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上海市2026年高考物理三轮冲刺-近5年（2021-2025）力学知识点相关真题汇总
一．选择题（共11小题）
1．（2022 上海）麦克风静止在水平桌面上，下列能表示支架对话筒作用力的方向的是（　　）
A． B．
C． D．
2．（2022 上海）运动员滑雪时运动轨迹如图所示，已知该运动员滑行的速率保持不变，角速度为ω，向心加速度为a。则（　　）
A．ω变小，a变小 B．ω变小，a变大
C．ω变大，a变小 D．ω变大，a变大
3．（2022 上海）在同一介质中有a、b两列机械波，它们的波形如图所示，两列波的频率分别为fa和fb，波长分别为λa和λb，则（　　）
A．λa＞λb，fa＞fb B．λa＞λb，fa＜fb
C．λa＜λb，fa＞fb D．λa＜λb，fa＜fb
4．（2022 上海）两质点由静止开始做直线运动，它们的位移x与时间t的图像均为抛物线。t0时刻它们的速度分别为vⅠ和vⅡ，加速度分别为aⅠ和aⅡ。则（　　）
A．vⅠ＞vⅡ，aⅠ＞aⅡ B．vⅠ＞vⅡ，aⅠ＜aⅡ
C．vⅠ＜vⅡ，aⅠ＞aⅡ D．vⅠ＜vⅡ，aⅠ＜aⅡ
5．（2022 上海）木卫一和木卫二都绕木星做匀速圆周运动。它们的周期分别为42h46min和85h22min，它们的轨道半径分别为R1和R2，线速度分别为v1和v2，则（　　）
A．R1＜R2，v1＜v2 B．R1＞R2，v1＜v2
C．R1＞R2，v1＞v2 D．R1＜R2，v1＞v2
6．（2022 上海）神舟十三号在返回地面的过程中打开降落伞后，在大气层中经历了竖直向下的减速运动。若返回舱所受的空气阻力随速度的减小而减小，则加速度大小（　　）
A．一直减小 B．一直增大
C．先增大后减小 D．先减小后增大
7．（2023 上海）一物块爆炸分裂为速率相同、质量不同的三个物块，对三者落地速率大小判断正确的是（　　）
A．质量大的落地速率大 B．质量小的落地速率大
C．三者落地速率都相同 D．无法判断
8．（2023 上海）一场跑步比赛中，第三跑道的运动员跑到30m处时，秒表计时为3.29s。根据以上信息，能否算得该运动员在这段时间内的平均速度和瞬时速度（　　）
A．可以算得平均速度，可以算得瞬时速度
B．无法算得平均速度，可以算得瞬时速度
C．可以算得平均速度，无法算得瞬时速度
D．无法算得平均速度，无法算得瞬时速度
9．（2023 上海）如图所示，有一周期为T、沿x轴正方向传播的波，当t＝0s时波恰好传到B点，则t＝8T时，CD段的波形图为（　　）
A． B．
C． D．
10．（2023 上海）真空中有一点P与微粒Q，Q在运动中受到指向P且大小与离开P的位移成正比的回复力，则下列情况有可能发生的是（　　）
A．速度增大，加速度增大
B．速度增大，加速度减小
C．速度增大，加速度不变
D．速度减小，加速度不变
11．（2023 上海）炮管发射数百次炮弹后报废，炮弹飞出速度为1000m/s，则炮管报废前炮弹在炮管中运动的总时间长约为（　　）
A．5秒 B．5分钟 C．5小时 D．5天
二．填空题（共1小题）
12．（2023 上海）假设月球绕地球做匀速圆周运动的周期为T，月球到地心的距离为r，则月球的线速度v＝　 　 ；若已知月球的质量为m，则地球对月球的引力F＝　 　 。
三．解答题（共5小题）
13．（2022 上海）如图所示，AB为平直导轨，长为L，物块与导轨间动摩擦因数为μ，BC为光滑曲面。A与地面间高度差为h1，BC间高度差为h2，一个质量为m的物块在水平恒力作用下，从A点由静止开始向右运动，到达B点时撤去恒力，物块经过C点后落地，已知重力加速度为g。
（1）若物块落地时动能为E1，求其经过B点时的动能EkB；
（2）若要物块落地时动能小于E1，求恒力必须满足的条件。
14．（2023 上海）如图，将小球P拴于L＝1.2m的轻绳上，mP＝0.15kg向左拉开一段距离释放，水平地面上有一物块Q，mQ＝0.1kg。小球P于最低点A与物块Q碰撞，P与Q碰撞前瞬间向心加速度为1.6m/s2，碰撞前后P的速度之比为5：1，碰撞前后P、Q总动能不变。（重力加速度g取9.8m/s2，水平地面动摩擦因数μ＝0.28）
（1）求碰撞后瞬间物块Q的速度vQ；
（2）P与Q碰撞后再次回到A点的时间内，物块Q运动的距离。
15．（2024 上海）我国的汽车智能化技术发展迅猛。各类车载雷达是汽车自主感知系统的重要组成部分。汽车在检测到事故风险后，通过自主决策和自主控制及时采取措施，提高了安全性。
（1）车载雷达系统可以发出激光和超声波信号，其中 　 　 。
A.仅激光是横波
B.激光与超声波都是横波
C.仅超声波是横波
D.激光与超声波都不是横波
（2）一辆质量m＝2.0×103kg的汽车，以v＝36km/h的速度在平直路面上匀速行驶，此过程中发动机功率P1＝6.0kW，汽车受到的阻力大小为 　 　 N。当车载雷达探测到前方有障碍物时，主动刹车系统立即撤去发动机驱动力，同时施加制动力使车辆减速。在刚进入制动状态的瞬间，系统提供的制动功率P2＝48kW，此时汽车的制动力大小为 　 　 N，加速度大小为 　 　 m/s2。（不计传动装置和热损耗造成的能量损失）
16．（2024 上海）包括太阳、地球在内的所有物体都会在其周围产生引力场。在不同尺度的空间，引力场中的物体运动具有不同的表象。牛顿揭示了苹果下落和行星运动共同的物理机制。意味着天上的物理和地上的物理是一样的，物理规律的普适性反映了一种简单的美。
（1）如图1，小球a通过轻质细线Ⅰ、Ⅱ悬挂，处于静止状态。线Ⅰ长l＝0.5m，Ⅰ上端固定于离地H＝2.1m的O点，与竖直方向之间夹角θ＝37°；线Ⅱ保持水平。O点正下方有一与a质量相等的小球b，静置于离地高度h＝1.6m的支架上。（取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）
①在线Ⅰ、Ⅱ的张力大小FⅠ、FⅡ和小球a所受重力大小G中，最大的是 　 　 。
②烧断线Ⅱ，a运动到最低点时与b发生弹性碰撞。求：
A.与b球碰撞前瞬间a球的速度大小va；（计算）
B.碰撞后瞬间b球的速度大小vb；（计算）
C.b球的水平射程s。（计算）
（2）图2示虚线为某彗星绕日运行的椭圆形轨道，a、c为椭圆轨道长轴端点，b、d为椭圆轨道短轴端点。彗星沿图中箭头方向运行。
①该彗星某时刻位于a点，经过四分之一周期该彗星位于轨道的 　 　 。
A.ab之间
B.b点
C.bc之间
D.c点
②已知太阳质量为M，引力常量为G。当彗日间距为r1时，彗星速度大小为v1。求彗日间距为r2时的彗星速度大小v2。（计算）
17．（2025 上海）质点在以某点为圆心半径为r的圆周上运动，即质点运动时其轨迹是圆周的运动叫“圆周运动”。它是一种最常见的曲线运动。例如电动机转子、车轮、皮带轮等都作圆周运动。
如图所示，在竖直平面内有一光滑圆形轨道，a为轨道最低点，c为轨道最高点，b点、d点为轨道上与圆心等高的两点，e为ab段的中点。一个质量为m的小物块在轨道内侧做圆周运动。
（1）若物块从a点运动到c点所用时间为t0，则在0.5t0时，物块在（ 　 　 ）
A．A段
B．B点
C．C段
D．D点
E．E段
（2）若物块在a点的速度为v0，经过时间t刚好到达b点，则在该过程中轨道对物块的支持力的冲量为（ 　 　 ）
A．mv0
B．mgt
C．mv0+mgt
D．
（3）若物块质量为0.5kg，下图是物块的速度v与物块和圆心连线转过的夹角θ的关系图像。
①求轨道半径R；
②求θ＝60°时，物块克服重力做功的瞬时功率P。
上海市2026年高考物理三轮冲刺-近5年（2021-2025）力学知识点相关真题汇总
参考答案与试题解析
一．选择题（共11小题）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
答案 A D B A D A C D C B A
一．选择题（共11小题）
1．（2022 上海）麦克风静止在水平桌面上，下列能表示支架对话筒作用力的方向的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解答】解：对话筒受力分析可知，话筒受重力和支架的作用力处于平衡状态，支架对话筒的作用力与重力等大、反向、共线，故A正确，BCD错误；
故选：A。
2．（2022 上海）运动员滑雪时运动轨迹如图所示，已知该运动员滑行的速率保持不变，角速度为ω，向心加速度为a。则（　　）
A．ω变小，a变小 B．ω变小，a变大
C．ω变大，a变小 D．ω变大，a变大
【答案】D
【解答】解：根据线速度的公式v＝ωr可知，当速率不变，半径减小时，角速度增大，而a＝ωv也会随之增大，故D正确，ABC错误；
故选：D。
3．（2022 上海）在同一介质中有a、b两列机械波，它们的波形如图所示，两列波的频率分别为fa和fb，波长分别为λa和λb，则（　　）
A．λa＞λb，fa＞fb B．λa＞λb，fa＜fb
C．λa＜λb，fa＞fb D．λa＜λb，fa＜fb
【答案】B
【解答】解；根据图像可知，两列波的波长关系为λa＞λb，因为在同一介质中波速相等，则根据公式v＝λf可知，fa＜fb，故B正确，ACD错误；
故选：B。
4．（2022 上海）两质点由静止开始做直线运动，它们的位移x与时间t的图像均为抛物线。t0时刻它们的速度分别为vⅠ和vⅡ，加速度分别为aⅠ和aⅡ。则（　　）
A．vⅠ＞vⅡ，aⅠ＞aⅡ B．vⅠ＞vⅡ，aⅠ＜aⅡ
C．vⅠ＜vⅡ，aⅠ＞aⅡ D．vⅠ＜vⅡ，aⅠ＜aⅡ
【答案】A
【解答】解：x﹣t图的斜率代表速度，由图可知vⅠ＞vⅡ，
又因为Ⅰ和Ⅱ两条曲线都是抛物线，由此可知两质点都在做匀变速直线运动。根据v＝at可知aⅠ＞aⅡ，故A正确，BCD错误。
故选：A。
5．（2022 上海）木卫一和木卫二都绕木星做匀速圆周运动。它们的周期分别为42h46min和85h22min，它们的轨道半径分别为R1和R2，线速度分别为v1和v2，则（　　）
A．R1＜R2，v1＜v2 B．R1＞R2，v1＜v2
C．R1＞R2，v1＞v2 D．R1＜R2，v1＞v2
【答案】D
【解答】解：根据万有引力提供向心力可得：
解得：，
根据题目可知，木卫一的周期小于木卫二的周期，则R1＜R2；根据线速度的表达式可知，v1＞v2。故D正确，ABC错误；
故选：D。
6．（2022 上海）神舟十三号在返回地面的过程中打开降落伞后，在大气层中经历了竖直向下的减速运动。若返回舱所受的空气阻力随速度的减小而减小，则加速度大小（　　）
A．一直减小 B．一直增大
C．先增大后减小 D．先减小后增大
【答案】A
【解答】解：返回舱受到重力和向上的空气阻力f，而竖直向下做减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：
a，由于质量不变，速度减小，f减小，所以加速度减小，故BCD错误，A正确。
故选：A。
7．（2023 上海）一物块爆炸分裂为速率相同、质量不同的三个物块，对三者落地速率大小判断正确的是（　　）
A．质量大的落地速率大 B．质量小的落地速率大
C．三者落地速率都相同 D．无法判断
【答案】C
【解答】解：根据动能定理有mgh
解得v
因三者初速率v0相同，下落高度h相同，可知三者落地速率都相同，故ABD错误，C正确；
故选：C。
8．（2023 上海）一场跑步比赛中，第三跑道的运动员跑到30m处时，秒表计时为3.29s。根据以上信息，能否算得该运动员在这段时间内的平均速度和瞬时速度（　　）
A．可以算得平均速度，可以算得瞬时速度
B．无法算得平均速度，可以算得瞬时速度
C．可以算得平均速度，无法算得瞬时速度
D．无法算得平均速度，无法算得瞬时速度
【答案】D
【解答】解：平均速度是某段时间内（某段位移内）的速度，等于位移与所用时间的比值；瞬时速度是某时刻（某位置）的速度。题中运动员跑到30m处是指运动的路程，若非直线运动，运动的位移不等于30m，故无法算得平均速度和瞬时速度，故D正确，ABC'错误；
故选：D。
9．（2023 上海）如图所示，有一周期为T、沿x轴正方向传播的波，当t＝0s时波恰好传到B点，则t＝8T时，CD段的波形图为（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解答】解：由图可知，该波的波长为0.5m，根据一个周期内波传播的距离为一个波长，则在8T时间内波传播的距离为s＝8λ＝8×0.5m＝4m，所以t＝8T时，波恰好传到D点，CD段的波形图为半个波长，且位于x轴上方，故ABD错误，C正确。
故选：C。
10．（2023 上海）真空中有一点P与微粒Q，Q在运动中受到指向P且大小与离开P的位移成正比的回复力，则下列情况有可能发生的是（　　）
A．速度增大，加速度增大
B．速度增大，加速度减小
C．速度增大，加速度不变
D．速度减小，加速度不变
【答案】B
【解答】解：ABC、微粒Q可能正在向P点运动若正在向P点运动，则位移在减小，回复力在减小，根据牛顿第二定律可知加速度在减小，这时回复力方向指向P点，和速度方向一致，速度在增大，故A错误，B正确；
D、微粒Q可能远离P点运动，则位移在增大，回复力在增大，根据牛顿第二定律可知加速度在增大，这时回复力方向指向P点，和速度方向相反，速度在减小，故D错误。
故选：B。
11．（2023 上海）炮管发射数百次炮弹后报废，炮弹飞出速度为1000m/s，则炮管报废前炮弹在炮管中运动的总时间长约为（　　）
A．5秒 B．5分钟 C．5小时 D．5天
【答案】A
【解答】解：炮弹在炮管中运动可以看成初速度为零的匀加速直线运动，设每颗炮弹在炮管中运动的时间为t，炮管长度为L，则有：Lt
设炮管发射n次炮弹后报废，则炮管报废前炮弹在炮管中运动的总时间为：
t总＝nt
其中n为几百，炮管长度L大约为数米，两者的乘积大约为数千米，则t总约为几秒或者十几秒，故A正确，BCD错误。
故选：A。
二．填空题（共1小题）
12．（2023 上海）假设月球绕地球做匀速圆周运动的周期为T，月球到地心的距离为r，则月球的线速度v＝　　 ；若已知月球的质量为m，则地球对月球的引力F＝　mr　 。
【答案】；mr。
【解答】解：根据线速度的计算公式可得：v
由万有引力提供向心力可得地球对月球的引力：F＝mr
故答案为：；mr。
三．解答题（共5小题）
13．（2022 上海）如图所示，AB为平直导轨，长为L，物块与导轨间动摩擦因数为μ，BC为光滑曲面。A与地面间高度差为h1，BC间高度差为h2，一个质量为m的物块在水平恒力作用下，从A点由静止开始向右运动，到达B点时撤去恒力，物块经过C点后落地，已知重力加速度为g。
（1）若物块落地时动能为E1，求其经过B点时的动能EkB；
（2）若要物块落地时动能小于E1，求恒力必须满足的条件。
【答案】（1）若物块落地时动能为E1，求其经过B点时的动能为E1﹣mgh1；
（2）若要物块落地时动能小于E1，求恒力必须满足的条件为F。
【解答】解：（1）从B到落地过程中机械能守恒，设地面为零势能面，则
mgh1+EkB＝E1
化简得：EkB＝E1﹣mgh1
（2）整个过程中根据动能定理得：
FmaxL﹣μmgL+mgh1＝E1
所以Fmax
若物体恰能达到C点，根据动能定理得：
FminL﹣μmgL﹣mgh2＝0
解得：Fmin
综上所述可得：F
答：（1）若物块落地时动能为E1，求其经过B点时的动能为E1﹣mgh1；
（2）若要物块落地时动能小于E1，求恒力必须满足的条件为F。
14．（2023 上海）如图，将小球P拴于L＝1.2m的轻绳上，mP＝0.15kg向左拉开一段距离释放，水平地面上有一物块Q，mQ＝0.1kg。小球P于最低点A与物块Q碰撞，P与Q碰撞前瞬间向心加速度为1.6m/s2，碰撞前后P的速度之比为5：1，碰撞前后P、Q总动能不变。（重力加速度g取9.8m/s2，水平地面动摩擦因数μ＝0.28）
（1）求碰撞后瞬间物块Q的速度vQ；
（2）P与Q碰撞后再次回到A点的时间内，物块Q运动的距离。
【答案】（1）碰撞后瞬间物块Q的速度vQ′大小为1.67m/s，方向水平向右；
（2）P与Q碰撞后再次回到A点的时间内，物块Q运动的距离约为0.51m。
【解答】解：（1）P与Q碰撞前，P的速度为vP，由向心加速度表达式得：
代入数据得：vP≈1.39m/s
碰撞前后P的速度之比为5：1，碰后P的速度为
vP′≈0.28m/s
P与Q碰撞瞬间，P与Q组成的系统内力远大于外力，动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：
mPvP＝mPvP′+mQvQ′
代入数据解得：vQ′≈1.67m/s，方向水平向右；
（2）由于L＝1.2m远大于小球P的大小，碰后P的速度较小，上升的高度较小，故小球P碰后做简谐运动，由单摆的周期公式得：
小球P再次到平衡位置的时间为：
联立解得：t≈1.10s
碰后Q向右做匀减速直线运动，末速度减为零时的时间为t′，由运动学公式得：
0＝vQ′﹣at′
由牛顿第二定律得：
μmQg＝mQa
联立解得：t′≈0.61s
由于t′＜t，故在小球P再次到平衡位置的时间内，小球Q早已停下；
小球Q向右运动的过程中，设Q运动的距离为x，由动能定理得：
解得：x≈0.51m。
答：（1）碰撞后瞬间物块Q的速度vQ′大小为1.67m/s，方向水平向右；
（2）P与Q碰撞后再次回到A点的时间内，物块Q运动的距离约为0.51m。
15．（2024 上海）我国的汽车智能化技术发展迅猛。各类车载雷达是汽车自主感知系统的重要组成部分。汽车在检测到事故风险后，通过自主决策和自主控制及时采取措施，提高了安全性。
（1）车载雷达系统可以发出激光和超声波信号，其中 　B　 。
A.仅激光是横波
B.激光与超声波都是横波
C.仅超声波是横波
D.激光与超声波都不是横波
（2）一辆质量m＝2.0×103kg的汽车，以v＝36km/h的速度在平直路面上匀速行驶，此过程中发动机功率P1＝6.0kW，汽车受到的阻力大小为 　600　 N。当车载雷达探测到前方有障碍物时，主动刹车系统立即撤去发动机驱动力，同时施加制动力使车辆减速。在刚进入制动状态的瞬间，系统提供的制动功率P2＝48kW，此时汽车的制动力大小为 　4800　 N，加速度大小为 　2.7　 m/s2。（不计传动装置和热损耗造成的能量损失）
【答案】（1）B；（2）600；4800；2.7。
【解答】解：（1）超声波是有两种类型的声波，一种是纵波，一种是横波。车载雷达发出的激光都是电磁波，电磁波是横波，故ACD错误，B正确。
故选：B。
（2）汽车行驶速度v＝36km/h＝10m/s，以汽车为研究对象
根据牛顿第二定律
当加速度为零时，汽车匀速行驶，汽车所受阻力
根据功率公式，汽车的制动力
设制动时汽车做减速运动的加速度大小为a
根据牛顿第二定律F制+f＝ma
代入数据解得加速度的大小2.7m/s2。
故答案为：（1）B；（2）600；4800；2.7。
16．（2024 上海）包括太阳、地球在内的所有物体都会在其周围产生引力场。在不同尺度的空间，引力场中的物体运动具有不同的表象。牛顿揭示了苹果下落和行星运动共同的物理机制。意味着天上的物理和地上的物理是一样的，物理规律的普适性反映了一种简单的美。
（1）如图1，小球a通过轻质细线Ⅰ、Ⅱ悬挂，处于静止状态。线Ⅰ长l＝0.5m，Ⅰ上端固定于离地H＝2.1m的O点，与竖直方向之间夹角θ＝37°；线Ⅱ保持水平。O点正下方有一与a质量相等的小球b，静置于离地高度h＝1.6m的支架上。（取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）
①在线Ⅰ、Ⅱ的张力大小FⅠ、FⅡ和小球a所受重力大小G中，最大的是 　FⅠ 。
②烧断线Ⅱ，a运动到最低点时与b发生弹性碰撞。求：
A.与b球碰撞前瞬间a球的速度大小va；（计算）
B.碰撞后瞬间b球的速度大小vb；（计算）
C.b球的水平射程s。（计算）
（2）图2示虚线为某彗星绕日运行的椭圆形轨道，a、c为椭圆轨道长轴端点，b、d为椭圆轨道短轴端点。彗星沿图中箭头方向运行。
①该彗星某时刻位于a点，经过四分之一周期该彗星位于轨道的 　C　 。
A.ab之间
B.b点
C.bc之间
D.c点
②已知太阳质量为M，引力常量为G。当彗日间距为r1时，彗星速度大小为v1。求彗日间距为r2时的彗星速度大小v2。（计算）
【答案】（1）①FⅠ；②A.1.4m/s；B.1.4m/s；C.0.8m；（2）①C；②v2的大小为。
【解答】解：（1）①小球a受到三个力处于静止状态，根据矢量三角形规律，作出的三个力的如图所示
根据直角三角形的边角关系，斜边代表FⅠ，所以三个力中最大的是FⅠ；
②A.小球a从烧断细线Ⅱ到摆至即将与b发生碰撞的过程中，由动能定理，得 m/s＝1.4m/s
B.由动量守恒定律和机械能守恒，规定向右的方向为正方向，有
mva＝mva'+mvb
联立两式得vb＝1.4m/s
C.由平抛运动的规律
（2）①彗星绕日在椭圆轨道运动时是变速率运动，近日点速率最大，远日点速率最小，a点是近日点，c点是远日点，根据对称性可知，a到c需要半个周期，a到b的平均速率较大，所以在四分之一周期内彗星运动到b和c之间，故C正确，ABD错误；故选：C；
②引力势能的表达式，彗星在间距由r1变到r2的运动过程中满足机械能守恒，有，得。
故答案为：（1）①FⅠ；②A.1.4m/s；B.1.4m/s；C.0.8m；（2）①C；②v2的大小为。
17．（2025 上海）质点在以某点为圆心半径为r的圆周上运动，即质点运动时其轨迹是圆周的运动叫“圆周运动”。它是一种最常见的曲线运动。例如电动机转子、车轮、皮带轮等都作圆周运动。
如图所示，在竖直平面内有一光滑圆形轨道，a为轨道最低点，c为轨道最高点，b点、d点为轨道上与圆心等高的两点，e为ab段的中点。一个质量为m的小物块在轨道内侧做圆周运动。
（1）若物块从a点运动到c点所用时间为t0，则在0.5t0时，物块在（ 　E　 ）
A．A段
B．B点
C．C段
D．D点
E．E段
（2）若物块在a点的速度为v0，经过时间t刚好到达b点，则在该过程中轨道对物块的支持力的冲量为（ 　D　 ）
A．mv0
B．mgt
C．mv0+mgt
D．
（3）若物块质量为0.5kg，下图是物块的速度v与物块和圆心连线转过的夹角θ的关系图像。
①求轨道半径R；
②求θ＝60°时，物块克服重力做功的瞬时功率P。
【答案】（1）E；（2）D；（3）①轨道半径R为0.59m；②物块克服重力做功的瞬时功率P为23.8W。
【解答】解：（1）物块从a点运动到c点过程中一直做减速运动，可知沿圆弧物块a点运动到b点的平均速率大于b点运动到c点的平均速率。若物块从a点运动到c点所用时间为t0，则在0.5t0时，物块在E段。故ABCD错误，E正确；
故选：E。
（2）以初速度方向为正方向，根据动量定理，支持力在水平方向的冲量为Ix＝0﹣mv0
竖直方向上根据动量定理有Iy﹣mgt＝0
故该过程中轨道对物块的支持力的冲量为：
故ABC错误，D正确。
故选：D。
（3）①由图像可知，物块的初速度为6m/s，最高点位置的速度为3.5m/s。由动能定理得
解得R＝0.59m
②由图像可知θ＝60°时，物块的速度为5.5m/s，则物块克服重力做功的瞬时功率P＝mgvsin60°
解得P≈23.8W
故答案为：（1）E；（2）D；（3）①轨道半径R为0.59m；②物块克服重力做功的瞬时功率P为23.8W。
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