资源简介

2026年春学期高二年级期中考试
物
理
2026.05
注意事项
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求
1.本试卷满分为100分，考试时间为75分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的
规定位置。
3.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干
净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定
位置作答，在其他位置作答一律无效。
4.如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须用0.5毫米黑色墨水的签字笔加黑、
加粗。
一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分.每题只有一个选项最符合题意
1.在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，下列说法正确的是
痱子粉
油酸膜
A.将一滴油酸酒精溶液滴入量简并读出其体积
B.滴入油酸酒精溶液，再撒入痱子粉
C.实验中需要将油酸分子视为紧密单层排列的球形
D.通过该实验测得油酸分子直径的数量级为10-8m
2.如图所示，示波管内的电子枪（图中未画出）射出的电子束射向荧光屏，若不加电场和磁场，电子
束将沿图中虚直线垂直打在荧光屏上。现在于示波管的正下方放置一条形磁体，使磁体与虚直
线在同一竖直平面（纸面）内，且条形磁体的N极靠近示波管，示波管中的电子束将
A.向纸内偏转，速率不变
电子束
示波管
B.向纸外偏转，速率不变
C.向上偏转，速率减小
D.向下偏转，速率增大
荧光屏
3.下列关于电磁现象的说法中，正确的是
小磁体小磁体
0
接高频交
铝框
料
流电源
真空冶炼炉
甲
乙
丙
丁
高二物理试卷第1页（共6页）
A.图甲中，转动蹄形磁铁时，原来静止的铝框会受到电磁力的作用而反方向转动
B.图乙中，金属线圈对条形磁铁的振动没有影响
C.图丙中，两个相同的小磁体由静止释放穿过等长的铝管和塑料管，在铝管中运动时间长
D.图丁中，线圈通人高频交流电时，冶炼炉中形成涡流产生大量热量使金属熔化
4.关于热学现象，下列说法正确的是
A呈现各向同性的固体一定是非晶体
B.不同材料制作的细管竖直插入水中，现象如甲、乙图所示，
则应用乙图材料制作防水雨衣
C.表面张力产生的原因是液体表面层的分子稀疏，具有收缩的趋势
D.热针尖接触涂有蜂蜡的云母片背面，蜂蜡熔化区域的形状如图丙，说明蜂蜡具有各向异性
。.如图，甲是回旋加速器，乙是磁流体发电机，丙是速度选择器，丁是霍尔元件，下列说法正确的是
B
XX
XXX
甲
丙
A.甲图要增大出射粒子的最大动能，可增加加速电压U
B.乙图可判断出B极板是发电机的正极
C丙图可以判断出带电粒子的电性，粒子能够沿直线匀速通过速度选择器的条件是=
B
D.丁图中若载流子带负电，稳定时D面电势低
.如图所示，光滑平行导轨固定于水平面内，间距为，其所在空间存在方向竖直向上，磁感应强度
大小为B的匀强磁场，导轨左侧接有阻值为R的定值电阻，一阻值为π的导体棒垂直导轨放置，
导轨电阻忽略不计。现使导体棒获得一水平向右的速度，则在此时αb两点间电压大小为
A.0
B.Blvo
B
牌
D.
Blvo
C.
R+r
7.小李同学用图中带有线圈的电路研究通电自感和断电自感现象。如图所示，灯泡A,和A2的规
格完全相同，线圈L的直流电阻不计，下列说法中正确的是
A.当接通电路时，A,和A2始终一样亮
B.当断开电路时，A2立即熄灭，A1过一会才熄灭
C.当断开电路时，A2灯先闪亮一下再熄灭
D.当接通电路时，A2先达到最大亮度，A,后达到最大亮度，最后两灯一样亮
高二物理试卷第2页（共6页）高二物理期中参考答案与评分标准
一、单项选择题（本题共10小题，年小题4分，共40分.每小题只有一个选项符合题意).
题号
1
3
4
5
6
2
8
9
10
答案
A
C
B
C
D
A
B
二、非选择题：本题共5小题，共60分.其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方
程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分：有数值计算时，答案中必须写出数值和单
位
11.(15分)(1)C
(2)保持气体温度不变
(3)<
(4)管内气体的体积
(5)B
(每小题3分)
SLo
12.(1)N=nN4---2分
n=
---1分
N=
SLO NA
---1分
(2)缀慢压缩气体温度不变，根据玻意耳定律有P。。=p”一一2分
压缩后气体的压强P=L2
-2分
L
13.(1)En=NBSw=20N2V-
-1分
电动势瞬时值e=E cos
e=20N2cos(100)V---2分
(2)变压器原线图输入电压U,副线圈输出电压U,电阻中的电流，则八，=
=20V
2
由兴
U,n
,解得U2=40V
-2分
副线圈电流12=
U2=2A
R
由上=位，解得1=44一
12
-2分
(3)发电机的输出功率P=UI1=80W-一2分
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14.(1)速度与OB的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场，作出运动轨迹如图所示
根据几何关系可知，r=d
E
2
gvB=m-
v=9Bd
m
一2分
粒子在磁场中做圆周运动的周期T=2严
解得T=2πm
--2分
qB
（2)由题知，所有粒子运动的轨迹圆半径都相等，且均为r=d,所以根据旋转圆特点，作出粒子从AD
边出射的区域范围，如图所示
可知粒子从A点出射时对应的圆心角最大，运动的时间最长，则有
T nm
lm=4-29B
--3分
当速度方向OB边的夹角为0时，粒子恰好从A点飞出；当速度方向OB边的夹角
为90时，粒子从恰好从D点飞出，故能从AD边射出的粒子，其速度方向与OB边的夹角范围
0°-90°--2分
(3)当粒子水平向左飞入时刚好从A点飞出，磁场区域内有粒子通过的面积为图中OAEDC区域的面积
根据几何关系，可得该区域面积为S=二πd'+d
4分
4
15.(1)0~1.0s内，磁感应强度变化率的大小为
=1T/s
△t
感应电动势6=N△2=2y
-2分
感应电流1=￡=0.44
△L
R
1=0.6s时，B=(2-1×0.6)T=1.4T
ad边受到的安培力F=NBL=2.24N--2分
由左手定则可知安培力方向为水平向左。
-一1分
(2)1.0s一2.0s内，电流1=0.2A
由6=NA2S
得9=0.5-2分
△t
△t
/s
1=1.0s时，B=1T,电流为逆时针，由楞次定律知B在增大—-1分t=2.0sB=1.5T-一-2
分
(3)由9=14,1=E
&=N42
可得g=w9=0,6C一-2分
△
R
动量定理得-F△1=mv-m,
即-NBLq=mv-mv。解得V=2.2m/s-1分由能量守恒可
m-
21m
mv2=11.16J-2分
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