个力是相互作用力
8．如图所示电路，闭合开关后灯泡L1、L2 均不发光，电流表无示数。现用电压表检测故障，分别测得 ab、
bc、 cd 间电压为0V 、3V、0V ，由此可判断电路故障可能是（ ）
A．L1断路 B．L2 断路 C．L2 短路 D．开关断路
9．如图所示是某一通电螺线管，小磁针静止时的 N极已经标出，下列分析中正确的是（　　）
A．通电螺线管右端为 N极
B．电源右端为正极
C．通电螺线管周围的磁感线是真实存在的
D．减小线圈的匝数通电螺线管周围的磁场会变强
10．如图所示，用滑轮组提升重为 400N的物体。在拉力 F的作用下，绳子自由端在 10s的时间竖直向上匀
速移动了 3m，滑轮组的额外功是 100J。对于这一过程，下列说法正确的是（　　）
A．滑轮组提升物体所做的有用功是 1200J B．拉力 F的功率是 50W
C．滑轮组的机械效率是 75% D．动滑轮所受的重力为 100N
二、多项选择题（本大题共 3 小题，每小题 3 分，共 9 分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合
题意，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 1 分，不选或选错的得 0 分）
11．蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，此时的光屏上正好呈现蜡烛清晰的像，已知凸透镜
的焦距为 20cm。请结合凸透镜的成像规律，判断下列说法正确的是（　　）
A．此时光屏上的像一定是倒立、放大的实像
B．电影放映机的成像原理与图的成像原理相同
C．将蜡烛移至 10cm刻度线处时，此时的光屏上会呈现与蜡烛等大的清晰实像
D．保持蜡烛和凸透镜位置不变，将凸透镜换为焦距为 10cm的凸透镜，应将光屏向左适当移动才能呈
现清晰实像
12．杆秤作为华夏国粹，它制作轻巧、使用便利，曾是商品流通中的主要度量工具，同时它还承载着公平
公正的象征意义。如图所示，是小刚同学制作的杆秤的示意图，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起 B
或 C（相当于支点）处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤
砣最远可移至 D点，此秤最大称量是10 kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如
图所示。下列说法正确的是（　　）
A．秤砣的质量是 0.4kg
B．提起 C秤纽，可以达到最大称量
C．距离 C点 12.5cm有两个刻度，分别为 1kg和 3.1kg
D．称量质量约为 0.5kg的物体，应使用 C秤纽，这样做的目的是为了提高杆秤称量的精度
13．如图所示，电源电压保持不变，灯 L1标有“U0 2P0”字样，灯 L2标有“3U0”字样。当单刀双掷开关 S
接触 a时，灯 L1恰好正常发光，定值电阻 R0消耗的电功率为 4P0；当开关 S接触 b时，定值电阻 R0消
耗的电功率为 P0。下列说法正确的是（设灯丝的电阻不变）（　　）
A．电源电压为 4U0
U 2
B．定值电阻 R 的阻值为 00 P0
2
C．灯 L2的额定功率为 P9 0
D．开关 S分别接触 a、b时，电路消耗的总功率之比为 2:1
第Ⅱ卷
本卷共两大题，共 61 分。
三、填空题（本大题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分）
14．北斗三号全球卫星导航系统正式开通以来，运行稳定，持续为全球用户提供优质服务，系统服务能力
步入世界一流行列。北斗卫星利用________向地面传递信息，北斗卫星上的芯片采用________材料制
成。
15．小肖同学从距平面镜 5m处以 1m/s的速度向平面镜靠近时，她在平面镜中的像的大小______（选填“变
大”、“变小”或“不变”）；她在平面镜中的像相对于她的速度是______m/s。
16．如图甲所示，向 B管中吹气时，A管中的水面会上升，是因为 A管上方的空气流速变大，A管上方气体
压强_________（选填“增大”、“减小”或“不变”）；图乙所示，同学们用吸管吸饮料，是利用了_________
的原理。
17．荷叶上两滴水珠接触时，能自动结合成一滴较大的水珠，这一事实说明分子间存在着______。小明想
用塑料袋装些榴莲，双手搓开塑料袋时，发现塑料袋总会“粘”在手上，这是因为发生了______现象。
18．某同学用天平测量小石块的质量。他将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺零刻线时发现指针位置
如图甲所示。为使天平的横梁水平平衡，则应向______调平衡螺母；调节天平的横梁水平平衡后，他
用天平测量小石块的质量。天平平衡时右盘中砝码及游码的位置如图乙所示，则此时天平的读数是
______g。
19．如图所示，电源电压 3V，R1 = R2 = 15W ，先闭合开关S1 ，再闭合开关S2 ，电流表示数将________（选填
“变大”或“变小”）；当S1 闭合，S2 断开时，通电 100s，电流通过R1产生的热量是________J。
四、综合题（本大题共 6 小题，共 37 分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入
过程，结果要有数值和单位）
20．如图所示，某电热水器的铭牌标有“220V2000W“字样，电热水器正常工作 5000s，把水箱内 50kg的水
从 20℃加热到 60℃．已知 c 水＝4.2×103J/（kg ℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）电热水器的热效率．
21．某物理小组进行了下列两个力学实验：
(1)“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验：
①在甲、乙、丙实验中，用弹簧测力计水平匀速直线拉动物体 A，依据_______原理可知，滑动摩擦力
的大小等于弹簧测力计示数；
②通过甲、乙两图中的实验数据，可以得出结论：___________；
③通过甲、丙　两图的实验数据，可得出滑动摩擦力为与接触面粗糙程度的关系；
④甲实验中，若把水平拉力增加到 3N，则物体 A受到的滑动摩擦力是______N。
(2)“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置如图所示，让小车从斜面不同的高度由静止开始滚
下，观察木块被推动的距离．这是为了研究_____的动能与___________的关系。
22．如图所示的电路中，电阻R1的阻值为 20Ω，电源电压不变。当S1 、S2 断开，S3闭合时，电流表的示数
为 0.45A；当S1 断开，S2 、S3闭合时，电流表的示数为 0.75A。求：
(1)电源电压为多少？
(2)R2 的阻值为多少？
(3)S2、S3 断开，S1 闭合时，加在电阻R1两端的电压为多少？
23．小明做“测量小灯泡的电阻”实验时，使用的小灯泡额定电压为 2.5V ，电源电压为3V。小明现已连接
了部分电路，如图甲所示。
(1)小明在连接电路的过程中，有一不当之处是______；
(2)小明改正错误后继续实验，请用笔画线代替导线将图甲中的电路连接完整；
(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为______A，小灯泡正常发光时的电阻
为______W（电阻的计算结果保留一位小数）；
(4)小明测量了多组数据，并算出电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，他认为这样可以减小误差，你认
为小明的做法是______（选填“正确”或“错误”）的，原因是______。
24．在一次物理课外小组活动中，老师让同学们测酒精的密度。除了酒精，老师还提供的器材有：两个烧
杯，一个正方体木块（内部嵌有铁钉，其平均密度小于酒精和水的密度，表面经处理后不吸水），烧杯，
刻度尺，足量的水。请你利用上述器材，帮助他们设计一个实验方案，测出酒精的密度。要求：
（1）写出主要实验步骤及要测量的物理量。
（2）写出酒精密度的数学表达式。（用已知量和测得量表示）
3
25．水平桌面上有一底面积为 3S0、高为 h0 的圆柱形薄壁容器，将一密度为ρ0、底面积为 S2 0
、高为 h0的圆
柱形物体竖直放置在容器底部，如图所示。然后向容器内缓慢注入某种液体，物体始终处于直立状态。
请解答如下问题：
（1）注入液体前柱形物体对容器底部的压强 p=___________；
1
（2）若注入液体的密度为 ρ ，在图所示的坐标系中，画出从刚开始注入液体到容器装满液体的过程
2 0
中，物体对容器底部压力随容器中液面高度变化的图像，并标出始、末两端点的坐标；___________
（3）若注入液体的密度为 2ρ0，与未注入液体时相比，当液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的
压强增加量的比值恰为 6∶5时，求出此时容器中液体的深度。2026 年中考考前预测卷 02（天津专用）
物理·参考答案
一、单项选择题（本大题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合
题意）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
D C D B C C C B B B
二、多项选择题（本大题共 3 小题，每小题 3 分，共 9 分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合
题意，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 1 分，不选或选错的得 0 分）
11 12 13
ABD ACD BD
三、填空题（本大题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分）
14．电磁波 半导体
15．不变 2
16．减小 大气压
17．引力 摩擦起电
18．右 53.2
19．变大 15
四、综合题（本大题共 6 小题，共 37 分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入
过程，结果要有数值和单位）
20．（1）8.4×106J（2）84%
解：（1）水吸收热量：Q 吸=cm△t=4.2×103J/（kg ℃）×50kg×（60℃-20℃）=8.4×106J（3分）；
（2）电热水器消耗的电能：W=Pt=2000W×5000s=107J（2分）；
Q 8.4 106 J
电热水器的热效率：η= 吸 = 7 =84%（2分）.W 10 J
21．(1)二力平衡（1分） 接触面的粗糙程度相同时，压力越大，摩擦力越大（2分） 1.6
（1分） (2)小车（1分） 速度（1分）
22．(1)9V (2)30Ω (3)3.6V
解：（1）当 S1、S2断开，S3闭合时，只有 R1接入电路，电流表测量电路电流，由欧姆定律，电源电压
为U = U1 = I1R1 = 0.45A 20W = 9V （2分）
（2）当 S1断开，S2、S3闭合时，R1与 R2并联，电流表测量干路电流。
R2电流为 I2＝I -I1＝0.75A-0.45A＝0.3A
由并联电路电压特点得，R2电压为U2＝U＝9V
R U2 9VR2 的阻值为 2 = = = 30WI2 0.3A
（2分）
（3）当 S2、S3断开，S1闭合时，R1与 R2串联接入电源，电路总电阻R总 = R1 + R2 = 20W + 30W = 50W
I U 9V电路中电流 3 = = = 0.18AR总 50W
电阻 R1两端的电压U 1 = I3 R1 = 0.18A 20W = 3.6V （2分）
23．(1)开关没有断开（1分） (2) （1分） (3)0.28（1分） 8.9
（1分） (4)错误（1分） 灯丝的电阻随温度的变化而变化（1分）
24．（1）①用刻度尺测出自制正方体的边长 L；②将木块轻轻放入水中，使其漂浮在水面上，用刻度尺
测出木块浸入水后露出的长度 L水；③将木块轻轻放入待测酒精中漂浮，用刻度尺测出浸入酒精后露出
的长度 L酒精。（4分）
L - L
（2） r酒精 =
水 r
L - L 水（2分）酒精
25．（1）ρ0gh0 （2） （3）h0
F G mg r0Vg r0S0h0g
解：（1）注入液体前柱形物体对容器底部的压强为 p = = = = = = r ghS0 S0 S0 S S
0 0（1分）
0 0
（2）刚开始注入液体时，物体受到的浮力为 0，物体对容器的压力即为其自身的重力，为
F1=G=mg=r0Vg=r0S0h0g
当注入液体的高度为 h0时，物体受到的浮力最大，根据阿基米德原理可得，此时受到的浮力为
F =r液gV =
1 r gS h
浮大 排 2 0 0 0
1 1
此时物体对容器底的压力为F2 =F1-F =r0gS0h0- r0gS0h0 = r浮大 2 2 0
gS0h0
此后继续加注液体，物体所受的浮力不变，对容器的压力不变，物体对容器底部压力随容器中液面高
度变化的图像如图所示 （2分）
′ ′
（3）当物体所受浮力等于物体重力时，有F浮1=r液gV =G=mg=r Vg=r S h排 0 0 0 0g
即 2r0gS0h =r0S0h0g
1
解得，此时水的深度为 h = h0 ，假设满足题目要求时，液体注入到容器的深度为 h2 1
，则有
h 1< h ′①当 1 0 时，根据液体压强公式可得，液体对容器底压强的增加量为Dp液1 = r液gh1 = 2r2 0
gh1
根据压强公式可得，容器对桌面的压强增加量为
DF r′V′g
p 压 液 液
2r0gS h差 1 2r0gh1(3S0 -S ) 4D 1 = = = =
0 = r gh
容 S 3S0 3S0 3S
0 1
容 0 3
此时液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的压强增加量的比值为
Dp液1 : Dp 1=2r
4
0gh1 : r0gh1 = 3: 2 6 : 5容 3
不符合题意。
h 1②当 1 > h0 时，根据物体浮沉条件可知，物体处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，此时液体对容器2
′ ′ ′
底压强的增加量为Dp液2 = r液gh1 = 2r0gh1
容器对桌面的压强增加量为
DF 2 2r0gS h + 2r0g(3S0 -S0 )h 2r g3S (h
′
p 压 容 差 0 0 1-h
) + 2r0g(3S0 -S0 )h =2r gh′- 1D 2 = = = r gh容 S 3S 0 10 3S0 3
0 0
容
此时液体对容器底的压强增加量与容器对桌面的压强增加量的比值为
Dp液1 :
1
Dp =2r gh′: (2r gh′- r gh ) = 6 : 5
容1 0 1 0 1 3 0 0
′
解得， h1 =h0 ，即为此时容器中液体的深度。（3分）

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