资源简介

￠》一强基班第二学期第二次检测考试
物理试题
时量：75分钟
满分：100分
一、卷面分3分
二、单项选择题（共8题，每小题4分，共32分）
1、下列说法正确的是()
A.牛顿第一定律是实验定律
B.牛顿是国际制单位中的基本单位
C.牛顿第三定律说明物体间的作用力是可以相互传递的
D.牛顿第二定律公式F=a中，比例系数k的数值由质量、加速度和力三者的单位决定
2、一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2g的小球从一定的高度自由下落，
测得在第4s内的位移是42m,则(
A.小球在2s末的速度是16m/s
B.该星球上的重力加速度为10m/s2
C.小球在第4s末的速度是48m/s
D.小球在4s内的位移是80m
3、某次机车性能测试中，机车由静止开始沿水平直线运动，其加速度α随时间t变化的关系如图所示，
则机车()
A.0-2t时间内做匀加速直线运动
B.2t时速度最大
to 2to 3t0
4to
C.3时速度为零
D.2t时和4t,时的速度大小相等
4、如图所示，有两根原长都为1、劲度系数都为k的轻质弹性绳（弹性绳的弹力满足胡克定律）的两端
分别固定在天花板上相距为21的两点，另两端系在O点，一物体通过另一段轻质细绳系在O点，静止
时两根弹性绳与水平面夹角都为60°。弹性绳始终处在弹性限度内，重力加速度为g。则物体的质量是
()
'll22224LLL∠
H
A.28
8.3M
D.
28
8
8
5、工地用可移动的升降机吊装建材，轻绳穿过下方挂建材的光滑圆环，绳的一端固定在建筑墙面的A
点，另一端固定在升降机的B点（如图）。己知建材的质量为，升降机的质量为M,下列说法正确的
是()
试卷第1页，共6页
A.升降机缓慢竖直上升时，绳中的张力逐渐减小
B.升降机缓慢竖直上升时，地面对升降机的摩擦力大小不变
C.升降机缓慢水平向左移动时，圆环两侧绳的夹角保持不变
D.升降机缓慢水平向右移动时，升降机对地面的压力增大
nminnmmMM7
6、如图所示，质量为2kg的物体A静止于竖直的轻弹簧上，质量为3g的物体B用细线悬挂，A、B间
相互接触但无压力，取重力加速度g=10/s2。某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间(
A.B对A的压力大小为12N
B.弹簧弹力大小为50N
C.B的加速度大小为10m/s2
D.A的加速度为零
mmimn
7、如图所示，四条光滑的轨道下端固定在P点，上端分别固定在竖直墙面上的A、B、C、D四点。
现使四个小滑块（均可视为质点）分别从四条轨道的上端同时静止释放，由A、C滑到P点的时间均为，
由B、D滑到P点的时间分别为5、专，。那么()
A.to>t>
B.>
c.41>>t
D
D.i3>>41
8、如图1所示，斜面体放在粗糙的水平地面上，两斜面光滑且倾角分别为53°和37°，两小滑块P和Q
用绕过滑轮不可伸长的轻绳连接，分别置于两个斜面上，OP∥AB,OQ∥AC,已知P、Q和斜面体均
静止不动。若交换两滑块位置如图2所示，再由静止释放，斜面体仍然静止不动，Q的质量为m,取：
sin53°=0.8，cos53°=0.6重力加速度大小为g,不计滑轮的质量和摩擦，则下列判断正确的是()
人539
37°
53
37°
图1
图2
A.P的质量为m
3
B.在图1中，斜面体与地面间无静摩擦力
C.在图2中，两滑块在Q滑块落地前的速度相同
试卷第2页，共6页￠”一中强基班第二§第二次检测物理试参考答案
题号
1
3
6
7
9
10
11
答案
D
C
D
D
B
D
B
AD
BC
BD
12
AC
13、(1)B
(2)D
(3)C
(4)
OA
不断减小
14、(1)C
(2)
1.07
4.20
(3)平衡摩擦力时木板倾角过小或者平衡摩擦力不足
15、(1)10W5N
(2)30W3N
【详解】(1)对B受力分析，如图所示
N
7777777777
根据平衡条件，可得右侧竖直面对球B的弹力N,=三
tan
解得N,=10W5N
(2)当右侧竖直面对球B的弹力为零时，小球B与槽A保持相对静止，恒力F有最大值
根据牛顿第二定律，对球B有三=ma
tan
解得a=103
m/s
3
对整体有Fm=(a+)a
解得F=30W3N
16、(1)a=gtan0;(2)f=(M+m)gtan0,N=M+m)g;(3)不会
解析：(1)根据gtan0模型，可知小车的加速度大小为a=gtan0。
(2)取M,m为一整体，则由牛顿第二定律可知横杆对M的摩擦力为f=(M+m)a=(M+m)gtan 0
横杆对M的支持力为N=(M+m)g
(3)当加速度增加到2倍时，设细线与竖直方向的夹角为a,则gtan a=2gtan0,即tana=2tan0,
但不是a=20。
对m受力分析，设细绳的拉力为T,则T=
。
正切值变为原来的2倍，但余弦值不是2倍的关系，
所以细绳拉力不是原来的2倍。
综上，细线的拉力和细线与竖直方向的夹角都不是原来的2倍。
17、(1)5m/s2方向：沿斜面向上(2)15m(3)2√15m/s
由题意知，滑块经历了如图所示的三个阶段
食y
as
41
a2
N2
G
G
e
f2
F2
mg
G2
mg
mg
甲
乙
个
(1)如图甲所示，在外力F作用下滑块向上做加速运动，
由ma1=Fcos6-ngsin0-u(mgcos0+Fsinθ)
可知加速度大小为a1=5m/s2。方向：沿斜面向上
(2)作用时间t1=2s后，滑块的速度为V1=a1t1=10m/s,则滑块上升的位移为
x1=号a1t号=10m
如图乙所示，撤去外力后滑块做减速运动，此时摩擦力向下，它的加速度2满足
ma2 G1+f2=mgsine umgcose
解得a2=10m/s2。
滑块要继续上冲到速度减为零为止，花去的时间为七2=兰=1s,则滑块上冲的位移为
a2
1
=v1t-2a2t号=5m
总位移为X3=X1+X2=15m
(3)如图丙所示，因为tan>u,即mgsine>mgcose6,所以滑块不可能静止于斜面上，它将开始沿斜面向下
加速运动。注意，此过程中摩擦力将沿斜面向上，其加速度满足
ma3 =G1-fs mgsine-umgcos0
解得a3=2m/s2。又注意到下滑的总位移为3=x1+2=15m,所以由v2=2a3x3可得
v=√2a3x3=V2×2×15m/s=2v15m/s

展开更多......

收起↑