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2026年中考考前预测卷（连云港专用）
物理
（考试时间：100分钟 试卷满分：90分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题（本大题共 10 小题，每小题 2 分，共 20 分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1. 如图所示，改变试管内的水量，对着试管口吹气，发出的声音有不同的（　　）
A. 音调 B. 音量 C. 音色 D. 响度
2. 下列改变物体内能的方式与其他三个不同的是（　　）
A. 图甲，汤勺在热汤中温度升高
B. 图乙，食品在冰箱中温度降低
C. 图丙，用红外线灯对水和沙子加热
D. 图丁，滑滑梯时人感到臀部发热
3. 随着AI技术的发展，送餐机器人开始在某些餐厅使用。机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其
底部轮子将美食送到指定的位置。下列选项中与“机器人运动”的工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
4. 自行车尾灯能将照射过来的光原方向反射回去，下列光路中正确的是（　　）
A. B.
C. D.
5. 关于材料、能源和信息，下列说法正确的是（　　）
A. 超导材料既可用于制作电动机的线圈，又可用于制作电炉的电阻丝
B. 太阳是人类的“能源之母”，地球上的能源都直接或间接来自太阳
C. 作为信息存储介质，竹简、纸、录音磁带、光盘的容量密度依次增大
D. 频率为106 Hz的电磁波一定比105 Hz的电磁波的传播速度快
6. 小强用如图所示的实验装置验证阿基米德原理，通过调节升降台的高度让金属块浸入盛满水的溢
水杯中（金属块始终未与容器底接触），溢出的水会流入右侧空桶中，下列说法正确的是（　　）
A. 随着升降台升高，水对溢水杯底部的压力越大
B. 金属块浸没后，在水中的深度越深，弹簧测力计A的示数越小
C. 金属块浸没前，由弹簧测力计A、B的变化量也能证明阿基米德原理
D. 若实验前溢水杯中未装满水，对实验结果没有影响
7. 如图所示，探究水在沸腾前后温度变化的特点。下列说法中正确的是（ ）
A. 沸腾前，气泡由小变大
B. 沸腾时，温度计示数不变
C. 沸腾时，将电水壶加热挡位调小，水温一定降低
D. 关闭加热器，水没有立刻停止沸腾，说明水沸腾不需要吸热
8.某人将一箱书搬上楼，可以有两种方法：一是把所有的书一起搬上楼；二是先搬一部分上楼，再搬
剩下的部分。假设他上楼的速度相同。第一种方法搬书的功率为 P1，效率为h1，第二种方法搬书的功
率为 P2 ，效率为h2 ，用这两种方法搬书的有用功分别为W1 、W2 ，则（　　）
A. W1 = W2 ，h1 >h2 B. P1 > P2 ，W1 < W2
C. P1 < P2，h1

P2 ，h1 =h2
9. 如图所示，为某晶体在均匀受热时温度随时间变化图像，晶体质量为1kg，固态时比热容为
2.1 103 J / kg ×°C ，下列说法中正确的是（　　）
A. 物体AC阶段吸收的热量为2.1 104 J
B. 物体CD阶段吸收的热量为2.1 104 J
C. B、C时刻，物体的内能相等
D. AB、CD两时段，吸收的热量比为1︰2
10. 图甲中，电源电压恒定、电流表（0～0.6A）、 电压表（0~3V）、 滑动变阻器上标有 “24Ω
1A” 字样，小灯泡L 的额定电压为4V。 在元件安全情况下，使滑片P 移动范围最大，得到灯泡和滑
动变阻器的I-U 图像如图乙，在滑片P 移动过程中电路的最大总功率为2.25W，则以下结论中正确的
有（ ）
①电源电压为7.5V ②小灯泡L 的额定功率为2W
③滑动变阻器阻值变化范围为1~12Ω ④小灯泡L 的额定功率为1.2W
A. ③④ B. ②③ C. ①② D. ①④
二、填空题（每空 1 分，共 17 分）
11. “疏影横斜水清浅，暗香浮动月黄昏”中的“水清浅”是光的______现象导致的，“暗香浮动”
说明了分子在______。
12. 如图是喷雾降尘车在马路上工作的情景，喷雾车匀速前进时，其动能______（选填“变大”、
“变小”或“不变”）；以喷雾车为参照物，该车辆的驾驶员是______的，以路旁的树木为参照物，
该喷雾降尘车是运动的，上述分析过程能否说明运动的相对性？______
13. 一头质量为6×103kg的大象，每只脚掌的面积为600cm2，它的重力为_______N，它四脚着地时对
地面的压强为_______Pa，若大象抬起一条腿，它对地面的压力________（选填“变大”、“变小”
或“不变”）。(g取10N/kg)
14. 如图，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会燃烧
起来。该过程中的能量转化过程与图______装置相同。已知某单缸汽油机每秒对外做功25次，则它的
飞轮转速为______r/min。
15.如图所示，在向右12N的水平拉力F作用下， A、B均处于静止状态，此时弹簧测力计的示数为8N，
则B所受摩擦力方向水平向___________（选填“左”或“右”），A受到地面的摩擦力大小为
___________N。
16. 如图所示，将硬币放在碗底，后退至恰好看不到，然后保持眼睛、硬币和碗的位置不变，另一名
同学向碗中缓慢注水，当水面上升到一定高度时，硬币上的______点（选填“A”或“B”）先被看到，
此时光从______（选填“水”或“空气”）斜射入另一种介质发生了折射。
17.为测量某凸透镜焦距，小芳先在纸上画一个小于透镜大小的圆环，如图所示，将凸透镜正对太阳
光，在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这个现象表明凸透镜对光有_____作用；
当将该透镜靠近白纸垂直移动4cm时，此时白纸上的光斑再次与圆环重合，此过程中光斑的大小_____
（选填“先变小后变大”、或“先变大后变小”），通过计算可以得到该凸透镜的焦距为_____cm。
三、解答题（共 53 分。解答第 19、20 题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18. （4分）按照题目要求作图。
（1）请在图中将凹透镜的入射光线和折射光线补画完整。
（2）如图甲所示的插座，其内部构件及家庭电线如图乙所示。当插座上的开关断开时指示灯不发光，
插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开
关闭合时插孔也能提供工作电压，请根据题意用笔画线代替导线将图乙电路补充完整。
19.（9分） 如图甲所示的电路中，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，
将滑动变阻器滑片P从最右端移动到最左端，其消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示，求
（1）滑动变阻器R的最大阻值；
（2）电源电压U的大小和R0的阻值；
（3）当滑片P置于中点，在5s内电阻R0上所产生的焦耳热。
20.（6分） 如图，是一台以柴油为动力的双履带消防机器人，质量为1200kg，静止时每条履带与地
面接触面积为0.2m2，在某段平直公路上，机器人以4m/s的速度匀速行驶5min，其受到的阻力是机器
人所受重力的0.2倍，通过这段路程共消耗0.18kg柴油（q 7柴油=4.0×10 J/kg；g取10N/kg）。求：
（1）机器人3min通过的路程；
（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强；
（3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。
21.（9分）随着城市汽车数量的快速增长，社区的停车难题日益凸显。图甲所示为一种新型的垂直循
环式停车装置，它能够将车辆提升至空中，有效节约地面空间。存车时，驾驶员只需将汽车驶入位于
地面的存架上，系统便自动启动，平稳地将汽车升至高处的泊位。
图乙是该停车装置升降机构的工作原理简化图。其中O为杠杆OB的固定转轴，B端通过钢索与存架A
相连；BC为牵引钢丝绳，与电动机相连；装置中还使用了一个定滑轮。存车时，电动机转动，通过
钢丝绳 BC 牵引OB杆绕O点转动，（设整个过程中，BC绳子始终垂直于OB杆），从而将存架及汽车
提升至指定高度并锁定；取车时，OB杆反向转动，使存架平稳回落至地面。
某次，该停车装置将一辆总质量为1.5t的车辆在40s内从地面提升至图乙位置。此时B点到地面的垂直
距离为3m，汽车被提升了2m，OB杆长度为5m。整个机械装置中存架和OB杆的重力可忽略，但存在
机械摩擦。请结合以上信息完成对这次车辆停放过程的分析。
（1）图乙中定滑轮的作用是________
（2）在汽车从地面被提升至图乙所示位置的过程中，钢丝绳BC的拉力会逐渐________，理由是：提
升过程中，汽车重力不变，动力臂________，阻力臂________（以上均选填“变大”、“变小”或
“不变”）。
（3）若该装置提升此汽车的机械效率为75%，则电动机在此过程中输出的总功为_______J，电动机的
输出功率为________W；
（4）为了更节能高效地使用该停车设备，管理人员对其进行了研究。下列说法中，正确的是
________
A. 提高电动机转速，可以提升机械效率
B. 钢丝绳在OB杆上的固定点靠近O点，BC绳上的拉力会减小
C. 在汽车提升过程中，汽车增大的机械能小于电动机消耗的电能
D. 提升更重的汽车时，钢丝绳BC的拉力不变
（5）杠杆的机械效益是指杠杆的阻力和动力的比值。该装置在图乙所示位置的机械效益为_______；
机械效益越大反映了该装置越________（选填“省力”或“费力”）。
22.（8分） 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开
关、两个滑动变阻器（规格“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”），阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一
个，以及导线若干。
（1）请根据图甲，用笔画线代替导线将实物图（图乙）连接完整。（要求导线不交叉；当滑片向右
移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）。
（2）闭合开关后，发现电压表无示数，电流表有示数，其原因可能是定值电阻_______（断路/短
路）。
（3）排除故障后，更换不同电阻进行实验，测得数据填入下面表格，第一次实验时，电流表的示数
如图丙所示。当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为了控制定值电阻两端的电压为
_______ V不变，应将滑动变阻器的阻值调为_______Ω；
实验序号 1 2 3
电阻R/Ω 10 20 25
电流I/A 0.10 0.08
（4）由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_______（正比/反
比）；
（5）根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是 （A/B）；
A. “10Ω 1A” B. “20Ω 0.5A”
（6）当把50Ω的电阻接入电路时，发现无论怎样调节滑片都不能使电压表示数为U。为保证这个电阻
接入电路中完成实验，可以采取调节电源电压最大值为_______V，或将滑动变阻器换成最大阻值至少
________Ω的变阻器等方法。
23.（7分）阅读短文，回答问题
第五代战斗机“歼﹣20”
珠海国际航空展上，我国第五代战斗机“歼﹣20”首次公开亮相．它融合了全球优秀战斗机的特点，
配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统，舱内先进的“呼吸系统”使飞机
在万米高空时，能将机外﹣50℃以下的低压冷空气不断压缩，使得送入舱内的空气温度达到50℃以上。
同时，可自动调节，使舱内气压和温度达到舒适值，该飞机最大航速度达600m/s，飞机航行时所受阻
力大小与速度平方的关系见表：（g取10N/kg）
速度v2（×104m2 s﹣2） 1 4 9 16 25
阻力f/（×104N） 0.3 1.2 2.7 7.5
飞机发动机的热效率和推进效率是反映飞机性能的重要指标，发动机的热效率是指发动机获得的机械
能与燃料完全燃烧产生的内能之比，推进效率是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与获
得的机械能之比。飞机的部分参数如下表所示：
空战质量 25t 最大起飞质量 37t
最大巡航速度 600m/s 发动机最大巡航推力 1.08×105N
发动机的热效率 40% 发动机的推进效率
（1）飞行过程中机翼和空气摩擦，内能____（选填“增大”或“减小”），这是通过____的方式改
变内能的。
（2）关于“歼﹣20”战斗机，下列说法中正确的是（ ）
A. 舱外气体进入舱内后，气体内能增加
B. 新式冷却系统使雷达含有的热量减少
C. 为确保舱内温度舒适，机内空调需不断制热
D. 通过热传递的方式使进入舱内的气体温度升高
（3）当飞机以400m/s在水平方向匀速飞行时，所受阻力为__________N，推力做功的功率为____W。
（4）“歼﹣20”以最大速度巡航0.25h，消耗燃油5t，此过程中发动机推力做功__________J，发动机
的推进效率为____%。（燃油的热值q=4.86×107J/kg）
24.（10分）跨学科实践：制作简易调光台灯
【项目分析】
要制作一个简易调光台灯，需要完成以下任务。
（1）了解简易调光台灯的工作原理。（2）设计一台简易调光台灯。（3）选择元件，完成制作。
【项目实施】
（1）了解简易调光台灯的工作原理
由电学知识可知，灯泡的亮度由____________决定；
（2）设计一台简易调光台灯
电源电压不变，为了改变灯泡的亮度，可以将灯泡与一个滑动变阻器____________联（填“串”或
“并”）。
（3）选择元件，完成制作
小明选择的器材有：电池（电压为3V）、小灯泡 2.5V 0.3A 、铅笔芯、金属回形针、开关、导线、
电压表。连接成如下电路：
①把电压表和小灯泡并联，调节回形针的位置，当电压表的示数为____________V时，在铅笔芯上标
记此时回形针的位置。为了安全使用调光灯，回形针向____________调节不能超过此位置。
②甲、乙两根铅笔芯的长度都是17.5cm，甲的电阻为 20W，乙的电阻为10W。调节效果可以从两个
方面评价：一是小灯泡亮度的变化范围；二是调节的精度，回形针移动一定距离时，电阻变化越小调
节精度越高。则铅笔芯甲和乙相比，____________调节范围大，____________调节精度高。
小莉选择电源、开关、滑动变阻器、小灯泡各一个，导线若干。连接如图甲所示电路。
③进行调试时，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡忽明忽暗，出现这种现象的原因是
____________。
④由于滑动变阻器体积较大，于是同学们找来电位器来代替滑动变阻器，电位器的结构图如乙所示，
A、B、C为电位器的三个接线柱，转动旋钮可以改变接入电路的电阻。为了顺时针旋转旋钮时电灯变
亮，则应该连接的接线柱为（ ）
A．A和B B．B和C C．A和C
【展示交流】
（1）有的同学发现有的台灯还配有声控开关，可以用按钮开关或声控开关分别控制台灯，则下列开
关部分电路的设计图正确的是（ ）
（2）有的同学发现生活中为了适应不同的使用场景，更快的将台灯调到一定亮度，某台灯的电路如
图丙所示，将开关接1触点时为断路，开关接2触点或接4触点时，电灯的电功率分别为 P1和 P3 ，电灯
电阻为RL （灯丝电阻不随温度变化），电阻 R1阻值为 R0 ，若 P1 : P3 =1: 9 ，则电阻 R3 =
____________。（用RL 和 R0 表示）2026年中考考前预测卷（连云港专用）
物理
（考试时间：100分钟 试卷满分：90分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题（本大题共 10 小题，每小题 2 分，共 20 分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1. 如图所示，改变试管内的水量，对着试管口吹气，发出的声音有不同的（　　）
A. 音调 B. 音量 C. 音色 D. 响度
【答案】A
【解析】
【详解】在试管中加入少量水，用嘴对着试管口吹气，使其发出声音。改变试管内的水量，会改变空
气柱的高度，进而改变空气柱振动频率，会使声音的音调发生改变。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 下列改变物体内能的方式与其他三个不同的是（　　）
A. 图甲，汤勺在热汤中温度升高
B. 图乙，食品在冰箱中温度降低
C. 图丙，用红外线灯对水和沙子加热
D. 图丁，滑滑梯时人感到臀部发热
【答案】D
【解析】
【详解】A．汤勺在热汤中，汤勺吸收热量，内能增加，温度升高，通过热传递的方式改变物体内能；
B．食品在冰箱中，食品放出热量，内能减少，温度降低，通过热传递的方式改变物体内能；
C．用红外线灯对水和沙子加热，通过热传递的方式改变物体内能；
D．在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，臀部内能增加，温度升高，所以有灼热的感觉，
这是通过做功的方式改变了他的内能。
改变物体内能的方式与其他三个不同的是D。
故选D。
3. 随着AI技术的发展，送餐机器人开始在某些餐厅使用。机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其
底部轮子将美食送到指定的位置。下列选项中与“机器人运动”的工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】“机器人运动”是依靠内部的电动机，机器人内部的电动机的工作原理是通电线圈在磁场中
受到力的作用而转动。
A．该装置说明通电线圈具有磁性，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意。
B．该图为奥斯特实验装置，说明通电导线周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．闭合开关，导体在磁场中受力运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理图，
故C符合题意。
D．该图为探究电磁感应实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故D不
符合题意。
故选C。
4. 自行车尾灯能将照射过来的光原方向反射回去，下列光路中正确的是（　　）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】过反射点作垂直于反射面的法线，根据反射角等于入射角画出反射光线；然后过二次反射点
作法线，仍然根据反射角等于入射角画出反射光线的方向，二次反射光线与原来的入射光线平行，即
将射来的光逆向射回。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 关于材料、能源和信息，下列说法正确的是（　　）
A. 超导材料既可用于制作电动机的线圈，又可用于制作电炉的电阻丝
B. 太阳是人类的“能源之母”，地球上的能源都直接或间接来自太阳
C. 作为信息存储介质，竹简、纸、录音磁带、光盘的容量密度依次增大
D. 频率为106 Hz的电磁波一定比105 Hz的电磁波的传播速度快
【答案】C
【解析】
【详解】A．超导材料的电阻为零，根据焦耳定律知道，不会产生热量。电动机线圈利用超导材料可
减少电能损耗，提高效率；而电炉是利用电流热效应工作的，需要电阻产生热量，不能用超导材料制
作电炉的电阻丝，故A错误；
B．太阳是人类的“能源之母”，地球上的风能、水能、生物质能等直接或间接来自太阳，但地热能
是来自地球内部的能量，核能是通过核反应从原子核释放的能量，与太阳无关，故B错误；
C．竹简存储信息有限，纸相对竹简能记录更多信息，录音磁带通过磁信号存储信息，容量进一步增
大，光盘利用激光在盘片上记录和读取信息，容量密度更大，所以竹简、纸、录音磁带、光盘的容量
密度依次增大，故C正确；
D．不同频率的电磁波在真空中（或同种介质中）的传播速度是相同的，都等于光速，与频率无关，
故D错误。
故选C。
6. 小强用如图所示的实验装置验证阿基米德原理，通过调节升降台的高度让金属块浸入盛满水的溢
水杯中（金属块始终未与容器底接触），溢出的水会流入右侧空桶中，下列说法正确的是（　　）
A. 随着升降台升高，水对溢水杯底部的压力越大
B. 金属块浸没后，在水中的深度越深，弹簧测力计A的示数越小
C. 金属块浸没前，由弹簧测力计A、B的变化量也能证明阿基米德原理
D. 若实验前溢水杯中未装满水，对实验结果没有影响
【答案】C
【解析】
【详解】A．随着升降台升高，金属块浸入水中深度变大，但溢水杯中水的深度不变，根据
p = r gh，水对溢水杯底部的压强不变，由 F = pS 知水对溢水杯底部的压力不变，故A错误；
B．金属块浸没在水中的深度越深，排开水的体积不变，受到的浮力不变，根据称重法 F浮 = G - F示
可知弹簧测力计A的示数不变，故B错误；
C．金属块浸没前，金属块排开的水全部溢出到桶中，根据称重法 F浮 = G - F示 可知弹簧测力计A的示
数变化量即为物体受到的浮力，弹簧测力计B的示数变化量即为排开液体的重力，弹簧测力计A和B的
示数变化量相等，即浮力大小等于排开液体的重力，所以也能证明阿基米德原理，故C正确；
D．若实验前溢水杯中未装满水，物体受到的浮力不变，溢出的水将减小，测得的G排偏小，故对实
验结果有影响，故D错误。
故选C。
7. 如图所示，探究水在沸腾前后温度变化的特点。下列说法中正确的是（ ）
A. 沸腾前，气泡由小变大
B. 沸腾时，温度计示数不变
C. 沸腾时，将电水壶加热挡位调小，水温一定降低
D. 关闭加热器，水没有立刻停止沸腾，说明水沸腾不需要吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．沸腾前，水上层温度低于下层温度，气泡上升过程中，气泡内的水蒸气不断液化，气泡
体积由大变小，故A错误；
B．水沸腾的特点是：持续吸热，温度保持沸点不变，因此沸腾时，温度计示数不变，故B正确；
C．调小加热挡位后，只要水仍在吸热沸腾，水温不会降低，故C错误；
D．关闭加热器后，电水壶壶身的温度仍高于水的沸点，水还可以从壶身继续吸热，所以不会立刻停
止沸腾；沸腾的条件依然是需要持续吸热，故D错误。
故选B。
8.某人将一箱书搬上楼，可以有两种方法：一是把所有的书一起搬上楼；二是先搬一部分上楼，再搬
剩下的部分。假设他上楼的速度相同。第一种方法搬书的功率为 P1，效率为h1，第二种方法搬书的功
率为 P2 ，效率为h2 ，用这两种方法搬书的有用功分别为W1 、W2 ，则（　　）
A. W1 = W2 ，h1 >h2 B. P1 > P2 ，W1 < W2
C. P1 < P2，h1

P2 ，h1 =h2
【答案】A
【解析】
【详解】所有的书一起搬上楼和分两次搬的书的总重力不变，书上升的高度不变，所以对书做的有用
功不变，故W1=W2；由于所有的书一起搬上楼，克服人的重力做功1次；分两次搬书克服人的重力做功2
次；所以分两次搬书做的额外功多，故分两次搬书做的总功多，所以所有的书一起搬上楼的机械效率
大于分两次搬书的机械效率，即η1>η2；因上楼的速度相同，方法二需要上楼二次，所以方法二所用
P W时间是第一次的两倍，由 = 可知P1>P2。故A符合题意，BCD不符合题意。
t
故选A。
9. 如图所示，为某晶体在均匀受热时温度随时间变化图像，晶体质量为1kg，固态时比热容为
2.1 103 J / kg ×°C ，下列说法中正确的是（　　）
A. 物体AC阶段吸收的热量为2.1 104 J
B. 物体CD阶段吸收的热量为2.1 104 J
C. B、C时刻，物体的内能相等
D. AB、CD两时段，吸收的热量比为1︰2
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由图可知，加热2min，AB段吸收的热量为
Q = cmDt = 2.1 103吸AB J/ kg ×°C 1kg 0°C-(-10°C) = 2.1 104 J
因为是均匀受热，所以单位时间内吸收的热量相同，所以BC和CD段吸收的热量为
Q 4
Q = Q = 吸AB 4 2.1 10 JBC吸 CD吸 = 4 = 4.2 10
4 J
2 2
物体AC阶段吸收的热量为Q吸AC = Q吸AB + Q吸BC = 2.1 10
4 J + 4.2 104 J = 6.3 104 J ，故AB错误；
C．晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，所以B、C时刻物体的内能不相等，故C错误；
D．因为是均匀受热，所以吸收的热量与加热时间成正比。由于AB、CD两时段时间的比为1︰2，所
以AB、CD两时段，吸收的热量比为1︰2，故D正确。
故选D。
10. 图甲中，电源电压恒定、电流表（0～0.6A）、 电压表（0~3V）、 滑动变阻器上标有 “24Ω
1A” 字样，小灯泡L 的额定电压为4V。 在元件安全情况下，使滑片P 移动范围最大，得到灯泡和滑
动变阻器的I-U 图像如图乙，在滑片P 移动过程中电路的最大总功率为2.25W，则以下结论中正确的
有（ ）
①电源电压为7.5V ②小灯泡L 的额定功率为2W
③滑动变阻器阻值变化范围为1~12Ω ④小灯泡L 的额定功率为1.2W
A. ③④ B. ②③ C. ①② D. ①④
【答案】B
【解析】
【详解】①.电流表（0～0.6A）、 电压表（0~3V），在元件安全情况下，使滑片P 移动范围最大，
得到灯泡和滑动变阻器的I-U 图像如图乙，由图像可知，灯泡两端电压最小值为UL小 =1.5V ，滑动变
阻器两端电压的最大值U = 3V滑大 ，所以电源电压U = UL小 +U =1.5V + 3V = 4.5V滑大 故①错误；
②④. 在滑片P 移动过程中电路的最大总功率为2.25W，也就是灯泡正常发光时电路最大功率2.25W，
I P 2.25W由 P = UI 得，灯泡正常发光时的电流 = = = 0.5A
U 4.5V
小灯泡L 的额定功率 P额 = U额I = 4V 0.5A = 2W 故②正确，④错误；
③. 滑动变阻器两端电压的最大值U = 3V滑大 时，变阻器连入的阻值最大，此时电流为 I小 = 0.25A，
U
滑大 3V
变阻器连入的最大阻值 R = = =12Ω大 I ；小 0.25A
灯泡正常发光时变阻器连入的阻值最小，此时变阻器两端电压U滑小 = U -U额 = 4.5V - 4V = 0.5V
U滑小 0.5V
此时电流 I额 = 0.5A ，变阻器连入的最小阻值 R小 = = =1ΩI额 0.5A
所以滑动变阻器连入的阻值变化范围为1~12Ω，故③正确；
故选B。
二、填空题（每空 1 分，共 17 分）
11. “疏影横斜水清浅，暗香浮动月黄昏”中的“水清浅”是光的______现象导致的，“暗香浮动”
说明了分子在______。
【答案】 ①. 折射 ②. 不停地做无规则运动
【解析】
【详解】[1] “水清浅”是因为光从水中斜射到空气时发生折射造成的。
[2] “暗香浮动”说明了分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
12. 如图是喷雾降尘车在马路上工作的情景，喷雾车匀速前进时，其动能______（选填“变大”、
“变小”或“不变”）；以喷雾车为参照物，该车辆的驾驶员是______的，以路旁的树木为参照物，
该喷雾降尘车是运动的，上述分析过程能否说明运动的相对性？______
【答案】 ①. 变小 ②. 静止 ③. 不能
【解析】
【详解】[1]喷雾车匀速前进时，质量变小，速度不变，其动能变小。
[2]以喷雾车为参照物，该车辆的驾驶员的位置不变，是静止的。
[3]以喷雾车为参照物，该车辆的驾驶员是静止；以路旁的树木为参照物，该喷雾降尘车是运动的，由
于研究对象不同，则上述分析过程不能说明运动的相对性。
13. 一头质量为6×103kg的大象，每只脚掌的面积为600cm2，它的重力为_______N，它四脚着地时对
地面的压强为_______Pa，若大象抬起一条腿，它对地面的压力________（选填“变大”、“变小”
或“不变”）。(g取10N/kg)
【答案】 ①. 6×104 ②. 2.5×105 ③. 不变
【解析】
【详解】[1][2][3]大象的重力
G = mg = 6 103 kg 10N / kg = 6 104 N
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，大象四脚着地时和大象抬起一条腿时，对地面的压
力不变，仍为
F = G = 6 104 N
当大象四脚着地时，对地面的受力面积
S = 4 600cm2 = 2400cm2 = 0.24m2
此时对地面的压强
p F 6 10
4 N
= = 5
S 0.24m2
= 2.5 10 Pa
14. 如图，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会燃烧
起来。该过程中的能量转化过程与图______装置相同。已知某单缸汽油机每秒对外做功25次，则它的
飞轮转速为______r/min。
【答案】 ①. 乙 ②. 3000
【解析】
【详解】[1]在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会燃烧
起来。该过程中，将机械能转化为筒内空气的内能，空气内能增大，温度升高，达到棉花的着火点，
棉花就会燃烧；图甲，水沸腾时，试管内高温的水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气将塞子顶
出去，图乙，汽油机的两个气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内的气体做功，将机械能转化为内
能，因此空气压缩引火仪中能量转化与图乙中的能量转化相同。
[2]在汽油机的一个工作循环中，飞轮转动2圈，做1次功，该汽油机每秒做功25次，故每秒转动50圈，
则该汽油机每分钟的转动圈数为50×60=3000转，即3000r/min。
15.如图所示，在向右12N的水平拉力F作用下， A、B均处于静止状态，此时弹簧测力计的示数为8N，
则B所受摩擦力方向水平向___________（选填“左”或“右”），A受到地面的摩擦力大小为
___________N。
【答案】 右 4
【详解】[1]以B为研究对象，B在水平方向受弹簧测力计对其向左的拉力和物体A对其向右的摩擦力作
用，因为B静止，所以这两个力平衡，大小相等，所以B所受摩擦力为8N，方向水平向右。
[2]以A为研究对象，A在水平方向受F对其向右的拉力、物体B对其向左的摩擦力、地面对其向左的摩
擦力，A处于平衡状态，则有
12N = 8N + f
解得 f = 4 N 。
16. 如图所示，将硬币放在碗底，后退至恰好看不到，然后保持眼睛、硬币和碗的位置不变，另一名
同学向碗中缓慢注水，当水面上升到一定高度时，硬币上的______点（选填“A”或“B”）先被看到，
此时光从______（选填“水”或“空气”）斜射入另一种介质发生了折射。
【答案】 ①. A ②. 水
【解析】
【详解】[1][2]向碗中注水后，来自硬币A点的光从水斜射入空气时发生折射，折射光线远离法线，人
眼逆着折射光线看去，能看到A点的像；而B点的光折射后进入人眼更晚，所以硬币上的A点先被看到。
17.为测量某凸透镜焦距，小芳先在纸上画一个小于透镜大小的圆环，如图所示，将凸透镜正对太阳
光，在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这个现象表明凸透镜对光有_____作用；
当将该透镜靠近白纸垂直移动4cm时，此时白纸上的光斑再次与圆环重合，此过程中光斑的大小_____
（选填“先变小后变大”、或“先变大后变小”），通过计算可以得到该凸透镜的焦距为_____cm。
【答案】 ①. 会聚 ②. 先变小后变大 ③. 8
【解析】
【分析】
【详解】[1]小芳先在纸上画一个小于透镜大小的圆环，将凸透镜正对太阳光，在其下方距透镜10cm
处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这表明光会聚了，即凸透镜对光线具有会聚作用。
[2][3]当将该透镜靠近白纸垂直移动4cm时，此时白纸上的光斑都不是最小最亮的光斑，也就是说不是
凸透镜的焦点的位置，说明凸透镜的焦点在两次出现光斑的中间，可知此过程中的光斑是先变小后变
大，两次光斑之间的距离为4cm，凸透镜焦点距第一次的光斑距离为
1
4cm ＝2cm
2
即凸透镜焦点距离第二次的光斑距离也是2cm，所以凸透镜的焦距为
10cm﹣2cm＝8cm
三、解答题（共 53 分。解答第 19、20 题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18. （4分）按照题目要求作图。
（1）请在图中将凹透镜的入射光线和折射光线补画完整。
【答案】
【解析】
【详解】根据透镜的三条特殊光线可知，射向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光
轴，如图所示：
（2）如图甲所示的插座，其内部构件及家庭电线如图乙所示。当插座上的开关断开时指示灯不发光，
插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开
关闭合时插孔也能提供工作电压，请根据题意用笔画线代替导线将图乙电路补充完整。
【答案】
【解析】
【详解】当插座上的开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，
插孔可以提供工作电压，说明指示灯和插座之间是并联的；开关接在指示灯、插座和火线之间控制火
线使用更安全；三孔插座的接法是左零右火上接地，如图所示：
19.（9分） 如图甲所示的电路中，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，
将滑动变阻器滑片P从最右端移动到最左端，其消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示，求
（1）滑动变阻器R的最大阻值；
（2）电源电压U的大小和R0的阻值；
（3）当滑片P置于中点，在5s内电阻R0上所产生的焦耳热。
【答案】（1）20Ω；（2）12V，10Ω；（3）18J
【解析】
【详解】解：（1）由题意可得，滑动变阻器接最右端时，滑动变阻器全部接入电路，此时电路中的
电流最小，滑动变阻器的电功率为3.2W，由 P = I 2R 可得
R P 3.2W= 2 = = 20ΩI 0.4A 2
（2）由题意可得，当电流为0.4A时，滑动变阻器两端的电压为
U滑=0.4A×20Ω=8V
则电源电压为
U = U0 +U滑 = 0.4A R0 + 8V
同理，当电流为0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻为
R P2 3.6W2 = 2 = =10ΩI2 0.6A 2
滑动变阻器两端的电压为
U'滑=0.6A×10Ω=6V
电源电压为
U = U '0 +U 滑 = 0.6A R0 + 6V
联立解得
U=12V
R0=10Ω
（3）由上述分析可得，当滑片P置于中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，电路中电流为0.6A，
由焦耳定律可得
Q = I 2R 2 R0t = 0.6A
2 10Ω 5s =18J
答：（1）滑动变阻器R的最大阻值为20Ω；
（2）电源电压为12V，R0的阻值为10Ω；
（3）产生的焦耳热为18J。
20.（6分） 如图，是一台以柴油为动力的双履带消防机器人，质量为1200kg，静止时每条履带与地
面接触面积为0.2m2，在某段平直公路上，机器人以4m/s的速度匀速行驶5min，其受到的阻力是机器
人所受重力的0.2倍，通过这段路程共消耗0.18kg柴油（q 7柴油=4.0×10 J/kg；g取10N/kg）。求：
（1）机器人3min通过的路程；
（2）机器人静止时，对水平地面产生的压强；
（3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。
【答案】（1）720m
（2）3×104Pa （3）40%
【解析】
【小问1详解】
机器人运动3min 通过的路程为 s = vt = 4m / s 3 60s = 720m
【小问2详解】
消防机器人的重力为G = mg =1200kg 10N / kg =1.2 104 N
消防机器人对水平地面的压力等于它所受的重力，则机器人对地面产生的压强为
p F G 1.2 10
4 N
= = = = 3 104 Pa
S S 2 0.2m2
【小问3详解】
机器人在平直公路上匀速直线运动，机器人所受的阻力和牵引力是一对平衡力，即
F = f = 0.2G = 0.2 1.2 104 N = 2400N
牵
机器人在这段路程中，通过的路程为 s = vt = 4m / s 5 60s =1200m
W = F s = 2400N 1200m = 2.88 106则牵引力做功为 J牵
柴油燃烧放出的热量为Q = m1q = 0.18kg 4.0 10
7 J / kg = 7.2 106 J
放
则机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率为
W 6h = 100% 2.88 10 J= 100% = 40%
Q 7.2 106 J
放
21.（9分）随着城市汽车数量的快速增长，社区的停车难题日益凸显。图甲所示为一种新型的垂直循
环式停车装置，它能够将车辆提升至空中，有效节约地面空间。存车时，驾驶员只需将汽车驶入位于
地面的存架上，系统便自动启动，平稳地将汽车升至高处的泊位。
图乙是该停车装置升降机构的工作原理简化图。其中O为杠杆OB的固定转轴，B端通过钢索与存架A
相连；BC为牵引钢丝绳，与电动机相连；装置中还使用了一个定滑轮。存车时，电动机转动，通过
钢丝绳 BC 牵引OB杆绕O点转动，（设整个过程中，BC绳子始终垂直于OB杆），从而将存架及汽车
提升至指定高度并锁定；取车时，OB杆反向转动，使存架平稳回落至地面。
某次，该停车装置将一辆总质量为1.5t的车辆在40s内从地面提升至图乙位置。此时B点到地面的垂直
距离为3m，汽车被提升了2m，OB杆长度为5m。整个机械装置中存架和OB杆的重力可忽略，但存在
机械摩擦。请结合以上信息完成对这次车辆停放过程的分析。
（1）图乙中定滑轮的作用是________
（2）在汽车从地面被提升至图乙所示位置的过程中，钢丝绳BC的拉力会逐渐________，理由是：提
升过程中，汽车重力不变，动力臂________，阻力臂________（以上均选填“变大”、“变小”或
“不变”）。
（3）若该装置提升此汽车的机械效率为75%，则电动机在此过程中输出的总功为_______J，电动机的
输出功率为________W；
（4）为了更节能高效地使用该停车设备，管理人员对其进行了研究。下列说法中，正确的是
________
A. 提高电动机转速，可以提升机械效率
B. 钢丝绳在OB杆上的固定点靠近O点，BC绳上的拉力会减小
C. 在汽车提升过程中，汽车增大的机械能小于电动机消耗的电能
D. 提升更重的汽车时，钢丝绳BC的拉力不变
（5）杠杆的机械效益是指杠杆的阻力和动力的比值。该装置在图乙所示位置的机械效益为_______；
机械效益越大反映了该装置越________（选填“省力”或“费力”）。
【答案】（1）改变作用力的方向
（2） ①. 变小 ②. 不变 ③. 变小
（3） ①. 4 104 ②. 1 103 （4）C
（5） ①. 1.25 ②. 省力
【解析】
【小问1详解】
定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力的方向。
【小问2详解】
[1][2][3]由题可知，整个过程中，BC绳子始终垂直于OB杆，所以动力臂（OB的长度）不变；汽车重
力不变，即阻力不变，阻力臂是从O点到汽车重力作用线的垂直距离，由于汽车是被平稳提升，在提
升过程中，阻力臂变小。根据杠杆平衡条件 F1L1 = F2L2，因为F2、L1都不变，L2变小，所以钢丝绳BC
的拉力F1变小。
【小问3详解】
[1]汽车的质量m =1.5t =1500kg
汽车重力G = mg =1500kg 10N / kg =15000N
汽车被提升的高度 h = 2m ，有用功W = Gh =15000N 2m = 30000J有
若该装置提升此汽车的机械效率为75%，则电动机在此过程中输出的总功为总功
W
W 有 30000J总 = = = 40000J = 4 10
4 J
h 75%
W 40000J
[2]电动机输出功率 P = 总 = =1000 W=1×103W
t 40s
【小问4详解】
A．机械效率与有用功和总功的比例有关，与转速无直接必然关系，故A错误；
B．钢丝绳在OB杆上的固定点靠近O点，动力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，BC绳上
的拉力会变大，故B错误；
C．因为存在机械摩擦，电动机消耗的电能一部分转化为汽车的机械能，一部分克服摩擦做功，所以
汽车增大的机械能小于电动机消耗的电能，故C正确；
D．提升更重的汽车时，阻力变大，阻力臂和动力臂不变，根据杠杆平衡条件，钢丝绳BC的拉力会变
大，故D错误。
故选C。
【小问5详解】
[1]此时阻力臂为 l2 = 5m
2 - 3m 2 = 4m
F2 l1 5m
根据杠杆平衡条件，该装置在图乙所示位置的机械效益为 = = =1.25F1 l2 4m
[2]机械效益越大，说明阻力与动力的比值越大，即动力臂与阻力臂的比值越大，装置越省力。
22.（8分） 在“探究电流与电阻的关系”实验中，老师提供了两节新干电池、电流表、电压表、开
关、两个滑动变阻器（规格“10Ω 1A”和“20Ω 0.5A”），阻值为10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一
个，以及导线若干。
（1）请根据图甲，用笔画线代替导线将实物图（图乙）连接完整。（要求导线不交叉；当滑片向右
移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大）。
（2）闭合开关后，发现电压表无示数，电流表有示数，其原因可能是定值电阻_______（断路/短
路）。
（3）排除故障后，更换不同电阻进行实验，测得数据填入下面表格，第一次实验时，电流表的示数
如图丙所示。当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻时，为了控制定值电阻两端的电压为
_______ V不变，应将滑动变阻器的阻值调为_______Ω；
实验序号 1 2 3
电阻R/Ω 10 20 25
电流I/A 0.10 0.08
（4）由表中数据可知，导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_______（正比/反
比）；
（5）根据表格数据判断，实验中选用的滑动变阻器可能是 （A/B）；
A. “10Ω 1A” B. “20Ω 0.5A”
（6）当把50Ω的电阻接入电路时，发现无论怎样调节滑片都不能使电压表示数为U。为保证这个电阻
接入电路中完成实验，可以采取调节电源电压最大值为_______V，或将滑动变阻器换成最大阻值至少
________Ω的变阻器等方法。
【答案】（1） （2）短路
（3） ①. 2 ②. 10
（4）反比 （5）B
（6） ①. 2.8 ②. 25
【解析】
【小问1详解】
根据要求，滑片向右移动时滑动变阻器接入电路的阻值变大，所以应将滑动变阻器的左下接线柱接入
电路。连接如下
【小问2详解】
闭合开关后，电流表有示数说明电路是通路，电压表无示数，因为电压表测定值电阻两端电压，所以
其原因可能是定值电阻短路。
【小问3详解】
[1]由图丙可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A。根据U = IR 第一次实验时定值电
阻两端电压U=0.2A×10Ω=2V
[2]当取下10Ω的定值电阻，换接上20Ω的定值电阻，要保持电阻两端电压为2V不变。此时电路中电流
I U 2V= = =0.1A
R 20Ω
根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压U滑 = U总 -U = 3V-2V=1V
U 1V
则滑动变阻器接入电路的阻值 R = 滑滑 = =10ΩI 0.1A
【小问4详解】
由表中数据可知，电阻与电流的乘积为定值（10Ω×0.2A =20Ω×0.1A=25Ω×0.08A=2V），即导体两端
的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【小问5详解】
由表中第3组数据，此时电阻两端电压为2V，电流为0.08A，滑动变阻器两端电压为3V-2V=1V，则滑
U 1V
动变阻器接入电路的阻值 R = = =12.5Ω
I 0.08A
所以实验中选用的滑动变阻器B。
【小问6详解】
U定 50W 5[1]若调节电源电压，当滑动变阻器接入最大阻值20Ω时，根据串联分压原理， = =U滑 20W 2
，当
U定 = 2V 时，可得U滑 = 0.8V ，则U总 = U定 +U滑 = 2V+0.8V=2.8V
即调节电源电压最大值为2.8V。
[2]当把50Ω的电阻接入电路时，要保持电阻两端电压为2V不变，此时电路中电流
I U 2V= = =0.04A
R 50Ω
U 1V
滑动变阻器两端电压为1V，则滑动变阻器需要接入的阻值 R = = =25Ω
I 0.04A
所以变阻器换成最大阻值至少25Ω的变阻器。
23.（7分）阅读短文，回答问题
第五代战斗机“歼﹣20”
珠海国际航空展上，我国第五代战斗机“歼﹣20”首次公开亮相．它融合了全球优秀战斗机的特点，
配备了大功率雷达，为解决散热问题，采用了新一代液体冷却系统，舱内先进的“呼吸系统”使飞机
在万米高空时，能将机外﹣50℃以下的低压冷空气不断压缩，使得送入舱内的空气温度达到50℃以上。
同时，可自动调节，使舱内气压和温度达到舒适值，该飞机最大航速度达600m/s，飞机航行时所受阻
力大小与速度平方的关系见表：（g取10N/kg）
速度v2（×104m2 s﹣2） 1 4 9 16 25
阻力f/（×104N） 0.3 1.2 2.7 7.5
飞机发动机的热效率和推进效率是反映飞机性能的重要指标，发动机的热效率是指发动机获得的机械
能与燃料完全燃烧产生的内能之比，推进效率是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与获
得的机械能之比。飞机的部分参数如下表所示：
空战质量 25t 最大起飞质量 37t
最大巡航速度 600m/s 发动机最大巡航推力 1.08×105N
发动机的热效率 40% 发动机的推进效率
（1）飞行过程中机翼和空气摩擦，内能____（选填“增大”或“减小”），这是通过____的方式改
变内能的。
（2）关于“歼﹣20”战斗机，下列说法中正确的是（ ）
A. 舱外气体进入舱内后，气体内能增加
B. 新式冷却系统使雷达含有的热量减少
C. 为确保舱内温度舒适，机内空调需不断制热
D. 通过热传递的方式使进入舱内的气体温度升高
（3）当飞机以400m/s在水平方向匀速飞行时，所受阻力为__________N，推力做功的功率为____W。
（4）“歼﹣20”以最大速度巡航0.25h，消耗燃油5t，此过程中发动机推力做功__________J，发动机
的推进效率为____%。（燃油的热值q=4.86×107J/kg）
【答案】（1） ①. 增大 ②. 做功
（2）A （3） ①. 4.8×104 ②. 1.92×107
（4） ①. 5.832×1010 ②. 60
【解析】
【详解】
[1][2]做功和热传递都能改变物体的内能。飞行过程中机翼和空气摩擦温度升高，内能增大，这是通
过做功的方式改变内能的。
【详解】
AD．由题可知，舱外气体进入舱内后，被不断压缩，对气体做功，气体内能增加，故A正确，D错误；
B．热量是指在热传递过程中改变内能的多少，是过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C．送入舱内的空气温度达到50℃以，机内空调需不断制冷，才能确保舱内温度舒适，故C错误。
故选A。
【详解】
[1][2]由表格中的数据可知阻力与速度的关系为 f = 0.3N ×s2 / m2 v2 ，当飞机以 v = 400m / s在水平
方向匀速飞行时，所受阻力为 f = 0.3N ×s2 / m2 400m / s 2 = 4.8 104 N
因为飞机匀速飞行，所以飞机受到的动力等于受到的阻力为 F = f = 4.8 104 N
则推力做功的功率为 P = Fv = 4.8 104 N 400m / s =1.92 107 W
【详解】
[1][2]由题可知燃料完全燃烧放出的热量为Q = mq = 5 103 kg 4.86 107 J / kg = 2.43 1011J放
W
h = 有用根据 100%可知，发动机获得的机械能为W =hQ = 40% 2.43 1011J = 9.72 1010 JQ 机械 放
放
匀速巡航0.25h过程中，飞机通过的路程为 s = vt = 600m / s 0.25 3600s = 5.4 105 m
由表中的数据可知，发动机最大巡航推力为 F =1.08 105 N，飞机克服阻力所做的功(推力所做的功)
为W = F s =1.08 105 N 5.4 105 m = 5.832 1010 J推力
W
h 推力 100% 5.832 10
10 J
所以发动机的推进效率为 = = 10 100% = 60%W 9.72 10 J
机械
24.（10分）跨学科实践：制作简易调光台灯
【项目分析】
要制作一个简易调光台灯，需要完成以下任务。
（1）了解简易调光台灯的工作原理。（2）设计一台简易调光台灯。（3）选择元件，完成制作。
【项目实施】
（1）了解简易调光台灯的工作原理
由电学知识可知，灯泡的亮度由____________决定；
（2）设计一台简易调光台灯
电源电压不变，为了改变灯泡的亮度，可以将灯泡与一个滑动变阻器____________联（填“串”或
“并”）。
（3）选择元件，完成制作
小明选择的器材有：电池（电压为3V）、小灯泡 2.5V 0.3A 、铅笔芯、金属回形针、开关、导线、
电压表。连接成如下电路：
（1）把电压表和小灯泡并联，调节回形针的位置，当电压表的示数为____________V时，在铅笔芯上
标记此时回形针的位置。为了安全使用调光灯，回形针向____________调节不能超过此位置。
（2）甲、乙两根铅笔芯的长度都是17.5cm，甲的电阻为 20W，乙的电阻为10W。调节效果可以从两
个方面评价：一是小灯泡亮度的变化范围；二是调节的精度，回形针移动一定距离时，电阻变化越小
调节精度越高。则铅笔芯甲和乙相比，____________调节范围大，____________调节精度高。小莉选
择电源、开关、滑动变阻器、小灯泡各一个，导线若干。连接如图甲所示电路。
（1）进行调试时，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡忽明忽暗，出现这种现象的原因是
____________。
（2）由于滑动变阻器体积较大，于是同学们找来电位器来代替滑动变阻器，电位器的结构图如乙所
示，A、B、C为电位器的三个接线柱，转动旋钮可以改变接入电路的电阻。为了顺时针旋转旋钮时电
灯变亮，则应该连接的接线柱为（ ）
A．A和B B．B和C C．A和C
【展示交流】
（1）有的同学发现有的台灯还配有声控开关，可以用按钮开关或声控开关分别控制台灯，则下列开
关部分电路的设计图正确的是（ ）
（2）有的同学发现生活中为了适应不同的使用场景，更快的将台灯调到一定亮度，某台灯的电路如
图丙所示，将开关接1触点时为断路，开关接2触点或接4触点时，电灯的电功率分别为 P1和 P3 ，电灯
电阻为RL （灯丝电阻不随温度变化），电阻 R1阻值为 R0 ，若 P1 : P3 =1: 9 ，则电阻 R3 =
____________。（用RL 和 R0 表示）
【答案】 ①. 实际功率 ②. 串 ③. 2.5 ④. 左 ⑤. 甲 ⑥. 乙 ⑦. 滑动
1 2
变阻器滑片接触不良 ⑧. B ⑨. A ⑩. R0 - R3 3 L
【解析】
【详解】[1]灯泡的亮度由实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；实际功率越小，灯泡越暗。
[2]为了改变灯泡的亮度，应将灯泡与滑动变阻器串联，串联电路中，滑动变阻器可改变电路中的电流，
进而改变灯泡的实际功率，实现调光；若并联，滑动变阻器无法改变灯泡两端的电压和电流，不能调
光。
[3]小灯泡的额定电压为2.5V，为保证安全，电压表的示数应达到小灯泡的额定电压，故填2.5V。
[4]当把电压表和小灯泡并联时，为保证小灯泡安全使用，其两端电压不能超过额定电压，在铅笔芯上
标记此时回形针的位置，回形针向左调节不能超过此位置，因为回形针向左调节时，铅笔芯接入电路
的电阻变小，电路中电流变大，小灯泡两端电压会变大。
[5][6]甲铅笔芯电阻，乙10Ω ，长度均为17.5cm，电阻越大，接入电路的电阻变化范围越大，因此甲
调节范围大；电阻越小，相同长度变化对应的电阻变化越小，调节越精细，因此乙调节精度高。
[7]移动滑动变阻器滑片，小灯泡忽明忽暗，原因是滑动变阻器滑片接触不良，电路接触不实，导致电
流时断时续。
[8]顺时针旋转旋钮时电灯变亮，说明电路中电流变大，电位器接入电路的电阻变小，应选B和C接线柱，
故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
[9]要实现声控开关或按钮开关分别控制台灯，两个开关应并联，并联电路中各支路独立工作，任一开
关闭合都能接通电路，图A声控开关和按钮开关并联，符合要求；图B两个开关串联，需同时闭合才工
作，不符合“分别控制”的要求，故A符合题意，B不符合题意。
故选A。
[10]电源电压为U，当开关接2触点时，电阻 R1与电灯串联，电阻 R1阻值为 R0 ，根据欧姆定律，此时
U U
电路中的电流 I2 = =RL + R1 RL + R0
2

根据电功率计算公式，可得电灯的电功率 P1 = I
2
2 R
U
L = R
è RL + R
÷ L
0
U
当开关接4触点时，电阻 R3与电灯串联，根据欧姆定律，此时电路中的电流 I3 = RL + R3
2
U
根据电功率计算公式，可得电灯的电功率 P3 = I
2
3 RL = R + R ÷
RL
è L 3
2 2 2
R + R
P : P =1: 9 P : P U R U = ： R = L 3 1已知 1 3 ，则有 1 3 R + R ÷ L R + R ÷ L R + R 2
=
è L 0 è L 3 9L 0
R 1 2化简可得 3 = R - R3 0 3 L2026年中考考前预测卷（连云港专用）
物理·参考答案
一、选择题（本题共 12 小题，每小题 2 分，共 24 分，每题只有一个正确选项）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
A D C A C C B A D B
二、填空题（每空 1 分，共 17 分）
11. ①. 折射 ②. 不停地做无规则运动
12. ①. 变小 ②. 静止 ③. 不能
13. ①. 6×104 ②. 2.5×105 ③. 不变
14. ①. 乙 ②. 3000
15. ①.右 ②.4
16. ①. A ②. 水
17. ①. 会聚 ②. 先变小后变大 ③. 8
三、解答题（共 53 分。解答第 19、20 题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18.
【答案】 （2）
19.（9分）【答案】（1）20Ω；（2）12V，10Ω；（3）18J
【解析】
【详解】解：（1）由题意可得，滑动变阻器接最右端时，滑动变阻器全部接入电路，此时电路中的
电流最小，滑动变阻器的电功率为3.2W，由 P = I 2R 可得
R P 3.2W= 2 = 2 = 20ΩI 0.4A
（2）由题意可得，当电流为0.4A时，滑动变阻器两端的电压为
U滑=0.4A×20Ω=8V
则电源电压为
U = U0 +U滑 = 0.4A R0 + 8V
同理，当电流为0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻为
R P2 3.6W2 = 2 = =10ΩI2 0.6A 2
滑动变阻器两端的电压为
U'滑=0.6A×10Ω=6V
电源电压为
U = U '0 +U 滑 = 0.6A R0 + 6V
联立解得
U=12V
R0=10Ω
（3）由上述分析可得，当滑片P置于中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，电路中电流为0.6A，
由焦耳定律可得
Q = I 2R t = 0.6A 2R 2 0 10Ω 5s =18J
答：（1）滑动变阻器R的最大阻值为20Ω；
（2）电源电压为12V，R0的阻值为10Ω；
（3）产生的焦耳热为18J。
20.（6分） 【答案】（1）720m （2）3×104Pa （3）40%
【解析】
【小问1详解】
机器人运动3min 通过的路程为 s = vt = 4m / s 3 60s = 720m
【小问2详解】
消防机器人的重力为G = mg =1200kg 10N / kg =1.2 104 N
消防机器人对水平地面的压力等于它所受的重力，则机器人对地面产生的压强为
p F G 1.2 10
4 N
= = = 2 = 3 10
4 Pa
S S 2 0.2m
【小问3详解】
机器人在平直公路上匀速直线运动，机器人所受的阻力和牵引力是一对平衡力，即
F = f = 0.2G = 0.2 1.2 104 N = 2400N
牵
机器人在这段路程中，通过的路程为 s = vt = 4m / s 5 60s =1200m
则牵引力做功为W = F s = 2400N 1200m = 2.88 106 J牵
7 6
柴油燃烧放出的热量为Q = m1q = 0.18kg 4.0 10 J / kg = 7.2 10 J放
则机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率为
h W 100% 2.88 10
6 J
= = 100% = 40%
Q 7.2 106 J
放
21.（9分）（1）改变作用力的方向
（2） ①. 变小 ②. 不变 ③. 变小
（3） ①. 4 104 ②. 1 103 （4）C
（5） ①. 1.25 ②. 省力
22.（8分） （1） （2）短路
（3） ①. 2 ②. 10
（4）反比 （5）B
（6） ①. 2.8 ②. 25
23.（7分）（1） ①. 增大 ②. 做功
（2）A （3） ①. 4.8×104 ②. 1.92×107
（4） ①. 5.832×1010 ②. 60
24.（10分） ①. 实际功率 ②. 串 ③. 2.5 ④. 左 ⑤. 甲 ⑥. 乙 ⑦. 滑动
1 2
变阻器滑片接触不良 ⑧. B ⑨. A ⑩. R - R
3 0 3 L

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