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四川成都市第七中学初中学校2025-2026学年九年级下学期物理阶段学情自测
1．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船和空间站组合体，成功实现自主快速交会对接，神舟十八号航天员乘组从飞船返回舱进入轨道舱两组成员成功会师（如图），会师画面传到到地球靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．红外线
2．安全用电，人人有责。关于生活中的用电方式，不正确的是（　　）
A．使用验电笔检查电路时，手不能触碰到笔尾金属体
B．不要用湿手接触带电设备，不要用湿布擦抹带电设备
C．了解家庭电路中总开关位置，学会在紧急情况下断开总开关
D．手机在充电过程中，不宜进行其他操作，如通话、阅览信息等
3．人工智能技术的不断发展，聊天机器人成为了一个备受瞩目的领域。在这个领域中，ChatGPT凭借其卓越的性能和广泛的应用场景，成为了最受欢迎的聊天机器人之一。如图是工程师聆听机器人唱歌表演的场景，下列说法正确的是（　　）
A．机器人“高歌一曲”中的“高”是指音调高
B．机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的
C．机器人的歌声是由嘴唇振动产生的
D．歌声在各种介质中的传播速度均为340
4．估测是我们学好物理的一项基本能力，下列是几个同学估测的几个物理量的数值，其中最接近实际的是（　　）
A．家用空调的电功率约为
B．一名初中生所受重力约为
C．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
D．人正常步行的速度约为
5．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶，下列对节气谚语中物理现象的分析，正确的是（　　）
A．“清明忙种麦，谷雨种大田”，雨的形成是汽化现象，需要吸热
B．“喝了白露水，蚊子闭了嘴”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜降见霜，米谷满仓”，霜的形成是液化现象，需要放热
D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝华现象，需要放热
6．如图为与光现象有关的一些生活场景，其中与所对应的光学知识不匹配的是（　　）
A．图甲：光沿直线传播 B．图乙：光的反射
C．图丙：光的折射 D．图丁：光的折射
7．我们身边看似“轻小”的空气，其实蕴含着大大的力量，能够帮助我们完成很多工作，以下事例、与大气压作用无关的是（　　）
A．用吸管喝饮料
B．吸附在玻璃上的塑料挂衣钩
C．深水潜水员要穿特制的抗压潜水服
D．钢笔吸取墨水
8．2024年4月25日，适逢第九个中国航天日，中国神舟十八号载人飞船搭载长征二号F遥十八运载火箭成功发射。在飞船加速飞离地球的发射过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．以火箭为参照物，飞船是运动的
B．飞船的惯性越来越大
C．飞船的重力势能转化为动能
D．飞船的机械能增加
9．图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。关于“省油灯”减慢油蒸发的方法，下列说法正确的是（　　）
A．降低油的温度 B．减小油的表面积
C．减慢油表面上方的空气流动 D．减少油的体积
10．大千世界，无奇不有。如图所示，是一位摄影师拍摄到的照片，题为“乌鸦落鹰背上歇脚”，下列和物理知识有关的说法中正确的是（　　）
A．飞行过程中，乌鸦相对于老鹰是运动的
B．乌鸦和老鹰一起匀速飞行时运动状态是变化的
C．乌鸦对老鹰的压力和老鹰对乌鸦的支持力是一对相互作用力
D．乌鸦受到的支持力和老鹰受到的重力是一对平衡力
11．2月18日，在马来西亚沙阿兰举行的2024年亚洲羽毛球团体锦标赛男子团体决赛中，中国队3比0战胜马来西亚队，获得团体冠军。下列说法正确的是（　　）
A．打出去的羽毛球受到重力、球拍的作用力和空气阻力
B．球拍对羽毛球的力使球拍发生了形变
C．羽毛球运动到最高点时，若其所受力全部消失，羽毛球将处于静止状态
D．羽毛球在空中做曲线运动，说明力可以改变物体的运动状态
12．物理兴趣小组的同学对下图所示的现象进行讨论，其中错误的是
A．图中的实验说明液体压强与液体的深度有关
B．图中对瓶内沸腾的水停止加热，倒置后，向瓶底浇冷水，瓶内的水会重新沸腾
C．图中用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴“吸力”吸上来的
D．图中洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理
13．关于摩擦起电和电路，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电实际上通过摩擦的方式产生了电荷
B．一个泡沫小球被一个用丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，则泡沫小球可能会带负电
C．只有电子的定向移动才会形成电流
D．马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的
14．2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑主板工作时会不断发热，为了保证主板不被烧坏，当温度上升到某一值时，开关闭合，主机电风扇（用M表示）工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
15．电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
16．夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是　 　现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在　 　力。
17．如图，这是小明用抹布做清洁时的情景。当小明向右擦拭桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向是向　 　 的。为了擦干净桌面上一小团“顽固”污渍，他加大了用力，这是通过 　 　 来增大摩擦。
18．2023年3月23日下午，“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲了！航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，当他们将“冰墩墩”水平抛出，“冰墩墩”将 　 　（填运动状态）；由于物体间力的作用是 　 　的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环在舱内活动。（温馨提示：在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计）
19．如图甲所示是在河南舞阳出土的8000多年前的贾湖骨笛，吹奏时，手指按在不同的音孔上，就会改变空气柱的长度，从而改变声音的　 　。如图乙所示，航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在　 　处减弱噪声。
20．如图，某校学生在做“探究凸透镜成像规律”实验时，把李老师的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上烛焰的像变模糊了；接着再将光屏靠近凸透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像。李老师的眼睛是 　 　（选填“近视眼”或“远视眼”），他佩戴的眼镜是 　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”）。
21．如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同容器，分别装有密度为的两种不同液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为，甲、乙容器底部受到液体的压强分别。则　 　，　 　（以上两空选填“>”、“=”或“<”）
22．在科技创新大赛中，小文设计了赛车模型，为了使赛车在快速行驶时增大压力，从而增大摩擦力，小伟想在尾翼处安装上气流偏导器，你认为　 　（A或B）款气流偏导器更合适，在设计的气象探测气球携带探空仪（体积不计），若探空仪在高空测量，工作完毕后释放部分氢气，气球体积缩小，所受浮力随之　 　（变大，变小，不变）
23．如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它就能产生　 　，　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理与之相同。
24．某型号热水器有“低温”和“高温”加热功能，图甲为其内部电路原理图，当开关S接触点2时，该热水器处于　 　（选填“低温”或“高温”状态）。图乙是该热水器工作过程中电功率与时间的关系图像，热水器工作20min消耗的电能是　 　J。
25．按要求完成下列作图；
（1）如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，在平面镜入射角上标出度数，完成光路图。
（2）图甲是打开的汽车后备箱盖，它被液压杆支撑（不计后备箱盖重）。关箱盖时，它可看作一个杠杆，图乙是其简化图：O是支点，是液压杆作用在A点的阻力。请在图乙中画出：阻力臂和在B点关上后备箱盖的最小动力。
26．随着人们生活水平的提高，房车旅游受到了大众的青睐，某公司推出了如图所示的小型房车，小林和父母参观车展时试驾了该车，该车在平直公路上以54km/h的速度匀速行驶了3600m，已知车轮与水平地面总接触面积为0.4m2，试驾时车和人总质量为4×103kg，阻力是车重的0.1倍。求：
（1）谈房车静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）该房车匀速行驶时牵引力做功的功率是多大？
27．如图所示电路中，，电源电压不变，当闭合开关，断开开关、时，电流表的示数为0.3A，当闭合开关，断开开关、时，电流表的示数为0.12A。求：
（1）电阻的阻值；
（2）当闭合开关、，断开开关时，通电10s整个电路消耗的电能。
28．小明在“探究电流与电压的关系”时，所选电源电压恒为3V，定值电阻的阻值为5，连接如图甲所示电路，进行如下操作，请你解答：
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V
1 1.5 2 2.5
电流I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5
（1）将滑动变阻器的滑片调至最右端，闭合开关，会发现电流表无示数，经检查发现电路中有一条导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）改正电路后，闭合开关，电流表示数为0.1A，电压表指针位置如图乙所示，示数为　 　V，滑动变阻器的最大阻值　 　；
（3）调节滑动变阻器的滑片，再进行四次实验，每次读取电流表、电压表示数，将数据填在表中。分析数据可得出：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成　 　。
29．现用一架托盘天平和量筒来测量牛奶的密度，他的实验步骤如下，请你帮他补充完整：
（1）将天平放置于水平工作台上，把　 　后，调节平衡螺母使指针指到分度盘中央。
（2）他用该架天平测出烧杯和牛奶的总质量为82.4g。
（3）将一部分牛奶倒入量筒中，如图2所示，他测量剩余部分牛奶和烧杯的质量如图1所示其质量为　 　g，则牛奶的密度为　 　。
（4）小明同学在测牛奶密度时，先测了空烧杯的质量为，再倒入牛奶测出总质量为，然后牛奶倒入量筒中读出体积为V，则牛奶密度的表达式为　 　，小明的这种方法会使测量值　 　。（选填“偏大”或“偏小”）
30．下列科技成果与其工作时所涉及到的物理知识对应错误的是（　　）
A．国产无人侦察机“天鹰”——流体压强与流速的关系
B．“华龙一号”核电机组——核聚变将核能转化为电能
C．手机“5G”通讯——电磁波传递信息
D．磁悬浮列车——磁极间的相互作用
31． 下列诗词中涉及的物理知识正确的是（　　）
A．“举杯邀明月”中的“明月”是光源
B．“一石击破水中天”，“天”是由光的折射形成的虚像
C．“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸收红光
D．“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像
32．如图甲、乙所示相同容器中装了质量都为3kg的纯净水，用不同电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的图像，已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），用同一加热器单位时间加热功率和加热效率相同。下列说法正确的是（　　）
A．加热相同时间，两杯水吸收的热量相同
B．加热1min时，甲容器中的水吸收热量为9.45×104J
C．加热器1和加热器2的功率之比9∶4
D．沸腾前吸收相同的热量，甲杯中水的末温比乙杯的高
33．某建筑工地，用如图所示滑轮组、吊篮、卷扬机吊运材料。两滑轮重均为40N，当吊篮中不装重物时，卷扬机拉动吊篮匀速上升的拉力为50N。吊篮内最多能装入90kg的重物，每根绳子能承受的最大拉力均为900N。在一次吊运中，用此滑轮组匀速将重为50kg的砖运到了10m高的楼上，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。下列结果正确的是（　　）
A．此次吊运，天花板A点受到的拉力为600N
B．此次吊运，卷扬机做的有用功为5600J
C．此次吊运若用时50s，卷扬机做功的功率为120W
D．该滑轮组的机械效率最高约为89.4%
34．如图所示电路，电源电压U恒定不变。只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，当电流的示数为0.2A时，电压表V1的示数为1V。只闭合S1，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1。只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，电流表的示数为I2，此时电路的功率为P1，保持滑片位置不变，再闭合S1，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为P2。已知I1：I2=1：9，U1：U2=2：1。下列结果正确的是（　　）
A．R2=5Ω B．U=6V
C．I1=0.2A D．P1：P2=9：11
35．空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
项目 参数 项目 参数
额定电压 220V 水箱容量 1L
额定功率 66W 蒸发量 0.5L/h
空机质量 7.5kg 电源线长度 0.8m
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是　 　；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为　 　；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为　 　W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：　 　。
36．明代作家冯梦龙编著的《智囊全集》，记录了古代的人们运用智慧和谋略解决问题的故事。在《打捞铁牛》这个故事中，船工先将躺在河底的铁牛和装满泥沙的船用绳系在一起，再把船上的泥沙铲走，铁牛被拉起，然后把船划到岸边，就可将铁牛拖上岸（如图甲所示）。学校跨学科实践小组利用所学知识来模拟打捞铁牛的过程。如图乙所示，柱形水槽足够高，底面积为；薄壁柱形容器质量为，底面积为，高为，内装质量为、密度为的细小砂砾；实心长方体金属块底面积为，高为，密度为；金属块和容器用一根不可伸长的轻质细线连接，放置在水槽中。现缓慢向容器中加水，细线刚好绷直时停止加水（如图丙所示）。已知水的密度为，砂砾不溶于水，忽略吸水等次要因素，取。
（1）在图乙中，已知，求方形容器对金属块的压强；
（2）在图丙中，已知，，现从容器中取出砂砾倒入容器内，当刚好离开容器底时，求取出的砂砾质量；
（3）若金属块体积不变，要使离开容器底，请推导出容器中至少装砂砾的质量与金属块密度的关系式。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，空间站画面传到到地球，靠的是电磁波。超声波和次声波都属于声波，不能在真空中传播；红外线的热作用比较强，不适合将空间站信息传到地球，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；红外线可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器等。
2．【答案】A
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用验电笔检查电路时，手必须接触笔尾金属体与地面、导线构成闭合回路，才可以判断导线是否带电，故A错误；
B．生活用水是导体，湿手、湿布上的水都可以导电，接触带电设备时可能发生触电事故，故B正确；
C．了解家庭电路中总开关的位置，可以在家中发生触电事故或电路着火时及时断开电路的总开关，防止灾情扩大，故C正确；
D．手机充电过程中会发热，叠加使用时的热量加大了对手机内部组件的损耗，以及容易出现安全隐患，因此充电过程中不宜进行其他操作，故D正确。
故选A。
【分析】（1）试电笔在使用时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
（2）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；在进行电气设备的安装、维修、更换部件等操作时，以及紧急情况下，必须先切断电源，并确保电源已完全断开；不用湿手触摸和擦拭电器，以防发生触电事故。
3．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A. 日常用语里放声高歌的“高”，指代的是声音响亮程度，也就是响度偏大，故A错误。
B. 声音的传播需要依托介质，机器人发出的歌声依靠空气作为传播媒介，顺利传入人耳被人感知，故B正确。
C. 一切发声物体都在振动，机器人传出的歌声，是由内部扬声器发生振动而产生，故C错误。
D. 在标准环境下，15摄氏度的空气中，声音固定传播速度为340m/s，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）音调代表声音高低，响度代表声音强弱，二者含义各不相同。
（2）气体、液体、固体都能够传声，空气是生活中最常见的传声介质。
（3）声音产生的根源是物体振动，振动停止则发声随之停止。
（4）声速大小受介质种类与环境温度影响，常温空气中声速数值固定。
4．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；重力及其大小的计算；电功率
【解析】【解答】 A、家用空调的工作电流在5A左右，其功率为P=UI=220V×5A=1100W，接近1000W，故A符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，故B不符合实际；
C、人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故C不符合实际；
D、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右，故D不符合实际。
故选：A。
【分析】（1）结合家庭电路电压与常用电器工作电流，可估算出大功率用电器的额定电功率。
（2）根据青少年常规体重范围，利用重力公式就能快速估算出人所受重力大小。
（3）牢记日常舒适环境温度标准，区分环境高温与适宜温度。
（4）熟记人正常步行速度，并掌握千米每小时与米每秒之间的单位换算方法。
5．【答案】B
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，不是汽化现象（汽化是液态变气态，吸热），故A错误；
B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程放热，故B正确；
C．霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，凝华放热，不是液化现象（液化是气态变液态），故C错误；
D．河水结冰是液态的水变成固态的冰，属于凝固现象，凝固放热，不是凝华现象（凝华是气态直接变固态），故D错误。
故选B。
【分析】掌握物态变化现象及对应特点，明确生活常见现象所蕴含的物态变化。如汽化：物质从液态变为气态的过程，需要吸热。例如水变成水蒸气就是汽化现象。液化：物质从气态变为液态的过程，需要放热。像空气中的水蒸气遇冷变成小水滴（如露、雨的形成）就属于液化现象。凝华：物质从气态直接变为固态的过程，需要放热。比如空气中的水蒸气直接变成小冰晶（如霜的形成）就是凝华现象。凝固：物质从液态变为固态的过程，需要放热。例如水变成冰就是凝固现象。
6．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．图甲的影子，是光在同种均匀介质中，沿直线传播形成的。故A不符合题意；
B．自行车尾灯，本身不能发光，是光线射到尾灯上时，发生反射，是光的反射现象。故B不符合题意；
C．水中铅笔看起来“折断”了，是光从水中斜射入空气中，发生了折射，是折射现象。故C不符合题意；
D．潜望镜是两块互相平行的平面镜，光线经过两次反射，看到障碍物上方的景物。故D符合题意。
故选D。
【分析】影子是光沿直线传播形成的；光线在物体表面发生反射；光线经过不同介质，发生折射。
7．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】A. 利用吸管饮用饮品时，先吸出管内空气，使得管内气压低于外界大气压强，饮品便在外界大气压的推动下顺着吸管流入口中，该现象利用了大气压原理，故A正确。
B. 真空吸盘式挂衣钩紧贴墙面使用时，会排净内部空气，依靠外界强大的大气压力将其牢牢压紧在光滑墙面，能够悬挂物品，利用了大气压，故B正确。
C. 潜水人员潜入深水区域时必须穿戴专业抗压装备，是由于液体压强会随着入水深度不断增大，水下深处水压极强，该现象属于液体压强知识，和大气压强没有关联，故C错误。
D. 钢笔汲取墨水的过程中，挤压笔囊排出内部空气，松手后笔囊内部气压变小，外界大气压便会将墨水顺利压入笔囊内部，借助了大气压，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）生活中诸多吸取液体的现象，大多依靠内外气压差，借助大气压完成。
（2）吸盘固定物件，依靠排尽内部空气，利用外界大气压实现紧贴固定。
（3）液体内部压强随深度加深而变大，深水作业需抵御强大水压。
（4）挤压式储液装置吸取液体，均是利用大气压将液体压入容器内部。
8．【答案】D
【知识点】动能和势能的概念；机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】 A. 飞船随火箭一同升空，二者相对位置始终保持一致，以火箭作为参照标准，飞船处于静止状态，故A错误。
B. 惯性是物体本身固有的属性，其大小只由物体自身质量决定，和运动快慢没有任何关系。飞船升空过程中质量保持不变，惯性大小也不会发生改变，故B错误。
C. 飞船加速向上飞行时，质量不变，运动速度不断增大，动能随之增大；同时飞行高度持续升高，重力势能也随之增大。此过程两种能量均在增加，不存在重力势能转化为动能的情况，故D错误。
D. 飞船加速上升阶段，动能与重力势能均不断增大，而机械能是动能与势能的总和，因此飞船整体的机械能总量不断增加，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）判断物体运动或静止，只需对比研究对象和参照物之间的相对位置是否发生改变，位置不变则为静止，位置改变则为运动。
（2）物体惯性大小仅取决于自身质量，质量恒定不变，惯性大小就不会改变，不受运动状态影响。 （3）动能大小由质量和运动速度共同决定，重力势能由质量和所处高度共同决定，二者之和即为物体的机械能。
9．【答案】A
【知识点】影响蒸发快慢的因素；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】油在燃烧的过程中，温度升高，会不断加速蒸发，在灯盏上方容器中盛油，在夹层中注水，由于水的比热容较大，在其它条件相同时，可以吸收更多的热量，使油的温度升高得慢些，减慢了油的蒸发，达到省油的效果。故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】（1）影响蒸发的因素有液体温度、液体表面积、液体表面上方的空气流动。
（2）相同质量的水和其他物质比较，由于水的比热容较大，吸收或放出相同热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同温度，水吸收或放出的热量多。
10．【答案】C
【知识点】力的作用效果；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】A．根据题意可知，乌鸦相对于老鹰的位置没有发生改变，所以乌鸦相对于老鹰是静止的，故A错误；
B．乌鸦和老鹰一起匀速飞行时，速度大小和方向均不变，所以运动状态是不变的，故B错误；
C．乌鸦对老鹰的压力和老鹰对乌鸦的支持力，这两个力分别作用在两个物体上，大小相等，方向相反，是一对相互作用力，故C正确；
D．乌鸦受到的支持力和老鹰受到的重力，这两个力分别作用在两个物体上，且大小不等，不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据参照物的知识判断；
B.运动状态的改变包括速度大小改变和运动方向改变；
CD.相互作用力和平衡力的相同点：大小相等、方向相反，在同一直线上。不同点：前者在两个物体上，后者在同一物体上。
11．【答案】D
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．根据题意可知，打出去的羽毛球不再与球拍接触，因此不受球拍的作用力，故A错误；
B．羽毛球对球拍的力作用在球拍上，使球拍发生了形变，故B错误；
C．羽毛球运动到最高点时，水平方向速度不为0，若其所受力全部消失，羽毛球将沿水平方向做匀速直线运动，故C错误；
D．羽毛球在空中做曲线运动，即运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
【分析】A.对空气飞行的羽毛球进行受力分析即可；
B.只有作用在球拍上的力才能使其发生形变；
C.根据牛顿第一定律判断；
D.运动状态的改变包括：运动方向改变或速度大小的改变。
12．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、在该实验装置中，液体喷出的距离随深度增加而变远，直观反映出液体压强随深度增大而升高，证明了液体内部压强与深度存在关联，故A正确。
B、向瓶底浇冷水时，瓶内气体遇冷收缩，内部气压随之降低。根据沸点与气压的对应关系，气压越低液体沸点越低，因此原本停止沸腾的水会因沸点降低而重新沸腾，故B正确。
C、用吸管喝饮料时，人通过吸气排出吸管内的空气，使管内气压小于外界大气压，饮料是在大气压的作用下被压入吸管并进入口中，这一过程利用的是大气压原理，故C错误。
D、洗手池下方的U形“反水弯”，上端开口、底部相互连通，完全符合连通器的结构特征，利用了连通器原理来阻挡异味回流，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）液体压强的特点：同种液体中，深度越深，压强越大，可通过液体喷射距离直观体现这一规律。
（2）沸点与气压的关系：液体的沸点随气压的减小而降低，随气压的增大而升高，瓶内气压降低会导致水的沸点下降。
（3）大气压的应用：用吸管喝饮料时，利用的是管内外的气压差，外界大气压将饮料压入管中。 （4）连通器原理：上端开口、底部连通的容器，当内部液体静止时，各容器液面保持相平，U形反水弯正是利用这一原理实现水封防臭。
13．【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；电流的形成；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程，本质上是不同物体间电子的转移，而非创造新的电荷，因此 “摩擦起电创造了电荷” 的说法是错误的，故A错误。
B、丝绸摩擦后的玻璃棒会带上正电，带电体具有吸引轻小物体的特性，因此当它靠近泡沫小球时，小球可能因带负电被异种电荷吸引，也可能因不带电被带电体吸引，两种情况都可能出现，故B正确。
C、只有电荷发生定向移动时，才能形成持续的电流；若电荷仅做无规则的杂乱运动，则无法形成电流，故C错误。
D、马路旁的路灯在使用中，某一盏损坏熄灭后，其余路灯仍能正常独立工作，互不干扰，这符合并联电路的特点，因此路灯是并联连接的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；摩擦起电的实质是电子的转移；
（2）带电体的性质是能吸引轻小物体；
（3）电流是电荷的定向移动形成的；
（4）并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
14．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意，CPU与散热风扇能够独立运行、互不干扰，由此可判断二者在电路中为并联关系。其中，CPU的工作不受温度影响，只要电路接通即可运行；而电动机需在环境温度升高至特定阈值时才启动，实现辅助降温功能，说明电动机的工作受独立开关控制，且该开关仅作用于电动机支路。结合电路逻辑可知，电路中需设置两个开关：一个位于干路，控制整个电路的通断；另一个位于电动机所在支路，仅控制电动机的启停，以此实现CPU先工作、电动机延时启动” 的功能。对照各选项电路设计，只有B选项符合上述逻辑，故B正确。
故选：B。
【分析】判断电路连接方式时，核心依据是用电器是否能独立工作、互不影响。本题中，CPU与电动机可独立运行，因此二者为并联关系。结合温度控制逻辑，电动机需由独立开关控制，且该开关仅作用于其所在支路，同时干路需设置总开关控制整个电路的通断，以此满足 “温度升高后电动机才工作” 的设计要求。解题时需重点分析各选项中开关的位置与控制对象，判断是否符合上述电路逻辑。
15．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成，
A．发电机的原理：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，探究了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．图中，探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是电流具有磁效应，故C不符合题意；
D．图中，有电源和磁场，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．
【分析】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为电能，电动机是电能转化为机械能。
16．【答案】扩散；引
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】夏日荷花盛开飘来阵阵花香，说明分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；因为分子间存在引力作用，所以两颗露珠接触后可以成为更大的一颗水珠。
故答案为：扩散；引.
【分析】分子动理论的内容是：（1）物质由分子组成的，分子间有空隙；（2）一切物体的分子都永不停息地做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力.
17．【答案】左；增大压力
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）小明手持抹布向右擦拭桌面，抹布相对于桌面发生向右的相对运动，滑动摩擦力会阻碍物体的相对运动，因此桌面给抹布的摩擦力朝向左侧。
（2）擦拭桌面时加大按压的力度，在接触面粗糙程度保持不变的前提下，依靠增大接触面之间的压力，以此达到增大滑动摩擦力的效果，让桌面擦拭得更加干净。
故答案为：左；增大压力。
【分析】物体所受的滑动摩擦力的方向一定与物体相对运动的方向相反；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
18．【答案】做匀速直线运动；相互
【知识点】力作用的相互性；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，若他们将“冰墩墩”水平抛出，由于在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计，冰墩墩不受任何外力，根据牛顿第一定律，将做匀速直线运动；由于物体间力的作用是相互的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环获得反作用力，改变自己的运动状态，实现在舱内活动。
故答案为：做匀速直线运动；相互。
【分析】（1）结合牛顿第一定律分析；
（2）力的作用是相互的。
19．【答案】音调；人耳
【知识点】音调及音调与频率的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】吹骨笛时，手指按住不同的音孔，空气柱的长度改变，空气柱振动的频率改变。音调与频率有关，声音的音调会改变。
引导员戴上耳罩，阻止噪声进入人耳，可在人耳处减弱噪声。
【分析】改变发声体的长度，可以改变音调；阻止声音进入人耳，在人耳处控制噪声。
20．【答案】远视眼；凸透镜
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】把眼镜镜片放置在蜡烛与凸透镜中间后，光屏上原本清晰的烛焰成像变得模糊。将光屏朝着靠近凸透镜的方向小幅移动，光屏上再次呈现出清晰实像，这一现象说明光线经过该镜片后会聚能力变强，成像位置提前。由此可知此镜片对光线具有会聚作用，属于凸透镜，而凸透镜可用于矫正远视眼。
故答案为：远视眼；凸透镜。
【分析】光屏向前移动才能重新成像，代表光线被提前会聚，具备会聚作用的透镜为凸透镜；远视眼成因是晶状体折光能力偏弱，近处物体成像落在视网膜后方，需要借助凸透镜会聚光线，以此让像正常成在视网膜上完成矫正。
21．【答案】=；>
【知识点】压强大小比较；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 由图可知，甲容器中小球漂浮在液面上，乙容器中小球悬浮在液体中，因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，则：F1=F2；
由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，ρ1＞ρ球，ρ2=ρ球，所以ρ1＞ρ2；
已知两容器中液面相平，且ρ1＞ρ2，根据p=ρ液gh可知，甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强，即p1＞p2。
故答案为：=；＞。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件可知两球所受浮力与重力的关系，由此判断两小球受到的浮力的大小关系；
（2）根据物体的浮沉条件可知液体密度与小球密度的关系，由此判断液体的密度大小关系；
（3）根据液体的密度大小关系，利用p=ρgh判断液体对容器底的压强关系。
22．【答案】A；变小
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】当赛车高速行驶时，上方空气流速大，压强小，使车辆发飘，为了赛车行驶安全，汽车的“气流偏导器”，上表面平直、底部凸起，偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加赛车对地面的压力，故应选A。
气象探测气球工作后，释放部分氢气，气球体积缩小，根据，气球所受浮力变小。
【分析】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；根据，排开气体的体积变小时，浮力变小。
23．【答案】感应电流；动圈式话筒
【知识点】产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它，做切割磁感线运动，产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，原理相同，扬声器的工作原理通电导体在磁场中受力运动，原理与之不相同。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
24．【答案】低温；
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】甲图中，开关S接1时，只R1连入电路，S接2时，两电阻串联，根据，电源电压一定，开关接2时，电路的总电阻最大，电路消耗的功率最小，热水器处于低温状态。
图乙中，前10min，为加热状态，功率为800W，后10min，为保温状态，功率为200W，热水器工作20min，消耗的电能：。
【分析】根据，结合电阻大小，判断电功率的大小；根据W=Pt，计算用电器消耗的电能。
25．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）过入射点作法线和平面镜垂直，反射光线与镜面的夹角为45°，则反射角为，反射角等于入射角，入射角=45°，入射角=45°，画出入射光线；
光线与凸透镜主光轴平行，折射光线过焦点，如图所示：
（2）图中，支点为O，将F2反向延长，过支点作F2作用线的垂线，为阻力臂L2；阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，则应使动力臂最长。连接OB，为最长动力臂，过B点沿向下的方向作OB的垂线，为最小的动力，标字母“F1”，如图所示：
【分析】（1）根据反射角等于入射角，画出入射光线；光线和凸透镜的主光轴平行，折射光线过焦点；
（2）支点到力的作用线的垂线，为力臂；支点和动力作用点的连线，是最大力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
（1）过入射点作出法线，由图可知，反射光线与镜面的夹角为45°，则反射角为
由于反射角等于入射角，故入射角也是45°，在法线的另一侧作出入射角等于45°，即可画出对应的入射光线；
与凸透镜主光轴平行的光线，经过凸透镜后，折射光线过焦点，如图所示：
（2）过支点作阻力F2作用线的垂线，该垂线段就是力臂L2；由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，则应使动力臂最长。由图可知，OB作为动力臂最长，最省力，由于动力和阻力都作用在支点的同侧，且阻力的方向向上，故动力方向应向下，作法：连接OB，过B点沿向下的方向作OB的垂线，并标注箭头和字母“F1”，如图所示：
26．【答案】（1）该房车的总重力：G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N，
该房车静止在水平地面上时，对地面的压力：F压=G=4×104N，
对地面的压强为：；
（2）房车匀速行驶时受到的阻力：f=0.1G=0.1×4×104N=4000N，
由题知汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，则牵引力：F=f=4000N，
该房车的速度v=54km/h= 15m/s
牵引力做功的功率：。
答：（1）该房车静止在水平地面上时，对地面的压强是1×105Pa；
（2）该房车匀速行驶时牵引力做功的功率是6×104W。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算该房车的总重力，该房车静止在水平地面上时，对地面的压力等于总重力，根据得到该房车静止在水平地面上时，对地面的压强；（2）根据题意计算房车匀速行驶时受到的阻力，汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据得到该房车匀速行驶时牵引力做功的功率。
27．【答案】（1）解：当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，电路为的简单电路，电流表测通过的电流。已知，，根据欧姆定律，电源的电压
当闭合开关S2，断开开关S3、S1时，与串联，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律，此时电路中的总电阻
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即，所以电阻的阻值
（2）解：当闭合开关、，断开开关时，与并联，此时通过支路的电流为
通过支路的电流为
并联电路的总电流为各支路电流之和
则通电10s整个电路消耗的电能为
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）结合开关状态，判断电路连接方式，根据U=IR，计算电源电压；根据，计算电阻；结合串联电路电阻规律，计算部分电阻；
（2）根据，计算电路中的电流；结合并联电路电流规律，计算干路电流，利用W=UIt，计算消耗的电能。
（1）当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，电路为的简单电路，电流表测通过的电流。已知，，根据欧姆定律，电源的电压
当闭合开关S2，断开开关S3、S1时，与串联，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律，此时电路中的总电阻
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即，所以电阻的阻值
（2）当闭合开关、，断开开关时，与并联，此时通过支路的电流为
通过支路的电流为
并联电路的总电流为各支路电流之和
则通电10s整个电路消耗的电能为
28．【答案】（1）
（2）0.5；25
（3）正比
【知识点】电压的测量及电压表的使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）探究电流和电压关系，电压表和定值电阻并联，图中，电压表串联在电路中。将连接定值电阻右侧接线柱和滑动变阻器右上接线柱的导线，改接为连接定值电阻右侧接线柱和电压表“-”接线柱上，如图所示：
（2）图乙中，电压表连接“0~3V”，分度值为0.1V，示数为0.5V。
根据实验数据，滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻电压为，滑动变阻器两端的电压为，根据电流为，滑动变阻器的最大阻值为：；
（3）根据表格数据，定值电阻两端的电压与电流的比值是定值，故可得：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
【分析】（1）探究电流和电压关系时，电压表和定值电阻并联，电流表和定值电阻串联；
（2）根据电压表量程和指针位置，测量电压；结合串联电路分压，根据，计算电阻；
（3）电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
（1）由图可知，原电路中错误是：电流表与滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中。改正方法：将连接定值电阻右侧接线柱和滑动变阻器右上接线柱的导线，改接为连接定值电阻右侧接线柱和电压表“-”接线柱上，如图所示：
（2）[1]由图乙可知，电压表连接的量程是“0~3V”，分度值为0.1V，示数为0.5V。
[2]由实验数据可知，当滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻两端的电压为，由串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压为
由串联电路电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为，由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值为
（3）分析表格数据可得出：定值电阻两端的电压与通过定值电阻的电流的比值是定值，故可得：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
29．【答案】游码归零；61.4；；；偏大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）测量天平平衡前，把天平放在水平台上，游码移到标尺的零刻度，调节平衡螺母，使天平的横梁平衡。
（3）图1中，根据砝码和游码位置，剩余牛奶和烧杯的总质量是，
量筒里牛奶的质量，
图2中，量筒的分度值为2mL，牛奶的体积，
计算牛奶的密度为：；
（4）牛奶的质量为，测量牛奶的体积V，牛奶的密度为；
将牛奶倒入量筒时，烧杯内壁有残留，牛奶体积偏小，根据，测量的牛奶密度值会偏大。
【分析】（1）调节天平平衡时，游码归零，平衡螺母左偏右调；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；根据量筒中液面位置，测量体积，根据，计算密度；
（3）根据，测量密度大小；测量的体积偏小时，计算的密度偏大。
30．【答案】B
【知识点】核裂变；流体压强与流速的关系；磁场；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A. 依据流体压强与流速的规律，流体流动速度越快的区域，压强数值越小。无人机机翼设计成上方凸起、下方平整的造型，飞行时机翼上下表面形成流速差，进而产生向上的压力差，以此获得升空所需的升力，故A不符合题意。
B. 目前国内“华龙一号”这类核电发电设备，工作原理是依靠原子核裂变反应释放巨大能量，再逐步转化为电能，并非依靠核聚变获取能量，故B符合题意。
C. 电磁波具备传递各类信息的作用，还能够在真空环境中传播，无需借助任何传播介质，日常使用的手机正是借助电磁波来实现信号收发与信息传递，故C不符合题意。
D. 磁悬浮列车通过在车体与轨道处安装对应磁体，利用磁极之间的相互作用力，让车体脱离轨道实现悬浮行驶，有效减小行驶阻力，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】（1）在流体中，流速越大的位置，压强越小。
（2）核电站是利用核裂变所释放出来的核能。
（3）电磁波可以传递信息。
（4）同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
31．【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】A、“举杯邀明月”中的“明月”不是光源 ，A错误
B、“一石击破水中天”，“天”是由光的反射形成的虚像，B错误
C、“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸反射光 ，C错误
D、“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像 ，D正确
综上选D
【分析】根据光源、光的反射、折射判识选项
1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光源：能够自主发光的的物质，如太阳、萤火虫、手电筒
32．【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 A、实验中，用不同加热器加热，相同时间内两加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，故A错误；
B、两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，水的比热容不变，根据可知，两杯水升高的温度应相同，由图知甲杯中水的初温低，则此时甲杯中水的末温比乙杯的低，故B错误；C、两容器中水的质量相同，设为m，由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度：Δt甲=40℃-10℃=30℃，
则甲容器中水吸收的热量：Q吸1=c水mΔt甲=c水m×30℃；
加热3min时，乙容器中水升高的温度：Δt乙=40℃-20℃=20℃，
则乙容器中水吸收的热量：Q吸2=c水mΔt乙=c水m×20℃；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，
即Q放1=Q吸1=c水m×30℃，Q放2=Q吸2=c水m×20℃，
所以两加热器放出热量之比为 ，
两加热器的加热时间之比为t1：t2=2min：3min=2：3，
则加热器1和加热器2的功率之比： ，故C正确；
D、由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，
所以，加热1min时，甲容器中水升高的温度：；
此时甲容器中的水吸收热量：Q吸=c水mΔt甲'=4.2×103J/（kg ℃）×3kg×15℃=1.89×105J，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）由题知，用不同的加热器进行加热，则在相同的时间内加热器放出的热量不同，说明在相同的时间内两杯水吸收的热量不同；
（2）两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，根据可判断两杯水升高的温度的关系；
（3）两容器中水的质量相同，设为m；由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度Δt甲=30℃，根据吸热公式表示出甲容器中水吸收的热量；
由图丙可知，加热3min时，乙容器中水升高的温度Δt乙=40℃-20℃=20℃，根据吸热公式表示出乙容器中水吸收的热量；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，据此可求出两加热器放出热量之比，并求出两加热器的加热时间之比，最后根据计算两加热器的功率之比；
（4）由图可知水的温度变化随时间的增加而均匀升高，据此判断加热1min时甲容器中水升高的温度，已知水的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt计算此时甲容器中的水吸收热量。
33．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A.已知：拉力为50N，不计绳重和摩擦，有两股绳子，滑轮重40N，根据可知
用此滑轮组匀速将重为50kg的砖运到了10m高的楼上，物体的重力为
G=mg=50kg × 10N /kg=500N
根据可知
根据力的作用是相互的可知，天花板上的A点受到的向下拉力为
，故A错误；
B．此次吊运，卷扬机做的有用功为
，故B错误；
C．此次吊运若用时50s，卷扬机做功的功率为
，故C正确；
D．滑轮组的机械效率为
根据式子可知物体越重，机械效率越高，最重为
G=mg=90kg × 10N /kg=900N
此时拉力为：
500N小于绳子能承受的最大拉力900N，故该滑轮组的机械效率最高约为
，故D错误。
故选C。
【分析】利用G=mg，计算重力；根据，计算滑轮组绳子的拉力，结合绳子股数，计算滑轮上拉力大小；根据W=Gh，计算做功多少；利用，计算功率大小；利用，计算机械效率。
34．【答案】A,D
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】ABC．只闭合S1，电流表在干路中，测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，
解得①
根据欧姆定律可知，此时电路中的电流
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，电流表测干路电流I2，由并联电路的电流特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流
已知
即②
由①②解得R1=3R2，R3=2R2
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，由并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，则此时通过R1的电流I1'=0.2A，由并联电路的分流原理可知，通过R1、R2的电流之比
则通过R2的电流I2'=3I1'=3×0.2A=0.6A
此时通过R3、R2的电流之比
通过R3的电流
则由并联电路的电流特点可知，R2、R3并联时，干路电流I2=I2'+I3'=0.6A+0.3A=0.9A
由I1：I2=1：9可知，R1、R2、R3串联，电路中的电流，故C错误；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压U=U2'+U3'=U2'+IR3=1V+0.2A×R3③
根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，R1、R2、R3串联时的电源电压
④
由③④解得R3=10Ω，U=3V
故B错误；，故A正确；
D．由并联电路的电流特点可知，R1、R2、R3并联时干路的电流I'=I2+0.2A=0.9A+0.2A=1.1A
由P=UI可知 ，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）只闭合S1，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，根据U1：U2=1：2和串联电路的分压原理求出R1和R2与R3的关系；
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，R2、R3并联，电流表测干路电流I2，根据I1：I2=1：9和欧姆定律列出表达式可求R1和R2与R3的关系，进而求出R1与R2、R3与R2的关系；
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，根据并联电路的分流原理分别求出通过R2、R3的电流，根据并联电路的电流特点求出I2，再根据I1：I2=1：9求出I1；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压；再根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出R1、R2、R3串联时的电源电压，解方程求出R2的阻值和电源电压，进而求出R1的阻值；
（2）根据并联电路的电流特点求出R1、R2、R3并联时干路的电流，根据P=UI求出P1：P2。
35．【答案】CD；11；100；电源线太短
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1）A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，
则该支路的功率为；
由表中信息可知，电路总功率为66W，
则灯泡所在支路的功率；
即待机状态下电路的功率为11W。
（3）空调扇实际功率；（4）由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
【分析】 （1）根据安全用电结合电动机的能量转化分析解答；
（2）计算空调扇的功率，用总功率减小电扇的功率得出待机功率；
（3）计算消耗的电能，根据计算实际功率；
（4）根据力的作用是相互的分析解答。
36．【答案】（1）解：容器B对金属块C的压强。
（2）解：当时，容器和砂砾整体漂浮，则有
容器浸入水中的深度
若铲出的砂砾质量为(g)，则铲出的砂砾体积为
砂砾倒入容器中后液面上升
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
对容器和剩余的砂砾受力分析知，此时细线拉力
①
C的重力
C在水中受到的浮力
当金属刚好脱离容器底时，绳子的拉力②
联立①②解得。
（3）解：设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度
砂砾被全部铲出后，水面上升的高度
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
细线拉力③
若砂砾被铲出完时金属刚好脱离容器底，对金属受力分析知
④
联立③④可得：（g）
若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力
此时细线最大拉力
当金属刚好脱离容器底时，对金属受力分析知
金属的最大密度为
若金属的密度，无需采用装置提起。所以
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据压强公式F=Ps计算容器B对金属块C的压强。
（2）当时，容器和砂砾整体漂浮，所以浮力等于B和沙砾的重力，即；根据浮力公式计算容器浸入水中的深度。若铲出的砂砾质量为，根据密度公式计算铲出的砂砾体积，砂砾倒入容器中后液面上升，容器浸入水中的深度
，根据计算容器受到的浮力；根据受力分析计算可知细线拉力，结合重力公式计算C的重力；此时C在水中受到的浮力，绳子的拉力，据此求解 砂砾质量 。
（3）设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度，砂砾被全部铲出后，水面上升的高度，容器浸入水中的深度，根据浮力公式计算容器受到的浮力；结合受力分析计算细线拉力；对金属受力分析知；求解；若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力，此时细线最大拉力；对金属受力分析知，根据浮力公式计算金属的最大密度为，所以计算 砂砾的质量与金属块密度的关系。
（1）容器B对金属块C的压强
（2）当时，容器和砂砾整体漂浮，则有
容器浸入水中的深度
若铲出的砂砾质量为(g)，则铲出的砂砾体积为
砂砾倒入容器中后液面上升
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
对容器和剩余的砂砾受力分析知，此时细线拉力
①
C的重力
C在水中受到的浮力
当金属刚好脱离容器底时，绳子的拉力②
联立①②解得。
（3）设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度
砂砾被全部铲出后，水面上升的高度
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
细线拉力③
若砂砾被铲出完时金属刚好脱离容器底，对金属受力分析知
④
联立③④可得：（g）
若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力
此时细线最大拉力
当金属刚好脱离容器底时，对金属受力分析知
金属的最大密度为
若金属的密度，无需采用装置提起。所以
1 / 1四川成都市第七中学初中学校2025-2026学年九年级下学期物理阶段学情自测
1．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船和空间站组合体，成功实现自主快速交会对接，神舟十八号航天员乘组从飞船返回舱进入轨道舱两组成员成功会师（如图），会师画面传到到地球靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．红外线
【答案】C
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，空间站画面传到到地球，靠的是电磁波。超声波和次声波都属于声波，不能在真空中传播；红外线的热作用比较强，不适合将空间站信息传到地球，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；红外线可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器等。
2．安全用电，人人有责。关于生活中的用电方式，不正确的是（　　）
A．使用验电笔检查电路时，手不能触碰到笔尾金属体
B．不要用湿手接触带电设备，不要用湿布擦抹带电设备
C．了解家庭电路中总开关位置，学会在紧急情况下断开总开关
D．手机在充电过程中，不宜进行其他操作，如通话、阅览信息等
【答案】A
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用验电笔检查电路时，手必须接触笔尾金属体与地面、导线构成闭合回路，才可以判断导线是否带电，故A错误；
B．生活用水是导体，湿手、湿布上的水都可以导电，接触带电设备时可能发生触电事故，故B正确；
C．了解家庭电路中总开关的位置，可以在家中发生触电事故或电路着火时及时断开电路的总开关，防止灾情扩大，故C正确；
D．手机充电过程中会发热，叠加使用时的热量加大了对手机内部组件的损耗，以及容易出现安全隐患，因此充电过程中不宜进行其他操作，故D正确。
故选A。
【分析】（1）试电笔在使用时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
（2）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；在进行电气设备的安装、维修、更换部件等操作时，以及紧急情况下，必须先切断电源，并确保电源已完全断开；不用湿手触摸和擦拭电器，以防发生触电事故。
3．人工智能技术的不断发展，聊天机器人成为了一个备受瞩目的领域。在这个领域中，ChatGPT凭借其卓越的性能和广泛的应用场景，成为了最受欢迎的聊天机器人之一。如图是工程师聆听机器人唱歌表演的场景，下列说法正确的是（　　）
A．机器人“高歌一曲”中的“高”是指音调高
B．机器人的歌声是通过空气传入工程师耳朵的
C．机器人的歌声是由嘴唇振动产生的
D．歌声在各种介质中的传播速度均为340
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A. 日常用语里放声高歌的“高”，指代的是声音响亮程度，也就是响度偏大，故A错误。
B. 声音的传播需要依托介质，机器人发出的歌声依靠空气作为传播媒介，顺利传入人耳被人感知，故B正确。
C. 一切发声物体都在振动，机器人传出的歌声，是由内部扬声器发生振动而产生，故C错误。
D. 在标准环境下，15摄氏度的空气中，声音固定传播速度为340m/s，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）音调代表声音高低，响度代表声音强弱，二者含义各不相同。
（2）气体、液体、固体都能够传声，空气是生活中最常见的传声介质。
（3）声音产生的根源是物体振动，振动停止则发声随之停止。
（4）声速大小受介质种类与环境温度影响，常温空气中声速数值固定。
4．估测是我们学好物理的一项基本能力，下列是几个同学估测的几个物理量的数值，其中最接近实际的是（　　）
A．家用空调的电功率约为
B．一名初中生所受重力约为
C．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
D．人正常步行的速度约为
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；重力及其大小的计算；电功率
【解析】【解答】 A、家用空调的工作电流在5A左右，其功率为P=UI=220V×5A=1100W，接近1000W，故A符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，故B不符合实际；
C、人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故C不符合实际；
D、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右，故D不符合实际。
故选：A。
【分析】（1）结合家庭电路电压与常用电器工作电流，可估算出大功率用电器的额定电功率。
（2）根据青少年常规体重范围，利用重力公式就能快速估算出人所受重力大小。
（3）牢记日常舒适环境温度标准，区分环境高温与适宜温度。
（4）熟记人正常步行速度，并掌握千米每小时与米每秒之间的单位换算方法。
5．“二十四节气”是中华民族智慧的结晶，下列对节气谚语中物理现象的分析，正确的是（　　）
A．“清明忙种麦，谷雨种大田”，雨的形成是汽化现象，需要吸热
B．“喝了白露水，蚊子闭了嘴”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜降见霜，米谷满仓”，霜的形成是液化现象，需要放热
D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝华现象，需要放热
【答案】B
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，不是汽化现象（汽化是液态变气态，吸热），故A错误；
B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程放热，故B正确；
C．霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，凝华放热，不是液化现象（液化是气态变液态），故C错误；
D．河水结冰是液态的水变成固态的冰，属于凝固现象，凝固放热，不是凝华现象（凝华是气态直接变固态），故D错误。
故选B。
【分析】掌握物态变化现象及对应特点，明确生活常见现象所蕴含的物态变化。如汽化：物质从液态变为气态的过程，需要吸热。例如水变成水蒸气就是汽化现象。液化：物质从气态变为液态的过程，需要放热。像空气中的水蒸气遇冷变成小水滴（如露、雨的形成）就属于液化现象。凝华：物质从气态直接变为固态的过程，需要放热。比如空气中的水蒸气直接变成小冰晶（如霜的形成）就是凝华现象。凝固：物质从液态变为固态的过程，需要放热。例如水变成冰就是凝固现象。
6．如图为与光现象有关的一些生活场景，其中与所对应的光学知识不匹配的是（　　）
A．图甲：光沿直线传播 B．图乙：光的反射
C．图丙：光的折射 D．图丁：光的折射
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】A．图甲的影子，是光在同种均匀介质中，沿直线传播形成的。故A不符合题意；
B．自行车尾灯，本身不能发光，是光线射到尾灯上时，发生反射，是光的反射现象。故B不符合题意；
C．水中铅笔看起来“折断”了，是光从水中斜射入空气中，发生了折射，是折射现象。故C不符合题意；
D．潜望镜是两块互相平行的平面镜，光线经过两次反射，看到障碍物上方的景物。故D符合题意。
故选D。
【分析】影子是光沿直线传播形成的；光线在物体表面发生反射；光线经过不同介质，发生折射。
7．我们身边看似“轻小”的空气，其实蕴含着大大的力量，能够帮助我们完成很多工作，以下事例、与大气压作用无关的是（　　）
A．用吸管喝饮料
B．吸附在玻璃上的塑料挂衣钩
C．深水潜水员要穿特制的抗压潜水服
D．钢笔吸取墨水
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】A. 利用吸管饮用饮品时，先吸出管内空气，使得管内气压低于外界大气压强，饮品便在外界大气压的推动下顺着吸管流入口中，该现象利用了大气压原理，故A正确。
B. 真空吸盘式挂衣钩紧贴墙面使用时，会排净内部空气，依靠外界强大的大气压力将其牢牢压紧在光滑墙面，能够悬挂物品，利用了大气压，故B正确。
C. 潜水人员潜入深水区域时必须穿戴专业抗压装备，是由于液体压强会随着入水深度不断增大，水下深处水压极强，该现象属于液体压强知识，和大气压强没有关联，故C错误。
D. 钢笔汲取墨水的过程中，挤压笔囊排出内部空气，松手后笔囊内部气压变小，外界大气压便会将墨水顺利压入笔囊内部，借助了大气压，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）生活中诸多吸取液体的现象，大多依靠内外气压差，借助大气压完成。
（2）吸盘固定物件，依靠排尽内部空气，利用外界大气压实现紧贴固定。
（3）液体内部压强随深度加深而变大，深水作业需抵御强大水压。
（4）挤压式储液装置吸取液体，均是利用大气压将液体压入容器内部。
8．2024年4月25日，适逢第九个中国航天日，中国神舟十八号载人飞船搭载长征二号F遥十八运载火箭成功发射。在飞船加速飞离地球的发射过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．以火箭为参照物，飞船是运动的
B．飞船的惯性越来越大
C．飞船的重力势能转化为动能
D．飞船的机械能增加
【答案】D
【知识点】动能和势能的概念；机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择
【解析】【解答】 A. 飞船随火箭一同升空，二者相对位置始终保持一致，以火箭作为参照标准，飞船处于静止状态，故A错误。
B. 惯性是物体本身固有的属性，其大小只由物体自身质量决定，和运动快慢没有任何关系。飞船升空过程中质量保持不变，惯性大小也不会发生改变，故B错误。
C. 飞船加速向上飞行时，质量不变，运动速度不断增大，动能随之增大；同时飞行高度持续升高，重力势能也随之增大。此过程两种能量均在增加，不存在重力势能转化为动能的情况，故D错误。
D. 飞船加速上升阶段，动能与重力势能均不断增大，而机械能是动能与势能的总和，因此飞船整体的机械能总量不断增加，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）判断物体运动或静止，只需对比研究对象和参照物之间的相对位置是否发生改变，位置不变则为静止，位置改变则为运动。
（2）物体惯性大小仅取决于自身质量，质量恒定不变，惯性大小就不会改变，不受运动状态影响。 （3）动能大小由质量和运动速度共同决定，重力势能由质量和所处高度共同决定，二者之和即为物体的机械能。
9．图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。关于“省油灯”减慢油蒸发的方法，下列说法正确的是（　　）
A．降低油的温度 B．减小油的表面积
C．减慢油表面上方的空气流动 D．减少油的体积
【答案】A
【知识点】影响蒸发快慢的因素；比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】油在燃烧的过程中，温度升高，会不断加速蒸发，在灯盏上方容器中盛油，在夹层中注水，由于水的比热容较大，在其它条件相同时，可以吸收更多的热量，使油的温度升高得慢些，减慢了油的蒸发，达到省油的效果。故A正确，BCD错误。
故选A。
【分析】（1）影响蒸发的因素有液体温度、液体表面积、液体表面上方的空气流动。
（2）相同质量的水和其他物质比较，由于水的比热容较大，吸收或放出相同热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同温度，水吸收或放出的热量多。
10．大千世界，无奇不有。如图所示，是一位摄影师拍摄到的照片，题为“乌鸦落鹰背上歇脚”，下列和物理知识有关的说法中正确的是（　　）
A．飞行过程中，乌鸦相对于老鹰是运动的
B．乌鸦和老鹰一起匀速飞行时运动状态是变化的
C．乌鸦对老鹰的压力和老鹰对乌鸦的支持力是一对相互作用力
D．乌鸦受到的支持力和老鹰受到的重力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】力的作用效果；平衡力的辨别；参照物及其选择
【解析】【解答】A．根据题意可知，乌鸦相对于老鹰的位置没有发生改变，所以乌鸦相对于老鹰是静止的，故A错误；
B．乌鸦和老鹰一起匀速飞行时，速度大小和方向均不变，所以运动状态是不变的，故B错误；
C．乌鸦对老鹰的压力和老鹰对乌鸦的支持力，这两个力分别作用在两个物体上，大小相等，方向相反，是一对相互作用力，故C正确；
D．乌鸦受到的支持力和老鹰受到的重力，这两个力分别作用在两个物体上，且大小不等，不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】A.根据参照物的知识判断；
B.运动状态的改变包括速度大小改变和运动方向改变；
CD.相互作用力和平衡力的相同点：大小相等、方向相反，在同一直线上。不同点：前者在两个物体上，后者在同一物体上。
11．2月18日，在马来西亚沙阿兰举行的2024年亚洲羽毛球团体锦标赛男子团体决赛中，中国队3比0战胜马来西亚队，获得团体冠军。下列说法正确的是（　　）
A．打出去的羽毛球受到重力、球拍的作用力和空气阻力
B．球拍对羽毛球的力使球拍发生了形变
C．羽毛球运动到最高点时，若其所受力全部消失，羽毛球将处于静止状态
D．羽毛球在空中做曲线运动，说明力可以改变物体的运动状态
【答案】D
【知识点】力的作用效果；牛顿第一定律；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A．根据题意可知，打出去的羽毛球不再与球拍接触，因此不受球拍的作用力，故A错误；
B．羽毛球对球拍的力作用在球拍上，使球拍发生了形变，故B错误；
C．羽毛球运动到最高点时，水平方向速度不为0，若其所受力全部消失，羽毛球将沿水平方向做匀速直线运动，故C错误；
D．羽毛球在空中做曲线运动，即运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
【分析】A.对空气飞行的羽毛球进行受力分析即可；
B.只有作用在球拍上的力才能使其发生形变；
C.根据牛顿第一定律判断；
D.运动状态的改变包括：运动方向改变或速度大小的改变。
12．物理兴趣小组的同学对下图所示的现象进行讨论，其中错误的是
A．图中的实验说明液体压强与液体的深度有关
B．图中对瓶内沸腾的水停止加热，倒置后，向瓶底浇冷水，瓶内的水会重新沸腾
C．图中用吸管喝饮料时，杯里的饮料是被嘴“吸力”吸上来的
D．图中洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用
【解析】【解答】A、在该实验装置中，液体喷出的距离随深度增加而变远，直观反映出液体压强随深度增大而升高，证明了液体内部压强与深度存在关联，故A正确。
B、向瓶底浇冷水时，瓶内气体遇冷收缩，内部气压随之降低。根据沸点与气压的对应关系，气压越低液体沸点越低，因此原本停止沸腾的水会因沸点降低而重新沸腾，故B正确。
C、用吸管喝饮料时，人通过吸气排出吸管内的空气，使管内气压小于外界大气压，饮料是在大气压的作用下被压入吸管并进入口中，这一过程利用的是大气压原理，故C错误。
D、洗手池下方的U形“反水弯”，上端开口、底部相互连通，完全符合连通器的结构特征，利用了连通器原理来阻挡异味回流，故D正确。
故选：C。
【分析】（1）液体压强的特点：同种液体中，深度越深，压强越大，可通过液体喷射距离直观体现这一规律。
（2）沸点与气压的关系：液体的沸点随气压的减小而降低，随气压的增大而升高，瓶内气压降低会导致水的沸点下降。
（3）大气压的应用：用吸管喝饮料时，利用的是管内外的气压差，外界大气压将饮料压入管中。 （4）连通器原理：上端开口、底部连通的容器，当内部液体静止时，各容器液面保持相平，U形反水弯正是利用这一原理实现水封防臭。
13．关于摩擦起电和电路，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电实际上通过摩擦的方式产生了电荷
B．一个泡沫小球被一个用丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，则泡沫小球可能会带负电
C．只有电子的定向移动才会形成电流
D．马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的
【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；电流的形成；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程，本质上是不同物体间电子的转移，而非创造新的电荷，因此 “摩擦起电创造了电荷” 的说法是错误的，故A错误。
B、丝绸摩擦后的玻璃棒会带上正电，带电体具有吸引轻小物体的特性，因此当它靠近泡沫小球时，小球可能因带负电被异种电荷吸引，也可能因不带电被带电体吸引，两种情况都可能出现，故B正确。
C、只有电荷发生定向移动时，才能形成持续的电流；若电荷仅做无规则的杂乱运动，则无法形成电流，故C错误。
D、马路旁的路灯在使用中，某一盏损坏熄灭后，其余路灯仍能正常独立工作，互不干扰，这符合并联电路的特点，因此路灯是并联连接的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；摩擦起电的实质是电子的转移；
（2）带电体的性质是能吸引轻小物体；
（3）电流是电荷的定向移动形成的；
（4）并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
14．2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑主板工作时会不断发热，为了保证主板不被烧坏，当温度上升到某一值时，开关闭合，主机电风扇（用M表示）工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意，CPU与散热风扇能够独立运行、互不干扰，由此可判断二者在电路中为并联关系。其中，CPU的工作不受温度影响，只要电路接通即可运行；而电动机需在环境温度升高至特定阈值时才启动，实现辅助降温功能，说明电动机的工作受独立开关控制，且该开关仅作用于电动机支路。结合电路逻辑可知，电路中需设置两个开关：一个位于干路，控制整个电路的通断；另一个位于电动机所在支路，仅控制电动机的启停，以此实现CPU先工作、电动机延时启动” 的功能。对照各选项电路设计，只有B选项符合上述逻辑，故B正确。
故选：B。
【分析】判断电路连接方式时，核心依据是用电器是否能独立工作、互不影响。本题中，CPU与电动机可独立运行，因此二者为并联关系。结合温度控制逻辑，电动机需由独立开关控制，且该开关仅作用于其所在支路，同时干路需设置总开关控制整个电路的通断，以此满足 “温度升高后电动机才工作” 的设计要求。解题时需重点分析各选项中开关的位置与控制对象，判断是否符合上述电路逻辑。
15．电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成，
A．发电机的原理：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，探究了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．图中，探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是电流具有磁效应，故C不符合题意；
D．图中，有电源和磁场，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．
【分析】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为电能，电动机是电能转化为机械能。
16．夏日荷花盛开飘来阵阵花香，这是　 　现象；清晨荷叶上的两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在　 　力。
【答案】扩散；引
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】夏日荷花盛开飘来阵阵花香，说明分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；因为分子间存在引力作用，所以两颗露珠接触后可以成为更大的一颗水珠。
故答案为：扩散；引.
【分析】分子动理论的内容是：（1）物质由分子组成的，分子间有空隙；（2）一切物体的分子都永不停息地做无规则运动；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力.
17．如图，这是小明用抹布做清洁时的情景。当小明向右擦拭桌面时，抹布受到桌面的摩擦力方向是向　 　 的。为了擦干净桌面上一小团“顽固”污渍，他加大了用力，这是通过 　 　 来增大摩擦。
【答案】左；增大压力
【知识点】摩擦力的方向；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）小明手持抹布向右擦拭桌面，抹布相对于桌面发生向右的相对运动，滑动摩擦力会阻碍物体的相对运动，因此桌面给抹布的摩擦力朝向左侧。
（2）擦拭桌面时加大按压的力度，在接触面粗糙程度保持不变的前提下，依靠增大接触面之间的压力，以此达到增大滑动摩擦力的效果，让桌面擦拭得更加干净。
故答案为：左；增大压力。
【分析】物体所受的滑动摩擦力的方向一定与物体相对运动的方向相反；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
18．2023年3月23日下午，“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲了！航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，当他们将“冰墩墩”水平抛出，“冰墩墩”将 　 　（填运动状态）；由于物体间力的作用是 　 　的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环在舱内活动。（温馨提示：在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计）
【答案】做匀速直线运动；相互
【知识点】力作用的相互性；物体运动状态的变化
【解析】【解答】 航天员将“冰墩墩”摆件带入太空授课，两位航天员配合做了太空水平抛物实验，若他们将“冰墩墩”水平抛出，由于在空间站内物体几乎不受重力作用，受到微弱空气阻力的作用可以忽略不计，冰墩墩不受任何外力，根据牛顿第一定律，将做匀速直线运动；由于物体间力的作用是相互的，航天员可以通过拉拽舱壁上的固定拉环获得反作用力，改变自己的运动状态，实现在舱内活动。
故答案为：做匀速直线运动；相互。
【分析】（1）结合牛顿第一定律分析；
（2）力的作用是相互的。
19．如图甲所示是在河南舞阳出土的8000多年前的贾湖骨笛，吹奏时，手指按在不同的音孔上，就会改变空气柱的长度，从而改变声音的　 　。如图乙所示，航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在　 　处减弱噪声。
【答案】音调；人耳
【知识点】音调及音调与频率的关系；防治噪声的途径
【解析】【解答】吹骨笛时，手指按住不同的音孔，空气柱的长度改变，空气柱振动的频率改变。音调与频率有关，声音的音调会改变。
引导员戴上耳罩，阻止噪声进入人耳，可在人耳处减弱噪声。
【分析】改变发声体的长度，可以改变音调；阻止声音进入人耳，在人耳处控制噪声。
20．如图，某校学生在做“探究凸透镜成像规律”实验时，把李老师的眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上烛焰的像变模糊了；接着再将光屏靠近凸透镜，又能在光屏上看到烛焰清晰的像。李老师的眼睛是 　 　（选填“近视眼”或“远视眼”），他佩戴的眼镜是 　 　（选填“凸透镜”或“凹透镜”）。
【答案】远视眼；凸透镜
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】把眼镜镜片放置在蜡烛与凸透镜中间后，光屏上原本清晰的烛焰成像变得模糊。将光屏朝着靠近凸透镜的方向小幅移动，光屏上再次呈现出清晰实像，这一现象说明光线经过该镜片后会聚能力变强，成像位置提前。由此可知此镜片对光线具有会聚作用，属于凸透镜，而凸透镜可用于矫正远视眼。
故答案为：远视眼；凸透镜。
【分析】光屏向前移动才能重新成像，代表光线被提前会聚，具备会聚作用的透镜为凸透镜；远视眼成因是晶状体折光能力偏弱，近处物体成像落在视网膜后方，需要借助凸透镜会聚光线，以此让像正常成在视网膜上完成矫正。
21．如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同容器，分别装有密度为的两种不同液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个小球受到的浮力分别为，甲、乙容器底部受到液体的压强分别。则　 　，　 　（以上两空选填“>”、“=”或“<”）
【答案】=；>
【知识点】压强大小比较；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 由图可知，甲容器中小球漂浮在液面上，乙容器中小球悬浮在液体中，因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力都等于小球的重力，则：F1=F2；
由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，ρ1＞ρ球，ρ2=ρ球，所以ρ1＞ρ2；
已知两容器中液面相平，且ρ1＞ρ2，根据p=ρ液gh可知，甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强，即p1＞p2。
故答案为：=；＞。
【分析】（1）根据物体的浮沉条件可知两球所受浮力与重力的关系，由此判断两小球受到的浮力的大小关系；
（2）根据物体的浮沉条件可知液体密度与小球密度的关系，由此判断液体的密度大小关系；
（3）根据液体的密度大小关系，利用p=ρgh判断液体对容器底的压强关系。
22．在科技创新大赛中，小文设计了赛车模型，为了使赛车在快速行驶时增大压力，从而增大摩擦力，小伟想在尾翼处安装上气流偏导器，你认为　 　（A或B）款气流偏导器更合适，在设计的气象探测气球携带探空仪（体积不计），若探空仪在高空测量，工作完毕后释放部分氢气，气球体积缩小，所受浮力随之　 　（变大，变小，不变）
【答案】A；变小
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理
【解析】【解答】当赛车高速行驶时，上方空气流速大，压强小，使车辆发飘，为了赛车行驶安全，汽车的“气流偏导器”，上表面平直、底部凸起，偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加赛车对地面的压力，故应选A。
气象探测气球工作后，释放部分氢气，气球体积缩小，根据，气球所受浮力变小。
【分析】流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；根据，排开气体的体积变小时，浮力变小。
23．如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它就能产生　 　，　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理与之相同。
【答案】感应电流；动圈式话筒
【知识点】产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它，做切割磁感线运动，产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，原理相同，扬声器的工作原理通电导体在磁场中受力运动，原理与之不相同。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
24．某型号热水器有“低温”和“高温”加热功能，图甲为其内部电路原理图，当开关S接触点2时，该热水器处于　 　（选填“低温”或“高温”状态）。图乙是该热水器工作过程中电功率与时间的关系图像，热水器工作20min消耗的电能是　 　J。
【答案】低温；
【知识点】电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】甲图中，开关S接1时，只R1连入电路，S接2时，两电阻串联，根据，电源电压一定，开关接2时，电路的总电阻最大，电路消耗的功率最小，热水器处于低温状态。
图乙中，前10min，为加热状态，功率为800W，后10min，为保温状态，功率为200W，热水器工作20min，消耗的电能：。
【分析】根据，结合电阻大小，判断电功率的大小；根据W=Pt，计算用电器消耗的电能。
25．按要求完成下列作图；
（1）如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，在平面镜入射角上标出度数，完成光路图。
（2）图甲是打开的汽车后备箱盖，它被液压杆支撑（不计后备箱盖重）。关箱盖时，它可看作一个杠杆，图乙是其简化图：O是支点，是液压杆作用在A点的阻力。请在图乙中画出：阻力臂和在B点关上后备箱盖的最小动力。
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】（1）过入射点作法线和平面镜垂直，反射光线与镜面的夹角为45°，则反射角为，反射角等于入射角，入射角=45°，入射角=45°，画出入射光线；
光线与凸透镜主光轴平行，折射光线过焦点，如图所示：
（2）图中，支点为O，将F2反向延长，过支点作F2作用线的垂线，为阻力臂L2；阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，则应使动力臂最长。连接OB，为最长动力臂，过B点沿向下的方向作OB的垂线，为最小的动力，标字母“F1”，如图所示：
【分析】（1）根据反射角等于入射角，画出入射光线；光线和凸透镜的主光轴平行，折射光线过焦点；
（2）支点到力的作用线的垂线，为力臂；支点和动力作用点的连线，是最大力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
（1）过入射点作出法线，由图可知，反射光线与镜面的夹角为45°，则反射角为
由于反射角等于入射角，故入射角也是45°，在法线的另一侧作出入射角等于45°，即可画出对应的入射光线；
与凸透镜主光轴平行的光线，经过凸透镜后，折射光线过焦点，如图所示：
（2）过支点作阻力F2作用线的垂线，该垂线段就是力臂L2；由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，要使动力最小，则应使动力臂最长。由图可知，OB作为动力臂最长，最省力，由于动力和阻力都作用在支点的同侧，且阻力的方向向上，故动力方向应向下，作法：连接OB，过B点沿向下的方向作OB的垂线，并标注箭头和字母“F1”，如图所示：
26．随着人们生活水平的提高，房车旅游受到了大众的青睐，某公司推出了如图所示的小型房车，小林和父母参观车展时试驾了该车，该车在平直公路上以54km/h的速度匀速行驶了3600m，已知车轮与水平地面总接触面积为0.4m2，试驾时车和人总质量为4×103kg，阻力是车重的0.1倍。求：
（1）谈房车静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
（2）该房车匀速行驶时牵引力做功的功率是多大？
【答案】（1）该房车的总重力：G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N，
该房车静止在水平地面上时，对地面的压力：F压=G=4×104N，
对地面的压强为：；
（2）房车匀速行驶时受到的阻力：f=0.1G=0.1×4×104N=4000N，
由题知汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，则牵引力：F=f=4000N，
该房车的速度v=54km/h= 15m/s
牵引力做功的功率：。
答：（1）该房车静止在水平地面上时，对地面的压强是1×105Pa；
（2）该房车匀速行驶时牵引力做功的功率是6×104W。
【知识点】功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）根据G=mg计算该房车的总重力，该房车静止在水平地面上时，对地面的压力等于总重力，根据得到该房车静止在水平地面上时，对地面的压强；（2）根据题意计算房车匀速行驶时受到的阻力，汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据得到该房车匀速行驶时牵引力做功的功率。
27．如图所示电路中，，电源电压不变，当闭合开关，断开开关、时，电流表的示数为0.3A，当闭合开关，断开开关、时，电流表的示数为0.12A。求：
（1）电阻的阻值；
（2）当闭合开关、，断开开关时，通电10s整个电路消耗的电能。
【答案】（1）解：当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，电路为的简单电路，电流表测通过的电流。已知，，根据欧姆定律，电源的电压
当闭合开关S2，断开开关S3、S1时，与串联，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律，此时电路中的总电阻
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即，所以电阻的阻值
（2）解：当闭合开关、，断开开关时，与并联，此时通过支路的电流为
通过支路的电流为
并联电路的总电流为各支路电流之和
则通电10s整个电路消耗的电能为
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功的计算
【解析】【分析】（1）结合开关状态，判断电路连接方式，根据U=IR，计算电源电压；根据，计算电阻；结合串联电路电阻规律，计算部分电阻；
（2）根据，计算电路中的电流；结合并联电路电流规律，计算干路电流，利用W=UIt，计算消耗的电能。
（1）当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，电路为的简单电路，电流表测通过的电流。已知，，根据欧姆定律，电源的电压
当闭合开关S2，断开开关S3、S1时，与串联，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律，此时电路中的总电阻
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，即，所以电阻的阻值
（2）当闭合开关、，断开开关时，与并联，此时通过支路的电流为
通过支路的电流为
并联电路的总电流为各支路电流之和
则通电10s整个电路消耗的电能为
28．小明在“探究电流与电压的关系”时，所选电源电压恒为3V，定值电阻的阻值为5，连接如图甲所示电路，进行如下操作，请你解答：
实验次数 1 2 3 4 5
电压U/V
1 1.5 2 2.5
电流I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5
（1）将滑动变阻器的滑片调至最右端，闭合开关，会发现电流表无示数，经检查发现电路中有一条导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）改正电路后，闭合开关，电流表示数为0.1A，电压表指针位置如图乙所示，示数为　 　V，滑动变阻器的最大阻值　 　；
（3）调节滑动变阻器的滑片，再进行四次实验，每次读取电流表、电压表示数，将数据填在表中。分析数据可得出：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成　 　。
【答案】（1）
（2）0.5；25
（3）正比
【知识点】电压的测量及电压表的使用；探究电流与电压、电阻的关系实验；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）探究电流和电压关系，电压表和定值电阻并联，图中，电压表串联在电路中。将连接定值电阻右侧接线柱和滑动变阻器右上接线柱的导线，改接为连接定值电阻右侧接线柱和电压表“-”接线柱上，如图所示：
（2）图乙中，电压表连接“0~3V”，分度值为0.1V，示数为0.5V。
根据实验数据，滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻电压为，滑动变阻器两端的电压为，根据电流为，滑动变阻器的最大阻值为：；
（3）根据表格数据，定值电阻两端的电压与电流的比值是定值，故可得：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
【分析】（1）探究电流和电压关系时，电压表和定值电阻并联，电流表和定值电阻串联；
（2）根据电压表量程和指针位置，测量电压；结合串联电路分压，根据，计算电阻；
（3）电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
（1）由图可知，原电路中错误是：电流表与滑动变阻器串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中。改正方法：将连接定值电阻右侧接线柱和滑动变阻器右上接线柱的导线，改接为连接定值电阻右侧接线柱和电压表“-”接线柱上，如图所示：
（2）[1]由图乙可知，电压表连接的量程是“0~3V”，分度值为0.1V，示数为0.5V。
[2]由实验数据可知，当滑动变阻器的阻值最大时，定值电阻两端的电压为，由串联电路电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压为
由串联电路电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为，由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值为
（3）分析表格数据可得出：定值电阻两端的电压与通过定值电阻的电流的比值是定值，故可得：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。
29．现用一架托盘天平和量筒来测量牛奶的密度，他的实验步骤如下，请你帮他补充完整：
（1）将天平放置于水平工作台上，把　 　后，调节平衡螺母使指针指到分度盘中央。
（2）他用该架天平测出烧杯和牛奶的总质量为82.4g。
（3）将一部分牛奶倒入量筒中，如图2所示，他测量剩余部分牛奶和烧杯的质量如图1所示其质量为　 　g，则牛奶的密度为　 　。
（4）小明同学在测牛奶密度时，先测了空烧杯的质量为，再倒入牛奶测出总质量为，然后牛奶倒入量筒中读出体积为V，则牛奶密度的表达式为　 　，小明的这种方法会使测量值　 　。（选填“偏大”或“偏小”）
【答案】游码归零；61.4；；；偏大
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）测量天平平衡前，把天平放在水平台上，游码移到标尺的零刻度，调节平衡螺母，使天平的横梁平衡。
（3）图1中，根据砝码和游码位置，剩余牛奶和烧杯的总质量是，
量筒里牛奶的质量，
图2中，量筒的分度值为2mL，牛奶的体积，
计算牛奶的密度为：；
（4）牛奶的质量为，测量牛奶的体积V，牛奶的密度为；
将牛奶倒入量筒时，烧杯内壁有残留，牛奶体积偏小，根据，测量的牛奶密度值会偏大。
【分析】（1）调节天平平衡时，游码归零，平衡螺母左偏右调；
（2）根据天平上砝码和游码的位置，测量质量；根据量筒中液面位置，测量体积，根据，计算密度；
（3）根据，测量密度大小；测量的体积偏小时，计算的密度偏大。
30．下列科技成果与其工作时所涉及到的物理知识对应错误的是（　　）
A．国产无人侦察机“天鹰”——流体压强与流速的关系
B．“华龙一号”核电机组——核聚变将核能转化为电能
C．手机“5G”通讯——电磁波传递信息
D．磁悬浮列车——磁极间的相互作用
【答案】B
【知识点】核裂变；流体压强与流速的关系；磁场；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A. 依据流体压强与流速的规律，流体流动速度越快的区域，压强数值越小。无人机机翼设计成上方凸起、下方平整的造型，飞行时机翼上下表面形成流速差，进而产生向上的压力差，以此获得升空所需的升力，故A不符合题意。
B. 目前国内“华龙一号”这类核电发电设备，工作原理是依靠原子核裂变反应释放巨大能量，再逐步转化为电能，并非依靠核聚变获取能量，故B符合题意。
C. 电磁波具备传递各类信息的作用，还能够在真空环境中传播，无需借助任何传播介质，日常使用的手机正是借助电磁波来实现信号收发与信息传递，故C不符合题意。
D. 磁悬浮列车通过在车体与轨道处安装对应磁体，利用磁极之间的相互作用力，让车体脱离轨道实现悬浮行驶，有效减小行驶阻力，故D不符合题意。
故选：B。
【分析】（1）在流体中，流速越大的位置，压强越小。
（2）核电站是利用核裂变所释放出来的核能。
（3）电磁波可以传递信息。
（4）同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
31． 下列诗词中涉及的物理知识正确的是（　　）
A．“举杯邀明月”中的“明月”是光源
B．“一石击破水中天”，“天”是由光的折射形成的虚像
C．“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸收红光
D．“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像
【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】A、“举杯邀明月”中的“明月”不是光源 ，A错误
B、“一石击破水中天”，“天”是由光的反射形成的虚像，B错误
C、“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸反射光 ，C错误
D、“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像 ，D正确
综上选D
【分析】根据光源、光的反射、折射判识选项
1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光源：能够自主发光的的物质，如太阳、萤火虫、手电筒
32．如图甲、乙所示相同容器中装了质量都为3kg的纯净水，用不同电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的图像，已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），用同一加热器单位时间加热功率和加热效率相同。下列说法正确的是（　　）
A．加热相同时间，两杯水吸收的热量相同
B．加热1min时，甲容器中的水吸收热量为9.45×104J
C．加热器1和加热器2的功率之比9∶4
D．沸腾前吸收相同的热量，甲杯中水的末温比乙杯的高
【答案】C
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 A、实验中，用不同加热器加热，相同时间内两加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，故A错误；
B、两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，水的比热容不变，根据可知，两杯水升高的温度应相同，由图知甲杯中水的初温低，则此时甲杯中水的末温比乙杯的低，故B错误；C、两容器中水的质量相同，设为m，由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度：Δt甲=40℃-10℃=30℃，
则甲容器中水吸收的热量：Q吸1=c水mΔt甲=c水m×30℃；
加热3min时，乙容器中水升高的温度：Δt乙=40℃-20℃=20℃，
则乙容器中水吸收的热量：Q吸2=c水mΔt乙=c水m×20℃；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，
即Q放1=Q吸1=c水m×30℃，Q放2=Q吸2=c水m×20℃，
所以两加热器放出热量之比为 ，
两加热器的加热时间之比为t1：t2=2min：3min=2：3，
则加热器1和加热器2的功率之比： ，故C正确；
D、由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，
所以，加热1min时，甲容器中水升高的温度：；
此时甲容器中的水吸收热量：Q吸=c水mΔt甲'=4.2×103J/（kg ℃）×3kg×15℃=1.89×105J，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）由题知，用不同的加热器进行加热，则在相同的时间内加热器放出的热量不同，说明在相同的时间内两杯水吸收的热量不同；
（2）两杯水的质量相同，吸收相同的热量时，根据可判断两杯水升高的温度的关系；
（3）两容器中水的质量相同，设为m；由图丙可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度Δt甲=30℃，根据吸热公式表示出甲容器中水吸收的热量；
由图丙可知，加热3min时，乙容器中水升高的温度Δt乙=40℃-20℃=20℃，根据吸热公式表示出乙容器中水吸收的热量；
忽略散热损失，则加热器放出的热量等于水吸收的热量，据此可求出两加热器放出热量之比，并求出两加热器的加热时间之比，最后根据计算两加热器的功率之比；
（4）由图可知水的温度变化随时间的增加而均匀升高，据此判断加热1min时甲容器中水升高的温度，已知水的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt计算此时甲容器中的水吸收热量。
33．某建筑工地，用如图所示滑轮组、吊篮、卷扬机吊运材料。两滑轮重均为40N，当吊篮中不装重物时，卷扬机拉动吊篮匀速上升的拉力为50N。吊篮内最多能装入90kg的重物，每根绳子能承受的最大拉力均为900N。在一次吊运中，用此滑轮组匀速将重为50kg的砖运到了10m高的楼上，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。下列结果正确的是（　　）
A．此次吊运，天花板A点受到的拉力为600N
B．此次吊运，卷扬机做的有用功为5600J
C．此次吊运若用时50s，卷扬机做功的功率为120W
D．该滑轮组的机械效率最高约为89.4%
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】A.已知：拉力为50N，不计绳重和摩擦，有两股绳子，滑轮重40N，根据可知
用此滑轮组匀速将重为50kg的砖运到了10m高的楼上，物体的重力为
G=mg=50kg × 10N /kg=500N
根据可知
根据力的作用是相互的可知，天花板上的A点受到的向下拉力为
，故A错误；
B．此次吊运，卷扬机做的有用功为
，故B错误；
C．此次吊运若用时50s，卷扬机做功的功率为
，故C正确；
D．滑轮组的机械效率为
根据式子可知物体越重，机械效率越高，最重为
G=mg=90kg × 10N /kg=900N
此时拉力为：
500N小于绳子能承受的最大拉力900N，故该滑轮组的机械效率最高约为
，故D错误。
故选C。
【分析】利用G=mg，计算重力；根据，计算滑轮组绳子的拉力，结合绳子股数，计算滑轮上拉力大小；根据W=Gh，计算做功多少；利用，计算功率大小；利用，计算机械效率。
34．如图所示电路，电源电压U恒定不变。只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，当电流的示数为0.2A时，电压表V1的示数为1V。只闭合S1，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1。只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，电流表的示数为I2，此时电路的功率为P1，保持滑片位置不变，再闭合S1，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为P2。已知I1：I2=1：9，U1：U2=2：1。下列结果正确的是（　　）
A．R2=5Ω B．U=6V
C．I1=0.2A D．P1：P2=9：11
【答案】A,D
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】ABC．只闭合S1，电流表在干路中，测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，
解得①
根据欧姆定律可知，此时电路中的电流
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，电流表测干路电流I2，由并联电路的电流特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流
已知
即②
由①②解得R1=3R2，R3=2R2
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，由并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，则此时通过R1的电流I1'=0.2A，由并联电路的分流原理可知，通过R1、R2的电流之比
则通过R2的电流I2'=3I1'=3×0.2A=0.6A
此时通过R3、R2的电流之比
通过R3的电流
则由并联电路的电流特点可知，R2、R3并联时，干路电流I2=I2'+I3'=0.6A+0.3A=0.9A
由I1：I2=1：9可知，R1、R2、R3串联，电路中的电流，故C错误；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压U=U2'+U3'=U2'+IR3=1V+0.2A×R3③
根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，R1、R2、R3串联时的电源电压
④
由③④解得R3=10Ω，U=3V
故B错误；，故A正确；
D．由并联电路的电流特点可知，R1、R2、R3并联时干路的电流I'=I2+0.2A=0.9A+0.2A=1.1A
由P=UI可知 ，故D正确。
故选：AD。
【分析】 （1）只闭合S1，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1、R2两端的电压U1，电压表V2测R3两端的总电压U2，根据U1：U2=1：2和串联电路的分压原理求出R1和R2与R3的关系；
只闭合S2、S3，将滑片移动到最上端时，R2、R3并联，电流表测干路电流I2，根据I1：I2=1：9和欧姆定律列出表达式可求R1和R2与R3的关系，进而求出R1与R2、R3与R2的关系；
保持滑片位置不变，再闭合S1，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点可知，电流表变化的示数为通过R1的电流，根据并联电路的分流原理分别求出通过R2、R3的电流，根据并联电路的电流特点求出I2，再根据I1：I2=1：9求出I1；
只闭合S2，R2、R3串联，电压表V1测滑动变阻器R两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压；再根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出R1、R2、R3串联时的电源电压，解方程求出R2的阻值和电源电压，进而求出R1的阻值；
（2）根据并联电路的电流特点求出R1、R2、R3并联时干路的电流，根据P=UI求出P1：P2。
35．空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
项目 参数 项目 参数
额定电压 220V 水箱容量 1L
额定功率 66W 蒸发量 0.5L/h
空机质量 7.5kg 电源线长度 0.8m
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是　 　；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为　 　；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为　 　W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：　 　。
【答案】CD；11；100；电源线太短
【知识点】电能表参数的理解；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】（1）A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，
则该支路的功率为；
由表中信息可知，电路总功率为66W，
则灯泡所在支路的功率；
即待机状态下电路的功率为11W。
（3）空调扇实际功率；（4）由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
【分析】 （1）根据安全用电结合电动机的能量转化分析解答；
（2）计算空调扇的功率，用总功率减小电扇的功率得出待机功率；
（3）计算消耗的电能，根据计算实际功率；
（4）根据力的作用是相互的分析解答。
36．明代作家冯梦龙编著的《智囊全集》，记录了古代的人们运用智慧和谋略解决问题的故事。在《打捞铁牛》这个故事中，船工先将躺在河底的铁牛和装满泥沙的船用绳系在一起，再把船上的泥沙铲走，铁牛被拉起，然后把船划到岸边，就可将铁牛拖上岸（如图甲所示）。学校跨学科实践小组利用所学知识来模拟打捞铁牛的过程。如图乙所示，柱形水槽足够高，底面积为；薄壁柱形容器质量为，底面积为，高为，内装质量为、密度为的细小砂砾；实心长方体金属块底面积为，高为，密度为；金属块和容器用一根不可伸长的轻质细线连接，放置在水槽中。现缓慢向容器中加水，细线刚好绷直时停止加水（如图丙所示）。已知水的密度为，砂砾不溶于水，忽略吸水等次要因素，取。
（1）在图乙中，已知，求方形容器对金属块的压强；
（2）在图丙中，已知，，现从容器中取出砂砾倒入容器内，当刚好离开容器底时，求取出的砂砾质量；
（3）若金属块体积不变，要使离开容器底，请推导出容器中至少装砂砾的质量与金属块密度的关系式。
【答案】（1）解：容器B对金属块C的压强。
（2）解：当时，容器和砂砾整体漂浮，则有
容器浸入水中的深度
若铲出的砂砾质量为(g)，则铲出的砂砾体积为
砂砾倒入容器中后液面上升
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
对容器和剩余的砂砾受力分析知，此时细线拉力
①
C的重力
C在水中受到的浮力
当金属刚好脱离容器底时，绳子的拉力②
联立①②解得。
（3）解：设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度
砂砾被全部铲出后，水面上升的高度
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
细线拉力③
若砂砾被铲出完时金属刚好脱离容器底，对金属受力分析知
④
联立③④可得：（g）
若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力
此时细线最大拉力
当金属刚好脱离容器底时，对金属受力分析知
金属的最大密度为
若金属的密度，无需采用装置提起。所以
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据压强公式F=Ps计算容器B对金属块C的压强。
（2）当时，容器和砂砾整体漂浮，所以浮力等于B和沙砾的重力，即；根据浮力公式计算容器浸入水中的深度。若铲出的砂砾质量为，根据密度公式计算铲出的砂砾体积，砂砾倒入容器中后液面上升，容器浸入水中的深度
，根据计算容器受到的浮力；根据受力分析计算可知细线拉力，结合重力公式计算C的重力；此时C在水中受到的浮力，绳子的拉力，据此求解 砂砾质量 。
（3）设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度，砂砾被全部铲出后，水面上升的高度，容器浸入水中的深度，根据浮力公式计算容器受到的浮力；结合受力分析计算细线拉力；对金属受力分析知；求解；若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力，此时细线最大拉力；对金属受力分析知，根据浮力公式计算金属的最大密度为，所以计算 砂砾的质量与金属块密度的关系。
（1）容器B对金属块C的压强
（2）当时，容器和砂砾整体漂浮，则有
容器浸入水中的深度
若铲出的砂砾质量为(g)，则铲出的砂砾体积为
砂砾倒入容器中后液面上升
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
对容器和剩余的砂砾受力分析知，此时细线拉力
①
C的重力
C在水中受到的浮力
当金属刚好脱离容器底时，绳子的拉力②
联立①②解得。
（3）设容器中砂砾的质量为，则容器浸入水中的深度
砂砾被全部铲出后，水面上升的高度
容器浸入水中的深度
容器受到的浮力
细线拉力③
若砂砾被铲出完时金属刚好脱离容器底，对金属受力分析知
④
联立③④可得：（g）
若把容器中的砂砾全部铲到容器中时，水刚好与容器口齐平，此时容器受到的浮力最大，细线提供的拉力最大，金属的密度也最大。容器受到的最大浮力
此时细线最大拉力
当金属刚好脱离容器底时，对金属受力分析知
金属的最大密度为
若金属的密度，无需采用装置提起。所以
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