资源简介

姓名： 座位号：
（在此卷上答题无效）
2026 届高三最后一卷
物 理
（考试时间：75分钟 满分：100分）
注意事项：
1.答卷前，务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡和试卷上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，务必
擦净后再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要
求。
1．下列说法正确的是
A．图甲为黑体在不同温度下的辐射强度与波长的关系图，则温度 T1B．图乙中滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数一定持续增大
C．图丙为康普顿效应的示意图，入射光子与静止的电子发生碰撞，碰后散射光的波长变长
D．氘氚核聚变的核反应方程为2 31H+1H→42He+ 0 1e
2．今年 4月，合肥一六八中学举办了首届风筝节。如图所示，某同学的风筝受到垂直于风筝面向上的风
力、风筝线的拉力 F和重力作用，在空中处于平衡状态，此时风筝平面与水平方向夹角为β（0°<β<90°），
风筝线与水平方向夹角为α（0°<α<90°）。若风力变大，但风向不变，该同学通过调整 F和α，使风筝再
次在空中平衡，且β角不变，则调整后
A．F变小，α变大
B．F变大，α变大
C．F变小，α变小
D．F变大，α变小
2026届高三物理试卷 第 1 页（共 6 页）
3．小王同学为了测量某声波的波长，设计了如图所示装置，插在 B管中的 A管可左右移动。声波从管口
T进入后，分成两列分别沿 A、B两管传播到出口 O。先调节 A、B两管等长，O处探测到声波强度最
大，然后将 A管缓慢向右拉动，当 A管向右移动距离 d=10 cm时，在 O处第一次探测到声波强度最小。
不计声波在管道中传播的能量损失，则该声波的波长为
A．5 cm
B．10 cm
C．20 cm
D．40 cm
x
4．一款国产电动汽车上市前，在水平路面上进行直线驾驶刹车性能检测，测得该电动汽车的 t图像如
t
图所示，其中 x和 t分别表示电动汽车的位移和运动时间，0~4 s的图线为直线，4 s以后的图线为反比
例函数图线，下列说法正确的是
A．0~4 s内汽车匀减速运动
B．0~4 s内汽车的加速度大小为 2.5 m/s2
C．4 s以后汽车加速度逐渐减小
D．图线与坐标轴围的面积表示汽车的位移
5．在如图所示的输电线路中，交流发电机的输出电压一定，两变压器均为理想变压器，左侧升压变压器
的原、副线圈匝数分别为 n1、n2，两变压器间输电线路电阻为 r。若要减小 r消耗的功率，下列操作可
行的是
A．仅增加用户数
B．仅减少用户数
C．仅适当减小 n1
D．仅适当增加 n2
6．一辆 CRH2型动车组的额定输出功率为 4800 kW，该动车组在水平轨道上运动时的最大速度为 270 km/h，
受到的阻力 f与速度 v满足 f=kv2。当动车组匀速行驶的速度为最大速度一半时，其输出功率为
A．600 kW B．1200 kW C．2400 kW D．4800 kW
7．如图所示，在原点 O和 x轴负半轴上坐标为-x1处分别固定两点电荷 Q1、Q2。一带正电的试探电荷从坐
标为 x2处以一定的初速度沿 x轴正方向运动，其电势能的变化情况已在图中绘出，图线与 x轴交点的横
坐标为 x3，图线最高点对应的横坐标为 x4。不计试探电荷的重力，下列说法正确的是
A．x轴正半轴上，x4处的电势最低
B．点电荷 Q1、Q2均带正电
C．从 x2到 x4，电场强度大小逐渐减小
D．试探电荷从 x2运动至 x4的过程中，电场力先做正功后做负功
2026届高三物理试卷 第 2 页（共 6 页）
8．如图所示，一行星绕某恒星运动的轨迹为椭圆，恒星位于焦点 F上，A、B分别为椭圆长轴和短轴的端
点。已知恒星质量为 M，行星的质量为 m、运动周期为 T，椭圆焦距为 2c、半长轴为 a。取无穷远处引
力势能为零，行星引力势能表达式为Ep= G
Mm
（其中 G为引力常量，r为行星中心到恒星中心的距离）。
r
下列说法正确的是
A．行星从 B运动到 A的最短时间为 T/4
B．行星运动到 B时的引力势能为Ep= G
Mm
a2 c2
C．行星从 B运动到 A引力做功为 GMm( 1 1 )
a c a
D Mm．若行星经过 A的动能大于 G ，则行星能脱离恒星的束缚a c
二、选择题：本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。
全部选对得满分，选对但不全得 3 分，有错选的得 0 分。
9．可逆斯特林热机的工作循环如图所示。一定质量的理想气体经 A B C D A完成循环过程，
A B和C D均为等温过程， B C和D A均为等容过程。
下列说法正确的是
A．气体在状态 A时的温度低于在状态 D时的温度
B．A→B过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功
C．A→B过程，气体从外界吸收的热量大于 C→D过程放出的热量
D．A→B→C→D→A整个循环过程，外界对气体做的功 W > 0
10．如图所示，宽度 L 0.5m的 U形足够长平行金属导轨固定在水平地面上，导轨平面处于竖直向上的匀
强磁场中，磁感应强度大小随时间的变化规律为 B 2t(T)。静置在导轨上的导体棒 ab与导轨最左端距
离为 d 1m，导体棒质量为m 0.2kg、电阻为 R 4 ，导体棒与导轨之间的动摩擦因数 0.3。
t 0时，给导体棒施加水平向右的外力 F，使其由静止开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为
a 2m/s2。导体棒始终与导轨垂直且接触良好，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，导轨的电阻忽略不计，
重力加速度 g 10m/s2 。下列说法正确的是
A． t 0时导体棒中电流方向由 b到 a
B．0~1s内通过导体棒的电荷量 q 1C
C．t=1s时导体棒中电流 I 0.5A
D．t=1s时外力F 2N
2026届高三物理试卷 第 3 页（共 6 页）
三、非选择题：本题共 5 小题，共 58 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出
最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
11.（6分）用如图 1所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜
槽轨道 PQ滑下后从末端 Q点飞出，落在水平挡板 MN上。钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤
压出一个痕迹点。上下移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。
（1）下列实验条件必须满足的有____________。
A．斜槽轨道光滑
B．斜槽轨道末段水平
C．挡板高度等间距变化
D．每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球
（2）为定量研究，建立以水平方向为 x轴、竖直方向为 y轴的坐标系。
a．取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于 Q点，钢球的________（选填“最上端”、“最下端”
或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点。
b．若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如图 2所示，在轨迹上取 A、B、C三点，
y 1
A、B 1和 B、C的水平间距相等且均为 x，测得 A、B和 B、C的竖直间距分别是 y1和 y2，则 y ______2 3
（选填“大于”、“等于”或者“小于”），可求得钢球平抛的初速度大小为____________（已知当地重力加
速度为 g，结果用上述字母表示）。
12.（10分）某实验小组利用电流传感器观察电容器充放电过程中的电流变化。实验电路如图（a）所示，
其中电源电动势 E 3.0V、内阻不计，定值电阻 R1 3k ，定值电阻 R2 6k ，电流传感器内阻忽略不
计。
（1）将单刀双掷开关先接 1充电，当电容器充满电后，再将单刀双掷开关接到 2放电，放电过程中经
过 R2的电流方向为______（填“a b ”或“b a ”）；
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（2）电流传感器记录整个过程中电流 I随时间 t变化的图像如图（b）所示，根据元件参数，可计算出
图像中 I1的大小为______mA、 I2的大小为______mA；
（3）已知图（b）中0 ~ t1内图线与坐标轴围成的面积大小为0.09mA s，则该实验使用的电容器电容大
小C ______F。若考虑电流传感器的内阻，则电容的测量值 真实值（选填“大于”“小于”或“等于”）。
13.（10分）如图所示，直角三角形 ABC为一棱镜的横截面，∠A=90°，∠B=30°，AC边长为 a。一束光
线从 AC边的中点 O垂直 AC边射入棱镜，然后从 AB边上的 D点射出，出射光线平行于底边 BC。已知
真空中光速为 c。求：
（1）棱镜的折射率；
（2）光在棱镜中的传播时间。
14．（14分）如图所示，一足够长的竖直光滑杆固定在水平地面上，有一劲度系数 k 100N / m的轻弹簧
套在杆上，弹簧下端固定，上端与穿在杆上的物块 A连接在一起，A静止时所在位置为O。另一穿在杆
上的物块 B从与O点距离为 h（ h未知）的位置由静止开始下落，与 A发生完全非弹性碰撞后一起向下
运动（碰撞时间极短，碰后 A、B未粘在一起）。两物块质量均为m 0.5kg，且均可视为质点，在整个
1 2
过程中弹簧始终在弹性限度内，弹性势能表达式为 Ep kx（其中 x为弹簧的形变量），2
重力加速度为 g 10m/s2，不计空气阻力。
（1）若 h 0.2m，求碰撞过程 B对 A的冲量大小；
（2）要使 A、B碰后的运动过程中始终不分离，求 h的最大值；

（3）h取第（2）问的最大值，已知 A、B整体做简谐运动的周期T s，求 A、B
5
从O点开始向下运动经过多久第一次到达最低点。
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15．（18分）半径为 R的半圆形绝缘光滑细管固定在竖直面内，其右端位于坐标原点 O、直径 OM与 x
mg
轴夹角 37 ，N为细管的最低点。第二、三象限存在水平向右、电场强度大小 E1 q 的匀强电场，第
mg
一象限存在竖直向上、电场强度大小 E2 q 的匀强电场和垂直纸面向外的非匀强磁场，磁感应强度大小
B沿 y轴方向分布的规律为 B=ky（k为已知常量）。质量为 m、电荷量为 q（q>0）的带正电小球，从第二
象限内的 P点，以某一初速度沿 x轴负向进入匀强电场，恰好从细管左端 M点无碰撞地进入细管，且通过
M点速度 vM gR 。已知细管的内径略大于小球的直径，重力加速度为 g，sin 37 0.6，cos37 0.8。
（1）求小球在 P点的初速度 vP；
（2）求小球到达 N点时对细管的压力；
（3）设小球到达 O点的速度大小为 v（v为已知量），小球在第一象限中运动距 x轴的最远点为 Q（图
中未画出），求 Q点到 x轴的距离以及小球从 O到 Q的运动轨迹与 x轴所围成的面积。
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2026届高三最后一卷·物理
参考答案、提示及评分细则
一、二选择题：共 42分。第 1-8题为单项选择题，每小题 4分；第 9-10题为多项选择题，每
小题 5分，全部选对得满分，选对但不全得 3分，有选错的得 0分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C B D A B A C D BC AD
1. C
【详解】A.黑体辐射的规律是：随着温度的升高，辐射强度的极大值对应的波长越短，图甲中
T1对应的峰值波长λ1比 T2对应的λ2短，所以 T1>T2。因此，A选项错误。选项 B，图乙是光电
效应的电路，滑动变阻器滑片向右滑动时，光电管两端的正向电压增大，当电流达到饱和光电
流后，即使电压继续增大，电流也不会再变化，因此，电流表读数不会持续增大。选项 C，康
普顿效应中，入射光子与静止电子碰撞时，光子会把部分能量转移给电子，导致自身能量减少。
c
根据E h h ，能量减少，则频率υ减小，波长λ增大，因此，碰后散射光的波长大于入射光

的波长，选项 C正确。氘氚核聚变核反应生成的是中子不是电子。
2. B
【详解】本题考查动态平衡问题，对风筝受力分析，如图所示，易知风力变大时，拉力 F变大，
变大。
3. D

【详解】根据振动减弱的条件可得 2d ，解得 40cm，故选 D。
2
4. A
x
【详解】0-4s内，由公式 x=v t+ 1 at20 ，得 =v0+
1 at，则v0=20m/s，a= 5m/s2。2 t 2
可知 0-4s汽车做匀减速运动，4s时速度减为 0停下来，4s后汽车静止。A正确，BC错误
x
t图像中，图线上某点的横纵坐标乘积表示位移,故 D错误。
t
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5. B
【详解】我们先明确三个回路，电源回路，输送回路和用户回路。输电线电阻 r消耗的功率公
式：P 损=I22r，其中 I2是输送回路中输电线中的电流（也就是升压变压器副线圈、降压变压器原
线圈的电流），所以要减小 P 损，需要减小 I2。A.仅增加用户数，用户回路中总电阻减小，则输
送回路中的等效总电阻减小，I2增加，P 损增加。B.仅减小用户数，用户回路中总电阻增大，则
输送回路中的等效总电阻增大，I2减小，P 损减小。所以 B正确。C.仅适当减小 n1，根据
U n 22 U1，n1减小，U 2增大，I2增大，P损增大。n1
n
D. 2仅适当增大 n2，根据U 2 U1，n2减小，U 2增大，I2增大，Pn 损
增大。
1
6.A
【详解】最大速度 vmax=270km/h=75m/s，额定输出功率 P=4800kW=4.8×106W。
当动车达到最大速度时，牵引力等于阻力，即 F=f=kv2。
根据功率公式 P Fvm kv
3
m，代入得：4.8×106W=k(75m/s)3,
3
v
当速度为最大速度一半且匀速行驶时，输出功率 P' F 'v' k m 。
2
所以 P'=6×105W=600kW。
7.C
【详解】根据电势能与电势的关系：E p q ，正电荷在电势高的地方电势能大，（即 q>0时，
电势能变化与电势变化一致）。
电场力做功W=-ΔEp（电势能增加，电场力做负功；电势能减少，电场力做正功）
Ep-x图像的斜率绝对值对应电场力大小。
A.因为 q>0，x正半轴上，x3处的电势能最小，所以电势最低。
B.x4处是斜率为 0的点（电场强度为 0），说明此处两个点电荷的电场抵消。
结合正试探电荷越靠近 Q2电势能越小，电势越低，可知 Q1带正电、Q2带负电。
C.Ep-x 图像的斜率绝对值表示电场力大小：从 x2到 x4，斜率绝对值逐渐减小到 0（x4处），因
此电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小（F 电=Eq）。
D.电势能的正负表示大小，从 x2到 x4，试探电荷（正电）的电势能逐渐增大，所以电场力一直
做负功。
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8.D
【详解】行星从 B运动到 A的最短时间小于 T/4，由椭圆知识得 BF间距离为 a，在 B位置的
Mm
引力势能为Ep= G 。由功能关系w引= Ep=-(EPA EPB)=GMm
1 GMm 1 = GMm( 1 1 )。行
a a c a a c a
Mm
星经过 A时满足，EkA+EPA>0则行星能脱离恒星的束缚，即 EkA E pA G a c
9. BC
【详解】A．D→A是等容变化，由理想气体状态方程 pV nRT 可知，压强增大，温度T升高，
所以 TA>TD；
B．由热力学第一定律ΔU=W+Q，A→B过程温度 T不变，ΔU=0，体积变大，气体对外做功，
W<0,所以 Q>0,气体从外界吸收的热量全部用于对外做功，故 B正确；
C．由热力学第一定律ΔU=W+Q，A→B过程温度 T1不变，ΔU=0，气体吸收的热量等于气体对
外界做功。C→D过程温度 T2不变，ΔU=0，体积变小，气体对外界放出的热量等于外界对气体
做的功，又因为 P-V图像所围成的面积大小表示做功，所以 A→B过程，气体从外界吸收的热
量大于 C→D过程放出的热量，故 C正确；
D．A→B→C→D→A整个循环过程，气体对外做功大于外界对气体做的功，因此，外界对气体
做的功 W<0，故 D错误。
10．AD
【详解】A．由楞次定律可判断导体棒中电流方向由 b到 a，A正确；
1 2 1B 0~1s 2． 内，导体棒的位移 x at 2 1 m 1m，通过导体棒的电荷量
2 2
q 2 1 B2L(d x) B1Ld 2 0.5 (1 1) C=0.5C，B错误；
R R R 4
B 1
C．t=1s 2时，电动势 E L(d x) BLv 2 0.5 (1 2 1 ) 2 0.5 2 4(V )，所以电
t 2
I E 4流 1(A)，C错误；
R 4
D．t=1s时，对导体棒由牛顿第二定律有 F B2I2L mg ma，解得 F 2N，D正确；故
选 AD。
三、非选择题：共 58分。
11. (1)BD（2分） (2) g球心（1分） 大于 （1分） v0=x y y （2分）2 1
【详解】(1)本实验中要保证小球飞出斜槽末端时的速度为水平，即小球做平抛运动，且每次飞
出时的速度应相同，所以只要每次将小球从斜槽上同一位置由静止释放即可，故 BD正确；
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(2)a.平抛运动的起始点应为钢球静置于 Q点时，钢球的球心对应纸上的位置，由于平抛运动在
竖直方向做自由落体运动，所以在确定 y轴时需要 y轴与重锤线平行；
b.由初速度为零的匀加速直线运动规律即在相等时间间隔内所通过的位移之比为 1:3:5:7:....可
y1 > 1知，由于 A点不是抛出点，所以y 3；设 AB，BC间所用的时间为 T，竖直方向有：y2 y
2
2 1
=gT ，
x=v T v =x g水平方向有： 0 ，联立解得： 0 y y ；2 1
12．(1) a b （2分 (2) 1.0 （2分） 0.5（2分） (3) 3×10 5（2分） (4)等于（2分）
【详解】（1）由电路图可知，电容器充满电后，上极板带正电，放电时流过电阻R2的方向为 a b。
E
（2）电容器开始充电瞬间R1两端电压为电源电动势I1= =1.0mAR ，充满电，两极板间的电压等1
E
于电源电动势 3V，开始放电瞬间，流过电阻R2的电流大小为I2= =0.5mAR 。2
3 C= Q = 0.09×10
3
（ ）根据电容的定义式可知， F=3×10 5F
U 3
（4）若考虑电流传感器的内阻，对电容的测量没有影响，故不变
9a
13.【答案】（1） 3；（2）
2c
【详解】（1）光路图及相关量如图所示．光束在 AB边上发生折射，由折射定律得
sin θ =n
sin β …………①
式中 n是棱镜的折射率．由几何关系和反射定律得
a=α，=∠B=300………②
β=300 θ=600 ③
联立①②③式，得
n= 3
（2 3）设光在 BC边上的 E点发生反射，则OE a cos30 a
2
ED a

sin30 sin60
解得
ED 1 a
3
光在棱镜中传播速度
2026届高三物理答案 第 4 页 共 7 页
v c c
n 3
则光在棱镜中传播的时间
t OE ED 5a
v 2c
π
14. 【答案】（1）0.5(Ns)；（2）0.15m ；（3） 15 s
（1）.B下落高度为 h时速度为v0
mgh= 1mv2
2 0
①
得 v0= 2gh
B与 A发生完全非弹性碰撞，碰后 A、B速度均为v1
mv0=2mv1 ②
A、 B碰撞瞬间，弹簧弹力与 A的重力相等，B给的作用力冲量为 I
I=mv1=0.5(Ns)
(2)要使 A、B碰后的运动过程中始终不分离，当弹簧处于原长时，AB向上运动到速度恰好减
为 0，此状态对于 AB不分离时 h的最大值。
1 2mv2+1
2 1
k
2 x
2
1=2mgx1 ③
kx1=mg x1=5cm ④
由①②③④得
h=0.15m
(3)AB碰撞后一起压缩弹簧，在竖直面做简谐运动，周期为 T，平衡位置弹簧压缩量为x2。
kx2=2mg x2=10cm
AB 到最低点时弹簧压缩量为x3
1 2mv2+1kx21 1+2mg(x3 x
1
1)= kx23 x3=20cm2 2 2
从 AB相碰到平衡位置经历的时间为t1
T
t1= 12
从平衡位置到最低点经历的时间为t2
T
t2= 4
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t1+t2=t
得
t= π
15 s
4mv
15 1 7 34 mv．【答案】（ ） gR；（2） mg，方向沿 y轴负向；（3）2 、
5 5 5qk 5kq
【解析】（1）小球从 P到M，水平方向
a = E1qx ，vM sin θ =vP a tm x
竖直方向
vM cos θ=gt
解得
7
vP= gR5
（2）小球从M运动到 N，由动能定理有
1 1
qE1R cos 3 7°+mgR(1+ sin 3 7°）= mv2N mv22 2 M
小球在 N点时，由牛顿第二定律有
v2
F NN mg=m R
解得
F 34N= mg5
F' =F = 34小球对轨道的压力 N N mg，方向沿 y轴负向5
（3）小球在第一象限运动时，受力分析可知
E2q=mg
故小球受到的合力等于洛伦兹力。由于洛伦兹力不做功，则小球运动至最高点 Q时速度大
小仍为vO、方向沿 x轴正向，故有小球沿 y轴方向分速度为零、沿 x轴方向分速度为vO。在
水平方向上由动量定理
ΣqBvyΔt=mv mv sin 3 7
其中 B=ky、vyΔt=Δy，代入上式有
ΣqkyΔy=mv mv sin 3 7
左边微元累积得
2026届高三物理答案 第 6 页 共 7 页
1
qky2=mv mv sin 3 7
2
解得 y=2 mv5qk
在竖直方向利用动量定理
ΣqBv Δt=0 mv cos 3 7 x
其中 B=ky、vxΔt=Δx，代入上式有
ΣqkyΔx=0 mv cos 3 7
左边微元累积得
qkS=0 mv cos 3 7
mv cos 3 7 4mv
解得面积 S= =
kq 5kq
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