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四川省自贡市荣县中学校2025-2026学年九年级下学期第一次月考物理试题
1．对下列物理量的估测中，你认为最接近实际的是（　　）
A．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
B．人正常步行的速度约为
C．家用空调的电流大约5A
D．1节新干电池两端电压约2V
2．下列对生活中一些现象的解释不正确的是（　　）
A．衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小，这是升华现象
B．夏天使用电风扇时人感觉凉爽，是因为风降低了室内温度
C．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化
D．冬天，窗户玻璃上的“冰花”是室内空气中的水蒸气凝华而成的
3．某科考队员在海拔5500m的高山上进行了下列实验探究：首先利用随身携带的普通烧水壶烧水，发现壶中水温才80℃就沸腾了。然后利用图甲所示装置安装两套相同的实验器材，在两套装置的试管中分别装有少量的固体P和固体Q，点燃酒精灯进行实验；利用实验测得的数据得到它们的温度与加热时间图像如图乙所示。则下列判断不正确的是（　　）
A．固体P熔化经历了15min
B．固体P的熔点为50℃，一定是晶体
C．固体Q的熔点为80℃，在0～35min内持续吸热
D．水80℃沸腾，说明实验时的大气压低于1标准大气压
4．关于摩擦起电和电路，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电实际上通过摩擦的方式产生了电荷
B．一个泡沫小球被一个用丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，则泡沫小球可能会带负电
C．只有电子的定向移动才会形成电流
D．马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的
5．2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑主板工作时会不断发热，为了保证主板不被烧坏，当温度上升到某一值时，开关闭合，主机电风扇（用M表示）工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
6．如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P从中点向右端移动时，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V的示数变大，电流表示数变小
B．电压表V的示数不变，电流表示数变大
C．电压表V的示数与电流表的示数之比不变
D．电流表的示数与电流表的示数之差不变
7．如图，是小灯泡L和电阻R的电流与电压关系图像。下列说法正确的是（　　）
A．电阻R的阻值是
B．当通过L的电流是时，L两端电压为
C．将L和R并联在的电路中，干路电流为
D．将L和R串联且电流为时，电源总电压是
8．如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S闭合，断开，甲、乙两表为电流表时，和消耗的功率；当开关S和都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数分别为和，消耗的功率分别为和，则下列判断正确的是（　　）
A． B．
C． D．
9．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程“0~3V”，滑动变阻器、小灯泡L（灯丝电阻不变）分别标有“20Ω 1A”、“2.5V 0.5A”字样。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项中正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围是0.3A~0.5A
B．电压表的示数变化范围是1.2V~3V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5Ω~20Ω
D．灯泡的电功率范围是0.288W~1.25W
10．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船和空间站组合体，成功实现自主快速交会对接，神舟十八号航天员乘组从飞船返回舱进入轨道舱两组成员成功会师（如图），会师画面传到到地球靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．红外线
11．安全用电，人人有责。关于生活中的用电方式，不正确的是（　　）
A．使用验电笔检查电路时，手不能触碰到笔尾金属体
B．不要用湿手接触带电设备，不要用湿布擦抹带电设备
C．了解家庭电路中总开关位置，学会在紧急情况下断开总开关
D．手机在充电过程中，不宜进行其他操作，如通话、阅览信息等
12．电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
13．直流电动机两端的电压为5V，通过它的电流为1A，电动机线圈的电阻为1Ω，则电动机在10s内消耗的电能是　 　J，产生的热量是　 　J．
14．两盏白炽灯，甲灯标有“PZ220V-40W”，乙灯标有“PZ220V-100W”，若两灯正常发光，则是　 　（“甲”或“乙”）更亮，若串联在220V电路中，　 　（“甲”或“乙”）更亮。
15．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，当滑动变阻器R2的滑片P从某点a点移到b点时，滑动变阻器的U-I图像如图乙所示，则电源电压为　 　V，定值电阻R1的阻值为　 　Ω。
16．如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它就能产生　 　，　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理与之相同。
17．根据如图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
18．如图所示是某同学设计的模拟可调光台灯电路，其中电位器有a、b、c三个接线柱，请连接电路，使顺时针旋转滑片时灯泡变亮。
19．如图1所示，甲、乙、丙三图的装置完全相同，所用燃料的质量都相等，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）实验要比较不同燃料的热值，应选择　 　两图进行实验。燃料完全燃烧放出的热量可以通过温度计升高的示数来反映，这属于　 　法在实验中的应用。
（2）比较不同物质的吸热能力：
①选择甲、丙两图进行实验，控制燃料燃烧时的火力相同，所以该实验可用　 　（选填“温度计示数”或“加热时间的长短”）来表示两种液体吸热的多少；
②如果质量和初始温度均相同的a、b液体，吸热后它们的温度随时间变化的图像如图2所示，由图可看出b液体的温度升高得较慢，则　 　（填“a”或“b”）液体的比热容较小。
（3）某同学用图甲装置测燃料1的热值，假设燃料完全燃烧放出的热量全部被液体a吸收。若加热前燃料1的质量为，加热一段时间后变为；烧杯中液体a的质量为，初温为，末温为，液体a的比热容用表示，用以上符号表示该同学测燃料1的热值的计算式：　 　。
20．小明用如图甲所示电路探究“电流与电阻”的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（）供选用，滑动变阻器规格为“”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　 　端；
（2）小明连接完电路如图甲，闭合开关，发现电流表无示数，电压表的示数约为3V，则电路出现的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，此时R的阻值为。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表如图乙所示，该示数为　 　A。接着他将R换成，则应该向　 　端移动滑动变阻器的滑片，以保持电压表的示数不变；
（4）将阻值R换成重复上述操作得出结论。为提高结论的可靠性，如要换用阻值为的电阻继续上述实验，则滑动变阻器的最大阻值至少需要　 　。
21．在测量正常工作时的电压为2.5V的小灯泡的电阻的实验中，连接如图甲所示实物图：
（1）小明闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，电压表　 　（选填“有示数”或“无示数”），经检查，发现有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将图甲电路连接正确，连线不能交叉　 　；
（2）改正好电路，进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）端移动。继续移动滑片，小明测出了小灯泡在不同电压下发光时的电阻，并取其平均值作为灯丝的电阻，同组其他同学认为他的做法不合理，理由是　 　；
（3）小明利用电源（电压恒定）、电流表、阻值为的定值电阻、铭牌磨损的滑动变阻器、开关和单刀双掷开关各一个，设计了如图乙所示的电路，测量未知电阻的阻值，请将实验步骤补充完整：
①开关S闭合，开关接a时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，此时电流表的示数为；
②开关S闭合，开关接b时，滑动变阻器的滑片　 　（选填“移到最左端”、“移到最右端”或“保持不动”），此时电流表的示数为；
③电阻　 　（用和表示）。
22．阅读短文，回答问题。
热电偶
用两种不同材料的导体（如铁丝和铜丝）组成如图所示的闭合回路，当两端存在温度差时，就会在间产生一个电压，这就是塞贝克效应（又叫热电效应），这种电路叫热电偶电路。热电偶所产生的热电压由接触电压和温差电压两部分组成。实验表明：热电偶电路中电压的大小跟相互连接的两种金属丝的材料有关；跟接点和间的温差大小有关，温差越大，电压越大。
（1）以下材料组合中，可以制作热电偶电路的是（　　）
A．玻璃片、铝薄片 B．玻璃片、玻璃片
C．铝薄片、锌薄片 D．锌薄片、锌薄片
（2）这样的热电偶实际上是一个电源，当存在　 　时才会产生电压。其它条件不变，（如图）只将处杯中的冰水混合物换为沸水，则电路中的电流会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为时，产生的电压为；若低温处的温度为，热、冷两点间产生的温差电压为，则高温处的温度为　 　。
23．如皋拥有丰富的历史文化遗产。暑假期间小明一家从南京自驾前往如皋进行研学旅行。南京到如皋全程约270km，驾车前往大约需要3h。（汽油的热值取，汽油的密度取）
（1）求汽车的平均速度；
（2）汽车全程消耗汽油20L，求汽油完全燃烧放出的热量；
（3）若汽车发动机全程的平均功率为25kW，求汽车发动机的效率。
24．如图甲为常用的电热饮水机，其电路原理如图乙所示，该饮水机的额定电压为220V，加热电功率为1100W，保温电功率为44W，R1、R2均为电热丝（R1、R2的电阻不随温度变化）。
（1）饮水机处于保温状态时，电路中的电流是多少；
（2）电热丝R1的电阻是多少；
（3）保温状态下工作5分钟，R2上产生的热量是多少。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；电流和电流的单位换算；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．根据实际情况，人体感觉舒适的温度约25℃左右，故A不符合题意；
B．人正常步行时，1min通过约70m，步行速度约为1.1m/s≈4km/h，故B不符合题意；
C．家用空调功率约1000W，根据电压为220V，家用空调的电流约，故C符合题意；
D.根据实际情况，1节新干电池的电压为1.5V，一节蓄电池电压是2V，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据常见的温度、速度、电压和电流，结合数据解答。
2．【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；蒸发及其现象；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A. 衣柜里放置的樟脑丸慢慢变小直至消失，是固态物质直接转变为气态，属于升华现象，故A不合题意。
B. 夏日吹电风扇感到凉快，原理是流动的空气加速人体皮肤表面汗液蒸发，蒸发过程吸收皮肤热量，从而使人体表温度下降。此过程只能降温人体体表温度，无法改变室内整体气温，故B符合题意。
C. 舞台上喷洒干冰营造白雾效果，干冰会快速升华并吸收大量热量，致使周围环境气温骤降，空气中的水蒸气遇冷液化形成细小水珠，也就是我们所见的白雾，故C不合题意。
D. 寒冬时节室内外温差较大，室内温热水蒸气碰到冰冷的窗户玻璃，会直接由气态变为固态冰晶附着在玻璃内侧，形成冰花，属于凝华现象，故D不合题意。
故选：B。
【分析】（1）升华是物质由固态直接变为气态，该过程全程吸收热量。
（2）蒸发吸热具有制冷作用，风扇仅加快空气流速促进蒸发，无法降低环境气温。
（3）干冰升华吸热降温，促使空气中水蒸气发生液化形成白雾。
（4）凝华指气态物质直接转化为固态，窗户冰花就是典型的凝华实例。
3．【答案】C
【知识点】晶体和非晶体；沸腾及沸腾条件；沸点与气压的关系
【解析】【解答】 A、结合温度变化图像能够得知，固态物质P正式开始熔化的时间为第5 分钟，直至第20分钟熔化过程完全结束，通过计算可得出其整个熔化过程持续时长，故A正确。
B、物质P升温至50℃时进入熔化阶段，整个熔化过程中温度始终保持恒定不变，具备晶体熔化的典型特征，由此确定该物质属于晶体，且其熔点数值为50℃，故B正确。
C、实验过程中物质Q温度达到80℃后不再上升，并非代表该物质达到自身熔点开始熔化，实际原因是容器内的水温达到80℃便保持恒定，水温不再升高后，物质Q无法继续吸收热量，因此不能判定80℃就是物质Q的熔点，故C错误。
D、在标准大气压强环境下，纯水的固定沸点为100℃，本次实验中水还未达到100℃就出现沸腾现象，依据沸点与气压的对应规律，能够判断出实验现场的外界气压低于标准大气压，故D正确。
故选：C。
【分析】 （1）晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸热；熔化时温度不变。
（2）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
4．【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；电流的形成；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程，本质上是不同物体间电子的转移，而非创造新的电荷，因此 “摩擦起电创造了电荷” 的说法是错误的，故A错误。
B、丝绸摩擦后的玻璃棒会带上正电，带电体具有吸引轻小物体的特性，因此当它靠近泡沫小球时，小球可能因带负电被异种电荷吸引，也可能因不带电被带电体吸引，两种情况都可能出现，故B正确。
C、只有电荷发生定向移动时，才能形成持续的电流；若电荷仅做无规则的杂乱运动，则无法形成电流，故C错误。
D、马路旁的路灯在使用中，某一盏损坏熄灭后，其余路灯仍能正常独立工作，互不干扰，这符合并联电路的特点，因此路灯是并联连接的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；摩擦起电的实质是电子的转移；
（2）带电体的性质是能吸引轻小物体；
（3）电流是电荷的定向移动形成的；
（4）并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
5．【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意，CPU与散热风扇能够独立运行、互不干扰，由此可判断二者在电路中为并联关系。其中，CPU的工作不受温度影响，只要电路接通即可运行；而电动机需在环境温度升高至特定阈值时才启动，实现辅助降温功能，说明电动机的工作受独立开关控制，且该开关仅作用于电动机支路。结合电路逻辑可知，电路中需设置两个开关：一个位于干路，控制整个电路的通断；另一个位于电动机所在支路，仅控制电动机的启停，以此实现CPU先工作、电动机延时启动” 的功能。对照各选项电路设计，只有B选项符合上述逻辑，故B正确。
故选：B。
【分析】判断电路连接方式时，核心依据是用电器是否能独立工作、互不影响。本题中，CPU与电动机可独立运行，因此二者为并联关系。结合温度控制逻辑，电动机需由独立开关控制，且该开关仅作用于其所在支路，同时干路需设置总开关控制整个电路的通断，以此满足 “温度升高后电动机才工作” 的设计要求。解题时需重点分析各选项中开关的位置与控制对象，判断是否符合上述电路逻辑。
6．【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】D、由电路结构能够看出，定值电阻R1和滑动变阻器R2组成并联电路，电压表直接测量电源两端电压，电流表A1专门检测滑动变阻器支路电流，电流表A2测量电路中的总干路电流。
电源电压始终恒定不变，因此无论滑片如何调动，电压表示数都不会发生改变。并联电路各支路工作互不干扰，滑动变阻器阻值变化不会影响定值电阻支路的电流大小，两支路电流差值始终保持不变，也就是两只电流表示数之差恒定，故D正确。
AB、滑动变阻器滑片从中点向右侧滑动时，其接入电路内部的电阻阻值逐步增大，在电压不变的前提下，依据欧姆定律可知，滑动变阻器支路的电流随之减小，即A1示数变小；并联电路总电流等于各支路电流相加，由此可得电路总电流也会减小，即A2示数变小，故AB错误。
C、电压表示数与电流表A1示数的比值，实际等同于滑动变阻器接入电路的电阻阻值，滑片右移阻值变大，该比值也随之变大，故C错误。
故选：D。
【分析】（1）并联电路各支路电压均等于电源电压，电源电压不变则电压表示数恒定。
（2）并联电路支路之间互不影响，一条支路电阻改变，不会改变其他支路电流。
（3）电阻变大时，在电压不变条件下，支路电流会随之减小，进而造成总电流减小。
（4）电压与对应电流的比值等于被测位置电阻大小，可借此判断电阻变化趋势。
7．【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A．R为定值电阻，电阻R的电阻值：，故A错误；
B．由图可知，当通过L的电流是0.4A时，其两端的电压为4V，故B错误；
C．仅把L和R并联在电压是2V的电路中，L和R两端的电压均为2V，由图可知，通过L、R两端的电流分别是0.3A、0.1A，根据并联电路电流特点可知，干路的电流为I干=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A，故C正确；
D．仅把L、R串联在电路中，根据串联电路的特点和图像可知，当电流是0.2A时，L、R两端的电压分别是1V、4V，根据串联电路电压特点可知，它们两端的总电压即电源电压为U总=UL+UR=1V+4V=5V，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）R为定值电阻，电流随电压的变化关系为过原点的直线，任取一组数据利用欧姆定律即可计算电阻；
（2）由图知，当通过L的电流为0.2A时对应的电压大小；
（3）当定值电阻R和小灯泡L并联在电压为2V电路中，由并联电路电压的规律，由图知R和灯的电流，由并联电路电流的规律得出电路中总电流；
（4）根据串联电路电流的规律，当电路的电流为0.2A时，可知灯和R两端的电压，由串联电路电压的规律得出电路的电压分析。
8．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】BD．根据电路图，当S闭合、S1断开，与并联，甲、乙为电流表，各支路电压相等，根据 ，消耗的功率比 ，则电阻比；
当S、S1都闭合，与串联，甲、乙为电压表时，电流处处相等。根据，两电阻消耗的功率比 ，故B正确，D错误；
AC．甲电压表测电源总电压，乙电压表测两端电压，则，则甲、乙两电压表示数比 ，即，故AC错误。
故选B。
【分析】并联电路中，各支路电功率比值等于电阻的反比，根据，判断电功率；串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；根据，计算电功率。
9．【答案】D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，电路串联，电压表测灯泡两端电压，灯泡灯丝电阻不变，，
根据灯泡额定电流、电流表量程、滑动变阻器规格，电路最大电流，电压表量程，灯泡两端最大电压为，灯泡最大功率；
结合电源电压，滑动变阻器两端电压，
滑动变阻器接入最小阻值：；
滑动变阻器接入最大阻值20Ω时，总电阻最大，电流最小。总电阻
计算最小电流，灯泡的最小电压，
灯泡最小功率：。
综合数据分析，电流变化范围是，灯泡电压变化范围是，滑动变阻器取值范围是，灯泡电功率范围是，ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】首先判断电路连接方式，根据灯泡和电表的参数，判断最大电流；再根据串联电路电压规律，根据，计算滑动变阻器的最小阻值；当滑动变阻器阻值最大时，电路电流最小，根据欧姆定律可求出最小电流，再结合串联电路电压规律求出灯泡两端的最小电压；根据P=UI，计算灯泡的最小和最大电功率。
10．【答案】C
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，空间站画面传到到地球，靠的是电磁波。超声波和次声波都属于声波，不能在真空中传播；红外线的热作用比较强，不适合将空间站信息传到地球，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；红外线可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器等。
11．【答案】A
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用验电笔检查电路时，手必须接触笔尾金属体与地面、导线构成闭合回路，才可以判断导线是否带电，故A错误；
B．生活用水是导体，湿手、湿布上的水都可以导电，接触带电设备时可能发生触电事故，故B正确；
C．了解家庭电路中总开关的位置，可以在家中发生触电事故或电路着火时及时断开电路的总开关，防止灾情扩大，故C正确；
D．手机充电过程中会发热，叠加使用时的热量加大了对手机内部组件的损耗，以及容易出现安全隐患，因此充电过程中不宜进行其他操作，故D正确。
故选A。
【分析】（1）试电笔在使用时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
（2）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；在进行电气设备的安装、维修、更换部件等操作时，以及紧急情况下，必须先切断电源，并确保电源已完全断开；不用湿手触摸和擦拭电器，以防发生触电事故。
12．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成，
A．发电机的原理：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，探究了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．图中，探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是电流具有磁效应，故C不符合题意；
D．图中，有电源和磁场，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．
【分析】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为电能，电动机是电能转化为机械能。
13．【答案】50；10
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：
直流电动机在10s内消耗的电能：
W=UIt=5V×1A×10s=50J；
电动机在10s内产生的热量：
Q=I2Rt=（1A）2×1Ω×10s=10J．
故答案为：50；10．
【分析】已知直流电动机两端的电压、通过的电流、通电时间，利用W=UIt求出消耗的电能．
已知电动机线圈电阻、通过的电流、通电时间，利用焦耳定律求出电动机10s产生的热量．
14．【答案】乙；甲
【知识点】串联电路的电流规律；电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】当两盏白炽灯在额定电压下正常工作时，它们的实际功率等于各自的额定功率。由于乙灯的额定功率（100W）高于甲灯（40W），因此乙灯发光更亮。当两灯串联接入220V电路时，亮度由实际功率决定。根据电阻计算公式：，计算得： 甲灯电阻：，乙灯电阻：，在串联电路中，通过两灯的电流相同，根据功率公式可知，电阻较大的甲灯实际功率更大，因此甲灯更亮。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和
2、电功率的计算：公式为。
15．【答案】18；30
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 接通开关后，两个电阻顺次串联组成完整回路，电路中电流处处相等。电流表串联在电路当中，用来精准测出整条电路中的电流大小；电压表并联在滑动变阻器两端，专门用于测量滑动变阻器两端分得的电压数值。
由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=IR1+UV，代入数据可得0.3A×R1+9V=0.4A×R1+6V，解方程可得R1=30Ω，
则电源电压：U=IR1+UV=0.3A×30Ω+9V=18V。
故答案为：18；30。
【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得定值电阻的阻值，据此计算电源电压。
16．【答案】感应电流；动圈式话筒
【知识点】产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它，做切割磁感线运动，产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，原理相同，扬声器的工作原理通电导体在磁场中受力运动，原理与之不相同。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
17．【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】图中，两灯在不同支路上，电路并联，开关S3在干路上，灯L2和S2串联，开关S1、灯L1在一条支路，画出电路图为
。
【分析】各用电器分别连接在电源两端，是并联电路，根据开关位置，画出电路图。
18．【答案】
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，滑片顺时针旋转时，灯泡变亮，那么电路中电流变大。根据欧姆定律可知，此时总电阻变小。根据R总=RL+R变可知，变阻器接入的阻值变小，则应该是选择接线柱c和中间的接线柱b，如下图所示：
【分析】根据灯泡亮度变化确定电流变化，根据欧姆定律分析总电阻变化，根据R总=RL+R变分析变阻器的阻值变化，从而确定接线柱的选择情况。
19．【答案】（1）甲、乙；转换法
（2）加热时间的长短；a
（3）
【知识点】燃料的热值；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 （1）如果想比较不同燃料的热值，可以通过控制变量法控制液体不变，改变燃料来进行探究，故选甲、乙两图进行实验。
燃料燃烧放出的热量被液体吸收，通过比较液体升高的温度来比较燃料完全燃烧放出的热量，运用了转换法。
（2）比较不同物质的吸热能力，选择甲、丙两图进行实验，由于实验装置完全相同，故加热相同的时间液体吸收的热量相同，通过升高相同的温度比较加热的时间长短来比较物质吸热能力的强弱，加热时间长则吸热能力强。
根据题意可知，两种液体的初温t初均为20℃，末温t末均为80℃，设质量均为m，吸收的热量分别为Qa、Qb，则根据公式Q=cmΔt可得：
A液体吸收热量为Qa=cam（t2-t1）……①
B液体吸收热量为Qb=cbm（t2-t1）……②
联立①、②式可得：，b液体加热时间是a液体的2倍，故，a液体的比热容较小。（3）燃料完全燃烧释放的热量Q放=q（m1-m2），液体a吸收的热量Q吸=cm（t2-t1），由于燃料燃烧释放的热量全部被液体吸收，故Q吸=Q放，整理可得。
故答案为：（1）甲、乙；转换；（2）加热时间的长短；a；（3）。
【分析】（1）比较不同燃料的热值，应用质量相同的不同燃料完全燃烧加热同一液体。
燃料全部燃烧完后，放出的热量是通过液体升高的温度来反映的，液体升高的温度越高，液体吸收的热量越多，燃料放出热量越多。
（2）比较不同物质吸热本领，应采用相同加热装置，加热质量相同的不同液体。
其他条件相同时，不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。
由Q吸=cmΔt求比热容之比，从而知哪种液体的比热容较小；
（3）燃料完全燃烧释放的热量Q放=q（m1-m2），液体a吸收的热量Q吸=cm（t2-t1），由于燃料燃烧释放的热量全部被液体吸收，由Q吸=Q放可得燃料1的热值的计算式。
（1）[1]比较燃料热值的实验，要控制被加热的液体种类和质量相同，改变燃料的种类。甲、乙两图满足这个条件，液体a的质量和初温相同，燃料分别为燃料1和燃料2；
[2]燃料完全燃烧放出的热量无法直接测量，通过观察温度计升高的示数来反映，这种将不易直接测量的物理量转换为易测量物理量的方法，叫做转换法。
（2）[1]甲、丙两图使用相同的燃料和装置，相同时间内放出的热量相同，两种液体吸收的热量多少，可以通过加热时间的长短来表示，加热时间越长，吸收的热量越多；
[2]由图2可知，质量相同的a、b两种液体，吸收相同热量时，a液体升温快，b液体升温慢。根据比热容公式，在Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小。因此a液体的比热容较小。
（3）液体a吸收的热量，其中m是液体质量，t2是末温，t1是初温，
燃料完全燃烧放出的热量全部被液体吸收，即，燃烧的燃料1的质量为，根据热值公式，推导可得燃料1的热值
20．【答案】（1）右
（2）定值电阻R断路
（3）0.4；右
（4）12.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在闭合开关前，为避免电路中电流过大损坏元件，起到保护电路的作用，需将滑动变阻器的滑片P调至接入电路的最大阻值处，也就是滑动变阻器的右端。
（2）开关闭合后，电流表无示数，说明电路存在断路故障；而电压表示数接近电源电压 3V，表明电压表两端可正常连通电源，由此可判断故障为与电压表并联的定值电阻R发生了断路。
（3）观察电流表读数，电流表选用小量程，其分度值为0.02A，此时指针位置对应的电流值为0.4A。 将定值电阻R更换为10Ω的电阻后，根据串联电路的分压规律，定值电阻两端的电压会升高。为保持定值电阻两端电压不变，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，以分担更多电压，因此滑片应向右端移动。
（4）由图乙数据可知，当定值电阻R=5Ω 时，电路中的电流I=0.4A，因此实验中需保持不变的定值电阻两端电压为：
根据串联电路电压的规律可知，变阻器分得的电压为
根据串联分压原理，通过定值电阻的电流等于通过滑动变阻器的电流，则，所以当换用阻值为25Ω的电阻连入电路中时，对应的滑动变阻器接入电路的电阻为
故答案为：（1）右；（2）定值电阻R断路；（3）0.4；右；（4）12.5。
【分析】（1）电学实验中，开关闭合前将滑动变阻器调至最大阻值，是通用的电路保护操作，可防止初始电流过大。
（2）电流表无示数通常指向电路断路，而电压表示数接近电源电压，则说明与电压表并联的部分发生了断路。
（3）读取电流表示数时，需先确定量程与分度值；探究电流与电阻关系时，更换大电阻后需通过调节滑片，保持定值电阻两端电压恒定。
（4）利用串联分压原理，可通过定值电阻与滑动变阻器的电压比，计算出不同定值电阻对应的滑动变阻器接入阻值。
（1）开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即滑动变阻器的右端。
（2）闭合开关后，小明发现电流表没示数，说明电路可能存在断路故障，结合电压表示数接近电源电压3V，说明电压表与电源连通，故与电压表并联的支路断路了，即电阻R断路。
（3）[1]电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A。
[2]将R换成10Ω电阻后，根据串联电路分压原理可知，电阻R的分压会变大，为保持电阻R两端的电压不变，故需要增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器的滑片应向右端移动。
（4）由图乙可知，当电阻时，电路中的电流为0.4A，所以电阻R两端保持不变的电压为
根据串联电路电压的规律可知，变阻器分得的电压为
根据串联分压原理，通过定值电阻的电流等于通过滑动变阻器的电流，则，所以当换用阻值为25Ω的电阻连入电路中时，对应的滑动变阻器接入电路的电阻为
21．【答案】（1）无示数；
（2）右；灯丝的电阻随温度的变化而变化
（3）保持不动；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）分析实物图，小灯泡和电压表被短接，所以移动滑片，小灯泡不亮，但电流表有示数，电压表无示数；在测小灯泡的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）调整电路后，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向右端移动；
小灯泡的电阻受温度影响，在不同电压下发光时的电阻不一样，不是一个定值，故求平均值没有意义；
（3）开关S闭合，开关S1接a时，Rx与R0并联，电流表测Rx支路电流，示数为I1，则有Ux=I1Rx；开关S闭合，开关S1接b时，滑动变阻器的滑片保持不动，Rx与R0并联，电流表测干路电流，的示数为I2，则有I0=I2-I1；两次改变开关S1接点的过程中，电源电压不变，滑动变阻器阻值不变，并联电路两端的电压不变，所以I0R0=（I2-I1）R0=I1Rx，
解得：。
故答案为：（1）无示数； ；（2）右；灯丝的电阻随温度的变化而变化；（3）②保持不动；③。
【分析】 （1）根据电路连接和电表的使用分析回答；
（2）根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；灯丝的电阻随温度的变化而变化；
（3）根据并联电路的特点结合欧姆定律写出未知电阻Rx的阻值。
（1）[1][2]分析实物图，小灯泡被短接，所以移动滑片，小灯泡不亮，但电流表有示数，电压表无示数，故修改电路图如下：
（2）[1]调整电路后，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V，根据串联电路的分压定律，要增大小灯泡两端的电压，就需要减小滑动变阻器的阻值，故滑片向右端移动。
[2]小灯泡的电阻受温度影响，灯泡在不同电压下发光时的电阻不一样，不是一个定值。故求平均值没有意义。
（3）[1][2]分析电路图乙，开关S闭合，开关接a时，与并联，电流表测支路电流，示数为，则有，开关S闭合，开关接b时，滑动变阻器的滑片保持不动，与并联，电流表测干路电流，示数为，则有。两次改变开关接点的过程中，电源电压不变，滑动变阻器阻值不变，并联电路两端的电压不变，所以
可得。
22．【答案】（1）C
（2）温度差；变小
（3）990
【知识点】电源及其能量转化；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据短文，制作热电偶电路，需要材料不同的导体，玻璃片是绝缘体；铝薄片、锌薄片易导电，是导体，可制作热电偶电源，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）材料中，当A、B两端存在温度差时，在AB间产生一个电压，此热电偶相当于电源；
将A处杯中的冰水混合物换为沸水，沸水与火焰的温差小于冰水与火焰的温差，温差越小，电压越小，电路中的电流变小。
（3）根据热电偶的温差电压与接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为100℃时，产生的电压为1.5mV；若低温处的温度为-10℃，热、冷两点间产生的温差电压为15mV，则，解得，则高温处的温度为990℃。
【分析】（1）制作热电偶电路时，需要不同的导体连接电路；
（2）物体间存在温差时，会有电压差，相当于电源；
（3）根据导体两端的温度差和对应的电压关系，结合实际电压，计算实际温度。
（1）由材料信息得，制作热电偶电路为材料不同的导体，玻璃片不易导电，是绝缘体；铝薄片、锌薄片易导电，是导体，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[1]由材料可知，当物体间存在温差，物体间的热量会发生转移。当A、B两端存在温度差时，就会在AB间产生一个电压，这样的热电偶实际上是一个电源
[2]其它条件不变，（如图甲）只将A处杯中的冰水混合物换为沸水，沸水与火焰的温差小于冰水与火焰的温差，温差越小，电压越小，所以电路中的电流会变小。
（3）热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为100℃时，产生的电压为1.5mV；若低温处的温度为－10℃，热、冷两点间产生的温差电压为15mV，则
解得，则高温处的温度为990℃。
23．【答案】（1）汽车平均速度为：。
答： 汽车的平均速度为90km/h。
（2）消耗汽油的质量为：m=ρV=20×10-3m3×0.8×103kg/m3=16kg，
汽油完全燃烧放出的热量Q为：Q放=mq=16kg×4.5×107J/kg=7.2×108J。
答： 汽油完全燃烧放出的热量Q为7.2×108J。
（3）汽车发动机做的机械功为：W=Pt=25×103W×3×3600s=2.7×108J；
发动机的机械效率为：。
答： 汽车发动机的效率为37.5%。
【知识点】热量的计算；热机的效率；速度公式及其应用
【解析】【分析】 （1）根据路程和时间直接计算；
（2）根据密度公式求出汽油的质量，根据Q=qm得出汽油完全燃烧放出的热量；
（3）根据W=Pt算出机械功，再结合热机的效率进行计算。
（1）根据速度公式，代入路程和时间，得速度
（2）汽油体积
质量
完全燃烧放出的热量为
（3）发动机做的有用功
效率
24．【答案】（1）已知饮水机处于保温状态时的功率P保=44W，额定电压 U=220V。根据P=UI可得保温状态时电路中的电流为：。
答： 保温状态时电路中的电流为0.2A。
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，此时电路总电阻最小。由可知，当电压一定时，电阻越小，功率越大，故此时饮水机处于加热状态。电热丝R2的电阻为：；当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。根据欧姆定律可得保温时电路的总电阻为：；
根据串联电路电阻的特点可得电热丝R1的电阻为：R1=R总-R2=1100Ω-44Ω=1056Ω。
答： 电热丝R1的电阻为1056Ω。
（3）保温状态下工作时间t=5min=300s，此时电路中的电流为I保=0.2A，电热丝R2的电阻R2=44Ω，根据Q=I2Rt可得R2上产生的热量为：。
答：保温状态下工作5分钟内R2上产生的热量为528J。
【知识点】电路的三种状态；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】 （1）根据P=UI可求出保温状态时电路中的电流；
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，根据可知此时饮水机处于加热状态，根据可求出电热丝R2的电阻；当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。根据欧姆定律可求出保温时电路的总电阻，根据串联电路电阻的特点求出电热丝R1的电阻；
（3）根据Q=I2Rt可求出R2上产生的热量。
（1）已知饮水机处于保温状态时的功率，额定电压。根据电功率公式可得，保温状态时电路中的电流为
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，此时电路总电阻最小。由可知，当电压一定时，电阻越小，功率越大，故此时饮水机处于加热状态。电热丝R2的电阻为
当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。保温时电路的总电阻为
根据串联电路电阻的特点，可知电热丝R1的电阻为
（3）保温状态下工作时间
此时电路中的电流，电热丝R2的电阻
根据焦耳定律，R2上产生的热量为
1 / 1四川省自贡市荣县中学校2025-2026学年九年级下学期第一次月考物理试题
1．对下列物理量的估测中，你认为最接近实际的是（　　）
A．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
B．人正常步行的速度约为
C．家用空调的电流大约5A
D．1节新干电池两端电压约2V
【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；速度与物体运动；电流和电流的单位换算；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A．根据实际情况，人体感觉舒适的温度约25℃左右，故A不符合题意；
B．人正常步行时，1min通过约70m，步行速度约为1.1m/s≈4km/h，故B不符合题意；
C．家用空调功率约1000W，根据电压为220V，家用空调的电流约，故C符合题意；
D.根据实际情况，1节新干电池的电压为1.5V，一节蓄电池电压是2V，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据常见的温度、速度、电压和电流，结合数据解答。
2．下列对生活中一些现象的解释不正确的是（　　）
A．衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小，这是升华现象
B．夏天使用电风扇时人感觉凉爽，是因为风降低了室内温度
C．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化
D．冬天，窗户玻璃上的“冰花”是室内空气中的水蒸气凝华而成的
【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；蒸发及其现象；液化及液化放热；升华及升华吸热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A. 衣柜里放置的樟脑丸慢慢变小直至消失，是固态物质直接转变为气态，属于升华现象，故A不合题意。
B. 夏日吹电风扇感到凉快，原理是流动的空气加速人体皮肤表面汗液蒸发，蒸发过程吸收皮肤热量，从而使人体表温度下降。此过程只能降温人体体表温度，无法改变室内整体气温，故B符合题意。
C. 舞台上喷洒干冰营造白雾效果，干冰会快速升华并吸收大量热量，致使周围环境气温骤降，空气中的水蒸气遇冷液化形成细小水珠，也就是我们所见的白雾，故C不合题意。
D. 寒冬时节室内外温差较大，室内温热水蒸气碰到冰冷的窗户玻璃，会直接由气态变为固态冰晶附着在玻璃内侧，形成冰花，属于凝华现象，故D不合题意。
故选：B。
【分析】（1）升华是物质由固态直接变为气态，该过程全程吸收热量。
（2）蒸发吸热具有制冷作用，风扇仅加快空气流速促进蒸发，无法降低环境气温。
（3）干冰升华吸热降温，促使空气中水蒸气发生液化形成白雾。
（4）凝华指气态物质直接转化为固态，窗户冰花就是典型的凝华实例。
3．某科考队员在海拔5500m的高山上进行了下列实验探究：首先利用随身携带的普通烧水壶烧水，发现壶中水温才80℃就沸腾了。然后利用图甲所示装置安装两套相同的实验器材，在两套装置的试管中分别装有少量的固体P和固体Q，点燃酒精灯进行实验；利用实验测得的数据得到它们的温度与加热时间图像如图乙所示。则下列判断不正确的是（　　）
A．固体P熔化经历了15min
B．固体P的熔点为50℃，一定是晶体
C．固体Q的熔点为80℃，在0～35min内持续吸热
D．水80℃沸腾，说明实验时的大气压低于1标准大气压
【答案】C
【知识点】晶体和非晶体；沸腾及沸腾条件；沸点与气压的关系
【解析】【解答】 A、结合温度变化图像能够得知，固态物质P正式开始熔化的时间为第5 分钟，直至第20分钟熔化过程完全结束，通过计算可得出其整个熔化过程持续时长，故A正确。
B、物质P升温至50℃时进入熔化阶段，整个熔化过程中温度始终保持恒定不变，具备晶体熔化的典型特征，由此确定该物质属于晶体，且其熔点数值为50℃，故B正确。
C、实验过程中物质Q温度达到80℃后不再上升，并非代表该物质达到自身熔点开始熔化，实际原因是容器内的水温达到80℃便保持恒定，水温不再升高后，物质Q无法继续吸收热量，因此不能判定80℃就是物质Q的熔点，故C错误。
D、在标准大气压强环境下，纯水的固定沸点为100℃，本次实验中水还未达到100℃就出现沸腾现象，依据沸点与气压的对应规律，能够判断出实验现场的外界气压低于标准大气压，故D正确。
故选：C。
【分析】 （1）晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸热；熔化时温度不变。
（2）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
4．关于摩擦起电和电路，下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电实际上通过摩擦的方式产生了电荷
B．一个泡沫小球被一个用丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，则泡沫小球可能会带负电
C．只有电子的定向移动才会形成电流
D．马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是串联的
【答案】B
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；电流的形成；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 A、摩擦起电的过程，本质上是不同物体间电子的转移，而非创造新的电荷，因此 “摩擦起电创造了电荷” 的说法是错误的，故A错误。
B、丝绸摩擦后的玻璃棒会带上正电，带电体具有吸引轻小物体的特性，因此当它靠近泡沫小球时，小球可能因带负电被异种电荷吸引，也可能因不带电被带电体吸引，两种情况都可能出现，故B正确。
C、只有电荷发生定向移动时，才能形成持续的电流；若电荷仅做无规则的杂乱运动，则无法形成电流，故C错误。
D、马路旁的路灯在使用中，某一盏损坏熄灭后，其余路灯仍能正常独立工作，互不干扰，这符合并联电路的特点，因此路灯是并联连接的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；摩擦起电的实质是电子的转移；
（2）带电体的性质是能吸引轻小物体；
（3）电流是电荷的定向移动形成的；
（4）并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响。
5．2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑主板工作时会不断发热，为了保证主板不被烧坏，当温度上升到某一值时，开关闭合，主机电风扇（用M表示）工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】根据题意，CPU与散热风扇能够独立运行、互不干扰，由此可判断二者在电路中为并联关系。其中，CPU的工作不受温度影响，只要电路接通即可运行；而电动机需在环境温度升高至特定阈值时才启动，实现辅助降温功能，说明电动机的工作受独立开关控制，且该开关仅作用于电动机支路。结合电路逻辑可知，电路中需设置两个开关：一个位于干路，控制整个电路的通断；另一个位于电动机所在支路，仅控制电动机的启停，以此实现CPU先工作、电动机延时启动” 的功能。对照各选项电路设计，只有B选项符合上述逻辑，故B正确。
故选：B。
【分析】判断电路连接方式时，核心依据是用电器是否能独立工作、互不影响。本题中，CPU与电动机可独立运行，因此二者为并联关系。结合温度控制逻辑，电动机需由独立开关控制，且该开关仅作用于其所在支路，同时干路需设置总开关控制整个电路的通断，以此满足 “温度升高后电动机才工作” 的设计要求。解题时需重点分析各选项中开关的位置与控制对象，判断是否符合上述电路逻辑。
6．如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P从中点向右端移动时，下列说法正确的是（　　）
A．电压表V的示数变大，电流表示数变小
B．电压表V的示数不变，电流表示数变大
C．电压表V的示数与电流表的示数之比不变
D．电流表的示数与电流表的示数之差不变
【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】D、由电路结构能够看出，定值电阻R1和滑动变阻器R2组成并联电路，电压表直接测量电源两端电压，电流表A1专门检测滑动变阻器支路电流，电流表A2测量电路中的总干路电流。
电源电压始终恒定不变，因此无论滑片如何调动，电压表示数都不会发生改变。并联电路各支路工作互不干扰，滑动变阻器阻值变化不会影响定值电阻支路的电流大小，两支路电流差值始终保持不变，也就是两只电流表示数之差恒定，故D正确。
AB、滑动变阻器滑片从中点向右侧滑动时，其接入电路内部的电阻阻值逐步增大，在电压不变的前提下，依据欧姆定律可知，滑动变阻器支路的电流随之减小，即A1示数变小；并联电路总电流等于各支路电流相加，由此可得电路总电流也会减小，即A2示数变小，故AB错误。
C、电压表示数与电流表A1示数的比值，实际等同于滑动变阻器接入电路的电阻阻值，滑片右移阻值变大，该比值也随之变大，故C错误。
故选：D。
【分析】（1）并联电路各支路电压均等于电源电压，电源电压不变则电压表示数恒定。
（2）并联电路支路之间互不影响，一条支路电阻改变，不会改变其他支路电流。
（3）电阻变大时，在电压不变条件下，支路电流会随之减小，进而造成总电流减小。
（4）电压与对应电流的比值等于被测位置电阻大小，可借此判断电阻变化趋势。
7．如图，是小灯泡L和电阻R的电流与电压关系图像。下列说法正确的是（　　）
A．电阻R的阻值是
B．当通过L的电流是时，L两端电压为
C．将L和R并联在的电路中，干路电流为
D．将L和R串联且电流为时，电源总电压是
【答案】C
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A．R为定值电阻，电阻R的电阻值：，故A错误；
B．由图可知，当通过L的电流是0.4A时，其两端的电压为4V，故B错误；
C．仅把L和R并联在电压是2V的电路中，L和R两端的电压均为2V，由图可知，通过L、R两端的电流分别是0.3A、0.1A，根据并联电路电流特点可知，干路的电流为I干=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A，故C正确；
D．仅把L、R串联在电路中，根据串联电路的特点和图像可知，当电流是0.2A时，L、R两端的电压分别是1V、4V，根据串联电路电压特点可知，它们两端的总电压即电源电压为U总=UL+UR=1V+4V=5V，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）R为定值电阻，电流随电压的变化关系为过原点的直线，任取一组数据利用欧姆定律即可计算电阻；
（2）由图知，当通过L的电流为0.2A时对应的电压大小；
（3）当定值电阻R和小灯泡L并联在电压为2V电路中，由并联电路电压的规律，由图知R和灯的电流，由并联电路电流的规律得出电路中总电流；
（4）根据串联电路电流的规律，当电路的电流为0.2A时，可知灯和R两端的电压，由串联电路电压的规律得出电路的电压分析。
8．如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S闭合，断开，甲、乙两表为电流表时，和消耗的功率；当开关S和都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数分别为和，消耗的功率分别为和，则下列判断正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】BD．根据电路图，当S闭合、S1断开，与并联，甲、乙为电流表，各支路电压相等，根据 ，消耗的功率比 ，则电阻比；
当S、S1都闭合，与串联，甲、乙为电压表时，电流处处相等。根据，两电阻消耗的功率比 ，故B正确，D错误；
AC．甲电压表测电源总电压，乙电压表测两端电压，则，则甲、乙两电压表示数比 ，即，故AC错误。
故选B。
【分析】并联电路中，各支路电功率比值等于电阻的反比，根据，判断电功率；串联电路中，各电阻分压比等于电阻比；根据，计算电功率。
9．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程“0~3V”，滑动变阻器、小灯泡L（灯丝电阻不变）分别标有“20Ω 1A”、“2.5V 0.5A”字样。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项中正确的是（　　）
A．电流表的示数变化范围是0.3A~0.5A
B．电压表的示数变化范围是1.2V~3V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5Ω~20Ω
D．灯泡的电功率范围是0.288W~1.25W
【答案】D
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】图中，电路串联，电压表测灯泡两端电压，灯泡灯丝电阻不变，，
根据灯泡额定电流、电流表量程、滑动变阻器规格，电路最大电流，电压表量程，灯泡两端最大电压为，灯泡最大功率；
结合电源电压，滑动变阻器两端电压，
滑动变阻器接入最小阻值：；
滑动变阻器接入最大阻值20Ω时，总电阻最大，电流最小。总电阻
计算最小电流，灯泡的最小电压，
灯泡最小功率：。
综合数据分析，电流变化范围是，灯泡电压变化范围是，滑动变阻器取值范围是，灯泡电功率范围是，ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】首先判断电路连接方式，根据灯泡和电表的参数，判断最大电流；再根据串联电路电压规律，根据，计算滑动变阻器的最小阻值；当滑动变阻器阻值最大时，电路电流最小，根据欧姆定律可求出最小电流，再结合串联电路电压规律求出灯泡两端的最小电压；根据P=UI，计算灯泡的最小和最大电功率。
10．2024年4月26日，神舟十八号载人飞船和空间站组合体，成功实现自主快速交会对接，神舟十八号航天员乘组从飞船返回舱进入轨道舱两组成员成功会师（如图），会师画面传到到地球靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．红外线
【答案】C
【知识点】红外线；超声波与次声波；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，空间站画面传到到地球，靠的是电磁波。超声波和次声波都属于声波，不能在真空中传播；红外线的热作用比较强，不适合将空间站信息传到地球，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；红外线可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器等。
11．安全用电，人人有责。关于生活中的用电方式，不正确的是（　　）
A．使用验电笔检查电路时，手不能触碰到笔尾金属体
B．不要用湿手接触带电设备，不要用湿布擦抹带电设备
C．了解家庭电路中总开关位置，学会在紧急情况下断开总开关
D．手机在充电过程中，不宜进行其他操作，如通话、阅览信息等
【答案】A
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．使用验电笔检查电路时，手必须接触笔尾金属体与地面、导线构成闭合回路，才可以判断导线是否带电，故A错误；
B．生活用水是导体，湿手、湿布上的水都可以导电，接触带电设备时可能发生触电事故，故B正确；
C．了解家庭电路中总开关的位置，可以在家中发生触电事故或电路着火时及时断开电路的总开关，防止灾情扩大，故C正确；
D．手机充电过程中会发热，叠加使用时的热量加大了对手机内部组件的损耗，以及容易出现安全隐患，因此充电过程中不宜进行其他操作，故D正确。
故选A。
【分析】（1）试电笔在使用时手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
（2）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；在进行电气设备的安装、维修、更换部件等操作时，以及紧急情况下，必须先切断电源，并确保电源已完全断开；不用湿手触摸和擦拭电器，以防发生触电事故。
12．电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】电动机根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成，
A．发电机的原理：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，探究了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．图中，探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是电流具有磁效应，故C不符合题意；
D．图中，有电源和磁场，闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．
【分析】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为电能，电动机是电能转化为机械能。
13．直流电动机两端的电压为5V，通过它的电流为1A，电动机线圈的电阻为1Ω，则电动机在10s内消耗的电能是　 　J，产生的热量是　 　J．
【答案】50；10
【知识点】电功的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】解：
直流电动机在10s内消耗的电能：
W=UIt=5V×1A×10s=50J；
电动机在10s内产生的热量：
Q=I2Rt=（1A）2×1Ω×10s=10J．
故答案为：50；10．
【分析】已知直流电动机两端的电压、通过的电流、通电时间，利用W=UIt求出消耗的电能．
已知电动机线圈电阻、通过的电流、通电时间，利用焦耳定律求出电动机10s产生的热量．
14．两盏白炽灯，甲灯标有“PZ220V-40W”，乙灯标有“PZ220V-100W”，若两灯正常发光，则是　 　（“甲”或“乙”）更亮，若串联在220V电路中，　 　（“甲”或“乙”）更亮。
【答案】乙；甲
【知识点】串联电路的电流规律；电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】当两盏白炽灯在额定电压下正常工作时，它们的实际功率等于各自的额定功率。由于乙灯的额定功率（100W）高于甲灯（40W），因此乙灯发光更亮。当两灯串联接入220V电路时，亮度由实际功率决定。根据电阻计算公式：，计算得： 甲灯电阻：，乙灯电阻：，在串联电路中，通过两灯的电流相同，根据功率公式可知，电阻较大的甲灯实际功率更大，因此甲灯更亮。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和
2、电功率的计算：公式为。
15．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，当滑动变阻器R2的滑片P从某点a点移到b点时，滑动变阻器的U-I图像如图乙所示，则电源电压为　 　V，定值电阻R1的阻值为　 　Ω。
【答案】18；30
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 接通开关后，两个电阻顺次串联组成完整回路，电路中电流处处相等。电流表串联在电路当中，用来精准测出整条电路中的电流大小；电压表并联在滑动变阻器两端，专门用于测量滑动变阻器两端分得的电压数值。
由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=IR1+UV，代入数据可得0.3A×R1+9V=0.4A×R1+6V，解方程可得R1=30Ω，
则电源电压：U=IR1+UV=0.3A×30Ω+9V=18V。
故答案为：18；30。
【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由乙图可知电流表示数为0.3A时，电压表示数为9V，当电流表示数为0.4A时，电压表示数为6V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，代入数据解方程可得定值电阻的阻值，据此计算电源电压。
16．如图所示，小华运用电磁感应技术对智能手机进行无线充电，其主要工作原理如下：电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它就能产生　 　，　 　（选填“动圈式话筒”或“扬声器”）的工作原理与之相同。
【答案】感应电流；动圈式话筒
【知识点】产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】 电源的电流通过充电底座中的送电金属线圈时产生变化的磁场，带有金属线圈的智能手机靠近它，做切割磁感线运动，产生感应电流，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，原理相同，扬声器的工作原理通电导体在磁场中受力运动，原理与之不相同。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、利用电磁感应制作的机械有：发电机，能量转化为机械能转化为电能。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
17．根据如图所示的实物图，在虚线框中画出对应的电路图。
【答案】
【知识点】根据实物图画电路图
【解析】【解答】图中，两灯在不同支路上，电路并联，开关S3在干路上，灯L2和S2串联，开关S1、灯L1在一条支路，画出电路图为
。
【分析】各用电器分别连接在电源两端，是并联电路，根据开关位置，画出电路图。
18．如图所示是某同学设计的模拟可调光台灯电路，其中电位器有a、b、c三个接线柱，请连接电路，使顺时针旋转滑片时灯泡变亮。
【答案】
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，滑片顺时针旋转时，灯泡变亮，那么电路中电流变大。根据欧姆定律可知，此时总电阻变小。根据R总=RL+R变可知，变阻器接入的阻值变小，则应该是选择接线柱c和中间的接线柱b，如下图所示：
【分析】根据灯泡亮度变化确定电流变化，根据欧姆定律分析总电阻变化，根据R总=RL+R变分析变阻器的阻值变化，从而确定接线柱的选择情况。
19．如图1所示，甲、乙、丙三图的装置完全相同，所用燃料的质量都相等，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）实验要比较不同燃料的热值，应选择　 　两图进行实验。燃料完全燃烧放出的热量可以通过温度计升高的示数来反映，这属于　 　法在实验中的应用。
（2）比较不同物质的吸热能力：
①选择甲、丙两图进行实验，控制燃料燃烧时的火力相同，所以该实验可用　 　（选填“温度计示数”或“加热时间的长短”）来表示两种液体吸热的多少；
②如果质量和初始温度均相同的a、b液体，吸热后它们的温度随时间变化的图像如图2所示，由图可看出b液体的温度升高得较慢，则　 　（填“a”或“b”）液体的比热容较小。
（3）某同学用图甲装置测燃料1的热值，假设燃料完全燃烧放出的热量全部被液体a吸收。若加热前燃料1的质量为，加热一段时间后变为；烧杯中液体a的质量为，初温为，末温为，液体a的比热容用表示，用以上符号表示该同学测燃料1的热值的计算式：　 　。
【答案】（1）甲、乙；转换法
（2）加热时间的长短；a
（3）
【知识点】燃料的热值；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】 （1）如果想比较不同燃料的热值，可以通过控制变量法控制液体不变，改变燃料来进行探究，故选甲、乙两图进行实验。
燃料燃烧放出的热量被液体吸收，通过比较液体升高的温度来比较燃料完全燃烧放出的热量，运用了转换法。
（2）比较不同物质的吸热能力，选择甲、丙两图进行实验，由于实验装置完全相同，故加热相同的时间液体吸收的热量相同，通过升高相同的温度比较加热的时间长短来比较物质吸热能力的强弱，加热时间长则吸热能力强。
根据题意可知，两种液体的初温t初均为20℃，末温t末均为80℃，设质量均为m，吸收的热量分别为Qa、Qb，则根据公式Q=cmΔt可得：
A液体吸收热量为Qa=cam（t2-t1）……①
B液体吸收热量为Qb=cbm（t2-t1）……②
联立①、②式可得：，b液体加热时间是a液体的2倍，故，a液体的比热容较小。（3）燃料完全燃烧释放的热量Q放=q（m1-m2），液体a吸收的热量Q吸=cm（t2-t1），由于燃料燃烧释放的热量全部被液体吸收，故Q吸=Q放，整理可得。
故答案为：（1）甲、乙；转换；（2）加热时间的长短；a；（3）。
【分析】（1）比较不同燃料的热值，应用质量相同的不同燃料完全燃烧加热同一液体。
燃料全部燃烧完后，放出的热量是通过液体升高的温度来反映的，液体升高的温度越高，液体吸收的热量越多，燃料放出热量越多。
（2）比较不同物质吸热本领，应采用相同加热装置，加热质量相同的不同液体。
其他条件相同时，不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。
由Q吸=cmΔt求比热容之比，从而知哪种液体的比热容较小；
（3）燃料完全燃烧释放的热量Q放=q（m1-m2），液体a吸收的热量Q吸=cm（t2-t1），由于燃料燃烧释放的热量全部被液体吸收，由Q吸=Q放可得燃料1的热值的计算式。
（1）[1]比较燃料热值的实验，要控制被加热的液体种类和质量相同，改变燃料的种类。甲、乙两图满足这个条件，液体a的质量和初温相同，燃料分别为燃料1和燃料2；
[2]燃料完全燃烧放出的热量无法直接测量，通过观察温度计升高的示数来反映，这种将不易直接测量的物理量转换为易测量物理量的方法，叫做转换法。
（2）[1]甲、丙两图使用相同的燃料和装置，相同时间内放出的热量相同，两种液体吸收的热量多少，可以通过加热时间的长短来表示，加热时间越长，吸收的热量越多；
[2]由图2可知，质量相同的a、b两种液体，吸收相同热量时，a液体升温快，b液体升温慢。根据比热容公式，在Q、m相同时，Δt越大，比热容c越小。因此a液体的比热容较小。
（3）液体a吸收的热量，其中m是液体质量，t2是末温，t1是初温，
燃料完全燃烧放出的热量全部被液体吸收，即，燃烧的燃料1的质量为，根据热值公式，推导可得燃料1的热值
20．小明用如图甲所示电路探究“电流与电阻”的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（）供选用，滑动变阻器规格为“”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移到最　 　端；
（2）小明连接完电路如图甲，闭合开关，发现电流表无示数，电压表的示数约为3V，则电路出现的故障可能是　 　；
（3）排除故障后，此时R的阻值为。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表如图乙所示，该示数为　 　A。接着他将R换成，则应该向　 　端移动滑动变阻器的滑片，以保持电压表的示数不变；
（4）将阻值R换成重复上述操作得出结论。为提高结论的可靠性，如要换用阻值为的电阻继续上述实验，则滑动变阻器的最大阻值至少需要　 　。
【答案】（1）右
（2）定值电阻R断路
（3）0.4；右
（4）12.5
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）在闭合开关前，为避免电路中电流过大损坏元件，起到保护电路的作用，需将滑动变阻器的滑片P调至接入电路的最大阻值处，也就是滑动变阻器的右端。
（2）开关闭合后，电流表无示数，说明电路存在断路故障；而电压表示数接近电源电压 3V，表明电压表两端可正常连通电源，由此可判断故障为与电压表并联的定值电阻R发生了断路。
（3）观察电流表读数，电流表选用小量程，其分度值为0.02A，此时指针位置对应的电流值为0.4A。 将定值电阻R更换为10Ω的电阻后，根据串联电路的分压规律，定值电阻两端的电压会升高。为保持定值电阻两端电压不变，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，以分担更多电压，因此滑片应向右端移动。
（4）由图乙数据可知，当定值电阻R=5Ω 时，电路中的电流I=0.4A，因此实验中需保持不变的定值电阻两端电压为：
根据串联电路电压的规律可知，变阻器分得的电压为
根据串联分压原理，通过定值电阻的电流等于通过滑动变阻器的电流，则，所以当换用阻值为25Ω的电阻连入电路中时，对应的滑动变阻器接入电路的电阻为
故答案为：（1）右；（2）定值电阻R断路；（3）0.4；右；（4）12.5。
【分析】（1）电学实验中，开关闭合前将滑动变阻器调至最大阻值，是通用的电路保护操作，可防止初始电流过大。
（2）电流表无示数通常指向电路断路，而电压表示数接近电源电压，则说明与电压表并联的部分发生了断路。
（3）读取电流表示数时，需先确定量程与分度值；探究电流与电阻关系时，更换大电阻后需通过调节滑片，保持定值电阻两端电压恒定。
（4）利用串联分压原理，可通过定值电阻与滑动变阻器的电压比，计算出不同定值电阻对应的滑动变阻器接入阻值。
（1）开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即滑动变阻器的右端。
（2）闭合开关后，小明发现电流表没示数，说明电路可能存在断路故障，结合电压表示数接近电源电压3V，说明电压表与电源连通，故与电压表并联的支路断路了，即电阻R断路。
（3）[1]电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，故电流表示数为0.4A。
[2]将R换成10Ω电阻后，根据串联电路分压原理可知，电阻R的分压会变大，为保持电阻R两端的电压不变，故需要增大滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器的滑片应向右端移动。
（4）由图乙可知，当电阻时，电路中的电流为0.4A，所以电阻R两端保持不变的电压为
根据串联电路电压的规律可知，变阻器分得的电压为
根据串联分压原理，通过定值电阻的电流等于通过滑动变阻器的电流，则，所以当换用阻值为25Ω的电阻连入电路中时，对应的滑动变阻器接入电路的电阻为
21．在测量正常工作时的电压为2.5V的小灯泡的电阻的实验中，连接如图甲所示实物图：
（1）小明闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，电压表　 　（选填“有示数”或“无示数”），经检查，发现有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将图甲电路连接正确，连线不能交叉　 　；
（2）改正好电路，进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）端移动。继续移动滑片，小明测出了小灯泡在不同电压下发光时的电阻，并取其平均值作为灯丝的电阻，同组其他同学认为他的做法不合理，理由是　 　；
（3）小明利用电源（电压恒定）、电流表、阻值为的定值电阻、铭牌磨损的滑动变阻器、开关和单刀双掷开关各一个，设计了如图乙所示的电路，测量未知电阻的阻值，请将实验步骤补充完整：
①开关S闭合，开关接a时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，此时电流表的示数为；
②开关S闭合，开关接b时，滑动变阻器的滑片　 　（选填“移到最左端”、“移到最右端”或“保持不动”），此时电流表的示数为；
③电阻　 　（用和表示）。
【答案】（1）无示数；
（2）右；灯丝的电阻随温度的变化而变化
（3）保持不动；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 （1）分析实物图，小灯泡和电压表被短接，所以移动滑片，小灯泡不亮，但电流表有示数，电压表无示数；在测小灯泡的电阻实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）调整电路后，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向右端移动；
小灯泡的电阻受温度影响，在不同电压下发光时的电阻不一样，不是一个定值，故求平均值没有意义；
（3）开关S闭合，开关S1接a时，Rx与R0并联，电流表测Rx支路电流，示数为I1，则有Ux=I1Rx；开关S闭合，开关S1接b时，滑动变阻器的滑片保持不动，Rx与R0并联，电流表测干路电流，的示数为I2，则有I0=I2-I1；两次改变开关S1接点的过程中，电源电压不变，滑动变阻器阻值不变，并联电路两端的电压不变，所以I0R0=（I2-I1）R0=I1Rx，
解得：。
故答案为：（1）无示数； ；（2）右；灯丝的电阻随温度的变化而变化；（3）②保持不动；③。
【分析】 （1）根据电路连接和电表的使用分析回答；
（2）根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；灯丝的电阻随温度的变化而变化；
（3）根据并联电路的特点结合欧姆定律写出未知电阻Rx的阻值。
（1）[1][2]分析实物图，小灯泡被短接，所以移动滑片，小灯泡不亮，但电流表有示数，电压表无示数，故修改电路图如下：
（2）[1]调整电路后，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数为2V，小于小灯泡的额定电压2.5V，根据串联电路的分压定律，要增大小灯泡两端的电压，就需要减小滑动变阻器的阻值，故滑片向右端移动。
[2]小灯泡的电阻受温度影响，灯泡在不同电压下发光时的电阻不一样，不是一个定值。故求平均值没有意义。
（3）[1][2]分析电路图乙，开关S闭合，开关接a时，与并联，电流表测支路电流，示数为，则有，开关S闭合，开关接b时，滑动变阻器的滑片保持不动，与并联，电流表测干路电流，示数为，则有。两次改变开关接点的过程中，电源电压不变，滑动变阻器阻值不变，并联电路两端的电压不变，所以
可得。
22．阅读短文，回答问题。
热电偶
用两种不同材料的导体（如铁丝和铜丝）组成如图所示的闭合回路，当两端存在温度差时，就会在间产生一个电压，这就是塞贝克效应（又叫热电效应），这种电路叫热电偶电路。热电偶所产生的热电压由接触电压和温差电压两部分组成。实验表明：热电偶电路中电压的大小跟相互连接的两种金属丝的材料有关；跟接点和间的温差大小有关，温差越大，电压越大。
（1）以下材料组合中，可以制作热电偶电路的是（　　）
A．玻璃片、铝薄片 B．玻璃片、玻璃片
C．铝薄片、锌薄片 D．锌薄片、锌薄片
（2）这样的热电偶实际上是一个电源，当存在　 　时才会产生电压。其它条件不变，（如图）只将处杯中的冰水混合物换为沸水，则电路中的电流会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为时，产生的电压为；若低温处的温度为，热、冷两点间产生的温差电压为，则高温处的温度为　 　。
【答案】（1）C
（2）温度差；变小
（3）990
【知识点】电源及其能量转化；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）根据短文，制作热电偶电路，需要材料不同的导体，玻璃片是绝缘体；铝薄片、锌薄片易导电，是导体，可制作热电偶电源，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）材料中，当A、B两端存在温度差时，在AB间产生一个电压，此热电偶相当于电源；
将A处杯中的冰水混合物换为沸水，沸水与火焰的温差小于冰水与火焰的温差，温差越小，电压越小，电路中的电流变小。
（3）根据热电偶的温差电压与接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为100℃时，产生的电压为1.5mV；若低温处的温度为-10℃，热、冷两点间产生的温差电压为15mV，则，解得，则高温处的温度为990℃。
【分析】（1）制作热电偶电路时，需要不同的导体连接电路；
（2）物体间存在温差时，会有电压差，相当于电源；
（3）根据导体两端的温度差和对应的电压关系，结合实际电压，计算实际温度。
（1）由材料信息得，制作热电偶电路为材料不同的导体，玻璃片不易导电，是绝缘体；铝薄片、锌薄片易导电，是导体，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[1]由材料可知，当物体间存在温差，物体间的热量会发生转移。当A、B两端存在温度差时，就会在AB间产生一个电压，这样的热电偶实际上是一个电源
[2]其它条件不变，（如图甲）只将A处杯中的冰水混合物换为沸水，沸水与火焰的温差小于冰水与火焰的温差，温差越小，电压越小，所以电路中的电流会变小。
（3）热电偶的温差电压与两个接点间的温度差成正比。当热、冷两点间的温度差为100℃时，产生的电压为1.5mV；若低温处的温度为－10℃，热、冷两点间产生的温差电压为15mV，则
解得，则高温处的温度为990℃。
23．如皋拥有丰富的历史文化遗产。暑假期间小明一家从南京自驾前往如皋进行研学旅行。南京到如皋全程约270km，驾车前往大约需要3h。（汽油的热值取，汽油的密度取）
（1）求汽车的平均速度；
（2）汽车全程消耗汽油20L，求汽油完全燃烧放出的热量；
（3）若汽车发动机全程的平均功率为25kW，求汽车发动机的效率。
【答案】（1）汽车平均速度为：。
答： 汽车的平均速度为90km/h。
（2）消耗汽油的质量为：m=ρV=20×10-3m3×0.8×103kg/m3=16kg，
汽油完全燃烧放出的热量Q为：Q放=mq=16kg×4.5×107J/kg=7.2×108J。
答： 汽油完全燃烧放出的热量Q为7.2×108J。
（3）汽车发动机做的机械功为：W=Pt=25×103W×3×3600s=2.7×108J；
发动机的机械效率为：。
答： 汽车发动机的效率为37.5%。
【知识点】热量的计算；热机的效率；速度公式及其应用
【解析】【分析】 （1）根据路程和时间直接计算；
（2）根据密度公式求出汽油的质量，根据Q=qm得出汽油完全燃烧放出的热量；
（3）根据W=Pt算出机械功，再结合热机的效率进行计算。
（1）根据速度公式，代入路程和时间，得速度
（2）汽油体积
质量
完全燃烧放出的热量为
（3）发动机做的有用功
效率
24．如图甲为常用的电热饮水机，其电路原理如图乙所示，该饮水机的额定电压为220V，加热电功率为1100W，保温电功率为44W，R1、R2均为电热丝（R1、R2的电阻不随温度变化）。
（1）饮水机处于保温状态时，电路中的电流是多少；
（2）电热丝R1的电阻是多少；
（3）保温状态下工作5分钟，R2上产生的热量是多少。
【答案】（1）已知饮水机处于保温状态时的功率P保=44W，额定电压 U=220V。根据P=UI可得保温状态时电路中的电流为：。
答： 保温状态时电路中的电流为0.2A。
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，此时电路总电阻最小。由可知，当电压一定时，电阻越小，功率越大，故此时饮水机处于加热状态。电热丝R2的电阻为：；当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。根据欧姆定律可得保温时电路的总电阻为：；
根据串联电路电阻的特点可得电热丝R1的电阻为：R1=R总-R2=1100Ω-44Ω=1056Ω。
答： 电热丝R1的电阻为1056Ω。
（3）保温状态下工作时间t=5min=300s，此时电路中的电流为I保=0.2A，电热丝R2的电阻R2=44Ω，根据Q=I2Rt可得R2上产生的热量为：。
答：保温状态下工作5分钟内R2上产生的热量为528J。
【知识点】电路的三种状态；欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】 （1）根据P=UI可求出保温状态时电路中的电流；
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，根据可知此时饮水机处于加热状态，根据可求出电热丝R2的电阻；当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。根据欧姆定律可求出保温时电路的总电阻，根据串联电路电阻的特点求出电热丝R1的电阻；
（3）根据Q=I2Rt可求出R2上产生的热量。
（1）已知饮水机处于保温状态时的功率，额定电压。根据电功率公式可得，保温状态时电路中的电流为
（2）由电路图可知，当开关S闭合时，电阻R1被短路，电路为R2的简单电路，此时电路总电阻最小。由可知，当电压一定时，电阻越小，功率越大，故此时饮水机处于加热状态。电热丝R2的电阻为
当开关S断开时，电阻R1和R2串联，电路总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态。保温时电路的总电阻为
根据串联电路电阻的特点，可知电热丝R1的电阻为
（3）保温状态下工作时间
此时电路中的电流，电热丝R2的电阻
根据焦耳定律，R2上产生的热量为
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